2022-2023学年黑龙江省牡丹江市海林市朝鲜族中学九年级（上）期末物理试卷（含解析）

这是一份2022-2023学年黑龙江省牡丹江市海林市朝鲜族中学九年级（上）期末物理试卷（含解析），共25页。试卷主要包含了0分）等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年黑龙江省牡丹江市海林市朝鲜族中学九年级（上）期末物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分







注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共14小题，共28.0分）
1. 新冠疫情尚未结束，防控决不能掉以轻心，每个人都要有自我防控意识。如图是在电子显微镜下观察新型冠状病毒的照片。该病毒一般呈球形，直径在75～160nm之间，主要通过飞沫传播，下列说法正确的是(    )

A. 病毒分子也可以用肉眼直接看到
B. 温度越高，构成新型冠状病毒的分子无规则运动越剧烈
C. 新型冠状病毒随飞沫传播是一种分子运动
D. 健康人佩戴口罩可防止感染，是因为口罩材料的分子之间没有空隙
2. “早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”这句谚语反映了我国新疆某些地区夏季昼夜气温变化显著，而沿海地区昼夜气温变化不大，其主要原因是沙石比水具有较小的(    )
A. 比热容 B. 密度 C. 热量 D. 内能
3. 水壶内的水沸腾时，壶盖被水蒸气顶起，此过程中能量转化关系与内燃机工作的哪个冲程相同(    )
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程
4. 如图所示，两个相同的验电器A和B，A带正电，B不带电，用带有绝缘柄的金属棒把A和B连接起来，下列说法不正确的是(    )


A. 验电器B金属箔张角变大，因为两金属箔都带上正电荷而互相排斥
B. 验电器A金属箔张角变小，说明它得到电子
C. 此过程中，自由电子从B向A定向移动，形成瞬间电流
D. 此过程中，瞬间产生的电流方向是从B向A
5. 关于磁场和磁感线，下列说法正确的是(    )
A. 磁场是由磁感线组成的
B. 磁感线是磁场中真实存在的一些曲线，还可通过实验来模拟
C. 利用撒在磁体周围的铁屑不能判断该磁体周围各点的磁场方向
D. 磁体在两条磁感线的中间时，不受磁场力的作用
6. 图中的两个线圈，套在光滑的玻璃管上，导线柔软，可以自由滑动，开关S闭合后则(    )

A. 两线圈左右分开 B. 两线圈向中间靠拢
C. 两线圈静止不动 D. 两线圈先左右分开，然后向中间靠拢
7. 下列选项中符合安全用电要求的是(    )
A. 及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线
B. 用湿手按已接电源的插座上的开关
C. 在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机
D. 把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
8. 甲、乙两段实心铁导体的电阻值相等，将它们如图所示串联在电路中，通电一段时间后，比较甲、乙导体产热的多少，正确的是(    )
A. 甲导体的产热比乙导体多 B. 乙导体的产热比甲导体多
C. 甲、乙导体产热相等 D. 条件不足，无法判断
9. 两只小灯泡，甲灯标有“3V 3W”，乙灯标有“6V 12W”，若将它们并联后接在电压为3V的电源上，下列说法正确的是(    )
A. 甲灯一定比乙灯亮 B. 乙灯一定比甲灯亮 C. 两灯一样亮 D. 无法判断
10. 一块电能表的表盘上有3000revs/(kW⋅h)这一数字，只让某电水壶工作，发现在10min内该电能表的转盘转过了600转，则该电水壶的实际功率为(    )
A. 1.2×103J B. 1.2×103kW⋅h C. 1.2×103W D. 12W
11. 甲乙两个小灯泡串联，闭合开关，甲乙两灯两端的电压之比为1：2，工作一段时间后甲乙两灯消耗的电能之比是(    )
A. 1：2 B. 3：1 C. 2：1 D. 1：3
12. 如图所示，R1与R2并联在电源电压为3V的电路中。只闭合开关S1时，电流表的示数为0.3A；同时闭合开关S1和S2，电流表的示数为0.5A，则(    )
A. R1的阻值为6Ω
B. R2的阻值为15Ω
C. 通过R1的电流是0.5A
D. 通过R2的电流是0.3A
13. 如图所示，三只电阻串联在某电路中，Ra=4Ω，Rs=8Ω，电压表V1的示数为28V，V2的示数为4V，则R2的电阻值为(    )
A. 4Ω
B. 2Ω
C. 6Ω
D. 8Ω
14. 家庭电路中的保险丝熔断了，以下原因中不可能的是(    )
A. 电灯开关中的两根导线相碰 B. 家庭中用电器的总功率过大
C. 保险丝的规格不合适，熔断电流太小 D. 插头中的两根导线相碰
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
15. 2021年1月20日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功将天通一号03星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，任务圆满成功，中国航天发射迎来2021年开门红。下列说法正确的是(    )
A. 燃料燃烧时，将化学能转化为内能
B. 卫星上的太阳能电池板将太阳能转化为内能
C. 火箭的燃料使用了液态氢，主要是因为其密度小、热值大
D. 火箭升空时动能转化为重力势能

