2023年广东省惠州市博罗县中考物理二模试卷

这是一份2023年广东省惠州市博罗县中考物理二模试卷，共26页。

2023年广东省惠州市博罗县中考物理二模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. “估测”是学习物理的一种常用方法，小涛同学在学校作了以下估测，其中数据与实际最符合的是(    )
A. 一个篮球的质量约为50g
B. 课桌的高度大约是78cm
C. 教室里一盏照明用日光灯正常工作时电流约为5A
D. 教室内气温高达60℃
2. 在同一架钢琴上，弹奏C调“3(mi)”和“1(dou)”这两个音。对于这两个音，以下说法正确的是(    )
A. 音调一定不同 B. 音色一定不同
C. 响度一定不同 D. 音调、音色和响度可能相同
3. 2021年4月17日“月掩火星”现身天空。“月掩火星”实际上是地球、月亮和火星三者在一条直线上而出现的视觉现象。下列光现象中与“月掩火星”奇观成因相同的是(    )
A. 雨后彩虹 B. 手影游戏
C. 折断的钢笔 D. 水中倒影
4. 在生活中根据需要，我们会选择各种各样的工具，如图所示各图中，正常使用时能省力的是(    )
A. 镊子 B. 羊角锤
C. 定滑轮 D. 筷子
5. 2022年11月29日，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号F遥十五运载火箭将“神舟十五
号”载人飞船成功发射，如图所示，下列有关说法正确的是(    )
A. 飞船与火箭分离前，以火箭为参照物，飞船是运动的
B. 宇航员在太空仍具有惯性
C. 飞船加速上升时受到的重力和推力是一对平衡力
D. 科学实验柜由地球运到太空，质量变小



6. 如图所示，用手托着两个鸡蛋匀速升高1m。下列说法正确的是(    )
A. 鸡蛋的重力势能不变
B. 鸡蛋的机械能守恒
C. 鸡蛋处于非平衡状态
D. 手对鸡蛋做了功
7. 煮饺子时，从饺子下锅到煮熟后捞出的过程中，包含很多物理知识，正确的是(    )
A. 饺子刚投入水中，会沉到锅底，这是因为重力小于浮力
B. 加热一段时间后，饺子体积增大，所受到的浮力也会增大
C. 当饺子漂浮在水面上时，它所受到的浮力大于重力
D. 煮熟的饺子会浮起来，是因为饺子所受重力逐渐变小
8. “天宫课堂”第二课于2022年3月23日正式开讲，“太空教师”与地面课堂师生的实时互动交流是通过______ 进行传播的。空间站太阳翼上的太阳能电池板将______ 能转化成电能为空间站供电，电能是______ (选填“一次”或“二次”)能源。
9. 如图是喷气式飞机在飞行时，发动机向后高速喷出气体，飞机获得向前的推力，这说明力的作用是______ 的；飞机机翼获得升力的物理原理是：气体流速越大，气体压强______ (选填“越大”或“越小”)；小华在体育中考选择游泳项目，他游泳时用手向后划水，使他前进的力的施力物体是______ 。

10. 夏日炎炎，“雾炮车”喷洒水雾能净化空气，减少PM2.5等颗粒物的危害，PM2.5是指大气中直径不大于2.5 ______ (填单位)的颗粒物。同时，喷洒水雾还可以降温，这是利用了水雾______ (填物态变化)需要______ 。
11. 如图甲是某人看远处物体时的光路图，由图可知他是______ (选填“近视”或“远视”)眼。若他要选配眼镜镜片进行矫正，应选图______ 。戴上这种眼镜后，相当于眼镜和晶状体组成了一个焦距______ (选填“变小”或“变大”)的凸透镜。

12. 如图甲所示的测电笔使用方法是______ (选填“规范”或“不规范”)的。在如图乙所示是家庭电路的一部分，闭合开关，电灯不亮，用测电笔接触D点时氖管发光，接触E点时不发光，说明D、E间______ ；若测电笔接触A至F各点都发光，说明______ 。


13. 如图所示是探究电流通过导体产生热量多少跟什么因素有关的实验装置。此实验是通过观察______ 来判断电流通过导体产生热量的多少；根据如图所示的连接方式及实验现象可知电流通过导体产生的热量跟______ 有关；若只将图中的R1换成10Ω的电阻，该装置______ (选填“能”或“不能”)探究电流产生的热量与电阻的关系。
14. 注射器针头做得很尖，其目的是______ (填“增大”或“减小”)压强；蛟龙号载人潜水器在下潜海底的过程中，它受到海水的压强将______ (填“变大”、“不变”或“变小”)，当潜入海面下6000m深处时受到海水的压强是______ Pa(ρ海水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)。
15. 如图是一盏挂在天花板上的电灯，O为电灯的重心，请画出它所受力的示意图。


16. 如图所示的a、b是两条由点光源S发出后又经平面镜反射的反射光线。要求：①根据平面镜成像特点画出点光源S；②将光路补充完整。(保留作图痕迹)


17. 请用笔画线当导线，将图中的各元件连成可控制电磁铁磁性强弱的电路。要求：
①闭合开关后处于电磁铁下方的小磁针N极指向向左；
②向右调节滑片P可使电磁铁磁性增强。

