2023年上海市普陀区中考物理二模试题(含答案)
展开2023年上海市普陀区中考物理二模试卷
一、选择题(本大题共6题,每题2分,共12分。每题只有一个正确选项)
1.(2分)上海地区家庭电路的电压为( )
A.24伏 B.110伏 C.220伏 D.380伏
2.(2分)下列粒子中,带负电的是( )
A.原子核 B.电子 C.质子 D.中子
3.(2分)四冲程汽油机工作时,能量发生转化的冲程有( )
A.1个 B.2个 C.3个 D.4个
4.(2分)如图所示,小磁针处于静止,闭合开关S后小磁针发生大角度偏转的是( )
A. B.
C. D.
5.(2分)已知某物体透过凸透镜,在距离透镜20厘米的光屏上成缩小的像,若将物体向凸透镜移动10厘米,则此时所成的( )
A.一定是缩小的实像 B.一定是放大的实像
C.可能是放大的虚像 D.可能是等大的实像
6.(2分)甲、乙两小车分别从相距12米的P、Q两点出发,沿同一直线同向而行,其s﹣t图象如图(a)(b)所示。甲车运动30秒后与乙车相距3米,若乙车通过的距离为s,则( )
A.s=9米,乙比甲晚出发21秒
B.s=15米,乙比甲晚出发3秒
C.s=30米,乙和甲同时出发
D.s=33米,乙比甲晚出发3秒
二、填空题(本大题共7题,共23分)请将结果填入答题纸的相应位置。
7.(3分)随着我国科技进步,已有多批中国航天员往返与地球和“中国空间站”。2022年元宵晚会上,王亚平在空间站以古筝弹奏了《茉莉花》,悠扬的琴声是由琴弦 产生的,她演奏的画面和声音通过 传输到地面(选填“声波”“光波”或“电磁波”);返回舱穿越大气层返回地面的过程中温度升高,这是通过 方式使其内能增加的。
8.(3分)古人用成语“以卵击石”比喻不估计自己的力量,自取灭亡。“卵”击“石”后破损说明力能改变物体的 ,撞击过程中,“卵”受力大小 “石”受力大小(选填“小于”、“等于”或“大于”)。诗句“潭清疑水浅”中的“水浅”是由光的 造成的。
9.(3分)引体向上和俯卧撑都是徒手力量健身的良好手段。小李按照图(a)(b)过程引体向上,此过程中小李的重力势能 (选填“增大”“不变”或“减小”);若在图(a)中,小李静止时单杠对他的作用力为F1,图(c)小李静止时地面对双手的支持力为F2,则F1 F2。若以头部从最低点到最高点为“一次”,完成一次缓慢引体向上所做的功 完成一次缓慢俯卧撑所做的功(后两个均选填“大于”、“等于”或“小于”)。
10.(3分)某导体两端电压为6伏,通过该导体的电流为0.5安,则10秒内通过导体横截面的电荷量 库,电流所做的功为 焦;当该导体两端电压为0时,导体的电阻为 欧。
11.(3分)将重为14.7牛的物体挂在弹簧测力计下方,并缓慢浸入水中直至浸没(不触底),弹簧测力计的示数变化了9.8牛,则物体受到的浮力为 牛,浮力与重力的合力大小为 牛,方向为 。
12.(2分)在如图所示的电路中,电源电压为U0保持不变,电阻R1和R2的阻值均为R0。闭合开关S,电压表示数不变,电路中仅有一处故障且只发生在电阻R1、R2上。结合以上信息,若在电路中再添加一个检测小灯判断故障,则可行的是 。
A.在MN两点间并联一个检测小灯L
B.在NQ两点间并联一个检测小灯L
请写出接入检测小灯L后的操作,电表示数情况和检测小灯的发光情况及对应的故障 。
13.(6分)到医院就诊时,患者有时需要静脉输液进行治疗。若药液装在瓶中,静脉输液的示意图如图所示。
①其中“进气管”的作用是:输液过程中必须通过它与 相通。输液过程涉及到的物理知识有 。
A.阿基米德原理
B.大气压强
C.液体的热胀冷缩
②图中,如果此时扎针处出现“回血”现象(血液进入输液管),最便捷的解决方式是改变手的位置,你认为手应该向上抬,还是向下移,请说明理由。 。
