2023年北京市中考物理模拟押题密卷 (三)

这是一份2023年北京市中考物理模拟押题密卷 (三)，共27页。
2023年北京市中考物理模拟押题密卷一．选择题（共12小题，满分24分，每小题2分）1．（2分）在国际单位制中，质量的单位是（　　）A．秒 B．千克 C．牛顿 D．帕斯卡2．（2分）下列用电器中，主要利用电流热效应工作的是（　　）A．电风扇 B．计算机 C．电烙铁 D．电视机3．（2分）利用身边的物体做物理小实验：将下列哪个物体连入如图所示电路中a、b两点之间，可以使小灯泡发光？（　　）A．钢尺 B．木筷子 C．橡皮擦 D．塑料吸管4．（2分）很多体育赛事都与摩擦有关，有时要增大摩擦力，有时又要设法减小摩擦力。下列四个实例中属于减小摩擦力的是（　　）A．在跑鞋的底部有许多花纹和鞋钉 B．滑旱冰时，旱冰鞋下装有滚轮 C．足球比赛中守门员戴有防滑手套 D．举重时，运动员先在手上涂抹“白粉”5．（2分）如图所示的四种现象中，属于增大压强的是（　　）A．书包更宽的背带 B．注射器更尖的针头 C．坦克更宽的履带 D．骆驼更大的脚掌6．（2分）如图所示的工具在正常使用时，属于省力杠杆的是（　　）A．食品夹 B．筷子 C．撬棒 D．天平7．（2分）生长在沙漠中的仙人掌的叶子为针状，有助于减少水分的（　　）A．凝固 B．升华 C．液化 D．汽化8．（2分）下列关于安全用电的描述，不符合用电原则，需要改正的是（　　）A．发生触电事故时应立即切断电源 B．家庭电路连接示意图 C．电水壶接电线路示意图 D．使用验电笔检验插座的相线9．（2分）如图所示是中国女篮对战韩国队的精彩画面，下列说法正确的是（　　）A．篮球最终落地，是由于篮球具有惯性 B．抛出去的篮球在空中飞行时受到重力和推力 C．篮球掉落过程中，其动能和势能都在减小 D．运动员用力抛出篮球，不能改变篮球的惯性10．（2分）在探究通电螺线管的磁场特点时，通电螺线管在某状态下的两个实验现象如图甲、乙所示，其中小磁针（黑色一端为N极）静止时的指向情况如图甲所示，铁屑静止时的分布情况如图乙所示。根据甲图和乙图所示的实验现象，用磁感线描述通电螺线管磁场情况如图丙所示。下列说法中正确的是（　　）A．图甲所示的实验，说明通电螺线管某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的 B．图乙所示的实验，说明利用撒在通电螺线管周围的铁屑可以判断各点的磁场方向 C．图丙所示的通电螺线管的磁感线，是人们为了描述磁场建立的物理模型 D．由图丙可知，磁感线是由磁场中的铁屑被磁化后形成的11．（2分）甲、乙两个圆柱形薄壁容器静止放在水平桌面上，分别装有质量相等的液体A和液体B，液面相平。再将质量相等的实心物块M、N分别放入两容器中，均漂浮，如图所示，此时甲容器中液体A对容器底部的压强和压力分别为p1和F1，乙容器中液体B对容器底部的压强和压力分别为p2和F2。已知甲容器的底面积大于乙容器的底面积，液体A、B的密度分别为ρA、ρB，物块M、N的密度分别为ρM、ρN，下列一定正确的是（　　）A．ρM＜ρB，p1＞p2 B．ρM＜ρB，F1＝F2 C．ρN＜ρA，p1＜p2 D．ρN＜ρA，F1＜F212．（2分）物理实践活动中，小明自制了一个体积为50cm3的潜艇模型，如图所示。下列说法正确的是（　　）A．潜艇模型悬浮在水中时受到的浮力为5N B．潜艇模型是通过改变所受的浮力实现浮沉的 C．将注射器向左推，图中悬浮的潜艇模型上浮 D．潜艇模型在水面下下潜的过程中受到的浮力增大二．多选题（共3小题，满分6分，每小题2分）（多选）13．（2分）下列说法正确的是（　　）A．导体中的自由电子做定向移动时，它的周围就产生磁场 B．导体的电阻是由导体两端的电压及通过导体的电流决定的 C．导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生感应电流 D．改变磁场的方向，通电导体在磁场中的受力方向不一定发生改变（多选）14．（2分）用如图甲所示的滑轮组提升物体，已知被提升的物体M质量为73kg，作用在绳子自由端竖直向下的拉力F＝400N，绳子自由端沿竖直方向运动的距离随时间变化的关系如图乙所示，g＝10N/kg。下列说法中正确的是（　　）A．绳子自由端移动的速度为0.5m/s B．动滑轮的重力为70N C．拉力F的功率为100W D．滑轮组提升物体M的机械效率为91.25%（多选）15．（2分）如图所示，A、B两物体叠放在水平桌面上受到两个水平拉力而保持静止，这两个力一个为5N，一个为3N，那么物体B受物体A和水平桌面的摩擦力大小应分别为（　　）A．5N、3N B．5N、2N C．2N、3N D．3N、2N三．填空题（共8小题，满分26分）16．如图所示中物体的长度为　       　cm，该刻度尺的分度值是　   　mm。17．（2分）如图所示为常用体温计，它的量程为　        　℃，此时读数为　       　℃。18．（3分）某兴趣小组在研究“串联电路特点”的实验中，将一个阻值约为10欧的普通小灯泡L和一LED灯串联后接入电路（如图甲），闭合开关S，发现LED灯亮而小灯泡L不亮，这是什么原因呢？两位同学进行了如下的探究：实验次数电压/伏电流/毫安电阻/欧11.412116.721.614114.331.816112.5…………实验一：将一根导线并联在图甲电路中LE灯的两端，观察到小灯泡L发光了。实验二：在老师帮助下，他们利用电压表和电流表，按图乙所示的电路对LED灯的电阻进行测量，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，获得多组数据如表：（1）实验一排除了哪种因素导致小灯泡不发光的可能性？　          　