还剩20页未读，
继续阅读
2023年北京市顺义区中考物理二模试卷-普通用卷
展开
这是一份2023年北京市顺义区中考物理二模试卷-普通用卷，共23页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年北京市顺义区中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列能源中属于不可再生能源的是( )
A. 风能 B. 太阳能 C. 潮汐能 D. 石油
2. 如图所示的用电器中，主要利用电流的热效应工作的是( )
A. 笔记本电脑 B. 空气净化器
C. 电热壶 D. 洗衣机
3. 如图所示的实例中，为了增大摩擦的是( )
A. 汽车轮胎上刻有花纹
B. 机械表保养时上油
C. 冰壶底面打磨得很光滑
D. 储物箱下装有滚轮
4. 关于声现象，下列说法中正确的是( )
A. 声音是由于物体振动产生的
B. 声音在真空中的传播速度是3×108m/s
C. 发声体的振动频率决定了声音响度的大小
D. 小区内禁止鸣笛，这是在声音传播过程中减弱噪声的
5. 小明身高为1.7m，他站立在平面镜前1m处时，在平面镜中所成像的高度为h1，像到平面镜的距离为s1；小明站立在平面镜前2m处时，在平面镜中所成像的高度为h2，像到平面镜的距离为s2。下列判断正确的是( )
A. h2 6. 下列几种物态变化中，放出热量的是( )
A. 熔化 B. 汽化 C. 升华 D. 凝华
7. 如图所示的实例中，为了增大压强的是( )
A. 书包背带做得较宽
B. 铁轨铺在枕木上
C. 切蛋器装有很细的钢丝
D. 滑雪板的面积较大
8. 如图所示，木块在水平拉力F作用下，在水平桌面上向右做匀速直线运动，下列说法中正确的是( )
A. 桌面对木块的支持力与木块对桌面的压力是一对平衡力
B. 桌面对木块的摩擦力与木块受到的重力是一对平衡力
C. 木块受到的重力与木块对桌面的压力是一对平衡力
D. 拉力F与桌面对木块的摩擦力是一对平衡力
9. 现代生活中，人们由于长时用眼而导致视力下降。图中关于近视眼及其矫正的原理图正确的是( )
A. 甲和丙 B. 甲和丁 C. 乙和丙 D. 乙和丁
10. 小力对小孩滑滑梯进行了研究：从小孩下滑一段距离后开始计时，记录了小孩下滑到不同位置的距离和所用时间，并根据记录的数据画出小孩这段时间内通过的路程s随时间t变化的图象，发现图线为一条过原点的直线，如图所示。对于小孩的这段下滑过程，下列说法中正确的是( )
A. 小孩的速度逐渐增大 B. 小孩的动能保持不变
C. 小孩的机械能保持不变 D. 小孩减少的重力势能全部转化为他的动能
11. 如图所示，电源两端的电压保持不变，R1、R2为定值电阻。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，下列说法中正确的是( )
A. 电流表示数变大
B. 电压表V1的示数保持不变
C. 电压表V2的示数与电流表示数的比值保持不变
D. 电压表V1和V2的示数之和始终等于电源两端的电压
12. 如图所示，站在水平地面上的人通过滑轮组提升重物，该重物的重力G物=800N，重物在拉力作用下以v=0.1m/s的速度竖直匀速上升。已知动滑轮所受的重力G动=200N，人的重力G人=600N，滑轮组绳重及摩擦均可忽略不计，g取10N/kg。则下列判断正确的是( )
A. 人对绳竖直向下的拉力大小为600N
B. 滑轮组提升重物的机械效率为60%
C. 人竖直向下的拉力做功的功率为100W
D. 人对地面的压力大小为600N
二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）
13. 下列说法中正确的是( )
A. 一杯水倒掉一部分，杯中剩余的水比热容减小
B. 组成物体的分子之间只存在引力，不存在斥力
C. 汽油机在做功冲程中内能转化为机械能
D. 晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变
14. 下列说法中正确的是( )
A. 同一磁场中，磁感线的疏密程度反映了磁场的强弱
B. 导体中的负电荷在做定向移动时一定产生磁场
C. 只要导体在磁场中运动，该导体中就会产生感应电流
D. 利用散在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向
15. 两个完全相同的方形薄壁容器甲、乙放置在水平桌面上，容器的底面积均为0.0lm2，容器内盛有相同高度的水，如图所示。将两个密度不同，但体积相同均为2×10−4m3的实心长方体A、B分别竖直放入甲、乙容器中(水未溢出。A漂浮，其重力为GA；B沉底，其重力为GB)，水对容器底部的压强p水、和容器对桌面的压强p容大小如下表所示，g取10N/kg。下列说法中正确的是( )
压强
甲
乙
p水/Pa
1100
1200
p容/Pa
1600
2000
A. 容器的重力为5N B. GB−GA=4N
C. A受到的浮力为1N D. B受到的浮力小于1N
三、填空题（本大题共3小题，共9.0分）
16. (1)如图1所示，物体A的长度为______ cm。
(2)用天平测质量时，天平右盘中所放砝码及游码在标尺上的位置如图2所示，则待测物体的质量为______ g。
17. 取两个相同的验电器A和B，只让A带上电荷，可以看到A的金属箔张开，B的金属箔闭合，如图甲所示，验电器A的两金属箔所带电荷是______ (选“同种”或“异种”)电荷。用带有绝缘柄的棒P把A和B连接起来，如图乙所示，观察到A的金属箔张开的角度变小，B的金属箔由闭合变为张开，此现象说明P是______ (选填“导体”或“绝缘体”)。
18. (1)如图甲所示，在试管内装适量水，用橡胶塞寨住管口，将水加热至沸腾一段时间后，橡胶塞被推出，管口出现大量“白气”，“白气”是______ 形成的。此实验中，主要是通过做功改变物体内能的过程是______ (选填选项前字母)。
A.试管被加热的过程
B.水变热的过程
C.水变成水蒸气的过程
D.水蒸气推出橡胶塞的同时变成“白气”的过程
(2)如图乙所示，两个相同瓶子的瓶口相对，之间用一块玻璃板隔开，上面的瓶中装有空气，下面的瓶中装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体。抽掉玻璃板后，可以看到，两个瓶中的气体会混合在一起，最后颜色变得均匀，这是气体扩散现象，此现象说明______ 。
四、实验探究题（本大题共5小题，共19.0分）
19. 现通过实验探究“杠杆的平衡条件”，杠杆上相邻刻线间的距离相等。
(1)将轻质杠杆的支点固定在支架上，发现杠杆右端下沉，此时应将杠杆右侧的平衡螺母向______ 调(选填“左”或“右”)。
(2)调节好杠杆水平平衡后，在杠杆A点挂4个钩码，如图甲所示，为使杠杆保持水平平衡，应在B点悬挂______ 个码，使用的每个钩码的质量均相等。
(3)如图乙所示，用弹簧测力计在杠杆C点竖直向上拉，为使杠杆在水平位置平衡，应在A点悬挂总重力为______ N的钩码。
20. 现用电流表、电压表等器材测量小灯泡在不同电压下的电功率。
(1)该测量实验的原理是______ 。
(2)请你在答题卡上相应位置画出本实验的电路图。
(3)电路连接正确后，闭合开关进行测量，测量过程中某一时刻电压表、电流表示数如图甲、乙所示，则此时小灯泡两端的电压为______ V，小灯泡的实际电功率为______ W。
21. (1)实验室有一凸透镜A，焦距未知，请自选器材写出测量该透镜焦距的步骤。
(2)如图所示，利用焦距为f1=10cm的凸透镜B做了三次实验；透镜放置在50cm刻度线处，将蜡烛分别放在20cm、30cm和35cm刻度线处，移动光屏得到清晰的像，随着物距的不断变小，像的大小变化情况是______ 。将蜡放置在43cm刻度线处，蜡烛经凸透镜所成的像是______ (选填“正立放大”或“倒立缩小”)的像。
22. 如图所示为“探究电流通过电阻产生的热量与哪些因素有关”的实验装置。闭合开关，通电t时间观察记录烧瓶内液体的初温和末温，计算出液体温度变化量ΔT填入表中，然后移动滑动变阻器滑片P改变电阻中电流大小，重复上述操作，获得第二组数据，填入表中。本实验的因变量是电流通过电阻产生热量的多少，由于不能直接测量，可用______ 表示，由上述实验可得出电流通过电阻产生热量的多少与______ 有关。
I/A
0.3
0.6
ΔT/℃
1
4
23. 小力在“探究导体电阻是否与导体横截面积有关”时，实验室为他提供了一根粗细均匀的没有绝缘外层的镍铬合金丝，一个电压恒定的电源，一只电流表，一个开关，若干带夹子的导线。小力的主要实验步骤如下：
①把一根合金丝按如图所示连入电路，闭合开关，记录电流表的示数I1。
②把合金丝对折后拧在一起，作为一段合金丝再接入原电路，闭合开关，记录电流表的示数I2。
他比较数据，发现I1
(2)请你针对小力探究过程中存在的问题，写出改正措施：______ 。
(3)请你写出实验中需用电压恒定电源的原因：______ 。
五、计算题（本大题共2小题，共8.0分）
24. 如图所示，电源两端电压U保持不变，电阻R1的阻值为6Ω，电阻R2的阻值为18Ω.当开关S闭合时，电压表示数为3V.求：
(1)电流表的示数I；
(2)电源两端的电压U。
