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2023年四川省广安市邻水县中考物理模拟试卷（含答案）
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这是一份2023年四川省广安市邻水县中考物理模拟试卷（含答案），共33页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省广安市邻水县中考物理模拟试卷
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，请将正确项填涂在答题卡上，每小题题1.5分，共18分）
1．（1.5分）物理来源于生活，对物理量的估测是一种良好的学习习惯，下列估测最接近实际的是（ ）
A．物理课本的宽度约为18dm
B．邻水地区的冬季平均气温约为﹣20℃
C．给手机的供电电压为220V
D．大拇指指甲受到的大气压力约为10N
2．（1.5分）关于声现象的描述，下列说法错误的是（ ）
A．图甲中，把耳朵贴在桌面上，听到轻敲桌子的声音，说明固体能传声
B．图乙中，用筷子敲击瓶子时，最左侧瓶子发出声音的音调最高
C．图丙中，道路两边的隔音墙，可以阻碍噪声的传播
D．图丁中，蝙蝠靠超声波发现昆虫
3．（1.5分）下列光现象属于光的反射的是（ ）
A．筷子折断 B．小孔成像
C．“彩虹桥”倒影 D．海上彩虹
4．（1.5分）下列关于热现象的说法不正确的是（ ）
A．沙漠地区昼夜温差比沿海地区大，是因为沙子的比热容比水的比热容小
B．汽车刹车时，轮胎的温度会升高，这个过程主要是通过做功改变物体的内能
C．端午佳节煮熟的粽子散发出诱人的香味，说明分子在不停地做无规则运动
D．秋冬季节，窗玻璃上的露珠，这是由于空气液化形成的，需要放热
5．（1.5分）2022年第24届冬奥会在北京召开，我国健儿积极备战。如图是高台跳雪运动员由高处急速滑下，在即将到达赛道底部时，他双膝弯曲，使劲一蹬，顺势跃向空中。为减小空气阻力影响，他上身前倾，双臂后摆，整个身体就像一架飞机，向前滑翔。有关滑雪中的相关物理知识说法不正确的是（ ）
A．双膝弯曲，不但降低了重心，而且减小了重力势能，转化为更多的动能
B．运动员使用撑杆向后用力撑地增大下滑速度，目的是为增大惯性，从而利用惯性跳得更远
C．由于运动员背上的空气流速大于滑雪板下面的空气流速，从而产生向上的升力
D．雪橇板有较大面积目的是为了减小运动员脚对雪道的压强
6．（1.5分）有关力学知识，下列说法正确的是（ ）
A．飞机获得向上的升力是利用了大气压强
B．竖直上抛的篮球到达最高点时，若它受到的所有力都消失，则它将保持静止状态
C．人自由站在竖直上升的电梯里，受到的重力和支持力一定是平衡力
D．接触面粗糙程度一定时，物体受到的重力越大，滑动摩擦力越大
7．（1.5分）在做“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距和像距的数据。并绘制成如图所示的图像。根据图像可知（ ）
A．该凸透镜的焦距f＝20cm
B．当物距u＝25cm时。成正立、缩小的实像。照相机利用了这条规律
C．当物距u＝15cm时，成倒立、放大的实像，幻灯机利用了这条规律
D．把物体从距凸透镜5cm处向距凸透镜 8cm 处移动的过程中会观察到光屏上的像会逐渐变大
8．（1.5分）纯电动汽车环保节能。如图所示是电动汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电要求的是（ ）
A．安装充电桩时，不连接地线也可以
B．有充电桩起火，应迅速浇水扑灭
C．电线破损时，只要稍加注意便可安全使用
D．安装充电桩时，必须断开电源
9．（1.5分）疫情期间，重庆一中为加强疫情监控、保护校园内的师生安全，在校园入口及多个地方设立了红外人脸识别测温系统，如图所示。若人脸识别通过，则会闭合开关S1，若红外测温数值在正常范围内，则会闭合S2；只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门。下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
10．（1.5分）电动汽车刹车时，汽车电动机“变身”为发电机，将汽车动能转化为电能，简称动能回收系统。下列实验中与动能回收系统原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
11．（1.5分）法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应而荣获2007年度诺贝尔物理学奖。图中GMR代表巨磁电阻，在磁场中，其阻值随磁场的逐渐变强而减小。闭合开关S1、S2，下列说法中（ ）
①电磁铁左端为N极
②电磁铁外部的磁感线从右端出发回到左端
③将滑片P向b端滑动，两表示数之比保持不变
④将滑片P向a端滑动，巨磁电阻（GMR）电阻变小
A．只有①③④正确 B．只有①②③正确
C．只有①④正确 D．只有①③正确
12．（1.5分）放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则（ ）
A．物体a的密度大
B．物体b受到的浮力小
C．两容器底部受到的压力一样大
D．乙容器对桌面的压强大
二、填空题（每空1分，共14分）
13．（2分）如图所示，物体的长度为 cm。图中温度计的示数是 ℃。
14．（2分）“东风41”是我国目前射程最远的导弹，若它能在80s命中400km的目标，则它的平均速度是 m/s，该导弹可以携带10枚分导核弹头，核能属于 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。
15．（2分）小明站在湖堤边正在欣赏湖水中美丽的桃花“倒影”，此时看到一只小鸟从湖面飞向高空，在此过程中，小鸟在水中的像的大小 ，小鸟与桃花“倒影”的距离 。（均选填“变大”“变小”“不变”）
16．（2分）无论是严冬还是酷暑，在使用冷暖空调的汽车车窗玻璃表面都会出现小水珠。那么，冬天，小水珠附着在车窗玻璃的 表面（选填“内”或“外”），小水珠是由水蒸气 形成的。（填物态变化名称）
17．（2分）如图所示，沿斜面匀速向上拉一个重为5N的物体到斜面顶端，斜面长1m，高0.4m，拉力做功为2.4J，则这个斜面的机械效率是 %，物体受到的摩擦力是 N。（保留一位小数）
18．（2分）某体积为300cm3、重为2.4N的物体，把它浸没在水中放手，它将 （选填“上浮”“悬浮”或“下沉”），当物体静止时排开水的体积为 cm3。（g取10N/kg）
19．（2分）如图所示电路，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在某两点之间来回滑动时，电流表的示数范围是1.2A﹣2.4A，电压表的示数范围是12V﹣6V，则电源电压为 V，定值电阻R0＝ Ω。
三、作图题（每小题1分，共3分）
20．（1分）如图，S′是某一发光点S在平面镜里的像，Q是S发出的一束光经平面镜反射后经过的一点，请在图中找到S的位置，并完成光路图。
21．（1分）请在图中画出小球的受力示意图（细线处于竖直方向）。
22．（1分）如图所示，请将开关与螺丝口灯泡用笔画线代替电线连接成符合安全用电要求的家庭电路。
四、实验探究题（每空1分，共12分）
23．（4分）如图甲是某小组探究“某种物质熔化时温度变化规律”的实验装置图，他们根据实验测得的数据绘制出了图乙的温度﹣时间图像：
（1）实验装置按 顺序组装（选填“从下到上”或“从上到下”）。
（2）根据图像可知该物质是 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）该物质在加热到第5min时的内能 加热到6min时的内能。（填“小于”“等于”“大于”或“无法比较”）
（4）进一步分析图像可知液态该物质的比热容 固态该物质的比热容（填“小于”“等于”“大于”）。
24．（4分）小红在“测滑轮组机械效率”的实验中，用同一滑轮组进行三次实验，实验数据如表：
次数
钩码重/N
钩码上升高度
/cm
弹簧测力计示
数/N
弹簧测力计移
动距离/cm
机械效率
1
1
10
0.4
40
62.5%
2
3
10
0.9
40
83.3%
3
5
10
1.4
40
（1）本实验中用到的测量器材有 和弹簧测力计。
（2）根据实验数据推测，此实验所用滑轮的个数至少是 个。
（3）表格中第三次实验测得滑轮组的机械效率为 （保留一位小数）。
（4）分析表格数据可知：用同一滑轮组提升不同物体，被提升物体越重，滑轮组的机械效率 （选填“越高”“越低”或“不变”）。
25．（4分）小明用图甲所示电路测量小灯泡的电阻，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电流为0.2A。闭合开关前发现有一根导线连接错误，正确连接电路并闭合开关后。发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不亮，电压表示数几乎为0，电流表有示数；故障排除后，闭合开关移动滑片，测得多组数据，绘制成图丙所示I﹣U图象，其中某次电流表示数如图乙所示。请你解答下列问题：
（1）请在图甲中错误的线上打“×”，并用笔画线代替导线改接到正确位置上；
（2）出现该状况的原因应该是 （选填“A”、“B”、“C”或“D”）；
A．电流表内部断路了
B．灯泡的灯丝断了
C．灯座内部出现了短路
D．滑动变阻器的电阻线断了
（3）某时刻电流表示数如图所示，要使灯泡正常发光此时应该向 移动滑动变阻器的滑片。（选填“左”或“右”）
（4）根据图丙所示信息，可算出小灯泡正常发光时的电阻是 Ω。
五、计算题（26、27小题各8分，28小题7分，共23分）
26．（8分）某工厂采用热效率高的卧式燃煤锅炉烧水，将3000kg水从25℃加热到65℃，需要完全燃烧烟煤33.6kg，所用烟煤的热值约为3×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），试求：
（1）这些水吸收的热量是多少？
（2）该锅炉用烟煤烧水的效率是多少？
27．（8分）某家用电饭煲工作时有加热和保温两种状态，工作状态的切换由温控开关S自动控制，如图是该电饭锅的简化电路图，下表是它的有关参数。求：
（1）电饭锅在加热状态下工作30min消耗的电能多少kW•h？
（2）电阻R1的阻值。
（3）电阻R2的阻值。
额定电压
220V
加热功率
1100W
保温功率
110W
28．（7分）救援队用吊绳打捞沉到水池底部的实心正方体沉箱，如图甲所示，提升过程中始终以0.2m/s的速度竖直向上匀速提起，图乙是吊绳的拉力F随时间t变化的图象，g取10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m3，不计水的阻力及水面高度的变化。
求：（1）该沉箱的体积；
（2）沉箱的密度为多大。
2023年四川省广安市邻水县中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，请将正确项填涂在答题卡上，每小题题1.5分，共18分）
1．（1.5分）物理来源于生活，对物理量的估测是一种良好的学习习惯，下列估测最接近实际的是（ ）
A．物理课本的宽度约为18dm
B．邻水地区的冬季平均气温约为﹣20℃
C．给手机的供电电压为220V
D．大拇指指甲受到的大气压力约为10N
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、由实际生活可知，物理课本的宽度约为 18cm，故A错误；
B、邻水地区（四川）的冬季平均气温约为10℃，故B错误；
C、给手机的供电电压一般在3.7～4.2V之间，故C错误；
D、大拇指指甲的面积约为S＝1cm2＝10﹣4m2，一个标准大气压p＝1.0×105Pa，由p＝可得，大拇指指甲受到的大气压力约为F＝pS＝1.0×105Pa×10﹣4m2＝10N，故D正确。
故选：D。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2．（1.5分）关于声现象的描述，下列说法错误的是（ ）
A．图甲中，把耳朵贴在桌面上，听到轻敲桌子的声音，说明固体能传声
B．图乙中，用筷子敲击瓶子时，最左侧瓶子发出声音的音调最高