18. (1)如图1所示是测量一小木块的长度的示意图，其中______ (选填“甲”或“乙”)刻度尺的摆放是正确的，小木块的长度是______ cm；如图2所示的秒表的示数为______ s。

(2)在“使用天平测量质量”的实验中，小奇选取的天平配备的砝码规格为100g、50g、20g、10g、5g。
①将天平放置于水平台面上，刻度盘指针如图3所示，则应将平衡螺母往______ 调节。
②正确调节后，测量空烧杯的质量。估计空烧杯的质量约30g，则依次往右托盘放入20g和10g砝码后，指针偏向右侧，则应取下10g砝码，加上______ g砝码，同时调节游码，直到天平平衡。最后，测得空烧杯质量为28.0g。
③如图4所示，为测得烧杯和液体的总质量，则杯中液体的质量为______ g。
19. 小明在“探究质量是200g某固体熔化时温度变化规律”时，其实验装置如图甲所示。
(1)请指出装置中存在的一个错误：______ ；
(2)改正错误后，小明进行了正确的操作，得到了物体温度随时间变化的图像如图乙所示，则该物体是______ (选填“晶体”或“非晶体”)，物体熔化后其比热容______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)，物体在第2min时的内能______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)第3min时的内能；
(3)加热过程中，0−2min该物质吸收的热量______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)4−6min吸收的热量。
(4)若在加热6min的过程中完全燃烧了8g的酒精。根据图像信息和相关知识，可估算出此过程中该物质吸热的效率是______ 。[已知该物质的液态的比热容c=4×103J/(kg⋅℃)，酒精的热值为3.0×107J/kg]

20. 如图甲所示，用此电路测量小灯泡的额定功率，实验器材：电压恒为6V的电源、额定电压为2.5V的小灯泡(灯丝电阻约为10Ω)、电流表、电压表、两个滑动变阻器(R1“10Ω 1A”，R2“50Ω 0.5A”)、开关和若干导线。

(1)连接如图甲所示的电路，为完成实验，应选用的滑动变阻器是______ (选填“R1”或“R2”)。
(2)连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移至最______ (选填“左”或“右”)端。闭合开关后，发现小灯泡不亮，两电表指针均有微弱偏转，接下来应______ (选填序号)。
A.检查电路故障
B.换用小量程电表
C.移动滑动变阻器的滑片，观察现象
(3)实验过程中，当滑片在如图甲所示的位置时，电流表的示数如图乙所示，通过小灯泡的电流为______ A；欲使小灯泡正常发光，则应将图甲中的滑片向______ (选填“左”或“右”)调节。
(4)根据实验数据描绘小灯泡的I−U图像如图丙所示。分析图像可知：
①小灯泡的额定功率为______ W；
②当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
21. 如图所示电路中，已知R1的阻值为20Ω，电源电压是3V。当闭合开关S时，电流表的示数为0.1A。
求：(1)电压表的示数；
(2)此时滑动变阻器R2接入电路中的阻值；
(3)移动滑片P使电压表示数为1V，通电100s整个电路消耗的电能。


22. 某型号家用轿车铭牌上的部分参数如下列表格所示，计算中取ρ汽油=0.7×103kg/m3，g=10N/kg．
出产质量(空油箱)
1165kg
油箱容积
50L
准载人数
5人
发动机额定功率
30kW
燃油型号
93
每个轮胎与地面的接触面积
0.03m2
求：(1)该车一次最多加油的质量．
(2)空车加满油停放在水平路面上时对路面的压强．
(3)该车在额定功率下行驶的s−t关系图象如图所示，计算车此时受到的阻力．

23. 为了研究“阻力对物体运动的影响”，提供如图所示的材料，除此之外提供的铺垫材料还有棉布、毛巾。
(1)每次让小车从同一斜面的同一高度自由下滑，其目的是为了控制小车到达水平面的______ 相同；
(2)在水平桌面上铺垫实验材料的顺序应是______ ；
A.毛巾、棉布、木板
B.木板、毛巾、棉布
C.毛巾、木板、棉布
D.棉布、木板、毛巾
(3)让小车从斜面滑下后沿水平面运动，是为了使小车在竖直方向上受到的______ 力和______ 力相平衡，其作用效果相互抵消，相当于小车只受水平方向上的摩擦力。
(4)小明同学用如图所示的实验装置进行实验时，小车在斜面上滑下时速度变快，受到的摩擦力______ (选填“变小”、“不变”或“变大”)。
(5)在上述实验的基础上，牛顿概括出了著名的牛顿第一定律，在实际生活中有着广泛的应用。一架运输机参加某次救灾时，在沿水平向右做匀速直线运动的过程中，间隔相同时间先后从飞机上依次释放三个相同的物资。若不计空气阻力，且地面水平，在地面上看，能正确表示物资在空中的排列情况和着地位置的图示组合是______