25. 某同学制作了一个密度计，如图甲所示，密度计质量m=10g，长度L=16cm。把这个密度计放入水中，密度计竖直漂浮，静止时露出水面的长度L1=8cm，如图乙所示；把该密度计放入密度未知的液体A中，密度计静止时露出水面的长度L2=9.6cm，如图丙所示。水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，求：
(1)密度计放入水中时所受浮力大小；
(2)液体A的密度。
六、综合题（本大题共1小题，共4.0分）
26. 阅读《液压传动》，回答问题。
液压传动液压传动是用液体作为工作介质来传递能量和进行控制的传动方式，是根据17世纪帕斯卡提出的液体静压力传动原理而发展起来的一门新兴技术。帕斯卡原理为：作用于密闭流体上之压强可大小不变由流体传到容器各部分。液压传动具有很多优点：体积小、重量轻；元件相对运动表面间能自行润滑，磨损小，使用寿命长；自动化程度高，并且系统元件实现了标准化、系列化和通用化，更便于设计、制造和使用。但液压传动也具有元件制造精度较高，维护要求和维护成本较高，能量转换中效率相对低等特点。目前，液压传动应用非常广泛，如行走机械中的汽车和工程机械，钢铁工业用的冶金机械、提升装置等，军事工业用的飞机起落架的收敛装置和火炮操纵装置、船舶减摇装置等。
生活中的液压千斤顶，如图甲所示，应用的就是帕斯卡原理，内部结构如图乙所示。使用时提起手柄使小活塞向上移动，小活塞下端单向阀门1打开，通过吸油管从油箱中吸油，用力压下手柄，阀门1关闭，右侧单向阀门2打开，下腔的油液经管道输入举升缸的下腔，推动大活塞向上移动，顶起重物。不断地往复扳动手柄，就能不断地把油液压入举升缸下腔，使重物逐渐地升起。整个过程中有两次能量转化：提起手柄使小活塞向上移动的过程中，通过这个动力装置吸油，将机械能转化为液压能；用力压下手柄的过程中，通过执行装置将油输入举升缸，将液压能转化为机械能，将重物顶起。因此，液压传动是一个不同能量的转化过程。
阅读上述材料，回答下列问题：
(1)根据帕斯卡原理可知，作用于密闭流体上之______ 可大小不变由流体传到容器各部分。
(2)文中所说的液压千斤顶，其液压传动的两次能量转化是：第一次将机械能转化为液压能，第二次将______ 。
(3)如图乙所示，用力压下手柄，小活塞向下的压力为F1，小活塞面积为S1，举升缸处大活塞向上的力为F2，大活塞面积为S2，请判断F1和F2的大小关系，并写出判断过程。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：现在人们可以通过使用可再生能源，来实现对不可再生能源的保护，例如使用风能、水能、潮汐能、太阳能等，故A、B、C不符合题意；
煤炭、石油、天然气都属于化石能源，是不可再生能源，故D符合题意。
故选：D。
不可再生能源是指短时间之内无法再生的资源，它的总量是有限的，所以要避免过度开采。
常见的煤炭、石油、天然气都是不可再生能源。
本题考查学生对不可再生能源特点的了解情况，要知道常见的可再生资源。
2.【答案】C
【解析】解：A.笔记本电脑工作时，主要是电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故A不符合题意；
BD.空气净化器、洗衣机工作时，主要是将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故BD不符合题意；
C.电热壶工作时，电能转化为内能，是利用电流的热效应，故C符合题意；
故选：C。
电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应。发生电流的热效应时，电能转化为内能。
利用电流的热效应工作的家用电器工作时，都是电能转化为内能，这是判断的关键。
3.【答案】A
【解析】解：A、汽车轮胎上刻有花纹，增加接触面的粗糙程度，增大摩擦，故A符合题意；
B、机械表保养时上油，是使接触面分离，减小摩擦，故B不合题意；
C、冰壶底面打磨得很光滑接，减小接触面的粗糙程度，减小摩擦，故C不合题意；
D、储物箱下装有滚轮，是用滚动代替滑动减小摩擦，故D不合题意。
故选：A。
(1)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动；
(2)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；用滚动代替滑动。
本题考查增大和减小摩擦的方法，难度不大。
4.【答案】A
【解析】解：A、声音是由于物体振动产生的，故A正确；
B、声音传播需要介质，声音在真空中不能传播，故B错误；
C、发声体的振动频率决定了声音的音调的高低，频率越高，音调越高。频率越低，音调越低，故C错误；
D、小区内禁止鸣笛，这是在声源处减弱噪声的，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由于物体振动产生的；
(2)真空不能传声；
(3)频率越高，音调越高。频率越低，音调越低；
(4)减弱噪声的途径：在声源处减弱--消声、在传播过程中减弱--吸声、在耳朵处减弱--隔声。
本题综合考查了关于声音的知识，属于基本内容，只要对每个选项细心分析，比较简单。
5.【答案】B
【解析】解：由像与物到镜面距离相等可知，站立在平面镜前1m处时，像到平面镜的距离为s1=1m，小明站立在平面镜前2m处时，像到平面镜的距离为s2=2m，s2>s1，故CD错误；
小明在平面镜中，看到自己的像是正立的与自己等大的虚像，因此身高1.7m的小明他的像高h也是1.7m，平面镜中所成像的高度h2=h1。故A错误，B正确。
故选：B。
平面镜成像的特点是：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；
像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等。
此题主要考查学生对平面镜成像原理和平面镜成像特点的理解和掌握，牢记平面镜成像特点是解答此题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：
在熔化、汽化、升华、和凝华过程中，熔化、汽化、升华都要吸收热量，凝华过程放出热量．
故选D．
物质由气态直接变为固态叫凝华，是放热过程；
物质由固态直接变为气态叫升华，是吸热过程；
物质由液态变为气态叫汽化，是吸热过程；
物质由固态变为液态叫熔化，是吸热过程．
分析物态变化问题时，不仅要知道物态变化的名称，还要清楚每种变化的吸放热情况．
7.【答案】C
【解析】解：A.书包带做得很宽，是在压力一定时，增大受力面积来减小书包对肩膀的压强，故A不符合题意；
B.铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，增大受力面积来减小铁轨对地面的压强，故B不符合题意；
C.切蛋器装有很细的钢丝，是在压力一定时，减小受力面积来增大钢丝对鸡蛋压强，故C符合题意；
D.滑雪板的面积较大，是在压力一定时，增大受力面积来减小滑雪板对雪的压强，故D不符合题意。
故选：C。
压强大小跟压力大小和受力面积有关，在压力一定时，减小受力面积可以增大压强，在受力面积一定时，增大压力可以增大压强。
本题首先要明确压强大小的影响因素，然后根据影响因素来判断是增大压强还是减小压强。
8.【答案】D
【解析】解：A、桌面对木块的支持力与木块对桌面的压力是一对相互作用力，故A错误；
B、桌面对木块的摩擦力沿水平方向，木块受到的重力沿竖直方向，两个力不在同一条直线上，不是一对平衡力，故B错误；
C、木块受到的重力受力物体是木块，木块对桌面的压力受力物体是桌面，两个力受力物体不同，不是一对平衡力，故C错误；
D、木块做匀速直线运动，木块受到拉力F与桌面的摩擦力作用，此二力为一对平衡力，大小相等，故D正确。
故选：D。
相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在两个物体上；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上；
本题考查了平衡力的辨别，是一道基础题。
9.【答案】B
【解析】解：
甲图的入射光线会聚在视网膜的前方，是晶状体折光能力太强造成的，属于近视眼的成像情况；为了使光线会聚在原来会聚点前面的视网膜上，就需要在光线进入人的眼睛以前发散一下，因此需佩戴对光线具有发散作用的凹透镜来矫正，即图丁。
乙图的入射光线会聚在视网膜的后方，是晶状体折光能力太弱造成的，属于远视眼的成像情况；为了使光线会聚在原来会聚点后面的视网膜上，就需要在光线进入人的眼睛以前会聚一下，因此需佩戴对光线具有会聚作用的凸透镜来矫正，即图丙。
综上所述，甲、丁是近视眼的成因和矫正图。
故选：B。
(1)近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，由此可以确定哪一个图表示了近视眼的成像情况。近视眼配戴凹透镜进行矫正。
(2)远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，远视眼配戴凸透镜进行矫正。
图示来源于课本，分别表示了远视眼和近视眼的成因的光路图。明确近视眼与远视眼的成因是解决此题的关键。
10.【答案】B
【解析】解：
