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2023年黑龙江省绥化市肇东第七中学中考物理三模试卷
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这是一份2023年黑龙江省绥化市肇东第七中学中考物理三模试卷，共25页。
2023年黑龙江省绥化市肇东七中中考物理三模试卷
1. 下列有关声现象的说法正确的是( )
A. 通过响度分辨不同乐器演奏的声音
B. 笛子发出的声音是由笛子振动产生的
C. 教室内安装噪声检测装置，学生可以免受噪声干扰
D. 通过声学仪器接收到的次声波等信息判断地震的方位和强度
2. 如图所示的四种现象或应用中，能用光的折射知识进行解释的是 ( )
A. 插入水中的手指 B. 手影游戏
C. 潜望镜 D. 自行车尾灯
3. 下列物理量中，最接近实际情况的是( )
A. 一只鸡蛋的重力约为5N
B. 家用电吹风正常工作时的电功率约为80W
C. 中学生站立时对地面的压强约为10000Pa
D. 重庆冬天的最低温度约为15℃
4. 下列有关磁现象的说法中正确的是( )
A. 电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数、电流的大小都有关
B. 导体棒在磁场中运动就一定会产生感应电流
C. 地球周围存在地磁场，地磁场两极与地理两极重合
D. 放在磁感线上的小磁针会受到磁场力的作用，放在磁感线与磁感线之间的小磁针不会受到磁场力的作用
5. 下列过程，能量转化形式相同的是( )
A. 甲和乙 B. 乙和丙 C. 甲和丙 D. 乙和丁
6. 最近，约翰⋅霍普金斯大学的研究人员发现了一种超导材料，该团队发现这种材料可以自然保持叠置而不需要任何外部磁场，这意味着电流可以同时顺时针和逆时针流动。一些金属或合金当达到某一温度时，电阻会变为零，这种现象称为“超导”，能够发生超导现象的物质叫超导体，下面选项中可以利用超导体的是( )
A. 电饭锅的发热元件 B. 制成大功率的电炉 C. 白炽灯的灯丝 D. 传输电能用的导线
7. 以下现象不能用大气压强的知识解释的是( )
A. 医生向外拉注射器的活塞，以吸取药瓶中的药水
B. “拔火罐”过程中，罐体紧紧吸在人体皮肤上
C. 柴油机工作时把空气吸进气缸
D. 两个表面平整、干净的铅块紧压在一起后，他们会“粘”在一起，很难将它们拉开
8. 水平桌面上两个底面积相同的容器中，分别盛有甲、乙两种液体。将两个完全相同的小球M、N分别放入两个容器中，静止时两球状态如图所示，两容器内液面相平。下列分析正确的是( )
A. 两小球所受浮力FM
9. 一辆汽车在平直的公路上做直线运动，其v-t图象如图所示，汽车在第10s时已行驶了150m，速度达到了20m/s，随后匀速前进，若汽车在行驶过程中所受阻力大小始终为2000N，以下说法正确的是( )
A. 在0∼20s内汽车的平均速度为17.5m/s
B. 在0∼10s内汽车的牵引力大小恒为2000N
C. 在10∼20s内汽车牵引力做的功为4×105J
D. 在10∼20s内汽车牵引力做功的功率为4×105W
10. 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图像如图乙所示。则( )
A. 滑动变阻器的最大阻值是20Ω
B. 滑动变阻器消耗的电功率最大时，变阻器的阻值是10Ω
C. 电源电压为8V
D. 电路消耗的最大电功率为14.4W
11. 今年最火的网红食品“冒烟冰淇淋”，吃一口嘴巴、鼻子都“冒烟”，这种新奇感抓获了不少年轻人。其实它还有个名字：“液氮冰淇淋”，冰淇淋经过液氮处理后，吃在嘴里时液氮与口腔内部接触，发生______现象(填物态变化名称)，有可能会造成______(填“冻”或“烫”)伤。
12. 习近平总书记提出“绿水青山，就是金山银山”倡导保护环境。核能作为一种新能源，正在逐步被人们开发和利用，核电站是利用核能发电，其核燃料在反应堆内通过核______(选填“裂变”或“聚变“)的方式，把核能转化为电能。核能是______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。
13. 光的三原色是指红、______ 、蓝。电视机遥控器通过______ (选填“红外线”“可见光”或“紫外线”)实现对电视机的控制。
14. 1820年，物理学家______ 发现了电流的磁效应，利用这个原理人们设计了电磁继电器。如图是水位自动报警器的工作原理图，由于一般水都能导电，当水位升至金属片B处时，______ 灯亮。
15. 如图所示，是我国家庭电路的连接示意图，两根进户线之间有______ V的电压。小明用试电笔检查家庭电路，电路中“×”处表示该处断路，电路中其他各处完好。开关S闭合后，正确使用试电笔测试电路中的A点，试电笔氖管______ (选填“会”或“不会”)发光；在安装带有金属外壳的家用电器时，为了安全用电，家用电器的金属外壳应与______ 相连。
16. 新农村建设中推广使用瓶装液化气。每瓶中装入10kg液化气(其热值为4.2×107J/kg)，则每瓶液化气全部完全燃烧放出的热量是______J，若放出的热量被水吸收，在标准大气压下可把500kg的水从20℃加热至沸腾，那么该燃料的效率为______。【水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)】
17. 用如图所示装置探究凸透镜成像规律，调整物距u，测量对应的像距v，部分数据如下表所示。根据表中数据可知该凸透镜的焦距是______cm；如果u=27cm，移动光屏可得到倒立、______(选填“放大”或“缩小”)的实像，______(选填“幻灯机”或“照相机”)应用了这一原理。
u/cm
60
30
20
15
13
…
v/cm
12
15
20
30
45
…
18. 如图所示，将灯L1、L2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在甲图中灯L1的功率为4W，在乙图中灯L1的功率为9W；设灯丝电阻不变L1、L2两灯灯丝电阻之比______，甲、乙两图电路消耗的总功率之比是______。
19. 如图所示，请在A点画出撬动石头的最小作用力F的示意图。
20. 如图所示为电磁铁和永磁体相互作用产生的磁场，请根据图中磁感线的方向标出永磁体右端的磁极，并在括号内标出电磁铁电源的“+”、“-”极。
21. 小滨在探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验中，如图所示。
(1)小滨首先进行了如图甲、乙、丙三次实验，每次都用弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，分析______ 两图可知：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
(2)小组的同学又用乙装置进行了图丁所示的实验，沿水平方向拉着物块做直线运动，砝码与物块相对静止，弹簧测力计的示数为4.5N，物块A上面的砝码在水平方向上处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态。
(3)弹簧测力计是本实验中重要的测量器材，以下探究实验，在课本中也用到弹簧测力计的是______ (选填字母)。
A.探究影响浮力大小的因素
B.探究阻力对物体运动的影响
C.探究不同物质吸热升温现象
D.探究动能大小与哪些因素有关
22. 在“探究光的反射规律”的实验中，如图所示，水平放置平面镜，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成，可以绕ON翻折。
(1)实验中，从纸板前不同的方向都能看到纸板上光的径迹，是因为光在纸板上发生了______ (填“镜面”或“漫”)反射。
(2)为了探究反射角与入射角大小的关系，应进行的操作是______ 。
A.改变纸板与平面镜之间的夹角
B.沿ON向后转动纸板E
C.沿ON向后转动纸板F
D.改变入射角的大小
(3)将一束光贴着纸板E沿AO射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束OB，接着将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F上不能显示出反射光束，由此说明______ 与法线在同一平面。
(4)若让另一束光沿BO方向射向平面镜，反射光将沿OA方向射出。该现象说明反射时______ 。
23. 图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验装置。
(1)小华将系于小纸片两端的细线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂钩码，使作用在小纸片上的两个拉力方向相反，并通过调整______ 来改变拉力的大小。当细线两端钩码相同时，小纸片静止不动，说明两个力平衡时的大小相等。
(2)当小纸片静止不动时，小华将小纸片扭转过一个角度，松手后小纸片______ (选填“能”或“不能”)平衡。设计此实验步骤的目的是为了探究不在______ 上的两个力能否平衡。
24. 小琪非常喜欢吃大樱桃，很想知道它的密度，于是进行了如下测量：
(1)将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，指针的位置如图甲所示，则应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)端调节，使横梁平衡。
(2)他取来一颗大樱桃，用天平测出了大樱桃的质量如图乙所示为______ g。
(3)将一颗大樱桃放入装有30mL水的量筒中，水面上升到图丙所示的位置，大樱桃的密度为______ g/cm3。
(4)小琪将大樱桃放入量筒中时，筒壁上溅了几滴水，所测的大樱桃密度会______ (选填“偏大”或“偏小”)。
(5)小琪还想利用大樱桃(已知密度为ρ0)、平底试管、刻度尺测量家里消毒液的密度，实验步骤如下：
①在平底试管中倒入适量的消毒液，用刻度尺测量试管中液面的高度h1。
②将大樱桃放入试管内的消毒液中，大樱桃处于漂浮状态，用刻度尺测量试管中液面的高度h2。
③取出大樱桃，在其内部插入一根细铁丝(忽略大樱桃体积的变化)，重新放入试管内的消毒液中，此时大樱桃沉入试管底部，用刻度尺测量试管中液面的高度h3。
④消毒液密度的表达式为ρ消毒液=______ 。
25. 小明用如图甲所示实验装置探究a、b两种液体的吸热能力，在两个相同的烧瓶内分别接入电阻丝，装入质量相等的a、b两种液体，并分别插入温度计。
(1)实验中选用的两根电阻丝的阻值应______ (选填“相同”或“不同”)。
(2)实验中，用______ (选填“A”或“B”)间接反映液体吸收热量的多少；通过比较______ (选填“A”或“B”)来判断液体吸热能力的强弱。
A.通电时间
B.温度计示数的变化量
(3)下表是某次的实验数据液体a加热后的温度如图乙所示。分析可知，______ (选填“a”或“b”)液体的吸热能力较强。
物质的量
质量(g)
加热前温度(℃)
加热时间(min)
加热后温度(℃)
液体a
150
20
10
液体b
150
20
10
35
(4)如果在两烧瓶中分别装入质量相等的煤油，并接入两根阻值不同的电阻丝，就可用这个装置来探究电流产生的热量与______ 的关系。
26. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，小丹设计了如图甲所示的电路图，已知小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器规格为“20Ω1A”，电源是由2节新干电池串联组成。
(1)用笔画线代替导线，帮助小丹按电路图甲将图乙电路连接完整。(要求导线不交叉)
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片置于______ 端(填字母)。
