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2023年山东省潍坊市中考物理模拟试卷（一）
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这是一份2023年山东省潍坊市中考物理模拟试卷（一），共23页。试卷主要包含了单选题，多选题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省潍坊市中考物理模拟试卷（一）
一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）
1. 下列有关数据符合实际的是( )
A. 家用电饭锅正常工作时的电流约为4A
B. 家用冷暖空调的功率约为200W
C. 一个机械经改进后其效率可达100%
D. 一名中学生从一楼登上三楼克服自身重力做的功约为300J
2. 下列有关声现象表述正确的是( )
A. 图甲，分别用大小相同的力敲击四个装水的瓶子，产生的声音音调相同
B. 图乙，医生用听诊器判断患者的情况，利用了声音传递能量
C. 图丙，逐渐抽出玻璃罩内的空气，听见闹铃声越来越小，推理得出真空不能传声
D. 图丁，禁止鸣笛是在传播过程中减少噪声
3. 以下跟汽车有关的热现象中说法错误的是( )
A. 冬天排气管冒出的“白气”，是空气液化形成的
B. 打开除雾功能，汽车玻璃上的“雾”很快消失，是汽化现象
C. 冬天，汽车水箱中加入适量酒精可以降低水的凝固点
D. 汽车空调制冷时，制冷剂汽化时吸热、液化时放热
4. 2022年2月北京冬奥会，中国代表团共收获9金4银2铜共15枚奖牌，金牌数和奖牌数均创历史新高。如图为高速摄影机记录的单板滑雪男子大跳台金牌得主苏翊鸣在比赛中，从跳台起跳到落地过程的情景。下列关于这一过程说法正确的是( )
A. 他从起跳到最高点的过程中，动能逐渐转化成重力势能
B. 他起跳后到达最高点时，机械能最大
C. 他从空中下落过程中，重力做功越来越慢
D. 他从起跳到落地的整个过程中，机械能是守恒的
5. 根据对应图示，判断以下说法正确的是( )
A. 压强计是测量液体内部压强的仪器，从结构上看，压强计是连通器
B. 往B管中轻轻吹气，可以看到A管中的液面有所上升
C. 通过大量实验精确得出电流产生的热量跟哪些因素有关的是德国物理学家欧姆
D. 通过实验研究发现，固体熔化时都要吸收热量，温度不断上升
6. 有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
7. 甲乙两位同学在同一考点参加800m体考，t=0时同时起跑，t4时刻同时到达终点，其速度−时间图像如图所示，下列描述正确的是( )
A. 0～t1时间内甲乙两同学都在做匀速直线运动
B. t1～t2时间内甲乙两同学保持相对静止
C. 0～t3时间内甲同学的路程小于乙同学的路程
D. 刚到达终点时，甲乙两同学速度相等
8. 小明设计了一个道路限载报警器，原理如图甲所示。R0是滑动变阻器，R是压敏电阻，R的电阻随压力变化关系如图乙所示，限载报警器铃响报警。如果要适当调高报警的限载重量，下列操作可行的是( )
A. 把变阻器R0的滑片适当向右移动 B. 把电源1的电压适当增大
C. 把弹簧AB水平向左适当移动一段距离 D. 把电磁铁C水平向右适当移动一段距离
二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）
9. 如图为一种自热火锅的构件图，该自热火锅的发热包内有铁粉、铝粉、炭粉、生石灰等物质，将发热包放到水中( )
A. 生石灰与水反应会放出大量的热是化学能转化为内能
B. 设计出气孔的目的是避免使用时盒内气压过高
C. 加热时，温度从发热包传递给食物
D. 食物被加热时，温度升高，内能增大
10. 如图是一种塔式起重机。已知起重机上的滑轮组在匀速起吊330kg的物体时，滑轮组的机械效率是60%，g取10N/kg。下列分析和计算正确的是( )
A. 起重机的吊臂AOB可视为杠杆
B. 物体上升2m，滑轮组所做有用功是660J
C. 物体上升2m，滑轮组所做总功是1.1×104J
D. 增加起吊物体的质量，滑轮组的机械效率将减小
11. 如图所示是小明设计的一个简易电流表，图中N、S为永磁体的两个磁极，线圈和指针成一定的角度固定在一起，指针下端配有重球，a、b是简易电流表的接线柱( )
A. 简易电流表能够工作的主要原理是电磁感应
B. 如图所示，指针所指的位置应该是简易电流表的0刻度线
C. 如果b为正接线柱，正确使用电流表时指针会向左侧偏转
D. 通过线圈的电流不变，指针下端的重球质量越大，指针偏转角度越小
12. 如图1所示电路，电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的U−I关系图象如图2所示。则下列判断正确的是( )
A. 电压表V2示数随电流变化的图线对应的是图线乙
B. 电路消耗的最大功率是3.6W
C. 滑动变阻器R2的阻值变化范围为0～20Ω
D. 定值电阻R1通电1分钟放出的热量是24J
三、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
13. 如图所示，将小车和条形磁铁靠近通电螺线管，当开关闭合后，发现条形磁铁和小车向右运动，请在图中标出通电螺线管的N极和电源的正负极。
14. 如图所示，在清水池底水平放置一平面镜，一束光射向水面的A点，经水折射和平面镜一次反射后射向水面的B点，请作出该过程的光路图。
四、实验探究题（本大题共3小题，共24.0分）
15. 临沂第二十一中的同学在做“凸透镜成像的规律”实验：
(1)小强让平行光正对凸透镜照射，移动光屏到图甲位置时，光屏上出现了最小最亮的光斑，这说明凸透镜对光有______(“会聚”或“发散”)作用，小强使用的凸透镜焦距是______cm。
(2)小王实验中蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图乙所示，恰好能在光屏上接收到清晰的烛焰的像，但像没有完整的成在光屏的中央。为了使像成在光屏的中央，他应将凸透镜向______(“上”或“下”)调节。
(3)小明使用的透镜的焦距是10cm，他实验中出现如图丙所示的成像，他判断此像是实像的依据应是______，请你列举一例此成像规律在生活中的应用______。小明取下自己戴的眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像又变得模糊。保持蜡烛和凸透镜不动，当光屏向左移动适当距离后像又清晰。由此推断，小明的眼睛属于______(“近视眼”或“远视眼”)。
(4)小明在图丙基础上，保持蜡烛、光屏不动，向左缓慢移动凸透镜直到光屏上又出现烛焰的像，此时成像的情况是______(选填“放大”、“缩小”或“等大”)的______(“实像”或“虚像”)。
16. 在探究“物体动能与质量和速度的关系”实验中，如图甲所示，将钢球从某一高度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞出一段距离。
试验次数
钢球的质量/g
钢球下摆的高度h/cm
木块滑行的距离/cm
1
20
20
25
2
40
20
45
3
60
20
62
(1)实验中控制了钢球的______ 相同，从而探究动能与______ 的关系。
(2)小华将实验装置改进成图乙所示，利用质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，来研究铁球动能大小与______ 的关系。
(3)小华还想用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，探究铁球的动能大小与质量的关系，这个设计方案是______ (选填“正确”或“错误”)的，原因是：______ 。
17. 如图是“测量小灯泡电功率”的实验电路图，所用的电源电压恒为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)连接电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于______端。(选填“左”或”右”)
(2)闭合开关后，发现小灯泡不亮，电压表、电流表示数如图乙所示，其原因可能是______，此时小灯泡的电功率为______W。
(3)移动变阻器滑片，记下多组对应的电压表和电流表示数，并绘制成I−U图像(图丙)由图像可知，灯泡的额定功率是______W，此时灯泡的电阻为______Ω。
(4)该电路不能探究“电流与电压的关系”，原因是______。
(5)小明想利用这些器材测量另一个未知电阻Rx的阻值，但发现电流表已经损坏。小华帮他找来一个定值电阻R0并设计另个实验方案，如图所示。
①先闭合开关S、S1，记下电压表示数U1；
②再______，记下电压表示数U2，则Rx=______(表达式用测得的量与已知量表示)。
五、计算题（本大题共3小题，共30.0分）
18. 一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v−t图像如下，前10s运动路程为120m，汽车在行驶过程中所受阻力大小不变，为f=4000N。求：
(1)在0～10s内汽车的平均速度；
(2)汽车发动机牵引力的功率；
(3)若10s后发动机的转化效率为80%，则发动机做功3.2×106J需要燃烧多少千克汽油(已知汽油的热值大约为5×107J/kg)。
19. 如图甲为某款双控温多功能家用涮烤两用分体电火锅，该电火锅部分参数如表所示，该锅可实现火锅、烧烤同时进行，也可以分开控制，其部分简化电路图如图乙所示，开关S1控制对中央区域汤锅进行加热的电路，R1和R2均为电热丝，R2与温控开关并联；S2可控制左右两侧的烧烤盘的电路。求：
