2023年陕西师范大学附属中学中考物理六模试卷（含答案）

这是一份2023年陕西师范大学附属中学中考物理六模试卷（含答案），共33页。试卷主要包含了选择题，填空与作图题，实验与探究题，综合题共题，计16分等内容，欢迎下载使用。

2023年陕西师大附中中考物理六模试卷
一、选择题（共10小题，每题2分，计20分。每题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）小强的课桌上有以下物品，通常情况下属于导体的是（　　）
A．塑料刻度尺 B．玻璃镜片 C．金属小刀 D．橡皮
2．（2分）气势磅礴的黄河是中华文明的摇篮。2021年12月21日，受持续降温天气影响，黄河壶口段出现流凌、冰挂景观（　　）

A．熔化 B．凝固 C．汽化 D．液化
3．（2分）如图所示，为陕西的四个著名的旅游景点，可用光的反射规律解释的是（　　）
A．楼阁倒影 B．华山的日出
C．大唐不夜城夜晚的光束 D．玄奘的影子
4．（2分）2023年4月14日晚，中国在境内进行了一次陆基中段反导拦截技术试验，试验达到了预期目的。陆基中段反导拦截技术主要是指在大气层外、洲际弹道导弹的飞行中段拦截来袭导弹，并进行跟踪，再发射拦截弹和来袭导弹弹头对撞完成拦截。下列说法不正确的是（　　）

A．雷达利用电磁波对来袭导弹进行识别
B．拦截过程中，拦截弹与来袭导弹相对运动
C．拦截导弹在加速升空的过程中，受到非平衡力的作用
D．导弹在上升过程中重力变大
5．（2分）如图是我国第五代制空战斗机歼﹣20，下列相关说法不正确的是（　　）

A．为了减轻机身质量，采用密度较小的材料
B．飞机在加速升空时，动能转化为重力势能
C．飞机的轮胎采用特殊导电橡胶，能防止静电现象带来的危害
D．飞机降落后，滑行过程中发动机向前喷气可以缩短飞机停下来的距离
6．（2分）如图为家用除螨仪，其内置强力拍打器，用每分钟几千次的频率模拟人工拍打被褥的动作，被高速的旋转刷头刷入，通过强大吸力吸入到积尘盒中，照射破坏微生物机体细胞，使螨虫、细菌等丧失生存及繁殖能力。下列说法正确的是（　　）

A．除螨仪将被褥里的脏物拍打出来是利用被褥的惯性
B．拍打器工作时将电能转化为机械能
C．将脏物吸入积尘盒是因为流体的流速大压强大
D．紫外线不仅能够杀菌，还具有热效应
7．（2分）小梦家安装了空调智能控制系统，空调电动压缩机自动开启条件是：家中有人且室温等于或高于26℃，S1和S2是两个智能开关，家中有人时S1自动闭合，无人时S1自动断开；室温等于或高于26℃时S2自动闭合，低于26℃时S2自动断开，则正确的电路是（　　）
A． B．
C． D．
8．（2分）如图所示为与磁有关的现象，下列分析正确的是（　　）

A．图甲中转动魔方时魔方会发电，其原理为电磁感应
B．图乙中通过改变电流的方向，可以改变电磁起重机磁性强弱
C．图丙中只将磁体的N、S极对调，线圈转动方向不变
D．图丁中司南静止时长柄总是指向南方，说明长柄为司南的N极
9．（2分）下列说法其中正确的是（　　）
A．温度越高的物体，内能越大
B．水和酒精混合后总体积减少表明分子间有引力
C．我国“长征五号B”大型运载火箭使用氢作燃料，是因为氢的热值大
D．小明认为随着科技发展，内燃机效率可以达到100%
10．（2分）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，电压表示数与电流表示数关系图像如图乙所示，其中I0是电阻箱阻值为零时的电流，则下列说法正确的是（　　）
A．定值电阻R0阻值大小为
B．电阻箱两端电压随电流增大而增大
C．电路消耗的总功率最大值在数值上等于图形S3与S4的面积之和
D．电阻箱消耗的电功率最大值在数值上等于图形S1的面积
二、填空与作图题（共8小题，每空1分，每图2分，计22分）
11．（3分）我国家庭电路的电压为 　 　；开关与被控制的用电器是 　 　联；保险丝的工作原理为电流的 　 　效应。
12．（3分）如图为某款儿童用的驱蚊手环，刚撕开包装袋会闻到驱蚊剂的味道，这是 　 　现象。温度越高气味越明显，是因为温度越高，分子无规则运动越 　 　。用力撕开包装袋说明力可以改变物体的 　 　。

13．（3分）吸塑成型技术的原理是一种热成型加工方法，将塑料片材裁成一定尺寸加热软化后，然后快速将其与模具间空气抽走　 　的作用下使塑料片材变形，敷贴在特定的模具轮廓面上，经过冷却定型，塑料片材的内能 　 　（选填“减小”、“不变”或“增大”），这是通过 　 　方式改变物体的内能。

14．（3分）如图（a）是学校里常用的移动指示牌，其侧视图如图（b），其中AB为指示牌的牌面，BE和CD为支架
①如图（c）所示，当有风吹过，它可看作杠杆，动力为F风、阻力为G，此时支点是 　 　（填字母）。
②当风力增大时，为了使指示牌不易被风吹倒，可以 　 　（选填“增大”或“减小”）支架CD的长度。
③为了增大指示牌能够承受的最大风力，应该 　 　底座的质量（选填“减小”、“不变”或“增大”）。

