2023年河南省南阳市桐柏县四校联考中考物理二模试卷

这是一份2023年河南省南阳市桐柏县四校联考中考物理二模试卷，共15页。试卷主要包含了填空题，选择题，画图题，实验题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。

2023年河南省南阳市桐柏县四校联考中考物理二模试卷
一、填空题（14分）
1．（2分）当120救护车鸣笛驶来，行人和车辆都纷纷让道。鸣笛声是通过 　 　传到人耳的，人们根据鸣笛声可以判断是120救护车，说明声音可以传递 　 　。
2．（2分）如图所示，儿童发烧时常用“退热贴”贴在额头进行物理降温。“退热贴”内部是一种胶状物，在使用过程中胶状物里面的水分受热会逐渐消失，在这一过程中发生的物态变化是 　 　，此过程 　 　（选填“吸收”或“放出”）热量。

3．（2分）小明坐在高铁的座位上欣赏窗外的风景，忽然发现放在桌板上的铅笔向自己滚来，则此时高铁应在 　 　（选填“加速”或“减速”）前进；高铁过隧道时，若列车长度为200m，隧道长度为4.3km，列车以270km/h的速度穿过隧道需要的时间为 　 　min。
4．（3分）如图，A灯标有“4V 4W”字样，B灯标有“4V 2W”字样，温度对灯泡电阻的影响忽略不计。闭合开关，从右向左缓慢滑动变阻器滑片，直到其中一盏灯恰好正常发光，则这盏灯是 　 　灯，此时电压表的示数是 　 　V，A灯和B灯的总功率是 　 　W。

5．（3分）某品牌家用电热水壶的简化电路图如图甲所示，当只闭合开关S1时电热水壶将以 　 　（选填“高温”或“低温”）挡加热。已知电阻R1的阻值为220Ω，电阻R2的阻值为55Ω，当接通电源并闭合开关S1和S2时，家用电热水壶的工作电流为 　 　A；若关闭家中的其他用电器，仅使用该电热水壶的高温挡烧水6min，电能表（如图乙）的表盘要转 　 　转。

6．（2分）北京冬奥会采用了二十四节气来进行倒计时，配合着古诗文或谚语、俗语，中国人的浪漫惊艳全球。请你根据示例说出一个节气，并简述其中蕴含的与物态变化有关的知识。
示例：
节气名称：寒露。
物理知识：露的形成是液化现象。
节气名称：　 　。
物理知识：　 　。
二、选择题（16分）
7．（2分）生活中有很多物理知识的应用，下列说法中正确的是（　　）
A．在铁轨下铺设枕木，是为了减小对地面的压力
B．将自制气压计从一楼拿到五楼，管内外液面的高度差变大
C．热气球升空的原理是流体流速大的地方压强小
D．拦河大坝修成土窄下宽，利用了连通器原理
8．（2分）如图所示，工人用10s沿斜面把一箱货物从底端匀速拉到顶端，拉力为800N，斜面长5m、高2m，货物质量为160kg。对此，下列说法正确的是（g取10N/kg）（　　）

A．货物的重力和斜面对货物的支持力是一对平衡力
B．货物受到的摩擦力大小为 800N
C．拉力的功率为 400W
D．斜面的机械效率是75%
9．（2分）以下估测的数据最接近实际的是（　　）
A．书桌上LED护眼灯的电功率约为200W
B．人正常步行的速度约为4km/h
C．中学生从一楼走到三楼，克服重力做功约为300J
D．正常人吸气时肺内的气压约为2×105Pa
10．（2分）“珍爱生命，注意用电安全”。关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．电能表的转盘转得越快，说明用电器消耗的电能越多
B．空气开关跳闸一定是发生了短路
C．可以用湿抹布擦拭工作中的家用电器
D．用电器标有“E”的电源插头连接的是地线
11．（2分）近年来，我国在能源、信息与材料等领域取得了辉煌的成就。下列说法不正确的是（　　）
A．风能、水能、太阳能、核能都是可再生能源
B．目前的核电站是利用原子核裂变发电的
C．光纤通信是利用激光在纤维材料中多次反射传输信息的
D．用超导材料制造输电线，可以大大降低输电线的电能损耗
12．（2分）如图，这是一种塔式起重机，已知起重机上的滑轮组在匀速起吊300kg的物体时，滑轮组的机械效率是50%，g取10N/kg。下列分析和计算错误的是（　　）

