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2023年四川省绵阳市江油市5月中考模拟物理试题（含答案）
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这是一份2023年四川省绵阳市江油市5月中考模拟物理试题（含答案），共29页。试卷主要包含了选拔题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省绵阳市江油市中考物理模拟试卷（5月份）
一、选拔题（本题共13小题，每小题3分，共39分，每小题只有一个正确选项最符合题目要求）
1．（3分）下列自然现象由液化形成的是（ ）
A．河面的冰 B．地上的霜 C．山上的雪 D．山间的雾
2．（3分）据我国古代书籍《天工开物》记载：“凡钟为金乐之首，其声一宣，大者闻十里，小者亦及里之余。”其描述的是声音的（ ）
A．响度 B．频率 C．音调 D．音色
3．（3分）关于能源、信息与材料，下列说法不正确的是（ ）
A．为降低电能的损耗，可利用超导材料制造电饭煲的电热丝
B．垃圾分类有利于保护环境和节约能源
C．风能、水能都是可再生能源
D．北斗卫星之间利用电磁波相互传递信息，实现“星间链路”
4．（3分）关于如图所示的四个演示实验现象，下列说法中不正确的是（ ）
A．如图甲：墨水在热水中扩散得快，说明温度越高分子无规则运动越快
B．如图乙：两个铅块没有被拉开，说明分子间存在相互作用的引力
C．如图丙：用力推入活塞，活塞内的水很难被压缩，说明液体内部有压强
D．如图丁：水与酒精混合时，总体积比预计的要小，说明分子之间有空隙
5．（3分）以下四个情景中，应用了流体压强与流速关系的是（ ）
A．C919客机升空 B．潜水艇浮出水面
C．用吸管吸饮料 D．用高压锅把食物煮熟
6．（3分）苏翊鸣在2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台比赛中夺得金牌。如图所示为运动员在空中运动的轨迹，图中a、c两处等高，若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．运动员从a处到b处重力势能转化为动能
B．运动员在a处和c处的重力势能相等
C．运动员在b处时的机械能最大
D．运动员从b处到d处速度逐渐减小
7．（3分）如图是常用的插线板，闭合开关，指示灯发光，且插孔可以提供工作电压，下列说法正确的是（ ）
A．图中A与零线相连，B与火线相连
B．将试电笔插入C孔，其氖管会发光
C．若指示灯断路不能发光，则插孔不能提供工作电压
D．若A、B两孔发生短路，则其它插孔仍可提供工作电压
8．（3分）甲、乙两物体，同时从同一地点沿直线向东运动，它们的s﹣t图像如图所示。3秒末，则（ ）
A．甲、乙都是静止的 B．乙的速度是8m/s
C．甲、乙都是运动的 D．甲、乙相距2m
9．（3分）如图所示，水平桌面上的小车上放一木块，木块随小车在重物的牵引下向右做匀速直线运动，下列说法正确的是（ ）
A．木块受到小车对它的摩擦力方向水平向左
B．小车受到桌面对它的摩擦力方向水平向左
C．木块对小车的压力和小车对木块的支持力是一对平衡力
D．小车受到的重力和桌面对小车的支持力是一对平衡力
10．（3分）将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜15cm处得到一个最小、最亮的光斑。现将该凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．此时可以在光屏上观察到清晰缩小的像
B．仅在凸透镜左侧附近放一合适的凹透镜，可模拟近视眼的矫正
C．将蜡烛移到30cm刻度处，移动光屏可在光屏上得到清晰等大的像
D．将蜡烛移到40cm刻度处，移动光屏可在光屏上得到清晰放大的像
11．（3分）无线充电是一种增加手机续航时间的方式。无线充电技术用到的原理是受电线圈靠近磁场时就会产生电流，从而给智能手机充电，用到了如图哪个实验的原理（ ）
A． B．
C． D．
12．（3分）节约粮食是餐饮文明的重要标志之一。某自助餐厅利用电子秤开展“吃多少，称多少”的活动。如图是电子秤的原理图，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片P与弹簧顶端固定在一起。下列说法正确的是（ ）
A．电路中R0是没有作用的
B．电子秤仪表是由电压表改装而成的
C．食品质量越小，R两端的电压越小
D．食品质量越大，电路中的电流越大
13．（3分）物体A重25N，绳子承受最大拉力100N。小壮用20N的力将A以2m/s的速度匀速提升到高处，忽略绳重、摩擦及空气阻力。下列说法不正确的是（ ）
A．动滑轮所受的重力为15N
B．第一秒内克服滑轮重做的额外功为30J
C．此滑轮组能提起的最大物重是185N
D．此装置最高机械效率为62.5%
二、填空题（本题共5小题，每空2分，共20分）
14．（4分）如图，小明自制了一个气压计，瓶内气体压强 大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”）。若拿着此气压计从29楼下到1楼，玻璃管内水柱的高度将 （选填“升高”或“降低”）。
15．（4分）如图所示为水位测量仪的示意图。A点与光屏PQ在同一水平面上，从A点发出的一束与水平面成45°角、方向不变的激光，经水面反射后，在光屏上的B点处形成一个光斑，光斑位置随水位变化而发生变化。A点与光屏在水中所成的像是 （填“虚”或“实”）像。若光斑B向右移动了1m，说明水位 （填“上升”或“下降”）了。
16．（4分）如图所示，一物体放在同一水平面上，第一次在拉力F1的作用下，以速度v1匀速运动了距离s，第二次在拉力F2的作用下，以速度v2匀速运动了同样的距离，已知v1＞v2。比较前后两次拉力做的功W1 W2，拉力的功率P1 P2。（均填“＞”“＝”或“＜”）
17．（4分）将一电热水壶接入家庭电路中，电能表如图所示，正常工作了5min，电能表的转盘转过了300r，则电热水壶消耗的电能为 J，电热水壶的电功率为 W。
18．（4分）为保障全校师生饮水安全，学校安装了热效率达到80%的现代化高效节能锅炉，每天可以提供1.0×103kg开水，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），优质煤的热值为3.0×107J/kg。10×103kg的水温度从20℃升高到100℃，需要吸收的热量是 J，每天至少需要完全燃烧 kg优质煤。
三、实验题（本题共3小题，每空2分，共20分）
19．（6分）探究平面镜成像特点的实验，如图所示。
（1）选取两个完全相同的蜡烛A和B的目的是：便于比较像与物的 关系。
（2）实验时应在蜡烛 （选填“A”或“B”）一侧观察蜡烛A的像；如果将竖立的玻璃板沿图中虚线水平向右移动一段距离，则蜡烛A的像相对于桌面 （选填“向左”、“向右”或“不发生”）移动。
20．（6分）如图是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验。
（1）实验中通过观察 来反映物体A动能的大小。
（2）该实验中物体的速度是指物体A从斜面上由静止滚下与物体B （选填“碰前A”、“碰后A”、“碰前B”或“碰后B”）的速度，它是通过改变 （选填“高度”或“质量”）来改变的。
21．（8分）用如图甲所示电路“探究电流跟电阻的关系”，电源电压恒为3V，滑动变阻器的规格为“50Ω 2A”。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中电压表接入电路，测定值电阻两端的电压。
（2）滑片移至阻值最大处，将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，发现电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是 。
（3）排除故障后，移动滑片，使电压表的示数如图乙所示，记下电压表的示数为 V。实验中，若每次实验均选用单个定值电阻连入电路，实验室另外还有15Ω、20Ω、30Ω、35Ω、50Ω的5个定值电阻，你认为在这些定值电阻中，按照上面的实验步骤能完成实验的还有 个。
四、计算题（本题共2小题，共21分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数字和单位）
22．（9分）如图所示，是某电饭锅的简化电路图，其中R1和R2为阻值一定的电热丝，通过控制开关S1，可使电饭锅处于加热或保温状态。已知R1＝55Ω，R2＝220Ω，电源电压保持220V不变。求：
（1）电饭锅保温时的电流I；
（2）电饭锅加热10min消耗的电能W。
23．（12分）如图甲，在水平桌面上有一薄壁圆柱体，容器足够深，容器底面积为350cm2，容器内放有边长为0.1m的均匀正方体物体M（不吸水），随后慢慢向容器中加水，在加水的过程中，物体M对容器底的压强p与所加水的质量m的关系如图乙所示，在整个过程中没有水溢出，且物体M的底面始终与容器中的水面平行，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）未加水时M对容器底的压强。
（2）物体M的密度。
（3）若向容器内加水2.7kg时，容器底部受到水的压强。
2023年四川省绵阳市江油市中考物理模拟试卷（5月份）
参考答案与试题解析
一、选拔题（本题共13小题，每小题3分，共39分，每小题只有一个正确选项最符合题目要求）
1．（3分）下列自然现象由液化形成的是（ ）
A．河面的冰 B．地上的霜 C．山上的雪 D．山间的雾
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：A、河面的冰是由水凝固形成的，故A错误；
BC、山上的雪、地上的霜是水蒸气凝华形成的，故BC错误；
D、雾是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，故D正确。
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，首先要熟记物态变化的定义，解答时要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，对照定义找出正确答案。
2．（3分）据我国古代书籍《天工开物》记载：“凡钟为金乐之首，其声一宣，大者闻十里，小者亦及里之余。”其描述的是声音的（ ）
A．响度 B．频率 C．音调 D．音色
【分析】声音的大小叫响度，响度与声源振动的幅度和距发声体的远近有关，振动幅度越大，响度越大。
