物理（长沙卷）2023年中考考前最后一卷（全解全析）

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2023年中考考前最后一卷【长沙卷】物理·全解全析123456789101112BBDBADCCBDADAB1．【解答】解：A、人正常步行的速度约为1.2m/s，故A不符合实际；B、中学生在游泳池里游泳时，处于漂浮状态，中学生受到的浮力等于其重力，即F浮＝G，中学生的质量一般50kg左右，其重力G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，故浮力大约在500N左右，故B符合实际；C、我国家庭电路电压是220V，故C不符合实际；D、正常情况下，人的脉搏1min跳动75次，跳动10次的时间大约8s，故D不符合实际。故选：B。2．【解答】解：A、超声波在15℃空气中的传播速度是340m/s，故A错误；B、真空不能传声，手机声波支付功能不能在真空环境中使用，故B正确；C、手机发出的超声波是由物体振动产生的，故C错误；D、超声波指的振动频率高于20000Hz的声波，故D错误。故选：B。3．【解答】解：A、坎儿井减小了液面上的空气流动，有效减少输水过程中水的蒸发，故A正确；B、冰雪消融，形成水流，水从固态变成液态，属于熔化现象，故B正确；C、雾是由空气中的水蒸气液化形成，故C正确；D、雾凇空气中的水蒸气凝华形成，凝华会放热，故D错误；故选：D。4．【解答】解：A、飞机降落时，它受到的重力做了功，故A错误；B、飞机降落时，质量不变，高度减小、速度减小，它的机械能逐渐减小，故B正确；C、飞机落地后继续滑行，受到非平衡力的作用，它的运动状态改变，故C错误；D、飞机落地后继续滑行，是由于惯性；惯性是物体本身的一种性质，不是一种力或作用，故D错误。故选：B。5．【解答】解：由题知，任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作，说明两开关相互影响、不能独立工作，所以两开关、电动机应串联接在电路中，故A正确。故选：A。6．【解答】解：图中自发电无线门铃应用了电磁感应原理；A、图中是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；B、图中是通电螺线管，说明通电螺线管周围存在磁场，是电流的磁效应，故B不符合题意；C、图中有电源，闭合开关，导体棒在磁场中受力运动，故C不符合题意；D、闭合开关，导体ab在磁场中水平运动切割磁感线会产生感应电流，灵敏电流计的指针会发生偏转，是电磁感应现象，故D符合题意。故选：D。7．【解答】解：A、电线绝缘层破损后，继续使用绝缘皮破损的导线，容易发生触电事故，故A错误；B、安全用电的原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；所以不可以在高压线下钓鱼，故B错误；C、为了安全，更换灯泡前要先切断电源，以免触电，故C正确；D、多个大功率用电器同时使用一个插座，会使总功率过大，造成电流过大，容易引起火灾，故D错误。故选：C。8．【解答】解：A、潜水艇是靠改变自身的重力来实现上浮和下沉的，故A错误；B、潜水艇在水中悬浮和漂浮时，液体的密度不变，排开的水的体积不同，根据F浮＝ρ液gV排可知，所受的浮力不相等，故B错误；C、潜水艇潜入水中后在水中潜行，当它从长江潜行到大海时，液体密度增大，根据F浮＝ρ液gV排所受浮力增大，由于浮力等于重力，所以潜水艇的重力增大，故C正确；D、根据阿基米德原理可知，潜水艇悬浮在水中时，受到的浮力等于自身的重力，由于浮力等于排开的水的重力，所以潜水艇总重等于同体积的水重，故D错误。故选：C。9．【解答】解：A、用力拉弓，弓被拉弯，说明力可以改变物体的形状，故A正确；B、因为独轮推车做匀速直线运动，车受到平衡力的作用，故推力等于车所受的摩擦力，故B错误；C、往桶里加水，水的深度增加，由p＝ρgh可知，水对桶底压强逐渐变大，故C正确；D、由图可知，用桔槔装水，运用了杠杆原理，故D正确。故选：B。10．【解答】解：A、“超导材料”由于没有电阻，不能用于电能转化为内能的电器，例如电饭锅、电水壶等，故A错误；B、太阳能、地热能，可以从自然界不断地得到，所以它们属于可再生能源，也是新能源，天然气是不可再生能源，故B错误；C、目前有些新能源汽车，实现了“零排放”，减少了污染，提高了效率，但效率不会达到100%，故C错误；D、东方超环的热核反应，属于核聚变，故D正确。故选：D。11．【解答】解：A、图中人用水平推力推木箱，但没有推动，即此时木箱处于平衡状态，此时所受的推力和摩擦力是一对平衡力，故这两个力大小相等；故A正确；B、图中表示人用更大的推力，但木箱仍然没有推动，即仍处于平衡状态，所受的推力和摩擦力是一对平衡力，这两个力大小相等，此刻箱子受到的摩擦力大于甲图此刻箱子受到的摩擦力；故B错误；C、图中表示木箱在水平地面上已运动起来，但人已经摔倒，不再对木箱施加推力，故C错误；D、图中木箱在水平地面上运动，由木箱和水平地面没有改变，所以受到的摩擦力大小不变，故D正确。