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2023年河北省承德市六校中考物理模拟试卷-普通用卷
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这是一份2023年河北省承德市六校中考物理模拟试卷-普通用卷，共31页。试卷主要包含了 下列电路图符合电路组成的是，2A～0， 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省承德市六校中考物理模拟试卷
1. 如图所示的四种家用电器中，主要是利用电流热效应工作的是( )
A. 微波炉 B. 电风扇
C. 电烤箱 D. 电视机
2. 下列电路图符合电路组成的是( )
A. B.
C. D.
3. 按照物质的空间尺度从小到大的顺序，以下排列正确的是( )
A. 原子、电子、银河系 B. 质子、太阳系、地球
C. 原子核、原子、太阳系 D. 电子、银河系、地球
4. 下列有关电压的说法中，正确的是( )
A. 某电路中有电流，它的两端不一定有电压
B. 某电路两端有电压，电路中一定有电流
C. 自然界中，有的动物本身就可以产生电压，用来自卫
D. 电源是提供电压的装置，不同的电源提供的电压一定是不相同的
5. 当发现有人触电时，下列措施中绝不可以首先施行的是( )
A. 立即切断电源开关
B. 用干燥的木棒将电线挑开
C. 迅速用手将人拉离电线或者用剪刀将电线剪断
D. 紧急呼叫，求援
6. 手机是人们常用的通信工具之一，传送手机间通话和收发信息的是( )
A. 声波 B. 超声波 C. 次声波 D. 微波
7. 为了给载重车称重计费，杨光同学结合所学物理知识，设计了如图所示的计重秤原理图，用它可以测载重车的重力．以下说法正确的是( )
A. 图中称重表只能由电压表改装
B. 在称重读数的过程中，弹簧上面的N板只受两个力而平衡
C. 无论载重车重力如何，弹簧下面的M板对地面的压强不变
D. 载重车的重力越大，相同时间内R1上产生的电热越多
8. 如图所示的电路中，电源两端电压为6V并保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω.当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由b端移到a端的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 电流表和电压表的示数都不变 B. 电压表的示数变大，电流表的示数变小
C. 电压表的示数变化范围为1V～6V D. 电流表的示数变化范围为0.2A～0.6A
9. 下列说法正确的是( )
A. 拿到月球上的物体质量变小
B. 声音是电磁波的一种
C. 热量一定从内能大的物体传递给内能小的物体
D. 物体的运动不需要力来维持
10. 下列关于内能、温度、热量的说法中，正确的是( )
A. 物体的温度越高，所含热量越多
B. 对物体做功，物体内能一定增加
C. 内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体
D. 温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小
11. 下面说法正确的是( )
A. 发电机是利用通电线圈在磁场里转动的原理工作的
B. 电动机是利用电磁感应原理工作的
C. 发电机工作时把机械能转化为电能
D. 电动机工作时把机械能转化为电能
12. 如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P向左滑动电路中的各物理量变化情况是( )
A. 电流表的示数变大
B. 电压表的示数变小
C. 电压表和电流表示数的比值不变
D. 电路消耗的总功率变小
13. 现有甲、乙两个小灯泡，甲灯标有“6V3.6W”、乙灯标有“6V6W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响，将甲乙两灯连接在如图所示电路中，两灯均不会烧坏，①、②、③可能是电流表或电压表，下列说法中正确的是( )
A. 如果①③是电压表，②是电流表，则甲灯比乙灯亮
B. 如果①②是电压表，③是电流表，则乙灯比甲灯亮
C. 如果①②是电流表，③是电压表，则甲灯比乙灯亮
D. 如果①③是电流表，②是电压表，则甲灯比乙灯亮
14. 如图的电路中，已知只闭合S时，调节滑动变阻器，电压表示数由0.5V变为1V时，电流表示数变化了0.05A；同时闭合S、S2，断开S1时，电流表示数为0.2A；同时闭合3个开关，电压表示数为3V。下列说法错误的是( )
A. R2的阻值为10Ω
B. 只闭合S，电压表示数由0.5V变为1V时，R2的功率变化了0.075W
C. 若闭合S、S1断开S2，调节滑动变阻器使电压表示数为2V，此时滑动变阻器功率为0.2W
D. 若滑动变阻器的最大阻值为60Ω，通过调节滑动变阻器及开关，电压表的示数变化范围为0.5V～3V
15. 实验室中所使用的电流表是用小量程电流表改装而成。在图甲中是满偏电流(即指针指到最大刻度时的电流值)为Ig=3mA的电流表，其电阻Rg=10Ω，现借助一个定值电阻Ro把它改装为一个量程为3A的电流表，如图乙所示，下列判断正确的是( )
A. 达到满偏时两端电压0.03 V，R0约100000Ω
B. 达到满偏时两端电压0.03 V，R0约0.01Ω
C. 达到满偏时两端电压3 0V，R0约100000Ω
D. 达到满偏时两端电压3 0V，R0约0.01Ω
16. 下列关于各种材料的说法正确的是( )
A. 发光二极管的核心部件是半导体材料
B. 利用摩擦的方法可以使绝缘材料带电
C. 超导材料可以应用于电饭锅的电热丝
D. 保险丝是由电阻大、熔点高的材料来制成的
17. 如图所示的电路中，闭合开关S，已知电源电压为6V，L2两端的电压为2V，则下列说法正确的是( )
A. 灯泡L1和L2并联
B. 电压表的示数为4V
C. 灯泡L1两端的电压为4V
D. 若断开开关，则电压表示数约为6V
18. 图示是探究“影响电流热效应因素”的实验装置，将R1、R2两电阻丝密封在两只完全相同的烧瓶内，且R1>R2，瓶内装入等质量的煤油，下列说法正确的是( )
A. 烧瓶内选用比热容较大的液体，可使实验现象更明显
B. 该装置可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻大小的关系
C. 实验中通过温度计示数的变化来比较电阻丝产生热量的多少
D. 若要比较水和煤油的比热容大小，只需将一个烧瓶内的煤油换成等质量的水即可
19. 在如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻。若小灯泡的电阻不受温度影响，则以下说法正确的是( )
A. 当只闭合Sl，滑片P向左移，电路消耗的电功率变大
B. 当只闭合S2，滑片P向左移，电压表与电流表的示数变小
C. 先闭合S2，再闭合S1，保持滑片位置不变，电压表示数变大
D. 只闭合S1，将滑片P向右移，两电表的示数变化量之比△U△I变大
20. 如图所示电路中，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程均为0～3V，滑动变阻器的最大值为20Ω，灯L标有“4.8V 1.92W”字样且电阻恒定不变，电源电压为5V且滑片P保持不变。实验操作时在保证电路各元件安全的情况下，滑片P在最大范围内移动，下列说法正确的是( )
A. 电压表V1的示数变化范围是2V～3V B. 电流表的示数变化范围是0.25A−0.4A
C. 滑动变阻器的阻值变化范围是8Ω～18Ω D. 电路消耗的最大功率是1.25W
21. 上课时，经常迟到的小懒同学走进教室一坐到座位，同桌就惊呼，又吃榴莲啦！浓重的“臭”味很快充满整个教室，其他同学感到有些“受不了”，请用分子动理论的知识对该现象进行解释：______。
22. 小刚家的电能表八月初的示数为，八月末的示数如电能表为______ kW⋅h，小刚家本月耗电______ kW⋅h，若每kW⋅h电价为0.6元，小刚家本月应交电费______ 元。
23. 小灯泡L标有“8V 3.2W的字样，如图甲是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图像，现将L连入图乙电路(电源电压可调)。小灯泡正常工作的电流为______ A。闭合开关S后，调节电源电压为24V、灯L刚好正常发光，则定值电阻R消耗的功率为______ W。
24. 在如图所示的电路中，电源电压为U保持不变，电阻R1与R2的阻值相等均为R0。
(1)闭合电键S后，正常情况下示数变大的电表有______ (选填“V1”、“V2”、“A”)。
(2)当电键S由断开到闭合时，发现电压表V1、V2的示数始终相同，故障发生在电阻R1或R2上，其他元件仍保持完好.写出电表V1和A的示数及对应的故障：______ 。
25. 小华同学在“测定小灯泡的电功率”实验中，所用电源电压为4.5V、7.5V和9V中的一个，滑动变阻器上标有“20Ω 2A”字样，小灯泡标有“4.5V”字样，小灯泡的额定功率小于1.5W。他按图连接好电路，先将变阻器的滑片移至______ 端(选填“A”或“B”)，然后闭合开关s，再移动变阻器的滑片P，当小灯泡正常发光时，变阻器的滑片P恰好在中点上(即连入电路的电阻为10Ω)。小华所用的电源电压为______ V，小灯泡的额定功率为______ W。
26. 如图所示是“比较水和食用油吸热升温特点”的实验装置。
物质
质量/g
初始温度/oC
加热时间/min
最后温度/oC
水
60
20
6
45
食用油
60
20
6
68
(1)加热过程中，用搅棒搅动的目的是______ ；水和食用油吸热的多少是通过来反映______ 的(选填“温度计示数的变化”或“加热时间”)。
(2)关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是______ (填字母)；
A.采用相同的加热方法(如酒精灯火焰的大小，与烧杯底的距离等)
B.烧杯中分别装入相同体积的水和食用油
(3)从表中数据可知，______ (选填“水”或“食用油”)吸热的能力更强。
27. 某同学在做“比较不同物质的吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给水和煤油加热，得到的实验数据如表：
物质
次数
质量m/kg
升高的温度Δt/℃
加热时间t/min
水
1
0.1
10
2
2
0.2
10
4
煤油
3
0.1
10
1
4
0.2
10
2
(1)实验中，记录加热时间的目的是：______。
(2)分析第1、2次或第3、4次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的______有关；分析第1、3次或第2、4次实验数据，可以得出的初步结论是：______升高相同的温度时，吸收的热量不同。
(3)如果加热相同的时间，质量相同的水和煤油，______温度升高的多。
(4)下列探究过程中也采用了与本实验研究方法相同的是______。
A.探究电流与电压的关系实验
B.探究平面镜成像的特点
C.伏安法测电阻实验
D.测小灯泡的电功率实验
(5)最终得到水和煤油吸热能力强的是______。煤油的比热容______。
28. 如图所示，闭合开关S后，电流表A的示数为1.5A，电流表A1的示数为0.8A，电流表A2的示数为1.2A，求：
(1)通过灯L1、L2的电流分别是多大？
(2)已知电源由4节干电池串联组成，若将电流表A1和A2分别换成电压表V1和V2后，电压表V1的示数为5V，V2的示数为3V，则灯L1、L2两端的电压分别是多大？
29. 如图所示的电路中，R1=5Ω，滑动变阻器的规格为“1A、20Ω”，电源电压为4.5V并保持不变。电流表量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V。求：
(1)为保护电表，则滑动变阻器的变化范围为多少？
(2)当滑动变阻器R2为8Ω时，电流表、电压表的示数分别为多少？
30. 水池里有盏小射灯，如图1所示，已经画出了小射灯射向水面的一条光线，请完成下列要求：
①画出射入空气的折射光线的大致方向；②标出入射角i。
31. 一个螺线管和一个小磁针放在桌面上，当开关S1闭合后，小磁计N极转向了右方，如图所示，请完成下列要求：
(1)用箭头标出小磁针处的磁感线的方向。
(2)在括号内用“+”、“−”标出电源的正负极。
32. 开关S闭合后，灯L1和L2都能发光，请在如图电路中的圆圈内填上适当的电表(电流表或电压表)．
33. 某控制电路的简化电路图如图甲所示，电路中电源电压恒为9V，R0是定值电阻，R由三段材料不同、横截面积相同且长度均为10cm的均匀导体AB、BC、CD制作而成，其中一段是铜丝，另两段是电阻丝(阻值与自身长度成正比)，和R良好接触并能移动的滑动触头P与挡板连接，挡板可在导轨上自由滑动，铜丝、挡板和导轨的电阻均为零。闭合开关，挡板从右向左移动过程中，P在A、B、C、D位置对应的电流表示数分别是IA=0.3A、IB=0.6A、IC=0.6A、ID=0.9A，求：
(1)电阻R0；
(2)P在A位置时，电路消耗的总功率；
(3)电流表示数为0.72A时，x(P到A的距离)的值；
(4)在乙图中画出P从A端移到D端过程中，电流表示数I随x变化的大致关系图。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、家用微波炉是利用电磁波对食物进行加热的，虽然电磁炉最终把电能转化为内能，但它不是利用电流热效应工作的，，故A错误；
