2023北京中关村外国语学校高二（上）期末物理（教师版）

这是一份2023北京中关村外国语学校高二（上）期末物理（教师版），共20页。试卷主要包含了单选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2023北京中关村外国语学校高二（上）期末物    理一、单选题（共60分）1. 下列物理量中，反映一段导体对电流阻碍作用的是（　　）A. 电场强度 B. 电势 C. 电荷量 D. 电阻2. 电荷在导体中定向移动形成电流．一段导体中的电流是2.0A，在30s内通过这段导体横截面的电荷量是（　　）A. 20C B. 40C C. 60C D. 80C3. 如图所示，某同学在用“伏安法”测量电阻R的阻值时，让电压表的一端接在a点，另一端先后接到b点和c点，他发现电流表示数有明显变化，而电压表示数无明显变化。下列说法正确的是（　　）A. 电阻R与电流表的阻值接近，应选择电流表外接电路B. 电阻R与电流表的阻值接近，应选择电流表内接电路C. 电阻R与电压表的阻值接近，应选择电流表内接电路D. 电阻R与电压表的阻值接近，应选择电流表外接电路4. 有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c。电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（　　）A.  B. C.  D. 5. 如图所示是有两个量程的电流表，当使用a、b两个端点时，量程为1A，当使用a、c两个端点时，量程为0.1A。已知表头的内阻Rg为200Ω，满偏电流Ig为2mA，则A. R1的阻值大于R2的阻值B. R1的阻值小于R2的阻值C. R1与Rg的阻值很接近D. R1与R2的阻值很接近6. 小红将量程为0～0.6A的电流表（表盘刻度共有30个小格），按照图示电路改装成较大量程的安培表，其中R1和R2阻值相等，都等于改装前电流表内阻的。则A. 将1、2接入电路时，安培表每一小格表示0.12AB. 将1、2接入电路时，安培表每一小格表示0.08AC. 将1、3接入电路时，安培表每一小格表示0.12AD. 将1、3接入电路时，安培表每一小格表示0.08A7. 用如图所示的电路，测一节干电池的电动势和内阻，根据测得的数据做出如图所示的U-I图像，下列说法正确的是（　　）A. 电池的内阻为2.9ΩB. 电源的电动势为1.50VC. 外电路短路时的电流为0.50AD. 当减小滑动变阻器阻值时，电源效率变小8. 如图所示电路中，电源内阻不能忽略，两个电压表均为理想电表。当滑动变阻器R2的滑动触头p移动时，关于两个电压表V1与V2的示数，下列判断正确的是（　　）A. p向a移动，V1示数减少、V2的示数增大B. p向b移动，V1示数增大、V2的示数减小C. p向a移动，V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值D. p向b移动，V1示数改变量的绝对值大于V2示数改变量的绝对值9. 将某电源接入电路，测得路端电压和干路电流的关系如图中直线所示，直线为某定值电阻的图线。现用该电源与开关、定值电阻组成闭合电路，下列说法中正确的是（　　）A. 此电源的内阻为 B. 此电源的电动势为2.0VC. 电源的总功率为4.0W D. 若将的阻值改为，电源输出功率增大10. 在如图所示的电路中，电阻R＝2.0Ω，电源的电动势E=3.0V，内电阻r＝1.0Ω。闭合开关S后，电阻R两端的电压为（　　）A. 1.0V B. 1.5V C. 2.0V D. 3.0V11. 利用如图所示装置可探究感应电流产生的条件。线圈A通过滑动变阻器和开关S连接到电源上，线圈B的两端连接到电流表上，把线圈A装在线圈B的里面。某同学发现闭合开关S时，电流表指针向右偏转，由此可以判断（　　）A. 线圈A向上移动时，电流表指针向左偏转B. 