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2023年四川省宜宾市南溪区中考物理模拟试卷（二）
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这是一份2023年四川省宜宾市南溪区中考物理模拟试卷（二），共26页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省宜宾市南溪区中考物理模拟试卷（二）
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 下列关于物理量的一些估计，比较符合实际的是( )
A. 一个鸡蛋的质量大约为500g B. 家用日光灯正常工作电流约为1A
C. 人感觉舒适的气温约为35～37℃ D. 成人正常步行的速度约为1～1.5m/s
2. 关于电磁波，下列说法正确的是( )
A. 电磁波只能传递信息不能传递能量 B. 光纤通信没有应用电磁波
C. 电磁波能在真空中传播 D. 声波和可见光都属于电磁波
3. 如图所示，“和谐号”动车满载旅客从成都东站缓缓驶出前往西安。下列说法正确的是( )
A. 坐在列车上的乘客相对于车站是静止的
B. 列车由静止变为运动，列车的惯性减小了
C. 列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力是平衡力
D. 列车加速前进时，它受到的牵引力大于它受到的阻力
4. 如图所示，甲为自制温度计，乙为水琴，下列说法正确的是( )
A. 甲：利用气体热胀冷缩的性质制成的，在热水中液柱会升高
B. 甲：将玻璃细管做长一些，自制温度计的精度更高
C. 乙：敲击水琴，瓶和瓶内水振动发声，c的音调最高
D. 乙：向水琴瓶口吹气，发出声音的音调由低到高顺序为dabc
5. 清晨，站在青城山山顶放眼望去，薄雾从山间升腾而起，随风飘散，宛如仙境(如图)。雾的形成属于( )
A. 汽化现象 B. 液化现象 C. 升华现象 D. 凝华现象
6. HY校区设有自动售饮料机，方便师生员工购买。它可通过手机扫码(闭合S1)或通过投币(闭合S2)，启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。以下电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
7. 如图所示的新型智能笔，可以通过语音、扫描等方式查单词和识别文字图片，并能连接手机或电脑显示屏同步显示及保存信息，功能非常全面。当用笔头扫描单词和图片时，前端的微型摄像头进行拍照，笔内的发射装备将所获取的信息无线传输到电脑显示屏上，及时处理成文本及语音结果。下列有关说法正确的是( )
A. 扫描拍照时，文字和图片的位置必须在摄像头的一倍焦距之内
B. 文字和图片通过摄像头扫描后形成了正立、放大的实像
C. 智能笔和手机、电脑之间是通过超声波传递信息的
D. 给智能笔的锂电池充电时把电能转化为化学能储存起来
8. 关于深海潜水技术，我国走在了世界的前列，某型号无动力自主潜水器在水面下匀速下潜过程中，下列说法正确的是( )
A. 浮力小于重力 B. 受到的浮力变大，压强变大
C. 受到的压强变大，浮力不变 D. 上、下表面受到的压力差变小
9. 明明同学在体育课上练习抛实心球，他用200N的力把实心球抛出7.5m。抛出的小球在空中运动的轨迹如图所示，b点为最高点，a、c两点在同一高度，则下列说法正确的是( )
A. 根据W=Fs计算出明明对实心球做了1500J的功
B. 实心球在a、c两点的重力势能相等，但是两点的动能不相等
C. 实心球在b点重力势能最大，动能最小为零
D. 实心球从b点运动到d点过程重力势能全部转化为动能
10. 小华设计了一种输液提示器，能在护士站观察到药液量的变化。当袋中药液量减少时，为使电压表示数随之减小，符合要求的电路图是( )
A. B.
C. D.
二、多选题（本大题共4小题，共12.0分）
11. 如图是光在空气和水的界面处发生反射和折射的光路图，∠AOS=60°，下列判断正确的是( )
A. AO是入射光线、∠POC是反射角，OB是折射光线
B. BO是入射光线、RS为法线、PQ为界面，PQ上方介质是水
C. 入射角为30°，PQ为法线、RS为界面，RS右侧介质是空气
D. 入射角为30°，PQ为法线、RS为界面，RS左侧介质是空气
12. 下列说法正确的是( )
A. 两个削平的铅块被紧压在一起不易分开，是因为分子间只有引力，没有斥力
B. 腌制咸鸭蛋，利用了分子在不停地做无规则运动
C. 内燃机的做功冲程，将机械能转化成内能
D. 常用水作汽车发动机的冷却液，是因为水的比热容较大
13. 如图甲所示，用一个动滑轮匀速提升重为800N的物体A，在卷扬机拉力F的作用下，绳子自由端竖直移动的距离随时间变化的关系如图乙中图线a所示；用该装置匀速提升物体B时，绳子自由端竖直移动的距离随时间变化的关系如图乙中图线b所示。已知动滑轮受到的重力为200N，在这两次提升物体的过程中，卷扬机拉力F的功率保持不变，且不计绳重和轮与轴间的摩擦。下列说法正确的是( )
A. 物体A上升的速度为10m/s B. 拉力F的功率为1×104W
C. 物体B受到的重力为2000N D. 提升物体B时动滑轮的机械效率为90%
14. 图甲所示是小明的调光灯电路图，他将粗细均匀的电阻丝AB通过滑片P连入电路，小灯泡的额定电压为6V，闭合开关S后，滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中，小灯泡的I−U关系图像如图乙所示(电阻丝AB的阻值不随温度变化)，下面说法中正确的是( )
A. 电阻丝AB的阻值为9Ω
B. 小灯泡的最小功率为0.75W
C. 电路中的最大功率是6W
D. P从A端滑到B端的过程中，电压表示数变大
三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）
15. 如图所示，用扳手拧螺母时，按通常经验，沿顺时针方向用力可将螺母拧紧，沿逆时针方向用力可将螺母拧松，这表明力的作用效果与力的______有关；若用同样大的力拧螺母，在A点施加力更容易将螺母拧紧或拧开，这表明力的作用效果与力的______有关。
16. 如图甲所示是“观察水的沸腾”的实验装置。加热一段时间后，温度计的示数如图乙所示，此时的示数为______ ℃；图丙中______ (选填“a”或“b”)是水沸腾时的情况。
17. 现代智能手机给人们生活带来了很多便利，例如安装一个“遥控精灵”的App就可以把你的手机变成万能遥控了，这个软件需要利用手机发射一种不可见光，这种不可见光是______ ；检查视力的时候，视力表放在被检测者头部的后上方，被检测者识别对面墙上镜子里的像(如图乙)。视力表在镜中的像与被测者相距______ m。
18. 如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示。由图象可知当t=1s时，物体处于______状态。t=3s时，物体受到的摩擦力为______N。
19. 如图是小明甲家盆景的自动供水装置，其原理如下：装满水的瓶子倒置于盘中，瓶口恰好被水浸没，此时瓶中的水______ 下降(填“会”或“不会”)，当盘中水位下降使瓶口露出水面时，空气进入瓶中，瓶中水就流出，又使盘中水位升高，这样盆景盘中水位始终保持一定高度，该装置的原理是巧妙地利用了______ 。
20. 当一个定值电阻R两端的电压由4V增加到6V时，通过电阻的电流变化了0.2A，这个定值电阻的电阻为______Ω，其电功率变化了______W。
21. 我市在“创建文明城市”活动中，同学们在老师的带领下用钢丝球清除建筑物上粘贴的各种“小广告”，过了一会儿钢丝球发热，这是通过 的方式改变内能的，其能量转化方式与热机中的 冲程相同。
22. 如图所示，R0是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，R 是电阻箱(已调至合适阻值)，它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯。白天灯熄，夜晚灯亮。则给路灯供电的电源应接在______(a、b 或 b、c)两端；如果将电阻箱 R 的阻值调小一些，则路灯比原来______(早一些/迟一些)亮。
四、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
23. 用轻绳悬挂小球A系于匀速行驶的小车上(如图)，画出小球A受力示意图。
24. 请将图中所示元件，连接成符合安全用电要求的家庭电路。
五、实验探究题（本大题共2小题，共15.0分）
25. 科学小组利用如图所示的装置来探究“杠杆的平衡条件”。
(1)如甲图所示的杠杆静止，此时杠杆处于______ 状态(选填“平衡”或“非平衡”)，应将左侧的平衡螺母向______ 调节，使杠杆在______ 位置平衡。
(2)如图乙所示，在杠杆A点挂3个同样的钩码，则B点应挂______ 个相同的钩码才能使杠杆平衡。
(3)如图丙所示，弹簧测力计竖直向下拉使杠杆平衡，测力计示数为______ N；若测力计沿虚线方向倾斜拉杠杆使杠杆平衡，其示数将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)有小组成员利用图丁的装置进行实验，杠杆平衡时所测数据关系与杠杆平衡条件不符，原因是：______ 。
26. 小敏同学按如图所示电路做“测量小灯泡额定功率”的实验。所用器材有：标有“3.8V”字样的待测小灯泡、恒为6V的电源、标有“50Ω 1A”的滑动变阻器、电流表(量程为0～0.6A、0～3A)。电压表(量程为0～3V、0～15V)。
(1)连接电路时，开关应处于______ 状态；图甲中导线a端应与电压表上标有数字“______ ”(选填“3”或“15”)的接线柱相连。
(2)正确连接电路闭合开关之后，小敏同学移动滑片P到某一点时，发现电压表的示数为2V。若他想要测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P往______ (选填“A”或“B”)端移动。
(3)小敏同学根据实验数据绘制成图乙所示的灯泡U−I关系图像。根据图像信息，可计算出小灯泡正常发光时的电功率是______ W；通过图像还可以发现，小灯泡的电阻并不是一个定值，这是因为灯丝的电阻随温度的升高而______ (选填“增大”或“减小”)。
(4)小敏同学分别测量了小灯泡在2.5V、3.8V、4.5V三个电压下的电功率，他觉得，可以将这三个电功率取平均值作为此小灯泡的额定功率值，以减小实验误差。此做法______ (选填“合理”或“不合理”)。
