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2022年山东省枣庄市滕州市中考物理二模试卷
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这是一份2022年山东省枣庄市滕州市中考物理二模试卷，共28页。试卷主要包含了选择题，作图与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年山东省枣庄市滕州市中考物理二模试卷
一、选择题。本题包括20个小题，每小题2分，共40分。
1．（2分）关于声音的特性和利用，下列说法正确的是（ ）
A．“声纹门锁”是依据声音的响度来识别的
B．鼓手打鼓用的力越大，鼓声的音调就越高
C．超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波能传递能量
D．“公共场合不要大声喧哗”是要求人们说话的音调要低一些
2．（2分）舞蹈教室内有一面非常大的平面镜，一位同学先后站在镜前甲、乙、丙、丁的四个位置，如图所示。关于他在平面镜中所成像的特点，下列描述中正确的是（ ）
A．在甲处所成的像是最小的像
B．在乙处所成的像一定是实像
C．在丙处所成的像是倒立的像
D．在丁处所成的像离镜子最近
3．（2分）小强同学在研究凸透镜成像规律实验时，他把物体放在离凸透镜50cm处时，能在光屏上得到一个倒立缩小的实像，则凸透镜的焦距可能为（ ）
A．20厘米 B．30厘米 C．40厘米 D．50厘米
4．（2分）冻肉刚出冷库时比进冷库时重，这是由于（ ）
A．空气中的水蒸气凝华成霜所致
B．空气中的水蒸气液化成水所致
C．冻肉中的冰熔化成水所致
D．冻肉中的水凝固成冰所致
5．（2分）用弹簧测力计水平拉动水平桌面上的物体，使其匀速直线滑动，以下叙述中两个力属于一对平衡力的是（ ）
A．弹簧测力计对物体的拉力与物体所受的重力
B．弹簧测力计对物体的拉力与桌面对物体的阻力
C．物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力
D．物体对桌面的压力与物体所受的重力
6．（2分）2021年10月16日，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭点火发射，顺利将翟志刚、王亚平、叶光富3名航天员送入太空。下列关于火箭在升空过程中说法正确的是（ ）
A．火箭升空时的施力物体是地面
B．火箭加速升空时机械能增加
C．火箭加速升空时机械能保持不变
D．火箭升空时只受重力的作用
7．（2分）一个同学用120N的力，将一个重4N的球踢到25m处。对他踢球时做功的情况，下列说法正确的是（ ）
A．做功300W
B．做功100W
C．没有做功
D．做了功，但条件不足，无法计算
8．（2分）通过实验，得到了a、b、c三种材料制成的实心物体的m﹣V图像如图所示，分析图像可知，不正确的是（ ）
A．a物质的密度最大
B．b物质的密度是c物质的两倍
C．c物质的密度是2.0×103kg/m3
D．同体积的三种物质，c物质的质量最小
9．（2分）如图所示，闭合电磁铁开关S，条形磁铁静止在水平桌面上。下列判断正确的是（ ）
A．条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力
B．条形磁铁受到桌面对其向左的摩擦力
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，条形磁铁受到的摩擦力不变
D．若只改变电源的正负极，条形磁铁受到的摩擦力变大
10．（2分）如图是探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。关于该装置，下列说法正确的是（ ）
A．可探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系
B．可探究电流通过导体产生热量的多少与通电时间的关系
C．若要探究电流通过导体产生热量的多少与电流的关系，R3的阻值必须是5Ω
D．若将R1换成10Ω的电阻，可探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系
11．（2分）如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，滑动变阻器R的最大阻值为50Ω，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”。闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，分别绘制了电流表示数与电压表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图象，如图乙、丙所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．电源电压为10V
B．小灯泡的额定功率为36W
C．当电流表示数为0.25A时，滑动变阻器消耗的电功率为0.25W
D．若将电压表量程换为0～3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω～50Ω
12．（2分）下列说法中不正确的是（ ）
A．太阳的能量来自大量的氘核的裂变
B．在真空中，电磁波的波长和频率成反比关系
C．能量在转化的过程中总量保持不变，并且存在方向性
D．光纤通信具有传输信息量大、高抗干扰及光能损耗小等优点
一、填空题：（本题包括6个小题，每空1分，共14分。）
13．（2分）小李同学观看“沸腾的油锅中取铁球”表演后，得知锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，油的沸点为287℃，醋的沸点为60℃，当温度达到60℃时锅中的“油”就沸腾了；继续加热，“油”和放入其中的铁球的温度 （填“会”或“不会”）升高，当 后，继续加热，就不可能赤手从油锅中取铁球了。
14．（2分）某学校用焦炭作为燃料烧开水，供全校师生饮用。现完全燃烧了4.2kg的焦炭，放出的热量是 J；假设这些热量只有25%能被水吸收，则能将 kg的水从25℃加热到100℃。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），焦炭的热值为3×107J/kg]
15．（3分）用如图所示装置粗略测量大气压的值。把吸盘用力压在玻璃上排出吸盘内的空气，吸盘压在玻璃上的面积为4×10﹣4m2．轻轻向挂在吸盘下的小桶内加沙子。吸盘刚好脱落时，测出吸盘、小桶和沙子的总质量为3.2kg．则大气对吸盘的压力为 N（g取10N/kg），大气压的测量值为 Pa．若吸盘内的空气不能完全排出，则大气压的测量值比实际值偏 。
16．（2分）如图所示，用以O点为支点的杠杆OA提升重物，用始终竖直向上的力F作用在杠杆A端。图中线段AD与力F的作用线在一条直线上，且OD⊥AD、BC⊥AD。线段 表示力F的力臂（选填“BC”、“OD”或“AD”）。若将物体在力F作用下缓慢向下移动到水平位置的过程中，力F将 （选填“变小”、“变大”或“不变”）。
17．（2分）有一台电动机，额定电压为3V，额定电流为1A，电动机线圈的电阻为0.5Ω，这台电动机正常工作1min，产生的热量为 J，输出的机械能为 J。
18．（3分）如图所示电路、电源电压恒定，R1＝20Ω，R2＝10Ω，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.3A，电源电压为 V；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表示数为 A；当S1、S3闭合，S2断开时，电流表示数为 A。
二、作图与实验探究题：（每空1分，共18分）。
19．（3分）如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。
（1）该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图1所示位置时，恰能在光屏上看到清晰的像，若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上 （选填“能”或“不能”）看到清晰的像；
（2）在图1所示实验场景下，该同学把自己的眼镜给水透镜“戴上”（如图2所示），当从水透镜中抽出适量的水后，他发现烛焰的像再次变得清晰，由此判断该同学戴的是 眼镜（选填“近视”或“远视”）。随着实验的进行，同学发现，烛焰的像成在光屏的上方，为了使像重新成在光屏中央，他把凸透镜 调（填“往上”或“往下”）。
20．（4分）某小组在做“探究水的沸腾”实验时，实验装置如图甲所示。
（1）当水温升高到90℃时，每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾后再持续几分钟为止。并绘制了如图乙所示的图线①。现将烧杯中的水冷却至90℃，倒掉约三分之一的水，保持其他条件不变，重做上述实验并绘制了图线，此图线是 ，水的沸点是 。
（2）生活中，常把碗放在锅里的水中蒸食物，如图丙所示。当锅里的水沸腾以后，碗中的水 （填“会”或“不会”）沸腾。
（3）小明在家中安全改装了一个玻璃电热水壶（去盖，如图丁所示），把水加热至沸腾，发现了很多现象，小明尝试用自己学过的知识来解释，下列说法正确的是 。
A.水沸腾时，产生大量气泡，气泡里的主要成分是空气
B.实验过程中，壶里的水不断汽化
C.水沸腾时，水面出现“白气”是水的汽化现象
D.水沸腾时，图中温度计的示数就是水沸腾的准确温度
21．（5分）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供了如下器材：电源（电压恒为6V）、电压表和电流表各一个、额定电压为2.5V的待测小灯泡（正常发光时的电阻约为10Ω）、规格为“5Ω，0.5A”的滑动变阻器、开关及导线若干。
（1）某同学做实验时连接了如图甲所示的实验电路，但他接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
（2）移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W，此时小灯泡的电阻约为 Ω（小数点后保留1位有效数字）。
（3）另一组同学用上面的实验器材测量未知电阻Rx的阻值时，发现电压表已损坏，于是选用了一个阻值已知的电阻R1，并重新设计了如图丙所示的电路进行实验。实验步骤如下：
①先将导线的C端接到电流表的“﹣”接线柱上，闭合开关，电流表读数为I1；
② ；
③则Rx的阻值为 （用已知量和测量量的字母表示）。
22．（6分）如图所示是小刚和他的同学探究液体内部压强特点的实验装置图，请完成实验探究过程：
（1）甲图是探究液体内部压强实验装置，使用前用手按压探头的薄橡皮膜，如果U形玻璃管内液面无变化，说明此装置 （选填“不漏气”、“漏气”）。
（2）调节好装置后，小刚想探究液体密度对压强的影响，应将图乙装置的探头放在丙图中的 两个位置。最后得到的结论是：在同一深度，液体密度越小，液体的压强 （选填“越大”或者“越小”）。
（3）如果想探究液体深度对压强的影响，应将装置探头放在丙图的 两个位置。最后得到的结论是：同种液体，深度越深，液体压强 （选填“越大”或者“越小”）。
（4）下面四幅图是在装满水的瓶身侧壁沿竖直方向的不同高度开了三个大小相同的小孔，打开瓶盖让水自由流出，可以正确描述液体压强与深度的关系的是 （填序号）。
三、计算题：本题包括2个小题，共14分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分。
23．（6分）如图所示，A、B两物体用细线相连浸没水中，此时两物体恰好处于悬浮状态。细线的质量、体积忽略不计。已知正方体A的边长为10cm，物体B的体积为100cm3，物体B的质量为0.5kg。（g取10N/kg）求：
（1）物体B受到的浮力；
（2）细线对物体B的拉力；
（3）物体A受到的重力。
24．（8分）某物理兴趣小组设计了一款模拟高速公路超载检测仪的装置：压敏电阻所在电路如图甲所示，电源电压恒定不变，R1、R2均为定值电阻，圆柱形烧杯的质量为0.1kg，底面积为2×10﹣3m2，放在电子秤上，当电流表示数超过0.6A时表示超载，压敏电阻的阻值与所受压力的关系如下表所示。通过装入不同质量的水，得到电路中两个电压表示数与电流表示数之间的关系如图乙所示.求：
（1）R2的阻值。
（2）电源电压。
（3）当烧杯中装入0.4kg的水时，压敏电阻消耗的电功率。
压敏电阻所受压力F/N
2.0
3.0
4.0
5.0
6.0
7.0
压敏电阻的阻值R敏/Ω
45
28
15
9
5
2