AB、根据路程s随时间t变化关系的图线可知，路程s与时间t成正比，说明小孩做匀速直线运动，其速度大小不变，又因为小孩的质量不变，所以小孩的动能保持不变，故A错误、B正确；
C、小孩从开始计时位置到沿冰滑梯斜面滑至底端的过程中，动能不变，重力势能减小，所以小孩的机械能减小，故C错误；
D、小孩从开始计时位置到沿冰滑梯斜面滑至底端的过程中，质量不变，高度降低，重力势能减小，但动能不变，所以减少的重力势能没有转化为他的动能，故D错误。
故选：B。
(1)首先根据图象判断小孩的运动状态，然后判断其速度大小是否发生变化，再根据动能大小的影响因素判断动能的大小变化；
(2)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
此题考查动能和势能的转化与守恒，关键是掌握动能和势能的影响因素，并根据图象判断小利的运动状态。
11.【答案】C
【解析】解：由图可知，定值电阻R1、R2与滑动变阻器串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
AB、闭合开关S，滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流减小，电流表示数变小；根据U=IR可知，电阻R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故AB错误；
C、根据R=UI可知，电压表V2的示数与电流表示数的比值为R2的阻值，所以该比值不变，故C正确；
D、根据串联电路的电压规律可知，电压表V1、V2的示数之和与滑动变阻器两端的电压之和为电源电压，只有滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电压表V1和V2的示数之和等于电源两端的电压，故D错误。
故选：C。
由图可知，定值电阻R1、R2与滑动变阻器串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据U=IR分析电压表V1示数的变化；
根据R=UI分析电压表V2的示数与电流表示数的比值的变化；
根据串联电路的电压规律分析电压表V1和V2的示数之和与电源电压的关系。
本题考查了欧姆定律、串联电路的电压关系，分析电路图确定两电阻的连接方式和电表的测量对象是本题关键。
12.【答案】C
【解析】解：A、该重物的重力G物=800N，已知动滑轮所受的重力G动=200N，滑轮组绳子的有效段数为2，滑轮组绳重及摩擦均可忽略不计，则人对绳竖直向下的拉力大小为：F=G物+G动2=800N+200N2=500N，故A错误；
B、滑轮组提升重物的机械效率为：η=W有W总=G物 hF×2h=G物2F=800N2×500N×100%=80%，故B错误；
C、绳子自由端的速度为：v′=2v=2×0.1m/s=0.2m/s；
人竖直向下的拉力做功的功率为：P=Wt=Fst=Fv′=500N×0.2m/s=100W，故C正确；
D、人的重力G人=600N，人对绳竖直向下的拉力大小为500N，由力的相互性，绳子对人的拉力大小为500N，则人对地面的压力大小为：F=G−F拉=600N−500N=100N，故D错误。
故选：C。
A、确定滑轮组绳子的有效段数，滑轮组绳重及摩擦均可忽略不计，根据F=G物+G动n得出人对绳竖直向下的拉力大小；
B、根据η=W有W总×100%得出滑轮组提升重物的机械效率；
C、根据v′=nv得出绳子自由端的速度；根据P=Wt=Fst=Fv得出人竖直向下的拉力做功的功率；
D、由力的相互性可知绳子对人的拉力大小，故人对地面的压力大小等于重力与绳子对人的拉力大小之差。
本题考查作用在绳子自由端的拉力公式、功率公式、机械效率公式等的运用。
13.【答案】CD
【解析】解：
A、比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容不变，故A错误；
B、组成物质的分子之间，相互作用的引力和斥力同时存在，故B错误；
C、在四冲程内燃机中，做功冲程是将内能转化为机械能，故C正确；
D、晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变，故D正确。
故选：CD。
(1)比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关；
(2)分子间的引力和斥力是同时存在的；
(3)做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能；
(4)根据晶体熔化特点解答即可。
本题考查分子间的相互作用力、比热容的概念、内燃机的工作过程、晶体熔化的特点等，属于常考题目，难度不大。
14.【答案】AB
【解析】解：
A、利用磁感线的疏密程度可以描述磁场的强弱，磁感线越密，说明磁场越强，故A正确；
B、导体中的负电荷在做定向移动时会产生电流，电流的周围存在磁场，故B正确；
C、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，故C错误；
D、利用铁屑检验磁体周围磁场分布情况，判断不出磁场的方向，原因是看不到铁屑的N、S极，故D错误。
故选：AB。
(1)用磁感线可以描述磁场的强弱；
(2)电荷的定向移动形成电流；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；
(4)铁屑可以检验磁体周围磁场的分布情况。
本题考查了磁感线、电流的磁效应、电磁感应现象，属于基础知识。
15.【答案】ABC
【解析】解：
AB放入容器中后，A漂浮，甲容器中水对容器底的压力F1=p1S1=1100Pa×0.01m2=11N，甲容器对桌面的压力F2=p2S=1600Pa×0.01m2=16N，容器受到的重力G=F2−F1=16N−11N=5N，故A正确；
B放入容器中后，乙容器中水对容器底的压力F3=p3S=1200Pa×0.01m2=12N，乙容器对桌面的压力F4=p4S=2000Pa×0.01m2=20N，压力增加了F4−F3=20N−12N=8N，而容器重只有5N；B处于沉底状态；
B全部浸入水中，B受到的浮力F5=ρgV=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10−4m3=2N，故D错误；
因为F4−F3=8N，增加的压力其中5N是容器的重力，B容器底部的压力为F6=8N−5N=3N，容器对B的支持力F7=F6=3N，B的重力GB=F7+F5=3N+2N=5N；
B浸没后，水对容器底的压强为1200Pa，此时水深h=p2ρg=1200Pa1000kg/m3×10N/kg=0.12m，B的体积为0.001m3，B浸没后水深增加h1=VBS=2×10−4m30.01m2=0.02m，初始水深h0=h−h1=0.12m−0.02m=0.1m，初始时水对容器底的压力F8=p0S=ρgh0S=1000kg/m3×10N/kg×0.1m×0.01m2=10N，A放入甲容器中后水对容器底增加的压力等于A的重力，GA=F1−F8=11N−10N=1N，因A漂浮，所受浮力等于自身的重力，为1N；故C正确；
GB−GA=5N−1N=4N，故B正确；
故选：ABC。
AB放入容器中后，A容器中水对容器底部的压强小，说明甲容器中的液面高度较低，故A排开液体的体积一定小于B排开液体的体积，故A一定漂浮，据此可计算出容器的重力；B放入容器中后，容器对桌面的压力与水对容器底部的压力之差大于容器的重力，说明B对容器底也有压力，以此为突破点进行后续计算。
本题综合性很强，需具备较强的逻辑思维能力，难度很大。
16.【答案】3.60 161
【解析】解：(1)由图1可知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值位1mm；物体左侧与零刻度线对齐，右侧与3.60cm对齐，所以物体的长度为L=3.60cm；
(2)由图2可知，天平标尺的分度值是0.2g，游码对应的刻度值为1g，物体的质量m=100g+50g+10g+1g=161g。
故答案为：3.60；161。
(1)使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端从0开始的，读出末端刻度值，即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)读数时先看清天平的分度值，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值。
物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值。
17.【答案】同种 导体
【解析】解：验电器A的金属箔带上了同种电荷，同种电荷互相排斥，故金属箔张开；
观察到A的金属箔张开的角度变小，B的金属箔由闭合变为张开，两个验电器平分电荷，有电流通过P，此现象说明P是导体。
故答案为：同种；导体。
验电器的原理：同种电荷互相排斥。容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
本题主要考查了电流的方向和验电器的原理，要求学生知道正电荷定向移动方向规定为电流的方向，验电器的原理是同种电荷互相排斥。
18.【答案】液化 D 分子在不停息地做无规则运动
【解析】解：(1)“白气”实质是小水滴，是由高温的水蒸气液化形成的；
