还剩31页未读，
继续阅读
2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理三模试卷
展开
这是一份2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理三模试卷，共34页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共7小题，共14.0分）
1. 下列估计的数据与实际相符的是( )
A. 人的正常体温是38℃ B. 高铁运行的平均速度约为150km/h
C. 初中生的质量大约是50kg D. 人一次脉搏的时间约4s
2. 在如图所示的现象或情景中，成实像的是( )
A. “剧院”在水中倒影
B. “烛焰”经小孔成像
C. 乘船水中叉鱼
D. 演员对镜子画脸谱
3. 烤冷面是同学们喜爱吃的小吃之一，关于制作烤冷面过程中的物态变化分析，正确的是( )
A. 撒在冷面上的糖粒变为糖汁是熔化过程需要放热
B. 冷面下的油冒出气泡是汽化过程需要放热
C. 冷面上冒出“白气”的形成是液化过程需要放热
D. 涂抹在冷面上的酱汁变干是凝固过程需要吸热
4. 如图是工厂、加油站里常见的”静电清除杆”，当工人进行静电清除是，只需站在杆旁手摸上端的黑色圆球即可清除人体上的静电。下列有关说法中正确的是( )
A. 人体与衣服摩擦起电的过程是创造电荷的过程
B. 杆上端的黑色圆球可以用橡胶或玻璃制成
C. 为达到更好的静电清除效果，应将杆下端的导电线埋入地下
D. 若人体带有负电，则清除静电时金属杆中电流方向是从上向下的
5. 如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电灯L的亮度不变 B. 电流表A的示数变大
C. 电压表V1的示数不变 D. 电压表V1与电压表V2示数之和不变
6. 关于家庭电路及安全用电的说法中正确的是( )
A. 漏电保护器和空气开关作用相同可以相互替代
B. 电灯开关短路时可引起空气开关跳闸
C. 只要不同时触摸到火线和零线就不会发生触电事故
D. 使用试电笔时手必须接触笔尾金属体
7. 2022年潘帕斯雄鹰阿根廷队取得世界杯冠军，梅西赢得大满贯。下列关于比赛中情景说法正确的是( )
A. 球员用力蹬地奔跑，利用了物体间力的作用是相互的
B. 足球离脚后上升过程中，由于受到惯性，速度越来越小
C. 足球在空中加速下落，机械能的转化情况是动能转化为重力势能
D. 场边记者肩扛摄像机静止时，记者受到的重力和支持力是平衡力
二、多选题（本大题共5小题，共14.0分）
8. 如图所示，关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 电冰箱接入三孔插座后，灯和电冰箱是串联的
B. 电冰箱接入三孔插座后，能使电冰箱的金属外壳接地
C. 闭合开关后，用试电笔接触A点时，氖管发光
D. 若空气开关“跳闸”，一定是电路的总功率过大
9. 如图所示，自重600N的小爱同学用500N的拉力提升一重物，使重物在10s内上升4m，滑轮组的机械效率为80%(不计绳重及摩擦)。下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端移动的速度为1.2m/s
B. 拉力的功率为100W
C. 动滑轮重为300N
D. 若重物的重力为2000N，小爱将无法匀速拉起重物
10. 下列是日常生活中的一些情景，有关说法正确的是( )
A. 炒菜时主要是通过热传递的方法增加菜的内能
B. 炒菜时闻到菜的香味说明分子在不停地做无规则运动
C. 煮熟的粽子过一会变凉了，它含有的热量会减少
D. 剥开粽子，粽叶上粘有米粒说明分子间存在引力
11. 水平桌面上两个相同的烧杯中分别装有甲、乙两种不同液体，将两个不同材料制成的正方体A、B(VA
B. 甲液体对杯底的压强等于乙液体对杯底的压强
C. 甲液体对B下表面的压强小于乙液体对A下表面的压强
D. 装甲液体的容器对水平桌面的压力小于装乙液体的容器对水平桌面的压力
12. 如图所示，把标有“6V 3W”的小灯泡L与最大阻值为100Ω的滑动变阻器串联在电源电压为18V的电路中，电压表的量程0−15V，要求：电流表和电压表的示数不能超过所选量程，且灯丝电阻不变，下列说法正确的是( )
A. 闭合开关前，滑片应移至滑动变阻器的最右端
B. 电路的最大总功率为10.8W
C. 小灯泡的最小电功率为0.75W
D. 滑动变阻器允许调节的范围是24～60Ω
三、填空题（本大题共9小题，共26.0分）
13. 如图是2023年央视元宵晚会的一个场景。演员说话发出的声音是由声带______ 产生的，通过______ 传到现场观众耳朵中，观众被节目内容逗得哈哈大笑说明声音可以传递______ 。
14. 如图是一款太阳能玩具电动车。其中的硅光电池板主要是利用______ (填“半导体”或“超导”)材料制成，主要把______ 能转化为______ 能。
15. 2022年北京冬奥会，中国选手徐梦桃获得自由式滑雪空中技巧金牌。如图为徐梦桃滑雪时的一个场景，当从雪道向下滑行时，雪板受雪地的摩擦力方向与其前进方向______ ，此时她由于受______ 向下滑行，最后能够停下来是力改变了她的______ 。
16. 图中，山峰在水中的“倒影”是光在平静的水面发生______(填“镜面”或“漫”)反射形成的______(填“实”或“虚”)像。若其中的一个山峰顶端到水面的距离为80m，水深5m，那么它像的顶到水面的距离为______m。
17. 如图是一款可充电电动橡皮擦。充电时，指示灯亮，橡皮擦的电池相当于______(填“电源”或“用电器”)；工作时，指示灯不亮，电动机带动橡皮振动，擦除纸上字迹，这说明指示灯与电动机是______联的；工作时电动机会发热，是因为电流具有______效应。
18. 如图所示为一款水下无人机，用于拍摄水下世界的奇妙。无人机体积只有5dm3，最大下潜深度为20m。当无人机在水中下潜到最大深度时，受到的浮力为______N，受到水的压强为______Pa。从浸没水中开始下潜过程中，其排开液体所受的重力______(填“变大”、“变小”或“不变”)。
(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)
19. 如图是小民家的电能表。他让一盏“220V 100W”的电灯单独正常工作30min，这段时间电能表转盘转了120转，则每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转______转。电能是______(填“一次”或“二次”)能源，电能表的外壳用塑料和橡胶制作，因为他们是______体，防止触电事故发生。
20. 如图所示的装置是用来探究通电时间相同时，电流通过导体产生的热量与______的关系，通电后，相同时间内R1产生的热量比R2产生的热量______(选填“多”或“少”)。
21. 如图甲，小灯泡为“6V 3W”，滑动变阻器为“？Ω 2A”。只闭合开关S1和S3，在电路安全的情况下最大范围调节变阻器的滑片，绘制了电流表示数与变阻器连入阻值关系的图象(图乙)；只闭合开关S2，最大范围调节变阻器的滑片，绘制了电流表与电压表示数关系的图象(图丙)。该电路的电源电压为______ V；只闭合开关S1和S3，变阻器连入的最大阻值为______ Ω；只闭合开关S2时，灯泡的最小功率为______ W。
四、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
22. 如图所示，有一点光源S发出的一条光线经平面镜反射后，反射光线经过凸透镜折射后与主光轴平行(F为透镜的焦点)，请画出：①入射光线，②反射光线，③经凸透镜折射后的折射光线。
23. 图甲是一个菜馅挤水器，其上部手柄在使用时是一个杠杆，图乙是其简化的示意图，O为支点，F2是使用菜馅挤水器时B点受到的阻力。请在图乙中画出作用在A点的最小动力F1的示意图及阻力臂l2。
24. 如图甲所示为一款磁浮地球仪，在地球仪中心有一块竖直放置的条形磁铁受到蹄形磁铁的作用而静止在空中。条形磁铁上端受吸引力，下端受排斥力。请在图乙标出：
(1)蹄形磁铁下端的磁极(用“N”或“S”表示填入括号中)；
(2)图中蹄形磁铁上端磁感线的方向；
(3)电源下端的极性(用“+”或“−”表示填入括号中)。
五、实验探究题（本大题共5小题，共36.0分）
25. 图甲是探究海波熔化时温度变化规律的实验装置，图乙是根据实验数据绘制的图象。
(1)由图乙可知，海波的熔化过程经历了______min，图中B点的内能______(填“大于”“小于”或“等于”)C点的内能，”)，第9min海波处于______(填“固态”“液态”或“固液共存态”)，海波是______(填“晶体”或“非晶体。
(2)海波全部熔化后撤掉酒精灯探究海波凝固时温度的变化规律。待温度计示数达到48℃后，经过较长时间凝固过程也没有结束，这是由于水的______较大，放热本领强，水温下降较慢造成的。撤掉水杯后，很快完成了实验，并根据实验数据绘制了图丙的图象，由此得出海波液体凝固过程中温度______(填“上升”“下降”或“不变”)。
26. 小明的爸爸和妈妈用的同样的手机和相同的白色粗糙手机壳，于是小明使用手机支架把这两个同样的手机安装在光具座上来探究“凸透镜成像规律”，已知凸透镜的焦距为10cm。
(1)小明将两个手机和凸透镜依次放在光具座上，并将右侧手机壳正对凸透镜如图所示。将左侧手机微信的图标调到手机的中心。调节两个手机和凸透镜的高度，使微信图标的像成在手机壳______。
(2)小明将左侧的手机的一个动画打开，动画中一只火箭从屏幕底端上升到顶端。则右侧手机壳上火箭的像______(填“向上”或“向下”)运动。
(3)两手机和凸透镜的位置如图所示，右侧手机壳上成清晰的像，该像为倒立、______(填“放大”或“缩小”)、实像。生活中的______(填“投影仪”、“放大镜“或“照相机”)利用了这个原理。
(4)小明将两个手机翻转，使左侧手机壳和右侧手机屏幕相对，保持两个手机和凸透镜的位置不动，______(填“能“或“不能”)在左侧的手机壳上出现清晰的像。
(5)小明将两手机和凸透镜恢复到如图所示的情景，将自己的近视镜靠近凸透镜放置，手机壳上的像变模糊了，应适当的向______(填“左”或“右”)调节左侧手机使手机壳上的像变清晰。
27. 在探究“杠杆的平衡条件”的实验中：
(1)实验前，将杠杆安装到支架上后静止如图甲所示，按照实验要求，此时杠杆的平衡螺母A应向______调节，或者B向______调节(上两空均选填“左”或“右”)。
(2)如图乙所示，杠杆上每格均匀等距，每个钩码的质量都相同，若在C位置挂4个钩码，在D处挂______个钩码，仍可使其在水平位置平衡。
(3)以上实验结束后，小明用弹簧测力计代替钩码，如图丙所示，保持所挂钩码位置不变，不断改变弹簧测力计的作用点和力的大小，使杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的拉力F与其力臂L的图像如图丁所示，由图像得每次描出的点与两坐标轴围成的方形面积(如图丁中阴影部分) ______(选填“相等“或“不等”)，其原因是______。
(4)小明看到爸爸利用如图的工具抬起大花盆，取出托水盘清洗，结合上面的探究，为了抬起花盆时更省力，他建议爸爸将支架向______移动一些距离。
28. 下面是建国同学测量物体密度的实验。
(1)请你将“测量盐水密度”的实验过程补充完整。
①把天平放在水平台上，游码放在标尺左端的______处，再将平衡螺母向左调节可使天平平衡，说明游码刚归零时，指针静止时指在分度盘中线的______(选填“左”或“右”)侧。
②如图甲用天平测出盐水和烧杯的总质量为______g。
③将烧杯中盐水一部分倒入量筒中，量筒中液面位置如图乙所示，则量筒中盐水的体积为______cm3，用天平测量烧杯与剩余盐水的总质量为38g，则盐水的密度为______kg/m3。
(2)实验后，建国想用身边的物体测量盐水密度，于是他找到盛有水的玻璃容器，一个注射器(带有刻度)、一个轻质薄壁的盒和记号笔，设计了如下实验步骤：
①将空盒放在容器中，用注射器向盒中注入盐水，使盒的表面恰好与水面相平且漂浮在水面上如图丙，标记出水面的位置A，并记录注入的盐水体积V1；
②用手指轻压盒，使其浸没水中，此时用注射器______(选填“注入”或“吸取”)水，使容器中水面重新到达标记A处，并记录注入的或者吸取水体积V2；
③盐水的密度ρ盐水=______(用字母表示，已知水的密度为ρ水)。
29. 酒泉同学用图甲所示的实验电路测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，其中电源由四节新的干电池串联组成。
(1)闭合开关后，酒泉发现______(填“电流表”或“电压表”)几乎无示数。检查电路后发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线把电路连接正确。
(2)酒泉选择了合适的滑动变阻器并且正确连接电路后，调节滑动变阻器并观察______(填“电流表”或“电压表”)的示数，使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，小灯泡的电阻为12.5Ω，根据数据可以判断出他选用的滑动变阻器是______。(填选项前的字母)
A.“10Ω，0.5A”
B.“30Ω，0.5A”
C.“40Ω，0.1A”
(3)卫星同学想用甲图改正后的实验电路和器材探究“电流与电阻的关系”，他找来了阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻代替小灯泡进行实验。
①卫星将10Ω电阻连入电路中，调节滑片使电压表示数为2V，读出电流表示数；
②选用另一电阻实验时，如果滑动变阻器的滑片保持不动，电压表示数大于2V，那么他选择的电阻应该是______(填“5”或“15”)Ω；
③选用20Ω电阻实验时，闭合开关后，无论怎样移动滑片都不能使电压表的示数为2V，卫星和同组同学讨论后，想通过减小电源电压的方式来完成实验他应该减少______节干电池(填“1”、“2”或“1、2都可以”)。
(4)酒泉和卫星又想测量3.8V小灯泡的额定功率，他们重新找来器材设计了图丙所示的实验电路，其中R1阻值未知、R2阻值为10Ω，电源电压未知。他们用同一个电流表分别在图中的①②③三个位置测量出电流(不接电流表时该位置用导线代替)，测量出了小灯泡的额定功率，请你将下面的步骤补充完整。
①将电流表先接在图中______(填“1”或“3”)的位置上，闭合开关后，调节滑片使电流表的示数为______A，小灯泡正常发光。
②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.58A。
③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.4A。