16. 如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，闭合开关S，当滑动变阻器P从中点向右移动时，说法正确的是(    )

A. 电流表A1的示数变小 B. 电流表A2的示数变小
C. 电压表的示数不变 D. 电路的总功率变小
17. 如图所示电路，电阻R=5Ω，灯泡L的额定功率是4W.开关闭合后，电压表的示数为6V，60s电流在电阻R上产生的热量是12J，灯泡的电阻不受温度的影响，下列计算结果正确的是(    )


A. 通过R的电流是1.2A B. 通过R的电流是0.2A
C. L的额定电压是5V D. L的额定电压是10V
第II卷（非选择题）
三、填空题（本大题共3小题，共8.0分）
18. 一台汽油机飞轮的转速为3600r/min，在1s内汽油机对外做了______次功。如果汽油机在一段时间内消耗了0.5kg汽油，若这些汽油完全燃烧，可放出热量______J.汽油机用水作冷却液，是利用水的______大的特点。(q汽油=4.6×107J/kg)
19. 如图所示电路，关S闭合后，两灯均发光，电压表测的是灯______(选填“L1“或“L2”)两端电压。一段时间后，两灯均熄灭，但电压表有读数且示数较大，电流表无读数，则故障可能是______(选填“L1短路”、“L1断路”或”L2断路”)。

20. 小鹏同学家的电能表如图所示，则小鹏家已消耗的电能为______kW⋅h，转盘已转过______转；他发现家里只使用一只电水壶(其它用电器都关闭)时，观察到电能表转盘3分钟转过100转，电水壶工作时的实际电功率为______W。


四、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
21. 如图，请根据实物连线图，在虚线框中画出对应的电路图。
22. 按照题目要求作图：根据小磁针静止时指向，在图中括号中标出电源正负极。


23. 请用笔画线表示导线，将图中的电灯、开关和插座(插座准备接大功率用电器)接入家庭电路中。

五、实验探究题（本大题共2小题，共11.0分）
24. 在“探究影响导体电阻大小的因素”中，小明猜想导体电阻大小可能与下列因素有关：
A.导体的材料
B.导体的长度
C.导体的横截面积
为了验证上述猜想，他用如图甲所示的器材进行实验，编号①②③是镍铬合金导体，④是锰铜导体。
(1)实验前开关应处于______状态。
(2)选用①②两根导体分别接入电路进行实验，可验证猜想______(选填猜想因素选项“A”“B”或“C”)。
(3)选用①④两根导体分别接入图中M、N两点间，闭合开关电流表的示数不同，可知在导体的长度和横截面积相同时，导体电阻大小跟导体的______有关。
(4)用②导体接在M、N两点间后，用电压表测出其两端电压如图乙所示，读数为______V，此时电路中电流表的示数为0.2A，则②导体的电阻为______Ω。
25. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压为4.5V。

(1)用笔画线代替导线，将电路连接完整：
(2)连接好电路闭合开关后，发现灯泡不亮，检查电路发现电压表、电流表均有示数，则接下来的操作应是______。
(3)问题解决后，移动滑动变阻器滑片，当电压表示数为2.3V时，为了让灯泡正常发光，此时应将滑片向______(左/右)侧移动；
(4)当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡额定功率为______W；
(5)下表是实验中测量的几组数据，其中一个电流数据有误，此数据为______。
U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
I/A
0.2
0.25
0.28

0.37
(6)要完成上述表中数据测量，实验中滑动变阻器的总阻值至少为______Ω。
六、计算题（本大题共4小题，共36.0分）
26. 为了探究影响电热的因素，小伟设计了如图所示电路，烧瓶中盛有质量、初温均相等的煤油，R2>R1．
(1)除了温度计外，还需要的测量工具是______ .实验中煤油吸热的多少是通过来______ 反映的(选填“温度计升高的示数”或“加热时间”)．
(2)为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验，是因为煤油具有______ 的特点．
(3)通电一定时间后，乙瓶中的温度计示数升的快，由此得出的实验结论是______ ．
(4)若要在上面的电路中继续探究电热与电流的关系，你接下来的操作是______ ，比较______ ．

