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2023年安徽省芜湖市无为县中考物理二模试卷
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这是一份2023年安徽省芜湖市无为县中考物理二模试卷，共23页。试卷主要包含了填空题，选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年安徽省芜湖市无为县中考物理二模试卷
一、填空题（每空2分，共20分）
1．（2分）中国民族乐器二胡发出的声音有着丰富的表现力，它以接近于人声的 （填声音的特性）成为一种富于歌唱性的乐器，因此有人还把它称为“中国式小提琴”。
2．（2分）2022年3月23日，“天宫课堂”第二课开讲，神舟十三号飞行乘组航天员在轨演示了太空冰雪实验，用沾了结晶核的毛根触碰过饱和乙酸钠溶液形成的液体球，液体球迅速变成了“冰球”。用手摸上去，“冰球”竟然是热乎乎的，这是因为液体球 （填物态变化名称）放热的原因。
3．（2分）端午佳节，粽香万里。煮粽子是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式来增大粽子的内能。
4．（2分）某型号汽油的密度为0.8g/cm3，该汽油的热值为4.6×107J/kg。则完全燃烧12.5L该型号汽油放出的热量为 J。
5．（2分）如图所示，重300N的物体在25N的水平拉力F的作用下，沿水平地面向左做匀速直线运动，滑轮组的机械效率为80%，则物体与地面间的滑动摩擦力为 N。
6．（2分）如图所示，作用在重为G的物体A上的两个力F1＝12N，F2＝4N，物体在两个力的作用下，向右做匀速直线运动，现突然撤去F1的瞬间，物体所受的合力为 N。
7．（2分）如图所示的电路中，若只闭合开关S1、S3，此时电流表A1与A2的示数之比为3：2，若只闭合开关S2，则电阻R1与R2两端的电压之比为 。
8．（2分）某电热水壶的铭牌上标有“220V 1000W”字样，在额定电压下用它对质量为1kg的水加热，使水的温度从20升高到100℃，用时8min。则该电热水壶的热效率为 。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
9．（2分）如图所示的家庭电路，当闭合开关时，发现电灯不亮。若原因是图中打“×”的位置发生了断路。则在开关闭合的情况下，用测电笔测试电路中A点时，测电笔氖管 （选填“会”或“不会”）发光。
10．（2分）如图所示，在杠杆AOB的A端挂一重物G，要使杠杆在如图所示的位置平衡，请画出在杠杆上施加的最小动力F1的示意图。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意）
11．（2分）物理学习过程中，对物理知识的正确认识是非常重要的。以下说法正确的是（ ）
A．验电器的工作原理是异种电荷相互排斥
B．光线和磁感线都不是真实存在的
C．电动机工作原理是电磁感应
D．运动路程越长，速度越大
12．（2分）生活中处处有物理，下列说法不正确的是（ ）
A．动车进站时，旅客不能越过安全黄线，原因是流体中流速大的位置压强大
B．茶壶、锅炉水位计利用了连通器的原理
C．高空抛物是违法行为，重物从高空下落时重力势能会转化为巨大的动能
D．雾霾天气有大量细微尘粒悬浮在空中，此现象不能说明分子在做无规则运动
13．（2分）第五届世界智能大会官方指定用车——中国长安UNI﹣K智能化汽车。配备了激光雷达自动驾驶等智能功能。它展现了“中国智造”的科技风采。关于这辆智能汽车，下列判断错误的是（ ）
A．汽车后视镜是用凸面镜制成的
B．该雷达技术利用了激光的方向性好的特点
C．发动机用水做冷却剂，是因为水的沸点高
D．乘客需要系安全带是为了减小惯性带来的危害
14．（2分）如图所示，这是某滑雪运动员在北京冬奥会比赛中从山上滑下的情景。关于此情景，下列说法正确的是（ ）
A．滑雪板做得较宽大是为了减小对雪地的压力
B．滑雪板底面做得较光滑是为了增大与雪地间的摩擦
C．运动员受到的重力和滑雪板对运动员的支持力是一对平衡力
D．滑雪板对运动员的支持力与运动员对滑雪板的压力是一对相互作用力
15．（2分）如图所示，原来开关断开时，铁块、弹簧在图中位置保持静止状态。当闭合开关，并将滑动变阻器的滑片向右移动，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数变大，弹簧长度变短
B．电流表示数变小，小磁针的N极顺时针转动
C．电磁铁磁性增强，弹簧长度变长
D．电磁铁磁性减弱，小磁针的N极逆时针转动
16．（2分）如图所示的电路，电源电压和灯泡L的电阻不变，闭合开关S，将滑片P向右移动时，下列说法错误的是（ ）
A．灯泡L变暗
B．电压表示数变大
C．电路的总电阻变大
D．电压表示数与电流表示数的比值不变
17．（2分）将“6V 3W”的小灯泡接在如图所示电路中，仅开关S1闭合时，小灯泡正常发光。再闭
合S2，电流表示数为0.6A。若灯丝的阻值不变，则（ ）
A．灯泡的阻值为18Ω B．灯泡的额定电流为2A
C．定值电阻的阻值为60Ω D．电路总功率为36W
三、实验题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题6分，共18分）
18．（6分）在探究光学规律时，做了以下实验。
（1）如图甲所示，在探究光的反射规律的实验中，当纸板1、2在同一平面内时，让入射光线EO沿纸板1射向镜面，在纸板2上可看到反射光线OF，测出入射角和反射角的大小，改变入射光线的方向，再观测几组入射角和反射角，从而得出 （填两角关系）；
（2）如图甲所示，以法线ON为轴线，把纸板2向后缓慢旋转，在纸板2上看不到反射光线OF，这样做的目的是为了探究 ；
（3）在做“探究平面镜成像”的实验时，如图乙所示，选择玻璃板代替平面镜进行实验的目的是 。
19．（6分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，某小组用同一物块按照图甲、乙、丙、丁进行了四次实验。
（1）比较甲、乙两次实验，可得结论：在接触面粗糙程度一定时， 越大，滑动摩擦力越大；
（2）比较甲、丁两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小 （选填“有关”或“无关”）；
（3）拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了 两次实验得出的结论。
20．（6分）小明利用如图甲所示的电路，测量额定电压为2.5V，小灯泡的额定功率。电源电压恒为3V，滑动变阻器最大阻值20Ω。
（1）请用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整，要求闭合开关后滑动变阻器的滑片向右滑时灯变亮；
（2）在确认电路和器材无误后，小明开始进行实验，当滑动变阻器的滑片P移到某位置甲时，电压表示数如图乙所示，为了测出小灯泡的额定功率，他应将滑片P向 （选填“左”或“右”）移动；
（3）实验结束后，他利用实验数据绘制了如图丙所示的I﹣U图象。由图象可知：小灯泡额定功率为 W。
四、计算题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题6分，共18分；解答要有必要的公式和过程）
21．（6分）如图所示，一款新型无人驾驶电动汽车，总质量为1.5×103kg，在性能测试中，沿平直的公路匀速行驶，行驶过程中汽车受到的阻力为总重力的0.1倍，（g取10N/kg）求：
（1）汽车匀速行驶的速度；
（2）汽车受到的牵引力；
（3）此过程中汽车牵引力所做的功和做功功率。
22．（6分）如图所示，已知重为10N的长方体木块静止在水面上，浸入在水中的体积占木块总体积的（g取10N/kg）。
（1）求木块所受到的浮力大小；
（2）若木块下表面所处的深度为0.2米，求木块下表面受到水的压强；
（3）若要将木块全部浸没水中，求至少需要施加多大的压力。
23．（6分）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，其中R1的阻值为10Ω。当开关S1、S2断开，开关S3闭合时，电流表的示数为0.6A；当开关S1、S3断开，开关S2闭合时，电流表的示数为0.2A，求：
（1）电源电压大小；
（2）定值电阻R2的阻值；
（3）请分析并计算出该电路的最大电功率。
2023年安徽省芜湖市无为县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（每空2分，共20分）
1．（2分）中国民族乐器二胡发出的声音有着丰富的表现力，它以接近于人声的 音色 （填声音的特性）成为一种富于歌唱性的乐器，因此有人还把它称为“中国式小提琴”。
【分析】声音的特性有三个：音调、响度和音色。音调是指声音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的感觉特性。
【解答】解：每个发声体发出声音的音色是不同的，而二胡以接近于人声的音色成为一种富于歌唱性的乐器。
故答案为：音色。
【点评】本题考查了音色、音调和响度的区别，是一道基础题。
2．（2分）2022年3月23日，“天宫课堂”第二课开讲，神舟十三号飞行乘组航天员在轨演示了太空冰雪实验，用沾了结晶核的毛根触碰过饱和乙酸钠溶液形成的液体球，液体球迅速变成了“冰球”。用手摸上去，“冰球”竟然是热乎乎的，这是因为液体球 凝固 （填物态变化名称）放热的原因。
【分析】物质由液态变为固态的过程叫凝固，凝固是放热过程。
【解答】解：过饱和乙酸钠溶液凝固成固态是放热过程，所以“冰球”是热乎乎的。
故答案为：凝固。
【点评】本题结合“天宫课堂”展示的情景考查学生对凝固及放热现象的理解，能激发学生的学习兴趣，是不可多得的好题。
3．（2分）端午佳节，粽香万里。煮粽子是通过 热传递 （选填“做功”或“热传递”）的方式来增大粽子的内能。
【分析】改变物体内能的方法：一是做功，二是热传递。