额定电压
额定功率
220V
烧烤盘
汤锅
左盘
右盘
加热
保温
800W
400W
1100W
(1)汤锅加热状态正常工作时，R1的电阻；
(2)若R2的电阻为56Ω，则该汤锅保温挡时的额定保温功率为多少？
(3)在一次野外烧烤中通过很长的导线从一电压为220V的农家拉到烧烤点，发现烤肉速度比较慢，当只让烧烤盘右盘工作时，测得右盘实际功率只有324W，经分析功率降低的原因是因为距离远，导线有一定电阻，所以导线消耗了一些电能，求此时导线上消耗的电功率。
20. 如图所示，将质量为80g，体积为100cm3的铁制小球放入盛水的薄玻璃容器的水中在玻璃容器下方有一已经接入电路的螺线管，小灯泡L标有“6V 3W”字样，通过螺线管的电流I与螺线管对铁制小球的作用力F的关系如下表所示(灯丝电阻保持不变，不考虑铁制小球与螺线管距离的远近对作用力F的影响)求：
I/A
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
F/N
0.05
0.1
0.15
0.2
0.25
(1)断开开关铁制小球静止时露出水面的体积是多少？
(2)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中，此时小灯泡消耗的功率是多大？
(3)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光，当铁制小球静止时，小球对容器底的压力是多大？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、家用电饭锅正常工作时的功率在1000W左右，正常工作时的电流约为I=PU=1000W220V≈4.55A左右，故A符合实际；
B、家用冷暖空调的功率在1000W以上，故B不符合实际；
C、使用任何机械做功时，都一定会有额外功，机械效率都小于100%，故C不符合实际；
D、一名中学生重力G约600N，从一楼登上三楼上升的高度为h=2×3m=6m，该同学登楼做的功W=Gh=600N×6m=3600J，故D不符合实际。
故选：A。
凭借生活经验或简单的计算或单位的换算对不同的物理量进行估算。
本题主要考查了学生的估测能力，在平时的学习与生活中多积累，将物理知识与社会生活联系起来。
2.【答案】C
【解析】解：A、用大小相同的力敲击图中的瓶子，由于杯内水的体积不同，导致瓶子的振动快慢不同，发声的音调不同，故A错误；
B、医生用听诊器判断患者的情况，利用了声音能传递信息，故B错误；
C、逐渐抽出真空罩中的空气，闹钟的声音会越来越小，推理得出真空不能传声，说明声音的传播需要介质，故C正确；
D、禁止鸣笛，是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选：C。
(1)声音的大小(或强弱)叫响度；声音振动的快慢影响声音的音调，振动越快音调越高。
(2)声音是物体振动产生的，声音能传递信息；
(3)声音传播需要介质，真空不能传声；
(4)减弱噪声的途径：在噪声产生处、在传播过程中、在人耳处。
本题考查了生活中的一些声现象，难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：
A、冬天排气管冒出的“白气”，是空气中的水蒸气液化形成的，故A错误；
B、汽车玻璃上的“雾”很快消失，由液态变为气态，是汽化现象，故B正确；
C、液体混合后，凝固点会降低，所以汽车水箱中加入适量酒精降低了水的凝固点，防止水结冰胀破水箱，故C正确；
D、汽车空调制冷时，制冷剂汽化时需要吸收热量，液化时放出热量，故D正确。
故选：A。
(1)“白气”不是气，是小水滴飘散在空气中形成的；
(2)物质由液态变为气态的过程叫汽化；
(3)水中加入酒精，可以降低凝固点；
(4)汽化吸热，液化放热。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】A
【解析】解：
A、他从起跳到最高点的过程中，他的质量不变，高度变大，重力势能变大，速度变小，动能变小，是动能逐渐转化成重力势能，故A正确；
B、他起跳后到达最高点时，由于存在空气阻力，克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以在最高点时的机械能不是最大，故B错误；
C、他从空中下落过程中，速度越来越大，重力不变，根据P=Wt=Ght=Gv可知，重力做功的功率越来越大，即重力做功越来越快，故C错误；
D、他从起跳到落地的整个过程中，克服摩擦或空气阻力做功，机械能转化为内能，所以机械能是不守恒的，故D错误。
故选：A。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能是动能和势能的总和；物体克服摩擦或空气阻力做功，机械能转化为内能；
(2)功率是表示物体做功快慢的物理量，根据P=Wt=Ght=Gv分析重力做功的快慢。
本题考查了动能和重力势能的转化、机械能的守恒、功率计算公式的应用，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、压强计是测量液体内部压强的仪器，从结构上看，压强计一端开口，一端封闭，不是连通器，故A错误；
B、往B管中吹气，A管上端附近的空气流速变大，压强变小，烧杯中水面上气体的压强不变，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，在大气压的作用下A管中的液面会有所上升，故B正确；
C、英国物理学家焦耳发现了导体中的电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，故C错误；
D、固体熔化时都要吸收热量，非晶体熔化时温度不断上升，晶体熔化过程中温度不变，故D错误。
故选：B。
(1)测量液体压强的仪器叫压强计；上端开口，下端连通的容器叫连通器；压强计测量液体压强时是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的；
(2)吸管和烧杯构成连通器，吹气之前，吸管内和烧杯内液面相平。当向B管吹气时，A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，A管内的液体受到向上的压强大，液面上升；
(3)英国物理学家焦耳发现了导体中的电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系；
(4)晶体在熔化过程中，不断吸热，但温度保持不变。
本题考查了压强计、伯努利原理、焦耳定律和晶体的熔化，是综合题，但难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：
根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
A、由图知，只闭合S1时，灯被短路而不发光，同时闭合S1和S2时，电源会被短路，不符合题意；
B、由图知，只闭合S1时，电路断路，灯不亮，再闭合S2时，电动机就工作，不符合题意；
C、由图知，只闭合S1时，灯L发光，再闭合S2时，电动机工作，符合题意；
D、由图知，只闭合S1时，灯L不发光，不符合题意。
故选：C。
由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路的设计，明确要求可采用排除法解答。
7.【答案】C
【解析】解：0～t1时间内甲乙两同学的v−t图象是过原点的一条直线，说明两人都在加速运动，故A错误；
t1～t2时间内甲乙两同学的速度不变，均做匀速直线运动，但甲的速度小于乙的速度，所以甲乙两同学的距离越来越大，故B错误；
t4时刻同时到达终点，t3～t4时间内甲的速度大于乙的速度，所以甲通过的路程大于乙通过的路程，总路程相同，则0～t3时间内甲同学的路程小于乙同学的路程，故C正确；
刚到达终点时，甲的速度大于乙的速度，故D错误。
故选：C。
v−t图象是过原点的一条直线说明人在做加速运动，v−t图象是是一条水平直线说明在做匀速直线运动；
根据速度公式的变形公式可知相同时间内，速度越大，运动的距离越大；
两人之间的距离保持不变是两人相对静止。
本题考查学生的读图能力、速度公式的灵活运用、运动和静止的相对性。
8.【答案】C
【解析】解：AB、由乙图可知，压敏电阻的阻值随着压力的增大而减小，因此要想提高报警器的限载重量，必须增大电路中的电阻，减小电磁铁电路中的电流，所以可以将滑动变阻器R0的滑片适当向左移动，或者把电源1的电压适当降低，故AB错误；
CD、观察甲图发现，衔铁和弹簧的部分实际上是一个杠杆，电磁铁的吸引力为动力，弹簧的拉力为阻力；
要适当调高报警器的限载重量(即压敏电阻受到的压力增大)，由图乙可知压敏电阻的阻值减小，在滑动变阻器R0接入阻值不变时，总电阻减小，根据欧姆定律可知，控制电路中电流增大，则电磁铁对衔铁的吸引力增大；
要让衔铁不那么容易被吸下来，由杠杆平衡条件可知，在阻力不变情况下，应增大左端的阻力臂，即把弹簧AB水平向左适当移动一段距离；或者减小动力臂，即把电磁铁C水平向左适当移动一段距离；故C正确，D错误。
故选：C。
分析乙图中压敏电阻的特点，结合欧姆定律和杠杆的相关知识得到调高报警器的限载重量的方法。
本题考查了学生对电磁继电器的工作原理的掌握，注重了物理和生活的联系，加强了学生应用能力的考查，是中考的热点。
9.【答案】ABD
【解析】解：
A、生石灰与水反应会放出大量的热，此反应过程中的能量转化关系是化学能转化为内能，故A正确；
B、盒盖上有出气孔，这样会避免使用时盒内气压过高，能防止危险的发生，故B正确；
C、加热时，热量从发热包传递给食物，故C错误；
D、食物被加热时，温度升高，其内能增大，故D正确。
故选：ABD。