三、作图题(本大题共2题,共5分)
14.(2分)在图中,小球受到的拉力F为6牛,用力的图示法画出拉力F。
15.(3分)在图中,根据给出的入射光线AO画出反射光线OB,并标出反射角的度数。
四、综合题(本大题共5题,共30分)第16~19题作答需写出解答过程。
16.(6分)质量为0.2千克的水温度降低50℃,求水放出的热量Q放。[c水=4.2×103/焦/(千克•℃)]
17.(6分)杠杆平衡时,动力F1大小为10N,动力臂L1为0.2m,阻力F2大小为5N,求阻力臂L2。
18.(6分)在图(a)所示的电路中,电源电压可变。
①将阻值为10欧的定值电阻R1接入M、N接线柱,闭合开关S后电流表A的示数如图(b)所示,求R1两端的电压U1,以及其消耗的功率P1。
②现将标有“50Ω 1A”字样的滑动变阻器R2与R1以某种方式接入M、N接线柱。当电流表选择合适的量程,在确保电路中各元件正常工作的前提下,闭合开关S后移动滑动变阻器R2的滑片,求指针能达到满刻度且使电流表示数变化量最大的电源电压值,及R2的阻值变化范围。
19.(6分)将盛有水的薄壁柱形容器放在水平地面上,容器的高度为6h。
物块 | A | B |
密度 | 0.8ρ水 | 3ρ水 |
体积 | 3V | V |
①若水的体积为2×10﹣3米3,求水的质量m水。
②若容器中水的深度为0.1米,求水对容器底部压强p水。
③若水的体积为4V,深度为4h。现有两个球形物体A、B(半径均小于容器底面半径),其密度、体积的关系如表所示。请选择其中一个,将其放入容器中,待静止后,使水对容器底部的压力增加量ΔF最大。请写出选择的物体并说明理由,求出ΔF最大。(用字母表示)
20.(12分)小华做“测定小灯泡的电功率”实验,小灯泡的功率在1.2瓦以内。现有电源电压有2、4、6、8和12伏五挡可选、待测小灯泡标有“0.3A”字样、电流表、电压表、滑动变阻器2个(分别标有“5Ω 2A”“20Ω 1A”字样)、开关及导线若干。他选择其中一个滑动变阻器正确连接电路,实验步骤正确,刚闭合开关时观察到电压表示数如图(a)所示,此时电流表示数为0.2安。他思考后重新连接电路,移动滑动变阻器滑片,观察到小灯正常发光时的电压表示数如图(b)所示。
①小华判断小灯正常发光的方法是 ;
②图(b)中电压表所接量程为 伏。
③请根据相关信息计算出电压U和小灯泡的额定功率P额。
2023年上海市普陀区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共6题,每题2分,共12分。每题只有一个正确选项)
1.【解答】解:我国家庭电路的电压是220V,故上海地区家庭照明电路的电压为220V,故C正确、ABD错。
故选:C。
2.【解答】解:A、原子整体对外不显电性,不带电;
B、电子带负电;
C、质子带正电;
D、中子不带电;
故选:B。
3.【解答】解:四冲程内燃机工作时,在压缩冲程中,将机械能转化为内能。做功冲程将内能转化为机械能。吸气冲程和排气冲程没有能量的转化。
故选:B。
4.【解答】解:A.由安培定则可知,闭合开关后,通电螺线管的右端是N极,左端是S极,小磁针的N极靠近通电螺线管的S极,小磁针不会发生大角度偏转,故A不符合题意;
B.由安培定则可知,闭合开关后,通电螺线管的左端是N极,右端是S极,小磁针的N极靠近通电螺线管的S极,小磁针不会发生大角度偏转,故B不符合题意;
C.由安培定则可知,闭合开关后,通电螺线管的左端是N极,右端是S极,小磁针的N极靠近通电螺线管的N极,小磁针会发生大角度偏转,故C符合题意;
D.由安培定则可知,闭合开关后,通电螺线管的左端是N极,右端是S极,小磁针的N极靠近通电螺线管的S极,小磁针不会发生大角度偏转,故D不符合题意。
故选:C。