B、电风扇主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故B错误；
C、电烤箱是利用了电流的热效应，来给食物加热的，故C正确；
D、电视机工作时，电能主要转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故D错误。
故选：C。
当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应。一方面，利用电流的热效应可以为人类的生产和生活服务；另一方面，电流的热效应也有一些不利因素。任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应。
利用电流的热效应工作的家用电器工作时，都是电能转化为内能，这是判断的关键。
2.【答案】C
【解析】解：A、选项中缺少用电器，故A错误；
B、选项中电源短路，故B错误；
C、选项具备完整且符合电路要求，故C正确；
D、选项缺少电源，故D错误；
故选：C。
一个正确的电路由电源、导线、开关、用电器组成，而且连接过程中不能出现短路。
本题考查了学生对电路组成的认识，属于基础知识的考查，难度不大。
3.【答案】C
【解析】解：质子和中子组成原子核，电子和原子核构成原子，原子构成分子，分子构成生物体，地球上有很多的生物体和其它物质，地球又是太阳系中的一颗行星，而太阳系只是银河系中的一个星系，根据以上判定可知，ABD错误，C正确。
故选：C。
宇宙是由物质组成的，宇宙中拥有数十亿个星系，银河系是数十亿个星系中的一个，太阳是银河系中几千亿颗恒星中的一员；
太阳周围有八颗行星，地球是其中的一个；
地球及一切天体都是由物质组成的，物体是由分子构成的，分子是由原子构成的，原子是由位于中心的原子核和核外电子构成的。原子核是由质子和中子组成的，质子还可以分成夸克。
解决本题的关键是要弄清楚宏观世界和微观世界的构成，是一道基础题，比较简单。
4.【答案】C
【解析】解：A、某电路中有电流，它的两端一定有电压，故A错误；
B、某电路两端有电压，电路中不一定有电流，要想有电流，电路必须闭合，故B错误；
C、自然界中，有的动物本身就可以产生电压，用来自卫，例如电鳐；故C正确；
D、电源是提供电压的装置，不同的电源提供的电压可能不相同，也可能相同，故D错误．
故选C．
电压是形成电流的原因．
得到持续电流的必要条件：有电压，电路是通路．
本题考查了电源、电压、电流的关系．
有电源才能有电压，有电压不一定有电流；有电流一定有电压，有电压一定有电源．
5.【答案】C
【解析】解：A、当发现有人触电时，应立即切断电源，防止人发生触电，故可行但不符合题意；
B、由于干燥的木棒是绝缘体，所以用干燥的木棒拨开电线，使触电者脱离带电体，故可行但不符合题意；
C、人、剪刀都是导体，若用手去拉触电者或用剪刀剪断电线，则会发生触电事故，故不可行但符合题意；
D、当发现有人触电时，若在其它措施都不适用的情况下，应紧急呼叫、求援，故可行但不符合题意；
故选：C。
触电急救：
①处理原则：迅速切断电源，注意自身安全；
②具体做法：一是切断电源，或者用绝缘棒将电线挑开，尽快使触电者脱离电源；二是尽力抢救；三是发生火灾务必先切断电源再救火。
此题考查了触电事故后应该采取的措施，这是必须掌握的知识，其处理的原则是迅速切断电源，注意自身安全。
6.【答案】D
【解析】解：(1)声音的传播需要介质，声音在真空中不能传播，而传送手机间通话和收发信息有时需要经过真空区，故ABC错误；
(2)电磁波的传播不需要介质，因此手机间通话和收发信息利用的是电磁波，即微波。故D正确。
故选：D。
手机既是电磁波的发射台也是电磁波接收台。
本题主要考查学生对现代传递信息的工具手机的了解和掌握，属于基础的考查。
7.【答案】D
【解析】解：A、由电路图可知，称重表串联在电路中，它是由电流表改装而成的，故A错误；
B、在称重读数的过程中，弹簧上面的N板受到：自身重力、载重汽车压力与弹簧的支持力作用而平衡，故B错误；
C、载重汽车重力越大，弹簧下面的M板对地面的压力越大，对地面的压强越大，故C错误；
D、由电路图可知，载重车的重力越大，电阻R接入电路的阻值越小，电路电流越大，相同时间内R1上产生的电热多，故D正确；
故选D．
(1)分析电路图，根据称重表在电路的连接情况判断是电流表还是电压表；
(2)根据电路中滑片的滑动方向情况对选项逐一分析后，选择正确答案．
此题是一道力学和电学的综合题，注意两点：
(1)称重表与电阻串联，称重表可以是电流表，也可以是电压表，但为电压表时，示数不改变；
(2)如把称重表改成电压表，电压表应与电阻R1并联，这样符合物体越重，示数越大的规律．
8.【答案】C
【解析】解：等效电路图如图所示：
(1)当滑片由b端移到a端的过程中，滑动变阻器的阻值变小，电路中的总电阻变小；
根据I=UR可知可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；
根据U=IR可知，R1两端电压变大，即电压表示数变大。
(2)当滑片在b端时，R1、R2串联，
电路的总电阻为R=R1+R2=10Ω+50Ω=60Ω，
电路中的电流为I=UR=6V60Ω=0.1A，
电压表的示数为U1=IR1=0.1A×10Ω=1V；
(3)当滑片在a端时，电路中只有R1，
此时电路中的电流为I=UR1=6V10Ω=0.6A，
R1两端电压为电源电压，电压表示数为6V。
故滑片由b端移到a端的过程中，电流表的示数变化范围是0.1A～0.6A，
电压表的示数变化范围是1V～6V。
故选：C。
先画出等效电路图，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流；根据滑动变阻器的移动可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律求出电路中电流的变化和电压表的示数变化。根据欧姆定律和串联电路的特点分别求出当滑片在a端、b端时，电流表和电压表的示数，进而得出两表示数的变化范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是滑动变阻器处于不同位置时电路图的辨别和电表量程的判断。
9.【答案】D
【解析】解：A、物体被拿到月球上，位置变了，质量不变，故A错误；
B、声音是由物体振动产生的，电磁波是变化的电流在空间激起的，声音不是电磁波，故B错误；
C、发生热传递时，热量从是从温度高的物体传递给温度低的物体，故C错误；
D、力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持，故D正确；
故选D．
①物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体所含物质的多少有关，与物体的形状、状态、位置和温度无关．
②声音是由物体的振动产生的，电磁波是变化的电流在空间激起的．
③发生热传递的条件是存在温度差．
④力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力的作用，依靠的是物体的惯性．
此题考查质量的特点、声音的产生、热传递的条件以及力与运动的关系，全面掌握基础知识是解决此类问题的关键．
10.【答案】C
【解析】解：A、物体的温度越高，物体具有的内能越多，此时没有发生热传递，没有热量的吸收和放出，不能谈热量，并且热量的修饰词不能是“含有”，故A错误。
B、对物体做功，机械能不一定转化为内能，所以物体的内能不一定增大，故B错误；
C、内能小的物体，可能温度高，所以它可能将热量传递给内能大的物体，故C正确；
D、内能的大小与物体的质量、温度、状态有关，仅凭温度的高低不能判断物体内能的大小，故D错误。
故选：C。
(1)热量是一个过程量，只有在热传递过程中才有热量的吸收和放出，热量的修饰词只能是吸收或放出。
(2)改变内能的方式有：做功和热传递；
(3)发生热传递的条件是物体间或物体的不同部分之间有温度差；
(4)内能的大小与物体的质量、温度、状态有关。
本题考查了内能、温度、热量之间的关系，改变内能的方式以及能量的转化，难度不大。
11.【答案】C
【解析】解：发电机是根据电磁感应原理工作的，发电机工作时，把其它形式的能量，如机械能转化为电能，故A错误，C正确；
电动机是利用通电线圈在磁场里转动的原理工作的，电动机工作时把电能转化为机械能，故BD错误；
故选：C。
根据发电机与电动机的工作原理、它们工作时能量转化情况分析答题。
本题是一道基础题，知道电动机与发电机的工作原理、知道它们工作时能量的转化情况即可正确解题。
12.【答案】D
【解析】解：A、两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向左滑动时，变阻器连入电路中的电阻变大，根据电阻的串联规律，总电阻变大，由欧姆定律I=UR，电路中的电流变小，即电流表示数变小，选项A错误；
B、电路中的电流变小，根据欧姆定律的变形公式U=IR，R1的电压变小，由串联电路电压的规律，电压表示数变大，选项B错误；
C、根据欧姆定律，电压表和电流表示数的比值即变阻器连入电路中的电阻，变大，故选项C错误；
D、根据P=UI，因电流变小，故电路消耗的总功率变小，选项D正确。
故选：D。
A、两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路中的电流，分析将滑动变阻器的滑片P向左滑动时变阻器连入电路中的电阻变化，根据电阻的串联规律判断总电阻变化，由欧姆定律确定电路中的电流变化；
B、根据欧姆定律分析R1的电压变化，由串联电路电压的规律得出电压表示数变化；
C、根据欧姆定律，电压表和电流表示数的比值即变阻器连入电路中的电阻，据此分析；
D、根据P=UI分析电路消耗的总功率变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路的分析。
13.【答案】A
【解析】解：由P=U2R可得，两灯泡电阻分别为R甲=U甲2P甲=(6V)23.6W=10Ω，R乙=U乙2P乙=(6V)26W=6Ω，
A、如果①③为电压表，②为电流表，则两灯串联，由P=I2R，可知甲灯的实际功率比乙灯大，则甲灯比乙灯亮，故A正确；
B、若①②为电压表，③为电流表，则乙灯不发光，故B错误；
C、如果①②为电流表，③为电压表，则甲灯不发光，故C错误；
D、当①③为电流表，②为电压表，两灯泡并联，根据P=U2R可知，乙灯的功率比甲灯大，则乙灯比甲灯亮，故D错误；
故选：A。
先根据R=U2P求得甲、乙两个小灯泡的电阻。
(1)串联电路中各处的电流相等，由P=UI=I2R可知，电阻大的实际功率，灯泡较亮；
(2)并联电路中各支路两端的电压相等，根据P=UI=U2R可知，电阻小的灯泡实际功率大，灯泡较亮。
首先要弄清各表是测哪一部分的，根据所用的知识点，求出两灯的电阻，利用P=U2R和P=I2R是解题的关键。
14.【答案】D
【解析】解：A、由图可知，只闭合S时，3个电阻串联，电压表测R2两端的电压；调节滑动变阻器，电压表示数由0.5V变为1V时，电流表示数变化了0.05A；
则由I=UR 可得R2的阻值：R2=ΔU1ΔI=1V−0.5V0.05A=10Ω；故A正确；
B、只闭合S时，3个电阻串联，电压表示数由0.5V 变为1V时，R2的功率分别为：
P2=U12R2=(0.5V)210Ω=0.025W，P2′=U2′R2=(1V)210Ω=0.1W，
所以，R2的功率变化了0.1W−0.025W=0.075W，故B正确；
C、同时闭合3个开关，电路为R2的简单电路，电压表测量电源电压，则电源电压U=3V；
若闭合S，S1，断开S2，滑动变阻器与R2串联，电压表测R2两端的电压，调节滑动变阻器，使电压表示数为2V，
则此时电路中的电流为：I″=U1″R2=2V10Ω=0.2A，
因串联电路中总电压等于各分电阻两端的电压之和，
所以，U滑=U−U1″=3V−2V=1V，
则此时滑动变阻器的功率：P滑=U滑I″=1V×0.2A=0.2W，故C正确；
D、由图可知，同时闭合开关S、S2，断开S1时，变阻器被短接，两个定值电阻串联，电路总电阻为：R1+R2=UI=3V0.2A=15Ω，
R1阻值为：R1=15Ω−R2=15Ω−10Ω=5Ω，
由图可知，三个开关全闭合时，电路中只有R2连入电路，此时电流表、电压表的测量对象的值最小。电源电压为3V，电路中电流为：I′=UR2=3V10Ω=0.3A，
被测电流、电压均未超电表的最小量程。此时，电压表示数最大为3V；
由图可知，当变阻器与定值电阻全部连入电路时，因为三者是串联，所以电路中的电流会减小；因为串联电路的分压作用，R2两端电压(电压表示数)也会减小，当变阻器连入电路阻值为60Ω时，电压表示数最小为；U2=I″R2=UR1+R2+R滑×R2=3V5Ω+10Ω+60Ω×10Ω=0.4V，即电压表示数的变化范围是0.4V～3V，故D错误。
故选：D。
(1)由图可知：只闭合S，电压表是测量的R2两端的电压，则根据电压表和电流表的示数变化即可利用欧姆定律求出R2电阻值；
(2)电压表示数由0.5V 变为1V时，利用P=U2R 分别求出R2的功率，然后即可得出变化范围；
(3)同时闭合3个开关，电压表测量电源电压，则电压表示数可知电源电压；若闭合S，S1，断开S2，滑动变阻器与R2串联，根据串联电路的特点和欧姆定律求出滑动变阻器的电压和电流，利用P=UI即可求出滑动变阻器的功率；
(4)由图可知，若滑动变阻器的最大阻值为60Ω，由题干可知，根据串联分压原理，电压表的示数的范围即可判断。
本题考查了串联电路的特点以及欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和利用好题干中的条件是关键。
