重庆市铜梁一中2023届高三物理下学期第二次模拟试题（Word版附解析）

重庆铜梁县一中2023届高三第二次模拟物理试题

注意事项

1．考生要认真填写考场号和座位序号。

2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。

3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1. 如图所示电路中，电流表A和电压表V均可视为理想电表．现闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动，下列说法正确的是（ ）

A. 电流表A的示数变小，电压表V的示数变大

B. 小灯泡L变亮

C. 电容器C上电荷量减少

D. 电源的总功率变大

【答案】A

【解析】

【详解】A、B闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流I减小，则小灯泡L变暗，电流表A的示数变小．电压表的示数U=E﹣I（RL+r），I减小，其他量不变，则U增大，即电压表V的示数变大．故A正确，B错误．

C、电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电压表的示数，U增大，由Q=CU，知电容器C上的电荷量增大．故C错误．

D、电源的总功率P=EI，I减小，则电源的总功率变小．故D错误．

故选A

2. 如图所示，固定在竖直平面内的大圆环的半径为。质量为的小环套在大圆环上，且与大圆环接触面光滑。在劲度系数为的轻弹簧作用下，小环恰静止于大圆环上，弹簧与竖直方向的夹角为30°，则（　　）

A. 弹簧伸长的长度为

B. 弹簧伸长的长度为

C. 弹簧缩短的长度为

D. 弹簧缩短的长度为

【答案】A

【解析】

【详解】如图所示

静止小环受重力，由假设法分析知，弹簧有向内的拉力，为伸长状态，大圆环的支持力沿半径向外。在力三角形中，由正弦定理得

由胡克定律得

联立可得

故A正确，BCD错误。

3. 如图所示，质量为2kg的物体A静止于动摩擦因数为0.25的足够长的水平桌面上，左边通过劲度系数为100N/m的轻质弹簧与固定的竖直板P拴接，右边物体A由细线绕过光滑的定滑轮与质量为2.5kg物体B相连。开始时用手托住B，让细线恰好伸直，弹簧处于原长，然后放开手静止释放B，直至B获得最大速度已知弹簧的弹性势能为（其中x为弹簧的形变量）、重力加速度g=10m/s2.下列说法正确的是（　　）

A. A、B和弹簧构成的系统机械能守恒

B. 物体B机械能的减少量等于它所受的重力与拉力的合力做的功

C. 当物体B获得最大速度时，弹簧伸长了25cm

D. 当物体B获得最大速度时，物体B速度为m/s

【答案】D

【解析】

【详解】A.由于在物体B下落的过程中摩擦力做负功，所以系统的机械能不守恒，故A错误；

B.对物体B分析，受到重力和拉力作用，W拉力=△E机，物体B机械能的减少量等于所受拉力做的功，故B错误；

C.A与B为连接体，物体B速度达到最大时，物体A速度也最大，此时A和B的加速度为零，所受合力也为零，对物体B受力分析，绳子的拉力

对物体A受力分析

弹簧弹力

则弹簧伸长了

故C错误；

D.以A和B整体为研究对象，从静止到A和B速度达到最大的过程中，由功能关系可得

代入数据可得

故D正确。

故选D。

4. 人站在地面上，先将两腿弯曲，再用力蹬地，就能跳离地面，人能跳起离开地面的原因是（　　）

A. 人对地球的作用力大于地球对人的引力

B. 地面对人的作用力大于人对地面的作用力

C. 地面对人的作用力大于地球对人的引力

D. 人除受地面的弹力外，还受到一个向上的力

【答案】C

【解析】

【详解】B．地面对人的作用力与人对地面的作用力是一对作用力和反作用力，大小相等，B错误；

A C D．人之所以能跳起离开地面，地面对人的弹力大于地球对人的引力，人具有向上的合力，人除受地面的弹力外，没有受到一个向上的力。C正确，AD错误。

故选C。

5. 如图甲所示，质量为0.5kg的物块和质量为1kg的长木板，置于倾角为足够长的固定斜面上，时刻对长木板施加沿斜面向上的拉力F，使长木板和物块开始沿斜面上滑，作用一段时间t后撤去拉力F。已知长木板和物块始终保持相对静止，上滑时速度的平方与位移之间的关系如图乙所示，，，。则下列说法正确的是（　　）