15．（3分）所谓轮渡是指载运行人、汽车、火车等渡过江河湖海的轮船。某海峡间两港口距离约为30km，轮船海上航行时间约1.5h，其平均速度约为 　 　km/h，当汽车开上轮船后，轮船底部受到的液体压强 　 　（选填“变小”、“不变”或“变大”）。若轮船发动机以最大输出功率P工作时，动力推进器效率为η，当轮渡以最大航速v行驶时　 　（结果用含P、η、v的代数式表示）。

16．（3分）如表为某型号风光互补路灯系统的部分技术参数，其中风力发电的最大输出功率是指风速达到最大限制风速时风力发电机的输出功率；光照功率P2是指太阳光照射到电池板表面处每平方米的辐射功率，P2＝1000W/m2，光电转化效率是指太阳能电池板将光能转化为电能的效率。
风力发电参数
太阳能发电参数
最大输出电功率最大输出电功率P1
400W
光照功率P2
1000W/m2
最大限制风速v
12m/s
光电转化效率η
20%
（1）太阳能和风能为 　 　（可再生/不可再生）能源。在人类开发利用各种能源的过程中，一定会有部分能量不能再重新加以利用，这说明能量的转移或转化具有 　 　；
（2）某一家庭年耗电1500kW•h，如果家用电器全部改用太阳能电池供电，若按1年200天，同时配有高效蓄电池，则要在屋顶安装的太阳能电池板面积至少是 　 　m2。
17．（2分）如图，氦气球在空中沿图示箭头方向匀速向上运动，请画出此刻氦气球的受力示意图。（不计空气阻力）

18．（2分）OA是一条反射光线。请在图中作出OA的入射光线，并标出入射角的度数。

三、实验与探究题（共4小题，每空1分，计22分）
19．（4分）
（1）图甲小华用一支铅笔探究“压力作用效果与受力面积的关系”，他设计了如图甲方案，你认为不合理的原因是 　 　；
（2）图乙是小明眼睛成像示意图。由图可知，小明需要配戴 　 　（选填“凹”或“凸”）透镜制成的眼镜来矫正视力；
（3）如图丙，该电阻箱的读数为 　 　Ω；
（4）如图丁，在用橙子做水果电池时，用导线将电压表的两个接线柱分别连在铜片和锌片上　 　（填“正”或“负”）极。
20．（6分）（1）图甲是小强同学探究“阻力对物体运动的影响”的实验。

①三次实验中，均保持小车从同一斜面同一位置由静止下滑；在水平面上，由三次实验可以看出，水平面越光滑，小车滑行的距离就越远，速度减小得越 　 　（选填“快”或“慢”）。
②在此实验基础上通过推理可知观点 　 　（选填“A”或“B”）是正确的。
A.物体的运动不需要力来维持
B.力是维持物体运动的原因
（2）如图乙所示，小强又将小车系上细线，分别倒放、立放在铺有不同材料的水平木板上，探究“影响滑动摩擦力大小的因素”。
①实验中，沿水平方向匀速直线拉动测力计，根据二力平衡原理可测出滑动摩擦力的大小。
②比较第5、6两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积 　 　。（选填“有关”或“无关”）
③比较第4、5两次实验可得结论：压力相同时，　 　，滑动摩擦力越大。
④小芳同学利用身边的器材将小强的实验方法进行了改进，实验装置如图丙所示：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动。此实验中 　 　（选填“需要”或“不需要”）拉动长木板做匀速直线运动；此时，木块受到的摩擦力大小为 　 　N。
22．（6分）如图甲所示是一种公园内常见的草坪喷水器，喷水的瞬间喷头便能自动转动起来。小林猜想，草坪喷水器的旋转速度可能与孔的大小和孔的数量有关。于是利用空金属罐、细线、铁钉设计了如图乙所示的实验：
a.在金属罐侧壁上的A点处，用如图丙所示的方法打一个孔，这样罐中的水流出时方向如图丁所示（图丙和图丁为俯视图）；
b.用细绳将金属罐悬挂起来，用手堵住A点小孔，并把金属罐中加满水；
C.松手后，随着水从空喷出，金属罐便会转动起来。

（1）喷水的同时金属罐会转动起来的原因是 　 　；由图丁可知，可乐罐转动的方向是 　 　（选填“顺时针”或“逆时针”）；
（2）小明改变孔的大小和数量，重复上述实验，并记录10s内金属罐旋转的圈数
实验次数
孔的大小
孔的数量
金属罐旋转圈数
1
小
1
11
2
小
2
15
3
小
8
21
4
中
1
15
5
中
2
26
6
大
1
22
7
大
2
30
通过分析表中第 　 　次的实验记录，可以得出结论：孔的数量一样时，孔越大；
（3）通过分析表中第1、2、3次的实验记录，可以得出的结论是：　 　；
（4）请分析在不断地喷水过程中，金属罐能否匀速转动？　 　（选填“能”或“不能”）。理由是 　 　。
四、综合题共题，计16分
23．（8分）如图所示是某型号水车式增氧机，用于给鱼池（塘）增氧，工作时，电机带动叶轮转动水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg】

