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2023年江苏省淮安市清河区开明中学集团校中考物理一模试卷
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这是一份2023年江苏省淮安市清河区开明中学集团校中考物理一模试卷，共28页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省淮安市清河区开明中学集团校中考物理一模试卷
一、选择题（每题2分，共16分）
1．（2分）“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，作者能听出传来的是钟声，是根据声音的（ ）
A．音调 B．音色 C．响度 D．声速
2．（2分）摄影师抓拍到了一个有趣的场面（如图），一只乌鸦静止在飞翔的老鹰背上，这里“静止”所选参照物是（ ）
A．高山 B．乌鸦 C．老鹰 D．地面
3．（2分）戴眼镜的人配戴口罩后，眼镜经常起雾，如图所示，此现象属于哪种物态变化（ ）
A．液化 B．凝华 C．熔化 D．汽化
4．（2分）如图，大熊猫紧抱住树干不掉下来，以下选项中与大熊猫增大摩擦的方法相同的是（ ）
A．做引体向上时，要把手汗擦干
B．运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹
C．使用橡皮擦擦除字迹要用力
D．给机器设备滴加润滑油
5．（2分）如图，鱼缸里的金鱼在吐着泡泡，下列说法中正确的是（ ）
A．泡泡上升过程中受到水压强变大
B．泡泡上升过程中受到水浮力变大
C．金鱼吐出泡泡后受到水压强变大
D．金鱼吐出泡泡后受到水浮力变大
6．（2分）如图是一种握力计，O是转轴，弹簧上端固定，下端位置可左右调节。小明训练握力时感觉太轻松，为增加训练强度，应将弹簧下端由B位置调到（ ）
A．A点 B．B点 C．C点 D．O点
7．（2分）如图为我国空间站两名航天员在太空同时在舱出活动的照片，以下说法正确的是（ ）
A．两名航天员可以不依靠任何设备对话交流
B．画面是通过超声波传播到地球的
C．空间站使用的太阳能是可再生能源
D．电磁波从空间站到地面传播速度是340m/s
8．（2分）兴趣小组设计的电子身高测量仪如图所示，电源电压恒定，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。当测量小明身高时，滑动变阻器的滑片恰好处于最上端，电压表和电流表示数分别为3V和0.15A，当测量小华身高时，电压表和电流表示数分别为1.5V和0.3A，下列说法正确的是（ ）
A．R1的阻值是20Ω
B．R2最大阻值是30Ω
C．测量小明身高时，R1的电功率是0.25W
D．当滑动变阻器的滑片处于最下端时，电流表示数为0.45A
二、填空题（每空1分，16题2分，共20分）
9．（2分）平静湖面水深10m，上空20m处一只鸟正水平飞行，它离湖水中的像的距离为 m，鸟在向下俯冲捕食的过程中，像的大小 （选填“逐渐变大”“逐渐变小”或“不变”）。
10．（3分）如图所示，小球水平向右做直线运动，电子表显示的时间格式是“时：分：秒”，则小球从A到B的距离为 cm，小球从A到C的平均速度是 cm/s，小球的运动状态 （选填“改变”或“不改变”）。
11．（2分）如图所示，静止的气球因向右喷气而向 运动，说明力的作用是相互的，使气球从静止变为运动的力的施力物体是 。
12．（3分）潜水艇是通过改变 （选填“自身重力”或“浮力”）实现上浮和下潜的；如图是我国研制的地效翼船，被称为海陆空“三栖巨兽”，其机翼侧面为上凸下平的形状，是利用流体流速越大，压强越 的原理产生向上的升力的，如果其质量为4.5吨，静止在海面上时排开水的体积是 m3 （海水密度为1.0×103kg/m3 ）。
13．（3分）如图所示是一幅简单的过山车漫画，在关闭动力系统的情况下，过山车在轨道上从A点向右运动，如果B、D两处高度相同，则过山车在这两处的重力势能关系是 （选填“B处大”、“D处大”或“一样大”），动能关系是 （选填“B处大”、“D处大”或“一样大”）；过山车在C点时若所受的力全部消失，过山车将 （选填“保持静止”或“做匀速直线运动”）。
14．（3分）如图，小华用4N的拉力，拉着重力为6N的物体，使物体匀速上升0.15m，所用时间为3s，拉力做的有用功是 J；拉力做功的功率是 W；若用该装置提升10N的重物，其机械效率的大小将 （选填“变小”、“变大”或“不变”）。
15．（2分）如图所示，电源电压恒定，R1的阻值为20Ω，R2的阻值为10Ω。当S、S2闭合，S1断开时，电流表的示数为0.3A，则电源电压为 V；当S、S1、S2都闭合时，电流表示数为0.9A，则R3的阻值是 Ω。
16．（2分）做饭时，妈妈不小心将胡椒粉撒到了粗粒盐盒里，她想将胡椒粉与盐分离。厨房里有金属勺子、塑料吸管和上次吃龙虾剩下的一次性塑料手套（塑料吸管与塑料手套材质不同），请你选用上述器材结合所学的物理知识来帮妈妈解决这个问题，请写出你的做法并解释其原理 。
三、解答题（每空1分，每图1分，共44分）
17．（1分）如图所示是一束射向水面的光，请画出折射光线的大致位置。
18．（1分）如图所示，请作出在空中飞行的足球所受重力示意图。
19．（1分）如图所示，请将灯泡和开关连入家庭电路。
20．（1分）请根据图中的小磁针指向标出电源左端的极性。
21．（10分）水暖电热毯因其安全恒温舒适，深受老年人喜爱。表格是某品牌水暖电热毯参数，请根据这些参数计算[g取10N/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]
主机质量
1.5kg
主机尺寸
24×22×11cm3
水箱最大装水量
1000g
高温范围
10﹣65℃
最大加热功率
300W
（1）未装水时主机的重力为多大？
（2）如果主机的底面积以0.04m2计算，未装水的主机对水平地面压强为多大？
（3）铺好电热毯，接上水管，水箱中装满初温为15℃的冷水，将这些冷水升温至45℃，需要吸收多少热量？
（4）如果开机时主机以最大加热功率工作，8min内能将15℃的满箱水加热到45℃，此电热毯加热效率为多少？
22．（6分）在测量某小石块（不吸水）的密度时：
（1）把天平放在 台面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针指向如甲图所示，他应该向 调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）测量小石块质量时，右盘中的砝码和游码的位置如乙图所示，小石块的质量为 g。
（3）用细线系住小石块放入盛水的量筒中，如丙图所示，小石块的体积为 cm3，则小石块的密度为 g/cm3。
（4）如果将小石块放入水中时石块上附着气泡，会使密度的测量值偏 。
23．（6分）在“探究水的沸腾前后温度变化特点”实验中。
（1）图甲为实验装置，安装时应先确定 （选填“A”或“B”）的位置。
（2）加热到某时刻，温度计示数如图乙所示，此时烧杯内水温为 ℃。
（3）小明观察到水在沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况，如图丙、丁所示，则图 是沸腾前的情况。沸腾时气泡内的气体主要成分是 。
（4）水的温度随时间变化的数据如表。从记录数据可得出的实验结论是：水沸腾时温度 ，此时水的沸点是 ℃。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
温度/℃
90
91
92
93
94
95
96
97
98
98
98
24．（7分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）实验前应将烛焰和光屏的中心调节到凸透镜的 上。经测量，该透镜的焦距为10cm。
（2）实验时蜡烛燃烧后变短，光屏上得到蜡烛的像如图所示，应该将凸透镜向 移动（选填“上”或“下”），使成像在光屏的中央。
（3）固定凸透镜的位置在50cm刻度处，当蜡烛位置在10cm刻度时，移动光屏位置，直到光屏上出现清晰的像，此时物距是 cm，所成的像是倒立 （选填“放大”或“缩小”）的实像， 就是利用这种成像规律工作的（选填“投影仪”、“照相机”或“放大镜”）。
（4）保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一个凹透镜，需要将光屏向 （选填“左”或“右”）移动到适当位置，就能再次得到清晰的像，这是模拟 眼的矫正（选填“近视”或“远视”）。
25．（4分）实验课上某小组同学们做磁生电的实验探究。
（1）小明用如图甲的装置进行实验。实验中，通过观察 来判断电路中是否有感应电流；
（2）实验中发现，当导体ab向左运动时，电流表指针向右，当导体ab向右运动时，电流表指针向左偏转，说明感应电流的方向与 有关。
（3）生活中 （选填“电动机”或“发电机”）是利用本实验的原理制成。
（4）实验结束后，小明突发奇想：让闭合电路的一部分导体在地磁场中做切割磁感线运动，能否产生电流呢？于是他与小组同学合作，用一根长导线两端连接电流表，两名同学摇动导线（图乙所示），观察电流表指针是否偏转，你认为两个摇动导线的同学应该按 （选填“东西”或“南北”）方向站立效果更好。
26．（7分）实践小组的同学们用两节新的干电池进行“伏安法测定小灯泡电阻”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V（正常工作阻值约为9Ω），滑动变阻器规格为“30Ω 1A”。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片向右滑电阻变大，导线不得交叉。
（2）连接好电路后，经检查无误后闭合开关，发现电压表的示数较大，灯泡却不发光，原因可能是灯泡 。
（3）解决问题后，移动滑动变阻器滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，小灯泡正常发光时电阻为 Ω（保留一位小数）。
（4）小组同学实验得到多组数据，根据数据，绘制了如图丙所示的图像。
①根据图像，小华发现小灯泡电阻是 （选填“不变”或“变化”）的，造成这种现象的原因是 。
②小明将滑动变阻器滑片调到中间位置（电阻为15Ω），发现小灯泡刚好能发出一点红光，此时灯泡两端电压为 V。
（5）实验结束后，老师又给小组一个阻值范围为0～9999Ω的电阻箱，还有一个未知电阻，估计阻值在500Ω左右，要求利用现有器材，测出未知电阻的阻值，以下器材不需要是 （选填字母）。
A.电流表
B.电压表
C.电源
2023年江苏省淮安市清河区开明中学集团校中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每题2分，共16分）
1．（2分）“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，作者能听出传来的是钟声，是根据声音的（ ）
A．音调 B．音色 C．响度 D．声速
【分析】（1）音色由发声体的材料和结构决定，不同的乐器音色不同。
（2）声音的高低叫音调，音调的高低与振动的频率有关。
（3）声音的大小叫响度，相当于振幅和距离声源的远近有关。
（4）声速与介质的种类和温度有关。
【解答】解：“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，作者能听出传来的是钟声，是根据声音的音色，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查的是音色，关键是能够区分音调、响度和音色。