④小灯泡的额定功率P额=______W。
六、简答题（本大题共1小题，共3.0分）
30. 2022年3月11日，巴基斯坦空军在卡姆拉举行首批6架歼10CE接装仪式。如图是飞行员操控歼10CE在高空飞行的情景。请回答：
(1)歼10CE在高空飞行，能够获得向上的升力，此时机翼上方空气压强大还是下方空气压强大？
(2)以歼10CE为参照物，飞行员是运动还是静止的？
(3)匀速上升过程中，歼10CE的机械能大小如何变化？
七、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
31. 如图所示是利用5G网络实现远程驾驶的汽车，其质量为1.5t，车轮与地面接触的总面积为750cm2，该车在水平路面上匀速直线行驶13.8km，用时10min，消耗汽油2kg，这一过程中汽车发动机的输出功率为46kW.求：(汽油热值为q汽=4.6×107J/kg，g取10N/kg)
(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压强。
(2)在这一过程中汽车受到的阻力。
(3)在这一过程中汽车发动机的效率。
32. 图甲是两档空气炸锅，图乙是其内部简化电路，R1、R2均为发热体，将开关S分别置于1、2两位置时，空气炸锅处于不同的档位。已知两档空气炸锅的高温档功率为900W，R2阻值为96.8Ω.求：
(1)发热体R1的阻值是多少？
(2)空气炸锅一次性可装入200克牛柳，若将这些牛柳从40℃加热到190℃，牛柳需要吸收多少热量？【c牛柳=3×103J/(kg⋅℃)】
(3)不计热量损失，用高温档牛柳从40℃加热到190℃，需要多长时间？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不符合实际；
B、高铁运行的平均速度达300km/h。故B不符合实际；
C、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右。故C符合实际；
D、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s。故D不符合实际。
故选：C。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
2.【答案】B
【解析】解：A.“剧院”在水中倒影属于平面镜成像，平面镜成的是正立、等大的虚像，故A不符合题意；
B.“烛焰”经小孔成像属于光的直线传播现象的应用，成的是倒立的实像，故B符合题意；
C.水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，光由水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像，故C不符合题意；
D.演员对着镜子画脸谱，属于平面镜成像，平面镜成的是正立、等大的虚像，故D不符合题意。
故选：B。
(1)成实像的情况有：小孔成像和凸透镜成像中当物距大于1倍焦距时，都是成的实像；
(2)成虚像的情况有：平面镜成像、折射成像和凸透镜成像中当物距小于1倍焦距时成正立放大的虚像。
本题考查了学生对实像和虚像的区分情况，实像是由实际光线会聚而成的，能在光屏上呈现，虚像不能在光屏上呈现。
3.【答案】C
【解析】解：A、糖粒变为糖汁，是物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸收热量，故A错误。
B、冷面下的油冒出气泡，是物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸收热量，故B错误。
C、冷面上冒出“白气”，是水蒸气温度降低变成的小水珠，是液化过程，液化放出热量，故C正确。
D、涂抹在冷面上的酱汁变干，是酱汁中的水变成水蒸气，是汽化过程，汽化吸收热量，故D错误。
故选：C。
从六种物态变化定义进行判断：
(1)物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸收热量；物质从液态变为固态是凝固过程，凝固放出热量。
(2)物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸收热量；物质从气态变为液态是液化过程，液化放出热量。
(3)物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸收热量；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放出热量。
判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
4.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查摩擦起电、导体、电流的方向等有关问题，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
(1)摩擦起电的本质是发生了电子的转移；
(2)静电释放按钮必须是导体，才能将静电释放掉；
(3)正电荷移动方向为电流的方向，“除电”时，人体所带电荷经金属球流向大地，若人体带负电，则电流方向是从大地流向金属球。
【解答】
A.人体与衣物摩擦带电，是由于电荷发生了转移，而不是创造了电荷，故A错误；
B.为了将人体的静电释放掉，则杆上端的黑色圆球是导体，而橡胶或玻璃是绝缘体，故B错误；
C.静电消除杆将人体与大地相连，“除电”时，人体所带电荷经金属球流向大地，为了达到更好的静电消除效果，应将杆下端的导电线埋入地下，故C正确；
D.若人体带有负电(有多余的电子)，电子会由人体通过金属杆流向大地，因电流方向与自由电子定向移动的方向相反，则清除静电时金属杆中电流方向从下向上(由大地流向人体)，故D错误。
故选C。
5.【答案】C
【解析】解：
由图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流减小，即电流表A的示数变小，电灯L的亮度变暗，故AB错误；
因电压表V1测电源电压，所以滑片移动时，V1的示数保持不变，故C正确；
电路中的电流变小，根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，即V2的示数变大，所以电压表V1与电压表V2示数之和变大，故D错误。
故选：C。
首先判定电路的连接状态，明确电流表、电压表在电路中的作用，根据滑动变阻器阻值的变化和欧姆定律判定电流表、电压表示数的变化。
本题考查了欧姆定律及串联电路的特点，要求学生明确电路的结构，能够熟练应用串联电路的电压的特点求解。
6.【答案】D
【解析】解：
A、空气开关是防止线路短路或者超负荷用的，而漏电保护器只有漏电的时候会跳闸，所以漏电保护器和空气开关作用不相同，在电路中要同时安装，但不可以相互替代；故A错误；
B、电灯开关短路时，相当于开关闭合，灯泡一直发光，但不会引起空气开关跳闸，故B错误；
C、站在地上的人手接触火线，电流会从火线经过人体流到大地，发生单线触电；所以，不同时触摸到火线和零线也会发生触电事故，故C错误；
D、正确使用测电笔的方法：笔尖接触检测的导线，手必须接触笔尾金属体，这样才能检测导线是零线还是火线，故D正确。
故选：D。
(1)空气开关是防止线路短路或者超负荷用的，而漏电保护器只有漏电的时候会跳闸，所以漏电保护器和空气开关作用不相同，在电路中要同时安装漏电保护器原理是当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，电流从大地跑了，此时漏电保护器起作用；
空气开关在电路过载或短路时，即通过电流过大时起到保护作用。
(2)控制用电器的开关短接时，相当于开关闭合，用电器正常工作，不会引起电流过大，空气开关跳闸不会跳闸；
(3)触电是人体直接或间接接触火线，并且和零线或地线构成电流的路径，包括单相触电和双相触电；
(4)试电笔在使用时手要碰触笔尾金属体，如果接触试电笔的笔尖，相当于直接用手接触导线会有触电危险。
掌握安全用电原则是解题的关键，本题难度不大。
7.【答案】A
【解析】解：A.球员用力蹬地起跳，脚要用力蹬地，脚给地面力，同时地面给人一个力，于是人跳起，说明物体间力的作用是相互的，故A正确；
B.惯性是物体的一种属性，足球离脚后上升过程中，由于惯性还能继续向上运动，不能说受到惯性，故B错误；
C.足球在空中加速下落，足球的重力势能变小，动能增加，故重力势能转化为动能，故C错误；
D.场边记者肩扛摄像机静止时，支持力的大小等于摄像机和记者的重力，故记者受到的重力小于地面对记者的支持力，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
(3)判断出各个选项中消耗了哪种形式的能，进而又产生了哪种形式的能是解决该题的关键；
(4)二力平衡的条件是：作用在同一物体上；大小相等；方向相反；作用在同一直线上。
本题考查力的作用，惯性，能的转化，以及平衡力，是一道综合题。
8.【答案】B
【解析】解：
A、电冰箱接入三孔插座后，电灯与电冰箱在工作时互不影响，则它们是并联的，故A错误；
B、电冰箱接入三孔插座后，能使电冰箱的金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳带电而使人发生触电事故，故B正确；
C、闭合开关后，A点与零线连接，由于人体电阻大，故所以试电笔接触A点，氖管不发光；故C正确；
D、空气开关跳闸，可能是由于短路造成的，也可能是由于电路的总功率过大造成的，故D错误；
故选：B。
(1)若各用电器在工作过程中互不影响，则各用电器是并联的；
(2)为保证用电安全，有金属外壳的用电器，其外壳要保持良好接地；
(3)测电笔是辨别火线和零线的工具，当测电笔的笔尖接触零线和地线时，氖管不会发光；若笔尖接触火线时，氖管会发光。
(4)空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路中电流过大的原因有两个：短路或总功率过大。
家庭电路与中学生的日常生活联系密切，在学习时注意理论联系实际，学以致用；知道并理解家庭电路的组成是解答该题的基础。
9.【答案】ACD
【解析】解：A.由图可知，n=3，则绳端移动的距离：s=nh=3×4m=12m，
绳子自由端的移动速度：v=st=12m10s=1.2m/s，故A正确；
B.拉力做的总功：W总=Fs=500N×12m=6000J，
拉力的功率：P=W总t=6000J10s=600W，故B错误；
C.因为η=W有W总×100%，所以有用功：W有=ηW总=80%×6000J=4800J，
则W额=W总−W有=6000J−4800J=1200J，
不计绳重及摩擦，克服动滑轮重力所做的功为额外功，
根据W额=G动h得，动滑轮的重力：G动=W额h=1200J4m=300N，故C正确；
D、因为人的重力为600N，所以人能施加的最大拉力F最大=G人=600N，否则人会被绳子拉起来，
不计绳重及摩擦，则有：F最大=1n(G物最大+G动)，所以最大物重：
G物最大=nF最大−G动=3×600N−300N=1500N<2000N，所以小爱将无法匀速拉起重物，故D正确。
故选：ACD。
(1)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，利用v=st求出绳自由端的移动速度；
(2)根据W=Fs求出拉力做的总功，利用P=Wt求出拉力的功率；
(3)根据η=W有W总×100%算出有用功，利用W额=W总−W有求出额外功，不计绳重及摩擦，克服动滑轮重力所做的功为额外功，根据W额=G动h求出动滑轮重；
(4)知道动滑轮重，人能施加的拉力最大等于人的体重，利用不计绳重及摩擦时F=1n(G+G动)求此滑轮组最多能提起重物此的重力。
本题考查了使用滑轮组时的速度、有用功、额外功、机械效率和功率的计算，利用好不计绳重及摩擦时F=1n(G+G动)是关键。
10.【答案】ABD
【解析】
【分析】
(1)改变内能的方式：做功和热传递；
(2)分子不停的做无规则运动；
(3)热量是一过程量，只能用“吸收”和“放出”描述，不能用“含有”；
(4)分子间存在相互的引力和斥力。
本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
【解答】
A、炒菜时主要是通过热传递的方法增加菜的内能，故A正确；
B、炒菜时闻到菜的香味，说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、煮熟的粽子过一会变凉了，内能会减少，不能说含有的热量会减少，故C错误；
D、剥开粽子，粽叶上粘有米粒说明分子间存在引力，故D正确。
故选：ABD。
11.【答案】ACD
【解析】解：
A、把A、B两物体作为一个整体，由图知，该整体在两液体中都处于漂浮状态，
由漂浮条件可知F浮=GA+GB，所以该整体在两液体中受到的浮力相等；
由图知V排甲=VB，V排乙=VA，且VA
因整体在两液体中受到的浮力相等，且排开甲液体的体积较大，
所以，由F浮=ρ液gV排可知，两液体的密度关系：ρ甲<ρ乙，故A正确；
B、已知两液体的深度h相同，且ρ甲<ρ乙，由p=ρgh可知，甲液体对杯底的压强小于乙液体对杯底的压强，故B错误；
C、因整体受到的浮力相等(即甲液体中B物体受到的浮力等于乙液体中A物体受到的浮力)，且两物体上表面没有受到液体的压力，
所以，由浮力产生的原因可知，甲液体中B物体与乙液体中A物体的下表面受到的液体压力相等，
由图知B的底面积更大，由p=FS可知，甲液体对B下表面的压强小于乙液体对A下表面的压强，故C正确；
D、两容器中液面恰好相平且容器相同，则液体与物块排开液体的体积之和相同，但V排甲>V排乙，所以甲液体的体积较小，又知ρ甲<ρ乙，则根据G液=m液g=ρ液gV液可知，甲液体的重力较小；
整个容器水平桌面的压力F=G容+GA+GB+G液，因容器相同、其重力相同，且A、B两物体的重力不变，甲液体的重力较小，所以，装甲液体的容器对水平桌面的压力较小，故D正确。
故选：ACD。
(1)把A、B两物体作为一个整体，该整体在两液体中都处于漂浮状态，根据漂浮条件可知所受浮力的大小关系；结合题意和图示判断V排的关系，根据F浮=ρ液gV排可比较两种液体的密度关系；
(2)根据p=ρgh分析液体对杯底的压强；
(3)根据漂浮条件、浮力产生的原因以及p=FS分析液体对物体下表面的压强关系；
(4)先比较两种液体的体积关系和重力关系，再根据”整个容器对水平桌面的压力等于物体和液体的总重力“进行分析。
本题综合考查了阿基米德原理、漂浮条件、液体压强公式和压强定义式的综合应用，知识点多，属于难题；本题的难点是C项的判断，由于ρ甲<ρ乙，但B物体浸入甲液体的深度较大，则不能用液体压强公式判断，需结合浮力产生的原因和压强定义式进行分析。
12.【答案】CD
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器Rp串联，电压表测Rp两端的电压，电流表测电路中的电流。