A．起重机的吊臂AOB可视为杠杆
B．减小起吊物体的质量，滑轮组的机械效率将增大
C．物体上升4m，滑轮组所做有用功是1.2×104J
D．物体上升4m，滑轮组所做总功是2.4×104J
（多选）13．（2分）如图所示是晓惠洗水果时的情景，她发现不同的水果在水中静止时所处的位置不同。下列说法错误的是（　　）

A．青枣漂浮在水面上，说明青枣的密度等于水的密度
B．苹果漂浮在水面上，说明苹果受到的浮力等于它的重力
C．葡萄从水面下沉的过程，受到的浮力逐渐变小
D．葡萄加速沉底，受到的浮力比它的重力小
（多选）14．（2分）创新小组的同学们为学校食堂设计了一个可自动注水的储水池。如图是它的简化装置图，电源电压一定。控制电路中，RN为压敏电阻，其阻值随压力的变化而变化，R0为定值电阻。闭合开关S1、S2，当池中水位上升到一定高度时，触点分离，工作电路断开，注水装置自动停止注水，当池中水位下降到一定位置时，触点连接，工作电路接通，注水装置自动开始注水。下列分析正确的是（　　）

A．水位上升时，电磁铁磁性变弱
B．水位上升时，R0两端电压变大
C．水位下降时，R0的电功率变小
D．水位下降时，RN的阻值会变小
三、画图题（4分）
15．（2分）如图所示，将一块木板放在平面镜前，请画出小明通过平面镜看到自己脚尖的光路图。


16．（2分）给螺线管通电后，能自由转动的小磁针静止时的指向如图所示。在图中标出电源的+，﹣”极，并标出螺线管外磁感线的方向.


四、实验题（19分）
17．（4分）在“探究光的反射规律”实验中，小刚进行了如图甲所示的实验，把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张白纸板竖直立在平面镜上，白纸板由可以绕接缝ON转折的左右两部分组成。实验步骤如下：
（1）使一束光贴着纸板的左半部分沿某一角度射到O点，经平面镜反射后，反射光线贴着右侧纸板沿另一个方向射出，在纸板上用笔描出入射光EO的反射光OF的径迹。
（2）接下来应该改变 　 　，多做几次实验，并换用不同颜色的笔记录每次实验中的光的径迹。
（3）接下来取下纸板，用量角器量出入射角和反射角的度数。要测量反射角，在图甲中应测量∠　 　。实验数据如表，写出由数据可以得出的一条规律：　 　。

实验次数
入射角
　反射角
1
20°
20°
2
40°
40°
3
55°
55°
（4）若将纸板的右半部分向前或向后折，如图乙所示，重做上述实验，发现在右半部分纸板上看不见反射光线，若想验证反射光线、入射光线、法线是否在同一平面内，应进行的操作是 　 　。
18．（6分）小明探究“液体内部压强的特点”的实验步骤如图，图中甲到戊的容器中的液体均为水。

（1）实验时，通过比较U形管两边 　 　来比较液体压强大小。
（2）根据 　 　三次实验可以得出：同种液体在同一深度向各个方向的压强 　 　。
（3）小明根据乙、丁、戊三次实验得出结论：液体内部压强的大小与液体的 　 　有关。
（4）小明向图戊的容器中撒入盐，比较丁、戊两次实验得出结论：液体的压强大小与液体的密度有关。小明的相关实验操作 　 　（选填“能”或“不能”）得出该结论。
（5）图己是小明自制的用来做“探究液体压强是否与液体深度、液体密度有关”的实验装置。容器中间用隔板分成左右两部分，板中间有一小圆孔用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时其形状会发生形变。图己的装置中A、B两种液体的密度大小关系为ρA　 　ρB（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
19．（9分）如图所示。在探究“并联电路的电流特点”的实验中，小王设计了如图甲所示的电路进行实验：

