2023年上海市普陀区中考物理二模试题（含答案）

2023年上海市普陀区中考物理二模试卷

一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分。每题只有一个正确选项）

1．（2分）上海地区家庭电路的电压为（　　）

A．24伏 B．110伏 C．220伏 D．380伏

2．（2分）下列粒子中，带负电的是（　　）

A．原子核 B．电子 C．质子 D．中子

3．（2分）四冲程汽油机工作时，能量发生转化的冲程有（　　）

A．1个 B．2个 C．3个 D．4个

4．（2分）如图所示，小磁针处于静止，闭合开关S后小磁针发生大角度偏转的是（　　）

A． B． 

C． D．

5．（2分）已知某物体透过凸透镜，在距离透镜20厘米的光屏上成缩小的像，若将物体向凸透镜移动10厘米，则此时所成的（　　）

A．一定是缩小的实像 B．一定是放大的实像 

C．可能是放大的虚像 D．可能是等大的实像

6．（2分）甲、乙两小车分别从相距12米的P、Q两点出发，沿同一直线同向而行，其s﹣t图象如图（a）（b）所示。甲车运动30秒后与乙车相距3米，若乙车通过的距离为s，则（　　）

A．s＝9米，乙比甲晚出发21秒 

B．s＝15米，乙比甲晚出发3秒 

C．s＝30米，乙和甲同时出发 

D．s＝33米，乙比甲晚出发3秒

二、填空题（本大题共7题，共23分）请将结果填入答题纸的相应位置。

7．（3分）随着我国科技进步，已有多批中国航天员往返与地球和“中国空间站”。2022年元宵晚会上，王亚平在空间站以古筝弹奏了《茉莉花》，悠扬的琴声是由琴弦 　     　产生的，她演奏的画面和声音通过 　      　传输到地面（选填“声波”“光波”或“电磁波”）；返回舱穿越大气层返回地面的过程中温度升高，这是通过 　     　方式使其内能增加的。

8．（3分）古人用成语“以卵击石”比喻不估计自己的力量，自取灭亡。“卵”击“石”后破损说明力能改变物体的 　     　，撞击过程中，“卵”受力大小 　     　“石”受力大小（选填“小于”、“等于”或“大于”）。诗句“潭清疑水浅”中的“水浅”是由光的 　     　造成的。

9．（3分）引体向上和俯卧撑都是徒手力量健身的良好手段。小李按照图（a）（b）过程引体向上，此过程中小李的重力势能 　     　（选填“增大”“不变”或“减小”）；若在图（a）中，小李静止时单杠对他的作用力为F1，图（c）小李静止时地面对双手的支持力为F2，则F1　     　F2。若以头部从最低点到最高点为“一次”，完成一次缓慢引体向上所做的功 　     　完成一次缓慢俯卧撑所做的功（后两个均选填“大于”、“等于”或“小于”）。

10．（3分）某导体两端电压为6伏，通过该导体的电流为0.5安，则10秒内通过导体横截面的电荷量 　   　库，电流所做的功为 　     　焦；当该导体两端电压为0时，导体的电阻为 　     　欧。

11．（3分）将重为14.7牛的物体挂在弹簧测力计下方，并缓慢浸入水中直至浸没（不触底），弹簧测力计的示数变化了9.8牛，则物体受到的浮力为 　      　牛，浮力与重力的合力大小为 　      　牛，方向为 　       　。

12．（2分）在如图所示的电路中，电源电压为U0保持不变，电阻R1和R2的阻值均为R0。闭合开关S，电压表示数不变，电路中仅有一处故障且只发生在电阻R1、R2上。结合以上信息，若在电路中再添加一个检测小灯判断故障，则可行的是 　   　。

A.在MN两点间并联一个检测小灯L

B.在NQ两点间并联一个检测小灯L

请写出接入检测小灯L后的操作，电表示数情况和检测小灯的发光情况及对应的故障 　                  　。

13．（6分）到医院就诊时，患者有时需要静脉输液进行治疗。若药液装在瓶中，静脉输液的示意图如图所示。

①其中“进气管”的作用是：输液过程中必须通过它与 　     　相通。输液过程涉及到的物理知识有 　   　。

A.阿基米德原理

B.大气压强

C.液体的热胀冷缩

②图中，如果此时扎针处出现“回血”现象（血液进入输液管），最便捷的解决方式是改变手的位置，你认为手应该向上抬，还是向下移，请说明理由。 　                  　。