2022年山东省枣庄市滕州市中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题。本题包括20个小题，每小题2分，共40分。
1．（2分）关于声音的特性和利用，下列说法正确的是（ ）
A．“声纹门锁”是依据声音的响度来识别的
B．鼓手打鼓用的力越大，鼓声的音调就越高
C．超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波能传递能量
D．“公共场合不要大声喧哗”是要求人们说话的音调要低一些
【分析】（1）声音的特性是指音调、响度和音色，音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的；响度指声音的强弱，是由物体振动振幅决定的；音色指声音的特色，是由发声体的材料和结构决定的。
（2）声音不但能传递信息，还能够传递能量。
【解答】解：A、“声纹门锁”是依据声音的音色来识别的，故A错误；
B、鼓手打鼓用的力越大，鼓声的响度就越大，故B错误；
C、超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波能传递能量，故C正确；
D、“公共场合不要大声喧哗”是要求人们说话的响度要小一些，故D错误。
故选：C。
【点评】本题是一道综合了多个知识点的题目，做题时要多复习相关的物理知识点，注意分清易错易混之处。如：生活中说的高低有时是指大小，即响度；不同的人说话声主要是音色不同。
2．（2分）舞蹈教室内有一面非常大的平面镜，一位同学先后站在镜前甲、乙、丙、丁的四个位置，如图所示。关于他在平面镜中所成像的特点，下列描述中正确的是（ ）
A．在甲处所成的像是最小的像
B．在乙处所成的像一定是实像
C．在丙处所成的像是倒立的像
D．在丁处所成的像离镜子最近
【分析】平面镜成像的特点：像与物体的大小相等、到镜面的距离相等，像与物体的连线与镜面垂直，所成的像是虚像。根据特点分析下面各项所探究的问题。
【解答】解：A、像与物体的大小相等，在各处所成的像是等大的，故A错误；
B、平面镜所成的像是虚像，故B错误；
C、平面镜所成的像是正立的等大的虚像，故C错误；
D、像与物体到镜面的距离相等，由图可知，在丁处所成的像离镜子最近，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点，常见题目。
3．（2分）小强同学在研究凸透镜成像规律实验时，他把物体放在离凸透镜50cm处时，能在光屏上得到一个倒立缩小的实像，则凸透镜的焦距可能为（ ）
A．20厘米 B．30厘米 C．40厘米 D．50厘米
【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律。知道物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距。应用是照相机。
【解答】解：小强当把物体放在距离凸透镜50cm处时，能在光屏上得到一个倒立缩小的实像。说明50cm＞2f，所以f＜25cm。
故选：A。
【点评】本题主要考查的是凸透镜成像规律的应用，关键是记熟成像规律，搞清物距像距之间的关系。并能做到灵活应用。
4．（2分）冻肉刚出冷库时比进冷库时重，这是由于（ ）
A．空气中的水蒸气凝华成霜所致
B．空气中的水蒸气液化成水所致
C．冻肉中的冰熔化成水所致
D．冻肉中的水凝固成冰所致
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：冻肉刚出冷库时比进冷库时重，这是由于空气中的水蒸气遇冷凝华为小冰晶，附着在冻肉的表面。
故BCD错误；A正确；
故选：A。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5．（2分）用弹簧测力计水平拉动水平桌面上的物体，使其匀速直线滑动，以下叙述中两个力属于一对平衡力的是（ ）
A．弹簧测力计对物体的拉力与物体所受的重力
B．弹簧测力计对物体的拉力与桌面对物体的阻力
C．物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力
D．物体对桌面的压力与物体所受的重力
【分析】二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在一条直线上和作用在一个物体上；先根据物体的运动状态对物体进行受力分析，然后根据二力平衡的条件确定物体受到的平衡力，并选出正确选项。
【解答】解：因为物体在水平桌面上做匀速直线运动，而物体在水平方向受弹簧测力计的拉力和桌面对物体的阻力作用，在竖直方向上物体受重力和桌面对物体的支持力作用；由二力平衡的条件可得：弹簧测力计对物体的拉力和桌面对物体的阻力为一对平衡力，物体的重力和桌面对物体的支持力为一对平衡力。
故选：B。
【点评】会正确对物体进行受力分析，掌握二力平衡的条件是识别平衡力的前提。
6．（2分）2021年10月16日，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭点火发射，顺利将翟志刚、王亚平、叶光富3名航天员送入太空。下列关于火箭在升空过程中说法正确的是（ ）
A．火箭升空时的施力物体是地面
B．火箭加速升空时机械能增加
C．火箭加速升空时机械能保持不变
D．火箭升空时只受重力的作用
【分析】机械能包括动能与重力势能，动能与物体质量及速度有关，重力势能与物体质量及高度有关。
【解答】解：A、火箭升空时的施力物体是空气，故A错误；
BC、火箭加速升空时速度增加，高度变高，故动能增加，重力势能增加，所以机械能也增加，故B正确，C错误；
D、火箭升空时受重力和推力的作用，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查了机械能，属于基础题。
7．（2分）一个同学用120N的力，将一个重4N的球踢到25m处。对他踢球时做功的情况，下列说法正确的是（ ）
A．做功300W
B．做功100W
C．没有做功
D．做了功，但条件不足，无法计算
【分析】根据做功的两个必要条件分析，用120N的力作用在物体上，只是瞬间，足球和脚一起运动的距离未知，当物体运动25m的过程中，该同学并没有对物体有力的作用。
【解答】解：作用在物体上的力只是瞬间，物体运动过程中没有再对物体有力的作用，所以无法准确计算，故A、B不正确，虽然是瞬间，但也会让物体移动，即对物体做了功，所以C错误，综上所述，只有D正确。
故选：D。
【点评】注意踢出去的物体和扔出去的物体，对物体都是瞬间作用了功，都无法精确计算做功的多少。
8．（2分）通过实验，得到了a、b、c三种材料制成的实心物体的m﹣V图像如图所示，分析图像可知，不正确的是（ ）
A．a物质的密度最大
B．b物质的密度是c物质的两倍
C．c物质的密度是2.0×103kg/m3
D．同体积的三种物质，c物质的质量最小
【分析】由图得出，当体积为2cm3时，a、b、c的质量，利用ρ＝ 求a、b、c的密度，据此分析判断。
【解答】解：
由图像可以看出，当体积为2cm3时，a的质量ma＝3.5g，b的质量mb＝2g，c的质量mc＝1g，
a、b、c的密度：
ρa＝＝＝1.75g/cm3，ρb＝＝＝1g/cm3，ρc＝＝＝0.5g/cm3，
由此可见：
A、a物质的密度最大，故A正确；
B、b物质的密度等于c物质2倍，故B正确；
C、c物质的密度为0.5g/cm3＝0.5×103kg/m3，故C错误；
D、同体积的三种物质，ma＞mb＞mc，即c的质量最小，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了密度公式的应用，分析图像、从中得出相关信息是关键。
9．（2分）如图所示，闭合电磁铁开关S，条形磁铁静止在水平桌面上。下列判断正确的是（ ）
A．条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力
B．条形磁铁受到桌面对其向左的摩擦力
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，条形磁铁受到的摩擦力不变
D．若只改变电源的正负极，条形磁铁受到的摩擦力变大
【分析】（1）由安培定则可判断电磁铁的极性，由磁极间的相互作用和二力平衡知识可判断条形磁铁受到的摩擦力的方向；
（2）根据二力平衡的条件分析桌面对条形磁铁的摩擦力的方向；
（3）（4）电磁铁磁性的大小与电流大小、线圈的匝数有关。
【解答】解：
A、由安培定则得，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁右端为N极，左侧为S极，同名磁极相互排斥，所以条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力，故A正确；
B、条形磁铁处于静止状态，水平方向上受到平衡力的作用，水平向左的排斥力和桌面对条形磁铁的水平向右的摩擦力为一对平衡力，故B错误；
C、将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱，排斥力变小，摩擦力和排斥力是一对平衡力，大小相等，所以摩擦力变小，故C错误；
D、若只改变电源的正负极，电流的方向改变，大小不变，则电磁铁的磁性不变，条形磁体受到电磁铁的吸引力大小等于原来的排斥力大小，此时吸引力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则摩擦力不变，故D错误。
故选：A。
【点评】本题是电磁学和二力平衡知识的综合分析题，涉及的知识规律要掌握清楚：磁极间的相互作用规律，影响电磁铁磁性强弱的因素，二力平衡的判断及应用等等。
10．（2分）如图是探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。关于该装置，下列说法正确的是（ ）
A．可探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系
B．可探究电流通过导体产生热量的多少与通电时间的关系
C．若要探究电流通过导体产生热量的多少与电流的关系，R3的阻值必须是5Ω
D．若将R1换成10Ω的电阻，可探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系
【分析】电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，实验中采用的是控制变量法：探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；
【解答】解：AC、装置中右侧两个电阻并联后再与左侧的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即I右＝I左，两个电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右＝I3+I2，所以通过容器中两电阻的电流不同，两电阻的阻值相等，可以探究电流产生的热量与电流的关系，故A错误；R3的作用是使通过容器中两电阻的电流不同，所以R3的阻值不一定是5Ω，故C错误；
B、若要探究电流通过导体产生热量的多少与通电时间的关系，根据焦耳定律和控制变量法可知需控制电流和电阻相同，通电时间不同，所以观察不同时间同一电阻所在容器U形管液面高度差的变化即可，故B正确；
D、若将R1换成10Ω的电阻，左右容器中的电阻和电流都不同，没有控制好变量，所以不能探究电流产生的热量与电阻的关系，故D错误。
故选：B。
【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
11．（2分）如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，滑动变阻器R的最大阻值为50Ω，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”。闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，分别绘制了电流表示数与电压表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图象，如图乙、丙所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．电源电压为10V
B．小灯泡的额定功率为36W
C．当电流表示数为0.25A时，滑动变阻器消耗的电功率为0.25W
D．若将电压表量程换为0～3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω～50Ω
【分析】由图甲分析电路连接以及电表测量情况；
（1）根据图中数据可知，当电流表示数为0.6A时，由图乙找到其对应的电压表示数，即灯泡两端的电压，再由图丙找到其对应的滑动变阻器连入电路的阻值，根据U＝IR求出滑动变阻器两端的电压，从而可求出电源电压；