（1）闭合开关前，电流表的指针反偏，其原因可能是 　 　；
（2）实验时，闭合开关后两灯都亮。小王随意拆下一根导线，发现两灯都熄灭，据此他认为把电路接成了串联电路。小王的结论是 　 　（选填“可靠”或“不可靠”）的，理由是：　 　；
（3）排除故障后，小王分别用电流表测出A，B和C三点的电流I1，I2和I三次电流表的示数分别为I1＝0.5A，I2＝0.52A，I＝1A。则测量C点时电流表选用的量程是 　 　（选“0～0.6A”、“0.6～3A”或“0～3A”）。最后根据测量结果，在误差允许范围内你认为得到的结论是：　 　；
（4）为了验证结论的普遍性、小王采用了更换不同规格的灯泡继续实验的方法进行验证，你还可以采用的方法是 　 　，
（5）小明同学对实验进行了改进，他在如图甲所示的电路中A、B、C三处各加一块电流表，连接的电路如图乙所示。这个电路中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，然后画出正确的连接位置。
五、综合应用题（17分）
20．（9分）有一辆自重2000kg的燃油汽车，核准载货量为4000kg，而实际载货6000kg。该汽车在水平高速公路上以90km/h速度匀速行驶了23min，所受阻力为汽车总重的0.1倍。燃油的热值为4.7×107J/kg，g取10N/kg。
（1）求汽车牵引力做功的功率。
（2）若燃油完全燃烧，内燃机的效率是40%，汽车行驶23min消耗多少千克燃油？
（3）请你运用所学到的物理知识分析超载会带来什么样的危害？（举一例即可）
21．（8分）某款电热饮水机具有加热和保温两挡，额定电压为220V，热水箱容量为1kg。如图甲是其电路原理图，S0为温控开关，R1、R2为电热丝（阻值不变）。某次饮水机在额定电压下工作的电功率P与时间t的关系图象如图乙所示，求：
（1）饮水机处于保温挡时，通过R1的电流；
（2）饮水机处于加热挡阶段消耗的电能与R2的阻值；
（3）若将水箱内装满20℃的水，加热5min温度升高到86℃。求该电热饮水机的加热效率。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。


