2023年广东省汕头市濠江区中考物理模拟试卷（含答案）

这是一份2023年广东省汕头市濠江区中考物理模拟试卷（含答案），共37页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。

2023年广东省汕头市濠江区中考物理模拟试卷
一、选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分）
1．（3分）请你指出下列所估测的数据中最接近生活实际的是（　　）
A．学校升旗所用旗杆高度约为3m
B．一本物理课本的质量约为480g
C．演奏一遍《义勇军进行曲》的时间约为45s
D．人们感觉舒适的室温约为37℃
2．（3分）信息、能源、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法错误的是（　　）
A．化石能源是可再生能源
B．核电站利用的是核裂变产生的核能
C．LED灯是一种发光二极管，它是由半导体材料制成的
D．5G 通信与4G 通信相比，其载波的频率较高，因而波长较短
3．（3分）如图所示，物流机器人用气动吸盘抓取箱子并静止在空中，下列说法正确的是（　　）

A．机器人静止时，没有惯性
B．机器人的轮子凹凸不平，是为了减小摩擦
C．机器人自身的重力与地面对机器人的支持力是一对平衡力
D．机器人对箱子的“吸力”与箱子对机器人的“吸力”是一对相互作用力
4．（3分）从“立春”到“大寒”，二十四节气是中华民族智慧的结晶，它以自然时序提示着、服务着我们的生活。以下为节气名与其物态变化相关知识，正确的是（　　）
A．雨水节气——地气升为云，天气降为雨，雨的形成是汽化现象
B．白露节气——白露秋分夜，一夜凉一夜，露的形成是熔化现象
C．霜降节气——寒露无青稻，霜降一齐倒，霜的形成是凝华现象
D．大雪节气——落雪见晴天，瑞雪兆丰年，雪的形成是升华现象
5．（3分）腕力球是一种人工动力装置，纯机械不用电池。手握腕力球运动时，使球芯加速旋转，同时球内的LED灯会发光（如图）。装置工作时能使灯发光的原理与图中的实验原理相同的是（　　）

A．
B．
C．
D．
6．（3分）小明根据测量出的由甲、乙两种物质组成的物体的质量、体积数据，绘制的m﹣V关系图像如图所示。下列说法正确的是（　　）

A．甲物质的密度小于乙物质的密度
B．体积为1m3的甲物质在水中受到的浮力为27N
C．将体积相等的甲、乙两种物质放入水中，最终它们所受浮力相同
D．质量相等的甲、乙两种物质，体积比V甲：V乙＝1：3
7．（3分）如图甲所示，电源电压恒为4.5V，小灯泡L上标有“2.5V“字样；图乙是通过小灯泡L的电流I与其两端电压U的关系图。闭合开关S，电流表示数为0.2A，下列说法正确的是（　　）

A．此时小灯泡L的电阻值为10Ω
B．通电10s电路消耗的电能为90J
C．小灯泡L的实际电功率为0.5W
D．电阻R的阻值为15Ω
二、填空题（本大题共7小题，每小题3分，共21分）
8．（3分）演奏者敲击编钟，悠长的声音是由编钟 　 　产生的，编钟振幅越大，　 　越大（选填“音调”、“响度”或“音色”）；倒车雷达是利用 　 　（选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）来工作的。
9．（3分）中医药是中华文化的瑰宝，中医的理疗方式中蕴含了许多物理知识，“刮痧”时要在皮肤上涂一些药油，利用刮痧使皮肤温度升高，这是通过 　 　方式来改变物体的内能，理疗馆内药油味扑鼻，这是一种 　 　现象；“拔火罐”时小罐吸附于体表，这是利用燃火、抽气等方法使罐内气压 　 　大气压（选填“高于”、“低于”或“等于”）。
10．（3分）火车站台会有一条安全线，站在线内会有危险，这是因为列车经过时安全线内的气流速度 　 　，压强 　 　（前两空均选填“大”或“小”）；火车轨道下方铺设枕木，这是为了 　 　压强（选填“增大”或“减小”）。
11．（3分）原子由 　 　和电子组成。图中是一段细铁丝和饮料吸管做成的静电实验装置，吸管能在水平面内自由转动。用餐巾纸摩擦吸管使其带电。把丝绸摩擦过的玻璃棒放在吸管一端的附近，观察到吸管自动“躲开”，这说明：吸管带 　 　（选填“正”或“负”）电荷，用餐巾纸摩擦时，吸管 　 　（选填“失去”或“得到”）电子。

12．（3分）小红利用图中所示电能表测量家中电水壶的实际功率，她将其它用电器全部关闭后，把电水壶接入电路，观察到电能表的指示灯在3min内闪烁160次，则这个电水壶消耗的电能为 　 　kW•h，实际功率为 　 　W；电水壶接入电路必须使用 　 　（选填“两孔”或“三孔”）插座防止因金属外壳带电而发生触电。

13．（3分）如图所示，物理兴趣小组在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”时，利用了一个条形磁铁和一个右端固定在同一水平面上的电磁铁。当闭合开关S后，电磁铁的左端磁极是 　 　极，滑动变阻器的滑片P向右移动时，条形磁铁始终保持静止，在此过程中，条形磁铁所受摩擦力 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”），方向为 　 　。

14．（3分）质量为70kg的小明使用如图中的滑轮组提升重物，当物重为400N，小明的拉力为300N，物体在10s内被提升了10m，忽略绳重和摩擦，则小明做的有用功为 　 　J，其效率为 　 　（保留一位小数）；若用该滑轮组提升500N的重物，则其效率 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

三、作图题（本大题共3小题，共7分）
15．（2分）中国古代人民为了抵御入侵，常在城池周围建造护城河，通过吊桥升降控制人员进出。如图是吊桥被拉起时的模型图，请在图中画出拉力F的力臂。

16．（2分）图中的光线经过平面镜反射后水平射向竖直放置的凸透镜，请画出平面镜的入射光线和凸透镜的折射光线
17．（3分）如图甲是宾馆床头柜上开关示意图，图乙是其控制的电路，其中S1为旋钮开关，单独控制台灯的通断和亮度，S2为单独控制电视插座的开关。在图乙中将电路图连接完整，要求符合安全用电原则。

四、实验题（本大题共7小题，共20分）
18．（2分）图中甲所示是正在使用的弹簧测力计，所测物体重力的大小是 　 　N；如图乙所示，秒表的读数为 　 　s。

19．（2分）丹麦物理学家 　 　是世界上第一个发现电与磁之间有联系的人，图中所示是他做的实验。图甲和图乙对照说明 　 　。

20．（2分）在探究“冰熔化过程中温度的变化规律”的实验中，小明根据实验数据，画出了其温度随时间变化的图像如图所示，分析图像后可知：
①冰熔化过程中，温度 　 　。
②不考虑热量损失，第2～4min冰吸收的热量 　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）第10～12min水吸收的热量。