（2）已知灯泡的额定电流，由图乙找到其对应的电压表示数，即灯泡两端的额定电压，利用P＝UI可求出灯泡的额定功率；
（3）当电流表示数为0.25A时，由图乙找到其对应的电压表示数，即灯泡两端的电压，根据串联电路电压的特点可求出滑动变阻器两端的电压，最后利用P＝UI便可求出滑动变阻器消耗的电功率；
（4）若电压表量程换为0～3V，由此可知灯泡两端最大的电压值，再由图乙找到其对应的电流表示数，根据串联电路电压特点求出滑动变阻器两端最小电压，最后利用可求出滑动变阻器连入电路的最小阻值。
【解答】解：由图甲电路图可知，电路为灯泡L和滑动变阻器R的串联电路，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流；
A、当电流表示数为0.6A时，由图乙可知电压表示数为6V，即灯泡两端的电压UL＝6V；由图丙可知滑动变阻器连入电路的阻值为10Ω，则滑动变阻器两端的电压为：UR＝IR＝0.6A×10Ω＝6V，由串联电路电压的特点可知电源电压为：U＝UL+UR＝6V+6V＝12V，故A错误；
B、由题知灯泡的额定电流为0.6A，由图乙可知，当电流为0.6A时，电压表示数为6V，即灯泡两端的额定电压UL＝6V，则灯泡的额定功率为：PL＝IUL＝0.6A×6V＝3.6W；故B错误；
C、当电流表示数为0.25A时，由图乙可知电压表示数为1V，即灯泡两端的电压UL′＝1V，根据串联电路电压的特点可知滑动变阻器两端的电压为：UR′＝U﹣UL′＝12V﹣1V＝11V，则滑动变阻器消耗的电功率为：
PR＝I′UR′＝0.25A×11V＝2.75W，故C错误；
D、若将电压表量程换为0～3V，则灯泡两端电压最大为：ULmax＝3V，则由图乙可知，电路中的电流为0.5A，由串联电路电压特点可知滑动变阻器两端电压最小为：URmin＝U﹣ULmax＝12V﹣3V＝9V，滑动变阻器连入电路的最小阻值为：，则滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω～50Ω，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律以及电功率计算公式的运用，解题的关键是要准确从图像中读取有用的信息。
12．（2分）下列说法中不正确的是（ ）
A．太阳的能量来自大量的氘核的裂变
B．在真空中，电磁波的波长和频率成反比关系
C．能量在转化的过程中总量保持不变，并且存在方向性
D．光纤通信具有传输信息量大、高抗干扰及光能损耗小等优点
【分析】（1）太阳的能量来自核聚变。
（2）在真空中，电磁播的速度相同，电磁波的波长和频率成反比关系。
（3）能量在转化的过程中总量保持不变，并且存在方向性。
（4）光纤通信抗干扰能力强，信号衰减小，传递的信息量大，保密性好，通信质量高。
【解答】解：A、太阳的能量来自核聚变，故A错误。
B、在真空中，电磁波的波长和频率成反比关系，故B正确。
C、能量在转化的过程中总量保持不变，并且存在方向性，故C正确；
D、光纤通信具有传输信息量大、高抗干扰及光能损耗小等优点，故D正确。
故选：A。
【点评】本题是简单的综合题，属于基础题。
一、填空题：（本题包括6个小题，每空1分，共14分。）
13．（2分）小李同学观看“沸腾的油锅中取铁球”表演后，得知锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，油的沸点为287℃，醋的沸点为60℃，当温度达到60℃时锅中的“油”就沸腾了；继续加热，“油”和放入其中的铁球的温度 不会 （填“会”或“不会”）升高，当 醋全部汽化 后，继续加热，就不可能赤手从油锅中取铁球了。
【分析】液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；液体沸腾的特点：不断吸收热量，温度保持不变。
【解答】解：由于锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，醋的沸点是60℃，所以锅中的液体温度达到60℃时液体就沸腾了；液体沸腾的特点是吸收热量，但温度不变，所以继续加热液体的温度不会升高，表演时铁球的温度不可能超过60℃；只有当醋全部汽化后，再继续加热，油温度才会升高，就不可能赤手从油锅中取铁球了。
故答案为：不会；醋全部汽化。
【点评】本题考查液体沸腾及沸腾的特点，解答此题的关键是知道液体沸腾的特点。
14．（2分）某学校用焦炭作为燃料烧开水，供全校师生饮用。现完全燃烧了4.2kg的焦炭，放出的热量是 1.26×108 J；假设这些热量只有25%能被水吸收，则能将 100 kg的水从25℃加热到100℃。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），焦炭的热值为3×107J/kg]
【分析】（1）知道焦炭的质量和热值，利用Q放＝mq计算出焦炭完全燃烧放出的热量；
（2）利用效率公式计算出水吸收的热量，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水的质量。
【解答】解：（1）焦炭完全燃烧放出的热量：Q放＝m1q＝4.2×3×107J/kg＝1.26×108J；
（2）水吸收的热量：Q吸＝ηQ放＝25%×1.26×108J＝3.15×107J；
由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的质量：m2＝＝＝100kg。
故答案为：1.26×108；100。
【点评】本题考查燃料完全燃烧放热的计算、效率公式的应用、吸热公式的应用，熟记公式并能灵活运用是解题的关键。
15．（3分）用如图所示装置粗略测量大气压的值。把吸盘用力压在玻璃上排出吸盘内的空气，吸盘压在玻璃上的面积为4×10﹣4m2．轻轻向挂在吸盘下的小桶内加沙子。吸盘刚好脱落时，测出吸盘、小桶和沙子的总质量为3.2kg．则大气对吸盘的压力为 32 N（g取10N/kg），大气压的测量值为 8×104 Pa．若吸盘内的空气不能完全排出，则大气压的测量值比实际值偏 小 。
【分析】使吸盘脱落的总重力恰好等于大气对吸盘的压力，这一点比较好理解。用这一压力除以吸盘与玻璃的接触面积，就可以求出此时的大气压强值了。不过吸盘内的空气很难完全被排出，拉动过程中的形变、接触面有可能带有杂质等因素都会使拉力变小，这样大气压的测量值也会相应偏小。
【解答】解：大气对吸盘的压力 F＝G＝mg＝3.2kg×10N/kg＝32N；
大气压的测量值 p＝＝＝8×104Pa；
如果空气不能完全排出，使用较小的拉力便可将其拉下，拉力小了测得的压强也会偏小。
故答案为：32，8×104，小。
【点评】这是一个较简便实用的测大气压值的方法，把握好实验的原理运用我们学过的压强公式就可以轻松得出结果。不过要注意这个结果可不会太准，一般会偏小的。
16．（2分）如图所示，用以O点为支点的杠杆OA提升重物，用始终竖直向上的力F作用在杠杆A端。图中线段AD与力F的作用线在一条直线上，且OD⊥AD、BC⊥AD。线段 OD 表示力F的力臂（选填“BC”、“OD”或“AD”）。若将物体在力F作用下缓慢向下移动到水平位置的过程中，力F将 不变 （选填“变小”、“变大”或“不变”）。
【分析】（1）要解决此题需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离；
（2）在M位置，画出动力和阻力的作用线，找出动力臂的阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况。
【解答】解：（1）由题知，O点为支点，线段AD与力F的作用线在一条直线上，且OD⊥AD，则OD是从支点O到力F作用线的距离，所以，线段OD表示力F的力臂；
（2）杠杆在A位置，OD为动力臂，OE为阻力臂，阻力不变为G，
由△OEB∽△ODA，
则OE：OD＝OB：OA，
根据杠杆平衡条件，F•OD＝G•OE，则F＝＝；
杠杆移动到水平位置，即在M位置，OM为动力臂，OF为阻力臂，阻力不变为G，即OM＝OA，OF＝OB，
根据杠杆平衡条件，F′•OM＝G•OF，则F′＝＝，
所以F＝F′，即将物体在力F作用下缓慢向下移动到水平位置的过程中，力F将不变。
故答案为：OD；不变。
【点评】考查学生对力臂的概念的理解以及杠杆平衡条件的应用，能借助三角形相似确定其关系是本题的关键。
17．（2分）有一台电动机，额定电压为3V，额定电流为1A，电动机线圈的电阻为0.5Ω，这台电动机正常工作1min，产生的热量为 30 J，输出的机械能为 150 J。
【分析】已知电动机的额定电压、额定电流、通电时间，根据W＝UIt求出消耗的电能；
已知线圈的电阻和通过的电流以及通电时间，根据Q＝I2Rt求出在1min内电流产生的热量；
消耗的电能减去产生的热量即为电动机获得的机械能。
【解答】解：这台电动机正常工作1min＝60s，
电动机消耗的电能：
W＝UIt＝3V×1A×60s＝180J；
产生的电热：
Q＝I2Rt＝（1A）2×0.5Ω×60s＝30J；
输出的机械能：
W机械＝W﹣Q＝180J﹣30J＝150J。
故答案为：30；150。
【点评】本题考查了电动机产生热量、电功、输出机械能的计算，关键是知道只有在纯电阻电路中电能才完全转化成内能。
18．（3分）如图所示电路、电源电压恒定，R1＝20Ω，R2＝10Ω，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.3A，电源电压为 3 V；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表示数为 0.1 A；当S1、S3闭合，S2断开时，电流表示数为 0.45 A。
【分析】（1）当S1闭合，S2、S3断开时，只有R2连入电路中，电流表测R2的电流，根据欧姆定律计算电源的电压；
（2）当S2闭合，S1、S3断开时，R1与R2串联，由串联电路特点和欧姆定律计算电流表示数；
（3）当S1、S3闭合，S2断开时，R1与R2并联，电流表测干路电流，由并联电路特点和欧姆定律计算电流表示数。
【解答】解：
（1）由电路图知，当S1闭合，S2、S3断开时，只有R2连入电路中，电流表测R2的电流，
由I＝可得，电源电压：
U＝I2R2＝0.3A×10Ω＝3V；
（2）由电路图知，当S2闭合，S1、S3断开时，R1与R2串联，电流表测电路的电流，
由串联电路电阻特点知：R＝R1+R2＝20Ω+10Ω＝30Ω，
则电流表示数：I＝＝＝0.1A；
（3）由电路图知，当S1、S3闭合，S2断开时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
由并联电路电压特点知：U＝U1＝U2＝3V，
由并联电路的电流特点和I＝可得，电流表示数：
I′＝I1+I2＝+＝+＝0.45A。
故答案为：3；0.1；0.45。
【点评】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律的应用，正确分析电路结构是解题的关键。
二、作图与实验探究题：（每空1分，共18分）。
19．（3分）如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。
（1）该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图1所示位置时，恰能在光屏上看到清晰的像，若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上 能 （选填“能”或“不能”）看到清晰的像；
（2）在图1所示实验场景下，该同学把自己的眼镜给水透镜“戴上”（如图2所示），当从水透镜中抽出适量的水后，他发现烛焰的像再次变得清晰，由此判断该同学戴的是 远视 眼镜（选填“近视”或“远视”）。随着实验的进行，同学发现，烛焰的像成在光屏的上方，为了使像重新成在光屏中央，他把凸透镜 往下 调（填“往上”或“往下”）。
【分析】（1）根据光的折射中光路是可逆的判断；
（2）这里的水透镜就相当于人眼的晶状体。形成“远视眼”，是因为从水凸透镜内抽出一部分水后，使透镜凸度变小。
远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。远视矫正方法，需配戴凸透镜；
根据物与像移动方向相反确定屏上像移动的方向。
【解答】解：（1）因为光的折射中光路是可逆的，保持凸透镜的位置不变，将光屏与蜡烛的位置对调，则物距等于原来的像距，成倒立、放大的实像。光屏上能接到像是实像；
（2）当从水凸透镜内抽出一部分水后。使透镜凸起程度变小，会聚能力较弱，将像成在光屏的后面，为了使像正好呈在光屏上，应使光线提前会聚，使所成的像相对于光屏前移，所以应在水凸透镜前放置一块凸透镜。由此判断该同学戴的是远视眼镜；