A. 长木板与斜面之间的动摩擦因数为

B. 拉力F作用的时间为

C. 拉力F的大小为13N

D. 物块与长木板之间的动摩擦因数μ2可能为0.88

【答案】D

【解析】

【详解】A．撤去力F后长木板的加速度

由牛顿第二定律

解得

μ1=0.25

选项A错误；

B．有拉力作用时的加速度

拉力撤掉时的速度为

拉力作用的时间为

选项B错误；

C．由牛顿第二定律

解得

F=13.5N

选项C错误；

D．物块与长木板之间无相对滑动，可知物块与长木板之间的动摩擦因数大于0.25，选项D正确。

故选D。

6. 对于一定质量的理想气体，下列说法正确的是（　　）

A. 若体积不变、温度升高，则每个气体分子热运动的速率都增大

B. 若体积减小、温度不变，则器壁单位面积受气体分子的碰撞力不变

C. 若体积不变、温度降低，则气体分子密集程度不变，压强可能不变

D. 若体积减小、温度不变，则气体分子密集程度增大，压强一定增大

【答案】D

【解析】

【详解】A．温度升高，气体分子的平均动能增大，但并不是气体中每个分子的速率都增大，也有个别速度减小的，故A错误；

BD．对于一定质量的理想气体，体积减小，分子密集程度增大。理想气体质量一定时，满足，若体积减小、温度不变，则压强增大，故器壁单位面积受气体分子的碰撞力会增大，故B错误，D正确；

C．同理可分析，体积不变、温度降低，气体的压强会变小，故C错误；

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7. 如图所示．直线1和2分别为两个不同电源的路端电压和电流的关系图象，E1、r1，分别为电源1的电动势和内阻，E2、r2分别为电源2的电动势和内阻，则下述说法正确的是（ ）

A. E1=E2

B. r1＞r2

C. 当两个电源短路时电源l的短路电流大

D. 当两个电源分别接相同电阻时，电源2的输出功率小

【答案】ACD

【解析】

【详解】A．根据闭合电路欧姆定律

U=E﹣Ir

当I=0时

U=E

说明图线纵轴截距等于电源的电动势，由图可知，两电源的电动势相等，即

E1=E2

故A正确；

B．根据数学知识可知，图线的斜率大小等于电源的内阻，由图可知，图线2的斜率大于图线1的斜率，则

r2＞r1

故B错误；

C．短路电流

I=

故电源1的短路电流要大，故C正确；

D．根据

当两个电源分别接相同电阻时，电源内阻大即电源2的输出功率小，故D正确.

故选ACD．

8. 图甲为一简谐横波在时的波形图，是平衡位置在处的质点，是平衡位置在处的质点，图乙为质点的振动图象。下列说法正确的是________。

A. 这列波沿轴正方向传播

B. 这列波传播速度为

C. 时，质点位于波谷位置

D. 在到时间内，质点通过的路程为

E. 时，质点的加速度沿轴负方向

【答案】BCE

【解析】

【详解】A．分析振动图像，由乙图读出，在t=0.10s时Q点的速度方向沿y轴负方向，根据波动规律结合图甲可知，该波沿x轴负方向的传播，故A错误；

B．由甲图读出波长为λ=4m，由乙图读出周期为T=0.2s，则波速为

故B正确；

C．由乙图可知时，质点位于波谷位置。故C正确；

D．在t=0.10s时质点P不在平衡位置和最大位移处，所以从t=0.10s到t=0.15s，质点P通过路程s≠A=10cm，故D错误；

E．从t=0.10s到t=0.15s，质点P振动了，根据波动规律可知，t=0.15s时，质点P位于平衡位置上方，则加速度方向沿y轴负方向，故E正确。

故选BCE。

9. 如图，理想变压器上接有3个完全相同灯泡，其中1个灯泡与原线圈串联，另外2个灯泡并联后接在副线圈两端。已知交流电源的电压usin100t（V），3个灯泡均正常发光，忽略导线电阻，则变压器（ ）