27. 如图所示，闭合开关，当滑片P移动到最左端A处时，电压表示数为6V，电流表示数为0.6A：当滑片P移动到最右端B处时，电压表示数为2V.电源电压保持恒定，求：
(1)电源的电压；
(2)R的阻值；
(3)滑动变阻器的最大阻值。


28. 可燃冰是一种新型能源，它是水和天然气在高压低温情况下形成的类冰状结晶物质，主要成分是甲烷，其开采是世界难题，我国开采可燃冰的技术处于世界领先地位。用燃气锅炉烧水时，把质量为500kg、初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了12m3天然气，已知水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值q天然气=4.2×107J/m3，可燃冰的热值为同体积天然气的160倍。求：
(1)水吸收的热量。
(2)燃气锅炉烧水时的效率。
(3)若换用可燃冰，应使用多少立方米可燃冰。
29. 如图所示，电源电压恒定不变，小灯泡L标有“2.5V0.75W”的字样，R1、R2为定值电阻，其中R1=25Ω，R2=35Ω，当S1、S2都断开时，小灯泡正常发光。(忽略温度对电阻的影响)
(1)求电源电压；
(2)当S1闭合，S2断开时，求电流表示数的大小；
(3)当S1、S2都闭合时，求整个电路通电210s产生的热量。



答案和解析

1.【答案】B 
【解析】
【分析】
(1)分子的大小只有百亿分之几米，用肉眼不能看到，只有借助电子显微镜才能看到；飞沫是肉眼可以看到的，不是分子；
(2)组成物质的分子永不停息地做无规则运动，温度越高，分子无规则运动的速度越快；
(3)分子之间存在着间隙。
本题考查了分子动理论的内容，属于基础知识，注意区分分子运动与机械运动。
【解答】
A、由于病毒分子的体积很小，只有借助电子显微镜才能看到，故A错误；
B、温度越高，构成新型冠状病毒的分子无规则运动越剧烈，故B正确；
C、分子很小，直接用肉眼看不到，飞沫是肉眼可以看到的，所以新型冠状病毒随飞沬传播是机械运动，不是分子的运动，故C错误；
D、由分子热运动可知，分子之间存在间隙，所以口罩材料分子之间也有空隙，故D错误。
故选：B。  
2.【答案】A 
【解析】解：“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜。”这句谚语反映了我国新疆的某些地区夏季昼夜气温变化显著，我国新疆某些地区都是沙漠或沙石，没有水，沙石的比热容远远小于水的比热容，所以沙石吸收同样多的热量温度升高的快，故中午温度很高；同样，沙石放出同样多的热量温度降低的也很快，故夜晚和早上温度很低，需穿皮袄。
而跟热量、密度和内能无关。
故选：A。
比热容是指单位质量的物质温度升高(或降低)1℃所吸收(或放出)的热量。
比热容小的物体与比热容大物体吸收同样的热量，比热容小的物体温度升高的快。
运用所学知识解释自然现象，把理论和实践结合起来。

3.【答案】C 
【解析】解：水壶内的水沸腾时，壶盖被水蒸气顶起时，水蒸气会对壶盖做功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能；此过程与内燃机的做功冲程类似，在做功冲程中也是燃气的内能转化为活塞的机械能。
故选：C。
解决此题要知道做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。

4.【答案】D 
【解析】解：
AB、由题知，A带正电，B不带电，用带有绝缘柄的金属棒把A和B连接起来，则B上的一部分电子会通过金属棒转移到A上，A带的正电荷会减少从而张角变小，而B因为失去电子也带上了正电荷，B的两金属箔带上同种电荷使B金属箔张角变大，故AB正确；
CD、用带有绝缘柄的金属棒把A和B连接起来时，自由电子会发生定向移动，从B移动到A，形成瞬间电流，故C正确，D错误。
故选：D。
人们把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，所以负电荷定向移动的方向与电流的方向相反。
本题的目的是考查对验电器使用原理、电流的形成的掌握情况，在金属导体中，能够自由移动的电荷是负电荷(自由电子)。