总质量（kg）
额定功率（W）
增氧效率[kg/（kW•h）]
70
1500
≥1.5
（1）该增氧机漂浮在水面上时排开水的体积为多少？
（2）正常工作时，增氧机搅拌水体对水做功的功率为1050W，则增氧机的效率为多少？
（3）依据表中有关数据，计算增氧机正常工作2h增加氧气的质量至少为多少？
（4）若采用柴油发电机提供电能，若柴油完全燃烧释放的内能转化为电能的效率为80%，增氧机正常工作2h消耗的柴油的质量为0.3kg

24．（8分）如图是某电热水壶的电路简图，开关K接通后，开关S自动与触点a、b接通；当壶内水温达到100℃时，温控开关S自动与a、b断开，水壶进入保温状态。已知电源电压为220V，电阻R2＝200Ω，水壶的加热功率P＝1210W，c水＝4.2×103J/（kg•℃），R1、R2电阻不受温度影响。求：
（1）保温状态通过R2的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）在晚上用电高峰期将1kg、初温为35℃的水加热到100℃需用时300s，若加热效率为91%，求该过程中消耗的电能和用电高峰期的实际电压？


2023年陕西师大附中中考物理六模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共10小题，每题2分，计20分。每题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）小强的课桌上有以下物品，通常情况下属于导体的是（　　）
A．塑料刻度尺 B．玻璃镜片 C．金属小刀 D．橡皮
【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
【解答】解：A、塑料刻度尺的材料是塑料，故A错误；
B、玻璃镜片的材料是玻璃，故B错误；
C、金属小刀的材料是金属，故C正确；
D、橡皮的材料是橡胶，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
2．（2分）气势磅礴的黄河是中华文明的摇篮。2021年12月21日，受持续降温天气影响，黄河壶口段出现流凌、冰挂景观（　　）

A．熔化 B．凝固 C．汽化 D．液化
【分析】物质从液态变为固态的过程叫做凝固。
【解答】解：冰凌是由水遇冷凝固形成的冰块。
故选：B。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）如图所示，为陕西的四个著名的旅游景点，可用光的反射规律解释的是（　　）
A．楼阁倒影 B．华山的日出
C．大唐不夜城夜晚的光束 D．玄奘的影子
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、楼阁的倒影，是由于光的反射形成的；
B、日出时，是由光的折射形成的；
C、一道道光束说明光在同种均匀介质中沿直线传播；
D、影子是由于光照射到不透明的物体形成的阴影部分，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识的考查，难度不大。
4．（2分）2023年4月14日晚，中国在境内进行了一次陆基中段反导拦截技术试验，试验达到了预期目的。陆基中段反导拦截技术主要是指在大气层外、洲际弹道导弹的飞行中段拦截来袭导弹，并进行跟踪，再发射拦截弹和来袭导弹弹头对撞完成拦截。下列说法不正确的是（　　）

A．雷达利用电磁波对来袭导弹进行识别
B．拦截过程中，拦截弹与来袭导弹相对运动
C．拦截导弹在加速升空的过程中，受到非平衡力的作用
D．导弹在上升过程中重力变大
【分析】（1）电磁波可以传递信息。
（2）物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的，物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
（3）拦截导弹在加速升空的过程中，受到非平衡力的作用。
（4）导弹在上升过程中，重力不变。
【解答】解：A、雷达利用电磁波对来袭导弹进行识别；
B、拦截过程中，是相对运动的；
C、拦截导弹在加速升空的过程中，故C正确；
D、导弹在上升过程中重力不变。
故选：D。
【点评】本题的关键是运动和静止的相对性，平衡力和非平衡力的判断。本题属于基础性题目。
5．（2分）如图是我国第五代制空战斗机歼﹣20，下列相关说法不正确的是（　　）

A．为了减轻机身质量，采用密度较小的材料
B．飞机在加速升空时，动能转化为重力势能
C．飞机的轮胎采用特殊导电橡胶，能防止静电现象带来的危害
D．飞机降落后，滑行过程中发动机向前喷气可以缩短飞机停下来的距离
【分析】（1）材料的密度越小，在体积一定时，比其它材料的质量小。
（2）动能与质量和速度有关；重力势能与质量和高度有关。
（3）飞机的轮胎采用特殊导电橡胶，能防止静电现象带来的危害。
（4）物体间力的作用是相互的。
【解答】解：A、为了减轻机身质量，故A正确；
B、飞机在加速升空时，质量一定；高度增加，此过程中是发动机的推力对飞机做功，故B错误；
C、飞机的轮胎采用特殊导电橡胶，故C正确；
D、飞机降落后，因为物体间力的作用是相互的，故D正确。
故选：B。
【点评】知道密度的应用；知道动能和势能的影响因素；知道静电现象；知道物体间力的作用是相互的。
6．（2分）如图为家用除螨仪，其内置强力拍打器，用每分钟几千次的频率模拟人工拍打被褥的动作，被高速的旋转刷头刷入，通过强大吸力吸入到积尘盒中，照射破坏微生物机体细胞，使螨虫、细菌等丧失生存及繁殖能力。下列说法正确的是（　　）