A. 副线圈电压的频率为100Hz

B. 原线圈两端的电压为12V

C. 原副线圈的电流比为2︰1

D. 原副线圈的匝数比为2︰1

【答案】BD

【解析】

【详解】A．根据交流电源的电压usin100t（V），可知角速度为：rad/s，则频率为：

50Hz

A错误；

CD．设每只灯的额定电流为I，额定电压为U，因并联在副线圈两端的两只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电流为2I，原副线圈电流之比为1：2，根据原副线圈中电流之比与匝数成反比

得原、副线圈的匝数之比为：

故C错误，D正确；

B．根据电压与匝数成正比：

得原线圈两端电压为：

根据闭合电路欧姆定律得交流电源电压为：

该交流电的最大值为V，则有效值为18V，所以

3U=18V

则灯泡的额定电压为6V，原线圈两端得电压等于2U=12V，B正确；

故选BD。

10. 如图所示，半径为R的圆形区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，过（－2R，0）点垂直x轴放置一线型粒子发射装置，能在0<y<R的区间内各处沿x轴正方向同时发射出速度均为v、带正电的同种粒子，粒子质量为m，电荷量为q。不计粒子的重力及粒子间的相互作用力。若某时刻粒子被装置发射出后，经过磁场偏转恰好击中y轴上的同一点，则下列说法中正确的是（　　）

A. 粒子击中点距O点的距离为R

B. 磁场的磁感应强度为

C. 粒子离开磁场时速度方向相同

D. 粒子从离开发射装置到击中y轴所用时间t的范围为＜t<

【答案】ABD

【解析】

【详解】A．由题意，某时刻发出的粒子都击中的点是y轴上同一点，由发射装置最高点射出的粒子只能击中（0，R），则击中的同一点只能是（0，R），即粒子击中点距O点的距离为R，A正确；

B．从最低点射出的也击中（0，R），那么粒子做匀速圆周运动的半径为R，由洛伦兹力提供向心力有

qvB＝m

可得磁感应强度

B＝

B正确；

C．粒子运动的半径都相同，但是入射点不同，所以粒子离开磁场时的速度方向不同，C错误；

D．整个过程粒子的速率不变，故粒子运动的时间正比于轨迹的长度，所以从最低点射出的粒子运动的时间最长，由此可得粒子从离开发射装置到击中y轴所用的最长时间为

从最高点直接射向（0，R）粒子运动时间最短，最短的时间为

D正确

故选ABD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11. 某兴趣小组要将一块量程为1mA，内阻约为几十欧的电流表改装成量程为3V的电压表。首先要测量该电流表的内阻，现有如下器材：

待测电流表G（量程1mA、阻值约几十欧）；

滑动变阻器（总阻值5000、额定电流0.5A）、滑动变阻器（总阻值500、额定电流1A）、电阻箱R2（总阻值999.9）；

电源（电动势为1.5V，内阻很小）、电源（电动势为3V，内阻很小）、开关、导线若干。

(1)该小组如果选择如图甲所示的电路来测量待测电表G的内阻，则滑动变阻器R1应该选择____（选填“A”或“B”；A．滑动变阻器（总阻值5000、额定电流0.5A）；B．滑动变阻器（总阻值500、额定电流1A）），电源应选择____（选填“A”或“B”；A．电源（电动势为1.5V，内阻很小）；B．电源（电动势为3V，内阻很小））；