【解答】解：声音的大小叫响度，题干中描述钟越大，钟声传播的距离越远，说明钟声越大，振动的幅度越大，响度越大，钟声传播的越远。
故选：A。
【点评】本题主要考查了对响度的定义，以及影响因素的理解和应用，基础题。
3．（3分）关于能源、信息与材料，下列说法不正确的是（ ）
A．为降低电能的损耗，可利用超导材料制造电饭煲的电热丝
B．垃圾分类有利于保护环境和节约能源
C．风能、水能都是可再生能源
D．北斗卫星之间利用电磁波相互传递信息，实现“星间链路”
【分析】（1）超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体；
（2）垃圾分类既能减轻污染，又能废物利用；
（3）能够短时间内从自然界得到补充的是可再生能源；
（4）电磁波可以传递信息。
【解答】解：A、电饭煲是利用电流热效应来工作的，所以不能用超导材料制造电饭煲的电热丝，故A错误；
B、垃圾分类后，有一部分垃圾可回收再利用，有一部分有害物质可得到妥善处理，有助于减少环境污染和节约能源，故B正确；
C、风能、水能可以从自然界源源不断的得到补充，因此是可再生能源，故C正确；
D、北斗卫星之间就是利用电磁波相互传递信息的，故D正确；
故选：A。
【点评】此题考查了超导体的特点、能源分类和电磁波的应用等，都是基础知识，但要了解。
4．（3分）关于如图所示的四个演示实验现象，下列说法中不正确的是（ ）
A．如图甲：墨水在热水中扩散得快，说明温度越高分子无规则运动越快
B．如图乙：两个铅块没有被拉开，说明分子间存在相互作用的引力
C．如图丙：用力推入活塞，活塞内的水很难被压缩，说明液体内部有压强
D．如图丁：水与酒精混合时，总体积比预计的要小，说明分子之间有空隙
【分析】分子动理论内容：物质由及其微小的分子或原子构成；分子总在不停地做无规则运动，温度越高分子热运动越剧烈；分子间存在相互作用的引力和斥力。
【解答】解：A、红墨水在热水中扩散得快，说明温度越高分子无规则运动越剧烈，故A正确；
B、两个铅块没有被重物拉开说明分子间存在引力，斥力同时存在，表现为引力，故B正确；
C、用力推入活塞，活塞内的水很难被压缩，说明分子间存在斥力，故C错误；
D、水与酒精混合时，总体积比预计的要小，说明分子之间有空隙，故D正确。
故选：C。
【点评】理解分子动理论内容，可解答此题。
5．（3分）以下四个情景中，应用了流体压强与流速关系的是（ ）
A．C919客机升空 B．潜水艇浮出水面
C．用吸管吸饮料 D．用高压锅把食物煮熟
【分析】（1）流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。
（2）潜水艇靠改变自身重力来实现上浮和下潜的。
（3）大气压在生活中的应用很广泛，用吸盘挂钩挂衣服，用吸管吸饮料等都是利用大气压的作用。
（4）沸点与气压的关系：液体表面的气压越大、液体沸点越高。
【解答】解：A、C919客机升空，是因为飞机的机翼的特殊形状，使上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，获得升力从而升空，故A符合题意；
B、潜水艇上浮靠的是改变自身的重力实现的，故B不符合题意；
C、吸饮料时，吸管内部气压减小，外界大气压使饮料上升到嘴里，故C不符合题意；
D、使用高压锅，锅内气体压强大、液体沸点高，使得食物容易被煮熟，故D不符合题意；
故选：A。
【点评】此题所列举的事例使我们日常生活中常见的，因此同学们在学习时，要多注意身边物理现象，用所学知识解释这些现象。
6．（3分）苏翊鸣在2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台比赛中夺得金牌。如图所示为运动员在空中运动的轨迹，图中a、c两处等高，若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．运动员从a处到b处重力势能转化为动能
B．运动员在a处和c处的重力势能相等
C．运动员在b处时的机械能最大
D．运动员从b处到d处速度逐渐减小
【分析】（1）动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能也就越大；
（2）重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越大，物体的重力势能越大；
（3）机械能等于动能和势能的和。
【解答】解：
A、运动员从a处到b处，运动员的高度变高，因此重力势能变大，速度逐渐减小，由动能转化为重力势能，故A错误；
B、运动员在a处和c处的质量不变，高度相等，所以重力势能相等，故B正确；
C、不计空气阻力，运动员在空中运动时机械能没有转化为内能，所以整个过程中运动员的机械能是不变的，故C错误；
D、从b处到d处时，重力势能转化动能，速度增大，故D错误；
故选：B。
【点评】影响动能大小的因素有质量和速度，分析动能的变化就是分析质量和速度的变化，影响重力势能大小的因素是质量和高度，分析重力势能的变化就是分析质量和高度的变化，以及机械能的变化情况。
7．（3分）如图是常用的插线板，闭合开关，指示灯发光，且插孔可以提供工作电压，下列说法正确的是（ ）
A．图中A与零线相连，B与火线相连
B．将试电笔插入C孔，其氖管会发光
C．若指示灯断路不能发光，则插孔不能提供工作电压
D．若A、B两孔发生短路，则其它插孔仍可提供工作电压
【分析】三孔插座的接线规律是：左零、右火、上接地；火线与零线之间的电压是220V；
并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响。干路开关控制所有的用电器。据此分析。
【解答】解：A、三孔插座的接线规律是：左零、右火、上接地，插线板工作时插孔A与零线相连，B接火线，它们之间的电压是220V，故A正确；
B、插线板插孔C与地线连接，将试电笔插入C孔，其氖管不会发光，故B错误；
C、由题意可知，指示灯发光，且插孔可以提供工作电压，指示灯和插座之间是并联的，指示灯断路不能发光，则插孔能提供工作电压，故C错误；
D、由于指示灯和插座之间是并联的，A、B两孔发生短路，则其它插孔不能提供工作电压，故D错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查了对家庭电路中常用的三孔插座的认识，用到了串并联电路的判断，家庭电路的电压等，属电学基础知识。
8．（3分）甲、乙两物体，同时从同一地点沿直线向东运动，它们的s﹣t图像如图所示。3秒末，则（ ）
A．甲、乙都是静止的 B．乙的速度是8m/s
C．甲、乙都是运动的 D．甲、乙相距2m
【分析】（1）在s﹣t图象中倾斜直线表示运动的路程与所用时间成正比，代表物体做匀速运动；水平直线表示物体静止；
（2）利用v＝可求出3秒末甲的速度；
再利用v＝的变形式求出3秒末甲通过的路程，由图可知3秒末乙通过的路程，二者之差就是3秒末，甲、乙相距的距离。
【解答】解：AC、由图可知，甲的s﹣t图象是倾斜直线，说明甲一直做匀速直线运动，水平直线表示物体静止；所以3秒末甲是运动的，乙是静止的，故AC错误；
B、3秒末乙的速度为0，故B错误；
D、甲的速度为：；
3秒末甲通过的路程为：s甲′＝v甲t＝2m/s×3s＝6m，由图可知3秒末乙通过的路程为8m，则3秒末，甲、乙相距的距离为：Δs＝s乙﹣s甲′＝8m﹣6m＝2m，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了速度公式的应用，从图象中读取相关信息是解题的关键。
9．（3分）如图所示，水平桌面上的小车上放一木块，木块随小车在重物的牵引下向右做匀速直线运动，下列说法正确的是（ ）
A．木块受到小车对它的摩擦力方向水平向左
B．小车受到桌面对它的摩擦力方向水平向左
C．木块对小车的压力和小车对木块的支持力是一对平衡力
D．小车受到的重力和桌面对小车的支持力是一对平衡力
【分析】（1）摩擦力的产生条件是：两物体相互接触且接触面粗糙、有正压力、有相对运动或相对运动的趋势；
（2）对小车进行受力分析，根据二力平衡条件分析小车受到桌面对它的摩擦力的方向；
（3）相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同的物体上；
（4）二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上。
【解答】解：A、木块随小车一起向右做匀速直线运动，木块与小车之间没有相对运动和相对运动趋势，所以木块不受摩擦力，故A错误；
B、由图可知，因为小车在水平方向上做匀速直线运动，所以小车在水平方向上受到绳子对它的拉力和桌面对它的摩擦力是一对平衡力，拉力方向水平向右，因此摩擦力方向水平向左，故B正确；
C、木块对小车的压力作用在小车上，小车对木块的支持力作用在木块上，符合相互作用力的条件，二力是一对相互作用力，故C错误；
D、桌面对小车的支持力等于小车和木块的重力之和，故小车受到的重力和桌面对小车的支持力大小不等，不是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了摩擦力产生的条件、二力平衡条件以及平衡力和相互作用力的辨别，要注意一对相互作用力和二力平衡的区别：是否作用在同一个物体上。
10．（3分）将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜15cm处得到一个最小、最亮的光斑。现将该凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．此时可以在光屏上观察到清晰缩小的像
B．仅在凸透镜左侧附近放一合适的凹透镜，可模拟近视眼的矫正
C．将蜡烛移到30cm刻度处，移动光屏可在光屏上得到清晰等大的像
D．将蜡烛移到40cm刻度处，移动光屏可在光屏上得到清晰放大的像
【分析】（1）焦点指凸透镜能使平行于主光轴的光会聚的点，而焦距即为焦点到光心的距离。
（2）根据图中提供的数值得出物距，凹透镜对光线有发散作用。
（3）2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像。
（4）u＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，u＝v＝2f，凸透镜成倒立等大的实像。
【解答】解：根据焦点和焦距的定义，当拿着凸透镜正对太阳光，在距透镜中心15cm处得到一个最小最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为该点到透镜的距离，即焦距为15cm。