A．除螨仪将被褥里的脏物拍打出来是利用被褥的惯性
B．拍打器工作时将电能转化为机械能
C．将脏物吸入积尘盒是因为流体的流速大压强大
D．紫外线不仅能够杀菌，还具有热效应
【分析】（1）物体保持匀速直线运动状态或静止状态的性质是惯性；
（2）电动机工作时将电能转化为机械能；
（3）在流体中，流动速度越大的地方，压强越小；
（4）紫外线可以杀死微生物，也可以使荧光物质发光。
【解答】解：A、除螨仪将被褥里的脏物拍打出来，离开了被褥；
B、拍打器与电动机的工作原理相同，故B正确；
C、将脏物吸入积尘盒是因为流体的流速大压强小；
D、具有热效应的是红外线。
故选：B。
【点评】此题是一道综合题，考查了惯性、流体压强与流速的关系、紫外线及电功的实质等，包含的知识点较多，难度不大。
7．（2分）小梦家安装了空调智能控制系统，空调电动压缩机自动开启条件是：家中有人且室温等于或高于26℃，S1和S2是两个智能开关，家中有人时S1自动闭合，无人时S1自动断开；室温等于或高于26℃时S2自动闭合，低于26℃时S2自动断开，则正确的电路是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】由题意，S1和S2是两个智能开关都闭合时电动机开始工作，所以两开关与电动机串联，家庭电路开关应控制火线。
【解答】解：
由题知，S1和S2是两个智能开关都闭合时，电动机开始工作，说明两开关相互影响，用开关控制火线，A正确。
故选：A。
【点评】本题是电路的设计，知道串联中各元件之间相互影响，并联各支路元件间互不影响，还要注意符合安全用电的要求。
8．（2分）如图所示为与磁有关的现象，下列分析正确的是（　　）

A．图甲中转动魔方时魔方会发电，其原理为电磁感应
B．图乙中通过改变电流的方向，可以改变电磁起重机磁性强弱
C．图丙中只将磁体的N、S极对调，线圈转动方向不变
D．图丁中司南静止时长柄总是指向南方，说明长柄为司南的N极
【分析】（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生电流，该现象称为电磁感应现象，发电机就是利用电磁感应现象制成的；
（2）电磁铁的磁力大小与线圈圈数、电流大小等有关系；
（3）直流电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受力转动，受力的方向与电流的方向和磁感线的方向有关；
（4）司南静止时长柄总是指向南方，说明长柄为司南的S极。
【解答】解：A、图甲中转动魔方时魔方会发电，会产生感应电流，故A正确；
B、电磁铁磁力大小与电流的大小和线圈圈数有关，可以改变电磁起重机磁性强弱；
C、直流电动机的受力的方向与电流的方向和磁感线的方向有关，线圈转动方向改变；
D、司南静止时长柄总是指向南方，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了电磁感应现象、电磁铁、电动机以及指南针的有关知识，是一道综合题，难度不大。
9．（2分）下列说法其中正确的是（　　）
A．温度越高的物体，内能越大
B．水和酒精混合后总体积减少表明分子间有引力
C．我国“长征五号B”大型运载火箭使用氢作燃料，是因为氢的热值大
D．小明认为随着科技发展，内燃机效率可以达到100%
【分析】（1）内能的大小与物体的质量、温度、状态等有关；
（2）分子之间存在着相互作用的引力和斥力，分子之间存在着间隙；
（3）运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，与其他燃料相比完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
（4）由于存在能量损失，任何机械的效率都小于100%。
【解答】解：A、内能的大小与物体的质量、状态等有关，故A错误；
B、水和酒精混合后总体积减少，故B错误；
C、运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，故C正确；
D、内燃机不能排除机械间的摩擦，所以机械效率不会达到100%。
故选C。
【点评】本题考查内能、分子动理论、热值和效率的有关知识，是一道综合题。
10．（2分）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，电压表示数与电流表示数关系图像如图乙所示，其中I0是电阻箱阻值为零时的电流，则下列说法正确的是（　　）
A．定值电阻R0阻值大小为
B．电阻箱两端电压随电流增大而增大
C．电路消耗的总功率最大值在数值上等于图形S3与S4的面积之和
D．电阻箱消耗的电功率最大值在数值上等于图形S1的面积
【分析】（1）利用欧姆定律可求定值电阻的大小；
（2）根据串联电路的特点可得电源电压等于电阻箱两端的电压与定值电阻两端的电压之和，结合欧姆定律可得定值电阻两端的电压与电流的关系，即可判断；
（3）电路消耗的总功率最大时需满足电路中的总电流最大，此时电阻箱的阻值为零，结合图像即可得到总功率的表达式在数值上对应整个矩形的面积；
（4）利用欧姆定律I＝可求总电流，再由PR＝I2R确定电阻箱何时消耗的功率最大，最后表示其最大值，据此解答。
【解答】解：A、电压表与定值电阻并联0两端的电压，由图乙可知，电源电压等于电压表的读数U0，欧姆定律可得，R4＝，故A错误；
B、由图甲可知，则有UR+U3′＝U电源＝U0；
由欧姆定律可知，定值电阻两端的电压U0′＝IR2，则UR＝U0﹣IR0，可见，随I的增大，UR减小，故B错误；
C、当电路中的总电流最大时，且P总＝U电源I总，依据题意可知，当电阻箱的阻值为零时7，所以电路消耗的总功率P总＝U0I0，在数值上对应图形中的总面积S＝S6+S2+S3+S2+S5，故C错误；
D、由欧姆定律可得，则电阻箱消耗的功率PR＝I2R＝；
可见当R＝R2时，PR有最大值，且PRmax＝，在数值上等于矩形的面积S1，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查欧姆定律及其应用、电功率的计算、U﹣I图像的应用等，求解可变电阻消耗的功率何时最大是解答本题的难点。
二、填空与作图题（共8小题，每空1分，每图2分，计22分）
11．（3分）我国家庭电路的电压为 　220V　；开关与被控制的用电器是 　串　联；保险丝的工作原理为电流的 　热　效应。
【分析】我国家庭电路的电压为220V；
开关和开关控制的用电器之间，开关和开关控制的插座之间都是串联的；
保险丝是利用电阻率大、熔点低的材料制成的，当电流过大时，产生较多的热量，从而熔断，对电路起到保护作用。
【解答】解：我国家庭电路的电压为220V；
开关与被控制的用电器是串联；
保险丝利用了电流的热效应，制作保险丝的材料熔点较低，当电流过大时，从而熔断。
故答案为：220V；串；热。
【点评】本题考查了家庭电路中的有关知识，较简单。
12．（3分）如图为某款儿童用的驱蚊手环，刚撕开包装袋会闻到驱蚊剂的味道，这是 　扩散　现象。温度越高气味越明显，是因为温度越高，分子无规则运动越 　剧烈　。用力撕开包装袋说明力可以改变物体的 　形状　。

