2023年辽宁省大连市重点中学高考物理六模试卷

2023年辽宁省大连市重点中学高考物理六模试卷

一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）

1.  下列说法正确的是(    )

A. 玻尔建立了量子理论，成功解释了各种原子的发光现象
B. 按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减少，原子总能量增大
C. 若入射到金属表面的光没有达到一定的强度就不可能发生光电效应
D. 在光电效应中，光电子的最大初动能和入射光的频率成正比，与入射光的强度无关

2.  如图所示，在离地面一定高度处把个物体以不同的初速度竖直上抛，不计空气阻力，若后个物体均未着地，则后速率最大的是(    )

A.  B.  C.  D.

3.  用一根长的轻质细绳将一副质量为的画框对称悬挂在墙壁上，已知绳能承受的最大张力为，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为取(    )

 

A.  B.  C.  D.

4.  北京时间年月日：，航天员费俊龙、邓清明、张陆搭乘“神舟十五号”载人飞船前往中国“”字基本构型空间站如题图所示，于月日：打开舱门入驻。空间站内航天员一天可以观测到次日出，空间站绕地球运行的轨道近似为圆轨道，下列说法正确的是(    )

A. 空间站定点于我国上空某高度处，相对地面静止
B. 空间站内航天员不受地球引力作用而处于失重状态
C. 空间站与地球同步卫星的轨道半径之比约为：
D. “神舟十五号”载人飞船由低轨道加速，与高轨道的空间站完成对接后，飞船的动能比之前处于低轨道时要小

5.  如图所示，纸面内有一直角三角形区域，，区域中存在着磁感应强度大小为，方向垂直纸面向外的匀强磁场。一带电粒子自中点沿方向射入磁场后，恰好从点射出磁场。已知长为，带电粒子的质量为，电荷量大小为，不计粒子重力，以下判断正确的是(    )

A. 粒子带正电．
B. 粒子速度的大小为
C. 带电粒子的速度只要小于，粒子就将从边射出磁场区域
D. 带电粒子由到过程中运动的时间为

6.  如图所示，在架子上吊着一根带绝缘层的导线，右侧导线下部某处装有一个铅坠，使导线保持竖直状态，下端连接着一个铝箔刷子，刷子下方放置一张铝箔，调整刷子的高度使之下端刚好与铝箔接触。将左侧导线接到电源的正极上，电源的负极连接铝箔，用可移动的夹子水平地夹住一根强磁铁，右端极正对右侧导线，接通电源，发现右侧导线在摆动，下列判断正确的是(    )

A. 右侧导线开始时垂直纸面向里摆动
B. 右侧导线在摆动过程中受到恒定的安培力
C. 右侧导线在整个摆动过程中安培力始终对其做正功
D. 同时改变电流方向及磁铁的磁极方向，右侧导线开始摆动方向与原来相同

7.  气压式升降椅通过气缸上下运动来控制椅子升降，其简易结构如图所示，圆往形气缸与椅面固定连接，柱状气动杆与底座固定连接。可自由移动的气缸与气动杆之间封闭一定质量的气体，气缸气密性、导热性能良好，忽略摩擦力，气体可视为理想气体。设气体的初始状态为，接着某人虚坐在指面上，开始时此人的脚在地上，后逐渐减少对地面的压力直至脚完全离开地面，此过程中温度不变椅子缓慢下降一段距离后，气体达到稳定状态。然后打开空调降低室温，一段时间后，室内温度缓慢降低到设定温度，稳定后气体状态为。最后人将脚缓慢放在地面上并逐渐增大对地面的压力直至人离开椅面，气体最终达到另一个稳定状态该过程中气体的压强和体积倒数的关系如图所示，已知气缸的横截面积为，重力加速度大小为，外界大气压强不变，则(    )

A. 由图数据可算得人的质量为
B. 与状态相比，气体处于状态时单位时间内碰撞单位面积容器壁的分子数较多
C. 由图数据可算得从状态到状态气体对外界做的功大小为
D. 从状态到状态，气体向外放出的热量小于外界对气体做的功

二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）

8.  如图所示，水平光滑地面上停放着一辆质量为的小车，小车的半径四分之一光滑圆弧轨道在最低点与水平轨道相切于点。在水平轨道的右端固定一个轻弹簧，弹簧处于自然长度时左端位于水平轨道的点正上方，点右侧轨道光滑，、的距离为，一个质量也为的可视为质点的小物块从圆弧轨道最高点以的速度开始滑下，则在以后的运动过程中重力加速度为，弹簧始终在弹性限度内，空气阻力不计。(    )
 