2023年河南省南阳市桐柏县四校联考中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（14分）
1．【解答】解：当120救护车鸣笛驶来，行人和车辆都纷纷让道。鸣笛声是通过空气传到人耳的，人们根据鸣笛声可以判断是120救护车，说明声音可以传递信息。
故答案为：空气；信息。
2．【解答】解：退热贴内部是一种呈固态的胶状物，在使用过程中胶状物里面的水分受热由液态变为气态逐渐消失，其物态变化是汽化，汽化过程吸收热量。
故答案为：汽化；吸收。
3．【解答】解：（1）铅笔与车厢保持相对静止，它们运动状态相同，速度相等；如果列车减速前进，由于列车减速，速度变小，铅笔由于惯性，要保持原来的速度继续前进，铅笔的速度大于车厢的速度，所以铅笔突然向列车行驶的正前方滚动。
（2）高铁完全穿过该隧道所行驶的路程：s＝200m+4.3×103m＝4500m，
高铁的速度v＝270km/h＝75m/s，
由v＝得，高铁全部穿过隧道所用时间：
t＝＝＝60s＝1min。
故答案为：减速；1。
4．【解答】解：由电路图可知，两灯泡和滑动变阻器串联，电压表测两灯泡两端的电压之和。
由P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
IA＝＝＝1A，IB＝＝＝0.5A，
由I＝可得，两灯泡的电阻分别为：
RA＝＝＝4Ω，RB＝＝＝8Ω；
因串联电路中各处的电流相等，
所以，从右向左缓慢滑动变阻器滑片，滑动变阻器接入电路的阻值逐渐变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流逐渐变大，直到其中一盏灯恰好正常发光时，电路中的电流为0.5A，即B灯可以正常发光，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电压表的示数：
U＝I（RA+RB）＝0.5A×（4Ω+8Ω）＝6V；
此时A灯和B灯的总功率：
P＝UI＝6V×0.5A＝3W。
故答案为：B；6；3。
5．【解答】解：（1）单独闭合开关S1时，只有R1接入电路，R1＝220Ω；同时闭合开关S1、S2时，两电阻并联，根据并联电路的电阻特点可知，并联电路的总电阻小于任一并联的电阻，由P＝UI＝可知只闭合开关S1时电热水壶功率最小，将以低温挡加热；
（2）当接通电源并闭合开关S1和S2时，两电阻并联，由可得，
电路的总电阻为：R总＝＝＝44Ω，
家用电热水壶的工作电流为：I＝＝5A；
（3）用该电热水壶的高温挡烧水时其功率为：P＝UI＝220V×5A＝1100W＝1.1kW，
若关闭家中的其他用电器，仅使用该电热水壶的高温挡烧水6min，根据P＝得，
该电热水壶消耗的电能为：W＝Pt＝1.1kW×＝0.11km•h，
根据图乙数据可知，电能表的表盘要转的转数为：n＝0.11km•h×1200r/kW•h＝132。
故答案为：低温；5；132。
6．【解答】解：大雪（或小雪）；雪的形成是凝华现象；
雨水（谷雨）；雨的形成是液化现象；
白露（寒露）：露的形成是液化现象。
故答案为：大雪；雪的形成是凝华现象。
二、选择题（16分）
7．【解答】解：A、在铁轨下铺设枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强，故A错误。
B、将自制气压计从一楼拿到五楼，管内外液面的高度差变大，因为大气压随高度的升高而减小，故B正确。
C、热气球是利用浮力升空的，与流体压强和流速的关系无关，故C错误。
D、拦河大坝下部比上部建造的宽是因为液体压强随着深度的增加而增大，与连通器无关，故D错误。
故选：B。
8．【解答】解：
A、货物的重力和斜面对货物的支持力，二力的方向不在一条直线上，不是一对平衡力，故A错误；
B、货物重力：G＝mg＝160kg×10N/kg＝1600N，
拉力做的有用功：
W有用＝Gh＝1600N×2m＝3200J，
拉力F做的总功：
W总＝Fs＝800N×5m＝4000J，
克服货物受到的摩擦力做的额外功：
W额＝W总﹣W有＝4000J﹣3200J＝800J，
由W额＝fs可得货物受摩擦力：