【分析】（1）物质是由分子或原子组成的，分子都是不停地做无规则的运动；物体温度越高，分子运动越剧烈；分子间存在相互作用的引力和斥力；两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散表明一切物质的分子都是不停地做无规则的运动；
（2）力可以改变物体的形状。
【解答】解：刚撕开包装袋会闻到驱蚊剂的味道，是由于分子在永不停息地做无规则运动；
温度越高气味越明显，是因为温度越高；
用力撕开包装袋说明力可以改变物体的形状。
故答案为：扩散；剧烈。
【点评】本题考查分子动理论内容、力的作用效果，是一道基础题。
13．（3分）吸塑成型技术的原理是一种热成型加工方法，将塑料片材裁成一定尺寸加热软化后，然后快速将其与模具间空气抽走　大气压　的作用下使塑料片材变形，敷贴在特定的模具轮廓面上，经过冷却定型，塑料片材的内能 　增大　（选填“减小”、“不变”或“增大”），这是通过 　热传递　方式改变物体的内能。

【分析】根据大气压的原理进行解答；
改变物体内能有两种方式：做功和热传递。
【解答】解：将塑料片材裁成一定尺寸加热软化后，然后快速将其与模具间空气抽走，敷贴在特定的模具轮廓面上，并切边修整后完成吸塑制品的制作过程；
塑料片材加热过程中，塑料片材的内能增大。
故答案为：大气压；增大。
【点评】本题考查了大气压、改变物体内能的两种方法，属于基础题目。
14．（3分）如图（a）是学校里常用的移动指示牌，其侧视图如图（b），其中AB为指示牌的牌面，BE和CD为支架
①如图（c）所示，当有风吹过，它可看作杠杆，动力为F风、阻力为G，此时支点是 　C　（填字母）。
②当风力增大时，为了使指示牌不易被风吹倒，可以 　增大　（选填“增大”或“减小”）支架CD的长度。
③为了增大指示牌能够承受的最大风力，应该 　增大　底座的质量（选填“减小”、“不变”或“增大”）。

【分析】（1）使用杠杆时，杠杆绕着转动的点叫支点，根据图示确定支点位置，从而分析出杠杆的动力、动力臂、阻力、阻力臂；
（2）（3）根据杠杆平衡条件解答。
【解答】解：①根据题意可知，指示牌的模型可以看作杠杆模型，支点为C点

②根据杠杆平衡条件可得G•CE＝F•L，因此若增大CD的长度，更不容易被风吹倒。
③根据杠杆平衡条件，要增大它能承受的最大风力。
故答案为：①C；②；增大。
【点评】本题考查杠杆支点和阻力的判断、杠杆平衡条件的应用，关键是知道使用杠杆时，杠杆绕着转动的点叫支点。
15．（3分）所谓轮渡是指载运行人、汽车、火车等渡过江河湖海的轮船。某海峡间两港口距离约为30km，轮船海上航行时间约1.5h，其平均速度约为 　20　km/h，当汽车开上轮船后，轮船底部受到的液体压强 　变大　（选填“变小”、“不变”或“变大”）。若轮船发动机以最大输出功率P工作时，动力推进器效率为η，当轮渡以最大航速v行驶时　　（结果用含P、η、v的代数式表示）。