2．（2分）摄影师抓拍到了一个有趣的场面（如图），一只乌鸦静止在飞翔的老鹰背上，这里“静止”所选参照物是（ ）
A．高山 B．乌鸦 C．老鹰 D．地面
【分析】判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的。
【解答】解：乌鸦静止在飞翔的老鹰背上，乌鸦和老鹰是相对静止的，因此以老鹰为参照物，乌鸦是静止的，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】本题以老鹰和乌鸦为研究对象，考查了运动和静止的相对性，属于基础内容的考查。
3．（2分）戴眼镜的人配戴口罩后，眼镜经常起雾，如图所示，此现象属于哪种物态变化（ ）
A．液化 B．凝华 C．熔化 D．汽化
【分析】物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化是放热过程。
【解答】解：戴眼镜的人配戴口罩后，人呼出的水蒸气从口罩的上方出去遇到温度较低的镜片液化成小水珠，附着在镜片上，镜片就变得模糊了，此现象属于液化。
故选：A。
【点评】本题考查了液化及液化的放热特点，属于基础性题目。
4．（2分）如图，大熊猫紧抱住树干不掉下来，以下选项中与大熊猫增大摩擦的方法相同的是（ ）
A．做引体向上时，要把手汗擦干
B．运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹
C．使用橡皮擦擦除字迹要用力
D．给机器设备滴加润滑油
【分析】（1）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。
（2）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
（3）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
【解答】解：大熊猫紧抱住树干不掉下来，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力。
A、做引体向上时，要把手汗擦干，是压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
B、运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
C、使用橡皮擦擦除字迹要用力，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；
D、给机器设备滴加润滑油，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力。
综上分析可知，与大熊猫增大摩擦的方法相同的是C。
故选：C。
【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
5．（2分）如图，鱼缸里的金鱼在吐着泡泡，下列说法中正确的是（ ）
A．泡泡上升过程中受到水压强变大
B．泡泡上升过程中受到水浮力变大
C．金鱼吐出泡泡后受到水压强变大
D．金鱼吐出泡泡后受到水浮力变大
【分析】由阿基米德原理F浮＝ρ液gV排判断浮力的大小变化；
由液体压强公式p＝ρ液gh判断压强的大小变化。
【解答】解：如图，气泡在上升过程中，其体积变大，则气泡排开水的体积变大，根据F浮＝ρ液gV排可知，所受到水的浮力增大；
气泡在上升过程中，所处深度减小，根据p＝ρ液gh可知，受到水的压强减小。
金鱼吐出泡泡后，排开水的体积不变，根据F浮＝ρ液gV排可知，所受到水的浮力不变；
所处深度不变，根据p＝ρ液gh可知，受到水的压强不变。
故ACD错误、B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对液体压强公式、阿基米德原理公式的掌握和运用，能分析出气泡、鱼的深度变化和体积变化情况是本题的关键。
6．（2分）如图是一种握力计，O是转轴，弹簧上端固定，下端位置可左右调节。小明训练握力时感觉太轻松，为增加训练强度，应将弹簧下端由B位置调到（ ）
A．A点 B．B点 C．C点 D．O点
【分析】物体由于发生弹性形变所产生的力叫弹力，物体的弹性形变越大，所产生的弹力越大。
【解答】解：O是转轴，弹簧上端固定，下端位置可左右调节。小明训练握力时感觉太轻松，为增加训练强度，应该增大弹力，让弹簧发生的弹性形变更大一些，应将弹簧下端由B位置调到A点，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查的是弹力的概念，关键是知道影响弹力大小的因素。
7．（2分）如图为我国空间站两名航天员在太空同时在舱出活动的照片，以下说法正确的是（ ）
A．两名航天员可以不依靠任何设备对话交流
B．画面是通过超声波传播到地球的
C．空间站使用的太阳能是可再生能源
D．电磁波从空间站到地面传播速度是340m/s
【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声；
电磁波可以传递信息，且电磁波的传播不需要介质；
（2）可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
（4）电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s。
【解答】解：
A、声音的传播需要介质，真空不能传声，而太空属于真空环境，因此两名航天员要依靠电子设备对话交流，故A错误；
B、电磁波可以传递信息，且电磁波的传播不需要介质，我国空间站两名航天员在太空同时在舱出活动的画面是通过电磁波传递到地球来的，故B错误；
C、太阳能可以源源不断地获得，因此是可再生能源，故C正确；
D、电磁波从空间站到地面传播速度是3×108m/s，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了声音的传播、电磁波的波速和运用、能源的分类，难度不大。
8．（2分）兴趣小组设计的电子身高测量仪如图所示，电源电压恒定，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。当测量小明身高时，滑动变阻器的滑片恰好处于最上端，电压表和电流表示数分别为3V和0.15A，当测量小华身高时，电压表和电流表示数分别为1.5V和0.3A，下列说法正确的是（ ）
A．R1的阻值是20Ω
B．R2最大阻值是30Ω
C．测量小明身高时，R1的电功率是0.25W
D．当滑动变阻器的滑片处于最下端时，电流表示数为0.45A
【分析】AB、闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压。当测量小明身高时，滑动变阻器的滑片恰好处于最上端，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电压表和电流表示数分别为3V和0.15A。根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值；
根据欧姆定律和串联电路的电压特点可知电源电压的表达式；
当测量小华身高时，电压表和电流表示数分别为1.5V和0.3A，根据欧姆定律和串联电路的电压特点可知电源电压的表达式，联立两式可得电源电压和R1的阻值；
C、测量小明身高时，根据P＝UI得出R1的电功率；
D、当滑动变阻器的滑片处于最下端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，根据欧姆定律得出电流表示数。
【解答】解：AB、闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压。当测量小明身高时，滑动变阻器的滑片恰好处于最上端，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电压表和电流表示数分别为3V和0.15A。根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值R2＝＝＝20Ω，故B错误；
根据欧姆定律和串联电路的电压特点可知电源电压U＝U1+U2＝0.15A×R1+3V.....①；
当测量小华身高时，电压表和电流表示数分别为1.5V和0.3A，根据欧姆定律和串联电路的电压特点可知电源电压U＝U1′+U2′＝0.3A×R1+1.5V.....②；
联立①②得：U＝4.5V，R1＝10Ω；故A错误；
C、测量小明身高时，R1的电功率P1＝U1I＝3V×0.15A＝0.45W，故C错误；
D、当滑动变阻器的滑片处于最下端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，电流表示数IA＝＝＝0.45A，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，是一道综合题。
二、填空题（每空1分，16题2分，共20分）
9．（2分）平静湖面水深10m，上空20m处一只鸟正水平飞行，它离湖水中的像的距离为 40 m，鸟在向下俯冲捕食的过程中，像的大小 不变 （选填“逐渐变大”“逐渐变小”或“不变”）。
【分析】平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
【解答】解：当鸟距湖面的距离为20m时，鸟所成像距离水面也是20m，则鸟与所成像的距离为20m+20m＝40m；
在小鸟向下俯冲靠近水面的过程中，小鸟与水面的距离变小，但小鸟在水中所成的像始终不改变，与小鸟大小相等。
故答案为：40；不变。
【点评】人靠近平面镜时，感觉像变大，实际上像的大小不变，是眼睛看像的视角增大，感觉像在变大，是一种错觉。
10．（3分）如图所示，小球水平向右做直线运动，电子表显示的时间格式是“时：分：秒”，则小球从A到B的距离为 2.74 cm，小球从A到C的平均速度是 0.84 cm/s，小球的运动状态 改变 （选填“改变”或“不改变”）。
【分析】此刻度尺的每个大格为1cm，分度值为0.1cm，据此判断小球从A到B走过的距离；
从图中找出小球从A到C的距离，计算所用的时间，根据v＝计算平均速度；
物体保持静止状态或匀速直线运动状态，为运动状态不变。根据v＝计算小球从A到B的平均速度，与从A到C的速度比较，进行判断。
【解答】解：此刻度尺的每个大格为1cm，分度值为0.1cm，小球从A到B走过的距离s′＝2.74cm；
小球从A到C的距离s＝4.20cm，
时间t＝10：35：05﹣10：35：00＝5s，
平均速度为v＝＝＝0.84cm/s；
小球从A到B的时间t′＝10：35：03﹣10：35：00＝3s，
平均速度为v′＝＝≈0.91cm/s≠0.84cm/s，
小球在做变速运动，运动状态在改变。
故答案为：2.74；0.84；改变。
【点评】本题考查了长度和时间的计算、平均速度的计算、运动状态的判断，属于基础题，要求掌握。
11．（2分）如图所示，静止的气球因向右喷气而向 左 运动，说明力的作用是相互的，使气球从静止变为运动的力的施力物体是 气球喷出的气体 。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的，力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变；②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
（2）力是物体对物体的作用，其中受到力的作用的物体叫受力物体，对别的物体施加了力的物体叫施力物体。
【解答】解：把封口的夹子松开，气球向右喷出空气的同时由静止开始向左运动，这是因为力的作用是相互的，喷气的同时，气球也受到了气球喷出的气体（空气）对它的反作用力；因此使气球由静止变为运动的力的施力物体是气球喷出的气体。