C．图丙中，道路两边的隔音墙，可以阻碍噪声的传播
D．图丁中，蝙蝠靠超声波发现昆虫
【分析】（1）声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质。
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（3）减小噪音的方法：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
（4）声音可以传递信息，可以传递能量。
【解答】解：A、把耳朵贴在桌面上也能听到由课桌传播的声音，说明固体能传播声音，故A正确；
B、敲击瓶子时，声音是由瓶本身的振动和水振动产生，瓶子和水的质量越大，越不容易振动，音调越低，所以最左侧瓶子发出声音的音调最低，故B错误；
C、道路两边的隔音墙，可以阻碍噪声的传播减弱噪声，故C正确；
D、蝙蝠靠超声波探测飞行中的障碍和发现昆虫，故D正确。
故选：B。
【点评】此题涉及到了声音的传播、声音的特征、减弱噪声的途径、声的利用等，都是基础知识，应当掌握。
3．（1.5分）下列光现象属于光的反射的是（ ）
A．筷子折断 B．小孔成像
C．“彩虹桥”倒影 D．海上彩虹
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、斜插在水中的筷子弯折了，是因为筷子反射的光线从水中斜射入空气时发生折射形成的效果，故A不合题意；
B、小孔成像是光沿直线传播形成的，故B不合题意；
C、水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意；
D、雨后彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这是光的色散现象，故D不合题意。
故选：C。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4．（1.5分）下列关于热现象的说法不正确的是（ ）
A．沙漠地区昼夜温差比沿海地区大，是因为沙子的比热容比水的比热容小
B．汽车刹车时，轮胎的温度会升高，这个过程主要是通过做功改变物体的内能
C．端午佳节煮熟的粽子散发出诱人的香味，说明分子在不停地做无规则运动
D．秋冬季节，窗玻璃上的露珠，这是由于空气液化形成的，需要放热
【分析】（1）沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；
（2）改变内能的方式：做功和热传递；
（3）扩散现象说明组成物质的分子在不停地做无规则运动；
（4）物质由气态变成液态的过程叫液化，液化放热。
【解答】解：A、沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多，因为砂石的比热容比海水的比热容小，白天，相同质量的沙石和水比较，吸收相同的热量，沙石的温度升高的多；夜晚，放出相同的热量，沙石的温度降低的多，导致沙漠地区昼夜温差比沿海地区大，故A正确；
B、汽车刹车时，克服摩擦做功，轮胎温度会升高，这个过程主要是做功改变了物体的内能，故B正确；
C、端午佳节煮熟的粽子散发出诱人的香味，是分子不停地做无规则运动的结果，故C正确；
D、秋冬季节，窗玻璃上的露珠，这是由于空气中水蒸气液化形成的，需要放热，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查温度、热量、内能的关系，改变内能的方式以及物态变化，难度不大。
5．（1.5分）2022年第24届冬奥会在北京召开，我国健儿积极备战。如图是高台跳雪运动员由高处急速滑下，在即将到达赛道底部时，他双膝弯曲，使劲一蹬，顺势跃向空中。为减小空气阻力影响，他上身前倾，双臂后摆，整个身体就像一架飞机，向前滑翔。有关滑雪中的相关物理知识说法不正确的是（ ）
A．双膝弯曲，不但降低了重心，而且减小了重力势能，转化为更多的动能
B．运动员使用撑杆向后用力撑地增大下滑速度，目的是为增大惯性，从而利用惯性跳得更远
C．由于运动员背上的空气流速大于滑雪板下面的空气流速，从而产生向上的升力
D．雪橇板有较大面积目的是为了减小运动员脚对雪道的压强
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。
（3）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。
（4）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】解：A、双膝弯曲，降低了重心，重力势能减小，此时减小了的重力势能，转化为更多的动能，故A正确；
B、惯性是物体的一种属性，惯性的大小只与质量有关；运动员使用撑杆向后用力撑地增大下滑速度，是力改变了物体的运动状态，不能增大惯性，是利用了惯性，故B错误；
C、运动员如图所示的姿势，使背上流过的空气流速大于从滑雪板下面流过的空气流速，而气体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，从而产生向上的升力，故C正确；
D、滑板做的又宽又大，目的是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确。
故选：B。
【点评】此题考查动能和势能的大小变化、惯性、减小压强的方法、流体压强和流速的关系，是一道综合性较强的题目，属中考常见题型，难度中等。
6．（1.5分）有关力学知识，下列说法正确的是（ ）
A．飞机获得向上的升力是利用了大气压强
B．竖直上抛的篮球到达最高点时，若它受到的所有力都消失，则它将保持静止状态
C．人自由站在竖直上升的电梯里，受到的重力和支持力一定是平衡力
D．接触面粗糙程度一定时，物体受到的重力越大，滑动摩擦力越大
【分析】（1）根据流体压强与流速的关系可做出判断；
（2）根据牛顿第一定律可得，当物体不受任何力的作用时，物体将保持静止或匀速直线运动；
（3）一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（4）滑动摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关。
【解答】解：A、飞机的机翼能获得向上的升力，是因为机翼上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，产生向上的压强差，故A错误；
B、当物体上升到最高点时，物体的速度为零，如果此时受到的力全部消失，根据牛顿第一定律可知，物体要保持现在的静止状态，故B正确；
C、人站在竖直上升的电梯里，由于不知道电梯是否做匀速直线运动，故不能判断这两个力是否是平衡力，故C错误；
D、接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大，而不是物体受到的重力越大，摩擦力越大，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了飞机升力的产生原因、牛顿第一定律的应用、平衡力的辨别、影响摩擦力大小的因素等，属力学综合题。
7．（1.5分）在做“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距和像距的数据。并绘制成如图所示的图像。根据图像可知（ ）
A．该凸透镜的焦距f＝20cm
B．当物距u＝25cm时。成正立、缩小的实像。照相机利用了这条规律
C．当物距u＝15cm时，成倒立、放大的实像，幻灯机利用了这条规律
D．把物体从距凸透镜5cm处向距凸透镜 8cm 处移动的过程中会观察到光屏上的像会逐渐变大
【分析】（1）根据凸透镜成像的四种情况和应用进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像机；
u＝2f，成倒立、等大的实像，v＝2f，一般用来求凸透镜的焦距；
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，应用于幻灯机和投影仪；
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜；
（2）当物距小于焦距时，凸透镜成虚像，此时物距增大，像距增大，像变大。
【解答】解：A、由图可知，u＝v＝2f＝20cm，所以f＝10cm，故A错误；
B、当物距u＝25cm时，2f＜u，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故B错误；
C、当物距u＝15cm时，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机，故C错误；
D、把物体从距凸透镜5cm处向距凸透镜 8cm 处移动的过程中，u＜f，成正立、放大的虚像，此时物距增大，像距增大，像变大，但是光屏上承接不到，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查凸透镜成像规律，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
8．（1.5分）纯电动汽车环保节能。如图所示是电动汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电要求的是（ ）
A．安装充电桩时，不连接地线也可以
B．有充电桩起火，应迅速浇水扑灭
C．电线破损时，只要稍加注意便可安全使用
D．安装充电桩时，必须断开电源
【分析】（1）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；
（2）用电器起火，先关闭电源再救火；生活用水是导体；
（3）破损的导线容易发生短路或发生触电事故；
（4）检修电路及更换元件时，应在停电的情况下工作，不能带电工作。
【解答】解：A、安装充电桩时，为了安全，要接地线，故A不符合安全用电要求；
B、万一有充电桩起火，应先关闭电源再施救；生活用水是导体，电器着火不能直接用水灭火，否则可能引起触电事故，故B不符合安全用电要求；
C、充电线破损时，容易形成短路或发生触电事故，要及时更换，严禁直接使用，故C不符合安全用电要求；
D、为了安全在安装充电桩时必须断开电源，故D符合安全用电原则。
故选：D。
【点评】本题借助充电桩考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
9．（1.5分）疫情期间，重庆一中为加强疫情监控、保护校园内的师生安全，在校园入口及多个地方设立了红外人脸识别测温系统，如图所示。若人脸识别通过，则会闭合开关S1，若红外测温数值在正常范围内，则会闭合S2；只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门。下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】串联电路中开关控制整个电路；并联电路中干路开关控制整个电路，支路开关只控制所在支路。
【解答】解：只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门，当人脸识别不通过或体温不正常时，闸门就不会打开，这说明两个开关是相互影响的，所以两个开关是串联的，故A正确。
故选：A。
【点评】本题考查根据要求设计电路，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。
10．（1.5分）电动汽车刹车时，汽车电动机“变身”为发电机，将汽车动能转化为电能，简称动能回收系统。下列实验中与动能回收系统原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】（1）奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
（2）通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机、扬声器就是利用该原理制成的。
（3）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。
【解答】解：发电机是利用电磁感应现象来工作的。
A、图说明通电螺线管的周围存在磁场，故A不符合题意；