(1)生石灰与水反应会放出大量的热，消耗了化学能，转化为内能；
(2)盒盖上有出气孔，能维持内外气压的平衡；
(3)热传递过程传递的是热量；
(4)物体温度升高，内能增大。
本题考查了能量的转化、气压以及热传递，是一道综合题。
10.【答案】AC
【解析】解：A、吊臂AOB是可以在力的作用下绕O点转动的硬棒，因此吊臂AOB可视为杠杆，故A正确；
B、物体的重力：G=mg=330kg×10N/kg=3300N，
滑轮组所做有用功：W有=Gh=3300N×2m=6.6×103J，故B错误；
C、由η=W有W总×100%可知，滑轮组所做总功：W总=W有η=6.6×103J60%=1.1×104J，故C正确；
D、若仅增加起吊物体的质量，起吊物体的重力变大，额外功几乎不变，有用功变大，有用功在总功中所占的比例变大，则滑轮组的机械效率变大，故D错误。
故选：AC。
(1)根据杠杆的定义分析解答；
(2)根据G=mg求物体的重力，利用W有=Gh求有用功；
(3)利用η=W有W总×100%求滑轮组所做总功；
(4)增大滑轮组机械效率的方法：一是增大提升的物重，二是减小摩擦、减小动滑轮重。
本题考查了杠杆的定义、使用滑轮组时有用功和总功的计算及机械效率公式的应用，还考查了提升物体重力对机械效率的影响，难度适中。
11.【答案】BD
【解析】解：A.由题意可知，简易电流表能够工作的主要原理是通电导体在磁场中受力运动，故A错误；
B.如图所示，线圈处于平衡位置，所以指针所指的位置是简易电流表的0刻度线，故B正确；
C.如果b为正接线柱，电流从b到a，由安培定则可知，线圈左端为N，根据磁极间的作用规律可知，通电后电流表时指针会向右侧偏转，故C错误；
D.通过线圈的电流不变，线圈与磁铁之间的磁力不变，如果指针下端的重球质量越大，需要的使指针偏转的作用力就越大，所以电流不变时，指针偏转角度越小，故D正确。
故选：BD。
(1)利用图示的装置分析出其制成原理；
(2)根据线圈的平衡状态分析；
(3)磁极间的作用规律：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
(4)指针下端的重球质量越大，使指针偏转时需要的力就越大。
本题考查的是通电导体在磁场中受到力的作用、磁极间的作用规律等知识，属于基础题。
12.【答案】BC
【解析】解：A、由电路图知，R1与R2串联，电流表测电路中电流，电压表V1测R1两端电压，V2测R2两端电压，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比，所以图象中乙是R1的U−I图象，则甲为R2的U−I图象，即电压表V2示数随电流变化的图线对应的是图线甲，故A错误。
B、由图象知，当电路中电流为I=I1=I2=0.2A时，电阻R1的电压U1=2V，滑动变阻器两端的电压U2=4V，
串联电路总电压等于各支路电压之和，所以电源电压：U=U1+U2=2V+4V=6V，
由图象知电路中的最大电流为0.6A，电路消耗的最大功率为：
P=UI大=6V×0.6A=3.6W，故B正确；
C、当滑动变阻器连入阻值最大时，电路中电流最小，此时I2=0.2A，U2=4V，
由I=UR可得滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I2=4V0.2A=20Ω，其阻值变化范围为0～20Ω，故C正确；
D、定值电阻R1的阻值：R1=U1I1=2V0.2A=10Ω，因为没有明确通过电路的电流，根据Q=I2Rt不能计算出定值电阻R1通电1分钟放出的热量，故D错误。
故选：BC。
(1)由电路图知，R1与R2串联，电流表测电路中电流，电压表V1测R1两端电压，V2测R2两端电压，根据欧姆定律可知，乙是R1的U−I图象，则甲为R2的U−I图象。
(2)由图象，根据串联电路的电流和电压规律可得到电源电压，根据图像判断出电路中的最大电流，由P=UI算出电路消耗的最大功率；
(3)当滑动变阻器连入阻值最大时，电路中电流最小，由图象可知此时滑动变阻器两端电压和通过它的电流，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大值，从而得到其变化范围；
(4)由欧姆定律计算出R1的阻值，根据Q=I2Rt分析定值电阻R1通电1分钟放出的热量。
本题考查了串联电路特点和欧姆定律的应用，能从图象中获取有用信息是关键。
13.【答案】解：根据题可知，当开关闭合后，发现条形磁铁和小车向右运动，说明小车受到向右的排斥力的作用，条形磁铁的左端为S极，根据同名磁极相互排斥可知，螺线管的右端为S极；
根据安培定则可知，电流从螺线管的右端流入，所以电源的右端为正极，左端为负极，如图所示：
【解析】小车向右运动，说明小车受到向右的排斥力的作用；同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，据此分析螺线管的极性；根据安培定则判定电源的正负极。
本题考查了磁体间的相互作用规律、安培定则的应用，是一道综合题。
14.【答案】解：
过平面镜做A点的对称点A′，即A的像点，连接A′B交平面镜于一点，连接这个交点与B的连线，即为反射光线，连接A与交点的连线，即为折射光线(也是OB对应的入射光线)，如图所示：
【解析】光线由A点斜射入水中时发生光的折射，要使射到水底平面镜的光反射后射向水面B点，根据反射光线的延长线一定过像点，可选作A在平面镜中的像点，再连接像与B的连接可得反射光线，再画出经A点的折射光线(射向平面镜的入射光线)即可。
本题考查了平面镜成像特点作图以光的折射的作图，知道平面镜成像时，反射光线延长线一定过像点。
15.【答案】会聚 10.0 下 物距大于2倍焦距 照相机 远视眼 放大 实像
【解析】解：(1)平行光正对凸透镜照射，移动光屏到图甲位置时，光屏上出现了最小最亮的光斑，这说明凸透镜对光有会聚作用，凸透镜与光屏间的距离为焦距，故凸透镜焦距是10.0cm；
(2)如图乙所示，在光屏上成的像偏上，根据经过凸透镜中心的光沿直线传播可知，凸透镜的中心偏高于烛焰中心，为了使像成在光屏的中央，应将凸透镜向下调节；
(3)透镜的焦距是10cm，如图丙所示，物距为30.0cm，物距大于2倍焦距，所成的像为倒立、缩小的实像，生活中利用此成像规律的是照相机；在透镜前放一个眼镜，光屏向左移动一些距离才能在光屏上看到一个清晰的像，该眼镜具有会聚作用，应是凸透镜，故该眼镜是远视眼镜片；
(4)如图丙所示，物距大于2倍焦距，所成的像为倒立、缩小的实像，保持蜡烛、光屏不动，向左缓慢移动凸透镜直到光屏上又出现烛焰的像，由光路可逆知，物距为原来的像距，像距为原来的物距，故光屏上此时成像的情况是倒立、放大的实像；
故答案为：(1)会聚；10.0；(2)下；(3)物距大于2倍焦距；照相机；远视眼；(4)放大；实像。
(1)平行光正对凸透镜照射，光屏上出现了最小最亮的光斑，这说明凸透镜对光有会聚作用，凸透镜与光屏间的距离为焦距；
(2)根据经过凸透镜中心的光沿直线传播可知，凸透镜的中心偏高于烛焰中心，为了使像成在光屏的中央，判断凸透镜移动方向；
(3)物距大于2倍焦距，所成的像为倒立、缩小的实像，生活中利用此成像规律的是照相机；光屏向左移动一些距离才能在光屏上看到一个清晰的像，该眼镜具有会聚作用，确定是凸透镜；
(4)由光路可逆知，物距为原来的像距，像距为原来的物距，物距小于2倍焦距，所成的像为倒立、放大的实像。
此题是探究凸透镜成像的规律，实验过程中注意事项；测量焦距的方法；凸透镜成像的规律及应用。
16.【答案】速度 质量 速度 错误 弹簧势能相同，转化成的动能相同，因此木块最终移动的距离相同
【解析】解：(1)与从斜面上滚下类似，质量不同的钢球从相同高度处摆下，摆线竖直时，钢球的速度是相同的；钢球的速度相同而质量不同，是探究动能与质量的关系；
(2)质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，此时质量相同，速度不相同，所以可以研究铁球的动能大小与速度的关系；
(3)观察图乙的装置可知，若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验目的。
故答案为：(1)速度；质量；(2)速度；(3)错误；弹簧势能相同，转化成的动能相同，因此木块最终移动的距离相同。
(1)影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法，控制速度相同是研究动能与质量的关系；
(2)(3)结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要要求。
本题考查探究“物体动能与质量和速度的关系”的实验，用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；采用控制变量法研究实验时，一定注意相同因素和不同因素。
17.【答案】右 小灯泡实际电功率太低 0.05 0.625 10 小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大 断开S1 U1−U2U2⋅R0
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应位于阻值最大处，即最右端；
(2)图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1V，则小灯泡两端的电压为0.5V；
电流表选用小量程，分度值为0.02A，则通过小灯泡的电流是0.1A；
则小灯泡的额定功率：P=ULIL=0.5V×0.1A=0.05W，因此小灯泡不亮的原因是小灯泡实际电功率太低；
(3)灯泡正常发光时的电压为2.5V，由丙可知，此时通过灯泡的电流为0.25A，
所以灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