由于蜡烛的燃烧，烛焰的高度逐渐降低，则像的位置会偏高，即屏上像逐渐向上移动，为使像重新回到光屏中央。应将凸透镜往下调。
故答案为：（1）能；（2）远视；往下。
【点评】本题考查了凸透镜成像的规律，涉及了光的折射中光路可逆以及对远视眼的成因和矫正方法的掌握，难度一般。
20．（4分）某小组在做“探究水的沸腾”实验时，实验装置如图甲所示。
（1）当水温升高到90℃时，每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾后再持续几分钟为止。并绘制了如图乙所示的图线①。现将烧杯中的水冷却至90℃，倒掉约三分之一的水，保持其他条件不变，重做上述实验并绘制了图线，此图线是 ④ ，水的沸点是 98℃ 。
（2）生活中，常把碗放在锅里的水中蒸食物，如图丙所示。当锅里的水沸腾以后，碗中的水 不会 （填“会”或“不会”）沸腾。
（3）小明在家中安全改装了一个玻璃电热水壶（去盖，如图丁所示），把水加热至沸腾，发现了很多现象，小明尝试用自己学过的知识来解释，下列说法正确的是 B 。
A.水沸腾时，产生大量气泡，气泡里的主要成分是空气
B.实验过程中，壶里的水不断汽化
C.水沸腾时，水面出现“白气”是水的汽化现象
D.水沸腾时，图中温度计的示数就是水沸腾的准确温度
【分析】（1）液体沸腾时的温度叫沸点，沸点与气压有关，同种物质气压不变，沸点不变；
（2）液体沸腾的条件：到达沸点，继续吸热；
（3）沸腾是在液体表面和内部同时发生的一种剧烈的汽化现象，沸腾时会产生大量的气泡，气泡上升逐渐变大，达到液体表面破裂将气泡内水蒸气释放出来；白气是热的水蒸气遇到冷的空气液化成的小水滴；温度计使用时，下方玻璃泡浸没在被测液体中，但不能碰容器底和壁；
【解答】解：（1）由题可知，倒掉约三分之一的水，保持其他条件不变，所以水的沸点是不变的，初温不变，由于水的质量变小，相同时间吸收的热量相同，所以温度升高的比较快，所以图线是④，水的沸点是98℃；
（2）锅里的水达到沸点后继续吸热会沸腾，但温度不再改变，所以，碗内水的温度等于水的沸点，碗内的水不能继续吸热，不会沸腾；
（3）A、沸腾是在液体表面和内部同时发生的一种剧烈的汽化现象，沸腾时会产生大量的气泡，气泡内主要成分是水汽化后产生的水蒸气，故A错误；
B、水的沸腾过程是在液体表面和内部同时发生的汽化，整个过程中壶内水不断汽化，故B正确；
C、白气是热的水蒸气遇到冷的空气液化成的小水滴，故C错误；
D、温度计使用时，下方玻璃泡浸没在被测液体中，但不能碰容器底和壁，实验中温度计放置如图，温度计玻璃泡碰到容器底，这样使测量温度比水沸腾温度偏高，故D错误；故选：B。
故答案为：（1）④；98℃；（2）不会；（3）B。
【点评】本题考查了水沸腾的相关知识，难度不大。
21．（5分）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供了如下器材：电源（电压恒为6V）、电压表和电流表各一个、额定电压为2.5V的待测小灯泡（正常发光时的电阻约为10Ω）、规格为“5Ω，0.5A”的滑动变阻器、开关及导线若干。
（1）某同学做实验时连接了如图甲所示的实验电路，但他接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
（2）移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 0.6 W，此时小灯泡的电阻约为 10.4 Ω（小数点后保留1位有效数字）。
（3）另一组同学用上面的实验器材测量未知电阻Rx的阻值时，发现电压表已损坏，于是选用了一个阻值已知的电阻R1，并重新设计了如图丙所示的电路进行实验。实验步骤如下：
①先将导线的C端接到电流表的“﹣”接线柱上，闭合开关，电流表读数为I1；
② 将导线C端接到电流表“3”接线柱上，读出电流表的示数为I2 ；
③则Rx的阻值为 （用已知量和测量量的字母表示）。
【分析】（1）实验中，滑动变阻器与灯串联，电压表与灯并联，电流表串联在电路中，据此判断接线错误并改正；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由P＝UI得出小灯泡的额定功率；由欧姆定律求出此时小灯泡的电阻；
（3）分析开关闭合时电路的连接及电流表测量的电流，根据欧姆定律求出电源电压；根据并联电路电流的特点得出通过Rx的电流；由欧姆定律得出待测电阻的表达式。
【解答】解：（1）电压表与灯并联测小灯泡的电压，电流表串联在电路中测灯的电流，滑动变阻器串联在电路中；此图连接中，导线将灯泡和电压表短路，电压表并联在灯泡两端时正负接线柱接反了。改正后的电路图如图所示：
；
（2）排除故障后，按正确的步骤进行实验。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，
小灯泡的额定功率是：P＝UI＝2.5V×0.24A＝0.6W，
由欧姆定律，此时小灯泡的电阻是：R＝＝≈10.4Ω；
（3）①将导线C端接到电流表“﹣”接线柱上，R1与Rx并联，此时电流表测干路总电流I1，
②将导线C端接到电流表“3”接线柱上，R1与Rx并联，此时电流表测通过R1的电流I2，则定值电阻R1两端电压U1＝I2R1，
因并联电路，故为电源电压：U＝U1＝I2R1；
根据并联电路电流的特点得，通过Rx的电流为：Ix＝I1﹣I2；
③根据欧姆定律可知电阻Rx的表达式为：Rx＝＝。
故答案为：（1）如图；（2）0.6；10.4；（3）②将导线C端接到电流表“3”接线柱上，读出电流表的示数为I2；③。
【点评】本题测量小灯泡的电功率，考查电路的连接、故障分析、功率计算及串联电阻的规律，是中考的热点。
22．（6分）如图所示是小刚和他的同学探究液体内部压强特点的实验装置图，请完成实验探究过程：
（1）甲图是探究液体内部压强实验装置，使用前用手按压探头的薄橡皮膜，如果U形玻璃管内液面无变化，说明此装置 漏气 （选填“不漏气”、“漏气”）。
（2）调节好装置后，小刚想探究液体密度对压强的影响，应将图乙装置的探头放在丙图中的 B、C 两个位置。最后得到的结论是：在同一深度，液体密度越小，液体的压强 越小 （选填“越大”或者“越小”）。
（3）如果想探究液体深度对压强的影响，应将装置探头放在丙图的 AB或CD 两个位置。最后得到的结论是：同种液体，深度越深，液体压强 越大 （选填“越大”或者“越小”）。
（4）下面四幅图是在装满水的瓶身侧壁沿竖直方向的不同高度开了三个大小相同的小孔，打开瓶盖让水自由流出，可以正确描述液体压强与深度的关系的是 B （填序号）。
【分析】（1）检查装置时，用手按压橡皮膜，若U形管中液体能灵活升降，则说明装置气密性较好；如果U形玻璃管内液面无变化，说明此装置漏气；
（2）（3）液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；分析实验中相同量和不同量，根据转换法得出结论；
（4）同种液体内部的压强随着深度的增加而增加。
【解答】解：（1）用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形玻璃管内液面无变化，说明此装置漏气；
（2）要探究液体密度对压强的影响，需要控制液体的深度相同，改变液体的密度，应将图乙装置的探头放在丙图中的B、C两个位置，比较B、C知：在同一深度，液体密度越小，液体的压强越小；
（3）要探究液体深度对压强的影响，需要控制液体的密度相同，改变液体的深度，应将装置探头放在丙图的AB或CD两个位置，最后得到的结论是：同种液体，深度越深，液体压强越大；
（4）同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增大，压强越大，水射出的距离越远，故B正确。
故答案为：（1）漏气；（2）B、C；越小；（3）AB或CD；越大；（4）B。
【点评】本题采用控制变量法探究液体压强跟液体的深度、密度的关系。控制变量法在物理学中经常应用，一定要学会。
三、计算题：本题包括2个小题，共14分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分。
23．（6分）如图所示，A、B两物体用细线相连浸没水中，此时两物体恰好处于悬浮状态。细线的质量、体积忽略不计。已知正方体A的边长为10cm，物体B的体积为100cm3，物体B的质量为0.5kg。（g取10N/kg）求：
（1）物体B受到的浮力；
（2）细线对物体B的拉力；
（3）物体A受到的重力。
【分析】（1）根据阿基米德原理算出B物体受到的浮力；
（2）利用G＝mg求出物体B的重力，根据F＝G﹣F浮计算出拉力的大小；
（3）对物体A受力分析，根据力的作用的相互性得出细线对物体A的拉力，根据阿基米德原理算出A物体受到的浮力，然后把根据力的合成算出物体A的重力。
【解答】解：
（1）B浸没在水中，则物体B受到的浮力：
F浮B＝ρ水gV排B＝ρ水gVB＝1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10﹣6m3＝1N；
（2）B物体的重力：GB＝mBg＝0.5kg×10N/kg＝5N；
细线对物体B的拉力：F拉B＝GB﹣F浮B＝5N﹣1N＝4N；
（3）因为物体间力的作用是相互的，所以细线对物体A的拉力和B对细线的拉力大小相等，即F拉A＝F拉B＝4N，
A的体积：VA＝＝（10cm）3＝1×10﹣3m3，
A浸没在水中时，排开水的体积：V排A＝VA＝1×10﹣3m3，
A浸没在水中时受到的浮力：F浮A＝ρ水gV排A＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N；
对物体A受力分析知：GA+F拉A＝F浮A，
故物体A受到的重力：GA＝F浮A﹣F拉A＝10N﹣4N＝6N。
答：（1）物体B受到的浮力为1N；
（2）细线对物体B的拉力为4N；
（3）物体A受到的重力6N。
【点评】本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件及其应用，对物体A进行正确的受力分析是正确解答此题的关键所在。
24．（8分）某物理兴趣小组设计了一款模拟高速公路超载检测仪的装置：压敏电阻所在电路如图甲所示，电源电压恒定不变，R1、R2均为定值电阻，圆柱形烧杯的质量为0.1kg，底面积为2×10﹣3m2，放在电子秤上，当电流表示数超过0.6A时表示超载，压敏电阻的阻值与所受压力的关系如下表所示。通过装入不同质量的水，得到电路中两个电压表示数与电流表示数之间的关系如图乙所示.求：
（1）R2的阻值。
（2）电源电压。
（3）当烧杯中装入0.4kg的水时，压敏电阻消耗的电功率。
压敏电阻所受压力F/N
2.0
3.0
4.0
5.0
6.0
7.0
压敏电阻的阻值R敏/Ω
45
28
15
9
5
2
【分析】（1）（2）由图可知，闭合开关，三个电阻串联接入电路，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测压敏电阻两端的电压，
由乙图读取两组电流值对应的电压值，根据串联电路电压规律和欧姆定律表示电源电压，联立可得电源电压；
（3）根据G＝mg求出容器和水的总重力，再根据压敏电阻受到的压力等于其总重力可知压力大小，再结合表格读出压敏电阻的阻值，再根据串联电路电阻规律和欧姆定律求出电路电流，最后根据P＝I2R求出压敏电阻消耗的电功率。
【解答】解：（1）由图可知，闭合开关，三个电阻串联接入电路，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测压敏电阻两端的电压，
压敏电阻的阻值随压力的增大而减小，由串联分压原理可知其受到的压力越大其两端的电压越小，所以图中a表示电压表V1的图象，b表示电压表V2的图象，
由乙图可知当通过电路的电流为0.2A时，UV 1＝1V，UV 2＝9V，
定值电阻R2的阻值：R2＝＝＝5Ω，
电源电压可表示为：U＝I1R1+UV 1+UV 2＝0.2A×R1+10V﹣﹣﹣﹣﹣①，
由乙图可知当通过电路的电流为0.6A时，UV 1+UV 2＝3V+3V＝6V，此时电源电压可表示为：U＝I2R1+UV 1+UV 2＝0.6A×R1+6V﹣﹣﹣﹣﹣②，
①②联立可得：R1＝10Ω，U＝12V；
（3）当烧杯中装入0.4kg的水时，水和容器的总重力：G＝（m水+m容）g＝（0.4kg+0.1kg）×10N/kg＝5N，
则压敏电阻所受压力为：F＝G＝5N，
由表格可知此时压敏电阻的阻值为9Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以电路电流：I＝＝＝＝0.5A，
压敏电阻消耗的电功率：P＝I2R敏＝（0.5A）2×9Ω＝2.25W。
答：（1）R2的阻值为5Ω；
（2）电源电压为12V；
（3）当烧杯中装入0.4kg的水时，压敏电阻消耗的电功率2.25W。