A.①⑥
B.②⑤
C.③④
D.①④
24. 阅读短文，回答问题：
在我国随着人民生活水平的提高，加上“汽车下乡”政策的实施，不少农村家庭都购买了汽车，汽车开始进入普通百姓家庭。家住农村的小明同学家买了一辆崭新的国产“奇瑞风云2”三厢汽车(如图甲)。他高兴极了，把车的里里外外都观察了个够。通过观察，小明发现汽车上的许多部件都用到了物理知识。
(1)汽车的发动机是四冲程汽油机，其中______ 冲程将内能转化为机械能。汽车发动机常用循环流动的水来帮助它散热，主要是利用了水的______ 的特点。
(2)图乙是该车自动测定汽车油箱内油面高度的装置原理图，图乙中的油量表实质是______ (选填“电流表”、“电压表”或“电能表”)改装而成的。
(3)小明发现，汽车装有安全带未系提示系统，当驾驶员坐上驾驶座椅时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起，蜂鸣器发出提示音；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭，蜂鸣器不工作。则下图中，满足设计要求的电路图是______

(4)如图丙所示是智能汽车的后视镜，该后视镜有防雾、除雨露、除冰霜三种功能，且相同时间内需要的热量依次增多，图丁是其原理图。已知车载电源电压恒为12V，电热丝电阻分别为R1=5Ω，R2=10Ω，R3=15Ω。则开关旋至______ (选填“1”、“2”或“3”)挡时，开启除冰霜功能，此时电路消耗的功率是______ W。
25. 阅读短文，回答文后问题：
电磁炉是加热、烹调食物的家用电热炊具，它具有无明火加热，热效率高的特点。

图甲为一种常见的电磁炉，图乙是原理示意图。它主要由线圈、铁芯、石英玻璃灶面、金属锅体、工作电路和控制电路等组成，线圈绕在铁芯上，电磁炉工作电路中的主要器件是变换器，它能变换交流电和直流电。
电磁炉工作时，变换器将家庭电路交流电变换成直流电，再逆变成高频交流电流过线圈，线圈产生变化的磁场，该变化的磁场在锅体的锅底形成感应电流而发热。锅底产生的感应电流具有邻近效应，即锅底靠近线圈时，锅底的感应电流最大，且感应电流随锅体离线圈距离的增大而显著减小。
在电磁炉上使用的锅体担负着能量转化的任务，故对锅体的材料有一定的要求，一般采用磁性的金属材料制成。
(1)下列材料适宜制作电磁炉的烹饪锅的是______；
A.玻璃
B.铜
C.铁
D.陶瓷
(2)用电磁炉炒菜时，离得远的地方也能闻到菜肴的气味，这是______现象；
(3)电磁炉在使用时，锅底内能增大是通过______(选填“做功”或“热传递”)方式实现的；
(4)为了防止石英玻璃灶面温度过高，将一个耐高温的陶瓷支架垫在电磁炉的灶面上，将锅放在支架上，这样电磁炉______(选填“能”或“不能”)正常工作；
(5)电磁炉工作过程中没有运用的工作原理是______；
A.电流的磁效应
B.磁场对电流的作用
C.电磁感应原理
(6)若电路中只让电磁炉(铭牌如图丙所示)单独工作5min，所在电路的电能表(相关参数如图丁所示)的转盘转了500转，则电磁炉消耗的电能为______J，此时工作的实际电压______(选填“大于”“小于”或“等于”)额定电压。
答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：A、一个篮球的质量约为500g，故A不符合实际；
B、课桌的高度大约是78cm，故B符合实际；
C、普通日光灯的额定功率约为40W，正常工作电流约为I=PU=40W220V≈0.18A，故C不符合实际；
D、教室内气温不可能达到60℃，故D不符合实际。
故选：B。
不同物理量的估测，有的需要生活经验，有的需要换算单位，有的需要简单计算，最后判断哪个选项符合实际。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。

2.【答案】A 
【解析】解：由音乐常识可知，3(mi)，1(dou)这两个音阶的音调不同，即1(dou)的音调低，3(mi)的音调高；所以C调“3(mi)”和“1(dou)”这两个音，其音调一定不同，故A正确；
同一架钢琴发出的两个音，其音色一定相同；响度是指声音的大小，这两个音的响度可能相同，故BCD错误。
故选：A。
音调是声音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的品质与特色，根据三个特性的定义和影响因素可做出判断。
本题考查了乐音的三个特征，需要根据响度、音色和音调的定义以及决定因素区分乐音的三个特征，并且要了解一些音乐常识。

3.【答案】B 
【解析】解：“月掩火星”是由于光沿直线传播形成的，
A、雨后彩虹，是光的色散现象，是利用了光的折射，与“月掩火星”的形成原理不同，故A不符合题意；
B、手影游戏是由于光沿直线传播形成的，故B符合题意；
C、折断的钢笔是由于光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，属于光的折射，故C不符合题意；
D、水中的倒影属于平面镜成像，平面镜成像属于光的反射现象，与“月掩火星”的形成原理不同，故D不符合题意。
故选：B。
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
本题考查几种常见的光现象，能利用光学的基本知识解释上述现象的形成原因是解决该题的关键。