因为I=UR，所以此时灯泡的电阻：R=UI=2.5V0.25A=10Ω；
(4)小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，当灯泡两端的电压发生变化时，灯泡的功率发生变化，灯丝的温度就发生变化，而在探究电流与电压的关系的关系时，需控制电阻不变，所以不能利用“测定小灯泡额定功率”的实验装置探究电流与电压的关系；
(5)①先闭合开关S、S1，记下电压表示数U1。
②再断开S1，记下电压表示数U2；
在①中，闭合开关S、S1时，待测电阻短路，电压表测的是电源电压为U1；
在②中，R0与Rx串联，电压表测R0的电压为U2，
根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压：Ux=U1−U2，
根据串联电路电流的规律，通过待测电阻的电流：IX=I0=U2R0，
所以待测电阻为：
Rx=UXIX=U1−U2U2R0=U1−U2U2⋅R0。
故答案为：(1)右；(2)小灯泡实际电功率太低；0.05；(3)0.625；10；(4)小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大；(5)断开S1；U1−U2U2⋅R0。
(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应位于阻值最大处；
(2)根据图乙电表所选量程读数，根据P=UI求灯额定功率，据此分析小灯泡不亮的原因；
(3)由图像读出灯泡正常发光时的电流，根据P=UI计算得到额定功率，根据I=UR的变形式R=UI计算出此时灯泡的电阻；
(4)探究电流与电压的关系，应保护电阻不变，但小灯泡的电阻随温度的变化而变化，由此分析。
(5)通过开关的转换使电压表分别测电源电压和R0的电压，根据串联电路电压的规律和分压原理得出待测电阻表达式。
本题是测量“小灯泡电功率”的实验，考查了故障分析、电表读数、功率计算，实验操作等及设计方案测电阻的能力。
18.【答案】解：(1)汽车在0～10s的平均速度为：
v=st=120m10s=12m/s；
(2)图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v=20m/s，
此时汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，则牵引力：F=f=4000N，
汽车行驶时的功率为：P=Wt=Fst=Fv=4000N×20m/s=8×104W；
(3)由η=WQ放可知，汽油机前10s汽油完全燃烧放出的热量：Q放=Wη=3.2×106J80%=4×106J，
由Q放=mq可知，耗油量：m=Q放q=4×106J5×107J/kg=0.08kg。
答：(1)在0～10s内汽车的平均速度为12m/s；
(2)汽车发动机牵引力的功率为8×104W；
(3)若10s后发动机的转化效率为80%，则发动机做功3.2×106J需要燃烧0.08kg汽油。
【解析】(1)利用速度公式求出在0～10s内汽车的平均速度；
(2)由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v=20m/s，此时汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，牵引力大小等于阻力大小，利用P=Wt=Fst=Fv求汽车行驶时的功率；
(3)利用效率公式求出汽油机前10s汽油完全燃烧放出的热量，利用Q放=mq求出耗油量。
本题考查速度公式、二力平衡条件的应用、功和功率的计算、效率公式以及燃料完全燃烧放热公式的应用，是一道力热综合题，有一定的难度。
19.【答案】解：(1)由电路图可知，当开关S1接通，温控开关断开时，两电阻串联，此时电路电阻较大，由P=U2R可知，电路电功率较小，此时汤锅处于保温状态；
当开关S1接通，“温控开关”也闭合时，只有电热丝R1工作，电路中电阻较小，电功率较大，此时汤锅处于加热状态；
由P=UI=U2R可得R1的电阻：
R1=U2P加热=(220V)21100W=44Ω：
(2)汤锅处于保温状态时，R1与R2串联，因R1和R2均为电热丝，则保温功率：
P保温=U2R1+R2=(220V)244Ω+56Ω=484W。
(3)由P=U2R可得，右盘的电阻：
R右=U右2P右=(220V)2400W=121Ω，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=I2R可得，该右盘的实际功率只有324W时电路中的电流：
I= P实际R右= 324W121Ω=1811A，
右盘和导线上消耗的总电功率：
P=UI=220V×1811A=360W，
则导线上消耗的电功率：
P线=P−P右实=360W−324W=36W。
答：(1)汤锅加热状态正常工作时，R1的电阻为44Ω；
(2)若R2的电阻为56Ω，则该汤锅保温挡时的额定保温功率为484W；
(3)当右盘实际功率只有324W时导线上消耗的电功率为36W。
【解析】(1)分析清楚电路结构，根据电功率公式分析答题，知道加热状态下汤锅的功率和电压，根据P=UI=U2R求出R1的电阻；
(2)汤锅处于保温状态时，R1与R2串联，且R1和R2均为电热丝，根据P=UI=U2R算出保温功率；
(3)根据P=U2R求出右盘的电阻，已知右盘的实际功率和电阻，根据P=I2R和串联电路的电流特点求出电路中的实际电流，利用P=UI求出电路的总功率，总功率减去灯泡的实际功率即为导线上消耗的电功率。
本题考查了电功率公式的综合应用，关键是汤锅所处状态的判断。
20.【答案】解：(1)小球的密度：
ρ=mV=80g100cm3=0.8g/cm3，
因小球的密度小于水的密度，
所以，断开开关时，铁制小球静止时处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，
则小球受到的浮力：
F浮=G=mg=80×10−3kg×10N/kg=0.8N，
由F浮=ρgV排可得，小球排开水的体积：
V排=F浮ρ水g=Gρ水g=0.8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−5m3=80cm3，
则小球露出水面的体积：
V露=V−V排=100cm3−80cm3=20cm3；
(2)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中时，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，小球受到的浮力：
F浮′=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10−6m3=1N，
因小球悬停静止时，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，
由平衡条件可得：G+F=F浮′，
则螺线管对铁制小球的作用力：
F=F浮′−G=1N−0.8N=0.2N，
查表可知，此时电路中的电流I=0.4A，
由P=UI=U2R可得，灯泡的电阻：
RL=UL2PL=(6V)23W=12Ω，
此时小灯泡消耗的功率：
PL′=I2RL=(0.4A)2×12Ω=1.92W；
(3)当小灯泡正常发光时，电路中的电流：
I=IL=PLUL=3W6V=0.5A，
查表可知，此时螺线管对铁制小球的作用力F′=0.25N，
此时小球受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下的重力和螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，
由力的平衡条件可得：F浮′+F支持=F′+G，
则小球受到的支持力：
F支持=F′+G−F浮′=0.25N+0.8N−1N=0.05N，
因小球对容器底的压力和小球受到的容器底给的支持力是一对相互作用力，
所以，小球对容器底的压力：
F压=F支持=0.05N。
答：(1)断开开关铁制小球静止时露出水面的体积是20cm3；
(2)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中，此时小灯泡消耗的功率是1.92W；
(3)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光，当铁制小球静止时，小球对容器底的压力是0.05N。
【解析】(1)知道小球的质量和体积，根据ρ=mV求出小球的密度，然后与水的密度相比较确定断开开关、静止时所处的状态，根据F浮=G=mg求出小球受到的浮力，根据F浮=ρgV排求出小球排开水的体积，然后求出小球露出的体积；
(2)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中时，铁球排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出小球受到的浮力，小球悬停静止时，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，根据平衡状态求出螺线管对铁制小球的作用力，查表可知此时电路中的电流；知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出灯泡的电阻，再根据P=I2R求出此时小灯泡消耗的功率；
(3)当小灯泡正常发光时，根据P=UI求出电路中的电流，查表可知此时螺线管对铁制小球的作用力，此时小球受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下重力和螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，由力的平衡条件求出小球受到的支持力，小球对容器底的压力和受到的支持力是一对相互作用力，二力大小相等。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、阿基米德原理的应用等，正确的对小铁球受力分析并从表格中获取有用的信息是关键。
