2023届江苏省扬州市高三5月考前适应性考试物理试题试卷

2023届江苏省扬州市高三5月考前适应性考试物理试题试卷

注意事项

1．考生要认真填写考场号和座位序号。

2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。

3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，一个劈形物体A，各面均光滑，放在固定的斜面上，上表面呈水平，在水平面上放一个小球B，劈形物体从静止开始释放，则小球在碰到斜面前的运动轨迹是(  )

A．沿斜面向下的直线

B．竖直向下的直线

C．无规则曲线

D．抛物线

2、某静电场中x轴上各点电势分布图如图所示。一带电粒子在坐标原点O处由静止释放，仅在电场力作用下沿x轴正方向运动。下列说法正确的是

A．粒子一定带负电

B．粒子在x1处受到的电场力最大

C．粒子从原点运动到x1过程中，电势能增大

D．粒子能够运动到x2处

3、关于天然放射现象，下列说法正确的是（　　）

A．玛丽居里发现了天然放射现象

B．天然放射现象说明原子是可以分割的

C．原子序数大于或等于83的元素都具有放射性

D．温度越高，放射性元素的放射性就越强

4、用一束紫外线照射某金属时不能产生光电效应，可能使该金属产生光电效应的措施是

A．改用强度更大的紫外线照射 B．延长原紫外线的照射时间

C．改用X射线照射 D．改用红外线照射

5、在探究影响感应电流方向的因素实验中，用灵敏电流计和线圈组成闭合回路，通过“插入”和“拔出”磁铁，使线圈中产生感应电流，记录实验过程中的相关信息，就可以分析得出感应电流方向遵循的规律。下图为某同学的部分实验记录，在图1中，电流计指针向左偏转。以下说法正确的是（　　）

A．在图2所示实验过程中，电流计指针应该向左偏转

B．在图3所示实验过程中，电流计指针应该向左偏转

C．这组实验可以说明，感应电流的磁场方向与线圈的绕向有关

D．这组实验可以说明，感应电流的磁场方向与磁铁的磁场方向有关

6、如图所示，在直角坐标系xOy平面内存在一点电荷，带电荷量为－Q，坐标轴上有A、B、C三点，并且OA=OB=BC=a，其中A点和B点的电势相等，O点和C点的电场强度大小相等。已知静电力常量为k，则（    ）

A．点电荷位于B点处

B．O点电势比A点电势高

C．C点处的电场强度大小为

D．将正的试探电荷从A点沿直线移动到C点，电势能先增大后减小

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图甲所示，通过一理想自耦变压器给灯泡L1和L2供电，R为定值电阻，电表均为理想电表，原线圈所接电压如图乙所示，下列说法正确的是（　　）

A．u随t的变化规律为u=22sin100rtV

B．将电键S闭合，电压表示数不变，电流表示数变大

C．将电键S闭合，小灯泡L1变亮

D．将电键S闭合，为保证小灯泡L1亮度不变，可将滑片P适当下移

8、一列简谐横波沿轴正方向传播，在处的质元的振动图线如图1所示，在处的质元的振动图线如图2所示。下列说法正确的是（　　）

A．该波的周期为12s

B．处的质元在平衡位置向上振动时，处的质元在波峰

C．在内处和处的质元通过的路程均为6cm

D．该波的波长不可能为8m

9、情形 1：如图，两列水波波源S1和S2的振幅分别为2A和A，某时刻它们形成的波峰和波谷分别由实线和虚线表示。情形 2：在杨氏双缝实验中，若两缝之间的距离稍微加大，其他条件不变，则干涉条纹将如何变？情形 3：用单色光通过小圆盘和小圆孔做衍射实验时，在光屏上得到衍射图形，它们的特征是（    ）