4.【答案】B 
【解析】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，正常使用时费力，故A错误；
B、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，正常使用时能省力，故B正确；
C、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，正常使用时既不省力也不费力，故C错误；
D、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，正常使用时费力，故D错误。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

5.【答案】B 
【解析】解：A、火箭和飞船分离前，火箭和飞船的相对位置没有发生变化，故以火箭为参照物，飞船是静止的，故A错误；
B、惯性大小只与物体的质量有关，与位置无关，宇航员在太空仍具有惯性，故B正确；
C、飞船加速上升时是非平衡状态，受到的合力不为0，受到非平衡力作用，故C错误；
D、科学实验柜由地球运到太空，位置变了，但所含物质的多少没有改变，所以其质量不会改变，故D错误。
故选：B。
(1)研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；
(3)物体受平衡力作用时，将处于静止或匀速直线运动状态；
(4)质量是物质的属性，任何物体都具有质量，且质量不随位置、状态、形状、温度的变化而变化。
本题考查质量、运动与静止的描述、平衡状态的判断和惯性的知识，综合性比较强，但难度不大。

6.【答案】D 
【解析】解：A、用手托着两个鸡蛋匀速升高1m，鸡蛋的质量不变，高度增加，重力势能变大，故A错误；
B、鸡蛋匀速升高时，质量不变、速度不变、动能不变；高度增加、重力势能增加，则机械能增大，故B错误；
C、用手托着两个鸡蛋匀速升高时，做的是匀速直线运动，处于平衡状态，故C错误；
D、用手托着两个鸡蛋匀速升高1m，有力作用在鸡蛋上，鸡蛋在力的方向上通过了距离，所以人对鸡蛋做了功，故D正确。
故选：D。
(1)重力势能的大小与物体的质量和高度有关；
(2)机械能包括动能和重力势能；
(3)平衡状态包括静止状态或匀速直线运动状态；
(4)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
本题考查了对机械能变化、平衡状态和力是否做功的判断，有一定综合性，但难度不大。

7.【答案】B 
【解析】解：A、饺子刚下锅时，浮力小于重力，而下沉到锅底，故A错误；
B、加热一段时间后，饺子的体积会增大，根据F浮=ρ水gV排可知，受到的浮力也增大，故B正确；
C、当饺子漂浮在水面上时，它所受到的浮力等于重力，故C错误；
D、饺子在水中煮的时候，质量不变，则重力不变，因为饺子受热膨胀，体积增大，根据F浮=ρ水gV排知，浮力增大，当浮力大于重力时便会浮上来，故D错误。
故选：B。
一切浸在液体或气体中的物体都受到竖直向上的浮力，物体所受浮力的大小既与物体排开液体的体积有关，又与排开液体的密度有关；
物体的沉浮与物体的重力大小以及物体所受浮力的大小无关，它是由物体所受重力与浮力的合力决定。
当合力向上则物体上浮；当合力向下，则物体下沉；当合力为0，则物体处于漂浮或悬浮状态。
此题通过煮饺子的整个过程，考查了对物体浮沉条件、力和运动的关系的掌握及应用，体现了物理与生活的联系，要熟练掌握基础知识，并能用其解决实际问题。

8.【答案】电磁波  太阳  二次 
【解析】解：电磁波的传播不需要介质，且可以传递信息，太空中没有空气，“太空教师”与地面课堂师生的实时互动交流是通过电磁波进行传播的；
空间站太阳翼上的太阳能电池板将太阳能转化成电能为空间站供电；
电能无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，是二次能源。
故答案为：电磁波；太阳；二次。
(1)卫星是通过电磁波来传递信息的；
(2)太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能；
(3)可以从自然界直接获得的能源叫一次能源；无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到的能源叫二次能源。
本题考查了电磁波的传播与应用、能量的转化、能源的分类，属于基础题。

9.【答案】相互  越小  水 
【解析】解：喷气式飞机在飞行时，发动机向后高速喷出气体，飞机向前运动，表明飞机获得向前的推力，这是利用物体间力的作用是相互的。
飞机获得升力的原理是：机翼的上方空气的流速越大，气体压强越小，而机翼下方的空气流速小，压强大，使得飞机受到一个向上的压力，故使飞机获得升力。
手向后划水，手给水一个向后的推力，由于力的作用是相互的，水会给手一个向前的力，使他前进，故使他前进的施力物是水。
故答案为：相互；越小；水。
物体间力的作用是相互的；
对于流体来说，流速越大的地方，压强越小，流速越小的地方，压强越大。
本题考查了物体间力的作用是相互的、流体压强与流速的关系等，是一道综合题，但难度不大。

10.【答案】微米  汽化  吸热 
【解析】解：PM2.5是指大气中直径不大于2.5微米的颗粒物；喷洒水雾还可以降温，这是利用了水雾汽化吸热。
故答案为：微米；汽化；吸热。
汽化指物质由液态转变成气态，汽化要吸热。
本题考查了汽化的特点，属于基础题。