(3)闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)小丹继续测量小灯泡两端电压略高于额定电压时的电功率，滑动变阻器的滑片应向______ 端调节(填字母)，观察到小灯泡变亮。
(5)表是小丹根据实验测得的多组数据，她通过分析数据发现小灯泡灯丝的电阻是变化的，则影响小灯泡灯丝电阻变化的主要因素是______ 。
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
2.8
电流I/A
0.12
0.16
0.18
0.22
(6)小丹用相同的器材进行该实验时发现电压表损坏，他找来一只阻值为R0的定值电阻，设计了如图丁所示的电路，也可测出小灯泡的额定功率，主要的操作步骤如下：
①把电流表接在a处，闭合开关，调节滑片P，使电流表的示数为I额。
②保持滑片P的位置不变，断开开关，把电流表接在b处，闭合开关，读出电流表的示数为I。
③计算得出小灯泡的额定功率P额=______ (用R0、I额、I表示)。
27. 如图，电源电压恒为4.5V，灯泡L上标有“3V1.5W”字样，滑动变阻器R2上标有“15Ω1A”字样，定值电阻R1阻值为10Ω，电流表量程为0-3A，电压表量程为0-3V，不计温度对灯丝电阻的影响。
求：(1)灯泡正常工作时电阻为多大；
(2)当开关S、S1、S2闭合，S3断开时，电路最小总功率为多大；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2断开时，在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器R2的取值范围
28. 如图所示，实心物体A漂浮在水面上，现利用电动机通过滑轮组拉动A，使A向下运动。已知A的体积为0.6m3，密度为0.5×103kg/m3.动滑轮重为600N，电动机工作时拉绳子的功率为1.2×103W且保持不变，不计绳重、摩擦和水的阻力。求：
(1)A的重力。
(2)A浸没在水中受到的浮力。
(3)A向下运动的最小速度。
(4)A向下运动过程中，滑轮组机械效率的最大值。[注：(3)(4)问结果保留一位小数]
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、人们能辨别不同乐器发出的声音，是因为它们的音色不同，故A错误；
B、笛子发出的声音是由笛子内空气柱的振动产生的，故B错误；
C、教室内安装噪声检测装置是用来检测噪声等级的，不能减弱噪声，所以学生不能免受噪声干扰，故C错误；
D、发生地震时产生的是次声波，由于声可以传递信息，所以通过声学仪器接收到的次声波等信息判断地震的方位和强度，故D正确。
故选：D。
(1)音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同；
(2)声音是由物体振动产生的，一切发声体都在振动；
(3)噪声监测装置可以测量噪声的大小，不能减弱噪声；
(4)声可以传递信息，也可以传递能量。
本题综合考查了关于声音的知识，属于基本内容，只要对每个选项细心分析，比较简单。
2.【答案】A
【解析】解：A、插入水中的手指变“粗”是光的折射形成的(放大镜原理)，此选项符合题意；
B、手影游戏是光的直线传播形成的，此选项不符合题意；
C、潜望镜是利用了光的反射，此选项不符合题意；
D、自行车尾灯是利用光的反射，此选项不符合题意；
故选：A。
解答此题涉及到光的折射现象、光的反射现象和光的直线传播。
对生活中与光现象有关的例子要会分析，此题属于基础题。
3.【答案】C
【解析】解：A、一只鸡蛋的质量约为50g=0.05kg，其重力G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故A不符合实际；
B、家用电吹风正常工作时的电功率约为800W，故B不符合实际；
C、中学生的体重在G=500N左右，双脚与地面的接触面积在S=500cm2=0.05m2左右，站立在水平地面上时对地面的压强为p=FS=500N0.05m2=10000Pa，故C符合实际；
D、重庆冬天的最低温度约为5℃，故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
4.【答案】A
【解析】解：
A、电磁铁的磁性强弱跟线圈匝数、电流大小和有无铁芯插入都有关系。说法正确。
B、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，这个导体没有说明是否是闭合电路的一部分，也没有说明是否是切割磁感线运动，所以导体中可能有感应电流，也可能没有感应电流。说法错误。
C、地球是一个大磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，两者是一定不重合的，两者之间存在一个磁偏角。说法错误。
D、磁体周围小磁针都会受到磁场力作用，磁体周围也没有磁感线，磁感线只是人们为了描述磁场假想的。说法错误。
故选：A。
(1)电磁铁的磁性强弱跟线圈的匝数、电流大小、是否有铁芯有关。
(2)从电磁感应条件进行分析。
(3)地球是一个大磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近。
(4)磁感线是假想的一些曲线，是为了描述磁场而画出的，只要在磁体周围小磁针都会受到磁场力作用。
电磁部分的知识点都是比较基础的，还是考试必考的，得分率比较高。
5.【答案】B
【解析】解：甲：活塞压缩空气做功，使其内能增大，机械能转化成内能。
乙：对试管内的水加热，使其温度升高，内能增大，当内能增大到一定程度，就把塞子推出来，即内能转化成机械能。
丙：汽油瞬间燃烧，产生高温高压燃气，燃气推动活塞做功，内能转化成机械能。
丁：滚摆运动过程中，发生的是动能和重力势能之间的能量转化。
故选：B。
判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。
首先要搞清楚每一个图中能量的转化形式，然后，再找出能的转化形式完全相同的一组。
6.【答案】D
【解析】解：ABC、超导体电阻为零，根据电流的热效应，通电时不产生热量，因此凡是利用热量的地方是不能用超导体的，电饭锅、电炉、白炽灯的灯丝是利用电产生热量的，所以，不能用超导体，故ABC错误；
D、根据焦耳定律Q=I2Rt，可知，远距离输电，当电阻为零时，可使导线损耗为零，便可提高传输效率，故D正确。
故选：D。
超导体是零电阻，所有利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作。
本题主要考查学生对超导现象及超导材料的特点的认识和了解，是一道基础题。
7.【答案】D
【解析】解：A、医生向外拉注射器的活塞，是注射器内部的气压减小，大气压将药液压入注射器，故A不符合题意；
B、“拔火罐”过程中，棉花燃烧消耗罐内的气体，里面气体压强减小，火罐内气体压强小于外界大气压，大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，故B不符合题意；
C、柴油机的吸气冲程时，活塞向下运动，气缸内气体的体积变大，气压减小，大气压将空气压进气缸，故C不符合题意；
D、两个表面平整、干净的铅块紧压在一起后，他们会“粘”在一起，很难将它们拉开是利用分子引力，不是大气压的作用，故D符合题意。
故选：D。
大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。
此类题举出的例子一般都是同学们平时接触过的，上课时老师有讲过，或是平时练习时有做过的，所以同学们要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象。
8.【答案】D
【解析】解：
A、小球 M 在甲液体中漂浮，则浮力FM=GM，小球 N 在乙液体中悬浮，则浮力FN=GN，由于小球M、N 完全相同，即GM=GN，则有FM=FN，故 A错误；
B、小球 M 在甲液体中漂浮，则密度ρM<ρ甲，小球 N 在乙液体中悬浮，则密度ρN=ρ乙，由于小球M、N 完全相同，即ρM=ρN，则有ρ甲>ρ乙，故B错误；
C、由B选项分析可知：ρ甲>ρ乙，两容器液面相平即容器底部深度h相同，根据液体压强计算公式 p=ρgh可知，p甲>p乙，故C错误；
D、由C选项分析得容器底部液体压强p甲>p乙，两容器底面积相同，由压力计算公式 F=pS得，容器底部受到液体压力F甲>F乙，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知：M在甲液体中漂浮，N在乙液体中悬浮，则根据漂浮和悬浮的条件来即可判断浮力大小关系。
(2)根据浮沉条件即可判断液体密度的大小；
(3)根据p=ρ液gh比较容器底面受到的压强大小；
(4)根据F=pS比较容器底面受到的压力大小。
此题综合考查了阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较等知识点，是一道综合性较强的题目，本题也可以利用物体浮沉条件比较两种液体的密度关系。
9.【答案】AC
【解析】解：
A、由图象可知，汽车在10∼20s内做匀速运动，其速度为v2=20m/s，
汽车在10∼20s内行驶的路程s2=v2t=20m/s×10s=200m，
在0∼20s内行驶的总路程s=s1+s2=150m+200m=350m，
则在0∼20s内汽车的平均速度v=st=350m20s=17.5m/s，故A正确；
B、由图象可知，在0∼10s内，汽车做加速运动，牵引力大于阻力，即牵引力大于2000N，故B错误；
C、汽车在10∼20s内做匀速运动，处于平衡状态，牵引力等于阻力，即F=f=2000N，
则牵引力做的功：W2=Fs2=2000N×200m=4×105J，故C正确；
D、汽车在10∼20s内牵引力做功的功率：P2=W2t=4×105J10s=4×104W，故D错误。
故选：AC。
A、知道汽车在10∼20s内的速度，利用s=vt求出行驶的路程；求出在0∼20s内行驶的总路程s=s1+s2，再利用速度公式求在0∼20s内汽车的平均速度；
B、由图可知，在0∼10s内，汽车做加速运动，牵引力大于阻力；
C、汽车在10∼20s内做匀速运动，处于平衡状态，牵引力等于阻力，利用W=Fs求汽车在10-20s内牵引力做的功；
D、利用P=Wt求汽车在10∼20s内牵引力做功功率。
此题考查了速度公式、功的公式、功率公式的应用，关键是根据图象、结合二力平衡条件得出汽车做匀速直线运动时的牵引力大小。
10.【答案】ABD
【解析】解：(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，
由图乙可知，电路中的最小电流I最小=0.4A，滑动变阻器的功率P1=3.2W，
由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值：
R最大=P1I最小2=3.2W(0.4A)2=20Ω，故A正确；
(2)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I最小(R最大+R0)=0.4A×(20Ω+R0)，
由图乙可知，当电路中的电流I'=0.6A时，滑动变阻器的功率最大，最大为P1'=3.6W，
则滑动变阻器接入电路中的电阻：
R'=P1'I'2=3.6W(0.6A)2=10Ω，故B正确；
电源的电压：
U=I'(R'+R0)=0.6A×(10Ω+R0)，
因电源的电压不变，
所以，0.4A×(20Ω+R0)=0.6A×(10Ω+R0)，
解得：R0=10Ω，
电源的电压：
U=I最小(R+R0)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V，故C错误；
(3)当滑动变阻器的电阻最小时，电路的电流最大，总电功率最大，最大为：
P最大=U2R0=(12V)210Ω=14.4W，故D正确。
故选：ABD。
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R1的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电路中的最小电流和滑动变阻器的功率，根据P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值；