A．情形1中两列波在相遇区域发生干涉

B．情形1中此刻A点和B点的位移大小分别是A和3A

C．情形2中干涉条纹将变密

D．情形3中中央均为亮点的同心圆形条纹

E.情形3中用小圆盘时中央是暗的，用小圆孔时中央是亮的

10、下列说法正确的是      。

A．物体的摄氏温度变化了1℃，其热力学温度变化了1K

B．气体放出热量时，其分子的平均动能一定减小

C．气体之所以能充满整个空间，是因为气体分子间相互作用的引力和斥力十分微弱

D．如果气体分子间的相互作用力小到可以忽略不计，则气体的内能只与温度有关

E.密闭有空气的薄塑料瓶因降温而变扁，此过程中瓶内空气（不计分子势能）向外界释放热量，而外界对其做功

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻”的实验中，提供的器材有：

A．干电池一节

B．电流表（量程）

C．电压表（量程）

D．开关S和若干导线

E．滑动变阻器（最大阻值，允许最大电流）

F．滑动变阻器（最大阻值，允许最大电流）

G．滑动变阻器（最大阻值，允许最大电流）

(1)按图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器应选_____（填“”、“”或“”）

(2)图乙电路中部分导线已连接，请用笔画线代替导线将电路补充完整____，要求变阻器的滑片滑至最左端时，其使用电阻值最大。

(3)闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表和电流表的示数。用同样方法测量多组数据，将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，请作出图线_____，由此求得待测电池的电动势__________，内电阻_____。所得内阻的测量值与真实值相比______（填“偏大”、“偏小”或“相等”）（结果均保留两位有效数字）。

12．（12分）要测绘一个标有“2.5V 2W”小灯泡的伏安特性曲线.己选用的器材有：

直流电源（3V.内阻不计）

电流表A1量程为0.6 A，内阻为0.6n）

电流表A2（量程为300mA．内阻未知）

电压表V（量程0—3V，内阻约3kQ）

滑动变阻器R（0—5Ω，允许最大电流3A）

开关、导线若干．

其实验步骤如下：

①由于电流表A1的里程偏小.小组成员把A1、A2并联后在接入电路，请按此要求用笔画线代表导线在实物图中完成余下导线的连接.

（____）

（2）正确连接好电路，并将滑动变阻器滑片滑至最_______端，闭合开关S，调节滑片.发现当A1示数为0.50A时，A2的示数为200mA，由此可知A2的内阻为_______.

③若将并联后的两个电流表当作一个新电表，则该新电表的量程为_______A；为使其量程达到最大，可将图中_______（选填，“I”、“II”）处断开后再串联接入一个阻值合适的电阻．

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）如图，三棱镜的横截面为直角三角形 ABC， ∠A=30°， ∠B=60°， BC 边长度为 L，一束垂直于 AB 边的光线自 AB 边的 P 点射入三棱镜， AP 长度 d＜L，光线在 AC 边同时发生反射和折射，反射光线和折射光线恰好相互垂直，已知光在真空中的速度为 c．求：

（1）三棱镜的折射率；

（2）光从 P 点射入到第二次射出三棱镜经过的时间．

14．（16分）如图所示，直角坐标系xOy内z轴以下、x=b（b未知）的左侧有沿y轴正向的匀强电场，在第一象限内y轴、x轴、虚线MN及x=b所围区域内右垂直于坐标平面向外的匀强磁场，M、N的坐标分别为（0，a）、（a，0），质量为m、电荷量为q的带正电粒子在P点以初速度v0沿x轴正向射出，粒子经电场偏转刚好经过坐标原点，匀强磁场的磁感应强度，粒子第二次在磁场中运动后以垂直x=b射出磁场，不计粒子的重力。求：

(1)匀强电场的电场强度以及b的大小；

(2)粒子从P点开始运动到射出磁场所用的时间。

15．（12分）如图所示，竖直平面MN与纸面垂直，MN右侧的空间存在着垂直纸面向内的匀强磁场和水平向左的匀强电场，MN左侧的水平面光滑，右侧的水平面粗糙．质量为m的物体A静止在MN左侧的水平面上，已知该物体带负电，电荷量的大小为为q．一质量为的不带电的物体B以速度v0冲向物体A并发生弹性碰撞，碰撞前后物体A的电荷量保持不变．求：