线圈A中铁芯向上拔出时，电流表指针向右偏转C. 滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表指针向左偏转D. 断开开关S时，电流表指针向右偏转12. 用如图所示的器材做“探究感应电流产生的条件”实验，下列操作不能使电流计指针发生偏转的是（　　）A. 条形磁铁螺线管中静止不动B. 条形磁铁插入螺线管的过程中C. 条形磁铁拔出螺线管的过程中D. 条形磁铁从图示位置向右运动的过程中13. 某直流电动机，线圈电阻是0.5 Ω，当它两端所加的电压为6 V时，通过电动机的电流为2 A。由此可知(　　)A. 电动机发热的功率为72 WB. 电动机消耗的电功率为72 WC. 电动机输出机械功率为10 WD. 电动机的工作效率为20%14. 物理学中常用两个物理量的比值定义一个新的物理量，如速度是用位移与时间的比值来定义的，即．下面四个物理量的表达式不属于比值定义的是A 电流 B. 电势C. 电容 D. 电阻15. 如图所示，当开关S闭合后，小型直流电动机M和指示灯L都恰能正常工作。已知电源电动势为E，内阻为r，指示灯L的电阻为R0，额定电流为I，电动机M的线圈电阻为R，则（　　）A. 电动机的额定电压为IRB. 电动机的输出功率为IE﹣I2RC. 电源的输出功率为IE﹣I2rD. 整个电路的热功率为I2（R0+R）16. 火警报警器的电路示意图如图所示。其中，RT为用半导体热敏材料制成的传感器，这种半导体热敏材料的电阻率随温度的升高而减小。电流表为值班室的显示器，电源两极之间接一报警器。当传感器RT所在处出现火情时，通过显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是（　　）A I变大，U变小 B. I变大，U变大C. I变小，U变小 D. I变小，U变大17. 一课桌受到10N的推力作用，经5s，推力对课桌的冲量大小为（　　）A. 10N·s B. 50N·s C. 25N·s D. 15N·s18. 木块A和B用一只轻弹簧连接起来放在光滑水平面上，A紧靠墙壁，在B上施加向左水平力使弹簧压缩，如图所示。当撤去外力后，下列说法中正确的是（  ）A. 弹簧和A、B组成的系统的机械能守恒、动量守恒B. 弹簧和A、B组成的系统的机械能守恒、动量不守恒C. 弹簧和A、B组成的系统的机械能不守恒、动量守恒D. 弹簧和A、B组成的系统的机械能不守恒、动量不守恒19. 如图所示，木块B与水平的轻弹簧相连放在光滑水平台面上，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，入射时间极短，则下列说法正确的是（　　）A. 子弹射入木块的过程中，子弹与木块组成的系统动量守恒B. 子弹射入木块的过程中，子弹与木块组成的系统机械能守恒C. 木块压缩弹簧的过程中，子弹与木块组成的系统机械能守恒D. 弹簧最大的弹性势能大于整个过程中产生的热量20. 质量为的小球从高处自由下落到软垫上，反弹后上升的最大高度为。小球与软垫接触的时间为，空气阻力不计，取在接触时间内小球受到合力的冲量大小为（　　）A.  B.  C.  D. 二、实验题（共0分）21. 如图戊所示，用“碰撞实验器”验证动量守恒定律。实验时先让质量为的小球1从斜槽上某一固定位置A由静止开始释放，从轨道末端水平抛出，落到位于水平地面的P点。再把质量为的小球2放在水平轨道末端，让小球1仍从位置A由静止释放，两小球碰撞后从轨道末端水平抛出，小球2落到位于水平地面的N点，小球1落到位于水平地面的M点。某同学实验时小球选择错误，使，则两个小球可能的落点分布正确的是___________。A.  B. C.  D. 22. 某同学用图（a）所示的电路测量电源的电动势和内阻．图中电流表量程为0.6A、内阻为，定值电阻的阻值为，电阻箱R的最大阻值为。