A.试管变热，是试管从火吸收热量，内能增加，是通过热传递改变物体的内能，故A不符合题意；
B.水变热，是水吸收热量、内能增大，是通过热传递改变物体的内能，故B不符合题意；
C.水吸热，温度升高，汽化成水蒸气，是通过热传递改变物体的内能，故C不符合题意；
D.水蒸气推出橡胶塞的同时变成“白气”的过程，是水蒸气膨胀做功，将水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，是通过做功改变物体的内能，故D符合题意。
故选：D。
(2)抽掉玻璃板后，可看到两种气体逐渐混合在一起，颜色变得均匀，这是分子运动的结果，是扩散现象，说明分子在不停息地做无规则运动。
故答案为：(1)液化；D；(2)分子在不停息地做无规则运动。
(1)物质由气态变为液态的过程叫做液化；
改变物体内能的方法：一是做功(能量转化)，二是热传递(能量转移)，两种方法对于改变物体内能来说是等效的；
(2)物质由分子组成，构成物质的分子在不停息地做无规则运动。
本题考查了液化、改变物体内能的方式、分子动理论等，难度不大，属于基础题。
19.【答案】左 3 2
【解析】解：(1)杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)设一个钩码为G，一格的长度为L，根据杠杆的平衡条件可得：
4G×3L=nG×4L，解得：n=3，
故为使杠杆保持水平平衡，应在B点悬挂3个钩码；
(3)设悬挂钩码的总重力为G，杠杆一个小格代表L，根据杠杆平衡条件可得，G×3L=3N×2L，
解得G=2N，
故答案为：(1)左；(2)3；(3)2。
(1)调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；
(3)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出悬挂钩码的总重力。
利用杠杆平衡条件，可以求出力或力臂大小，也可以判断杠杆是否平衡，或杠杆的哪端下沉等，杠杆平衡条件应用很广泛，应该熟练掌握。
20.【答案】P=UI 1 0.28
【解析】解：(1)测小灯泡在不同电压下的电功率实验中，用电压表测灯泡两端的电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡的功率，故该实验原理P=UI；
(2)测小灯泡在不同电压下的电功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
(3)电压表和电流表的示数如图所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为U=1V；
电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为I=0.28A，则小灯泡的实际电功率为：
P=UI=1V×0.28A=0.28W。
故答案为：(1)P=UI；(2)见解答图；(3)1；0.28。
(1)测电功率实验原理为P=UI；
(2)测小灯泡在不同电压下的电功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，据此分画出电路图；
(3)根据两表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出小灯泡的实际电功率。
本题测小灯泡在不同电压下的电功率实验，考查了实验原理、画电路图、电功率的计算等，难度不大。
21.【答案】逐渐变大 正立放大
【解析】解：(1)测量凸透镜焦距的步骤：
①把凸透镜正对着阳光；在凸透镜后放一张纸，来回靠近或远离凸透镜，直到纸上出现最亮、最小的光斑，即焦点；
②用刻度尺测量这个最小、最亮的光斑(焦点)到凸透镜的距离，记录下来，就是凸透镜的焦距；
所以需要的器材：凸透镜A，白纸，刻度尺；
(2)透镜放置在50cm刻度线处，将蜡烛分别放在20cm、30cm和35cm刻度线处，移动光屏得到清晰的像，随着物距的不断变小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，可知，像的大小变化情况是逐渐变大；
将蜡放置在43cm刻度线处，此时物距u=50cm−43cm=7cm
(1)焦距是焦点到凸透镜光心的距离，而焦点是平行于主光轴的光会聚形成的最小最亮的点；所以要测凸透镜的焦距，就需要先找焦点，而要找焦点，可以让凸透镜正对太阳光，以保证太阳光与主光轴平行，据此设计实验；
(2)根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答；根据u
22.【答案】液体温度变化量ΔT 电流大小
【解析】解：(1)电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数变化量来反映，即液体温度变化量ΔT；
(2)本次探究其它物理量不变，改变的是通过电阻的电流大小，所以由上述实验可得出电流通过电阻产生热量的多少与电流大小有关。
故答案为：液体温度变化量ΔT；电流大小。
(1)电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数变化来反映产生热量的多少，这种方法是转换法；
(2)根据控制变量法分析。
本题为“探究电流通过电阻产生的热量与哪些因素有关”的实验，考查了转化法和控制变量法的应用。
23.【答案】没有控制两次实验时合金丝的长度相同 保证两次实验时合金丝长度相同，改变横截面积的大小 保证电压一定时，比较通过不同导体的电流大小
【解析】解：(1)小力的探究过程中存在的问题是：没有控制两次实验时合金丝的长度相同。
(2)针对小力探究过程中存在的问题，改正措施：保证两次实验时合金丝长度相同，改变横截面积的大小。
(3)请你写出实验中需用电压恒定电源的原因：保证电压一定时，比较通过不同导体的电流大小。
故答案为：(1)没有控制两次实验时合金丝的长度相同；(2)保证两次实验时合金丝长度相同，改变横截面积的大小；(3)保证电压一定时，比较通过不同导体的电流大小。
(1)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关。
(2)在材料、长度一定时，横截面积越大，电阻越小。
(3)在电压一定时，导体的电阻越小，通过导体的电流越大。
本题主要考查了影响电阻大小的因素，关键是知道控制变量法在本实验中的应用。
24.【答案】(1)开关S闭合时，两电阻串联，电压表测量的是电阻R1两端的电压，
电路中的电流I=I1=U1R1=3V6Ω=0.5A，即电流表示数为0.5A；
(2)根据欧姆定律可得，
R2两端的电压U2=IR2=0.5A×18Ω=9V，
则电源电压U=U1+U2=3V+9V=12V。
答：(1)电流表的示数0.5A；
(2)电源两端的电压12V。
【解析】此题主要考查的是学生对欧姆定律和串联电路电流、电压特点的理解和掌握，难度不大。
开关S闭合时，两电阻串联，电压表测量的是电阻R1两端的电压；电源电压等于各部分电压之和。
25.【答案】解：(1)密度计放入水中处于漂浮状态，所受的浮力F浮=G=mg=101000kg×10N/kg=0.1N；
(2)把该密度计放入密度未知的液体A中，仍漂浮，所受的浮力F浮′=G=F浮；
根据阿基米德原理可知：ρAgV排A=ρ水gV排水，
设密度计的底面积为S，则ρAgS(L−L1)=ρ水gS(L−L2)，
则：ρA=L−L2L−L1ρ水=16cm−8cm16cm−9.6cm×1.0×103kg/m3=1.25×103kg/m3。
答：(1)密度计放入水中时所受浮力大小为0.1N；
(2)液体A的密度为1.25×103kg/m3。
【解析】(1)密度计放入水中处于漂浮状态，根据F浮=G=mg得出所受的浮力；
(2)把该密度计放入密度未知的液体A中，仍漂浮，所受的浮力F浮′=G=F浮；根据阿基米德原理可知：ρAgV排A=ρ水gV排水，设密度计的底面积为S，则ρAgS(L−L1)=ρ水gS(L−L2)，据此得出A的密度。
本题考查浮力的有关知识，是一道综合题。
26.【答案】压强 液压能转化为机械能
【解析】解：(1)加在密闭液体上的压强，能够大小不变的被液体向各个方向传递。液压机的工作原理即是帕斯卡定律；
(2)根据文中“不断地往复扳动手柄，就能不断地把油液压入举升缸下腔，使重物逐渐地升起。整个过程中有两次能量转化：提起手柄使小活塞向上移动的过程中，通过这个动力装置吸油，将机械能转化为液压能；用力压下手柄的过程中，通过执行装置将油输入举升缸，将液压能转化为机械能，将重物顶起。”知，第二次将液压能转化为机械能。
(2)根据帕斯卡定律可知，大小活塞上的压强相等，即p大=p小，根据压强的定义公式有F大S大=F小S小；
变形可得：F大F小=S大S小。
故答案为：(1)压强；(2)液压能转化为机械能；(2)F大F小=S大S小。
(1)帕斯卡定律：密闭的液体，其传递压强有一个重要的特点，即加在密闭液体上的压强，能够大小不变的被液体向各个方向传递；
(2)阅读文中相关文字获得有用信息；
(3)根据帕斯卡原理中压强相等，得液体作用在大活塞上的压力和小活塞所受压力的大小关系。
本题考查了帕斯卡定律的应用，理解并会用帕斯卡定律“压强相等”是本题的关键，难度不大。