（1）碰撞后物体A的速度大小；

（2）若A与水平面的动摩擦因数为μ，重力加速度的大小为g，磁感应强度的大小为 ，电场强度的大小为．已知物体A从MN开始向右移动的距离为时，速度增加到最大值．求：

a．此过程中物体A克服摩擦力所做的功W；

b．此过程所经历的时间t．

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】
楔形物体A释放前，小球受到重力和支持力，两力平衡；楔形物体A释放后，由于楔形物体A是光滑的，则小球水平方向不受力，根据牛顿第一定律知，小球在水平方向的状态不改变，即仍保持静止状态．而竖直方向：楔形物体A对B的支持力将小于小球的重力，小球将沿竖直方向做加速运动，所以小球在碰到斜面前的运动是竖直向下的加速运动，其运动轨迹是竖直向下的直线，故B正确。

故选B。

2、A

【解析】
由题中“一带电粒子在坐标原点O处由静止释放”可知本题考查带电粒子在非匀强电场中的运动，根据图像和电势变化可分析本题。

【详解】

A．由于从坐标原点沿x轴正方向电势先升高后降低，因此电场方向先向左后向右，由于带电粒子在坐标原点静止释放，沿x轴正方向运动，由此可知粒子带负电，故A正确；

B．由图可知，图像斜率即为电场强度，在x1处斜率为零，因此电场强度最小，电场力也最小，故B错误；

C．从开始运动到x1处，电场力做正功，电势能减小，故C错误；

D．由于粒子只在电场力的作用下运动，当运动到与开始时电势相等的位置，粒子速度为零， 不能到达x2处，故D错误。

3、C

【解析】
A．贝可勒尔发现天然放射现象，故A错误；

B．天然放射现象说明原子核内部是有结构的，并不是原子可以再分的，故B错误；

C．原子序数大于或等于83的元素，都具有放射性，原子序数小于83的元素，有的也具有放射性，故C正确；

D．放射性元素的放射性由原子核内部因素决定，即与元素的种类有关，与温度无关，故D错误；

故选C。

4、C

【解析】
用一束紫外线照射某金属时不能产生光电效应，知紫外线的频率小于金属的极限频率，要能发生光电效应，需改用频率更大的光照射（如X射线）。能否发生光电效应与入射光的强度和照射时间无关。
A．改用强度更大的紫外线照射，与结论不相符，选项A错误；

B．延长原紫外线的照射时间，与结论不相符，选项B错误；

C．改用X射线照射，与结论相符，选项C正确；

D．改用红外线照射，与结论不相符，选项D错误；

故选C。

5、D

【解析】
如图1所示，当磁铁的N极向下运动时，根据楞次定律可知，感应电流的磁场的方向向上，由安培定则可知感应电流的方向螺旋向下，此时电流从下向上流过电流表，发现电流表指针向左偏转，可知电流表指针偏转方向与电流方向间的关系：电流从下向上流过电流表，电流表指针向左偏转，电流从上向下流过电流表，则电流表指针向右偏转；

A．在图2所示实验过程中，磁铁的S极向下运动时，穿过螺线管向上的磁通量增大，根据楞次定律可知，感应电流的磁场的方向向下，由安培定则可知感应电流的方向螺旋向上，此时电流从上向下流过电流表，电流计指针应该向右偏转，故A错误；

B．在图3所示实验过程中，磁铁的N极向上运动时，穿过螺线管向下的磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流的磁场的方向向下，由安培定则可知感应电流的方向螺旋向上，此时电流从上向下流过电流表，电流计指针应该向右偏转，故B错误；

CD．同理可知图4穿过螺线管向上的磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流的磁场的方向向上，由安培定则可知感应电流的方向螺旋向下，此时电流从下向上流过电流表，电流计指针应该向左偏转，所以这组实验可以说明，感应电流的磁场方向与磁铁的磁场方向、磁铁运动的方向有关，而实验中线圈缠绕方向一致，所以不能研究感应电流的磁场方向与线圈的绕向的关系，故C错误，D正确。

故选D。

6、B

【解析】
A．A点和B点的电势相等，点电荷必位于A点和B点连线的垂直平分线上；O点和C点的电场强度大小相等，点电荷位于O点和C点连线的垂直平分线上，故带负电的点电荷位于坐标处，故A错误；