A. 若、间的轨道也光滑，小车的最大速度为
B. 若、间的轨道也光滑，物块运动到最高点时到水平轨道的距离为
C. 若物块与、间轨道的动摩擦因数为，弹簧的最大弹性势能等于因摩擦产生的总热量
D. 若物块与、间轨道的动摩擦因数为，小车运动的总位移大小为

9.  静电植绒技术于多年前在中国首先起步。如图所示为植绒流程示意图，将绒毛放在带负电荷的容器中，使绒毛带负电，容器与带电极板之间加恒定电压，绒毛成垂直状加速飞到需要植绒的布料表面上。已知绒毛到达布料表面时速率越大，植绒效果越好。带电极板与布料间距忽略不计，下列判断正确的是(    )

A. 带电极板带负电
B. 绒毛在飞往需要植绒的物体的过程中，电势能不断减少
C. 带电量相同，质量大的绒毛，植绒效果越好
D. 若减小容器与带电极板之间的距离，植绒效果不变

10.  光纤主要由折射率不同的纤芯与外套组成，在光纤中传输的信号是脉冲光信号。当一个光脉冲从光纤中输入，经过一段长度的光纤传输之后，其输出端的光脉冲会变宽，这种情况会降低信号传输质量。引起这一差别的主要原因之一是光通过光纤纤芯时路径长短的不同如图，沿光纤轴线传输的光纤用时最短，在两种介质界面多次全反射的光线用时较长。为简化起见，我们研究一根长直光纤，设其内芯折射率为，外套折射率为。在入射端，光脉冲宽度即光持续时间为，在接收端光脉冲宽度即光持续时间为，(    )

 

A. 外套材料的折射率变小，与的差值不变
B. 内芯材料的折射率越大，光脉冲将越不容易从外套“漏”出
C. 入射光波长变短，与的差值不变
D. 光纤的直径变小，与的差值不变

三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）

11.  如图所示为验证机械能守恒定律的实验装置，轻绳跨过光滑轻质的定滑轮，其两端系着质量均为的重物含挡光片、，物块上放一质量为的金属片，系统由静止释放。

用游标卡尺测量挡光片的宽度，如图所示，则 ______ 。
为验证机械能守恒定律，多次改变物块的初始位置，进行实验，使物块从不同的位置由静止释放，记录每次挡光片到光电门的竖直距离以及挡光片穿过光电门的时间。通过描点作图，为了得到一条过原点的直线，则应该绘制的图像是______ 选填“”，“”，该直线的斜率 ______ 用字母、、、表示。

12.  某实验小组要测量一定值电阻的阻值、电源的电动势和内阻。实验器材如下：
A.待测电源
B.电压表、
C.电流表
D.定值电阻
E.滑动变阻器
F.开关和导线若干
实验步骤如下：按如图甲所示电路连接好实验器材；
闭合开关，读出电压表、以及电流表的示数、、；
移动滑动变阻器触头，重复，得到多组数据；
描绘出、图象如图乙所示。
回答下列问题：
由图乙可得，定值电阻的阻值______。
由图中数据可求得电源的电动势______，电源内阻______。
若考虑电流表、电压表内阻的影响，则定值电阻______，电源电动势______，______选填“等于”“大于”或“小于”。

四、简答题（本大题共1小题，共10.0分）

13.  图甲是磁悬浮实验车与轨道示意图，图乙是固定在车底部金属框车厢与金属框绝缘与轨道上运动磁场的示意图。水平地面上有两根很长的平行直导轨和，导轨间有竖直垂直纸面方向等间距的匀强磁场和，二者方向相反。车底部金属框的边宽度与磁场间隔相等，当匀强磁场和同时以恒定速度沿导轨方向向右运动时，金属框会受到磁场力，带动实验车沿导轨运动。设金属框垂直导轨的边长、总电阻，实验车与线框的总质量，磁感应强度，磁场运动速度。已知悬浮状态下，实验车运动时受到恒定的阻力，求：
设时刻，实验车的速度为零，求金属框受到的磁场力的大小和方向；
求实验车的最大速率；
实验车以最大速度做匀速运动时，为维持实验车运动，外界需提供的总功率是多少？