2023年北京市顺义区中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列能源中属于不可再生能源的是( )
A. 风能 B. 太阳能 C. 潮汐能 D. 石油
2. 如图所示的用电器中，主要利用电流的热效应工作的是( )
A. 笔记本电脑 B. 空气净化器
C. 电热壶 D. 洗衣机
3. 如图所示的实例中，为了增大摩擦的是( )
A. 汽车轮胎上刻有花纹
B. 机械表保养时上油
C. 冰壶底面打磨得很光滑
D. 储物箱下装有滚轮
4. 关于声现象，下列说法中正确的是( )
A. 声音是由于物体振动产生的
B. 声音在真空中的传播速度是3×108m/s
C. 发声体的振动频率决定了声音响度的大小
D. 小区内禁止鸣笛，这是在声音传播过程中减弱噪声的
5. 小明身高为1.7m，他站立在平面镜前1m处时，在平面镜中所成像的高度为h1，像到平面镜的距离为s1；小明站立在平面镜前2m处时，在平面镜中所成像的高度为h2，像到平面镜的距离为s2。下列判断正确的是( )
A. h2 6. 下列几种物态变化中，放出热量的是( )
A. 熔化 B. 汽化 C. 升华 D. 凝华
7. 如图所示的实例中，为了增大压强的是( )
A. 书包背带做得较宽
B. 铁轨铺在枕木上
C. 切蛋器装有很细的钢丝
D. 滑雪板的面积较大
8. 如图所示，木块在水平拉力F作用下，在水平桌面上向右做匀速直线运动，下列说法中正确的是( )
A. 桌面对木块的支持力与木块对桌面的压力是一对平衡力
B. 桌面对木块的摩擦力与木块受到的重力是一对平衡力
C. 木块受到的重力与木块对桌面的压力是一对平衡力
D. 拉力F与桌面对木块的摩擦力是一对平衡力
9. 现代生活中，人们由于长时用眼而导致视力下降。图中关于近视眼及其矫正的原理图正确的是( )
A. 甲和丙 B. 甲和丁 C. 乙和丙 D. 乙和丁
10. 小力对小孩滑滑梯进行了研究：从小孩下滑一段距离后开始计时，记录了小孩下滑到不同位置的距离和所用时间，并根据记录的数据画出小孩这段时间内通过的路程s随时间t变化的图象，发现图线为一条过原点的直线，如图所示。对于小孩的这段下滑过程，下列说法中正确的是( )
A. 小孩的速度逐渐增大 B. 小孩的动能保持不变
C. 小孩的机械能保持不变 D. 小孩减少的重力势能全部转化为他的动能
11. 如图所示，电源两端的电压保持不变，R1、R2为定值电阻。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，下列说法中正确的是( )
A. 电流表示数变大
B. 电压表V1的示数保持不变
C. 电压表V2的示数与电流表示数的比值保持不变
D. 电压表V1和V2的示数之和始终等于电源两端的电压
12. 如图所示，站在水平地面上的人通过滑轮组提升重物，该重物的重力G物=800N，重物在拉力作用下以v=0.1m/s的速度竖直匀速上升。已知动滑轮所受的重力G动=200N，人的重力G人=600N，滑轮组绳重及摩擦均可忽略不计，g取10N/kg。则下列判断正确的是( )
A. 人对绳竖直向下的拉力大小为600N
B. 滑轮组提升重物的机械效率为60%
C. 人竖直向下的拉力做功的功率为100W
D. 人对地面的压力大小为600N
二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）
13. 下列说法中正确的是( )
A. 一杯水倒掉一部分，杯中剩余的水比热容减小
B. 组成物体的分子之间只存在引力，不存在斥力
C. 汽油机在做功冲程中内能转化为机械能
D. 晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变
14. 下列说法中正确的是( )
A. 同一磁场中，磁感线的疏密程度反映了磁场的强弱
B. 导体中的负电荷在做定向移动时一定产生磁场
C. 只要导体在磁场中运动，该导体中就会产生感应电流
D. 利用散在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向
15. 两个完全相同的方形薄壁容器甲、乙放置在水平桌面上，容器的底面积均为0.0lm2，容器内盛有相同高度的水，如图所示。将两个密度不同，但体积相同均为2×10−4m3的实心长方体A、B分别竖直放入甲、乙容器中(水未溢出。A漂浮，其重力为GA；B沉底，其重力为GB)，水对容器底部的压强p水、和容器对桌面的压强p容大小如下表所示，g取10N/kg。下列说法中正确的是( )
压强
甲
乙
p水/Pa
1100
1200
p容/Pa
1600
2000
A. 容器的重力为5N B. GB−GA=4N
C. A受到的浮力为1N D. B受到的浮力小于1N
三、填空题（本大题共3小题，共9.0分）
16. (1)如图1所示，物体A的长度为______ cm。
(2)用天平测质量时，天平右盘中所放砝码及游码在标尺上的位置如图2所示，则待测物体的质量为______ g。
17. 取两个相同的验电器A和B，只让A带上电荷，可以看到A的金属箔张开，B的金属箔闭合，如图甲所示，验电器A的两金属箔所带电荷是______ (选“同种”或“异种”)电荷。用带有绝缘柄的棒P把A和B连接起来，如图乙所示，观察到A的金属箔张开的角度变小，B的金属箔由闭合变为张开，此现象说明P是______ (选填“导体”或“绝缘体”)。
18. (1)如图甲所示，在试管内装适量水，用橡胶塞寨住管口，将水加热至沸腾一段时间后，橡胶塞被推出，管口出现大量“白气”，“白气”是______ 形成的。此实验中，主要是通过做功改变物体内能的过程是______ (选填选项前字母)。
A.试管被加热的过程
B.水变热的过程
C.水变成水蒸气的过程
D.水蒸气推出橡胶塞的同时变成“白气”的过程
(2)如图乙所示，两个相同瓶子的瓶口相对，之间用一块玻璃板隔开，上面的瓶中装有空气，下面的瓶中装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体。抽掉玻璃板后，可以看到，两个瓶中的气体会混合在一起，最后颜色变得均匀，这是气体扩散现象，此现象说明______ 。
四、实验探究题（本大题共5小题，共19.0分）
19. 现通过实验探究“杠杆的平衡条件”，杠杆上相邻刻线间的距离相等。
(1)将轻质杠杆的支点固定在支架上，发现杠杆右端下沉，此时应将杠杆右侧的平衡螺母向______ 调(选填“左”或“右”)。
(2)调节好杠杆水平平衡后，在杠杆A点挂4个钩码，如图甲所示，为使杠杆保持水平平衡，应在B点悬挂______ 个码，使用的每个钩码的质量均相等。
(3)如图乙所示，用弹簧测力计在杠杆C点竖直向上拉，为使杠杆在水平位置平衡，应在A点悬挂总重力为______ N的钩码。
20. 现用电流表、电压表等器材测量小灯泡在不同电压下的电功率。
(1)该测量实验的原理是______ 。
(2)请你在答题卡上相应位置画出本实验的电路图。
(3)电路连接正确后，闭合开关进行测量，测量过程中某一时刻电压表、电流表示数如图甲、乙所示，则此时小灯泡两端的电压为______ V，小灯泡的实际电功率为______ W。
21. (1)实验室有一凸透镜A，焦距未知，请自选器材写出测量该透镜焦距的步骤。
(2)如图所示，利用焦距为f1=10cm的凸透镜B做了三次实验；透镜放置在50cm刻度线处，将蜡烛分别放在20cm、30cm和35cm刻度线处，移动光屏得到清晰的像，随着物距的不断变小，像的大小变化情况是______ 。将蜡放置在43cm刻度线处，蜡烛经凸透镜所成的像是______ (选填“正立放大”或“倒立缩小”)的像。
22. 如图所示为“探究电流通过电阻产生的热量与哪些因素有关”的实验装置。闭合开关，通电t时间观察记录烧瓶内液体的初温和末温，计算出液体温度变化量ΔT填入表中，然后移动滑动变阻器滑片P改变电阻中电流大小，重复上述操作，获得第二组数据，填入表中。本实验的因变量是电流通过电阻产生热量的多少，由于不能直接测量，可用______ 表示，由上述实验可得出电流通过电阻产生热量的多少与______ 有关。
I/A
0.3
0.6
ΔT/℃
1
4
23. 小力在“探究导体电阻是否与导体横截面积有关”时，实验室为他提供了一根粗细均匀的没有绝缘外层的镍铬合金丝，一个电压恒定的电源，一只电流表，一个开关，若干带夹子的导线。小力的主要实验步骤如下：
①把一根合金丝按如图所示连入电路，闭合开关，记录电流表的示数I1。
②把合金丝对折后拧在一起，作为一段合金丝再接入原电路，闭合开关，记录电流表的示数I2。
他比较数据，发现I1
(2)请你针对小力探究过程中存在的问题，写出改正措施：______ 。
(3)请你写出实验中需用电压恒定电源的原因：______ 。
五、计算题（本大题共2小题，共8.0分）
24. 如图所示，电源两端电压U保持不变，电阻R1的阻值为6Ω，电阻R2的阻值为18Ω.当开关S闭合时，电压表示数为3V.求：
(1)电流表的示数I；
(2)电源两端的电压U。
25. 某同学制作了一个密度计，如图甲所示，密度计质量m=10g，长度L=16cm。把这个密度计放入水中，密度计竖直漂浮，静止时露出水面的长度L1=8cm，如图乙所示；把该密度计放入密度未知的液体A中，密度计静止时露出水面的长度L2=9.6cm，如图丙所示。水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，求：
