2023年陕西省西安八十五中中考物理模拟试卷（4月份）（含答案）

这是一份2023年陕西省西安八十五中中考物理模拟试卷（4月份）（含答案），共32页。试卷主要包含了选择题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
2023年陕西省西安八十五中中考物理模拟试卷（4月份）
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）中国北斗卫星导航系统是我国自行研制的全球卫星导航系统，通过汽车里安装的接收装置实现对车辆的精确定位并导航，卫星向北斗导航接收器传送信息依靠的是（　　）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．激光
2．（2分）《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。如图所示，下列节气名与其有关的物态变化正确的是（　　）

A．图1谷雨中“雨”的形成是汽化现象
B．图2白露中“露”的形成是熔化现象
C．图3大雪中“雪”的形成是升华现象
D．图4霜降中“霜”的形成是凝华现象
3．（2分）如图所示，陶埙是中国最原始的吹奏乐器之一，学校才艺展示活动中，古典艺术爱好者用陶埙吹奏悦耳动听的《高山流水》，下列说法正确的是（　　）

A．吹奏陶埙产生的声音是由陶埙振动产生的
B．演奏者越用力吹陶埙，陶埙发出声音的音调越高
C．现场同学通过声音的音色分辨出是陶埙发出的声音
D．吹奏陶埙产生的声音在真空中的传播速度为3×108m/s
4．（2分）大雁塔是现存最早、规模最大的唐代四方楼阁式砖塔，是凝聚了中国古代劳动人民智慧结晶的标志性建筑。如图所示，大照塔与倒影形成美丽的画面。下列成语所描述光现象的成因与塔倒影的成因相同的是（　　）

A．杯弓蛇影 B．井底之蛙 C．海市蜃楼 D．一叶障目
5．（2分）“珍爱生命，远离危险”。下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A．使用试电笔时，手接触笔尖的金属体
B．大功率、有金属外壳的用电器接地线使用
C．靠近断了之后落地的高压线
D．用湿布擦拭正在工作的电灯
6．（2分）如图所示，足球爱好者将静止在草地的足球踢飞。下列说法不正确的是（　　）

A．球鞋底的凹凸点是为了减小压强
B．空中飞行的足球受非平衡力作用
C．脚感觉疼，说明物体间力的作用是相互的
D．足球离开脚在空中继续运动，是因为足球具有惯性
7．（2分）我国科学技术迅猛发展，取得了辉煌的成绩。下列说法正确的是（　　）
A．我国白鹤滩水电站中的发电机是利用电磁感应原理发电的
B．神舟十五号飞船上的新型硅光电池板主要将电能转化为太阳能
C．量子计算机中的电子器件都是由超导体制成的
D．现在我国已建成的核电站主要是利用核聚变释放能量，核能属于可再生能源
8．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关，两电表均有示数，一会儿后，两电表仍有示数，且其中一电表示数变小，另一电表示数不变。排除故障后，将滑动变阻器滑片向左移动。下列说法正确的是（　　）

A．电路故障为定值电阻断路
B．电路故障为滑动变阻器短路
C．排除故障后，滑片向左移动，两表示数均变小
D．排除故障后，滑片向左移动，整个电路消耗的电功率变小
9．（2分）如图所示，工人利用长木板搭了一个3m长的斜面，用推力F＝500N把120kg的箱子沿斜面从底端匀速推到1m高的车厢上，用时10s。（g取10N/kg）下列分析与计算不正确的是（　　）

A．利用斜面可以省力
B．工人推力F做功的功率为150W
C．箱子受到斜面的摩擦力为300N
D．斜面的机械效率为80%
10．（2分）全自动消毒柜的工作原理如图所示，控制电路与工作电路中的电源电压保持不变，控制电路通过热敏电阻R实现加热和保温状态，当温度达到120℃时，衔铁被吸引进入保温状态。下列判断正确的是（　　）

A．电磁铁的上端为S极
B．R1是加热电热丝
C．热敏电阻R的阻值随温度的升高而增大
D．消毒柜中最高气压小于1个标准大气压
一、填空与作图题（共9小题，计22分）
11．（2分）漫步在莲湖公园里，清澈的湖水，让游人感受到“潭清疑水浅，荷动知鱼散”的意境。游人看到湖水“水浅”是由于光的 　 　形成 　 　（选填“实像”或“虚像”）。
12．（3分）小明利用劳动课上学习的烹饪技能在家中使用电烙锅烙馍，电烙锅与家中电灯之间是 　 　的；烙馍时通过 　 　的方式增大了面团的内能；刚烙好的馍满室飘香是 　 　现象。
13．（2分）如图所示，这是每隔0.02s曝光一次的频闪相机拍摄的小球竖直下落时的频闪照片。以小球为参照物，刻度尺是 　 　（选填“运动”或“静止”）的，小球在AF段下落的平均速度是 　 　m/s。

14．（3分）如图﹣1，在盛水杯子的杯口盖上硬纸片，将一枚鸡蛋放在硬纸片上，用手指快速将硬纸片弹飞，鸡蛋掉入水中，说明 　 　（选填“硬纸片”或“鸡蛋”）具有惯性；如图﹣2，杯子里装满了水，用纸板盖住水杯，倒置后水没有流出，证明了 　 　的存在；如图﹣3，在空玻璃杯子里放一乒乓球，沿图示方向用力吹气，乒乓球跳出玻璃杯，说明气体在流速大的地方压强 　 　。

15．（3分）把一个鸡蛋放在透明玻璃杯中，加入清水后发现鸡蛋沉在杯底，如图﹣1，此时鸡蛋受到的浮力 　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）重力；向水里缓慢加盐搅拌并发现鸡蛋逐渐悬浮在液体中，如图﹣2；继续加盐并缓慢搅拌，最后发现鸡蛋漂浮在液面上，如图﹣3。从图﹣1到图﹣2的过程中鸡蛋受到的浮力 　 　（选填“变大“、“变小”或“不变”）；在图﹣2和图﹣3中，鸡蛋静止时受到的浮力F浮2　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）F浮3。