B、扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的，故B不符合题意；
C、该图说明闭合路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，闭合开关后，电流表的指针发生偏转，故C符合题意；
D、该图说明通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机是利用该原理来工作的，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】知道电流的磁效应，通电导体在磁场中要受到力的作用，电磁感应现象以及它们对应的应用。
11．（1.5分）法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应而荣获2007年度诺贝尔物理学奖。图中GMR代表巨磁电阻，在磁场中，其阻值随磁场的逐渐变强而减小。闭合开关S1、S2，下列说法中（ ）
①电磁铁左端为N极
②电磁铁外部的磁感线从右端出发回到左端
③将滑片P向b端滑动，两表示数之比保持不变
④将滑片P向a端滑动，巨磁电阻（GMR）电阻变小
A．只有①③④正确 B．只有①②③正确
C．只有①④正确 D．只有①③正确
【分析】（1）（2）闭合开关，电流从右端流入电磁铁，根据安培定则可得电磁铁左端的极性；在磁体外部，磁感线从N极发出，回到S极；
（3）电路中电流表与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，据此分析两表示数之比；
（4）根据欧姆定律和巨磁电阻的阻值与磁场强度的关系判定GMR电阻的变化。
【解答】解：①②、闭合开关，电流从右端流入电磁铁，根据安培定则可得，电磁铁左端为N极，电磁铁外部的磁感线从左端出发回到右端，故①正确，②错误；
③、电路中电流表与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，两表示数之比为定值电阻的阻值，因此将滑片P向b端滑动，两表示数之比保持不变，故③正确；
④、滑片向a端滑动，电路中电源电压不变，电阻变小，电流变大，电磁铁磁性变强，GMR的阻值变小，故④正确。
故选：A。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性强弱的影响因素、安培定则、欧姆定律等。
12．（1.5分）放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则（ ）
A．物体a的密度大
B．物体b受到的浮力小
C．两容器底部受到的压力一样大
D．乙容器对桌面的压强大
【分析】（1）根据物体的浮沉条件分析物体密度的大小；
（2）根据阿基米德原理判定浮力的大小；
（3）根据p＝ρgh判断甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强大小，根据F＝pS分析容器底部受到的压力的大小。
【解答】解：A、a在液体中漂浮，a的密度要小于液体的密度，b在液体中悬浮，b的密度等于液体的密度，所以a的密度要小于b的密度，故A错误；
B、液体的密度不变，a和b的体积相同，由图可知，a排开的液体的体积要小于b排开的液体的体积，根据F浮＝ρ液gV排可知，b受到的浮力大，故B错误；
CD、液体的密度和深度相同，根据p＝ρgh可知，甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强相同，底面积相同，根据F＝pS可知，容器底部受到液体的压力相同，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压强和密度公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。
二、填空题（每空1分，共14分）
13．（2分）如图所示，物体的长度为 1.40 cm。图中温度计的示数是 ﹣27 ℃。
【分析】（1）刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度，刻度尺分度值越小越精确；测量起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）要弄清楚温度计的量程和分度值再去读数，温度计的读数，特别要注意乙图是零摄氏度以下的读数。
【解答】解：（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值是0.1cm＝1mm，物体的长度是：4.40cm﹣3.00cm＝1.40cm；
（2）每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，温度在零下，其示数是﹣27℃。
故答案为：1.40；﹣27。
【点评】本题综合考查了温度计、刻度尺的使用，它们是初中物理中常见的测量仪器，要熟练掌握它们的使用方法。
14．（2分）“东风41”是我国目前射程最远的导弹，若它能在80s命中400km的目标，则它的平均速度是 5000 m/s，该导弹可以携带10枚分导核弹头，核能属于 不可再生 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。
【分析】（1）已知运动路程和时间，可以得到平均速度；
（2）可以从自然界源源不断地得到的能源称为可再生能源；能在短期内从自然界得到补充的能源称为不可再生能源。
【解答】解：导弹飞行的距离为s＝400km＝4×105m，
平均速度为v＝＝＝5000m/s；
核能利用的是核燃料的聚变或裂变得到的，核燃料在地球上的储量是有限的，所以属于不可再生能源。
故答案为：5000；不可再生。
【点评】此题考查了速度计算公式的应用和能源的分类，是一道基础题。
15．（2分）小明站在湖堤边正在欣赏湖水中美丽的桃花“倒影”，此时看到一只小鸟从湖面飞向高空，在此过程中，小鸟在水中的像的大小 不变 ，小鸟与桃花“倒影”的距离 变大 。（均选填“变大”“变小”“不变”）
【分析】根据平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们到镜面的距离相等来解答此题。
【解答】解：因为像和物体的大小相等，小明站在湖堤边正在欣赏湖水中美丽的桃花“倒影”，此时看到一只小鸟从高空飞向高空，在此过程中，小鸟在水中像的大小不变；空中的小鸟与桃花“倒影”的距离变大。
故答案为：不变；变大。
【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的理解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。
16．（2分）无论是严冬还是酷暑，在使用冷暖空调的汽车车窗玻璃表面都会出现小水珠。那么，冬天，小水珠附着在车窗玻璃的 内 表面（选填“内”或“外”），小水珠是由水蒸气 液化 形成的。（填物态变化名称）
【分析】夏天，室外温度高，室内温度低，室外的水蒸气液化，小水珠在外面；冬天，室内温度高，室外温度低，室内水蒸气液化，水珠在内表面；物质由气态转变为液态的过程叫做液化．液化是放热过程。
【解答】解：冬天车内温度高于室外温度，窗玻璃比室内温度低，室内的水蒸气遇到冷玻璃液化，小水珠凝结在玻璃的内表面；窗户玻璃表面的小水珠是水蒸气遇冷液化形成的。
故答案为：内；液化。
【点评】注意：当室内温度高室外温度低时，室内水蒸气液化；当室内温度低室外温度高时，室外水蒸气液化。
17．（2分）如图所示，沿斜面匀速向上拉一个重为5N的物体到斜面顶端，斜面长1m，高0.4m，拉力做功为2.4J，则这个斜面的机械效率是 83.3 %，物体受到的摩擦力是 0.4 N。（保留一位小数）
【分析】（1）已知物体重力和提升的高度，根据公式W＝Gh可求有用功；已知总功，根据η＝可求得机械效率；
（2）求出额外功，利用W额＝fs求摩擦力。
【解答】解：
（1）有用功：W有用＝Gh＝5N×0.4m＝2J；
总功：W总＝2.4J，
斜面的效率：
η＝×100%＝×100%＝83.3%；
（2）额外功：
W额＝W总﹣W有用＝2.4J﹣2J＝0.4J，
因为W额＝fs，
所以摩擦力大小：f＝＝＝0.4N。
故答案为：83.3；0.4。
【点评】本题考查有用功、机械效率的计算，关键是能根据额外功求摩擦力。
18．（2分）某体积为300cm3、重为2.4N的物体，把它浸没在水中放手，它将 上浮 （选填“上浮”“悬浮”或“下沉”），当物体静止时排开水的体积为 240 cm3。（g取10N/kg）
【分析】（1）计算出物体完全浸没时的浮力大小，与重力比较，重力大于浮力则下沉；重力等于浮力则悬浮；重力小于浮力则上浮；
（2）根据物体的浮沉情况，漂浮或悬浮：浮力等于重力；
（3）根据F浮＝ρ液gV排计算排开水的体积。
【解答】解：当物体完全浸没时V排＝V物，
浸没在水中时受到的浮力：
F浮＝ρ水gV物＝1.0×103kg/m3×10N/kg×300×10﹣6m3＝3N，
因为F浮＞G，
所以，把它浸没在水中后放手，物体上浮，最终处于漂浮状态；
当物体静止后，漂浮在水面上，则F浮′＝G＝2.4N；
由F浮＝ρ液gV排得：
V排＝＝＝2.4×10﹣4m3＝240cm3。
故答案为：上浮；240。
【点评】此题考查阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用，判断把物块浸没在水中放手后的状态是关键。
19．（2分）如图所示电路，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在某两点之间来回滑动时，电流表的示数范围是1.2A﹣2.4A，电压表的示数范围是12V﹣6V，则电源电压为 18 V，定值电阻R0＝ 5 Ω。
【分析】由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知电压表示数的变化，据此判断电表对应的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，然后求出R0的阻值和电源的电压。
【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，
所以，当电路中的电流I＝1.2A时电压表的示数UR＝12V，当电路中的电流I′＝2.4A时电压表的示数UR′＝6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，
所以，电源的电压：
U＝UR+IR0＝12V+1.2A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
U＝UR′+I′R0＝6V+2.4A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
解得：R0＝5Ω，U＝18V；
故答案为：18；5。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的得出电表对应的示数是关键。
三、作图题（每小题1分，共3分）
20．（1分）如图，S′是某一发光点S在平面镜里的像，Q是S发出的一束光经平面镜反射后经过的一点，请在图中找到S的位置，并完成光路图。
【分析】根据平面镜成像的特点可知，物与像关于镜面对称，首先作出像点S′的物点S，连接QS′，与镜面的交点为入射点O，再画出入射光线SO。
【解答】解：作出像点S′的物点S，即为发光点S的位置；连接QS′，与镜面的交点为入射点O，连接SO，为入射光线，则OQ为反射光线，如下图所示：
【点评】此题考查平面镜相关作图，注意平面镜成像的基本特点是物像关于平面镜的轴对称；所有的反射光线的反向延长线都要过像点。
21．（1分）请在图中画出小球的受力示意图（细线处于竖直方向）。
【分析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按要求画出各个力。
【解答】解：
小球处于静止状态，受力平衡，绳子处于竖直状态（球与斜面虽然接触但不发生挤压），所以小球不受摩擦力和支持力的作用；则小球受到重力和拉力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向沿绳子向上，两个力的作用点都画在球的重心上，这两个力是一对平衡力，大小相等，作图时两条线段的长度相等。如图所示：