(1)密度计放入水中时所受浮力大小；
(2)液体A的密度。
六、综合题（本大题共1小题，共4.0分）
26. 阅读《液压传动》，回答问题。
液压传动液压传动是用液体作为工作介质来传递能量和进行控制的传动方式，是根据17世纪帕斯卡提出的液体静压力传动原理而发展起来的一门新兴技术。帕斯卡原理为：作用于密闭流体上之压强可大小不变由流体传到容器各部分。液压传动具有很多优点：体积小、重量轻；元件相对运动表面间能自行润滑，磨损小，使用寿命长；自动化程度高，并且系统元件实现了标准化、系列化和通用化，更便于设计、制造和使用。但液压传动也具有元件制造精度较高，维护要求和维护成本较高，能量转换中效率相对低等特点。目前，液压传动应用非常广泛，如行走机械中的汽车和工程机械，钢铁工业用的冶金机械、提升装置等，军事工业用的飞机起落架的收敛装置和火炮操纵装置、船舶减摇装置等。
生活中的液压千斤顶，如图甲所示，应用的就是帕斯卡原理，内部结构如图乙所示。使用时提起手柄使小活塞向上移动，小活塞下端单向阀门1打开，通过吸油管从油箱中吸油，用力压下手柄，阀门1关闭，右侧单向阀门2打开，下腔的油液经管道输入举升缸的下腔，推动大活塞向上移动，顶起重物。不断地往复扳动手柄，就能不断地把油液压入举升缸下腔，使重物逐渐地升起。整个过程中有两次能量转化：提起手柄使小活塞向上移动的过程中，通过这个动力装置吸油，将机械能转化为液压能；用力压下手柄的过程中，通过执行装置将油输入举升缸，将液压能转化为机械能，将重物顶起。因此，液压传动是一个不同能量的转化过程。
阅读上述材料，回答下列问题：
(1)根据帕斯卡原理可知，作用于密闭流体上之______ 可大小不变由流体传到容器各部分。
(2)文中所说的液压千斤顶，其液压传动的两次能量转化是：第一次将机械能转化为液压能，第二次将______ 。
(3)如图乙所示，用力压下手柄，小活塞向下的压力为F1，小活塞面积为S1，举升缸处大活塞向上的力为F2，大活塞面积为S2，请判断F1和F2的大小关系，并写出判断过程。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：现在人们可以通过使用可再生能源，来实现对不可再生能源的保护，例如使用风能、水能、潮汐能、太阳能等，故A、B、C不符合题意；
煤炭、石油、天然气都属于化石能源，是不可再生能源，故D符合题意。
故选：D。
不可再生能源是指短时间之内无法再生的资源，它的总量是有限的，所以要避免过度开采。
常见的煤炭、石油、天然气都是不可再生能源。
本题考查学生对不可再生能源特点的了解情况，要知道常见的可再生资源。
2.【答案】C
【解析】解：A.笔记本电脑工作时，主要是电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故A不符合题意；
BD.空气净化器、洗衣机工作时，主要是将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故BD不符合题意；
C.电热壶工作时，电能转化为内能，是利用电流的热效应，故C符合题意；
故选：C。
电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应。发生电流的热效应时，电能转化为内能。
利用电流的热效应工作的家用电器工作时，都是电能转化为内能，这是判断的关键。
3.【答案】A
【解析】解：A、汽车轮胎上刻有花纹，增加接触面的粗糙程度，增大摩擦，故A符合题意；
B、机械表保养时上油，是使接触面分离，减小摩擦，故B不合题意；
C、冰壶底面打磨得很光滑接，减小接触面的粗糙程度，减小摩擦，故C不合题意；
D、储物箱下装有滚轮，是用滚动代替滑动减小摩擦，故D不合题意。
故选：A。
(1)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动；
(2)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；用滚动代替滑动。
本题考查增大和减小摩擦的方法，难度不大。
4.【答案】A
【解析】解：A、声音是由于物体振动产生的，故A正确；
B、声音传播需要介质，声音在真空中不能传播，故B错误；
C、发声体的振动频率决定了声音的音调的高低，频率越高，音调越高。频率越低，音调越低，故C错误；
D、小区内禁止鸣笛，这是在声源处减弱噪声的，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由于物体振动产生的；
(2)真空不能传声；
(3)频率越高，音调越高。频率越低，音调越低；
(4)减弱噪声的途径：在声源处减弱--消声、在传播过程中减弱--吸声、在耳朵处减弱--隔声。
本题综合考查了关于声音的知识，属于基本内容，只要对每个选项细心分析，比较简单。
5.【答案】B
【解析】解：由像与物到镜面距离相等可知，站立在平面镜前1m处时，像到平面镜的距离为s1=1m，小明站立在平面镜前2m处时，像到平面镜的距离为s2=2m，s2>s1，故CD错误；
小明在平面镜中，看到自己的像是正立的与自己等大的虚像，因此身高1.7m的小明他的像高h也是1.7m，平面镜中所成像的高度h2=h1。故A错误，B正确。
故选：B。
平面镜成像的特点是：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；
像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等。
此题主要考查学生对平面镜成像原理和平面镜成像特点的理解和掌握，牢记平面镜成像特点是解答此题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：
在熔化、汽化、升华、和凝华过程中，熔化、汽化、升华都要吸收热量，凝华过程放出热量．
故选D．
物质由气态直接变为固态叫凝华，是放热过程；
物质由固态直接变为气态叫升华，是吸热过程；
物质由液态变为气态叫汽化，是吸热过程；
物质由固态变为液态叫熔化，是吸热过程．
分析物态变化问题时，不仅要知道物态变化的名称，还要清楚每种变化的吸放热情况．
7.【答案】C
【解析】解：A.书包带做得很宽，是在压力一定时，增大受力面积来减小书包对肩膀的压强，故A不符合题意；
B.铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，增大受力面积来减小铁轨对地面的压强，故B不符合题意；
C.切蛋器装有很细的钢丝，是在压力一定时，减小受力面积来增大钢丝对鸡蛋压强，故C符合题意；
D.滑雪板的面积较大，是在压力一定时，增大受力面积来减小滑雪板对雪的压强，故D不符合题意。
故选：C。
压强大小跟压力大小和受力面积有关，在压力一定时，减小受力面积可以增大压强，在受力面积一定时，增大压力可以增大压强。
本题首先要明确压强大小的影响因素，然后根据影响因素来判断是增大压强还是减小压强。
8.【答案】D
【解析】解：A、桌面对木块的支持力与木块对桌面的压力是一对相互作用力，故A错误；
B、桌面对木块的摩擦力沿水平方向，木块受到的重力沿竖直方向，两个力不在同一条直线上，不是一对平衡力，故B错误；
C、木块受到的重力受力物体是木块，木块对桌面的压力受力物体是桌面，两个力受力物体不同，不是一对平衡力，故C错误；
D、木块做匀速直线运动，木块受到拉力F与桌面的摩擦力作用，此二力为一对平衡力，大小相等，故D正确。
故选：D。
相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在两个物体上；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上；
本题考查了平衡力的辨别，是一道基础题。
9.【答案】B
【解析】解：
甲图的入射光线会聚在视网膜的前方，是晶状体折光能力太强造成的，属于近视眼的成像情况；为了使光线会聚在原来会聚点前面的视网膜上，就需要在光线进入人的眼睛以前发散一下，因此需佩戴对光线具有发散作用的凹透镜来矫正，即图丁。
乙图的入射光线会聚在视网膜的后方，是晶状体折光能力太弱造成的，属于远视眼的成像情况；为了使光线会聚在原来会聚点后面的视网膜上，就需要在光线进入人的眼睛以前会聚一下，因此需佩戴对光线具有会聚作用的凸透镜来矫正，即图丙。
综上所述，甲、丁是近视眼的成因和矫正图。
故选：B。
(1)近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，由此可以确定哪一个图表示了近视眼的成像情况。近视眼配戴凹透镜进行矫正。
(2)远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，远视眼配戴凸透镜进行矫正。
图示来源于课本，分别表示了远视眼和近视眼的成因的光路图。明确近视眼与远视眼的成因是解决此题的关键。
10.【答案】B
【解析】解：
AB、根据路程s随时间t变化关系的图线可知，路程s与时间t成正比，说明小孩做匀速直线运动，其速度大小不变，又因为小孩的质量不变，所以小孩的动能保持不变，故A错误、B正确；
C、小孩从开始计时位置到沿冰滑梯斜面滑至底端的过程中，动能不变，重力势能减小，所以小孩的机械能减小，故C错误；
D、小孩从开始计时位置到沿冰滑梯斜面滑至底端的过程中，质量不变，高度降低，重力势能减小，但动能不变，所以减少的重力势能没有转化为他的动能，故D错误。