三、作图题（本大题共2题，共5分）

14．（2分）在图中，小球受到的拉力F为6牛，用力的图示法画出拉力F。

15．（3分）在图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角的度数。

四、综合题（本大题共5题，共30分）第16～19题作答需写出解答过程。

16．（6分）质量为0.2千克的水温度降低50℃，求水放出的热量Q放。[c水＝4.2×103/焦/（千克•℃）]

17．（6分）杠杆平衡时，动力F1大小为10N，动力臂L1为0.2m，阻力F2大小为5N，求阻力臂L2。

18．（6分）在图（a）所示的电路中，电源电压可变。

①将阻值为10欧的定值电阻R1接入M、N接线柱，闭合开关S后电流表A的示数如图（b）所示，求R1两端的电压U1，以及其消耗的功率P1。

②现将标有“50Ω 1A”字样的滑动变阻器R2与R1以某种方式接入M、N接线柱。当电流表选择合适的量程，在确保电路中各元件正常工作的前提下，闭合开关S后移动滑动变阻器R2的滑片，求指针能达到满刻度且使电流表示数变化量最大的电源电压值，及R2的阻值变化范围。

19．（6分）将盛有水的薄壁柱形容器放在水平地面上，容器的高度为6h。

①若水的体积为2×10﹣3米3，求水的质量m水。

②若容器中水的深度为0.1米，求水对容器底部压强p水。

③若水的体积为4V，深度为4h。现有两个球形物体A、B（半径均小于容器底面半径），其密度、体积的关系如表所示。请选择其中一个，将其放入容器中，待静止后，使水对容器底部的压力增加量ΔF最大。请写出选择的物体并说明理由，求出ΔF最大。（用字母表示）

20．（12分）小华做“测定小灯泡的电功率”实验，小灯泡的功率在1.2瓦以内。现有电源电压有2、4、6、8和12伏五挡可选、待测小灯泡标有“0.3A”字样、电流表、电压表、滑动变阻器2个（分别标有“5Ω 2A”“20Ω 1A”字样）、开关及导线若干。他选择其中一个滑动变阻器正确连接电路，实验步骤正确，刚闭合开关时观察到电压表示数如图（a）所示，此时电流表示数为0.2安。他思考后重新连接电路，移动滑动变阻器滑片，观察到小灯正常发光时的电压表示数如图（b）所示。

①小华判断小灯正常发光的方法是 　              　；

②图（b）中电压表所接量程为 　      　伏。

③请根据相关信息计算出电压U和小灯泡的额定功率P额。

2023年上海市普陀区中考物理二模试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分。每题只有一个正确选项）