B．根据点电荷周围电场分布可知，O点电势比A点电势高，故B正确；

C．C点的电场强度大小

故C错误；

D．将带正电的试探电荷从A点沿直线移动到C点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】
A．原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压22V，周期0.02S，故角速度是

所以有

故A错误；

B．电压表的示数是输出电压的有效值，输入电压和匝数不变，输出电压不变，将电键S闭合，消耗功率增大，输入功率增大，根据知电流表示数增大，故B正确；

C．将电键S闭合，总电阻减小，流过的电流增大，分压增大，则并联电路的电压减小，小灯泡变暗，故C错误；

D．将电键S闭合，为保证小灯泡亮度不变，根据可将滑片P适当下移使原线圈匝数减小从而增大，故D正确；

故选BD。

8、AB

【解析】
A．由图可知，该波的周期为12s。故A正确；
B．由图可知，t=3s时刻，x=12m处的质元在平衡位置向上振动时，x=18m处的质元在波峰，故B正确；
C．由图可知，该波的振幅为4cm，圆频率

由图1可知，在t=0时刻x=12m处的质点在-4cm处，则其振动方程

4s时刻质元的位置

所以x=12m处的质元通过的路程

s12=4cm+2cm=6cm

据图2知t=0s时，在x=18m处的质元的位移为0cm，正通过平衡位置向上运动，其振动方程为

在t=4s时刻，在x=18m处的质元的位移

所以在0～4s内x=18m处的质元通过的路程

x18＝4cm+(4−2)cm≈4.54cm＜6cm

故C错误；
D．由两图比较可知，x=12m处比x=18m处的质元可能早振动T，所以两点之间的距离为

x＝(n+)λ（n=0、1、2、3…）

所以

（n=0、1、2、3…）

n=0时，波长最大，为

故D错误；

故选AB。

9、BCD

【解析】
A．由图看出，波源Sl形成的水波波长大于波源S2是形成的水波波长，两列波在同一介质中传播，波速相等，由波速公式v=λf得知，两列波的频率不等，不会形成干涉现象，但能发生叠加现象，故A错误；

B．根据两列水波波源S1和S2的振幅分别为2A和A，结合图可知，此时刻A点和B点的位移大小分别是A和3A，故B正确。

C．在杨氏双缝实验中，若两缝之间的距离稍微加大，其他条件不变，根据可知，则条纹间距减小，干涉条纹将变密集，选项C正确；

DE．情形3中小圆盘和小圆孔衍射均为中央亮点的同心圆形条纹，选项D正确，E错误。

故选BCD。

10、ACE

【解析】
A．由热力学温度与摄氏温度的关系：T=t+273，可知摄氏温度变化1℃，热力学温度变化1K，故A正确；

B．气体放出热量时，若外界对气体做功，则气体的温度也可能升高，其分子的平均动能增加，选项B错误；

C．无论是气体，液体还是固体，其分子间都存在间距，但气体的间距最大，由于分子间存在较大的间距，气体分子间相互作用的引力和斥力十分微弱，气体分子可以在空间自由运动，所以气体能充满整个空间，C正确；

D．气体的内能除分子势能、分子平均动能有关外，还与气体的质量有关。对于气体分子间作用力可以忽略时，气体的内能只由温度和质量决定。分子越多，总的能量越大，所以D错误；

E．不计分子势能时，气体温度降低，则内能减小，向外界释放热量；薄塑料瓶变扁，气体体积减小，外界对其做功，故E正确。

故选ACE。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、            1.5    1.9    偏小   

【解析】
(1)[1]为方便实验操作，且需要干电池的路端电压有明显变化，滑动变阻器应选择总阻值较小的。

(2)[2]根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示

(3)[3]根据坐标系内描出的点作出电源的图象，图象如图所示

[4][5]由图可知，纵截距为1.5，则电源电动势为

电源内阻等于图像的斜率，有

[6]相对于电源来说，电流表采用外接法，电流表的测量值小于通过电源的电流，电动势和内阻的测量值均小于真实值；或者理解为电压表内阻存在分流作用，故电流测量值偏小，可以将电压表内阻与电源并联后看作等效电源，实际测量的是等效电源的电动势和内电阻，故电动势的测量值小于真实值，内电阻的测量值小于真实值。