(2)实验时，先断开S2，闭合开关S1，调节滑动变阻器R1，使得G的示数为Ig；保证R1的阻值不变，再闭合S2，调节电阻箱R2，使得G表示数为，此时电阻箱R2的示数如图乙所示，则G表的内阻的测量值是______（选填“A”或“B”；A．24.0；B．96.0）。以上三空答案依次是（            ）

A．(1)A、B(2)A

B．(1)B、A(2)B

C．(1)A、B(2)B

D．(1)B、A(2)A

【答案】A

【解析】

【详解】[1]用半偏法测电流表内阻，为减小实验误差，滑动变阻器最大阻值与电源电动势应大些，由实验器材可知，为减小实验误差，滑动变阻器R1应选择A，电源应选择B；由图示电阻箱可知，电阻箱示数为

闭合开关S2后认为电路电流不变，电流表示数为，由并联电路特点可知，流过电阻箱的电流为，电流表与电阻箱并联，其两端电压相等，则

解得，电流表内阻

故电流表应选A。

综上所述三空答案依次是A、B、A，故选A。

12. 指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器。

（1）图甲为某同学设计的多用电表的原理示意图。虚线框中S为一个单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱B可以分别与触点1、2、3接通，从而实现使用多用电表测量不同物理量的不同功能。关于此多用电表，下列说法正确的是__________。

A．当S接触点1时，多用电表处于测量电流的挡位

B．当S接触点2时，多用电表处于测量电压的挡位

C．当S接触点2时，多用电表处于测量电阻的挡位

D．当S接触点3时，多用电表处于测量电压的挡位

（2）用实验室的多用电表进行某次测量时，指针在表盘的位置如图乙所示。

A．若所选挡位为直流10mA挡，则示数为__________mA。

B．若所选挡位为直流50V挡，则示数为__________V。

（3）用表盘为图乙所示的多用电表正确测量了一个约15Ω的电阻后，需要继续测量一个阻值约2kΩ的电阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，请选择以下必须的步骤，并按操作顺序写出步骤的序号__________。

A．调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点   B．把选择开关旋转到“×100”位置

C．把选择开关旋转到“×1k”位置            D．将红表笔和黑表笔接触

（4）某小组同学们发现多用电表欧姆挡的表盘刻度线不均匀，分析在同一个挡位下通过待测电阻的电流I和它的阻值Rx关系，他们分别画出了如图丙所示的几种图像，其中可能正确的是________

A． B．

C．D．

【答案】    ①. ACD##ADC##CAD##CDA##DAC##DCA    ②. 4.8    ③. 24.0    ④. BDA    ⑤. A

【解析】

【详解】（1）[1] A．由图示电路图可知，当S接触点1时，表头与分流电阻并联，此时多用电表处于测量电流的挡位，A正确；

BC．由图示电路图可知，当S接触点2时，表头与电源相连，此时多用电表处于测量电阻的挡位，B错误，C正确；

D．由图示电路图可知，当S接触点3时，表头与分压电阻R2串联，此时多用电表处于测量电压的挡位，D正确。

故选ACD；

（2）[2] A若所选挡位为直流10mA挡，由图乙所示可知，示数为4.8mA；

[3]B若所选挡位为直流50V挡，则示数为24.0V；

（3）[4] 用多用电表正确测量了一个约15Ω的电阻后，要继续测量一个阻值约2kΩ的电阻，

首先要把选择开关置于×100挡位位置，然后把红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指针欧姆零刻度线位置，最后再测电阻，故合理的步骤是BDA；

（4）[5]设欧姆表内电池电动势为E，内阻为r，电流表内阻与调零电阻的和为Rg，根据闭合电路欧姆定律得

解得

故选A。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13. 一定质量的理想气体经历如图所示的AB、BC、CA三个变化过程，若B→C过程中气体做功数值约是C→A过程中气体做功数值的1.6倍，气体在状态B时压强为4.5×105Pa，求：