11.【答案】近视  丙  变大 
【解析】解：
由图可知，物体的像成在了视网膜的前面，所以该眼睛是近视眼，需要配戴凹透镜进行矫正；
因为凹透镜的中间薄边缘厚，所以如果他配戴的眼镜镜片应是丙；
凹透镜对光线有发散作用，戴上这种眼镜后，相当于眼镜和晶状体组成了一个焦距变大的凸透镜。
故答案为：近视；丙；变大。
解决此题要知道远视眼是像成在了视网膜的后方，远视要用凸透镜来矫正；中间厚边缘薄的透镜是凸透镜。凸透镜对光线有会聚作用。
此题考查了远视眼的判断及矫正方法，知道凸透镜形状的特点，本题与学生的实际生活联系密切，能够体现从物理走向生活的理念。

12.【答案】不规范  断路  进户线零线断路 
【解析】解：测电笔的作用是辨别火线和零线，使用时手应接触笔尾金属体，所以如图甲所示的使用方法是不规范的；在如图乙中，闭合开关，电灯不亮，接触D点时氖管发光，接触E点时不发光，说明火线有电，零线也正常，故是DE之间断路(或灯泡断路)了；点F在正常情况下，测电笔应该不亮，亮了，说明零线断路了。
故答案为：不规范；断路；进户线零线断路。
测电笔的作用是辨别火线和零线，使用时手应接触笔尾金属体，在正常情况下，开关闭合后，A、B、C、D与火线相通，用测电笔时，应都亮，闭合开关前E、F与零线相通，用测电笔测时，应都不亮。
本题考查了用测电笔检测家庭电路故障的方法。

13.【答案】U形管内的液面高度差  电流  不能 
【解析】解：(1)如图所示是探究电流通过导体产生热量多少跟什么因素有关的实验装置。根据转换法，此实验是通过观察U形管内的液面高度差来判断电流通过导体产生热量的多少；
(2)装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故乙实验可以研究电流产生的热量与电流的关系，
(3)探究电流产生的热量与电阻的关系，要控制电流和通电时间相同，因通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，故若只将图中的R1换成10Ω的电阻，该装置不能探究电流产生的热量与电阻的关系。
故答案为：U形管内的液面高度差；电流；不能。
(1)电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的空气加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；
(2)(3)电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析。
本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律的运用。

14.【答案】增大  变大  6×107 
【解析】解：注射器针头做得很尖，其目的是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。
蛟龙号载人潜水器在下潜到海底的过程中，海水的密度不变，由于深度变大，根据p=ρgh可知所受海水的压强变大；
它潜入海面下6000m深处受到海水的压强：
p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×6000m=6×107Pa；
故答案为：增大；变大；6×107。
(1)增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
(2)下潜过程中，根据p=ρgh分析蛟龙号载人潜水器在下潜到海底的过程中受到海水的压强变化，并求出潜入海面下6000m深处受到海水的压强。
此题主要考查的是学生对增大压强的方法以及液体压强计算公式的理解和掌握，属于基础题目，难度不大。

15.【答案】解：电灯在静止不动，受到重力和拉力是一对平衡力，所以F=G，并且这两个力作用在同一条直线上，方向相反，如图所示：
 
【解析】电灯在静止不动时，受到两个力的作用，一个是自身的重力，一个是灯绳对它的拉力，这两个力是一对平衡力。
力的示意图是用作图的方法表示力的三要素，但在作图前应根据题目需要对物体所受的各个力进行受力分析，这是我们应该掌握的基本技能之一。

16.【答案】解：先将两条反射光线反向延长交于一点S′(即为点光源在平面镜中的像点)，再通过平面镜作出S′的对称点S，即为点光源S的位置，并连接S与两个反射点画出两条入射光线，如图所示：
 
【解析】根据反射光线反向延长过像点，作出发光点的像点S′，再根据平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称作出发光点S的位置，补出入射光线。
本题用到了光的反射定律、反射光线反向延长过像点、像与物关于平面镜对称，提供了两种解题思路：先将反射光线反向延长作像点后由平面镜成像的对称性作发光点或先根据光的反射作出发光点，再根据平面镜成像的对称性作出像点。

17.【答案】解：根据磁极间的作用规律可知，闭合开关后处于电磁铁下方的小磁针N极指向向左，由磁极间的相互作用可知，电磁铁的左端为S极、右端为N极，由安培定则可确定，电流要从蹄形电磁铁的右下端流入，左上端流出。滑片P向右移动，电阻减小，就要选取滑动变阻器右下面的接线柱。故电路图设计如下：
 
【解析】磁针要静止在图示位置，就是间接告诉电磁铁的左端为S极，右端为N极。当变阻器滑片向右移动时，电磁铁的磁性增强，磁性的增强说明了电流要增大，即滑动变阻器接入电路的电阻要减小，即要求P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻要减小，由此选取滑动变阻器的接线柱。
本题考查实物图的连接，关键是知道电磁铁的N、S极，可以利用小磁针来确定，进而利用安培定则来确定电流方向。