5.【答案】C 
【解析】解：AB、磁体周围存在磁场，磁极间的相互作用，就是通过磁场发生的，磁场是磁体周围存在的一种特殊的物质，它是看不见的，但它是真实的客观存在，磁感线是为了形象直观地描述磁场而画出来的，不是真实的存在，故A、B错误；
C、利用铁屑检验磁体周围磁场分布情况，判断不出磁场的方向，原因是看不到铁屑的N、S极，故C正确；
D、磁体周围存在磁场，磁感线是为了描述磁场假象出来的，放入磁场中的磁体一定受磁场力的作用，故D错误。
故选：C。
(1)磁体周围存在磁场，磁极间的相互作用是通过磁场发生的，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，可形象地表示磁场的性质，磁体周围的磁感线从N极出发回到S极。
(2)磁场方向的规定：磁场中某点，小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向。铁屑可以检验磁体周围磁场的分布情况。
(3)磁场对放入其中的磁体有力的作用。
本题考查了磁场、磁感线的特点，属于电磁学基础知识的考查，相对比较简单。

6.【答案】A 
【解析】
【分析】
该题考查了利用安培定则判断螺线图磁极的方向，以及磁极间的相互作用。
安培定则是指：右手握着螺线管，弯曲的四指指向电流方向，大拇指指向就是N极；
根据安培定则(右手螺旋定则)分别判断出两个线圈的磁极，再根据磁极间的相互作用就可以判断出线圈的运动情况。
【解答】
根据安培定则判断，L线圈的左端为S极，右端为N极，P线圈的左端是N极，右端是S极，也就是说，中间靠近的位置，两线圈的极性相同，因为同名磁极互相排斥，则这两个线圈相互排斥而左右分开。
故选A。  
7.【答案】A 
【解析】解：A、电线的绝缘皮破损老化时应及时更换，否则容易发生触电事故，故A符合安全用电要求；
B、水是导体，用湿手按已接电源的插座上的开关，易触电，故B不符合安全用电要求；
C、湿布的水是导体，在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电风扇容易发生触电事故，故C不符合安全用电要求；
D、用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D不符合安全用电要求。
故选：A。
(1)电线的绝缘皮破损，人去接触时，容易造成触电事故；
(2)不纯净的水是导体，水在人手和火线之间连通，会发生触电事故保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用；
(3)用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替。
本题主要考查生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。

8.【答案】C 
【解析】解：由题意可知，两者的电阻相同，因两电阻串联，所以通过的电流相等；
根据Q=I2Rt可知，相同时间内产生的热能相等，故ABD错误，C正确。
故选：C。
根据题意可知，甲、乙两段实心铁导体的电阻值相等，因为甲、乙两电阻串联，通过的电流相等、通电时间相同，根据焦耳定律判断产生热量的多少
本题考查串联电路的电流特点、焦耳定律的应用，是一道基础题。

9.【答案】C 
【解析】解：两灯并联后，接在电压为3V的电源上，
并联电路各并联支路两端电压相等，所以甲、乙两灯电压均为3V，
甲灯标有“3V 3W”，甲两端的电压为额定电压，甲灯正常发光，其实际功率等于额定功率3W，
乙灯标有“6V12W”，由P=UI=U2R可得乙灯的电阻：R乙=U乙2P乙=(6V)212W=3Ω；
乙的实际功率：P乙实=U2R乙=(3V)23Ω=3W，
灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，两灯的实际功率相同，所以两灯一样亮。
故选：C。
两灯并联后，接在电压为3V的电源上，甲、乙两灯电压均为3V，已知甲灯的额定电压和额定功率，此时甲两端的电压为额定电压，甲灯正常发光，已知乙灯的额定电压和额定功率，根据公式R=U2P求出乙灯的电阻，再利用公式P=U2R求出乙灯泡的实际功率，比较它们的实际功率就可得出结论。
本题考查电阻和实际功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是知道并联电路电压的规律和灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定。

10.【答案】C 
【解析】解：电能表转盘转动600r，电热水壶消耗的电能为：W=6003000kW⋅h=0.2kW⋅h；
电热水壶的实际功率：P=Wt=0.2kW⋅h1060h=1.2kW=1200W。
故选：C。
3000r/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗13000kW⋅h的电能，求出转盘转600r电路中消耗的电能。然后求出电热水壶的实际功率。
本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算求法，理解“3000r/kW⋅h”的含义是本题的关键。

11.【答案】A 
【解析】解：甲、乙两个小灯泡串联，闭合开关，甲、乙两灯两端的电压之比为1：2，串联电路的电流处处相等，由W=UIt可得甲、乙两个小灯泡串联工作一段时间后甲、乙两灯消耗的电能之比：
W1W2=U1ItU2It=U1U2=12=1：2，故A正确。
故选：A。
根据W=UIt可求甲、乙两个小灯泡串联工作一段时间后甲、乙两灯消耗的电能之比。
本题考查了电能公式在串联电路中的应用，知道串联电路的电流规律是解题的关键，基础题目。