由P=UI可得，灯泡的额定电流：IL=PLUL=3W6V=0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流Imax=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，
此时电路中的总电阻和灯泡的电阻分别为：
R=UImax=18V0.5A=36Ω，RL=ULIL=6V0.5A=12Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小=R−RL=36Ω−12Ω=24Ω，
电路消耗的最大总功率：P大=UImax=18V×0.5A=9W，故B错误；
当电压表的示数最大U滑=15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，小灯泡消耗的电功率最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：UL′=U−U滑=18V−15V=3V，
此时电路中的电流：
I=U′LRL=U滑R滑大，即3V12Ω=15VR滑大；
解得：R滑大=60Ω<100Ω，故闭合开关时，滑片不能放在最右端，故A错误；
则滑动变阻器允许调节的范围是24Ω～60Ω，故D正确；
小灯泡的电功率最小值：
PL小=UL2RL=(3V)212Ω=0.75W，故C正确。
故选：CD。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测Rp两端的电压，电流表测电路中的电流。
知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻和灯泡的电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路消耗的最大总功率；当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，小灯泡消耗的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，由此确定滑片能不能放到最右侧，根据P=U2R求出小灯泡的电功率最小值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，会判断各量的最大和最小值是解题的关键。
13.【答案】振动 空气 信息
【解析】解：如图是2023年央视元宵晚会的一个场景。演员说话发出的声音是由声带振动产生的，通过空气传到现场观众耳朵中，观众被节目内容逗得哈哈大笑说明声音可以传递信息。
故答案为：振动；空气；信息。
(1)声音是由物体振动产生的。
(2)声音的传播需要介质。
(3)声音可以传递信息。
知道声音产生和传播的条件；知道声音可以传递信息。
14.【答案】半导体 电 机械
【解析】解：硅光电池板主要是利用半导体材料制成；电动机工作将电能转化为机械能。
故答案为：半导体；电；机械。
(1)半导体导电能力介于导体与绝缘体之间。
(2)电动车工作时将电能转化为机械能。
本题考查了半导体的特点与电动车的工作原理，属于基础题。
15.【答案】相反 重力 运动状态
【解析】解：从雪道向下滑行时，雪板相对于雪地向向前运动故摩擦力的方向与前进方向相反，故向后；此时运动员受到重力作用故会向下滑行，最后停下来是由于力改变她的运动状态。
故答案为：相反；重力；运动状态。
(1)摩擦力产生条件：①两物体要接触并相互挤压；②接触面粗糙；③有相对运动或相对运动趋势；
(2)摩擦力的方向与相对运动或相对运动的趋势相反；
本题考查重力、力的作用效果和摩擦力方向的判断，关键是理解相对运动。
16.【答案】镜面 虚 80
【解析】解：山峰在水中的“倒影”，这是由于光在水面发生镜面反射，形成山的虚像。
若其中的一个山峰顶端到水面的距离为80m时，根据平面镜所成的像与平面镜的距离等于物体与平面镜的距离可知，它像的顶端到水面的距离为80m。
故答案为：镜面；虚；80。
倒影属平面镜成像现象，所以所成的像是虚像，其原理是光的反射，根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像与平面镜的距离等于物体与平面镜的距离。
本题由学生日常生活中能够观察到的现象入手，考查了学生对基本光学现象的认识，注重了理论和实际的联系。
17.【答案】用电器；并；热
【解析】
【分析】
(1)给电池充电的过程，消耗电能，获得化学能，据此进行分析；
(2)根据电动机和指示灯是否互相影响判断两者的连接关系；
(3)电流通过导体时，都要产生热量，这种现象是电流的热效应。
本题考查了利用身边器材能够做的物理实验以及分析实验中蕴含的物理知识，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，相对比较简单。
【解答】
(1)给电动橡皮擦的电池充电时，是将电能转化为化学能，此时电动橡皮擦的电池相当于用电器；
(2)电动橡皮擦的指示灯和电动机可以单独工作，说明指示灯与电动机是并联的；
(3)工作时电动机会发热，是因为电流具有热效应。
故答案为：用电器；并；热。
18.【答案】50 2×105 不变
【解析】解：(1)因为无人机浸没，所以V排=V=5dm3=5×10−3m3，
无人机受到的浮力：F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×5×10−3m3×10N/kg=50N；
(2)无人机受到水的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×20m=2×105Pa；
(3)无人机浸没在水中下潜过程中，排开水的体积不变，根据F浮=ρ水V排g可知，无人机受到的浮力不变，
又G排=F浮，所以无人机排开液体所受的重力不变。
故答案为：50；2×105；不变。
(1)利用F浮=ρ液V排g计算出无人机受到的浮力；
(2)利用p=ρgh计算出无人机受到的压强；
(3)根据F浮=ρ水V排g分析无人机下潜过程中的浮力变化，根据F浮=G排得到无人机排开液体所受的重力变化。
本题考查了浮力、液体压强的计算和浮力的影响因素，是一道基础题。
19.【答案】2400 二次 绝缘
【解析】解：(1)由p=Wt可得，电灯单独正常工作30min消耗的电能：W=Pt=0.1kW×0.5h=0.05kW⋅h；
每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘的转数：n=1kW⋅h0.05kW⋅h×1200r=2400r；
(2)电能不能从自然界直接获取，属于二次能源；
(3)为防止触电事故发生，电能表的外壳用塑料和橡胶制作。
故答案为：2400；二次；绝缘。
(1)根据W=Pt求出电灯单独工作30min消耗的电能，进一步求出每消耗1kW⋅h的电能电能表转盘的转数；
(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
(3)善于导电的物体是导体，不善于导电的物体是绝缘体。
本题主要考查电能表参数的理解、电功率的计算、电能的求法以及电能表转盘转数的求法，难易程度适中。
20.【答案】电阻 少
【解析】解：由图知，两电阻丝串联，则通过它们的电流相同、通电时间也相同，而两电阻丝的阻值不同，所以探究的是电流产生热量与电阻大小的关系；
由图知，R1
电流通过导体产生热量的多少与电流大小、电阻和通电时间都有关；由图示电路的连接情况结合控制变量法进行分析；
由图知，R1
21.【答案】6 25 0.2
【解析】解：(1)只闭合开关S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，
由图丙可知，滑片移动时，电压表的的示数为6V不变，则电源的电压U=6V；
(2)只闭合开关S1和S3时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由U=UL=6V可知，灯泡正常发光，
此时通过灯泡的电流：IL=PLUL=3W6V=0.5A，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，通过滑动变阻器的电流最小，干路电流最小，
由图乙可知，干路的最小电流I小=0.74A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过滑动变阻器的最小电流：IR小=I小−IL=0.74A−0.5A=0.24A，
由I=UR可得，变阻器连入的最大阻值：R大=UIR小=6V0.24A=25Ω；
(3)只闭合开关S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，
由图丙可知，电路的最小电流I小′=0.2A，
此时滑动变阻器两端的电压：U滑=I小′R大=0.2A×25Ω=5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时灯泡两端的电压：UL′=U−U滑=6V−5V=1V，
灯泡的最小功率：PL′=UL′I小′=1V×0.2A=0.2W。
故答案为：6；25；0.2。
(1)只闭合开关S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据图丙读出滑片移动时电压表的的示数即为电源的电压；
(2)只闭合开关S1和S3时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据并联电路的电压特点结合灯泡的额定电压确定灯泡正常发光，利用P=UI求出此时通过灯泡的电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，通过滑动变阻器的电流最小，干路电流最小，根据图乙读出干路的最小电流，利用并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的最小电流，利用欧姆定律求出变阻器连入的最大阻值；
(3)只闭合开关S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，根据图丙读出电路的最小电流，利用欧姆定律求出此时滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，利用P=UI求出灯泡的最小功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和从图像中获取有用的信息是关键。
22.【答案】解：
作出光源S关于平面镜的对称点，可得像的位置S′，连接S′F作出反射光线，与平面镜的交点为入射点，连接入射点与S的连线即为入射光线，再根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴作出折射光线。如图所示：
【解析】物像关于平面镜对称，据此确定像的位置；而反射光线好像是从虚像上发出的，据此连接像点与F确定入射点的位置，画出反射光线，再根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴作出折射光线。
本题考查了平面镜成像的特点和凸透镜的三条特殊光线的作图，利用好经平面镜后的反射光线好像是从虚像上发出的是解题的关键。
23.【答案】解：根据杠杆的平衡条件，要想找到最小力就要找到最长的力臂，连接支点O与作用点A，OA即为最长力臂，力臂始终与力的作用线垂直，从而找到最小力；从点O向F2的作用线作垂线，垂线段长即为阻力臂L2，作图如下：
【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1 L1=F2 L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
此题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
24.【答案】解：(1)由图可知，条形磁铁的上端为N极，下端为S极，条形磁铁上端受吸引力，下端受排斥力，跟同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引可知，蹄形磁铁下端的磁极为S极，上端为S极；
(2)在磁体的外部，磁感线是从N极出来回到S极的，图中蹄形磁铁上端为S极，故磁感线是进入S极的；
(3)蹄形磁铁下端的磁极为S极，根据安培定则可知，电流从电磁铁的右端流入，所以电源的下端为正极；
如图所示：
【解析】(1)根据磁极间的相互作用规律分析蹄形磁铁下端的磁极的极性；
(2)在磁体的外部，磁感线是从N极出来回到S极的；
(3)根据安培定则判定电源下端的极性。
本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的应用，属于基础题。
25.【答案】4 小于 液态 晶体 比热容 不变
【解析】解：(1)晶体熔化时温度不变，由图象可知，海波在第3分钟至第7分钟过程中吸热但温度不变，因此，海波是晶体，且熔点是48℃，
熔化过程经历了7分钟−3分钟=4分钟，晶体在熔化的过程中吸热但温度不变；
晶体熔化的时候吸收热量，温度不变，但内能增加，因此图中B点的内能小于C点的内能，
第7分钟后熔化结束全部呈液态且继续吸热温度上升，因此在第9分钟时是液态；
(2)因为水的比热容大，吸收或放出相同热量时，温度变化都较小，因此经过较长时间凝固过程也没有结束，
由图丙可以看出，海波液体凝固过程中温度不变。
故答案为：(1)4；小于；液态；晶体；(2)比热容；不变。
(1)晶体和非晶体的重要区别：晶体熔化时不断吸收热量，温度保持不变；物体的质量不随温度的变化而改变。物质在熔化过程中，处于固液共存状态，熔化完毕，处于液态；晶体熔化的时候吸收热量，温度不变，但内能增加。
(2)比热容是反映不同物质吸放热能力的一个物理量，比热容大，在降低相同的温度时就会放出更多的热量。
海波是晶体，晶体凝固过程中温度不变。
此题考查了对冰的熔化图象的分析，要掌握晶体熔化过程中的特点；晶体与非晶体最大的区别就是看是否有一定的熔点，从图象上分辨，最大的不同就是晶体有一段时间只吸热而温度不变，我们应该学会区分。
26.【答案】中心 向下 缩小 照相机 能 左
【解析】解：(1)实验过程中，为了使像成在手机壳的中央，应调整两个手机壳和凸透镜中心大致在同一高度；
(2)动画中一只火箭从屏幕底端上升到顶端，由于此时手机成的是倒立的实像，则右侧手机壳上火箭的像向下移动；
(3)由图可知，此时的物距大于二倍焦距时，则凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
(4)小明将两个手机翻转，使左侧手机壳和右侧手机屏幕相对，保持两个手机和凸透镜的位置不动，根据光路可逆可知，在左侧的手机壳上能出现清晰的像；