15.【答案】B
【解析】解：
由图乙知，改装后Rg与R0并联，
当通过小量程电流表的电流为满偏电流时，
由I=UR可得，小量程电流表两端的电压：
Ug=IgRg=3×10−3A×10Ω=0.03V；
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R0的电流：
I0=I−Ig=3A−3×10−3A=2.997A，
并联电路中各支路两端的电压相等，所以电阻R0的阻值：
R0=U0I0=UgI0=0.03V2.997A≈0.01Ω。
故选：B。
先根据欧姆定律计算小量程电流表满偏时两端的电压；根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律得出等式即可求出R0的阻值。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，计算过程要注意单位的换算。
16.【答案】AB
【解析】解：A、发光二极管的核心部件是半导体，故A正确；
B、与丝绸摩擦过的玻璃棒可以吸引碎纸屑，则玻璃棒带了电，说明利用摩擦的方法可以使绝缘体带电，故B正确；
C、超导体材料电阻为零，电流通过时没有热效应，不能用来制作电饭锅的电热丝，故C错误；
D、保险丝用电阻率大熔点低的材料制成，这样才能保证在电流过大时及时熔断，对电路起保护作用，故D错误。
故选：AB。
(1)发光二极管是由半导体材料制成的；
(2)用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电，绝缘体可以带电，不易导电；
(3)超导体主要应用在高压输电线上，不能应用在利用电流热效应工作的电器中；
(4)保险丝用电阻率大熔点低的材料制成。
本题考查半导体的作用、超导体的特点、摩擦起电以及保险丝的材料等知识，体现物理知识与生活的密切联系。
17.【答案】BCD
【解析】解：A、闭合开关S，两个灯泡串联，故A错误；
BC、电压表测L1两端的电压；L2两端的电压为2V，根据串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的分电压之和可知，L1两端的电压U1=U−U2=6V−2V=4V，即电压表的示数为4V，故BC正确；
D、断开开关，电压表和L2串联，电压表的示数等于电源电压，电压表的示数是6V，故D正确。
故选：BCD。
由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压；根据串联电路的电压规律可求得L1两端的电压，即电压表的示数。
本题考查电压表的使用和串联电路电压的规律，关键是电压表所测用电器的判断。
18.【答案】BC
【解析】解：A、在液体质量相同、吸收热量相同的情况下，比热容小的物质温度升高的多，所以用比热容小的液体可以使实验现象更明显，故A错误；
B、由图可知，两瓶中电阻丝串联，串联电路各处电流相等，R1>R2，根据控制变量法分析可知可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻大小的关系，故B正确；
C、通电后电流通过电阻丝产生热量越多，煤油的温度升的越高，通过观察温度计的示数大小来判断电流产生的热量的多少，故C正确；
D、比较水和煤油的比热容大小时，烧瓶内分别装有质量相同的水和煤油，要使它们在相同的时间内吸收相同的热量，所以要使两瓶中电阻丝的阻值相同，故D错误。
故选：BC。
(1)在液体质量相同、吸收热量相同的情况下，比热容小的温度变化大，据此进行分析；
(2)由图可知，该电路为串联电路，根据串联电路电流特点后控制变量法分析；
(3)通过观察烧瓶中温度计示数的变化来判断电阻丝发热的多少；
(4)比较水和煤油的比热容大小时，需要控制液体的质量相同，还要使液体相同时间吸热相等。
该题考查了控制变量法和转换法在探究电流产生热量因素的实验中的应用，注意两导体串联时电流相等，导体产生热量的多少是通过温度计示数的变化来反映的。
19.【答案】AC
【解析】解：
(1)由电路图知，当只闭合Sl时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
当滑片P向左移时，变阻器接入电路中的电阻变小，则电路中的总电阻变小，
电源电压不变，由P=U2R可知，电路消耗的电功率变大，故A正确；
电源电压不变，由串联电路的电压特点知，△U1=△U2=△U，△I1=△I2=△I，
由欧姆定律知，△U△I=△U1△I1=R1，所以只闭合S1，将滑片P向右移，两电表的示数变化量之比不变，故D错误；
(2)由电路图知，当只闭合S2时，灯泡L与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
当滑片P向左移时，变阻器R2接入电路中的电阻变小，则电路中的总电阻变小，
电源电压不变，由I=UR可知电路中电流变大，即电流表示数变大；R2接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压原理知R2分得电压变小，即电压表示数变小，故B错误；
再闭合S1，灯泡L与R1并联后再与R2串联，
由电阻并联的特点知，L与R1并联后的总电阻小于L的电阻，而滑片位置不变(即变阻器连入电路的阻值不变)，由串联电路的分压原理知，变阻器分得电压增大，即电压表示数变大，故C正确。
故选：AC。
(1)当只闭合Sl时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据电阻的串联和P=U2R可知电路消耗的电功率变化；
根据串联电路特点和欧姆定律判断两电表的示数的变化量比的变化；
(2)当只闭合S2时，灯泡L与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化；
再闭合S1，灯泡L与R1并联后再与R2串联，由串联和并联电路特点分析电压表示数的变化。
本题是一道动态电路的分析问题，考查了串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，关键是正确分析开关在不同状态下电路的连接方式。
20.【答案】ACD
【解析】解：由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电压表V1测量灯泡两端的电压，电流表测电路电流。
小灯泡的电阻为：RL=U额2P额=(4.8V)21.92W=12Ω；
AB、因为电流表量程为0～0.6A，小灯泡正常发光的电流为：IL=PLUL=1.92W4.8V=0.4A，但电压表V1的量程为0～3V，所以通过小灯泡的最大电流为：I′=ULRL=3V12Ω=0.25A，因此电路最大电流为0.25A，
由I=UR可知电路的总电阻：
R总=UImax=5V0.25A=20Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路的最小阻值：Rmin=R总−R0=20Ω−12Ω=8Ω；
当电压表V2示数为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，小灯泡两端的最小电压为：UL小=U−UV2大=5V−3V=2V，所以电压表V1的范围为2V−3V，故A正确；
所以电路的最小电流：
Imin=UL小RL=2V12Ω=16A≈0.17A，所以电流表的量程为0.17A−0.25A，故B错误；
滑动变阻器接入电路的最大阻值：
Rmax=U大Imin=3V16A=18Ω，
所以滑动变阻器阻值的变化范围是8Ω～18Ω，故C正确；
D、电路消耗的最大总功率：P最大=UImax=5V×0.25A=1.25W，故D正确。
故选：ACD。
由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电压表V1测量灯泡两端的电压，电流表测电路电流；根据RL=U额2P额算出小灯泡的电阻；
(1)根据P=UI算出小灯泡正常发光的电流，但电压表V1的量程为0～3V，由欧姆定律算出通过小灯泡的最大电流，由I=UR算出电路的总电阻，由串联电路电阻的规律算出滑动变阻器接入电路的最小阻值；
当电压表V2示数为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，根据串联电路电压的规律算出小灯泡两端的最小电压，据此判断出电压表V1的范围；由欧姆定律算出电路的最小电流和滑动变阻器接入电路的最大阻值，据此判断出电流表的范围以及滑动变阻器阻值的变化范围；
(2)根据P=UI算出电路消耗的最大总功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的确定小灯泡的最大电流是关键。
21.【答案】分子在永不停息的做无规则运动，“榴莲气味”分子会运动到空气中，所以教室中的同学能够闻到味道
【解析】解：
分子在永不停息的做无规则运动，小懒同学走进教室一坐到座位，同桌就惊呼，又吃榴莲啦！浓重的“臭”味很快充满整个教室，其他同学感到有些“受不了”。
故答案为：分子在永不停息的做无规则运动，“榴莲气味”分子会运动到空气中，所以教室中的同学能够闻到味道。
物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则运动。
此题考查的是扩散现象，是一道联系实际的应用题，难度不大。
22.【答案】931.6 50.8 30.48
【解析】解：由图知，八月末电能表的示数为931.6kW⋅h，而八月初电能表的示数为880.8kW⋅h
小刚家本月用电：W=931.6kW⋅h−880.8kW⋅h=50.8kW⋅h，
小刚家本月应交电费：50.8kW⋅h×0.6元/(kW⋅h)=30.48元。
故答案为：931.6；50.8；30.48。
(1)家庭中某月用电的测量：月末电能表的示数减去月初电能表的示数。电能表读数时注意：最后一位是小数、单位是kW⋅h。
(2)已知每kW⋅h电价，可求本月应交电费。
本题考查家庭消耗电能的测量、电费的计算，属于基础题目。
23.【答案】0.4 6.4
【解析】解：(1)由电路图可知，灯L与R串联，电流表测电路的电流：
小灯泡L标有“8V 3.2W”的字样，表示灯的额定电压为8V，额定功率为3.2W，
由P=UI，灯的额定电流为：
IL=PLUL=3.2W8V=0.45A，
调节电源电压为24V，灯L刚好正常发光，则灯的实际电压为8V，电路的电流为0.4A，
定值电阻R的电压为U′=U−UL=24V−8V=16V；
定值电阻R消耗的功率为：P=U′I=16V×0.4A=6.4W。
故答案为：0.4；6.4。
灯与L串联，电流表测电路的电流；根据小灯泡L标有“8V 3.2W”的字样的含义，根据P=UI得出灯的额定电流，灯在额定电压正常发光，根据欧姆定律和串联电路的规律求出定值电阻R的电压，根据P=UI计算R的电功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图象中获取有效的信息，属于常考题目。
24.【答案】V1、V2、A V1的示数为U，A的示数为UR0，则R1短路；V1的示数为U，A的示数为0，则R2断路
【解析】解：(1)电键S闭合前电路处于断路状态，则所有电表均无示数，当开关闭合后，电路中R1、R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源电压，电流表测电路中电流，由此可知，V1、V2、A示数均变大；
(2)当电键S由断开到闭合时，发现电压表V1、V2的示数始终相同；
若电路发生断路：
当R1断路时，V1无示数，V2测电源电压，故不符合题意；
若R2断路，V1、V2示数均为电源电压，符合题意，此时电路为断路，电流表无示数；
若电路发生短路：
当R1短路时，电路为只有R2的简单电路，V1、V2均测电源电压，符合题意，此时电流表示数根据欧姆定律可得为UR0；
若R2短路，V1也被短路无示数，V2测电源电压，不符合题意；
故可得V1的示数为U，A的示数为UR0，则R1短路；V1的示数为U，A的示数为0，则R2断路。
故答案为：(1)V1、V2、A；(2)V1的示数为U，A的示数为UR0，则R1短路；V1的示数为U，A的示数为0，则R2断路。
先分析电路连接类型及电流表与电压表所测量的物理量，根据开关闭合前后情况分析电表示数；
电路故障有两种情况：短路或断路。电流表示数变大，说明电路电阻减小，所以是某一电阻短路，根据电压表的变化判断短路之处；电流表示数减小为零，说明电路断路，若电压表示数不为零，则与电压表并联的电路断路。
本题主要是电路故障的分析，要注意电路中给出的实验现象，关键能够理解断路和短路的含义。
25.【答案】A 7.5 1.35
【解析】解：(1)闭合开关前，应先将变阻器的滑片移至阻值最大处，即A端；
(2)小灯泡正常工作时的电流约为I=PU=1.5W4.5V≈0.33A；
小灯泡正常发光时，电路中的电流约为I=0.33A，由题意知，此时滑动变阻器接入电路的阻值R滑=10Ω，
则滑动变阻器两端电压约为U滑=IR滑=0.33A×10Ω=3.3V；
电源电压约为U=UL+U滑=4.5V+3.3V=7.8V；
由于灯泡的额定功率小于1.5V，灯泡正常发光时的电流小于0.33A，这电源电压要小于7.8V；灯泡正常发光时，滑动变阻器两端有一定的电压，则电源电压要大于4.5V，由此可知，电源电压应为7.5V；
(3)源电压为7.5V，灯泡正常发光时的电压UL=4.5V，
则灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压：U滑=U−UL=7.5V−4.5V=3V，
电路中的电流I=U滑R滑=3V10Ω=0.3A，则灯泡的额定功率：PL=ULI=4.5V×0.3A=1.35W。