f＝＝＝160N，故B错误；
C、拉力做功功率：P＝＝＝400W，故C正确；
D、斜面的机械效率：
η＝＝×100%＝80%，故D错误。
故选：C。
9．【解答】解：A．书桌上LED护眼灯的工作电流小于0.1A，其功率小于P＝UI＝220V×0.1A＝22W，故A不符合实际；
B．正常人步行的速度约为1.1m/s＝1.1×3.6km/h≈4km/h，故B符合实际；
C．中学生的质量约为50kg，其重力为：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，从一楼走到三楼的高度为：h＝6m，则克服重力做功为：W＝Gh＝500N×6m＝3000J，故C不符合实际；
D．吸气时肺内的气压小于人体外的大气压强，即小于1.013×105Pa，故D不符合实际。
故选：B。
10．【解答】解：A、电能表的转盘转得越快，说明接入电路的用电器的总功率越大，在一定时间内消耗的电能越多，故A错误；
B、空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故B错误；
C、用湿抹布擦拭工作中的家用电器，易发生触电事故，故C错误；
D、用电器标有“E”的电源插头连接用电器的金属外壳，与之对应的三孔插座的上孔连接地线，故D正确。
故选：D。
11．【解答】解：A、太阳能、水能、风能等可以在自然界里源源不断地得到，是可再生能源；核能在短期内不能从自然界得到补充，是不可再生能源，故A错误；
B、核电站的核心设备反应堆，利用的是可控核裂变发电，故B正确；
C、光纤通信，是利用激光在纤维材料中多次反射传输信息的，故C正确；
D、如果用超导材料作为输电线，由于超导材料的电阻为0，则可以避免电流热效应产生的能量损耗，即可大大降低输电过程中的电能损耗，故D正确。
故选：A。
12．【解答】解：
A．吊臂AOB是可以在力的作用下绕O点转动的硬棒，因此吊臂AOB可视为杠杆，故A正确；
B．减小起吊物体的质量，起吊物体的重力减小，额外功不变，有用功减小，有用功在总功中所占的比例变小，则滑轮组的机械效率变小，故B错误；
C．物体上升4m，滑轮组所做有用功W有＝Gh＝mgh＝300kg×10N/kg×4m＝1.2×104J，故C正确；
D．由η＝×100%可得，物体上升4m，滑轮组所做总功W总＝＝＝2.4×104J，故D正确。
故选：B。
13．【解答】解：
A．因物体漂浮时物体的密度小于液体的密度，所以青枣漂浮在水面上，说明青枣的密度小于水的密度，故A错误；
B．因物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，所以苹果漂浮在水面上，苹果受到的浮力等于它的重力，故B正确；
C．葡萄从水面下沉的过程，水的密度一定，水的密度一定，排开水的体积先变大、后不变，由F浮＝ρ液gV排可知，葡萄受到的浮力先变大、后不变，故C错误；
D．因物体下沉时受到的浮力小于自身的重力，所以葡萄沉底，说明葡萄受到的浮力小于自身的重力，故D正确。
故选：AC。
14．【解答】解：AB、由图可知，控制电路中定值电阻R0与压敏电阻RN串联；由“池中水位上升到一定高度时，触点分离，工作电路断开，注水装置自动停止注水”可知，此时衔铁被吸引，动触点与静触点分离，电磁铁的磁性增强，控制电路中的电流变大，由串联电路的电流特点可知，通过R0的电流变大，由U＝IR可知R0两端电压变大，故A错误，B正确；
CD、由“池中水位下降到一定位置时，触点连接，工作电路接通，注水装置自动开始注水”可知，此时衔铁被释放，动触点与静触点接触，电磁铁的磁性减弱，控制电路中的电流变小，由P＝I2R可知R0的电功率变小，由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻变大，由串联电路的电阻特点可知，RN的阻值变大，故C正确，D错误。
故选：BC。
三、画图题（4分）
15．【解答】解：先做出脚尖A关于平面镜的对称点A′，即脚尖在平面镜中成的像，连接像点A′和人的眼睛B，与平面镜交于O，连接AO就是入射光线，OB为反射光线，如图所示，可见小华能通过平面镜看到自己的脚尖。