12.【答案】B 
【解析】解：
A、由图当只闭合S1时，只有R1连入电路，电流表测其电流，
根据I=UR，R1的阻值为：R1=UI=3V0.3A=10Ω，故A错误；
BCD、闭合开关S1和S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
所以U=U1=U2=3V，
通过R1的电流不变：I1=0.3A，故C错误；
所以I2=I′−I1=0.5A−0.3A=0.2A，故D错误；
R2=UI2=3V0.2A=15Ω，故B正确。
故选：B。
分析只闭合S1时和同时闭合开关S1和S2的电路连接方式，根据电路特点，运用欧姆定律的公式解题。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律公式的应用，是一道基础题。

13.【答案】B 
【解析】解：由电路图可知，电压表V2测电阻R2两端电压，电压表V1测电阻Ra、R2、Rs串联的总电压。
根据串联电路电压特点可知电阻Ra、Rs的电压Uas=U−U2=28V−4V=24V，
根据欧姆定律可知：
电路电流I=UasRa+Rs=24V4Ω+8Ω=2A，
电阻R2的阻值R2=U2I=4V2A=2Ω。
故选：B。
由电路图可知，电压表V2测电阻R2两端电压，电压表V1测电阻Ra、R2、Rs串联的总电压，由串联电路特点求出电阻Ra、Rs的电压，然后由欧姆定律求出电路电流，最后由欧姆定律求出电阻R2的阻值。
本题考查了求电阻阻值，分析清楚电路结构是正确解题的前提，熟练应用串联电路特点、欧姆定律即可正确解题。

14.【答案】A 
【解析】解：家庭电路中保险丝熔断的原因是电路中的电流过大；
A、电灯开关中两根导线相碰，开关一直闭合，会造成灯泡一直发光，但不会引起保险丝熔断，故A符合题意；
B、家庭中用电器的总功率过大，会造成保险丝熔断，故B不符合题意；
C、保险丝的规格不符合规定的要求，熔断电流太小，也会造成保险丝熔断，故C不符合题意；
D、插头中的两根导线相碰，插入插座时会造成电源短路，会造成保险丝熔断，故D不符合题意。
故选：A。
家庭电路中电流过大的原因：短路和总功率过大。
本题考查了家庭电路中电流过大的原因，属于基础知识，比较简单。

15.【答案】AC 
【解析】解：A、燃料燃烧时，消耗化学能，得到内能，将化学能转化为内能，故A正确；
B、卫星上的太阳能电池板将太阳能转化为电能，故B错误；
C、火箭的燃料使用了液态氢，主要是因为液态氢的密度小且热值大，与其他燃料相比，在同样情况下，可以释放更多的热量，故C正确；
D、火箭发射升空时，发动机内燃料燃烧，将燃料的化学能转化为火箭的机械能，升空时速度增大，动能增大，动能没有转化为重力势能，故D错误。
故选：AC。
(1)分析能量转化过程中消耗了哪种形式的能，产生了哪种形式的能，进而可以判断该过程中的能量转化。
(2)机械能包括动能和势能，动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大。
本题考查了能量的转化，判断出消耗的和增加的能量是解答的关键，属于基础知识。

16.【答案】BCD 
【解析】解：如图，R1和R2并联，电流表A1测量R1中的电流，电流表A2测量干路电流；
A、当滑动变阻器的滑片P从中点向右移时，电阻变大，由I=UR可知，U不变、R2变大，通过R2的电流变小；电压不变，故通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，故A错误；
B、由并联电路干路电流等于各支路电流之和，电流表A2的示数等于电流表A1的示数加上通过R2的电流，故A ​2的示数变小，故B正确；
C、电压表测量电源电压，电压表V的示数不变，故C正确；
D、根据P=UI可知，电压不变，电路的总电流减小，所以电路总功率变小，故D正确。
故选：BCD。
AB、分析电路图，R1和R2并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量R1中的电流，电流表A2测量干路电流，滑动变阻器的滑片P从中点向右移时，电阻变大，根据欧姆定律和并联电路的电流规律判定电流表示数的变化；
C、电压表测量的是电源电压，保持不变；
D、根据P=UI得出电路电功率的变化。
本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。