（1）将电阻箱的阻值调至最______（选填“大”或“小”），闭合开关S；（2）闭合开关后，发现无论电阻箱的阻值调到多少，电流表始终没有示数，为查找故障，该同学使用多用电表的电压挡位，将______（选填“红”或“黑”）表笔始终接触e位置，另一表笔分别试触a、b、c、d四个位置，发现试触a、b、c时电压表有示数，试触d时电压表没有示数．若电路中仅有一处故障，则故障是______（选填选项前的字母）；A．导线ab断路    B．电阻箱断路    C．导线cd断路    D．电阻箱短路（3）排除故障后按规范操作进行实验，多次调节电阻箱，记下电流表的示数I和电阻箱相应的阻值R，根据实验数据在图（b）中绘制出图像；根据图像可以求得电源电动势______V，内阻______。（结果均保留2位有效数字）23. 李明同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A 被测干电池一节、开关、导线若干B. 电流表：量程0～0.6A，内阻约0.5ΩC. 电流表：量程0～3A，内阻约为0.2ΩD. 电压表：量程0～3V，内阻约为5kΩE. 电压表；量程0～15V，内阻约为25kΩF. 滑动变阻器：0～10Ω，2AG. 滑动变阻器：0～100Ω，1A在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。（1）在上述器材中，电压表应选择________，电流表应选择________，滑动变阻器应选择________。（填写仪器前的代号）（2）在方框中画出最合适的电路图______。（3）根据实验中测得多组电压表和电流表的示数，在U—I坐标纸上描点如图所示，请根据描出的点作图______，并根据作图求出电源的电动势E=_________V，电源内阻r=_________Ω。（保留两位小数）。（4）分析实验电路图可知，实验系统误差是由_________（选填“电压表”或“电流表”）_________（选填“分压”或“分流”）引起的。三、解答题（共0分）24. 如图，R＝0.8Ω当开关S断开时电压表的读数为1.5V；当开关S闭合时电压表的读数为1.2V则该电源的电动势和内电阻分别为多少？25. 如图所示的电路中，电源电动势，内阻，电动机的电阻，电阻。电动机正常工作时，理想电压表的示数，求：（1）电源的总功率和输出功率；（2）电动机的输入功率和输出功率。26. 一个质量为m=2kg的小球从h=20 m的高处自由下落，落到一个厚软垫上，若小球由静止下落到小球陷至最低点经历的时间t=2.2 s，取g=10 m/s2，选取竖直向上为正方向，求：（1）小球从接触软垫到陷至最低点动量的变化量；（2）软垫对小球平均作用力的大小。
参考答案一、单选题（共60分）1. 【答案】D【解析】【详解】物理量中，反映一段导体对电流阻碍作用的物理量是电阻。故选D2. 【答案】C【解析】【详解】由q=It可知，通过这段导体横截面的电荷量故选C。3. 【答案】C【解析】【详解】发现电流表示数有明显变化，说明电压表分流效果明显，而电压表示数无明显变化，说明电流表分压效果不明显，则应选择电流表内接电路，电阻R与电压表的阻值接近。故选C。4. 【答案】A【解析】【详解】由电阻的决定式可知A中电阻B中电阻为C中电阻为D中电阻为因为最小的电阻为。故选A。5. 【答案】B【解析】【详解】AB．根据串并联电路的特点可知：  解得：R1≈0.4ΩR2≈3.7Ω则选项A错误，B正确；CD．由计算得到的R1和R2的阻值可知，选项CD错误；6. 【答案】A【解析】【详解】设R1＝R2＝R，则电流表内阻为4R；AB．将1、2接入电路时，若电流表满偏0.6A，则R1电流为3A，则量程为3.6A，则安培表每一小格表示3.6A/30=0.12A，选项A正确，B错误；CD．将1、3接入电路时，若电流表满偏0.6A，则R1 和R1电流均为1.2A，则量程为1.8A，则安培表每一小格表示1.8A/30=0.06A，选项CD错误；故选A.7. 