5.【解答】解:某物体通过凸透镜在距离透镜20厘米的光屏上成缩小的像,此时的像是倒立、缩小的实像,则
则f<v<2f,f<20cm<2f,则10cm<f<20cm,因为u>2f,则20cm<u<40cm,
若物体向凸透镜移动10cm,此时10cm<u<30cm,而10cm<f<20cm,则不可能成正立放大的虚像,可能成缩小的实像,也可能成放大、等大的实像。
故选:D。
6.【解答】接:由图(a)可知,甲的速度:v甲===0.6m,
由图(b)可知,乙的速度:v乙===1m/s;
由v=可知,甲车运动30s通过的路程:s甲′=v甲t=0.6m/s×30s=18m;
(1)假设原来甲在乙后方,30s后,甲还在乙的后方3m处,则可知乙运动的路程:s1=18m﹣12m+3m=9m,
由v=可知,乙运动的时间:t1===9s,
则乙比甲晚出发的时间为:30s﹣9s=21s;
(2)假设原来甲在乙后方,30s后,甲在乙的前方3m处,则可知乙运动的路程:s2=18m﹣12m﹣3m=3m,
由v=可知,乙运动的时间:t2===3s,
则乙比甲晚出发的时间为:30s﹣3s=27s;
(3)假设甲在乙的前方,30s后甲还在乙的前方3m处,则可知乙运动的路程:s3=18m+12m﹣3m=27m,
由v=可知,乙运动的时间:t3===27s,
则乙比甲晚出发的时间为:30s﹣27s=3s;
(4)假设甲在乙的前方,30s后甲在乙的后方3m处,则可知乙运动的路程:s4=18m+12m+3m=33m,
由v=可知,乙运动的时间:t4===33s,
则乙比甲早出发的时间:33s﹣30s=3s;
综合以上分析可知,A正确、BCD错误。
故选:A。
二、填空题(本大题共7题,共23分)请将结果填入答题纸的相应位置。
7.【解答】解:一切正在发声的物体都在振动,古筝发出的声音是由琴弦振动产生的;
电磁波可以在真空中传播,空间站的画面是通过电磁波传回地球的;
返回舱穿越大气层的过程中,飞船和大气摩擦生热,飞船表面温度升高,这是通过做功的方式使其内能增加的。
故答案为:振动;电磁波;做功。
8.【解答】解:“卵”击“石”后破损,卵的形状发生变化,说明力能改变物体的形状;“卵”和“石”相碰,“卵”对“石”的力和“石”对“卵”的力是相互作用力,大小相同;“水浅”是光从水中射向水面发生了折射造成的。
故答案为:形状;等于;折射。
9.【解答】解:小李按照图(a)(b)过程引体向上,小李的质量不变,(b)中的高度更高,所以此过程中小李的重力势能增大;
做俯卧撑动作时可视为杠杆,脚尖可视为支点,重力可视为阻力,地面对双手的支持力可视为动力,此时动力臂长于阻力臂,所以支持力小于重力;
小新静止悬挂在单杠上时,单杠对他的作用力F2等于小新自身的重力;由此可知,F1大于F2;
完成一次引体向上和完成一次缓慢俯卧撑,在重力的方向上移动的距离相同,由于引体向上时的拉力大于支持力,根据W=Fs可知,完成一次缓慢引体向上所做的功大于完成一次缓慢俯卧撑所做的功。
故答案为:增大;大于;大于。
10.【解答】解:电荷量q=It=0.5A×10s=5C;
电流做的功W=UIt=6V×0.5A×10s=30J;
电阻阻值R===12Ω,
电阻阻值与电压无关,导体两端电压为零时,
电阻阻值仍然为12Ω。
故答案为:5;60;12。
11.【解答】解:(1)根据称重法可知:F浮=G物﹣F拉=F1﹣F2=ΔF=9.8N;
(2)物体受竖直向下的重力G=14.7N,竖直向上的浮力F浮=9.8N,处于平衡状态,
则物体受到的浮力与重力的合力大小为:F=G﹣F浮=14.7N﹣9.8N=4.9N,
方向与较大的重力方向相同,即为竖直向下。
故答案为:9.8;4.9;竖直向下。