(5)将自己的近视镜靠近凸透镜放置，近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用，使得像推迟会聚，在不一定右侧手机壳的情况下，相当于减小了像距，需要增大物距，即需要向左调节左侧手机，使手机壳上的像变清晰。
故答案为：(1)中心；(2)向下；(3)缩小；照相机(4)能；(5)左。
(1)为使像能成在光屏的中心，应调两个手机壳、凸透镜，使它们的中心大致在同一高度。
(2)凸透镜成实像时，像是倒立的；
(3)当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
(4)在光的折射中，光路是可逆的；
(5)近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用。
此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求。一定要注意实验前的调整工作。
27.【答案】右 右 6 相等 阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变 右
【解析】解：(1)实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向右调节，杠杆的平衡螺母A应向右调节，或者B向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；
(2)设一个钩码的重力为G，杠杆的一个小格为L，
由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2知，
4G×3L=nG×2L
解得：n=6，即在B位置挂上6个钩码，使杠杆在水平位置平衡；
(3)由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，F2L2=F1L1=3N×0.02m=2N×0.03cm=0.06N⋅m，图像中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变；
(4)由杠杆的平衡条件可知，在阻力不变时，向右移动支架，使动力臂增大的同时阻力臂减小，这样动力就减小，抬起花盆时就更省力。
故答案为：(1)右；右；(2)6；(3)相等；阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变；(4)右。
(1)实验前没有挂钩码和弹簧测力计时，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂和避免杠杆自重对实验的影响；
(2)根据已知条件，由杠杆的平衡条件求出在B位置所挂钩码的数量；
(3)由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可求得；
(4)由杠杆的平衡条件可知，要使动力变小，在阻力不变时，可通过增大动力臂，减小阻力臂的方法实现。
本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算，有一定难度。
28.【答案】零刻度线 右 93 50 1.1×103 注入 V1+V2V1ρ水
【解析】解：(1)①把天平放在水平台上，游码放在标尺左端的零刻度线处，将平衡螺母向左调节可使天平平衡，说明游码刚归零时，天平的左端上翘，右端下沉，所以指针指在分度盘的右侧。
②盐水和烧杯的总质量为m=50g+20g+20g+3g=93g。
③量筒中盐水的体积为V=50mL=50cm3，
量筒中盐水的质量m′=m−m′′=93g−38g=55g，
盐水的密度ρ=m′V=55g50cm3=1.1g/cm3=1.1×103kg/m3。
(2)实验步骤：
①将空盒放在容器中，用注射器向盒中注入盐水，使盒的表面恰好与水面相平且漂浮在水面上如图丙，标记出水面的位置A，并记录注入的盐水体积V1；
②用手指轻压盒，使其浸没在水中，水面会下降，此时用注射器注入水，使容器中水面重新到达标记A处，并记录注入水体积V2；
当盒子浸没在水中，为了达到标记A处，盐水和加入水的体积V′=V1+V2，
由于盒子漂浮和浸没时，水面都达到标记A处，则盒子漂浮时，盒子排开水的体积等于盒子浸没时盐水和加入水的体积，
则盒子漂浮时，盒子排开水的体积为V排=V′=V1+V2，
根据阿基米德原理和漂浮条件得，
由于盒子是轻质的，则盒子中盐水的重力G=F浮=ρ水gV排=ρ水g(V1+V2)，
则盒子中盐水的质量m盐=Gg=ρ水g(V1+V2)g=ρ水(V1+V2)。
③盒子中盐水的体积是V1，盐水的质量m盐=ρ水(V1+V2)。
则盐水的密度ρ盐水=m盐V1=ρ水(V1+V2)V1=V1+V2V1ρ水。
故答案为：(1)①零刻度线；右；②93；③50；1.1×103；(2)②注入；V1+V2V1ρ水。
(1)①天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处，平衡螺母向上翘的一端调节，使天平横梁在水平位置平衡。
②物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和。
③液体的体积等于液体面对应的刻度值；知道液体的质量和体积，根据密度公式求出液体的密度。
(2)盛盐水的轻质薄壁盒子浸没在水中，水面会下降，所以要注入水；
盛盐水的轻质薄壁盒子漂浮在水中，根据阿基米德原理和漂浮条件求出盐水的质量，知道盐水的体积，根据密度公式求出盐水的密度。
本题利用两种方法测量盐水的密度，一种是天平和量筒进行常规测量，一种是利用浮力进行测量，这两种方法都要熟练掌握。
29.【答案】电流表 电压表 B 15 1、2都可以 3 0.38 0.76
【解析】解：(1)甲图将电流表与电压表串联，由于电压表内阻很大，使该支路几乎无电流，故电流表几乎无示数；电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，修改电路如下：
(2)当小灯泡两端的实际电压达到额定电压2.5V时灯泡正常发光，故调节滑动变阻器时要观察电压表的示数，使电压表的示数为2.5V，此时小灯泡正常发光；
电源由四节新的干电池串联组成，电源电压为1.5V×4=6V，灯泡两端电压为2.5V，则滑动变阻器分得电压为：U滑=6V−2.5V=3.5V，
由图乙知此时电路中的电流为0.2A，则滑动变阻器接入电路中的电阻为：R滑=U滑I=3.5V0.2A=17.8Ω，
所选滑动变阻器的最大电阻应大于17.8Ω，由于电路中的电流大于0.1A，故滑动变阻器C不合适，应选B；
(3)②卫星将10Ω电阻连入电路中，调节滑片使电压表示数为2V，选用另一电阻实验时，如果滑动变阻器的滑片保持不动，电压表示数大于2V，根据串联分压原理知，分得电压变大，则另一电阻的阻值应该大于10Ω，故他选择的电阻应该是15Ω；
③要使20Ω电阻分得2V电压，则此时电路中的电流为：I=U定R定=2V20Ω=0.1A，
所用滑动变阻器的规格为“30Ω，0.5A”，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，所分担的电压最大，分担的最大电压为：U滑=IR滑=0.1A×30Ω=3V，
则电源的最大电压为：U=U定+U滑=2V+3V=5V，
所以为了使20Ω电阻分得2V电压，所用电源电压的范围是2V≤U≤5V，每节干电池的电压为1.5V，则需要2节或3节干电池作为电源，故在原有4节干电池的基础上，减少1节或2节干电池都可以；
(4)结合题意观察图丙知，小灯泡、电阻R1、电阻R2是并联接入电路，三者两端电压相等，R2阻值为10Ω，则让R2两端电压为3.8V，小灯泡即正常发光，此时，通过R2的电流为：
I2=U额R2=3.8V10Ω=0.38A，故实验步骤为：
①将电流表先接在图中3的位置上，闭合开关后，调节滑片使电流表的示数为0.38A，小灯泡正常发光；
②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.58A；
此时电流表测量的是通过R1和R2的总电流，所以通过R1的电流为：I1=0.58A−0.38A=0.2A，
③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.4A；
此时电流测量的是通过灯泡和R1的总电流，所以通过灯泡的电流为：I灯=0.4A−0.2A=0.2A，
则小灯泡的额定功率为：P额=U额I灯=3.8V×0.2A=0.76W。
故答案为：(1)电流表；见上图；(2)电压表；B；(3)②15；③1、2都可以；(4)①3；0.38；④0.76。
(1)甲图将电压表和电流表串联，然后与小灯泡并联，会使电流表几乎无示数；电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，据此修改原电路；
(2)小灯泡两端的实际电压达到额定电压2.5V时灯泡正常发光；利用串联电路电压的规律和欧姆定律计算出小灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路中的电阻，由此确定滑动变阻器的规格；
(3)②电压表示数变大，利用串联分压原理进行分析，判断所更换定值电阻的阻值变化；
③所用滑动变阻器的规格为“30Ω，0.5A”，要使20Ω电阻分得2V电压，根据串联电路特点和欧姆定律，求出电源电压的最大值，由此确定需要减少干电池的节数；
(4)要想测量3.8V小灯泡的额定功率，要先让小灯泡两端实际电压达到额定电压，小灯泡正常发光，然后测量出小灯泡的电流，再根据P=UI计算出小灯泡的额定功率。
本题涉及测量小灯泡的电阻、探究电流与电阻的关系、测量小灯泡的电功率三个实验，考查了实物电路的连接、器材的选取、实验现象分析、特殊法测电功率，考查范围广且有一定难度，分析实验现象时要能熟练运用串联分压原理，特殊法测额定电功率时，关键是先让小灯泡正常发光，然后结合电路特点测量出电流，最后根据P=UI计算出额定功率。
30.【答案】答：(1)歼10CE在高空飞行，机翼上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，从而产生向上的升力；
(2)以歼10CE为参照物，飞行员与歼10CE之间的位置没有发生变化，所以飞行员是静止的；
(3)匀速上升过程中，歼10CE的质量不变、速度不变，其动能不变；高度增加，重力势能增加；因机械能等于动能与势能之和，所以歼10CE的机械能增加。
【解析】(1)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
(2)看被研究的物体与所选的标准即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
(3)动能大小的影响因素：质量、速度。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。机械能等于动能与势能之和。
本题以歼10CE为背景，考查了不同物理知识在其中的应用，体现了物理与实际的联系，是一道好题。
31.【答案】解：(1)该汽车静止在水平路面上时，对路面的压力：
F压=G=mg=1.5×103kg×10N/kg=1.5×104N，
对路面的压强：
p=F压S=1.5×104N750×10−4m2=2×105Pa；
(2)汽车行驶的速度：
v=st=13.8×103m10×60s=23m/s，
根据P=Wt=Fst=Fv可得汽车的牵引力：
F′=PV=46×103W23m/s=2000N，
因汽车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，大小相等，
所以，阻力f=F′=2000N；
(3)牵引力做的有用功：
W有用=F′s=2000N×13.8×103m=2.76×107J，
汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=m汽q汽=2kg×4.6×107J/kg=9.2×108J，
这段时间内该发动机所做的有用功：
η=W有用Q放=2.76×107J9.2×108J×100%=30%。
答：(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压强2×105Pa；
(2)在这一过程中汽车受到的阻力2000N。
(3)在这一过程中汽车发动机的效率为30%。
【解析】(1)车静止在水平路面上时对地面的压力和自身的重力相等，根据G=mg求出其大小，根据p=FS求出对路面的压强；
(2)已知路程和时间，利用速度公式算出速度；
根据P=Wt=Fst=Fv求出汽车牵引力，根据二力平衡算出阻力；
(3)根据W=Fs算出做的机械功，根据Q放=mq求出汽油完全燃烧释放的热量，再根据效率公式求出汽车发动机的效率。
本题是力学和热学的综合题，考查了学生对重力公式、压强公式、燃料完全燃烧放热公式、功的公式、功率公式、效率公式的掌握和运用，利用所学知识，计算解决实际问题，学以致用。
32.【答案】解：(1)由电路图可知，当S置于1位置时，R1、R2并联，
当S置于2位置时，只有电阻R1接入电路；
因为并联电路的电阻小于任何一个分电阻，即并联电阻小于R2，所以接1时为加热档，
因此由P=U2R可知，当S置于1位置时，功率较大，即空气炸锅处于加热状态；
当S置于2位置时，空气炸锅处于保温状态；
则R2的功率P2=U2R2=(220V)296.8Ω=500W，
发热体R2的功率：P1=900W−500W=400W；
由P=U2R可知，R1=U2P1=(220V)2400W=121Ω。
(2)牛柳需要吸收的热量Q吸=cm△t=3×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(190℃−40℃)=9×104J；
(3)不计热量损失Q吸=W=9×104J；
由P=Wt可得，用高温档牛柳从40℃加热到190℃，需要时间t=WP=9×104J900W=100s。
答：(1)发热体R1的阻值是121Ω。
(2)牛柳需要吸收9×104J热量；
(3)需要100s长时间。
【解析】(1)分析将开关S分别置于1、2两位置时电阻的变化，根据P=U2R分析电路功率大小可知空气炸锅处于哪种工作状态；根据加热功率和保温功率即可求出R1的功率，再根据P=U2R的变形公式求出发热体R1的阻值。
(2)根据Q=cm△t可求得牛柳需要吸收多少热量；
(3)不计热量损失，Q吸=W，由P=Wt可求得需要时间。
本题考查了电功率公式的灵活应用，关键是判断出空气炸锅工作状态和电路的对应关系。
2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共7小题，共14.0分）
1. 下列估计的数据与实际相符的是( )
A. 人的正常体温是38℃ B. 高铁运行的平均速度约为150km/h
C. 初中生的质量大约是50kg D. 人一次脉搏的时间约4s