16．【解答】解：由图可知，小磁针的左端是S极，右端为N极；由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的左端是S极，右端是N极。
根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指向通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电源的右端为正极，左端是负极；
在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中磁感线的方向是向左的，如图所示：

四、实验题（19分）
17．【解答】解：（2）改变光束入射的角度，多做几次实验，换用不同颜色的记号笔记录每次光的径迹；
（3）由图知OE是入射光线，则OF是反射光线，则反射角为∠NOF；
根据表中反射角和入射角的数据可得出的结论为：反射角等于入射角；
（4）如图乙所示，将纸板右半部分绕ON向后翻转任意角度，发现纸板上均无反射光束呈现，反射光线没有随纸板转动，仍在原位置，此现象说明了反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
故答案为：（2）光束入射的角度；（3）NOF；反射角等于入射角；（4）将纸板右半部分绕ON向后翻转任意角度。
18．【解答】解：（1）根据转换法，实验时，通过比较U形管两边液面的高度差；来比较液体压强大小。
（2）甲、乙、丙三次实验，因U形管两边液面的高度差相等，可以得出：同种液体在同一深度向各个方向的压强相等。
（3）小明根据乙、丁、戊三次实验可知，液体密度相同，深度越大，压强越大，液体内部压强的大小与液体的深度有关。
（4）研究液体的压强大小与液体的密度有关，要控制液体的深度相同，小明向图戊的容器中撒入盐，比较丁、戊两次实验得出结论，小明的相关实验操作不能得出该结论，原因是没有控制液体深度相同；
（5）容器中间用隔板分成左右两部分，板中间有一小圆孔用薄橡皮膜封闭，因橡皮膜变平，故两侧压强相同，根据p＝ρgh，因左侧橡皮膜深度大，故A、B两种液体的密度大小关系为ρA＜ρB。
故答案为：（1）液面的高度差； （2）甲、乙、丙；相等；（3）深度；（4）不能；（5）＜。
19．【解答】解：（1）闭合开关前，电流表的指针反偏，其原因可能是使用前电流表没有调零；
（2）两灯泡串联时，拆下一根导线，电路断路，两灯泡熄灭；
两灯泡并联时，若拆下干路中的一根导线，两灯泡也同时熄灭，故据此他认为两灯一定是串联的，小王的结论是不可靠的；
（3）C点在干路中，此时干路中的电流为I＝1A，则测量C点时电流表选用的量程是0～3A；
根据测量结果，在误差允许的范围内，可得到的结论是：并联电路中干路电流等于各支路电流之和；
（4）为得出普遍结论，除可换用不同规格的灯泡，还可改变电源电压进行多次实验，测出多组实验数据，得出普遍性的结论。
（5）乙图中，原图出现了短路，所以应将电源负极与灯L2的连接线拆除，用导线连接电源负极和左下电流表的负接线柱，如下所示：

故答案为：（1）使用前电流表没有调零；（2）不可靠；两灯泡并联时，若拆下干路中的一根导线，两灯泡也同时熄灭；（3）0～3A；并联电路中干路电流等于各支路电流之和；（4）改变电源电压进行多次实验；（5）见解答。
五、综合应用题（17分）
20．【解答】解：（1）汽车总质量m总＝2000kg+6000kg＝8000kg，
其重力G总＝m总g＝8000kg×10N/kg＝8×104N；
汽车所受阻力f＝0.1G总＝0.1×8×104N＝8000N，
因为汽车在水平高速公路上匀速行驶，
所以汽车受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等，
则汽车的牵引力F牵＝f＝8000N，
汽车匀速行驶的路程：
s＝vt＝90×m/s×23×60s＝34500m，
牵引力做功：
W＝F牵s＝8000N×34500m＝2.76×108J，
牵引力做功功率：
P＝＝＝2×105W；
（2）内燃机的效率是40%，则燃油完全燃烧放出的热量Q放＝＝＝6.9×108J，
消耗燃油的质量m燃油＝＝＝15kg；
（3）车超载时对路面的压强太大，会压坏路面（或车超载时，车的惯性太大，不容易控制车，容易出事故等）。
答：（1）求汽车牵引力做功的功率为2×105W。
（2）若燃油完全燃烧，内燃机的效率是40%，汽车行驶23min消耗15千克燃油。
（3）车超载时对路面的压强太大，会压坏路面（或车超载时，车的惯性太大，不容易控制车，容易出事故等）。
21．【解答】解：
（1）当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻较小，根据P＝可知，饮水机的总功率较大，为加热状态；
当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻较大，根据P＝可知，饮水机的总功率较小，为保温状态；
根据图乙知保温挡的功率为110W，
由P＝UI可知，保温挡时通过R1的电流为：I＝＝＝0.5A；
（2）由图乙知，加热挡的功率为P加热＝990W，加热时间为t＝5min＝300s，
由P＝可得，饮水机处于加热挡阶段消耗的电能：W＝P加热t＝990W×5×60s＝2.97×105J；
因电路的总功率等于各用电器消耗功率之和，
所以，加热时电阻丝R2的电功率：P2＝P加热﹣P1＝P加热﹣P保温＝990W﹣110W＝880W，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
由P＝可得，电阻R2的阻值：R2＝＝＝55Ω；
（3）水吸收的热量：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（86℃﹣20℃）＝2.772×105J；
饮水机加热效率：η＝×100%＝×100%≈93.3%。
答：（1）饮水机处于保温挡时，通过R1的电流为0.5A；
（2）饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为2.97×105J；R2的阻值为55Ω；
（3）电热饮水机的加热效率为93.3%。