(2)根据的电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；由图乙可知，当电路中的电流I'=0.6A时滑动变阻器的功率，根据P=I2R求出滑动变阻器的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值，进一步求出电源的电压；
(3)当滑动变阻器的电阻最小时，电路的电流最大，总电功率最大，根据P最大=U2R0算出最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出电流和滑动变阻器功率的对应值。
11.【答案】汽化 冻
【解析】解：
“液氮冰淇淋”吃在嘴里时，液氮与口腔内部接触，液氮会吸收热量，发生汽化现象，变为氮气；如果液氮吸热过多，会造成口腔内部温度过低，有可能造成冻伤。
故答案为：汽化；冻。
物质由液态到气态是汽化，物质汽化时会吸收热量。
掌握固态、液态、气态之间的熔化、凝固、液化、汽化、升华、凝华六种物态变化，掌握六种物态变化的吸热和放热情况，并且解释有关物态变化的问题。
12.【答案】裂变 不可再生
【解析】解：
核电站的核反应堆是利用原子核发生裂变释放能量来工作的；
核能一旦消耗就很难再生，属于不可再生能源。
故答案为：裂变；不可再生。
(1)核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量；
(2)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源，化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源。
本题考查了核能的利用和能源的分类，属于基础性题目。
13.【答案】绿 红外线
【解析】解：
(1)红、绿、蓝三种色光被称为色光的三原色；
(2)电视机遥控器是利用红外线来遥控电视机的。
故答案为：绿；红外线。
(1)红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色；
(2)红外线的热效应比较强，能制成热谱仪，制成红外线夜视仪；红外线可以用来遥控，制成电视遥控器。
本题考查色光三原色以及红外线的应用，是一道基础题。
14.【答案】奥斯特 红
【解析】解：丹麦物理学家奥斯特于1820年发现了电流的磁效应，第一个揭示了电和磁之间的联系；
当水位未升至金属片B处时，工作电路中绿灯电路接通；当水位升至金属片B处时，电磁铁所在电路被接通，此时电磁铁具有磁性，向下吸引衔铁，工作电路中红灯电路接通。
故答案为：奥斯特；红。
丹麦物理学家奥斯特于1820年发现了电流的磁效应，第一个揭示了电和磁之间的联系；
由题意可知，这一水位自动报警器的基本结构是一个电磁继电器，根据电磁继电器的基本工作原理，结合在此处的运用可描述其原理。
本题考查了电磁铁在电磁继电器上的应用，电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关；在解答此类题目时，要从电磁铁通电有磁性，断电无磁性的原理进行分析，同时还考查了物理学史。
15.【答案】220 不会 大地
【解析】解：如图所示，是我国家庭电路的连接示意图，两根进户线之间有220V的电压。小明用试电笔检查家庭电路，电路中“×”处表示该处断路，电路中其他各处完好。开关S闭合后，正确使用试电笔测试电路中的A点，A点与零线相连，与大地之间没有电压，试电笔氖管不会发光；在安装带有金属外壳的家用电器时，为了安全用电，家用电器的金属外壳应与大地相连。
故答案为：220；不会；大地。
(1)照明电路的电压是220V；试电笔接触零线，氖管不发光。
(2)有金属外壳的家用电器时，为了安全用电，家用电器的金属外壳应该接地(大地)。
本题考查的是安全用电的原则和试电笔的使用，属于基础性题目。
16.【答案】4.2×108 40%
【解析】解：
(1)10kg液化气完全燃烧释放热量：
Q放=m气q=10kg×4.2×107J/kg=4.2×108J；
(2)在标准大气压下水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，
水吸收热量：
Q吸=c水m水△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×500kg×(100℃-20℃)=1.68×108J，
该燃料的效率：
η=Q吸Q放×100%=1.68×108J4.2×108J×100%=40%。
故答案为：4.2×108；40%。
(1)知道液化气的质量、热值，利用Q放=mq，求出10kg液化气完全燃烧放出的热量；
(2)知道水的质量、比热容、初温和末温(在标准大气压下水的沸点为100℃)，利用Q吸=cm△t求水吸收热量，效率等于水吸收的热量与完全燃烧放出的热量之比。
本题考查了吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放出热量公式Q放=mq、效率公式的应用，属于基础题目。
17.【答案】10 缩小 照相机
【解析】解：由表格中数据知，当物距等于20cm时，像距等于20cm，此时成倒立等大的实像，所以2f=20cm，f=10cm；
物距u=27cm时，满足u>2f条件，成倒立、缩小的实像，应用是照相机。
故答案为：10；缩小；照相机。
掌握凸透镜成像的三种情况的物距和像的性质。
u>2f，成倒立、缩小的实像，2f>v>f，应用照相机；
u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f；
2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f，应用投影仪；
u
18.【答案】2：1；2：9
【解析】解：
由图甲可知，两灯串联，灯L1的功率：P1=U12R1=4W，
由图乙可知，两灯并联，所以U=U1'=U2'，则有：P1'=U2R1=9W，
所以，P1：P1'=U12R1：U2R1=U12U2=4W9W=49，
解得：U1U=23；
根据串联电路的电压特点，且U1=23U，则L2的电压：U2=13U，
由串联电路的分压原理可得：R1R2=U1U2=23U13U=21，则R1=2R2；
甲电路中电流：I串=UR1+R2=U2R2+R2=U3R2，
乙电路中电流：I并=UR1+UR2=U2R2+UR2=3U2R2，
由P=UI可得，甲、乙两图电路消耗的总功率之比：
P甲：P乙=(U×U3R2)：(U×3U2R2)=2：9。
故答案为：2：1； 2：9。
由甲图知两灯串联，乙图中两灯并联，由P=U2R表示出L1在两电路中功率，从而得到它在两电路的电压关系，再得到甲图中两灯电压关系；
由串联电路分压原理得到两灯电阻关系；
分别计算两电路中电流，由P=UI可得两图中总功率关系。
本题考查了串联和并联电路的特点、电功率、欧姆定律公式的应用，比值的计算过程要细心。
19.【答案】解：根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”可知：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长；
由图知，杠杆与地面的接触点O'为支点，且杠杆向上抬起时动力臂O'A最长，动力方向向上，过A点与O'A垂直向下作垂线就得到动力F的示意图，如图所示：
【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
20.【答案】解：磁感线从右向左，可以判断电磁铁的右端是S极，永磁体的右端是S极；根据安培定则，用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的N极，则四指所指的方向为电流的方向，则电流从电磁铁的右端进入，从左端流出，所以电源的右端是正极，左端是负极。如图所示：
【解析】根据磁体周围的磁感线从N极出来进入S极，判断电磁铁和永磁体的极性；由电磁铁的磁极，根据安培定则判断电流方向，判断电源正负极。
知道螺线管周围的磁体磁极、螺线管的磁极、磁感线、电流方向中的任意一者都可以判断另外几者。
21.【答案】甲乙 非平衡 A
【解析】解：(1)小滨首先进行了如图甲、乙、丙三次实验，每次都用弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，A在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。研究滑动摩擦力大小与压力的关系时，要控制接触面粗糙程度相同，分析甲、乙两图可知：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
(2)乙图和丁图中，接触面的粗糙程度和压力的大小相同，故物块受到的滑动摩擦力大小相等，沿水平方向拉着物块做直线运动，弹簧测力计的示数为4.5N，与乙图比较可知拉力大于摩擦力，物体受力不平衡，所以物块A上面的砝码在水平方向上处于非平衡状态。
(3)A、探究影响浮力大小的因素，根据称重法测浮力大小，要使用测力计；
B.探究阻力对物体运动的影响时通过小车运动的距离来反应阻力的影响，没有用到弹簧测力计；
C、探究不同物质吸热升温现象，可使相同质量的不同物质加热相同时间，比较升高的温度；无需测力计；
D.探究动能大小与哪些因素有关，根据转换法，是根据具有动能的物体推动另一个质量较小的物体通过距离的长短来反应动能大小的，无需测力计；
故选A。
故符合为：(1)甲乙；(2)非平衡；(3)A。
(1)根据二力平衡的条件分析；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(2)滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，据此得出图乙和图丁所示的实验中的滑动摩擦力大小相等，然后得出图丁中物块A受到木板的摩擦力大小；分析拉力和摩擦力的大小关系判断出物块A和上面的砝码做变速运动，从而得出砝码的状态；
(3)结合实验原理，分析每个选项，找出使用测力计的答案。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
22.【答案】漫 D 反射光线、入射光线 光路是可逆的
【解析】解：(1)实验时从光屏前不同的方向都能看到光的传播路径，是由于光屏表面凹凸不平，光在这里发生了漫反射的缘故；
(2)在探究反射角与入射角的大小关系时，为了得出普遍的规律，应多次改变入射角的大小，这样才能避免结论的偶然性，应进行的操作是改变光线AO与ON的夹角，即改变入射角的大小，故选D；
(3)实验中将纸板F向后折转，纸板F上不能看到反射光线，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
(4)让光线沿着BO方向射向镜面，发现反射光线沿着OA方向射出，则说明反射时，光路是可逆的。
故答案为：(1)漫；(2)D；(3)反射光线、入射光线；(4)光路是可逆的。
(1)在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里；
(2)反射角随入射角的增大而增大，随入射角的减小而减小，实验中要多次验证；
(3)要验证反射光线与入射光线是否与法线在同一平面上，可以通过让纸板F与纸板E不在同一平面上来研究；
(4)根据“光线沿着BO(即逆着原反射光线)射向平面镜时，看到反射光线沿OA射出”可得出结论。
此题主要通过实验探究了光的反射定律。通过各个分实验分别探究了两角大小和三线之间的关系。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
23.【答案】钩码数量 不能 同一直线
【解析】解：(1)小纸片两端通过滑轮各挂一个钩码，两个钩码由于重力通过绳子对小纸片施加了两个向相反方向的拉力，拉力的大小等于钩码的重力，钩码的数量越多，拉力就越大；可通过调整钩码数量，来改变拉力的大小；
由于两端钩码个数相同，因此小纸片静止不动，说明两个力平衡时的大小相等；
(2)小纸片转过一个角度，小纸片两端的拉力就不在一条直线上，纸片就会转动，说明了不在同一直线上的两个力不能平衡。