(5)小翔同学与小敏同学进行了讨论，觉得小敏的实验设计在测量小灯泡的额定功率时，他所用电压表难以精准的指示出3.8V。小翔认为应该将电压表并联到滑动变阻器两端，且让电压表的示数为______ V，通过计算便可更准确的测出小灯泡的额定功率。
(6)小敏对(5)中小翔的做法进行了误差分析。如果考虑电压表分流或电流表分压的话，小翔方案中小灯泡额定功率的测量值______ (选填“大于”或“小于”)小灯泡额定功率的真实值。
六、计算题（本大题共2小题，共21.0分）
27. 如图所示，小渝同学用滑轮组将重为600N的物体以1m/s的速度匀速提起，物体上升的高度h=3m，拉力的功率为800W，此时小渝受到地面的支持力为200N，双脚与地的总接触面积为400cm2，不计绳重和摩擦，求：
(1)绳子自由端的速度；
(2)该滑轮组的机械效率；
(3)若小渝用此滑轮组匀速提起重为800N的物体，此时他对地的压强。
28. 如图是某饮水机的电路原理图，电源电压为220V，R2的电阻是4840Ω.当S1、S2都闭合时饮水机处于加热状态，总功率为550W；当只闭合S2时饮水机处于保温状态。试问：
(1)当只闭合S2时，R2的功率为多少？
(2)当S1、S2都闭合时，饮水机电路中的总电流为多少？
(3)饮水机内装有1kg初温为20℃的水，若饮水机正常加热6min，此时消耗电能的84%被水吸收，饮水机内水的温度升高到多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右．故A不符合实际；
B、家用日光灯的功率约40W，正常工作的电流在I=PU=40W220V≈0.2A左右。故B不符合实际；
C、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右．故C不符合实际；
D、成年人正常步行的速度在1m/s～1.5m/s之间。故D符合实际。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务．
2.【答案】C
【解析】解：A、电磁波既能传递信息也能传递能量，故A错误；
B、光纤通信是利用激光传递信息的，激光属于电磁波，故B错误；
C、电磁波的传播不需要介质，在真空中也能传播，故C正确；
D、声波不属于电磁波，可见光属于电磁波，故D错误．
故选：C．
解答本题需要掌握：
电磁波的家族成员较多，比如：γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线、无线电波等；
电磁波既能传递信息也能传递能量；电磁波的传播不需要介质，在真空中也能传播；
光纤通信是利用激光的反射传递信息的．
本题主要考查学生对在现代信息传递中，电磁波的重要应用，以及其它信息传递方式的了解和掌握，属于识记性内容，比较简单．
3.【答案】D
【解析】
【分析】
此题考查了学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握、对平衡力判断及二力平衡条件的应用。
(1)判断物体的运动状态，主要看参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
(2)影响惯性大小的因素是物体的质量，质量越大，惯性越大。
(3)二力平衡的条件有四个：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，并作用在同一物体上。
(4)列车做加速运动时，受到的牵引力大于它受到的阻力。
【解答】
A.坐在列车上的乘客相对于车站来说其位置发生了变化，所以列车上的乘客相对于车站是运动的，故A错误；
B.惯性大小取决于物体的质量，列车由静止变为运动，列车的质量没有改变，惯性大小也不变，故B错误；
C.列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力不在同一直线上、方向也不是相反的，所以二力不是平衡力，故C错误；
D.列车加速前进时，合力向前，则它受到的牵引力大于它受到的阻力，故D正确。
故选D。
4.【答案】C
【解析】解：A、自制温度计的原理为液体的热胀冷缩，在热水中时自制温度计中的液体受热膨胀，细管中的液柱会升高，故A错误；
B、玻璃泡中的液体变化相同的温度，体积变化相同，如果管越细，细管中液柱的变化越明显，自制温度计的精度更高，而将玻璃细管做长一些，只能增大温度计的量程，而故B错误；
C、瓶子里装有水，敲击瓶子时，振动物体是瓶子和水，水越多，越难振动，频率越来越小，音调越来越低。敲击水琴时，c中装的水最少，其音调最高，故C正确；
D、当用嘴向瓶内吹气时，瓶内的空气柱振动发声，随着瓶内水位的升高，瓶内的空气柱越短，振动的频率越高，因此发出声音的音调由低到高顺序为cbad，故D错误。
故选：C。
(1)液体温度计是利用液体的热胀冷缩的性质来工作的；
(2)体积变化相同时，如果管越细，细管中液柱的变化越明显；
(3)(4)物体振动产生声音，判断音调的高低首先确定振动的物体，然后确定振动的快慢，再判断音调的高低；
体积大，质量大的物体难振动，频率小，音调低。
本题主要考查了学生对液体温度计的原理和构造的了解与掌握以及弄清发声体究竟是哪一部分在振动发声。属于基础题目。
5.【答案】B
【解析】解：雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B正确。
故选：B。
物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；
物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6.【答案】D
【解析】解：由题意可知，通过手机扫码使开关S1闭合或通过投币使开关S2闭合都能启动电动机完成自动售货，
由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，开关S1和开关S2应并联共同控制电动机；
由题知，在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明，则灯泡与电动机并联能独立工作，且只由光控开关S3控制，
综上结合选项图可知，只有D图符合题意。
故选：D。
根据题意可知，通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响即为并联，
再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，知道串联电路中各元件间相互影响，并联电路中各支路间互不影响。
7.【答案】D
【解析】解：A、扫描拍照时，文字和图片的位置必须在摄像头的两倍焦距之外，故A错误；
B、文字和图片通过摄像头扫描后形成了倒立、缩小的实像，故B错误；
C、智能笔和手机、电脑之间是通过电磁波传递信息的，故C错误；
D、给智能笔的锂电池充电时把电能转化为化学能储存起来，故D正确。
故选：D。
(1)物距大于两倍焦距，成倒立、缩小的实像，应用为照相机；
(2)电磁波可以传递信息；
(3)给电池充电时把电能转化为化学能。
本题考查凸透镜成像规律的应用、电磁波和能量转化的有关知识，综合性强，难度适中。
8.【答案】C
【解析】解：A、潜水器在水面下匀速下潜，受到浮力与重力二力平衡，大小相等，即浮力等于重力，故A错误；
BC、潜水器在水面下匀速下潜，海水的密度不变，潜水器浸没在水中，其排开水的体积不变，深度变大，
根据F浮=ρ液gV排可知，潜水器受到的浮力不变；根据p=ρgh可知，潜水器受到的压强变大，故B错误、C正确。
D、根据浮力产生的原因可知，浮力就是上、下表面受到的液体压力差，潜水器受到的浮力不变，则上、下表面受到的压力差不变，故D错误。
故选：C。
(1)潜水器在水面下匀速下潜，受到浮力与重力二力平衡，大小相等；
(2)潜水器在水面下匀速下潜，海水的密度不变，潜水器浸没在水中，其排开水的体积不变，深度变大，
根据F浮=ρ液gV排可知潜水器受到的浮力变化情况；根据p=ρgh可知，潜水器受到的压强变化情况；
(3)根据浮力产生的原因可知，浮力就是上、下表面受到的液体压力差。
本题考查阿基米德原理、液体压强公式、二力平衡条件和浮力产生原因的考查，难度适中。
9.【答案】B
【解析】解：A、实心球在运动的过程中，明明没有对球施加力，所以不做功，故A错误；
B、实心球在a、c两点的重力势能相等，由于实心球在运动过程中克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以a点的机械能大于c点的机械能，a点的动能大于c点的动能，故B正确；
C、实心球在最高点b点时有水平方向上的速度，动能不为0，此时的高度最大，重力势能最大，故C错误；
D、实心球从b点运动到d点过程中，克服空气阻力做功，一部分重力势能转化为内能，所以重力势能没有全部转化为动能，故D错误。
故选：B。
(1)做功包括两个必要因素，一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；
(2)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度。
本题的综合性较强，包括做功的两个必要因素、动能与重力势能的转化等，要求我们对相关知识有一个熟练的掌握。
10.【答案】C
【解析】解：当袋中药液量减少时，整个药液袋的重力减小，对弹簧的拉力减小，弹簧的伸长量减小，所以滑片会向上移动；
A、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；
当袋中药液量减少时，滑片的上移不会改变变阻器连入电路的电阻，则电路中的电流不变，变阻器两端的电压不变，即电压表的示数也不变，故A不符合要求；
B、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；
当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变大，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B不符合要求；
C、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；
当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故C符合要求；
D、由图可知，变阻器与灯泡并联，电压表测量电源电压，
由于电源电压不变，所以，当袋中药液量减少时，电压表的示数不变，故D不符合要求。
故选：C。