17.【答案】BD 
【解析】解：(1)由Q=I2Rt得，通过R的电流：
I=QRt=12J5Ω×60s=0.2A，故A错误、B正确；
(2)由I=UR得，电阻R两端的电压：
UR=IR=0.2A×5Ω=1V，
由电路图可知，电压表测电源电压，其示数U=6V，
则灯泡L两端的电压：
UL=U−UR=6V−1V=5V，
由I=UR得，灯泡L的电阻：
RL=ULI=5V0.2A=25Ω，
由P=U2R得，灯泡L的额定电压：
U额=P额RL=4W×25Ω=10V，故C错误，D正确。
故选：BD。
(1)根据Q=I2Rt的变形公式I=QRt求出电路中的电流；
(2)利用欧姆定律求出电阻两端电压，根据串联电路电压特点可知灯泡两端电压，
根据欧姆定律的变形公式求出灯泡的电阻，最后根据功率的变形公式即可求出灯泡的额定电压。
本题考查欧姆定律、焦耳定律以及功率公式的灵活应用，关键是变形公式的灵活运用，有一定的难度。

18.【答案】30  2.3×l07  比热容 
【解析】解：
汽油机飞轮转速是3600r/min=60r/s，每秒钟飞轮转动60圈，完成30个工作循环，对外做功30次；
0.5kg汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=mq=0.5kg×4.6×l07J/kg=2.3×l07J；
因为水的比热容较大，所以常用来作为冷却液使用。
故答案为：30；2.3×l07；比热容。
(1)汽油机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周；知道汽油的质量和热值，利用Q放=mq求汽油完全燃烧产生的热量；水的比热容较大，等质量的物体吸收相同的热量水的温度变化较小。
本题主要考查有关热机的计算、燃料完全燃烧放热公式、比热容的掌握和应用，属于热学常考题型。

19.【答案】L1  L1断路 
【解析】解：如图所示电路，小灯泡 L1和L2的连接方式为串联；电压表测量L1两端的电压；
一段时间后，两灯均熄灭，但电压表有读数且示数较大，电流表无读数，电路中无电流，电压表两接线柱到电源是通路，导致这种电路故障的原因可能是 L1断路。
故答案为：L1；L1断路。
本题考查电路的故障分析，关键是明白电路中各个用电器的连接情况，还要知道串联、并联电路的规律。

20.【答案】30  6×104  1000 
【解析】解：(1)小鹏家到现在为止，已消耗的电能为30kW⋅h。
每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2000r，
小鹏家已消耗的电能为30kW⋅h，电能表的转盘转的转数：30×2000r=6×104r。
(2)只使用一只电水壶，电能表转盘3分钟转过100转，
消耗的电能：2000r1kW⋅h=100rW
∴W=0.05kW⋅h=1.8×105J
∵t=3min=180s
∴P=Wt=1.8×105J180s=1000W
故答案为：30；6×104；1000。
(1)电能表的读数表示家庭电路到现在为止消耗的电能总数，最后一位是小数，单位kW⋅h.2000r/kW⋅h所表示的物理意义：2000r/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2000r。
(2)由电能表的转动的转数求用电器消耗的电能，又知道通电时间，可以求出用电器的电功率。
本题考查了电能表的参数的理解，还考查了用电器单独接入电路时，由用电器在一定时间内电能表转动的圈数，求用电器的电功率。

21.【答案】解：
由实物图可知，两灯并联，开关S1在干路上控制整个电路，开关S2在L2支路，由此画出电路图如图所示：
 
【解析】根据实物图分析电路结构，明确各电路元件的连接方式，再画出电路图。
本题考查了根据实物图画电路图，分析清楚实物图的结构是正确画出电路图的前提与关键，要注意电路图与实物图一致。

22.【答案】解：小磁针N极向右，则螺线管右侧为S极，由安培定则可得，电流由右侧流入螺线管，即电源右侧为正极，左侧为负极。如图所示
 
【解析】由小磁针的指向可得电磁铁极性方向，由安培定则可得电流方向，从而确定电源的正负极。
安培定则内容：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为电磁铁N极。

23.【答案】 
【解析】(1)开关控制电灯时，开关和电灯串联，火线首先过开关再入灯泡顶端的金属点，零线直接连电灯的螺丝口；
(2)三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示。


24.【答案】断开  B  材料  2.2  11 
【解析】解：(1)为了保护电路，实验前开关应处于断开状态；
(2)选用①②两根导体分别接入电路进行实验，根据题意可知，①②两根导体材料、横截面积相同，而长度不同，所以是验证B电阻与导体长度的关系；
(3)①④两根导体，长度、横截面积相同，材料不同，而电流表的示数不同，说明两导体的电阻不同，所以导体电阻大小跟导体的材料有关；
(4)用②导体接在M、N两点间后，用电压表测出其两端电压如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.2V；此时电路中电流表的示数为0.2A，则②导体的电阻为：
R=UI=2.2V0.2A=11Ω。
故答案为：(1)断开；(2)B；(3)材料；(4)2.2；11。
(1)为了保护电路，实验前开关应处于断开状态；
(2)(3)影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，在探究过程中需用到控制变量法，不加特殊说明，认为温度相同；
(4)根据电压表选用量程确定分度值读数，根据R=UI算出导体的电阻。
该题主要考查了用控制变量法探究影响导体电阻大小的因素，同时考查了电压表读数和电阻的计算等知识。