 

五、计算题（本大题共2小题，共20.0分）

14.  如图所示，圆形区域内有方向平行于纸面的匀强电场，其半径为，为圆的直径。质量为、电荷量为的带正电粒子自点由静止释放，粒子从圆周上的点以速率穿出电场，与的夹角。现将该种粒子在纸面内从点先后以不同的速率垂直于电场线方向射入电场，只考虑电场力的作用。
求电场强度大小及方向；
为使粒子从点离开电场，粒子进入电场时的速率应是多大？

15.  传送带以恒定速率顺时针运行，传送带与水平面的夹角现将质量的小物块轻放在其底端小物品可看成质点，平台上的人通过一根轻绳用恒力拉小物块，经过一段时间物块被拉到离地高为的平台上，如图所示．已知物块与传送带之间的动摩擦因数，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取，已知，求：
物块在传送带上运动的时间；
若在物块与传送带速度相等的瞬间撤去恒力，则物块还需多少时间才能脱离传送带？

答案和解析

1.【答案】 

【解析】解：玻尔建立的量子理论成功解释了氢原子的发光现象，但无法解释其他原子的发光现象，故A错误；
B.根据和可得，按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，变大，电子的动能减少，电子从低轨道到高轨道需要吸收能量，所以原子的总能量增大，故B正确；
C.根据发生光电效应的条件，若入射到金属表面光的频率没有达到该金属的极限频率，就不可能使该金属发生光电效应现象，与入射光的强度无光，故C错误；
D.根据爱因斯坦光电效应方程，得，其中是金属的逸出功，可知在光电效应中，光电子的最大初动能和入射光的频率成一次函数关系，而不是正比关系，故D错误。
故选：。
玻尔理论只解释了氢原子的发光现象；结合库仑力提供向心力分析电子动能的变化；发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，根据光电效应方程知，光子频率越大，光电子的最大初动能越大。
解决本题的关键知道光电效应的条件，以及影响光电子最大初动能的因素，知道玻尔理论及其局限性。
 

2.【答案】 

【解析】解：规定竖直上抛运动的初速度方向为正方向，则加速度为，由速度时间公式，
可知后的速度为：
后的速度为：
后的速度为：
后的速度为：
则后速率最大的是物体，故A正确，BCD错误。
故选：。
竖直上抛运动是加速度为的匀减速直线运动，根据速度时间关系公式列式求解即可。
本题考查的是竖直上抛运动，根据运动学公式列式求解，关键是要规定好正方向，注意速度的矢量性。
 

3.【答案】 

【解析】

【分析】
将重力按照力的效果进行分解，即沿两细线的方向分解，求出绳子即将断开时的临界角度两细线夹角即可得出画框上两个挂钉的最大间距。
熟练应用力的合成和分解以及合成与分解中的一些规律，是解决本题的根本。
【解答】

解：一个大小方向确定的力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而当绳子拉力达到的时候，绳子间的张角最大，为，此时两个挂钉间的距离最大；
画框受到重力和绳子的拉力，三个力为共点力，受力如图。

绳子与竖直方向的夹角为，绳子长为，则有，两个挂钉的间距离，解得，项正确；
故选A。

4.【答案】 

【解析】解：、空间站的周期为，地球同步卫星的运行周期，所以空间站不是地球同步卫星，不能相对地面静止，故A错误；
B、空间站绕地球做匀速圆周运动，空间站内航天员受地球引力作用，由地球引力提供向心力，处于完全失重状态，故B错误；
C、由开普勒第三定律得

空间站与地球同步卫星的轨道半径之比为：，故C错误；
D、由，解得，则由低轨道加速，与高轨道的空间站完成对接后，由于增大，则减小，故飞船的动能比之前处于低轨道时要小，故D正确。
故选：。
空间站不是地球同步卫星，相对地面是运动的；空间站内航天员仍受地球引力作用；由开普勒第三定律求空间站与地球同步卫星的轨道半径之比；结合变轨原理分析。
本题主要考查万有引力定律的相关应用，理解物体做圆周运动的向心力来源，结合圆周运动的公式即可完成解答。
 