故选：B。
(1)首先根据图象判断小孩的运动状态，然后判断其速度大小是否发生变化，再根据动能大小的影响因素判断动能的大小变化；
(2)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
此题考查动能和势能的转化与守恒，关键是掌握动能和势能的影响因素，并根据图象判断小利的运动状态。
11.【答案】C
【解析】解：由图可知，定值电阻R1、R2与滑动变阻器串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
AB、闭合开关S，滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流减小，电流表示数变小；根据U=IR可知，电阻R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故AB错误；
C、根据R=UI可知，电压表V2的示数与电流表示数的比值为R2的阻值，所以该比值不变，故C正确；
D、根据串联电路的电压规律可知，电压表V1、V2的示数之和与滑动变阻器两端的电压之和为电源电压，只有滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电压表V1和V2的示数之和等于电源两端的电压，故D错误。
故选：C。
由图可知，定值电阻R1、R2与滑动变阻器串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据U=IR分析电压表V1示数的变化；
根据R=UI分析电压表V2的示数与电流表示数的比值的变化；
根据串联电路的电压规律分析电压表V1和V2的示数之和与电源电压的关系。
本题考查了欧姆定律、串联电路的电压关系，分析电路图确定两电阻的连接方式和电表的测量对象是本题关键。
12.【答案】C
【解析】解：A、该重物的重力G物=800N，已知动滑轮所受的重力G动=200N，滑轮组绳子的有效段数为2，滑轮组绳重及摩擦均可忽略不计，则人对绳竖直向下的拉力大小为：F=G物+G动2=800N+200N2=500N，故A错误；
B、滑轮组提升重物的机械效率为：η=W有W总=G物 hF×2h=G物2F=800N2×500N×100%=80%，故B错误；
C、绳子自由端的速度为：v′=2v=2×0.1m/s=0.2m/s；
人竖直向下的拉力做功的功率为：P=Wt=Fst=Fv′=500N×0.2m/s=100W，故C正确；
D、人的重力G人=600N，人对绳竖直向下的拉力大小为500N，由力的相互性，绳子对人的拉力大小为500N，则人对地面的压力大小为：F=G−F拉=600N−500N=100N，故D错误。
故选：C。
A、确定滑轮组绳子的有效段数，滑轮组绳重及摩擦均可忽略不计，根据F=G物+G动n得出人对绳竖直向下的拉力大小；
B、根据η=W有W总×100%得出滑轮组提升重物的机械效率；
C、根据v′=nv得出绳子自由端的速度；根据P=Wt=Fst=Fv得出人竖直向下的拉力做功的功率；
D、由力的相互性可知绳子对人的拉力大小，故人对地面的压力大小等于重力与绳子对人的拉力大小之差。
本题考查作用在绳子自由端的拉力公式、功率公式、机械效率公式等的运用。
13.【答案】CD
【解析】解：
A、比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容不变，故A错误；
B、组成物质的分子之间，相互作用的引力和斥力同时存在，故B错误；
C、在四冲程内燃机中，做功冲程是将内能转化为机械能，故C正确；
D、晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变，故D正确。
故选：CD。
(1)比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关；
(2)分子间的引力和斥力是同时存在的；
(3)做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能；
(4)根据晶体熔化特点解答即可。
本题考查分子间的相互作用力、比热容的概念、内燃机的工作过程、晶体熔化的特点等，属于常考题目，难度不大。
14.【答案】AB
【解析】解：
A、利用磁感线的疏密程度可以描述磁场的强弱，磁感线越密，说明磁场越强，故A正确；
B、导体中的负电荷在做定向移动时会产生电流，电流的周围存在磁场，故B正确；
C、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，故C错误；
D、利用铁屑检验磁体周围磁场分布情况，判断不出磁场的方向，原因是看不到铁屑的N、S极，故D错误。
故选：AB。
(1)用磁感线可以描述磁场的强弱；
(2)电荷的定向移动形成电流；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；
(4)铁屑可以检验磁体周围磁场的分布情况。
本题考查了磁感线、电流的磁效应、电磁感应现象，属于基础知识。
15.【答案】ABC
【解析】解：
AB放入容器中后，A漂浮，甲容器中水对容器底的压力F1=p1S1=1100Pa×0.01m2=11N，甲容器对桌面的压力F2=p2S=1600Pa×0.01m2=16N，容器受到的重力G=F2−F1=16N−11N=5N，故A正确；
B放入容器中后，乙容器中水对容器底的压力F3=p3S=1200Pa×0.01m2=12N，乙容器对桌面的压力F4=p4S=2000Pa×0.01m2=20N，压力增加了F4−F3=20N−12N=8N，而容器重只有5N；B处于沉底状态；
B全部浸入水中，B受到的浮力F5=ρgV=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10−4m3=2N，故D错误；
因为F4−F3=8N，增加的压力其中5N是容器的重力，B容器底部的压力为F6=8N−5N=3N，容器对B的支持力F7=F6=3N，B的重力GB=F7+F5=3N+2N=5N；
B浸没后，水对容器底的压强为1200Pa，此时水深h=p2ρg=1200Pa1000kg/m3×10N/kg=0.12m，B的体积为0.001m3，B浸没后水深增加h1=VBS=2×10−4m30.01m2=0.02m，初始水深h0=h−h1=0.12m−0.02m=0.1m，初始时水对容器底的压力F8=p0S=ρgh0S=1000kg/m3×10N/kg×0.1m×0.01m2=10N，A放入甲容器中后水对容器底增加的压力等于A的重力，GA=F1−F8=11N−10N=1N，因A漂浮，所受浮力等于自身的重力，为1N；故C正确；
GB−GA=5N−1N=4N，故B正确；
故选：ABC。
AB放入容器中后，A容器中水对容器底部的压强小，说明甲容器中的液面高度较低，故A排开液体的体积一定小于B排开液体的体积，故A一定漂浮，据此可计算出容器的重力；B放入容器中后，容器对桌面的压力与水对容器底部的压力之差大于容器的重力，说明B对容器底也有压力，以此为突破点进行后续计算。
本题综合性很强，需具备较强的逻辑思维能力，难度很大。
16.【答案】3.60 161
【解析】解：(1)由图1可知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值位1mm；物体左侧与零刻度线对齐，右侧与3.60cm对齐，所以物体的长度为L=3.60cm；
(2)由图2可知，天平标尺的分度值是0.2g，游码对应的刻度值为1g，物体的质量m=100g+50g+10g+1g=161g。
故答案为：3.60；161。
(1)使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端从0开始的，读出末端刻度值，即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)读数时先看清天平的分度值，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值。
物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值。
17.【答案】同种 导体
【解析】解：验电器A的金属箔带上了同种电荷，同种电荷互相排斥，故金属箔张开；
观察到A的金属箔张开的角度变小，B的金属箔由闭合变为张开，两个验电器平分电荷，有电流通过P，此现象说明P是导体。
故答案为：同种；导体。
验电器的原理：同种电荷互相排斥。容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
本题主要考查了电流的方向和验电器的原理，要求学生知道正电荷定向移动方向规定为电流的方向，验电器的原理是同种电荷互相排斥。
18.【答案】液化 D 分子在不停息地做无规则运动
【解析】解：(1)“白气”实质是小水滴，是由高温的水蒸气液化形成的；
A.试管变热，是试管从火吸收热量，内能增加，是通过热传递改变物体的内能，故A不符合题意；
B.水变热，是水吸收热量、内能增大，是通过热传递改变物体的内能，故B不符合题意；
C.水吸热，温度升高，汽化成水蒸气，是通过热传递改变物体的内能，故C不符合题意；