【答案】D【解析】【详解】AB．由闭合电路欧姆定律知整理得所以U-I图像的斜率为纵轴的截距为由图像得即故AB错误；C．短路电流为故C错误；D．当减小滑动变阻器阻值时，路端电压减小，由知电源效率变小，故D正确。故选D。8. 【答案】C【解析】【详解】AC．由电路图可知，p向a移动，的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合回路欧姆定律可知，干路电流增大，路端电压减小，根据欧姆定律可知，V1示数增大，则V2的示数减小，且V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值，故A错误C正确；BD．由电路图可知，p向b移动，的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合回路欧姆定律可知，干路电流减小，路端电压增大，根据欧姆定律可知，V1示数减小，则V2的示数增大，且V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值，故BD错误。故选C。9. 【答案】D【解析】【详解】AB．根据闭合电路的欧姆定律路端电压和干路电流的关系如图中直线，纵轴截距为电源电动势，斜率为内阻，故AB错误；C．图中交点表示电源与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图可知，此时，电源的总功率为故C错误；D．由上述分析可知，电源输出功率若将的阻值改为，根据闭合电路欧姆定律此时，电源的输出功率电源输出功率增大，故D正确。故选D。10. 【答案】C【解析】【详解】由闭合电路欧姆定律可得，闭合开关S后，电路中的电流为则电阻R两端的电压为故选C。11. 【答案】A【解析】【详解】ABD．闭合开关S时即通过线圈B的磁通量增加，可知当穿过线圈B的磁通量增大时，电流表指针向右偏转。线圈A向上移动时、线圈A中铁芯向上拔出时、断开开关S时，穿过线圈B的磁通量均减小，电流表指针均应向左偏转， A正确，BD错误；C．滑动变阻器的滑片向右滑动时，通过A的电流增大，则穿过线圈B的磁通量增加，电流表指针向右偏转，C错误。故选A。12. 【答案】A【解析】【详解】A．产生感应电流的条件有两个，一是闭合回路，二是穿过闭合回路的磁通量发生变化，若磁铁静止不动，则穿过闭合回路的磁通量不变，则不会产生感应电流，电流表指针不偏转，A正确；BCD．磁铁插拔或者向右移动的过程中，穿过闭合回路的磁通量发生改变，能够产生感应电流，BCD错误。故选A。13. 【答案】C【解析】【详解】直流电动机线圈电阻为R，当电动机工作时通过的电流为I，两端的电压为U；总功率为：P=UI=2×6=12W；发热功率为：P热=I2R=22×0.5=2W；根据能量守恒定律，其输出功率是：P出=P-P热=12W-2W=10W；机械的工作效率为×100%= 83.3%；则选项C正确，ABD错误；故选C.点睛：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．14. 【答案】D【解析】【详解】A：是电流的定义式，属于用比值来定义物理量的表达式．故A项不选．B：是电势的定义式，属于用比值来定义物理量的表达式．故B项不选．C：是电容的定义式，属于用比值来定义物理量的表达式．故C项不选．D：是电阻的决定式，不属于用比值来定义物理量的表达式．故选择D项．点睛：注意区分定义式和决定式．15. 【答案】C【解析】【详解】AB．电动机不是纯电阻，不能满足欧姆定律；电动机的电压为电动机的输出功率为故AB错误。C．电源的输出功率为故C正确；D．整个电路的热功率为故D错误。故选C。16. 【答案】C【解析】【详解】当传感器所在处出现火情时，温度升高，的电阻减小，则电路中的总电阻减小，根据闭合回路的欧姆定律可知，电路中的总电流变大，路端电压变小，则报警器两端的电压U减小，根据可知，电阻两端的电压增大，根据分压原理可知，电阻两端的电压变小，则流过的电流减小，即电流表读数变小。