A、从图上看出，物距u＝50.0cm﹣10.0cm＝40.0cm。v＝85.0cm﹣50.0cm＝35.0cm，凸透镜u＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，此时光屏到凸透镜的距离大于二倍焦距，不会得到清晰的像，故A错误；
B、由A分析可知，像距较大要延迟光线会聚，应在凸透镜左侧附近放一合适的凹透镜，可模拟近视眼的矫正，故B正确；
C、u＝v＝2f，凸透镜成倒立等大的实像，由图可知，将蜡烛移到30cm刻度处，u＝50cm﹣30cm＝20cm≠2f，故移动光屏不能在屏上得到清晰等大的像。故C错误；
D、将蜡烛移到40cm刻度处，u＝50cm﹣40cm＝10cm，物距满足u＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能成在光屏上。故D错误。
故选：B。
【点评】此实验考查学生对于凸透镜成像实验的理解和掌握，熟记成像规律是解题关键。
11．（3分）无线充电是一种增加手机续航时间的方式。无线充电技术用到的原理是受电线圈靠近磁场时就会产生电流，从而给智能手机充电，用到了如图哪个实验的原理（ ）
A． B．
C． D．
【分析】由题可知，无线充电的技术用到的原理是受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，即其工作原理是电磁感应现象；分析各图的实验原理进行解答。
【解答】解：由题意可知，无线充电技术的工作原理是电磁感应现象；
A．该图是探究影响电磁铁磁性强弱因素的实验，不是电磁感应现象，故A不符合题意；
B．图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故B符合题意；
C．图中是奥斯特实验，说明通电直导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故C不符合题意；
D．图中给导体通电，导体在磁场中会运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题主要考查了对电磁现象中几个实验的掌握情况，知道无线充电技术的原理是解题的关键。
12．（3分）节约粮食是餐饮文明的重要标志之一。某自助餐厅利用电子秤开展“吃多少，称多少”的活动。如图是电子秤的原理图，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片P与弹簧顶端固定在一起。下列说法正确的是（ ）
A．电路中R0是没有作用的
B．电子秤仪表是由电压表改装而成的
C．食品质量越小，R两端的电压越小
D．食品质量越大，电路中的电流越大
【分析】（1）由图可知，定值电阻R0、滑动变阻器R、电子秤仪表串串联接入电路，根据电流表、电压表的使用规则可判断电子秤仪表属于哪种电表；
（2）由图可知，滑动变阻器接入电路的电阻线是滑片P以下的那一段电阻丝，当电子秤中食物较多时，滑片P移到最下端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，若电路中无定值电阻R0，电路会发生短路，由此可知定值电阻R0在电路中的作用；
（3）当食品质量越小，滑片P越往上，滑动变阻器接入电路中的阻值越大，根据串联电路电阻规律可知，电路中的总电阻越大，根据欧姆定律可知，当电源电压一定时，电路中的电流越小，根据U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压的变化，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器R两端的电压变化；当食品质量越大，滑片P越往下，滑动变阻器接入电路中的阻值越小，根据串联电路电阻规律可知，电路中的总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流的变化。
【解答】解：B、由图可知，定值电阻R0、滑动变阻器R、电子秤仪表串串联接入电路，根据电流表、电压表的使用规则可知，电子秤仪表是电流表改装而成的，故B错误；
A、由图可知，滑动变阻器接入电路的电阻线是滑片P以下的那一段电阻丝，当电子秤中食物较多时，滑片P移到最下端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，若电路中无定值电阻R0，电路会发生短路，所以定值电阻R0在电路中起保护电路的作用，故A错误；
CD、当食品质量越小，滑片P越往上，滑动变阻器接入电路中的阻值越大，根据串联电路电阻规律可知，电路中的总电阻越大，根据欧姆定律可知，当电源电压一定时，电路中的电流越小，根据U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压的越小，根据串联电路电压规律U＝U滑+U0可知，滑动变阻器R两端的电压越大，故C错误；
当食品质量越大，滑片P越往下，滑动变阻器接入电路中的阻值越小，根据串联电路电阻规律可知，电路中的总电阻越小，根据欧姆定律可知，当电源电压一定时，电路中的电流越大，故D正确。
故选D。
【点评】本题主要考查欧姆定律的应用，串联电路电流、电压、电阻规律的应用，其中理解电子秤中食品质量变化时，滑片P的移动方向，从而得出滑动变阻器接入电路中的阻值的变化是解题的关键。
13．（3分）物体A重25N，绳子承受最大拉力100N。小壮用20N的力将A以2m/s的速度匀速提升到高处，忽略绳重、摩擦及空气阻力。下列说法不正确的是（ ）
A．动滑轮所受的重力为15N
B．第一秒内克服滑轮重做的额外功为30J
C．此滑轮组能提起的最大物重是185N
D．此装置最高机械效率为62.5%
【分析】（1）由图可知n＝2，利用忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（G+G动）求动滑轮的重力；
（2）利用v＝求A移动的距离，即动滑轮移动的距离，利用W额＝G动h求克服滑轮重做的额外功；
（3）利用忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（G+GA+G动）求出货物的最大重力；
（4）利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率。
【解答】解：A、由图可知n＝2，因为忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣GA＝2×20N﹣25N＝15N，故A正确；
B、由v＝可知，A移动的距离：h＝vt＝2m/s×1s＝2m，即动滑轮移动的距离h＝2m，所以克服滑轮重做的额外功：W额＝G动h＝15N×2m＝30J，故B正确；
C、因为忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（GA+G动），所以货物的最大重力：G最大＝nF最大﹣G动＝2×100N﹣15N＝185N，故C正确；
D、因为此装置提升重物的机械效率随提升物重的增大而增大，所以此装置运载货物最高机械效率：η'＝＝＝＝＝＝92.5%，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查使用滑轮组时绳子拉力、额外功、机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）是解题的关键。
二、填空题（本题共5小题，每空2分，共20分）
14．（4分）如图，小明自制了一个气压计，瓶内气体压强 大于 大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”）。若拿着此气压计从29楼下到1楼，玻璃管内水柱的高度将 降低 （选填“升高”或“降低”）。
【分析】大气压随高度的增加而减小，从29楼下到1楼，大气压变大，瓶内气压不变，所以水柱产生的压强变小、高度变小。
【解答】解：
（1）瓶内气压等于大气压和细玻璃管内水柱产生的压强之和，即p内＝p大气压+p水柱，因此瓶内气压p内＞p大气压。
（2）若拿着此气压计从29楼下到1楼，高度降低，大气压升高，由于瓶内气体密闭，且玻璃管很细，可近似认为瓶内气体的压强不变，所以细玻璃管内水柱产生的压强会变小，玻璃管中的水柱高度降低。
故答案为：大于；降低。
【点评】瓶内气压等于大气压和细玻璃管内水柱产生的压强之和，以及大气压随高度升高而降低，是解决本题的关键点。
15．（4分）如图所示为水位测量仪的示意图。A点与光屏PQ在同一水平面上，从A点发出的一束与水平面成45°角、方向不变的激光，经水面反射后，在光屏上的B点处形成一个光斑，光斑位置随水位变化而发生变化。A点与光屏在水中所成的像是 虚 （填“虚”或“实”）像。若光斑B向右移动了1m，说明水位 下降 （填“上升”或“下降”）了。
【分析】平面镜成像的实质是光的反射，平面镜成像的特点是：像物等距、像物等大、虚像。
【解答】解：（1）水面相当于平面镜，平面镜成像的特点是：像物等距、像物等大、虚像，故A点与光屏在水中所成的像是虚像；
（2）若光斑B向右移动了1m，移动到E点，如下图所示：
由图可知，入射光线不变，入射点向右移动，则说明水位下降了。
故答案为：虚；下降。
【点评】本题考查了对光的反射定律的应用，能正确作图是解答的关键。
16．（4分）如图所示，一物体放在同一水平面上，第一次在拉力F1的作用下，以速度v1匀速运动了距离s，第二次在拉力F2的作用下，以速度v2匀速运动了同样的距离，已知v1＞v2。比较前后两次拉力做的功W1 ＝ W2，拉力的功率P1 ＜ P2。（均填“＞”“＝”或“＜”）
【分析】根据二力平衡条件和影响摩擦力大小的因素判定两次拉力的大小，根据W＝Fs判定功的大小；
根据P＝＝＝Fv判定功率的大小。
【解答】解：一物体放在同一水平面上在拉力的作用下做匀速直线运动，此时拉力等于摩擦力；由于压力和接触面的粗糙程度不变，故拉力不变，即F1＝F2，由于通过的距离相同，根据W＝Fs可知，所做的功是相同的，即W1＝W2；
拉力相同，v2＞v1，则根据P＝Fv可知，第二次的功率大，即P1＜P2。
故答案为：＝；＜。
【点评】本题考查了功和功率公式的应用，能够判定拉力相同时解题的关键。
17．（4分）将一电热水壶接入家庭电路中，电能表如图所示，正常工作了5min，电能表的转盘转过了300r，则电热水壶消耗的电能为 3.6×105 J，电热水壶的电功率为 1200 W。
【分析】从图中可知消耗1kW•h电时电能表的表盘转的转数，据此可求出电能表的表盘转300r时消耗的电能；再根据P＝求出电热水壶的电功率。
【解答】解：由图可知，每消耗1kW•h的电能，电能表的表盘转3000r，
则电能表的转盘转300r时消耗的电能：W＝＝0.1kW•h＝3.6×105J；