21．（7分）小白采用如图所示的装置，进行“探究液体压强与哪些因素有关”的实验：

（1）实验前，小白用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管中两液柱是否出现高度差，若两液柱 　 　（选填“有”或“没有”）高度差，则说明U形管压强计存在漏气问题。组装好的压强计的U形管 　 　（选填“是”或“不是”）连通器。
（2）实验中，小白通过观察 　 　来比较液体内部压强的大小，这里应用的科学方法是 　 　。
（3）比较 　 　两图，可以研究液体压强与液体密度的关系。比较乙、丙两图，可得出结论：　 　。
（4）图己中A点所受的液体压强为pA＝　 　Pa。
22．（7分）在“探究通过导体的电流与导体两端的电压的关系”实验中，某小组选用规格为“20Ω　1A”的滑动变阻器等器材进行实验：
（1）请根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整。
（2）连接电路时开关应该 　 　。闭合开关前将滑动变阻器的滑片移到 　 　（选填“最左”或“最右”）处，闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，则产生故障的原因可能是 　 　。
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，若电流表的示数如图丙所示，其读数为 　 　A。
（4）改变滑动变阻器滑片的位置，测得多组对应的电压、电流值，如表所示，由测得数据可以得出的结论是：当电阻一定时，导体中的电流与电压成 　 　。
（5）小明认为将定值电阻换成小灯泡也能得出电流与导体两端电压的规律，小红觉得他的说法是错误的，原因是 　 　。
实验次数
1
2
3
4
5
6
电压U/V
0.6
1.0
1.5
2.0
2.4
2.8
电流I/A
0.12
0.20
0.32
0.38
0.48
0.56
23．（6分）为了保护湿地的生态环境，游客在湿地景区内游览时需乘坐新型电车。
（1）景区观光公路全长18km，游客乘电车游览全程需要2h，电车的平均速度是多少？
（2）满载的电车在水平地面上静止时，车和人的总质量是1600kg，轮胎与地面的接触面积是800cm2，电车对地面压强是多少？（g取10N/kg）
（3）电车在某段水平公路上以2m/s的速度沿直线匀速行驶2km，电车受到的阻力是1500N，那么在这段路程内电车牵引力的功率是多少？
24．（7分）家用电热水壶有加热和保温两挡，内部电路简化示意图如图甲所示，其中R1和R2均为阻值不变的发热电阻。小米使用该电热水壶烧水过程中，消耗的电功率随时间变化的图象如图乙所示。求：
（1）该电热水壶在保温状态下的电流；
（2）电阻R2的阻值；
（3）小米使用该电热水壶烧水，消耗的电能。

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．（7分）小丽用身边的器材做“探究平面镜成像特点“的实验，如图甲所示。

（1）用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于 　 　。
（2）若棋子A的像看不清，下列措施中不能使像变清晰的是 　 　。（选填字母）
A.用手电筒照亮棋子A
B.用手电筒照亮棋子B
（3）以下诗句描绘的现象与“平面镜成像”原理相同的是 　 　。（选填字母）
A．峰多巧障日，江远欲浮天。
B．香炉初上日，瀑水喷成虹。
C．我歌月徘徊，我舞影零乱。
D．掬水月在手，弄花香满衣。
（4）更换更合适的玻璃板重新实验，当棋子B与棋子A的像完全重合时，位置关系如图乙，则物距和像距均为 　 　cm。
（5）将玻璃板向棋子A方向倾斜，此时棋子A的像在棋子B的 　 　（选填“上方”或“下方”）。由此可知，小汽车前挡风玻璃倾斜安装的目的是 　 　。由问题（2）可知，小汽车夜间行驶时关掉车内灯的目的是 　 　。
26．（4分）如图所示，图甲是小张同学给爷爷准备的生日礼物——手中把玩的“铜核桃”。据商家说铜核桃是“实心纯铜”所作，他想起了阿基米德鉴别皇冠的故事，想要检验一下商家所说是否属实。可是家里并没有测力计、天平、量筒等仪器，于是他又想到利用浮力测密度的方法，从厨房找来了如图乙所示的带刻度的密封罐，放入“铜核桃”还能漂浮在水面上的小瓷碗，以及适量水，进行如图丙中a、b、c三步实验。
a.玻璃罐中装入适量水，将小瓷碗放入水中，待水面静止后，标记此时的体积为V1；
b.再将“铜核桃”放入小瓷碗中，待水面静止后，标记此时的体积为V2；
c.仅将“铜核桃”从小瓷碗中取出放入水中，待水面静止后，标记此时的体积为V3；
d.通过计算得出“铜核桃”的大致密度。
已知水的密度为ρ水，选用V1、V2、V3和ρ水表示以下物理量：

（1）“铜核桃”的体积V＝　 　，质量m＝　 　；
（2）进一步推导出“铜核桃”的密度为：ρ＝　 　；
（3）实验测量中发现，V3小于V2，运用浮力知识分析它的理由是 　 　。
27．（7分）如图为DM二代高性能混合动力车——“秦”，在很多城市PM2.5爆表的今天，混合动力车给消费者提供一种新的出行方式。“秦”充电10kW•h即可达到纯电动模式续航里程80km，能满足日常上下班短途用电需求，长途可使用油电混合动力，最高时速可达180km/h，百公里综合油耗仅2L，“秦”电动机效率为80%（即有80%的电能转化为有用的机械能）。（1kW•h＝3.6×106J）

（1）燃油汽车的发动机通常是汽油机，汽油机工作时，　 　冲程将机械能转化为内能，其原理与图中的 　 　相同（选填“甲”或“乙”）；“秦”纯电动模式行驶时电池将 　 　能转化为电能供电动机使用.
（2）爱研究的小波同学通过测量获得轿车以不同速度行驶时对应的制动距离（即从操纵制动刹车到车停下来的距离），数据如表所示：
速度v/（km•h﹣1）
40
60
80
100
120
制动距离s/m
8
18
32
50

根据表中数据所反映的规律，当轿车速度为120km/h时对应的制动距离是 　 　m，由此你想对驾驶员提一条忠告：　 　；
（3）“秦”在纯电动方式行驶时，车子所受的平均阻力为 　 　N；
（4）若某一次纯电动模式行驶中“秦”消耗电能4kW•h，若用效率为30%的燃油汽车则需要 　 　kg的汽油。（汽油热值为4×107J/kg）