故选C。17. 【答案】B【解析】【详解】根据冲量的定义故选B。18. 【答案】B【解析】【详解】木块A离开墙壁前，弹簧和B组成的系统内只有弹力做功，没有其他外力做功，系统的机械能守恒，而木块A受到墙壁对它的弹力作用，所以A、B组成的系统动量不守恒，木块A离开墙壁后，系统内只有弹力做功，没有其他力做功，且系统所受的合外力为零，故系统的机械能和动量均守恒。综上所述，当撤去外力后，弹簧和A、B组成的系统的机械能守恒、动量不守恒。故选B。19. 【答案】A【解析】【详解】A．子弹射入木块的过程中，子弹与木块组成的系统所受的合外力等于零，系统动量守恒，故A正确；B．子弹射入木块的过程中要克服阻力做功，产生内能，子弹与木块组成的系统机械能不守恒，故B错误；C．木块压缩弹簧的过程中，弹簧的弹力做功，子弹、木块组成的系统机械能不守恒，故C错误；D．弹簧的最大弹性势能等于子弹射入木块后子弹和木块的动能，不一定大于整个过程中产生的热量，故D错误。故选A。20. 【答案】C【解析】【详解】由可得小球落到软垫上时的速度大小为反弹的速度大小为以向上为正方向，则在接触时间内小球受到合力的冲量合力的冲量大小为。故选C。二、实验题（共0分）21.【答案】D【解析】【详解】设小球1与小球2碰撞前瞬间的速度为v，碰后瞬间二者的速度分别为、，因，则小球1反弹，由动量守恒定律得两小球在碰撞前后，水平方向的系统机械能满足不增加原则，即又由于下落高度相同，所以两小球做平抛运动的时间相等，均设为t，则可得则可得将四个选项中OP、OM、ON的数据分别带入以上两式可知，ABC不符合要求，D符合要求。故选D。【点睛】明确实验原理，小球做平抛运动，因此可以用水平位移来代替速度。数据分析时，需知道碰撞前后水平方向应符合动能不增加原则。22. 【答案】    ①. 大    ②. 红    ③. C    ④. 6.0    ⑤. 1.6【解析】【详解】（1）[1]把电阻箱调到最大值，电路中的电流最小，起保护电路作用。（2）[2]e与电源正极相连，应将红表笔接触e位置。[3]试触a、b、c时电压表有示数，试触d时电压表没有示数，说明导线cd断路，故选C。（3）[4][5]根据闭合电路欧姆定律得整理可得则解得23. 【答案】    ①. D    ②. B    ③. F    ④.     ⑤.     ⑥. 1.50    ⑦. 0.50    ⑧. 电压表    ⑨. 分流【解析】【详解】（1）[1]干电池电动势约为1.5V，为了确保精度，电压表应选择D。[2]为了确保电流测量数据的精度，电流表选择B。[3]滑动变阻器G最大阻值过大，不利于调节电压表，且电流表示数发生明显变化，所以滑动变阻器应选F。 （2）[4]由于电压表的内阻远远大于电池的内阻，而电流表的内阻与电池的内阻相差不大，则实验中应该排除电流表的分压影响，则实验电路如图：（3）[5]根据点连线画出图像如下：[6][7]由图线可知，电动势为电阻为（4）[8][9]分析实验电路图可知，实验中系统误差是由电压表的分流作用引起的。三、解答题（共0分）24. 【答案】1.5V，0.2Ω【解析】【详解】开关断开时，不计电压表对电路的影响，电路中电流近似为零，电源的内电压约为零，则电压表可直接测出电源的电动势，则得电源的电动势为开关闭合后，电路中电流为根据闭合电路欧姆定律得解得25. 【答案】（1）24W，20W；（2）12W，8W【解析】【详解】（1）由部分电路欧姆定律有，电阻的电流为电源的总功率为输出电压为输出功率为（2）电动机的电压为电动机的输入功率为电动机的输出功率为26. 【答案】（1）；（2）220N【解析】【详解】（1）取竖直向上为正方向，小球从静止开始下落到接触软垫小球接触软垫时速度大小动量变化量（2）小球接触软垫到陷至最低点所需时间由动量定理得F=220N