【解答】解：煮粽子时粽子吸收热量、温度升高，是通过热传递方式增加粽子内能的。
故答案为：热传递。
【点评】本题考查了改变内能的方法（热传递），属于基础性题目。
4．（2分）某型号汽油的密度为0.8g/cm3，该汽油的热值为4.6×107J/kg。则完全燃烧12.5L该型号汽油放出的热量为 4.6×108 J。
【分析】已知汽油的体积和密度，利用公式m＝ρV求其质量；再利用Q放＝mq求完全燃烧12.5L汽油所放出的热量。
【解答】解：汽油的体积为：V＝12.5L＝12.5dm3＝12.5×10﹣3m3，
由ρ＝可得，12.5L汽油质量：m＝ρV＝0.8×103kg/m3×12.5×10﹣3m3＝10kg，
完全燃烧12.5L汽油所放出的热量：Q放＝mq＝10kg×4.6×107J/kg＝4.6×108J。
故答案为：4.6×108。
【点评】本题考查了密度公式、燃料完全燃烧放热公式的应用，属于基础题。
5．（2分）如图所示，重300N的物体在25N的水平拉力F的作用下，沿水平地面向左做匀速直线运动，滑轮组的机械效率为80%，则物体与地面间的滑动摩擦力为 60 N。
【分析】知道机械效率和拉力大小，利用η＝＝＝＝求摩擦力f。
【解答】解：由图知，n＝3，有用功W有＝fs物，拉力做的总功W总＝Fs绳，因为η＝＝＝＝，
所以物体与地面间的滑动摩擦力：f＝η×nF＝80%×3×25N＝60N；
故答案为：60。
【点评】本题考查了滑轮（组）的机械效率相关问题，水平使用滑轮组时注意：有用功等于摩擦力与物体移动的距离的乘积，这是本题的关键、易错点！
6．（2分）如图所示，作用在重为G的物体A上的两个力F1＝12N，F2＝4N，物体在两个力的作用下，向右做匀速直线运动，现突然撤去F1的瞬间，物体所受的合力为 12 N。
【分析】处于平衡状态的物体受到的力是平衡力，据此结合同一直线上方向相反的两个力的合力计算方法求出物体受到的摩擦力，并判断摩擦力的方向，然后根据摩擦力大小的影响因素判断突然撤去F1的瞬间物体受到的摩擦力大小和方向，再根据同一直线上方向相反的两个力的合力计算方法求出物体所受的合力。
【解答】解：分析可知，物体开始在水平方向受到三个力作用而向右做匀速直线运动，处于平衡状态，
根据平衡条件可得，物体受到的摩擦力f＝F合＝F1﹣F2＝12N﹣4N＝8N，方向水平向左，
突然撤去F1的瞬间，物体对支撑面的压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，则物体受到的摩擦力大小不变，仍为8N，方向水平向左，
所以物体所受的合力为F合′＝f+F2＝8N+4N＝12N。
故答案为：12。
【点评】此题考查力的合成与应用、二力平衡条件及其应用、摩擦力大小的影响因素，对物体进行正确的受力分析是解答此题的关键和前提。
7．（2分）如图所示的电路中，若只闭合开关S1、S3，此时电流表A1与A2的示数之比为3：2，若只闭合开关S2，则电阻R1与R2两端的电压之比为 2：1 。
【分析】（1）若只闭合开关S1、S3，R1与R2组成并联电路，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量R2所在支路中的电流，根据并联电路的电流规律和欧姆定律得出R1与R2的阻值之比；
（2）只闭合开关S2时，电阻R1与R2串联，根据串联电路的电流规律及欧姆定律确定两电阻两端的电压之比。
【解答】解：（1）由图可知：若只闭合开关S1、S3，R1与R2组成并联电路，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量R2所在支路中的电流，
已知电流表A1与A2的示数之比为3：2，即干路电流与通过R2的电流之比I：I2＝3：2，
因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所以通过R1的电流与通过R2的电流之比：
I1：I2＝（I﹣I2）：I2＝（3﹣2）：2＝1：2，
因为并联电路各支路两端的电压相等，即：U1＝U2，
由I＝可得：I1R1＝I2R2，即：R1：R2＝I2：I1＝2：1；
（2）只闭合开关S2时，电阻R1与R2串联，因为串联电路中各处电流相等，即：I1′＝I2′，
由I＝可得：U1′：U2′＝I1′R1：I2′R2＝R1：R2＝2：1。
故答案为：2：1。
【点评】本题考查欧姆定律在串、并联电路中的应用，关键是能根据开关的状态确定电路的连接方式，从而应用相关电路的电流、电压规律，结合欧姆定律进行作答。
8．（2分）某电热水壶的铭牌上标有“220V 1000W”字样，在额定电压下用它对质量为1kg的水加热，使水的温度从20升高到100℃，用时8min。则该电热水壶的热效率为 70% 。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；利用P＝求出电热水壶消耗的电能，进一步求得电热水壶的热效率。
【解答】解：水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J；
由P＝可知，电热水壶消耗的电能：W＝Pt＝1000W×8×60s＝4.8×105J，
该电热水壶的热效率为η＝＝70%。
故答案为：70%。
【点评】本题考查吸热公式和电功的计算，是一道基础题。
9．（2分）如图所示的家庭电路，当闭合开关时，发现电灯不亮。若原因是图中打“×”的位置发生了断路。则在开关闭合的情况下，用测电笔测试电路中A点时，测电笔氖管 会 （选填“会”或“不会”）发光。
【分析】用测电笔的笔尖接触火线或与火线相连的用电器，测电笔的氖管会发光。
【解答】解：
图中，开关接在火线与电灯之间，开关闭合后，若“×”的位置发生了断路，A点还与火线连通，所以用测电笔测试A点时，氖管会发光。
故答案为：会。
【点评】本题考查了测电笔的使用，属于基础题目。
10．（2分）如图所示，在杠杆AOB的A端挂一重物G，要使杠杆在如图所示的位置平衡，请画出在杠杆上施加的最小动力F1的示意图。
【分析】根据杠杆平衡的条件可知，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长。
【解答】解：杠杆在图示位置平衡，阻力G与阻力臂OA一定，由杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，由图示可知，OB为最大动力臂，此时动力最小，过B点作垂直于OB向下的动力F1即可，如图所示：
。
【点评】本题考查了力的示意图和最小力的画法，需掌握杠杆的平衡条件，关键是确定最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离，力臂与力的作用线是垂直关系。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意）
11．（2分）物理学习过程中，对物理知识的正确认识是非常重要的。以下说法正确的是（ ）
A．验电器的工作原理是异种电荷相互排斥
B．光线和磁感线都不是真实存在的
C．电动机工作原理是电磁感应
D．运动路程越长，速度越大
【分析】（1）验电器的工作原理是：同种电荷相互排斥；
（2）人们为了研究光和磁场的方便，用光线和磁感线表示；
（3）电动机工作原理是通电导体在磁场受力运动；
（4）速度是表示物体运动快慢的物理量，它等于物体在单位时间内通过的路程。速度大小跟路程和时间有关，相同时间内，通过路程越长，速度越大；通过相同的路程，所用时间越少，速度越大。
【解答】解：A．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故A错误；
B．人们为了深入的研究光现象和磁现象，在研究光和磁场时，分别引入了光线和磁感线，光线和磁感线都不是真实存在的，故B正确；
C．电动机工作原理是通电导体在磁场受力运动，故C错误；
D．在相同时间内，通过的路程越长，物体运动的速度就越大。但题干中缺少相同时间这个条件，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了验电器的原理、光线、磁感线、电动机的原理、速度，综合性强，难度不大。
12．（2分）生活中处处有物理，下列说法不正确的是（ ）
A．动车进站时，旅客不能越过安全黄线，原因是流体中流速大的位置压强大
B．茶壶、锅炉水位计利用了连通器的原理
C．高空抛物是违法行为，重物从高空下落时重力势能会转化为巨大的动能
D．雾霾天气有大量细微尘粒悬浮在空中，此现象不能说明分子在做无规则运动
【分析】（1）当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系即可解答；
（2）上端开口、底部相连通的容器；连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的；
（3）被举高的物体具有重力势能，在物体下落时，重力势能会转化为动能。物体的质量越大、高度越高，重力势能越大，其转化为动能时，往往也会越大；
（4）分子在不停地做无规则运动。
【解答】解：A．当动车进站时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人内侧流速快、压强小，外侧压强不变，会产生一个向内侧的压强差，将人推向动车，易出现危险，所以乘客必须站在安全黄线内，故A错误；
B．锅炉水位计的上、下两端分别与锅筒的蒸汽空间、水空间直接连接，因此水位计中水位与锅炉水位是一致的，水位计中的水位变化即为锅筒中水位的变化，利用了连通器，茶壶的壶嘴和壶身构成了连通器，故B正确；
C．重物从高空下落时，速度增大，重力势能会转化为动能，故C错误；
D．尘粒是由大量分子组成的，尘粒的运动属于物体的机械运动，不能说明分子在做无规则运动，故D正确。
故选：A。
【点评】此题考查流体压强和流速的关系、连通器、机械能的转化、分子热运动等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
