2023年云南重点大学实验中学中考物理诊断试卷

这是一份2023年云南重点大学实验中学中考物理诊断试卷，共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年云南重点大学实验中学中考物理诊断试卷
一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）
1. 下列估测数据最接近实际的是(    )
A. 做一遍眼保健操的时间约为5min B. 乒乓球的直径约为10cm
C. 人体正常的温度约为39℃ D. 一个苹果的质量约为2kg
2. 下列四个物态变化的实例中，属于吸热现象的是(    )
A. 壶口的“白气” B. 叶子上的露珠
C. 冰雪消融 D. 枝头上的霜
3. 有关电和磁的知识，下列说法正确的是(    )

A. 甲图说明磁体间同名磁极相互吸引
B. 乙图说明通电导体周围存在磁场
C. 丙图说明通电导体在磁场中受到力的作用
D. 丁图的电铃工作原理与电动机工作原理相同
4. 为测出石块的密度，某同学用天平测石块的质量，天平砝码与游码的读数如图乙所示，接着用量筒和水测石块的体积如图丙所示，下列判断正确的是(    )

A. 测量前天平指针如图甲所示，此时应该向右调节平衡螺母
B. 石块的质量为52g
C. 石块的密度是2.4g/cm3
D. 若石块吸水将导致密度的测量值偏小
5. 下列由光的反射形成的光现象是(    )
A. 水中出现桥的倒影
B. 日晷上呈现指针的影子
C. 透过放大镜看到放大的字
D. 幕布上呈现人偶的剪影
6. 中国古代的造纸术、指南针、火药、印刷术“四大发明”影响了世界，现代的“新四大发明：高铁、支付宝、共享单车和网购”改变了中国。关于新的四大发明，下列说法中错误的是(    )


A. 甲图中，高铁站台设置黄色安全线应用到了物理知识：在气体中，流速越大的位置，压强越小
B. 乙图中，支付盒子静止于水平桌面上，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力
C. 丙图中，共享单车的脚踏板上刻有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
D. 丁图中，行驶在平直路面的电动无人快递车关闭电源后会很快停下，说明物体的运动需要力来维持
7. 如图，用此装置提升重物，不计绳重和摩擦，当拉力F=20N时，重50N的物体被匀速提起，10s内物体升高5m，则(    )
A. 有用功是100J
B. 动滑轮重15N
C. 该装置的机械效率为80%
D. 拉力的功率等于30W
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
8. 甲、乙两个电阻的I−U图象如图所示，若把两个电阻串联接在同一电路中，下列说法正确的是(    )

A. 当乙两端电压为2V时，通过电路的电流为0.2A
B. 甲的电阻值大于乙的电阻值
C. 通过甲、乙两个电阻的电流之比是1：1
D. 甲、乙两个电阻的电功率之比是1：9
9. 如图甲所示的电路，电源电压保持不变。电流表的量程是“0～0.6A”，滑动变阻器的规格是“20Ω 2A”，小灯泡L的额定电流是0.5A。将滑片P移到阻值最大端，闭合开关S，发现两个电压表的指针偏转角度相同，如图乙所示。移动滑片P，当小灯泡L正常发光时，其中一个电压表的指针又偏转了13个小格。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是(    )


A. 电路中灯泡与滑动变阻器是并联 B. 小灯泡L的额定功率是1.25W
C. 电路中最大功率是3.6W D. 电压表V2的示数始终是6V
10. 如图，圆柱形容器内装有水，在水面漂浮着一个体积为4.5×10−4m3的冰块，冰块内含有质量为90g的物体，此时冰块有五分之一的体积露出水面。(ρ冰=0.9×103kg/m3)下列说法正确的是(    )
A. 冰块受到的浮力为3.6N B. 冰块浸在水中的体积为360cm3
C. 物体的密度是0.6g/cm3 D. 此时物体的重力等于冰块的浮力
三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）
11. 2023年5月4日在大理举办了“三月三”情歌会，身着白族服装的男女老少载歌载舞走进主会场，婉转悠扬的曲调由远及近，歌会现场热闹非凡。其中“曲调由远及近”，是声音的______ 发生了变化，通过声音的______ 可以判断演唱者是谁。
12. 2023年3月30日，神舟十五号航天员乘组进行了第三次出舱活动。航天员出舱的画面是利用______ 传回地面：砷化镓是______ (选填“导体”“半导体”或“绝缘体”)材料。
13. 小满同学的质量是50kg，她提着装有14kg水的桶去给树苗浇水，已知桶自身质量为1kg，小满双脚站立时与地面的接触面积是260cm2，她提着这桶水在地面上行走时，对地面的压强为______ Pa，此压强的物理意义为______ 。
14. 河北丰宁抽水蓄能电站是2022年中国冬奥会的电力保障项目之一。该电站可以利用风能和光能资源充足时发电获得的部分电能，将水抽到高处变为水的势能储存起来，需要时再利用水的势能发电，从而弥补了风能、光能不稳定且转化的电能难储存的不足，实现风、光与水电的互补，堪称电力系统的巨型“充电宝”。风能和光能是______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源，抽水蓄能可将______ 转化为机械能。
15. 如图是北京冬奥会上亮相的一个可自动测量并上报体温的可穿戴式智能测温设备，简称为“创可贴体温计”。该体温计3h可充满电，充电电压和电流分别是5V、1A，则它充满电后大约储存了______ kW⋅h的电能。充满电后“创可贴体温计”持续工作的时间可以达到10昼夜，则体温计持续工作的功率约为______ W。
16. 在喝饮料时，小满发现一个有趣的现象：当将吸管插入盛有饮料的杯子中后，吸管中饮料的液面总是比杯子中的液面稍稍高出一些，如图甲。小满思考：吸管上方与杯子上的气压相等，为什么吸管内外的液面不相平呢？查阅资料，发现这是生活中非常常见的一种现象——“毛细现象”。当液体和与之接触的固体的相互作用比液体分子之间相互作用强时，液体会润湿固体并附着在固体表面上，发生浸润现象。把一根与液体“浸润”的管子插入液面时，由于与管壁接触的一圈液体分子受到了被管壁向上拉的力，液面与器壁接触的位置就会向上弯曲，如图乙所示，管中的液体由于拉力会出现上升的现象。因此凹形液面对下面的液体产生向上的拉力，使液体沿着细管内壁上升，最终达到平衡而静止，出现管内液面高于管外液面的现象。在微重力环境的空间中，由于没有重力的影响，液面会上升得更高。反之，液体不会润湿固体，也不会附着在固体的表面，就发生不浸润现象。如果把“不浸润”的管子放进液体里，液面会由于毛细现象而下降。