电热水壶的电功率：P＝＝＝1200W。
故答案为：3.6×105；1200。
【点评】本题考查了电能和电功率的相关计算，属于基础计算题，难度不大。
18．（4分）为保障全校师生饮水安全，学校安装了热效率达到80%的现代化高效节能锅炉，每天可以提供1.0×103kg开水，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），优质煤的热值为3.0×107J/kg。10×103kg的水温度从20℃升高到100℃，需要吸收的热量是 3.36×108 J，每天至少需要完全燃烧 14 kg优质煤。
【分析】（1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水需要吸收的热量；
（2）利用效率公式计算出燃料完全燃烧需要放出的热量，利用Q放＝mq计算出需要完全燃烧优质煤的质量。
【解答】解：（1）水需要吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1.0×103kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×108J；
（2）由η＝可知，燃料完全燃烧需要放出的热量：Q放＝＝＝4.2×108J；
由Q放＝mq可知，需要完全燃烧优质煤的质量：m＝＝＝14kg。
故答案为：3.36×108；14。
【点评】本题考查吸热公式、效率公式、热量完全燃烧放热公式的应用，是一道热学计算的基础题。
三、实验题（本题共3小题，每空2分，共20分）
19．（6分）探究平面镜成像特点的实验，如图所示。
（1）选取两个完全相同的蜡烛A和B的目的是：便于比较像与物的 大小 关系。
（2）实验时应在蜡烛 A （选填“A”或“B”）一侧观察蜡烛A的像；如果将竖立的玻璃板沿图中虚线水平向右移动一段距离，则蜡烛A的像相对于桌面 不发生 （选填“向左”、“向右”或“不发生”）移动。
【分析】（1）平面镜成像时，像与物体大小相等；
（2）平面镜成虚像，虚像在光屏上不能承接，并且观察虚像时要直接观察光屏，不能透过平面镜观察光屏；物体在平面镜中成虚像，虚像和物体关于平面镜对称。
【解答】解：（1）选取两个完全相同的蜡烛A和B的目的是为了便于比较像与物的大小关系；
（2）平面镜成的像是光的反射形成的，A蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，故眼睛在A蜡烛所在这一侧；
将竖立的玻璃板沿图中虚线水平向右移动一段距离，蜡烛A的物距不变，像距也不变，像和物体位置关于玻璃板对称，像还在原来位置。
故答案为：（1）大小；（2）A；不发生。
【点评】平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
20．（6分）如图是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验。
（1）实验中通过观察 物体B被撞击后运动的距离 来反映物体A动能的大小。
（2）该实验中物体的速度是指物体A从斜面上由静止滚下与物体B 碰前A （选填“碰前A”、“碰后A”、“碰前B”或“碰后B”）的速度，它是通过改变 高度 （选填“高度”或“质量”）来改变的。
【分析】（1）实验中运用转换法来研究物体A动能的大小，即观察A撞击B移动的距离远近来反映物体A动能的大小；
（2）物体的动能和质量、速度有关，物体A从斜面上由静止滚下的高度决定A到达水平面的速度。
【解答】解：（1）该实验物体动能的大小是通过物体B被撞开的距离大小反映的，B被撞的越远，说明小球的动能越大，这里采用了转换法；
（2）物体的动能和质量、速度有关，物体A从斜面上由静止滚下的高度决定A到达水平面的速度，所以该实验中物体的速度是指物体A从斜面上由静止滚下与物体B碰前A的速度，它是通过改变高度来改变的。
故答案为：（1）物体B被撞击后运动的距离； （2）碰前A；高度。
【点评】本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
21．（8分）用如图甲所示电路“探究电流跟电阻的关系”，电源电压恒为3V，滑动变阻器的规格为“50Ω 2A”。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中电压表接入电路，测定值电阻两端的电压。
（2）滑片移至阻值最大处，将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，发现电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是 定值电阻断路 。
（3）排除故障后，移动滑片，使电压表的示数如图乙所示，记下电压表的示数为 1 V。实验中，若每次实验均选用单个定值电阻连入电路，实验室另外还有15Ω、20Ω、30Ω、35Ω、50Ω的5个定值电阻，你认为在这些定值电阻中，按照上面的实验步骤能完成实验的还有 2 个。
【分析】（1）电源电压恒为3V，电压表选用小量程并联在R两端；
（2）闭合开关，移动滑片P发现，电流表始终无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（3）根据（1）电压表选用量程确定分度值读数；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入当变阻器的最大电阻连入电路中时对应的最大定值电阻进行判断。
【解答】解：（1）电源电压恒为3V，电压表选用小量程并联在R两端，如下图所示：
；
（2）闭合开关，移动滑片P发现，电流表始终无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即定值电阻断路；
（3）由（1）可知，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1V；
根据电阻两端的电压始终保持UV＝1V，由串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝U﹣UV＝3V﹣1V＝2V，
定值电阻分得的电压为变阻器分得电压的＝0.5倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻50Ω连入电路中时，对应的定值电阻最大值为：
R滑＝0.5×50Ω＝25Ω，继续实验的电阻最多还有2个。
故答案为：（1）如上图所示；（2）定值电阻断路；（3）1；2。
【点评】本题探究“电流跟电阻的关系”，考查电路连接、故障分析、电压表读数、操作过程、控制变量法和实验结论。
四、计算题（本题共2小题，共21分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数字和单位）
22．（9分）如图所示，是某电饭锅的简化电路图，其中R1和R2为阻值一定的电热丝，通过控制开关S1，可使电饭锅处于加热或保温状态。已知R1＝55Ω，R2＝220Ω，电源电压保持220V不变。求：
（1）电饭锅保温时的电流I；
（2）电饭锅加热10min消耗的电能W。
【分析】（1）先根据P＝判断电阻越大，功率越小；加热时功率大，电阻小，开关S和S1都闭合，R1和R2并联工作；
保温时功率小，电阻大，开关S闭合，S1断开，R2工作，然后根据I＝计算电流；
（2）根据W＝Pt计算消耗的电能即可。
【解答】解：（1）由P＝可知，电阻越大时，功率越小；加热时功率大，电阻小，开关S和S1都闭合，R1和R2并联工作；
保温时功率小，电阻大，开关S闭合，S1断开，R2工作，则保温功率P保＝＝＝220W，
则保温时的电流I＝＝＝1A；
（2）R1的电功率P1＝＝＝880W，则加热功率P加＝P1+P保＝880W+220W＝1100W，
加热10min消耗的电能W＝P加t＝1100W×10×60s＝6.6×105J。
答：（1）保温时电流为1A；（2）电饭锅加热10min消耗的电能为6.6×105J。
【点评】本题考查了欧姆定律的应用、电功率与电压、电流的关系、电能的计算，属于电学综合计算题。
23．（12分）如图甲，在水平桌面上有一薄壁圆柱体，容器足够深，容器底面积为350cm2，容器内放有边长为0.1m的均匀正方体物体M（不吸水），随后慢慢向容器中加水，在加水的过程中，物体M对容器底的压强p与所加水的质量m的关系如图乙所示，在整个过程中没有水溢出，且物体M的底面始终与容器中的水面平行，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）未加水时M对容器底的压强。
（2）物体M的密度。
（3）若向容器内加水2.7kg时，容器底部受到水的压强。
【分析】（1）根据图乙可读出，当容器内没有水时，物块M对容器底的压强；
（2）根据p＝可求出物块M对容器底的压力，再根据容器底受到的压力等于物块M的重力可求出物块M的重力，根据G＝mg求出其质量，最后根据密度公式可求出物块M的密度；
（3）由图读出加入水的质量为2kg时，物体M对容器底部的压强，得出物体M恰好漂浮，利用物体漂浮条件和阿基米德原理列出关系式，两式联立可求物体浸入水中的深度；加水2kg时物体刚好漂浮，水的质量从2kg增大到2.7kg，物体缓慢上浮，且浸入水中的深度不变，此时相当于在物体下面加水0.7kg，则可求出物体下表面以下水的深度，进一步求出此时水的总深度，最后根据p＝ρgh求出容器底部受到水的压强。
【解答】解：（1）由图乙可知，当加入水的质量为0kg时，物体M对容器底部的压强p0＝0.8×103Pa；
（2）根据p＝得，物体M的重力：GM＝F＝p0S＝0.8×103Pa×（0.1m）2＝8N，
物体M的质量：m＝＝0.8kg，
物块M的密度：ρM＝＝0.8×103kg/m3；
（3）当加入水的质量为2kg时，物体M对容器底部的压强为0Pa，此时物体M恰好漂浮，
所以F浮＝GM，设此时水的深度为h1，根据F浮＝ρ水gV排和GM＝F＝p0S可得：ρ水gh1S＝p0S，
即：1×103kg/m3×10N/kg×h1×S＝0.8×103Pa×S，
解得h1＝0.08m，
加水2kg时物体刚好漂浮，水的质量从2kg增大到2.7kg，物体缓慢上浮，且浸入水中的深度不变，此时相当于在物体下面加水0.7kg，
由ρ＝和V＝Sh可知，则物体下表面以下水的深度：h2＝＝0.02m，
则水的总深度：h＝h1+h2＝0.08m+0.02m＝0.1m，
容器底部受到水的压强：p′＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1×103Pa。
答：（1）未加水时M对容器底的压强为0.8×103Pa；