13．（2分）第五届世界智能大会官方指定用车——中国长安UNI﹣K智能化汽车。配备了激光雷达自动驾驶等智能功能。它展现了“中国智造”的科技风采。关于这辆智能汽车，下列判断错误的是（ ）
A．汽车后视镜是用凸面镜制成的
B．该雷达技术利用了激光的方向性好的特点
C．发动机用水做冷却剂，是因为水的沸点高
D．乘客需要系安全带是为了减小惯性带来的危害
【分析】（1）凸面镜对光具有发散作用；
（2）雷达技术利用了激光的方向性好的特点；
（3）因为水的比热容较大，常用来做冷却剂；
（4）任何物体都具有惯性，采取有力措施，可减小由于惯性带来的危害。
【解答】解：A、汽车后视镜是用凸面镜制成的，凸面镜对光具有发散作用，扩大视野，故A正确；
B、雷达技术利用了激光的方向性好的特点，故B正确；
C、发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容大，故C错误；
D、坐车系好安全带，是为了减小由于人的惯性带来的危害，故D正确。
故选：C。
【点评】此题考查了多个知识点，涉及到水的比热容大的特性、惯性等知识点。
14．（2分）如图所示，这是某滑雪运动员在北京冬奥会比赛中从山上滑下的情景。关于此情景，下列说法正确的是（ ）
A．滑雪板做得较宽大是为了减小对雪地的压力
B．滑雪板底面做得较光滑是为了增大与雪地间的摩擦
C．运动员受到的重力和滑雪板对运动员的支持力是一对平衡力
D．滑雪板对运动员的支持力与运动员对滑雪板的压力是一对相互作用力
【分析】（1）减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积；
（2）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动
（3）一对平衡力必须同时符合四个条件，即大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上；
（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
【解答】解：
A、滑雪板做得较宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对雪地的压强，防止陷下去，而不是为了增大压力，故A错误；
B、滑雪板底面做得较光滑，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度减小与雪地间的摩擦，故B错误；
C、运动员受到的重力和滑雪板对运动员的支持力大小不在同一直线上，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、滑雪板对运动员的支持力与运动员对滑雪板的压力同时作用在运动员和滑雪板上，符合相互作用力的条件，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
【点评】从运动员滑雪的一个场景中，挖掘一些细节的具体的动作或设备的特点，将其与对应的物理知识联系起来，是解决此题的重点。
15．（2分）如图所示，原来开关断开时，铁块、弹簧在图中位置保持静止状态。当闭合开关，并将滑动变阻器的滑片向右移动，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数变大，弹簧长度变短
B．电流表示数变小，小磁针的N极顺时针转动
C．电磁铁磁性增强，弹簧长度变长
D．电磁铁磁性减弱，小磁针的N极逆时针转动
【分析】当滑动变阻器的滑片向右移动时，可知滑动变阻器的接入电路的电阻变化，由欧姆定律可知电流的变化，则可知螺线管磁性强弱的变化，根据螺线管的磁性强弱变化以及磁铁的性质判断弹簧长度的变化，由磁极间的相互作用可知小磁针的N极转动方向。
【解答】解：
若将变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强，故对铁块的吸引力增大，所以弹簧长度应变长，由磁极间的相互作用可知小磁针的N极不转动，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】本题将电路知识及磁场知识结合在一起考查了学生综合分析的能力，要求学生能灵活运用所学知识进行综合分析从而找出正确答案。
16．（2分）如图所示的电路，电源电压和灯泡L的电阻不变，闭合开关S，将滑片P向右移动时，下列说法错误的是（ ）
A．灯泡L变暗
B．电压表示数变大
C．电路的总电阻变大
D．电压表示数与电流表示数的比值不变
【分析】由电路图可知，闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据串联电路分压规律可知滑动变阻器两端电压的变化，即电压表示数的变化；根据串联电路电阻规律可知电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路电流的变化，根据P＝I2R可知灯泡实际功率的变化，进一步得出灯泡的明暗变化；根据R＝可知电压表示数与电流表示数的比值变化。
【解答】解：
由电路图可知，闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S，将滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，电压表示数变大；
因串联电路中的总电阻等于各部分电阻之和，所以电路的总电阻变大；
由I＝可知，电路电流变小，由P＝I2R可知，灯泡的实际功率变小，因此灯泡L变暗；
由R＝可知，电压表示数与电流表示数的比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，因此电压表示数与电流表示数的比值变大；
综上所述，ABC正确，D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律、电功率公式和滑动变阻器的使用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
17．（2分）将“6V 3W”的小灯泡接在如图所示电路中，仅开关S1闭合时，小灯泡正常发光。再闭
合S2，电流表示数为0.6A。若灯丝的阻值不变，则（ ）
A．灯泡的阻值为18Ω B．灯泡的额定电流为2A
C．定值电阻的阻值为60Ω D．电路总功率为36W
【分析】（1）当开关S1闭合，S2断开时，电路为只有小灯泡L的简单电路，根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时的电流；
（2）当开关S1、S2都闭合时，R与L并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡L的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值；
（3）当S1，S2都闭合时，根据P＝UI可得电路的总功率。
【解答】解：AB、当开关S1闭合，S2断开时，电路为只有小灯泡L的简单电路，
因额定电压下灯泡正常发光，
所以，电源的电压U＝UL＝6V，
由P＝UI可得，小灯泡正常发光时的电流：
IL＝＝＝0.5A；故B错误；
灯泡的电阻R＝＝＝12Ω，故A错误；
C、当开关S1、S2都闭合时，R与L并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过L的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R的电流：
IR＝I﹣IL＝0.6A﹣0.5A＝0.1A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可得，R的阻值：
R＝＝＝60Ω；故C正确；
D、当S1，S2都闭合时，电路的总功率：
P＝UI＝6V×0.6A＝3.6W，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
三、实验题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题6分，共18分）
18．（6分）在探究光学规律时，做了以下实验。
（1）如图甲所示，在探究光的反射规律的实验中，当纸板1、2在同一平面内时，让入射光线EO沿纸板1射向镜面，在纸板2上可看到反射光线OF，测出入射角和反射角的大小，改变入射光线的方向，再观测几组入射角和反射角，从而得出 反射角等于入射角 （填两角关系）；
（2）如图甲所示，以法线ON为轴线，把纸板2向后缓慢旋转，在纸板2上看不到反射光线OF，这样做的目的是为了探究 反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内 ；
（3）在做“探究平面镜成像”的实验时，如图乙所示，选择玻璃板代替平面镜进行实验的目的是 便于确定像的位置 。
【分析】（1）实验具有普遍性，应多次测量，根据光的反射定律解答；
（2）转动纸板的目的是判断反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；
（3）玻璃板透光，便于确定像的位置以及大小关系。
【解答】解：（1）多组实验都能得出反射角等于入射角；
（2）如图甲所示，以法线ON为轴线，把纸板2向后缓慢旋转，两个纸板不在一个平面上，在纸板2上不能看到反射光线OB，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
（3）在做“探究平面镜成像”的实验时，如图乙所示，选择玻璃板代替平面镜进行，是因为玻璃板既能反射成像，又能透光看见玻璃板后面的物体，以便于确定像的位置。
故答案为：（1）反射角等于入射角（2）反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；（3）便于确定像的位置。
【点评】本题考查光的反射规律、平面镜成像特点及其应用，掌握光的反射规律是解答本题的关键。
19．（6分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，某小组用同一物块按照图甲、乙、丙、丁进行了四次实验。