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
22．（1分）如图所示，请将开关与螺丝口灯泡用笔画线代替电线连接成符合安全用电要求的家庭电路。
【分析】电灯的接法：开关控制电灯时和电灯是串联的。火线首先进入开关，再进入电灯顶端的金属块；零线直接接入电灯的螺旋套。开关接在火线上，更换灯泡时更安全。
【解答】解：电灯的接法：火线首先进入开关，再进入电灯顶端的金属块；零线直接接入电灯的螺旋套。如图所示：
【点评】本题主要考查了家庭电路中，基本电路图的连接，通过考查内容主要包括电灯与开关、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法等。
四、实验探究题（每空1分，共12分）
23．（4分）如图甲是某小组探究“某种物质熔化时温度变化规律”的实验装置图，他们根据实验测得的数据绘制出了图乙的温度﹣时间图像：
（1）实验装置按 从下到上 顺序组装（选填“从下到上”或“从上到下”）。
（2）根据图像可知该物质是 晶体 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）该物质在加热到第5min时的内能 小于 加热到6min时的内能。（填“小于”“等于”“大于”或“无法比较”）
（4）进一步分析图像可知液态该物质的比热容 大于 固态该物质的比热容（填“小于”“等于”“大于”）。
【分析】（1）酒精灯需要用外焰加热，因此先放好酒精灯，再固定好铁圈的高度，故应按照自下而上的顺序进行安装；
（2）晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
（3）晶体熔化过程中需要吸收热量；
（4）根据Q吸＝cm（t﹣t0）可知：在质量和吸收的热量一定时，物体的温度变化值越大，比热容就越小。
【解答】解：（1）因要用酒精灯的外焰加热，同时要保证温度计的玻璃泡完全浸没在被测液体中，不能碰到容器壁和容器底，故应从下到上安装实验器材；
（2）据图像可知该物质在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，符合晶体熔化特点，所以该物质是晶体；
（3）该物质在熔化过程中需要继续吸收热量，因此第5min时的内能小于到6min时的内能；
（4）物质在相同时间内吸收的热量相同，在固态时，2min时间内温度从40℃升高到44℃，温度变化了Δt1＝4℃，在液态时温度从48℃升高到50℃，温度变化了Δt2＝2℃，由Q＝cmΔt可知，当吸收的热量和质量都相同时，Δt越大比热容c就越小，所以这种物质液态时的比热容大于固态时的比热容。
故答案为：（1）从下到上；（2）晶体；（3）小于；（4）大于。
【点评】学生分析物质熔化的图像，是本实验中应该掌握的基本技能之一，从图像中获取有效的信息，是解答本题的关键。
24．（4分）小红在“测滑轮组机械效率”的实验中，用同一滑轮组进行三次实验，实验数据如表：
次数
钩码重/N
钩码上升高度
/cm
弹簧测力计示
数/N
弹簧测力计移
动距离/cm
机械效率
1
1
10
0.4
40
62.5%
2
3
10
0.9
40
83.3%
3
5
10
1.4
40
（1）本实验中用到的测量器材有 刻度尺 和弹簧测力计。
（2）根据实验数据推测，此实验所用滑轮的个数至少是 3 个。
（3）表格中第三次实验测得滑轮组的机械效率为 89.3% （保留一位小数）。
（4）分析表格数据可知：用同一滑轮组提升不同物体，被提升物体越重，滑轮组的机械效率 越高 （选填“越高”“越低”或“不变”）。
【分析】（1）实验中需要测量物体上升的高度和绳子自由端通过的距离，据此分析；
（2）根据物体上升的高度与绳子自由端通过的距离分析；
（3）根据η＝＝求出机械效率的大小；
（4）根据控制变量法的要求，分析表中实验数据，然后得出实验结论。
【解答】解：（1）在“测滑轮组机械效率”的实验中，需要测量物体上升的高度和绳子自由端通过的距离，所以用到的器材是刻度尺；
（2）根据表格中的数据可知，弹簧测力计移动距离是物体上升高度的4倍，所以至少需要两个动滑轮和一个定滑轮，共3个滑轮；
（3）表格中第三次实验测得滑轮组的机械效率为：η＝＝＝≈89.3%；
（4）由表中实验数据可知，使用同一滑轮组提升不同的物体，物体的重力不同，滑轮组的机械效率不同，物体的重力越大，机械效率越高。
故答案为：（1）刻度尺；（2）3；（3）89.3%；（4）越高。
【点评】本题探究影响滑轮组机械效率的因素，考查机械效率的计算、数据分析和控制变量法的运用。
25．（4分）小明用图甲所示电路测量小灯泡的电阻，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电流为0.2A。闭合开关前发现有一根导线连接错误，正确连接电路并闭合开关后。发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不亮，电压表示数几乎为0，电流表有示数；故障排除后，闭合开关移动滑片，测得多组数据，绘制成图丙所示I﹣U图象，其中某次电流表示数如图乙所示。请你解答下列问题：
（1）请在图甲中错误的线上打“×”，并用笔画线代替导线改接到正确位置上；
（2）出现该状况的原因应该是 C （选填“A”、“B”、“C”或“D”）；
A．电流表内部断路了
B．灯泡的灯丝断了
C．灯座内部出现了短路
D．滑动变阻器的电阻线断了
（3）某时刻电流表示数如图所示，要使灯泡正常发光此时应该向 左 移动滑动变阻器的滑片。（选填“左”或“右”）
（4）根据图丙所示信息，可算出小灯泡正常发光时的电阻是 12.5 Ω。
【分析】（1）在测量小灯泡电功率实验中，电流表应与灯泡串联，电压表并联在灯泡两端，据此分析；
（2）发现电流表指针正常偏转，电压表示数为零，说明电路通路，但与电压表并联段电路电阻为零；
（3）根据电流表选用量程确定分度值读数，比较电流表示数与灯泡额定电流大小，根据欧姆定律确定滑片移动的方向；
（4）由题知小灯泡的额定电流为0.2A，可以从丙图读出此时小灯泡的电压，根据欧姆定律可求出此时小灯泡的电阻。
【解答】解：（1）原电路图中，电流表与灯泡并联，电压表串联在电路中都是错误的，在测量小灯泡电功率实验中，电流表应与灯泡串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）发现电流表指针正常偏转，说明电路通路，但电压表示数为零，说明与电压表并联段电路短路则故障为定值电阻短路；故选：C。
（3）由图乙可知，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.08A，小于灯泡的额定电流0.2A，故应增大通过灯泡的电流，由欧姆定律可知，应减小滑动变阻器接入电路中电阻，故应将滑片向左移动；
（4）由题知小灯泡的额定电流为0.2A，由丙图读出此时小灯泡的电压为2.5V，根据欧姆定律得，此时小灯泡的电阻为：。
故答案为：（1）见解答图；（2）C；（3）左；（4）12.5。
【点评】本题考查了测量小灯泡的电阻的实验，需熟练掌握本实验实验过程及实验步骤，难度适中。
五、计算题（26、27小题各8分，28小题7分，共23分）
26．（8分）某工厂采用热效率高的卧式燃煤锅炉烧水，将3000kg水从25℃加热到65℃，需要完全燃烧烟煤33.6kg，所用烟煤的热值约为3×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），试求：
（1）这些水吸收的热量是多少？
（2）该锅炉用烟煤烧水的效率是多少？
【分析】（1）知道水的质量、水的比热容和水的温度变化，可利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）利用η＝求烟煤完全燃烧放出的热量，再利用Q放＝mq求需要完全燃烧烟煤的质量。
【解答】解：
（1）水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）
＝4.2×103 J/（kg•℃）×3000kg×（65℃﹣25℃）
＝5.04×108J；
（2）完全燃烧烟煤33.6kg放出的热量：Q放＝mq＝33.6kg×3×107J/kg＝1.008×109J，，
该锅炉用烟煤烧水的效率是：η＝＝＝50%。
答：（1）这些水吸收的热量是5.04×108J；
（2）该锅炉用烟煤烧水的效率是50%。
【点评】本题考查了吸热公式、燃料燃烧放出热量公式以及热效率公式的应用，是一道较为简单的计算题。
27．（8分）某家用电饭煲工作时有加热和保温两种状态，工作状态的切换由温控开关S自动控制，如图是该电饭锅的简化电路图，下表是它的有关参数。求：
（1）电饭锅在加热状态下工作30min消耗的电能多少kW•h？
（2）电阻R1的阻值。
（3）电阻R2的阻值。
额定电压
220V
加热功率
1100W
保温功率
110W
【分析】（1）根据P＝求出电饭锅在加热状态下工作30min消耗的电能；
（2）由P＝UI＝可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P＝UI＝可知各挡位时电路的连接；
根据P＝UI＝求出加热时电路中的电阻，即为电阻R1的阻值；
（3）根据P＝UI＝求出保温时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出电阻R2的阻值。
【解答】解：（1）由P＝可知，电饭锅在加热状态下工作30min消耗的电能：W＝P加热t＝1100×10﹣3kW×30×h＝0.55kW•h；
（2）当S断开时，R1、R2串联；当S闭合时，电路为R1的简单电路；因为串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P＝UI＝可知，电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，电饭锅为加热状态；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，电饭锅保温状态；
由P＝UI＝可知，加热状态的电阻：R加热＝＝＝44Ω，
因为加热状态时，电路为R1的简单电路，所以R1的阻值：R1＝R加热＝44Ω；
（3）由P＝UI＝可知，保温状态的电阻：R保温＝＝＝440Ω，
保温时，R1、R2串联，由串联电路的特点可知，R2的阻值：R2＝R保温﹣R1＝440Ω﹣44Ω＝396Ω。
答：（1）电饭锅在加热状态下工作30min消耗的电能为0.55kW•h；
（2）电阻R1的阻值为44Ω；
（3）电阻R2的阻值为396Ω。
【点评】本题考查串联电路的特点和电功率公式的应用，正确的判断电饭锅处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
28．（7分）救援队用吊绳打捞沉到水池底部的实心正方体沉箱，如图甲所示，提升过程中始终以0.2m/s的速度竖直向上匀速提起，图乙是吊绳的拉力F随时间t变化的图象，g取10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m3，不计水的阻力及水面高度的变化。
求：（1）该沉箱的体积；
（2）沉箱的密度为多大。
【分析】（1）根据乙图得出实心正方体沉箱全部露出水面的时间，然后根据L＝s＝vt计算出沉箱的边长，然后根据V＝L3求出沉箱的体积；
（2）根据F浮＝ρ水gV排计算出沉箱未露出水面时所受的浮力，根据F浮＝G﹣F拉计算沉箱的重力，利用G＝mg＝ρVg求出沉箱的密度。
【解答】解：（1）根据乙图可知，实心正方体全部露出水面所用的时间为：t＝50s﹣40s＝10s，
沉箱的边长：L＝s＝vt＝0.2m/s×10s＝2m，
则沉箱的体积；V＝L3＝（2m）3＝8m3；
（2）沉箱未露出水面时所受的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×8m3＝8×104N，
根据乙图可知，沉箱未露出水面时拉力：F拉＝16×104N，
沉箱未露出水面时匀速被提起，受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力和绳子的拉力，这三个力彼此平衡，
则沉箱的重力：G＝F浮+F拉＝8×104N+16×104N＝2.4×105N，
根据G＝mg＝ρVg可得沉箱的密度：
ρ＝＝＝3×103kg/m3。