5.【答案】 

【解析】解：、在点，已知磁场方向和初速度方向和洛伦兹力方向由于偏转到点，故洛伦兹力垂直速度向左下方，根据左手定则可知，粒子带负电荷，故A错误；
B、找出圆心，画出轨迹，如图所示：
根据几何关系可得粒子做圆周运动的轨道半径：，
根据洛伦兹力提供向心力，可得：，解得：，故B错误；
C、根据选项的分析可知，带电粒子的速度小于时，粒子可能从边射出磁场区域，也可能不从边射出磁场区域，故C错误；
D、根据图中几何关系可知，粒子从到过程的圆弧对应圆心角为，故速度方向改变，
带电粒子由到过程中运动的时间为：，故D正确。
故选：。
粒子在匀强磁场中运动，速度垂直磁场方向，做匀速圆周运动，先结合几何关系找出圆心，得到轨道半径，然后根据牛顿第二定律列式求解出粒子的速度，进一步得到周期和运动时间。
对于带电粒子在磁场中的运动情况分析，一般是确定圆心位置，根据几何关系求半径，结合洛伦兹力提供向心力求解未知量；根据周期公式结合轨迹对应的圆心角求时间。
 

6.【答案】 

【解析】解：、导线中是电流向下，所在处的磁场向右，由左手定则判断，导线受安培力垂直纸面向外，所以开始时导线垂直纸面向外摆动，故错误；
B、由于刷子的下端刚好与铝箔接触，所以导线摆动以后，铝箔刷子与铝箔分离，电流为，安培力为，故B错误；
C、导线摆起一定角度后往回摆动，铝箔刷子与铝箔再次接触，安培力依然向外，导线的垂直纸面向里摆动，所以安培力做负功，故C错误；
D、同时改变电流方向及磁铁的磁极方向，由左手定则可知，安培力方向不变，所以右侧导线开始摆动方向与原来相同，故D正确。
故选：。
导线与电源相连有电流通过，在磁场中受到安培力的作用而摆动，导线摆动以后，铝箔刷子与铝箔分离，电流为，安培力为，根据安培力方向与导线位移方向关系判断做功情况。
本题主要考查导线在磁场中的所受力情况，学生需注意左手定则的应用，再根据安培力方向与导线位移方向关系判断做功情况。
 

7.【答案】 

【解析】解：、设外界大气压强为，对椅面和气缸分析，初始时根据平衡条件可得：，人坐上椅面脚全部离开地面时，根据平衡条件可得：，解得人的质量为：，故A错误；
B、因，而，故单位时间内碰撞单位面积容器壁的分子数增多，故B正确；
C、到为等温过程，故该过程做功小于，故C错误；
D、由知，，斜率越大，温度越高，故，所以气体的内能减少，而，外界对气体做功，由热力学第一定律知，气体向外放热，且放出的热量大于外界对气体做的功，故D错误。
故选：。
对椅面和气缸分析，初始时根据平衡条件列方程；人坐上椅面脚全部离开地面时，根据平衡条件列方程解得人的质量；根据压强的微观实质确定单位时间内碰撞单位面积容器壁的分子数；到为等温过程，由此分析做的功；根据一定质量的理想气体状态方程、热力学第一定律进行分析。
本题主要是考查一定质量理想气体的状态方程之图象问题，关键是弄清楚图象表示的物理意义、知道图象的斜率、图象与坐标轴围成的面积表示的物理意义，根据一定质量的理想气体状态方程结合热力学第一定律进行分析。
 