故答案为：(1)钩码数量；(2)不能；同一直线。
(1)钩码由于重力的作用，会对小纸片施加一个拉力的作用，左端的钩码对小纸片施加一个向左的拉力，右端的钩码对小纸片施加了一个向右的拉力，拉力的大小等于钩码的重力；
(2)小纸片转过一个角度，小纸片上受到的两个拉力就不在一条直线上，是验证不在同一直线上两个力是否平衡。
此题探究的是二力平衡的条件，注意从二力平衡的四个条件进行分析；二力平衡是初中物理力学中的难点，也是一个重点需要掌握。
24.【答案】左 8.41.05偏大 h3-h1h2-h1ρ0
【解析】解：(1)将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处，如图，指针偏右，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动；
(2)大樱桃的质量：m=5g+3.4g=8.4g；
(3)由图丙可知，量筒的分度值是1mL，大樱桃的体积：V=38mL-30mL=8mL=8cm3，
大樱桃的密度：ρ=mV=8.4g8cm3=1.05g/cm3；
(4)当大樱桃放入水中，筒壁上溅了几滴水，导致大樱桃和水的总体积减小，大樱桃体积减小，密度偏大；
(5)④设平底试管的底面积为S，
大樱桃的重力，G=mg=ρ0Vg=ρ0S(h3-h1)g，
大樱桃漂浮在消毒液中，大樱桃受到的浮力：F浮=ρ消毒液gV排=ρ消毒液gS(h2-h1)，
大樱桃漂浮在消毒液中，大樱桃受到的浮力大小等于大樱桃的重力，即F浮=G大樱桃，
所以，ρ0S(h3-h1)g=ρ消毒液gS(h2-h1)，
解得，消毒液的密度：ρ消毒液=h3-h1h2-h1ρ0。
故答案为：(1)左；
(2)8.4；
(3)1.05；
(4)偏大；
(5)h3-h1h2-h1ρ0。
(1)天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度值之和；
(3)大樱桃的体积等于大樱桃和水的总体积与水的体积的差，大樱桃的密度根据密度公式ρ=mV计算；
(4)当大樱桃放入水中，筒壁上溅了几滴水，导致大樱桃和水的总体积减小，大樱桃体积减小，密度偏大；
(5)④根据大樱桃受到的浮力等于重力列出等式求出液体的密度。
本题考查固体的密度测量实验，主要考查天平衡量的调节、天平和量筒的读数、密度的计算，综合性强，难度偏大。
25.【答案】相同 A B b 电阻
【解析】解：(1)甲中两电阻丝串联，通过的电流相同和通电时间相同，为控制吸热相同，根据Q=I2Rt，实验中选用的两根电阻丝的阻值应相同；
(2)根据转换法，实验中，用通电时间间接反映液体吸收热量的多少，故选A；
通过比较温度计示数的变化量来判断液体吸热能力的强弱，故选B；
(3)图乙中温度计分度值为1℃，示数为48℃>35℃，吸收相同的热量，b液体温度升高的少，则b液体的吸热能力较强；
(4)如果在两烧瓶中分别装入质量相等的煤油，并接入两根阻值不同的电阻丝，通过的电流相同，通电时间相同，就可用这个装置来探究电流产生的热量与电阻的关系。
故答案为：(1)相同；(2)A；B；(3)b；(4)电阻。
(1)(2)(3)我们使用相同加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的方法：
使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
为控制吸热相同，结合串联电路电流的规律和焦耳定律Q=I2Rt分析；
(4)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，同时也考查了焦耳定律和串联电路电流的规律，为热学中两个重要实验。
26.【答案】A0.5B温度 (I-I额)R0I额
【解析】解：(1)由图甲可知，当滑动变阻器滑片向右移动时阻值变小，故图乙滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片置于阻值最大处，即A端；
(3)闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
(4)小丹继续测量小灯泡两端电压略高于额定电压时的电功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据串联分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故滑动变阻器的滑片应向B端调节，观察到小灯泡变亮；
(5)由表中数据可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大，故影响小灯泡灯丝电阻变化的主要因素是温度；
(6)根据题意可知，干路中的电流为I，通过灯泡的电流即灯泡的额定电流为I额；根据并联电路的电流规律可知，通过定值电阻的电流为：I'=I-I额；
定值电阻两端的电压为：U0=I'R0=(I-I额)R0；根据并联电路的电压规律可知，灯泡的额定电压为：U额=U0=(I-I额)R0；
灯泡的额定功率为：P额=U额I额=(I-I额)R0I额。
故答案为：(1)见解答图；(2)A；(3)0.5；(4)B；(5)温度；(6)(I-I额)R0I额。
(1)根据图甲滑动变阻器阻值变化确定图乙滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片置于阻值最大处；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；
(4)根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(5)灯丝电阻随温度的升高而增大；
(6)根据并联电路的电流规律求出通过定值电阻的电流，根据欧姆定律求出定值电阻两端的电压，根据并联电路的电压特点求出灯泡的额定电压，然后根据P=UI求出灯泡的额定功率。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了电路连接、注意事项、功率的计算和影响电阻大小因素及设计实验方案测功率的能力。
27.【答案】解：
(1)根据P=U2R得，灯泡正常工作时电阻：
RL=U额2P额=(3V)21.5W=6Ω；
(2)当开关S、S1、S2 闭合，S3 断开时，灯泡 L被短路，定值电阻 R1与滑动变阻器R2 并联，
当滑动变阻器R2的阻值最大为15Ω时，电路总电流最小，电路总功率最小，
通过 R1的电流：I1=UR1=4.5V10Ω=0.45A，
通过滑动变阻器R2的电流：I2=UR2=4.5V15Ω=0.3A，
电路最小总功率：P最小=U×(I1+I2)=4.5V×(0.45A+0.3A)=3.375W；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2 断开时，R1断路，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器R2两端电压
灯泡的额定电流：I额=P额U额=1.5W3V=0.5A；
因为灯泡额定电流I额=0.5A，电流表量程为 0∼3A，滑动变阻器标有“15Ω1A”字样，
所以，在确保电路元件安全的情况下，电路中最大电流为 I最大=I额=0.5A，此时滑动变阻器 R2阻值最小，
则电路最小总电阻：R最小=UI最大=4.5V0.5A=9Ω
滑动变阻器R2最小阻值：R2最小=R最小-RL=9Ω-6Ω=3Ω；
因为电压表量程为 0∼3V，所以在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器两端电压最大为 U2=3V时，此时滑动变阻器阻值最大，
此时电路中电流：I最小=U-U2RL=4.5V-3V6Ω=0.25A，
滑动变阻器R2最大阻值：R2最大=U2I最小=3V0.25A=12Ω，
综上所述滑动变阻器的阻值范围为 3Ω∼12Ω。
答：(1)灯泡正常工作时电阻为6Ω；
(2)当开关S、S1、S2闭合，S3断开时，电路最小总功率为3.375W；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2断开时，在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器R2的取值范围为 3Ω∼12Ω。
【解析】(1)根据P=U2R算出小灯泡的电阻；
(2)当开关 S、S1、S2 闭合，S3 断开时，灯泡 L 被短路，定值电阻 R1 与滑动变阻器R2 并联，当滑动变阻器 R2 阻值最大为 15Ω时，电路总电流最小，电路总功率最小，根据欧姆定律分别算出通过 R1的电流和通过滑动变阻器R2的电流，根据P最小=U×(I1+I2)算出电路最小总功率；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2 断开时，R1断路，灯泡L与滑动变阻器 R2串联，电压表测滑动变阻器 R2 两端电压，根据P=UI算出灯泡额定电流，根据小灯泡的额定电流、电流表的量程、滑动变阻器的最大电流，判断出最大电流，此时滑动变阻器 R2 阻值最小，根据欧姆定律算出最小电阻和滑动变阻器的最小电阻；
根据电压表量程为 0∼3V，在确保电路元件安全的情况下，判断出滑动变阻器两端电压最大为 U2=3V时，滑动变阻器阻值最大，根据欧姆定律算出最小电流和滑动变阻器的最大电阻。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，会确定通过滑动变阻器的电流范围和对应滑动变阻器电阻的变化是关键。
28.【答案】解：(1)由ρ=mV可得，A的质量：mA=ρAVA=0.5×103kg/m3×0.6m3=300kg；
A的重力：GA=mAg=300kg×10N/kg=3000N；
(2)A浸没在水中时排开水的体积：V排=VA=0.6m3，
A浸没在水中受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.6m3=6000N；
(3)由图可知n=3，由P=Wt=Fst=Fv可知，当绳子对物体A拉力最大时，A向下运动的速度最小，
当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大，电动机对绳子的拉力：
F=1n(F浮-GA+G动)=13×(6000N-3000N+600N)=1200N，
由P=Wt=Fst=Fv可得，绳子端向上运动的最小速度：v绳=PF=1.2×103W1200N=1m/s，
则A向下运动的最小速度v=13v绳=13×1m/s≈0.3m/s；
(4)由滑轮组机械效率的影响因素可知，当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大，滑轮组的机械效率最大，
因为不计绳重、摩擦和水的阻力，滑轮组机械效率的最大值：
η=W有W总=(F浮-G)hFs=(F浮-G)h1n(F浮-G+G动)×nh=F浮-GF浮-G+G动=6000N-3000N6000N-3000N+600N×100%≈83.3%。
答：(1)A的重力为3000N；
(2)A浸没在水中受到的浮力为6000N；
(3)A向下运动的最小速度为0.3m/s；
(4)A向下运动过程中，滑轮组机械效率的最大值为83.3%。
【解析】(1)已知物体A的体积和密度，由G=mg和m=ρV计算物体A的重力；
(2)由阿基米德原理计算A浸没在水中时受到的浮力；
(3)由图可知n=3，由P=Wt=Fst=Fv可知，当绳子对物体A拉力最大时，A向下运动的速度最小；对A做受力分析可得，当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大，不计绳重、摩擦和水的阻力时，电动机对绳子的拉力F=1n(F浮-G+G动)，利用P=Wt=Fst=Fv求得绳子向下运动的最小速度，利用绳子自由端移动的速度v=nv物求A向下运动的最小速度；
(4)利用不计绳重、摩擦和水的阻力时η=W有W总=(F浮-G)hFs=(F浮-G)h1n(F浮-G+G动)×nh=F浮-GF浮-G+G动求滑轮组机械效率的最大值。