2023年山东省潍坊市中考物理模拟试卷（一）
一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）
1. 下列有关数据符合实际的是( )
A. 家用电饭锅正常工作时的电流约为4A
B. 家用冷暖空调的功率约为200W
C. 一个机械经改进后其效率可达100%
D. 一名中学生从一楼登上三楼克服自身重力做的功约为300J
2. 下列有关声现象表述正确的是( )
A. 图甲，分别用大小相同的力敲击四个装水的瓶子，产生的声音音调相同
B. 图乙，医生用听诊器判断患者的情况，利用了声音传递能量
C. 图丙，逐渐抽出玻璃罩内的空气，听见闹铃声越来越小，推理得出真空不能传声
D. 图丁，禁止鸣笛是在传播过程中减少噪声
3. 以下跟汽车有关的热现象中说法错误的是( )
A. 冬天排气管冒出的“白气”，是空气液化形成的
B. 打开除雾功能，汽车玻璃上的“雾”很快消失，是汽化现象
C. 冬天，汽车水箱中加入适量酒精可以降低水的凝固点
D. 汽车空调制冷时，制冷剂汽化时吸热、液化时放热
4. 2022年2月北京冬奥会，中国代表团共收获9金4银2铜共15枚奖牌，金牌数和奖牌数均创历史新高。如图为高速摄影机记录的单板滑雪男子大跳台金牌得主苏翊鸣在比赛中，从跳台起跳到落地过程的情景。下列关于这一过程说法正确的是( )
A. 他从起跳到最高点的过程中，动能逐渐转化成重力势能
B. 他起跳后到达最高点时，机械能最大
C. 他从空中下落过程中，重力做功越来越慢
D. 他从起跳到落地的整个过程中，机械能是守恒的
5. 根据对应图示，判断以下说法正确的是( )
A. 压强计是测量液体内部压强的仪器，从结构上看，压强计是连通器
B. 往B管中轻轻吹气，可以看到A管中的液面有所上升
C. 通过大量实验精确得出电流产生的热量跟哪些因素有关的是德国物理学家欧姆
D. 通过实验研究发现，固体熔化时都要吸收热量，温度不断上升
6. 有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
7. 甲乙两位同学在同一考点参加800m体考，t=0时同时起跑，t4时刻同时到达终点，其速度−时间图像如图所示，下列描述正确的是( )
A. 0～t1时间内甲乙两同学都在做匀速直线运动
B. t1～t2时间内甲乙两同学保持相对静止
C. 0～t3时间内甲同学的路程小于乙同学的路程
D. 刚到达终点时，甲乙两同学速度相等
8. 小明设计了一个道路限载报警器，原理如图甲所示。R0是滑动变阻器，R是压敏电阻，R的电阻随压力变化关系如图乙所示，限载报警器铃响报警。如果要适当调高报警的限载重量，下列操作可行的是( )
A. 把变阻器R0的滑片适当向右移动 B. 把电源1的电压适当增大
C. 把弹簧AB水平向左适当移动一段距离 D. 把电磁铁C水平向右适当移动一段距离
二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）
9. 如图为一种自热火锅的构件图，该自热火锅的发热包内有铁粉、铝粉、炭粉、生石灰等物质，将发热包放到水中( )
A. 生石灰与水反应会放出大量的热是化学能转化为内能
B. 设计出气孔的目的是避免使用时盒内气压过高
C. 加热时，温度从发热包传递给食物
D. 食物被加热时，温度升高，内能增大
10. 如图是一种塔式起重机。已知起重机上的滑轮组在匀速起吊330kg的物体时，滑轮组的机械效率是60%，g取10N/kg。下列分析和计算正确的是( )
A. 起重机的吊臂AOB可视为杠杆
B. 物体上升2m，滑轮组所做有用功是660J
C. 物体上升2m，滑轮组所做总功是1.1×104J
D. 增加起吊物体的质量，滑轮组的机械效率将减小
11. 如图所示是小明设计的一个简易电流表，图中N、S为永磁体的两个磁极，线圈和指针成一定的角度固定在一起，指针下端配有重球，a、b是简易电流表的接线柱( )
A. 简易电流表能够工作的主要原理是电磁感应
B. 如图所示，指针所指的位置应该是简易电流表的0刻度线
C. 如果b为正接线柱，正确使用电流表时指针会向左侧偏转
D. 通过线圈的电流不变，指针下端的重球质量越大，指针偏转角度越小
12. 如图1所示电路，电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的U−I关系图象如图2所示。则下列判断正确的是( )
A. 电压表V2示数随电流变化的图线对应的是图线乙
B. 电路消耗的最大功率是3.6W
C. 滑动变阻器R2的阻值变化范围为0～20Ω
D. 定值电阻R1通电1分钟放出的热量是24J
三、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
13. 如图所示，将小车和条形磁铁靠近通电螺线管，当开关闭合后，发现条形磁铁和小车向右运动，请在图中标出通电螺线管的N极和电源的正负极。
14. 如图所示，在清水池底水平放置一平面镜，一束光射向水面的A点，经水折射和平面镜一次反射后射向水面的B点，请作出该过程的光路图。
四、实验探究题（本大题共3小题，共24.0分）
15. 临沂第二十一中的同学在做“凸透镜成像的规律”实验：
(1)小强让平行光正对凸透镜照射，移动光屏到图甲位置时，光屏上出现了最小最亮的光斑，这说明凸透镜对光有______(“会聚”或“发散”)作用，小强使用的凸透镜焦距是______cm。
(2)小王实验中蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图乙所示，恰好能在光屏上接收到清晰的烛焰的像，但像没有完整的成在光屏的中央。为了使像成在光屏的中央，他应将凸透镜向______(“上”或“下”)调节。
(3)小明使用的透镜的焦距是10cm，他实验中出现如图丙所示的成像，他判断此像是实像的依据应是______，请你列举一例此成像规律在生活中的应用______。小明取下自己戴的眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像又变得模糊。保持蜡烛和凸透镜不动，当光屏向左移动适当距离后像又清晰。由此推断，小明的眼睛属于______(“近视眼”或“远视眼”)。
(4)小明在图丙基础上，保持蜡烛、光屏不动，向左缓慢移动凸透镜直到光屏上又出现烛焰的像，此时成像的情况是______(选填“放大”、“缩小”或“等大”)的______(“实像”或“虚像”)。
16. 在探究“物体动能与质量和速度的关系”实验中，如图甲所示，将钢球从某一高度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞出一段距离。
试验次数
钢球的质量/g
钢球下摆的高度h/cm
木块滑行的距离/cm
1
20
20
25
2
40
20
45
3
60
20
62
(1)实验中控制了钢球的______ 相同，从而探究动能与______ 的关系。
(2)小华将实验装置改进成图乙所示，利用质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，来研究铁球动能大小与______ 的关系。
(3)小华还想用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，探究铁球的动能大小与质量的关系，这个设计方案是______ (选填“正确”或“错误”)的，原因是：______ 。
17. 如图是“测量小灯泡电功率”的实验电路图，所用的电源电压恒为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)连接电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于______端。(选填“左”或”右”)
(2)闭合开关后，发现小灯泡不亮，电压表、电流表示数如图乙所示，其原因可能是______，此时小灯泡的电功率为______W。
(3)移动变阻器滑片，记下多组对应的电压表和电流表示数，并绘制成I−U图像(图丙)由图像可知，灯泡的额定功率是______W，此时灯泡的电阻为______Ω。
(4)该电路不能探究“电流与电压的关系”，原因是______。
(5)小明想利用这些器材测量另一个未知电阻Rx的阻值，但发现电流表已经损坏。小华帮他找来一个定值电阻R0并设计另个实验方案，如图所示。
①先闭合开关S、S1，记下电压表示数U1；
②再______，记下电压表示数U2，则Rx=______(表达式用测得的量与已知量表示)。
五、计算题（本大题共3小题，共30.0分）
18. 一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v−t图像如下，前10s运动路程为120m，汽车在行驶过程中所受阻力大小不变，为f=4000N。求：
(1)在0～10s内汽车的平均速度；
(2)汽车发动机牵引力的功率；
(3)若10s后发动机的转化效率为80%，则发动机做功3.2×106J需要燃烧多少千克汽油(已知汽油的热值大约为5×107J/kg)。
19. 如图甲为某款双控温多功能家用涮烤两用分体电火锅，该电火锅部分参数如表所示，该锅可实现火锅、烧烤同时进行，也可以分开控制，其部分简化电路图如图乙所示，开关S1控制对中央区域汤锅进行加热的电路，R1和R2均为电热丝，R2与温控开关并联；S2可控制左右两侧的烧烤盘的电路。求：
额定电压
额定功率
220V
烧烤盘
汤锅
左盘
右盘
加热
保温
800W
400W
1100W
(1)汤锅加热状态正常工作时，R1的电阻；