【点评】本题考查液体串联电路特点、欧姆定律和电功率计算公式的灵活运用，能从图中正确读取信息是解题的关键。
2022年山东省枣庄市滕州市中考物理二模试卷
一、选择题。本题包括20个小题，每小题2分，共40分。
1．（2分）关于声音的特性和利用，下列说法正确的是（ ）
A．“声纹门锁”是依据声音的响度来识别的
B．鼓手打鼓用的力越大，鼓声的音调就越高
C．超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波能传递能量
D．“公共场合不要大声喧哗”是要求人们说话的音调要低一些
2．（2分）舞蹈教室内有一面非常大的平面镜，一位同学先后站在镜前甲、乙、丙、丁的四个位置，如图所示。关于他在平面镜中所成像的特点，下列描述中正确的是（ ）
A．在甲处所成的像是最小的像
B．在乙处所成的像一定是实像
C．在丙处所成的像是倒立的像
D．在丁处所成的像离镜子最近
3．（2分）小强同学在研究凸透镜成像规律实验时，他把物体放在离凸透镜50cm处时，能在光屏上得到一个倒立缩小的实像，则凸透镜的焦距可能为（ ）
A．20厘米 B．30厘米 C．40厘米 D．50厘米
4．（2分）冻肉刚出冷库时比进冷库时重，这是由于（ ）
A．空气中的水蒸气凝华成霜所致
B．空气中的水蒸气液化成水所致
C．冻肉中的冰熔化成水所致
D．冻肉中的水凝固成冰所致
5．（2分）用弹簧测力计水平拉动水平桌面上的物体，使其匀速直线滑动，以下叙述中两个力属于一对平衡力的是（ ）
A．弹簧测力计对物体的拉力与物体所受的重力
B．弹簧测力计对物体的拉力与桌面对物体的阻力
C．物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力
D．物体对桌面的压力与物体所受的重力
6．（2分）2021年10月16日，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭点火发射，顺利将翟志刚、王亚平、叶光富3名航天员送入太空。下列关于火箭在升空过程中说法正确的是（ ）
A．火箭升空时的施力物体是地面
B．火箭加速升空时机械能增加
C．火箭加速升空时机械能保持不变
D．火箭升空时只受重力的作用
7．（2分）一个同学用120N的力，将一个重4N的球踢到25m处。对他踢球时做功的情况，下列说法正确的是（ ）
A．做功300W
B．做功100W
C．没有做功
D．做了功，但条件不足，无法计算
8．（2分）通过实验，得到了a、b、c三种材料制成的实心物体的m﹣V图像如图所示，分析图像可知，不正确的是（ ）
A．a物质的密度最大
B．b物质的密度是c物质的两倍
C．c物质的密度是2.0×103kg/m3
D．同体积的三种物质，c物质的质量最小
9．（2分）如图所示，闭合电磁铁开关S，条形磁铁静止在水平桌面上。下列判断正确的是（ ）
A．条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力
B．条形磁铁受到桌面对其向左的摩擦力
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，条形磁铁受到的摩擦力不变
D．若只改变电源的正负极，条形磁铁受到的摩擦力变大
10．（2分）如图是探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。关于该装置，下列说法正确的是（ ）
A．可探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系
B．可探究电流通过导体产生热量的多少与通电时间的关系
C．若要探究电流通过导体产生热量的多少与电流的关系，R3的阻值必须是5Ω
D．若将R1换成10Ω的电阻，可探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系
11．（2分）如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，滑动变阻器R的最大阻值为50Ω，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”。闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，分别绘制了电流表示数与电压表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图象，如图乙、丙所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．电源电压为10V
B．小灯泡的额定功率为36W
C．当电流表示数为0.25A时，滑动变阻器消耗的电功率为0.25W
D．若将电压表量程换为0～3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω～50Ω
12．（2分）下列说法中不正确的是（ ）
A．太阳的能量来自大量的氘核的裂变
B．在真空中，电磁波的波长和频率成反比关系
C．能量在转化的过程中总量保持不变，并且存在方向性
D．光纤通信具有传输信息量大、高抗干扰及光能损耗小等优点
一、填空题：（本题包括6个小题，每空1分，共14分。）
13．（2分）小李同学观看“沸腾的油锅中取铁球”表演后，得知锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，油的沸点为287℃，醋的沸点为60℃，当温度达到60℃时锅中的“油”就沸腾了；继续加热，“油”和放入其中的铁球的温度 （填“会”或“不会”）升高，当 后，继续加热，就不可能赤手从油锅中取铁球了。
14．（2分）某学校用焦炭作为燃料烧开水，供全校师生饮用。现完全燃烧了4.2kg的焦炭，放出的热量是 J；假设这些热量只有25%能被水吸收，则能将 kg的水从25℃加热到100℃。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），焦炭的热值为3×107J/kg]
15．（3分）用如图所示装置粗略测量大气压的值。把吸盘用力压在玻璃上排出吸盘内的空气，吸盘压在玻璃上的面积为4×10﹣4m2．轻轻向挂在吸盘下的小桶内加沙子。吸盘刚好脱落时，测出吸盘、小桶和沙子的总质量为3.2kg．则大气对吸盘的压力为 N（g取10N/kg），大气压的测量值为 Pa．若吸盘内的空气不能完全排出，则大气压的测量值比实际值偏 。
16．（2分）如图所示，用以O点为支点的杠杆OA提升重物，用始终竖直向上的力F作用在杠杆A端。图中线段AD与力F的作用线在一条直线上，且OD⊥AD、BC⊥AD。线段 表示力F的力臂（选填“BC”、“OD”或“AD”）。若将物体在力F作用下缓慢向下移动到水平位置的过程中，力F将 （选填“变小”、“变大”或“不变”）。
17．（2分）有一台电动机，额定电压为3V，额定电流为1A，电动机线圈的电阻为0.5Ω，这台电动机正常工作1min，产生的热量为 J，输出的机械能为 J。
18．（3分）如图所示电路、电源电压恒定，R1＝20Ω，R2＝10Ω，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.3A，电源电压为 V；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表示数为 A；当S1、S3闭合，S2断开时，电流表示数为 A。
二、作图与实验探究题：（每空1分，共18分）。
19．（3分）如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。
（1）该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图1所示位置时，恰能在光屏上看到清晰的像，若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上 （选填“能”或“不能”）看到清晰的像；
（2）在图1所示实验场景下，该同学把自己的眼镜给水透镜“戴上”（如图2所示），当从水透镜中抽出适量的水后，他发现烛焰的像再次变得清晰，由此判断该同学戴的是 眼镜（选填“近视”或“远视”）。随着实验的进行，同学发现，烛焰的像成在光屏的上方，为了使像重新成在光屏中央，他把凸透镜 调（填“往上”或“往下”）。
20．（4分）某小组在做“探究水的沸腾”实验时，实验装置如图甲所示。
（1）当水温升高到90℃时，每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾后再持续几分钟为止。并绘制了如图乙所示的图线①。现将烧杯中的水冷却至90℃，倒掉约三分之一的水，保持其他条件不变，重做上述实验并绘制了图线，此图线是 ，水的沸点是 。
（2）生活中，常把碗放在锅里的水中蒸食物，如图丙所示。当锅里的水沸腾以后，碗中的水 （填“会”或“不会”）沸腾。
（3）小明在家中安全改装了一个玻璃电热水壶（去盖，如图丁所示），把水加热至沸腾，发现了很多现象，小明尝试用自己学过的知识来解释，下列说法正确的是 。
A.水沸腾时，产生大量气泡，气泡里的主要成分是空气
B.实验过程中，壶里的水不断汽化
C.水沸腾时，水面出现“白气”是水的汽化现象
D.水沸腾时，图中温度计的示数就是水沸腾的准确温度
21．（5分）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供了如下器材：电源（电压恒为6V）、电压表和电流表各一个、额定电压为2.5V的待测小灯泡（正常发光时的电阻约为10Ω）、规格为“5Ω，0.5A”的滑动变阻器、开关及导线若干。
（1）某同学做实验时连接了如图甲所示的实验电路，但他接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
（2）移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W，此时小灯泡的电阻约为 Ω（小数点后保留1位有效数字）。
（3）另一组同学用上面的实验器材测量未知电阻Rx的阻值时，发现电压表已损坏，于是选用了一个阻值已知的电阻R1，并重新设计了如图丙所示的电路进行实验。实验步骤如下：
①先将导线的C端接到电流表的“﹣”接线柱上，闭合开关，电流表读数为I1；
② ；
③则Rx的阻值为 （用已知量和测量量的字母表示）。
22．（6分）如图所示是小刚和他的同学探究液体内部压强特点的实验装置图，请完成实验探究过程：
（1）甲图是探究液体内部压强实验装置，使用前用手按压探头的薄橡皮膜，如果U形玻璃管内液面无变化，说明此装置 （选填“不漏气”、“漏气”）。
（2）调节好装置后，小刚想探究液体密度对压强的影响，应将图乙装置的探头放在丙图中的 两个位置。最后得到的结论是：在同一深度，液体密度越小，液体的压强 （选填“越大”或者“越小”）。
（3）如果想探究液体深度对压强的影响，应将装置探头放在丙图的 两个位置。最后得到的结论是：同种液体，深度越深，液体压强 （选填“越大”或者“越小”）。
（4）下面四幅图是在装满水的瓶身侧壁沿竖直方向的不同高度开了三个大小相同的小孔，打开瓶盖让水自由流出，可以正确描述液体压强与深度的关系的是 （填序号）。
三、计算题：本题包括2个小题，共14分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分。
23．（6分）如图所示，A、B两物体用细线相连浸没水中，此时两物体恰好处于悬浮状态。细线的质量、体积忽略不计。已知正方体A的边长为10cm，物体B的体积为100cm3，物体B的质量为0.5kg。（g取10N/kg）求：
（1）物体B受到的浮力；
（2）细线对物体B的拉力；
（3）物体A受到的重力。
24．（8分）某物理兴趣小组设计了一款模拟高速公路超载检测仪的装置：压敏电阻所在电路如图甲所示，电源电压恒定不变，R1、R2均为定值电阻，圆柱形烧杯的质量为0.1kg，底面积为2×10﹣3m2，放在电子秤上，当电流表示数超过0.6A时表示超载，压敏电阻的阻值与所受压力的关系如下表所示。通过装入不同质量的水，得到电路中两个电压表示数与电流表示数之间的关系如图乙所示.求：
（1）R2的阻值。
（2）电源电压。
（3）当烧杯中装入0.4kg的水时，压敏电阻消耗的电功率。
压敏电阻所受压力F/N
2.0
3.0
4.0
5.0
6.0
7.0
压敏电阻的阻值R敏/Ω
45
28
15
9
5
2
2022年山东省枣庄市滕州市中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题。本题包括20个小题，每小题2分，共40分。
1．（2分）关于声音的特性和利用，下列说法正确的是（ ）
A．“声纹门锁”是依据声音的响度来识别的
B．鼓手打鼓用的力越大，鼓声的音调就越高
C．超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波能传递能量