16．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，定值电阻R1＝25Ω，灯L标有“2.5V 0.75W”字样。当开关S闭合，S1、S2断开时，灯L正常发光；当开关S、S1、S2均闭合时，电流表的示数为0.6A。则电源电压为 　 　V，定值电阻R2的阻值为 　 　Ω，当开关S、S1、S2均闭合时，通电1min定值电阻R2产生的热量是 　 　J。

17．小球以速度v沿虚线方向运动，请作出小球的受力示意图。

18．（3分）如图，物体AB放置在平面镜MN前，请画出物体AB在平面镜MN中所成的像（保留作图痕迹）。

19．（3分）如图1地铁站进出闸机（电动机〇M）有三种识别方式：刷脸（开关S1）、刷卡（开关S2）或扫二维码（开关S3），只要其中一种方式识别成功即可闭合相应开关，闸机即可开启，请在图2虚框中设计闸机电路原理图。

三、实验探究题（共4小题，计22分）
20．（4分）请完成与下列实验有关的填空。

（1）如图﹣1，塑料“小鸟”悬浮在塑料水管上方，说明“小鸟”与水管带 　 　（选填“同种”或“异种”）电荷。
（2）如图﹣2，正确使用天平测得物体的质量为 　 　g。
（3）如图﹣3，这是在“探究水沸腾前后温度变化特点”的实验中，观察到烧杯里水中气泡上升时的情景，说明此时烧杯中的水处于 　 　（选填“沸腾前”或“沸腾中”），继续加热，温度计的示数 　 　（选填“升高”、“降低”或“不变”）。
21．（4分）在“探究凸透镜成像规律”实验中。
（1）依次将点燃的蜡烛，凸透镜，光屏放在光具座上，调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在 　 　，再改变蜡烛位置，移动光屏，进行多次实验，记录的实验数据如表所示。
实验次数
物距u/cm
像距v/m
1
30
15
2
20
20
3
15
30
4
5

（2）根据表中信息可知，凸透镜的焦距是 　 　cm。
（3）根据第1次实验时所成像的特点，应用此成像原理可制成 　 　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。此时，小明将一个近视镜片放在凸透镜和蜡烛之间靠近透镜的位置，要在光屏上再次得到清晰的像，应将光屏 　 　（选填“远离”或“靠近”）凸透镜。
22．（7分）在探究“电流与电压的关系”实验中，实验器材：电源（电压恒为4.5V）、电流表、电压表、开关、定值电阻、滑动变阻器（60Ω 3A）、若干导线。

（1）请根据图﹣1的电路图，用笔画线代替导线把图﹣2的实物电路连接完整。
（2）连接电路时开关必须 　 　，滑片应置于 　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）连接好电路，试触时观察到电流表的指针偏转在零刻度线的左侧，则电路连接错误是 　 　。
（4）改正错误后，通过实验得到多组实验数据，由数据绘制的图像如图﹣3，由图像可得结论：
①实验中所用定值电阻的阻值为 　 　Ω；
②当电阻一定时，电流与电压成 　 　关系。
23．（7分）小明利用生活器材自制了薄壁实验箱来探究“液体压强大小与什么因素有关”。实验操作如下：

①如图1所示，实验箱分为内箱A与外箱B，内箱A固定在外箱B的内侧，内箱A下部有一圆形孔C，并在圆孔C上蒙上了一层橡皮膜，此时橡皮膜是平的。
②先在A箱中不断加水，实验现象如图2、3所示。
③然后在B箱中加入一定量盐水，盐水和水的液面相平，如图4所示。
（1）实验中，小明通过观察 　 　来反映液体压强的大小，写出一个运用类似研究方法的实验：　 　（写出实验名称即可）。
（2）由图2、3现象可知，同种液体深度越深，液体压强越 　 　。因此水电站拦河大坝应设计成 　 　（选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状。
（3）由图4现象可知，在液体深度相同时，液体 　 　越大，液体压强越大。若此时想要橡皮膜恢复原状，可以采取的办法是 　 　。
（4）小明还利用薄壁实验箱测量出某未知液体的密度，如图5所示，在A箱中加水，在B箱 中加入某未知液体，使橡皮膜变平，用刻度尺测得此时h1＝22cm，h2＝9cm，h3＝12cm。则未知液体的密度为 　 　kg/m3 （ρ水＝1.0×103kg/m3）
四.综合题（共2小题，计16分）
24．（7分）电动爬楼机如图甲，其结构示意图如图乙。将货物装好并固定拉至台阶处，使橡胶轮胎靠近楼梯垂直面的边缘，打开电源开关，切换到上楼状态，向下压住扶手，按下点触启停开关，此时在电动机的带动下S形支撑臂转动上一个台阶，当爬上台阶后，使车轮靠近台阶垂直面，重复操作，直至到达目标楼层。如表是爬楼机的部分技术参数。（g取10N/kg）

产品自重
28kg
电机功率
300W
额定载重
180kg
爬楼速度
40阶/min
满载续航
4000级台阶
台阶高
15cm
（1）爬楼机工作时将电能转化为 　 　能；在路面推行时，S形支撑臂不转动，当所装货物质量较大时，为减轻手部压力，可将可伸缩拉杆适当 　 　（选填“伸长”或“缩短”）。
（2）爬楼机单独直立静止在水平地面时与地面的总接触面积为200cm2，则爬楼机对地面的压强是多少？
（3）爬楼机以额定载重爬楼1min，爬楼机克服载重对货物做功的功率是多少？
25．（9分）热电站既能发电，又能供热，随着科学技术的发展，热电站中煤的燃烧程度比传统火电站更充分。如图所示，这是科普小组调研热电站时获取的信息。[q煤＝3×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
工作时间
燃煤
发电总功率
废气
20h
4000t
5×105kW
向周边居民供热4.2×1013J
（1）热电站中发电机的工作原理是 　 　。
（2）不计热损失，工作20h产生的废气可使多少质量的水温度升高80℃？
（3）热电站的能量利用率是多少？
（4）请结合以上信息，写出一种提高热电站能量利用率的方法：　 　。