（1）比较甲、乙两次实验，可得结论：在接触面粗糙程度一定时， 压力 越大，滑动摩擦力越大；
（2）比较甲、丁两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小 无关 （选填“有关”或“无关”）；
（3）拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了 甲、丙 两次实验得出的结论。
【分析】（1）探究摩擦力与压力的关系时，应控制接触面粗糙程度相同而压力大小不同；本实验主要运用的实验方法是：控制变量法；
（2）（3）探究滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法分析解答。
【解答】解：（1）比较甲、乙两次实验，压力大小不相同，接触面粗糙程度相同，乙图中压力更大，测力计示数更大，可得结论：在接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；该步骤主要运用的实验方法是控制变量法；
（2）比较甲、丁两次实验可知，压力和接触面的粗糙程度相同，接触面积不同，弹簧测力计的示数相同，说明滑动摩擦力大小与接触面积的大小无关；
（3）拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，是通过增大接触面的粗糙程度来增加摩擦力的，是应用了甲、丙两次实验得到的结论的。
故答案为：（1）压力；（2）无关；（3）甲、丙。
【点评】本题考查了实验注意事项与实验分析，把握住利用控制变量法分析实验结论的基本思路是解答此题的关键所在；要明确：滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟接触面积大小等没有关系。
20．（6分）小明利用如图甲所示的电路，测量额定电压为2.5V，小灯泡的额定功率。电源电压恒为3V，滑动变阻器最大阻值20Ω。
（1）请用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整，要求闭合开关后滑动变阻器的滑片向右滑时灯变亮；
（2）在确认电路和器材无误后，小明开始进行实验，当滑动变阻器的滑片P移到某位置甲时，电压表示数如图乙所示，为了测出小灯泡的额定功率，他应将滑片P向 右 （选填“左”或“右”）移动；
（3）实验结束后，他利用实验数据绘制了如图丙所示的I﹣U图象。由图象可知：小灯泡额定功率为 0.5 W。
【分析】（1）要求闭合开关后滑动变阻器的滑片向右滑时灯变亮，说明滑动变阻器阻值变小，据此确定变阻器连接方式；
（2）根据电压表选用量程确定分度值读数；比较电压表示数与小灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理决定滑动变阻器滑片移动方向；
（3）由图象丙可知，当灯泡两端的电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，根据P＝UI求出小灯泡额定功率；根据图象进行分析。
【解答】解：（1）要求闭合开关后滑动变阻器的滑片向右滑时灯变亮，说明滑动变阻器阻值变小，所以滑动变阻器应接右下接线柱与电源串联，如下图所示：
；
（2）当滑动变阻器的滑片P移到某位置时，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.1V，小灯泡额定电压为2.5V，故应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端电压，根据分压原理，应减小变阻器的阻值，故变阻器的滑片应向右移动；
（3）由图象丙可知，当灯泡两端的电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，小灯泡额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W。
故答案为：（1）见解答；（2）右；（3）0.5。
【点评】本题测量小灯泡额定功率的实验，考查电路连接、电路分析、串联电路电压的规律以及电功率计算。
四、计算题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题6分，共18分；解答要有必要的公式和过程）
21．（6分）如图所示，一款新型无人驾驶电动汽车，总质量为1.5×103kg，在性能测试中，沿平直的公路匀速行驶，行驶过程中汽车受到的阻力为总重力的0.1倍，（g取10N/kg）求：
（1）汽车匀速行驶的速度；
（2）汽车受到的牵引力；
（3）此过程中汽车牵引力所做的功和做功功率。
【分析】（1）由图可知，汽车行驶的路程和时间，利用速度公式可求得汽车匀速行驶的速度；
（2）已知总质量可求得其中重力，行驶过程中汽车受到的阻力为总重力的0.1倍，由于汽车匀速行驶，所以汽车受到的牵引力等于阻力
（3）由W＝Fs可求得此过程中汽车牵引力做功，再利用P＝可求得做功功率。
【解答】解：
（1）由图可知，汽车行驶的路程s＝5.4km﹣3.6km＝1.8km＝1.8×103m，
汽车行驶的时间t＝3min＝h＝h，
汽车匀速行驶的速度v＝＝＝36km/h；
（2）由于汽车匀速行驶，所以汽车受到的牵引力等于阻力，
即F牵引＝F阻＝0.1G＝0.1mg＝0.1×1.5×103kg×10N/kg＝1.5×103N，
（3）此过程中汽车牵引力做功W＝Fs＝1.5×103N×1.8×103m＝2.7×106J；
汽车牵引力做功的功率P＝＝＝1.5×104W。
答：（1）汽车匀速行驶的速度为36km/h；
（2）汽车受到的牵引力为1.5×103N；
（3）此过程中汽车牵引力所做的功为2.7×106J，做功的功率为1.5×104W。
【点评】本题考查了重力公式、功率公式、效率公式、速度公式以及二力平衡条件的应用，属于基础题目。
22．（6分）如图所示，已知重为10N的长方体木块静止在水面上，浸入在水中的体积占木块总体积的（g取10N/kg）。
（1）求木块所受到的浮力大小；
（2）若木块下表面所处的深度为0.2米，求木块下表面受到水的压强；
（3）若要将木块全部浸没水中，求至少需要施加多大的压力。
【分析】（1）由题意可知，木块漂浮在水面上，根据漂浮的条件求出木块受到水竖直向上的浮力；
（2）已知木块下表面所处的水的深度，根据p＝ρgh求出下表面受到水的压强；
（3）根据阿基米德原理求出排开水的体积即为浸入水中的体积，然后求出物体的体积，利用阿基米德原理求物体受到水的浮力；若使物体全部浸入水中而静止，则F浮′＝G木+F，即可求压力。
【解答】解：
（1）因为木块漂浮在水面上，
所以木块受到的浮力：F浮＝G木＝10N；
（2）木块下表面所处的深度为0.2米，
则木块下表面受到水的压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2000Pa。
（3）根据F浮＝ρ水gV排可得，排开液体的体积：
V排＝＝＝1×10﹣3m3；
因为V排＝V木；所以V木＝V排＝×1×10﹣3m3＝1.25×10﹣3m3；
木块全部浸没时受到水的浮力：
F′浮＝ρ水gV木＝1×103kg/m3×10N/kg×1.25×10﹣3m3＝12.5N；
木块浸没时，根据力的平衡条件有：F浮′＝G木+F，
则压力F＝F浮′﹣G木＝12.5N﹣10N＝2.5N。
答：（1）木块所受到的浮力为10N；
（2）木块下表面受到水的压强为2000Pa；
（3）要将木块全部浸没水中，需要施加的压力为2.5N。
【点评】本题考查了学生对物体浮沉条件和阿基米德原理、液体压强公式的理解与掌握，虽知识点多，但都属于基础内容，难度不大。
23．（6分）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，其中R1的阻值为10Ω。当开关S1、S2断开，开关S3闭合时，电流表的示数为0.6A；当开关S1、S3断开，开关S2闭合时，电流表的示数为0.2A，求：
（1）电源电压大小；
（2）定值电阻R2的阻值；
（3）请分析并计算出该电路的最大电功率。
【分析】（1）当开关S1、S2断开，开关S3闭合时，该电路为只有R1的简单电路，电流表测电路中的电流；已知此时电流表的示数，即电路中的电流，已知R1的阻值，利用I＝的变形式可求出R1两端的电压，即电源电压；
（2）当开关S1、S3断开，开关S2闭合时，该电路为R1和R2的串联电路，电流表测电路中的电流；已知此时电流表的示数，即电路中的电流；利用R＝可求出电路的总电阻，串联电路的总电阻等于各个用电器的电阻之和，据此可求出R2的阻值；
（3）由P＝UI＝可知电路总电阻越小，电路消耗的功率越大；串联电路中的总电阻大于任意一个串联导体的电阻，并联电路中的总电阻小于任一用电器的电阻；据此分析当电路消耗的功率最大时的电路连接情况，根据并联电路电流规律求出干路中的电流，再根据P＝UI求出电路最大功率。
【解答】解：（1）当开关S1、S2断开，开关S3闭合时，电路为只有R1的简单电路，电流表测电路中的电流；此时电流表的示数为0.6A，即电路中的电流为I＝0.6A，由I＝可知电源电压为U＝U1＝IR1＝0.6A×10Ω＝6V；
（2）当开关S1、S3断开，开关S2闭合时，电路为R1和R2组成的串联电路，电流表测量串联电路的电流，此时电流表的示数为0.2A，即电路中的电流为I′＝0.2A，则电路的总电阻为R＝＝＝30Ω，由串联电路的电阻特点可知，R2的阻值为：R2＝R﹣R1＝30Ω﹣10Ω＝20Ω；
（3）由P＝UI可知，在电源电压一定时，电路中电流越大，电路的电功率就越大，由图可知，当开关S1和S3闭合，S2断开时，R1和R2并联，此时电路中电流最大，
电路中最大电流为：I总＝I1+I2＝+＝+＝0.9A，
则电路最大功率为：P＝UI总＝6V×0.9A＝5.4W。
答：（1）电源电压大小为6V；
（2）定值电阻R2的阻值为20Ω；
（3）当开关S1、S3闭合，S2断开时，电路消耗的功率最大，最大电功率为5.4W。