；（2）根据实验数据，他们分析“LED灯亮而小灯泡L不亮”的可能原因是 　                  　。19．（4分）在用天平和量筒测量一小块大理石密度的实验过程中：（1）该实验使用的测量原理是　                  　。（2）将天平放在水平台上，把游码放在　      　处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向　   　（填“右”或“左”）调。（3）用调好的天平测大理石的质量，当右盘中所加砝码和游码位置如图甲所示时，天平平衡，则此大理石的质量是　       　g．在量筒内装一定量的水，测出水的体积是60cm3．接下来将该大理石放入量筒中的情况如图乙所示，则大理石的体积是　     　cm3，此大理石的密度是　           　kg/m3。（4）大理石放在水中时会吸水，由此判断，用此测量方法测得的密度值与它的真实值相比　     　（填“偏大”“偏小”或“一样大”）。20．（3分）如图所示是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验。（1）图甲是某小组同学组装的实验装置，安装温度计时玻璃泡接触到烧杯底部，此时应适当将 　       　（选填“A处向上”或“B处向下”）进行调整。（2）图乙、丙是小明同学在实验中观察到的两种不同的实验现象，其中图 　   　是水沸腾时的情况。（3）根据实验数据绘制出温度随时间变化的关系如图丁所示。分析该图除可知水的沸点外，还可知水沸腾时的特点是 　            　。21．（4分）在探究“凸透镜成像规律”实验中如图所示：（1）由图甲可知，该凸透镜的焦距是 　       　cm；实验前，应将烛焰的焰心、透镜的光心、光屏的中心调整至同一 　     　上。（2）如图乙所示，光屏上的像应为丙图中的 　   　（选填“1”、“2”、“3”或“4”），若此时撤去光屏，人眼在如图乙所示的A位置 　   　（填“能”或“不能”）直接看到蜡烛的实像。（3）操作中不慎使凸透镜粘上了一个灰尘颗粒，那么原本光屏上清晰的像将 　   　；A．出现一个黑点B．无黑点（4）实验完成之后，小明把自己的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，如图丁所示，光屏上像变得模糊了，想在光屏上重新得到清晰的像，在不改变蜡烛和凸透镜位置的情况下，应将光屏 　     　（选填“靠近”或“远离”）凸透镜。22．（5分）在“探究通电导体中电流与电阻的关系”实验中，电源电压为4.5V且保持不变，滑动变阻器的规格为“20Ω 2A”，选用30Ω、25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω的定值电阻R由大到小依次正确接入电路。（1）用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向A端移动时，电路中电流变大，导线不得交叉。（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表示数几乎无示数，则故障为 　          　。（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端电压为 　   　V，实验得到的结论是 　                  　。（4）某次实验，更换电阻后，没有移动滑动变阻器的滑片P，直接闭合开关S，此时电压表示数如图丙所示，为 　      　V则刚拆下电阻R的阻值为 　     　Ω，为保持定值电阻两端电压一定，滑动变阻器的滑片P应向 　   　（选填“A或“B”）端滑动。23．（5分）小明与小芳同学为了研究泡沫塑料和棉絮的保温性能好坏，两人设计并做了一个实验，他们用这两种材料分别包着装有热水的密闭烧瓶，让它们自然冷却，利用温度计和计时器定时测量两烧瓶中的水温随时间变化的情况。（1）为保证实验的准确性，实验前除了取大小、厚度相同的泡沫塑料和棉絮外，还应考虑影响水温变化的其他因素，即保持烧瓶相同、水的初温相同、环境因素相同和质量相同。（2）按照计划操作，小明与小芳同学把实验测得的时间和温度数据填在下列表格中：时间t/min010203040…150180泡沫塑料组水温T1/℃8064554741…2120棉絮组水温T2/℃8056433228…2020分析上表数据可知：他们实验时的室内温度是　     　℃．分析数据可以得出的实验结论是：　                　。（3）除了采用相同时间内观察水降低的温度来比较这两种材料的保温性能外，根据上表数据你还可以采用　                  　方法来比较这两种材料的保温性能。（4）根据上表热水冷却的数据可推知，如果你要喝一杯温奶咖啡，可以有两种方式供你选择：方式1：先将烧开的热咖啡倒入杯中，冷却5min，然后加一匙冷牛奶；方式2：先将烧开的热咖啡倒入杯中，立即将一匙冷牛奶加进杯中，然后冷却5min。那么，你认为方式　   　的冷却效果较好。（选填“1”或“2”）。四．科普阅读题（共1小题，满分4分，每小题4分）24．（4分）请阅读《华夏之光——圭表》并回答下列问题。华夏之光——圭表我国古代的天文观测一直居于世界领先地位，天文学家们发明了许多先进的天文观测仪器，其中圭表就是典型的代表。圭表（如图所示）包括圭和表两部分，正南北方向平放的尺，叫作圭，直立在平地上的标竿或石柱，叫作表，圭和表相互垂直。