D．“公共场合不要大声喧哗”是要求人们说话的音调要低一些
【分析】（1）声音的特性是指音调、响度和音色，音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的；响度指声音的强弱，是由物体振动振幅决定的；音色指声音的特色，是由发声体的材料和结构决定的。
（2）声音不但能传递信息，还能够传递能量。
【解答】解：A、“声纹门锁”是依据声音的音色来识别的，故A错误；
B、鼓手打鼓用的力越大，鼓声的响度就越大，故B错误；
C、超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波能传递能量，故C正确；
D、“公共场合不要大声喧哗”是要求人们说话的响度要小一些，故D错误。
故选：C。
【点评】本题是一道综合了多个知识点的题目，做题时要多复习相关的物理知识点，注意分清易错易混之处。如：生活中说的高低有时是指大小，即响度；不同的人说话声主要是音色不同。
2．（2分）舞蹈教室内有一面非常大的平面镜，一位同学先后站在镜前甲、乙、丙、丁的四个位置，如图所示。关于他在平面镜中所成像的特点，下列描述中正确的是（ ）
A．在甲处所成的像是最小的像
B．在乙处所成的像一定是实像
C．在丙处所成的像是倒立的像
D．在丁处所成的像离镜子最近
【分析】平面镜成像的特点：像与物体的大小相等、到镜面的距离相等，像与物体的连线与镜面垂直，所成的像是虚像。根据特点分析下面各项所探究的问题。
【解答】解：A、像与物体的大小相等，在各处所成的像是等大的，故A错误；
B、平面镜所成的像是虚像，故B错误；
C、平面镜所成的像是正立的等大的虚像，故C错误；
D、像与物体到镜面的距离相等，由图可知，在丁处所成的像离镜子最近，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点，常见题目。
3．（2分）小强同学在研究凸透镜成像规律实验时，他把物体放在离凸透镜50cm处时，能在光屏上得到一个倒立缩小的实像，则凸透镜的焦距可能为（ ）
A．20厘米 B．30厘米 C．40厘米 D．50厘米
【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律。知道物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距。应用是照相机。
【解答】解：小强当把物体放在距离凸透镜50cm处时，能在光屏上得到一个倒立缩小的实像。说明50cm＞2f，所以f＜25cm。
故选：A。
【点评】本题主要考查的是凸透镜成像规律的应用，关键是记熟成像规律，搞清物距像距之间的关系。并能做到灵活应用。
4．（2分）冻肉刚出冷库时比进冷库时重，这是由于（ ）
A．空气中的水蒸气凝华成霜所致
B．空气中的水蒸气液化成水所致
C．冻肉中的冰熔化成水所致
D．冻肉中的水凝固成冰所致
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：冻肉刚出冷库时比进冷库时重，这是由于空气中的水蒸气遇冷凝华为小冰晶，附着在冻肉的表面。
故BCD错误；A正确；
故选：A。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5．（2分）用弹簧测力计水平拉动水平桌面上的物体，使其匀速直线滑动，以下叙述中两个力属于一对平衡力的是（ ）
A．弹簧测力计对物体的拉力与物体所受的重力
B．弹簧测力计对物体的拉力与桌面对物体的阻力
C．物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力
D．物体对桌面的压力与物体所受的重力
【分析】二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在一条直线上和作用在一个物体上；先根据物体的运动状态对物体进行受力分析，然后根据二力平衡的条件确定物体受到的平衡力，并选出正确选项。
【解答】解：因为物体在水平桌面上做匀速直线运动，而物体在水平方向受弹簧测力计的拉力和桌面对物体的阻力作用，在竖直方向上物体受重力和桌面对物体的支持力作用；由二力平衡的条件可得：弹簧测力计对物体的拉力和桌面对物体的阻力为一对平衡力，物体的重力和桌面对物体的支持力为一对平衡力。
故选：B。
【点评】会正确对物体进行受力分析，掌握二力平衡的条件是识别平衡力的前提。
6．（2分）2021年10月16日，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭点火发射，顺利将翟志刚、王亚平、叶光富3名航天员送入太空。下列关于火箭在升空过程中说法正确的是（ ）
A．火箭升空时的施力物体是地面
B．火箭加速升空时机械能增加
C．火箭加速升空时机械能保持不变
D．火箭升空时只受重力的作用
【分析】机械能包括动能与重力势能，动能与物体质量及速度有关，重力势能与物体质量及高度有关。
【解答】解：A、火箭升空时的施力物体是空气，故A错误；
BC、火箭加速升空时速度增加，高度变高，故动能增加，重力势能增加，所以机械能也增加，故B正确，C错误；
D、火箭升空时受重力和推力的作用，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查了机械能，属于基础题。
7．（2分）一个同学用120N的力，将一个重4N的球踢到25m处。对他踢球时做功的情况，下列说法正确的是（ ）
A．做功300W
B．做功100W
C．没有做功
D．做了功，但条件不足，无法计算
【分析】根据做功的两个必要条件分析，用120N的力作用在物体上，只是瞬间，足球和脚一起运动的距离未知，当物体运动25m的过程中，该同学并没有对物体有力的作用。
【解答】解：作用在物体上的力只是瞬间，物体运动过程中没有再对物体有力的作用，所以无法准确计算，故A、B不正确，虽然是瞬间，但也会让物体移动，即对物体做了功，所以C错误，综上所述，只有D正确。
故选：D。
【点评】注意踢出去的物体和扔出去的物体，对物体都是瞬间作用了功，都无法精确计算做功的多少。
8．（2分）通过实验，得到了a、b、c三种材料制成的实心物体的m﹣V图像如图所示，分析图像可知，不正确的是（ ）
A．a物质的密度最大
B．b物质的密度是c物质的两倍
C．c物质的密度是2.0×103kg/m3
D．同体积的三种物质，c物质的质量最小
【分析】由图得出，当体积为2cm3时，a、b、c的质量，利用ρ＝ 求a、b、c的密度，据此分析判断。
【解答】解：
由图像可以看出，当体积为2cm3时，a的质量ma＝3.5g，b的质量mb＝2g，c的质量mc＝1g，
a、b、c的密度：
ρa＝＝＝1.75g/cm3，ρb＝＝＝1g/cm3，ρc＝＝＝0.5g/cm3，
由此可见：
A、a物质的密度最大，故A正确；
B、b物质的密度等于c物质2倍，故B正确；
C、c物质的密度为0.5g/cm3＝0.5×103kg/m3，故C错误；
D、同体积的三种物质，ma＞mb＞mc，即c的质量最小，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了密度公式的应用，分析图像、从中得出相关信息是关键。
9．（2分）如图所示，闭合电磁铁开关S，条形磁铁静止在水平桌面上。下列判断正确的是（ ）
A．条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力
B．条形磁铁受到桌面对其向左的摩擦力
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，条形磁铁受到的摩擦力不变
D．若只改变电源的正负极，条形磁铁受到的摩擦力变大
【分析】（1）由安培定则可判断电磁铁的极性，由磁极间的相互作用和二力平衡知识可判断条形磁铁受到的摩擦力的方向；
（2）根据二力平衡的条件分析桌面对条形磁铁的摩擦力的方向；
（3）（4）电磁铁磁性的大小与电流大小、线圈的匝数有关。
【解答】解：
A、由安培定则得，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁右端为N极，左侧为S极，同名磁极相互排斥，所以条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力，故A正确；
B、条形磁铁处于静止状态，水平方向上受到平衡力的作用，水平向左的排斥力和桌面对条形磁铁的水平向右的摩擦力为一对平衡力，故B错误；
C、将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱，排斥力变小，摩擦力和排斥力是一对平衡力，大小相等，所以摩擦力变小，故C错误；
D、若只改变电源的正负极，电流的方向改变，大小不变，则电磁铁的磁性不变，条形磁体受到电磁铁的吸引力大小等于原来的排斥力大小，此时吸引力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则摩擦力不变，故D错误。
故选：A。
【点评】本题是电磁学和二力平衡知识的综合分析题，涉及的知识规律要掌握清楚：磁极间的相互作用规律，影响电磁铁磁性强弱的因素，二力平衡的判断及应用等等。
10．（2分）如图是探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。关于该装置，下列说法正确的是（ ）
A．可探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系
B．可探究电流通过导体产生热量的多少与通电时间的关系
C．若要探究电流通过导体产生热量的多少与电流的关系，R3的阻值必须是5Ω
D．若将R1换成10Ω的电阻，可探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系
【分析】电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，实验中采用的是控制变量法：探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；
【解答】解：AC、装置中右侧两个电阻并联后再与左侧的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即I右＝I左，两个电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右＝I3+I2，所以通过容器中两电阻的电流不同，两电阻的阻值相等，可以探究电流产生的热量与电流的关系，故A错误；R3的作用是使通过容器中两电阻的电流不同，所以R3的阻值不一定是5Ω，故C错误；
B、若要探究电流通过导体产生热量的多少与通电时间的关系，根据焦耳定律和控制变量法可知需控制电流和电阻相同，通电时间不同，所以观察不同时间同一电阻所在容器U形管液面高度差的变化即可，故B正确；
D、若将R1换成10Ω的电阻，左右容器中的电阻和电流都不同，没有控制好变量，所以不能探究电流产生的热量与电阻的关系，故D错误。
故选：B。
【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
11．（2分）如图甲所示，电源电压不变，小灯泡L的额定电流为0.6A，滑动变阻器R的最大阻值为50Ω，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”。闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，分别绘制了电流表示数与电压表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图象，如图乙、丙所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．电源电压为10V
B．小灯泡的额定功率为36W
C．当电流表示数为0.25A时，滑动变阻器消耗的电功率为0.25W
D．若将电压表量程换为0～3V，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω～50Ω
【分析】由图甲分析电路连接以及电表测量情况；
（1）根据图中数据可知，当电流表示数为0.6A时，由图乙找到其对应的电压表示数，即灯泡两端的电压，再由图丙找到其对应的滑动变阻器连入电路的阻值，根据U＝IR求出滑动变阻器两端的电压，从而可求出电源电压；
（2）已知灯泡的额定电流，由图乙找到其对应的电压表示数，即灯泡两端的额定电压，利用P＝UI可求出灯泡的额定功率；
（3）当电流表示数为0.25A时，由图乙找到其对应的电压表示数，即灯泡两端的电压，根据串联电路电压的特点可求出滑动变阻器两端的电压，最后利用P＝UI便可求出滑动变阻器消耗的电功率；