故选：AD。12．【解答】解：A、向下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使气体的内能增加，温度升高，当温度升高达到棉花的着火点时，筒内棉花燃烧起来，故A正确；B、将液体的内部压强的大小转换成U形管两边液面高度差的大小，液面高度差越大，表示液体内部的压强越大，故B正确；C、抽出里面的空气的过程中，芯片传出声音越来越小，推理得出声音传播需要介质，故C错误；D、向两个乒乓球之间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小，外侧的压强不变，受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，在压力差的作用下向中间靠拢，说明气体流速越大的地方压强越小，故D错误。故选：AB。13．【解答】解：在煮酒的过程中酒香四溢，说明了酒精分子在永不停息地做无规则运动；海拔越高，大气压越小，酒的沸点越低。故答案为：无规则运动；低。14．【解答】解：W推＝F×S＝15N×4m＝60J，重力不做功即W重＝0J，故答案为：60J、0J。15．【解答】解：因为三只灯要单独工作，所以三灯只能并联在电路中；因为三只灯正常工作，所以三只灯的实际功率均等于额定功率，由于三盏不能同时亮，每次只亮一盏，故正常工作24小时消耗的电功：W＝Pt＝100×10﹣3kW×24h＝2.4KW•h。故答案为：并；2.4。16．【解答】解：由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×2m＝4m；由图象可知，当物体重力G＝30N时，绳子自由端的拉力F＝20N，因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×20N﹣30N＝10N；因为不计绳重和摩擦，所以滑轮的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝75%。故答案为：4；75%。17．【解答】解：①（a）将R1接入M、N间，根据欧姆定律可得通过R1的电流I1＝＝＝1.2A；（b）10秒内电流通过R1所做的功W1＝UI1t＝12V×1.2A×10s＝144J；②将变阻器R2分别与电阻R1、R0串联后接入M、N间，电流表测通过电路的电流，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知滑动变阻器接入电路的电阻为0时，通过电路的电流最大，两电路中电流表示数最大值的差值为1A，则﹣＝±1A，即﹣＝±1A，解方程可得R0＝60Ω或R0≈5.5Ω，R2与R0串联后，滑动变阻器接入电路最大阻值时，电流表示数的最小，最小值Imin＝＝＝＝0.15A或＝≈0.47A。答：1.2A；144J；最小值Imin为0.15A或0.47A。18．【解答】解：（1）如图：；在使用钓鱼竿时，支点是O点，动力作用在A处，阻力为线对鱼竿的拉力，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；（2）阻力的作用点在杠杆上，方向沿绳子向下，从作用点作竖直向下的阻力F，从支点O作阻力作用线的垂线段（即阻力臂L）。如图所示。  故答案为：费力；。19．【解答】解：（1）（2）水在沸腾过程中，吸热温度保持不变，由图乙可知，水的沸点是97℃；“白气”不断从烧杯中冒出，“白气”是由于烧杯内热的水蒸气遇冷液化形成的。故答案为：（1）97；（2）液化。20．【解答】解：（1）该实验采用透明薄玻璃板代替日常使用的平面镜，玻璃板是透明的，观察到A蜡烛像的同时，也能观察到蜡烛B，当蜡烛B和蜡烛A的像重合时，蜡烛B的位置便是蜡烛A的像的位置；（2）由实验知像和物到玻璃板的距离相等；（3）一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，避免实验现象的偶然性，才能保证结论的正确，所以应该保持玻璃板位置不变，多次改变A蜡烛的位置进行实验。故答案为：（1）确定像的位置；（2）相等；（3）保持玻璃板的位置不变，多次改变A蜡烛的位置进行实验。21．【解答】解：（1）连接电路前，发现电压表指针如图乙所示，接下来的操作应该是调零；（2）分别测量出AB、BC、AC间的电压，记录实验数据如下表。为了得到普遍规律，要换用不同规格的用电器多次测量；把一只灯泡换成滑动变阻器，可移动变阻器的滑片多次测量，而交换两只灯泡的位置，灯的电压不变，其中小新的想法不能达到目的。故答案为：（1）调零；（2）小新。22．【解答】解：（1）变阻器应串联在电路中，可将导线一端接在变阻器上端，另一端接在电阻R右端，如图所示。（2）读图可知，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则电流表的示数为0.3A。