战国以前的天文学家已能够利用水面来校正圭，使其水平，使用铅垂线来校正表，使其与圭相互垂直。依据圭表正午时表影长度的变化，就能推算出二十四节气，依据表影长短的周期性变化，就能确定一回归年的天数。由于日光散射和漫反射的影响，早期圭表的表影边缘模糊不清，影响了测量表影长度的精度。为了解决上述问题，元代天文学家郭守敬采取理论与实践相结合的科学方法，对圭表进行了一系列改进与创新。他将表的高度增加，并且在表顶加一根架空的横梁，使表高变为传统表高的五倍。这样，测量时，把传统的确定表影端的位置变为确定梁影中心的位置，提高了测量影长的精度。郭守敬又利用小孔成像的原理，发明了景符，利用景符可以在圭面上形成太阳和横梁的清晰像（如图所示），这样就可以精确的测量表的影长了．这些措施成功解决了圭表发明以来，测影时“虚景之中考求真实”的困难。以圭表为代表的我国古代的科技成果，像一颗颗璀璨的明珠，闪耀着智慧的光芒，激励着我们攀登新的科技高峰。请根据上述材料，回答下列问题：（1）我国古代依据圭表正午时 　       　的变化，就能推算出二十四节气。（2）请写出我国古代天文学家保证圭和表相互垂直的措施，并解释为什么这种措施可以保证圭和表是相互垂直的。（3）郭守敬的改进与创新措施解决了早期圭表的什么问题？五．计算题（共2小题，满分8分，每小题4分）25．（4分）如图甲所示的电路，电源电压为18V且保持不变，小灯泡的额定电压为12V，其I﹣U图像如图乙所示R1为定值电阻，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样。只闭合开关S、S2，移动滑动变阻器滑片至某位置小灯泡恰好正常发光。（1）求小灯泡正常发光时滑动变阻器消耗的电功率。（2）若电压表量程不变，电流表量程可以改变，断开开关S2，闭合开关S、S1，移动滑动变阻器滑片发现电流表示数的最小值如图丙所示，请通过计算判断R1可能的阻值。26．（4分）如图所示，将两个半径约为1cm的铅柱的底面削平、削干净，然后紧紧地压在一起，两个铅柱就像被粘在了一起，下面吊上5kg的重物都不能把它们拉开。（1）两个铅柱没有被重物拉开是因为铅柱的分子之间存在 　     　。（2）小红是一个爱思考的学生，她认为与铅柱底面接触的大气会对铅柱有向上托的力，这个力足以保证两个铅柱不被重物拉开。你是否同意小红的观点？请通过估算该力的大小来证明。（大气压p0取1×105Pa）（3）请设计一个实验并自选器材来验证小红的猜想。
2023年北京市中考物理模拟押题密卷参考答案与试题解析一．选择题（共12小题，满分24分，每小题2分）1．（2分）在国际单位制中，质量的单位是（　　）A．秒 B．千克 C．牛顿 D．帕斯卡【解答】解：在国际单位制中，时间的单位是秒；质量的单位是千克；力的单位是牛顿；压强的单位是帕斯卡，故ACD错误，B正确。故选：B。2．（2分）下列用电器中，主要利用电流热效应工作的是（　　）A．电风扇 B．计算机 C．电烙铁 D．电视机【解答】解：A、电风扇主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效应来工作的，故A错误；B、计算机工作时，电能会转化为光能、声能等，不是利用电流的热效应工作的；故B错误；C、电烙铁工作时消耗电能，电能转化为内能，是利用了电流的热效应工作的，故C正确；D、电视机工作时主要将电能转化为光能、声能，不是利用电流热效应来工作的，故D错误。故选：C。3．（2分）利用身边的物体做物理小实验：将下列哪个物体连入如图所示电路中a、b两点之间，可以使小灯泡发光？（　　）A．钢尺 B．木筷子 C．橡皮擦 D．塑料吸管【解答】解：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。题中四个选项中，只有钢尺是导体，其余的木筷子、橡皮擦、塑料吸管都是绝缘体，所以要使开关S闭合后小灯泡能够发光，在a、b间应接入钢尺，故A正确，BCD错误。故选：A。4．（2分）很多体育赛事都与摩擦有关，有时要增大摩擦力，有时又要设法减小摩擦力。下列四个实例中属于减小摩擦力的是（　　）A．在跑鞋的底部有许多花纹和鞋钉 B．滑旱冰时，旱冰鞋下装有滚轮 C．足球比赛中守门员戴有防滑手套 D．举重时，运动员先在手上涂抹“白粉”【解答】解：A、在跑鞋的底部有许多花纹和鞋钉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不合题意；B、滑旱冰时，旱冰鞋下装有滚轮，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，故B符合题意；C、足球比赛中守门员戴有防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意；D、举重时，运动员先在手上涂抹“白粉”，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D不合题意。故选：B。5．（2分）如图所示的四种现象中，属于增大压强的是（　　）A．书包更宽的背带 B．注射器更尖的针头 C．坦克更宽的履带 D．骆驼更大的脚掌【解答】解：A、书包带做得宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小书包对肩膀的压强，使肩膀感到舒服，故A不合题意；B、注射器针头做得尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B符合题意；C、坦克宽大的履带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C不合题意；D、骆驼宽大的脚掌，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D不合题意。