（2）物体M的密度为0.8×103kg/m3；
（3）若向容器内加水2.7kg时，容器底部受到水的压强为1×103Pa。
【点评】此题考查了密度公式、物体的浮沉条件、阿基米德原理等知识点，是一道力学综合题，关键是读懂图像，并能从图像中获得相关信息分析解答，有一定难度。
2023年四川省绵阳市江油市中考物理模拟试卷（5月份）
一、选拔题（本题共13小题，每小题3分，共39分，每小题只有一个正确选项最符合题目要求）
1．（3分）下列自然现象由液化形成的是（ ）
A．河面的冰 B．地上的霜 C．山上的雪 D．山间的雾
2．（3分）据我国古代书籍《天工开物》记载：“凡钟为金乐之首，其声一宣，大者闻十里，小者亦及里之余。”其描述的是声音的（ ）
A．响度 B．频率 C．音调 D．音色
3．（3分）关于能源、信息与材料，下列说法不正确的是（ ）
A．为降低电能的损耗，可利用超导材料制造电饭煲的电热丝
B．垃圾分类有利于保护环境和节约能源
C．风能、水能都是可再生能源
D．北斗卫星之间利用电磁波相互传递信息，实现“星间链路”
4．（3分）关于如图所示的四个演示实验现象，下列说法中不正确的是（ ）
A．如图甲：墨水在热水中扩散得快，说明温度越高分子无规则运动越快
B．如图乙：两个铅块没有被拉开，说明分子间存在相互作用的引力
C．如图丙：用力推入活塞，活塞内的水很难被压缩，说明液体内部有压强
D．如图丁：水与酒精混合时，总体积比预计的要小，说明分子之间有空隙
5．（3分）以下四个情景中，应用了流体压强与流速关系的是（ ）
A．C919客机升空 B．潜水艇浮出水面
C．用吸管吸饮料 D．用高压锅把食物煮熟
6．（3分）苏翊鸣在2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台比赛中夺得金牌。如图所示为运动员在空中运动的轨迹，图中a、c两处等高，若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．运动员从a处到b处重力势能转化为动能
B．运动员在a处和c处的重力势能相等
C．运动员在b处时的机械能最大
D．运动员从b处到d处速度逐渐减小
7．（3分）如图是常用的插线板，闭合开关，指示灯发光，且插孔可以提供工作电压，下列说法正确的是（ ）
A．图中A与零线相连，B与火线相连
B．将试电笔插入C孔，其氖管会发光
C．若指示灯断路不能发光，则插孔不能提供工作电压
D．若A、B两孔发生短路，则其它插孔仍可提供工作电压
8．（3分）甲、乙两物体，同时从同一地点沿直线向东运动，它们的s﹣t图像如图所示。3秒末，则（ ）
A．甲、乙都是静止的 B．乙的速度是8m/s
C．甲、乙都是运动的 D．甲、乙相距2m
9．（3分）如图所示，水平桌面上的小车上放一木块，木块随小车在重物的牵引下向右做匀速直线运动，下列说法正确的是（ ）
A．木块受到小车对它的摩擦力方向水平向左
B．小车受到桌面对它的摩擦力方向水平向左
C．木块对小车的压力和小车对木块的支持力是一对平衡力
D．小车受到的重力和桌面对小车的支持力是一对平衡力
10．（3分）将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜15cm处得到一个最小、最亮的光斑。现将该凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．此时可以在光屏上观察到清晰缩小的像
B．仅在凸透镜左侧附近放一合适的凹透镜，可模拟近视眼的矫正
C．将蜡烛移到30cm刻度处，移动光屏可在光屏上得到清晰等大的像
D．将蜡烛移到40cm刻度处，移动光屏可在光屏上得到清晰放大的像
11．（3分）无线充电是一种增加手机续航时间的方式。无线充电技术用到的原理是受电线圈靠近磁场时就会产生电流，从而给智能手机充电，用到了如图哪个实验的原理（ ）
A． B．
C． D．
12．（3分）节约粮食是餐饮文明的重要标志之一。某自助餐厅利用电子秤开展“吃多少，称多少”的活动。如图是电子秤的原理图，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片P与弹簧顶端固定在一起。下列说法正确的是（ ）
A．电路中R0是没有作用的
B．电子秤仪表是由电压表改装而成的
C．食品质量越小，R两端的电压越小
D．食品质量越大，电路中的电流越大
13．（3分）物体A重25N，绳子承受最大拉力100N。小壮用20N的力将A以2m/s的速度匀速提升到高处，忽略绳重、摩擦及空气阻力。下列说法不正确的是（ ）
A．动滑轮所受的重力为15N
B．第一秒内克服滑轮重做的额外功为30J
C．此滑轮组能提起的最大物重是185N
D．此装置最高机械效率为62.5%
二、填空题（本题共5小题，每空2分，共20分）
14．（4分）如图，小明自制了一个气压计，瓶内气体压强 大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”）。若拿着此气压计从29楼下到1楼，玻璃管内水柱的高度将 （选填“升高”或“降低”）。
15．（4分）如图所示为水位测量仪的示意图。A点与光屏PQ在同一水平面上，从A点发出的一束与水平面成45°角、方向不变的激光，经水面反射后，在光屏上的B点处形成一个光斑，光斑位置随水位变化而发生变化。A点与光屏在水中所成的像是 （填“虚”或“实”）像。若光斑B向右移动了1m，说明水位 （填“上升”或“下降”）了。
16．（4分）如图所示，一物体放在同一水平面上，第一次在拉力F1的作用下，以速度v1匀速运动了距离s，第二次在拉力F2的作用下，以速度v2匀速运动了同样的距离，已知v1＞v2。比较前后两次拉力做的功W1 W2，拉力的功率P1 P2。（均填“＞”“＝”或“＜”）
17．（4分）将一电热水壶接入家庭电路中，电能表如图所示，正常工作了5min，电能表的转盘转过了300r，则电热水壶消耗的电能为 J，电热水壶的电功率为 W。
18．（4分）为保障全校师生饮水安全，学校安装了热效率达到80%的现代化高效节能锅炉，每天可以提供1.0×103kg开水，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），优质煤的热值为3.0×107J/kg。10×103kg的水温度从20℃升高到100℃，需要吸收的热量是 J，每天至少需要完全燃烧 kg优质煤。
三、实验题（本题共3小题，每空2分，共20分）
19．（6分）探究平面镜成像特点的实验，如图所示。
（1）选取两个完全相同的蜡烛A和B的目的是：便于比较像与物的 关系。
（2）实验时应在蜡烛 （选填“A”或“B”）一侧观察蜡烛A的像；如果将竖立的玻璃板沿图中虚线水平向右移动一段距离，则蜡烛A的像相对于桌面 （选填“向左”、“向右”或“不发生”）移动。
20．（6分）如图是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验。
（1）实验中通过观察 来反映物体A动能的大小。
（2）该实验中物体的速度是指物体A从斜面上由静止滚下与物体B （选填“碰前A”、“碰后A”、“碰前B”或“碰后B”）的速度，它是通过改变 （选填“高度”或“质量”）来改变的。
21．（8分）用如图甲所示电路“探究电流跟电阻的关系”，电源电压恒为3V，滑动变阻器的规格为“50Ω 2A”。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中电压表接入电路，测定值电阻两端的电压。
（2）滑片移至阻值最大处，将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，发现电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是 。
（3）排除故障后，移动滑片，使电压表的示数如图乙所示，记下电压表的示数为 V。实验中，若每次实验均选用单个定值电阻连入电路，实验室另外还有15Ω、20Ω、30Ω、35Ω、50Ω的5个定值电阻，你认为在这些定值电阻中，按照上面的实验步骤能完成实验的还有 个。
四、计算题（本题共2小题，共21分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数字和单位）
22．（9分）如图所示，是某电饭锅的简化电路图，其中R1和R2为阻值一定的电热丝，通过控制开关S1，可使电饭锅处于加热或保温状态。已知R1＝55Ω，R2＝220Ω，电源电压保持220V不变。求：
（1）电饭锅保温时的电流I；
（2）电饭锅加热10min消耗的电能W。
23．（12分）如图甲，在水平桌面上有一薄壁圆柱体，容器足够深，容器底面积为350cm2，容器内放有边长为0.1m的均匀正方体物体M（不吸水），随后慢慢向容器中加水，在加水的过程中，物体M对容器底的压强p与所加水的质量m的关系如图乙所示，在整个过程中没有水溢出，且物体M的底面始终与容器中的水面平行，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）未加水时M对容器底的压强。
（2）物体M的密度。
（3）若向容器内加水2.7kg时，容器底部受到水的压强。
2023年四川省绵阳市江油市中考物理模拟试卷（5月份）
参考答案与试题解析
一、选拔题（本题共13小题，每小题3分，共39分，每小题只有一个正确选项最符合题目要求）
1．（3分）下列自然现象由液化形成的是（ ）
A．河面的冰 B．地上的霜 C．山上的雪 D．山间的雾
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：A、河面的冰是由水凝固形成的，故A错误；
BC、山上的雪、地上的霜是水蒸气凝华形成的，故BC错误；
D、雾是空气中的水蒸气液化形成的液态小水滴，故D正确。
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，首先要熟记物态变化的定义，解答时要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，对照定义找出正确答案。
2．（3分）据我国古代书籍《天工开物》记载：“凡钟为金乐之首，其声一宣，大者闻十里，小者亦及里之余。”其描述的是声音的（ ）
A．响度 B．频率 C．音调 D．音色
【分析】声音的大小叫响度，响度与声源振动的幅度和距发声体的远近有关，振动幅度越大，响度越大。
【解答】解：声音的大小叫响度，题干中描述钟越大，钟声传播的距离越远，说明钟声越大，振动的幅度越大，响度越大，钟声传播的越远。
故选：A。
【点评】本题主要考查了对响度的定义，以及影响因素的理解和应用，基础题。
3．（3分）关于能源、信息与材料，下列说法不正确的是（ ）