故答案为：A；7.5；1.35。
(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的阻值要调至最大；
(2)由功率的变形公式I=PU求出灯泡正常发光时的电流值；根据灯泡正常发光时滑动变阻器电压大约值、灯泡的电压，由串联电路的特点求出，电源电压大约为多少，然后根据题目所给的电源，确定电源电压值；
(3)由串联电路的特点求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，然后由欧姆定律求出电路电流，最后由公式P=UI求出灯泡的额定功率；
此题是“测定小灯泡的功率”实验，考查了欧姆定律在串联电路中的应用、电功率的计算，有一定的难度。
26.【答案】使水和食用油受热均匀 加热时间 B 水
【解析】解：(1)加热水和煤油时，要用玻璃棒不断的搅拌，这样可以使水和煤油受热均匀；
相同的酒精灯加热相同的时间，酒精灯放出的热量就是相等的，水和食用油吸收的热量也就是相等的，水和食用油吸热的多少是通过加热时间来反映的；
(2)要“比较水和食用油吸热升温特点”就要采用控制变量法，控制热源(酒精灯火焰的大小、与烧杯底的距离)，故A正确；
因为水和食用油的密度是不同的，体积相同时，质量是不同的，故B错误；
(3)从表中数据可知，水和食用油的质量都是60g，加热结束时，加热时间相同，水和食用油吸收的热量相同，食用油的温度和水的温度分别是68℃、45℃，即水的温度变化小，水的吸热能力强。
故答案为：(1)使水和食用油受热均匀；加热时间；(2)B；(3)水。
(1)水和食用油只有受热均匀，我们才可以准确测量液体的温度从而得出水和食用油吸热升温特点；
吸收热量的多少可以用加热时间的长短来体现出来。相同的热源在相同的时间内放出的热量相等，加热时间越长说明吸收热量越多；
(2)“比较水和食用油吸热升温特点”需要控制水和食用油的质量相等，因为水和食用油的密度是不同的，体积相同时，质量是不同的。
(3)认真观察表中数据即可得出结论。
此题考查学生对数据的分析能力，控制变量法是分析数据的常用方法。
27.【答案】比较水和煤油吸收热量的多少 质量 质量相同的不同物质 煤油 A 水 2.1×103J/(kg⋅℃)
【解析】解：(1)实验中，记录加热时间的目的是：比较水和煤油吸收热量的多少；
(2)由表中第1、2次或第3、4次实验数据可知，液体种类和升高的温度都相同而液体质量不同，液体吸收的热量不同，质量越大，吸收的热量越多，由此可得：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的质量有关；
由表中第1、3次或第2、4次实验数据可知，液体质量和升高的温度都相同而液体种类不同，液体吸收的热量不同，由此可得：升高相同的温度时，质量相同的不同物质吸收的热量不同；
(3)由表中实验数据可知，质量相同的水和煤油升高相同的温度，煤油的加热时间短，这说明煤油的吸热能力弱，如果加热相同的时间，质量相同的水和煤油，煤油温度升高的多；
(4)该实验采用了控制变量法；
A.探究电流与电压的关系实验中应用了控制变量法，故A符合题意；
B.探究平面镜成像特点的实验应用了等效替代法，故B不符合题意；
C.伏安法测电阻实验中没有用到控制变量法，故C不符合题意；
D.测小灯泡的电功率实验没有用到控制变量法，故D不符合题意；
故选：A；
(5)由表格数据知质量相同的水和煤油升高相同的温度，水的加热时间为煤油加热时间的2倍，由比较吸热能力的方法知，水的吸热能力强；
根据Q=cmΔt，在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容成正比，故煤油的比热容：
c=12×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)比较水和煤油吸收热量的多少；(2)质量；质量相同的不同物质；(3)煤油；(4)A；(5)水；2.1×103J/(kg⋅℃)。
(1)用相同的电加热器对水和煤油加热，在相等时间内水与煤油吸收的热量相等，加热时间越长，吸收的热量越多，因此可以用加热时间的长短表示由图吸收热量的多少。
(2)根据控制变量法的要求分析题目所给实验序号的实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论。
(3)根据表中实验数据判断哪种物质升高的温度多。
(4)实验应用了控制变量法，分析各实验所采用的方法；
(5)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
根据实验数据小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象得出升高100℃，煤油和水的加热时间，由比较吸热能力的方法回答；根据Q=cmΔt，在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容与正比得出煤油的比热容。
本题考查了实验数据分析，考查了控制变量法的应用，应用控制变量法分析实验数据即可正确解题。
28.【答案】解：
(1)由电路图可知，三个灯泡并联，电流表A测干路中的电流，电流表A1测灯泡L2、L3的电流之和，电流表A2测灯泡L1、L2的电流之和；
根据并联电路的电流规律可知，通过灯泡L1的电流为：I1=IA−IA1=1.5A−0.8A=0.7A；
则通过灯泡L2的电流为：I2=IA2−I1=1.2A−0.7A=0.5A；
(2)将电流表A1和A2分别换成电压表V1和V2后，三个灯泡串联，电压表V1测灯泡L1、L2两端的电压，电压表V2测灯泡L2、L3两端的电压；
一节干电池的电压为1.5V，则4节干电池串联组成的电源电压为：U=4×1.5V=6V；
据串联电路的电压规律可得，灯L1两端的电压为：U1=U−UV2=6V−3V=3V；
灯L2两端的电压为：U2=UV1−U1=5V−3V=2V；
答：(1)通过灯L1、L2的电流分别为0.7A、0.5A。
(2)灯L1、L2两端的电压分别为3V、2V。
【解析】(1)由图可知，闭合开关后，三个灯泡并联，电流表A测干路电流，电流表A1测L2、L3支路的电流之和，电流表A2测L1、L2支路的电流之和；根据并联电路的电流特点结合电流表的示数进行解答。
(2)将电流表A1、A2分别换成电压表V1、V2，闭合开关后，三个灯泡串联，V1测L1、L2两端的电压，V2测灯泡L2、L3两端的电压，根据串联电路的电压特点进行解答。
本题考查了并联电路的电流规律和串联电路的电压规律的综合运用，分析清楚电路结构、熟练应用并联电路的电流规律和串联电路的电压规律是正确解题的关键。
29.【答案】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)因串联电路中各处的电流相等，且变阻器允许通过的最大电流为1A、电流表量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流I大=0.6A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
由欧姆定律可知电路中的总电阻：R=UI大=4.5V0.6A=7.5Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器阻值取得最小值：R2小=R−R1=7.5Ω−5Ω=2.5Ω；
当电压表的示数U2=3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R1两端的电压：U1=U−U2=4.5V−3V=1.5V，
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的最小电流：I小=U1R1=U2R2大，即1.5V5Ω=3VR2大，
解得：R2大=10Ω，
所以，滑动变阻器的变化范围为2.5Ω～10Ω；
(2)当滑动变阻器R2为8Ω时，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中电流表的示数：I=UR1+R2=4.5V5Ω+8Ω926A≈0.35A，
则电压表的示数：U2′=IR2=926A×5Ω≈2.8V。
答：(1)为保护电表，则滑动变阻器的变化范围为2.5Ω～10Ω；
(2)当滑动变阻器R2为8Ω时，电流表、电压表的示数分别为0.35A和2.8V。
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据串联电路的特点结合变阻器允许通过的最大电流、电流表量程确定电路中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器阻值取得最小值；当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器阻值取得最大值，然后得出滑动变阻器的变化范围；
(2)当滑动变阻器R2为8Ω时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中电流表的示数，根据欧姆定律求出电压表的示数。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的得出变阻器接入电路中最大和最小阻值时电表的示数是关键。
30.【答案】解：
先过入射点垂直于界面作出法线，光由水斜射入空气时，折射角大于入射角，由此在法线右侧的空气中画出折射光线，并标出入射角，如图所示：
【解析】光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线。
本题光的折射的作图，关键是掌握好光的折射定律，无论是画反射光线还是折射光线，都需要注意光线的方向和角度的大小。
31.【答案】解：(1)小磁针静止时，N极的指向即为该点磁感线的方向，所以小磁针处的磁感线的方向向右；
(2)在磁体的外部，磁感线从N极发出，回到S极，据此可知通电螺线管左端为N极；
由安培定则可知，螺线管中电流的方向是从螺线管的右端流入，左端流出，因此电源的右端为正极，左端为负极，如下所示：
【解析】根据小磁针的N、S极指向，确定磁感线方向；
根据磁感线的方向确定通电螺线管的磁极；
根据螺线管的N、S极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正、负极。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。
32.【答案】解：根据电路图可知，灯泡L2直接和电源相接，则开关S闭合后，要使灯L1和L2都能发光，两个灯泡一定是并联的。则根据电流流向可知，电流从电源正极经过开关后开始分支，一支经过L2，另一支经过上面圈和L1，然后两路汇合共同回到电源负极，因此下面圈为电压表，如下图所示：
【解析】电压表与被测用电器并联，并且在电路中相当于开路；电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线。
解决本类题的关键是牢记电压表和电流表的正确使用方法，并且能够识别串并联电路。
33.【答案】解：(1)闭合开关，滑动触头P在D位置时，电路为R0的简单电路，此时电路中的电流最大，即：ID=0.9A，
由欧姆定律可得，R0=UID=9V0.9A=10Ω；
(2)P在A位置时，电路中电流IA=0.3A，
电路消耗的总功率：P=UIA=9V×0.3A=2.7W；
(3)P在A、B、C、D位置对应的电流表示数可知：IA
即：10Ω+RCD=9V0.6A，
解得：RCD=5Ω；
同理P在A位置时，R0、RCD、RAB串联，R0+RCD+RAB=UIA，
即：10Ω+5Ω+RAB=9V0.3A，
解得：RAB=15Ω；
电流表示数为0.72A时，电路的总电阻：
R总=UI=9V0.75A=12.5Ω，
R连入电路的阻值：R=R总−R0=12.5Ω−10Ω=2.5Ω
因为AB段和CD段为长度为10cm的均匀电阻丝，阻值与自身长度成正比，
所以：RDCDC=RDEDE，即：5Ω10cm=2.5ΩDE，
解得：DE=5cm，
x=AP=EC+BC+AB=CD−DE+BC+AB=10cm−5cm+10cm+10cm=25cm；
(4)当x=0cm时，即P在移动到A时，电路中电流为0.3A，即坐标点为(0cm、0.3A)
当x=10cm时，即P在B点时，电路中电流为0.6A，即坐标点为(10cm、0.6A)
当x=20cm时，即P从C移动B时，电路中电流不变，大小仍为0.6A；即坐标点为(20cm、0.6A)
当x=30cm时，即P在D点时，电路中电流为0.9A，即坐标点为(30、0.9A)
由此在图象中描点，且P由A移动到B(0−10cm)过程中(0−10cm)，电路中电流I=UR0+RDC+RBP=9V15Ω+RBP，P由C到D(20−30cm)过程中，电路中电流I=UR0+RDP=9V10Ω+RDP，
电流表示数I随x变化的大致关系图为：
答：(1)电阻R0为10Ω；
(2)P在A位置时，电路消耗的总功率为2.7W；
(3)电流表示数为0.72A时，x的值为25cm；
(4)电流表示数I随x变化的大致关系图见解答过程。
【解析】(1)由图甲可知：P在D位置时，只有R0连入电路中，电路中电流最大，根据欧姆定律求出电阻R0；
(2)已知P在A位置时电路中的电流，根据P=UI即可求出电路消耗的总功率；
(3)根据P在A、B、C、D位置对应的电流表示数可知：IA
(4)根据P在A、B、C、D位置对应的电流表示数可知：IA
2023年河北省承德市六校中考物理模拟试卷
1. 如图所示的四种家用电器中，主要是利用电流热效应工作的是( )
A. 微波炉 B. 电风扇
C. 电烤箱 D. 电视机
2. 下列电路图符合电路组成的是( )