故答案为：左；气球喷出的气体。
【点评】此题主要考查了力的作用效果、物体间力作用的相互性等，难度不大，属于基础知识。
12．（3分）潜水艇是通过改变 自身重力 （选填“自身重力”或“浮力”）实现上浮和下潜的；如图是我国研制的地效翼船，被称为海陆空“三栖巨兽”，其机翼侧面为上凸下平的形状，是利用流体流速越大，压强越 小 的原理产生向上的升力的，如果其质量为4.5吨，静止在海面上时排开水的体积是 4.5 m3 （海水密度为1.0×103kg/m3 ）。
【分析】潜水艇是通过改变自身重力实现上浮和下潜的；流体流速越大的位置，压强越小；
根据得F浮＝G＝mg出静止在海面上所受的浮力，根据阿基米德原理可知排开水的体积。
【解答】解：潜水艇是通过改变自身重力实现上浮和下潜的；如图是我国研制的地效翼船，被称为海陆空“三栖巨兽”，其机翼侧面为上凸下平的形状，是利用流体流速越大，压强越小的原理产生向上的升力的，如果其质量为4.5吨，静止在海面上所受的浮力F浮＝G＝mg＝4.5×1000kg×10N/kg＝4.5×104N，
根据阿基米德原理可知排开水的体积V排＝＝＝4.5m3。
故答案为：自身重力；小；4.5。
【点评】本题考查浮力和压强的知识，是一道综合题。
13．（3分）如图所示是一幅简单的过山车漫画，在关闭动力系统的情况下，过山车在轨道上从A点向右运动，如果B、D两处高度相同，则过山车在这两处的重力势能关系是 一样大 （选填“B处大”、“D处大”或“一样大”），动能关系是 B处大 （选填“B处大”、“D处大”或“一样大”）；过山车在C点时若所受的力全部消失，过山车将 做匀速直线运动 （选填“保持静止”或“做匀速直线运动”）。
【分析】（1）影响重力势能的因素：质量、高度；影响动能的因素：质量、速度；
（2）根据牛顿第一定律，物体不受力将保持原来的运动状态，做匀速直线运动或保持静止。
【解答】解：B、D两处高度相同，过山车的质量不变，则过山车在这两处的重力势能一样大；由于过山车运动过程有摩擦力，机械能转化为内能，机械能减小，故D点的机械能比B点小，而重力势能相等，故B的动能比D点大，过山车在C点时若所受的力全部消失，C有水平方向的速度，故过山车将做匀速直线运动。
故答案为：一样大；B处大；匀速直线运动。
【点评】本题考查机械能的转化和牛顿第一定律，属于中档题。
14．（3分）如图，小华用4N的拉力，拉着重力为6N的物体，使物体匀速上升0.15m，所用时间为3s，拉力做的有用功是 0.9 J；拉力做功的功率是 0.4 W；若用该装置提升10N的重物，其机械效率的大小将 变大 （选填“变小”、“变大”或“不变”）。
【分析】根据W有＝Gh计算有用功；根据W＝Fs和s＝nh计算总功，根据P＝计算拉力的功率；同一动滑轮，提起物体越重，其机械效率越高。
【解答】解：拉力做的有用功：
W有＝Gh＝6N×0.15m＝0.9J；
承担重物绳子的段数n＝2，
根据W＝Fs和s＝nh可得，拉力做的总功：
W总＝Fs＝Fnh＝4N×2×0.15m＝1.2J，
拉力做功的功率：
P＝＝＝0.4W；
用这个动滑轮把重10N的物体提升同样高度，额外功相同，有用功变大，有用功在总功中的占比变大，其机械效率变大。
故答案为：0.9；0.4；变大。
【点评】本题考查了有用功、总功、功率的计算和机械效率变化的判断，难度不大。
15．（2分）如图所示，电源电压恒定，R1的阻值为20Ω，R2的阻值为10Ω。当S、S2闭合，S1断开时，电流表的示数为0.3A，则电源电压为 6 V；当S、S1、S2都闭合时，电流表示数为0.9A，则R3的阻值是 10 Ω。
【分析】（1）当S、S2闭合，S1断开时，R3开路，R2短路，只有R1连入电路，电流表测量电路电流，根据欧姆定律求出电源电压；
（2）当S、S1、S2都闭合时，R2被短路，R1、R3并联，电流表测干路中的电流；先根据欧姆定律求出通过R1的电流，然后根据并联电路电流特点求出通过R3的电流，再根据欧姆定律求出R3的电阻。
【解答】解：（1）当S、S2闭合，S1断开时，R3开路，R2被短路，只有R1连入电路，电流表测量电路电流；
由I＝可知，电源电压为：U＝IR1＝0.3A×20Ω＝6V；
（2）当S、S1、S2都闭合时，R2被短路，R1、R3并联，电流表测干路中的电流；
因并联电路中各支路两端电压相等，所以通过R1的电流：I1＝＝＝0.3A，
因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以通过R3的电流：I3＝I﹣I1＝0.9A﹣0.3A＝0.6A，
则由I＝可得R3的电阻为：R3＝＝＝10Ω。
故答案为：6；10。
【点评】本题考查了电阻的串联和并联电路的特点及欧姆定律的应用，关键明确开关处于不同状态时电路的连接方式。
16．（2分）做饭时，妈妈不小心将胡椒粉撒到了粗粒盐盒里，她想将胡椒粉与盐分离。厨房里有金属勺子、塑料吸管和上次吃龙虾剩下的一次性塑料手套（塑料吸管与塑料手套材质不同），请你选用上述器材结合所学的物理知识来帮妈妈解决这个问题，请写出你的做法并解释其原理 胡椒粉属于轻小物体，塑料吸管与塑料手套摩擦后带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以，用带电的塑料吸管吸引胡椒粉，将其与粗盐分开。 。
【分析】胡椒粉属于轻小物体，而粗盐不是，由于带电体能吸引轻小物体，所以带电体能将轻小物体和非轻小物体分开。
【解答】解：胡椒粉属于轻小物体，塑料吸管与塑料手套摩擦后带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以，用带电的塑料吸管吸引胡椒粉，将其与粗盐分开。
故答案为：胡椒粉属于轻小物体，塑料吸管与塑料手套摩擦后带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以，用带电的塑料吸管吸引胡椒粉，将其与粗盐分开。
【点评】本题考查了静电的应用，知道带电体有吸引轻小物体的性质。
三、解答题（每空1分，每图1分，共44分）
17．（1分）如图所示是一束射向水面的光，请画出折射光线的大致位置。
【分析】先画出法线，然后根据折射定律完成折射光路，即光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。
【解答】解：过折射点作法线，然后根据折射角小于入射角画出折射光线，如图所示：
【点评】本题主要考查光的折射光路图的画法，属于常考题目，难度不大，作图时应注意真实光线为实线，法线为虚线。
18．（1分）如图所示，请作出在空中飞行的足球所受重力示意图。
【分析】根据重力的方向是竖直向下的，从重心做竖直向下的力即可。
【解答】解：重力的方向是竖直向下的，从足球重心O（球心）画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
【点评】本题考查了重力的示意图的作法，不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。
19．（1分）如图所示，请将灯泡和开关连入家庭电路。
【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全，
【解答】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，如图所示：
【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
20．（1分）请根据图中的小磁针指向标出电源左端的极性。
【分析】根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；
根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
【解答】解：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，小磁针的N极指向右方，S极指向左方，因此通电螺线管的左端为S极，右端为N极；根据安培定则可知，电流从通电螺线管的右后侧流入，从左前侧流出，因此电源左端为负极。如图：
【点评】本题考查安培定则及磁极间的相互作用规律，要求学生不但要会由安培定则判断磁极的方向，还要会由安培定则判断电流方向。
21．（10分）水暖电热毯因其安全恒温舒适，深受老年人喜爱。表格是某品牌水暖电热毯参数，请根据这些参数计算[g取10N/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]
主机质量
1.5kg
主机尺寸
24×22×11cm3
水箱最大装水量
1000g
高温范围
10﹣65℃
最大加热功率
300W
（1）未装水时主机的重力为多大？
（2）如果主机的底面积以0.04m2计算，未装水的主机对水平地面压强为多大？
（3）铺好电热毯，接上水管，水箱中装满初温为15℃的冷水，将这些冷水升温至45℃，需要吸收多少热量？
（4）如果开机时主机以最大加热功率工作，8min内能将15℃的满箱水加热到45℃，此电热毯加热效率为多少？
【分析】（1）知道主机的质量，根据G＝mg求出未装水时主机的重力；
（2）未装水的主机对水平地面压力等于自身的重力，根据p＝求出未装水的主机对水平地面压强；
（3）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（4）根据W＝Pt求出电热毯消耗的电能，利用效率公式求出电热毯的加热效率。
【解答】解：（1）未装水时主机的重力：G＝mg＝1.5kg×10N/kg＝15N；
（2）未装水的主机对水平地面压力：F＝G＝15N，
未装水的主机对水平地面压强：p＝＝＝375Pa；
（3）水吸收的热量：Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1000×10﹣3kg×（45℃﹣15℃）＝1.26×105J；
（4）电热毯消耗的电能：W＝Pt′＝300W×8×60s＝1.44×105J，
电热毯的加热效率：η＝×100%＝×100%＝87.5%。
答：（1）未装水时主机的重力为15N；
（2）未装水的主机对水平地面压强为375Pa；
（3）水吸收的热量为1.26×105J；
（4）电热毯加热效率为87.5%。
【点评】本题主要考查重力公式、压强公式、吸热公式、电功公式以及效率公式的应用，题目综合性较强，难度不大。
22．（6分）在测量某小石块（不吸水）的密度时：
（1）把天平放在 水平 台面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针指向如甲图所示，他应该向 右 调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）测量小石块质量时，右盘中的砝码和游码的位置如乙图所示，小石块的质量为 84 g。
（3）用细线系住小石块放入盛水的量筒中，如丙图所示，小石块的体积为 20 cm3，则小石块的密度为 4.2 g/cm3。
（4）如果将小石块放入水中时石块上附着气泡，会使密度的测量值偏 小 。
【分析】（1）把天平放在水平台面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，调节天平平衡时，指针左偏则将平衡螺母向左调；反之就向右调。
（2）物体的质量＝砝码的质量+游码所对应的质量。
（3）在有量筒的情况下，我们可以利用排水法求得小石块的体积，根据密度公式计算小石块的密度；
（4）根据排水法用量筒测出小石块体积，利用ρ＝求出小石块密度并分析对于测量结果的影响。