本题涉及到滑轮组绳子拉力的计算、浮力的计算、滑轮组的机械效率等，考查的知识点多，用到的公式多，难点是求最大拉力，明确滑轮组有3段绳子承担，当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大是关键。
2023年黑龙江省绥化市肇东七中中考物理三模试卷
1. 下列有关声现象的说法正确的是( )
A. 通过响度分辨不同乐器演奏的声音
B. 笛子发出的声音是由笛子振动产生的
C. 教室内安装噪声检测装置，学生可以免受噪声干扰
D. 通过声学仪器接收到的次声波等信息判断地震的方位和强度
2. 如图所示的四种现象或应用中，能用光的折射知识进行解释的是 ( )
A. 插入水中的手指 B. 手影游戏
C. 潜望镜 D. 自行车尾灯
3. 下列物理量中，最接近实际情况的是( )
A. 一只鸡蛋的重力约为5N
B. 家用电吹风正常工作时的电功率约为80W
C. 中学生站立时对地面的压强约为10000Pa
D. 重庆冬天的最低温度约为15℃
4. 下列有关磁现象的说法中正确的是( )
A. 电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数、电流的大小都有关
B. 导体棒在磁场中运动就一定会产生感应电流
C. 地球周围存在地磁场，地磁场两极与地理两极重合
D. 放在磁感线上的小磁针会受到磁场力的作用，放在磁感线与磁感线之间的小磁针不会受到磁场力的作用
5. 下列过程，能量转化形式相同的是( )
A. 甲和乙 B. 乙和丙 C. 甲和丙 D. 乙和丁
6. 最近，约翰⋅霍普金斯大学的研究人员发现了一种超导材料，该团队发现这种材料可以自然保持叠置而不需要任何外部磁场，这意味着电流可以同时顺时针和逆时针流动。一些金属或合金当达到某一温度时，电阻会变为零，这种现象称为“超导”，能够发生超导现象的物质叫超导体，下面选项中可以利用超导体的是( )
A. 电饭锅的发热元件 B. 制成大功率的电炉 C. 白炽灯的灯丝 D. 传输电能用的导线
7. 以下现象不能用大气压强的知识解释的是( )
A. 医生向外拉注射器的活塞，以吸取药瓶中的药水
B. “拔火罐”过程中，罐体紧紧吸在人体皮肤上
C. 柴油机工作时把空气吸进气缸
D. 两个表面平整、干净的铅块紧压在一起后，他们会“粘”在一起，很难将它们拉开
8. 水平桌面上两个底面积相同的容器中，分别盛有甲、乙两种液体。将两个完全相同的小球M、N分别放入两个容器中，静止时两球状态如图所示，两容器内液面相平。下列分析正确的是( )
A. 两小球所受浮力FM
9. 一辆汽车在平直的公路上做直线运动，其v-t图象如图所示，汽车在第10s时已行驶了150m，速度达到了20m/s，随后匀速前进，若汽车在行驶过程中所受阻力大小始终为2000N，以下说法正确的是( )
A. 在0∼20s内汽车的平均速度为17.5m/s
B. 在0∼10s内汽车的牵引力大小恒为2000N
C. 在10∼20s内汽车牵引力做的功为4×105J
D. 在10∼20s内汽车牵引力做功的功率为4×105W
10. 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图像如图乙所示。则( )
A. 滑动变阻器的最大阻值是20Ω
B. 滑动变阻器消耗的电功率最大时，变阻器的阻值是10Ω
C. 电源电压为8V
D. 电路消耗的最大电功率为14.4W
11. 今年最火的网红食品“冒烟冰淇淋”，吃一口嘴巴、鼻子都“冒烟”，这种新奇感抓获了不少年轻人。其实它还有个名字：“液氮冰淇淋”，冰淇淋经过液氮处理后，吃在嘴里时液氮与口腔内部接触，发生______现象(填物态变化名称)，有可能会造成______(填“冻”或“烫”)伤。
12. 习近平总书记提出“绿水青山，就是金山银山”倡导保护环境。核能作为一种新能源，正在逐步被人们开发和利用，核电站是利用核能发电，其核燃料在反应堆内通过核______(选填“裂变”或“聚变“)的方式，把核能转化为电能。核能是______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。
13. 光的三原色是指红、______ 、蓝。电视机遥控器通过______ (选填“红外线”“可见光”或“紫外线”)实现对电视机的控制。
14. 1820年，物理学家______ 发现了电流的磁效应，利用这个原理人们设计了电磁继电器。如图是水位自动报警器的工作原理图，由于一般水都能导电，当水位升至金属片B处时，______ 灯亮。
15. 如图所示，是我国家庭电路的连接示意图，两根进户线之间有______ V的电压。小明用试电笔检查家庭电路，电路中“×”处表示该处断路，电路中其他各处完好。开关S闭合后，正确使用试电笔测试电路中的A点，试电笔氖管______ (选填“会”或“不会”)发光；在安装带有金属外壳的家用电器时，为了安全用电，家用电器的金属外壳应与______ 相连。
16. 新农村建设中推广使用瓶装液化气。每瓶中装入10kg液化气(其热值为4.2×107J/kg)，则每瓶液化气全部完全燃烧放出的热量是______J，若放出的热量被水吸收，在标准大气压下可把500kg的水从20℃加热至沸腾，那么该燃料的效率为______。【水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)】
17. 用如图所示装置探究凸透镜成像规律，调整物距u，测量对应的像距v，部分数据如下表所示。根据表中数据可知该凸透镜的焦距是______cm；如果u=27cm，移动光屏可得到倒立、______(选填“放大”或“缩小”)的实像，______(选填“幻灯机”或“照相机”)应用了这一原理。
u/cm
60
30
20
15
13
…
v/cm
12
15
20
30
45
…
18. 如图所示，将灯L1、L2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在甲图中灯L1的功率为4W，在乙图中灯L1的功率为9W；设灯丝电阻不变L1、L2两灯灯丝电阻之比______，甲、乙两图电路消耗的总功率之比是______。
19. 如图所示，请在A点画出撬动石头的最小作用力F的示意图。
20. 如图所示为电磁铁和永磁体相互作用产生的磁场，请根据图中磁感线的方向标出永磁体右端的磁极，并在括号内标出电磁铁电源的“+”、“-”极。
21. 小滨在探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验中，如图所示。
(1)小滨首先进行了如图甲、乙、丙三次实验，每次都用弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，分析______ 两图可知：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
(2)小组的同学又用乙装置进行了图丁所示的实验，沿水平方向拉着物块做直线运动，砝码与物块相对静止，弹簧测力计的示数为4.5N，物块A上面的砝码在水平方向上处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态。
(3)弹簧测力计是本实验中重要的测量器材，以下探究实验，在课本中也用到弹簧测力计的是______ (选填字母)。
A.探究影响浮力大小的因素
B.探究阻力对物体运动的影响
C.探究不同物质吸热升温现象
D.探究动能大小与哪些因素有关
22. 在“探究光的反射规律”的实验中，如图所示，水平放置平面镜，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成，可以绕ON翻折。
(1)实验中，从纸板前不同的方向都能看到纸板上光的径迹，是因为光在纸板上发生了______ (填“镜面”或“漫”)反射。
(2)为了探究反射角与入射角大小的关系，应进行的操作是______ 。
A.改变纸板与平面镜之间的夹角
B.沿ON向后转动纸板E
C.沿ON向后转动纸板F
D.改变入射角的大小
(3)将一束光贴着纸板E沿AO射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束OB，接着将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F上不能显示出反射光束，由此说明______ 与法线在同一平面。
(4)若让另一束光沿BO方向射向平面镜，反射光将沿OA方向射出。该现象说明反射时______ 。
23. 图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验装置。
(1)小华将系于小纸片两端的细线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂钩码，使作用在小纸片上的两个拉力方向相反，并通过调整______ 来改变拉力的大小。当细线两端钩码相同时，小纸片静止不动，说明两个力平衡时的大小相等。
(2)当小纸片静止不动时，小华将小纸片扭转过一个角度，松手后小纸片______ (选填“能”或“不能”)平衡。设计此实验步骤的目的是为了探究不在______ 上的两个力能否平衡。
24. 小琪非常喜欢吃大樱桃，很想知道它的密度，于是进行了如下测量：
(1)将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，指针的位置如图甲所示，则应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)端调节，使横梁平衡。
(2)他取来一颗大樱桃，用天平测出了大樱桃的质量如图乙所示为______ g。
(3)将一颗大樱桃放入装有30mL水的量筒中，水面上升到图丙所示的位置，大樱桃的密度为______ g/cm3。
(4)小琪将大樱桃放入量筒中时，筒壁上溅了几滴水，所测的大樱桃密度会______ (选填“偏大”或“偏小”)。
(5)小琪还想利用大樱桃(已知密度为ρ0)、平底试管、刻度尺测量家里消毒液的密度，实验步骤如下：
①在平底试管中倒入适量的消毒液，用刻度尺测量试管中液面的高度h1。
②将大樱桃放入试管内的消毒液中，大樱桃处于漂浮状态，用刻度尺测量试管中液面的高度h2。
③取出大樱桃，在其内部插入一根细铁丝(忽略大樱桃体积的变化)，重新放入试管内的消毒液中，此时大樱桃沉入试管底部，用刻度尺测量试管中液面的高度h3。
④消毒液密度的表达式为ρ消毒液=______ 。
25. 小明用如图甲所示实验装置探究a、b两种液体的吸热能力，在两个相同的烧瓶内分别接入电阻丝，装入质量相等的a、b两种液体，并分别插入温度计。
(1)实验中选用的两根电阻丝的阻值应______ (选填“相同”或“不同”)。
(2)实验中，用______ (选填“A”或“B”)间接反映液体吸收热量的多少；通过比较______ (选填“A”或“B”)来判断液体吸热能力的强弱。
A.通电时间
B.温度计示数的变化量
(3)下表是某次的实验数据液体a加热后的温度如图乙所示。分析可知，______ (选填“a”或“b”)液体的吸热能力较强。
物质的量
质量(g)
加热前温度(℃)
加热时间(min)
加热后温度(℃)
液体a
150
20
10
液体b
150
20
10
35
(4)如果在两烧瓶中分别装入质量相等的煤油，并接入两根阻值不同的电阻丝，就可用这个装置来探究电流产生的热量与______ 的关系。
26. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，小丹设计了如图甲所示的电路图，已知小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器规格为“20Ω1A”，电源是由2节新干电池串联组成。
(1)用笔画线代替导线，帮助小丹按电路图甲将图乙电路连接完整。(要求导线不交叉)
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片置于______ 端(填字母)。
(3)闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)小丹继续测量小灯泡两端电压略高于额定电压时的电功率，滑动变阻器的滑片应向______ 端调节(填字母)，观察到小灯泡变亮。
