2023届河南省豫南名校毕业班高三仿真测试三模数学（理）试题含解析

这是一份2023届河南省豫南名校毕业班高三仿真测试三模数学（理）试题含解析，共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2023届河南省豫南名校毕业班高三仿真测试三模数学（理）试题 一、单选题1．已知集合，则（    ）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据集合的交运算即可化简求解.【详解】由题意可知，则.故选：B2．设，则（    ）A． B． C．1 D．0【答案】A【分析】先把化简为的形式，求出，再相减即可.【详解】由题意可得，则，所以.故选：A3．若x，y满足约束条件则的最大值为（    ）A．2 B．5 C．8 D．10【答案】C【分析】由约束条件作出可行域，数形结合得到最优解，求出最优解的坐标，代入目标函数得答案．【详解】画出可行域如图所示，联立，解得，即，由图可知当直线过点时，z取得最大值，最大值为8．故选：C.4．某企业对目前销售的四种产品进行改造升级，经过改造升级后，企业营收实现翻番，现统计了该企业升级前后四种产品的营收占比，得到如下饼图：下列说法不正确的是（    ）A．产品升级后，产品的营收是升级前的4倍B．产品升级后，产品的营收是升级前的2倍C．产品升级后，产品的营收减少D．产品升级后，产品营收的总和占总营收的比例不变【答案】C【分析】设产品升级前的营收为，升级后的营收为．然后对升级前后的各类产品进行逐项分析即可.【详解】设产品升级前的营收为，升级后的营收为．对于产品，产品升级前的营收为，升级后的营收为，故升级后的产品的营收是升级前的4倍，A正确．对于产品，产品升级前的营收为，升级后的营收为，故升级后的产品的营收是升级前的2倍，B正确．对于产品，产品升级前的营收为，升级后的营收为，故升级后的产品的营收增加了，C不正确．产品升级后，由两个图形可知产品营收的总和占总营收的比例不变，故D正确．故选：C.5．已知抛物线的焦点为，准线与坐标轴交于点是抛物线上一点，若，则的面积为（    ）A．4 B． C． D．2【答案】D【分析】根据抛物线的定义和标准方程即可求解.【详解】由，得，则，根据抛物线的定义知2，解得，代入，得，所以的面积为.故选：D.6．已知函数在处取得极大值4，则（    ）A．8 B． C．2 D．【答案】B【分析】先求函数的导数，把极值点代入导数则可等于0，再把极值点代入原函数则可得到极值，解方程组即可得到，从而算出的值.【详解】因为，所以，所以，解得，经检验，符合题意，所以.故选：B7．已知等差数列的前n项和为，，，则（    ）A． B． C． D．【答案】A【分析】根据条件求出的通项公式，再运用裂项相消法求和.【详解】设等差数列的公差为d，因为，所以…①，又，即 ， ，代入①，解得，，则，所以 ；故选：A.8．第19届亚运会将于2023年9月23日至10月8日在杭州举行，甲､乙等4名杭州亚运会志愿者到游泳､射击､体操三个场地进行志愿服务，每名志愿者只去一个场地，每个场地至少一名志愿者，若甲不去游泳场地，则不同的安排方法共有（    ）A．12种 B．18种 C．24种 D．36种【答案】C【分析】本题只需考虑游泳场有2名志愿者和1名志愿者两种情况即可.【详解】①游泳场地安排2人，则不同的安排方法有种， ②游泳场地只安排1人，则不同的安排方法有种，所以不同的安排方法有种.故选：C9．如图，这是古希腊数学家特埃特图斯用来构造无理数的图形，已知是平面四边形内一点，则的取值范围是（    ）A． B． C． D．【答案】D【分析】由数量积的几何意义，先求在上的投影的取值范围，再乘以，则可得到的取值范围.【详解】如图，延长，过点做交的延长线于点.因为，，,所以.由图可知当在点处时，在上的投影有最大值1，当在点处时，在上的投影有最小值，又因为，所以的取值范围是.故选：D10．已知直线与双曲线的两条渐近线分别交于点，（不重合），的垂直平分线过点，则双曲线的离心率为（    ）A． B． C． D．【答案】D【分析】首先求出的垂直平分线的方程，即可求出的中点坐标，设，，利用点差法得到，最后利用离心率公式计算可得.【详解】因为直线，所以，由题可知的垂直平分线的方程为，将与联立可得，即的中点坐标为．设，，则，且，，两式作差可得，即，所以，则双曲线的离心率为．故选：D11．如图，在棱长为1的正方体中，E为的中点，M是截面上的一个动点（不包含边界），，则的最小值为（    ）A． B． C． D．