1．【解答】解：我国家庭电路的电压是220V，故上海地区家庭照明电路的电压为220V，故C正确、ABD错。

故选：C。

2．【解答】解：A、原子整体对外不显电性，不带电；

B、电子带负电；

C、质子带正电；

D、中子不带电；

故选：B。

3．【解答】解：四冲程内燃机工作时，在压缩冲程中，将机械能转化为内能。做功冲程将内能转化为机械能。吸气冲程和排气冲程没有能量的转化。

故选：B。

4．【解答】解：A．由安培定则可知，闭合开关后，通电螺线管的右端是N极，左端是S极，小磁针的N极靠近通电螺线管的S极，小磁针不会发生大角度偏转，故A不符合题意；

B．由安培定则可知，闭合开关后，通电螺线管的左端是N极，右端是S极，小磁针的N极靠近通电螺线管的S极，小磁针不会发生大角度偏转，故B不符合题意；

C．由安培定则可知，闭合开关后，通电螺线管的左端是N极，右端是S极，小磁针的N极靠近通电螺线管的N极，小磁针会发生大角度偏转，故C符合题意；

D．由安培定则可知，闭合开关后，通电螺线管的左端是N极，右端是S极，小磁针的N极靠近通电螺线管的S极，小磁针不会发生大角度偏转，故D不符合题意。

故选：C。

5．【解答】解：某物体通过凸透镜在距离透镜20厘米的光屏上成缩小的像，此时的像是倒立、缩小的实像，则

则f＜v＜2f，f＜20cm＜2f，则10cm＜f＜20cm，因为u＞2f，则20cm＜u＜40cm，

若物体向凸透镜移动10cm，此时10cm＜u＜30cm，而10cm＜f＜20cm，则不可能成正立放大的虚像，可能成缩小的实像，也可能成放大、等大的实像。

故选：D。

6．【解答】接：由图（a）可知，甲的速度：v甲＝＝＝0.6m，

由图（b）可知，乙的速度：v乙＝＝＝1m/s；

由v＝可知，甲车运动30s通过的路程：s甲′＝v甲t＝0.6m/s×30s＝18m；

（1）假设原来甲在乙后方，30s后，甲还在乙的后方3m处，则可知乙运动的路程：s1＝18m﹣12m+3m＝9m，

由v＝可知，乙运动的时间：t1＝＝＝9s，

则乙比甲晚出发的时间为：30s﹣9s＝21s；

（2）假设原来甲在乙后方，30s后，甲在乙的前方3m处，则可知乙运动的路程：s2＝18m﹣12m﹣3m＝3m，

由v＝可知，乙运动的时间：t2＝＝＝3s，

则乙比甲晚出发的时间为：30s﹣3s＝27s；

（3）假设甲在乙的前方，30s后甲还在乙的前方3m处，则可知乙运动的路程：s3＝18m+12m﹣3m＝27m，

由v＝可知，乙运动的时间：t3＝＝＝27s，

则乙比甲晚出发的时间为：30s﹣27s＝3s；

（4）假设甲在乙的前方，30s后甲在乙的后方3m处，则可知乙运动的路程：s4＝18m+12m+3m＝33m，

由v＝可知，乙运动的时间：t4＝＝＝33s，

则乙比甲早出发的时间：33s﹣30s＝3s；

综合以上分析可知，A正确、BCD错误。

故选：A。

二、填空题（本大题共7题，共23分）请将结果填入答题纸的相应位置。

7．【解答】解：一切正在发声的物体都在振动，古筝发出的声音是由琴弦振动产生的；

电磁波可以在真空中传播，空间站的画面是通过电磁波传回地球的；

返回舱穿越大气层的过程中，飞船和大气摩擦生热，飞船表面温度升高，这是通过做功的方式使其内能增加的。

故答案为：振动；电磁波；做功。

8．【解答】解：“卵”击“石”后破损，卵的形状发生变化，说明力能改变物体的形状；“卵”和“石”相碰，“卵”对“石”的力和“石”对“卵”的力是相互作用力，大小相同；“水浅”是光从水中射向水面发生了折射造成的。

故答案为：形状；等于；折射。

9．【解答】解：小李按照图（a）（b）过程引体向上，小李的质量不变，（b）中的高度更高，所以此过程中小李的重力势能增大；

做俯卧撑动作时可视为杠杆，脚尖可视为支点，重力可视为阻力，地面对双手的支持力可视为动力，此时动力臂长于阻力臂，所以支持力小于重力；

小新静止悬挂在单杠上时，单杠对他的作用力F2等于小新自身的重力；由此可知，F1大于F2；

完成一次引体向上和完成一次缓慢俯卧撑，在重力的方向上移动的距离相同，由于引体向上时的拉力大于支持力，根据W＝Fs可知，完成一次缓慢引体向上所做的功大于完成一次缓慢俯卧撑所做的功。