2023年广东省汕头市濠江区中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分）
1．（3分）请你指出下列所估测的数据中最接近生活实际的是（　　）
A．学校升旗所用旗杆高度约为3m
B．一本物理课本的质量约为480g
C．演奏一遍《义勇军进行曲》的时间约为45s
D．人们感觉舒适的室温约为37℃
【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
【解答】解：A、学校升旗所用旗杆高度约为10m，故A错误；
B、一本物理课本的质量约为300g，故B错误；
C、演奏一遍《义勇军进行曲》的时间约为45s，故C正确；
D、人们感觉舒适的室温约为23℃，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了对长度、质量、时间、温度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2．（3分）信息、能源、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法错误的是（　　）
A．化石能源是可再生能源
B．核电站利用的是核裂变产生的核能
C．LED灯是一种发光二极管，它是由半导体材料制成的
D．5G 通信与4G 通信相比，其载波的频率较高，因而波长较短
【分析】（1）能够源源不断地从自然界中获得或可重复利用的能源是可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源则是不可再生能源；
（2）核电站利用的是核裂变释放的能量；
（3）LED灯的核心元件发光二极管是由半导材料制成的；
（4）电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3×108m/s，波速一定时，波长与频率成反比。
【解答】解：
A、像煤、石油等这些化石能源都属于不可再生能源，故A错误；
B、核电站利用的是核裂变释放的能量，故B正确；
C、LED灯的核心元件发光二极管是由半导材料制成的，故C正确；
D、5G通信采用的电磁波频率比4G通信更高，电磁波在真空中传播速度是3×108m/s确定不变的，由于c＝fλ，因此频率高的波长短、频率低的波长长，所以5G电磁波的波长比4G更短，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了能源的分类、核电站的发电原理、半导体材料的运用以及电磁波波长、频率和波速的关系，难度不大。
3．（3分）如图所示，物流机器人用气动吸盘抓取箱子并静止在空中，下列说法正确的是（　　）

A．机器人静止时，没有惯性
B．机器人的轮子凹凸不平，是为了减小摩擦
C．机器人自身的重力与地面对机器人的支持力是一对平衡力
D．机器人对箱子的“吸力”与箱子对机器人的“吸力”是一对相互作用力
【分析】（1）质量是物体惯性的唯一量度；
（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（3）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，而一对相互作用力则是作用在不同的物体上。
【解答】解：
A、物体惯性的大小只与质量有关，与运动状态无关。所以静止的机器人仍然有惯性。故A不正确；
B、机器人的轮子凹凸不平，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故B不正确；
C、机器人用气动吸盘抓取箱子时，箱子对机器人有向下的压力，此时机器人的重力和地面对机器人的支持力大小不相等，所以不是平衡力。故C不正确；
D、机器人对箱子的“吸力”与箱子对机器人的“吸力”大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个不同的物体上，所以是一对相互作用力。故D正确。
故选：D。
【点评】此题涉及到增大摩擦的方法及其应用、惯性、平衡力和相互作用力的区分等知识点，区分一对平衡力与一对相互作用力，它们的关键不同：是否作用在同一物体上。
4．（3分）从“立春”到“大寒”，二十四节气是中华民族智慧的结晶，它以自然时序提示着、服务着我们的生活。以下为节气名与其物态变化相关知识，正确的是（　　）
A．雨水节气——地气升为云，天气降为雨，雨的形成是汽化现象
B．白露节气——白露秋分夜，一夜凉一夜，露的形成是熔化现象
C．霜降节气——寒露无青稻，霜降一齐倒，霜的形成是凝华现象
D．大雪节气——落雪见晴天，瑞雪兆丰年，雪的形成是升华现象
【分析】（1）汽化指物质由液态转变成气态，汽化要吸热；液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
（2）凝华指物质由气态直接转变成固态，升华指物质由固态直接转变成气态。
【解答】解：A、雨的形成是液化现象，故A错误；
B、露的形成是液化现象，故B错误；
C、霜的形成是凝华现象，故C正确；
D、雪的形成是凝华现象，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了液化和凝华，属于基础题。
5．（3分）腕力球是一种人工动力装置，纯机械不用电池。手握腕力球运动时，使球芯加速旋转，同时球内的LED灯会发光（如图）。装置工作时能使灯发光的原理与图中的实验原理相同的是（　　）

A．
B．
C．
D．
【分析】闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
【解答】解：
手握腕力球运动时，使球芯加速旋转，同时球内的LED灯会发光，这说明电路中产生了电流，则可知此现象的原理为电磁感应现象。
A、图中实验装置是探究通电螺线管周围存在磁场的实验，故A不符合题意；
B、图中实验装置说明通电导线在磁场中受力而运动，故B不符合题意；
C、图中实验装置无电源，闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，是电磁感应现象，故C符合题意；
D、图中的实验为奥斯特实验，说明了电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了对电磁感应现象的认识，属于基础知识，难度不大。
6．（3分）小明根据测量出的由甲、乙两种物质组成的物体的质量、体积数据，绘制的m﹣V关系图像如图所示。下列说法正确的是（　　）

A．甲物质的密度小于乙物质的密度
B．体积为1m3的甲物质在水中受到的浮力为27N
C．将体积相等的甲、乙两种物质放入水中，最终它们所受浮力相同
D．质量相等的甲、乙两种物质，体积比V甲：V乙＝1：3
【分析】（1）先从图象中找出对应的两个物理量，利用密度公式求出甲、乙两物质的密度，再比较其大小；
（2）根据甲物质密度与水密度的关系判断出甲物质的浮沉情况，由阿基米德原理算出体积为1m3的甲物质在水中受到的浮力；
（3）根据甲、乙物质密度与水密度的关系判断出甲、乙物质的浮沉情况，由阿基米德原理判断出体积相等的甲、乙两种物质放入水中最终所受浮力的关系；
（4）由图像可知，质量相同的甲、乙两种物质的体积，即可求出比值。
【解答】解：A、由图像可知，甲物质的体积是1m3时，其质量是2.7×103kg，乙物质的体积是3m3时，其质量是2.7×103kg，
所以，甲物质的密度ρ甲＝＝＝2.7×103kg/m3，乙物质的密度ρ乙＝＝＝0.9×103kg/m3，
比较可知，甲物质的密度大于乙物质的密度，故A错误；
B、由A知甲物质的密度大于水的密度，所以甲物质放入水中会下沉，则体积为1m3的甲物质在水中受到的浮力为：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1m3＝1.0×104N，故B错误；
C、由A知乙物质的密度小于水的密度，所以乙物质放入水中会漂浮，甲物质放入水中会下沉，所以将体积相等的甲、乙两种物质放入水中，它们排开水的体积不相同，根据F浮＝ρ水gV排知它们所受浮力不相同，故C错误；
D、由图像知，当质量都为2.7×103kg时，V甲＝1m3，V乙＝3m3，则甲、乙两种物质，体积比V甲：V乙＝1：3，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了密度的大小比较和计算公式的应用以及阿基米德原理公式的应用，重点考查学生应用数学图象来分析解决物理问题的能力，有一定难度。
7．（3分）如图甲所示，电源电压恒为4.5V，小灯泡L上标有“2.5V“字样；图乙是通过小灯泡L的电流I与其两端电压U的关系图。闭合开关S，电流表示数为0.2A，下列说法正确的是（　　）