答：（1）该沉箱的体积为8m3；
（2）沉箱的密度为3×103kg/m3。
【点评】本题为力学综合题，考查了速度公式、阿基米德原理和密度公式的应用，能认真分析题中图象并从中得出相关信息是关键。
2023年四川省广安市邻水县中考物理模拟试卷
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，请将正确项填涂在答题卡上，每小题题1.5分，共18分）
1．（1.5分）物理来源于生活，对物理量的估测是一种良好的学习习惯，下列估测最接近实际的是（ ）
A．物理课本的宽度约为18dm
B．邻水地区的冬季平均气温约为﹣20℃
C．给手机的供电电压为220V
D．大拇指指甲受到的大气压力约为10N
2．（1.5分）关于声现象的描述，下列说法错误的是（ ）
A．图甲中，把耳朵贴在桌面上，听到轻敲桌子的声音，说明固体能传声
B．图乙中，用筷子敲击瓶子时，最左侧瓶子发出声音的音调最高
C．图丙中，道路两边的隔音墙，可以阻碍噪声的传播
D．图丁中，蝙蝠靠超声波发现昆虫
3．（1.5分）下列光现象属于光的反射的是（ ）
A．筷子折断 B．小孔成像
C．“彩虹桥”倒影 D．海上彩虹
4．（1.5分）下列关于热现象的说法不正确的是（ ）
A．沙漠地区昼夜温差比沿海地区大，是因为沙子的比热容比水的比热容小
B．汽车刹车时，轮胎的温度会升高，这个过程主要是通过做功改变物体的内能
C．端午佳节煮熟的粽子散发出诱人的香味，说明分子在不停地做无规则运动
D．秋冬季节，窗玻璃上的露珠，这是由于空气液化形成的，需要放热
5．（1.5分）2022年第24届冬奥会在北京召开，我国健儿积极备战。如图是高台跳雪运动员由高处急速滑下，在即将到达赛道底部时，他双膝弯曲，使劲一蹬，顺势跃向空中。为减小空气阻力影响，他上身前倾，双臂后摆，整个身体就像一架飞机，向前滑翔。有关滑雪中的相关物理知识说法不正确的是（ ）
A．双膝弯曲，不但降低了重心，而且减小了重力势能，转化为更多的动能
B．运动员使用撑杆向后用力撑地增大下滑速度，目的是为增大惯性，从而利用惯性跳得更远
C．由于运动员背上的空气流速大于滑雪板下面的空气流速，从而产生向上的升力
D．雪橇板有较大面积目的是为了减小运动员脚对雪道的压强
6．（1.5分）有关力学知识，下列说法正确的是（ ）
A．飞机获得向上的升力是利用了大气压强
B．竖直上抛的篮球到达最高点时，若它受到的所有力都消失，则它将保持静止状态
C．人自由站在竖直上升的电梯里，受到的重力和支持力一定是平衡力
D．接触面粗糙程度一定时，物体受到的重力越大，滑动摩擦力越大
7．（1.5分）在做“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距和像距的数据。并绘制成如图所示的图像。根据图像可知（ ）
A．该凸透镜的焦距f＝20cm
B．当物距u＝25cm时。成正立、缩小的实像。照相机利用了这条规律
C．当物距u＝15cm时，成倒立、放大的实像，幻灯机利用了这条规律
D．把物体从距凸透镜5cm处向距凸透镜 8cm 处移动的过程中会观察到光屏上的像会逐渐变大
8．（1.5分）纯电动汽车环保节能。如图所示是电动汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电要求的是（ ）
A．安装充电桩时，不连接地线也可以
B．有充电桩起火，应迅速浇水扑灭
C．电线破损时，只要稍加注意便可安全使用
D．安装充电桩时，必须断开电源
9．（1.5分）疫情期间，重庆一中为加强疫情监控、保护校园内的师生安全，在校园入口及多个地方设立了红外人脸识别测温系统，如图所示。若人脸识别通过，则会闭合开关S1，若红外测温数值在正常范围内，则会闭合S2；只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门。下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
10．（1.5分）电动汽车刹车时，汽车电动机“变身”为发电机，将汽车动能转化为电能，简称动能回收系统。下列实验中与动能回收系统原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
11．（1.5分）法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应而荣获2007年度诺贝尔物理学奖。图中GMR代表巨磁电阻，在磁场中，其阻值随磁场的逐渐变强而减小。闭合开关S1、S2，下列说法中（ ）
①电磁铁左端为N极
②电磁铁外部的磁感线从右端出发回到左端
③将滑片P向b端滑动，两表示数之比保持不变
④将滑片P向a端滑动，巨磁电阻（GMR）电阻变小
A．只有①③④正确 B．只有①②③正确
C．只有①④正确 D．只有①③正确
12．（1.5分）放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则（ ）
A．物体a的密度大
B．物体b受到的浮力小
C．两容器底部受到的压力一样大
D．乙容器对桌面的压强大
二、填空题（每空1分，共14分）
13．（2分）如图所示，物体的长度为 cm。图中温度计的示数是 ℃。
14．（2分）“东风41”是我国目前射程最远的导弹，若它能在80s命中400km的目标，则它的平均速度是 m/s，该导弹可以携带10枚分导核弹头，核能属于 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。
15．（2分）小明站在湖堤边正在欣赏湖水中美丽的桃花“倒影”，此时看到一只小鸟从湖面飞向高空，在此过程中，小鸟在水中的像的大小 ，小鸟与桃花“倒影”的距离 。（均选填“变大”“变小”“不变”）
16．（2分）无论是严冬还是酷暑，在使用冷暖空调的汽车车窗玻璃表面都会出现小水珠。那么，冬天，小水珠附着在车窗玻璃的 表面（选填“内”或“外”），小水珠是由水蒸气 形成的。（填物态变化名称）
17．（2分）如图所示，沿斜面匀速向上拉一个重为5N的物体到斜面顶端，斜面长1m，高0.4m，拉力做功为2.4J，则这个斜面的机械效率是 %，物体受到的摩擦力是 N。（保留一位小数）
18．（2分）某体积为300cm3、重为2.4N的物体，把它浸没在水中放手，它将 （选填“上浮”“悬浮”或“下沉”），当物体静止时排开水的体积为 cm3。（g取10N/kg）
19．（2分）如图所示电路，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在某两点之间来回滑动时，电流表的示数范围是1.2A﹣2.4A，电压表的示数范围是12V﹣6V，则电源电压为 V，定值电阻R0＝ Ω。
三、作图题（每小题1分，共3分）
20．（1分）如图，S′是某一发光点S在平面镜里的像，Q是S发出的一束光经平面镜反射后经过的一点，请在图中找到S的位置，并完成光路图。
21．（1分）请在图中画出小球的受力示意图（细线处于竖直方向）。
22．（1分）如图所示，请将开关与螺丝口灯泡用笔画线代替电线连接成符合安全用电要求的家庭电路。
四、实验探究题（每空1分，共12分）
23．（4分）如图甲是某小组探究“某种物质熔化时温度变化规律”的实验装置图，他们根据实验测得的数据绘制出了图乙的温度﹣时间图像：
（1）实验装置按 顺序组装（选填“从下到上”或“从上到下”）。
（2）根据图像可知该物质是 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）该物质在加热到第5min时的内能 加热到6min时的内能。（填“小于”“等于”“大于”或“无法比较”）
（4）进一步分析图像可知液态该物质的比热容 固态该物质的比热容（填“小于”“等于”“大于”）。
24．（4分）小红在“测滑轮组机械效率”的实验中，用同一滑轮组进行三次实验，实验数据如表：
次数
钩码重/N
钩码上升高度
/cm
弹簧测力计示
数/N
弹簧测力计移
动距离/cm
机械效率
1
1
10
0.4
40
62.5%
2
3
10
0.9
40
83.3%
3
5
10
1.4
40
（1）本实验中用到的测量器材有 和弹簧测力计。
（2）根据实验数据推测，此实验所用滑轮的个数至少是 个。
（3）表格中第三次实验测得滑轮组的机械效率为 （保留一位小数）。
（4）分析表格数据可知：用同一滑轮组提升不同物体，被提升物体越重，滑轮组的机械效率 （选填“越高”“越低”或“不变”）。
25．（4分）小明用图甲所示电路测量小灯泡的电阻，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电流为0.2A。闭合开关前发现有一根导线连接错误，正确连接电路并闭合开关后。发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不亮，电压表示数几乎为0，电流表有示数；故障排除后，闭合开关移动滑片，测得多组数据，绘制成图丙所示I﹣U图象，其中某次电流表示数如图乙所示。请你解答下列问题：
（1）请在图甲中错误的线上打“×”，并用笔画线代替导线改接到正确位置上；
（2）出现该状况的原因应该是 （选填“A”、“B”、“C”或“D”）；
A．电流表内部断路了
B．灯泡的灯丝断了
C．灯座内部出现了短路
D．滑动变阻器的电阻线断了
（3）某时刻电流表示数如图所示，要使灯泡正常发光此时应该向 移动滑动变阻器的滑片。（选填“左”或“右”）
（4）根据图丙所示信息，可算出小灯泡正常发光时的电阻是 Ω。
五、计算题（26、27小题各8分，28小题7分，共23分）
26．（8分）某工厂采用热效率高的卧式燃煤锅炉烧水，将3000kg水从25℃加热到65℃，需要完全燃烧烟煤33.6kg，所用烟煤的热值约为3×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），试求：
（1）这些水吸收的热量是多少？
（2）该锅炉用烟煤烧水的效率是多少？
27．（8分）某家用电饭煲工作时有加热和保温两种状态，工作状态的切换由温控开关S自动控制，如图是该电饭锅的简化电路图，下表是它的有关参数。求：
（1）电饭锅在加热状态下工作30min消耗的电能多少kW•h？
（2）电阻R1的阻值。
（3）电阻R2的阻值。
额定电压
220V
加热功率
1100W
保温功率
110W
28．（7分）救援队用吊绳打捞沉到水池底部的实心正方体沉箱，如图甲所示，提升过程中始终以0.2m/s的速度竖直向上匀速提起，图乙是吊绳的拉力F随时间t变化的图象，g取10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m3，不计水的阻力及水面高度的变化。
求：（1）该沉箱的体积；
（2）沉箱的密度为多大。
2023年四川省广安市邻水县中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，请将正确项填涂在答题卡上，每小题题1.5分，共18分）
1．（1.5分）物理来源于生活，对物理量的估测是一种良好的学习习惯，下列估测最接近实际的是（ ）
A．物理课本的宽度约为18dm
B．邻水地区的冬季平均气温约为﹣20℃
C．给手机的供电电压为220V
D．大拇指指甲受到的大气压力约为10N
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、由实际生活可知，物理课本的宽度约为 18cm，故A错误；
B、邻水地区（四川）的冬季平均气温约为10℃，故B错误；
C、给手机的供电电压一般在3.7～4.2V之间，故C错误；
D、大拇指指甲的面积约为S＝1cm2＝10﹣4m2，一个标准大气压p＝1.0×105Pa，由p＝可得，大拇指指甲受到的大气压力约为F＝pS＝1.0×105Pa×10﹣4m2＝10N，故D正确。
故选：D。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2．（1.5分）关于声现象的描述，下列说法错误的是（ ）
A．图甲中，把耳朵贴在桌面上，听到轻敲桌子的声音，说明固体能传声
B．图乙中，用筷子敲击瓶子时，最左侧瓶子发出声音的音调最高
C．图丙中，道路两边的隔音墙，可以阻碍噪声的传播
D．图丁中，蝙蝠靠超声波发现昆虫
【分析】（1）声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质。