A. B.
C. D.
3. 按照物质的空间尺度从小到大的顺序，以下排列正确的是( )
A. 原子、电子、银河系 B. 质子、太阳系、地球
C. 原子核、原子、太阳系 D. 电子、银河系、地球
4. 下列有关电压的说法中，正确的是( )
A. 某电路中有电流，它的两端不一定有电压
B. 某电路两端有电压，电路中一定有电流
C. 自然界中，有的动物本身就可以产生电压，用来自卫
D. 电源是提供电压的装置，不同的电源提供的电压一定是不相同的
5. 当发现有人触电时，下列措施中绝不可以首先施行的是( )
A. 立即切断电源开关
B. 用干燥的木棒将电线挑开
C. 迅速用手将人拉离电线或者用剪刀将电线剪断
D. 紧急呼叫，求援
6. 手机是人们常用的通信工具之一，传送手机间通话和收发信息的是( )
A. 声波 B. 超声波 C. 次声波 D. 微波
7. 为了给载重车称重计费，杨光同学结合所学物理知识，设计了如图所示的计重秤原理图，用它可以测载重车的重力．以下说法正确的是( )
A. 图中称重表只能由电压表改装
B. 在称重读数的过程中，弹簧上面的N板只受两个力而平衡
C. 无论载重车重力如何，弹簧下面的M板对地面的压强不变
D. 载重车的重力越大，相同时间内R1上产生的电热越多
8. 如图所示的电路中，电源两端电压为6V并保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω.当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由b端移到a端的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 电流表和电压表的示数都不变 B. 电压表的示数变大，电流表的示数变小
C. 电压表的示数变化范围为1V～6V D. 电流表的示数变化范围为0.2A～0.6A
9. 下列说法正确的是( )
A. 拿到月球上的物体质量变小
B. 声音是电磁波的一种
C. 热量一定从内能大的物体传递给内能小的物体
D. 物体的运动不需要力来维持
10. 下列关于内能、温度、热量的说法中，正确的是( )
A. 物体的温度越高，所含热量越多
B. 对物体做功，物体内能一定增加
C. 内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体
D. 温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小
11. 下面说法正确的是( )
A. 发电机是利用通电线圈在磁场里转动的原理工作的
B. 电动机是利用电磁感应原理工作的
C. 发电机工作时把机械能转化为电能
D. 电动机工作时把机械能转化为电能
12. 如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P向左滑动电路中的各物理量变化情况是( )
A. 电流表的示数变大
B. 电压表的示数变小
C. 电压表和电流表示数的比值不变
D. 电路消耗的总功率变小
13. 现有甲、乙两个小灯泡，甲灯标有“6V3.6W”、乙灯标有“6V6W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响，将甲乙两灯连接在如图所示电路中，两灯均不会烧坏，①、②、③可能是电流表或电压表，下列说法中正确的是( )
A. 如果①③是电压表，②是电流表，则甲灯比乙灯亮
B. 如果①②是电压表，③是电流表，则乙灯比甲灯亮
C. 如果①②是电流表，③是电压表，则甲灯比乙灯亮
D. 如果①③是电流表，②是电压表，则甲灯比乙灯亮
14. 如图的电路中，已知只闭合S时，调节滑动变阻器，电压表示数由0.5V变为1V时，电流表示数变化了0.05A；同时闭合S、S2，断开S1时，电流表示数为0.2A；同时闭合3个开关，电压表示数为3V。下列说法错误的是( )
A. R2的阻值为10Ω
B. 只闭合S，电压表示数由0.5V变为1V时，R2的功率变化了0.075W
C. 若闭合S、S1断开S2，调节滑动变阻器使电压表示数为2V，此时滑动变阻器功率为0.2W
D. 若滑动变阻器的最大阻值为60Ω，通过调节滑动变阻器及开关，电压表的示数变化范围为0.5V～3V
15. 实验室中所使用的电流表是用小量程电流表改装而成。在图甲中是满偏电流(即指针指到最大刻度时的电流值)为Ig=3mA的电流表，其电阻Rg=10Ω，现借助一个定值电阻Ro把它改装为一个量程为3A的电流表，如图乙所示，下列判断正确的是( )
A. 达到满偏时两端电压0.03 V，R0约100000Ω
B. 达到满偏时两端电压0.03 V，R0约0.01Ω
C. 达到满偏时两端电压3 0V，R0约100000Ω
D. 达到满偏时两端电压3 0V，R0约0.01Ω
16. 下列关于各种材料的说法正确的是( )
A. 发光二极管的核心部件是半导体材料
B. 利用摩擦的方法可以使绝缘材料带电
C. 超导材料可以应用于电饭锅的电热丝
D. 保险丝是由电阻大、熔点高的材料来制成的
17. 如图所示的电路中，闭合开关S，已知电源电压为6V，L2两端的电压为2V，则下列说法正确的是( )
A. 灯泡L1和L2并联
B. 电压表的示数为4V
C. 灯泡L1两端的电压为4V
D. 若断开开关，则电压表示数约为6V
18. 图示是探究“影响电流热效应因素”的实验装置，将R1、R2两电阻丝密封在两只完全相同的烧瓶内，且R1>R2，瓶内装入等质量的煤油，下列说法正确的是( )
A. 烧瓶内选用比热容较大的液体，可使实验现象更明显
B. 该装置可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻大小的关系
C. 实验中通过温度计示数的变化来比较电阻丝产生热量的多少
D. 若要比较水和煤油的比热容大小，只需将一个烧瓶内的煤油换成等质量的水即可
19. 在如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻。若小灯泡的电阻不受温度影响，则以下说法正确的是( )
A. 当只闭合Sl，滑片P向左移，电路消耗的电功率变大
B. 当只闭合S2，滑片P向左移，电压表与电流表的示数变小
C. 先闭合S2，再闭合S1，保持滑片位置不变，电压表示数变大
D. 只闭合S1，将滑片P向右移，两电表的示数变化量之比△U△I变大
20. 如图所示电路中，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程均为0～3V，滑动变阻器的最大值为20Ω，灯L标有“4.8V 1.92W”字样且电阻恒定不变，电源电压为5V且滑片P保持不变。实验操作时在保证电路各元件安全的情况下，滑片P在最大范围内移动，下列说法正确的是( )
A. 电压表V1的示数变化范围是2V～3V B. 电流表的示数变化范围是0.25A−0.4A
C. 滑动变阻器的阻值变化范围是8Ω～18Ω D. 电路消耗的最大功率是1.25W
21. 上课时，经常迟到的小懒同学走进教室一坐到座位，同桌就惊呼，又吃榴莲啦！浓重的“臭”味很快充满整个教室，其他同学感到有些“受不了”，请用分子动理论的知识对该现象进行解释：______。
22. 小刚家的电能表八月初的示数为，八月末的示数如电能表为______ kW⋅h，小刚家本月耗电______ kW⋅h，若每kW⋅h电价为0.6元，小刚家本月应交电费______ 元。
23. 小灯泡L标有“8V 3.2W的字样，如图甲是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图像，现将L连入图乙电路(电源电压可调)。小灯泡正常工作的电流为______ A。闭合开关S后，调节电源电压为24V、灯L刚好正常发光，则定值电阻R消耗的功率为______ W。
24. 在如图所示的电路中，电源电压为U保持不变，电阻R1与R2的阻值相等均为R0。
(1)闭合电键S后，正常情况下示数变大的电表有______ (选填“V1”、“V2”、“A”)。
(2)当电键S由断开到闭合时，发现电压表V1、V2的示数始终相同，故障发生在电阻R1或R2上，其他元件仍保持完好.写出电表V1和A的示数及对应的故障：______ 。
25. 小华同学在“测定小灯泡的电功率”实验中，所用电源电压为4.5V、7.5V和9V中的一个，滑动变阻器上标有“20Ω 2A”字样，小灯泡标有“4.5V”字样，小灯泡的额定功率小于1.5W。他按图连接好电路，先将变阻器的滑片移至______ 端(选填“A”或“B”)，然后闭合开关s，再移动变阻器的滑片P，当小灯泡正常发光时，变阻器的滑片P恰好在中点上(即连入电路的电阻为10Ω)。小华所用的电源电压为______ V，小灯泡的额定功率为______ W。
26. 如图所示是“比较水和食用油吸热升温特点”的实验装置。
物质
质量/g
初始温度/oC
加热时间/min
最后温度/oC
水
60
20
6
45
食用油
60
20
6
68
(1)加热过程中，用搅棒搅动的目的是______ ；水和食用油吸热的多少是通过来反映______ 的(选填“温度计示数的变化”或“加热时间”)。
(2)关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是______ (填字母)；
A.采用相同的加热方法(如酒精灯火焰的大小，与烧杯底的距离等)
B.烧杯中分别装入相同体积的水和食用油
(3)从表中数据可知，______ (选填“水”或“食用油”)吸热的能力更强。
27. 某同学在做“比较不同物质的吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给水和煤油加热，得到的实验数据如表：
物质
次数
质量m/kg
升高的温度Δt/℃
加热时间t/min
水
1
0.1
10
2
2
0.2
10
4
煤油
3
0.1
10
1
4
0.2
10
2
(1)实验中，记录加热时间的目的是：______。
(2)分析第1、2次或第3、4次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的______有关；分析第1、3次或第2、4次实验数据，可以得出的初步结论是：______升高相同的温度时，吸收的热量不同。
(3)如果加热相同的时间，质量相同的水和煤油，______温度升高的多。
(4)下列探究过程中也采用了与本实验研究方法相同的是______。
A.探究电流与电压的关系实验
B.探究平面镜成像的特点
C.伏安法测电阻实验
D.测小灯泡的电功率实验
(5)最终得到水和煤油吸热能力强的是______。煤油的比热容______。
28. 如图所示，闭合开关S后，电流表A的示数为1.5A，电流表A1的示数为0.8A，电流表A2的示数为1.2A，求：
(1)通过灯L1、L2的电流分别是多大？
(2)已知电源由4节干电池串联组成，若将电流表A1和A2分别换成电压表V1和V2后，电压表V1的示数为5V，V2的示数为3V，则灯L1、L2两端的电压分别是多大？
29. 如图所示的电路中，R1=5Ω，滑动变阻器的规格为“1A、20Ω”，电源电压为4.5V并保持不变。电流表量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V。求：
(1)为保护电表，则滑动变阻器的变化范围为多少？
(2)当滑动变阻器R2为8Ω时，电流表、电压表的示数分别为多少？
30. 水池里有盏小射灯，如图1所示，已经画出了小射灯射向水面的一条光线，请完成下列要求：
①画出射入空气的折射光线的大致方向；②标出入射角i。
31. 一个螺线管和一个小磁针放在桌面上，当开关S1闭合后，小磁计N极转向了右方，如图所示，请完成下列要求：
(1)用箭头标出小磁针处的磁感线的方向。
(2)在括号内用“+”、“−”标出电源的正负极。
32. 开关S闭合后，灯L1和L2都能发光，请在如图电路中的圆圈内填上适当的电表(电流表或电压表)．
33. 某控制电路的简化电路图如图甲所示，电路中电源电压恒为9V，R0是定值电阻，R由三段材料不同、横截面积相同且长度均为10cm的均匀导体AB、BC、CD制作而成，其中一段是铜丝，另两段是电阻丝(阻值与自身长度成正比)，和R良好接触并能移动的滑动触头P与挡板连接，挡板可在导轨上自由滑动，铜丝、挡板和导轨的电阻均为零。闭合开关，挡板从右向左移动过程中，P在A、B、C、D位置对应的电流表示数分别是IA=0.3A、IB=0.6A、IC=0.6A、ID=0.9A，求：
(1)电阻R0；
(2)P在A位置时，电路消耗的总功率；
(3)电流表示数为0.72A时，x(P到A的距离)的值；
(4)在乙图中画出P从A端移到D端过程中，电流表示数I随x变化的大致关系图。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、家用微波炉是利用电磁波对食物进行加热的，虽然电磁炉最终把电能转化为内能，但它不是利用电流热效应工作的，，故A错误；
B、电风扇主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故B错误；
C、电烤箱是利用了电流的热效应，来给食物加热的，故C正确；
D、电视机工作时，电能主要转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故D错误。
故选：C。