【点评】本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，熟练掌握串、并联电路的电流、电压和电阻特点是解题的关键。
2023年安徽省芜湖市无为县中考物理二模试卷
一、填空题（每空2分，共20分）
1．（2分）中国民族乐器二胡发出的声音有着丰富的表现力，它以接近于人声的 （填声音的特性）成为一种富于歌唱性的乐器，因此有人还把它称为“中国式小提琴”。
2．（2分）2022年3月23日，“天宫课堂”第二课开讲，神舟十三号飞行乘组航天员在轨演示了太空冰雪实验，用沾了结晶核的毛根触碰过饱和乙酸钠溶液形成的液体球，液体球迅速变成了“冰球”。用手摸上去，“冰球”竟然是热乎乎的，这是因为液体球 （填物态变化名称）放热的原因。
3．（2分）端午佳节，粽香万里。煮粽子是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式来增大粽子的内能。
4．（2分）某型号汽油的密度为0.8g/cm3，该汽油的热值为4.6×107J/kg。则完全燃烧12.5L该型号汽油放出的热量为 J。
5．（2分）如图所示，重300N的物体在25N的水平拉力F的作用下，沿水平地面向左做匀速直线运动，滑轮组的机械效率为80%，则物体与地面间的滑动摩擦力为 N。
6．（2分）如图所示，作用在重为G的物体A上的两个力F1＝12N，F2＝4N，物体在两个力的作用下，向右做匀速直线运动，现突然撤去F1的瞬间，物体所受的合力为 N。
7．（2分）如图所示的电路中，若只闭合开关S1、S3，此时电流表A1与A2的示数之比为3：2，若只闭合开关S2，则电阻R1与R2两端的电压之比为 。
8．（2分）某电热水壶的铭牌上标有“220V 1000W”字样，在额定电压下用它对质量为1kg的水加热，使水的温度从20升高到100℃，用时8min。则该电热水壶的热效率为 。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
9．（2分）如图所示的家庭电路，当闭合开关时，发现电灯不亮。若原因是图中打“×”的位置发生了断路。则在开关闭合的情况下，用测电笔测试电路中A点时，测电笔氖管 （选填“会”或“不会”）发光。
10．（2分）如图所示，在杠杆AOB的A端挂一重物G，要使杠杆在如图所示的位置平衡，请画出在杠杆上施加的最小动力F1的示意图。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意）
11．（2分）物理学习过程中，对物理知识的正确认识是非常重要的。以下说法正确的是（ ）
A．验电器的工作原理是异种电荷相互排斥
B．光线和磁感线都不是真实存在的
C．电动机工作原理是电磁感应
D．运动路程越长，速度越大
12．（2分）生活中处处有物理，下列说法不正确的是（ ）
A．动车进站时，旅客不能越过安全黄线，原因是流体中流速大的位置压强大
B．茶壶、锅炉水位计利用了连通器的原理
C．高空抛物是违法行为，重物从高空下落时重力势能会转化为巨大的动能
D．雾霾天气有大量细微尘粒悬浮在空中，此现象不能说明分子在做无规则运动
13．（2分）第五届世界智能大会官方指定用车——中国长安UNI﹣K智能化汽车。配备了激光雷达自动驾驶等智能功能。它展现了“中国智造”的科技风采。关于这辆智能汽车，下列判断错误的是（ ）
A．汽车后视镜是用凸面镜制成的
B．该雷达技术利用了激光的方向性好的特点
C．发动机用水做冷却剂，是因为水的沸点高
D．乘客需要系安全带是为了减小惯性带来的危害
14．（2分）如图所示，这是某滑雪运动员在北京冬奥会比赛中从山上滑下的情景。关于此情景，下列说法正确的是（ ）
A．滑雪板做得较宽大是为了减小对雪地的压力
B．滑雪板底面做得较光滑是为了增大与雪地间的摩擦
C．运动员受到的重力和滑雪板对运动员的支持力是一对平衡力
D．滑雪板对运动员的支持力与运动员对滑雪板的压力是一对相互作用力
15．（2分）如图所示，原来开关断开时，铁块、弹簧在图中位置保持静止状态。当闭合开关，并将滑动变阻器的滑片向右移动，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数变大，弹簧长度变短
B．电流表示数变小，小磁针的N极顺时针转动
C．电磁铁磁性增强，弹簧长度变长
D．电磁铁磁性减弱，小磁针的N极逆时针转动
16．（2分）如图所示的电路，电源电压和灯泡L的电阻不变，闭合开关S，将滑片P向右移动时，下列说法错误的是（ ）
A．灯泡L变暗
B．电压表示数变大
C．电路的总电阻变大
D．电压表示数与电流表示数的比值不变
17．（2分）将“6V 3W”的小灯泡接在如图所示电路中，仅开关S1闭合时，小灯泡正常发光。再闭
合S2，电流表示数为0.6A。若灯丝的阻值不变，则（ ）
A．灯泡的阻值为18Ω B．灯泡的额定电流为2A
C．定值电阻的阻值为60Ω D．电路总功率为36W
三、实验题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题6分，共18分）
18．（6分）在探究光学规律时，做了以下实验。
（1）如图甲所示，在探究光的反射规律的实验中，当纸板1、2在同一平面内时，让入射光线EO沿纸板1射向镜面，在纸板2上可看到反射光线OF，测出入射角和反射角的大小，改变入射光线的方向，再观测几组入射角和反射角，从而得出 （填两角关系）；
（2）如图甲所示，以法线ON为轴线，把纸板2向后缓慢旋转，在纸板2上看不到反射光线OF，这样做的目的是为了探究 ；
（3）在做“探究平面镜成像”的实验时，如图乙所示，选择玻璃板代替平面镜进行实验的目的是 。
19．（6分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，某小组用同一物块按照图甲、乙、丙、丁进行了四次实验。
（1）比较甲、乙两次实验，可得结论：在接触面粗糙程度一定时， 越大，滑动摩擦力越大；
（2）比较甲、丁两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小 （选填“有关”或“无关”）；
（3）拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了 两次实验得出的结论。
20．（6分）小明利用如图甲所示的电路，测量额定电压为2.5V，小灯泡的额定功率。电源电压恒为3V，滑动变阻器最大阻值20Ω。
（1）请用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整，要求闭合开关后滑动变阻器的滑片向右滑时灯变亮；
（2）在确认电路和器材无误后，小明开始进行实验，当滑动变阻器的滑片P移到某位置甲时，电压表示数如图乙所示，为了测出小灯泡的额定功率，他应将滑片P向 （选填“左”或“右”）移动；
（3）实验结束后，他利用实验数据绘制了如图丙所示的I﹣U图象。由图象可知：小灯泡额定功率为 W。
四、计算题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题6分，共18分；解答要有必要的公式和过程）
21．（6分）如图所示，一款新型无人驾驶电动汽车，总质量为1.5×103kg，在性能测试中，沿平直的公路匀速行驶，行驶过程中汽车受到的阻力为总重力的0.1倍，（g取10N/kg）求：
（1）汽车匀速行驶的速度；
（2）汽车受到的牵引力；
（3）此过程中汽车牵引力所做的功和做功功率。
22．（6分）如图所示，已知重为10N的长方体木块静止在水面上，浸入在水中的体积占木块总体积的（g取10N/kg）。
（1）求木块所受到的浮力大小；
（2）若木块下表面所处的深度为0.2米，求木块下表面受到水的压强；
（3）若要将木块全部浸没水中，求至少需要施加多大的压力。
23．（6分）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，其中R1的阻值为10Ω。当开关S1、S2断开，开关S3闭合时，电流表的示数为0.6A；当开关S1、S3断开，开关S2闭合时，电流表的示数为0.2A，求：
（1）电源电压大小；
（2）定值电阻R2的阻值；
（3）请分析并计算出该电路的最大电功率。
2023年安徽省芜湖市无为县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（每空2分，共20分）
1．（2分）中国民族乐器二胡发出的声音有着丰富的表现力，它以接近于人声的 音色 （填声音的特性）成为一种富于歌唱性的乐器，因此有人还把它称为“中国式小提琴”。
【分析】声音的特性有三个：音调、响度和音色。音调是指声音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的感觉特性。
【解答】解：每个发声体发出声音的音色是不同的，而二胡以接近于人声的音色成为一种富于歌唱性的乐器。
故答案为：音色。
【点评】本题考查了音色、音调和响度的区别，是一道基础题。
2．（2分）2022年3月23日，“天宫课堂”第二课开讲，神舟十三号飞行乘组航天员在轨演示了太空冰雪实验，用沾了结晶核的毛根触碰过饱和乙酸钠溶液形成的液体球，液体球迅速变成了“冰球”。用手摸上去，“冰球”竟然是热乎乎的，这是因为液体球 凝固 （填物态变化名称）放热的原因。
【分析】物质由液态变为固态的过程叫凝固，凝固是放热过程。
【解答】解：过饱和乙酸钠溶液凝固成固态是放热过程，所以“冰球”是热乎乎的。
故答案为：凝固。
【点评】本题结合“天宫课堂”展示的情景考查学生对凝固及放热现象的理解，能激发学生的学习兴趣，是不可多得的好题。
3．（2分）端午佳节，粽香万里。煮粽子是通过 热传递 （选填“做功”或“热传递”）的方式来增大粽子的内能。
【分析】改变物体内能的方法：一是做功，二是热传递。
【解答】解：煮粽子时粽子吸收热量、温度升高，是通过热传递方式增加粽子内能的。
故答案为：热传递。
【点评】本题考查了改变内能的方法（热传递），属于基础性题目。
4．（2分）某型号汽油的密度为0.8g/cm3，该汽油的热值为4.6×107J/kg。则完全燃烧12.5L该型号汽油放出的热量为 4.6×108 J。