(5)表是小丹根据实验测得的多组数据，她通过分析数据发现小灯泡灯丝的电阻是变化的，则影响小灯泡灯丝电阻变化的主要因素是______ 。
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
2.8
电流I/A
0.12
0.16
0.18
0.22
(6)小丹用相同的器材进行该实验时发现电压表损坏，他找来一只阻值为R0的定值电阻，设计了如图丁所示的电路，也可测出小灯泡的额定功率，主要的操作步骤如下：
①把电流表接在a处，闭合开关，调节滑片P，使电流表的示数为I额。
②保持滑片P的位置不变，断开开关，把电流表接在b处，闭合开关，读出电流表的示数为I。
③计算得出小灯泡的额定功率P额=______ (用R0、I额、I表示)。
27. 如图，电源电压恒为4.5V，灯泡L上标有“3V1.5W”字样，滑动变阻器R2上标有“15Ω1A”字样，定值电阻R1阻值为10Ω，电流表量程为0-3A，电压表量程为0-3V，不计温度对灯丝电阻的影响。
求：(1)灯泡正常工作时电阻为多大；
(2)当开关S、S1、S2闭合，S3断开时，电路最小总功率为多大；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2断开时，在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器R2的取值范围
28. 如图所示，实心物体A漂浮在水面上，现利用电动机通过滑轮组拉动A，使A向下运动。已知A的体积为0.6m3，密度为0.5×103kg/m3.动滑轮重为600N，电动机工作时拉绳子的功率为1.2×103W且保持不变，不计绳重、摩擦和水的阻力。求：
(1)A的重力。
(2)A浸没在水中受到的浮力。
(3)A向下运动的最小速度。
(4)A向下运动过程中，滑轮组机械效率的最大值。[注：(3)(4)问结果保留一位小数]
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、人们能辨别不同乐器发出的声音，是因为它们的音色不同，故A错误；
B、笛子发出的声音是由笛子内空气柱的振动产生的，故B错误；
C、教室内安装噪声检测装置是用来检测噪声等级的，不能减弱噪声，所以学生不能免受噪声干扰，故C错误；
D、发生地震时产生的是次声波，由于声可以传递信息，所以通过声学仪器接收到的次声波等信息判断地震的方位和强度，故D正确。
故选：D。
(1)音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同；
(2)声音是由物体振动产生的，一切发声体都在振动；
(3)噪声监测装置可以测量噪声的大小，不能减弱噪声；
(4)声可以传递信息，也可以传递能量。
本题综合考查了关于声音的知识，属于基本内容，只要对每个选项细心分析，比较简单。
2.【答案】A
【解析】解：A、插入水中的手指变“粗”是光的折射形成的(放大镜原理)，此选项符合题意；
B、手影游戏是光的直线传播形成的，此选项不符合题意；
C、潜望镜是利用了光的反射，此选项不符合题意；
D、自行车尾灯是利用光的反射，此选项不符合题意；
故选：A。
解答此题涉及到光的折射现象、光的反射现象和光的直线传播。
对生活中与光现象有关的例子要会分析，此题属于基础题。
3.【答案】C
【解析】解：A、一只鸡蛋的质量约为50g=0.05kg，其重力G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故A不符合实际；
B、家用电吹风正常工作时的电功率约为800W，故B不符合实际；
C、中学生的体重在G=500N左右，双脚与地面的接触面积在S=500cm2=0.05m2左右，站立在水平地面上时对地面的压强为p=FS=500N0.05m2=10000Pa，故C符合实际；
D、重庆冬天的最低温度约为5℃，故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
4.【答案】A
【解析】解：
A、电磁铁的磁性强弱跟线圈匝数、电流大小和有无铁芯插入都有关系。说法正确。
B、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，这个导体没有说明是否是闭合电路的一部分，也没有说明是否是切割磁感线运动，所以导体中可能有感应电流，也可能没有感应电流。说法错误。
C、地球是一个大磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，两者是一定不重合的，两者之间存在一个磁偏角。说法错误。
D、磁体周围小磁针都会受到磁场力作用，磁体周围也没有磁感线，磁感线只是人们为了描述磁场假想的。说法错误。
故选：A。
(1)电磁铁的磁性强弱跟线圈的匝数、电流大小、是否有铁芯有关。
(2)从电磁感应条件进行分析。
(3)地球是一个大磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近。
(4)磁感线是假想的一些曲线，是为了描述磁场而画出的，只要在磁体周围小磁针都会受到磁场力作用。
电磁部分的知识点都是比较基础的，还是考试必考的，得分率比较高。
5.【答案】B
【解析】解：甲：活塞压缩空气做功，使其内能增大，机械能转化成内能。
乙：对试管内的水加热，使其温度升高，内能增大，当内能增大到一定程度，就把塞子推出来，即内能转化成机械能。
丙：汽油瞬间燃烧，产生高温高压燃气，燃气推动活塞做功，内能转化成机械能。
丁：滚摆运动过程中，发生的是动能和重力势能之间的能量转化。
故选：B。
判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。
首先要搞清楚每一个图中能量的转化形式，然后，再找出能的转化形式完全相同的一组。
6.【答案】D
【解析】解：ABC、超导体电阻为零，根据电流的热效应，通电时不产生热量，因此凡是利用热量的地方是不能用超导体的，电饭锅、电炉、白炽灯的灯丝是利用电产生热量的，所以，不能用超导体，故ABC错误；
D、根据焦耳定律Q=I2Rt，可知，远距离输电，当电阻为零时，可使导线损耗为零，便可提高传输效率，故D正确。
故选：D。
超导体是零电阻，所有利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作。
本题主要考查学生对超导现象及超导材料的特点的认识和了解，是一道基础题。
7.【答案】D
【解析】解：A、医生向外拉注射器的活塞，是注射器内部的气压减小，大气压将药液压入注射器，故A不符合题意；
B、“拔火罐”过程中，棉花燃烧消耗罐内的气体，里面气体压强减小，火罐内气体压强小于外界大气压，大气压就将罐紧紧地压在皮肤上，故B不符合题意；
C、柴油机的吸气冲程时，活塞向下运动，气缸内气体的体积变大，气压减小，大气压将空气压进气缸，故C不符合题意；
D、两个表面平整、干净的铅块紧压在一起后，他们会“粘”在一起，很难将它们拉开是利用分子引力，不是大气压的作用，故D符合题意。
故选：D。
大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。
此类题举出的例子一般都是同学们平时接触过的，上课时老师有讲过，或是平时练习时有做过的，所以同学们要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象。
8.【答案】D
【解析】解：
A、小球 M 在甲液体中漂浮，则浮力FM=GM，小球 N 在乙液体中悬浮，则浮力FN=GN，由于小球M、N 完全相同，即GM=GN，则有FM=FN，故 A错误；
B、小球 M 在甲液体中漂浮，则密度ρM<ρ甲，小球 N 在乙液体中悬浮，则密度ρN=ρ乙，由于小球M、N 完全相同，即ρM=ρN，则有ρ甲>ρ乙，故B错误；
C、由B选项分析可知：ρ甲>ρ乙，两容器液面相平即容器底部深度h相同，根据液体压强计算公式 p=ρgh可知，p甲>p乙，故C错误；
D、由C选项分析得容器底部液体压强p甲>p乙，两容器底面积相同，由压力计算公式 F=pS得，容器底部受到液体压力F甲>F乙，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知：M在甲液体中漂浮，N在乙液体中悬浮，则根据漂浮和悬浮的条件来即可判断浮力大小关系。
(2)根据浮沉条件即可判断液体密度的大小；
(3)根据p=ρ液gh比较容器底面受到的压强大小；
(4)根据F=pS比较容器底面受到的压力大小。
此题综合考查了阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较等知识点，是一道综合性较强的题目，本题也可以利用物体浮沉条件比较两种液体的密度关系。
9.【答案】AC
【解析】解：
A、由图象可知，汽车在10∼20s内做匀速运动，其速度为v2=20m/s，
汽车在10∼20s内行驶的路程s2=v2t=20m/s×10s=200m，
在0∼20s内行驶的总路程s=s1+s2=150m+200m=350m，
则在0∼20s内汽车的平均速度v=st=350m20s=17.5m/s，故A正确；
B、由图象可知，在0∼10s内，汽车做加速运动，牵引力大于阻力，即牵引力大于2000N，故B错误；
C、汽车在10∼20s内做匀速运动，处于平衡状态，牵引力等于阻力，即F=f=2000N，
则牵引力做的功：W2=Fs2=2000N×200m=4×105J，故C正确；
D、汽车在10∼20s内牵引力做功的功率：P2=W2t=4×105J10s=4×104W，故D错误。
故选：AC。
A、知道汽车在10∼20s内的速度，利用s=vt求出行驶的路程；求出在0∼20s内行驶的总路程s=s1+s2，再利用速度公式求在0∼20s内汽车的平均速度；
B、由图可知，在0∼10s内，汽车做加速运动，牵引力大于阻力；
C、汽车在10∼20s内做匀速运动，处于平衡状态，牵引力等于阻力，利用W=Fs求汽车在10-20s内牵引力做的功；
D、利用P=Wt求汽车在10∼20s内牵引力做功功率。
此题考查了速度公式、功的公式、功率公式的应用，关键是根据图象、结合二力平衡条件得出汽车做匀速直线运动时的牵引力大小。
10.【答案】ABD
【解析】解：(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，
由图乙可知，电路中的最小电流I最小=0.4A，滑动变阻器的功率P1=3.2W，
由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值：
R最大=P1I最小2=3.2W(0.4A)2=20Ω，故A正确；
(2)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I最小(R最大+R0)=0.4A×(20Ω+R0)，
由图乙可知，当电路中的电流I'=0.6A时，滑动变阻器的功率最大，最大为P1'=3.6W，
则滑动变阻器接入电路中的电阻：
R'=P1'I'2=3.6W(0.6A)2=10Ω，故B正确；
电源的电压：
U=I'(R'+R0)=0.6A×(10Ω+R0)，
因电源的电压不变，
所以，0.4A×(20Ω+R0)=0.6A×(10Ω+R0)，
解得：R0=10Ω，
电源的电压：
U=I最小(R+R0)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V，故C错误；
(3)当滑动变阻器的电阻最小时，电路的电流最大，总电功率最大，最大为：
P最大=U2R0=(12V)210Ω=14.4W，故D正确。
故选：ABD。
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R1的最大阻值和R0串联，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电路中的最小电流和滑动变阻器的功率，根据P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值；
(2)根据的电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；由图乙可知，当电路中的电流I'=0.6A时滑动变阻器的功率，根据P=I2R求出滑动变阻器的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值，进一步求出电源的电压；