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（3）减小噪音的方法：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
（4）声音可以传递信息，可以传递能量。
【解答】解：A、把耳朵贴在桌面上也能听到由课桌传播的声音，说明固体能传播声音，故A正确；
B、敲击瓶子时，声音是由瓶本身的振动和水振动产生，瓶子和水的质量越大，越不容易振动，音调越低，所以最左侧瓶子发出声音的音调最低，故B错误；
C、道路两边的隔音墙，可以阻碍噪声的传播减弱噪声，故C正确；
D、蝙蝠靠超声波探测飞行中的障碍和发现昆虫，故D正确。
故选：B。
【点评】此题涉及到了声音的传播、声音的特征、减弱噪声的途径、声的利用等，都是基础知识，应当掌握。
3．（1.5分）下列光现象属于光的反射的是（ ）
A．筷子折断 B．小孔成像
C．“彩虹桥”倒影 D．海上彩虹
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、斜插在水中的筷子弯折了，是因为筷子反射的光线从水中斜射入空气时发生折射形成的效果，故A不合题意；
B、小孔成像是光沿直线传播形成的，故B不合题意；
C、水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意；
D、雨后彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这是光的色散现象，故D不合题意。
故选：C。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4．（1.5分）下列关于热现象的说法不正确的是（ ）
A．沙漠地区昼夜温差比沿海地区大，是因为沙子的比热容比水的比热容小
B．汽车刹车时，轮胎的温度会升高，这个过程主要是通过做功改变物体的内能
C．端午佳节煮熟的粽子散发出诱人的香味，说明分子在不停地做无规则运动
D．秋冬季节，窗玻璃上的露珠，这是由于空气液化形成的，需要放热
【分析】（1）沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；
（2）改变内能的方式：做功和热传递；
（3）扩散现象说明组成物质的分子在不停地做无规则运动；
（4）物质由气态变成液态的过程叫液化，液化放热。
【解答】解：A、沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多，因为砂石的比热容比海水的比热容小，白天，相同质量的沙石和水比较，吸收相同的热量，沙石的温度升高的多；夜晚，放出相同的热量，沙石的温度降低的多，导致沙漠地区昼夜温差比沿海地区大，故A正确；
B、汽车刹车时，克服摩擦做功，轮胎温度会升高，这个过程主要是做功改变了物体的内能，故B正确；
C、端午佳节煮熟的粽子散发出诱人的香味，是分子不停地做无规则运动的结果，故C正确；
D、秋冬季节，窗玻璃上的露珠，这是由于空气中水蒸气液化形成的，需要放热，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查温度、热量、内能的关系，改变内能的方式以及物态变化，难度不大。
5．（1.5分）2022年第24届冬奥会在北京召开，我国健儿积极备战。如图是高台跳雪运动员由高处急速滑下，在即将到达赛道底部时，他双膝弯曲，使劲一蹬，顺势跃向空中。为减小空气阻力影响，他上身前倾，双臂后摆，整个身体就像一架飞机，向前滑翔。有关滑雪中的相关物理知识说法不正确的是（ ）
A．双膝弯曲，不但降低了重心，而且减小了重力势能，转化为更多的动能
B．运动员使用撑杆向后用力撑地增大下滑速度，目的是为增大惯性，从而利用惯性跳得更远
C．由于运动员背上的空气流速大于滑雪板下面的空气流速，从而产生向上的升力
D．雪橇板有较大面积目的是为了减小运动员脚对雪道的压强
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。
（3）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。
（4）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】解：A、双膝弯曲，降低了重心，重力势能减小，此时减小了的重力势能，转化为更多的动能，故A正确；
B、惯性是物体的一种属性，惯性的大小只与质量有关；运动员使用撑杆向后用力撑地增大下滑速度，是力改变了物体的运动状态，不能增大惯性，是利用了惯性，故B错误；
C、运动员如图所示的姿势，使背上流过的空气流速大于从滑雪板下面流过的空气流速，而气体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，从而产生向上的升力，故C正确；
D、滑板做的又宽又大，目的是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确。
故选：B。
【点评】此题考查动能和势能的大小变化、惯性、减小压强的方法、流体压强和流速的关系，是一道综合性较强的题目，属中考常见题型，难度中等。
6．（1.5分）有关力学知识，下列说法正确的是（ ）
A．飞机获得向上的升力是利用了大气压强
B．竖直上抛的篮球到达最高点时，若它受到的所有力都消失，则它将保持静止状态
C．人自由站在竖直上升的电梯里，受到的重力和支持力一定是平衡力
D．接触面粗糙程度一定时，物体受到的重力越大，滑动摩擦力越大
【分析】（1）根据流体压强与流速的关系可做出判断；
（2）根据牛顿第一定律可得，当物体不受任何力的作用时，物体将保持静止或匀速直线运动；
（3）一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（4）滑动摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关。
【解答】解：A、飞机的机翼能获得向上的升力，是因为机翼上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，产生向上的压强差，故A错误；
B、当物体上升到最高点时，物体的速度为零，如果此时受到的力全部消失，根据牛顿第一定律可知，物体要保持现在的静止状态，故B正确；
C、人站在竖直上升的电梯里，由于不知道电梯是否做匀速直线运动，故不能判断这两个力是否是平衡力，故C错误；
D、接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大，而不是物体受到的重力越大，摩擦力越大，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了飞机升力的产生原因、牛顿第一定律的应用、平衡力的辨别、影响摩擦力大小的因素等，属力学综合题。
7．（1.5分）在做“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距和像距的数据。并绘制成如图所示的图像。根据图像可知（ ）
A．该凸透镜的焦距f＝20cm
B．当物距u＝25cm时。成正立、缩小的实像。照相机利用了这条规律
C．当物距u＝15cm时，成倒立、放大的实像，幻灯机利用了这条规律
D．把物体从距凸透镜5cm处向距凸透镜 8cm 处移动的过程中会观察到光屏上的像会逐渐变大
【分析】（1）根据凸透镜成像的四种情况和应用进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像机；
u＝2f，成倒立、等大的实像，v＝2f，一般用来求凸透镜的焦距；
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，应用于幻灯机和投影仪；
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜；
（2）当物距小于焦距时，凸透镜成虚像，此时物距增大，像距增大，像变大。
【解答】解：A、由图可知，u＝v＝2f＝20cm，所以f＝10cm，故A错误；
B、当物距u＝25cm时，2f＜u，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故B错误；
C、当物距u＝15cm时，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机，故C错误；
D、把物体从距凸透镜5cm处向距凸透镜 8cm 处移动的过程中，u＜f，成正立、放大的虚像，此时物距增大，像距增大，像变大，但是光屏上承接不到，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查凸透镜成像规律，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
8．（1.5分）纯电动汽车环保节能。如图所示是电动汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电要求的是（ ）
A．安装充电桩时，不连接地线也可以
B．有充电桩起火，应迅速浇水扑灭
C．电线破损时，只要稍加注意便可安全使用
D．安装充电桩时，必须断开电源
【分析】（1）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；
（2）用电器起火，先关闭电源再救火；生活用水是导体；
（3）破损的导线容易发生短路或发生触电事故；
（4）检修电路及更换元件时，应在停电的情况下工作，不能带电工作。
【解答】解：A、安装充电桩时，为了安全，要接地线，故A不符合安全用电要求；
B、万一有充电桩起火，应先关闭电源再施救；生活用水是导体，电器着火不能直接用水灭火，否则可能引起触电事故，故B不符合安全用电要求；
C、充电线破损时，容易形成短路或发生触电事故，要及时更换，严禁直接使用，故C不符合安全用电要求；
D、为了安全在安装充电桩时必须断开电源，故D符合安全用电原则。
故选：D。
【点评】本题借助充电桩考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
9．（1.5分）疫情期间，重庆一中为加强疫情监控、保护校园内的师生安全，在校园入口及多个地方设立了红外人脸识别测温系统，如图所示。若人脸识别通过，则会闭合开关S1，若红外测温数值在正常范围内，则会闭合S2；只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门。下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】串联电路中开关控制整个电路；并联电路中干路开关控制整个电路，支路开关只控制所在支路。
【解答】解：只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门，当人脸识别不通过或体温不正常时，闸门就不会打开，这说明两个开关是相互影响的，所以两个开关是串联的，故A正确。
故选：A。
【点评】本题考查根据要求设计电路，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。
10．（1.5分）电动汽车刹车时，汽车电动机“变身”为发电机，将汽车动能转化为电能，简称动能回收系统。下列实验中与动能回收系统原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】（1）奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
（2）通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机、扬声器就是利用该原理制成的。
（3）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。
【解答】解：发电机是利用电磁感应现象来工作的。
A、图说明通电螺线管的周围存在磁场，故A不符合题意；
B、扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的，故B不符合题意；
C、该图说明闭合路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，闭合开关后，电流表的指针发生偏转，故C符合题意；