2023年陕西省西安八十五中中考物理模拟试卷（4月份）
参考答案与试题解析
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）中国北斗卫星导航系统是我国自行研制的全球卫星导航系统，通过汽车里安装的接收装置实现对车辆的精确定位并导航，卫星向北斗导航接收器传送信息依靠的是（　　）
A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．激光
【分析】北斗卫星导航系统及人们日常生活中用的电视信号、手机信号都是利用电磁波传递信号的。
【解答】解：卫星向北斗导航接收器传送信息依靠的是电磁波。故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】这是一道考查电磁波在日常生活中的应用的基础题，比较容易。
2．（2分）《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。如图所示，下列节气名与其有关的物态变化正确的是（　　）

A．图1谷雨中“雨”的形成是汽化现象
B．图2白露中“露”的形成是熔化现象
C．图3大雪中“雪”的形成是升华现象
D．图4霜降中“霜”的形成是凝华现象
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
【解答】解：A、雨的形成是气态的水蒸气遇冷变为液态的水，是液化现象，故A错误；
B、露的形成是气态的水蒸气遇冷变为液态的小水珠，属于液化现象，故B错误；
C、雪的形成是气态的水蒸气遇冷直接变为故态的小冰晶，发生凝华现象，故C错误；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故D正确。
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）如图所示，陶埙是中国最原始的吹奏乐器之一，学校才艺展示活动中，古典艺术爱好者用陶埙吹奏悦耳动听的《高山流水》，下列说法正确的是（　　）

A．吹奏陶埙产生的声音是由陶埙振动产生的
B．演奏者越用力吹陶埙，陶埙发出声音的音调越高
C．现场同学通过声音的音色分辨出是陶埙发出的声音
D．吹奏陶埙产生的声音在真空中的传播速度为3×108m/s
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）音调是指声音的高低；
（3）发声体材料不同，其音色不同；
（4）声音的传播需要介质。
【解答】解：A、吹奏陶埙产生的声音是由空气柱振动产生的，故A错误；
B、演奏者越用力吹陶埙，陶埙发出声音的响度越高，故B错误；
C、不同发声体，其音色是不同的，现场同学通过声音的音色分辨出是陶埙发出的声音，故C正确；
D、声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，故D错误。
故选：C。
【点评】本题主要考查了声音的产生与传播以及声音的特性，属于基础题。
4．（2分）大雁塔是现存最早、规模最大的唐代四方楼阁式砖塔，是凝聚了中国古代劳动人民智慧结晶的标志性建筑。如图所示，大照塔与倒影形成美丽的画面。下列成语所描述光现象的成因与塔倒影的成因相同的是（　　）

A．杯弓蛇影 B．井底之蛙 C．海市蜃楼 D．一叶障目
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
【解答】解：塔倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的；
A、杯弓蛇影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A正确；
BD、井底之蛙、一叶障目，都是由光的直线传播形成的，故BD错误；
C、海市蜃楼属于光的折射现象，故C错误。
故选：A。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了学生对光的反射、光的折射以及光的直线传播的理解。在平时要注意区分，找出它们实质上的不同，并学会用所学知识解释有关的物理现象。
5．（2分）“珍爱生命，远离危险”。下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A．使用试电笔时，手接触笔尖的金属体
B．大功率、有金属外壳的用电器接地线使用
C．靠近断了之后落地的高压线
D．用湿布擦拭正在工作的电灯
【分析】（1）试电笔的正确使用是：手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线。
（2）大功率、金属外壳的用电器必须接地线。
（3）高压触电：高压电弧触电、跨步电压触电。
（4）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电。
【解答】解：A、使用试电笔时，手要与笔尾金属体接触，这样才能辨别零线和火线，故A不符合安全用电原则；
B、大功率、金属外壳的用电器必须使用三线插头，三线插头插入三孔插座时，使金属外壳和大地相连，避免触电事故的发生，故B符合安全用电原则；
C、人靠近断线后落地的高压线，易发生跨步电压触电，所以人应远离断线后落地的高压线，故C不符合安全用电原则；
D、生活用水是电的导体，用湿布擦正在工作的电灯时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故D不符合安全用电原则。
故选：B。
【点评】本题考查了生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
6．（2分）如图所示，足球爱好者将静止在草地的足球踢飞。下列说法不正确的是（　　）

A．球鞋底的凹凸点是为了减小压强
B．空中飞行的足球受非平衡力作用
C．脚感觉疼，说明物体间力的作用是相互的
D．足球离开脚在空中继续运动，是因为足球具有惯性
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度；
（2）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时受力是平衡的；
（3）物体间力的作用是相互的；
（4）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体在任何情况下都有惯性。
【解答】解：A．球鞋底的凹凸点，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；
B．空中飞行的足球运动方向不断改变，处于非平衡状态，受非平衡力作用，故B正确；
C．运动员踢球时，球对运动员的脚也有作用力，所以运动员脚疼，说明物体间力的作用是相互的，故C正确；
D．足球离开脚后，能继续向前运动，是因为足球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故D正确。
故选：A。
【点评】本题以踢球为背景，考查了力学的多个知识点，注意将力学知识与实际现象相联系，难度不大。
7．（2分）我国科学技术迅猛发展，取得了辉煌的成绩。下列说法正确的是（　　）
A．我国白鹤滩水电站中的发电机是利用电磁感应原理发电的
B．神舟十五号飞船上的新型硅光电池板主要将电能转化为太阳能
C．量子计算机中的电子器件都是由超导体制成的
D．现在我国已建成的核电站主要是利用核聚变释放能量，核能属于可再生能源
【分析】（1）发电机是把其他能源转化为电能的装置，原理是电磁感应；
（2）太阳能电池是用来提供电能的装置，故据其应用可判断能量的转化过程；
（3）量子计算机中的电子器件都是由半导体制成的；
（4）不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源；核电站主要应用核裂变释放出的能量来进行发电。
【解答】解：A、我国白鹤滩水电站中的发电机组是机械能转化为电能的装置，它是利用电磁感应原理工作的，故A正确；
B、神舟十四号飞船上的新型硅光电池板工作时，消耗太阳能，产生电能，故是将太阳能转化为电能的装置，故B错误；
C、量子计算机中的电子器件都是由半导体制成的，故C错误；
D、核电站主要应用核裂变释放出的能量来进行发电，而核能源于矿石内的能量，矿产资源属于不可再生能源，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了能源的分类、核能的利用、太阳能的利用，属于基础知识，要注意识记和区分。
8．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关，两电表均有示数，一会儿后，两电表仍有示数，且其中一电表示数变小，另一电表示数不变。排除故障后，将滑动变阻器滑片向左移动。下列说法正确的是（　　）