8.【答案】 

【解析】解：、若、间轨道光滑，物块与小车组成的系统在水平方向动量守恒，当物块到达水平轨道时小车的速度最大，
以向右为正方向，由动量守恒定律得：
由机械能守恒定律得：
代入数据解得，小车的最大速度，故A正确；
B、系统在水平方向动量守恒，由于系统在水平方向初动量为零，由动量守恒定律可知，物块运动到最高点时物块与小车在水平方向速度都为零，
则物块到达最高点时速度为零，、间光滑，系统机械能守恒，设物块运动到最高点时离水平轨道的距离为，由机械能守恒定律得：，
代入数据解得：，故B错误；
C、物块第一次到达小车最右端小车与物块速度相等时弹簧的压缩量最大，弹性势能最大，系统在水平方向动量守恒，由于系统在水平方向初动量为零，由动量守恒定律可知，弹簧压缩量最大时小车与物块的速度都为零，设弹簧的最大弹性势能为，由能量守恒定律得：，最终小车与物块都静止，设产生的总热量为，由能量守恒定律得：，则，故C错误。
D、若物块与、的动摩擦因数为，最终小车与物块都静止，设整个过程小车的总位移大小为，则物块的位移大小为，系统在水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：，即，代入数据解得：，故D正确。
故选：。
小物块到达小车最右端，两者速度相等时小车的速度最大，应用机械能守恒定律求出小车的最大速度；
小车与物块组成的系统在水平方向动量守恒，应用动量守恒定律与机械能守恒定律求出物块运动到最高点距离水平轨道的距离；
应用动量守恒定律与能量守恒定律分析答题。
本题考查了动量守恒定律的应用，根据题意分析清楚运动过程是解题的前提与关键，应用动量守恒定律与机械能守恒定律、能量守恒定律即可解题。
 

9.【答案】 

【解析】解：、绒毛成垂直状加速飞到需要植绒的布料表面上，所以绒毛受到的电场力向下，带电极板带正电，故A错误；
B、绒毛成垂直状加速飞到植绒的布料表面上，电场力做正功，电势能不断减小，故B正确；
C、根据动能定理得，可得，可知带电量相同，容器与带电极板之间加恒定电压，质量大的绒毛，到达植绒表面的速度越小，植绒效果越不好，故C错误；
D、由可知，绒毛到达植绒表面的速度和容器与带电极板之间的距离无关，因为容器与带电极板之间加恒定电压，所以绒毛到达植绒物体表面的速度不变，植绒效果不变，故D正确。
故选：。
根据绒毛的运动情况，判断带电极板的电性；根据电场力的做功正负结合功能关系分析电势能的变化情况；理解植绒效果的影响因素，从而分析出对应的植绒效果的变化；根据动能定理分析出绒毛的速度变化情况。
本题主要考查电势能与电场力做功的关系，熟练分析物体的受力，结合功能关系和动能定理即可完成解答。
 

10.【答案】 

【解析】解：、设光纤的长度为，则光通过光纤轴线传输用时最短，光在光纤中的速度
则最短时间有
设光从左端面以入射，折射角为，在侧面发生全反射时的入射角和反射角为，如图所示：

如果就是光在光导纤维全反射的临界角，则光在介质中的传播时间为最长，则；
光在光纤内传播的路程：
所以光通过光导纤维所用的最长时间为
故
所以外套材料的折射率变小，与的差值变大，选用波长更短的光时，频率越大，折射半越大，越大，与的差值变大，而的表达式与光纤的直径无关，故AC错误，D正确；
B、根据，可知内芯材料的折射率越大，全反射的临界角越小，越容易发生全反射，则光脉冲将越不容易从外套“漏”出，故B正确。
故选：。
发生全反射时光从折射率大的介质进入折射率小的介质，根据匀速运动公式求时间。
解决本题的关键对全反射要抓住发生全反射的条件：光密进入光疏，入射角大于临界角。
 

11.【答案】；； 

【解析】解：游标卡尺的精度为，主尺读数为，游标尺读数为，则；
金属片搁在圆环上后重物做匀速直线运动，重物过圆环瞬时速度大小
从释放重物到金属片落到圆环上过程，由机械能守恒定律得：
整理得：
、、、是常数，与成正比，为得到过原点的直线，应绘制图象；
图象的斜率
故答案为：；；
根据游标卡尺的精度可读得数据；
根据实验原理及机械能守恒定律解答。
本题主要考查了机械能守恒定律的验证实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合机械能守恒定律和图象完成分析，同时要熟练掌握运动学公式的应用。
 