【分析】已知汽油的体积和密度，利用公式m＝ρV求其质量；再利用Q放＝mq求完全燃烧12.5L汽油所放出的热量。
【解答】解：汽油的体积为：V＝12.5L＝12.5dm3＝12.5×10﹣3m3，
由ρ＝可得，12.5L汽油质量：m＝ρV＝0.8×103kg/m3×12.5×10﹣3m3＝10kg，
完全燃烧12.5L汽油所放出的热量：Q放＝mq＝10kg×4.6×107J/kg＝4.6×108J。
故答案为：4.6×108。
【点评】本题考查了密度公式、燃料完全燃烧放热公式的应用，属于基础题。
5．（2分）如图所示，重300N的物体在25N的水平拉力F的作用下，沿水平地面向左做匀速直线运动，滑轮组的机械效率为80%，则物体与地面间的滑动摩擦力为 60 N。
【分析】知道机械效率和拉力大小，利用η＝＝＝＝求摩擦力f。
【解答】解：由图知，n＝3，有用功W有＝fs物，拉力做的总功W总＝Fs绳，因为η＝＝＝＝，
所以物体与地面间的滑动摩擦力：f＝η×nF＝80%×3×25N＝60N；
故答案为：60。
【点评】本题考查了滑轮（组）的机械效率相关问题，水平使用滑轮组时注意：有用功等于摩擦力与物体移动的距离的乘积，这是本题的关键、易错点！
6．（2分）如图所示，作用在重为G的物体A上的两个力F1＝12N，F2＝4N，物体在两个力的作用下，向右做匀速直线运动，现突然撤去F1的瞬间，物体所受的合力为 12 N。
【分析】处于平衡状态的物体受到的力是平衡力，据此结合同一直线上方向相反的两个力的合力计算方法求出物体受到的摩擦力，并判断摩擦力的方向，然后根据摩擦力大小的影响因素判断突然撤去F1的瞬间物体受到的摩擦力大小和方向，再根据同一直线上方向相反的两个力的合力计算方法求出物体所受的合力。
【解答】解：分析可知，物体开始在水平方向受到三个力作用而向右做匀速直线运动，处于平衡状态，
根据平衡条件可得，物体受到的摩擦力f＝F合＝F1﹣F2＝12N﹣4N＝8N，方向水平向左，
突然撤去F1的瞬间，物体对支撑面的压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，则物体受到的摩擦力大小不变，仍为8N，方向水平向左，
所以物体所受的合力为F合′＝f+F2＝8N+4N＝12N。
故答案为：12。
【点评】此题考查力的合成与应用、二力平衡条件及其应用、摩擦力大小的影响因素，对物体进行正确的受力分析是解答此题的关键和前提。
7．（2分）如图所示的电路中，若只闭合开关S1、S3，此时电流表A1与A2的示数之比为3：2，若只闭合开关S2，则电阻R1与R2两端的电压之比为 2：1 。
【分析】（1）若只闭合开关S1、S3，R1与R2组成并联电路，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量R2所在支路中的电流，根据并联电路的电流规律和欧姆定律得出R1与R2的阻值之比；
（2）只闭合开关S2时，电阻R1与R2串联，根据串联电路的电流规律及欧姆定律确定两电阻两端的电压之比。
【解答】解：（1）由图可知：若只闭合开关S1、S3，R1与R2组成并联电路，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量R2所在支路中的电流，
已知电流表A1与A2的示数之比为3：2，即干路电流与通过R2的电流之比I：I2＝3：2，
因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所以通过R1的电流与通过R2的电流之比：
I1：I2＝（I﹣I2）：I2＝（3﹣2）：2＝1：2，
因为并联电路各支路两端的电压相等，即：U1＝U2，
由I＝可得：I1R1＝I2R2，即：R1：R2＝I2：I1＝2：1；
（2）只闭合开关S2时，电阻R1与R2串联，因为串联电路中各处电流相等，即：I1′＝I2′，
由I＝可得：U1′：U2′＝I1′R1：I2′R2＝R1：R2＝2：1。
故答案为：2：1。
【点评】本题考查欧姆定律在串、并联电路中的应用，关键是能根据开关的状态确定电路的连接方式，从而应用相关电路的电流、电压规律，结合欧姆定律进行作答。
8．（2分）某电热水壶的铭牌上标有“220V 1000W”字样，在额定电压下用它对质量为1kg的水加热，使水的温度从20升高到100℃，用时8min。则该电热水壶的热效率为 70% 。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；利用P＝求出电热水壶消耗的电能，进一步求得电热水壶的热效率。
【解答】解：水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J；
由P＝可知，电热水壶消耗的电能：W＝Pt＝1000W×8×60s＝4.8×105J，
该电热水壶的热效率为η＝＝70%。
故答案为：70%。
【点评】本题考查吸热公式和电功的计算，是一道基础题。
9．（2分）如图所示的家庭电路，当闭合开关时，发现电灯不亮。若原因是图中打“×”的位置发生了断路。则在开关闭合的情况下，用测电笔测试电路中A点时，测电笔氖管 会 （选填“会”或“不会”）发光。
【分析】用测电笔的笔尖接触火线或与火线相连的用电器，测电笔的氖管会发光。
【解答】解：
图中，开关接在火线与电灯之间，开关闭合后，若“×”的位置发生了断路，A点还与火线连通，所以用测电笔测试A点时，氖管会发光。
故答案为：会。
【点评】本题考查了测电笔的使用，属于基础题目。
10．（2分）如图所示，在杠杆AOB的A端挂一重物G，要使杠杆在如图所示的位置平衡，请画出在杠杆上施加的最小动力F1的示意图。
【分析】根据杠杆平衡的条件可知，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长。
【解答】解：杠杆在图示位置平衡，阻力G与阻力臂OA一定，由杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，由图示可知，OB为最大动力臂，此时动力最小，过B点作垂直于OB向下的动力F1即可，如图所示：
。
【点评】本题考查了力的示意图和最小力的画法，需掌握杠杆的平衡条件，关键是确定最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离，力臂与力的作用线是垂直关系。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意）
11．（2分）物理学习过程中，对物理知识的正确认识是非常重要的。以下说法正确的是（ ）
A．验电器的工作原理是异种电荷相互排斥
B．光线和磁感线都不是真实存在的
C．电动机工作原理是电磁感应
D．运动路程越长，速度越大
【分析】（1）验电器的工作原理是：同种电荷相互排斥；
（2）人们为了研究光和磁场的方便，用光线和磁感线表示；
（3）电动机工作原理是通电导体在磁场受力运动；
（4）速度是表示物体运动快慢的物理量，它等于物体在单位时间内通过的路程。速度大小跟路程和时间有关，相同时间内，通过路程越长，速度越大；通过相同的路程，所用时间越少，速度越大。
【解答】解：A．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故A错误；
B．人们为了深入的研究光现象和磁现象，在研究光和磁场时，分别引入了光线和磁感线，光线和磁感线都不是真实存在的，故B正确；
C．电动机工作原理是通电导体在磁场受力运动，故C错误；
D．在相同时间内，通过的路程越长，物体运动的速度就越大。但题干中缺少相同时间这个条件，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了验电器的原理、光线、磁感线、电动机的原理、速度，综合性强，难度不大。
12．（2分）生活中处处有物理，下列说法不正确的是（ ）
A．动车进站时，旅客不能越过安全黄线，原因是流体中流速大的位置压强大
B．茶壶、锅炉水位计利用了连通器的原理
C．高空抛物是违法行为，重物从高空下落时重力势能会转化为巨大的动能
D．雾霾天气有大量细微尘粒悬浮在空中，此现象不能说明分子在做无规则运动
【分析】（1）当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系即可解答；
（2）上端开口、底部相连通的容器；连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的；
（3）被举高的物体具有重力势能，在物体下落时，重力势能会转化为动能。物体的质量越大、高度越高，重力势能越大，其转化为动能时，往往也会越大；
（4）分子在不停地做无规则运动。
【解答】解：A．当动车进站时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人内侧流速快、压强小，外侧压强不变，会产生一个向内侧的压强差，将人推向动车，易出现危险，所以乘客必须站在安全黄线内，故A错误；
B．锅炉水位计的上、下两端分别与锅筒的蒸汽空间、水空间直接连接，因此水位计中水位与锅炉水位是一致的，水位计中的水位变化即为锅筒中水位的变化，利用了连通器，茶壶的壶嘴和壶身构成了连通器，故B正确；
C．重物从高空下落时，速度增大，重力势能会转化为动能，故C错误；
D．尘粒是由大量分子组成的，尘粒的运动属于物体的机械运动，不能说明分子在做无规则运动，故D正确。
故选：A。
【点评】此题考查流体压强和流速的关系、连通器、机械能的转化、分子热运动等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
13．（2分）第五届世界智能大会官方指定用车——中国长安UNI﹣K智能化汽车。配备了激光雷达自动驾驶等智能功能。它展现了“中国智造”的科技风采。关于这辆智能汽车，下列判断错误的是（ ）
A．汽车后视镜是用凸面镜制成的
B．该雷达技术利用了激光的方向性好的特点
C．发动机用水做冷却剂，是因为水的沸点高
D．乘客需要系安全带是为了减小惯性带来的危害