12.【解答】解:由图可知,闭合开关,两定值电阻串联,电压表V测量R2两端的电压,闭合开关S,电压表示数不变,始终测量的是电源电压U0,且电路中仅有一处故障且只发生在电阻R1、R2上。,此时的故障可能为R2断路或R1短路;
B、若在NQ两点间并联一个检测小灯L,无论R2断路还是R1短路,灯泡都与电源相通,始终发光,故不能区分这两个故障,故B不可行;
A、在MN两点间并联一个检测小灯L,如果R1短路,灯泡被短路,不发光,电压表示数不变仍等于U0;如果R2断路,此时灯泡与R1串联,灯泡发光,电压表测量灯泡的电压,由于串联分压,电压表示数小于U0;则可以区分故障。
故答案为:A;如果灯泡发光,电压表示数变小,故障是R2断路;如果灯泡不发光,电压表示数不变故障是R1短路。
13.【解答】解:①“进气管”的作用是:输液过程中必须通过它与大气相通;输液过程涉及到的物理知识有大气压强,故B正确;
②扎针处出现“回血”现象(血液进入输液管),最便捷的解决方式是改变手的位置,手应该向下移,手在液体中的深度增加,由p=ρgh可知液体对人体的压强增大。
故答案为:①大气;B;②手下移;手向下移,手在液体中的深度增加,由p=ρgh可知液体对人体的压强增大。
三、作图题(本大题共2题,共5分)
14.【解答】解:先选取一段表示3N的线段作为标度,小球受拉力的作用点在绳与球相连处,并且方向沿绳向上,大小为6N,故答案为:
15.【解答】解:
由图可知,入射角等于50°,根据光的反射定律可知,反射角也等于50°;图中法线已画出,根据反射角等于入射角,然后在法线右侧画出反射光线OB,并标明反射角的度数。如图所示:
四、综合题(本大题共5题,共30分)第16~19题作答需写出解答过程。
16.【解答】解:
由题可知c水=4.2×103J/(kg•℃),m=3kg,Δt=50℃,
水放出的热量:Q放=c水mΔt=4.2×103J/(kg•℃)×3kg×50℃=6.3×105J。
答:水放出的热量为6.3×105J。
17.【解答】解:根据杠杆平衡条件:F1L1=F2L2得l2===0.4m。
答:阻力臂L2的大小为0.4m。
18.【解答】解:①将阻值为10欧的定值电阻R1接入M、N接线柱时,只有R1接入电路,电流表测量电路中的电流,由图b知,电流表的分度值为0.02A,读数为0.4A;
由I=可得U1=IR1=0.4A×10Ω=4V;
电阻R1的电功率:
P1=U1I1=4V×0.4A=1.6W;
②R1与R2的连接方式要么是串联、要么是并联,
若两电阻串联,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小,
滑动变阻器最小为0时,电流最大,根据题中电流表满量程,由于滑动变阻器允许的最大电流为1A,故不能选3A量程,则I=0.6A;
此时电源电压U=I'R1=0.6A×10Ω=6V,
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,
所以,电路中的最小电流:
I小===0.1A,
电流表示数的最大变化量ΔI=0.6A﹣0.1A=0.5A;
若两电阻并联,因并联电路中各支路独立工作、互不影响,当滑动变阻器通过最大电流为1A时,电流表选择大量程3A,则通过R1的电流为3A﹣1A=2A,
此时电源电压为U'=I″R1=2A×10Ω=20V;
根据并联电路的特点知,U2=20V;
此时R2接入电路中的电阻R2===20Ω,
当R2接入电路中的电阻最大时,电流表的示数最小,
因并联电路中各支路两端的电压相等,
所以,通过R2的最小电流:
I2小===0.4A,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,电流表的最小示数:
I小=I1+I2小=2A+0.4A=2.4A,
则电流表示数的最大变化量:
ΔI=I大﹣I小=3A﹣2.4A=0.6A;
由于串联时电流的最大变化量小于并联时电流的最大变化量,
故滑动变阻器R2与R1以并联方式接入M、N接线柱,
且电源电压为20V,R2的阻值变化范围是20Ω~50Ω。
答:①R1两端的电压U1是4V,消耗的功率P1是1.6W;
②电源电压为20V,R2的阻值变化范围是20Ω~50Ω。
19.【解答】解:(1)由ρ=得,水的质量:m=ρ水V水=1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg;
(2)水对容器底部的压强:p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa;
(3)水的体积为4V,深度为4h,容器的底面积:,
根据密度公式得,A的质量mA=ρAVA=0.8ρ水×3V=2.4ρ水V,A的重力为GA=mAg=2.4ρ水Vg,
物体A的密度小于水,所以物体能漂浮在水中,F浮A=2.4ρ水Vg,
根据阿基米德原理得,A排开水的体积为:V排A=,
若选A,容器中水的高度为:hA=<6h,此时没有水溢出,
若选B,物体B的密度大于水,所以物体沉在水底,容器中水的高度为:hB=<6h,此时水未溢出,
所以物体A放入容器中,水对容器底部的压强增加量Δp最大,压强增加量Δp最大=ρ水gΔh=ρ水g×(5.4h﹣4h)=1.4ρ水gh,
根据p=得,ΔF最大=Δp最大S'=1.4ρ水gh×=1.4ρ水gV。
答:(1)若水的体积为2×10﹣3米3,水的质量m水为2kg;
(2)距离水面0.1米深处的压强为1000Pa;
(3)若选A,容器中水的高度为5.4h<6h,此时没有水溢出,若选B,容器中水的高度为5h<6h,此时没有水溢出,根据p=ρgh知,物体A竖直放入容器中,水对容器甲底部的压强增加量Δp最大,水对容器底部的压力增加量ΔF最大,ΔF最大为1.4ρ水gV。
20.【解答】解:①当通过灯泡的电流为额定电流0.3A时,即电流表的示数为0.3A,灯正常发光;
②③小灯泡的功率在1.2W以内,小灯泡额定电流为0.3A,根据P=UI可知,小灯泡额定电压小于U'===4V;
由题意可知,正确连接电路,即电压表并联在灯泡两端,电流表测电路中的电流;实验步骤正确,即滑动变阻器接入电路的阻值最大;刚闭合开关时,电流表示数为0.2安时,电压表示数如图(a)所示,若电压表选用大量程,其示数为大于15V,大于灯泡额定电压,与题意不符,故电压表选用小量程,其示数为大于3V;由于此时通过灯泡的电流小于灯泡额定电流,灯泡没有正常发光,说明灯泡额定电压大于3V;
重新连接电路,移动滑动变阻器滑片,观察到小灯正常发光时的电压表示数如图(b)所示,若电压表选用大量程,其示数为11V,大于灯泡额定电压,与题意不符,故电压表应选用小量程,即0~3V,其示数为2.2V,由灯泡额定电压大于3V,说明电压表没有测灯泡两端电压,而是测滑动变阻器两端电压,即滑动变阻器两端电压为2.2V;根据串联电路电压规律,电源电压应该大于2.2V+3V=5.2V,小于2.2V+4V=6.2V,因电源电压有2、4、6、8和12伏五挡可选,故电源电压为U=6V,灯泡额定电压为UL=U﹣U滑=6V﹣2.2V=3.8V,则小灯泡额定功率为P额=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W。
故答案为:①电流表的示数为0.3A;②0~3;③电压U为6V,小灯泡的额定功率P额为1.14W。
2024年上海市普陀区中考物理一模试卷: 这是一份2024年上海市普陀区中考物理一模试卷,共7页。
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