故选：B。6．（2分）如图所示的工具在正常使用时，属于省力杠杆的是（　　）A．食品夹 B．筷子 C．撬棒 D．天平【解答】解：A、食品夹在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；B、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B错误；C、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C正确；D、天平在使用时，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，不省力也不费力，故D错误。故选：C。7．（2分）生长在沙漠中的仙人掌的叶子为针状，有助于减少水分的（　　）A．凝固 B．升华 C．液化 D．汽化【解答】解：蒸发是汽化的一种方式。生活在沙漠中的仙人掌针状的叶子是通过减小液体的表面积来减缓水分的蒸发，即有助于减少水分的，故D正确。故选：D。8．（2分）下列关于安全用电的描述，不符合用电原则，需要改正的是（　　）A．发生触电事故时应立即切断电源 B．家庭电路连接示意图 C．电水壶接电线路示意图 D．使用验电笔检验插座的相线【解答】解：A、发生触电事故时，必须先切断电源，然后再救人，否则会因电源不断开而发生触电，故A符合用电原则；B、为了安全，电灯的开关应接在火线与灯之间，故B不符合用电原则；C、带保险丝的一端与火线连接，中间一条与零线连接，接电水壶外壳的一条与地线连接，故C符合用电原则；D、使用测电笔检验插座的相线时，手要接触笔尾金属体，故D符合用电原则。故选：B。9．（2分）如图所示是中国女篮对战韩国队的精彩画面，下列说法正确的是（　　）A．篮球最终落地，是由于篮球具有惯性 B．抛出去的篮球在空中飞行时受到重力和推力 C．篮球掉落过程中，其动能和势能都在减小 D．运动员用力抛出篮球，不能改变篮球的惯性【解答】解：A．篮球最终落地，是因为篮球受到重力，不是因为惯性，故A错误；B．抛出去的篮球在空中飞行时受重力和空气阻力的作用，不受推力的作用，故B错误；C．篮球掉落过程中，质量不变，速度变大，高度变小，因此动能增大，重力势能减小，故C错误；D．惯性的大小只与质量有关，用力抛出篮球，质量不变，所以惯性不变，故D正确。故选：D。10．（2分）在探究通电螺线管的磁场特点时，通电螺线管在某状态下的两个实验现象如图甲、乙所示，其中小磁针（黑色一端为N极）静止时的指向情况如图甲所示，铁屑静止时的分布情况如图乙所示。根据甲图和乙图所示的实验现象，用磁感线描述通电螺线管磁场情况如图丙所示。下列说法中正确的是（　　）A．图甲所示的实验，说明通电螺线管某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的 B．图乙所示的实验，说明利用撒在通电螺线管周围的铁屑可以判断各点的磁场方向 C．图丙所示的通电螺线管的磁感线，是人们为了描述磁场建立的物理模型 D．由图丙可知，磁感线是由磁场中的铁屑被磁化后形成的【解答】解：A、小磁针静止时N极所指的方向为磁场的方向，小磁针不能决定的通电螺线管某点的磁场方向，故A错误；B、利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围的磁场的分布情况，而不能判断出该磁体周围各点的磁场方向，故B错误；CD、磁场是一种物质，它真实的存在于磁体周围，是看不见摸不到的，为了形象地描述磁场，我们引入了一系列带有方向的曲线（磁感线）来描述磁场，故C正确，故D错误。故选：C。11．（2分）甲、乙两个圆柱形薄壁容器静止放在水平桌面上，分别装有质量相等的液体A和液体B，液面相平。再将质量相等的实心物块M、N分别放入两容器中，均漂浮，如图所示，此时甲容器中液体A对容器底部的压强和压力分别为p1和F1，乙容器中液体B对容器底部的压强和压力分别为p2和F2。已知甲容器的底面积大于乙容器的底面积，液体A、B的密度分别为ρA、ρB，物块M、N的密度分别为ρM、ρN，下列一定正确的是（　　）A．ρM＜ρB，p1＞p2 B．ρM＜ρB，F1＝F2 C．ρN＜ρA，p1＜p2 D．ρN＜ρA，F1＜F2【解答】解：（1）由液体A、B质量相等可得GA＝GB，物块M、N质量相等，因为是规则容器，所以液体容器底部的压力F＝G总，则由可知：F1＝GA+GM，F2＝GB+GN，由于GA+GM＝GB+GN，所以，F1＝F2；已知甲容器底面积大于乙容器底面积，由p＝可得，p1＜p2；故AD错误；（2）容器中液体A、B的质量相等，液面相平，由图知甲容器的底面积大于乙容器的底面积，由V＝Sh知A液体的体积大于B液体的体积，由ρ＝可得A液体的密度小于B液体的密度，即ρA＜ρB，由图知物块M、N在液体中都漂浮，所以ρM＜ρA，ρN＜ρB，所以ρM＜ρB，由于ρN＜ρB，ρA＜ρB，所以不能判断出ρN与ρA，的关系，故B正确，C错误。故选：B。12．（2分）物理实践活动中，小明自制了一个体积为50cm3的潜艇模型，如图所示。下列说法正确的是（　　）A．潜艇模型悬浮在水中时受到的浮力为5N B．潜艇模型是通过改变所受的浮力实现浮沉的 C．将注射器向左推，图中悬浮的潜艇模型上浮 D．