(2)若R2的电阻为56Ω，则该汤锅保温挡时的额定保温功率为多少？
(3)在一次野外烧烤中通过很长的导线从一电压为220V的农家拉到烧烤点，发现烤肉速度比较慢，当只让烧烤盘右盘工作时，测得右盘实际功率只有324W，经分析功率降低的原因是因为距离远，导线有一定电阻，所以导线消耗了一些电能，求此时导线上消耗的电功率。
20. 如图所示，将质量为80g，体积为100cm3的铁制小球放入盛水的薄玻璃容器的水中在玻璃容器下方有一已经接入电路的螺线管，小灯泡L标有“6V 3W”字样，通过螺线管的电流I与螺线管对铁制小球的作用力F的关系如下表所示(灯丝电阻保持不变，不考虑铁制小球与螺线管距离的远近对作用力F的影响)求：
I/A
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
F/N
0.05
0.1
0.15
0.2
0.25
(1)断开开关铁制小球静止时露出水面的体积是多少？
(2)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中，此时小灯泡消耗的功率是多大？
(3)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光，当铁制小球静止时，小球对容器底的压力是多大？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、家用电饭锅正常工作时的功率在1000W左右，正常工作时的电流约为I=PU=1000W220V≈4.55A左右，故A符合实际；
B、家用冷暖空调的功率在1000W以上，故B不符合实际；
C、使用任何机械做功时，都一定会有额外功，机械效率都小于100%，故C不符合实际；
D、一名中学生重力G约600N，从一楼登上三楼上升的高度为h=2×3m=6m，该同学登楼做的功W=Gh=600N×6m=3600J，故D不符合实际。
故选：A。
凭借生活经验或简单的计算或单位的换算对不同的物理量进行估算。
本题主要考查了学生的估测能力，在平时的学习与生活中多积累，将物理知识与社会生活联系起来。
2.【答案】C
【解析】解：A、用大小相同的力敲击图中的瓶子，由于杯内水的体积不同，导致瓶子的振动快慢不同，发声的音调不同，故A错误；
B、医生用听诊器判断患者的情况，利用了声音能传递信息，故B错误；
C、逐渐抽出真空罩中的空气，闹钟的声音会越来越小，推理得出真空不能传声，说明声音的传播需要介质，故C正确；
D、禁止鸣笛，是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选：C。
(1)声音的大小(或强弱)叫响度；声音振动的快慢影响声音的音调，振动越快音调越高。
(2)声音是物体振动产生的，声音能传递信息；
(3)声音传播需要介质，真空不能传声；
(4)减弱噪声的途径：在噪声产生处、在传播过程中、在人耳处。
本题考查了生活中的一些声现象，难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：
A、冬天排气管冒出的“白气”，是空气中的水蒸气液化形成的，故A错误；
B、汽车玻璃上的“雾”很快消失，由液态变为气态，是汽化现象，故B正确；
C、液体混合后，凝固点会降低，所以汽车水箱中加入适量酒精降低了水的凝固点，防止水结冰胀破水箱，故C正确；
D、汽车空调制冷时，制冷剂汽化时需要吸收热量，液化时放出热量，故D正确。
故选：A。
(1)“白气”不是气，是小水滴飘散在空气中形成的；
(2)物质由液态变为气态的过程叫汽化；
(3)水中加入酒精，可以降低凝固点；
(4)汽化吸热，液化放热。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】A
【解析】解：
A、他从起跳到最高点的过程中，他的质量不变，高度变大，重力势能变大，速度变小，动能变小，是动能逐渐转化成重力势能，故A正确；
B、他起跳后到达最高点时，由于存在空气阻力，克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以在最高点时的机械能不是最大，故B错误；
C、他从空中下落过程中，速度越来越大，重力不变，根据P=Wt=Ght=Gv可知，重力做功的功率越来越大，即重力做功越来越快，故C错误；
D、他从起跳到落地的整个过程中，克服摩擦或空气阻力做功，机械能转化为内能，所以机械能是不守恒的，故D错误。
故选：A。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能是动能和势能的总和；物体克服摩擦或空气阻力做功，机械能转化为内能；
(2)功率是表示物体做功快慢的物理量，根据P=Wt=Ght=Gv分析重力做功的快慢。
本题考查了动能和重力势能的转化、机械能的守恒、功率计算公式的应用，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、压强计是测量液体内部压强的仪器，从结构上看，压强计一端开口，一端封闭，不是连通器，故A错误；
B、往B管中吹气，A管上端附近的空气流速变大，压强变小，烧杯中水面上气体的压强不变，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，在大气压的作用下A管中的液面会有所上升，故B正确；
C、英国物理学家焦耳发现了导体中的电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，故C错误；
D、固体熔化时都要吸收热量，非晶体熔化时温度不断上升，晶体熔化过程中温度不变，故D错误。
故选：B。
(1)测量液体压强的仪器叫压强计；上端开口，下端连通的容器叫连通器；压强计测量液体压强时是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的；
(2)吸管和烧杯构成连通器，吹气之前，吸管内和烧杯内液面相平。当向B管吹气时，A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，A管内的液体受到向上的压强大，液面上升；
(3)英国物理学家焦耳发现了导体中的电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系；
(4)晶体在熔化过程中，不断吸热，但温度保持不变。
本题考查了压强计、伯努利原理、焦耳定律和晶体的熔化，是综合题，但难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：
根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
A、由图知，只闭合S1时，灯被短路而不发光，同时闭合S1和S2时，电源会被短路，不符合题意；
B、由图知，只闭合S1时，电路断路，灯不亮，再闭合S2时，电动机就工作，不符合题意；
C、由图知，只闭合S1时，灯L发光，再闭合S2时，电动机工作，符合题意；
D、由图知，只闭合S1时，灯L不发光，不符合题意。
故选：C。
由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路的设计，明确要求可采用排除法解答。
7.【答案】C
【解析】解：0～t1时间内甲乙两同学的v−t图象是过原点的一条直线，说明两人都在加速运动，故A错误；
t1～t2时间内甲乙两同学的速度不变，均做匀速直线运动，但甲的速度小于乙的速度，所以甲乙两同学的距离越来越大，故B错误；
t4时刻同时到达终点，t3～t4时间内甲的速度大于乙的速度，所以甲通过的路程大于乙通过的路程，总路程相同，则0～t3时间内甲同学的路程小于乙同学的路程，故C正确；
刚到达终点时，甲的速度大于乙的速度，故D错误。
故选：C。
v−t图象是过原点的一条直线说明人在做加速运动，v−t图象是是一条水平直线说明在做匀速直线运动；
根据速度公式的变形公式可知相同时间内，速度越大，运动的距离越大；
两人之间的距离保持不变是两人相对静止。
本题考查学生的读图能力、速度公式的灵活运用、运动和静止的相对性。
8.【答案】C
【解析】解：AB、由乙图可知，压敏电阻的阻值随着压力的增大而减小，因此要想提高报警器的限载重量，必须增大电路中的电阻，减小电磁铁电路中的电流，所以可以将滑动变阻器R0的滑片适当向左移动，或者把电源1的电压适当降低，故AB错误；
CD、观察甲图发现，衔铁和弹簧的部分实际上是一个杠杆，电磁铁的吸引力为动力，弹簧的拉力为阻力；
要适当调高报警器的限载重量(即压敏电阻受到的压力增大)，由图乙可知压敏电阻的阻值减小，在滑动变阻器R0接入阻值不变时，总电阻减小，根据欧姆定律可知，控制电路中电流增大，则电磁铁对衔铁的吸引力增大；
要让衔铁不那么容易被吸下来，由杠杆平衡条件可知，在阻力不变情况下，应增大左端的阻力臂，即把弹簧AB水平向左适当移动一段距离；或者减小动力臂，即把电磁铁C水平向左适当移动一段距离；故C正确，D错误。
故选：C。
分析乙图中压敏电阻的特点，结合欧姆定律和杠杆的相关知识得到调高报警器的限载重量的方法。
本题考查了学生对电磁继电器的工作原理的掌握，注重了物理和生活的联系，加强了学生应用能力的考查，是中考的热点。
9.【答案】ABD
【解析】解：
A、生石灰与水反应会放出大量的热，此反应过程中的能量转化关系是化学能转化为内能，故A正确；
B、盒盖上有出气孔，这样会避免使用时盒内气压过高，能防止危险的发生，故B正确；
C、加热时，热量从发热包传递给食物，故C错误；
D、食物被加热时，温度升高，其内能增大，故D正确。
故选：ABD。
(1)生石灰与水反应会放出大量的热，消耗了化学能，转化为内能；
(2)盒盖上有出气孔，能维持内外气压的平衡；
(3)热传递过程传递的是热量；
(4)物体温度升高，内能增大。
本题考查了能量的转化、气压以及热传递，是一道综合题。