(3)当滑动变阻器的电阻最小时，电路的电流最大，总电功率最大，根据P最大=U2R0算出最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出电流和滑动变阻器功率的对应值。
11.【答案】汽化 冻
【解析】解：
“液氮冰淇淋”吃在嘴里时，液氮与口腔内部接触，液氮会吸收热量，发生汽化现象，变为氮气；如果液氮吸热过多，会造成口腔内部温度过低，有可能造成冻伤。
故答案为：汽化；冻。
物质由液态到气态是汽化，物质汽化时会吸收热量。
掌握固态、液态、气态之间的熔化、凝固、液化、汽化、升华、凝华六种物态变化，掌握六种物态变化的吸热和放热情况，并且解释有关物态变化的问题。
12.【答案】裂变 不可再生
【解析】解：
核电站的核反应堆是利用原子核发生裂变释放能量来工作的；
核能一旦消耗就很难再生，属于不可再生能源。
故答案为：裂变；不可再生。
(1)核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量；
(2)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源，化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源。
本题考查了核能的利用和能源的分类，属于基础性题目。
13.【答案】绿 红外线
【解析】解：
(1)红、绿、蓝三种色光被称为色光的三原色；
(2)电视机遥控器是利用红外线来遥控电视机的。
故答案为：绿；红外线。
(1)红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色；
(2)红外线的热效应比较强，能制成热谱仪，制成红外线夜视仪；红外线可以用来遥控，制成电视遥控器。
本题考查色光三原色以及红外线的应用，是一道基础题。
14.【答案】奥斯特 红
【解析】解：丹麦物理学家奥斯特于1820年发现了电流的磁效应，第一个揭示了电和磁之间的联系；
当水位未升至金属片B处时，工作电路中绿灯电路接通；当水位升至金属片B处时，电磁铁所在电路被接通，此时电磁铁具有磁性，向下吸引衔铁，工作电路中红灯电路接通。
故答案为：奥斯特；红。
丹麦物理学家奥斯特于1820年发现了电流的磁效应，第一个揭示了电和磁之间的联系；
由题意可知，这一水位自动报警器的基本结构是一个电磁继电器，根据电磁继电器的基本工作原理，结合在此处的运用可描述其原理。
本题考查了电磁铁在电磁继电器上的应用，电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关；在解答此类题目时，要从电磁铁通电有磁性，断电无磁性的原理进行分析，同时还考查了物理学史。
15.【答案】220 不会 大地
【解析】解：如图所示，是我国家庭电路的连接示意图，两根进户线之间有220V的电压。小明用试电笔检查家庭电路，电路中“×”处表示该处断路，电路中其他各处完好。开关S闭合后，正确使用试电笔测试电路中的A点，A点与零线相连，与大地之间没有电压，试电笔氖管不会发光；在安装带有金属外壳的家用电器时，为了安全用电，家用电器的金属外壳应与大地相连。
故答案为：220；不会；大地。
(1)照明电路的电压是220V；试电笔接触零线，氖管不发光。
(2)有金属外壳的家用电器时，为了安全用电，家用电器的金属外壳应该接地(大地)。
本题考查的是安全用电的原则和试电笔的使用，属于基础性题目。
16.【答案】4.2×108 40%
【解析】解：
(1)10kg液化气完全燃烧释放热量：
Q放=m气q=10kg×4.2×107J/kg=4.2×108J；
(2)在标准大气压下水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，
水吸收热量：
Q吸=c水m水△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×500kg×(100℃-20℃)=1.68×108J，
该燃料的效率：
η=Q吸Q放×100%=1.68×108J4.2×108J×100%=40%。
故答案为：4.2×108；40%。
(1)知道液化气的质量、热值，利用Q放=mq，求出10kg液化气完全燃烧放出的热量；
(2)知道水的质量、比热容、初温和末温(在标准大气压下水的沸点为100℃)，利用Q吸=cm△t求水吸收热量，效率等于水吸收的热量与完全燃烧放出的热量之比。
本题考查了吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放出热量公式Q放=mq、效率公式的应用，属于基础题目。
17.【答案】10 缩小 照相机
【解析】解：由表格中数据知，当物距等于20cm时，像距等于20cm，此时成倒立等大的实像，所以2f=20cm，f=10cm；
物距u=27cm时，满足u>2f条件，成倒立、缩小的实像，应用是照相机。
故答案为：10；缩小；照相机。
掌握凸透镜成像的三种情况的物距和像的性质。
u>2f，成倒立、缩小的实像，2f>v>f，应用照相机；
u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f；
2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f，应用投影仪；
u
18.【答案】2：1；2：9
【解析】解：
由图甲可知，两灯串联，灯L1的功率：P1=U12R1=4W，
由图乙可知，两灯并联，所以U=U1'=U2'，则有：P1'=U2R1=9W，
所以，P1：P1'=U12R1：U2R1=U12U2=4W9W=49，
解得：U1U=23；
根据串联电路的电压特点，且U1=23U，则L2的电压：U2=13U，
由串联电路的分压原理可得：R1R2=U1U2=23U13U=21，则R1=2R2；
甲电路中电流：I串=UR1+R2=U2R2+R2=U3R2，
乙电路中电流：I并=UR1+UR2=U2R2+UR2=3U2R2，
由P=UI可得，甲、乙两图电路消耗的总功率之比：
P甲：P乙=(U×U3R2)：(U×3U2R2)=2：9。
故答案为：2：1； 2：9。
由甲图知两灯串联，乙图中两灯并联，由P=U2R表示出L1在两电路中功率，从而得到它在两电路的电压关系，再得到甲图中两灯电压关系；
由串联电路分压原理得到两灯电阻关系；
分别计算两电路中电流，由P=UI可得两图中总功率关系。
本题考查了串联和并联电路的特点、电功率、欧姆定律公式的应用，比值的计算过程要细心。
19.【答案】解：根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”可知：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长；
由图知，杠杆与地面的接触点O'为支点，且杠杆向上抬起时动力臂O'A最长，动力方向向上，过A点与O'A垂直向下作垂线就得到动力F的示意图，如图所示：
【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
20.【答案】解：磁感线从右向左，可以判断电磁铁的右端是S极，永磁体的右端是S极；根据安培定则，用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的N极，则四指所指的方向为电流的方向，则电流从电磁铁的右端进入，从左端流出，所以电源的右端是正极，左端是负极。如图所示：
【解析】根据磁体周围的磁感线从N极出来进入S极，判断电磁铁和永磁体的极性；由电磁铁的磁极，根据安培定则判断电流方向，判断电源正负极。
知道螺线管周围的磁体磁极、螺线管的磁极、磁感线、电流方向中的任意一者都可以判断另外几者。
21.【答案】甲乙 非平衡 A
【解析】解：(1)小滨首先进行了如图甲、乙、丙三次实验，每次都用弹簧测力计沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，A在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。研究滑动摩擦力大小与压力的关系时，要控制接触面粗糙程度相同，分析甲、乙两图可知：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
(2)乙图和丁图中，接触面的粗糙程度和压力的大小相同，故物块受到的滑动摩擦力大小相等，沿水平方向拉着物块做直线运动，弹簧测力计的示数为4.5N，与乙图比较可知拉力大于摩擦力，物体受力不平衡，所以物块A上面的砝码在水平方向上处于非平衡状态。
(3)A、探究影响浮力大小的因素，根据称重法测浮力大小，要使用测力计；
B.探究阻力对物体运动的影响时通过小车运动的距离来反应阻力的影响，没有用到弹簧测力计；
C、探究不同物质吸热升温现象，可使相同质量的不同物质加热相同时间，比较升高的温度；无需测力计；
D.探究动能大小与哪些因素有关，根据转换法，是根据具有动能的物体推动另一个质量较小的物体通过距离的长短来反应动能大小的，无需测力计；
故选A。
故符合为：(1)甲乙；(2)非平衡；(3)A。
(1)根据二力平衡的条件分析；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(2)滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，据此得出图乙和图丁所示的实验中的滑动摩擦力大小相等，然后得出图丁中物块A受到木板的摩擦力大小；分析拉力和摩擦力的大小关系判断出物块A和上面的砝码做变速运动，从而得出砝码的状态；
(3)结合实验原理，分析每个选项，找出使用测力计的答案。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
22.【答案】漫 D 反射光线、入射光线 光路是可逆的
【解析】解：(1)实验时从光屏前不同的方向都能看到光的传播路径，是由于光屏表面凹凸不平，光在这里发生了漫反射的缘故；
(2)在探究反射角与入射角的大小关系时，为了得出普遍的规律，应多次改变入射角的大小，这样才能避免结论的偶然性，应进行的操作是改变光线AO与ON的夹角，即改变入射角的大小，故选D；
(3)实验中将纸板F向后折转，纸板F上不能看到反射光线，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
(4)让光线沿着BO方向射向镜面，发现反射光线沿着OA方向射出，则说明反射时，光路是可逆的。
故答案为：(1)漫；(2)D；(3)反射光线、入射光线；(4)光路是可逆的。
(1)在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里；
(2)反射角随入射角的增大而增大，随入射角的减小而减小，实验中要多次验证；
(3)要验证反射光线与入射光线是否与法线在同一平面上，可以通过让纸板F与纸板E不在同一平面上来研究；
(4)根据“光线沿着BO(即逆着原反射光线)射向平面镜时，看到反射光线沿OA射出”可得出结论。
此题主要通过实验探究了光的反射定律。通过各个分实验分别探究了两角大小和三线之间的关系。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
23.【答案】钩码数量 不能 同一直线
【解析】解：(1)小纸片两端通过滑轮各挂一个钩码，两个钩码由于重力通过绳子对小纸片施加了两个向相反方向的拉力，拉力的大小等于钩码的重力，钩码的数量越多，拉力就越大；可通过调整钩码数量，来改变拉力的大小；
由于两端钩码个数相同，因此小纸片静止不动，说明两个力平衡时的大小相等；
(2)小纸片转过一个角度，小纸片两端的拉力就不在一条直线上，纸片就会转动，说明了不在同一直线上的两个力不能平衡。
故答案为：(1)钩码数量；(2)不能；同一直线。
(1)钩码由于重力的作用，会对小纸片施加一个拉力的作用，左端的钩码对小纸片施加一个向左的拉力，右端的钩码对小纸片施加了一个向右的拉力，拉力的大小等于钩码的重力；