潜艇模型在水面下下潜的过程中受到的浮力增大【解答】解：A、潜艇模型悬浮在水中时，排开水的体积：V排＝V＝50cm3＝5×10﹣5m3，则受到的浮力为：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×5×10﹣5m3×10N/kg＝0.5N，故A错误；B、潜水艇在水中时，排开液体的体积不变，受到的浮力不变，潜艇模型是通过改变自身的重力实现浮沉的，故B错误；C、将注射器向左推，试管中的气压增大，水被排出，试管自身的重力减小，图中悬浮的潜艇模型将上浮，故C正确；D．潜艇模型在水面下下潜的过程中，排开水的体积不变，则受到的浮力不变，故D错误。故选：C。二．多选题（共3小题，满分6分，每小题2分）（多选）13．（2分）下列说法正确的是（　　）A．导体中的自由电子做定向移动时，它的周围就产生磁场 B．导体的电阻是由导体两端的电压及通过导体的电流决定的 C．导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生感应电流 D．改变磁场的方向，通电导体在磁场中的受力方向不一定发生改变【解答】解：A、导体中的自由电子做定向移动时会产生电流，电流的周围存在磁场，故A正确；B、电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与通过导体的电流和导体两端的电压无关，故B错误；C、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，故C错误；D、改变磁场的方向，同时电流的方向改变，则通电导线在磁场中的受力方向不会发生改变，故D正确。故选：AD。（多选）14．（2分）用如图甲所示的滑轮组提升物体，已知被提升的物体M质量为73kg，作用在绳子自由端竖直向下的拉力F＝400N，绳子自由端沿竖直方向运动的距离随时间变化的关系如图乙所示，g＝10N/kg。下列说法中正确的是（　　）A．绳子自由端移动的速度为0.5m/s B．动滑轮的重力为70N C．拉力F的功率为100W D．滑轮组提升物体M的机械效率为91.25%【解答】解：A、由图乙可得，在40s内，绳子自由端移动的距离s＝20m，绳子自由端移动的速度：v＝＝＝0.5m/s，故A正确；B、物体M的重力G＝mg＝73kg×10N/kg＝730N，由图甲知，n＝2，不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），则动滑轮重力：G动＝2F﹣G＝2×400N+730N＝70N，由于题目没有提供“不计绳重和摩擦”的条件，若考虑绳重和摩擦，计算的动滑轮重力将偏小，故B错误；C、拉力做的总功：W总＝Fs＝400N×20m＝8000J，拉力的功率为：P＝＝＝Fv＝400N×0.5m/s＝200W，故C错误；D、滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝91.25%，故D正确。故选：AD。（多选）15．（2分）如图所示，A、B两物体叠放在水平桌面上受到两个水平拉力而保持静止，这两个力一个为5N，一个为3N，那么物体B受物体A和水平桌面的摩擦力大小应分别为（　　）A．5N、3N B．5N、2N C．2N、3N D．3N、2N【解答】解：A在水平方向受拉力F1及摩擦力而处于静止状态，F1可能是5N或者3N，故由二力平衡可得，A受B的摩擦力可能是FA＝F1＝5N，根据相互作用力，那么物体B受物体A的摩擦力也是5N；A受B的摩擦力也可能是FA'＝F1＝3N，根据相互作用力，那么物体B受物体A的摩擦力也是3N；所以物体B受物体A的摩擦力是5N或者3N。对整体进行分析，则整体在水平方向上受F1、F2及地面对B的摩擦力而处于静止状态，故三力的合力应为零，则摩擦力FB＝F1﹣F2＝5N﹣3N＝2N。故选：BD。三．填空题（共8小题，满分26分）16．如图所示中物体的长度为　3.50　cm，该刻度尺的分度值是　1　mm。【解答】解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与零刻度线对齐，右侧与3.50cm对齐，所以物体的长度为L＝3.50cm。故答案为：3.50；1。17．（2分）如图所示为常用体温计，它的量程为　35～42　℃，此时读数为　37.8　℃。【解答】解：图中体温计的测量范围即量程为35℃～42℃，分度值为0.1℃，示数为37℃+8×0.1℃＝37.8℃。故答案为：35～42；37.8。18．（3分）某兴趣小组在研究“串联电路特点”的实验中，将一个阻值约为10欧的普通小灯泡L和一LED灯串联后接入电路（如图甲），闭合开关S，发现LED灯亮而小灯泡L不亮，这是什么原因呢？两位同学进行了如下的探究：实验次数电压/伏电流/毫安电阻/欧11.412116.721.614114.331.816112.5…………实验一：将一根导线并联在图甲电路中LE灯的两端，观察到小灯泡L发光了。实验二：在老师帮助下，他们利用电压表和电流表，按图乙所示的电路对LED灯的电阻进行测量，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，获得多组数据如表：（1）实验一排除了哪种因素导致小灯泡不发光的可能性？　小灯泡L处短路　；（2）根据实验数据，他们分析“LED灯亮而小灯泡L不亮”的可能原因是 　LED灯的电阻大于小灯泡的电阻　。【解答】解：（1）由电路图知，小灯泡与LED灯串联，串联电路电流处处相等，实验中LED灯亮而小灯泡L不亮，小灯泡L不亮一定不是断路引起的，可能是短路，当将一根导线并联在图甲电路中LED灯的两端时，观察到小灯泡L发光，可以排除小灯泡L处短路；（2）由题知LED灯的电阻大于小灯泡的电阻，而通过的电流相同，根据P＝I2R知LED灯的实际功率大于小灯泡的实际功率小，所以LED灯亮而小灯泡L不亮。