A．此时小灯泡L的电阻值为10Ω
B．通电10s电路消耗的电能为90J
C．小灯泡L的实际电功率为0.5W
D．电阻R的阻值为15Ω
【分析】由电路图可知，L与R串联，电流表测电路中的电流，根据图象读出电流表的示数为0.2A时灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出此时小灯泡的电阻，根据P＝UI求出小灯泡的实际功率，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据欧姆定律求出R的阻值，利用W＝UIt求出通电10s电路消耗的电能。
【解答】解：由电路图可知，L与R串联，电流表测电路中的电流，
由图象可知，电流表的示数为0.2A时，灯泡两端的电压UL＝1.5V，
由I＝可得，此时小灯泡的电阻：
RL＝＝＝7.5Ω，故A错误；
通电10s电路消耗的电能：
W＝UIt＝4.5V×0.2A×10s＝9J，故B错误。
灯泡的实际功率：
PL＝ULI＝1.5V×0.2A＝0.3W，故C错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电阻R两端的电压：
UR＝U﹣UL＝4.5V﹣1.5V＝3V，
则电阻R的阻值：
R＝＝＝15Ω，故D正确。
故选：D。
【点评】题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
二、填空题（本大题共7小题，每小题3分，共21分）
8．（3分）演奏者敲击编钟，悠长的声音是由编钟 　振动　产生的，编钟振幅越大，　响度　越大（选填“音调”、“响度”或“音色”）；倒车雷达是利用 　超声波　（选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）来工作的。
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的。
（2）声音的大小叫响度；响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。
（3）倒车雷达是利用超声波的回声定位来工作的。
【解答】解：演奏者敲击编钟，悠长的声音是由编钟振动产生的，编钟振幅越大，响度越大；倒车雷达是利用超声波的回声定位来工作的。
故答案为：振动；响度；超声波。
【点评】知道声音产生的条件；知道响度与振幅的关系；知道超声波的特点及应用。
9．（3分）中医药是中华文化的瑰宝，中医的理疗方式中蕴含了许多物理知识，“刮痧”时要在皮肤上涂一些药油，利用刮痧使皮肤温度升高，这是通过 　做功　方式来改变物体的内能，理疗馆内药油味扑鼻，这是一种 　扩散　现象；“拔火罐”时小罐吸附于体表，这是利用燃火、抽气等方法使罐内气压 　低于　大气压（选填“高于”、“低于”或“等于”）。
【分析】做功和热传递都可以改变物体的内能；对物体做功，物体内能增加；
分子都在不停地做无规则运动；
利用燃火、抽气等方法能减小气压。
【解答】解：当刮痧板在身体上刮动时，克服摩擦做功，通过做功方式增加内能，身体会感觉到热；
理疗馆内药油味扑鼻，这是一种扩散现象，说明分子都在不停地做无规则运动；
“拔火罐”时小罐吸附于体表，这是利用燃火、抽气等方法使罐内气压小于大气压。
故答案为：做功；扩散；低于。
【点评】本题考查了改变内能的方法、扩散现象、改变气压的方法，属于基础题。
10．（3分）火车站台会有一条安全线，站在线内会有危险，这是因为列车经过时安全线内的气流速度 　大　，压强 　小　（前两空均选填“大”或“小”）；火车轨道下方铺设枕木，这是为了 　减小　压强（选填“增大”或“减小”）。
【分析】（1）流体的压强跟流体的速度有关，流速越大，压强越小。从人的内侧和外侧受到的压强进行考虑。
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
【解答】解：（1）人离火车太近，火车开动时，使人和火车之间的空气流动速度变大，压强变小，离站台远的地方气体相对流速较小，压强较大，人在内外压强差的作用下，被强大的气流压向列车，容易发生危险。
（2）火车轨道下铺设枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
故答案为：大；小；减小。
【点评】本题考查了利用流体压强与流速的关系、减小压强的方法等知识解释生活中的现象，难度不大。
11．（3分）原子由 　原子核　和电子组成。图中是一段细铁丝和饮料吸管做成的静电实验装置，吸管能在水平面内自由转动。用餐巾纸摩擦吸管使其带电。把丝绸摩擦过的玻璃棒放在吸管一端的附近，观察到吸管自动“躲开”，这说明：吸管带 　正　（选填“正”或“负”）电荷，用餐巾纸摩擦时，吸管 　失去　（选填“失去”或“得到”）电子。

【分析】原子由原子核和电子组成。摩擦起电的实质是电荷发生了转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电。
【解答】解：原子由原子核和电子组成。用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，把丝绸摩擦过的玻璃棒放在吸管一端的附近，观察到吸管自动“躲开”，根据同种电荷相互排斥的特点可知，吸管带正电；用餐巾纸摩擦时，吸管失去电子。
故答案为：原子核；正；失去。
【点评】本题考查了摩擦起电的实质，属于基础题。
12．（3分）小红利用图中所示电能表测量家中电水壶的实际功率，她将其它用电器全部关闭后，把电水壶接入电路，观察到电能表的指示灯在3min内闪烁160次，则这个电水壶消耗的电能为 　0.05　kW•h，实际功率为 　1000　W；电水壶接入电路必须使用 　三孔　（选填“两孔”或“三孔”）插座防止因金属外壳带电而发生触电。