18.【答案】乙  1.40  475.3  右  5  34 
【解析】解：(1)刻度尺使用时刻度越贴近物体误差越小，所以乙的放置方法正确；乙刻度尺木块左侧与4.00cm对齐，右侧在5.40cm对齐，所以木块的长度为L=5.40cm−4.00cm=1.40cm；
秒表小盘的分度值是0.5min，指针在7min和8min之间，靠近8min；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在55.3s，因此秒表读数为7min55.3s=475.3s；
(2)①如图甲所示，调节横梁平衡时，指针左偏说明左边重，则平衡螺母应向右调节；
②称量过程中，用镊子夹取砝码，从大到小，最后还要调节游码。所以，应取下10g砝码，加上5g砝码，同时调节游码；
③使用天平称量物体时，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度，如图2所示，标尺的分度值为0.2g。则烧杯和液体的总质量为：50g+10g+2g=62g，则杯中液体的质量为：62g−28.0g=34g。
故答案为：(1)乙；1.40；475.3；(2)①右；②5；③34。
(1)刻度尺的刻度线没有紧贴物体，是使用错误。刻度尺的分度值(即最小刻度值)为相邻的刻度线表示的长度；刻度值读数时，从零刻线开始读，注意要有估读值；
秒表的使用：先按下复位按钮，使分针和秒针都指在零刻线处；按一下开始按钮，指针开始转动，再按一下就停止；读出分针、秒针的读数，就是两次按按钮的间隔时间；
(2)①在调节横梁两端或右端的平衡螺母使天平水平平衡时，若指针左偏，将平衡螺母向右调节，若指针右偏，将平衡螺母向左调节；
②在加减砝码时，一般要按照“由大到小”的顺序试加到最小的砝码后，如果发现仍不平衡，再去调节游码使其平衡；
③物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值。
此题考查的是刻度尺和秒表的分度值及读数以及天平的使用及注意事项，属于基础知识。

19.【答案】温度计玻璃泡没有与被测物体充分接触  晶体  变大  小于  等于  20% 
【解析】解：(1)图中温度计操作的错误是：温度计放的位置不正确，温度计玻璃泡没有与被测物体充分接触；
(2)由图乙可知，第2min时这种物质开始熔化，在第4min熔化结束，该过程中不断吸收热量，但温度保持在80℃不变，故该物体是晶体；
由图乙可知，在0～2min的时间里固态物质升高的温度为Δt1=30℃；在4min−6min的时间里液态物质升高的温度为Δt2=20℃，即Δt1>Δt2；
由Q=cmΔt可知，当吸收的热量和质量都相同时，Δt越大、比热容c就越小，所以这种物质固态时的比热容小于液态时的比热容，则该物体熔化后比热容变大；
由图乙可知：物体在第2～3min时正在熔化，该过程中不断吸收热量，内能变大，即物体在第2min时的内能小于第3min时的内能；
(3)加热过程中，0−2min该物质吸收的热量等于4−6min吸收的热量；
(4)物质的质量m=200g=0.2kg，
由图乙知，在第4min物质的温度为80℃，在第6min的温度为100℃，则：Q吸=cm(t−t0)=4×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(100℃−80℃)=1.6×104J；
8g酒精完全燃烧放出的热量：Q总=m酒精q酒精=8×10−3kg×3.0×107J/kg=2.4×105J；
从第4min到第6min该物质共吸热1.6×104J，由于相同时间吸收的热量是相等的，所以该物质每分钟吸热为0.8×104J，在6min内该物质共吸热6×0.8×104J=4.8×104J；
酒精灯的热转化效率为η=Q吸Q放×100%=4.8×104J2.4×105J×100%=20%。
故答案为：(1)温度计玻璃泡没有与被测物体充分接触；(2)晶体；变大；小于；(3)等于；(4)20%。
(1)在使用温度计时，玻璃泡要与被测物体充分接触；
(2)晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，内能增大；非晶体熔化时，不断吸收热量，温度不断升高；
相同时间内，吸收相同的热量，但温度变化不同，说明温度变化大的比热容小，温度变化小的比热容大；物质吸收热量，内能变大；
(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(4)根据Q吸=cm(t−t0)计算该物质液态时吸收的热量；对酒精灯来说，有用能量为被加热的某种物质吸收的热量，总能量为酒精完全燃烧放出的热量，酒精灯的效率可用公式η=Q吸Q放×100%来计算。
此题是有关晶体熔化图像问题，考查了晶体的熔化过程的特点、比热容的知识、热量的计算及效率的计算，属于中档题。