故答案为：（1）小灯泡L短路；（2）LED灯的电阻大于小灯泡的电阻。19．（4分）在用天平和量筒测量一小块大理石密度的实验过程中：（1）该实验使用的测量原理是　ρ＝　。（2）将天平放在水平台上，把游码放在　零刻度　处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向　左　（填“右”或“左”）调。（3）用调好的天平测大理石的质量，当右盘中所加砝码和游码位置如图甲所示时，天平平衡，则此大理石的质量是　43.2　g．在量筒内装一定量的水，测出水的体积是60cm3．接下来将该大理石放入量筒中的情况如图乙所示，则大理石的体积是　20　cm3，此大理石的密度是　2.16×103　kg/m3。（4）大理石放在水中时会吸水，由此判断，用此测量方法测得的密度值与它的真实值相比　偏大　（填“偏大”“偏小”或“一样大”）。【解答】解：（1）测量小石块密度实验的原理是ρ＝；（2）将天平放在水平台上，把游码归零；指针偏右，应将平衡螺母向左移；（3）大理石的质量为20g+20g+3.2g＝43.2g；大理石的体积V＝V2﹣V1＝80cm3﹣60cm3＝20cm3；大理石的密度ρ＝＝＝2.16g/cm3＝2.16×103kg/m3；（4）大理石放在水中时会吸水，这样会使得所测大理石的体积偏小，测量大理石的密度偏大。故答案为：（1）ρ＝；（2）零刻度；左； （3）43.2g；20；  2.16×103；（4）偏大。20．（3分）如图所示是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验。（1）图甲是某小组同学组装的实验装置，安装温度计时玻璃泡接触到烧杯底部，此时应适当将 　A处向上　（选填“A处向上”或“B处向下”）进行调整。（2）图乙、丙是小明同学在实验中观察到的两种不同的实验现象，其中图 　乙　是水沸腾时的情况。（3）根据实验数据绘制出温度随时间变化的关系如图丁所示。分析该图除可知水的沸点外，还可知水沸腾时的特点是 　继续吸热，温度不变　。【解答】解：（1）由于温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，需要将温度计向上调整，即将A处向上调整；（2）液体沸腾前吸收热量，温度不断升高，气泡上升时不断变小；液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，气泡上升时不断增大；所以乙图是水沸腾时的情况，甲图是水沸腾前气泡上升过程的情况；（3）由图象可知，水的沸点是97℃，且水在沸腾过程中，继续吸收热量但温度不变。故答案为：（1）A处向上；（2）乙；（3）继续吸热，温度不变。21．（4分）在探究“凸透镜成像规律”实验中如图所示：（1）由图甲可知，该凸透镜的焦距是 　10.0　cm；实验前，应将烛焰的焰心、透镜的光心、光屏的中心调整至同一 　高度　上。（2）如图乙所示，光屏上的像应为丙图中的 　3　（选填“1”、“2”、“3”或“4”），若此时撤去光屏，人眼在如图乙所示的A位置 　能　（填“能”或“不能”）直接看到蜡烛的实像。（3）操作中不慎使凸透镜粘上了一个灰尘颗粒，那么原本光屏上清晰的像将 　B　；A．出现一个黑点B．无黑点（4）实验完成之后，小明把自己的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，如图丁所示，光屏上像变得模糊了，想在光屏上重新得到清晰的像，在不改变蜡烛和凸透镜位置的情况下，应将光屏 　远离　（选填“靠近”或“远离”）凸透镜。【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以f＝60.0cm﹣50.0cm＝10.0cm。为使像能成在光屏的中央，应先使凸透镜的光心、烛焰的焰心、光屏的中心在同一高度处；（2）由图可知此时物距为u＝15.0cm，这时，2f＞u＞f，成倒立放大实像，光屏上的像应为丙图中的3；当撤去光屏，人眼睛在光屏的位置能看到物体的实像；（3）在操作中不慎使凸透镜粘上了一个灰尘颗粒，物体上任一点射向凸透镜的其他部分，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，上部和下部皆无黑点，折射光线减少，会聚成的像变暗，故选B；（4）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，则成像远离透镜，若想在光屏上重新得到清晰的像，在不改变蜡烛和凸透镜位置的情况下，应将光屏远离透镜。故答案为：（1）10.0；高度；（2）3；能；（3）B；（4）远离。22．（5分）在“探究通电导体中电流与电阻的关系”实验中，电源电压为4.5V且保持不变，滑动变阻器的规格为“20Ω 2A”，选用30Ω、25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω的定值电阻R由大到小依次正确接入电路。（1）用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向A端移动时，电路中电流变大，导线不得交叉。（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表示数几乎无示数，则故障为 　定值电阻R断路　。