【分析】（1）根据3min指示灯闪烁的次数结合参数“3200imp/（kW•h）”求出消耗的电能，再根据P＝计算出功率；
（2）为了用电安全，有金属外壳的用电器，其外壳必须要接地。
【解答】解：根据参数3200imp/（kW•h）知，电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次；
所以闪烁80次消耗的电能为：W＝kW•h＝0.05kW•h＝0.05×3.6×106J＝1.8×105J，
电水壶的功率：P＝＝1000W；
电水壶的外壳是金属，为了用电安全，其外壳必须要接地，应使用三孔插座，防止因金属外壳带电而发生触电。
故答案为：0.05；1000；三孔。
【点评】本题考查了三孔插座的作用、消耗电能和电功率的计算，关键是对电能表相关参数的理解。
13．（3分）如图所示，物理兴趣小组在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”时，利用了一个条形磁铁和一个右端固定在同一水平面上的电磁铁。当闭合开关S后，电磁铁的左端磁极是 　S　极，滑动变阻器的滑片P向右移动时，条形磁铁始终保持静止，在此过程中，条形磁铁所受摩擦力 　减小　（选填“增大”、“减小”或“不变”），方向为 　水平向左　。

【分析】首先利用螺线管中电流方向和线圈绕向根据安培定则确定螺线管的左端的磁极。再利用磁极间的作用规律确定条形磁铁的右端与电磁铁左端的相互作用情况。
条形磁铁在水平面上处于静止状态，受到平衡力的作用：桌面对它的摩擦力和电磁铁的磁力，根据二力平衡的条件可以确定条形磁铁受到的摩擦力方向。
根据条形磁铁始终处于平衡状态，可以确定其摩擦力始终等于电磁铁对它的磁力，根据磁力的变化可以确定摩擦力的变化。
【解答】解：根据螺线管的线圈绕向和电流从螺线管的左端流入，利用安培定则可以确定螺线管的左端为S极，所以条形磁铁受到电磁铁对它向右的引力。
条形磁铁处于静止状态，受到平衡力的作用，桌面对它施加了一个摩擦力，引力水平向右，所以摩擦力水平向左；
滑片P向右滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻增大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱，对条形磁铁的引力减弱，由于条形磁铁始终处于平衡状态，所以摩擦力始终等于引力，故摩擦力会随着引力的减小而减小。
故答案为：S；减小；水平向左。
【点评】由于螺线管斥力的作用，使得条形磁铁有了向右运动的趋势，所以桌面对它施加了一个向右的摩擦力来阻碍它向左运动，由此也可以确定摩擦力的方向。
摩擦力实际上是作用在接触面上。
14．（3分）质量为70kg的小明使用如图中的滑轮组提升重物，当物重为400N，小明的拉力为300N，物体在10s内被提升了10m，忽略绳重和摩擦，则小明做的有用功为 　4000　J，其效率为 　66.7%　（保留一位小数）；若用该滑轮组提升500N的重物，则其效率 　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【分析】（1）利用W有＝Gh求有用功；由图可知n＝2，利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率；
（2）根据W有＝Gh分析有用功的变化，根据η＝＝＝分析机械效率的变化。
【解答】解：（1）拉力做的有用功：W有＝Gh＝400N×10m＝4000J；
由图可知n＝2，滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%≈66.7%；
（2）提升更重的物体，由W有＝Gh可知，有用功W有增大，额外功W额外几乎不变，由η＝＝＝可知，有用功W有增大，额外功W额外几乎不变时，机械效率变大。
故答案为：4000；66.7%；变大。
【点评】本题考查使用滑轮组时有用功、机械效率的计算和机械效率的影响因素，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
三、作图题（本大题共3小题，共7分）
15．（2分）中国古代人民为了抵御入侵，常在城池周围建造护城河，通过吊桥升降控制人员进出。如图是吊桥被拉起时的模型图，请在图中画出拉力F的力臂。

【分析】力臂是从支点到力的作用线的距离，据此画出力F的力臂。
【解答】解：由题知，杠杆的支点在O处，从支点向力的作用线引垂线，支点到力的作用线的距离就是动力臂，如图所示：
。
【点评】本题的解题关键是知道力臂的定义，在解题时先找出支点的位置，然后根据力臂的定义画出动力臂。
16．（2分）图中的光线经过平面镜反射后水平射向竖直放置的凸透镜，请画出平面镜的入射光线和凸透镜的折射光线
【分析】根据图示的反射光线与平面镜的夹角度数，可求反射角与入射角的度数，据此画出入射光线；然后再根据凸透镜的三条特殊光线作出折射光线。
【解答】解：过入射点作出法线，已知反射光线与平面镜的夹角为30°，可知反射角等于入射角等于90°﹣30°＝60°，据此在法线上侧画出入射光线；
又知反射光线平行于凸透镜的主光轴，可知折射光线过凸透镜的焦点，如图所示
【点评】在画透镜的光路图和光的反射光路图时，要注意实线与虚线的区别，注意真实光线为实线，法线为虚线。
17．（3分）如图甲是宾馆床头柜上开关示意图，图乙是其控制的电路，其中S1为旋钮开关，单独控制台灯的通断和亮度，S2为单独控制电视插座的开关。在图乙中将电路图连接完整，要求符合安全用电原则。

【分析】灯泡的接法：火线首先过开关，再接入灯泡，零线直接接入灯泡；S2为单独控制电视插座的开关，则S2应与电视插座串联；
【解答】解：火线先进台灯的开关，然后变阻器与灯泡串联，而零线直接接在灯泡上；开关S2应与插座串联，开关S2接在火线上，电视插座的上端直接接在零线上。如图所示：

【点评】本题考查了家庭电路的连接，要掌握灯泡、开关、插座的接法，掌握安全用电的原则。
四、实验题（本大题共7小题，共20分）
18．（2分）图中甲所示是正在使用的弹簧测力计，所测物体重力的大小是 　3.2　N；如图乙所示，秒表的读数为 　247.5　s。

【分析】（1）使用弹簧测力计首先“三看“，一看零刻度线是否对准零刻度线；二看量程；三看分度值；
（2）秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
【解答】解：由图甲知，测力计的量程为0～5N，分度值为0.2N，示数为3.2N，则所测物体重力的大小是3.2N；
（2）由图可知，小盘的分度值是0.5min，指针在4min和5min之间，更靠近4min；大盘的分度值是0.1s，大盘指针在7.5s，因此秒表的读数为4min7.5s＝247.5s。
故答案为：3.2；247.5。
【点评】本题考查了弹簧测力计的使用与读数、秒表的读数，属于基础题。
19．（2分）丹麦物理学家 　奥斯特　是世界上第一个发现电与磁之间有联系的人，图中所示是他做的实验。图甲和图乙对照说明 　通电导体周围存在磁场　。