A．电路故障为定值电阻断路
B．电路故障为滑动变阻器短路
C．排除故障后，滑片向左移动，两表示数均变小
D．排除故障后，滑片向左移动，整个电路消耗的电功率变小
【分析】由图可知，闭合开关后，定值电阻R和滑动变阻器并联，下面的电流表测量通过定值电阻R的电流，上面的电流表测量干路电流；
（1）闭合开关，两电表均有示数，一会儿后，两电表仍有示数，且其中一电表示数变小，另一电表示数不变，可用排除法进行判断；
（2）排除故障后，滑片向左移动，分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化，电源电压不变，由I＝判断通过滑动变阻器电流的变化，根据并联电路各个支路互不影响判断通过定值电阻的电流变化，由并联电路电流的规律判断出干路电流的变化，根据P＝UI判断整个电路消耗电功率的变化。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关后，定值电阻R和滑动变阻器并联，下面的电流表测量通过定值电阻R的电流，上面的电流表测量干路电流；
AB、由题知，闭合开关，两电表均有示数，一会儿后，两电表仍有示数，且其中一电表示数变小，另一电表示数不变；
若定值电阻断路，则下面的电流表没有示数，由并联电路的电流特点可知，上面的电流表示数会减小，不符合题意；
若滑动变阻器短路，则定值电阻和下面的电流表都被短路，下面的电流表会没有示数，上面的电流表示数会增大，不符合题意；
此时故障应为滑动变阻器断路，变阻器断路时，根据“并联电路中各支路互不影响”可知通过定值电阻的电流不变，即下面的电流表示数不变，由并联电路的电流特点可知上面的电流表示数会减小，故AB错误；
CD、排除故障后，滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻增大，电源电压不变，由I＝知通过滑动变阻器的电流变小，由于并联电路中各支路互不影响，所以通过定值电阻的电流不变，即下面的电流表示数不变，根据并联电路的电流特点可知干路电流变小，即上面的电流表示数变小，根据P＝UI可知整个电路消耗的电功率变小，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了动态电路的分析，明确两个电流表的测量对象和并联电路的特点是解题的关键。
9．（2分）如图所示，工人利用长木板搭了一个3m长的斜面，用推力F＝500N把120kg的箱子沿斜面从底端匀速推到1m高的车厢上，用时10s。（g取10N/kg）下列分析与计算不正确的是（　　）

A．利用斜面可以省力
B．工人推力F做功的功率为150W
C．箱子受到斜面的摩擦力为300N
D．斜面的机械效率为80%
【分析】（1）使用斜面可以省力；
（2）知道推力大小、斜面长，利用W＝Fs求推力做的总功，由P＝可求工人做功的功率；
（3）知道箱子的质量、斜面高，利用W＝Gh＝mgh求出有用功；推力做的额外功等于总功减去有用功，再根据W额＝fs求箱子受到的摩擦力；
（4）斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：A、利用斜面可以省力，故A正确；
B、推力做的总功：W总＝Fs＝500N×3m＝1500J，
推力做功功率：P＝＝＝150W，故B正确；
C、箱子的重力：G＝mg＝120kg×10N/kg＝1200N，
推力做的有用功：W有用＝Gh＝1200N×1m＝1200J，
推力做的额外功：W额＝W总﹣W有用＝1500J﹣1200J＝300J，
由W额＝fs得箱子受到的摩擦力：f＝＝＝100N，故C错误；
D、斜面的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了使用斜面时重力、有用功、总功、额外功、功率、机械效率的计算，明确有用功、总功、额外功的含义是关键。
10．（2分）全自动消毒柜的工作原理如图所示，控制电路与工作电路中的电源电压保持不变，控制电路通过热敏电阻R实现加热和保温状态，当温度达到120℃时，衔铁被吸引进入保温状态。下列判断正确的是（　　）