（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端电压为 　3　V，实验得到的结论是 　电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比　。（4）某次实验，更换电阻后，没有移动滑动变阻器的滑片P，直接闭合开关S，此时电压表示数如图丙所示，为 　2.7　V则刚拆下电阻R的阻值为 　20　Ω，为保持定值电阻两端电压一定，滑动变阻器的滑片P应向 　A　（选填“A或“B”）端滑动。【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向A端移动，电路中电流变大，说明电阻变阻器接入电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱串联入电路中，如下图所示：（2）串联电路只有一条电流的路径，电流表几乎没有示数，说明电路中某处断路，电压表有示数，说明电压表与电池正负极之间的电路是接通的，则故障为定值电阻R断路；（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为：UR＝IR＝0.6A×5Ω＝0.3A×10Ω＝0.2A×15Ω＝0.1A×30Ω＝3V；由图像可知：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；（4）由图丙可知电压表量程为0～3V，分度值0.1V，电压表的示数为2.7V；设此时电阻为R′，此时滑动变阻器两端的电压为：U滑′＝U﹣UR′＝4.5V﹣2.7V＝1.8V，根据串联电路的分压特点可知此时＝＝＝，所以R′＝R滑，更换电阻前，R两端的电压UR＝3V不变，动变阻器两端的电压U滑＝U﹣UR＝4.5V﹣3V＝1.5V，设拆下的电阻为R，则根据串联电路的分压特点可知＝＝＝，所以R＝2R滑，由题意，选用25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω的定值电阻R由大到小依次正确接入电路，可知R′＝R﹣5Ω，即R滑＝2R滑﹣5Ω，解得：R滑＝10Ω，所以R＝2R滑＝2×10Ω＝20Ω，即刚拆下电阻R的阻值为20Ω；移动滑动变阻器滑片P到某处时，电压表的示数为2.7V，小于3V，所以要提高定值电阻R两端的电压，根据串联电路的分压特点，需要减小滑动变阻器接入电路的电阻，即应将滑片P向A端移动。故答案为：（1）见解析；（2）定值电阻R断路；（3）3；电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；（4）2.7；20；A。23．（5分）小明与小芳同学为了研究泡沫塑料和棉絮的保温性能好坏，两人设计并做了一个实验，他们用这两种材料分别包着装有热水的密闭烧瓶，让它们自然冷却，利用温度计和计时器定时测量两烧瓶中的水温随时间变化的情况。（1）为保证实验的准确性，实验前除了取大小、厚度相同的泡沫塑料和棉絮外，还应考虑影响水温变化的其他因素，即保持烧瓶相同、水的初温相同、环境因素相同和质量相同。（2）按照计划操作，小明与小芳同学把实验测得的时间和温度数据填在下列表格中：时间t/min010203040…150180泡沫塑料组水温T1/℃8064554741…2120棉絮组水温T2/℃8056433228…2020分析上表数据可知：他们实验时的室内温度是　20　℃．分析数据可以得出的实验结论是：　泡沫塑料的保温性能比棉絮好　。（3）除了采用相同时间内观察水降低的温度来比较这两种材料的保温性能外，根据上表数据你还可以采用　观察水温降低相同的温度比较所需要的时间的　方法来比较这两种材料的保温性能。（4）根据上表热水冷却的数据可推知，如果你要喝一杯温奶咖啡，可以有两种方式供你选择：方式1：先将烧开的热咖啡倒入杯中，冷却5min，然后加一匙冷牛奶；方式2：先将烧开的热咖啡倒入杯中，立即将一匙冷牛奶加进杯中，然后冷却5min。那么，你认为方式　1　的冷却效果较好。（选填“1”或“2”）。【解答】解：（2）表中数据所示实验时的室内温度是20℃；由表中的数据可知，经过40分钟，泡沫塑料包的烧瓶温度从80℃降到41℃，降低了39℃；而棉絮包的烧瓶水从80℃降到28℃，降了52℃，由此可见，泡沫塑料的保温性能比棉絮好；（3）除了比较相同时间内温度的变化，还可以让两瓶水降低相同的温度，看所用的时间是否一样；（4）由表中数据知，温度变化特点是先快，后慢，再不变；根据水的温度降低的规律，如果要使一杯热的热咖啡快速冷却，最好的办法是先将滚烫的热咖啡冷却5min，然后加一匙冷牛奶，即方式1的冷却效果较好。故答案为：（2）20；泡沫塑料比棉絮的保温性能好；（3）观察水温降低相同的温度比较所需要的时间的；（4）1。四．科普阅读题（共1小题，满分4分，每小题4分）24．（4分）请阅读《华夏之光——圭表》并回答下列问题。华夏之光——圭表我国古代的天文观测一直居于世界领先地位，天文学家们发明了许多先进的天文观测仪器，其中圭表就是典型的代表。圭表（如图所示）包括圭和表两部分，正南北方向平放的尺，叫作圭，直立在平地上的标竿或石柱，叫作表，圭和表相互垂直。战国以前的天文学家已能够利用水面来校正圭，使其水平，使用铅垂线来校正表，使其与圭相互垂直。依据圭表正午时表影长度的变化，就能推算出二十四节气，依据表影长短的周期性变化，就能确定一回归年的天数。由于日光散射和漫反射的影响，早期圭表的表影边缘模糊不清，影响了测量表影长度的精度。为了解决上述问题，元代天文学家郭守敬采取理论与实践相结合的科学方法，对圭表进行了一系列改进与创新。