25.【答案】移动滑片，观察灯泡是否发光  右  0.75  0.37  17.5 
【解析】(1)测量小灯泡电功率时，电压表与小灯泡并联，滑动变阻器的正确接法是一上一下，答案如下图：
；
(2)电压表、电流表均有示数，说明电路通路，小灯泡不亮有可能功率太小，接下来应该移动滑片，观察灯泡是否发光；
(3)小灯泡两端电压为2.3V，要使小灯泡正常发光时，两端电压为2.5V，即增加灯泡两端电压，增大电路中电流，减小滑动变阻接入电路中的电阻，滑片应向右滑动；
(4)当小灯泡正常发光时，由图乙知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，故小灯泡的额定功率为：
P额=U额I额=2.5V×0.3A=0.75W；
(5)小灯泡的电阻随着温度的升高而增大，即随着灯泡两端的电压的增大而增大，根据欧姆定律可知小灯泡的电阻从左向右依次是5Ω，6Ω、7.14Ω、8.33Ω、8.11Ω，所以最后一组数据有误；
(6)根据表中数据，灯泡两端电压最小为1.0V，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，电压为UR=U−UL=4.5V−1.0V=3.5V，此时电路中的电流为0.2A，
滑动变阻器的阻值为：
R=URI=3.5V0.2A=17.5Ω。
故答案为：(1)见上图；(2)移动滑片，观察灯泡是否发光；(3)右；(4)0.75；(5)0.37；(6)17.5。
(1)根据滑动变阻器和电压表的正确使用方法连接实物图；
(2)电压表、电流表均有示数，说明电路连接没有断路，小灯泡不亮有可能功率太小；
(3)小灯泡正常发光时，两端电压为额定电压，即2.5V；
(4)根据额定功率为P额=U额I额计算即可；
(5)小灯泡的电阻随着温度的升高而增大，即随着灯泡两端的电压的增大而增大；
(6)小灯泡两端电压最小时，滑动变阻器接入电路中电阻最大，根据欧姆定律计算即可。
本题综合考查电功率的测量及应用，综合性比较强，有一定的难度。

26.【答案】秒表；温度计升高的示数；比热容小；当电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越大；移动滑片改变电流大小；相同通电时间内甲(或乙)瓶中温度计升高的示数 
【解析】解：(1)探究影响电热的因素时，要保证通过导体的电流相同，还要知道加热时间，需要的测量工具是秒表；而相同质量的煤油吸热的多少是通过温度计升高的示数来反映的．
(2)为了在较短的时间内达到明显的实验效果，选用煤油而不用水做实验，主要是由于煤油的比热容小，吸收相同的热量，温度变化明显．
(3)甲、乙瓶比较，已知通过两段电热丝的电流和通电时间都相同，由于R2>R1，乙瓶中的温度计示数升的快，所以可得结论是：当电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越大．
(4)要研究电热与电流的关系，必须移动滑动变阻器滑片，比较通电时间相同时，甲(乙)烧瓶中温度计的示数变化．
故答案为：
(1)秒表；温度计升高的示数；
(2)比热容小；
(3)当电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越大；
(4)移动滑片改变电流大小；相同通电时间内甲(或乙)瓶中温度计升高的示数．
(1)煤油吸收热量的多少，不仅与加热体有关，还与加热时间有关，所以测量工具还需要秒表；而相同质量煤油吸收热量的多少可以通过升高的温度多少判断．
(2)吸收相同的热量在较短的时间内温度升高快的液体比热容较小，要想在较短的时间内达到明显的实验效果，所选液体的比热容应较小．
(3)实验目的是探究影响电热的因素，乙瓶中的温度计示数升的快，说明两段电热丝串联所以通过的电流相同，通电时间也相同，产生的热量不同，是因为电热丝的阻值不同．
(4)要研究电热与电流的关系，必须保持电阻和通电时间相同，改变通过电热丝的电流，比较产生热量多少与电流大小的关系．
本题通过焦耳定律的实验重点考查学生对控制变量法、转化法的掌握和应用，以及学生分析实验现象得出结论的能力；控制变量法为物理实验中的常用方法，应重点掌握．