【解答】解：（1）把天平放在水平台面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针向左偏，则应将平衡螺母向右调节，直至横梁水平平衡。
（2）小石块的质量＝砝码的质量+游码所对应的质量，即m＝50g+20g+10g+4g＝84g；
（3）由图丙可知，小石块的体积V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3，
则小石块的密度ρ＝＝＝4.2g/cm3。
（4）若测量体积时，小石块在水中表面附着气泡，会导致测量其体积偏大，通过密度计算公式ρ＝分析可知，导致密度偏小。
故答案为：（1）水平；右；（2）84g；（3）4.2；（4）小。
【点评】此题是测量小石块的密度，要测量密度，需得知质量和体积两个量，题目中告诉我们用量筒测量固体体积的方法：排水法，将小石块的体积转化为排开水的体积，应注意掌握。
23．（6分）在“探究水的沸腾前后温度变化特点”实验中。
（1）图甲为实验装置，安装时应先确定 B （选填“A”或“B”）的位置。
（2）加热到某时刻，温度计示数如图乙所示，此时烧杯内水温为 94 ℃。
（3）小明观察到水在沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况，如图丙、丁所示，则图 丁 是沸腾前的情况。沸腾时气泡内的气体主要成分是 水蒸气 。
（4）水的温度随时间变化的数据如表。从记录数据可得出的实验结论是：水沸腾时温度 不变 ，此时水的沸点是 98 ℃。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
温度/℃
90
91
92
93
94
95
96
97
98
98
98
【分析】（1）用酒精灯的外焰加热，酒精灯点燃后，酒精灯外焰位置确定，安装时要从下到上依次安装；
（2）温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；
（3）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；
（4）水沸腾时继续吸热，温度保持不变，沸腾时不变的温度叫做沸点。
【解答】解：（1）安装实验装置时，应先根据酒精灯及其火焰的位置，确定B的位置，然后在确定A的位置；
（2）温度计的分度值是1℃，此时是零上，液柱上表面对准了90℃上面第4个小格处，读作94℃；
（3）水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡上升过程中，不断有水变为水蒸气进入气泡，气泡越来越大，因此图丁是沸腾前的情况，图丙是沸腾时的情况，气泡内是水蒸气；
（4）从记录数据可得出，水沸腾时温度不变，这个不变的温度就时水的沸点，是98℃。
故答案为：（1）B；（2）94；（3）丁；水蒸气；（4）不变；98。
【点评】本题是观察水的沸腾实验，考查了器材的组装、沸腾前后的现象、沸腾特点、沸点与气压的关系，图像分析等，观察图像时，不仅要比较升温快慢，还要注意初温是否相同。
24．（7分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）实验前应将烛焰和光屏的中心调节到凸透镜的 主光轴 上。经测量，该透镜的焦距为10cm。
（2）实验时蜡烛燃烧后变短，光屏上得到蜡烛的像如图所示，应该将凸透镜向 下 移动（选填“上”或“下”），使成像在光屏的中央。
（3）固定凸透镜的位置在50cm刻度处，当蜡烛位置在10cm刻度时，移动光屏位置，直到光屏上出现清晰的像，此时物距是 40 cm，所成的像是倒立 缩小 （选填“放大”或“缩小”）的实像， 照相机 就是利用这种成像规律工作的（选填“投影仪”、“照相机”或“放大镜”）。
（4）保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一个凹透镜，需要将光屏向 右 （选填“左”或“右”）移动到适当位置，就能再次得到清晰的像，这是模拟 近视 眼的矫正（选填“近视”或“远视”）。
【分析】（1）为了使像成在光屏中央，应将烛焰和光屏的中心调节到凸透镜的主光轴上；
（2）根据过光心的光线传播方向不变分析回答；
（3）物体到透镜中心的距离为物距；根据u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用这种成像规律工作的；
（4）凹透镜对光线具有发散作用，可以用来矫正近视眼。
【解答】解：（1）为了使像成在光屏中央，应将烛焰和光屏的中心调节到凸透镜的主光轴上；
（2）实验时蜡烛燃烧后变短，光屏上得到蜡烛的像如图所示，此时像成在光屏的上方，使成像在光屏的中央，根据过光心的光线传播方向不变可知，应该将凸透镜向下移动；
（3）固定凸透镜的位置在50cm刻度处，当蜡烛位置在10cm刻度时，移动光屏位置，直到光屏上出现清晰的像，此时物距u＝50cm﹣10cm＝40cm＞2f，根据u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用这种成像规律工作的；
（4）保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一个凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，故需要将光屏向右移动到适当位置，就能再次得到清晰的像，这是模拟近视眼的矫正。
故答案为：（1）主光轴；（2）下；（3）40；缩小；照相机；（4）右；近视。
【点评】本题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律的应用，熟练掌握成像特点与物距、像距的关系是关键。
25．（4分）实验课上某小组同学们做磁生电的实验探究。
（1）小明用如图甲的装置进行实验。实验中，通过观察 电流表的指针是否发生偏转 来判断电路中是否有感应电流；
（2）实验中发现，当导体ab向左运动时，电流表指针向右，当导体ab向右运动时，电流表指针向左偏转，说明感应电流的方向与 电流表的指针是否发生偏转 有关。
（3）生活中 发电机 （选填“电动机”或“发电机”）是利用本实验的原理制成。
（4）实验结束后，小明突发奇想：让闭合电路的一部分导体在地磁场中做切割磁感线运动，能否产生电流呢？于是他与小组同学合作，用一根长导线两端连接电流表，两名同学摇动导线（图乙所示），观察电流表指针是否偏转，你认为两个摇动导线的同学应该按 东西 （选填“东西”或“南北”）方向站立效果更好。
【分析】（1）电路中有感应电流产生时，电流表的指针会发生偏转；
（2）导体在磁场中运动产生的电流方向，与磁场方向、导体运动方向两个因素有关；
（3）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的；
（4）要使产生的感应电流变大，就要使导体切割更多的磁感线，结合地磁场的方向即可确定这两个同学的站立方向。
【解答】解：（1）图甲实验过程中，通过观察电流表的指针是否发生偏转判断电路中是否有感应电流产生；
（2）当导体ab向左运动时，电流表指针向右，当导体ab向右运动时，电流表指针向左偏转，导体运动的方向发生了变化，感应电流的方向发生了变化，这说明产生的感应电流方向与导体运动方向有关；
（3）生活中发电机是利用本实验的原理制成；
（4）要使感应电流变大，就要使导线尽可能地切割更多的磁感线，由于磁感线是南北方向的，摇动导线的同学应该按东西方向站立效果更好。
故答案为：（1）电流表的指针是否发生偏转；（2）导体运动方向；（3）发电机；（4）东西。
【点评】知道电流的磁效应、电磁感应现象以及它们对应的应用。
26．（7分）实践小组的同学们用两节新的干电池进行“伏安法测定小灯泡电阻”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V（正常工作阻值约为9Ω），滑动变阻器规格为“30Ω 1A”。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片向右滑电阻变大，导线不得交叉。
（2）连接好电路后，经检查无误后闭合开关，发现电压表的示数较大，灯泡却不发光，原因可能是灯泡 断路 。
（3）解决问题后，移动滑动变阻器滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，小灯泡正常发光时电阻为 8.9 Ω（保留一位小数）。
（4）小组同学实验得到多组数据，根据数据，绘制了如图丙所示的图像。
①根据图像，小华发现小灯泡电阻是 变化 （选填“不变”或“变化”）的，造成这种现象的原因是 小灯泡的电阻随温度的变化而变化 。
②小明将滑动变阻器滑片调到中间位置（电阻为15Ω），发现小灯泡刚好能发出一点红光，此时灯泡两端电压为 0.6 V。
（5）实验结束后，老师又给小组一个阻值范围为0～9999Ω的电阻箱，还有一个未知电阻，估计阻值在500Ω左右，要求利用现有器材，测出未知电阻的阻值，以下器材不需要是 A （选填字母）。
A.电流表
B.电压表
C.电源
【分析】（1）观察电路可知，只有滑动变阻器未接入电路，且由题意知滑片右移电阻变大，说明滑动变阻器左下部分电阻接入电路，据此完成电路连接；
（2）连接电路闭合开关，因为正常情况下电压表测的是灯泡两端电压，而发现电压表示数较大而灯泡却不亮，说明不是灯泡分压小，而是可能灯泡出现了断路故障；
（3根据图甲知电流表所选量程，确定其对应的分度值，读出电流表的读数；
再根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻大小；
（4）①据图丙分析可知I﹣U是一条曲线，由此可判断小灯泡电阻是变化的，原因是小灯泡电阻会随温度的变化而变化；
②根据串联电路电压的规律及欧姆定律，可在图丙图线上找到一个点，同时满足在此电流下结合欧姆定律计算出的滑动变阻器的分压和小灯泡的分压之和为电源电压3V即可；
（5）要组成一个完整电路，电源是必不可少的，再结合题干给出的电源为两节新的干电池，则可知电源电压最大为3V，而未知电阻的阻值在500Ω左右，则根据欧姆定律可知电路中最大电流大小，结合电流大小可判断电流表是否必要，最后再确定是否要用串联分压原理求出待测电阻，以判断电压表是否必要。
【解答】解：
（1）分析图甲电路可知，只有滑动变阻器未接入电路，且由题意知滑片右移电阻变大，说明滑动变阻器左下部分电阻接入电路，因此只要将滑动变阻器按一上一下接入电路即可，电路图如下图所示：
；
（2）连接电路闭合开关，因为正常情况下电压表测的是灯泡两端电压，而发现电压表示数较大而灯泡却不亮，说明不是灯泡分压小，而是可能是灯泡出现了断路；
（3）根据图甲知电流表所选量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则电流表示数为0.28A，
再根据欧姆定律R＝正常发光时的电阻为：；
（4）①据图丙分析可知I﹣U是一条曲线，由此可判断小灯泡电阻是变化的，原因是小灯泡电阻会随温度的变化而变化；
②由图丙可知，当电路中的电流为0.16A时，小灯泡的分压为0.6V，此时滑动变阻器的电压为U滑＝IR滑＝0.16A×15Ω＝2.4V，则U＝U滑+UL＝2.4V+0.6V＝3V，满足题意，由此可知此时灯泡两端电压为0.6V；
（5）电路中必须要有电源；
电源为两节新的干电池，则可知电源电压最大为3V，而未知电阻的阻值在500Ω左右，则根据欧姆定律可知电路中最大电流大小为I＝，此电流值远小于电流表小量程的分度值，因此不能准确读数，由此判断电流表用不了，不需要；
接下来为了测出未知电阻的阻值，由串联分压原理可知，因此电压表是需要的，故选A。
故答案为：（1）见解答图；（2）断路；（3）8.9；（4）①变化；小灯泡的电阻随温度的变化而变化；②0.6；（5）A。