由公式I＝得，R＝＝＝8Ω；（3）实验步骤：①闭合开关S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；②闭合开关S、S1，用电压表测出电源的电压U；③因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压：U0＝U﹣Ux＝U﹣U1，因串联电路中各处的电流相等，所以，I＝＝，即＝，解得：Rx＝。故答案为：（1）；（2）8；（3）。23．【解答】解：（1）利用如图所示的装置研究“磁场对电流的作用”时，即必须有电源，所以在ab间应接电源；（2）在乙图中，磁体间磁场的磁感线方向都是从磁体N极水平指向S极，且线圈所处的空间磁场强弱是恒定不变的，通电后cd段导线受磁场力的方向为竖直向下，因ab段导线中电流方向与cd段导线中电流方向相反，因此ab段导线所受磁场力的方向是竖直向上。故答案为：（1）电源；（2）竖直向上。24．【解答】解：（1）机器人未装消毒液且静止时，对水平地面的压力：F压＝G＝500N，机器人未装消毒液且静止时，对水平地面的压强：p＝＝＝2.5×104Pa；（2）由ρ＝可知，机器人装满消毒液时，消毒液的总质量：m液＝ρ液V液＝0.8×103kg/m3×20×10﹣3m3＝16kg；（3）由题意可知，额定雾化量消毒1h消耗的消毒液：V消耗＝10L/h×1h＝10L，则剩余消毒液的体积：V剩余＝V液﹣V消耗＝20L﹣10L＝10L，由ρ＝可知，剩余消毒液的质量：m剩余＝ρ液V剩余＝0.8×103kg/m3×10×10﹣3m3＝8kg，则剩余消毒液的重力：G剩余＝m剩余g＝8kg×10N/kg＝80N，此时机器人的总重力：G总＝G剩余+G＝80N+500N＝580N，由题意可知，机器人受到的阻力：f＝0.1G总＝0.1×580N＝58N，因为机器人做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，机器人的牵引力：F＝f＝58N，此时机器人牵引力的功率：P＝＝＝Fv＝58N×0.5m/s＝29W。答：（1）机器人未装消毒液且静止时，对水平地面的压强为2.5×104Pa；（2）当机器人装满消毒液时，消毒液的总质量为16kg；（3）此时机器人牵引力的功率为29W。25．【解答】解：（1）不计托盘的质量，圆柱体未浸入水中时，压敏电阻所受的压力：F0＝G容+G水＝10N+40N＝50N，压敏电阻所受的压强：p0＝＝＝1000Pa；（2）圆柱体下表面距水面2cm时，其下表面所受水的压强：p水＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣2m＝200Pa；（3）由题意可知，圆柱体下表面距水面2cm到6cm时，电压表示数从6V变为4V，即电压表所测Rx两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，所以，R0两端的电压变大，故为使圆柱体浸入水中的深度越深（未浸没），电压表的示数越大，电压表应并联在R0的两端；（4）当第一次工件下表面距水面h1＝2cm＝0.02m时，工件受到的浮力：F浮＝G﹣F拉，由阿基米德原理可得：F浮＝ρ水gV排＝ρ水gS工件h1，即ρ水gS工件h1＝G﹣F拉﹣﹣﹣①，第二次工件下表面距水面h2＝6cm＝0.06m，工件受到的浮力：F浮′＝G﹣F拉′，由阿基米德原理可得：F浮′＝ρ水gV排′＝ρ水gS工件h2，即ρ水gS工件h2＝G﹣F拉′﹣﹣﹣②，②﹣①可得：S工件＝＝＝0.04m2，第一次受到的浮力F浮＝ρ水gV排＝ρ水gS工件h1＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m2×0.02m＝8N，第二次受到的浮力F浮′＝ρ水gV排′＝ρ水gS工件h2＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m2×0.06m＝24N，因工件受到的浮力和工件对水的压力是一对相互作用力，所以，容器对压敏电阻的压力分别为：F1＝G水+F浮+G容＝40N+8N+10N＝58N，F2＝G水+F浮′+G容＝40N+24N+10N＝74N，由表格数据可知，对应压敏的电阻分别为R1＝20Ω，R2＝8Ω，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流分别为：I1＝＝＝0.3A，I2＝＝＝0.5A，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，所以，电源的电压：U＝I1（R1+R0）＝I2（R2+R0），即0.3A×（20Ω+R0）＝0.5A×（8Ω+R0），解得：R0＝10Ω，   电源的电压U＝I1（R1+R0）＝0.3A×（20Ω+10Ω）＝9V。答：（1）工件未浸入水中时，压敏电阻所受的压强为1000Pa；（2）工件下表面距水面 2cm时，其下表面所受水的压强为200Pa；（3）将电压改接到与R0并联。（4）该电路的电源电压为9V。