当袋中药液量减少时，整个药液袋的重力减小，对弹簧的拉力减小，弹簧的伸长量减小，则滑片会向上移动；分析各图中电路的连接情况，判断药液量减少时电阻的变化情况，根据电路的连接情况以及串联电路的分压特点判断电压表示数的变化，找出电压表示数随之减小的电路图。
本题主要考查了欧姆定律的应用，解题的关键有：①明确药液量减少时滑片会向上移动；②正确分析电路的连接情况；③利用串联电路的分压特点。
11.【答案】AC
【解析】解：由图可知，∠AOS=60°，所以∠AOP=90°−60°=30°，而∠COP与∠AOP是相等的，根据反射角等于入射角，所以PQ为法线，RS为界面，而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OB一定为折射光线，AO为入射光线，OC为反射光线。
由图可知，折射角要大于入射角，因当光线从水中斜射入空气时，折射角大于入射角。
所以这束光线是由水进入空气。即分界面的右侧是空气；故AC正确，BD错误。
故选：AC。
此题首先根据反射角和入射角相等，找出法线，从而确定界面，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光线、反射光线以及入射角的度数。
此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，首先要掌握定律的内容，根据反射角与入射角之间的关系确定法线，从而确定界面，则可首先确定出折射光线，根据折射光线与入射光线的关系确定出入射光线，最后确定反射光线。
12.【答案】BD
【解析】解：
A、两个削平的铅块被紧压在一起不易分开，说明分子间存在引力；但分子间的引力与斥力总是同时存在的，故A错误。
B、腌制咸蛋，是利用分子在不停地做无规则运动，故B正确。
C、内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能，故C错误。
D、因为水的比热容较大，在其他条件相同时水能吸收较多的热量，所以常用水作汽车发动机的冷却液，故D正确。
故选：BD。
(1)分子动理论的内容为：物质是由大量分子组成的，分子在不停地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力与斥力。
(2)内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能；内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能；
(3)水的比热容较大，常用作发动机的冷却液以及供暖系统的供热物质。
此题考查了分子动理论、水的比热容较大的应用及热机工作过程中的能量转化，属于基础知识的考查，难度不大。
13.【答案】ABD
【解析】解：A、由图甲可知n=2，由乙图图象可知，提升物体A时，绳子自由端移动的距离sA=40m，所用的时间tA=2.0s，
则绳子自由端的速度为：vA=sAtA=40m2s=20m/s，
则物体A上升的速度：v物A=12vA=12×20m/s=10m/s，故A正确；
B、不计绳重和摩擦时拉力：F=12(GA+G动)=12×(800N+200N)=500N，
根据P=Wt=Fst=Fv可知，拉力的功率：P=FvA=500N×20m/s=1×104W，故B正确；
C、由图乙可知，提升物体B时，绳子自由端竖直移动的速度：vB=sBtB=20m2.0s=10m/s，
在这两次提升物体的过程中，卷扬机拉力F的功率保持不变，由P=Fv可得，物体B时的拉力：FB=PvB=1×104W10m/s=1000N，
由F=12(G+G动)可得，物体B受到的重力：GB=2FB−G动=2×1000N−200N=1800N，故C错误；
D、根据η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF可知，提升物体B时动滑轮的机械效率：η=GB2FB=1800N2×1000N=90%，故D正确。
故选：ABD。
(1)由图甲可知n=2，由乙图图象可知绳子自由端移动的距离s，利用速度公式求速度大小，物体A上升的速度v物=12v；
(2)利用不计绳重和摩擦时F=12(G+G动)求拉力，利用P=Wt=Fst=Fv求拉力F的功率；
(3)在这两次提升物体的过程中，卷扬机拉力F的功率保持不变，利用P=Fv求升物体B时的拉力，然后利用F=12(G+G动)求物体B受到的重力；
(4)利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求机械效率。
本题考查了速度、使用动滑轮时绳子拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，利用不计绳重和摩擦时F=12(G+G动)是解题的关键。
14.【答案】ABC
【解析】解：D、闭合开关，电阻丝接入滑片右边的部分，灯泡和电阻丝AB串联，电压表测量电阻丝接入电路部分两端的电压，滑片P从A滑到B的过程中，电阻丝接入电路的阻值变小，电压表示数变小；故D错误；
AB、当滑片位于B端时，电路为灯泡的简单电路，此时电路中的电流最大，
由乙图可知，电源的电压U=6V，电路中的电流I大=1A；
当滑片位于A端时，灯泡与电阻丝AB串联，电压表测电阻丝AB两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据串联电路的分压特点可知，此时灯泡两端的电压最小，电路中的电流最小，
由小灯泡的I−U关系图象可知，UL=1.5V，I小=0.5A，
因串联电路的总电压等于各分电压之和，
所以，UAB=U−UL=6V−1.5V=4.5V，
由欧姆定律可得电阻丝AB的阻值：
RAB=UABI小=4.5V0.5A=9Ω，故A正确；
灯泡的最小电功率：
UL小=ULI小=1.5V×0.5A=0.75W，故B正确；
C、根据P=UI可知电路中的最大功率P=UI大=6V×1A=6W，故C正确。
故选：ABC。
D、闭合开关，电阻丝接入滑片右边的部分，灯泡和电阻丝AB串联，电压表测量电阻丝接入电路部分两端的电压，滑片P从A滑到B的过程中，电阻丝接入电路的阻值变小，根据串联分压特点可知电压表示数的变化情况；
AB、当滑片位于B端时，电路为灯泡的简单电路，此时电路中的电流最大，
由乙图可知，电源的电压U=6V，电路中的电流I大=1A；
当滑片位于A端时，灯泡与电阻丝AB串联，电压表测电阻丝AB两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据串联电路的分压特点可知，此时灯泡两端的电压最小，电路中的电流最小，
由小灯泡的I−U关系图象可知，UL=1.5V，I小=0.5A，
因串联电路的总电压等于各分电压之和，
可得出AB两端的电压，由I=UR可得电阻丝AB的阻值，根据UL小=ULI小得出灯泡的最小电功率；
C、根据P=UI大可知电路中的最大功率。
本题考查电功率的有关计算，关键是从图中得出有用信息。
15.【答案】方向 作用点
【解析】解：(1)沿顺时针方向可使螺母拧紧，沿逆时针方向可使螺母拧松，这表明力的作用效果与力的方向有关；
(2)在远离螺母的A点用力更容易将螺母拧紧或拧开，说明力的作用点影响着力的作用效果。
故答案为：方向；作用点。
力的大小、方向、作用点叫做力的三要素，力的三要素影响力的作用效果。
正确理解力的三要素对力的作用效果的影响是解决此类问题的关键，属于基础知识的考查。
16.【答案】93 a
【解析】解：该温度计的分度值是1℃，此时的示数为93℃；图丙中a是水沸腾时的情况。
故答案为：93；a。
(1)温度计在读数前要弄清楚它的零刻度、量程和分度值。
(2)水在沸腾前气泡上升变小，水在沸腾时气泡上升时不断有新的水蒸气产生并进入气泡内部，气泡上升变大。
知道水沸腾前后气泡的变化；会正确读出温度计的示数。
17.【答案】红外线 4.6
【解析】解：电视机的遥控器可以发射一种不可见光，这种不可见光是红外线，不把它对准电视机，对着墙壁按按钮也能控制电视机，说明这种光线也和可见光一样，能发生反射现象。
由图可知，视力表到平面镜的距离是2.5m，被检测者到平面镜的距离为2.5m−0.4m=2.1m，
根据物像到平面镜的距离相等，所以视力表像到平面镜的距离也是2.5m，所以人到视力表像的距离为2.1m+2.5m=4.6m。
故答案为：红外线；4.6。
(1)电视机的遥控器发出的是红外线，是不可见光，这种光射到墙壁上也会发生反射现象；
(2)物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
本题考查了不可见光、平面镜成像的应用、光的反射，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
18.【答案】静止 4
【解析】解：(1)由丙图知：0−2s时物体的速度大小为零；则当t=1s时物体处于静止状态。
(2)由丙图知：4−6s时，物体匀速运动，
由乙图知：t=5s时，F=4N；
由于摩擦力与推力F是一对平衡力，因此摩擦力的大小为4N；
2−4s之间，物体加速运动，受力不平衡，推力大于摩擦力；但由于物体和地面没有改变，所以摩擦力大小不变；即仍为4N。
故答案为：静止；4。
(1)从速度图象中分析0−2s时物体的速度大小即可得出当t=1s时物体所处的状态；
(2)首先从速度图象中4−6s得出物体匀速直线运动。然后对应的从F−t图象中得出物体所受的摩擦力；最后根据摩擦力的影响因素判断出t=3s时物体受到的摩擦力大小。
v−t图象、F−t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。
19.【答案】不会 大气压
【解析】解：因为一标准大气压可以支持10米多高的水柱，所以装满水的瓶子倒置于盘中，瓶口恰好被水浸没，此时瓶中的水不会下降；
当瓶口在水面以下时，瓶子内的水和空气的压强之和等于外界的大气压强，水不流出；当瓶口露出水面时，空气进入瓶内，瓶内空气和水的压强之和大于外界的大气压强，水流出，直到封住瓶口为止，是利用大气压强工作的。
故答案为：不会；大气压。
根据一标准大气压可以支持10米多高的水柱，可知，瓶口恰好被水浸没，此时瓶中的水是否会流出；
随着自动喂水的装置内水的减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使水位重新升高，瓶口继续没入水中，空气不再进入，如此反复。
本题借助盆景考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。
20.【答案】10 2
【解析】解：因定值电阻的阻值不变，
所以，定值电阻两端的电压从4V升高到6V时，通过该电阻电流的变化量：