(2)小纸片转过一个角度，小纸片上受到的两个拉力就不在一条直线上，是验证不在同一直线上两个力是否平衡。
此题探究的是二力平衡的条件，注意从二力平衡的四个条件进行分析；二力平衡是初中物理力学中的难点，也是一个重点需要掌握。
24.【答案】左 8.41.05偏大 h3-h1h2-h1ρ0
【解析】解：(1)将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处，如图，指针偏右，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动；
(2)大樱桃的质量：m=5g+3.4g=8.4g；
(3)由图丙可知，量筒的分度值是1mL，大樱桃的体积：V=38mL-30mL=8mL=8cm3，
大樱桃的密度：ρ=mV=8.4g8cm3=1.05g/cm3；
(4)当大樱桃放入水中，筒壁上溅了几滴水，导致大樱桃和水的总体积减小，大樱桃体积减小，密度偏大；
(5)④设平底试管的底面积为S，
大樱桃的重力，G=mg=ρ0Vg=ρ0S(h3-h1)g，
大樱桃漂浮在消毒液中，大樱桃受到的浮力：F浮=ρ消毒液gV排=ρ消毒液gS(h2-h1)，
大樱桃漂浮在消毒液中，大樱桃受到的浮力大小等于大樱桃的重力，即F浮=G大樱桃，
所以，ρ0S(h3-h1)g=ρ消毒液gS(h2-h1)，
解得，消毒液的密度：ρ消毒液=h3-h1h2-h1ρ0。
故答案为：(1)左；
(2)8.4；
(3)1.05；
(4)偏大；
(5)h3-h1h2-h1ρ0。
(1)天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度值之和；
(3)大樱桃的体积等于大樱桃和水的总体积与水的体积的差，大樱桃的密度根据密度公式ρ=mV计算；
(4)当大樱桃放入水中，筒壁上溅了几滴水，导致大樱桃和水的总体积减小，大樱桃体积减小，密度偏大；
(5)④根据大樱桃受到的浮力等于重力列出等式求出液体的密度。
本题考查固体的密度测量实验，主要考查天平衡量的调节、天平和量筒的读数、密度的计算，综合性强，难度偏大。
25.【答案】相同 A B b 电阻
【解析】解：(1)甲中两电阻丝串联，通过的电流相同和通电时间相同，为控制吸热相同，根据Q=I2Rt，实验中选用的两根电阻丝的阻值应相同；
(2)根据转换法，实验中，用通电时间间接反映液体吸收热量的多少，故选A；
通过比较温度计示数的变化量来判断液体吸热能力的强弱，故选B；
(3)图乙中温度计分度值为1℃，示数为48℃>35℃，吸收相同的热量，b液体温度升高的少，则b液体的吸热能力较强；
(4)如果在两烧瓶中分别装入质量相等的煤油，并接入两根阻值不同的电阻丝，通过的电流相同，通电时间相同，就可用这个装置来探究电流产生的热量与电阻的关系。
故答案为：(1)相同；(2)A；B；(3)b；(4)电阻。
(1)(2)(3)我们使用相同加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的方法：
使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
为控制吸热相同，结合串联电路电流的规律和焦耳定律Q=I2Rt分析；
(4)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，同时也考查了焦耳定律和串联电路电流的规律，为热学中两个重要实验。
26.【答案】A0.5B温度 (I-I额)R0I额
【解析】解：(1)由图甲可知，当滑动变阻器滑片向右移动时阻值变小，故图乙滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片置于阻值最大处，即A端；
(3)闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
(4)小丹继续测量小灯泡两端电压略高于额定电压时的电功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据串联分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故滑动变阻器的滑片应向B端调节，观察到小灯泡变亮；
(5)由表中数据可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大，故影响小灯泡灯丝电阻变化的主要因素是温度；
(6)根据题意可知，干路中的电流为I，通过灯泡的电流即灯泡的额定电流为I额；根据并联电路的电流规律可知，通过定值电阻的电流为：I'=I-I额；
定值电阻两端的电压为：U0=I'R0=(I-I额)R0；根据并联电路的电压规律可知，灯泡的额定电压为：U额=U0=(I-I额)R0；
灯泡的额定功率为：P额=U额I额=(I-I额)R0I额。
故答案为：(1)见解答图；(2)A；(3)0.5；(4)B；(5)温度；(6)(I-I额)R0I额。
(1)根据图甲滑动变阻器阻值变化确定图乙滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片置于阻值最大处；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；
(4)根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(5)灯丝电阻随温度的升高而增大；
(6)根据并联电路的电流规律求出通过定值电阻的电流，根据欧姆定律求出定值电阻两端的电压，根据并联电路的电压特点求出灯泡的额定电压，然后根据P=UI求出灯泡的额定功率。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了电路连接、注意事项、功率的计算和影响电阻大小因素及设计实验方案测功率的能力。
27.【答案】解：
(1)根据P=U2R得，灯泡正常工作时电阻：
RL=U额2P额=(3V)21.5W=6Ω；
(2)当开关S、S1、S2 闭合，S3 断开时，灯泡 L被短路，定值电阻 R1与滑动变阻器R2 并联，
当滑动变阻器R2的阻值最大为15Ω时，电路总电流最小，电路总功率最小，
通过 R1的电流：I1=UR1=4.5V10Ω=0.45A，
通过滑动变阻器R2的电流：I2=UR2=4.5V15Ω=0.3A，
电路最小总功率：P最小=U×(I1+I2)=4.5V×(0.45A+0.3A)=3.375W；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2 断开时，R1断路，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器R2两端电压
灯泡的额定电流：I额=P额U额=1.5W3V=0.5A；
因为灯泡额定电流I额=0.5A，电流表量程为 0∼3A，滑动变阻器标有“15Ω1A”字样，
所以，在确保电路元件安全的情况下，电路中最大电流为 I最大=I额=0.5A，此时滑动变阻器 R2阻值最小，
则电路最小总电阻：R最小=UI最大=4.5V0.5A=9Ω
滑动变阻器R2最小阻值：R2最小=R最小-RL=9Ω-6Ω=3Ω；
因为电压表量程为 0∼3V，所以在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器两端电压最大为 U2=3V时，此时滑动变阻器阻值最大，
此时电路中电流：I最小=U-U2RL=4.5V-3V6Ω=0.25A，
滑动变阻器R2最大阻值：R2最大=U2I最小=3V0.25A=12Ω，
综上所述滑动变阻器的阻值范围为 3Ω∼12Ω。
答：(1)灯泡正常工作时电阻为6Ω；
(2)当开关S、S1、S2闭合，S3断开时，电路最小总功率为3.375W；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2断开时，在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器R2的取值范围为 3Ω∼12Ω。
【解析】(1)根据P=U2R算出小灯泡的电阻；
(2)当开关 S、S1、S2 闭合，S3 断开时，灯泡 L 被短路，定值电阻 R1 与滑动变阻器R2 并联，当滑动变阻器 R2 阻值最大为 15Ω时，电路总电流最小，电路总功率最小，根据欧姆定律分别算出通过 R1的电流和通过滑动变阻器R2的电流，根据P最小=U×(I1+I2)算出电路最小总功率；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2 断开时，R1断路，灯泡L与滑动变阻器 R2串联，电压表测滑动变阻器 R2 两端电压，根据P=UI算出灯泡额定电流，根据小灯泡的额定电流、电流表的量程、滑动变阻器的最大电流，判断出最大电流，此时滑动变阻器 R2 阻值最小，根据欧姆定律算出最小电阻和滑动变阻器的最小电阻；
根据电压表量程为 0∼3V，在确保电路元件安全的情况下，判断出滑动变阻器两端电压最大为 U2=3V时，滑动变阻器阻值最大，根据欧姆定律算出最小电流和滑动变阻器的最大电阻。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，会确定通过滑动变阻器的电流范围和对应滑动变阻器电阻的变化是关键。
28.【答案】解：(1)由ρ=mV可得，A的质量：mA=ρAVA=0.5×103kg/m3×0.6m3=300kg；
A的重力：GA=mAg=300kg×10N/kg=3000N；
(2)A浸没在水中时排开水的体积：V排=VA=0.6m3，
A浸没在水中受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.6m3=6000N；
(3)由图可知n=3，由P=Wt=Fst=Fv可知，当绳子对物体A拉力最大时，A向下运动的速度最小，
当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大，电动机对绳子的拉力：
F=1n(F浮-GA+G动)=13×(6000N-3000N+600N)=1200N，
由P=Wt=Fst=Fv可得，绳子端向上运动的最小速度：v绳=PF=1.2×103W1200N=1m/s，
则A向下运动的最小速度v=13v绳=13×1m/s≈0.3m/s；
(4)由滑轮组机械效率的影响因素可知，当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大，滑轮组的机械效率最大，
因为不计绳重、摩擦和水的阻力，滑轮组机械效率的最大值：
η=W有W总=(F浮-G)hFs=(F浮-G)h1n(F浮-G+G动)×nh=F浮-GF浮-G+G动=6000N-3000N6000N-3000N+600N×100%≈83.3%。
答：(1)A的重力为3000N；
(2)A浸没在水中受到的浮力为6000N；
(3)A向下运动的最小速度为0.3m/s；
(4)A向下运动过程中，滑轮组机械效率的最大值为83.3%。
【解析】(1)已知物体A的体积和密度，由G=mg和m=ρV计算物体A的重力；
(2)由阿基米德原理计算A浸没在水中时受到的浮力；
(3)由图可知n=3，由P=Wt=Fst=Fv可知，当绳子对物体A拉力最大时，A向下运动的速度最小；对A做受力分析可得，当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大，不计绳重、摩擦和水的阻力时，电动机对绳子的拉力F=1n(F浮-G+G动)，利用P=Wt=Fst=Fv求得绳子向下运动的最小速度，利用绳子自由端移动的速度v=nv物求A向下运动的最小速度；
(4)利用不计绳重、摩擦和水的阻力时η=W有W总=(F浮-G)hFs=(F浮-G)h1n(F浮-G+G动)×nh=F浮-GF浮-G+G动求滑轮组机械效率的最大值。
本题涉及到滑轮组绳子拉力的计算、浮力的计算、滑轮组的机械效率等，考查的知识点多，用到的公式多，难点是求最大拉力，明确滑轮组有3段绳子承担，当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大是关键。
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