A．为降低电能的损耗，可利用超导材料制造电饭煲的电热丝
B．垃圾分类有利于保护环境和节约能源
C．风能、水能都是可再生能源
D．北斗卫星之间利用电磁波相互传递信息，实现“星间链路”
【分析】（1）超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体；
（2）垃圾分类既能减轻污染，又能废物利用；
（3）能够短时间内从自然界得到补充的是可再生能源；
（4）电磁波可以传递信息。
【解答】解：A、电饭煲是利用电流热效应来工作的，所以不能用超导材料制造电饭煲的电热丝，故A错误；
B、垃圾分类后，有一部分垃圾可回收再利用，有一部分有害物质可得到妥善处理，有助于减少环境污染和节约能源，故B正确；
C、风能、水能可以从自然界源源不断的得到补充，因此是可再生能源，故C正确；
D、北斗卫星之间就是利用电磁波相互传递信息的，故D正确；
故选：A。
【点评】此题考查了超导体的特点、能源分类和电磁波的应用等，都是基础知识，但要了解。
4．（3分）关于如图所示的四个演示实验现象，下列说法中不正确的是（ ）
A．如图甲：墨水在热水中扩散得快，说明温度越高分子无规则运动越快
B．如图乙：两个铅块没有被拉开，说明分子间存在相互作用的引力
C．如图丙：用力推入活塞，活塞内的水很难被压缩，说明液体内部有压强
D．如图丁：水与酒精混合时，总体积比预计的要小，说明分子之间有空隙
【分析】分子动理论内容：物质由及其微小的分子或原子构成；分子总在不停地做无规则运动，温度越高分子热运动越剧烈；分子间存在相互作用的引力和斥力。
【解答】解：A、红墨水在热水中扩散得快，说明温度越高分子无规则运动越剧烈，故A正确；
B、两个铅块没有被重物拉开说明分子间存在引力，斥力同时存在，表现为引力，故B正确；
C、用力推入活塞，活塞内的水很难被压缩，说明分子间存在斥力，故C错误；
D、水与酒精混合时，总体积比预计的要小，说明分子之间有空隙，故D正确。
故选：C。
【点评】理解分子动理论内容，可解答此题。
5．（3分）以下四个情景中，应用了流体压强与流速关系的是（ ）
A．C919客机升空 B．潜水艇浮出水面
C．用吸管吸饮料 D．用高压锅把食物煮熟
【分析】（1）流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。
（2）潜水艇靠改变自身重力来实现上浮和下潜的。
（3）大气压在生活中的应用很广泛，用吸盘挂钩挂衣服，用吸管吸饮料等都是利用大气压的作用。
（4）沸点与气压的关系：液体表面的气压越大、液体沸点越高。
【解答】解：A、C919客机升空，是因为飞机的机翼的特殊形状，使上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，获得升力从而升空，故A符合题意；
B、潜水艇上浮靠的是改变自身的重力实现的，故B不符合题意；
C、吸饮料时，吸管内部气压减小，外界大气压使饮料上升到嘴里，故C不符合题意；
D、使用高压锅，锅内气体压强大、液体沸点高，使得食物容易被煮熟，故D不符合题意；
故选：A。
【点评】此题所列举的事例使我们日常生活中常见的，因此同学们在学习时，要多注意身边物理现象，用所学知识解释这些现象。
6．（3分）苏翊鸣在2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台比赛中夺得金牌。如图所示为运动员在空中运动的轨迹，图中a、c两处等高，若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．运动员从a处到b处重力势能转化为动能
B．运动员在a处和c处的重力势能相等
C．运动员在b处时的机械能最大
D．运动员从b处到d处速度逐渐减小
【分析】（1）动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能也就越大；
（2）重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越大，物体的重力势能越大；
（3）机械能等于动能和势能的和。
【解答】解：
A、运动员从a处到b处，运动员的高度变高，因此重力势能变大，速度逐渐减小，由动能转化为重力势能，故A错误；
B、运动员在a处和c处的质量不变，高度相等，所以重力势能相等，故B正确；
C、不计空气阻力，运动员在空中运动时机械能没有转化为内能，所以整个过程中运动员的机械能是不变的，故C错误；
D、从b处到d处时，重力势能转化动能，速度增大，故D错误；
故选：B。
【点评】影响动能大小的因素有质量和速度，分析动能的变化就是分析质量和速度的变化，影响重力势能大小的因素是质量和高度，分析重力势能的变化就是分析质量和高度的变化，以及机械能的变化情况。
7．（3分）如图是常用的插线板，闭合开关，指示灯发光，且插孔可以提供工作电压，下列说法正确的是（ ）
A．图中A与零线相连，B与火线相连
B．将试电笔插入C孔，其氖管会发光
C．若指示灯断路不能发光，则插孔不能提供工作电压
D．若A、B两孔发生短路，则其它插孔仍可提供工作电压
【分析】三孔插座的接线规律是：左零、右火、上接地；火线与零线之间的电压是220V；
并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响。干路开关控制所有的用电器。据此分析。
【解答】解：A、三孔插座的接线规律是：左零、右火、上接地，插线板工作时插孔A与零线相连，B接火线，它们之间的电压是220V，故A正确；
B、插线板插孔C与地线连接，将试电笔插入C孔，其氖管不会发光，故B错误；
C、由题意可知，指示灯发光，且插孔可以提供工作电压，指示灯和插座之间是并联的，指示灯断路不能发光，则插孔能提供工作电压，故C错误；
D、由于指示灯和插座之间是并联的，A、B两孔发生短路，则其它插孔不能提供工作电压，故D错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查了对家庭电路中常用的三孔插座的认识，用到了串并联电路的判断，家庭电路的电压等，属电学基础知识。
8．（3分）甲、乙两物体，同时从同一地点沿直线向东运动，它们的s﹣t图像如图所示。3秒末，则（ ）
A．甲、乙都是静止的 B．乙的速度是8m/s
C．甲、乙都是运动的 D．甲、乙相距2m
【分析】（1）在s﹣t图象中倾斜直线表示运动的路程与所用时间成正比，代表物体做匀速运动；水平直线表示物体静止；
（2）利用v＝可求出3秒末甲的速度；
再利用v＝的变形式求出3秒末甲通过的路程，由图可知3秒末乙通过的路程，二者之差就是3秒末，甲、乙相距的距离。
【解答】解：AC、由图可知，甲的s﹣t图象是倾斜直线，说明甲一直做匀速直线运动，水平直线表示物体静止；所以3秒末甲是运动的，乙是静止的，故AC错误；
B、3秒末乙的速度为0，故B错误；
D、甲的速度为：；
3秒末甲通过的路程为：s甲′＝v甲t＝2m/s×3s＝6m，由图可知3秒末乙通过的路程为8m，则3秒末，甲、乙相距的距离为：Δs＝s乙﹣s甲′＝8m﹣6m＝2m，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了速度公式的应用，从图象中读取相关信息是解题的关键。
9．（3分）如图所示，水平桌面上的小车上放一木块，木块随小车在重物的牵引下向右做匀速直线运动，下列说法正确的是（ ）
A．木块受到小车对它的摩擦力方向水平向左
B．小车受到桌面对它的摩擦力方向水平向左
C．木块对小车的压力和小车对木块的支持力是一对平衡力
D．小车受到的重力和桌面对小车的支持力是一对平衡力
【分析】（1）摩擦力的产生条件是：两物体相互接触且接触面粗糙、有正压力、有相对运动或相对运动的趋势；
（2）对小车进行受力分析，根据二力平衡条件分析小车受到桌面对它的摩擦力的方向；
（3）相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同的物体上；
（4）二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上。
【解答】解：A、木块随小车一起向右做匀速直线运动，木块与小车之间没有相对运动和相对运动趋势，所以木块不受摩擦力，故A错误；
B、由图可知，因为小车在水平方向上做匀速直线运动，所以小车在水平方向上受到绳子对它的拉力和桌面对它的摩擦力是一对平衡力，拉力方向水平向右，因此摩擦力方向水平向左，故B正确；
C、木块对小车的压力作用在小车上，小车对木块的支持力作用在木块上，符合相互作用力的条件，二力是一对相互作用力，故C错误；
D、桌面对小车的支持力等于小车和木块的重力之和，故小车受到的重力和桌面对小车的支持力大小不等，不是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了摩擦力产生的条件、二力平衡条件以及平衡力和相互作用力的辨别，要注意一对相互作用力和二力平衡的区别：是否作用在同一个物体上。
10．（3分）将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜15cm处得到一个最小、最亮的光斑。现将该凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．此时可以在光屏上观察到清晰缩小的像
B．仅在凸透镜左侧附近放一合适的凹透镜，可模拟近视眼的矫正
C．将蜡烛移到30cm刻度处，移动光屏可在光屏上得到清晰等大的像
D．将蜡烛移到40cm刻度处，移动光屏可在光屏上得到清晰放大的像
【分析】（1）焦点指凸透镜能使平行于主光轴的光会聚的点，而焦距即为焦点到光心的距离。
（2）根据图中提供的数值得出物距，凹透镜对光线有发散作用。
（3）2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像。
（4）u＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，u＝v＝2f，凸透镜成倒立等大的实像。
【解答】解：根据焦点和焦距的定义，当拿着凸透镜正对太阳光，在距透镜中心15cm处得到一个最小最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为该点到透镜的距离，即焦距为15cm。
A、从图上看出，物距u＝50.0cm﹣10.0cm＝40.0cm。v＝85.0cm﹣50.0cm＝35.0cm，凸透镜u＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，此时光屏到凸透镜的距离大于二倍焦距，不会得到清晰的像，故A错误；