ΔI=U2R−U1R=U2−U1R=6V−4VR=2VR=0.2A，
解得：R=10Ω，
则该电阻的电功率的变化量：
ΔP=U22R−U12R=(6V)210Ω−(4V)210Ω=2W。
故答案为：10；2。
定值电阻的阻值不变，根据欧姆定律表示出其两端的电压从4V升高到6V时通过电流的变化量即可求出定值电阻的阻值，根据P=UI=U2R求出该电阻的电功率的变化量。
本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，是一道较为简单的计算题。
21.【答案】做功 压缩
【解析】解：清除“小广告”时，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，这是通过做功方式改变内能的，其能量转化方式与热机中的压缩冲程相同。
故答案为：做功；压缩。
改变内能有两种方式：做功和热传递；内燃机做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程中机械能转化为内能。
本题考查了改变物体内能的方式、热机工作过程中能量的转化等知识，属于基础性题目。
22.【答案】a、b 迟一些
【解析】解：光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与B接通。所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在ab之间；
如果将电阻箱 R 的阻值调小，电流变大，继电器得到的电压变大，磁性变强，吸引力变大，路灯晚一点被点亮。
故答案为：a、b；迟一些。
利用直流电源为电磁铁供电，将电源、光敏电阻、定值电阻、电键直接串联即可；分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点。
在串联电路中，电压电压等于各用电器两端的电压之和，用电器的电阻减小，其分担的电压也会去随之减小。
解决本题的关键知光敏电阻的特点，能够根据它们的特点解释它们在实际运用过程中的原理。
23.【答案】解：小球处于静止状态，受到的重力和拉力是一对平衡力，重力竖直向下，标上符号G，拉力竖直向上，标出符号F，二力的作用点都在小球重心，注意两个力长度相等，如图所示：
【解析】小球处于静止状态，受到的重力和拉力是一对平衡力，重力的作用点在重心上，方向竖直向下；拉力的作用点在重心上，方向竖直向上。
作出力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
24.【答案】解：三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；由此可知，上面三根线分别为零线、火线、地线；
灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。如图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。
家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
25.【答案】平衡 右 水平 4 2.0 变大 杠杆自重对实验结果有影响
【解析】解：(1)杠杆静止时和匀速转动时，杠杆都处于平衡状态，由题意知道，杠杆处于静止状态，杠杆处于平衡状态；
由图知道，杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动，直至杠杆在水平位置平衡，这样力臂在杠杆上，便于读出力臂大小；
(2)设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，由图乙知道，A点处挂3个钩码，设应在B点挂n个钩码，则
3G×4L=nG×3L
解得：n=4，所以应在B点挂4个钩码。
(3)由图丙知道，弹簧测力计的分度值是0.2N，示数是2.0N；
保持弹簧测力计悬挂点不变，使其拉力方向斜向右下方，动力臂变短，阻力阻力臂不变，根据F1L1=F2L2，弹簧测力计的示数变大；
(4)图中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大。
故答案为：(1)平衡；右；水平；(2)4；(3)2.0；变大；(4)杠杆自重对实验结果有影响。
(1)杠杆的平衡是指静止或匀速转动；实验前没有挂钩码和弹簧测力计时，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡，此时杠杆的重心过支点，杠杆重力的力臂为0，杠杆的重力对杠杆平衡不产生影响；
(2)根据已知条件，由杠杆的平衡条件求出在B位置挂上几个钩码；
(3)知道阻力、阻力臂和动力臂，利用杠杆的平衡条件求动力；当把支点到作用点的连线作为动力臂(施力方向与连线垂直)时，动力臂最长、最省力(弹簧测力计示数最小)；
(4)图丁中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。
本题考查杠杆的平衡条件的实验，关键是将课本内容记忆清楚，仔细分析即可。
26.【答案】断开 15 A 1.14 增大 不合理 2.2 小于
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；
灯泡的额定电压3.8V，所以电压表应选用0～15V量程与灯泡并联，故导线a端应与电压表上标有数字“15”的接线柱相连；
(2)正确连接电路闭合开关之后，小敏同学移动滑片P到某一点时，发现电压表的示数为2V，若他想要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将图甲中滑片P往A端移动；
(3)由图乙可知，当灯泡两端电压为3.8V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W；
由图乙可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝的电阻随温度升高而增大；
(4)灯泡在不同电压下功率不同，求平均值没有意义，故此做法不合理；
(5)将电压表并联到滑动变阻器两端，当灯泡正常发光时，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U滑=U−UL=6V−3.8V=2.2V，即让电压表的示数为2.2V，通过计算便可更准确的测出小灯泡的额定功率；
(6)对于(5)中小翔的做法，因为电流表串联在电路中会分得很小的电压，所以，当电压表的示数为2.2V时，灯泡两端的电压小于额定电压3.8V，通过灯泡的电流也小于其额定电流，根据P=UI可知，小翔方案中小灯泡额定功率的测量值小于小灯泡额定功率的真实值。
故答案为：(1)断开；15；(2)A；(3)1.14；增大；(4)不合理；(5)2.2；(6)小于。
(1)为保护电路，连接电路时开关应断开；根据小灯泡的额定电压确定电压表选用小量程与灯并联；
(2)比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(3)根据图乙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率；
灯丝的电阻随温度升高而增大；
(4)灯泡在不同电压下功率不同，求平均值没有意义；
(5)根据串联电路电压规律分析回答；
(6)电流表与灯串联，电流表测量的电流是准确的，根据串联电路电压的规律和P=UI分析回答。
本题测量小灯泡额定功率的实验，考查了电路连接、实验操作、功率的计算、误差分析等知识，难度不大。
27.【答案】解：(1)由图可知，n=2，绳子自由端的速度：
v绳=nv物=2v物=2×1m/s=2m/s；
(2)拉力F=G−F支=600N−200N=400N，
该滑轮组的机械效率η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=600N2×400N=75%；
(3)不计绳重和摩擦，F=1n(G物+G动)，
当提起600N物体，G动=2F−G物=2×400N−600N=200N，
用此滑轮组匀速提升重力800N的物体时，
绳子拉力F拉′=1n(G物′+G动)=12×(800N+200N)=500N，
所以人对地面的压力F′=G人−F拉′=600N−500N=100N，
双脚与地的总接触面积为S=400cm2=4×10−2m2，
人对地面压强为：
p=F′S=100N4×10−2m2=2.5×103Pa。
答：(1)绳子自由端的速度为2m/s；
(2)该滑轮组的机械效率为75%；
(3)若小渝用此滑轮组匀速提起重为800N的物体，此时他对地的压强为2.5×103Pa。
【解析】(1)已知物体上升的速度，由图可知滑轮组绳子的有效股数，由v绳=nv物可求得绳子自由端的速度；
(2)已知物体重力和小渝受到地面的支持力，可求得拉力F，利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求滑轮组的机械效率；
(3)不计绳重和摩擦的情况下，根据F=1n(G物+G动)据此可计算出动滑轮的重力。再计算提升800N时绳子拉力，人对地面压力，最后由压强公式计算出人对地面的压强。
本题考查压强和机械效率的计算，难点是对物体进行受力分析，找出各个物理量之间的关系，用好F=1n(G物+G动)是解题的关键。
28.【答案】解：(1)当只闭合S2时，电路为R2的简单电路，
则R2的功率：
P2=U2R2=(220V)24840Ω=10W；
(2)当S1、S2都闭合时，饮水机处于加热状态，
由P=UI可得，饮水机电路中的总电流：
I=P加热U=550W220V=2.5A；
(3)由P=Wt可得，饮水机正常加热6min消耗的电能：
W=P加热t=550W×6×60s=1.98×105J，
由η=Q吸W×100%可得，水吸收的热量：
Q吸=ηW=84%×1.98×105J=166320J，
由Q吸=cm(t2−t1)可得，饮水机内水升高到的温度：
t2=Q吸cm+t1=166320J4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg+20℃=59.6℃。
答：(1)当只闭合S2时，R2的功率为10W；
(2)当S1、S2都闭合时，饮水机电路中的总电流为2.5A；
(3)饮水机内水的温度升高到59.6℃。
【解析】(1)当只闭合S2时，电路为R2的简单电路，根据P=U2R求出R2的功率；
(2)当S1、S2都闭合时，饮水机处于加热状态，根据P=UI求出饮水机电路中的总电流；