2. 在如图所示的现象或情景中，成实像的是( )
A. “剧院”在水中倒影
B. “烛焰”经小孔成像
C. 乘船水中叉鱼
D. 演员对镜子画脸谱
3. 烤冷面是同学们喜爱吃的小吃之一，关于制作烤冷面过程中的物态变化分析，正确的是( )
A. 撒在冷面上的糖粒变为糖汁是熔化过程需要放热
B. 冷面下的油冒出气泡是汽化过程需要放热
C. 冷面上冒出“白气”的形成是液化过程需要放热
D. 涂抹在冷面上的酱汁变干是凝固过程需要吸热
4. 如图是工厂、加油站里常见的”静电清除杆”，当工人进行静电清除是，只需站在杆旁手摸上端的黑色圆球即可清除人体上的静电。下列有关说法中正确的是( )
A. 人体与衣服摩擦起电的过程是创造电荷的过程
B. 杆上端的黑色圆球可以用橡胶或玻璃制成
C. 为达到更好的静电清除效果，应将杆下端的导电线埋入地下
D. 若人体带有负电，则清除静电时金属杆中电流方向是从上向下的
5. 如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电灯L的亮度不变 B. 电流表A的示数变大
C. 电压表V1的示数不变 D. 电压表V1与电压表V2示数之和不变
6. 关于家庭电路及安全用电的说法中正确的是( )
A. 漏电保护器和空气开关作用相同可以相互替代
B. 电灯开关短路时可引起空气开关跳闸
C. 只要不同时触摸到火线和零线就不会发生触电事故
D. 使用试电笔时手必须接触笔尾金属体
7. 2022年潘帕斯雄鹰阿根廷队取得世界杯冠军，梅西赢得大满贯。下列关于比赛中情景说法正确的是( )
A. 球员用力蹬地奔跑，利用了物体间力的作用是相互的
B. 足球离脚后上升过程中，由于受到惯性，速度越来越小
C. 足球在空中加速下落，机械能的转化情况是动能转化为重力势能
D. 场边记者肩扛摄像机静止时，记者受到的重力和支持力是平衡力
二、多选题（本大题共5小题，共14.0分）
8. 如图所示，关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 电冰箱接入三孔插座后，灯和电冰箱是串联的
B. 电冰箱接入三孔插座后，能使电冰箱的金属外壳接地
C. 闭合开关后，用试电笔接触A点时，氖管发光
D. 若空气开关“跳闸”，一定是电路的总功率过大
9. 如图所示，自重600N的小爱同学用500N的拉力提升一重物，使重物在10s内上升4m，滑轮组的机械效率为80%(不计绳重及摩擦)。下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端移动的速度为1.2m/s
B. 拉力的功率为100W
C. 动滑轮重为300N
D. 若重物的重力为2000N，小爱将无法匀速拉起重物
10. 下列是日常生活中的一些情景，有关说法正确的是( )
A. 炒菜时主要是通过热传递的方法增加菜的内能
B. 炒菜时闻到菜的香味说明分子在不停地做无规则运动
C. 煮熟的粽子过一会变凉了，它含有的热量会减少
D. 剥开粽子，粽叶上粘有米粒说明分子间存在引力
11. 水平桌面上两个相同的烧杯中分别装有甲、乙两种不同液体，将两个不同材料制成的正方体A、B(VA
B. 甲液体对杯底的压强等于乙液体对杯底的压强
C. 甲液体对B下表面的压强小于乙液体对A下表面的压强
D. 装甲液体的容器对水平桌面的压力小于装乙液体的容器对水平桌面的压力
12. 如图所示，把标有“6V 3W”的小灯泡L与最大阻值为100Ω的滑动变阻器串联在电源电压为18V的电路中，电压表的量程0−15V，要求：电流表和电压表的示数不能超过所选量程，且灯丝电阻不变，下列说法正确的是( )
A. 闭合开关前，滑片应移至滑动变阻器的最右端
B. 电路的最大总功率为10.8W
C. 小灯泡的最小电功率为0.75W
D. 滑动变阻器允许调节的范围是24～60Ω
三、填空题（本大题共9小题，共26.0分）
13. 如图是2023年央视元宵晚会的一个场景。演员说话发出的声音是由声带______ 产生的，通过______ 传到现场观众耳朵中，观众被节目内容逗得哈哈大笑说明声音可以传递______ 。
14. 如图是一款太阳能玩具电动车。其中的硅光电池板主要是利用______ (填“半导体”或“超导”)材料制成，主要把______ 能转化为______ 能。
15. 2022年北京冬奥会，中国选手徐梦桃获得自由式滑雪空中技巧金牌。如图为徐梦桃滑雪时的一个场景，当从雪道向下滑行时，雪板受雪地的摩擦力方向与其前进方向______ ，此时她由于受______ 向下滑行，最后能够停下来是力改变了她的______ 。
16. 图中，山峰在水中的“倒影”是光在平静的水面发生______(填“镜面”或“漫”)反射形成的______(填“实”或“虚”)像。若其中的一个山峰顶端到水面的距离为80m，水深5m，那么它像的顶到水面的距离为______m。
17. 如图是一款可充电电动橡皮擦。充电时，指示灯亮，橡皮擦的电池相当于______(填“电源”或“用电器”)；工作时，指示灯不亮，电动机带动橡皮振动，擦除纸上字迹，这说明指示灯与电动机是______联的；工作时电动机会发热，是因为电流具有______效应。
18. 如图所示为一款水下无人机，用于拍摄水下世界的奇妙。无人机体积只有5dm3，最大下潜深度为20m。当无人机在水中下潜到最大深度时，受到的浮力为______N，受到水的压强为______Pa。从浸没水中开始下潜过程中，其排开液体所受的重力______(填“变大”、“变小”或“不变”)。
(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)
19. 如图是小民家的电能表。他让一盏“220V 100W”的电灯单独正常工作30min，这段时间电能表转盘转了120转，则每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转______转。电能是______(填“一次”或“二次”)能源，电能表的外壳用塑料和橡胶制作，因为他们是______体，防止触电事故发生。
20. 如图所示的装置是用来探究通电时间相同时，电流通过导体产生的热量与______的关系，通电后，相同时间内R1产生的热量比R2产生的热量______(选填“多”或“少”)。
21. 如图甲，小灯泡为“6V 3W”，滑动变阻器为“？Ω 2A”。只闭合开关S1和S3，在电路安全的情况下最大范围调节变阻器的滑片，绘制了电流表示数与变阻器连入阻值关系的图象(图乙)；只闭合开关S2，最大范围调节变阻器的滑片，绘制了电流表与电压表示数关系的图象(图丙)。该电路的电源电压为______ V；只闭合开关S1和S3，变阻器连入的最大阻值为______ Ω；只闭合开关S2时，灯泡的最小功率为______ W。
四、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
22. 如图所示，有一点光源S发出的一条光线经平面镜反射后，反射光线经过凸透镜折射后与主光轴平行(F为透镜的焦点)，请画出：①入射光线，②反射光线，③经凸透镜折射后的折射光线。
23. 图甲是一个菜馅挤水器，其上部手柄在使用时是一个杠杆，图乙是其简化的示意图，O为支点，F2是使用菜馅挤水器时B点受到的阻力。请在图乙中画出作用在A点的最小动力F1的示意图及阻力臂l2。
24. 如图甲所示为一款磁浮地球仪，在地球仪中心有一块竖直放置的条形磁铁受到蹄形磁铁的作用而静止在空中。条形磁铁上端受吸引力，下端受排斥力。请在图乙标出：
(1)蹄形磁铁下端的磁极(用“N”或“S”表示填入括号中)；
(2)图中蹄形磁铁上端磁感线的方向；
(3)电源下端的极性(用“+”或“−”表示填入括号中)。
五、实验探究题（本大题共5小题，共36.0分）
25. 图甲是探究海波熔化时温度变化规律的实验装置，图乙是根据实验数据绘制的图象。
(1)由图乙可知，海波的熔化过程经历了______min，图中B点的内能______(填“大于”“小于”或“等于”)C点的内能，”)，第9min海波处于______(填“固态”“液态”或“固液共存态”)，海波是______(填“晶体”或“非晶体。
(2)海波全部熔化后撤掉酒精灯探究海波凝固时温度的变化规律。待温度计示数达到48℃后，经过较长时间凝固过程也没有结束，这是由于水的______较大，放热本领强，水温下降较慢造成的。撤掉水杯后，很快完成了实验，并根据实验数据绘制了图丙的图象，由此得出海波液体凝固过程中温度______(填“上升”“下降”或“不变”)。
26. 小明的爸爸和妈妈用的同样的手机和相同的白色粗糙手机壳，于是小明使用手机支架把这两个同样的手机安装在光具座上来探究“凸透镜成像规律”，已知凸透镜的焦距为10cm。
(1)小明将两个手机和凸透镜依次放在光具座上，并将右侧手机壳正对凸透镜如图所示。将左侧手机微信的图标调到手机的中心。调节两个手机和凸透镜的高度，使微信图标的像成在手机壳______。
(2)小明将左侧的手机的一个动画打开，动画中一只火箭从屏幕底端上升到顶端。则右侧手机壳上火箭的像______(填“向上”或“向下”)运动。
(3)两手机和凸透镜的位置如图所示，右侧手机壳上成清晰的像，该像为倒立、______(填“放大”或“缩小”)、实像。生活中的______(填“投影仪”、“放大镜“或“照相机”)利用了这个原理。
(4)小明将两个手机翻转，使左侧手机壳和右侧手机屏幕相对，保持两个手机和凸透镜的位置不动，______(填“能“或“不能”)在左侧的手机壳上出现清晰的像。
(5)小明将两手机和凸透镜恢复到如图所示的情景，将自己的近视镜靠近凸透镜放置，手机壳上的像变模糊了，应适当的向______(填“左”或“右”)调节左侧手机使手机壳上的像变清晰。
27. 在探究“杠杆的平衡条件”的实验中：
(1)实验前，将杠杆安装到支架上后静止如图甲所示，按照实验要求，此时杠杆的平衡螺母A应向______调节，或者B向______调节(上两空均选填“左”或“右”)。
(2)如图乙所示，杠杆上每格均匀等距，每个钩码的质量都相同，若在C位置挂4个钩码，在D处挂______个钩码，仍可使其在水平位置平衡。
(3)以上实验结束后，小明用弹簧测力计代替钩码，如图丙所示，保持所挂钩码位置不变，不断改变弹簧测力计的作用点和力的大小，使杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的拉力F与其力臂L的图像如图丁所示，由图像得每次描出的点与两坐标轴围成的方形面积(如图丁中阴影部分) ______(选填“相等“或“不等”)，其原因是______。
(4)小明看到爸爸利用如图的工具抬起大花盆，取出托水盘清洗，结合上面的探究，为了抬起花盆时更省力，他建议爸爸将支架向______移动一些距离。
28. 下面是建国同学测量物体密度的实验。
(1)请你将“测量盐水密度”的实验过程补充完整。
①把天平放在水平台上，游码放在标尺左端的______处，再将平衡螺母向左调节可使天平平衡，说明游码刚归零时，指针静止时指在分度盘中线的______(选填“左”或“右”)侧。
②如图甲用天平测出盐水和烧杯的总质量为______g。
③将烧杯中盐水一部分倒入量筒中，量筒中液面位置如图乙所示，则量筒中盐水的体积为______cm3，用天平测量烧杯与剩余盐水的总质量为38g，则盐水的密度为______kg/m3。
(2)实验后，建国想用身边的物体测量盐水密度，于是他找到盛有水的玻璃容器，一个注射器(带有刻度)、一个轻质薄壁的盒和记号笔，设计了如下实验步骤：
①将空盒放在容器中，用注射器向盒中注入盐水，使盒的表面恰好与水面相平且漂浮在水面上如图丙，标记出水面的位置A，并记录注入的盐水体积V1；
②用手指轻压盒，使其浸没水中，此时用注射器______(选填“注入”或“吸取”)水，使容器中水面重新到达标记A处，并记录注入的或者吸取水体积V2；
③盐水的密度ρ盐水=______(用字母表示，已知水的密度为ρ水)。
29. 酒泉同学用图甲所示的实验电路测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，其中电源由四节新的干电池串联组成。
(1)闭合开关后，酒泉发现______(填“电流表”或“电压表”)几乎无示数。检查电路后发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线把电路连接正确。
(2)酒泉选择了合适的滑动变阻器并且正确连接电路后，调节滑动变阻器并观察______(填“电流表”或“电压表”)的示数，使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，小灯泡的电阻为12.5Ω，根据数据可以判断出他选用的滑动变阻器是______。(填选项前的字母)
A.“10Ω，0.5A”
B.“30Ω，0.5A”
C.“40Ω，0.1A”
(3)卫星同学想用甲图改正后的实验电路和器材探究“电流与电阻的关系”，他找来了阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻代替小灯泡进行实验。
①卫星将10Ω电阻连入电路中，调节滑片使电压表示数为2V，读出电流表示数；
②选用另一电阻实验时，如果滑动变阻器的滑片保持不动，电压表示数大于2V，那么他选择的电阻应该是______(填“5”或“15”)Ω；
③选用20Ω电阻实验时，闭合开关后，无论怎样移动滑片都不能使电压表的示数为2V，卫星和同组同学讨论后，想通过减小电源电压的方式来完成实验他应该减少______节干电池(填“1”、“2”或“1、2都可以”)。
(4)酒泉和卫星又想测量3.8V小灯泡的额定功率，他们重新找来器材设计了图丙所示的实验电路，其中R1阻值未知、R2阻值为10Ω，电源电压未知。他们用同一个电流表分别在图中的①②③三个位置测量出电流(不接电流表时该位置用导线代替)，测量出了小灯泡的额定功率，请你将下面的步骤补充完整。
①将电流表先接在图中______(填“1”或“3”)的位置上，闭合开关后，调节滑片使电流表的示数为______A，小灯泡正常发光。
②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.58A。
③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.4A。
④小灯泡的额定功率P额=______W。
六、简答题（本大题共1小题，共3.0分）
30. 2022年3月11日，巴基斯坦空军在卡姆拉举行首批6架歼10CE接装仪式。如图是飞行员操控歼10CE在高空飞行的情景。请回答：
(1)歼10CE在高空飞行，能够获得向上的升力，此时机翼上方空气压强大还是下方空气压强大？
(2)以歼10CE为参照物，飞行员是运动还是静止的？
(3)匀速上升过程中，歼10CE的机械能大小如何变化？
七、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