D、该图说明通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机是利用该原理来工作的，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】知道电流的磁效应，通电导体在磁场中要受到力的作用，电磁感应现象以及它们对应的应用。
11．（1.5分）法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应而荣获2007年度诺贝尔物理学奖。图中GMR代表巨磁电阻，在磁场中，其阻值随磁场的逐渐变强而减小。闭合开关S1、S2，下列说法中（ ）
①电磁铁左端为N极
②电磁铁外部的磁感线从右端出发回到左端
③将滑片P向b端滑动，两表示数之比保持不变
④将滑片P向a端滑动，巨磁电阻（GMR）电阻变小
A．只有①③④正确 B．只有①②③正确
C．只有①④正确 D．只有①③正确
【分析】（1）（2）闭合开关，电流从右端流入电磁铁，根据安培定则可得电磁铁左端的极性；在磁体外部，磁感线从N极发出，回到S极；
（3）电路中电流表与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，据此分析两表示数之比；
（4）根据欧姆定律和巨磁电阻的阻值与磁场强度的关系判定GMR电阻的变化。
【解答】解：①②、闭合开关，电流从右端流入电磁铁，根据安培定则可得，电磁铁左端为N极，电磁铁外部的磁感线从左端出发回到右端，故①正确，②错误；
③、电路中电流表与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，两表示数之比为定值电阻的阻值，因此将滑片P向b端滑动，两表示数之比保持不变，故③正确；
④、滑片向a端滑动，电路中电源电压不变，电阻变小，电流变大，电磁铁磁性变强，GMR的阻值变小，故④正确。
故选：A。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性强弱的影响因素、安培定则、欧姆定律等。
12．（1.5分）放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平，如图所示，则（ ）
A．物体a的密度大
B．物体b受到的浮力小
C．两容器底部受到的压力一样大
D．乙容器对桌面的压强大
【分析】（1）根据物体的浮沉条件分析物体密度的大小；
（2）根据阿基米德原理判定浮力的大小；
（3）根据p＝ρgh判断甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强大小，根据F＝pS分析容器底部受到的压力的大小。
【解答】解：A、a在液体中漂浮，a的密度要小于液体的密度，b在液体中悬浮，b的密度等于液体的密度，所以a的密度要小于b的密度，故A错误；
B、液体的密度不变，a和b的体积相同，由图可知，a排开的液体的体积要小于b排开的液体的体积，根据F浮＝ρ液gV排可知，b受到的浮力大，故B错误；
CD、液体的密度和深度相同，根据p＝ρgh可知，甲、乙两容器中的液体对容器底部的压强相同，底面积相同，根据F＝pS可知，容器底部受到液体的压力相同，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压强和密度公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。
二、填空题（每空1分，共14分）
13．（2分）如图所示，物体的长度为 1.40 cm。图中温度计的示数是 ﹣27 ℃。
【分析】（1）刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度，刻度尺分度值越小越精确；测量起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）要弄清楚温度计的量程和分度值再去读数，温度计的读数，特别要注意乙图是零摄氏度以下的读数。
【解答】解：（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值是0.1cm＝1mm，物体的长度是：4.40cm﹣3.00cm＝1.40cm；
（2）每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，温度在零下，其示数是﹣27℃。
故答案为：1.40；﹣27。
【点评】本题综合考查了温度计、刻度尺的使用，它们是初中物理中常见的测量仪器，要熟练掌握它们的使用方法。
14．（2分）“东风41”是我国目前射程最远的导弹，若它能在80s命中400km的目标，则它的平均速度是 5000 m/s，该导弹可以携带10枚分导核弹头，核能属于 不可再生 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。
【分析】（1）已知运动路程和时间，可以得到平均速度；
（2）可以从自然界源源不断地得到的能源称为可再生能源；能在短期内从自然界得到补充的能源称为不可再生能源。
【解答】解：导弹飞行的距离为s＝400km＝4×105m，
平均速度为v＝＝＝5000m/s；
核能利用的是核燃料的聚变或裂变得到的，核燃料在地球上的储量是有限的，所以属于不可再生能源。
故答案为：5000；不可再生。
【点评】此题考查了速度计算公式的应用和能源的分类，是一道基础题。
15．（2分）小明站在湖堤边正在欣赏湖水中美丽的桃花“倒影”，此时看到一只小鸟从湖面飞向高空，在此过程中，小鸟在水中的像的大小 不变 ，小鸟与桃花“倒影”的距离 变大 。（均选填“变大”“变小”“不变”）
【分析】根据平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们到镜面的距离相等来解答此题。
【解答】解：因为像和物体的大小相等，小明站在湖堤边正在欣赏湖水中美丽的桃花“倒影”，此时看到一只小鸟从高空飞向高空，在此过程中，小鸟在水中像的大小不变；空中的小鸟与桃花“倒影”的距离变大。
故答案为：不变；变大。
【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的理解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。
16．（2分）无论是严冬还是酷暑，在使用冷暖空调的汽车车窗玻璃表面都会出现小水珠。那么，冬天，小水珠附着在车窗玻璃的 内 表面（选填“内”或“外”），小水珠是由水蒸气 液化 形成的。（填物态变化名称）
【分析】夏天，室外温度高，室内温度低，室外的水蒸气液化，小水珠在外面；冬天，室内温度高，室外温度低，室内水蒸气液化，水珠在内表面；物质由气态转变为液态的过程叫做液化．液化是放热过程。
【解答】解：冬天车内温度高于室外温度，窗玻璃比室内温度低，室内的水蒸气遇到冷玻璃液化，小水珠凝结在玻璃的内表面；窗户玻璃表面的小水珠是水蒸气遇冷液化形成的。
故答案为：内；液化。
【点评】注意：当室内温度高室外温度低时，室内水蒸气液化；当室内温度低室外温度高时，室外水蒸气液化。
17．（2分）如图所示，沿斜面匀速向上拉一个重为5N的物体到斜面顶端，斜面长1m，高0.4m，拉力做功为2.4J，则这个斜面的机械效率是 83.3 %，物体受到的摩擦力是 0.4 N。（保留一位小数）
【分析】（1）已知物体重力和提升的高度，根据公式W＝Gh可求有用功；已知总功，根据η＝可求得机械效率；
（2）求出额外功，利用W额＝fs求摩擦力。
【解答】解：
（1）有用功：W有用＝Gh＝5N×0.4m＝2J；
总功：W总＝2.4J，
斜面的效率：
η＝×100%＝×100%＝83.3%；
（2）额外功：
W额＝W总﹣W有用＝2.4J﹣2J＝0.4J，
因为W额＝fs，
所以摩擦力大小：f＝＝＝0.4N。
故答案为：83.3；0.4。
【点评】本题考查有用功、机械效率的计算，关键是能根据额外功求摩擦力。
18．（2分）某体积为300cm3、重为2.4N的物体，把它浸没在水中放手，它将 上浮 （选填“上浮”“悬浮”或“下沉”），当物体静止时排开水的体积为 240 cm3。（g取10N/kg）
【分析】（1）计算出物体完全浸没时的浮力大小，与重力比较，重力大于浮力则下沉；重力等于浮力则悬浮；重力小于浮力则上浮；
（2）根据物体的浮沉情况，漂浮或悬浮：浮力等于重力；
（3）根据F浮＝ρ液gV排计算排开水的体积。
【解答】解：当物体完全浸没时V排＝V物，
浸没在水中时受到的浮力：
F浮＝ρ水gV物＝1.0×103kg/m3×10N/kg×300×10﹣6m3＝3N，
因为F浮＞G，
所以，把它浸没在水中后放手，物体上浮，最终处于漂浮状态；
当物体静止后，漂浮在水面上，则F浮′＝G＝2.4N；
由F浮＝ρ液gV排得：
V排＝＝＝2.4×10﹣4m3＝240cm3。
故答案为：上浮；240。
【点评】此题考查阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用，判断把物块浸没在水中放手后的状态是关键。
19．（2分）如图所示电路，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P在某两点之间来回滑动时，电流表的示数范围是1.2A﹣2.4A，电压表的示数范围是12V﹣6V，则电源电压为 18 V，定值电阻R0＝ 5 Ω。
【分析】由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知电压表示数的变化，据此判断电表对应的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，然后求出R0的阻值和电源的电压。
【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，
所以，当电路中的电流I＝1.2A时电压表的示数UR＝12V，当电路中的电流I′＝2.4A时电压表的示数UR′＝6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，
所以，电源的电压：
U＝UR+IR0＝12V+1.2A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
U＝UR′+I′R0＝6V+2.4A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
解得：R0＝5Ω，U＝18V；
故答案为：18；5。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的得出电表对应的示数是关键。
三、作图题（每小题1分，共3分）
20．（1分）如图，S′是某一发光点S在平面镜里的像，Q是S发出的一束光经平面镜反射后经过的一点，请在图中找到S的位置，并完成光路图。
【分析】根据平面镜成像的特点可知，物与像关于镜面对称，首先作出像点S′的物点S，连接QS′，与镜面的交点为入射点O，再画出入射光线SO。
【解答】解：作出像点S′的物点S，即为发光点S的位置；连接QS′，与镜面的交点为入射点O，连接SO，为入射光线，则OQ为反射光线，如下图所示：
【点评】此题考查平面镜相关作图，注意平面镜成像的基本特点是物像关于平面镜的轴对称；所有的反射光线的反向延长线都要过像点。
21．（1分）请在图中画出小球的受力示意图（细线处于竖直方向）。
【分析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按要求画出各个力。
【解答】解：
小球处于静止状态，受力平衡，绳子处于竖直状态（球与斜面虽然接触但不发生挤压），所以小球不受摩擦力和支持力的作用；则小球受到重力和拉力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向沿绳子向上，两个力的作用点都画在球的重心上，这两个力是一对平衡力，大小相等，作图时两条线段的长度相等。如图所示：
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
22．（1分）如图所示，请将开关与螺丝口灯泡用笔画线代替电线连接成符合安全用电要求的家庭电路。
【分析】电灯的接法：开关控制电灯时和电灯是串联的。火线首先进入开关，再进入电灯顶端的金属块；零线直接接入电灯的螺旋套。开关接在火线上，更换灯泡时更安全。