12.【答案】      小于  等于  大于 

【解析】解：图乙中的图线是图象，定值电阻阻值。
由图示电路图可知，电源电动势：，
图乙中的图线是图象，由图示图线可知：


代入数据解得，电源电动势：，电源内阻：；
由图甲所示电路图可知，由于电压表的分流作用，电流表示数大于流过的电流，
电流测量值偏大，由欧姆定律可知，的测量值小于真实值；
由图甲所示电路图可知，相对于电源来说电流表采用内接法，当电路断路时电压表测电源电动势，电动势的测量值等于真实值；
考虑电表内阻，电源内阻测量值等于电源内阻与电流表内阻之和，电流表内阻测量值大于真实值；
故答案为：；；；小于；等于；大于。
根据图乙所示图线应用欧姆定律求出定值电阻阻值。
根据图示电路图求出图乙所示图线的函数表达式，根据图所示图线求出电源电动势与内阻。
根据图示电路图与实验误差来源分析实验误差。
本题考查了实验数据处理与实验误差分析，知道实验原理是解题的前提与关键，分析清楚图示电路图根据图示图象可以解题。
 

13.【答案】解：当实验车速度为时，根据楞次定律“来拒去留”可知，金属框受到水平向右的磁场力，两个磁场以恒定速度沿导轨方向向右运动，相当于两根导体棒向左切割磁感线，根据动生电动势的计算，有
回路中的电流为：
金属框受到的磁场力的大小为：
试验车的速度最大时满足：，即：
解得实验车的最大速率：
线圈以最大速度行驶时，克服阻力的功率为：
当实验车以最大速度匀速运动时金属框中感应电流：
金属框中的热功率为：
外界需提供的总功率是：
答：实验车的速度为零，金属框受到的磁场力的大小为，方向为水平向右；
实验车的最大速率为；
为维持实验车运动，外界需提供的总功率是。 

【解析】试验车达到最大速率时，安培力与阻力等大反向，试验车做匀速运动，根据磁场与线框的相对速度求得感应电动势，由闭合电路欧姆定律求得感应电流，由安培力计算公式，计算安培力注意左右两边均受到同向的安培力；
由平衡条件求解最大速度；
外界提供的总能量等于摩擦生热与产生的焦耳之和。
本题是电磁驱动原理，安培力为动力。要注意线框左右两边均切割磁感线产生同向的感应电动势，总的电动势为左右两边的电动势之和。同样左右两边均受到同向的安培力。
 

14.【答案】解：依题意，带电粒子由点运动到点的过程，由动能定理有：
 
解得：，方向从指向
依题意可知粒子在电场中做类平抛运动，设粒子从运动到所用时间为，粒子在垂直电场方向的位移
平行电场方向的位移
由牛顿第二定律有：
联立解得：
答：电场强度大小为，方向从指向；
为使粒子从点离开电场，粒子进入电场时的速率应是。 

【解析】带电粒子自点由静止释放，初速度为零，粒子沿电场力方向做匀加速直线运动，粒子由点射出电场，电场线方向由指向。根据动能定理求电场强度的大小。
粒子从点垂直电场线方向射入电场，在电场中做类平抛运动，根据牛顿第二定律和分位移公式分别列式，结合几何关系求解。
本题考查带电粒子在电场中的偏转问题，要明确粒子的受力情况，确定其运动情况，会熟练运用运动的分解法处理类平抛运动，结合几何知识帮助解答。
 

15.【答案】解：物体在达到与传送带速度 相等前，做匀加速直线运动，有：
  
解得  
由得 
此过程通过的位移
物体与传送带达到共同速度后，因
   
故物体在静摩擦力作用下随传送带一起匀速上升．
位移
用时
所以总时间为
在物体与传送带达到同速瞬间撤去恒力，因为，故有：
 
解得：
假设物体能向上匀减速运动到速度为零，则
通过的位移为 
故物体向上匀减速运动达到速度为零前已经滑上平台．故
  
解得或舍去
答：
物块在传送带上运动的时间是；
物块还需时间才能脱离传送带． 

【解析】对滑块受力分析，根据牛顿第二定律求解出加速度，然后运用运动学公式求解出匀加速的位移和时间，根据位移判断是否有第二个过程，当速度等于传送带速度后，通过受力分析，可以得出物体恰好匀速上滑，最后得到总时间；
若在物品与传送带达到同速瞬间撤去恒力，先受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据运动学公式列式求解．
本题关键是受力分析后判断物体的运动状态，再根据牛顿第二定律求解出加速度，然后根据运动学公式列式求解时间．