（4）若电压表量程换为0～3V，由此可知灯泡两端最大的电压值，再由图乙找到其对应的电流表示数，根据串联电路电压特点求出滑动变阻器两端最小电压，最后利用可求出滑动变阻器连入电路的最小阻值。
【解答】解：由图甲电路图可知，电路为灯泡L和滑动变阻器R的串联电路，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流；
A、当电流表示数为0.6A时，由图乙可知电压表示数为6V，即灯泡两端的电压UL＝6V；由图丙可知滑动变阻器连入电路的阻值为10Ω，则滑动变阻器两端的电压为：UR＝IR＝0.6A×10Ω＝6V，由串联电路电压的特点可知电源电压为：U＝UL+UR＝6V+6V＝12V，故A错误；
B、由题知灯泡的额定电流为0.6A，由图乙可知，当电流为0.6A时，电压表示数为6V，即灯泡两端的额定电压UL＝6V，则灯泡的额定功率为：PL＝IUL＝0.6A×6V＝3.6W；故B错误；
C、当电流表示数为0.25A时，由图乙可知电压表示数为1V，即灯泡两端的电压UL′＝1V，根据串联电路电压的特点可知滑动变阻器两端的电压为：UR′＝U﹣UL′＝12V﹣1V＝11V，则滑动变阻器消耗的电功率为：
PR＝I′UR′＝0.25A×11V＝2.75W，故C错误；
D、若将电压表量程换为0～3V，则灯泡两端电压最大为：ULmax＝3V，则由图乙可知，电路中的电流为0.5A，由串联电路电压特点可知滑动变阻器两端电压最小为：URmin＝U﹣ULmax＝12V﹣3V＝9V，滑动变阻器连入电路的最小阻值为：，则滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为18Ω～50Ω，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律以及电功率计算公式的运用，解题的关键是要准确从图像中读取有用的信息。
12．（2分）下列说法中不正确的是（ ）
A．太阳的能量来自大量的氘核的裂变
B．在真空中，电磁波的波长和频率成反比关系
C．能量在转化的过程中总量保持不变，并且存在方向性
D．光纤通信具有传输信息量大、高抗干扰及光能损耗小等优点
【分析】（1）太阳的能量来自核聚变。
（2）在真空中，电磁播的速度相同，电磁波的波长和频率成反比关系。
（3）能量在转化的过程中总量保持不变，并且存在方向性。
（4）光纤通信抗干扰能力强，信号衰减小，传递的信息量大，保密性好，通信质量高。
【解答】解：A、太阳的能量来自核聚变，故A错误。
B、在真空中，电磁波的波长和频率成反比关系，故B正确。
C、能量在转化的过程中总量保持不变，并且存在方向性，故C正确；
D、光纤通信具有传输信息量大、高抗干扰及光能损耗小等优点，故D正确。
故选：A。
【点评】本题是简单的综合题，属于基础题。
一、填空题：（本题包括6个小题，每空1分，共14分。）
13．（2分）小李同学观看“沸腾的油锅中取铁球”表演后，得知锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，油的沸点为287℃，醋的沸点为60℃，当温度达到60℃时锅中的“油”就沸腾了；继续加热，“油”和放入其中的铁球的温度 不会 （填“会”或“不会”）升高，当 醋全部汽化 后，继续加热，就不可能赤手从油锅中取铁球了。
【分析】液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；液体沸腾的特点：不断吸收热量，温度保持不变。
【解答】解：由于锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，醋的沸点是60℃，所以锅中的液体温度达到60℃时液体就沸腾了；液体沸腾的特点是吸收热量，但温度不变，所以继续加热液体的温度不会升高，表演时铁球的温度不可能超过60℃；只有当醋全部汽化后，再继续加热，油温度才会升高，就不可能赤手从油锅中取铁球了。
故答案为：不会；醋全部汽化。
【点评】本题考查液体沸腾及沸腾的特点，解答此题的关键是知道液体沸腾的特点。
14．（2分）某学校用焦炭作为燃料烧开水，供全校师生饮用。现完全燃烧了4.2kg的焦炭，放出的热量是 1.26×108 J；假设这些热量只有25%能被水吸收，则能将 100 kg的水从25℃加热到100℃。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），焦炭的热值为3×107J/kg]
【分析】（1）知道焦炭的质量和热值，利用Q放＝mq计算出焦炭完全燃烧放出的热量；
（2）利用效率公式计算出水吸收的热量，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水的质量。
【解答】解：（1）焦炭完全燃烧放出的热量：Q放＝m1q＝4.2×3×107J/kg＝1.26×108J；
（2）水吸收的热量：Q吸＝ηQ放＝25%×1.26×108J＝3.15×107J；
由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的质量：m2＝＝＝100kg。
故答案为：1.26×108；100。
【点评】本题考查燃料完全燃烧放热的计算、效率公式的应用、吸热公式的应用，熟记公式并能灵活运用是解题的关键。
15．（3分）用如图所示装置粗略测量大气压的值。把吸盘用力压在玻璃上排出吸盘内的空气，吸盘压在玻璃上的面积为4×10﹣4m2．轻轻向挂在吸盘下的小桶内加沙子。吸盘刚好脱落时，测出吸盘、小桶和沙子的总质量为3.2kg．则大气对吸盘的压力为 32 N（g取10N/kg），大气压的测量值为 8×104 Pa．若吸盘内的空气不能完全排出，则大气压的测量值比实际值偏 小 。
【分析】使吸盘脱落的总重力恰好等于大气对吸盘的压力，这一点比较好理解。用这一压力除以吸盘与玻璃的接触面积，就可以求出此时的大气压强值了。不过吸盘内的空气很难完全被排出，拉动过程中的形变、接触面有可能带有杂质等因素都会使拉力变小，这样大气压的测量值也会相应偏小。
【解答】解：大气对吸盘的压力 F＝G＝mg＝3.2kg×10N/kg＝32N；
大气压的测量值 p＝＝＝8×104Pa；
如果空气不能完全排出，使用较小的拉力便可将其拉下，拉力小了测得的压强也会偏小。
故答案为：32，8×104，小。
【点评】这是一个较简便实用的测大气压值的方法，把握好实验的原理运用我们学过的压强公式就可以轻松得出结果。不过要注意这个结果可不会太准，一般会偏小的。
16．（2分）如图所示，用以O点为支点的杠杆OA提升重物，用始终竖直向上的力F作用在杠杆A端。图中线段AD与力F的作用线在一条直线上，且OD⊥AD、BC⊥AD。线段 OD 表示力F的力臂（选填“BC”、“OD”或“AD”）。若将物体在力F作用下缓慢向下移动到水平位置的过程中，力F将 不变 （选填“变小”、“变大”或“不变”）。
【分析】（1）要解决此题需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离；
（2）在M位置，画出动力和阻力的作用线，找出动力臂的阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况。
【解答】解：（1）由题知，O点为支点，线段AD与力F的作用线在一条直线上，且OD⊥AD，则OD是从支点O到力F作用线的距离，所以，线段OD表示力F的力臂；
（2）杠杆在A位置，OD为动力臂，OE为阻力臂，阻力不变为G，
由△OEB∽△ODA，
则OE：OD＝OB：OA，
根据杠杆平衡条件，F•OD＝G•OE，则F＝＝；
杠杆移动到水平位置，即在M位置，OM为动力臂，OF为阻力臂，阻力不变为G，即OM＝OA，OF＝OB，
根据杠杆平衡条件，F′•OM＝G•OF，则F′＝＝，
所以F＝F′，即将物体在力F作用下缓慢向下移动到水平位置的过程中，力F将不变。
故答案为：OD；不变。
【点评】考查学生对力臂的概念的理解以及杠杆平衡条件的应用，能借助三角形相似确定其关系是本题的关键。
17．（2分）有一台电动机，额定电压为3V，额定电流为1A，电动机线圈的电阻为0.5Ω，这台电动机正常工作1min，产生的热量为 30 J，输出的机械能为 150 J。
【分析】已知电动机的额定电压、额定电流、通电时间，根据W＝UIt求出消耗的电能；
已知线圈的电阻和通过的电流以及通电时间，根据Q＝I2Rt求出在1min内电流产生的热量；
消耗的电能减去产生的热量即为电动机获得的机械能。
【解答】解：这台电动机正常工作1min＝60s，
电动机消耗的电能：
W＝UIt＝3V×1A×60s＝180J；
产生的电热：
Q＝I2Rt＝（1A）2×0.5Ω×60s＝30J；
输出的机械能：
W机械＝W﹣Q＝180J﹣30J＝150J。
故答案为：30；150。
【点评】本题考查了电动机产生热量、电功、输出机械能的计算，关键是知道只有在纯电阻电路中电能才完全转化成内能。
18．（3分）如图所示电路、电源电压恒定，R1＝20Ω，R2＝10Ω，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.3A，电源电压为 3 V；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表示数为 0.1 A；当S1、S3闭合，S2断开时，电流表示数为 0.45 A。
【分析】（1）当S1闭合，S2、S3断开时，只有R2连入电路中，电流表测R2的电流，根据欧姆定律计算电源的电压；
（2）当S2闭合，S1、S3断开时，R1与R2串联，由串联电路特点和欧姆定律计算电流表示数；
（3）当S1、S3闭合，S2断开时，R1与R2并联，电流表测干路电流，由并联电路特点和欧姆定律计算电流表示数。
【解答】解：
（1）由电路图知，当S1闭合，S2、S3断开时，只有R2连入电路中，电流表测R2的电流，
由I＝可得，电源电压：
U＝I2R2＝0.3A×10Ω＝3V；
（2）由电路图知，当S2闭合，S1、S3断开时，R1与R2串联，电流表测电路的电流，
由串联电路电阻特点知：R＝R1+R2＝20Ω+10Ω＝30Ω，
则电流表示数：I＝＝＝0.1A；
（3）由电路图知，当S1、S3闭合，S2断开时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
由并联电路电压特点知：U＝U1＝U2＝3V，
由并联电路的电流特点和I＝可得，电流表示数：
I′＝I1+I2＝+＝+＝0.45A。
故答案为：3；0.1；0.45。
【点评】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律的应用，正确分析电路结构是解题的关键。
二、作图与实验探究题：（每空1分，共18分）。
19．（3分）如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。
（1）该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图1所示位置时，恰能在光屏上看到清晰的像，若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上 能 （选填“能”或“不能”）看到清晰的像；
（2）在图1所示实验场景下，该同学把自己的眼镜给水透镜“戴上”（如图2所示），当从水透镜中抽出适量的水后，他发现烛焰的像再次变得清晰，由此判断该同学戴的是 远视 眼镜（选填“近视”或“远视”）。随着实验的进行，同学发现，烛焰的像成在光屏的上方，为了使像重新成在光屏中央，他把凸透镜 往下 调（填“往上”或“往下”）。
【分析】（1）根据光的折射中光路是可逆的判断；
（2）这里的水透镜就相当于人眼的晶状体。形成“远视眼”，是因为从水凸透镜内抽出一部分水后，使透镜凸度变小。
远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。远视矫正方法，需配戴凸透镜；
根据物与像移动方向相反确定屏上像移动的方向。
【解答】解：（1）因为光的折射中光路是可逆的，保持凸透镜的位置不变，将光屏与蜡烛的位置对调，则物距等于原来的像距，成倒立、放大的实像。光屏上能接到像是实像；
（2）当从水凸透镜内抽出一部分水后。使透镜凸起程度变小，会聚能力较弱，将像成在光屏的后面，为了使像正好呈在光屏上，应使光线提前会聚，使所成的像相对于光屏前移，所以应在水凸透镜前放置一块凸透镜。由此判断该同学戴的是远视眼镜；
由于蜡烛的燃烧，烛焰的高度逐渐降低，则像的位置会偏高，即屏上像逐渐向上移动，为使像重新回到光屏中央。应将凸透镜往下调。
故答案为：（1）能；（2）远视；往下。
【点评】本题考查了凸透镜成像的规律，涉及了光的折射中光路可逆以及对远视眼的成因和矫正方法的掌握，难度一般。
20．（4分）某小组在做“探究水的沸腾”实验时，实验装置如图甲所示。