D.水蒸气推出橡胶塞的同时变成“白气”的过程，是水蒸气膨胀做功，将水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，是通过做功改变物体的内能，故D符合题意。
故选：D。
(2)抽掉玻璃板后，可看到两种气体逐渐混合在一起，颜色变得均匀，这是分子运动的结果，是扩散现象，说明分子在不停息地做无规则运动。
故答案为：(1)液化；D；(2)分子在不停息地做无规则运动。
(1)物质由气态变为液态的过程叫做液化；
改变物体内能的方法：一是做功(能量转化)，二是热传递(能量转移)，两种方法对于改变物体内能来说是等效的；
(2)物质由分子组成，构成物质的分子在不停息地做无规则运动。
本题考查了液化、改变物体内能的方式、分子动理论等，难度不大，属于基础题。
19.【答案】左 3 2
【解析】解：(1)杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)设一个钩码为G，一格的长度为L，根据杠杆的平衡条件可得：
4G×3L=nG×4L，解得：n=3，
故为使杠杆保持水平平衡，应在B点悬挂3个钩码；
(3)设悬挂钩码的总重力为G，杠杆一个小格代表L，根据杠杆平衡条件可得，G×3L=3N×2L，
解得G=2N，
故答案为：(1)左；(2)3；(3)2。
(1)调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；
(3)根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出悬挂钩码的总重力。
利用杠杆平衡条件，可以求出力或力臂大小，也可以判断杠杆是否平衡，或杠杆的哪端下沉等，杠杆平衡条件应用很广泛，应该熟练掌握。
20.【答案】P=UI 1 0.28
【解析】解：(1)测小灯泡在不同电压下的电功率实验中，用电压表测灯泡两端的电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡的功率，故该实验原理P=UI；
(2)测小灯泡在不同电压下的电功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
(3)电压表和电流表的示数如图所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为U=1V；
电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为I=0.28A，则小灯泡的实际电功率为：
P=UI=1V×0.28A=0.28W。
故答案为：(1)P=UI；(2)见解答图；(3)1；0.28。
(1)测电功率实验原理为P=UI；
(2)测小灯泡在不同电压下的电功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，据此分画出电路图；
(3)根据两表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出小灯泡的实际电功率。
本题测小灯泡在不同电压下的电功率实验，考查了实验原理、画电路图、电功率的计算等，难度不大。
21.【答案】逐渐变大 正立放大
【解析】解：(1)测量凸透镜焦距的步骤：
①把凸透镜正对着阳光；在凸透镜后放一张纸，来回靠近或远离凸透镜，直到纸上出现最亮、最小的光斑，即焦点；
②用刻度尺测量这个最小、最亮的光斑(焦点)到凸透镜的距离，记录下来，就是凸透镜的焦距；
所以需要的器材：凸透镜A，白纸，刻度尺；
(2)透镜放置在50cm刻度线处，将蜡烛分别放在20cm、30cm和35cm刻度线处，移动光屏得到清晰的像，随着物距的不断变小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，可知，像的大小变化情况是逐渐变大；
将蜡放置在43cm刻度线处，此时物距u=50cm−43cm=7cm
(1)焦距是焦点到凸透镜光心的距离，而焦点是平行于主光轴的光会聚形成的最小最亮的点；所以要测凸透镜的焦距，就需要先找焦点，而要找焦点，可以让凸透镜正对太阳光，以保证太阳光与主光轴平行，据此设计实验；
(2)根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答；根据u
22.【答案】液体温度变化量ΔT 电流大小
【解析】解：(1)电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数变化量来反映，即液体温度变化量ΔT；
(2)本次探究其它物理量不变，改变的是通过电阻的电流大小，所以由上述实验可得出电流通过电阻产生热量的多少与电流大小有关。
故答案为：液体温度变化量ΔT；电流大小。
(1)电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过温度计示数变化来反映产生热量的多少，这种方法是转换法；
(2)根据控制变量法分析。
本题为“探究电流通过电阻产生的热量与哪些因素有关”的实验，考查了转化法和控制变量法的应用。
23.【答案】没有控制两次实验时合金丝的长度相同 保证两次实验时合金丝长度相同，改变横截面积的大小 保证电压一定时，比较通过不同导体的电流大小
【解析】解：(1)小力的探究过程中存在的问题是：没有控制两次实验时合金丝的长度相同。
(2)针对小力探究过程中存在的问题，改正措施：保证两次实验时合金丝长度相同，改变横截面积的大小。
(3)请你写出实验中需用电压恒定电源的原因：保证电压一定时，比较通过不同导体的电流大小。
故答案为：(1)没有控制两次实验时合金丝的长度相同；(2)保证两次实验时合金丝长度相同，改变横截面积的大小；(3)保证电压一定时，比较通过不同导体的电流大小。
(1)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关。
(2)在材料、长度一定时，横截面积越大，电阻越小。
(3)在电压一定时，导体的电阻越小，通过导体的电流越大。
本题主要考查了影响电阻大小的因素，关键是知道控制变量法在本实验中的应用。
24.【答案】(1)开关S闭合时，两电阻串联，电压表测量的是电阻R1两端的电压，
电路中的电流I=I1=U1R1=3V6Ω=0.5A，即电流表示数为0.5A；
(2)根据欧姆定律可得，
R2两端的电压U2=IR2=0.5A×18Ω=9V，
则电源电压U=U1+U2=3V+9V=12V。
答：(1)电流表的示数0.5A；
(2)电源两端的电压12V。
【解析】此题主要考查的是学生对欧姆定律和串联电路电流、电压特点的理解和掌握，难度不大。
开关S闭合时，两电阻串联，电压表测量的是电阻R1两端的电压；电源电压等于各部分电压之和。
25.【答案】解：(1)密度计放入水中处于漂浮状态，所受的浮力F浮=G=mg=101000kg×10N/kg=0.1N；
(2)把该密度计放入密度未知的液体A中，仍漂浮，所受的浮力F浮′=G=F浮；
根据阿基米德原理可知：ρAgV排A=ρ水gV排水，
设密度计的底面积为S，则ρAgS(L−L1)=ρ水gS(L−L2)，
则：ρA=L−L2L−L1ρ水=16cm−8cm16cm−9.6cm×1.0×103kg/m3=1.25×103kg/m3。
答：(1)密度计放入水中时所受浮力大小为0.1N；
(2)液体A的密度为1.25×103kg/m3。
【解析】(1)密度计放入水中处于漂浮状态，根据F浮=G=mg得出所受的浮力；
(2)把该密度计放入密度未知的液体A中，仍漂浮，所受的浮力F浮′=G=F浮；根据阿基米德原理可知：ρAgV排A=ρ水gV排水，设密度计的底面积为S，则ρAgS(L−L1)=ρ水gS(L−L2)，据此得出A的密度。
本题考查浮力的有关知识，是一道综合题。
26.【答案】压强 液压能转化为机械能
【解析】解：(1)加在密闭液体上的压强，能够大小不变的被液体向各个方向传递。液压机的工作原理即是帕斯卡定律；
(2)根据文中“不断地往复扳动手柄，就能不断地把油液压入举升缸下腔，使重物逐渐地升起。整个过程中有两次能量转化：提起手柄使小活塞向上移动的过程中，通过这个动力装置吸油，将机械能转化为液压能；用力压下手柄的过程中，通过执行装置将油输入举升缸，将液压能转化为机械能，将重物顶起。”知，第二次将液压能转化为机械能。
(2)根据帕斯卡定律可知，大小活塞上的压强相等，即p大=p小，根据压强的定义公式有F大S大=F小S小；
变形可得：F大F小=S大S小。
故答案为：(1)压强；(2)液压能转化为机械能；(2)F大F小=S大S小。
(1)帕斯卡定律：密闭的液体，其传递压强有一个重要的特点，即加在密闭液体上的压强，能够大小不变的被液体向各个方向传递；
(2)阅读文中相关文字获得有用信息；
(3)根据帕斯卡原理中压强相等，得液体作用在大活塞上的压力和小活塞所受压力的大小关系。
本题考查了帕斯卡定律的应用，理解并会用帕斯卡定律“压强相等”是本题的关键，难度不大。
相关试卷
2023年北京市平谷区中考物理二模试卷-普通用卷： 这是一份2023年北京市平谷区中考物理二模试卷-普通用卷，共22页。试卷主要包含了4m深处等内容，欢迎下载使用。
2022年北京市顺义区中考物理二模试卷： 这是一份2022年北京市顺义区中考物理二模试卷，共35页。
2022年北京市顺义区中考物理一模试卷： 这是一份2022年北京市顺义区中考物理一模试卷，共34页。