(i)气体在状态A和C的压强。

(ii)整个过程中气体与外界交换的热量。

【答案】（i）；（ii）吸收热量；180J

【解析】

【详解】(i)由图可知，气体从状态A到状态B为等容变化过程，由查理定律有，解得

由图可知，气体从状态B到状态C为等温变化过程，由玻意耳定律有，解得

(ii)由状态B经状态C回到状态A，设外界对气体做的总功为W，从状态C到状态A，为等压变化，外界对气体做功为

B→C过程中气体做功的大小约是C→A过程中气体做功的大小的1.6倍，则B→C过程中外界对气体做功为

从状态A到状态B，由图线知为等容过程，外界对气体不做功，所以整个过程中外界对气体做功为

整个过程中气体内能增加量为△U=0，设气体从外界吸收的热量为Q，由热力学第一定律△U=Q+W，解得

Q=180J

即气体从外界吸收的热量是180J。

14. 如图所示，在竖直虚线范围内，左边存在竖直向下的匀强电场，场强大小为，右边存在垂直纸面向里的匀强磁场，两场区的宽度相等。电荷量为、质量为的电子以初速度水平射入左边界后，穿过电、磁场的交界处时速度偏离原方向角。再经过磁场区域后垂直右边界射出。求：

（1）电子在电场中运动的时间；

（2）磁感应强度的大小。

【答案】（1）；（2）

【解析】

【详解】（1）解法一电子在电场中做类平抛运动，有

由牛顿第二定律有

由几何关系有

解得

解法二电子在电场中运动，竖直方向上由动量定理有

由几何关系有

解得

（2）设场区的宽度为，则在电场中，有

末速度

电子在磁场中做匀速圆周运动，设轨迹半径为，则由几何知识得

由洛伦兹力提供向心力有

解得

15. 下列说法正确的是（　　）

A. 如果气体温度升高，气体中每一个分子热运动的速率都将增加

B. 100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子平均动能不变

C. 食盐熔化过程中，温度保持不变，说明食盐是晶体

D. 由于金属的许多物理性质具有各向同性，故金属属于非晶体

E. 若液体对某种固体是浸润的，其附着层里的液体分子比液体内部更密，附着层里液体的分子力表现为斥力

【答案】BCE

【解析】

【详解】A．气体温度升高，分子平均动能增大，平均速率增大，但并不是所有分子的速率都增大，故A错误；

B．温度是平均动能的标志，100℃的水变成100℃的水蒸气，温度不变，其分子平均动能不变，故B正确；

C．根据晶体具有固定的熔点可知，食盐熔化过程中，温度保持不变，说明食盐是晶体，故C正确；

D．金属都有固定的熔点，许多物理性质具有各向同性，是属于多晶体，故D错误；

E．根据浸润的成因可知当液体对某种固体是浸润的时，其附着层里的液体分子比液体内部更密，附着层里液体的分子力表现为斥力，故E正确。

故选BCE。

16. 如图所示，一太阳能空气集热器的底面及侧面为绝热材料，顶面为透明玻璃板。开始时集热器的进气口和出气口阀门关闭，集热器中密封了一定质量的理想气体，经过太阳曝晒后，集热器中气体的温度由27℃升高到87℃，求：

①集热器中气体的压强升为原来的多少倍？

②现保持集热器中气体温度为87℃不变，通过出气口缓慢放出温度为87℃的气体，直到集热器内的气体压强降为放气前压强的，求放出气体的质量与集热器内原来气体总质量的比值。

【答案】①1.2倍； ②

【解析】

【详解】①由题意可知，集热器内气体在温度升高的过程中，体积不变，所以有

其中，，所以有

即压强升为原来的1.2倍；

②以集热器中所有气体为研究对象由等温变化可得

根据题意有

所以

即放出气体的质量与集热器内原有质量的比值为。