A．电磁铁的上端为S极
B．R1是加热电热丝
C．热敏电阻R的阻值随温度的升高而增大
D．消毒柜中最高气压小于1个标准大气压
【分析】（1）根据安培定则判断出螺线管的磁极；
（2）当温度达到120℃时，衔铁被吸引进入保温状态，据此可知保温电热丝，从而得出衔铁被拉起时加热电热丝；
（3）根据保温状态电路的工作特点分析热敏电阻随温度的变化；
（4）标准气压下水的沸点为100℃，根据沸点与气压的关系分析。
【解答】解：
A．由图示可知，电流从电磁铁的下端流入、上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故A错误；
B．由题意可知，当温度达到120℃时，衔铁被吸引进入保温状态，则R2是保温电热丝；当衔铁被拉起时，R1接入电路中，所以R1是加热电热丝，故B正确；
C．当温度达到120℃时，衔铁被吸下进入保温状态，这说明电磁铁的磁性增强，通过电磁铁的电流变大，根据欧姆定律可知，控制电路中的总电阻变小，根据串联电路的电阻关系可知，热敏电阻R的阻值变小，所以热敏电阻R的阻值随温度的升高而减小，故C错误；
D．标准气压下，水的沸点为100℃，消毒柜中水的温度能到达120℃，这说明消毒柜中最高气压大于1个标准大气压，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了安培定则的应用、影响电磁铁磁性大小的因素、欧姆定律的应用、沸点与气压的关系等，明白电磁继电器的工作原理是关键。
一、填空与作图题（共9小题，计22分）
11．（2分）漫步在莲湖公园里，清澈的湖水，让游人感受到“潭清疑水浅，荷动知鱼散”的意境。游人看到湖水“水浅”是由于光的 　折射　形成 　虚像　（选填“实像”或“虚像”）。
【分析】当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
【解答】解：“水浅”是因为光线从水中射入空气时，光线的传播方向发生改变所形成的现象，故属于光的折射现象，成的是虚像。
故答案为：折射；虚像。
【点评】本题考查光的折射现象及应用，理解光的折射的原理是解答本类题型的关键。此题与古诗相结合考查光学知识，体现了学科的整合性。
12．（3分）小明利用劳动课上学习的烹饪技能在家中使用电烙锅烙馍，电烙锅与家中电灯之间是 　并联　的；烙馍时通过 　热传递　的方式增大了面团的内能；刚烙好的馍满室飘香是 　扩散　现象。
【分析】（1）家庭电路中各用电器工作时互不影响，能独立工作，为并联连接；
（2）改变物体内能有做功和热传递两种方式；
（3）不同物质接触时分子彼此进入对方的现象叫扩散。
【解答】解：家中电烙锅与家中电灯在工作时互不影响，它们之间都是并联连接；
烙馍时馍吸收热量，温度升高，通过热传递的方式增加馍的内能；
刚烙好的馍满室飘香是由于香味分子不停地做无规则运动形成的，属于扩散现象。
故答案为：并联；热传递；扩散。
【点评】本题考查电路的连接、内能的改变和分子动理论的知识，属于综合题。
13．（2分）如图所示，这是每隔0.02s曝光一次的频闪相机拍摄的小球竖直下落时的频闪照片。以小球为参照物，刻度尺是 　运动　（选填“运动”或“静止”）的，小球在AF段下落的平均速度是 　0.4　m/s。

【分析】（1）根据刻度尺和小球间位置是否发生变化来分析，如果两者位置没有变化，则刻度尺相对小球静止；如果两者位置发生变化，则刻度尺相对小球运动。
（2）刻度尺读数时要求读到分度值的下一位，此把刻度尺的分度值是0.1cm，小球从A位置下落到F位置时移动的距离是4.00cm；小球下落的时间为t＝5×0.02s＝0.1s，根据v＝计算得小球下落的平均速度。
【解答】解：（1）由图意知刻度尺相对小球的位置发生变化，故其相对小球运动；
（2）刻度尺读数时要读到分度值的下一位，此把刻度尺的分度值是1cm，小球从A位置下落到F位置时移动的距离是4.00cm。
（3）小球下落的时间为t＝5×0.02s＝0.1s，所以小球下落的平均速度为：v＝＝＝0.4m/s；
故答案为：运动；0.4。
【点评】本题考查了速度公式的应用和运动与静止的相对性，难度不大，属于常考题。
14．（3分）如图﹣1，在盛水杯子的杯口盖上硬纸片，将一枚鸡蛋放在硬纸片上，用手指快速将硬纸片弹飞，鸡蛋掉入水中，说明 　鸡蛋　（选填“硬纸片”或“鸡蛋”）具有惯性；如图﹣2，杯子里装满了水，用纸板盖住水杯，倒置后水没有流出，证明了 　大气压　的存在；如图﹣3，在空玻璃杯子里放一乒乓球，沿图示方向用力吹气，乒乓球跳出玻璃杯，说明气体在流速大的地方压强 　小　。

【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质称为惯性；
（2）大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。
（3）用力吹气，根据流体的流速增大压强减小，使乒乓球上方空气的流速增大压强减小。
【解答】解：（1）硬纸片被弹飞前，鸡蛋静止在硬纸片上，用手指将硬纸片快速弹飞，鸡蛋由于惯性，还要保持原来的静止状态，没有随硬纸片一起飞出去，在重力作用下掉入水中，说明鸡蛋具有惯性；
（2）水杯倒置水没流出，是因为纸片受到水向下的压强小于外界大气压强，水在外界大气压的作用下不会流出，是由于大气压引起的，说明大气压存在。
（3）当用力吹气时，增大乒乓球上方的空气的流动速度，压强减小，乒乓球下面的压强不变，乒乓球下面的压强大于上面的压强，乒乓球在压强（力）差的作用下会从玻璃杯中跳出。此现象说明流速越大的地方压强越小。
故答案为：（1）鸡蛋；（2）大气压；（3）小。
【点评】掌握惯性、大气压以及流体的压强跟流速的关系，并能用相关知识解释有关的问题。
15．（3分）把一个鸡蛋放在透明玻璃杯中，加入清水后发现鸡蛋沉在杯底，如图﹣1，此时鸡蛋受到的浮力 　小于　（选填“大于”、“小于”或“等于”）重力；向水里缓慢加盐搅拌并发现鸡蛋逐渐悬浮在液体中，如图﹣2；继续加盐并缓慢搅拌，最后发现鸡蛋漂浮在液面上，如图﹣3。从图﹣1到图﹣2的过程中鸡蛋受到的浮力 　变大　（选填“变大“、“变小”或“不变”）；在图﹣2和图﹣3中，鸡蛋静止时受到的浮力F浮2　等于　（选填“大于”、“小于”或“等于”）F浮3。

【分析】同一只鸡蛋的重力不变，根据鸡蛋在图甲中沉底、图乙中悬浮、图丙中漂浮，利用物体的浮沉条件即可判断甲中浮力与重力的关系，乙、丙受到浮力的关系。
【解答】解：鸡蛋在甲中沉入水底，鸡蛋受到的浮力小于重力，即F浮1＜G鸡蛋；在图乙中悬浮，则F浮2＝G鸡蛋；在图丙中漂浮，则F浮2＝G鸡蛋，所以从图﹣1到图﹣2的过程中鸡蛋受到的浮力变大，且鸡蛋受到的浮力F浮2＝F浮3。
故答案为：小于；变大；等于。
【点评】此题考查物体的浮沉条件的应用，掌握浮沉条件是解答此题关键。
16．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，定值电阻R1＝25Ω，灯L标有“2.5V 0.75W”字样。当开关S闭合，S1、S2断开时，灯L正常发光；当开关S、S1、S2均闭合时，电流表的示数为0.6A。则电源电压为 　10　V，定值电阻R2的阻值为 　50　Ω，当开关S、S1、S2均闭合时，通电1min定值电阻R2产生的热量是 　120　J。