(3)根据W=Pt求出饮水机正常加热6min消耗的电能，根据η=Q吸W×100%求出水吸收的热量，根据Q吸=cm(t2−t1)求出饮水机内水升高到的温度。
本题考查了电功率公式、电功公式、效率公式、吸热公式的综合应用，要注意水温升高到(末温)和升高了(温度变化量)的区别。
2023年四川省宜宾市南溪区中考物理模拟试卷（二）
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 下列关于物理量的一些估计，比较符合实际的是( )
A. 一个鸡蛋的质量大约为500g B. 家用日光灯正常工作电流约为1A
C. 人感觉舒适的气温约为35～37℃ D. 成人正常步行的速度约为1～1.5m/s
2. 关于电磁波，下列说法正确的是( )
A. 电磁波只能传递信息不能传递能量 B. 光纤通信没有应用电磁波
C. 电磁波能在真空中传播 D. 声波和可见光都属于电磁波
3. 如图所示，“和谐号”动车满载旅客从成都东站缓缓驶出前往西安。下列说法正确的是( )
A. 坐在列车上的乘客相对于车站是静止的
B. 列车由静止变为运动，列车的惯性减小了
C. 列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力是平衡力
D. 列车加速前进时，它受到的牵引力大于它受到的阻力
4. 如图所示，甲为自制温度计，乙为水琴，下列说法正确的是( )
A. 甲：利用气体热胀冷缩的性质制成的，在热水中液柱会升高
B. 甲：将玻璃细管做长一些，自制温度计的精度更高
C. 乙：敲击水琴，瓶和瓶内水振动发声，c的音调最高
D. 乙：向水琴瓶口吹气，发出声音的音调由低到高顺序为dabc
5. 清晨，站在青城山山顶放眼望去，薄雾从山间升腾而起，随风飘散，宛如仙境(如图)。雾的形成属于( )
A. 汽化现象 B. 液化现象 C. 升华现象 D. 凝华现象
6. HY校区设有自动售饮料机，方便师生员工购买。它可通过手机扫码(闭合S1)或通过投币(闭合S2)，启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。以下电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
7. 如图所示的新型智能笔，可以通过语音、扫描等方式查单词和识别文字图片，并能连接手机或电脑显示屏同步显示及保存信息，功能非常全面。当用笔头扫描单词和图片时，前端的微型摄像头进行拍照，笔内的发射装备将所获取的信息无线传输到电脑显示屏上，及时处理成文本及语音结果。下列有关说法正确的是( )
A. 扫描拍照时，文字和图片的位置必须在摄像头的一倍焦距之内
B. 文字和图片通过摄像头扫描后形成了正立、放大的实像
C. 智能笔和手机、电脑之间是通过超声波传递信息的
D. 给智能笔的锂电池充电时把电能转化为化学能储存起来
8. 关于深海潜水技术，我国走在了世界的前列，某型号无动力自主潜水器在水面下匀速下潜过程中，下列说法正确的是( )
A. 浮力小于重力 B. 受到的浮力变大，压强变大
C. 受到的压强变大，浮力不变 D. 上、下表面受到的压力差变小
9. 明明同学在体育课上练习抛实心球，他用200N的力把实心球抛出7.5m。抛出的小球在空中运动的轨迹如图所示，b点为最高点，a、c两点在同一高度，则下列说法正确的是( )
A. 根据W=Fs计算出明明对实心球做了1500J的功
B. 实心球在a、c两点的重力势能相等，但是两点的动能不相等
C. 实心球在b点重力势能最大，动能最小为零
D. 实心球从b点运动到d点过程重力势能全部转化为动能
10. 小华设计了一种输液提示器，能在护士站观察到药液量的变化。当袋中药液量减少时，为使电压表示数随之减小，符合要求的电路图是( )
A. B.
C. D.
二、多选题（本大题共4小题，共12.0分）
11. 如图是光在空气和水的界面处发生反射和折射的光路图，∠AOS=60°，下列判断正确的是( )
A. AO是入射光线、∠POC是反射角，OB是折射光线
B. BO是入射光线、RS为法线、PQ为界面，PQ上方介质是水
C. 入射角为30°，PQ为法线、RS为界面，RS右侧介质是空气
D. 入射角为30°，PQ为法线、RS为界面，RS左侧介质是空气
12. 下列说法正确的是( )
A. 两个削平的铅块被紧压在一起不易分开，是因为分子间只有引力，没有斥力
B. 腌制咸鸭蛋，利用了分子在不停地做无规则运动
C. 内燃机的做功冲程，将机械能转化成内能
D. 常用水作汽车发动机的冷却液，是因为水的比热容较大
13. 如图甲所示，用一个动滑轮匀速提升重为800N的物体A，在卷扬机拉力F的作用下，绳子自由端竖直移动的距离随时间变化的关系如图乙中图线a所示；用该装置匀速提升物体B时，绳子自由端竖直移动的距离随时间变化的关系如图乙中图线b所示。已知动滑轮受到的重力为200N，在这两次提升物体的过程中，卷扬机拉力F的功率保持不变，且不计绳重和轮与轴间的摩擦。下列说法正确的是( )
A. 物体A上升的速度为10m/s B. 拉力F的功率为1×104W
C. 物体B受到的重力为2000N D. 提升物体B时动滑轮的机械效率为90%
14. 图甲所示是小明的调光灯电路图，他将粗细均匀的电阻丝AB通过滑片P连入电路，小灯泡的额定电压为6V，闭合开关S后，滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中，小灯泡的I−U关系图像如图乙所示(电阻丝AB的阻值不随温度变化)，下面说法中正确的是( )
A. 电阻丝AB的阻值为9Ω
B. 小灯泡的最小功率为0.75W
C. 电路中的最大功率是6W
D. P从A端滑到B端的过程中，电压表示数变大
三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）
15. 如图所示，用扳手拧螺母时，按通常经验，沿顺时针方向用力可将螺母拧紧，沿逆时针方向用力可将螺母拧松，这表明力的作用效果与力的______有关；若用同样大的力拧螺母，在A点施加力更容易将螺母拧紧或拧开，这表明力的作用效果与力的______有关。
16. 如图甲所示是“观察水的沸腾”的实验装置。加热一段时间后，温度计的示数如图乙所示，此时的示数为______ ℃；图丙中______ (选填“a”或“b”)是水沸腾时的情况。
17. 现代智能手机给人们生活带来了很多便利，例如安装一个“遥控精灵”的App就可以把你的手机变成万能遥控了，这个软件需要利用手机发射一种不可见光，这种不可见光是______ ；检查视力的时候，视力表放在被检测者头部的后上方，被检测者识别对面墙上镜子里的像(如图乙)。视力表在镜中的像与被测者相距______ m。
18. 如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示。由图象可知当t=1s时，物体处于______状态。t=3s时，物体受到的摩擦力为______N。
19. 如图是小明甲家盆景的自动供水装置，其原理如下：装满水的瓶子倒置于盘中，瓶口恰好被水浸没，此时瓶中的水______ 下降(填“会”或“不会”)，当盘中水位下降使瓶口露出水面时，空气进入瓶中，瓶中水就流出，又使盘中水位升高，这样盆景盘中水位始终保持一定高度，该装置的原理是巧妙地利用了______ 。
20. 当一个定值电阻R两端的电压由4V增加到6V时，通过电阻的电流变化了0.2A，这个定值电阻的电阻为______Ω，其电功率变化了______W。
21. 我市在“创建文明城市”活动中，同学们在老师的带领下用钢丝球清除建筑物上粘贴的各种“小广告”，过了一会儿钢丝球发热，这是通过 的方式改变内能的，其能量转化方式与热机中的 冲程相同。
22. 如图所示，R0是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，R 是电阻箱(已调至合适阻值)，它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯。白天灯熄，夜晚灯亮。则给路灯供电的电源应接在______(a、b 或 b、c)两端；如果将电阻箱 R 的阻值调小一些，则路灯比原来______(早一些/迟一些)亮。
四、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
23. 用轻绳悬挂小球A系于匀速行驶的小车上(如图)，画出小球A受力示意图。
24. 请将图中所示元件，连接成符合安全用电要求的家庭电路。
五、实验探究题（本大题共2小题，共15.0分）
25. 科学小组利用如图所示的装置来探究“杠杆的平衡条件”。
(1)如甲图所示的杠杆静止，此时杠杆处于______ 状态(选填“平衡”或“非平衡”)，应将左侧的平衡螺母向______ 调节，使杠杆在______ 位置平衡。
(2)如图乙所示，在杠杆A点挂3个同样的钩码，则B点应挂______ 个相同的钩码才能使杠杆平衡。
(3)如图丙所示，弹簧测力计竖直向下拉使杠杆平衡，测力计示数为______ N；若测力计沿虚线方向倾斜拉杠杆使杠杆平衡，其示数将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)有小组成员利用图丁的装置进行实验，杠杆平衡时所测数据关系与杠杆平衡条件不符，原因是：______ 。
26. 小敏同学按如图所示电路做“测量小灯泡额定功率”的实验。所用器材有：标有“3.8V”字样的待测小灯泡、恒为6V的电源、标有“50Ω 1A”的滑动变阻器、电流表(量程为0～0.6A、0～3A)。电压表(量程为0～3V、0～15V)。
(1)连接电路时，开关应处于______ 状态；图甲中导线a端应与电压表上标有数字“______ ”(选填“3”或“15”)的接线柱相连。
(2)正确连接电路闭合开关之后，小敏同学移动滑片P到某一点时，发现电压表的示数为2V。若他想要测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P往______ (选填“A”或“B”)端移动。
(3)小敏同学根据实验数据绘制成图乙所示的灯泡U−I关系图像。根据图像信息，可计算出小灯泡正常发光时的电功率是______ W；通过图像还可以发现，小灯泡的电阻并不是一个定值，这是因为灯丝的电阻随温度的升高而______ (选填“增大”或“减小”)。
(4)小敏同学分别测量了小灯泡在2.5V、3.8V、4.5V三个电压下的电功率，他觉得，可以将这三个电功率取平均值作为此小灯泡的额定功率值，以减小实验误差。此做法______ (选填“合理”或“不合理”)。
(5)小翔同学与小敏同学进行了讨论，觉得小敏的实验设计在测量小灯泡的额定功率时，他所用电压表难以精准的指示出3.8V。小翔认为应该将电压表并联到滑动变阻器两端，且让电压表的示数为______ V，通过计算便可更准确的测出小灯泡的额定功率。