10.【答案】AC
【解析】解：A、吊臂AOB是可以在力的作用下绕O点转动的硬棒，因此吊臂AOB可视为杠杆，故A正确；
B、物体的重力：G=mg=330kg×10N/kg=3300N，
滑轮组所做有用功：W有=Gh=3300N×2m=6.6×103J，故B错误；
C、由η=W有W总×100%可知，滑轮组所做总功：W总=W有η=6.6×103J60%=1.1×104J，故C正确；
D、若仅增加起吊物体的质量，起吊物体的重力变大，额外功几乎不变，有用功变大，有用功在总功中所占的比例变大，则滑轮组的机械效率变大，故D错误。
故选：AC。
(1)根据杠杆的定义分析解答；
(2)根据G=mg求物体的重力，利用W有=Gh求有用功；
(3)利用η=W有W总×100%求滑轮组所做总功；
(4)增大滑轮组机械效率的方法：一是增大提升的物重，二是减小摩擦、减小动滑轮重。
本题考查了杠杆的定义、使用滑轮组时有用功和总功的计算及机械效率公式的应用，还考查了提升物体重力对机械效率的影响，难度适中。
11.【答案】BD
【解析】解：A.由题意可知，简易电流表能够工作的主要原理是通电导体在磁场中受力运动，故A错误；
B.如图所示，线圈处于平衡位置，所以指针所指的位置是简易电流表的0刻度线，故B正确；
C.如果b为正接线柱，电流从b到a，由安培定则可知，线圈左端为N，根据磁极间的作用规律可知，通电后电流表时指针会向右侧偏转，故C错误；
D.通过线圈的电流不变，线圈与磁铁之间的磁力不变，如果指针下端的重球质量越大，需要的使指针偏转的作用力就越大，所以电流不变时，指针偏转角度越小，故D正确。
故选：BD。
(1)利用图示的装置分析出其制成原理；
(2)根据线圈的平衡状态分析；
(3)磁极间的作用规律：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
(4)指针下端的重球质量越大，使指针偏转时需要的力就越大。
本题考查的是通电导体在磁场中受到力的作用、磁极间的作用规律等知识，属于基础题。
12.【答案】BC
【解析】解：A、由电路图知，R1与R2串联，电流表测电路中电流，电压表V1测R1两端电压，V2测R2两端电压，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比，所以图象中乙是R1的U−I图象，则甲为R2的U−I图象，即电压表V2示数随电流变化的图线对应的是图线甲，故A错误。
B、由图象知，当电路中电流为I=I1=I2=0.2A时，电阻R1的电压U1=2V，滑动变阻器两端的电压U2=4V，
串联电路总电压等于各支路电压之和，所以电源电压：U=U1+U2=2V+4V=6V，
由图象知电路中的最大电流为0.6A，电路消耗的最大功率为：
P=UI大=6V×0.6A=3.6W，故B正确；
C、当滑动变阻器连入阻值最大时，电路中电流最小，此时I2=0.2A，U2=4V，
由I=UR可得滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I2=4V0.2A=20Ω，其阻值变化范围为0～20Ω，故C正确；
D、定值电阻R1的阻值：R1=U1I1=2V0.2A=10Ω，因为没有明确通过电路的电流，根据Q=I2Rt不能计算出定值电阻R1通电1分钟放出的热量，故D错误。
故选：BC。
(1)由电路图知，R1与R2串联，电流表测电路中电流，电压表V1测R1两端电压，V2测R2两端电压，根据欧姆定律可知，乙是R1的U−I图象，则甲为R2的U−I图象。
(2)由图象，根据串联电路的电流和电压规律可得到电源电压，根据图像判断出电路中的最大电流，由P=UI算出电路消耗的最大功率；
(3)当滑动变阻器连入阻值最大时，电路中电流最小，由图象可知此时滑动变阻器两端电压和通过它的电流，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大值，从而得到其变化范围；
(4)由欧姆定律计算出R1的阻值，根据Q=I2Rt分析定值电阻R1通电1分钟放出的热量。
本题考查了串联电路特点和欧姆定律的应用，能从图象中获取有用信息是关键。
13.【答案】解：根据题可知，当开关闭合后，发现条形磁铁和小车向右运动，说明小车受到向右的排斥力的作用，条形磁铁的左端为S极，根据同名磁极相互排斥可知，螺线管的右端为S极；
根据安培定则可知，电流从螺线管的右端流入，所以电源的右端为正极，左端为负极，如图所示：
【解析】小车向右运动，说明小车受到向右的排斥力的作用；同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，据此分析螺线管的极性；根据安培定则判定电源的正负极。
本题考查了磁体间的相互作用规律、安培定则的应用，是一道综合题。
14.【答案】解：
过平面镜做A点的对称点A′，即A的像点，连接A′B交平面镜于一点，连接这个交点与B的连线，即为反射光线，连接A与交点的连线，即为折射光线(也是OB对应的入射光线)，如图所示：
【解析】光线由A点斜射入水中时发生光的折射，要使射到水底平面镜的光反射后射向水面B点，根据反射光线的延长线一定过像点，可选作A在平面镜中的像点，再连接像与B的连接可得反射光线，再画出经A点的折射光线(射向平面镜的入射光线)即可。
本题考查了平面镜成像特点作图以光的折射的作图，知道平面镜成像时，反射光线延长线一定过像点。
15.【答案】会聚 10.0 下 物距大于2倍焦距 照相机 远视眼 放大 实像
【解析】解：(1)平行光正对凸透镜照射，移动光屏到图甲位置时，光屏上出现了最小最亮的光斑，这说明凸透镜对光有会聚作用，凸透镜与光屏间的距离为焦距，故凸透镜焦距是10.0cm；
(2)如图乙所示，在光屏上成的像偏上，根据经过凸透镜中心的光沿直线传播可知，凸透镜的中心偏高于烛焰中心，为了使像成在光屏的中央，应将凸透镜向下调节；
(3)透镜的焦距是10cm，如图丙所示，物距为30.0cm，物距大于2倍焦距，所成的像为倒立、缩小的实像，生活中利用此成像规律的是照相机；在透镜前放一个眼镜，光屏向左移动一些距离才能在光屏上看到一个清晰的像，该眼镜具有会聚作用，应是凸透镜，故该眼镜是远视眼镜片；
(4)如图丙所示，物距大于2倍焦距，所成的像为倒立、缩小的实像，保持蜡烛、光屏不动，向左缓慢移动凸透镜直到光屏上又出现烛焰的像，由光路可逆知，物距为原来的像距，像距为原来的物距，故光屏上此时成像的情况是倒立、放大的实像；
故答案为：(1)会聚；10.0；(2)下；(3)物距大于2倍焦距；照相机；远视眼；(4)放大；实像。
(1)平行光正对凸透镜照射，光屏上出现了最小最亮的光斑，这说明凸透镜对光有会聚作用，凸透镜与光屏间的距离为焦距；
(2)根据经过凸透镜中心的光沿直线传播可知，凸透镜的中心偏高于烛焰中心，为了使像成在光屏的中央，判断凸透镜移动方向；
(3)物距大于2倍焦距，所成的像为倒立、缩小的实像，生活中利用此成像规律的是照相机；光屏向左移动一些距离才能在光屏上看到一个清晰的像，该眼镜具有会聚作用，确定是凸透镜；
(4)由光路可逆知，物距为原来的像距，像距为原来的物距，物距小于2倍焦距，所成的像为倒立、放大的实像。
此题是探究凸透镜成像的规律，实验过程中注意事项；测量焦距的方法；凸透镜成像的规律及应用。
16.【答案】速度 质量 速度 错误 弹簧势能相同，转化成的动能相同，因此木块最终移动的距离相同
【解析】解：(1)与从斜面上滚下类似，质量不同的钢球从相同高度处摆下，摆线竖直时，钢球的速度是相同的；钢球的速度相同而质量不同，是探究动能与质量的关系；
(2)质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，此时质量相同，速度不相同，所以可以研究铁球的动能大小与速度的关系；
(3)观察图乙的装置可知，若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验目的。
故答案为：(1)速度；质量；(2)速度；(3)错误；弹簧势能相同，转化成的动能相同，因此木块最终移动的距离相同。
(1)影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法，控制速度相同是研究动能与质量的关系；
(2)(3)结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要要求。
本题考查探究“物体动能与质量和速度的关系”的实验，用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；采用控制变量法研究实验时，一定注意相同因素和不同因素。
17.【答案】右 小灯泡实际电功率太低 0.05 0.625 10 小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大 断开S1 U1−U2U2⋅R0
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应位于阻值最大处，即最右端；
(2)图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1V，则小灯泡两端的电压为0.5V；
电流表选用小量程，分度值为0.02A，则通过小灯泡的电流是0.1A；
则小灯泡的额定功率：P=ULIL=0.5V×0.1A=0.05W，因此小灯泡不亮的原因是小灯泡实际电功率太低；
(3)灯泡正常发光时的电压为2.5V，由丙可知，此时通过灯泡的电流为0.25A，
所以灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
因为I=UR，所以此时灯泡的电阻：R=UI=2.5V0.25A=10Ω；