27.【答案】解：
(1)由图知，当滑片P在A端时，只有R连接入电路，电压表测R两端电压，即电源电压，
所以电源的电压U=6V；
(2)滑片P在A端时，电压表示数为6V，电流表示数为0.6A，
由欧姆定律可得R的阻值：
R=UI=6V0.6A=10Ω；
(3)由图知，当滑片P在B端时，R与变阻器的最大值串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流，
由串联电路特点和欧姆定律可得，此时电路中的电流：
I′=I滑=IR=URR=2V10Ω=0.2A，
此时变阻器两端的电压：U滑=U−UR=6V−2V=4V，
所以滑动变阻器的最大阻值：
R滑=U滑I滑=4V0.2A=20Ω。
答：(1)电源的电压为6V；
(2)R的阻值为10Ω；
(3)滑动变阻器的最大阻值为20Ω。 
【解析】(1)由图知，当P在A端时，只有R连接入电路，由电压表示数可知电源的电压；
(2)由欧姆定律计算R的阻值；
(3)当P在B端时，两电阻串联，电压表测R两端电压，由串联电路和欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值。
本题考查了串联电路特点和欧姆定律的计算，正确分析滑片在不同位置时电路状态和电表作用，灵活运用公式是关键。

28.【答案】解：
(1)水吸收的热量：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×500kg×(100℃−20℃)=1.68×108J；
(2)天然气完全燃烧放出的热量：
Q放=Vq天然气=12m3×4.2×107J/m3=5.04×108J；
燃气锅炉烧水的效率：
η=Q吸Q放=1.68×108J5.04×108J×100%≈33%；
(3)可燃冰的热值为同体积天然气的160倍，
则可燃冰的热值：q可燃冰=160q天然气=160×4.2×107J/m3=6.72×109J/m3，
若换用可燃冰燃烧放出相同的热量，应使用可燃冰的体积：
V可燃冰=Q放q可燃冰=5.04×108J6.72×109J/m3=0.075m3。
答：(1)水吸收的热量为1.68×108J；
(2)燃气锅炉烧水时的效率为40%；
(3)若换用可燃冰，应使用0.075m3可燃冰。 
【解析】(1)知道水的比热容、初温和末温、质量，利用Q吸=cmΔt求出水吸收的热量；
(2)利用Q放=Vq求天然气完全燃烧释放的热量，燃气锅炉烧水时的效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧释放的热量之比；
(3)根据可燃冰的热值为同体积天然气的160倍，可知可燃冰的热值，利用Q放=Vq可求得应使用多少m3可燃冰。
本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq、Q吸=cmΔt=cm(t−t0)和效率公式的掌握和运用，难度不大，属于基础题目。

29.【答案】解：
(1)当S1、S2都断开时，小灯泡L与R2串联，小灯泡正常发光，根据小灯泡L标有“2.5V 0.75W”，电路中的电流：
I=IL=PLUL=0.75W2.5V=0.3A，
由I=UR可得R2两端的电压，
U2=IR2=0.3A×35Ω=10.5V，
电源的电压等于小灯泡两端电压与R2两端电压之和，
U=UL+U2=2.5V+10.5V=13V；
(2)当S1闭合，S2断开时，小灯泡L短路，R1断开，只有R2接入电路，由I=UR可得电流表示数：
I2=UR2=13V35Ω≈0.37A；
(3)当S1、S2都闭合时，R1、R2并联，整个电路通电210s产生的热量：
Q1=U2 R1t=(13V)225Ω×210s=1419.6J；
Q2= U2R2t=(13V)235Ω×210s=1014J；
Q=Q1+Q2=1419.6J+1014J=2433.6J。
答：(1)电源电压为13V；
(2)当S1闭合，S2断开时，求电流表示数的大小为0.37A；
(3)当S1、S2都闭合时，求整个电路通电210s产生的热量为2433.6J。 
【解析】(1)当S1、S2都断开时，小灯泡L与R1串联，小灯泡正常发光，根据小灯泡L标有“2.5V0.75W”由P=UI可求电路中电流，再根据欧姆定律求出R2两端的电压，电源的电压等于小灯泡两端电压与R2两端电压之和；
(2)当S1闭合，S2断开时，小灯泡L短路，R1断开，只有R2接入电路，根据欧姆定律可求电流表示数；
(3)当S1、S2都闭合时，R1、R2并联，根据Q=U2Rt可求整个电路通电210s产生的热量。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功、电功率公式的应用，是一道综合题。