【分析】奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场。
【解答】解：丹麦物理学家奥斯特是世界上第一个发现电与磁之间有联系的人，图中所示是他做的实验。图甲和图乙对照说明通电导体的周围存在磁场。
故答案为：奥斯特；通电导体的周围存在磁场。
【点评】知道通电导体的周围存在磁场；本题属于基础性题目。
20．（2分）在探究“冰熔化过程中温度的变化规律”的实验中，小明根据实验数据，画出了其温度随时间变化的图像如图所示，分析图像后可知：
①冰熔化过程中，温度 　不变　。
②不考虑热量损失，第2～4min冰吸收的热量 　等于　（选填“大于”、“小于”或“等于”）第10～12min水吸收的热量。

【分析】①由图象知冰熔化过程的特点；
②实验中，用加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少。
【解答】解：①由图象知冰在熔化过程中吸热温度不变；
②实验中，用加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少，加热时间相同，吸收的热量相同，故第2～4min冰吸收的热量等于第10﹣12min水吸收的热量。
故答案为：①不变；②等于。
【点评】本题考查结合图象分析晶体熔化的特点，会看熔化的图象，横坐标代表时间，纵坐标代表温度，考查学生的分析归纳能力。
21．（7分）小白采用如图所示的装置，进行“探究液体压强与哪些因素有关”的实验：

（1）实验前，小白用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管中两液柱是否出现高度差，若两液柱 　没有　（选填“有”或“没有”）高度差，则说明U形管压强计存在漏气问题。组装好的压强计的U形管 　不是　（选填“是”或“不是”）连通器。
（2）实验中，小白通过观察 　U形管液面高度差　来比较液体内部压强的大小，这里应用的科学方法是 　转换法　。
（3）比较 　丙、戊　两图，可以研究液体压强与液体密度的关系。比较乙、丙两图，可得出结论：　液体密度一定时，深度越深，液体压强越大　。
（4）图己中A点所受的液体压强为pA＝　3000　Pa。
【分析】（1）检测U形管的气密性时，U形管两液柱没有高度差，说明U形管漏气，则需要重新组装软管；
上端开口，下端连通的装置叫连通器；
（2）液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大，这用到了转换法；
（3）比较丙、丁、戊三个图，找出哪些量是相同的，哪些量是不同的，从而得出结论；
（4）根据p＝ρgh计算压强，注意h为液面到所求位置的高度差。
【解答】解：（1）检测U形管的气密性时，U形管两液柱没有高度差，说明U形管漏气，则需要重新组装软管；
组装好的完好的压强计中的U形管的上部只有一段是开口的，故不是连通器；
（2）实验中通过比较U形管左右两边玻璃管中的液面的高度差来比较液体压强，这用到了转换法；
（3）要研究液体压强与液体密度的关系，需要控制液体的深度相同，改变液体的密度，故丙、戊符合；
比较乙、丙两图，液体密度相同，深度不同，故可得结论：液体密度一定时，深度越深，液体压强越大；
（4）水面到A点的深度h＝0.3m，则A点受的液体压强p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m＝3000Pa。
故答案为：（1）没有；不是；（2）形管液面高度差；转换法；（3）丙、戊；液体密度一定时，深度越深，液体压强越大；（4）3000。
【点评】此题考查的是我们对于液体压强计的了解和利用控制变量法对液体压强影响因素的探究，液体压强的计算是中考必考的一个知识点，需要掌握。
22．（7分）在“探究通过导体的电流与导体两端的电压的关系”实验中，某小组选用规格为“20Ω　1A”的滑动变阻器等器材进行实验：
（1）请根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整。
（2）连接电路时开关应该 　断开　。闭合开关前将滑动变阻器的滑片移到 　最右　（选填“最左”或“最右”）处，闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，则产生故障的原因可能是 　电阻R短路　。
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，若电流表的示数如图丙所示，其读数为 　0.34　A。
（4）改变滑动变阻器滑片的位置，测得多组对应的电压、电流值，如表所示，由测得数据可以得出的结论是：当电阻一定时，导体中的电流与电压成 　正比　。
（5）小明认为将定值电阻换成小灯泡也能得出电流与导体两端电压的规律，小红觉得他的说法是错误的，原因是 　小灯泡电阻随温度的变化而变化　。
实验次数
1
2
3
4
5
6
电压U/V
0.6
1.0
1.5
2.0
2.4
2.8
电流I/A
0.12
0.20
0.32
0.38
0.48
0.56
【分析】（1）根据甲图可知，变阻器左下接线柱连入电路中与R串联，据此连接实物图；
（2）为保护电路，连接电路时开关应该断开，闭合开关前将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路，根据电压表无示数分析；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数；
（4）分析表中数据得出结论；
（5）研究电流与导体两端电压的规律时，要控制电阻的大小不变，据此分析。
【解答】解：（1）根据甲图可知，变阻器左下接线柱连入电路中与R串联，如下所示：

（2）为保护电路，连接电路时开关应该断开，闭合开关前将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最右处；闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路，发现电压表无示数，则产生故障的原因可能是电阻R短路；
（3）若电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其读数为0.34A；
（4）根据表中数据可知，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大原来的几倍，可以得出的结论是：当电阻一定时，导体中的电流与电压成正比；
（5）研究电流与导体两端电压的规律时，要控制电阻的大小不变，小明认为将定值电阻换成小灯泡也能得出电流与导体两端电压的规律，小红觉得他的说法是错误的，原因是小灯泡电阻随温度的变化而变化。
故答案为：（1）见解析中的图；
（2）断开；最右；电阻R短路；
（3）0.34；
（4）正比；
（5）小灯泡电阻随温度的变化而变化。
【点评】本题探究通过导体的电流与导体两端的电压的关系，考查电路连接、注意事项、故障和数据分析及控制变量法的运用。
23．（6分）为了保护湿地的生态环境，游客在湿地景区内游览时需乘坐新型电车。
（1）景区观光公路全长18km，游客乘电车游览全程需要2h，电车的平均速度是多少？
（2）满载的电车在水平地面上静止时，车和人的总质量是1600kg，轮胎与地面的接触面积是800cm2，电车对地面压强是多少？（g取10N/kg）
（3）电车在某段水平公路上以2m/s的速度沿直线匀速行驶2km，电车受到的阻力是1500N，那么在这段路程内电车牵引力的功率是多少？
【分析】（1）已知景区观光公路全长和游客乘电车游览全程需要的时间，利用v＝计算电车的平均速度；
（2）满载的电车在水平地面上静止时对地面的压力等于车和人的总重力，利用G＝mg求出，然后利用p＝计算电车对地面压强；
（3）根据P＝计算在这段路程内电车牵引力的功率。
【解答】解：（1）电车的平均速度：v＝＝＝9km/h；
（2）满载的电车静止时对地面的压力：F＝G＝mg＝1600kg×10N/kg＝1.6×104N，
电车对地面压强：p＝＝＝2×105Pa；
（3）电车在某段水平公路上沿直线匀速行驶，则牵引力：F′＝f＝1500N，
由P＝可得，在这段路程内电车牵引力的功率是：
P＝Fv＝1500N×2m/s＝3000W
答：（1）电车的平均速度是9km/h；
（2）电车对地面压强是2×105Pa；
（3）在这段路程内电车牵引力的功率是3000W。
【点评】此题考查速度、重力、压强、功率的计算，以及二力平衡条件的应用，具有一定的综合性，但总体难度不是很大，关键是知道满载的电车在水平地面上静止时对地面的压力等于车和人的总重力，此外，解题过程中应注意单位换算。
24．（7分）家用电热水壶有加热和保温两挡，内部电路简化示意图如图甲所示，其中R1和R2均为阻值不变的发热电阻。小米使用该电热水壶烧水过程中，消耗的电功率随时间变化的图象如图乙所示。求：
（1）该电热水壶在保温状态下的电流；
（2）电阻R2的阻值；
（3）小米使用该电热水壶烧水，消耗的电能。