(4)小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，当灯泡两端的电压发生变化时，灯泡的功率发生变化，灯丝的温度就发生变化，而在探究电流与电压的关系的关系时，需控制电阻不变，所以不能利用“测定小灯泡额定功率”的实验装置探究电流与电压的关系；
(5)①先闭合开关S、S1，记下电压表示数U1。
②再断开S1，记下电压表示数U2；
在①中，闭合开关S、S1时，待测电阻短路，电压表测的是电源电压为U1；
在②中，R0与Rx串联，电压表测R0的电压为U2，
根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压：Ux=U1−U2，
根据串联电路电流的规律，通过待测电阻的电流：IX=I0=U2R0，
所以待测电阻为：
Rx=UXIX=U1−U2U2R0=U1−U2U2⋅R0。
故答案为：(1)右；(2)小灯泡实际电功率太低；0.05；(3)0.625；10；(4)小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大；(5)断开S1；U1−U2U2⋅R0。
(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应位于阻值最大处；
(2)根据图乙电表所选量程读数，根据P=UI求灯额定功率，据此分析小灯泡不亮的原因；
(3)由图像读出灯泡正常发光时的电流，根据P=UI计算得到额定功率，根据I=UR的变形式R=UI计算出此时灯泡的电阻；
(4)探究电流与电压的关系，应保护电阻不变，但小灯泡的电阻随温度的变化而变化，由此分析。
(5)通过开关的转换使电压表分别测电源电压和R0的电压，根据串联电路电压的规律和分压原理得出待测电阻表达式。
本题是测量“小灯泡电功率”的实验，考查了故障分析、电表读数、功率计算，实验操作等及设计方案测电阻的能力。
18.【答案】解：(1)汽车在0～10s的平均速度为：
v=st=120m10s=12m/s；
(2)图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v=20m/s，
此时汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，则牵引力：F=f=4000N，
汽车行驶时的功率为：P=Wt=Fst=Fv=4000N×20m/s=8×104W；
(3)由η=WQ放可知，汽油机前10s汽油完全燃烧放出的热量：Q放=Wη=3.2×106J80%=4×106J，
由Q放=mq可知，耗油量：m=Q放q=4×106J5×107J/kg=0.08kg。
答：(1)在0～10s内汽车的平均速度为12m/s；
(2)汽车发动机牵引力的功率为8×104W；
(3)若10s后发动机的转化效率为80%，则发动机做功3.2×106J需要燃烧0.08kg汽油。
【解析】(1)利用速度公式求出在0～10s内汽车的平均速度；
(2)由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v=20m/s，此时汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，牵引力大小等于阻力大小，利用P=Wt=Fst=Fv求汽车行驶时的功率；
(3)利用效率公式求出汽油机前10s汽油完全燃烧放出的热量，利用Q放=mq求出耗油量。
本题考查速度公式、二力平衡条件的应用、功和功率的计算、效率公式以及燃料完全燃烧放热公式的应用，是一道力热综合题，有一定的难度。
19.【答案】解：(1)由电路图可知，当开关S1接通，温控开关断开时，两电阻串联，此时电路电阻较大，由P=U2R可知，电路电功率较小，此时汤锅处于保温状态；
当开关S1接通，“温控开关”也闭合时，只有电热丝R1工作，电路中电阻较小，电功率较大，此时汤锅处于加热状态；
由P=UI=U2R可得R1的电阻：
R1=U2P加热=(220V)21100W=44Ω：
(2)汤锅处于保温状态时，R1与R2串联，因R1和R2均为电热丝，则保温功率：
P保温=U2R1+R2=(220V)244Ω+56Ω=484W。
(3)由P=U2R可得，右盘的电阻：
R右=U右2P右=(220V)2400W=121Ω，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=I2R可得，该右盘的实际功率只有324W时电路中的电流：
I= P实际R右= 324W121Ω=1811A，
右盘和导线上消耗的总电功率：
P=UI=220V×1811A=360W，
则导线上消耗的电功率：
P线=P−P右实=360W−324W=36W。
答：(1)汤锅加热状态正常工作时，R1的电阻为44Ω；
(2)若R2的电阻为56Ω，则该汤锅保温挡时的额定保温功率为484W；
(3)当右盘实际功率只有324W时导线上消耗的电功率为36W。
【解析】(1)分析清楚电路结构，根据电功率公式分析答题，知道加热状态下汤锅的功率和电压，根据P=UI=U2R求出R1的电阻；
(2)汤锅处于保温状态时，R1与R2串联，且R1和R2均为电热丝，根据P=UI=U2R算出保温功率；
(3)根据P=U2R求出右盘的电阻，已知右盘的实际功率和电阻，根据P=I2R和串联电路的电流特点求出电路中的实际电流，利用P=UI求出电路的总功率，总功率减去灯泡的实际功率即为导线上消耗的电功率。
本题考查了电功率公式的综合应用，关键是汤锅所处状态的判断。
20.【答案】解：(1)小球的密度：
ρ=mV=80g100cm3=0.8g/cm3，
因小球的密度小于水的密度，
所以，断开开关时，铁制小球静止时处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，
则小球受到的浮力：
F浮=G=mg=80×10−3kg×10N/kg=0.8N，
由F浮=ρgV排可得，小球排开水的体积：
V排=F浮ρ水g=Gρ水g=0.8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−5m3=80cm3，
则小球露出水面的体积：
V露=V−V排=100cm3−80cm3=20cm3；
(2)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中时，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，小球受到的浮力：
F浮′=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10−6m3=1N，
因小球悬停静止时，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，
由平衡条件可得：G+F=F浮′，
则螺线管对铁制小球的作用力：
F=F浮′−G=1N−0.8N=0.2N，
查表可知，此时电路中的电流I=0.4A，
由P=UI=U2R可得，灯泡的电阻：
RL=UL2PL=(6V)23W=12Ω，
此时小灯泡消耗的功率：
PL′=I2RL=(0.4A)2×12Ω=1.92W；
(3)当小灯泡正常发光时，电路中的电流：
I=IL=PLUL=3W6V=0.5A，
查表可知，此时螺线管对铁制小球的作用力F′=0.25N，
此时小球受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下的重力和螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，
由力的平衡条件可得：F浮′+F支持=F′+G，
则小球受到的支持力：
F支持=F′+G−F浮′=0.25N+0.8N−1N=0.05N，
因小球对容器底的压力和小球受到的容器底给的支持力是一对相互作用力，
所以，小球对容器底的压力：
F压=F支持=0.05N。
答：(1)断开开关铁制小球静止时露出水面的体积是20cm3；
(2)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中，此时小灯泡消耗的功率是1.92W；
(3)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使小灯泡正常发光，当铁制小球静止时，小球对容器底的压力是0.05N。
【解析】(1)知道小球的质量和体积，根据ρ=mV求出小球的密度，然后与水的密度相比较确定断开开关、静止时所处的状态，根据F浮=G=mg求出小球受到的浮力，根据F浮=ρgV排求出小球排开水的体积，然后求出小球露出的体积；
(2)闭合开关，调节滑动变阻器的滑片使铁制小球能悬停在水中时，铁球排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出小球受到的浮力，小球悬停静止时，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，根据平衡状态求出螺线管对铁制小球的作用力，查表可知此时电路中的电流；知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出灯泡的电阻，再根据P=I2R求出此时小灯泡消耗的功率；
(3)当小灯泡正常发光时，根据P=UI求出电路中的电流，查表可知此时螺线管对铁制小球的作用力，此时小球受到竖直向上的浮力和支持力、竖直向下重力和螺线管对铁制小球的作用力处于平衡状态，由力的平衡条件求出小球受到的支持力，小球对容器底的压力和受到的支持力是一对相互作用力，二力大小相等。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、阿基米德原理的应用等，正确的对小铁球受力分析并从表格中获取有用的信息是关键。
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