【分析】（1）凸面镜对光具有发散作用；
（2）雷达技术利用了激光的方向性好的特点；
（3）因为水的比热容较大，常用来做冷却剂；
（4）任何物体都具有惯性，采取有力措施，可减小由于惯性带来的危害。
【解答】解：A、汽车后视镜是用凸面镜制成的，凸面镜对光具有发散作用，扩大视野，故A正确；
B、雷达技术利用了激光的方向性好的特点，故B正确；
C、发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容大，故C错误；
D、坐车系好安全带，是为了减小由于人的惯性带来的危害，故D正确。
故选：C。
【点评】此题考查了多个知识点，涉及到水的比热容大的特性、惯性等知识点。
14．（2分）如图所示，这是某滑雪运动员在北京冬奥会比赛中从山上滑下的情景。关于此情景，下列说法正确的是（ ）
A．滑雪板做得较宽大是为了减小对雪地的压力
B．滑雪板底面做得较光滑是为了增大与雪地间的摩擦
C．运动员受到的重力和滑雪板对运动员的支持力是一对平衡力
D．滑雪板对运动员的支持力与运动员对滑雪板的压力是一对相互作用力
【分析】（1）减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积；
（2）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动
（3）一对平衡力必须同时符合四个条件，即大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上；
（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
【解答】解：
A、滑雪板做得较宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对雪地的压强，防止陷下去，而不是为了增大压力，故A错误；
B、滑雪板底面做得较光滑，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度减小与雪地间的摩擦，故B错误；
C、运动员受到的重力和滑雪板对运动员的支持力大小不在同一直线上，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、滑雪板对运动员的支持力与运动员对滑雪板的压力同时作用在运动员和滑雪板上，符合相互作用力的条件，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
【点评】从运动员滑雪的一个场景中，挖掘一些细节的具体的动作或设备的特点，将其与对应的物理知识联系起来，是解决此题的重点。
15．（2分）如图所示，原来开关断开时，铁块、弹簧在图中位置保持静止状态。当闭合开关，并将滑动变阻器的滑片向右移动，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数变大，弹簧长度变短
B．电流表示数变小，小磁针的N极顺时针转动
C．电磁铁磁性增强，弹簧长度变长
D．电磁铁磁性减弱，小磁针的N极逆时针转动
【分析】当滑动变阻器的滑片向右移动时，可知滑动变阻器的接入电路的电阻变化，由欧姆定律可知电流的变化，则可知螺线管磁性强弱的变化，根据螺线管的磁性强弱变化以及磁铁的性质判断弹簧长度的变化，由磁极间的相互作用可知小磁针的N极转动方向。
【解答】解：
若将变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强，故对铁块的吸引力增大，所以弹簧长度应变长，由磁极间的相互作用可知小磁针的N极不转动，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】本题将电路知识及磁场知识结合在一起考查了学生综合分析的能力，要求学生能灵活运用所学知识进行综合分析从而找出正确答案。
16．（2分）如图所示的电路，电源电压和灯泡L的电阻不变，闭合开关S，将滑片P向右移动时，下列说法错误的是（ ）
A．灯泡L变暗
B．电压表示数变大
C．电路的总电阻变大
D．电压表示数与电流表示数的比值不变
【分析】由电路图可知，闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据串联电路分压规律可知滑动变阻器两端电压的变化，即电压表示数的变化；根据串联电路电阻规律可知电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路电流的变化，根据P＝I2R可知灯泡实际功率的变化，进一步得出灯泡的明暗变化；根据R＝可知电压表示数与电流表示数的比值变化。
【解答】解：
由电路图可知，闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S，将滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，电压表示数变大；
因串联电路中的总电阻等于各部分电阻之和，所以电路的总电阻变大；
由I＝可知，电路电流变小，由P＝I2R可知，灯泡的实际功率变小，因此灯泡L变暗；
由R＝可知，电压表示数与电流表示数的比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，因此电压表示数与电流表示数的比值变大；
综上所述，ABC正确，D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律、电功率公式和滑动变阻器的使用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
17．（2分）将“6V 3W”的小灯泡接在如图所示电路中，仅开关S1闭合时，小灯泡正常发光。再闭
合S2，电流表示数为0.6A。若灯丝的阻值不变，则（ ）
A．灯泡的阻值为18Ω B．灯泡的额定电流为2A
C．定值电阻的阻值为60Ω D．电路总功率为36W
【分析】（1）当开关S1闭合，S2断开时，电路为只有小灯泡L的简单电路，根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时的电流；
（2）当开关S1、S2都闭合时，R与L并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡L的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值；
（3）当S1，S2都闭合时，根据P＝UI可得电路的总功率。
【解答】解：AB、当开关S1闭合，S2断开时，电路为只有小灯泡L的简单电路，
因额定电压下灯泡正常发光，
所以，电源的电压U＝UL＝6V，
由P＝UI可得，小灯泡正常发光时的电流：
IL＝＝＝0.5A；故B错误；
灯泡的电阻R＝＝＝12Ω，故A错误；
C、当开关S1、S2都闭合时，R与L并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过L的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R的电流：
IR＝I﹣IL＝0.6A﹣0.5A＝0.1A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可得，R的阻值：
R＝＝＝60Ω；故C正确；
D、当S1，S2都闭合时，电路的总功率：
P＝UI＝6V×0.6A＝3.6W，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
三、实验题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题6分，共18分）
18．（6分）在探究光学规律时，做了以下实验。
（1）如图甲所示，在探究光的反射规律的实验中，当纸板1、2在同一平面内时，让入射光线EO沿纸板1射向镜面，在纸板2上可看到反射光线OF，测出入射角和反射角的大小，改变入射光线的方向，再观测几组入射角和反射角，从而得出 反射角等于入射角 （填两角关系）；
（2）如图甲所示，以法线ON为轴线，把纸板2向后缓慢旋转，在纸板2上看不到反射光线OF，这样做的目的是为了探究 反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内 ；
（3）在做“探究平面镜成像”的实验时，如图乙所示，选择玻璃板代替平面镜进行实验的目的是 便于确定像的位置 。
【分析】（1）实验具有普遍性，应多次测量，根据光的反射定律解答；
（2）转动纸板的目的是判断反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；
（3）玻璃板透光，便于确定像的位置以及大小关系。
【解答】解：（1）多组实验都能得出反射角等于入射角；
（2）如图甲所示，以法线ON为轴线，把纸板2向后缓慢旋转，两个纸板不在一个平面上，在纸板2上不能看到反射光线OB，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
（3）在做“探究平面镜成像”的实验时，如图乙所示，选择玻璃板代替平面镜进行，是因为玻璃板既能反射成像，又能透光看见玻璃板后面的物体，以便于确定像的位置。
故答案为：（1）反射角等于入射角（2）反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；（3）便于确定像的位置。
【点评】本题考查光的反射规律、平面镜成像特点及其应用，掌握光的反射规律是解答本题的关键。
19．（6分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，某小组用同一物块按照图甲、乙、丙、丁进行了四次实验。
（1）比较甲、乙两次实验，可得结论：在接触面粗糙程度一定时， 压力 越大，滑动摩擦力越大；
（2）比较甲、丁两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小 无关 （选填“有关”或“无关”）；