【分析】（1）由图可知，当开关S闭合，S1、S2断开时，R1与灯泡L串联；此时灯泡L正常发光，根据串联电路特点和P＝UI求出电路中的电流，根据欧姆定律求出R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源电压；
（2）当开关S、S1、S2均闭合时，灯泡L被短路，R1、R2并联，电流表测量干路中的电流；根据欧姆定律求出通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据欧姆定律求出R2的阻值；再根据公式Q＝W＝UIt求出通电1min定值电阻R2产生的热量。
【解答】解：（1）由图可知，当开关S闭合，S1、S2断开时，R1与灯泡L串联；
此时灯泡正常发光，则灯泡两端的电压UL＝2.5V，
根据P＝UI可知，通过灯泡L的电流：IL＝＝＝0.3A；
根据串联电路的电流特点可知，通过R1的电流：I1＝IL＝0.3A，
由I＝可知，定值电阻R1两端的电压：U1＝I1R1＝0.3A×25Ω＝7.5V，
根据串联电路的电压特点可知，电源电压：U＝U1+UL＝7.5V+2.5V＝10V；
（2）当开关S、S1、S2均闭合时，灯泡L被短路，R1、R2并联，电流表测量干路中的电流；
根据并联电路的电压特点可知，电阻R2两端的电压：U2＝U1′＝U＝10V，
此时通过R1的电流：I1′＝＝＝0.4A，
根据并联电路的电流特点可知，通过R2的电流：I2＝I﹣I1′＝0.6A﹣0.4A＝0.2A，
由I＝可知，定值电阻R2的阻值：R2＝＝＝50Ω；
当开关S、S1、S2均闭合时，通电1min定值电阻R2产生的热量：Q＝W2＝U2I2t＝10V×0.2A×1×60s＝120J。
故答案为：10；50；120。
【点评】本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式以及电功公式的应用，能正确分析不同状态下电路的连接方式是解题的关键。
17．小球以速度v沿虚线方向运动，请作出小球的受力示意图。

【分析】首先根据小球的运动状态判断出小球的受力情况，然后根据力的示意图的作图方法作图。
【解答】解：由图可知，小球以速度v沿虚线方向运动，会受到与运动方向相反的空气阻力和重力作用，作用点在小球的球心上，重力方向竖直向下，如图所示：

【点评】本题考查了作力的示意图，关键是会找出力的作用点，确定力的方向，表示出力的大小即可，作力的示意图是常考内容，要掌握力的示意图的作法，属于基础性题目。
18．（3分）如图，物体AB放置在平面镜MN前，请画出物体AB在平面镜MN中所成的像（保留作图痕迹）。

【分析】平面镜成像的特点是：成虚像、像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
【解答】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像。如图所示：

【点评】在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。
19．（3分）如图1地铁站进出闸机（电动机〇M）有三种识别方式：刷脸（开关S1）、刷卡（开关S2）或扫二维码（开关S3），只要其中一种方式识别成功即可闭合相应开关，闸机即可开启，请在图2虚框中设计闸机电路原理图。

【分析】三个开关串联时，要让用电器工作，则三个开关都应闭合；三个开关并联时，要让用电器工作，只需闭合一个开关即可；根据只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合，电动机启动分析解答。
【解答】解：由题知，刷脸（开关S1）、刷卡（开关S2）或扫二维码（开关S3），只要其中一种方式识别成功，则相应开关闭合从而使电动机启动工作，所以三个开关应并联后再与电动机串联在电源上，如图所示：

【点评】本题考查根据要求设计电路，关键是明确三个开关的连接方式。
三、实验探究题（共4小题，计22分）
20．（4分）请完成与下列实验有关的填空。

（1）如图﹣1，塑料“小鸟”悬浮在塑料水管上方，说明“小鸟”与水管带 　同种　（选填“同种”或“异种”）电荷。
（2）如图﹣2，正确使用天平测得物体的质量为 　16.4　g。
（3）如图﹣3，这是在“探究水沸腾前后温度变化特点”的实验中，观察到烧杯里水中气泡上升时的情景，说明此时烧杯中的水处于 　沸腾中　（选填“沸腾前”或“沸腾中”），继续加热，温度计的示数 　不变　（选填“升高”、“降低”或“不变”）。
【分析】（1）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）在读数时，天平上所有砝码的质量加上游码所对的数值即待测物体的质量。
（3）沸腾前，气泡上升时，气泡内的水蒸气遇冷液化，使得气泡体积变小；沸腾时，由于此时整个容器内的水温相同，水沸腾产生的水蒸气跑到气泡内，气泡逐渐变大；水沸腾时吸热温度不变。
【解答】解：（1）根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引规律可知，塑料“小鸟”悬浮在塑料水管上方，说明“小鸟”与水管带上了同种电荷；
（2）物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度，被测物体的质量为：10g+5g+1.4g＝16.4g；
（3）沸腾前，气泡上升时，气泡内的水蒸气遇冷液化，使得气泡体积变小；沸腾时，由于此时整个容器内的水温相同，水沸腾产生的水蒸气跑到气泡内，气泡逐渐变大；烧杯里水中气泡上升时出现由小变大的现象，表明水处于沸腾中，水沸腾时持续吸热，温度不变。
故答案为：（1）同种；（2）16.4；（3）沸腾中；不变。
【点评】本题考查了天平的使用、电荷间的作用规律和水沸腾的实验，比较综合。
21．（4分）在“探究凸透镜成像规律”实验中。
（1）依次将点燃的蜡烛，凸透镜，光屏放在光具座上，调节烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在 　同一高度上　，再改变蜡烛位置，移动光屏，进行多次实验，记录的实验数据如表所示。
实验次数
物距u/cm
像距v/m
1
30
15
2
20
20
3
15
30
4
5