【解答】解：电灯的接法：火线首先进入开关，再进入电灯顶端的金属块；零线直接接入电灯的螺旋套。如图所示：
【点评】本题主要考查了家庭电路中，基本电路图的连接，通过考查内容主要包括电灯与开关、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法等。
四、实验探究题（每空1分，共12分）
23．（4分）如图甲是某小组探究“某种物质熔化时温度变化规律”的实验装置图，他们根据实验测得的数据绘制出了图乙的温度﹣时间图像：
（1）实验装置按 从下到上 顺序组装（选填“从下到上”或“从上到下”）。
（2）根据图像可知该物质是 晶体 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）该物质在加热到第5min时的内能 小于 加热到6min时的内能。（填“小于”“等于”“大于”或“无法比较”）
（4）进一步分析图像可知液态该物质的比热容 大于 固态该物质的比热容（填“小于”“等于”“大于”）。
【分析】（1）酒精灯需要用外焰加热，因此先放好酒精灯，再固定好铁圈的高度，故应按照自下而上的顺序进行安装；
（2）晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
（3）晶体熔化过程中需要吸收热量；
（4）根据Q吸＝cm（t﹣t0）可知：在质量和吸收的热量一定时，物体的温度变化值越大，比热容就越小。
【解答】解：（1）因要用酒精灯的外焰加热，同时要保证温度计的玻璃泡完全浸没在被测液体中，不能碰到容器壁和容器底，故应从下到上安装实验器材；
（2）据图像可知该物质在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，符合晶体熔化特点，所以该物质是晶体；
（3）该物质在熔化过程中需要继续吸收热量，因此第5min时的内能小于到6min时的内能；
（4）物质在相同时间内吸收的热量相同，在固态时，2min时间内温度从40℃升高到44℃，温度变化了Δt1＝4℃，在液态时温度从48℃升高到50℃，温度变化了Δt2＝2℃，由Q＝cmΔt可知，当吸收的热量和质量都相同时，Δt越大比热容c就越小，所以这种物质液态时的比热容大于固态时的比热容。
故答案为：（1）从下到上；（2）晶体；（3）小于；（4）大于。
【点评】学生分析物质熔化的图像，是本实验中应该掌握的基本技能之一，从图像中获取有效的信息，是解答本题的关键。
24．（4分）小红在“测滑轮组机械效率”的实验中，用同一滑轮组进行三次实验，实验数据如表：
次数
钩码重/N
钩码上升高度
/cm
弹簧测力计示
数/N
弹簧测力计移
动距离/cm
机械效率
1
1
10
0.4
40
62.5%
2
3
10
0.9
40
83.3%
3
5
10
1.4
40
（1）本实验中用到的测量器材有 刻度尺 和弹簧测力计。
（2）根据实验数据推测，此实验所用滑轮的个数至少是 3 个。
（3）表格中第三次实验测得滑轮组的机械效率为 89.3% （保留一位小数）。
（4）分析表格数据可知：用同一滑轮组提升不同物体，被提升物体越重，滑轮组的机械效率 越高 （选填“越高”“越低”或“不变”）。
【分析】（1）实验中需要测量物体上升的高度和绳子自由端通过的距离，据此分析；
（2）根据物体上升的高度与绳子自由端通过的距离分析；
（3）根据η＝＝求出机械效率的大小；
（4）根据控制变量法的要求，分析表中实验数据，然后得出实验结论。
【解答】解：（1）在“测滑轮组机械效率”的实验中，需要测量物体上升的高度和绳子自由端通过的距离，所以用到的器材是刻度尺；
（2）根据表格中的数据可知，弹簧测力计移动距离是物体上升高度的4倍，所以至少需要两个动滑轮和一个定滑轮，共3个滑轮；
（3）表格中第三次实验测得滑轮组的机械效率为：η＝＝＝≈89.3%；
（4）由表中实验数据可知，使用同一滑轮组提升不同的物体，物体的重力不同，滑轮组的机械效率不同，物体的重力越大，机械效率越高。
故答案为：（1）刻度尺；（2）3；（3）89.3%；（4）越高。
【点评】本题探究影响滑轮组机械效率的因素，考查机械效率的计算、数据分析和控制变量法的运用。
25．（4分）小明用图甲所示电路测量小灯泡的电阻，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电流为0.2A。闭合开关前发现有一根导线连接错误，正确连接电路并闭合开关后。发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不亮，电压表示数几乎为0，电流表有示数；故障排除后，闭合开关移动滑片，测得多组数据，绘制成图丙所示I﹣U图象，其中某次电流表示数如图乙所示。请你解答下列问题：
（1）请在图甲中错误的线上打“×”，并用笔画线代替导线改接到正确位置上；
（2）出现该状况的原因应该是 C （选填“A”、“B”、“C”或“D”）；
A．电流表内部断路了
B．灯泡的灯丝断了
C．灯座内部出现了短路
D．滑动变阻器的电阻线断了
（3）某时刻电流表示数如图所示，要使灯泡正常发光此时应该向 左 移动滑动变阻器的滑片。（选填“左”或“右”）
（4）根据图丙所示信息，可算出小灯泡正常发光时的电阻是 12.5 Ω。
【分析】（1）在测量小灯泡电功率实验中，电流表应与灯泡串联，电压表并联在灯泡两端，据此分析；
（2）发现电流表指针正常偏转，电压表示数为零，说明电路通路，但与电压表并联段电路电阻为零；
（3）根据电流表选用量程确定分度值读数，比较电流表示数与灯泡额定电流大小，根据欧姆定律确定滑片移动的方向；
（4）由题知小灯泡的额定电流为0.2A，可以从丙图读出此时小灯泡的电压，根据欧姆定律可求出此时小灯泡的电阻。
【解答】解：（1）原电路图中，电流表与灯泡并联，电压表串联在电路中都是错误的，在测量小灯泡电功率实验中，电流表应与灯泡串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
（2）发现电流表指针正常偏转，说明电路通路，但电压表示数为零，说明与电压表并联段电路短路则故障为定值电阻短路；故选：C。
（3）由图乙可知，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.08A，小于灯泡的额定电流0.2A，故应增大通过灯泡的电流，由欧姆定律可知，应减小滑动变阻器接入电路中电阻，故应将滑片向左移动；
（4）由题知小灯泡的额定电流为0.2A，由丙图读出此时小灯泡的电压为2.5V，根据欧姆定律得，此时小灯泡的电阻为：。
故答案为：（1）见解答图；（2）C；（3）左；（4）12.5。
【点评】本题考查了测量小灯泡的电阻的实验，需熟练掌握本实验实验过程及实验步骤，难度适中。
五、计算题（26、27小题各8分，28小题7分，共23分）
26．（8分）某工厂采用热效率高的卧式燃煤锅炉烧水，将3000kg水从25℃加热到65℃，需要完全燃烧烟煤33.6kg，所用烟煤的热值约为3×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），试求：
（1）这些水吸收的热量是多少？
（2）该锅炉用烟煤烧水的效率是多少？
【分析】（1）知道水的质量、水的比热容和水的温度变化，可利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）利用η＝求烟煤完全燃烧放出的热量，再利用Q放＝mq求需要完全燃烧烟煤的质量。
【解答】解：
（1）水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）
＝4.2×103 J/（kg•℃）×3000kg×（65℃﹣25℃）
＝5.04×108J；
（2）完全燃烧烟煤33.6kg放出的热量：Q放＝mq＝33.6kg×3×107J/kg＝1.008×109J，，
该锅炉用烟煤烧水的效率是：η＝＝＝50%。
答：（1）这些水吸收的热量是5.04×108J；
（2）该锅炉用烟煤烧水的效率是50%。
【点评】本题考查了吸热公式、燃料燃烧放出热量公式以及热效率公式的应用，是一道较为简单的计算题。
27．（8分）某家用电饭煲工作时有加热和保温两种状态，工作状态的切换由温控开关S自动控制，如图是该电饭锅的简化电路图，下表是它的有关参数。求：
（1）电饭锅在加热状态下工作30min消耗的电能多少kW•h？
（2）电阻R1的阻值。
（3）电阻R2的阻值。
额定电压
220V
加热功率
1100W
保温功率
110W
【分析】（1）根据P＝求出电饭锅在加热状态下工作30min消耗的电能；
（2）由P＝UI＝可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P＝UI＝可知各挡位时电路的连接；
根据P＝UI＝求出加热时电路中的电阻，即为电阻R1的阻值；
（3）根据P＝UI＝求出保温时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出电阻R2的阻值。
【解答】解：（1）由P＝可知，电饭锅在加热状态下工作30min消耗的电能：W＝P加热t＝1100×10﹣3kW×30×h＝0.55kW•h；
（2）当S断开时，R1、R2串联；当S闭合时，电路为R1的简单电路；因为串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P＝UI＝可知，电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，电饭锅为加热状态；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，电饭锅保温状态；
由P＝UI＝可知，加热状态的电阻：R加热＝＝＝44Ω，
因为加热状态时，电路为R1的简单电路，所以R1的阻值：R1＝R加热＝44Ω；
（3）由P＝UI＝可知，保温状态的电阻：R保温＝＝＝440Ω，
保温时，R1、R2串联，由串联电路的特点可知，R2的阻值：R2＝R保温﹣R1＝440Ω﹣44Ω＝396Ω。
答：（1）电饭锅在加热状态下工作30min消耗的电能为0.55kW•h；
（2）电阻R1的阻值为44Ω；
（3）电阻R2的阻值为396Ω。
【点评】本题考查串联电路的特点和电功率公式的应用，正确的判断电饭锅处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
28．（7分）救援队用吊绳打捞沉到水池底部的实心正方体沉箱，如图甲所示，提升过程中始终以0.2m/s的速度竖直向上匀速提起，图乙是吊绳的拉力F随时间t变化的图象，g取10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m3，不计水的阻力及水面高度的变化。
求：（1）该沉箱的体积；
（2）沉箱的密度为多大。
【分析】（1）根据乙图得出实心正方体沉箱全部露出水面的时间，然后根据L＝s＝vt计算出沉箱的边长，然后根据V＝L3求出沉箱的体积；
（2）根据F浮＝ρ水gV排计算出沉箱未露出水面时所受的浮力，根据F浮＝G﹣F拉计算沉箱的重力，利用G＝mg＝ρVg求出沉箱的密度。
【解答】解：（1）根据乙图可知，实心正方体全部露出水面所用的时间为：t＝50s﹣40s＝10s，
沉箱的边长：L＝s＝vt＝0.2m/s×10s＝2m，
则沉箱的体积；V＝L3＝（2m）3＝8m3；
（2）沉箱未露出水面时所受的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×8m3＝8×104N，
根据乙图可知，沉箱未露出水面时拉力：F拉＝16×104N，
沉箱未露出水面时匀速被提起，受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力和绳子的拉力，这三个力彼此平衡，
则沉箱的重力：G＝F浮+F拉＝8×104N+16×104N＝2.4×105N，
根据G＝mg＝ρVg可得沉箱的密度：
ρ＝＝＝3×103kg/m3。
答：（1）该沉箱的体积为8m3；
（2）沉箱的密度为3×103kg/m3。
【点评】本题为力学综合题，考查了速度公式、阿基米德原理和密度公式的应用，能认真分析题中图象并从中得出相关信息是关键。
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