B、由A分析可知，像距较大要延迟光线会聚，应在凸透镜左侧附近放一合适的凹透镜，可模拟近视眼的矫正，故B正确；
C、u＝v＝2f，凸透镜成倒立等大的实像，由图可知，将蜡烛移到30cm刻度处，u＝50cm﹣30cm＝20cm≠2f，故移动光屏不能在屏上得到清晰等大的像。故C错误；
D、将蜡烛移到40cm刻度处，u＝50cm﹣40cm＝10cm，物距满足u＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能成在光屏上。故D错误。
故选：B。
【点评】此实验考查学生对于凸透镜成像实验的理解和掌握，熟记成像规律是解题关键。
11．（3分）无线充电是一种增加手机续航时间的方式。无线充电技术用到的原理是受电线圈靠近磁场时就会产生电流，从而给智能手机充电，用到了如图哪个实验的原理（ ）
A． B．
C． D．
【分析】由题可知，无线充电的技术用到的原理是受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，即其工作原理是电磁感应现象；分析各图的实验原理进行解答。
【解答】解：由题意可知，无线充电技术的工作原理是电磁感应现象；
A．该图是探究影响电磁铁磁性强弱因素的实验，不是电磁感应现象，故A不符合题意；
B．图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故B符合题意；
C．图中是奥斯特实验，说明通电直导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故C不符合题意；
D．图中给导体通电，导体在磁场中会运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题主要考查了对电磁现象中几个实验的掌握情况，知道无线充电技术的原理是解题的关键。
12．（3分）节约粮食是餐饮文明的重要标志之一。某自助餐厅利用电子秤开展“吃多少，称多少”的活动。如图是电子秤的原理图，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片P与弹簧顶端固定在一起。下列说法正确的是（ ）
A．电路中R0是没有作用的
B．电子秤仪表是由电压表改装而成的
C．食品质量越小，R两端的电压越小
D．食品质量越大，电路中的电流越大
【分析】（1）由图可知，定值电阻R0、滑动变阻器R、电子秤仪表串串联接入电路，根据电流表、电压表的使用规则可判断电子秤仪表属于哪种电表；
（2）由图可知，滑动变阻器接入电路的电阻线是滑片P以下的那一段电阻丝，当电子秤中食物较多时，滑片P移到最下端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，若电路中无定值电阻R0，电路会发生短路，由此可知定值电阻R0在电路中的作用；
（3）当食品质量越小，滑片P越往上，滑动变阻器接入电路中的阻值越大，根据串联电路电阻规律可知，电路中的总电阻越大，根据欧姆定律可知，当电源电压一定时，电路中的电流越小，根据U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压的变化，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器R两端的电压变化；当食品质量越大，滑片P越往下，滑动变阻器接入电路中的阻值越小，根据串联电路电阻规律可知，电路中的总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流的变化。
【解答】解：B、由图可知，定值电阻R0、滑动变阻器R、电子秤仪表串串联接入电路，根据电流表、电压表的使用规则可知，电子秤仪表是电流表改装而成的，故B错误；
A、由图可知，滑动变阻器接入电路的电阻线是滑片P以下的那一段电阻丝，当电子秤中食物较多时，滑片P移到最下端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，若电路中无定值电阻R0，电路会发生短路，所以定值电阻R0在电路中起保护电路的作用，故A错误；
CD、当食品质量越小，滑片P越往上，滑动变阻器接入电路中的阻值越大，根据串联电路电阻规律可知，电路中的总电阻越大，根据欧姆定律可知，当电源电压一定时，电路中的电流越小，根据U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压的越小，根据串联电路电压规律U＝U滑+U0可知，滑动变阻器R两端的电压越大，故C错误；
当食品质量越大，滑片P越往下，滑动变阻器接入电路中的阻值越小，根据串联电路电阻规律可知，电路中的总电阻越小，根据欧姆定律可知，当电源电压一定时，电路中的电流越大，故D正确。
故选D。
【点评】本题主要考查欧姆定律的应用，串联电路电流、电压、电阻规律的应用，其中理解电子秤中食品质量变化时，滑片P的移动方向，从而得出滑动变阻器接入电路中的阻值的变化是解题的关键。
13．（3分）物体A重25N，绳子承受最大拉力100N。小壮用20N的力将A以2m/s的速度匀速提升到高处，忽略绳重、摩擦及空气阻力。下列说法不正确的是（ ）
A．动滑轮所受的重力为15N
B．第一秒内克服滑轮重做的额外功为30J
C．此滑轮组能提起的最大物重是185N
D．此装置最高机械效率为62.5%
【分析】（1）由图可知n＝2，利用忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（G+G动）求动滑轮的重力；
（2）利用v＝求A移动的距离，即动滑轮移动的距离，利用W额＝G动h求克服滑轮重做的额外功；
（3）利用忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（G+GA+G动）求出货物的最大重力；
（4）利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率。
【解答】解：A、由图可知n＝2，因为忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣GA＝2×20N﹣25N＝15N，故A正确；
B、由v＝可知，A移动的距离：h＝vt＝2m/s×1s＝2m，即动滑轮移动的距离h＝2m，所以克服滑轮重做的额外功：W额＝G动h＝15N×2m＝30J，故B正确；
C、因为忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（GA+G动），所以货物的最大重力：G最大＝nF最大﹣G动＝2×100N﹣15N＝185N，故C正确；
D、因为此装置提升重物的机械效率随提升物重的增大而增大，所以此装置运载货物最高机械效率：η'＝＝＝＝＝＝92.5%，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查使用滑轮组时绳子拉力、额外功、机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）是解题的关键。
二、填空题（本题共5小题，每空2分，共20分）
14．（4分）如图，小明自制了一个气压计，瓶内气体压强 大于 大气压（选填“大于”、“小于”或“等于”）。若拿着此气压计从29楼下到1楼，玻璃管内水柱的高度将 降低 （选填“升高”或“降低”）。
【分析】大气压随高度的增加而减小，从29楼下到1楼，大气压变大，瓶内气压不变，所以水柱产生的压强变小、高度变小。
【解答】解：
（1）瓶内气压等于大气压和细玻璃管内水柱产生的压强之和，即p内＝p大气压+p水柱，因此瓶内气压p内＞p大气压。
（2）若拿着此气压计从29楼下到1楼，高度降低，大气压升高，由于瓶内气体密闭，且玻璃管很细，可近似认为瓶内气体的压强不变，所以细玻璃管内水柱产生的压强会变小，玻璃管中的水柱高度降低。
故答案为：大于；降低。
【点评】瓶内气压等于大气压和细玻璃管内水柱产生的压强之和，以及大气压随高度升高而降低，是解决本题的关键点。
15．（4分）如图所示为水位测量仪的示意图。A点与光屏PQ在同一水平面上，从A点发出的一束与水平面成45°角、方向不变的激光，经水面反射后，在光屏上的B点处形成一个光斑，光斑位置随水位变化而发生变化。A点与光屏在水中所成的像是 虚 （填“虚”或“实”）像。若光斑B向右移动了1m，说明水位 下降 （填“上升”或“下降”）了。
【分析】平面镜成像的实质是光的反射，平面镜成像的特点是：像物等距、像物等大、虚像。
【解答】解：（1）水面相当于平面镜，平面镜成像的特点是：像物等距、像物等大、虚像，故A点与光屏在水中所成的像是虚像；
（2）若光斑B向右移动了1m，移动到E点，如下图所示：
由图可知，入射光线不变，入射点向右移动，则说明水位下降了。
故答案为：虚；下降。
【点评】本题考查了对光的反射定律的应用，能正确作图是解答的关键。
16．（4分）如图所示，一物体放在同一水平面上，第一次在拉力F1的作用下，以速度v1匀速运动了距离s，第二次在拉力F2的作用下，以速度v2匀速运动了同样的距离，已知v1＞v2。比较前后两次拉力做的功W1 ＝ W2，拉力的功率P1 ＜ P2。（均填“＞”“＝”或“＜”）
【分析】根据二力平衡条件和影响摩擦力大小的因素判定两次拉力的大小，根据W＝Fs判定功的大小；
根据P＝＝＝Fv判定功率的大小。
【解答】解：一物体放在同一水平面上在拉力的作用下做匀速直线运动，此时拉力等于摩擦力；由于压力和接触面的粗糙程度不变，故拉力不变，即F1＝F2，由于通过的距离相同，根据W＝Fs可知，所做的功是相同的，即W1＝W2；
拉力相同，v2＞v1，则根据P＝Fv可知，第二次的功率大，即P1＜P2。
故答案为：＝；＜。
【点评】本题考查了功和功率公式的应用，能够判定拉力相同时解题的关键。
17．（4分）将一电热水壶接入家庭电路中，电能表如图所示，正常工作了5min，电能表的转盘转过了300r，则电热水壶消耗的电能为 3.6×105 J，电热水壶的电功率为 1200 W。
【分析】从图中可知消耗1kW•h电时电能表的表盘转的转数，据此可求出电能表的表盘转300r时消耗的电能；再根据P＝求出电热水壶的电功率。
【解答】解：由图可知，每消耗1kW•h的电能，电能表的表盘转3000r，
则电能表的转盘转300r时消耗的电能：W＝＝0.1kW•h＝3.6×105J；
电热水壶的电功率：P＝＝＝1200W。
故答案为：3.6×105；1200。
【点评】本题考查了电能和电功率的相关计算，属于基础计算题，难度不大。
18．（4分）为保障全校师生饮水安全，学校安装了热效率达到80%的现代化高效节能锅炉，每天可以提供1.0×103kg开水，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），优质煤的热值为3.0×107J/kg。10×103kg的水温度从20℃升高到100℃，需要吸收的热量是 3.36×108 J，每天至少需要完全燃烧 14 kg优质煤。