（2）根据表中信息可知，凸透镜的焦距是 　10　cm。
（3）根据第1次实验时所成像的特点，应用此成像原理可制成 　照相机　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。此时，小明将一个近视镜片放在凸透镜和蜡烛之间靠近透镜的位置，要在光屏上再次得到清晰的像，应将光屏 　远离　（选填“远离”或“靠近”）凸透镜。
【分析】（1）为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度；
（2）u＝2f，成倒立、等大的实像，一般用来测量凸透镜的焦距；
（3）物体在凸透镜的二倍焦距以外时，成的是倒立缩小的实像；
近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，由此分析像距变化情况。
【解答】解：（1）实验前，为了使像成在光屏的中央，应调整烛焰、凸透镜和光屏的中心大致在同一高度；
（2）由第2次实验数据可判断，u＝v＝2f＝20cm，成倒立、等大的实像，所以凸透镜的焦距是：f＝10cm；
（3）第1次实验u＝30cm＞2f，成的是倒立缩小的实像，成像规律应用在照相机；
近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，如果此时把近视眼镜放在该凸透镜前，使原来会聚成像的光线推迟会聚，所以要想接到清晰的像，光屏要远离透镜。
故答案为：（1）同一高度上；（ 2）10；（3）照相机；远离。
【点评】本题是探究“凸透镜成像规律”的实验，要解决有关凸透镜成像的问题，首先要掌握凸透镜成像特点与物距、像距的关系，并自己进行总结一些规律性的知识。
22．（7分）在探究“电流与电压的关系”实验中，实验器材：电源（电压恒为4.5V）、电流表、电压表、开关、定值电阻、滑动变阻器（60Ω 3A）、若干导线。

（1）请根据图﹣1的电路图，用笔画线代替导线把图﹣2的实物电路连接完整。
（2）连接电路时开关必须 　断开　，滑片应置于 　B　（选填“A”或“B”）端。
（3）连接好电路，试触时观察到电流表的指针偏转在零刻度线的左侧，则电路连接错误是 　电流表正负接线柱接反了　。
（4）改正错误后，通过实验得到多组实验数据，由数据绘制的图像如图﹣3，由图像可得结论：
①实验中所用定值电阻的阻值为 　5　Ω；
②当电阻一定时，电流与电压成 　正比　关系。
【分析】（1）请根据图﹣1的电路图，滑动变阻器选用左下接线柱与定值电阻串联接入电路；
（2）为保护电路，开关闭合前，开关应断开，滑动变阻器调节至最大阻值处；
（3）电流从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针反向偏转；
（4）①由欧姆定律得出实验中所用定值电阻的阻值；
②根据图﹣3知，电流随电压的变化关系为一过原点的直线，据此得出结论。
【解答】解：（1）请根据图﹣1的电路图，滑动变阻器选用左下接线柱与定值电阻串联接入电路，如图所示：
；
（2）为保护电路，连接电路时开关必须断开，滑片应置于阻值最大处的B端。
（3）连接好电路，试触时观察到电流表的指针偏转在零刻度线的左侧，则电路连接的错误是电流表正负接线柱接反了；
（4）①根据图﹣3知，当定值电阻两端电压为3V时，电路中的电流为0.6A，则定值电阻的阻值为：R＝＝＝5Ω；
②根据图﹣3知，电流随电压的变化关系为一过原点的直线，故得出：当电阻一定时，电流与电压成正比。
故答案为：（1）见解答；（2）断开；B；（3）电流表正负接线柱接反了；（4）①5；②正比。
【点评】本题探究“电流与电压的关系”实验，考查电路连接、注意事项、数据分析以及实验结论。
23．（7分）小明利用生活器材自制了薄壁实验箱来探究“液体压强大小与什么因素有关”。实验操作如下：

①如图1所示，实验箱分为内箱A与外箱B，内箱A固定在外箱B的内侧，内箱A下部有一圆形孔C，并在圆孔C上蒙上了一层橡皮膜，此时橡皮膜是平的。
②先在A箱中不断加水，实验现象如图2、3所示。
③然后在B箱中加入一定量盐水，盐水和水的液面相平，如图4所示。
（1）实验中，小明通过观察 　橡皮膜的形变程度　来反映液体压强的大小，写出一个运用类似研究方法的实验：　探究动能与哪些因素有关的实验　（写出实验名称即可）。
（2）由图2、3现象可知，同种液体深度越深，液体压强越 　大　。因此水电站拦河大坝应设计成 　上窄下宽　（选填“上窄下宽”或“上宽下窄”）的形状。
（3）由图4现象可知，在液体深度相同时，液体 　密度　越大，液体压强越大。若此时想要橡皮膜恢复原状，可以采取的办法是 　向A中加水　。
（4）小明还利用薄壁实验箱测量出某未知液体的密度，如图5所示，在A箱中加水，在B箱 中加入某未知液体，使橡皮膜变平，用刻度尺测得此时h1＝22cm，h2＝9cm，h3＝12cm。则未知液体的密度为 　0.9×103　kg/m3 （ρ水＝1.0×103kg/m3）
【分析】（1）根据图中的橡皮膜形变显示压强的大小，是转换法的应用，在探究动能与哪些因素有关实验也用到；
（2）根据图中现象分析液体压强与深度的关系；结合液体压强特点分析拦河坝的形状；
（4）液体内部压强与液体的密度有关，还与深度有关，深度越大、压强越大；
（5）根据液体压强公式p＝ρgh计算即可。
【解答】解：（1）根据图2中的橡皮膜形变向下突出，显示了压强的大小，是转换法的应用，在探究动能与哪些因素有关实验也用到；
（2）由图2、3现象可知，液体密度相同，深度不同，同种液体深度越深，橡皮膜形变越大，液体的压强越大；拦河坝下部所处的深度较大，液体压强大，故修的上窄下宽才能抵挡较大的压强；
（3）由图4现象可知，内箱A中的水与外箱B中的盐水到橡皮膜的深度相同，但是橡皮膜向上形变，看得出盐水的压强更大。而盐水的密度大于水的密度，说明在液体深度相同时，液体的密度越大，产生的压强越大；要橡皮膜恢复恢复原状，即两侧的压强相等，可以采取的办法是增加水的深度，向A中加水；
（4）A容器中水对橡皮膜的压强为：
pA＝ρ水gh2＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.09m＝900Pa，
由橡皮膜相平可知，橡皮膜两边压强相等，故B容器中液体对橡皮膜的压强为pB＝pA＝900Pa
则未知液体的密度为：
ρ液＝＝＝0.9×103kg/m3。
故答案为：（1）橡皮膜的形变程度；探究动能与哪些因素有关的实验；（2）大；上窄下宽；（3）密度；向A中加水；（2）0.9×103。
【点评】本题探究影响液体内部压强大小的因素，考查注意事项、液体压强特点和控制变量法和转换法的运用及液体压强公式的运用，是一道综合题。
四.综合题（共2小题，计16分）
24．（7分）电动爬楼机如图甲，其结构示意图如图乙。将货物装好并固定拉至台阶处，使橡胶轮胎靠近楼梯垂直面的边缘，打开电源开关，切换到上楼状态，向下压住扶手，按下点触启停开关，此时在电动机的带动下S形支撑臂转动上一个台阶，当爬上台阶后，使车轮靠近台阶垂直面，重复操作，直至到达目标楼层。如表是爬楼机的部分技术参数。（g取10N/kg）