【分析】某海峡间两港口距离约为30km，轮船海上航行时间约1.5h，根据速度公式计算其平均速度；
轮船始终处于漂浮状态，受到的浮力等于重力，当汽车开上轮船后，轮船的总重力变大，其受到的浮力变大，根据F浮＝ρ海水gV排可知排开海水体积的变化，根据V＝Sh可知轮船浸入水中的深度的变化，根据p＝ρgh可知轮船底部受到的液体压强的变化；
发动机最大输出功率为P，动力推进器效率为η，轮渡最大航速为v，
由η＝可知P有用＝ηP；
由P＝＝＝Fv可知牵引力F＝＝，
轮船匀速航线，其受到水的阻力f等于牵引力。
【解答】解：某海峡间两港口距离约为30km，轮船海上航行时间约1.5h＝＝20km/h；
轮船始终处于漂浮状态，受到的浮力等于重力，轮船的总重力变大，根据F浮＝ρ海水gV排可知排开海水体积增加，根据V＝Sh可知轮船浸入水中的深度变大；
发动机最大输出功率为P，动力推进器效率为η，
由η＝可知P有用＝ηP；
由P＝＝＝Fv可知牵引力F＝＝，
轮船匀速航线，所以其受到水的阻力f＝F＝。
故答案为：20；变大；。
【点评】本题考查了速度公式、阿基米德原理、物体的浮沉条件、效率公式、规律公式的灵活运用，综合性强。
16．（3分）如表为某型号风光互补路灯系统的部分技术参数，其中风力发电的最大输出功率是指风速达到最大限制风速时风力发电机的输出功率；光照功率P2是指太阳光照射到电池板表面处每平方米的辐射功率，P2＝1000W/m2，光电转化效率是指太阳能电池板将光能转化为电能的效率。
风力发电参数
太阳能发电参数
最大输出电功率最大输出电功率P1
400W
光照功率P2
1000W/m2
最大限制风速v
12m/s
光电转化效率η
20%
（1）太阳能和风能为 　可再生　（可再生/不可再生）能源。在人类开发利用各种能源的过程中，一定会有部分能量不能再重新加以利用，这说明能量的转移或转化具有 　方向性　；
（2）某一家庭年耗电1500kW•h，如果家用电器全部改用太阳能电池供电，若按1年200天，同时配有高效蓄电池，则要在屋顶安装的太阳能电池板面积至少是 　7.5　m2。
【分析】（1）能够短期内从自然界中得到补充的能源叫可再生能源。能量的转化和转移具有方向性。
（2）根据太阳能的辐射功率和光电转化效率进行计算。
【解答】解：（1）太阳能和风能为可再生能源。在人类开发利用各种能源的过程中，这说明能量的转移或转化具有方向性。
（2）若按1年200天，每天5h光照计算7×S×5h，
因为光电转化效率为20%，所以有：E电＝E×20%×200，
即：1500kW•h＝1000W/m2×S×7h×20%×200，
1500kW•h＝1kW/m2×S×8h×20%×200，
解得：S＝7.5m3。
故答案为：（1）可再生；方向性。
【点评】知道能源的分类；知道能量转化和转移的方向性；会根据题目提供的数据进行简单的计算。
17．（2分）如图，氦气球在空中沿图示箭头方向匀速向上运动，请画出此刻氦气球的受力示意图。（不计空气阻力）

【分析】不计空气阻力，空中飞行的物体只受重力作用；但是气球做的是匀速直线运动，因此还受到浮力作用，然后根据重力的方向是竖直向下的，浮力的方向是竖直向上的画出这两个力。
【解答】解：氦气球在空中沿图示箭头方向匀速向上运动，因此它受到的力是平衡力，气球受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，分别画出竖直向下的重力和竖直向上的浮力、方向，如图所示：

【点评】会对物体进行正确的受力分析，会用力的示意图表示出力的作用点和方向，牢记重力的方向总是竖直向下的。
18．（2分）OA是一条反射光线。请在图中作出OA的入射光线，并标出入射角的度数。

【分析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；
入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
【解答】解：先过入射点O垂直于平面镜作出法线，再根据反射角等于入射角在法线的上侧画出入射光线；
因为反射光线与平面镜的夹角为30°，所以反射角为90°﹣30°＝60°，如图所示：

【点评】此题主要考查了光的反射定律的应用，要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念。
三、实验与探究题（共4小题，每空1分，计22分）
19．（4分）
（1）图甲小华用一支铅笔探究“压力作用效果与受力面积的关系”，他设计了如图甲方案，你认为不合理的原因是 　压力不相等　；
（2）图乙是小明眼睛成像示意图。由图可知，小明需要配戴 　凹　（选填“凹”或“凸”）透镜制成的眼镜来矫正视力；
（3）如图丙，该电阻箱的读数为 　2022　Ω；
（4）如图丁，在用橙子做水果电池时，用导线将电压表的两个接线柱分别连在铜片和锌片上　负　（填“正”或“负”）极。
【分析】（1）要“压力作用效果与受力面积的关系”，应控制压力相同；
（2）由图可知，小明的眼睛为近视眼；
（3）电阻箱的读法：各旋盘对应的指示点的示数乘以面板上标记的倍数，然后加在一起，就是接入电路的阻值。
（4）电压表正向偏转时，与正极接线柱连接的为电源正极。
【解答】解：（1）我们在探究“压力作用效果与受力面积的关系”时，应控制手指受到的压力相同，下方手指受到的压力等于铅笔对手指的压力与铅笔重力之和，所以小华设计的方案不合理。
（2）由图可知，平行光在进入眼睛后会聚于视网膜前，使光会聚于视网膜上。
（3）由图可知，该电阻箱的读数为（2×1000+0×100+5×10+2×1）Ω＝2022Ω。
（4）电压表正向偏转时，与“2”“15”接线柱连接的为电源正极，即铜片为正极。
故答案为：（1）压力不相等；（2）凹；（4）负。
【点评】本题四对物理基础知识的综合性考查，难度不大。
20．（6分）（1）图甲是小强同学探究“阻力对物体运动的影响”的实验。