（3）拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了 甲、丙 两次实验得出的结论。
【分析】（1）探究摩擦力与压力的关系时，应控制接触面粗糙程度相同而压力大小不同；本实验主要运用的实验方法是：控制变量法；
（2）（3）探究滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法分析解答。
【解答】解：（1）比较甲、乙两次实验，压力大小不相同，接触面粗糙程度相同，乙图中压力更大，测力计示数更大，可得结论：在接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；该步骤主要运用的实验方法是控制变量法；
（2）比较甲、丁两次实验可知，压力和接触面的粗糙程度相同，接触面积不同，弹簧测力计的示数相同，说明滑动摩擦力大小与接触面积的大小无关；
（3）拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，是通过增大接触面的粗糙程度来增加摩擦力的，是应用了甲、丙两次实验得到的结论的。
故答案为：（1）压力；（2）无关；（3）甲、丙。
【点评】本题考查了实验注意事项与实验分析，把握住利用控制变量法分析实验结论的基本思路是解答此题的关键所在；要明确：滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟接触面积大小等没有关系。
20．（6分）小明利用如图甲所示的电路，测量额定电压为2.5V，小灯泡的额定功率。电源电压恒为3V，滑动变阻器最大阻值20Ω。
（1）请用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整，要求闭合开关后滑动变阻器的滑片向右滑时灯变亮；
（2）在确认电路和器材无误后，小明开始进行实验，当滑动变阻器的滑片P移到某位置甲时，电压表示数如图乙所示，为了测出小灯泡的额定功率，他应将滑片P向 右 （选填“左”或“右”）移动；
（3）实验结束后，他利用实验数据绘制了如图丙所示的I﹣U图象。由图象可知：小灯泡额定功率为 0.5 W。
【分析】（1）要求闭合开关后滑动变阻器的滑片向右滑时灯变亮，说明滑动变阻器阻值变小，据此确定变阻器连接方式；
（2）根据电压表选用量程确定分度值读数；比较电压表示数与小灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理决定滑动变阻器滑片移动方向；
（3）由图象丙可知，当灯泡两端的电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，根据P＝UI求出小灯泡额定功率；根据图象进行分析。
【解答】解：（1）要求闭合开关后滑动变阻器的滑片向右滑时灯变亮，说明滑动变阻器阻值变小，所以滑动变阻器应接右下接线柱与电源串联，如下图所示：
；
（2）当滑动变阻器的滑片P移到某位置时，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.1V，小灯泡额定电压为2.5V，故应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端电压，根据分压原理，应减小变阻器的阻值，故变阻器的滑片应向右移动；
（3）由图象丙可知，当灯泡两端的电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，小灯泡额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W。
故答案为：（1）见解答；（2）右；（3）0.5。
【点评】本题测量小灯泡额定功率的实验，考查电路连接、电路分析、串联电路电压的规律以及电功率计算。
四、计算题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题6分，共18分；解答要有必要的公式和过程）
21．（6分）如图所示，一款新型无人驾驶电动汽车，总质量为1.5×103kg，在性能测试中，沿平直的公路匀速行驶，行驶过程中汽车受到的阻力为总重力的0.1倍，（g取10N/kg）求：
（1）汽车匀速行驶的速度；
（2）汽车受到的牵引力；
（3）此过程中汽车牵引力所做的功和做功功率。
【分析】（1）由图可知，汽车行驶的路程和时间，利用速度公式可求得汽车匀速行驶的速度；
（2）已知总质量可求得其中重力，行驶过程中汽车受到的阻力为总重力的0.1倍，由于汽车匀速行驶，所以汽车受到的牵引力等于阻力
（3）由W＝Fs可求得此过程中汽车牵引力做功，再利用P＝可求得做功功率。
【解答】解：
（1）由图可知，汽车行驶的路程s＝5.4km﹣3.6km＝1.8km＝1.8×103m，
汽车行驶的时间t＝3min＝h＝h，
汽车匀速行驶的速度v＝＝＝36km/h；
（2）由于汽车匀速行驶，所以汽车受到的牵引力等于阻力，
即F牵引＝F阻＝0.1G＝0.1mg＝0.1×1.5×103kg×10N/kg＝1.5×103N，
（3）此过程中汽车牵引力做功W＝Fs＝1.5×103N×1.8×103m＝2.7×106J；
汽车牵引力做功的功率P＝＝＝1.5×104W。
答：（1）汽车匀速行驶的速度为36km/h；
（2）汽车受到的牵引力为1.5×103N；
（3）此过程中汽车牵引力所做的功为2.7×106J，做功的功率为1.5×104W。
【点评】本题考查了重力公式、功率公式、效率公式、速度公式以及二力平衡条件的应用，属于基础题目。
22．（6分）如图所示，已知重为10N的长方体木块静止在水面上，浸入在水中的体积占木块总体积的（g取10N/kg）。
（1）求木块所受到的浮力大小；
（2）若木块下表面所处的深度为0.2米，求木块下表面受到水的压强；
（3）若要将木块全部浸没水中，求至少需要施加多大的压力。
【分析】（1）由题意可知，木块漂浮在水面上，根据漂浮的条件求出木块受到水竖直向上的浮力；
（2）已知木块下表面所处的水的深度，根据p＝ρgh求出下表面受到水的压强；
（3）根据阿基米德原理求出排开水的体积即为浸入水中的体积，然后求出物体的体积，利用阿基米德原理求物体受到水的浮力；若使物体全部浸入水中而静止，则F浮′＝G木+F，即可求压力。
【解答】解：
（1）因为木块漂浮在水面上，
所以木块受到的浮力：F浮＝G木＝10N；
（2）木块下表面所处的深度为0.2米，
则木块下表面受到水的压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2000Pa。
（3）根据F浮＝ρ水gV排可得，排开液体的体积：
V排＝＝＝1×10﹣3m3；
因为V排＝V木；所以V木＝V排＝×1×10﹣3m3＝1.25×10﹣3m3；
木块全部浸没时受到水的浮力：
F′浮＝ρ水gV木＝1×103kg/m3×10N/kg×1.25×10﹣3m3＝12.5N；
木块浸没时，根据力的平衡条件有：F浮′＝G木+F，
则压力F＝F浮′﹣G木＝12.5N﹣10N＝2.5N。
答：（1）木块所受到的浮力为10N；
（2）木块下表面受到水的压强为2000Pa；
（3）要将木块全部浸没水中，需要施加的压力为2.5N。
【点评】本题考查了学生对物体浮沉条件和阿基米德原理、液体压强公式的理解与掌握，虽知识点多，但都属于基础内容，难度不大。
23．（6分）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，其中R1的阻值为10Ω。当开关S1、S2断开，开关S3闭合时，电流表的示数为0.6A；当开关S1、S3断开，开关S2闭合时，电流表的示数为0.2A，求：
（1）电源电压大小；
（2）定值电阻R2的阻值；
（3）请分析并计算出该电路的最大电功率。
【分析】（1）当开关S1、S2断开，开关S3闭合时，该电路为只有R1的简单电路，电流表测电路中的电流；已知此时电流表的示数，即电路中的电流，已知R1的阻值，利用I＝的变形式可求出R1两端的电压，即电源电压；
（2）当开关S1、S3断开，开关S2闭合时，该电路为R1和R2的串联电路，电流表测电路中的电流；已知此时电流表的示数，即电路中的电流；利用R＝可求出电路的总电阻，串联电路的总电阻等于各个用电器的电阻之和，据此可求出R2的阻值；
（3）由P＝UI＝可知电路总电阻越小，电路消耗的功率越大；串联电路中的总电阻大于任意一个串联导体的电阻，并联电路中的总电阻小于任一用电器的电阻；据此分析当电路消耗的功率最大时的电路连接情况，根据并联电路电流规律求出干路中的电流，再根据P＝UI求出电路最大功率。
【解答】解：（1）当开关S1、S2断开，开关S3闭合时，电路为只有R1的简单电路，电流表测电路中的电流；此时电流表的示数为0.6A，即电路中的电流为I＝0.6A，由I＝可知电源电压为U＝U1＝IR1＝0.6A×10Ω＝6V；
（2）当开关S1、S3断开，开关S2闭合时，电路为R1和R2组成的串联电路，电流表测量串联电路的电流，此时电流表的示数为0.2A，即电路中的电流为I′＝0.2A，则电路的总电阻为R＝＝＝30Ω，由串联电路的电阻特点可知，R2的阻值为：R2＝R﹣R1＝30Ω﹣10Ω＝20Ω；
（3）由P＝UI可知，在电源电压一定时，电路中电流越大，电路的电功率就越大，由图可知，当开关S1和S3闭合，S2断开时，R1和R2并联，此时电路中电流最大，
电路中最大电流为：I总＝I1+I2＝+＝+＝0.9A，
则电路最大功率为：P＝UI总＝6V×0.9A＝5.4W。
答：（1）电源电压大小为6V；
（2）定值电阻R2的阻值为20Ω；
（3）当开关S1、S3闭合，S2断开时，电路消耗的功率最大，最大电功率为5.4W。
【点评】本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，熟练掌握串、并联电路的电流、电压和电阻特点是解题的关键。
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