(6)小敏对(5)中小翔的做法进行了误差分析。如果考虑电压表分流或电流表分压的话，小翔方案中小灯泡额定功率的测量值______ (选填“大于”或“小于”)小灯泡额定功率的真实值。
六、计算题（本大题共2小题，共21.0分）
27. 如图所示，小渝同学用滑轮组将重为600N的物体以1m/s的速度匀速提起，物体上升的高度h=3m，拉力的功率为800W，此时小渝受到地面的支持力为200N，双脚与地的总接触面积为400cm2，不计绳重和摩擦，求：
(1)绳子自由端的速度；
(2)该滑轮组的机械效率；
(3)若小渝用此滑轮组匀速提起重为800N的物体，此时他对地的压强。
28. 如图是某饮水机的电路原理图，电源电压为220V，R2的电阻是4840Ω.当S1、S2都闭合时饮水机处于加热状态，总功率为550W；当只闭合S2时饮水机处于保温状态。试问：
(1)当只闭合S2时，R2的功率为多少？
(2)当S1、S2都闭合时，饮水机电路中的总电流为多少？
(3)饮水机内装有1kg初温为20℃的水，若饮水机正常加热6min，此时消耗电能的84%被水吸收，饮水机内水的温度升高到多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右．故A不符合实际；
B、家用日光灯的功率约40W，正常工作的电流在I=PU=40W220V≈0.2A左右。故B不符合实际；
C、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右．故C不符合实际；
D、成年人正常步行的速度在1m/s～1.5m/s之间。故D符合实际。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务．
2.【答案】C
【解析】解：A、电磁波既能传递信息也能传递能量，故A错误；
B、光纤通信是利用激光传递信息的，激光属于电磁波，故B错误；
C、电磁波的传播不需要介质，在真空中也能传播，故C正确；
D、声波不属于电磁波，可见光属于电磁波，故D错误．
故选：C．
解答本题需要掌握：
电磁波的家族成员较多，比如：γ射线、X射线、紫外线、可见光、红外线、无线电波等；
电磁波既能传递信息也能传递能量；电磁波的传播不需要介质，在真空中也能传播；
光纤通信是利用激光的反射传递信息的．
本题主要考查学生对在现代信息传递中，电磁波的重要应用，以及其它信息传递方式的了解和掌握，属于识记性内容，比较简单．
3.【答案】D
【解析】
【分析】
此题考查了学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握、对平衡力判断及二力平衡条件的应用。
(1)判断物体的运动状态，主要看参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
(2)影响惯性大小的因素是物体的质量，质量越大，惯性越大。
(3)二力平衡的条件有四个：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，并作用在同一物体上。
(4)列车做加速运动时，受到的牵引力大于它受到的阻力。
【解答】
A.坐在列车上的乘客相对于车站来说其位置发生了变化，所以列车上的乘客相对于车站是运动的，故A错误；
B.惯性大小取决于物体的质量，列车由静止变为运动，列车的质量没有改变，惯性大小也不变，故B错误；
C.列车受到的牵引力和铁轨对它的支持力不在同一直线上、方向也不是相反的，所以二力不是平衡力，故C错误；
D.列车加速前进时，合力向前，则它受到的牵引力大于它受到的阻力，故D正确。
故选D。
4.【答案】C
【解析】解：A、自制温度计的原理为液体的热胀冷缩，在热水中时自制温度计中的液体受热膨胀，细管中的液柱会升高，故A错误；
B、玻璃泡中的液体变化相同的温度，体积变化相同，如果管越细，细管中液柱的变化越明显，自制温度计的精度更高，而将玻璃细管做长一些，只能增大温度计的量程，而故B错误；
C、瓶子里装有水，敲击瓶子时，振动物体是瓶子和水，水越多，越难振动，频率越来越小，音调越来越低。敲击水琴时，c中装的水最少，其音调最高，故C正确；
D、当用嘴向瓶内吹气时，瓶内的空气柱振动发声，随着瓶内水位的升高，瓶内的空气柱越短，振动的频率越高，因此发出声音的音调由低到高顺序为cbad，故D错误。
故选：C。
(1)液体温度计是利用液体的热胀冷缩的性质来工作的；
(2)体积变化相同时，如果管越细，细管中液柱的变化越明显；
(3)(4)物体振动产生声音，判断音调的高低首先确定振动的物体，然后确定振动的快慢，再判断音调的高低；
体积大，质量大的物体难振动，频率小，音调低。
本题主要考查了学生对液体温度计的原理和构造的了解与掌握以及弄清发声体究竟是哪一部分在振动发声。属于基础题目。
5.【答案】B
【解析】解：雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B正确。
故选：B。
物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；
物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6.【答案】D
【解析】解：由题意可知，通过手机扫码使开关S1闭合或通过投币使开关S2闭合都能启动电动机完成自动售货，
由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，开关S1和开关S2应并联共同控制电动机；
由题知，在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明，则灯泡与电动机并联能独立工作，且只由光控开关S3控制，
综上结合选项图可知，只有D图符合题意。
故选：D。
根据题意可知，通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响即为并联，
再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，知道串联电路中各元件间相互影响，并联电路中各支路间互不影响。
7.【答案】D
【解析】解：A、扫描拍照时，文字和图片的位置必须在摄像头的两倍焦距之外，故A错误；
B、文字和图片通过摄像头扫描后形成了倒立、缩小的实像，故B错误；
C、智能笔和手机、电脑之间是通过电磁波传递信息的，故C错误；
D、给智能笔的锂电池充电时把电能转化为化学能储存起来，故D正确。
故选：D。
(1)物距大于两倍焦距，成倒立、缩小的实像，应用为照相机；
(2)电磁波可以传递信息；
(3)给电池充电时把电能转化为化学能。
本题考查凸透镜成像规律的应用、电磁波和能量转化的有关知识，综合性强，难度适中。
8.【答案】C
【解析】解：A、潜水器在水面下匀速下潜，受到浮力与重力二力平衡，大小相等，即浮力等于重力，故A错误；
BC、潜水器在水面下匀速下潜，海水的密度不变，潜水器浸没在水中，其排开水的体积不变，深度变大，
根据F浮=ρ液gV排可知，潜水器受到的浮力不变；根据p=ρgh可知，潜水器受到的压强变大，故B错误、C正确。
D、根据浮力产生的原因可知，浮力就是上、下表面受到的液体压力差，潜水器受到的浮力不变，则上、下表面受到的压力差不变，故D错误。
故选：C。
(1)潜水器在水面下匀速下潜，受到浮力与重力二力平衡，大小相等；
(2)潜水器在水面下匀速下潜，海水的密度不变，潜水器浸没在水中，其排开水的体积不变，深度变大，
根据F浮=ρ液gV排可知潜水器受到的浮力变化情况；根据p=ρgh可知，潜水器受到的压强变化情况；
(3)根据浮力产生的原因可知，浮力就是上、下表面受到的液体压力差。
本题考查阿基米德原理、液体压强公式、二力平衡条件和浮力产生原因的考查，难度适中。
9.【答案】B
【解析】解：A、实心球在运动的过程中，明明没有对球施加力，所以不做功，故A错误；
B、实心球在a、c两点的重力势能相等，由于实心球在运动过程中克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以a点的机械能大于c点的机械能，a点的动能大于c点的动能，故B正确；
C、实心球在最高点b点时有水平方向上的速度，动能不为0，此时的高度最大，重力势能最大，故C错误；
D、实心球从b点运动到d点过程中，克服空气阻力做功，一部分重力势能转化为内能，所以重力势能没有全部转化为动能，故D错误。
故选：B。
(1)做功包括两个必要因素，一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；
(2)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度。
本题的综合性较强，包括做功的两个必要因素、动能与重力势能的转化等，要求我们对相关知识有一个熟练的掌握。
10.【答案】C
【解析】解：当袋中药液量减少时，整个药液袋的重力减小，对弹簧的拉力减小，弹簧的伸长量减小，所以滑片会向上移动；
A、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；
当袋中药液量减少时，滑片的上移不会改变变阻器连入电路的电阻，则电路中的电流不变，变阻器两端的电压不变，即电压表的示数也不变，故A不符合要求；
B、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；
当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变大，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B不符合要求；
C、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；
当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故C符合要求；
D、由图可知，变阻器与灯泡并联，电压表测量电源电压，
由于电源电压不变，所以，当袋中药液量减少时，电压表的示数不变，故D不符合要求。
故选：C。
当袋中药液量减少时，整个药液袋的重力减小，对弹簧的拉力减小，弹簧的伸长量减小，则滑片会向上移动；分析各图中电路的连接情况，判断药液量减少时电阻的变化情况，根据电路的连接情况以及串联电路的分压特点判断电压表示数的变化，找出电压表示数随之减小的电路图。
本题主要考查了欧姆定律的应用，解题的关键有：①明确药液量减少时滑片会向上移动；②正确分析电路的连接情况；③利用串联电路的分压特点。