【分析】（1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水需要吸收的热量；
（2）利用效率公式计算出燃料完全燃烧需要放出的热量，利用Q放＝mq计算出需要完全燃烧优质煤的质量。
【解答】解：（1）水需要吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1.0×103kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×108J；
（2）由η＝可知，燃料完全燃烧需要放出的热量：Q放＝＝＝4.2×108J；
由Q放＝mq可知，需要完全燃烧优质煤的质量：m＝＝＝14kg。
故答案为：3.36×108；14。
【点评】本题考查吸热公式、效率公式、热量完全燃烧放热公式的应用，是一道热学计算的基础题。
三、实验题（本题共3小题，每空2分，共20分）
19．（6分）探究平面镜成像特点的实验，如图所示。
（1）选取两个完全相同的蜡烛A和B的目的是：便于比较像与物的 大小 关系。
（2）实验时应在蜡烛 A （选填“A”或“B”）一侧观察蜡烛A的像；如果将竖立的玻璃板沿图中虚线水平向右移动一段距离，则蜡烛A的像相对于桌面 不发生 （选填“向左”、“向右”或“不发生”）移动。
【分析】（1）平面镜成像时，像与物体大小相等；
（2）平面镜成虚像，虚像在光屏上不能承接，并且观察虚像时要直接观察光屏，不能透过平面镜观察光屏；物体在平面镜中成虚像，虚像和物体关于平面镜对称。
【解答】解：（1）选取两个完全相同的蜡烛A和B的目的是为了便于比较像与物的大小关系；
（2）平面镜成的像是光的反射形成的，A蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，故眼睛在A蜡烛所在这一侧；
将竖立的玻璃板沿图中虚线水平向右移动一段距离，蜡烛A的物距不变，像距也不变，像和物体位置关于玻璃板对称，像还在原来位置。
故答案为：（1）大小；（2）A；不发生。
【点评】平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
20．（6分）如图是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验。
（1）实验中通过观察 物体B被撞击后运动的距离 来反映物体A动能的大小。
（2）该实验中物体的速度是指物体A从斜面上由静止滚下与物体B 碰前A （选填“碰前A”、“碰后A”、“碰前B”或“碰后B”）的速度，它是通过改变 高度 （选填“高度”或“质量”）来改变的。
【分析】（1）实验中运用转换法来研究物体A动能的大小，即观察A撞击B移动的距离远近来反映物体A动能的大小；
（2）物体的动能和质量、速度有关，物体A从斜面上由静止滚下的高度决定A到达水平面的速度。
【解答】解：（1）该实验物体动能的大小是通过物体B被撞开的距离大小反映的，B被撞的越远，说明小球的动能越大，这里采用了转换法；
（2）物体的动能和质量、速度有关，物体A从斜面上由静止滚下的高度决定A到达水平面的速度，所以该实验中物体的速度是指物体A从斜面上由静止滚下与物体B碰前A的速度，它是通过改变高度来改变的。
故答案为：（1）物体B被撞击后运动的距离； （2）碰前A；高度。
【点评】本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
21．（8分）用如图甲所示电路“探究电流跟电阻的关系”，电源电压恒为3V，滑动变阻器的规格为“50Ω 2A”。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中电压表接入电路，测定值电阻两端的电压。
（2）滑片移至阻值最大处，将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，发现电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是 定值电阻断路 。
（3）排除故障后，移动滑片，使电压表的示数如图乙所示，记下电压表的示数为 1 V。实验中，若每次实验均选用单个定值电阻连入电路，实验室另外还有15Ω、20Ω、30Ω、35Ω、50Ω的5个定值电阻，你认为在这些定值电阻中，按照上面的实验步骤能完成实验的还有 2 个。
【分析】（1）电源电压恒为3V，电压表选用小量程并联在R两端；
（2）闭合开关，移动滑片P发现，电流表始终无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（3）根据（1）电压表选用量程确定分度值读数；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入当变阻器的最大电阻连入电路中时对应的最大定值电阻进行判断。
【解答】解：（1）电源电压恒为3V，电压表选用小量程并联在R两端，如下图所示：
；
（2）闭合开关，移动滑片P发现，电流表始终无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即定值电阻断路；
（3）由（1）可知，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1V；
根据电阻两端的电压始终保持UV＝1V，由串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝U﹣UV＝3V﹣1V＝2V，
定值电阻分得的电压为变阻器分得电压的＝0.5倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻50Ω连入电路中时，对应的定值电阻最大值为：
R滑＝0.5×50Ω＝25Ω，继续实验的电阻最多还有2个。
故答案为：（1）如上图所示；（2）定值电阻断路；（3）1；2。
【点评】本题探究“电流跟电阻的关系”，考查电路连接、故障分析、电压表读数、操作过程、控制变量法和实验结论。
四、计算题（本题共2小题，共21分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数字和单位）
22．（9分）如图所示，是某电饭锅的简化电路图，其中R1和R2为阻值一定的电热丝，通过控制开关S1，可使电饭锅处于加热或保温状态。已知R1＝55Ω，R2＝220Ω，电源电压保持220V不变。求：
（1）电饭锅保温时的电流I；
（2）电饭锅加热10min消耗的电能W。
【分析】（1）先根据P＝判断电阻越大，功率越小；加热时功率大，电阻小，开关S和S1都闭合，R1和R2并联工作；
保温时功率小，电阻大，开关S闭合，S1断开，R2工作，然后根据I＝计算电流；
（2）根据W＝Pt计算消耗的电能即可。
【解答】解：（1）由P＝可知，电阻越大时，功率越小；加热时功率大，电阻小，开关S和S1都闭合，R1和R2并联工作；
保温时功率小，电阻大，开关S闭合，S1断开，R2工作，则保温功率P保＝＝＝220W，
则保温时的电流I＝＝＝1A；
（2）R1的电功率P1＝＝＝880W，则加热功率P加＝P1+P保＝880W+220W＝1100W，
加热10min消耗的电能W＝P加t＝1100W×10×60s＝6.6×105J。
答：（1）保温时电流为1A；（2）电饭锅加热10min消耗的电能为6.6×105J。
【点评】本题考查了欧姆定律的应用、电功率与电压、电流的关系、电能的计算，属于电学综合计算题。
23．（12分）如图甲，在水平桌面上有一薄壁圆柱体，容器足够深，容器底面积为350cm2，容器内放有边长为0.1m的均匀正方体物体M（不吸水），随后慢慢向容器中加水，在加水的过程中，物体M对容器底的压强p与所加水的质量m的关系如图乙所示，在整个过程中没有水溢出，且物体M的底面始终与容器中的水面平行，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）未加水时M对容器底的压强。
（2）物体M的密度。
（3）若向容器内加水2.7kg时，容器底部受到水的压强。
【分析】（1）根据图乙可读出，当容器内没有水时，物块M对容器底的压强；
（2）根据p＝可求出物块M对容器底的压力，再根据容器底受到的压力等于物块M的重力可求出物块M的重力，根据G＝mg求出其质量，最后根据密度公式可求出物块M的密度；
（3）由图读出加入水的质量为2kg时，物体M对容器底部的压强，得出物体M恰好漂浮，利用物体漂浮条件和阿基米德原理列出关系式，两式联立可求物体浸入水中的深度；加水2kg时物体刚好漂浮，水的质量从2kg增大到2.7kg，物体缓慢上浮，且浸入水中的深度不变，此时相当于在物体下面加水0.7kg，则可求出物体下表面以下水的深度，进一步求出此时水的总深度，最后根据p＝ρgh求出容器底部受到水的压强。
【解答】解：（1）由图乙可知，当加入水的质量为0kg时，物体M对容器底部的压强p0＝0.8×103Pa；
（2）根据p＝得，物体M的重力：GM＝F＝p0S＝0.8×103Pa×（0.1m）2＝8N，
物体M的质量：m＝＝0.8kg，
物块M的密度：ρM＝＝0.8×103kg/m3；
（3）当加入水的质量为2kg时，物体M对容器底部的压强为0Pa，此时物体M恰好漂浮，
所以F浮＝GM，设此时水的深度为h1，根据F浮＝ρ水gV排和GM＝F＝p0S可得：ρ水gh1S＝p0S，
即：1×103kg/m3×10N/kg×h1×S＝0.8×103Pa×S，
解得h1＝0.08m，
加水2kg时物体刚好漂浮，水的质量从2kg增大到2.7kg，物体缓慢上浮，且浸入水中的深度不变，此时相当于在物体下面加水0.7kg，
由ρ＝和V＝Sh可知，则物体下表面以下水的深度：h2＝＝0.02m，
则水的总深度：h＝h1+h2＝0.08m+0.02m＝0.1m，
容器底部受到水的压强：p′＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1×103Pa。
答：（1）未加水时M对容器底的压强为0.8×103Pa；
（2）物体M的密度为0.8×103kg/m3；
（3）若向容器内加水2.7kg时，容器底部受到水的压强为1×103Pa。
【点评】此题考查了密度公式、物体的浮沉条件、阿基米德原理等知识点，是一道力学综合题，关键是读懂图像，并能从图像中获得相关信息分析解答，有一定难度。
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