当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应。一方面，利用电流的热效应可以为人类的生产和生活服务；另一方面，电流的热效应也有一些不利因素。任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应。
利用电流的热效应工作的家用电器工作时，都是电能转化为内能，这是判断的关键。
2.【答案】C
【解析】解：A、选项中缺少用电器，故A错误；
B、选项中电源短路，故B错误；
C、选项具备完整且符合电路要求，故C正确；
D、选项缺少电源，故D错误；
故选：C。
一个正确的电路由电源、导线、开关、用电器组成，而且连接过程中不能出现短路。
本题考查了学生对电路组成的认识，属于基础知识的考查，难度不大。
3.【答案】C
【解析】解：质子和中子组成原子核，电子和原子核构成原子，原子构成分子，分子构成生物体，地球上有很多的生物体和其它物质，地球又是太阳系中的一颗行星，而太阳系只是银河系中的一个星系，根据以上判定可知，ABD错误，C正确。
故选：C。
宇宙是由物质组成的，宇宙中拥有数十亿个星系，银河系是数十亿个星系中的一个，太阳是银河系中几千亿颗恒星中的一员；
太阳周围有八颗行星，地球是其中的一个；
地球及一切天体都是由物质组成的，物体是由分子构成的，分子是由原子构成的，原子是由位于中心的原子核和核外电子构成的。原子核是由质子和中子组成的，质子还可以分成夸克。
解决本题的关键是要弄清楚宏观世界和微观世界的构成，是一道基础题，比较简单。
4.【答案】C
【解析】解：A、某电路中有电流，它的两端一定有电压，故A错误；
B、某电路两端有电压，电路中不一定有电流，要想有电流，电路必须闭合，故B错误；
C、自然界中，有的动物本身就可以产生电压，用来自卫，例如电鳐；故C正确；
D、电源是提供电压的装置，不同的电源提供的电压可能不相同，也可能相同，故D错误．
故选C．
电压是形成电流的原因．
得到持续电流的必要条件：有电压，电路是通路．
本题考查了电源、电压、电流的关系．
有电源才能有电压，有电压不一定有电流；有电流一定有电压，有电压一定有电源．
5.【答案】C
【解析】解：A、当发现有人触电时，应立即切断电源，防止人发生触电，故可行但不符合题意；
B、由于干燥的木棒是绝缘体，所以用干燥的木棒拨开电线，使触电者脱离带电体，故可行但不符合题意；
C、人、剪刀都是导体，若用手去拉触电者或用剪刀剪断电线，则会发生触电事故，故不可行但符合题意；
D、当发现有人触电时，若在其它措施都不适用的情况下，应紧急呼叫、求援，故可行但不符合题意；
故选：C。
触电急救：
①处理原则：迅速切断电源，注意自身安全；
②具体做法：一是切断电源，或者用绝缘棒将电线挑开，尽快使触电者脱离电源；二是尽力抢救；三是发生火灾务必先切断电源再救火。
此题考查了触电事故后应该采取的措施，这是必须掌握的知识，其处理的原则是迅速切断电源，注意自身安全。
6.【答案】D
【解析】解：(1)声音的传播需要介质，声音在真空中不能传播，而传送手机间通话和收发信息有时需要经过真空区，故ABC错误；
(2)电磁波的传播不需要介质，因此手机间通话和收发信息利用的是电磁波，即微波。故D正确。
故选：D。
手机既是电磁波的发射台也是电磁波接收台。
本题主要考查学生对现代传递信息的工具手机的了解和掌握，属于基础的考查。
7.【答案】D
【解析】解：A、由电路图可知，称重表串联在电路中，它是由电流表改装而成的，故A错误；
B、在称重读数的过程中，弹簧上面的N板受到：自身重力、载重汽车压力与弹簧的支持力作用而平衡，故B错误；
C、载重汽车重力越大，弹簧下面的M板对地面的压力越大，对地面的压强越大，故C错误；
D、由电路图可知，载重车的重力越大，电阻R接入电路的阻值越小，电路电流越大，相同时间内R1上产生的电热多，故D正确；
故选D．
(1)分析电路图，根据称重表在电路的连接情况判断是电流表还是电压表；
(2)根据电路中滑片的滑动方向情况对选项逐一分析后，选择正确答案．
此题是一道力学和电学的综合题，注意两点：
(1)称重表与电阻串联，称重表可以是电流表，也可以是电压表，但为电压表时，示数不改变；
(2)如把称重表改成电压表，电压表应与电阻R1并联，这样符合物体越重，示数越大的规律．
8.【答案】C
【解析】解：等效电路图如图所示：
(1)当滑片由b端移到a端的过程中，滑动变阻器的阻值变小，电路中的总电阻变小；
根据I=UR可知可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；
根据U=IR可知，R1两端电压变大，即电压表示数变大。
(2)当滑片在b端时，R1、R2串联，
电路的总电阻为R=R1+R2=10Ω+50Ω=60Ω，
电路中的电流为I=UR=6V60Ω=0.1A，
电压表的示数为U1=IR1=0.1A×10Ω=1V；
(3)当滑片在a端时，电路中只有R1，
此时电路中的电流为I=UR1=6V10Ω=0.6A，
R1两端电压为电源电压，电压表示数为6V。
故滑片由b端移到a端的过程中，电流表的示数变化范围是0.1A～0.6A，
电压表的示数变化范围是1V～6V。
故选：C。
先画出等效电路图，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流；根据滑动变阻器的移动可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律求出电路中电流的变化和电压表的示数变化。根据欧姆定律和串联电路的特点分别求出当滑片在a端、b端时，电流表和电压表的示数，进而得出两表示数的变化范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是滑动变阻器处于不同位置时电路图的辨别和电表量程的判断。
9.【答案】D
【解析】解：A、物体被拿到月球上，位置变了，质量不变，故A错误；
B、声音是由物体振动产生的，电磁波是变化的电流在空间激起的，声音不是电磁波，故B错误；
C、发生热传递时，热量从是从温度高的物体传递给温度低的物体，故C错误；
D、力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持，故D正确；
故选D．
①物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体所含物质的多少有关，与物体的形状、状态、位置和温度无关．
②声音是由物体的振动产生的，电磁波是变化的电流在空间激起的．
③发生热传递的条件是存在温度差．
④力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力的作用，依靠的是物体的惯性．
此题考查质量的特点、声音的产生、热传递的条件以及力与运动的关系，全面掌握基础知识是解决此类问题的关键．
10.【答案】C
【解析】解：A、物体的温度越高，物体具有的内能越多，此时没有发生热传递，没有热量的吸收和放出，不能谈热量，并且热量的修饰词不能是“含有”，故A错误。
B、对物体做功，机械能不一定转化为内能，所以物体的内能不一定增大，故B错误；
C、内能小的物体，可能温度高，所以它可能将热量传递给内能大的物体，故C正确；
D、内能的大小与物体的质量、温度、状态有关，仅凭温度的高低不能判断物体内能的大小，故D错误。
故选：C。
(1)热量是一个过程量，只有在热传递过程中才有热量的吸收和放出，热量的修饰词只能是吸收或放出。
(2)改变内能的方式有：做功和热传递；
(3)发生热传递的条件是物体间或物体的不同部分之间有温度差；
(4)内能的大小与物体的质量、温度、状态有关。
本题考查了内能、温度、热量之间的关系，改变内能的方式以及能量的转化，难度不大。
11.【答案】C
【解析】解：发电机是根据电磁感应原理工作的，发电机工作时，把其它形式的能量，如机械能转化为电能，故A错误，C正确；
电动机是利用通电线圈在磁场里转动的原理工作的，电动机工作时把电能转化为机械能，故BD错误；
故选：C。
根据发电机与电动机的工作原理、它们工作时能量转化情况分析答题。
本题是一道基础题，知道电动机与发电机的工作原理、知道它们工作时能量的转化情况即可正确解题。
12.【答案】D
【解析】解：A、两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向左滑动时，变阻器连入电路中的电阻变大，根据电阻的串联规律，总电阻变大，由欧姆定律I=UR，电路中的电流变小，即电流表示数变小，选项A错误；
B、电路中的电流变小，根据欧姆定律的变形公式U=IR，R1的电压变小，由串联电路电压的规律，电压表示数变大，选项B错误；
C、根据欧姆定律，电压表和电流表示数的比值即变阻器连入电路中的电阻，变大，故选项C错误；
D、根据P=UI，因电流变小，故电路消耗的总功率变小，选项D正确。
故选：D。
A、两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路中的电流，分析将滑动变阻器的滑片P向左滑动时变阻器连入电路中的电阻变化，根据电阻的串联规律判断总电阻变化，由欧姆定律确定电路中的电流变化；
B、根据欧姆定律分析R1的电压变化，由串联电路电压的规律得出电压表示数变化；
C、根据欧姆定律，电压表和电流表示数的比值即变阻器连入电路中的电阻，据此分析；
D、根据P=UI分析电路消耗的总功率变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路的分析。
13.【答案】A
【解析】解：由P=U2R可得，两灯泡电阻分别为R甲=U甲2P甲=(6V)23.6W=10Ω，R乙=U乙2P乙=(6V)26W=6Ω，
A、如果①③为电压表，②为电流表，则两灯串联，由P=I2R，可知甲灯的实际功率比乙灯大，则甲灯比乙灯亮，故A正确；
B、若①②为电压表，③为电流表，则乙灯不发光，故B错误；
C、如果①②为电流表，③为电压表，则甲灯不发光，故C错误；
D、当①③为电流表，②为电压表，两灯泡并联，根据P=U2R可知，乙灯的功率比甲灯大，则乙灯比甲灯亮，故D错误；
故选：A。
先根据R=U2P求得甲、乙两个小灯泡的电阻。
(1)串联电路中各处的电流相等，由P=UI=I2R可知，电阻大的实际功率，灯泡较亮；
(2)并联电路中各支路两端的电压相等，根据P=UI=U2R可知，电阻小的灯泡实际功率大，灯泡较亮。
首先要弄清各表是测哪一部分的，根据所用的知识点，求出两灯的电阻，利用P=U2R和P=I2R是解题的关键。
14.【答案】D
【解析】解：A、由图可知，只闭合S时，3个电阻串联，电压表测R2两端的电压；调节滑动变阻器，电压表示数由0.5V变为1V时，电流表示数变化了0.05A；
则由I=UR 可得R2的阻值：R2=ΔU1ΔI=1V−0.5V0.05A=10Ω；故A正确；
B、只闭合S时，3个电阻串联，电压表示数由0.5V 变为1V时，R2的功率分别为：
P2=U12R2=(0.5V)210Ω=0.025W，P2′=U2′R2=(1V)210Ω=0.1W，
所以，R2的功率变化了0.1W−0.025W=0.075W，故B正确；
C、同时闭合3个开关，电路为R2的简单电路，电压表测量电源电压，则电源电压U=3V；
若闭合S，S1，断开S2，滑动变阻器与R2串联，电压表测R2两端的电压，调节滑动变阻器，使电压表示数为2V，
则此时电路中的电流为：I″=U1″R2=2V10Ω=0.2A，
因串联电路中总电压等于各分电阻两端的电压之和，
所以，U滑=U−U1″=3V−2V=1V，
则此时滑动变阻器的功率：P滑=U滑I″=1V×0.2A=0.2W，故C正确；
D、由图可知，同时闭合开关S、S2，断开S1时，变阻器被短接，两个定值电阻串联，电路总电阻为：R1+R2=UI=3V0.2A=15Ω，
R1阻值为：R1=15Ω−R2=15Ω−10Ω=5Ω，
由图可知，三个开关全闭合时，电路中只有R2连入电路，此时电流表、电压表的测量对象的值最小。电源电压为3V，电路中电流为：I′=UR2=3V10Ω=0.3A，
被测电流、电压均未超电表的最小量程。此时，电压表示数最大为3V；
由图可知，当变阻器与定值电阻全部连入电路时，因为三者是串联，所以电路中的电流会减小；因为串联电路的分压作用，R2两端电压(电压表示数)也会减小，当变阻器连入电路阻值为60Ω时，电压表示数最小为；U2=I″R2=UR1+R2+R滑×R2=3V5Ω+10Ω+60Ω×10Ω=0.4V，即电压表示数的变化范围是0.4V～3V，故D错误。
故选：D。
(1)由图可知：只闭合S，电压表是测量的R2两端的电压，则根据电压表和电流表的示数变化即可利用欧姆定律求出R2电阻值；
(2)电压表示数由0.5V 变为1V时，利用P=U2R 分别求出R2的功率，然后即可得出变化范围；
(3)同时闭合3个开关，电压表测量电源电压，则电压表示数可知电源电压；若闭合S，S1，断开S2，滑动变阻器与R2串联，根据串联电路的特点和欧姆定律求出滑动变阻器的电压和电流，利用P=UI即可求出滑动变阻器的功率；
(4)由图可知，若滑动变阻器的最大阻值为60Ω，由题干可知，根据串联分压原理，电压表的示数的范围即可判断。
本题考查了串联电路的特点以及欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和利用好题干中的条件是关键。
15.【答案】B
【解析】解：
由图乙知，改装后Rg与R0并联，
当通过小量程电流表的电流为满偏电流时，
由I=UR可得，小量程电流表两端的电压：
Ug=IgRg=3×10−3A×10Ω=0.03V；
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R0的电流：