31. 如图所示是利用5G网络实现远程驾驶的汽车，其质量为1.5t，车轮与地面接触的总面积为750cm2，该车在水平路面上匀速直线行驶13.8km，用时10min，消耗汽油2kg，这一过程中汽车发动机的输出功率为46kW.求：(汽油热值为q汽=4.6×107J/kg，g取10N/kg)
(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压强。
(2)在这一过程中汽车受到的阻力。
(3)在这一过程中汽车发动机的效率。
32. 图甲是两档空气炸锅，图乙是其内部简化电路，R1、R2均为发热体，将开关S分别置于1、2两位置时，空气炸锅处于不同的档位。已知两档空气炸锅的高温档功率为900W，R2阻值为96.8Ω.求：
(1)发热体R1的阻值是多少？
(2)空气炸锅一次性可装入200克牛柳，若将这些牛柳从40℃加热到190℃，牛柳需要吸收多少热量？【c牛柳=3×103J/(kg⋅℃)】
(3)不计热量损失，用高温档牛柳从40℃加热到190℃，需要多长时间？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不符合实际；
B、高铁运行的平均速度达300km/h。故B不符合实际；
C、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右。故C符合实际；
D、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s。故D不符合实际。
故选：C。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
2.【答案】B
【解析】解：A.“剧院”在水中倒影属于平面镜成像，平面镜成的是正立、等大的虚像，故A不符合题意；
B.“烛焰”经小孔成像属于光的直线传播现象的应用，成的是倒立的实像，故B符合题意；
C.水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，光由水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像，故C不符合题意；
D.演员对着镜子画脸谱，属于平面镜成像，平面镜成的是正立、等大的虚像，故D不符合题意。
故选：B。
(1)成实像的情况有：小孔成像和凸透镜成像中当物距大于1倍焦距时，都是成的实像；
(2)成虚像的情况有：平面镜成像、折射成像和凸透镜成像中当物距小于1倍焦距时成正立放大的虚像。
本题考查了学生对实像和虚像的区分情况，实像是由实际光线会聚而成的，能在光屏上呈现，虚像不能在光屏上呈现。
3.【答案】C
【解析】解：A、糖粒变为糖汁，是物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸收热量，故A错误。
B、冷面下的油冒出气泡，是物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸收热量，故B错误。
C、冷面上冒出“白气”，是水蒸气温度降低变成的小水珠，是液化过程，液化放出热量，故C正确。
D、涂抹在冷面上的酱汁变干，是酱汁中的水变成水蒸气，是汽化过程，汽化吸收热量，故D错误。
故选：C。
从六种物态变化定义进行判断：
(1)物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸收热量；物质从液态变为固态是凝固过程，凝固放出热量。
(2)物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸收热量；物质从气态变为液态是液化过程，液化放出热量。
(3)物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸收热量；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放出热量。
判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
4.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查摩擦起电、导体、电流的方向等有关问题，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
(1)摩擦起电的本质是发生了电子的转移；
(2)静电释放按钮必须是导体，才能将静电释放掉；
(3)正电荷移动方向为电流的方向，“除电”时，人体所带电荷经金属球流向大地，若人体带负电，则电流方向是从大地流向金属球。
【解答】
A.人体与衣物摩擦带电，是由于电荷发生了转移，而不是创造了电荷，故A错误；
B.为了将人体的静电释放掉，则杆上端的黑色圆球是导体，而橡胶或玻璃是绝缘体，故B错误；
C.静电消除杆将人体与大地相连，“除电”时，人体所带电荷经金属球流向大地，为了达到更好的静电消除效果，应将杆下端的导电线埋入地下，故C正确；
D.若人体带有负电(有多余的电子)，电子会由人体通过金属杆流向大地，因电流方向与自由电子定向移动的方向相反，则清除静电时金属杆中电流方向从下向上(由大地流向人体)，故D错误。
故选C。
5.【答案】C
【解析】解：
由图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流减小，即电流表A的示数变小，电灯L的亮度变暗，故AB错误；
因电压表V1测电源电压，所以滑片移动时，V1的示数保持不变，故C正确；
电路中的电流变小，根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，即V2的示数变大，所以电压表V1与电压表V2示数之和变大，故D错误。
故选：C。
首先判定电路的连接状态，明确电流表、电压表在电路中的作用，根据滑动变阻器阻值的变化和欧姆定律判定电流表、电压表示数的变化。
本题考查了欧姆定律及串联电路的特点，要求学生明确电路的结构，能够熟练应用串联电路的电压的特点求解。
6.【答案】D
【解析】解：
A、空气开关是防止线路短路或者超负荷用的，而漏电保护器只有漏电的时候会跳闸，所以漏电保护器和空气开关作用不相同，在电路中要同时安装，但不可以相互替代；故A错误；
B、电灯开关短路时，相当于开关闭合，灯泡一直发光，但不会引起空气开关跳闸，故B错误；
C、站在地上的人手接触火线，电流会从火线经过人体流到大地，发生单线触电；所以，不同时触摸到火线和零线也会发生触电事故，故C错误；
D、正确使用测电笔的方法：笔尖接触检测的导线，手必须接触笔尾金属体，这样才能检测导线是零线还是火线，故D正确。
故选：D。
(1)空气开关是防止线路短路或者超负荷用的，而漏电保护器只有漏电的时候会跳闸，所以漏电保护器和空气开关作用不相同，在电路中要同时安装漏电保护器原理是当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，电流从大地跑了，此时漏电保护器起作用；
空气开关在电路过载或短路时，即通过电流过大时起到保护作用。
(2)控制用电器的开关短接时，相当于开关闭合，用电器正常工作，不会引起电流过大，空气开关跳闸不会跳闸；
(3)触电是人体直接或间接接触火线，并且和零线或地线构成电流的路径，包括单相触电和双相触电；
(4)试电笔在使用时手要碰触笔尾金属体，如果接触试电笔的笔尖，相当于直接用手接触导线会有触电危险。
掌握安全用电原则是解题的关键，本题难度不大。
7.【答案】A
【解析】解：A.球员用力蹬地起跳，脚要用力蹬地，脚给地面力，同时地面给人一个力，于是人跳起，说明物体间力的作用是相互的，故A正确；
B.惯性是物体的一种属性，足球离脚后上升过程中，由于惯性还能继续向上运动，不能说受到惯性，故B错误；
C.足球在空中加速下落，足球的重力势能变小，动能增加，故重力势能转化为动能，故C错误；
D.场边记者肩扛摄像机静止时，支持力的大小等于摄像机和记者的重力，故记者受到的重力小于地面对记者的支持力，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
(3)判断出各个选项中消耗了哪种形式的能，进而又产生了哪种形式的能是解决该题的关键；
(4)二力平衡的条件是：作用在同一物体上；大小相等；方向相反；作用在同一直线上。
本题考查力的作用，惯性，能的转化，以及平衡力，是一道综合题。
8.【答案】B
【解析】解：
A、电冰箱接入三孔插座后，电灯与电冰箱在工作时互不影响，则它们是并联的，故A错误；
B、电冰箱接入三孔插座后，能使电冰箱的金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳带电而使人发生触电事故，故B正确；
C、闭合开关后，A点与零线连接，由于人体电阻大，故所以试电笔接触A点，氖管不发光；故C正确；
D、空气开关跳闸，可能是由于短路造成的，也可能是由于电路的总功率过大造成的，故D错误；
故选：B。
(1)若各用电器在工作过程中互不影响，则各用电器是并联的；
(2)为保证用电安全，有金属外壳的用电器，其外壳要保持良好接地；
(3)测电笔是辨别火线和零线的工具，当测电笔的笔尖接触零线和地线时，氖管不会发光；若笔尖接触火线时，氖管会发光。
(4)空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路中电流过大的原因有两个：短路或总功率过大。
家庭电路与中学生的日常生活联系密切，在学习时注意理论联系实际，学以致用；知道并理解家庭电路的组成是解答该题的基础。
9.【答案】ACD
【解析】解：A.由图可知，n=3，则绳端移动的距离：s=nh=3×4m=12m，
绳子自由端的移动速度：v=st=12m10s=1.2m/s，故A正确；
B.拉力做的总功：W总=Fs=500N×12m=6000J，
拉力的功率：P=W总t=6000J10s=600W，故B错误；
C.因为η=W有W总×100%，所以有用功：W有=ηW总=80%×6000J=4800J，
则W额=W总−W有=6000J−4800J=1200J，
不计绳重及摩擦，克服动滑轮重力所做的功为额外功，
根据W额=G动h得，动滑轮的重力：G动=W额h=1200J4m=300N，故C正确；
D、因为人的重力为600N，所以人能施加的最大拉力F最大=G人=600N，否则人会被绳子拉起来，
不计绳重及摩擦，则有：F最大=1n(G物最大+G动)，所以最大物重：
G物最大=nF最大−G动=3×600N−300N=1500N<2000N，所以小爱将无法匀速拉起重物，故D正确。
故选：ACD。
(1)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，利用v=st求出绳自由端的移动速度；
(2)根据W=Fs求出拉力做的总功，利用P=Wt求出拉力的功率；
(3)根据η=W有W总×100%算出有用功，利用W额=W总−W有求出额外功，不计绳重及摩擦，克服动滑轮重力所做的功为额外功，根据W额=G动h求出动滑轮重；
(4)知道动滑轮重，人能施加的拉力最大等于人的体重，利用不计绳重及摩擦时F=1n(G+G动)求此滑轮组最多能提起重物此的重力。
本题考查了使用滑轮组时的速度、有用功、额外功、机械效率和功率的计算，利用好不计绳重及摩擦时F=1n(G+G动)是关键。
10.【答案】ABD
【解析】
【分析】
(1)改变内能的方式：做功和热传递；
(2)分子不停的做无规则运动；
(3)热量是一过程量，只能用“吸收”和“放出”描述，不能用“含有”；
(4)分子间存在相互的引力和斥力。
本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
【解答】
A、炒菜时主要是通过热传递的方法增加菜的内能，故A正确；
B、炒菜时闻到菜的香味，说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、煮熟的粽子过一会变凉了，内能会减少，不能说含有的热量会减少，故C错误；
D、剥开粽子，粽叶上粘有米粒说明分子间存在引力，故D正确。
故选：ABD。
11.【答案】ACD
【解析】解：
A、把A、B两物体作为一个整体，由图知，该整体在两液体中都处于漂浮状态，
由漂浮条件可知F浮=GA+GB，所以该整体在两液体中受到的浮力相等；
由图知V排甲=VB，V排乙=VA，且VA
因整体在两液体中受到的浮力相等，且排开甲液体的体积较大，
所以，由F浮=ρ液gV排可知，两液体的密度关系：ρ甲<ρ乙，故A正确；
B、已知两液体的深度h相同，且ρ甲<ρ乙，由p=ρgh可知，甲液体对杯底的压强小于乙液体对杯底的压强，故B错误；
C、因整体受到的浮力相等(即甲液体中B物体受到的浮力等于乙液体中A物体受到的浮力)，且两物体上表面没有受到液体的压力，
所以，由浮力产生的原因可知，甲液体中B物体与乙液体中A物体的下表面受到的液体压力相等，
由图知B的底面积更大，由p=FS可知，甲液体对B下表面的压强小于乙液体对A下表面的压强，故C正确；
D、两容器中液面恰好相平且容器相同，则液体与物块排开液体的体积之和相同，但V排甲>V排乙，所以甲液体的体积较小，又知ρ甲<ρ乙，则根据G液=m液g=ρ液gV液可知，甲液体的重力较小；
整个容器水平桌面的压力F=G容+GA+GB+G液，因容器相同、其重力相同，且A、B两物体的重力不变，甲液体的重力较小，所以，装甲液体的容器对水平桌面的压力较小，故D正确。
故选：ACD。
(1)把A、B两物体作为一个整体，该整体在两液体中都处于漂浮状态，根据漂浮条件可知所受浮力的大小关系；结合题意和图示判断V排的关系，根据F浮=ρ液gV排可比较两种液体的密度关系；
(2)根据p=ρgh分析液体对杯底的压强；
(3)根据漂浮条件、浮力产生的原因以及p=FS分析液体对物体下表面的压强关系；
(4)先比较两种液体的体积关系和重力关系，再根据”整个容器对水平桌面的压力等于物体和液体的总重力“进行分析。
本题综合考查了阿基米德原理、漂浮条件、液体压强公式和压强定义式的综合应用，知识点多，属于难题；本题的难点是C项的判断，由于ρ甲<ρ乙，但B物体浸入甲液体的深度较大，则不能用液体压强公式判断，需结合浮力产生的原因和压强定义式进行分析。
12.【答案】CD
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器Rp串联，电压表测Rp两端的电压，电流表测电路中的电流。
由P=UI可得，灯泡的额定电流：IL=PLUL=3W6V=0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流Imax=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，
此时电路中的总电阻和灯泡的电阻分别为：
R=UImax=18V0.5A=36Ω，RL=ULIL=6V0.5A=12Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小=R−RL=36Ω−12Ω=24Ω，