11.【答案】AC
【解析】解：由图可知，∠AOS=60°，所以∠AOP=90°−60°=30°，而∠COP与∠AOP是相等的，根据反射角等于入射角，所以PQ为法线，RS为界面，而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OB一定为折射光线，AO为入射光线，OC为反射光线。
由图可知，折射角要大于入射角，因当光线从水中斜射入空气时，折射角大于入射角。
所以这束光线是由水进入空气。即分界面的右侧是空气；故AC正确，BD错误。
故选：AC。
此题首先根据反射角和入射角相等，找出法线，从而确定界面，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光线、反射光线以及入射角的度数。
此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，首先要掌握定律的内容，根据反射角与入射角之间的关系确定法线，从而确定界面，则可首先确定出折射光线，根据折射光线与入射光线的关系确定出入射光线，最后确定反射光线。
12.【答案】BD
【解析】解：
A、两个削平的铅块被紧压在一起不易分开，说明分子间存在引力；但分子间的引力与斥力总是同时存在的，故A错误。
B、腌制咸蛋，是利用分子在不停地做无规则运动，故B正确。
C、内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能，故C错误。
D、因为水的比热容较大，在其他条件相同时水能吸收较多的热量，所以常用水作汽车发动机的冷却液，故D正确。
故选：BD。
(1)分子动理论的内容为：物质是由大量分子组成的，分子在不停地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力与斥力。
(2)内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能；内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能；
(3)水的比热容较大，常用作发动机的冷却液以及供暖系统的供热物质。
此题考查了分子动理论、水的比热容较大的应用及热机工作过程中的能量转化，属于基础知识的考查，难度不大。
13.【答案】ABD
【解析】解：A、由图甲可知n=2，由乙图图象可知，提升物体A时，绳子自由端移动的距离sA=40m，所用的时间tA=2.0s，
则绳子自由端的速度为：vA=sAtA=40m2s=20m/s，
则物体A上升的速度：v物A=12vA=12×20m/s=10m/s，故A正确；
B、不计绳重和摩擦时拉力：F=12(GA+G动)=12×(800N+200N)=500N，
根据P=Wt=Fst=Fv可知，拉力的功率：P=FvA=500N×20m/s=1×104W，故B正确；
C、由图乙可知，提升物体B时，绳子自由端竖直移动的速度：vB=sBtB=20m2.0s=10m/s，
在这两次提升物体的过程中，卷扬机拉力F的功率保持不变，由P=Fv可得，物体B时的拉力：FB=PvB=1×104W10m/s=1000N，
由F=12(G+G动)可得，物体B受到的重力：GB=2FB−G动=2×1000N−200N=1800N，故C错误；
D、根据η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF可知，提升物体B时动滑轮的机械效率：η=GB2FB=1800N2×1000N=90%，故D正确。
故选：ABD。
(1)由图甲可知n=2，由乙图图象可知绳子自由端移动的距离s，利用速度公式求速度大小，物体A上升的速度v物=12v；
(2)利用不计绳重和摩擦时F=12(G+G动)求拉力，利用P=Wt=Fst=Fv求拉力F的功率；
(3)在这两次提升物体的过程中，卷扬机拉力F的功率保持不变，利用P=Fv求升物体B时的拉力，然后利用F=12(G+G动)求物体B受到的重力；
(4)利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求机械效率。
本题考查了速度、使用动滑轮时绳子拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，利用不计绳重和摩擦时F=12(G+G动)是解题的关键。
14.【答案】ABC
【解析】解：D、闭合开关，电阻丝接入滑片右边的部分，灯泡和电阻丝AB串联，电压表测量电阻丝接入电路部分两端的电压，滑片P从A滑到B的过程中，电阻丝接入电路的阻值变小，电压表示数变小；故D错误；
AB、当滑片位于B端时，电路为灯泡的简单电路，此时电路中的电流最大，
由乙图可知，电源的电压U=6V，电路中的电流I大=1A；
当滑片位于A端时，灯泡与电阻丝AB串联，电压表测电阻丝AB两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据串联电路的分压特点可知，此时灯泡两端的电压最小，电路中的电流最小，
由小灯泡的I−U关系图象可知，UL=1.5V，I小=0.5A，
因串联电路的总电压等于各分电压之和，
所以，UAB=U−UL=6V−1.5V=4.5V，
由欧姆定律可得电阻丝AB的阻值：
RAB=UABI小=4.5V0.5A=9Ω，故A正确；
灯泡的最小电功率：
UL小=ULI小=1.5V×0.5A=0.75W，故B正确；
C、根据P=UI可知电路中的最大功率P=UI大=6V×1A=6W，故C正确。
故选：ABC。
D、闭合开关，电阻丝接入滑片右边的部分，灯泡和电阻丝AB串联，电压表测量电阻丝接入电路部分两端的电压，滑片P从A滑到B的过程中，电阻丝接入电路的阻值变小，根据串联分压特点可知电压表示数的变化情况；
AB、当滑片位于B端时，电路为灯泡的简单电路，此时电路中的电流最大，
由乙图可知，电源的电压U=6V，电路中的电流I大=1A；
当滑片位于A端时，灯泡与电阻丝AB串联，电压表测电阻丝AB两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据串联电路的分压特点可知，此时灯泡两端的电压最小，电路中的电流最小，
由小灯泡的I−U关系图象可知，UL=1.5V，I小=0.5A，
因串联电路的总电压等于各分电压之和，
可得出AB两端的电压，由I=UR可得电阻丝AB的阻值，根据UL小=ULI小得出灯泡的最小电功率；
C、根据P=UI大可知电路中的最大功率。
本题考查电功率的有关计算，关键是从图中得出有用信息。
15.【答案】方向 作用点
【解析】解：(1)沿顺时针方向可使螺母拧紧，沿逆时针方向可使螺母拧松，这表明力的作用效果与力的方向有关；
(2)在远离螺母的A点用力更容易将螺母拧紧或拧开，说明力的作用点影响着力的作用效果。
故答案为：方向；作用点。
力的大小、方向、作用点叫做力的三要素，力的三要素影响力的作用效果。
正确理解力的三要素对力的作用效果的影响是解决此类问题的关键，属于基础知识的考查。
16.【答案】93 a
【解析】解：该温度计的分度值是1℃，此时的示数为93℃；图丙中a是水沸腾时的情况。
故答案为：93；a。
(1)温度计在读数前要弄清楚它的零刻度、量程和分度值。
(2)水在沸腾前气泡上升变小，水在沸腾时气泡上升时不断有新的水蒸气产生并进入气泡内部，气泡上升变大。
知道水沸腾前后气泡的变化；会正确读出温度计的示数。
17.【答案】红外线 4.6
【解析】解：电视机的遥控器可以发射一种不可见光，这种不可见光是红外线，不把它对准电视机，对着墙壁按按钮也能控制电视机，说明这种光线也和可见光一样，能发生反射现象。
由图可知，视力表到平面镜的距离是2.5m，被检测者到平面镜的距离为2.5m−0.4m=2.1m，
根据物像到平面镜的距离相等，所以视力表像到平面镜的距离也是2.5m，所以人到视力表像的距离为2.1m+2.5m=4.6m。
故答案为：红外线；4.6。
(1)电视机的遥控器发出的是红外线，是不可见光，这种光射到墙壁上也会发生反射现象；
(2)物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
本题考查了不可见光、平面镜成像的应用、光的反射，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
18.【答案】静止 4
【解析】解：(1)由丙图知：0−2s时物体的速度大小为零；则当t=1s时物体处于静止状态。
(2)由丙图知：4−6s时，物体匀速运动，
由乙图知：t=5s时，F=4N；
由于摩擦力与推力F是一对平衡力，因此摩擦力的大小为4N；
2−4s之间，物体加速运动，受力不平衡，推力大于摩擦力；但由于物体和地面没有改变，所以摩擦力大小不变；即仍为4N。
故答案为：静止；4。
(1)从速度图象中分析0−2s时物体的速度大小即可得出当t=1s时物体所处的状态；
(2)首先从速度图象中4−6s得出物体匀速直线运动。然后对应的从F−t图象中得出物体所受的摩擦力；最后根据摩擦力的影响因素判断出t=3s时物体受到的摩擦力大小。
v−t图象、F−t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。
19.【答案】不会 大气压
【解析】解：因为一标准大气压可以支持10米多高的水柱，所以装满水的瓶子倒置于盘中，瓶口恰好被水浸没，此时瓶中的水不会下降；
当瓶口在水面以下时，瓶子内的水和空气的压强之和等于外界的大气压强，水不流出；当瓶口露出水面时，空气进入瓶内，瓶内空气和水的压强之和大于外界的大气压强，水流出，直到封住瓶口为止，是利用大气压强工作的。
故答案为：不会；大气压。
根据一标准大气压可以支持10米多高的水柱，可知，瓶口恰好被水浸没，此时瓶中的水是否会流出；
随着自动喂水的装置内水的减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使水位重新升高，瓶口继续没入水中，空气不再进入，如此反复。
本题借助盆景考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。
20.【答案】10 2
【解析】解：因定值电阻的阻值不变，
所以，定值电阻两端的电压从4V升高到6V时，通过该电阻电流的变化量：
ΔI=U2R−U1R=U2−U1R=6V−4VR=2VR=0.2A，
解得：R=10Ω，
则该电阻的电功率的变化量：
ΔP=U22R−U12R=(6V)210Ω−(4V)210Ω=2W。
故答案为：10；2。
定值电阻的阻值不变，根据欧姆定律表示出其两端的电压从4V升高到6V时通过电流的变化量即可求出定值电阻的阻值，根据P=UI=U2R求出该电阻的电功率的变化量。