【点评】本题考查了“伏安法测定小灯泡电阻”的实验，涉及了电路的连接、电路故障分析、欧姆定律的计算、温度对灯泡电阻的影响、串联分压原理的应用等，有一定难度。
2023年江苏省淮安市清河区开明中学集团校中考物理一模试卷
一、选择题（每题2分，共16分）
1．（2分）“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，作者能听出传来的是钟声，是根据声音的（ ）
A．音调 B．音色 C．响度 D．声速
2．（2分）摄影师抓拍到了一个有趣的场面（如图），一只乌鸦静止在飞翔的老鹰背上，这里“静止”所选参照物是（ ）
A．高山 B．乌鸦 C．老鹰 D．地面
3．（2分）戴眼镜的人配戴口罩后，眼镜经常起雾，如图所示，此现象属于哪种物态变化（ ）
A．液化 B．凝华 C．熔化 D．汽化
4．（2分）如图，大熊猫紧抱住树干不掉下来，以下选项中与大熊猫增大摩擦的方法相同的是（ ）
A．做引体向上时，要把手汗擦干
B．运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹
C．使用橡皮擦擦除字迹要用力
D．给机器设备滴加润滑油
5．（2分）如图，鱼缸里的金鱼在吐着泡泡，下列说法中正确的是（ ）
A．泡泡上升过程中受到水压强变大
B．泡泡上升过程中受到水浮力变大
C．金鱼吐出泡泡后受到水压强变大
D．金鱼吐出泡泡后受到水浮力变大
6．（2分）如图是一种握力计，O是转轴，弹簧上端固定，下端位置可左右调节。小明训练握力时感觉太轻松，为增加训练强度，应将弹簧下端由B位置调到（ ）
A．A点 B．B点 C．C点 D．O点
7．（2分）如图为我国空间站两名航天员在太空同时在舱出活动的照片，以下说法正确的是（ ）
A．两名航天员可以不依靠任何设备对话交流
B．画面是通过超声波传播到地球的
C．空间站使用的太阳能是可再生能源
D．电磁波从空间站到地面传播速度是340m/s
8．（2分）兴趣小组设计的电子身高测量仪如图所示，电源电压恒定，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。当测量小明身高时，滑动变阻器的滑片恰好处于最上端，电压表和电流表示数分别为3V和0.15A，当测量小华身高时，电压表和电流表示数分别为1.5V和0.3A，下列说法正确的是（ ）
A．R1的阻值是20Ω
B．R2最大阻值是30Ω
C．测量小明身高时，R1的电功率是0.25W
D．当滑动变阻器的滑片处于最下端时，电流表示数为0.45A
二、填空题（每空1分，16题2分，共20分）
9．（2分）平静湖面水深10m，上空20m处一只鸟正水平飞行，它离湖水中的像的距离为 m，鸟在向下俯冲捕食的过程中，像的大小 （选填“逐渐变大”“逐渐变小”或“不变”）。
10．（3分）如图所示，小球水平向右做直线运动，电子表显示的时间格式是“时：分：秒”，则小球从A到B的距离为 cm，小球从A到C的平均速度是 cm/s，小球的运动状态 （选填“改变”或“不改变”）。
11．（2分）如图所示，静止的气球因向右喷气而向 运动，说明力的作用是相互的，使气球从静止变为运动的力的施力物体是 。
12．（3分）潜水艇是通过改变 （选填“自身重力”或“浮力”）实现上浮和下潜的；如图是我国研制的地效翼船，被称为海陆空“三栖巨兽”，其机翼侧面为上凸下平的形状，是利用流体流速越大，压强越 的原理产生向上的升力的，如果其质量为4.5吨，静止在海面上时排开水的体积是 m3 （海水密度为1.0×103kg/m3 ）。
13．（3分）如图所示是一幅简单的过山车漫画，在关闭动力系统的情况下，过山车在轨道上从A点向右运动，如果B、D两处高度相同，则过山车在这两处的重力势能关系是 （选填“B处大”、“D处大”或“一样大”），动能关系是 （选填“B处大”、“D处大”或“一样大”）；过山车在C点时若所受的力全部消失，过山车将 （选填“保持静止”或“做匀速直线运动”）。
14．（3分）如图，小华用4N的拉力，拉着重力为6N的物体，使物体匀速上升0.15m，所用时间为3s，拉力做的有用功是 J；拉力做功的功率是 W；若用该装置提升10N的重物，其机械效率的大小将 （选填“变小”、“变大”或“不变”）。
15．（2分）如图所示，电源电压恒定，R1的阻值为20Ω，R2的阻值为10Ω。当S、S2闭合，S1断开时，电流表的示数为0.3A，则电源电压为 V；当S、S1、S2都闭合时，电流表示数为0.9A，则R3的阻值是 Ω。
16．（2分）做饭时，妈妈不小心将胡椒粉撒到了粗粒盐盒里，她想将胡椒粉与盐分离。厨房里有金属勺子、塑料吸管和上次吃龙虾剩下的一次性塑料手套（塑料吸管与塑料手套材质不同），请你选用上述器材结合所学的物理知识来帮妈妈解决这个问题，请写出你的做法并解释其原理 。
三、解答题（每空1分，每图1分，共44分）
17．（1分）如图所示是一束射向水面的光，请画出折射光线的大致位置。
18．（1分）如图所示，请作出在空中飞行的足球所受重力示意图。
19．（1分）如图所示，请将灯泡和开关连入家庭电路。
20．（1分）请根据图中的小磁针指向标出电源左端的极性。
21．（10分）水暖电热毯因其安全恒温舒适，深受老年人喜爱。表格是某品牌水暖电热毯参数，请根据这些参数计算[g取10N/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]
主机质量
1.5kg
主机尺寸
24×22×11cm3
水箱最大装水量
1000g
高温范围
10﹣65℃
最大加热功率
300W
（1）未装水时主机的重力为多大？
（2）如果主机的底面积以0.04m2计算，未装水的主机对水平地面压强为多大？
（3）铺好电热毯，接上水管，水箱中装满初温为15℃的冷水，将这些冷水升温至45℃，需要吸收多少热量？
（4）如果开机时主机以最大加热功率工作，8min内能将15℃的满箱水加热到45℃，此电热毯加热效率为多少？
22．（6分）在测量某小石块（不吸水）的密度时：
（1）把天平放在 台面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针指向如甲图所示，他应该向 调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）测量小石块质量时，右盘中的砝码和游码的位置如乙图所示，小石块的质量为 g。
（3）用细线系住小石块放入盛水的量筒中，如丙图所示，小石块的体积为 cm3，则小石块的密度为 g/cm3。
（4）如果将小石块放入水中时石块上附着气泡，会使密度的测量值偏 。
23．（6分）在“探究水的沸腾前后温度变化特点”实验中。
（1）图甲为实验装置，安装时应先确定 （选填“A”或“B”）的位置。
（2）加热到某时刻，温度计示数如图乙所示，此时烧杯内水温为 ℃。
（3）小明观察到水在沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况，如图丙、丁所示，则图 是沸腾前的情况。沸腾时气泡内的气体主要成分是 。
（4）水的温度随时间变化的数据如表。从记录数据可得出的实验结论是：水沸腾时温度 ，此时水的沸点是 ℃。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
温度/℃
90
91
92
93
94
95
96
97
98
98
98
24．（7分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）实验前应将烛焰和光屏的中心调节到凸透镜的 上。经测量，该透镜的焦距为10cm。
（2）实验时蜡烛燃烧后变短，光屏上得到蜡烛的像如图所示，应该将凸透镜向 移动（选填“上”或“下”），使成像在光屏的中央。
（3）固定凸透镜的位置在50cm刻度处，当蜡烛位置在10cm刻度时，移动光屏位置，直到光屏上出现清晰的像，此时物距是 cm，所成的像是倒立 （选填“放大”或“缩小”）的实像， 就是利用这种成像规律工作的（选填“投影仪”、“照相机”或“放大镜”）。
（4）保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一个凹透镜，需要将光屏向 （选填“左”或“右”）移动到适当位置，就能再次得到清晰的像，这是模拟 眼的矫正（选填“近视”或“远视”）。
25．（4分）实验课上某小组同学们做磁生电的实验探究。
（1）小明用如图甲的装置进行实验。实验中，通过观察 来判断电路中是否有感应电流；
（2）实验中发现，当导体ab向左运动时，电流表指针向右，当导体ab向右运动时，电流表指针向左偏转，说明感应电流的方向与 有关。
（3）生活中 （选填“电动机”或“发电机”）是利用本实验的原理制成。
（4）实验结束后，小明突发奇想：让闭合电路的一部分导体在地磁场中做切割磁感线运动，能否产生电流呢？于是他与小组同学合作，用一根长导线两端连接电流表，两名同学摇动导线（图乙所示），观察电流表指针是否偏转，你认为两个摇动导线的同学应该按 （选填“东西”或“南北”）方向站立效果更好。
26．（7分）实践小组的同学们用两节新的干电池进行“伏安法测定小灯泡电阻”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V（正常工作阻值约为9Ω），滑动变阻器规格为“30Ω 1A”。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片向右滑电阻变大，导线不得交叉。
（2）连接好电路后，经检查无误后闭合开关，发现电压表的示数较大，灯泡却不发光，原因可能是灯泡 。
（3）解决问题后，移动滑动变阻器滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，小灯泡正常发光时电阻为 Ω（保留一位小数）。
（4）小组同学实验得到多组数据，根据数据，绘制了如图丙所示的图像。
①根据图像，小华发现小灯泡电阻是 （选填“不变”或“变化”）的，造成这种现象的原因是 。
②小明将滑动变阻器滑片调到中间位置（电阻为15Ω），发现小灯泡刚好能发出一点红光，此时灯泡两端电压为 V。
（5）实验结束后，老师又给小组一个阻值范围为0～9999Ω的电阻箱，还有一个未知电阻，估计阻值在500Ω左右，要求利用现有器材，测出未知电阻的阻值，以下器材不需要是 （选填字母）。
A.电流表
B.电压表
C.电源
2023年江苏省淮安市清河区开明中学集团校中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每题2分，共16分）
1．（2分）“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，作者能听出传来的是钟声，是根据声音的（ ）
A．音调 B．音色 C．响度 D．声速
【分析】（1）音色由发声体的材料和结构决定，不同的乐器音色不同。
（2）声音的高低叫音调，音调的高低与振动的频率有关。
（3）声音的大小叫响度，相当于振幅和距离声源的远近有关。
（4）声速与介质的种类和温度有关。
【解答】解：“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，作者能听出传来的是钟声，是根据声音的音色，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查的是音色，关键是能够区分音调、响度和音色。
2．（2分）摄影师抓拍到了一个有趣的场面（如图），一只乌鸦静止在飞翔的老鹰背上，这里“静止”所选参照物是（ ）
A．高山 B．乌鸦 C．老鹰 D．地面
【分析】判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的。