电路消耗的最大总功率：P大=UImax=18V×0.5A=9W，故B错误；
当电压表的示数最大U滑=15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，小灯泡消耗的电功率最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：UL′=U−U滑=18V−15V=3V，
此时电路中的电流：
I=U′LRL=U滑R滑大，即3V12Ω=15VR滑大；
解得：R滑大=60Ω<100Ω，故闭合开关时，滑片不能放在最右端，故A错误；
则滑动变阻器允许调节的范围是24Ω～60Ω，故D正确；
小灯泡的电功率最小值：
PL小=UL2RL=(3V)212Ω=0.75W，故C正确。
故选：CD。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测Rp两端的电压，电流表测电路中的电流。
知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻和灯泡的电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路消耗的最大总功率；当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，小灯泡消耗的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，由此确定滑片能不能放到最右侧，根据P=U2R求出小灯泡的电功率最小值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，会判断各量的最大和最小值是解题的关键。
13.【答案】振动 空气 信息
【解析】解：如图是2023年央视元宵晚会的一个场景。演员说话发出的声音是由声带振动产生的，通过空气传到现场观众耳朵中，观众被节目内容逗得哈哈大笑说明声音可以传递信息。
故答案为：振动；空气；信息。
(1)声音是由物体振动产生的。
(2)声音的传播需要介质。
(3)声音可以传递信息。
知道声音产生和传播的条件；知道声音可以传递信息。
14.【答案】半导体 电 机械
【解析】解：硅光电池板主要是利用半导体材料制成；电动机工作将电能转化为机械能。
故答案为：半导体；电；机械。
(1)半导体导电能力介于导体与绝缘体之间。
(2)电动车工作时将电能转化为机械能。
本题考查了半导体的特点与电动车的工作原理，属于基础题。
15.【答案】相反 重力 运动状态
【解析】解：从雪道向下滑行时，雪板相对于雪地向向前运动故摩擦力的方向与前进方向相反，故向后；此时运动员受到重力作用故会向下滑行，最后停下来是由于力改变她的运动状态。
故答案为：相反；重力；运动状态。
(1)摩擦力产生条件：①两物体要接触并相互挤压；②接触面粗糙；③有相对运动或相对运动趋势；
(2)摩擦力的方向与相对运动或相对运动的趋势相反；
本题考查重力、力的作用效果和摩擦力方向的判断，关键是理解相对运动。
16.【答案】镜面 虚 80
【解析】解：山峰在水中的“倒影”，这是由于光在水面发生镜面反射，形成山的虚像。
若其中的一个山峰顶端到水面的距离为80m时，根据平面镜所成的像与平面镜的距离等于物体与平面镜的距离可知，它像的顶端到水面的距离为80m。
故答案为：镜面；虚；80。
倒影属平面镜成像现象，所以所成的像是虚像，其原理是光的反射，根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像与平面镜的距离等于物体与平面镜的距离。
本题由学生日常生活中能够观察到的现象入手，考查了学生对基本光学现象的认识，注重了理论和实际的联系。
17.【答案】用电器；并；热
【解析】
【分析】
(1)给电池充电的过程，消耗电能，获得化学能，据此进行分析；
(2)根据电动机和指示灯是否互相影响判断两者的连接关系；
(3)电流通过导体时，都要产生热量，这种现象是电流的热效应。
本题考查了利用身边器材能够做的物理实验以及分析实验中蕴含的物理知识，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，相对比较简单。
【解答】
(1)给电动橡皮擦的电池充电时，是将电能转化为化学能，此时电动橡皮擦的电池相当于用电器；
(2)电动橡皮擦的指示灯和电动机可以单独工作，说明指示灯与电动机是并联的；
(3)工作时电动机会发热，是因为电流具有热效应。
故答案为：用电器；并；热。
18.【答案】50 2×105 不变
【解析】解：(1)因为无人机浸没，所以V排=V=5dm3=5×10−3m3，
无人机受到的浮力：F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×5×10−3m3×10N/kg=50N；
(2)无人机受到水的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×20m=2×105Pa；
(3)无人机浸没在水中下潜过程中，排开水的体积不变，根据F浮=ρ水V排g可知，无人机受到的浮力不变，
又G排=F浮，所以无人机排开液体所受的重力不变。
故答案为：50；2×105；不变。
(1)利用F浮=ρ液V排g计算出无人机受到的浮力；
(2)利用p=ρgh计算出无人机受到的压强；
(3)根据F浮=ρ水V排g分析无人机下潜过程中的浮力变化，根据F浮=G排得到无人机排开液体所受的重力变化。
本题考查了浮力、液体压强的计算和浮力的影响因素，是一道基础题。
19.【答案】2400 二次 绝缘
【解析】解：(1)由p=Wt可得，电灯单独正常工作30min消耗的电能：W=Pt=0.1kW×0.5h=0.05kW⋅h；
每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘的转数：n=1kW⋅h0.05kW⋅h×1200r=2400r；
(2)电能不能从自然界直接获取，属于二次能源；
(3)为防止触电事故发生，电能表的外壳用塑料和橡胶制作。
故答案为：2400；二次；绝缘。
(1)根据W=Pt求出电灯单独工作30min消耗的电能，进一步求出每消耗1kW⋅h的电能电能表转盘的转数；
(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
(3)善于导电的物体是导体，不善于导电的物体是绝缘体。
本题主要考查电能表参数的理解、电功率的计算、电能的求法以及电能表转盘转数的求法，难易程度适中。
20.【答案】电阻 少
【解析】解：由图知，两电阻丝串联，则通过它们的电流相同、通电时间也相同，而两电阻丝的阻值不同，所以探究的是电流产生热量与电阻大小的关系；
由图知，R1
电流通过导体产生热量的多少与电流大小、电阻和通电时间都有关；由图示电路的连接情况结合控制变量法进行分析；
由图知，R1
21.【答案】6 25 0.2
【解析】解：(1)只闭合开关S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，
由图丙可知，滑片移动时，电压表的的示数为6V不变，则电源的电压U=6V；
(2)只闭合开关S1和S3时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由U=UL=6V可知，灯泡正常发光，
此时通过灯泡的电流：IL=PLUL=3W6V=0.5A，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，通过滑动变阻器的电流最小，干路电流最小，
由图乙可知，干路的最小电流I小=0.74A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过滑动变阻器的最小电流：IR小=I小−IL=0.74A−0.5A=0.24A，
由I=UR可得，变阻器连入的最大阻值：R大=UIR小=6V0.24A=25Ω；
(3)只闭合开关S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，
由图丙可知，电路的最小电流I小′=0.2A，
此时滑动变阻器两端的电压：U滑=I小′R大=0.2A×25Ω=5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时灯泡两端的电压：UL′=U−U滑=6V−5V=1V，
灯泡的最小功率：PL′=UL′I小′=1V×0.2A=0.2W。
故答案为：6；25；0.2。
(1)只闭合开关S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据图丙读出滑片移动时电压表的的示数即为电源的电压；
(2)只闭合开关S1和S3时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据并联电路的电压特点结合灯泡的额定电压确定灯泡正常发光，利用P=UI求出此时通过灯泡的电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，通过滑动变阻器的电流最小，干路电流最小，根据图乙读出干路的最小电流，利用并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的最小电流，利用欧姆定律求出变阻器连入的最大阻值；
(3)只闭合开关S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，根据图丙读出电路的最小电流，利用欧姆定律求出此时滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，利用P=UI求出灯泡的最小功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和从图像中获取有用的信息是关键。
22.【答案】解：
作出光源S关于平面镜的对称点，可得像的位置S′，连接S′F作出反射光线，与平面镜的交点为入射点，连接入射点与S的连线即为入射光线，再根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴作出折射光线。如图所示：
【解析】物像关于平面镜对称，据此确定像的位置；而反射光线好像是从虚像上发出的，据此连接像点与F确定入射点的位置，画出反射光线，再根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴作出折射光线。
本题考查了平面镜成像的特点和凸透镜的三条特殊光线的作图，利用好经平面镜后的反射光线好像是从虚像上发出的是解题的关键。
23.【答案】解：根据杠杆的平衡条件，要想找到最小力就要找到最长的力臂，连接支点O与作用点A，OA即为最长力臂，力臂始终与力的作用线垂直，从而找到最小力；从点O向F2的作用线作垂线，垂线段长即为阻力臂L2，作图如下：
【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1 L1=F2 L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
此题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
24.【答案】解：(1)由图可知，条形磁铁的上端为N极，下端为S极，条形磁铁上端受吸引力，下端受排斥力，跟同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引可知，蹄形磁铁下端的磁极为S极，上端为S极；
(2)在磁体的外部，磁感线是从N极出来回到S极的，图中蹄形磁铁上端为S极，故磁感线是进入S极的；
(3)蹄形磁铁下端的磁极为S极，根据安培定则可知，电流从电磁铁的右端流入，所以电源的下端为正极；
如图所示：
【解析】(1)根据磁极间的相互作用规律分析蹄形磁铁下端的磁极的极性；
(2)在磁体的外部，磁感线是从N极出来回到S极的；
(3)根据安培定则判定电源下端的极性。
本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的应用，属于基础题。
25.【答案】4 小于 液态 晶体 比热容 不变
【解析】解：(1)晶体熔化时温度不变，由图象可知，海波在第3分钟至第7分钟过程中吸热但温度不变，因此，海波是晶体，且熔点是48℃，
熔化过程经历了7分钟−3分钟=4分钟，晶体在熔化的过程中吸热但温度不变；
晶体熔化的时候吸收热量，温度不变，但内能增加，因此图中B点的内能小于C点的内能，
第7分钟后熔化结束全部呈液态且继续吸热温度上升，因此在第9分钟时是液态；
(2)因为水的比热容大，吸收或放出相同热量时，温度变化都较小，因此经过较长时间凝固过程也没有结束，
由图丙可以看出，海波液体凝固过程中温度不变。
故答案为：(1)4；小于；液态；晶体；(2)比热容；不变。
(1)晶体和非晶体的重要区别：晶体熔化时不断吸收热量，温度保持不变；物体的质量不随温度的变化而改变。物质在熔化过程中，处于固液共存状态，熔化完毕，处于液态；晶体熔化的时候吸收热量，温度不变，但内能增加。
(2)比热容是反映不同物质吸放热能力的一个物理量，比热容大，在降低相同的温度时就会放出更多的热量。
海波是晶体，晶体凝固过程中温度不变。
此题考查了对冰的熔化图象的分析，要掌握晶体熔化过程中的特点；晶体与非晶体最大的区别就是看是否有一定的熔点，从图象上分辨，最大的不同就是晶体有一段时间只吸热而温度不变，我们应该学会区分。
26.【答案】中心 向下 缩小 照相机 能 左
【解析】解：(1)实验过程中，为了使像成在手机壳的中央，应调整两个手机壳和凸透镜中心大致在同一高度；
(2)动画中一只火箭从屏幕底端上升到顶端，由于此时手机成的是倒立的实像，则右侧手机壳上火箭的像向下移动；
(3)由图可知，此时的物距大于二倍焦距时，则凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
(4)小明将两个手机翻转，使左侧手机壳和右侧手机屏幕相对，保持两个手机和凸透镜的位置不动，根据光路可逆可知，在左侧的手机壳上能出现清晰的像；
(5)将自己的近视镜靠近凸透镜放置，近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用，使得像推迟会聚，在不一定右侧手机壳的情况下，相当于减小了像距，需要增大物距，即需要向左调节左侧手机，使手机壳上的像变清晰。
故答案为：(1)中心；(2)向下；(3)缩小；照相机(4)能；(5)左。
(1)为使像能成在光屏的中心，应调两个手机壳、凸透镜，使它们的中心大致在同一高度。
(2)凸透镜成实像时，像是倒立的；
(3)当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
(4)在光的折射中，光路是可逆的；