本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，是一道较为简单的计算题。
21.【答案】做功 压缩
【解析】解：清除“小广告”时，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，这是通过做功方式改变内能的，其能量转化方式与热机中的压缩冲程相同。
故答案为：做功；压缩。
改变内能有两种方式：做功和热传递；内燃机做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程中机械能转化为内能。
本题考查了改变物体内能的方式、热机工作过程中能量的转化等知识，属于基础性题目。
22.【答案】a、b 迟一些
【解析】解：光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与B接通。所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在ab之间；
如果将电阻箱 R 的阻值调小，电流变大，继电器得到的电压变大，磁性变强，吸引力变大，路灯晚一点被点亮。
故答案为：a、b；迟一些。
利用直流电源为电磁铁供电，将电源、光敏电阻、定值电阻、电键直接串联即可；分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点。
在串联电路中，电压电压等于各用电器两端的电压之和，用电器的电阻减小，其分担的电压也会去随之减小。
解决本题的关键知光敏电阻的特点，能够根据它们的特点解释它们在实际运用过程中的原理。
23.【答案】解：小球处于静止状态，受到的重力和拉力是一对平衡力，重力竖直向下，标上符号G，拉力竖直向上，标出符号F，二力的作用点都在小球重心，注意两个力长度相等，如图所示：
【解析】小球处于静止状态，受到的重力和拉力是一对平衡力，重力的作用点在重心上，方向竖直向下；拉力的作用点在重心上，方向竖直向上。
作出力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
24.【答案】解：三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；由此可知，上面三根线分别为零线、火线、地线；
灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。如图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。
家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
25.【答案】平衡 右 水平 4 2.0 变大 杠杆自重对实验结果有影响
【解析】解：(1)杠杆静止时和匀速转动时，杠杆都处于平衡状态，由题意知道，杠杆处于静止状态，杠杆处于平衡状态；
由图知道，杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动，直至杠杆在水平位置平衡，这样力臂在杠杆上，便于读出力臂大小；
(2)设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，由图乙知道，A点处挂3个钩码，设应在B点挂n个钩码，则
3G×4L=nG×3L
解得：n=4，所以应在B点挂4个钩码。
(3)由图丙知道，弹簧测力计的分度值是0.2N，示数是2.0N；
保持弹簧测力计悬挂点不变，使其拉力方向斜向右下方，动力臂变短，阻力阻力臂不变，根据F1L1=F2L2，弹簧测力计的示数变大；
(4)图中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大。
故答案为：(1)平衡；右；水平；(2)4；(3)2.0；变大；(4)杠杆自重对实验结果有影响。
(1)杠杆的平衡是指静止或匀速转动；实验前没有挂钩码和弹簧测力计时，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡，此时杠杆的重心过支点，杠杆重力的力臂为0，杠杆的重力对杠杆平衡不产生影响；
(2)根据已知条件，由杠杆的平衡条件求出在B位置挂上几个钩码；
(3)知道阻力、阻力臂和动力臂，利用杠杆的平衡条件求动力；当把支点到作用点的连线作为动力臂(施力方向与连线垂直)时，动力臂最长、最省力(弹簧测力计示数最小)；
(4)图丁中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。
本题考查杠杆的平衡条件的实验，关键是将课本内容记忆清楚，仔细分析即可。
26.【答案】断开 15 A 1.14 增大 不合理 2.2 小于
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；
灯泡的额定电压3.8V，所以电压表应选用0～15V量程与灯泡并联，故导线a端应与电压表上标有数字“15”的接线柱相连；
(2)正确连接电路闭合开关之后，小敏同学移动滑片P到某一点时，发现电压表的示数为2V，若他想要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将图甲中滑片P往A端移动；
(3)由图乙可知，当灯泡两端电压为3.8V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=3.8V×0.3A=1.14W；
由图乙可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝的电阻随温度升高而增大；
(4)灯泡在不同电压下功率不同，求平均值没有意义，故此做法不合理；
(5)将电压表并联到滑动变阻器两端，当灯泡正常发光时，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U滑=U−UL=6V−3.8V=2.2V，即让电压表的示数为2.2V，通过计算便可更准确的测出小灯泡的额定功率；
(6)对于(5)中小翔的做法，因为电流表串联在电路中会分得很小的电压，所以，当电压表的示数为2.2V时，灯泡两端的电压小于额定电压3.8V，通过灯泡的电流也小于其额定电流，根据P=UI可知，小翔方案中小灯泡额定功率的测量值小于小灯泡额定功率的真实值。
故答案为：(1)断开；15；(2)A；(3)1.14；增大；(4)不合理；(5)2.2；(6)小于。
(1)为保护电路，连接电路时开关应断开；根据小灯泡的额定电压确定电压表选用小量程与灯并联；
(2)比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(3)根据图乙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率；
灯丝的电阻随温度升高而增大；
(4)灯泡在不同电压下功率不同，求平均值没有意义；
(5)根据串联电路电压规律分析回答；
(6)电流表与灯串联，电流表测量的电流是准确的，根据串联电路电压的规律和P=UI分析回答。
本题测量小灯泡额定功率的实验，考查了电路连接、实验操作、功率的计算、误差分析等知识，难度不大。
27.【答案】解：(1)由图可知，n=2，绳子自由端的速度：
v绳=nv物=2v物=2×1m/s=2m/s；
(2)拉力F=G−F支=600N−200N=400N，
该滑轮组的机械效率η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=600N2×400N=75%；
(3)不计绳重和摩擦，F=1n(G物+G动)，
当提起600N物体，G动=2F−G物=2×400N−600N=200N，
用此滑轮组匀速提升重力800N的物体时，
绳子拉力F拉′=1n(G物′+G动)=12×(800N+200N)=500N，
所以人对地面的压力F′=G人−F拉′=600N−500N=100N，
双脚与地的总接触面积为S=400cm2=4×10−2m2，
人对地面压强为：
p=F′S=100N4×10−2m2=2.5×103Pa。
答：(1)绳子自由端的速度为2m/s；
(2)该滑轮组的机械效率为75%；
(3)若小渝用此滑轮组匀速提起重为800N的物体，此时他对地的压强为2.5×103Pa。
【解析】(1)已知物体上升的速度，由图可知滑轮组绳子的有效股数，由v绳=nv物可求得绳子自由端的速度；
(2)已知物体重力和小渝受到地面的支持力，可求得拉力F，利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求滑轮组的机械效率；
(3)不计绳重和摩擦的情况下，根据F=1n(G物+G动)据此可计算出动滑轮的重力。再计算提升800N时绳子拉力，人对地面压力，最后由压强公式计算出人对地面的压强。
本题考查压强和机械效率的计算，难点是对物体进行受力分析，找出各个物理量之间的关系，用好F=1n(G物+G动)是解题的关键。
28.【答案】解：(1)当只闭合S2时，电路为R2的简单电路，
则R2的功率：
P2=U2R2=(220V)24840Ω=10W；
(2)当S1、S2都闭合时，饮水机处于加热状态，
由P=UI可得，饮水机电路中的总电流：
I=P加热U=550W220V=2.5A；
(3)由P=Wt可得，饮水机正常加热6min消耗的电能：
W=P加热t=550W×6×60s=1.98×105J，
由η=Q吸W×100%可得，水吸收的热量：
Q吸=ηW=84%×1.98×105J=166320J，
由Q吸=cm(t2−t1)可得，饮水机内水升高到的温度：
t2=Q吸cm+t1=166320J4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg+20℃=59.6℃。
答：(1)当只闭合S2时，R2的功率为10W；
(2)当S1、S2都闭合时，饮水机电路中的总电流为2.5A；
(3)饮水机内水的温度升高到59.6℃。
【解析】(1)当只闭合S2时，电路为R2的简单电路，根据P=U2R求出R2的功率；
(2)当S1、S2都闭合时，饮水机处于加热状态，根据P=UI求出饮水机电路中的总电流；
(3)根据W=Pt求出饮水机正常加热6min消耗的电能，根据η=Q吸W×100%求出水吸收的热量，根据Q吸=cm(t2−t1)求出饮水机内水升高到的温度。
本题考查了电功率公式、电功公式、效率公式、吸热公式的综合应用，要注意水温升高到(末温)和升高了(温度变化量)的区别。
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