（1）当水温升高到90℃时，每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾后再持续几分钟为止。并绘制了如图乙所示的图线①。现将烧杯中的水冷却至90℃，倒掉约三分之一的水，保持其他条件不变，重做上述实验并绘制了图线，此图线是 ④ ，水的沸点是 98℃ 。
（2）生活中，常把碗放在锅里的水中蒸食物，如图丙所示。当锅里的水沸腾以后，碗中的水 不会 （填“会”或“不会”）沸腾。
（3）小明在家中安全改装了一个玻璃电热水壶（去盖，如图丁所示），把水加热至沸腾，发现了很多现象，小明尝试用自己学过的知识来解释，下列说法正确的是 B 。
A.水沸腾时，产生大量气泡，气泡里的主要成分是空气
B.实验过程中，壶里的水不断汽化
C.水沸腾时，水面出现“白气”是水的汽化现象
D.水沸腾时，图中温度计的示数就是水沸腾的准确温度
【分析】（1）液体沸腾时的温度叫沸点，沸点与气压有关，同种物质气压不变，沸点不变；
（2）液体沸腾的条件：到达沸点，继续吸热；
（3）沸腾是在液体表面和内部同时发生的一种剧烈的汽化现象，沸腾时会产生大量的气泡，气泡上升逐渐变大，达到液体表面破裂将气泡内水蒸气释放出来；白气是热的水蒸气遇到冷的空气液化成的小水滴；温度计使用时，下方玻璃泡浸没在被测液体中，但不能碰容器底和壁；
【解答】解：（1）由题可知，倒掉约三分之一的水，保持其他条件不变，所以水的沸点是不变的，初温不变，由于水的质量变小，相同时间吸收的热量相同，所以温度升高的比较快，所以图线是④，水的沸点是98℃；
（2）锅里的水达到沸点后继续吸热会沸腾，但温度不再改变，所以，碗内水的温度等于水的沸点，碗内的水不能继续吸热，不会沸腾；
（3）A、沸腾是在液体表面和内部同时发生的一种剧烈的汽化现象，沸腾时会产生大量的气泡，气泡内主要成分是水汽化后产生的水蒸气，故A错误；
B、水的沸腾过程是在液体表面和内部同时发生的汽化，整个过程中壶内水不断汽化，故B正确；
C、白气是热的水蒸气遇到冷的空气液化成的小水滴，故C错误；
D、温度计使用时，下方玻璃泡浸没在被测液体中，但不能碰容器底和壁，实验中温度计放置如图，温度计玻璃泡碰到容器底，这样使测量温度比水沸腾温度偏高，故D错误；故选：B。
故答案为：（1）④；98℃；（2）不会；（3）B。
【点评】本题考查了水沸腾的相关知识，难度不大。
21．（5分）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供了如下器材：电源（电压恒为6V）、电压表和电流表各一个、额定电压为2.5V的待测小灯泡（正常发光时的电阻约为10Ω）、规格为“5Ω，0.5A”的滑动变阻器、开关及导线若干。
（1）某同学做实验时连接了如图甲所示的实验电路，但他接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。
（2）移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 0.6 W，此时小灯泡的电阻约为 10.4 Ω（小数点后保留1位有效数字）。
（3）另一组同学用上面的实验器材测量未知电阻Rx的阻值时，发现电压表已损坏，于是选用了一个阻值已知的电阻R1，并重新设计了如图丙所示的电路进行实验。实验步骤如下：
①先将导线的C端接到电流表的“﹣”接线柱上，闭合开关，电流表读数为I1；
② 将导线C端接到电流表“3”接线柱上，读出电流表的示数为I2 ；
③则Rx的阻值为 （用已知量和测量量的字母表示）。
【分析】（1）实验中，滑动变阻器与灯串联，电压表与灯并联，电流表串联在电路中，据此判断接线错误并改正；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由P＝UI得出小灯泡的额定功率；由欧姆定律求出此时小灯泡的电阻；
（3）分析开关闭合时电路的连接及电流表测量的电流，根据欧姆定律求出电源电压；根据并联电路电流的特点得出通过Rx的电流；由欧姆定律得出待测电阻的表达式。
【解答】解：（1）电压表与灯并联测小灯泡的电压，电流表串联在电路中测灯的电流，滑动变阻器串联在电路中；此图连接中，导线将灯泡和电压表短路，电压表并联在灯泡两端时正负接线柱接反了。改正后的电路图如图所示：
；
（2）排除故障后，按正确的步骤进行实验。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，
小灯泡的额定功率是：P＝UI＝2.5V×0.24A＝0.6W，
由欧姆定律，此时小灯泡的电阻是：R＝＝≈10.4Ω；
（3）①将导线C端接到电流表“﹣”接线柱上，R1与Rx并联，此时电流表测干路总电流I1，
②将导线C端接到电流表“3”接线柱上，R1与Rx并联，此时电流表测通过R1的电流I2，则定值电阻R1两端电压U1＝I2R1，
因并联电路，故为电源电压：U＝U1＝I2R1；
根据并联电路电流的特点得，通过Rx的电流为：Ix＝I1﹣I2；
③根据欧姆定律可知电阻Rx的表达式为：Rx＝＝。
故答案为：（1）如图；（2）0.6；10.4；（3）②将导线C端接到电流表“3”接线柱上，读出电流表的示数为I2；③。
【点评】本题测量小灯泡的电功率，考查电路的连接、故障分析、功率计算及串联电阻的规律，是中考的热点。
22．（6分）如图所示是小刚和他的同学探究液体内部压强特点的实验装置图，请完成实验探究过程：
（1）甲图是探究液体内部压强实验装置，使用前用手按压探头的薄橡皮膜，如果U形玻璃管内液面无变化，说明此装置 漏气 （选填“不漏气”、“漏气”）。
（2）调节好装置后，小刚想探究液体密度对压强的影响，应将图乙装置的探头放在丙图中的 B、C 两个位置。最后得到的结论是：在同一深度，液体密度越小，液体的压强 越小 （选填“越大”或者“越小”）。
（3）如果想探究液体深度对压强的影响，应将装置探头放在丙图的 AB或CD 两个位置。最后得到的结论是：同种液体，深度越深，液体压强 越大 （选填“越大”或者“越小”）。
（4）下面四幅图是在装满水的瓶身侧壁沿竖直方向的不同高度开了三个大小相同的小孔，打开瓶盖让水自由流出，可以正确描述液体压强与深度的关系的是 B （填序号）。
【分析】（1）检查装置时，用手按压橡皮膜，若U形管中液体能灵活升降，则说明装置气密性较好；如果U形玻璃管内液面无变化，说明此装置漏气；
（2）（3）液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；分析实验中相同量和不同量，根据转换法得出结论；
（4）同种液体内部的压强随着深度的增加而增加。
【解答】解：（1）用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形玻璃管内液面无变化，说明此装置漏气；
（2）要探究液体密度对压强的影响，需要控制液体的深度相同，改变液体的密度，应将图乙装置的探头放在丙图中的B、C两个位置，比较B、C知：在同一深度，液体密度越小，液体的压强越小；
（3）要探究液体深度对压强的影响，需要控制液体的密度相同，改变液体的深度，应将装置探头放在丙图的AB或CD两个位置，最后得到的结论是：同种液体，深度越深，液体压强越大；
（4）同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增大，压强越大，水射出的距离越远，故B正确。
故答案为：（1）漏气；（2）B、C；越小；（3）AB或CD；越大；（4）B。
【点评】本题采用控制变量法探究液体压强跟液体的深度、密度的关系。控制变量法在物理学中经常应用，一定要学会。
三、计算题：本题包括2个小题，共14分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分。
23．（6分）如图所示，A、B两物体用细线相连浸没水中，此时两物体恰好处于悬浮状态。细线的质量、体积忽略不计。已知正方体A的边长为10cm，物体B的体积为100cm3，物体B的质量为0.5kg。（g取10N/kg）求：
（1）物体B受到的浮力；
（2）细线对物体B的拉力；
（3）物体A受到的重力。
【分析】（1）根据阿基米德原理算出B物体受到的浮力；
（2）利用G＝mg求出物体B的重力，根据F＝G﹣F浮计算出拉力的大小；
（3）对物体A受力分析，根据力的作用的相互性得出细线对物体A的拉力，根据阿基米德原理算出A物体受到的浮力，然后把根据力的合成算出物体A的重力。
【解答】解：
（1）B浸没在水中，则物体B受到的浮力：
F浮B＝ρ水gV排B＝ρ水gVB＝1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10﹣6m3＝1N；
（2）B物体的重力：GB＝mBg＝0.5kg×10N/kg＝5N；
细线对物体B的拉力：F拉B＝GB﹣F浮B＝5N﹣1N＝4N；
（3）因为物体间力的作用是相互的，所以细线对物体A的拉力和B对细线的拉力大小相等，即F拉A＝F拉B＝4N，
A的体积：VA＝＝（10cm）3＝1×10﹣3m3，
A浸没在水中时，排开水的体积：V排A＝VA＝1×10﹣3m3，
A浸没在水中时受到的浮力：F浮A＝ρ水gV排A＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N；
对物体A受力分析知：GA+F拉A＝F浮A，
故物体A受到的重力：GA＝F浮A﹣F拉A＝10N﹣4N＝6N。
答：（1）物体B受到的浮力为1N；
（2）细线对物体B的拉力为4N；
（3）物体A受到的重力6N。
【点评】本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件及其应用，对物体A进行正确的受力分析是正确解答此题的关键所在。
24．（8分）某物理兴趣小组设计了一款模拟高速公路超载检测仪的装置：压敏电阻所在电路如图甲所示，电源电压恒定不变，R1、R2均为定值电阻，圆柱形烧杯的质量为0.1kg，底面积为2×10﹣3m2，放在电子秤上，当电流表示数超过0.6A时表示超载，压敏电阻的阻值与所受压力的关系如下表所示。通过装入不同质量的水，得到电路中两个电压表示数与电流表示数之间的关系如图乙所示.求：
（1）R2的阻值。
（2）电源电压。
（3）当烧杯中装入0.4kg的水时，压敏电阻消耗的电功率。
压敏电阻所受压力F/N
2.0
3.0
4.0
5.0
6.0
7.0
压敏电阻的阻值R敏/Ω
45
28
15
9
5
2
【分析】（1）（2）由图可知，闭合开关，三个电阻串联接入电路，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测压敏电阻两端的电压，
由乙图读取两组电流值对应的电压值，根据串联电路电压规律和欧姆定律表示电源电压，联立可得电源电压；
（3）根据G＝mg求出容器和水的总重力，再根据压敏电阻受到的压力等于其总重力可知压力大小，再结合表格读出压敏电阻的阻值，再根据串联电路电阻规律和欧姆定律求出电路电流，最后根据P＝I2R求出压敏电阻消耗的电功率。
【解答】解：（1）由图可知，闭合开关，三个电阻串联接入电路，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测压敏电阻两端的电压，
压敏电阻的阻值随压力的增大而减小，由串联分压原理可知其受到的压力越大其两端的电压越小，所以图中a表示电压表V1的图象，b表示电压表V2的图象，
由乙图可知当通过电路的电流为0.2A时，UV 1＝1V，UV 2＝9V，
定值电阻R2的阻值：R2＝＝＝5Ω，
电源电压可表示为：U＝I1R1+UV 1+UV 2＝0.2A×R1+10V﹣﹣﹣﹣﹣①，
由乙图可知当通过电路的电流为0.6A时，UV 1+UV 2＝3V+3V＝6V，此时电源电压可表示为：U＝I2R1+UV 1+UV 2＝0.6A×R1+6V﹣﹣﹣﹣﹣②，
①②联立可得：R1＝10Ω，U＝12V；
（3）当烧杯中装入0.4kg的水时，水和容器的总重力：G＝（m水+m容）g＝（0.4kg+0.1kg）×10N/kg＝5N，
则压敏电阻所受压力为：F＝G＝5N，
由表格可知此时压敏电阻的阻值为9Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以电路电流：I＝＝＝＝0.5A，
压敏电阻消耗的电功率：P＝I2R敏＝（0.5A）2×9Ω＝2.25W。
答：（1）R2的阻值为5Ω；
（2）电源电压为12V；
（3）当烧杯中装入0.4kg的水时，压敏电阻消耗的电功率2.25W。
【点评】本题考查液体串联电路特点、欧姆定律和电功率计算公式的灵活运用，能从图中正确读取信息是解题的关键。
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2023年山东省枣庄市薛城区中考物理二模试卷： 这是一份2023年山东省枣庄市薛城区中考物理二模试卷，共29页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