他将表的高度增加，并且在表顶加一根架空的横梁，使表高变为传统表高的五倍。这样，测量时，把传统的确定表影端的位置变为确定梁影中心的位置，提高了测量影长的精度。郭守敬又利用小孔成像的原理，发明了景符，利用景符可以在圭面上形成太阳和横梁的清晰像（如图所示），这样就可以精确的测量表的影长了．这些措施成功解决了圭表发明以来，测影时“虚景之中考求真实”的困难。以圭表为代表的我国古代的科技成果，像一颗颗璀璨的明珠，闪耀着智慧的光芒，激励着我们攀登新的科技高峰。请根据上述材料，回答下列问题：（1）我国古代依据圭表正午时 　表影长度　的变化，就能推算出二十四节气。（2）请写出我国古代天文学家保证圭和表相互垂直的措施，并解释为什么这种措施可以保证圭和表是相互垂直的。（3）郭守敬的改进与创新措施解决了早期圭表的什么问题？【解答】解：（1）我国古代依据圭表正午时表影长度的变化，就能推算出二十四节气；（2）用水面来矫正圭，使其水平，利用重垂线来矫正表，使其与圭相互垂直，这是因为重垂线是利用重力方向的竖直向下作用的，竖直向下与水平面互相垂直；（3）测量时，把传统的确定表影端的位置变为确定梁影中心的位置，解决了早期圭表的表影边缘模糊不清的问题，提高了测量影长的精度。故答案为：（1）表影长度；（2）用水面来矫正圭，使其水平，利用重垂线来矫正表，使其与圭相互垂直，这是因为重垂线是利用重力方向的竖直向下作用的，竖直向下与水平面互相垂直；（3）测量时，把传统的确定表影端的位置变为确定梁影中心的位置，解决了早期圭表的表影边缘模糊不清的问题，提高了测量影长的精度。五．计算题（共2小题，满分8分，每小题4分）25．（4分）如图甲所示的电路，电源电压为18V且保持不变，小灯泡的额定电压为12V，其I﹣U图像如图乙所示R1为定值电阻，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样。只闭合开关S、S2，移动滑动变阻器滑片至某位置小灯泡恰好正常发光。（1）求小灯泡正常发光时滑动变阻器消耗的电功率。（2）若电压表量程不变，电流表量程可以改变，断开开关S2，闭合开关S、S1，移动滑动变阻器滑片发现电流表示数的最小值如图丙所示，请通过计算判断R1可能的阻值。【解答】解：（1）闭合开关S、S2，此时灯与变阻器串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流；移动滑动变阻器滑片至某位置小灯泡恰好正常发光，则灯的电压为12V，由图乙可知，当小灯泡两端电压为12 V 时，通过小灯泡的额定电流为0.75A，根据串联电路电压的规律可得，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UL＝18V﹣12V＝6V，由欧姆定律和串联电路电流的规律，则滑动变阻器消耗的电功率：P＝U滑I＝6V×0.75A＝4.5W。（2）断开开关S2，闭合开关S、S1时，R1和R2串联；滑动变阻器连入电路中的电阻越大，电路的总电阻越大，由欧姆定律可知电路中的电流越小；由（1）可知，因变阻器的电压为6V，故电压表选用0﹣15V量程，因电流表量程可以改变，则有2种可能：①若电流表量程为“0～0.6 A”时，分度值为0.02A，则最小电流为I1＝0.3 A，，此时电路的总电阻：R总＝，当滑动变阻器连入电路的阻值最大为R2＝20Ω时，电流最小，则由电阻的串联可得R1的阻值：R1＝R总﹣R2＝60Ω﹣20Ω＝40Ω；②若电流表量程为“0～3 A”时，分度值为0.1A，此时的最小电流为I2＝1.5 A，若变阻器连入电路中的电阻为20Ω，由欧姆定律可得电压表示数：UV＝I2R2＝1.5A×20Ω＝30V＞15V，故变阻器的最大电阻不能连入电路中，因电压表量程为0﹣15V，所以当电压表示数最大为15V时，变阻器允许接入电路的阻值最大，电流最小，则此时R1两端的电压为：U1＝U﹣UV大＝18V﹣15V＝3V，R1的阻值：R1＝。综上所述，R1的可能阻值为2Ω或40Ω。答：（1）小灯泡正常发光时滑动变阻器消耗的电功率为4.5W；（2）R1可能的阻值为2Ω或40Ω。26．（4分）如图所示，将两个半径约为1cm的铅柱的底面削平、削干净，然后紧紧地压在一起，两个铅柱就像被粘在了一起，下面吊上5kg的重物都不能把它们拉开。（1）两个铅柱没有被重物拉开是因为铅柱的分子之间存在 　引力　。（2）小红是一个爱思考的学生，她认为与铅柱底面接触的大气会对铅柱有向上托的力，这个力足以保证两个铅柱不被重物拉开。你是否同意小红的观点？请通过估算该力的大小来证明。（大气压p0取1×105Pa）（3）请设计一个实验并自选器材来验证小红的猜想。【解答】解：（1）将两个铅柱的底面削平、削干净、然后紧紧地压在一起，两铅块就会结合起来，甚至下面吊一个钩码都不能把它们拉开，说明了分子之间存在引力；（2）由公式p＝得，铅柱横截面受到大气的压力，即对铅柱的托力为：F＝pS＝p0×πr2＝1×105Pa×3.14×（1×10﹣2m）2＝31.4N，由于重物的重力为：G＝mg＝5kg×10N/kg＝50N，托力小于物体的重力，所以与铅柱底面接触的大气无法托住物体；（3）选一个大小适中的吸盘，排净空气吸住铅柱，竖直悬挂，在铅柱下面吊上5kg的重物，如果铅柱从吸盘上掉下来，说明小红的观点是错误的，若没有掉下来，说明小红的观点是正确的。故答案为：（1）引力；（2）不同意；与铅柱底面接触的大气对铅柱的托力约31.4N，小于重物的重力；（3）选一个大小适中的吸盘，排净空气吸住铅柱，竖直悬挂，在铅柱下面吊上5kg的重物，如果铅柱从吸盘上掉下来，说明小红的观点是错误的，若没有掉下来，说明小红的观点是正确的。