(5)近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用。
此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求。一定要注意实验前的调整工作。
27.【答案】右 右 6 相等 阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变 右
【解析】解：(1)实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向右调节，杠杆的平衡螺母A应向右调节，或者B向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；
(2)设一个钩码的重力为G，杠杆的一个小格为L，
由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2知，
4G×3L=nG×2L
解得：n=6，即在B位置挂上6个钩码，使杠杆在水平位置平衡；
(3)由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，F2L2=F1L1=3N×0.02m=2N×0.03cm=0.06N⋅m，图像中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变；
(4)由杠杆的平衡条件可知，在阻力不变时，向右移动支架，使动力臂增大的同时阻力臂减小，这样动力就减小，抬起花盆时就更省力。
故答案为：(1)右；右；(2)6；(3)相等；阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变；(4)右。
(1)实验前没有挂钩码和弹簧测力计时，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂和避免杠杆自重对实验的影响；
(2)根据已知条件，由杠杆的平衡条件求出在B位置所挂钩码的数量；
(3)由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可求得；
(4)由杠杆的平衡条件可知，要使动力变小，在阻力不变时，可通过增大动力臂，减小阻力臂的方法实现。
本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算，有一定难度。
28.【答案】零刻度线 右 93 50 1.1×103 注入 V1+V2V1ρ水
【解析】解：(1)①把天平放在水平台上，游码放在标尺左端的零刻度线处，将平衡螺母向左调节可使天平平衡，说明游码刚归零时，天平的左端上翘，右端下沉，所以指针指在分度盘的右侧。
②盐水和烧杯的总质量为m=50g+20g+20g+3g=93g。
③量筒中盐水的体积为V=50mL=50cm3，
量筒中盐水的质量m′=m−m′′=93g−38g=55g，
盐水的密度ρ=m′V=55g50cm3=1.1g/cm3=1.1×103kg/m3。
(2)实验步骤：
①将空盒放在容器中，用注射器向盒中注入盐水，使盒的表面恰好与水面相平且漂浮在水面上如图丙，标记出水面的位置A，并记录注入的盐水体积V1；
②用手指轻压盒，使其浸没在水中，水面会下降，此时用注射器注入水，使容器中水面重新到达标记A处，并记录注入水体积V2；
当盒子浸没在水中，为了达到标记A处，盐水和加入水的体积V′=V1+V2，
由于盒子漂浮和浸没时，水面都达到标记A处，则盒子漂浮时，盒子排开水的体积等于盒子浸没时盐水和加入水的体积，
则盒子漂浮时，盒子排开水的体积为V排=V′=V1+V2，
根据阿基米德原理和漂浮条件得，
由于盒子是轻质的，则盒子中盐水的重力G=F浮=ρ水gV排=ρ水g(V1+V2)，
则盒子中盐水的质量m盐=Gg=ρ水g(V1+V2)g=ρ水(V1+V2)。
③盒子中盐水的体积是V1，盐水的质量m盐=ρ水(V1+V2)。
则盐水的密度ρ盐水=m盐V1=ρ水(V1+V2)V1=V1+V2V1ρ水。
故答案为：(1)①零刻度线；右；②93；③50；1.1×103；(2)②注入；V1+V2V1ρ水。
(1)①天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处，平衡螺母向上翘的一端调节，使天平横梁在水平位置平衡。
②物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和。
③液体的体积等于液体面对应的刻度值；知道液体的质量和体积，根据密度公式求出液体的密度。
(2)盛盐水的轻质薄壁盒子浸没在水中，水面会下降，所以要注入水；
盛盐水的轻质薄壁盒子漂浮在水中，根据阿基米德原理和漂浮条件求出盐水的质量，知道盐水的体积，根据密度公式求出盐水的密度。
本题利用两种方法测量盐水的密度，一种是天平和量筒进行常规测量，一种是利用浮力进行测量，这两种方法都要熟练掌握。
29.【答案】电流表 电压表 B 15 1、2都可以 3 0.38 0.76
【解析】解：(1)甲图将电流表与电压表串联，由于电压表内阻很大，使该支路几乎无电流，故电流表几乎无示数；电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，修改电路如下：
(2)当小灯泡两端的实际电压达到额定电压2.5V时灯泡正常发光，故调节滑动变阻器时要观察电压表的示数，使电压表的示数为2.5V，此时小灯泡正常发光；
电源由四节新的干电池串联组成，电源电压为1.5V×4=6V，灯泡两端电压为2.5V，则滑动变阻器分得电压为：U滑=6V−2.5V=3.5V，
由图乙知此时电路中的电流为0.2A，则滑动变阻器接入电路中的电阻为：R滑=U滑I=3.5V0.2A=17.8Ω，
所选滑动变阻器的最大电阻应大于17.8Ω，由于电路中的电流大于0.1A，故滑动变阻器C不合适，应选B；
(3)②卫星将10Ω电阻连入电路中，调节滑片使电压表示数为2V，选用另一电阻实验时，如果滑动变阻器的滑片保持不动，电压表示数大于2V，根据串联分压原理知，分得电压变大，则另一电阻的阻值应该大于10Ω，故他选择的电阻应该是15Ω；
③要使20Ω电阻分得2V电压，则此时电路中的电流为：I=U定R定=2V20Ω=0.1A，
所用滑动变阻器的规格为“30Ω，0.5A”，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，所分担的电压最大，分担的最大电压为：U滑=IR滑=0.1A×30Ω=3V，
则电源的最大电压为：U=U定+U滑=2V+3V=5V，
所以为了使20Ω电阻分得2V电压，所用电源电压的范围是2V≤U≤5V，每节干电池的电压为1.5V，则需要2节或3节干电池作为电源，故在原有4节干电池的基础上，减少1节或2节干电池都可以；
(4)结合题意观察图丙知，小灯泡、电阻R1、电阻R2是并联接入电路，三者两端电压相等，R2阻值为10Ω，则让R2两端电压为3.8V，小灯泡即正常发光，此时，通过R2的电流为：
I2=U额R2=3.8V10Ω=0.38A，故实验步骤为：
①将电流表先接在图中3的位置上，闭合开关后，调节滑片使电流表的示数为0.38A，小灯泡正常发光；
②将电流表接在图中2的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.58A；
此时电流表测量的是通过R1和R2的总电流，所以通过R1的电流为：I1=0.58A−0.38A=0.2A，
③将电流表接在图中最后一个的位置上，保持滑片位置不动，闭合开关，读出电流表的示数为0.4A；
此时电流测量的是通过灯泡和R1的总电流，所以通过灯泡的电流为：I灯=0.4A−0.2A=0.2A，
则小灯泡的额定功率为：P额=U额I灯=3.8V×0.2A=0.76W。
故答案为：(1)电流表；见上图；(2)电压表；B；(3)②15；③1、2都可以；(4)①3；0.38；④0.76。
(1)甲图将电压表和电流表串联，然后与小灯泡并联，会使电流表几乎无示数；电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，据此修改原电路；
(2)小灯泡两端的实际电压达到额定电压2.5V时灯泡正常发光；利用串联电路电压的规律和欧姆定律计算出小灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路中的电阻，由此确定滑动变阻器的规格；
(3)②电压表示数变大，利用串联分压原理进行分析，判断所更换定值电阻的阻值变化；
③所用滑动变阻器的规格为“30Ω，0.5A”，要使20Ω电阻分得2V电压，根据串联电路特点和欧姆定律，求出电源电压的最大值，由此确定需要减少干电池的节数；
(4)要想测量3.8V小灯泡的额定功率，要先让小灯泡两端实际电压达到额定电压，小灯泡正常发光，然后测量出小灯泡的电流，再根据P=UI计算出小灯泡的额定功率。
本题涉及测量小灯泡的电阻、探究电流与电阻的关系、测量小灯泡的电功率三个实验，考查了实物电路的连接、器材的选取、实验现象分析、特殊法测电功率，考查范围广且有一定难度，分析实验现象时要能熟练运用串联分压原理，特殊法测额定电功率时，关键是先让小灯泡正常发光，然后结合电路特点测量出电流，最后根据P=UI计算出额定功率。
30.【答案】答：(1)歼10CE在高空飞行，机翼上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，从而产生向上的升力；
(2)以歼10CE为参照物，飞行员与歼10CE之间的位置没有发生变化，所以飞行员是静止的；
(3)匀速上升过程中，歼10CE的质量不变、速度不变，其动能不变；高度增加，重力势能增加；因机械能等于动能与势能之和，所以歼10CE的机械能增加。
【解析】(1)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
(2)看被研究的物体与所选的标准即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
(3)动能大小的影响因素：质量、速度。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。机械能等于动能与势能之和。
本题以歼10CE为背景，考查了不同物理知识在其中的应用，体现了物理与实际的联系，是一道好题。
31.【答案】解：(1)该汽车静止在水平路面上时，对路面的压力：
F压=G=mg=1.5×103kg×10N/kg=1.5×104N，
对路面的压强：
p=F压S=1.5×104N750×10−4m2=2×105Pa；
(2)汽车行驶的速度：
v=st=13.8×103m10×60s=23m/s，
根据P=Wt=Fst=Fv可得汽车的牵引力：
F′=PV=46×103W23m/s=2000N，
因汽车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，大小相等，
所以，阻力f=F′=2000N；
(3)牵引力做的有用功：
W有用=F′s=2000N×13.8×103m=2.76×107J，
汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=m汽q汽=2kg×4.6×107J/kg=9.2×108J，
这段时间内该发动机所做的有用功：
η=W有用Q放=2.76×107J9.2×108J×100%=30%。
答：(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压强2×105Pa；
(2)在这一过程中汽车受到的阻力2000N。
(3)在这一过程中汽车发动机的效率为30%。
【解析】(1)车静止在水平路面上时对地面的压力和自身的重力相等，根据G=mg求出其大小，根据p=FS求出对路面的压强；
(2)已知路程和时间，利用速度公式算出速度；
根据P=Wt=Fst=Fv求出汽车牵引力，根据二力平衡算出阻力；
(3)根据W=Fs算出做的机械功，根据Q放=mq求出汽油完全燃烧释放的热量，再根据效率公式求出汽车发动机的效率。
本题是力学和热学的综合题，考查了学生对重力公式、压强公式、燃料完全燃烧放热公式、功的公式、功率公式、效率公式的掌握和运用，利用所学知识，计算解决实际问题，学以致用。
32.【答案】解：(1)由电路图可知，当S置于1位置时，R1、R2并联，
当S置于2位置时，只有电阻R1接入电路；
因为并联电路的电阻小于任何一个分电阻，即并联电阻小于R2，所以接1时为加热档，
因此由P=U2R可知，当S置于1位置时，功率较大，即空气炸锅处于加热状态；
当S置于2位置时，空气炸锅处于保温状态；
则R2的功率P2=U2R2=(220V)296.8Ω=500W，
发热体R2的功率：P1=900W−500W=400W；
由P=U2R可知，R1=U2P1=(220V)2400W=121Ω。
(2)牛柳需要吸收的热量Q吸=cm△t=3×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(190℃−40℃)=9×104J；
(3)不计热量损失Q吸=W=9×104J；
由P=Wt可得，用高温档牛柳从40℃加热到190℃，需要时间t=WP=9×104J900W=100s。
答：(1)发热体R1的阻值是121Ω。
(2)牛柳需要吸收9×104J热量；
(3)需要100s长时间。
【解析】(1)分析将开关S分别置于1、2两位置时电阻的变化，根据P=U2R分析电路功率大小可知空气炸锅处于哪种工作状态；根据加热功率和保温功率即可求出R1的功率，再根据P=U2R的变形公式求出发热体R1的阻值。
(2)根据Q=cm△t可求得牛柳需要吸收多少热量；
(3)不计热量损失，Q吸=W，由P=Wt可求得需要时间。
本题考查了电功率公式的灵活应用，关键是判断出空气炸锅工作状态和电路的对应关系。
相关试卷
2023年辽宁省抚顺市清原县中考三模物理试题（含解析）： 这是一份2023年辽宁省抚顺市清原县中考三模物理试题（含解析），共27页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，简答题，计算题，实验题等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省抚顺市清原县中考二模物理试题（含解析）： 这是一份2023年辽宁省抚顺市清原县中考二模物理试题（含解析），共27页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，简答题，计算题，实验题等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理三模试卷： 这是一份2023年辽宁省抚顺市清原县中考物理三模试卷，共34页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