①三次实验中，均保持小车从同一斜面同一位置由静止下滑；在水平面上，由三次实验可以看出，水平面越光滑，小车滑行的距离就越远，速度减小得越 　慢　（选填“快”或“慢”）。
②在此实验基础上通过推理可知观点 　A　（选填“A”或“B”）是正确的。
A.物体的运动不需要力来维持
B.力是维持物体运动的原因
（2）如图乙所示，小强又将小车系上细线，分别倒放、立放在铺有不同材料的水平木板上，探究“影响滑动摩擦力大小的因素”。
①实验中，沿水平方向匀速直线拉动测力计，根据二力平衡原理可测出滑动摩擦力的大小。
②比较第5、6两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积 　无关　。（选填“有关”或“无关”）
③比较第4、5两次实验可得结论：压力相同时，　接触面越粗糙　，滑动摩擦力越大。
④小芳同学利用身边的器材将小强的实验方法进行了改进，实验装置如图丙所示：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动。此实验中 　不需要　（选填“需要”或“不需要”）拉动长木板做匀速直线运动；此时，木块受到的摩擦力大小为 　0.8　N。
【分析】（1）从第1次实验到第3次实验，阻力越来越小，通过的距离越来越大，据此推理回答；②根据实验现象推理得出结论：物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因；
（2）②③影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
④木块相对地面处于静止状态，受到平衡力的作用，据此分析；
拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，看清分度值读出示数。
【解答】解：（1）在水平面上、小车每次停止时的位置如图甲所示，从第1次实验到第3次实验，通过的距离越来越大，运动的距离长，故选A；
（2）
②研究滑动摩擦力大小与接触面积的关系，要控制压力和接触面粗糙程度相同、6两次实验可知；
③比较第4、5两次实验可知，接触面越粗糙滑动摩擦力越大；
④改进后，木块与弹簧测力计固定不动，受到测力计的拉力与木板对木块施加的摩擦力为一对平衡力，不需要木板做匀速直线运动；
木块受到测力计的拉力与木板对木块施加的摩擦力为一对平衡力，其大小相等，此时测力计示数为4.8N，故木块受到的滑动摩擦力f＝F＝0.8N。
故答案为：（1）①慢；②A；③接触面越粗糙；0.8。
【点评】本题探究阻力对物体运动的影响及影响滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法和推理法的运用，体现了对过程和方法的考查。
22．（6分）如图甲所示是一种公园内常见的草坪喷水器，喷水的瞬间喷头便能自动转动起来。小林猜想，草坪喷水器的旋转速度可能与孔的大小和孔的数量有关。于是利用空金属罐、细线、铁钉设计了如图乙所示的实验：
a.在金属罐侧壁上的A点处，用如图丙所示的方法打一个孔，这样罐中的水流出时方向如图丁所示（图丙和图丁为俯视图）；
b.用细绳将金属罐悬挂起来，用手堵住A点小孔，并把金属罐中加满水；
C.松手后，随着水从空喷出，金属罐便会转动起来。

（1）喷水的同时金属罐会转动起来的原因是 　喷水时水给罐的反作用力　；由图丁可知，可乐罐转动的方向是 　顺时针　（选填“顺时针”或“逆时针”）；
（2）小明改变孔的大小和数量，重复上述实验，并记录10s内金属罐旋转的圈数
实验次数
孔的大小
孔的数量
金属罐旋转圈数
1
小
1
11
2
小
2
15
3
小
8
21
4
中
1
15
5
中
2
26
6
大
1
22
7
大
2
30
通过分析表中第 　1、4、6（或2、5、7）　次的实验记录，可以得出结论：孔的数量一样时，孔越大；
（3）通过分析表中第1、2、3次的实验记录，可以得出的结论是：　孔的大小一样时，孔的数量越多，金属罐旋转的圈数越多　；
（4）请分析在不断地喷水过程中，金属罐能否匀速转动？　不能　（选填“能”或“不能”）。理由是 　随着水的深度变小，液体压强变小，喷水速度变慢，金属罐转动变慢　。
【分析】（1）力的作用是相互的；
（2）（3）根据控制变量法分析表格数据得出结论；
（4）根据液体压强公式可知随着水的深度变小，液体压强变小，喷水深度变慢。
【解答】解：（1）力的作用是相互的，喷水的同时金属罐会转动起来的原因是喷水时水给罐的反作用力，可乐罐转动的方向是顺时针；
（2）根据控制变量法分析表格1、4、4（或2、5，可以得出结论：孔的数量一样时，金属罐旋转的圈数越多；
（3）根据控制变量法分析表格7、2、3次的实验记录，孔的数量越多；
（4）随着水的深度变小，液体压强变小，金属罐转动变慢。
故答案为：（1）喷水时水给罐的反作用力；顺时针、5、6（或2、4；（3）孔的大小一样时，金属罐旋转的圈数越多；随着水的深度变小，喷水速度变慢。
【点评】本题考查控制变量法在实验中的运用以及学生对力的相互作用、液体压强公式的理解和运用。
四、综合题共题，计16分
23．（8分）如图所示是某型号水车式增氧机，用于给鱼池（塘）增氧，工作时，电机带动叶轮转动水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg】