【分析】（1）根据图乙可知电热水壶保温状态时的电功率，根据P＝UI求出该电热水壶在保温状态下的电流；
（2）由图甲可知，当开关S接1时，只有R1工作，当开关S接2时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点和P＝可知电热水壶加热状态和保温状态时的电路连接；根据加热功率和P＝可求出R1的阻值；根据保温功率和P＝可求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值；
（3）根据图可知烧水过程中的加热时间和保温时间，利用W＝Pt求出加热消耗的电能和保温消耗的电能，据此求出消耗的总电能。
【解答】解：（1）由图乙可知，电热水壶保温状态的功率P保＝440W，
由P＝UI可知，电热水壶在保温状态下的电流：I保＝＝＝2A；
   （2）由图甲可知，当开关S接1时，只有R1工作，当开关S接2时，R1、R2串联，
根据串联电路的电阻特点可知，当开关S接1时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，由P＝可知，电路中的总功率最大，电热水壶处于加热状态；
当开关S接2时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，总功率最小，电热水壶处于保温状态；
由P＝可知，R1的阻值：R1＝＝＝44Ω，
R1、R2的串联总电阻：R＝＝＝110Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2阻值为：R2＝R﹣R1＝110Ω﹣44Ω＝66Ω；
（3）由图乙可知，电热水壶加热过程所用的时间t1＝300s，保温过程所用的时间t2＝500s﹣300s＝200s，
加热时消耗的电能为：W1＝P加t1＝1100W×300s＝3.3×105J，
保温时消耗的电能为：W2＝P保t2＝440W×200s＝8.8×104J，
消耗的总电能为：W＝W1+W2＝3.3×105J+8.8×104J＝4.18×105J。
答：（1）该电热水壶在保温状态下的电流为2A；
（2）电阻R2的阻值为66Ω；
（3）小米使用该电热水壶烧水，消耗的电能为4.18×105J。
【点评】本题考查串联电路的特点、电功率公式以及电功公式的应用，能从图中获取相关信息是解题的关键。
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．（7分）小丽用身边的器材做“探究平面镜成像特点“的实验，如图甲所示。

（1）用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于 　确定像的位置　。
（2）若棋子A的像看不清，下列措施中不能使像变清晰的是 　B　。（选填字母）
A.用手电筒照亮棋子A
B.用手电筒照亮棋子B
（3）以下诗句描绘的现象与“平面镜成像”原理相同的是 　D　。（选填字母）
A．峰多巧障日，江远欲浮天。
B．香炉初上日，瀑水喷成虹。
C．我歌月徘徊，我舞影零乱。
D．掬水月在手，弄花香满衣。
（4）更换更合适的玻璃板重新实验，当棋子B与棋子A的像完全重合时，位置关系如图乙，则物距和像距均为 　9.00　cm。
（5）将玻璃板向棋子A方向倾斜，此时棋子A的像在棋子B的 　上方　（选填“上方”或“下方”）。由此可知，小汽车前挡风玻璃倾斜安装的目的是 　避免车内物体在正前方成像，影响司机视线　。由问题（2）可知，小汽车夜间行驶时关掉车内灯的目的是 　减弱车内物体成像的清晰度，避免影响视野　。
【分析】（1）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；
（2）棋子A的像看不清，应该照亮物体A；
（3）平面镜成像的原理是光的反射；
（4）平面镜成像相距等于物距；
（5）像和物关于平面镜对称；从车辆行驶的安全角度考虑，根据平面镜成像的特点进行分析。
【解答】解：（1）因为玻璃板是透明的，能在观察到A蜡烛像的同时，还可以透过玻璃清楚的看到放在后面B蜡烛，便于确定像的位置；
（2）棋子A的像看不清，应该照亮物体A；故B不能使像变清晰，故选：B；
（3）平面镜成像的原理是光的反射；
A、峰多巧障日，江远欲浮天，是光的直线传播现象；
B、香炉初上日，瀑水喷成虹，是光的折射现象；
C、我歌月徘徊，我舞影零乱，是光的直线传播现象；
D、掬水月在手，弄花香满衣，是光的反射现象。
故选：D；
（4）由图可知，像到物的距离19.00cm﹣1.00cm＝18cm，则物距和像距均为9cm；
（5）像和物关于平面镜对称，将玻璃板向棋子A方向倾斜，此时棋子A的像在棋子B的上方；挡风玻璃相当于平面镜，因为平面镜成的像是虚像，所以挡风玻璃倾斜按装，使车内乘客或物体所成的像位于挡风玻璃的斜上方，是为了避免由于平面镜成像而使车内景物的像成在车的正前方，影响司机视线；当玻璃一面暗而一面亮时，在亮的一面会形成镜面。所以夜间行车，内部开灯，车外很黑，前挡风玻璃就成了一面镜子，使司机看不清车外，看到是车内人和物的影像，不利行车。
故答案为：（1）确定像的位置；（2）B；（3）D；（4）9.00；（5）上方；避免车内物体在正前方成像，影响司机视线；减弱车内物体成像的清晰度，避免影响视野。
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能得出正确结论，合理解决实验中出现的问题。
26．（4分）如图所示，图甲是小张同学给爷爷准备的生日礼物——手中把玩的“铜核桃”。据商家说铜核桃是“实心纯铜”所作，他想起了阿基米德鉴别皇冠的故事，想要检验一下商家所说是否属实。可是家里并没有测力计、天平、量筒等仪器，于是他又想到利用浮力测密度的方法，从厨房找来了如图乙所示的带刻度的密封罐，放入“铜核桃”还能漂浮在水面上的小瓷碗，以及适量水，进行如图丙中a、b、c三步实验。
a.玻璃罐中装入适量水，将小瓷碗放入水中，待水面静止后，标记此时的体积为V1；
b.再将“铜核桃”放入小瓷碗中，待水面静止后，标记此时的体积为V2；
c.仅将“铜核桃”从小瓷碗中取出放入水中，待水面静止后，标记此时的体积为V3；
d.通过计算得出“铜核桃”的大致密度。
已知水的密度为ρ水，选用V1、V2、V3和ρ水表示以下物理量：