产品自重
28kg
电机功率
300W
额定载重
180kg
爬楼速度
40阶/min
满载续航
4000级台阶
台阶高
15cm
（1）爬楼机工作时将电能转化为 　机械　能；在路面推行时，S形支撑臂不转动，当所装货物质量较大时，为减轻手部压力，可将可伸缩拉杆适当 　伸长　（选填“伸长”或“缩短”）。
（2）爬楼机单独直立静止在水平地面时与地面的总接触面积为200cm2，则爬楼机对地面的压强是多少？
（3）爬楼机以额定载重爬楼1min，爬楼机克服载重对货物做功的功率是多少？
【分析】（1）用电器是将电能转化为机械能的装置；力臂是支点到力的作用线的距离，根据杠杆平衡条件阻力和阻力臂不变时，增大动力臂可使动力变小；
（2）爬楼机对地面的压力等于自身的重力；根据p＝计算爬楼机对地面的压强；
（3）根据表格数据可知爬楼机以额定载重爬楼时：40阶/min，根据每级台阶高15cm求出1min内爬楼机上升的高度，利用W＝Gh＝mgh求出爬楼机对货物做的功，利用P＝求出爬楼机对货物做功的功率。
【解答】解：（1）爬楼机工作时将电能转化为机械能；
由图乙可知轮胎处为支点，力臂是支点到力的作用线的距离，根据杠杆平衡条件阻力和阻力臂不变时，增大动力臂可是动力变小，所以为减轻手部压力，可将可伸缩拉杆适当伸长；
（2）爬楼机对地面的压强：
p＝＝＝＝＝1.4×104Pa；
（3）由表格数据可知，爬楼机以额定载重爬楼时，40阶/min，
则1min内爬楼机上升的高度：h＝40×15cm＝600cm＝6m，
爬楼机对货物做的功：W货物＝G货物h＝m货物gh＝180kg×10N/kg×6m＝1.08×104J，
爬楼机对货物做功的功率：P＝＝＝180W。
故答案为：（1）机械；伸长；
（2）爬楼机对地面的压强是1.4×104Pa；
（3）爬楼机克服载重对货物做功的功率是180W。
【点评】本题考查电能的转化、压强的计算、功和功率的计算、杠杆平衡条件综合应用，从表格中获取有用的信息是关键。
25．（9分）热电站既能发电，又能供热，随着科学技术的发展，热电站中煤的燃烧程度比传统火电站更充分。如图所示，这是科普小组调研热电站时获取的信息。[q煤＝3×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
工作时间
燃煤
发电总功率
废气
20h
4000t
5×105kW
向周边居民供热4.2×1013J
（1）热电站中发电机的工作原理是 　电磁感应　。
（2）不计热损失，工作20h产生的废气可使多少质量的水温度升高80℃？
（3）热电站的能量利用率是多少？
（4）请结合以上信息，写出一种提高热电站能量利用率的方法：　使燃料燃烧更充分　。
【分析】（1）发电机的工作原理是电磁感应现象；
（2）根据W＝Q＝cmΔt求出水的质量；
（3）知道热电站的发电总功率，又知道发电时间，可利用公式W电＝Pt计算20h所发的电；
20h所发的电能和向周边居民所提供的热能，对我们来说是有用的，可利用公式Q有用＝W电+Q供热来计算；已经计算出20h内煤完全燃烧放出的热量，可利用公式η＝计算出热电站的能量利用率。
（4）在当今资源较为紧缺的社会，能源的再利用，进而提高能源的利用率是节能的重点。
【解答】解：（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理。
（2）不计热损失，由Q＝cmΔt可知水的质量：
m＝＝＝1.25×108kg；
（3）20h所发的电为：W电＝Pt＝5×105kW×20h＝107kW⋅h＝3.6×1013J，
煤完全燃烧放出的热量：Q放＝m煤q煤＝4000×103kg×3×107J/kg＝1.2×1014J，
有用的能量为：Q有用＝W电+Q供热＝3.6×1013J+4.2×1013J＝7.8×1013J，
则热电站的能量利用率为：η＝×100%＝×100%＝65%；
（4）使燃料燃烧更充分、提高发电效率，可以提高热电站能量利用率。
故答案为：（1）电磁感应；
（2）不计热损失，工作20h产生的废气可使1.25×108kg质量的水温度升高80℃；
（3）热电站的能量利用率是65%；
（4）使燃料燃烧更充分。
【点评】本题考查了燃料燃烧放出热量的计算、电能的计算和能量利用率的计算，了解现实生活中节能的方式，多联系实际生活，体验物理学的价值所在。