总质量（kg）
额定功率（W）
增氧效率[kg/（kW•h）]
70
1500
≥1.5
（1）该增氧机漂浮在水面上时排开水的体积为多少？
（2）正常工作时，增氧机搅拌水体对水做功的功率为1050W，则增氧机的效率为多少？
（3）依据表中有关数据，计算增氧机正常工作2h增加氧气的质量至少为多少？
（4）若采用柴油发电机提供电能，若柴油完全燃烧释放的内能转化为电能的效率为80%，增氧机正常工作2h消耗的柴油的质量为0.3kg

【分析】（1）根据G＝mg求出增氧机的重力，增氧机漂浮时受到的浮力等于其重力；
根据漂浮时受到的浮力利用F浮＝ρ液gV排求出排开水的体积；
（2）设增氧机正常工作时间为t，则根据W有＝P有t可计算出增氧机做的有用功；根据W总＝P总t可计算出增氧机做的总功；利用η＝×100%计算出增氧机的机械效率；
（3）根据W＝Pt可求出增氧机正常工作2h消耗的电能，根据增氧效率η′可求出增氧机正常工作2h增氧的质量；
（4）利用η＝求出柴油完全燃烧放出的热量，利用Q＝mq求出柴油的热值。
【解答】解：（1）增氧机漂浮时受到的浮力：
F浮＝G＝mg＝70kg×10N/kg＝700N；
由F浮＝ρ液gV排得排开水的体积为：
V排＝＝＝2×10﹣2m4。
（2）设增氧机正常工作时间为ts，增氧机做的有用功W有＝P有t＝1050W×ts＝1050t（J）；
增氧机做的总功W总＝P总t＝1500W×ts＝1500t（J）；
增氧机的机械效率η＝×100%＝；
（3）增氧机正常工作2h消耗的电能W＝P总t′＝1500×10﹣3kW×6h＝3kW•h，
增氧机正常工作2h增氧的质量至少为m氧＝η′W＝5.5kg/（kW•h）×3kW•h＝8.5kg。
（4）W电＝3×6.6×106J＝6.08×107J，
由η＝知，柴油完全燃烧放出的热量：
Q放＝ηW电＝80%×1.08×102J＝8.64×106J，
由Q放＝mq知，柴油的热值：q＝＝5J/kg。
答：（1）该增氧机漂浮在水面上时排开水的体积为2×10﹣2m5；
（2）正常工作时，增氧机搅拌水体对水做功的功率为1050W；
（3）依据表中有关数据，计算增氧机正常工作2h增加氧气的质量至少为4.4kg；
（4）柴油的热值为2.88×107J/kg。
【点评】本题主要考查浮力的计算电能、热量的计算，其中正确理解增氧效率是解增氧机正常工作2h增氧的质量的关键。
24．（8分）如图是某电热水壶的电路简图，开关K接通后，开关S自动与触点a、b接通；当壶内水温达到100℃时，温控开关S自动与a、b断开，水壶进入保温状态。已知电源电压为220V，电阻R2＝200Ω，水壶的加热功率P＝1210W，c水＝4.2×103J/（kg•℃），R1、R2电阻不受温度影响。求：
（1）保温状态通过R2的电流；
（2）电阻R1的阻值；
（3）在晚上用电高峰期将1kg、初温为35℃的水加热到100℃需用时300s，若加热效率为91%，求该过程中消耗的电能和用电高峰期的实际电压？

【分析】（1）由题意和电路图可知，开关S与触点a、b接通时，R1与R2并联，电热水壶处于加热挡状态；开关S自动与a、b断开，并与触点c接通时，电路为R2的简单电路，电热水壶处于保温状态，根据欧姆定律求出通过R2的电流；
（2）根据P＝求出R2的功率；加热功率减去保温状态的功率即为R1消耗的电功率，根据P＝求出R1的大小；
（3）根据Q吸＝cmΔt可求得吸收的热量；利用效率公式求出消耗的电能，再根据P＝公式变形求出实际电压。
【解答】解：
（1）由题意和电路图可知，开关S与触点a，R1与R2并联，电热水壶处于加热挡状态；
开关S自动与a、b断开，电路为R2的简单电路，电热水壶处于保温挡状态2的电流为：
I2＝＝＝1.1A；
（2）R8的功率为：P2＝＝＝242W；
则R1消耗的电功率为：P5＝P﹣P2＝1210W﹣242W＝968W；
电阻R1的阻值为：R5＝＝＝50Ω；
（3）质量为1kg，初温为35℃的水加热到100℃所吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣35℃）＝8.73×105J；
由效率公式可得，电热水壶加热时消耗的电能：W＝＝3J，
实际功率P＝＝＝1000W；
即+＝1000W实＝200V。
答：（1）通过R8的电流为1.1A；
（2）电阻R8的阻值为50Ω；
（3）晚上用电高峰期的实际电压为200V。
【点评】本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到电功公式和效率公式的应用，综合性强。