20.【答案】R2  左  C  0.16  右  0.625  变大 
【解析】解：(1)小灯泡额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω，
则通过小灯泡的电流约为：IL=U额RL=2.5V10Ω=0.25A，
根据串联电路的规律和欧姆定律，当灯正常发光时变阻器连入电路中的电阻：
R滑=U滑I滑=U−U额IL=6V−2.5V0.25A=14Ω>10Ω，故选用“50Ω0.5A”的滑动变阻器R2；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，即最左端；
闭合开关后，两电表指针均有微弱偏转，说明电路为通路，发现小灯泡不亮，为了判断是否有故障，接下来应滑动变阻器滑片，观察现象，故选C；
(3)由图乙可知，电流表选用小量程，由图乙可知，电流表分度值0.02A，其示数为0.16A；小于额定电流，故需要减小滑动变阻器的有效电阻，故滑片右移；
(4)①根据I−U图象可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡额定功率为：
P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
②当电压表的示数增大时，通过灯的电流也变大，根据P=UI，灯的功率变大，灯的温度升高，灯丝的电阻变大，由欧姆定律，电压表与电流表的示数之比即灯的电阻变大。
故答案为：(1)R2；(2)左；C；(3)0.16；右；(4)①0.625；②变大。
(1)根据灯的额定电压为和小灯泡电阻约为10Ω由欧姆定律求灯的额定电流大小，根据串联电路的规律和欧姆定律求当灯正常发光时变阻器连入电路中的电阻，确定选用的滑动变阻器；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处；闭合开关后，小灯泡不亮，两电表指针均有微弱偏转，说明电路为通路，根据小灯泡不亮分析；
(3)确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读数；利用串联分压的原理确定滑片的移动方向；
(4)根据I−U图象确定灯泡额定电压对应的额定电流，根据P=UI算出灯泡的额定功率；
灯丝的电阻随温度升高而变大，结合欧姆定律分析。
本题通过测量小灯泡的额定功率实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、电流表读数、功率的计算、影响电阻大小因素及器材的选择等知识。

21.【答案】解：当闭合开关S时，R1和R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R1两端的电压；
(1)电流表的示数为0.1A，即电路中的电流为I=0.1A，
由欧姆定律可得R1两端的电压：U1=IR1=0.1A×20Ω=2V，
(2)由欧姆定律可得总电阻：R=UI=3V0.1A=30Ω
由串联电路的电阻特点可知R2接入电路中的阻值：R2=R−R1=30Ω−20Ω=10Ω；
(3)移动滑片使电压表示数为1V时，则电路中的电流为：
I′=U1′R1=1V20Ω=0.05A；
通电100s整个电路消耗的电能W=UI′t=3V×0.05A×100s=15J。
答：(1)电压表的示数为2V；
(2)此时滑动变阻器R2接入电路中的阻值为10Ω；
(3)移通电100s整个电路消耗的电能为15J。 
【解析】当闭合开关S时，R1和R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R1两端的电压；
(1)已知此时电流表的示数，即电路中的电流，利用欧姆定律可求出R1两端的电压，即电压表的示数；
(2)利用欧姆定律求出电路的总电阻，再利用串联电路的电阻特点得出R2接入电路中的阻值；
(3)移动滑片使电压表示数为1V时，利用欧姆定律可求出电路中的电流，利用W=UIt求得通电100s整个电路消耗的电能。
本题考查了学生对串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题。

22.【答案】解：(1)由ρ=mV得，该车一次最多加油的质量：
m油=ρ油V油=0.7×103kg/m3×50×10−3m3=35kg；
(2)汽车加满油时的总质量：
m总=m车+m油=1165kg+35kg=1200kg，
空车加满油停放在水平路面上时对路面的压力：
F=G=m总g=1200kg×10N/kg=12000N，
空车加满油停放在水平路面上时对路面的压强：
P=FS=12000N4×0.03m2=1.0×105Pa；
(3)由图象可知，汽车的速度v=st=200m10s=20m/s．
已知额定功率P=30kW=3×104W，由P=Wt=Fst=Fv可得，
F1=Pv=3×104W20m/s=1.5×103N.
由图象可知，汽车匀速运动，则汽车受到的阻力f=F1=1.5×103N. 
【解析】本题综合考查了密度公式的应用，二力平衡条件的应用，压强的计算，功率计算等，也是一道生活中的物理题，有其实用价值．对公式的把握和运用是基础，只要读好题，总体来说本题难度不大．

23.【答案】速度  A  重  支持  不变  A 
【解析】解：(1)根据控制变量法，每次让小车从同一斜面的同一高度自由下滑，其目的是为了控制小车到达水平面的速度相同；
(2)该实验中，平面越光滑，小车运动的距离越长，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，为了在实验的基础上进一步科学推理出物体不受力时的运动状态，应该让接触面逐渐变光滑，即铺垫实验材料的顺序应为毛巾、棉布、木板，故A正确；
故选：A；
(3)让小车从斜面滑下后沿水平面运动，小车在竖直方向上受到的重力和支持力为一对平衡力，其作用效果相互抵消，相当于小车只受水平方向上的摩擦力；
(4)让小车从斜面的顶端由静止滑下，小车在斜面上滑下时速度变快时，由于压力和接触面的粗糙程度不变，小车受到的摩擦力不变；
(5)若不计空气阻力且地面水平，飞机沿水平向右做匀速直线运动时，从飞机上释放三个相同的物资，物体由于惯性，保持原来的运动状态不变，继续向前飞行，三个物体在下落过程中，都是以原来的速度向前运动，三个物体下落间隔的时间相同，因此落到地面上后间隔的距离也相等，所以⑥正确，④⑤错误；
小球受地球引力的作用下，同时向下做自由落体运动，故三个小球下落时，在同一条竖直线上，所以①正确，②③错误。所以A正确，BCD错误。
故选：A。
故答案为：(1)速度；(2)A；(3)重；支持；(4)不变；(5)A。
(1)根据控制变量法，要控制小车到达水平面的速度相同；
(2)平面越光滑，小车运动的距离越长，说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，为了在实验的基础上进一步科学推理出物体不受力时的运动状态，应该让接触面变光滑；
(3)分析小车在水平面运动时，小车在竖直方向上受到的力，根据二力平衡的条件分析；
(4)影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度；
(5)物体保持运动状态不变的性质叫做惯性。相同的物资脱离飞机后，也有惯性，以原来的速度向前运动，据此分析。
本题研究“阻力对物体运动的影响”，主要考查控制变量法和推理法的运用。