I0=I−Ig=3A−3×10−3A=2.997A，
并联电路中各支路两端的电压相等，所以电阻R0的阻值：
R0=U0I0=UgI0=0.03V2.997A≈0.01Ω。
故选：B。
先根据欧姆定律计算小量程电流表满偏时两端的电压；根据并联电路的电流特点求出通过R0的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律得出等式即可求出R0的阻值。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，计算过程要注意单位的换算。
16.【答案】AB
【解析】解：A、发光二极管的核心部件是半导体，故A正确；
B、与丝绸摩擦过的玻璃棒可以吸引碎纸屑，则玻璃棒带了电，说明利用摩擦的方法可以使绝缘体带电，故B正确；
C、超导体材料电阻为零，电流通过时没有热效应，不能用来制作电饭锅的电热丝，故C错误；
D、保险丝用电阻率大熔点低的材料制成，这样才能保证在电流过大时及时熔断，对电路起保护作用，故D错误。
故选：AB。
(1)发光二极管是由半导体材料制成的；
(2)用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电，绝缘体可以带电，不易导电；
(3)超导体主要应用在高压输电线上，不能应用在利用电流热效应工作的电器中；
(4)保险丝用电阻率大熔点低的材料制成。
本题考查半导体的作用、超导体的特点、摩擦起电以及保险丝的材料等知识，体现物理知识与生活的密切联系。
17.【答案】BCD
【解析】解：A、闭合开关S，两个灯泡串联，故A错误；
BC、电压表测L1两端的电压；L2两端的电压为2V，根据串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的分电压之和可知，L1两端的电压U1=U−U2=6V−2V=4V，即电压表的示数为4V，故BC正确；
D、断开开关，电压表和L2串联，电压表的示数等于电源电压，电压表的示数是6V，故D正确。
故选：BCD。
由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压；根据串联电路的电压规律可求得L1两端的电压，即电压表的示数。
本题考查电压表的使用和串联电路电压的规律，关键是电压表所测用电器的判断。
18.【答案】BC
【解析】解：A、在液体质量相同、吸收热量相同的情况下，比热容小的物质温度升高的多，所以用比热容小的液体可以使实验现象更明显，故A错误；
B、由图可知，两瓶中电阻丝串联，串联电路各处电流相等，R1>R2，根据控制变量法分析可知可以探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻大小的关系，故B正确；
C、通电后电流通过电阻丝产生热量越多，煤油的温度升的越高，通过观察温度计的示数大小来判断电流产生的热量的多少，故C正确；
D、比较水和煤油的比热容大小时，烧瓶内分别装有质量相同的水和煤油，要使它们在相同的时间内吸收相同的热量，所以要使两瓶中电阻丝的阻值相同，故D错误。
故选：BC。
(1)在液体质量相同、吸收热量相同的情况下，比热容小的温度变化大，据此进行分析；
(2)由图可知，该电路为串联电路，根据串联电路电流特点后控制变量法分析；
(3)通过观察烧瓶中温度计示数的变化来判断电阻丝发热的多少；
(4)比较水和煤油的比热容大小时，需要控制液体的质量相同，还要使液体相同时间吸热相等。
该题考查了控制变量法和转换法在探究电流产生热量因素的实验中的应用，注意两导体串联时电流相等，导体产生热量的多少是通过温度计示数的变化来反映的。
19.【答案】AC
【解析】解：
(1)由电路图知，当只闭合Sl时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
当滑片P向左移时，变阻器接入电路中的电阻变小，则电路中的总电阻变小，
电源电压不变，由P=U2R可知，电路消耗的电功率变大，故A正确；
电源电压不变，由串联电路的电压特点知，△U1=△U2=△U，△I1=△I2=△I，
由欧姆定律知，△U△I=△U1△I1=R1，所以只闭合S1，将滑片P向右移，两电表的示数变化量之比不变，故D错误；
(2)由电路图知，当只闭合S2时，灯泡L与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
当滑片P向左移时，变阻器R2接入电路中的电阻变小，则电路中的总电阻变小，
电源电压不变，由I=UR可知电路中电流变大，即电流表示数变大；R2接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压原理知R2分得电压变小，即电压表示数变小，故B错误；
再闭合S1，灯泡L与R1并联后再与R2串联，
由电阻并联的特点知，L与R1并联后的总电阻小于L的电阻，而滑片位置不变(即变阻器连入电路的阻值不变)，由串联电路的分压原理知，变阻器分得电压增大，即电压表示数变大，故C正确。
故选：AC。
(1)当只闭合Sl时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据电阻的串联和P=U2R可知电路消耗的电功率变化；
根据串联电路特点和欧姆定律判断两电表的示数的变化量比的变化；
(2)当只闭合S2时，灯泡L与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化；
再闭合S1，灯泡L与R1并联后再与R2串联，由串联和并联电路特点分析电压表示数的变化。
本题是一道动态电路的分析问题，考查了串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，关键是正确分析开关在不同状态下电路的连接方式。
20.【答案】ACD
【解析】解：由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电压表V1测量灯泡两端的电压，电流表测电路电流。
小灯泡的电阻为：RL=U额2P额=(4.8V)21.92W=12Ω；
AB、因为电流表量程为0～0.6A，小灯泡正常发光的电流为：IL=PLUL=1.92W4.8V=0.4A，但电压表V1的量程为0～3V，所以通过小灯泡的最大电流为：I′=ULRL=3V12Ω=0.25A，因此电路最大电流为0.25A，
由I=UR可知电路的总电阻：
R总=UImax=5V0.25A=20Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路的最小阻值：Rmin=R总−R0=20Ω−12Ω=8Ω；
当电压表V2示数为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，小灯泡两端的最小电压为：UL小=U−UV2大=5V−3V=2V，所以电压表V1的范围为2V−3V，故A正确；
所以电路的最小电流：
Imin=UL小RL=2V12Ω=16A≈0.17A，所以电流表的量程为0.17A−0.25A，故B错误；
滑动变阻器接入电路的最大阻值：
Rmax=U大Imin=3V16A=18Ω，
所以滑动变阻器阻值的变化范围是8Ω～18Ω，故C正确；
D、电路消耗的最大总功率：P最大=UImax=5V×0.25A=1.25W，故D正确。
故选：ACD。
由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电压表V1测量灯泡两端的电压，电流表测电路电流；根据RL=U额2P额算出小灯泡的电阻；
(1)根据P=UI算出小灯泡正常发光的电流，但电压表V1的量程为0～3V，由欧姆定律算出通过小灯泡的最大电流，由I=UR算出电路的总电阻，由串联电路电阻的规律算出滑动变阻器接入电路的最小阻值；
当电压表V2示数为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路电流最小，根据串联电路电压的规律算出小灯泡两端的最小电压，据此判断出电压表V1的范围；由欧姆定律算出电路的最小电流和滑动变阻器接入电路的最大阻值，据此判断出电流表的范围以及滑动变阻器阻值的变化范围；
(2)根据P=UI算出电路消耗的最大总功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的确定小灯泡的最大电流是关键。
21.【答案】分子在永不停息的做无规则运动，“榴莲气味”分子会运动到空气中，所以教室中的同学能够闻到味道
【解析】解：
分子在永不停息的做无规则运动，小懒同学走进教室一坐到座位，同桌就惊呼，又吃榴莲啦！浓重的“臭”味很快充满整个教室，其他同学感到有些“受不了”。
故答案为：分子在永不停息的做无规则运动，“榴莲气味”分子会运动到空气中，所以教室中的同学能够闻到味道。
物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则运动。
此题考查的是扩散现象，是一道联系实际的应用题，难度不大。
22.【答案】931.6 50.8 30.48
【解析】解：由图知，八月末电能表的示数为931.6kW⋅h，而八月初电能表的示数为880.8kW⋅h
小刚家本月用电：W=931.6kW⋅h−880.8kW⋅h=50.8kW⋅h，
小刚家本月应交电费：50.8kW⋅h×0.6元/(kW⋅h)=30.48元。
故答案为：931.6；50.8；30.48。
(1)家庭中某月用电的测量：月末电能表的示数减去月初电能表的示数。电能表读数时注意：最后一位是小数、单位是kW⋅h。
(2)已知每kW⋅h电价，可求本月应交电费。
本题考查家庭消耗电能的测量、电费的计算，属于基础题目。
23.【答案】0.4 6.4
【解析】解：(1)由电路图可知，灯L与R串联，电流表测电路的电流：
小灯泡L标有“8V 3.2W”的字样，表示灯的额定电压为8V，额定功率为3.2W，
由P=UI，灯的额定电流为：
IL=PLUL=3.2W8V=0.45A，
调节电源电压为24V，灯L刚好正常发光，则灯的实际电压为8V，电路的电流为0.4A，
定值电阻R的电压为U′=U−UL=24V−8V=16V；
定值电阻R消耗的功率为：P=U′I=16V×0.4A=6.4W。
故答案为：0.4；6.4。
灯与L串联，电流表测电路的电流；根据小灯泡L标有“8V 3.2W”的字样的含义，根据P=UI得出灯的额定电流，灯在额定电压正常发光，根据欧姆定律和串联电路的规律求出定值电阻R的电压，根据P=UI计算R的电功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图象中获取有效的信息，属于常考题目。
24.【答案】V1、V2、A V1的示数为U，A的示数为UR0，则R1短路；V1的示数为U，A的示数为0，则R2断路
【解析】解：(1)电键S闭合前电路处于断路状态，则所有电表均无示数，当开关闭合后，电路中R1、R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源电压，电流表测电路中电流，由此可知，V1、V2、A示数均变大；
(2)当电键S由断开到闭合时，发现电压表V1、V2的示数始终相同；
若电路发生断路：
当R1断路时，V1无示数，V2测电源电压，故不符合题意；
若R2断路，V1、V2示数均为电源电压，符合题意，此时电路为断路，电流表无示数；
若电路发生短路：
当R1短路时，电路为只有R2的简单电路，V1、V2均测电源电压，符合题意，此时电流表示数根据欧姆定律可得为UR0；
若R2短路，V1也被短路无示数，V2测电源电压，不符合题意；
故可得V1的示数为U，A的示数为UR0，则R1短路；V1的示数为U，A的示数为0，则R2断路。
故答案为：(1)V1、V2、A；(2)V1的示数为U，A的示数为UR0，则R1短路；V1的示数为U，A的示数为0，则R2断路。
先分析电路连接类型及电流表与电压表所测量的物理量，根据开关闭合前后情况分析电表示数；
电路故障有两种情况：短路或断路。电流表示数变大，说明电路电阻减小，所以是某一电阻短路，根据电压表的变化判断短路之处；电流表示数减小为零，说明电路断路，若电压表示数不为零，则与电压表并联的电路断路。
本题主要是电路故障的分析，要注意电路中给出的实验现象，关键能够理解断路和短路的含义。
25.【答案】A 7.5 1.35
【解析】解：(1)闭合开关前，应先将变阻器的滑片移至阻值最大处，即A端；
(2)小灯泡正常工作时的电流约为I=PU=1.5W4.5V≈0.33A；
小灯泡正常发光时，电路中的电流约为I=0.33A，由题意知，此时滑动变阻器接入电路的阻值R滑=10Ω，
则滑动变阻器两端电压约为U滑=IR滑=0.33A×10Ω=3.3V；
电源电压约为U=UL+U滑=4.5V+3.3V=7.8V；
由于灯泡的额定功率小于1.5V，灯泡正常发光时的电流小于0.33A，这电源电压要小于7.8V；灯泡正常发光时，滑动变阻器两端有一定的电压，则电源电压要大于4.5V，由此可知，电源电压应为7.5V；
(3)源电压为7.5V，灯泡正常发光时的电压UL=4.5V，
则灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压：U滑=U−UL=7.5V−4.5V=3V，
电路中的电流I=U滑R滑=3V10Ω=0.3A，则灯泡的额定功率：PL=ULI=4.5V×0.3A=1.35W。
故答案为：A；7.5；1.35。