【解答】解：乌鸦静止在飞翔的老鹰背上，乌鸦和老鹰是相对静止的，因此以老鹰为参照物，乌鸦是静止的，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】本题以老鹰和乌鸦为研究对象，考查了运动和静止的相对性，属于基础内容的考查。
3．（2分）戴眼镜的人配戴口罩后，眼镜经常起雾，如图所示，此现象属于哪种物态变化（ ）
A．液化 B．凝华 C．熔化 D．汽化
【分析】物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化是放热过程。
【解答】解：戴眼镜的人配戴口罩后，人呼出的水蒸气从口罩的上方出去遇到温度较低的镜片液化成小水珠，附着在镜片上，镜片就变得模糊了，此现象属于液化。
故选：A。
【点评】本题考查了液化及液化的放热特点，属于基础性题目。
4．（2分）如图，大熊猫紧抱住树干不掉下来，以下选项中与大熊猫增大摩擦的方法相同的是（ ）
A．做引体向上时，要把手汗擦干
B．运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹
C．使用橡皮擦擦除字迹要用力
D．给机器设备滴加润滑油
【分析】（1）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。
（2）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
（3）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
【解答】解：大熊猫紧抱住树干不掉下来，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力。
A、做引体向上时，要把手汗擦干，是压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
B、运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
C、使用橡皮擦擦除字迹要用力，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；
D、给机器设备滴加润滑油，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力。
综上分析可知，与大熊猫增大摩擦的方法相同的是C。
故选：C。
【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
5．（2分）如图，鱼缸里的金鱼在吐着泡泡，下列说法中正确的是（ ）
A．泡泡上升过程中受到水压强变大
B．泡泡上升过程中受到水浮力变大
C．金鱼吐出泡泡后受到水压强变大
D．金鱼吐出泡泡后受到水浮力变大
【分析】由阿基米德原理F浮＝ρ液gV排判断浮力的大小变化；
由液体压强公式p＝ρ液gh判断压强的大小变化。
【解答】解：如图，气泡在上升过程中，其体积变大，则气泡排开水的体积变大，根据F浮＝ρ液gV排可知，所受到水的浮力增大；
气泡在上升过程中，所处深度减小，根据p＝ρ液gh可知，受到水的压强减小。
金鱼吐出泡泡后，排开水的体积不变，根据F浮＝ρ液gV排可知，所受到水的浮力不变；
所处深度不变，根据p＝ρ液gh可知，受到水的压强不变。
故ACD错误、B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对液体压强公式、阿基米德原理公式的掌握和运用，能分析出气泡、鱼的深度变化和体积变化情况是本题的关键。
6．（2分）如图是一种握力计，O是转轴，弹簧上端固定，下端位置可左右调节。小明训练握力时感觉太轻松，为增加训练强度，应将弹簧下端由B位置调到（ ）
A．A点 B．B点 C．C点 D．O点
【分析】物体由于发生弹性形变所产生的力叫弹力，物体的弹性形变越大，所产生的弹力越大。
【解答】解：O是转轴，弹簧上端固定，下端位置可左右调节。小明训练握力时感觉太轻松，为增加训练强度，应该增大弹力，让弹簧发生的弹性形变更大一些，应将弹簧下端由B位置调到A点，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查的是弹力的概念，关键是知道影响弹力大小的因素。
7．（2分）如图为我国空间站两名航天员在太空同时在舱出活动的照片，以下说法正确的是（ ）
A．两名航天员可以不依靠任何设备对话交流
B．画面是通过超声波传播到地球的
C．空间站使用的太阳能是可再生能源
D．电磁波从空间站到地面传播速度是340m/s
【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声；
电磁波可以传递信息，且电磁波的传播不需要介质；
（2）可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
（4）电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s。
【解答】解：
A、声音的传播需要介质，真空不能传声，而太空属于真空环境，因此两名航天员要依靠电子设备对话交流，故A错误；
B、电磁波可以传递信息，且电磁波的传播不需要介质，我国空间站两名航天员在太空同时在舱出活动的画面是通过电磁波传递到地球来的，故B错误；
C、太阳能可以源源不断地获得，因此是可再生能源，故C正确；
D、电磁波从空间站到地面传播速度是3×108m/s，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了声音的传播、电磁波的波速和运用、能源的分类，难度不大。
8．（2分）兴趣小组设计的电子身高测量仪如图所示，电源电压恒定，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。当测量小明身高时，滑动变阻器的滑片恰好处于最上端，电压表和电流表示数分别为3V和0.15A，当测量小华身高时，电压表和电流表示数分别为1.5V和0.3A，下列说法正确的是（ ）
A．R1的阻值是20Ω
B．R2最大阻值是30Ω
C．测量小明身高时，R1的电功率是0.25W
D．当滑动变阻器的滑片处于最下端时，电流表示数为0.45A
【分析】AB、闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压。当测量小明身高时，滑动变阻器的滑片恰好处于最上端，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电压表和电流表示数分别为3V和0.15A。根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值；
根据欧姆定律和串联电路的电压特点可知电源电压的表达式；
当测量小华身高时，电压表和电流表示数分别为1.5V和0.3A，根据欧姆定律和串联电路的电压特点可知电源电压的表达式，联立两式可得电源电压和R1的阻值；
C、测量小明身高时，根据P＝UI得出R1的电功率；
D、当滑动变阻器的滑片处于最下端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，根据欧姆定律得出电流表示数。
【解答】解：AB、闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压。当测量小明身高时，滑动变阻器的滑片恰好处于最上端，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电压表和电流表示数分别为3V和0.15A。根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值R2＝＝＝20Ω，故B错误；
根据欧姆定律和串联电路的电压特点可知电源电压U＝U1+U2＝0.15A×R1+3V.....①；
当测量小华身高时，电压表和电流表示数分别为1.5V和0.3A，根据欧姆定律和串联电路的电压特点可知电源电压U＝U1′+U2′＝0.3A×R1+1.5V.....②；
联立①②得：U＝4.5V，R1＝10Ω；故A错误；
C、测量小明身高时，R1的电功率P1＝U1I＝3V×0.15A＝0.45W，故C错误；
D、当滑动变阻器的滑片处于最下端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，电流表示数IA＝＝＝0.45A，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，是一道综合题。
二、填空题（每空1分，16题2分，共20分）
9．（2分）平静湖面水深10m，上空20m处一只鸟正水平飞行，它离湖水中的像的距离为 40 m，鸟在向下俯冲捕食的过程中，像的大小 不变 （选填“逐渐变大”“逐渐变小”或“不变”）。
【分析】平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
【解答】解：当鸟距湖面的距离为20m时，鸟所成像距离水面也是20m，则鸟与所成像的距离为20m+20m＝40m；
在小鸟向下俯冲靠近水面的过程中，小鸟与水面的距离变小，但小鸟在水中所成的像始终不改变，与小鸟大小相等。
故答案为：40；不变。
【点评】人靠近平面镜时，感觉像变大，实际上像的大小不变，是眼睛看像的视角增大，感觉像在变大，是一种错觉。
10．（3分）如图所示，小球水平向右做直线运动，电子表显示的时间格式是“时：分：秒”，则小球从A到B的距离为 2.74 cm，小球从A到C的平均速度是 0.84 cm/s，小球的运动状态 改变 （选填“改变”或“不改变”）。
【分析】此刻度尺的每个大格为1cm，分度值为0.1cm，据此判断小球从A到B走过的距离；
从图中找出小球从A到C的距离，计算所用的时间，根据v＝计算平均速度；
物体保持静止状态或匀速直线运动状态，为运动状态不变。根据v＝计算小球从A到B的平均速度，与从A到C的速度比较，进行判断。
【解答】解：此刻度尺的每个大格为1cm，分度值为0.1cm，小球从A到B走过的距离s′＝2.74cm；
小球从A到C的距离s＝4.20cm，
时间t＝10：35：05﹣10：35：00＝5s，
平均速度为v＝＝＝0.84cm/s；
小球从A到B的时间t′＝10：35：03﹣10：35：00＝3s，
平均速度为v′＝＝≈0.91cm/s≠0.84cm/s，
小球在做变速运动，运动状态在改变。
故答案为：2.74；0.84；改变。
【点评】本题考查了长度和时间的计算、平均速度的计算、运动状态的判断，属于基础题，要求掌握。
11．（2分）如图所示，静止的气球因向右喷气而向 左 运动，说明力的作用是相互的，使气球从静止变为运动的力的施力物体是 气球喷出的气体 。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的，力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变；②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
（2）力是物体对物体的作用，其中受到力的作用的物体叫受力物体，对别的物体施加了力的物体叫施力物体。
【解答】解：把封口的夹子松开，气球向右喷出空气的同时由静止开始向左运动，这是因为力的作用是相互的，喷气的同时，气球也受到了气球喷出的气体（空气）对它的反作用力；因此使气球由静止变为运动的力的施力物体是气球喷出的气体。
故答案为：左；气球喷出的气体。
【点评】此题主要考查了力的作用效果、物体间力作用的相互性等，难度不大，属于基础知识。