【答案】C【分析】先判断出点的轨迹，然后根据平面中，两点的距离求得的最小值.【详解】连接，如下图所示，由于，所以在平面上的投影在上，而在平面上的投影为，所以M的轨迹为，将平面翻折到与平面重合，如图所示，，，，所以，所以，（翻折后），所以的最小值为．故选：C12．现有下列四个不等式：①；②；③；④．其中所有正确结论的编号是（    ）A．①④ B．②③ C．①②④ D．②③④【答案】B【分析】构造，求导得到单调区间，确定，得到①错误，确定，再构造，求导得到函数的单调区间，代入数据计算得到答案.【详解】令，则，．当时，，单调递减；当时，，单调递增．所以，当且仅当时，等号成立，即，所以，故①错误．从而，所以．综上所述：．令，，则，令，则，当时，，单调递减，所以，从而可得，，所以在上单调递减，所以，化简可得，故③正确．因为当时，，所以，即，所以当时，．令，则，即；令，，故②正确，④错误．故选：B【点睛】关键点睛：本题考查了比较数的大小关系，意在考查学生的计算能力，转化能力和综合应用能力，其中，构造函数，求导得到单调区间，根据函数的单调性比较数的大小关系是解题的关键. 二、填空题13．如图，三个相同的正方形相接（在同一平面中），则______.【答案】/【分析】根据两角差的正切公式直接计算即可.【详解】在中，，在中，，所以故答案为：14．已知函数.若.则的取值范围是__________.【答案】【分析】首先判断函数的奇偶性与单调性，根据奇偶性与单调性将函数不等式转化为自变量的不等式，解得即可.【详解】因为函数定义域为，，，所以是奇函数且在上单调递增，由0，可得，则，解得，即的取值范围是.故答案为：.15．已知一个圆锥的内切球的体积为，则该圆锥体积的最小值为______．【答案】【分析】利用几何关系求出圆锥的高与底面半径的关系，然后用基本不等式求出圆锥体积的最小值.【详解】圆锥与其内切球的轴截面图如图所示，点O为球心，D，E为切点，设内切球的半径为R，圆锥的底面圆的半径为r，高为h，所以，则．∵△△, ∴，则，即，圆锥的体积，当且仅当时，即等号成立．故答案为：.16．为激发大家学习数学的兴趣，在一次数学活动课上.老师设计了有序实数组表示把中每个都变为，每个0都变为，每个1都变为0，1所得到的新的有序实数组，例如：，则.定义.若，则中有______个1.【答案】【分析】根据给定有序实数组定义，写出，探究所具有的规律，再利用数列知识求解即可.【详解】因为，依题意，，显然，中有2项，其中1项为项为，中有4项，其中1项为项为1，2项为，中有8项，其中3项为项为1，2项为0，由此可得总共有项，其中1和-1的项数相同.设中有项为，项为0，所以，从而，因为表示把中每个-1都变为，每个0都变为，每个1都变为0，1，所得到的新的有序实数组，则，所以，,可得，即，则，所以，解得，所以中有个1.故答案为：【点睛】关键点点睛：对于新定义问题，解题时要通过阅读，理解所给出的新定义，并将其应用在解题中. 三、解答题17．在中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，．(1)求C的大小；(2)若点D满足，，，求c．【答案】(1)(2)． 【分析】（1）利用正弦定理边化角的性质，对等式进行化简运算，结合三角恒等变换的知识进行求解；（2）三角形的边长关系及平面向量的相关知识进行运算，再结合余弦定理进行求解c.【详解】（1）由正弦定理得，所以，展开得，即．因为，所以，即．又因为，所以．（2）因为，所以A为CD的中点，又，所以．由题可知，，所以，则，解得，，所以，即．18．“绿色出行，低碳环保”已成为新的时尚，近几年国家相继出台了一系列的环保政策，在汽车行业提出了重点扶持新能源汽车的政策，为新能源汽车行业的发展开辟了广阔的前景.某公司对A充电桩进行生产投资，所获得的利润有如下统计数据，并计算得=30.A充电桩投资金额x/万元3467910所伏利润y/百万元1.5234.567(1)已知可用一元线性回归模型拟合y与x的关系，求其经验回归方程；(2)若规定所获利润y与投资金额x的比值不低于，则称对应的投入额为“优秀投资额”.记2分，所获利润y与投资金额x的比值低于且大于，则称对应的投入额为“良好投资额”，记1分，所获利润y与投资金额x的比值不超过，则称对应的投入额为“不合格投资额”，记0分，现从表中6个投资金额中任意选2个，用X表示记分之和，求X的分布列及数学期望.