12、    右    1.5    0.84    I   

【解析】
（1）由于小灯泡的电阻相对于电压表内阻来说很小很小，电流表采用外接法，连接实物图如图所示：

（2）开关闭合前，滑动变阻器应调至使电流表和电压表的示数为零的位置，故应调至右端；根据欧姆定律得：

（3）由于Ug1＝0.6×0.6V＝0.36V，Ug2＝0.3×1.5V＝0.45V，由于Ug1＜Ug2，故两电流表两段允许所加最大电压为0.36V，新电流表量程为：，由于A2未达到最大量程，要使其达到最大量程，要增大电压，此时电流表A1会烧毁，为了保护该电流表，应给其串联一电阻分压，故应在Ⅰ区再串联接入一个阻值合适的电阻．

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13、（1）（2）

【解析】
(1)光线到达AC边的O点，入射角为i，折射角为r.

由题意可得：i+r=90∘

i=30∘

所以r=60∘

可得三棱镜的折射率n=

(2)光线反射到AB边的M点，入射角为i′=60∘

因为sini′=>=sinC，得i′>C，所以光线在M点发生全反射，不会射出三棱镜．

PQ=dtan30∘=

QM=2PQ

MN=(−2d)cos30∘=(L−d)

光在三棱镜中传播速度为：v=c/n

光从P从P点射入到第二次射出三棱镜经过的时间为：t=（PQ+QM+MN）/v

联立解得：t=

答：(1)三棱镜的折射率是；

(2)光从P点射入到第二次射出三棱镜经过的时间是.

【点睛】

（1）光线射到AC边上的O点，由折射定律和几何关系求三棱镜的折射率;

（2）光线反射到AB边上，由几何关系求出入射角，与临界角比较，能发生全反射．再反射从BC边射出．由v=c/n求出光在棱镜中传播的速度，由几何关系求出传播的距离，再求传播时间．

14、（1），；（2）。

【解析】
（1）由题意可知，粒子从P点抛出后，先在电场中做类平抛运动则

根据牛顿第二定律有

求得

设粒子经过坐标原点时，沿y方向的速度为vy

求得

vy=v0

因此粒子经过坐标原点的速度大小为，方向与x轴正向的夹角为45°

由几何关系可知，粒子进入磁场的位置为并垂直于MN，设粒子做圆周运动的半径为r，则

得

由几何关系及左手定则可知，粒子做圆周运动的圆心在N点，粒子在磁场中做圆周运动并垂直x轴进入电场，在电场中做类竖直上拋运动后，进入磁场并仍以半径做匀速圆周运动，并垂直x=b射出磁场，轨道如图所示。由几何关系可知

（2）由（1）问可知，粒子在电场中做类平抛运动的时间

粒子在进磁场前做匀速运动的时间

粒子在磁场中运动的时间

粒子第二次在电场中运动的时间

因此，运动的总时间

15、（1）（2）a.b.

【解析】
（1）设A、B碰撞后的速度分别为vA、vB，由于A、B发生弹性碰撞，动量、动能守恒，则有：

①

②

联立①②可得：

③

（2）a．A的速度达到最大值vm时合力为零，受力如图所示．

竖直方向合力为零，有：

④

水平方向合力为零，有：

⑤

根据动能定理，有：

⑥

联立③④⑤⑥并代入相相关数据可得：

b．方法一：

在此过程中，设A物体运动的平均速度为，根据动量定理有：

⑦

⑧

依题意有：

⑨

联立③④⑤⑦⑧⑨并代入相关数据可得：

方法二：设任意时刻A物体运动的速度为v，取一段含此时刻的极短时间Δt，设此段时间内速度的改变量为Δv，根据动量定理有：

⑦

而

⑧

⑨

联立③④⑤⑦⑧⑨并代入相关数据可得：