(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的阻值要调至最大；
(2)由功率的变形公式I=PU求出灯泡正常发光时的电流值；根据灯泡正常发光时滑动变阻器电压大约值、灯泡的电压，由串联电路的特点求出，电源电压大约为多少，然后根据题目所给的电源，确定电源电压值；
(3)由串联电路的特点求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，然后由欧姆定律求出电路电流，最后由公式P=UI求出灯泡的额定功率；
此题是“测定小灯泡的功率”实验，考查了欧姆定律在串联电路中的应用、电功率的计算，有一定的难度。
26.【答案】使水和食用油受热均匀 加热时间 B 水
【解析】解：(1)加热水和煤油时，要用玻璃棒不断的搅拌，这样可以使水和煤油受热均匀；
相同的酒精灯加热相同的时间，酒精灯放出的热量就是相等的，水和食用油吸收的热量也就是相等的，水和食用油吸热的多少是通过加热时间来反映的；
(2)要“比较水和食用油吸热升温特点”就要采用控制变量法，控制热源(酒精灯火焰的大小、与烧杯底的距离)，故A正确；
因为水和食用油的密度是不同的，体积相同时，质量是不同的，故B错误；
(3)从表中数据可知，水和食用油的质量都是60g，加热结束时，加热时间相同，水和食用油吸收的热量相同，食用油的温度和水的温度分别是68℃、45℃，即水的温度变化小，水的吸热能力强。
故答案为：(1)使水和食用油受热均匀；加热时间；(2)B；(3)水。
(1)水和食用油只有受热均匀，我们才可以准确测量液体的温度从而得出水和食用油吸热升温特点；
吸收热量的多少可以用加热时间的长短来体现出来。相同的热源在相同的时间内放出的热量相等，加热时间越长说明吸收热量越多；
(2)“比较水和食用油吸热升温特点”需要控制水和食用油的质量相等，因为水和食用油的密度是不同的，体积相同时，质量是不同的。
(3)认真观察表中数据即可得出结论。
此题考查学生对数据的分析能力，控制变量法是分析数据的常用方法。
27.【答案】比较水和煤油吸收热量的多少 质量 质量相同的不同物质 煤油 A 水 2.1×103J/(kg⋅℃)
【解析】解：(1)实验中，记录加热时间的目的是：比较水和煤油吸收热量的多少；
(2)由表中第1、2次或第3、4次实验数据可知，液体种类和升高的温度都相同而液体质量不同，液体吸收的热量不同，质量越大，吸收的热量越多，由此可得：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的质量有关；
由表中第1、3次或第2、4次实验数据可知，液体质量和升高的温度都相同而液体种类不同，液体吸收的热量不同，由此可得：升高相同的温度时，质量相同的不同物质吸收的热量不同；
(3)由表中实验数据可知，质量相同的水和煤油升高相同的温度，煤油的加热时间短，这说明煤油的吸热能力弱，如果加热相同的时间，质量相同的水和煤油，煤油温度升高的多；
(4)该实验采用了控制变量法；
A.探究电流与电压的关系实验中应用了控制变量法，故A符合题意；
B.探究平面镜成像特点的实验应用了等效替代法，故B不符合题意；
C.伏安法测电阻实验中没有用到控制变量法，故C不符合题意；
D.测小灯泡的电功率实验没有用到控制变量法，故D不符合题意；
故选：A；
(5)由表格数据知质量相同的水和煤油升高相同的温度，水的加热时间为煤油加热时间的2倍，由比较吸热能力的方法知，水的吸热能力强；
根据Q=cmΔt，在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容成正比，故煤油的比热容：
c=12×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)比较水和煤油吸收热量的多少；(2)质量；质量相同的不同物质；(3)煤油；(4)A；(5)水；2.1×103J/(kg⋅℃)。
(1)用相同的电加热器对水和煤油加热，在相等时间内水与煤油吸收的热量相等，加热时间越长，吸收的热量越多，因此可以用加热时间的长短表示由图吸收热量的多少。
(2)根据控制变量法的要求分析题目所给实验序号的实验数据，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论。
(3)根据表中实验数据判断哪种物质升高的温度多。
(4)实验应用了控制变量法，分析各实验所采用的方法；
(5)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
根据实验数据小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象得出升高100℃，煤油和水的加热时间，由比较吸热能力的方法回答；根据Q=cmΔt，在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容与正比得出煤油的比热容。
本题考查了实验数据分析，考查了控制变量法的应用，应用控制变量法分析实验数据即可正确解题。
28.【答案】解：
(1)由电路图可知，三个灯泡并联，电流表A测干路中的电流，电流表A1测灯泡L2、L3的电流之和，电流表A2测灯泡L1、L2的电流之和；
根据并联电路的电流规律可知，通过灯泡L1的电流为：I1=IA−IA1=1.5A−0.8A=0.7A；
则通过灯泡L2的电流为：I2=IA2−I1=1.2A−0.7A=0.5A；
(2)将电流表A1和A2分别换成电压表V1和V2后，三个灯泡串联，电压表V1测灯泡L1、L2两端的电压，电压表V2测灯泡L2、L3两端的电压；
一节干电池的电压为1.5V，则4节干电池串联组成的电源电压为：U=4×1.5V=6V；
据串联电路的电压规律可得，灯L1两端的电压为：U1=U−UV2=6V−3V=3V；
灯L2两端的电压为：U2=UV1−U1=5V−3V=2V；
答：(1)通过灯L1、L2的电流分别为0.7A、0.5A。
(2)灯L1、L2两端的电压分别为3V、2V。
【解析】(1)由图可知，闭合开关后，三个灯泡并联，电流表A测干路电流，电流表A1测L2、L3支路的电流之和，电流表A2测L1、L2支路的电流之和；根据并联电路的电流特点结合电流表的示数进行解答。
(2)将电流表A1、A2分别换成电压表V1、V2，闭合开关后，三个灯泡串联，V1测L1、L2两端的电压，V2测灯泡L2、L3两端的电压，根据串联电路的电压特点进行解答。
本题考查了并联电路的电流规律和串联电路的电压规律的综合运用，分析清楚电路结构、熟练应用并联电路的电流规律和串联电路的电压规律是正确解题的关键。
29.【答案】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)因串联电路中各处的电流相等，且变阻器允许通过的最大电流为1A、电流表量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流I大=0.6A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
由欧姆定律可知电路中的总电阻：R=UI大=4.5V0.6A=7.5Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器阻值取得最小值：R2小=R−R1=7.5Ω−5Ω=2.5Ω；
当电压表的示数U2=3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R1两端的电压：U1=U−U2=4.5V−3V=1.5V，
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的最小电流：I小=U1R1=U2R2大，即1.5V5Ω=3VR2大，
解得：R2大=10Ω，
所以，滑动变阻器的变化范围为2.5Ω～10Ω；
(2)当滑动变阻器R2为8Ω时，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中电流表的示数：I=UR1+R2=4.5V5Ω+8Ω926A≈0.35A，
则电压表的示数：U2′=IR2=926A×5Ω≈2.8V。
答：(1)为保护电表，则滑动变阻器的变化范围为2.5Ω～10Ω；
(2)当滑动变阻器R2为8Ω时，电流表、电压表的示数分别为0.35A和2.8V。
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据串联电路的特点结合变阻器允许通过的最大电流、电流表量程确定电路中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器阻值取得最小值；当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器阻值取得最大值，然后得出滑动变阻器的变化范围；
(2)当滑动变阻器R2为8Ω时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中电流表的示数，根据欧姆定律求出电压表的示数。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的得出变阻器接入电路中最大和最小阻值时电表的示数是关键。
30.【答案】解：
先过入射点垂直于界面作出法线，光由水斜射入空气时，折射角大于入射角，由此在法线右侧的空气中画出折射光线，并标出入射角，如图所示：
【解析】光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线。
本题光的折射的作图，关键是掌握好光的折射定律，无论是画反射光线还是折射光线，都需要注意光线的方向和角度的大小。
31.【答案】解：(1)小磁针静止时，N极的指向即为该点磁感线的方向，所以小磁针处的磁感线的方向向右；
(2)在磁体的外部，磁感线从N极发出，回到S极，据此可知通电螺线管左端为N极；
由安培定则可知，螺线管中电流的方向是从螺线管的右端流入，左端流出，因此电源的右端为正极，左端为负极，如下所示：
【解析】根据小磁针的N、S极指向，确定磁感线方向；
根据磁感线的方向确定通电螺线管的磁极；
根据螺线管的N、S极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正、负极。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。
32.【答案】解：根据电路图可知，灯泡L2直接和电源相接，则开关S闭合后，要使灯L1和L2都能发光，两个灯泡一定是并联的。则根据电流流向可知，电流从电源正极经过开关后开始分支，一支经过L2，另一支经过上面圈和L1，然后两路汇合共同回到电源负极，因此下面圈为电压表，如下图所示：
【解析】电压表与被测用电器并联，并且在电路中相当于开路；电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线。
解决本类题的关键是牢记电压表和电流表的正确使用方法，并且能够识别串并联电路。
33.【答案】解：(1)闭合开关，滑动触头P在D位置时，电路为R0的简单电路，此时电路中的电流最大，即：ID=0.9A，
由欧姆定律可得，R0=UID=9V0.9A=10Ω；
(2)P在A位置时，电路中电流IA=0.3A，
电路消耗的总功率：P=UIA=9V×0.3A=2.7W；
(3)P在A、B、C、D位置对应的电流表示数可知：IA
即：10Ω+RCD=9V0.6A，
解得：RCD=5Ω；
同理P在A位置时，R0、RCD、RAB串联，R0+RCD+RAB=UIA，
即：10Ω+5Ω+RAB=9V0.3A，
解得：RAB=15Ω；
电流表示数为0.72A时，电路的总电阻：
R总=UI=9V0.75A=12.5Ω，
R连入电路的阻值：R=R总−R0=12.5Ω−10Ω=2.5Ω
因为AB段和CD段为长度为10cm的均匀电阻丝，阻值与自身长度成正比，
所以：RDCDC=RDEDE，即：5Ω10cm=2.5ΩDE，
解得：DE=5cm，
x=AP=EC+BC+AB=CD−DE+BC+AB=10cm−5cm+10cm+10cm=25cm；
(4)当x=0cm时，即P在移动到A时，电路中电流为0.3A，即坐标点为(0cm、0.3A)
当x=10cm时，即P在B点时，电路中电流为0.6A，即坐标点为(10cm、0.6A)
当x=20cm时，即P从C移动B时，电路中电流不变，大小仍为0.6A；即坐标点为(20cm、0.6A)
当x=30cm时，即P在D点时，电路中电流为0.9A，即坐标点为(30、0.9A)
由此在图象中描点，且P由A移动到B(0−10cm)过程中(0−10cm)，电路中电流I=UR0+RDC+RBP=9V15Ω+RBP，P由C到D(20−30cm)过程中，电路中电流I=UR0+RDP=9V10Ω+RDP，
电流表示数I随x变化的大致关系图为：
答：(1)电阻R0为10Ω；
(2)P在A位置时，电路消耗的总功率为2.7W；
(3)电流表示数为0.72A时，x的值为25cm；
(4)电流表示数I随x变化的大致关系图见解答过程。
【解析】(1)由图甲可知：P在D位置时，只有R0连入电路中，电路中电流最大，根据欧姆定律求出电阻R0；
(2)已知P在A位置时电路中的电流，根据P=UI即可求出电路消耗的总功率；
(3)根据P在A、B、C、D位置对应的电流表示数可知：IA
(4)根据P在A、B、C、D位置对应的电流表示数可知：IA
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