附：对于一组数据，其回归直线方程的斜率和截距的最小二乘法估计公式分别为【答案】(1)(2)分布列见解析， 【分析】（1）根据已知数据，利用最小二乘法，求出回归系数，可得线性回归方程；（2）利用概率公式求出随机向量X的概率，可得随机变量X的分布列，代入期望公式计算即可.【详解】（1）根据获得的利润统计数据，可得，，，所以，所以，所以关于的经验回归方程为.（2）由题意，，，，，，，所以“优秀投资额”有2个，“良好投资额”有1个，“不合格投资额”有3个.随机变量的可能取值为，，，，，，所以的分布列为01234数学期望.19．《九章算术》中记录的“羡除”是算学和建筑学术语，指的是一个类似隧道形状的几何体，如图，在羡除ABCDEF中，底面ABCD是边长为2的正方形，(1)证明：平面ADE⊥平面.(2)求平面ABFE与平面BFC夹角的余弦值.【答案】(1)证明见解析；(2). 【分析】（1）根据题意，由线面垂直的判定定理可得平面，从而得到面面垂直；（2）根据题意，以为坐标原点，分别以的方向为，轴的正方向，建立空间直角坐标系，结合空间向量的坐标运算即可得到结果.【详解】（1）证明：分别取和的中点，连接，则，在梯形中，，分别作垂直于，垂足分别为，易知，故.又，所以，因为平面FBC，所以平面，因为平面，所以平面平面.（2）以为坐标原点，分别以的方向为，轴的正方向，建立如图所示的空间直角坐标系，则，从而.设平面的法向量为，则，令，得.设平面的法向量为，则，令，得.设平面与平面的夹角为，则，所以平面与平面夹角的余弦值为.20．已知椭圆的右焦点为，且是椭圆上一点.(1)求椭圆的方程；(2)若过的直线（与轴不重合）与椭圆相交于两点，过的直线与轴交于点，与直线交于点（与不重合），记的面积分别为，若，求直线的方程.【答案】(1)(2) 【分析】（1）根据椭圆的定义求出，再根据之间的关系求出，即可得解；（2）设直线的方程为，，联立方程，利用韦达定理求出，根据直线与轴平行，可得，再根据化简即可得解.【详解】（1）由已知可得为的左焦点，所以，即，所以，故椭圆的方程为；（2）设直线的方程为，，则由得，显然，于是，由直线与轴平行，可得，所以，所以，解得，即，所以直线的方程为.【点睛】方法点睛：利用韦达定理法解决直线与圆锥曲线相交问题的基本步骤如下：（1）设直线方程，设交点坐标为、；（2）联立直线与圆锥曲线的方程，得到关于（或）的一元二次方程，必要时计算；（3）列出韦达定理；（4）将所求问题或题中的关系转化为、（或、）的形式；（5）代入韦达定理求解.21．已知函数.(1)若的图象在处的切线与直线垂直，求直线的方程；(2)已知，证明：.【答案】(1)(2)证明见解析 【分析】（1）求导利用导数值求解斜率，结合垂直关系即可求解.（2）构造函数，，求导确定单调性，结合零点存在性定理即可求解.【详解】（1）解：，因为切线与直线垂直，所以，即，又，所以直线的方程为.（2）证明：，设，则，即在上是增函数，因为，所以，所以存在，使得，当时，，则，即在上单调递减，当时，，则，即在上单调递增，故是函数的极小值点，也是最小值点，则.又因为，所以，要证，只需证，即证.设，则在上单调递减，因为，所以，则，故.故当时，.【点睛】思路点睛：(1)考查导数的几何意义，求解曲线在某点处的切线方程；(2)利用导数求函数的单调区间，判断单调性；已知单调性，求参数；(3)利用导数求函数的最值(极值)，解决函数的恒成立与有解问题，同时注意数形结合思想的应用.22．数学中有许多美丽的曲线，例如曲线，（t为参数）的形状如数字8（如图），动点A，B都在曲线E上，对应参数分别为与，设O为坐标原点，．(1)求C的轨迹的参数方程；(2)求C到坐标原点的距离d的最大值和最小值．【答案】(1)，（为参数，）(2)最大值，最小值． 【分析】（1）利用条件找出A，B点的坐标，利用向量的基本坐标运算，得出C的轨迹的参数方程；（2）设出C的坐标，利用点到直线的距离公式求出表达式，即可求出.【详解】（1）由题意有，．又，所以，故C的轨迹的参数方程为，（为参数，）．（2）C点到坐标原点的距离．因为，所以当时，d取得最大值，因为，d取得最小值．23．已知函数．(1)求不等式的解集；(2)若关于x的不等式恒成立，求m的取值范围．【答案】(1)或(2)． 【分析】（1）分区间讨论求解不等式即可得解；（2）利用绝对值三角不等式求出的最小值，由不等式恒成立求解.【详解】（1）当时，令，得，所以；当时，令，得，无解；当时，令，得，所以．综上，原不等式的解集为或．（2），当且仅当时，取得最小值，，在时取得最大值．又因为关于x的不等式恒成立，所以，即，所以m的取值范围为．