24.【答案】做功  比热容大  电流表  B  3  14.4 
【解析】解：(1)汽油机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程，其中做功冲程中，高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，向外提供动力；
因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机常用循环流动的水来帮助散热；
(2)油量表串联在电路中，实际是一电流表改装而成的；
(3)A、由电路图可知，系上安全带时开关S2闭合，会造成电源短路，故A不符合题意；
B、由电路图可知，当乘客坐在副驾驶座椅上时，开关S1闭合，蜂鸣器和指示灯均工作，系上安全带后开关S2闭合，蜂鸣器和指示灯被短路均不工作，此时电路安全，故B符合题意；
C、由电路图可知，只有当乘客坐在副驾驶座椅上且系上安全带时，两开关闭合，蜂鸣器和指示灯才工作，故C不符合题意；
D、由电路图可知，当乘客坐在副驾驶座椅上时，开关S1闭合，蜂鸣器和指示灯均工作，系上安全带后开关S2闭合，蜂鸣器和指示灯仍工作，故D不符合题意；
故选：B；
(4)当旋钮开关接3挡位时，R2接入电路，电阻最小，功率最大，属于除冰霜挡位，则电路消耗的功率为：
P=U2R2=(12V)210Ω=14.4W。
故答案为：(1)做功；比热容大；(2)电流表；(3)B；(4)3；14.4。
(1)汽油机四冲程中的能量转化情况，吸气和排气冲程依靠飞轮的惯性完成，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多；
(2)根据电压表使用时与被测用电器并联、电流表使用时与被测用电器串联判断图中油量表的类型；
(3)当开关S1闭合、S2断开时，指示灯亮，蜂鸣器工作；当开关S1、S2均闭合时，指示灯熄灭，蜂鸣器不工作，此时蜂鸣器和指示灯应被短路，据此进行解答；
(4)根据图丁分析出旋钮开关1挡位时，R1与R3串联，电阻最大，功率最小，属于防雾档；旋钮开关接2挡位时，R3连入电路，由于R3的电阻大于R2，其功率小于R2，属于除雨露挡位；当旋钮开关接3挡位时，R2接入电路，电阻最小，功率最大，属于除冰霜挡位，根据P=U2R2电求出路消耗的功率。
本题通过家用轿车为载体，考查了学生对汽油机四冲程、比热容、电路设计和功率的计算的掌握和应用，综合性较强。

25.【答案】C  扩散  做功  不能  B  6×105  小于 
【解析】解：
(1)由材料中“对锅体的材料有一定的要求，一般采用磁性的金属材料制成”可知，适用于制作电磁炉的烹饪锅的材料是铁，故C正确。
(2)闻到菜肴的气味是因为分子在不停地做无规则运动，这属于扩散现象。
(3)在使用电磁炉时，锅体内能的增加是通过电能转化而来的，该过程是电流做功的过程，故锅体内能的增加是通过做功的方法获得内能的。
(4)锅底产生的感应电流具有邻近效应，即锅底靠近线圈时，锅底的感应电流最大，且感应电流随锅体离线圈距离的增大而显著减小。当锅底离开灶面后，与线圈的距离变大，锅底的感应电流极小，几乎没有热量产生，故不能正常工作。
(5)电磁炉工作时，变换器将家庭电路交流电变换成直流电，再逆变成高频交流电流过线圈，线圈产生变化的磁场，这是电流的磁效应。该变化的磁场在锅体的锅底形成感应电流，这是电磁感应原理，其工作过程中没有用到磁场对电流的作用，故B正确。
(6)电磁炉消耗的电能为：W=5003000kW⋅h=16×3.6×106J=6×105J；
电磁炉消耗的实际电功率为：P′=Wt=6×105J5×60s=2000W，因为实际功率小于额定功率，故实际电压小于额定电压。
故答案为：(1)C；(2)扩散；(3)做功；(4)不能；(5)B；(6)6×105；小于。
(1)(5)电磁炉是利用高频电流在电磁炉内部线圈中产生磁场，磁化铁质铁锅，从而形成无数个小涡流(即电流)，加速锅底分子运动，使锅底自身发热达到加热食品的目的，必须使用铁质锅具才被磁化形成涡流；
(2)分子都在不停地做无规则运动；
(3)改变内能的方法：做功和热传递；
(4)根据感应电流的大小分析；
(6)3000r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3000r，据此求出电能表转盘转了50转，电磁炉消耗的电能；利用P=Wt计算出电磁炉实际功率，根据实际功率和额定功率的大小分析实际电压与额定电压的大小关系。
本题考查了电磁炉的工作原理，明确文中的主要内容是解题的关键。