故答案为：增大；大于；大于。

10．【解答】解：电荷量q＝It＝0.5A×10s＝5C；

电流做的功W＝UIt＝6V×0.5A×10s＝30J；

电阻阻值R＝＝＝12Ω，

电阻阻值与电压无关，导体两端电压为零时，

电阻阻值仍然为12Ω。

故答案为：5；60；12。

11．【解答】解：（1）根据称重法可知：F浮＝G物﹣F拉＝F1﹣F2＝ΔF＝9.8N；

（2）物体受竖直向下的重力G＝14.7N，竖直向上的浮力F浮＝9.8N，处于平衡状态，

则物体受到的浮力与重力的合力大小为：F＝G﹣F浮＝14.7N﹣9.8N＝4.9N，

方向与较大的重力方向相同，即为竖直向下。

故答案为：9.8；4.9；竖直向下。

12．【解答】解：由图可知，闭合开关，两定值电阻串联，电压表V测量R2两端的电压，闭合开关S，电压表示数不变，始终测量的是电源电压U0，且电路中仅有一处故障且只发生在电阻R1、R2上。，此时的故障可能为R2断路或R1短路；

B、若在NQ两点间并联一个检测小灯L，无论R2断路还是R1短路，灯泡都与电源相通，始终发光，故不能区分这两个故障，故B不可行；

A、在MN两点间并联一个检测小灯L，如果R1短路，灯泡被短路，不发光，电压表示数不变仍等于U0；如果R2断路，此时灯泡与R1串联，灯泡发光，电压表测量灯泡的电压，由于串联分压，电压表示数小于U0；则可以区分故障。

故答案为：A；如果灯泡发光，电压表示数变小，故障是R2断路；如果灯泡不发光，电压表示数不变故障是R1短路。

13．【解答】解：①“进气管”的作用是：输液过程中必须通过它与大气相通；输液过程涉及到的物理知识有大气压强，故B正确；

②扎针处出现“回血”现象（血液进入输液管），最便捷的解决方式是改变手的位置，手应该向下移，手在液体中的深度增加，由p＝ρgh可知液体对人体的压强增大。

故答案为：①大气；B；②手下移；手向下移，手在液体中的深度增加，由p＝ρgh可知液体对人体的压强增大。

三、作图题（本大题共2题，共5分）

14．【解答】解：先选取一段表示3N的线段作为标度，小球受拉力的作用点在绳与球相连处，并且方向沿绳向上，大小为6N，故答案为：

15．【解答】解：

由图可知，入射角等于50°，根据光的反射定律可知，反射角也等于50°；图中法线已画出，根据反射角等于入射角，然后在法线右侧画出反射光线OB，并标明反射角的度数。如图所示：

四、综合题（本大题共5题，共30分）第16～19题作答需写出解答过程。

16．【解答】解：

由题可知c水＝4.2×103J/（kg•℃），m＝3kg，Δt＝50℃，

水放出的热量：Q放＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×3kg×50℃＝6.3×105J。

答：水放出的热量为6.3×105J。

17．【解答】解：根据杠杆平衡条件：F1L1＝F2L2得l2＝＝＝0.4m。

答：阻力臂L2的大小为0.4m。

18．【解答】解：①将阻值为10欧的定值电阻R1接入M、N接线柱时，只有R1接入电路，电流表测量电路中的电流，由图b知，电流表的分度值为0.02A，读数为0.4A；

由I＝可得U1＝IR1＝0.4A×10Ω＝4V；

电阻R1的电功率：

P1＝U1I1＝4V×0.4A＝1.6W；

②R1与R2的连接方式要么是串联、要么是并联，

若两电阻串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，

滑动变阻器最小为0时，电流最大，根据题中电流表满量程，由于滑动变阻器允许的最大电流为1A，故不能选3A量程，则I＝0.6A；

此时电源电压U＝I'R1＝0.6A×10Ω＝6V，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路中的最小电流：

I小＝＝＝0.1A，

电流表示数的最大变化量ΔI＝0.6A﹣0.1A＝0.5A；

若两电阻并联，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，当滑动变阻器通过最大电流为1A时，电流表选择大量程3A，则通过R1的电流为3A﹣1A＝2A，

此时电源电压为U'＝I″R1＝2A×10Ω＝20V；

根据并联电路的特点知，U2＝20V；

此时R2接入电路中的电阻R2＝＝＝20Ω，

当R2接入电路中的电阻最大时，电流表的示数最小，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，通过R2的最小电流：