（1）“铜核桃”的体积V＝　V3﹣V1　，质量m＝　ρ水（V2﹣V1）　；
（2）进一步推导出“铜核桃”的密度为：ρ＝　　；
（3）实验测量中发现，V3小于V2，运用浮力知识分析它的理由是 　“铜核桃”在水中漂浮时所受的浮力大于它沉底时所受的浮力　。
【分析】（1）用水、小瓷碗排开水的体积、“铜核桃”的总体积减去水、小瓷碗排开水的体积算出“铜核桃”的体积；
根据漂浮时浮力等于重力表示出“铜核桃”的重力，由G＝mg表示出“铜核桃”的质量；
（2）由密度公式进一步推导出“铜核桃”的密度；
（3）根据“铜核桃”的浮沉情况判断出浮力与重力的关系，进而判断出V3小于V2的原因。
【解答】解：（1）用水、小瓷碗排开水的体积、“铜核桃”的总体积减去水、小瓷碗排开水的体积算出
由图知“铜核桃”的体积为：V＝V3﹣V1；
小瓷碗漂浮，受到的浮力等于瓷碗的重力，由阿基米德原理知F浮＝G排＝G，所以m＝m排＝ρ水（V2﹣V1）；
（2）“铜核桃”的密度为：ρ＝＝；
（3）b中“铜核桃”处于漂浮状态，浮力等于重力，即F浮1＝G，c中“铜核桃”沉底，浮力小于重力，即F浮2＜G，所以F浮1＞F浮2，根据F浮＝ρ液gV排知，V排1＞V排2，故V3小于V2。
故答案为：（1）V3﹣V1；ρ水（V2﹣V1）；（2）；（3）“铜核桃”在水中漂浮时所受的浮力大于它沉底时所受的浮力。
【点评】本题考查了利用浮力测量物体密度的一种方法，有一定的难度。
27．（7分）如图为DM二代高性能混合动力车——“秦”，在很多城市PM2.5爆表的今天，混合动力车给消费者提供一种新的出行方式。“秦”充电10kW•h即可达到纯电动模式续航里程80km，能满足日常上下班短途用电需求，长途可使用油电混合动力，最高时速可达180km/h，百公里综合油耗仅2L，“秦”电动机效率为80%（即有80%的电能转化为有用的机械能）。（1kW•h＝3.6×106J）

（1）燃油汽车的发动机通常是汽油机，汽油机工作时，　压缩　冲程将机械能转化为内能，其原理与图中的 　乙　相同（选填“甲”或“乙”）；“秦”纯电动模式行驶时电池将 　化学　能转化为电能供电动机使用.
（2）爱研究的小波同学通过测量获得轿车以不同速度行驶时对应的制动距离（即从操纵制动刹车到车停下来的距离），数据如表所示：
速度v/（km•h﹣1）
40
60
80
100
120
制动距离s/m
8
18
32
50

根据表中数据所反映的规律，当轿车速度为120km/h时对应的制动距离是 　72　m，由此你想对驾驶员提一条忠告：　不要超速行驶　；
（3）“秦”在纯电动方式行驶时，车子所受的平均阻力为 　360　N；
（4）若某一次纯电动模式行驶中“秦”消耗电能4kW•h，若用效率为30%的燃油汽车则需要 　0.96　kg的汽油。（汽油热值为4×107J/kg）
【分析】（1）汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；甲图中水蒸气多木塞做功，把水蒸气的内能转化为木塞的机械能；乙图中活塞对空气做功，表示机械能转化为内能；
电池供电时将化学能转化为电能；
（2）由对表格中速度和制动距离的关系的分析我们可以得出制动距离应与速度的平方成正比，则可得速度为120km/h时的制动距离；
（3）把该电池充一次电所消耗的电能10kW•h换算成以焦耳为单位的电能，总电能乘以电动机效率得到转化为机械能的有用功，再利用W有＝fs求平均阻力；
（4）利用效率公式计算某一次行驶中“秦”消耗4kW•h电能做功可得燃油需要燃烧放出的总热量，利用热效率公式结合Q放＝mq可求得消耗的汽油质量。
【解答】解：（1）汽油机是汽车的“心脏”，其中压缩冲程将机械能转化为内能；
甲图中水蒸气多木塞做功，把水蒸气的内能转化为木塞的机械能，乙图中活塞对空气做功，表示机械能转化为内能；所以与此冲程原理相同的是乙实验；
“秦”纯电动模式行驶时电池将化学能转化为电能供电动机使用.
（2）通过对1、2、3、4的分析可知，速度越大制动距离越大，即制动距离一定与速度有关，但明显不是正比关系，
故可以想到可能与速度的平方成正比，通过计算可知制动距离的确与速度的平方成正比，
所以有，
解得：120km/h的制动距离为72m，所以对驾驶员提一条忠告：不要超速行驶；
（3）该电池充一次电所消耗的电能：W＝10kW•h＝10×3.6×106J＝3.6×107J；
因为“秦”电动机效率为80%，所以W有＝80%×3.6×107J＝2.88×107J；
因为W有＝fs，s＝80km＝80000m，
所以车子所受的平均阻力为f＝＝360N；
（4）消耗电能4kW•h消耗的能量：W1＝4kW•h＝4×3.6×106J＝1.44×107J，
依据题意结合Q放＝mq可得30%mq＝80%W1，
则汽油的质量m＝＝0.96kg
故答案为：（1）压缩；乙；化学；（2）72；不要超速行驶；（3）360；（4）0.96。
【点评】本题以高性能电动汽车为背景，考查了汽油机四冲程中的能量转化、电能的计算、效率的计算，知识点多、综合性强，要求灵活运用所学知识，属于难题。