12．（3分）潜水艇是通过改变 自身重力 （选填“自身重力”或“浮力”）实现上浮和下潜的；如图是我国研制的地效翼船，被称为海陆空“三栖巨兽”，其机翼侧面为上凸下平的形状，是利用流体流速越大，压强越 小 的原理产生向上的升力的，如果其质量为4.5吨，静止在海面上时排开水的体积是 4.5 m3 （海水密度为1.0×103kg/m3 ）。
【分析】潜水艇是通过改变自身重力实现上浮和下潜的；流体流速越大的位置，压强越小；
根据得F浮＝G＝mg出静止在海面上所受的浮力，根据阿基米德原理可知排开水的体积。
【解答】解：潜水艇是通过改变自身重力实现上浮和下潜的；如图是我国研制的地效翼船，被称为海陆空“三栖巨兽”，其机翼侧面为上凸下平的形状，是利用流体流速越大，压强越小的原理产生向上的升力的，如果其质量为4.5吨，静止在海面上所受的浮力F浮＝G＝mg＝4.5×1000kg×10N/kg＝4.5×104N，
根据阿基米德原理可知排开水的体积V排＝＝＝4.5m3。
故答案为：自身重力；小；4.5。
【点评】本题考查浮力和压强的知识，是一道综合题。
13．（3分）如图所示是一幅简单的过山车漫画，在关闭动力系统的情况下，过山车在轨道上从A点向右运动，如果B、D两处高度相同，则过山车在这两处的重力势能关系是 一样大 （选填“B处大”、“D处大”或“一样大”），动能关系是 B处大 （选填“B处大”、“D处大”或“一样大”）；过山车在C点时若所受的力全部消失，过山车将 做匀速直线运动 （选填“保持静止”或“做匀速直线运动”）。
【分析】（1）影响重力势能的因素：质量、高度；影响动能的因素：质量、速度；
（2）根据牛顿第一定律，物体不受力将保持原来的运动状态，做匀速直线运动或保持静止。
【解答】解：B、D两处高度相同，过山车的质量不变，则过山车在这两处的重力势能一样大；由于过山车运动过程有摩擦力，机械能转化为内能，机械能减小，故D点的机械能比B点小，而重力势能相等，故B的动能比D点大，过山车在C点时若所受的力全部消失，C有水平方向的速度，故过山车将做匀速直线运动。
故答案为：一样大；B处大；匀速直线运动。
【点评】本题考查机械能的转化和牛顿第一定律，属于中档题。
14．（3分）如图，小华用4N的拉力，拉着重力为6N的物体，使物体匀速上升0.15m，所用时间为3s，拉力做的有用功是 0.9 J；拉力做功的功率是 0.4 W；若用该装置提升10N的重物，其机械效率的大小将 变大 （选填“变小”、“变大”或“不变”）。
【分析】根据W有＝Gh计算有用功；根据W＝Fs和s＝nh计算总功，根据P＝计算拉力的功率；同一动滑轮，提起物体越重，其机械效率越高。
【解答】解：拉力做的有用功：
W有＝Gh＝6N×0.15m＝0.9J；
承担重物绳子的段数n＝2，
根据W＝Fs和s＝nh可得，拉力做的总功：
W总＝Fs＝Fnh＝4N×2×0.15m＝1.2J，
拉力做功的功率：
P＝＝＝0.4W；
用这个动滑轮把重10N的物体提升同样高度，额外功相同，有用功变大，有用功在总功中的占比变大，其机械效率变大。
故答案为：0.9；0.4；变大。
【点评】本题考查了有用功、总功、功率的计算和机械效率变化的判断，难度不大。
15．（2分）如图所示，电源电压恒定，R1的阻值为20Ω，R2的阻值为10Ω。当S、S2闭合，S1断开时，电流表的示数为0.3A，则电源电压为 6 V；当S、S1、S2都闭合时，电流表示数为0.9A，则R3的阻值是 10 Ω。
【分析】（1）当S、S2闭合，S1断开时，R3开路，R2短路，只有R1连入电路，电流表测量电路电流，根据欧姆定律求出电源电压；
（2）当S、S1、S2都闭合时，R2被短路，R1、R3并联，电流表测干路中的电流；先根据欧姆定律求出通过R1的电流，然后根据并联电路电流特点求出通过R3的电流，再根据欧姆定律求出R3的电阻。
【解答】解：（1）当S、S2闭合，S1断开时，R3开路，R2被短路，只有R1连入电路，电流表测量电路电流；
由I＝可知，电源电压为：U＝IR1＝0.3A×20Ω＝6V；
（2）当S、S1、S2都闭合时，R2被短路，R1、R3并联，电流表测干路中的电流；
因并联电路中各支路两端电压相等，所以通过R1的电流：I1＝＝＝0.3A，
因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以通过R3的电流：I3＝I﹣I1＝0.9A﹣0.3A＝0.6A，
则由I＝可得R3的电阻为：R3＝＝＝10Ω。
故答案为：6；10。
【点评】本题考查了电阻的串联和并联电路的特点及欧姆定律的应用，关键明确开关处于不同状态时电路的连接方式。
16．（2分）做饭时，妈妈不小心将胡椒粉撒到了粗粒盐盒里，她想将胡椒粉与盐分离。厨房里有金属勺子、塑料吸管和上次吃龙虾剩下的一次性塑料手套（塑料吸管与塑料手套材质不同），请你选用上述器材结合所学的物理知识来帮妈妈解决这个问题，请写出你的做法并解释其原理 胡椒粉属于轻小物体，塑料吸管与塑料手套摩擦后带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以，用带电的塑料吸管吸引胡椒粉，将其与粗盐分开。 。
【分析】胡椒粉属于轻小物体，而粗盐不是，由于带电体能吸引轻小物体，所以带电体能将轻小物体和非轻小物体分开。
【解答】解：胡椒粉属于轻小物体，塑料吸管与塑料手套摩擦后带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以，用带电的塑料吸管吸引胡椒粉，将其与粗盐分开。
故答案为：胡椒粉属于轻小物体，塑料吸管与塑料手套摩擦后带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以，用带电的塑料吸管吸引胡椒粉，将其与粗盐分开。
【点评】本题考查了静电的应用，知道带电体有吸引轻小物体的性质。
三、解答题（每空1分，每图1分，共44分）
17．（1分）如图所示是一束射向水面的光，请画出折射光线的大致位置。
【分析】先画出法线，然后根据折射定律完成折射光路，即光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。
【解答】解：过折射点作法线，然后根据折射角小于入射角画出折射光线，如图所示：
【点评】本题主要考查光的折射光路图的画法，属于常考题目，难度不大，作图时应注意真实光线为实线，法线为虚线。
18．（1分）如图所示，请作出在空中飞行的足球所受重力示意图。
【分析】根据重力的方向是竖直向下的，从重心做竖直向下的力即可。
【解答】解：重力的方向是竖直向下的，从足球重心O（球心）画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
【点评】本题考查了重力的示意图的作法，不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。
19．（1分）如图所示，请将灯泡和开关连入家庭电路。
【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全，
【解答】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，如图所示：
【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
20．（1分）请根据图中的小磁针指向标出电源左端的极性。
【分析】根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；
根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
【解答】解：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，小磁针的N极指向右方，S极指向左方，因此通电螺线管的左端为S极，右端为N极；根据安培定则可知，电流从通电螺线管的右后侧流入，从左前侧流出，因此电源左端为负极。如图：
【点评】本题考查安培定则及磁极间的相互作用规律，要求学生不但要会由安培定则判断磁极的方向，还要会由安培定则判断电流方向。
21．（10分）水暖电热毯因其安全恒温舒适，深受老年人喜爱。表格是某品牌水暖电热毯参数，请根据这些参数计算[g取10N/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]
主机质量
1.5kg
主机尺寸
24×22×11cm3
水箱最大装水量
1000g
高温范围
10﹣65℃
最大加热功率
300W
（1）未装水时主机的重力为多大？
（2）如果主机的底面积以0.04m2计算，未装水的主机对水平地面压强为多大？
（3）铺好电热毯，接上水管，水箱中装满初温为15℃的冷水，将这些冷水升温至45℃，需要吸收多少热量？
（4）如果开机时主机以最大加热功率工作，8min内能将15℃的满箱水加热到45℃，此电热毯加热效率为多少？
【分析】（1）知道主机的质量，根据G＝mg求出未装水时主机的重力；
（2）未装水的主机对水平地面压力等于自身的重力，根据p＝求出未装水的主机对水平地面压强；
（3）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（4）根据W＝Pt求出电热毯消耗的电能，利用效率公式求出电热毯的加热效率。
【解答】解：（1）未装水时主机的重力：G＝mg＝1.5kg×10N/kg＝15N；
（2）未装水的主机对水平地面压力：F＝G＝15N，
未装水的主机对水平地面压强：p＝＝＝375Pa；
（3）水吸收的热量：Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1000×10﹣3kg×（45℃﹣15℃）＝1.26×105J；
（4）电热毯消耗的电能：W＝Pt′＝300W×8×60s＝1.44×105J，
电热毯的加热效率：η＝×100%＝×100%＝87.5%。
答：（1）未装水时主机的重力为15N；
（2）未装水的主机对水平地面压强为375Pa；
（3）水吸收的热量为1.26×105J；
（4）电热毯加热效率为87.5%。
【点评】本题主要考查重力公式、压强公式、吸热公式、电功公式以及效率公式的应用，题目综合性较强，难度不大。
22．（6分）在测量某小石块（不吸水）的密度时：
（1）把天平放在 水平 台面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针指向如甲图所示，他应该向 右 调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）测量小石块质量时，右盘中的砝码和游码的位置如乙图所示，小石块的质量为 84 g。
（3）用细线系住小石块放入盛水的量筒中，如丙图所示，小石块的体积为 20 cm3，则小石块的密度为 4.2 g/cm3。
（4）如果将小石块放入水中时石块上附着气泡，会使密度的测量值偏 小 。
【分析】（1）把天平放在水平台面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，调节天平平衡时，指针左偏则将平衡螺母向左调；反之就向右调。
（2）物体的质量＝砝码的质量+游码所对应的质量。
（3）在有量筒的情况下，我们可以利用排水法求得小石块的体积，根据密度公式计算小石块的密度；
（4）根据排水法用量筒测出小石块体积，利用ρ＝求出小石块密度并分析对于测量结果的影响。
【解答】解：（1）把天平放在水平台面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针向左偏，则应将平衡螺母向右调节，直至横梁水平平衡。
（2）小石块的质量＝砝码的质量+游码所对应的质量，即m＝50g+20g+10g+4g＝84g；