I2小＝＝＝0.4A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，电流表的最小示数：

I小＝I1+I2小＝2A+0.4A＝2.4A，

则电流表示数的最大变化量：

ΔI＝I大﹣I小＝3A﹣2.4A＝0.6A；

由于串联时电流的最大变化量小于并联时电流的最大变化量，

故滑动变阻器R2与R1以并联方式接入M、N接线柱，

且电源电压为20V，R2的阻值变化范围是20Ω～50Ω。

答：①R1两端的电压U1是4V，消耗的功率P1是1.6W；

②电源电压为20V，R2的阻值变化范围是20Ω～50Ω。

19．【解答】解：（1）由ρ＝得，水的质量：m＝ρ水V水＝1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3＝2kg；

（2）水对容器底部的压强：p水＝ρ水gh水＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa；

（3）水的体积为4V，深度为4h，容器的底面积：，

根据密度公式得，A的质量mA＝ρAVA＝0.8ρ水×3V＝2.4ρ水V，A的重力为GA＝mAg＝2.4ρ水Vg，

物体A的密度小于水，所以物体能漂浮在水中，F浮A＝2.4ρ水Vg，

根据阿基米德原理得，A排开水的体积为：V排A＝，

若选A，容器中水的高度为：hA＝＜6h，此时没有水溢出，

若选B，物体B的密度大于水，所以物体沉在水底，容器中水的高度为：hB＝＜6h，此时水未溢出，

所以物体A放入容器中，水对容器底部的压强增加量Δp最大，压强增加量Δp最大＝ρ水gΔh＝ρ水g×（5.4h﹣4h）＝1.4ρ水gh，

根据p＝得，ΔF最大＝Δp最大S'＝1.4ρ水gh×＝1.4ρ水gV。

答：（1）若水的体积为2×10﹣3米3，水的质量m水为2kg；

（2）距离水面0.1米深处的压强为1000Pa；

（3）若选A，容器中水的高度为5.4h＜6h，此时没有水溢出，若选B，容器中水的高度为5h＜6h，此时没有水溢出，根据p＝ρgh知，物体A竖直放入容器中，水对容器甲底部的压强增加量Δp最大，水对容器底部的压力增加量ΔF最大，ΔF最大为1.4ρ水gV。

20．【解答】解：①当通过灯泡的电流为额定电流0.3A时，即电流表的示数为0.3A，灯正常发光；

②③小灯泡的功率在1.2W以内，小灯泡额定电流为0.3A，根据P＝UI可知，小灯泡额定电压小于U'＝＝＝4V；

由题意可知，正确连接电路，即电压表并联在灯泡两端，电流表测电路中的电流；实验步骤正确，即滑动变阻器接入电路的阻值最大；刚闭合开关时，电流表示数为0.2安时，电压表示数如图（a）所示，若电压表选用大量程，其示数为大于15V，大于灯泡额定电压，与题意不符，故电压表选用小量程，其示数为大于3V；由于此时通过灯泡的电流小于灯泡额定电流，灯泡没有正常发光，说明灯泡额定电压大于3V；

重新连接电路，移动滑动变阻器滑片，观察到小灯正常发光时的电压表示数如图（b）所示，若电压表选用大量程，其示数为11V，大于灯泡额定电压，与题意不符，故电压表应选用小量程，即0～3V，其示数为2.2V，由灯泡额定电压大于3V，说明电压表没有测灯泡两端电压，而是测滑动变阻器两端电压，即滑动变阻器两端电压为2.2V；根据串联电路电压规律，电源电压应该大于2.2V+3V＝5.2V，小于2.2V+4V＝6.2V，因电源电压有2、4、6、8和12伏五挡可选，故电源电压为U＝6V，灯泡额定电压为UL＝U﹣U滑＝6V﹣2.2V＝3.8V，则小灯泡额定功率为P额＝ULIL＝3.8V×0.3A＝1.14W。

故答案为：①电流表的示数为0.3A；②0～3；③电压U为6V，小灯泡的额定功率P额为1.14W。