（3）由图丙可知，小石块的体积V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3，
则小石块的密度ρ＝＝＝4.2g/cm3。
（4）若测量体积时，小石块在水中表面附着气泡，会导致测量其体积偏大，通过密度计算公式ρ＝分析可知，导致密度偏小。
故答案为：（1）水平；右；（2）84g；（3）4.2；（4）小。
【点评】此题是测量小石块的密度，要测量密度，需得知质量和体积两个量，题目中告诉我们用量筒测量固体体积的方法：排水法，将小石块的体积转化为排开水的体积，应注意掌握。
23．（6分）在“探究水的沸腾前后温度变化特点”实验中。
（1）图甲为实验装置，安装时应先确定 B （选填“A”或“B”）的位置。
（2）加热到某时刻，温度计示数如图乙所示，此时烧杯内水温为 94 ℃。
（3）小明观察到水在沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况，如图丙、丁所示，则图 丁 是沸腾前的情况。沸腾时气泡内的气体主要成分是 水蒸气 。
（4）水的温度随时间变化的数据如表。从记录数据可得出的实验结论是：水沸腾时温度 不变 ，此时水的沸点是 98 ℃。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
温度/℃
90
91
92
93
94
95
96
97
98
98
98
【分析】（1）用酒精灯的外焰加热，酒精灯点燃后，酒精灯外焰位置确定，安装时要从下到上依次安装；
（2）温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；
（3）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；
（4）水沸腾时继续吸热，温度保持不变，沸腾时不变的温度叫做沸点。
【解答】解：（1）安装实验装置时，应先根据酒精灯及其火焰的位置，确定B的位置，然后在确定A的位置；
（2）温度计的分度值是1℃，此时是零上，液柱上表面对准了90℃上面第4个小格处，读作94℃；
（3）水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡上升过程中，不断有水变为水蒸气进入气泡，气泡越来越大，因此图丁是沸腾前的情况，图丙是沸腾时的情况，气泡内是水蒸气；
（4）从记录数据可得出，水沸腾时温度不变，这个不变的温度就时水的沸点，是98℃。
故答案为：（1）B；（2）94；（3）丁；水蒸气；（4）不变；98。
【点评】本题是观察水的沸腾实验，考查了器材的组装、沸腾前后的现象、沸腾特点、沸点与气压的关系，图像分析等，观察图像时，不仅要比较升温快慢，还要注意初温是否相同。
24．（7分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）实验前应将烛焰和光屏的中心调节到凸透镜的 主光轴 上。经测量，该透镜的焦距为10cm。
（2）实验时蜡烛燃烧后变短，光屏上得到蜡烛的像如图所示，应该将凸透镜向 下 移动（选填“上”或“下”），使成像在光屏的中央。
（3）固定凸透镜的位置在50cm刻度处，当蜡烛位置在10cm刻度时，移动光屏位置，直到光屏上出现清晰的像，此时物距是 40 cm，所成的像是倒立 缩小 （选填“放大”或“缩小”）的实像， 照相机 就是利用这种成像规律工作的（选填“投影仪”、“照相机”或“放大镜”）。
（4）保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一个凹透镜，需要将光屏向 右 （选填“左”或“右”）移动到适当位置，就能再次得到清晰的像，这是模拟 近视 眼的矫正（选填“近视”或“远视”）。
【分析】（1）为了使像成在光屏中央，应将烛焰和光屏的中心调节到凸透镜的主光轴上；
（2）根据过光心的光线传播方向不变分析回答；
（3）物体到透镜中心的距离为物距；根据u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用这种成像规律工作的；
（4）凹透镜对光线具有发散作用，可以用来矫正近视眼。
【解答】解：（1）为了使像成在光屏中央，应将烛焰和光屏的中心调节到凸透镜的主光轴上；
（2）实验时蜡烛燃烧后变短，光屏上得到蜡烛的像如图所示，此时像成在光屏的上方，使成像在光屏的中央，根据过光心的光线传播方向不变可知，应该将凸透镜向下移动；
（3）固定凸透镜的位置在50cm刻度处，当蜡烛位置在10cm刻度时，移动光屏位置，直到光屏上出现清晰的像，此时物距u＝50cm﹣10cm＝40cm＞2f，根据u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用这种成像规律工作的；
（4）保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一个凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，故需要将光屏向右移动到适当位置，就能再次得到清晰的像，这是模拟近视眼的矫正。
故答案为：（1）主光轴；（2）下；（3）40；缩小；照相机；（4）右；近视。
【点评】本题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律的应用，熟练掌握成像特点与物距、像距的关系是关键。
25．（4分）实验课上某小组同学们做磁生电的实验探究。
（1）小明用如图甲的装置进行实验。实验中，通过观察 电流表的指针是否发生偏转 来判断电路中是否有感应电流；
（2）实验中发现，当导体ab向左运动时，电流表指针向右，当导体ab向右运动时，电流表指针向左偏转，说明感应电流的方向与 电流表的指针是否发生偏转 有关。
（3）生活中 发电机 （选填“电动机”或“发电机”）是利用本实验的原理制成。
（4）实验结束后，小明突发奇想：让闭合电路的一部分导体在地磁场中做切割磁感线运动，能否产生电流呢？于是他与小组同学合作，用一根长导线两端连接电流表，两名同学摇动导线（图乙所示），观察电流表指针是否偏转，你认为两个摇动导线的同学应该按 东西 （选填“东西”或“南北”）方向站立效果更好。
【分析】（1）电路中有感应电流产生时，电流表的指针会发生偏转；
（2）导体在磁场中运动产生的电流方向，与磁场方向、导体运动方向两个因素有关；
（3）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的；
（4）要使产生的感应电流变大，就要使导体切割更多的磁感线，结合地磁场的方向即可确定这两个同学的站立方向。
【解答】解：（1）图甲实验过程中，通过观察电流表的指针是否发生偏转判断电路中是否有感应电流产生；
（2）当导体ab向左运动时，电流表指针向右，当导体ab向右运动时，电流表指针向左偏转，导体运动的方向发生了变化，感应电流的方向发生了变化，这说明产生的感应电流方向与导体运动方向有关；
（3）生活中发电机是利用本实验的原理制成；
（4）要使感应电流变大，就要使导线尽可能地切割更多的磁感线，由于磁感线是南北方向的，摇动导线的同学应该按东西方向站立效果更好。
故答案为：（1）电流表的指针是否发生偏转；（2）导体运动方向；（3）发电机；（4）东西。
【点评】知道电流的磁效应、电磁感应现象以及它们对应的应用。
26．（7分）实践小组的同学们用两节新的干电池进行“伏安法测定小灯泡电阻”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V（正常工作阻值约为9Ω），滑动变阻器规格为“30Ω 1A”。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片向右滑电阻变大，导线不得交叉。
（2）连接好电路后，经检查无误后闭合开关，发现电压表的示数较大，灯泡却不发光，原因可能是灯泡 断路 。
（3）解决问题后，移动滑动变阻器滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，小灯泡正常发光时电阻为 8.9 Ω（保留一位小数）。
（4）小组同学实验得到多组数据，根据数据，绘制了如图丙所示的图像。
①根据图像，小华发现小灯泡电阻是 变化 （选填“不变”或“变化”）的，造成这种现象的原因是 小灯泡的电阻随温度的变化而变化 。
②小明将滑动变阻器滑片调到中间位置（电阻为15Ω），发现小灯泡刚好能发出一点红光，此时灯泡两端电压为 0.6 V。
（5）实验结束后，老师又给小组一个阻值范围为0～9999Ω的电阻箱，还有一个未知电阻，估计阻值在500Ω左右，要求利用现有器材，测出未知电阻的阻值，以下器材不需要是 A （选填字母）。
A.电流表
B.电压表
C.电源
【分析】（1）观察电路可知，只有滑动变阻器未接入电路，且由题意知滑片右移电阻变大，说明滑动变阻器左下部分电阻接入电路，据此完成电路连接；
（2）连接电路闭合开关，因为正常情况下电压表测的是灯泡两端电压，而发现电压表示数较大而灯泡却不亮，说明不是灯泡分压小，而是可能灯泡出现了断路故障；
（3根据图甲知电流表所选量程，确定其对应的分度值，读出电流表的读数；
再根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻大小；
（4）①据图丙分析可知I﹣U是一条曲线，由此可判断小灯泡电阻是变化的，原因是小灯泡电阻会随温度的变化而变化；
②根据串联电路电压的规律及欧姆定律，可在图丙图线上找到一个点，同时满足在此电流下结合欧姆定律计算出的滑动变阻器的分压和小灯泡的分压之和为电源电压3V即可；
（5）要组成一个完整电路，电源是必不可少的，再结合题干给出的电源为两节新的干电池，则可知电源电压最大为3V，而未知电阻的阻值在500Ω左右，则根据欧姆定律可知电路中最大电流大小，结合电流大小可判断电流表是否必要，最后再确定是否要用串联分压原理求出待测电阻，以判断电压表是否必要。
【解答】解：
（1）分析图甲电路可知，只有滑动变阻器未接入电路，且由题意知滑片右移电阻变大，说明滑动变阻器左下部分电阻接入电路，因此只要将滑动变阻器按一上一下接入电路即可，电路图如下图所示：
；
（2）连接电路闭合开关，因为正常情况下电压表测的是灯泡两端电压，而发现电压表示数较大而灯泡却不亮，说明不是灯泡分压小，而是可能是灯泡出现了断路；
（3）根据图甲知电流表所选量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则电流表示数为0.28A，
再根据欧姆定律R＝正常发光时的电阻为：；
（4）①据图丙分析可知I﹣U是一条曲线，由此可判断小灯泡电阻是变化的，原因是小灯泡电阻会随温度的变化而变化；
②由图丙可知，当电路中的电流为0.16A时，小灯泡的分压为0.6V，此时滑动变阻器的电压为U滑＝IR滑＝0.16A×15Ω＝2.4V，则U＝U滑+UL＝2.4V+0.6V＝3V，满足题意，由此可知此时灯泡两端电压为0.6V；
（5）电路中必须要有电源；
电源为两节新的干电池，则可知电源电压最大为3V，而未知电阻的阻值在500Ω左右，则根据欧姆定律可知电路中最大电流大小为I＝，此电流值远小于电流表小量程的分度值，因此不能准确读数，由此判断电流表用不了，不需要；
接下来为了测出未知电阻的阻值，由串联分压原理可知，因此电压表是需要的，故选A。
故答案为：（1）见解答图；（2）断路；（3）8.9；（4）①变化；小灯泡的电阻随温度的变化而变化；②0.6；（5）A。
【点评】本题考查了“伏安法测定小灯泡电阻”的实验，涉及了电路的连接、电路故障分析、欧姆定律的计算、温度对灯泡电阻的影响、串联分压原理的应用等，有一定难度。
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