(1)“浸润”现象中，与管壁接触的一圈液体分子之所以受到了被管壁向上拉的力，是由于分子间存在相互作用的______ (选填“引力”或“斥力”)；
(2)“浸润”现象中，液面上升的高度与重力______ (选填“有关”或“无关”)；
(3)把纸巾的一角放入水中，稍后会发现整张纸巾都会变湿，这______ 一种毛细现象(选填“是”或“不是”)；
(4)毛笔笔毛的材料是兽毛，可以被水浸润，书写时墨水能依附笔毛上升。在问天实验舱内微重力的条件下，毛笔______ (选填“可以”或“不可以”)正常书写。
四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17. 请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关和插座正确接入家庭电路。

18. 请在图中将小磁针的北极涂黑，并以“N”表示。



五、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）
19. 在“探究杠杆的平衡条件”实验中。

(1)轻质杠杆静止时如图甲所示，可将左端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使其在水平位置平衡，这样操作的目的是便于测量______ ；
(2)如图乙所示，杠杆上刻度均匀，在A点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂______ 个相同的钩码；
(3)多次实验并记录数据如下表，总结数据得出杠杆的平衡条件是______ (用表中物理量符号表示)；此实验多次测量的目的是______ 。
次数
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
1
4
2
2
2
2
3
1.5
4
3
3
3
3
3
(4)在图乙实验中，当杠杆平衡后，将A、B两点下方同时增加一个相同的钩码，则杠杆将______ (选填“左端下沉”、“右端下沉”或“仍保持静止不动”)；
(5)小明同学完成实验后，认为杠杆平衡的条件还可以是：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离。小华同学为了证明他的结论是错误的，于是做了如图丙的实验。用弹簧测力计竖直地拉着B点，使杠杆在水平位置平衡，然后变成倾斜地拉，仍使杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数将______ (选填“变大”、“不变”或“变小”)；
(6)人类很早以前就会使用杠杆了。如图丁是我们的祖先在建造宫殿时利用杠杆撬动沉重木料时的情景，该杠杆属于______ 杠杆。
20. 如图所示，是“探究凸透镜成像规律”的实验装置，已知使用的凸透镜的焦距为10cm。

(1)实验时，要将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心调到同一______ ：
(2)如图所示，将蜡烛放在光具座30.0cm的位置时，光屏上承接到清晰的实像，______ (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是利用这个成像原理制成的；
(3)保持透镜位置不动，将蜡烛向右移动10cm，光屏移动到______ cm的刻度线处，光屏上再次得到清晰的像；
(4)将蜡烛从光具座52.0cm的位置移动到56.0cm时，可以观察到的像将______ (填“变大”、“变小”或“不变”)。
21. 小华同学按照图甲所示的电路图测量小灯泡在不同电压下的电功率。已知小灯泡的额定电压为2.5V、电源电压恒为4.5V。

(1)连接电路时，开关应处于______ 状态；
(2)电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，而电流表无示数，电压表示数接近于电源电压，则可能的故障是______ ；
(3)排除故障后，小华移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示为______ V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向______ (选填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为2.5V；
(4)闭合开关后，移动滑动变阻器滑片在不同位置，小灯泡I−U图像如图丙所示，小灯泡的额定功率为______ W；
(5)由实验可知，小灯泡的实际功率随实际电压的增大而______ ；
(6)若小灯泡的额定功率P0与某次工作时的实际功率P1满足P0=4P1，则以下关于额定电压U0与实际电压U1的数值关系，你认为最有可能的是______ ；
A.U0=1.5U1
B.U0=2U1
C.U0=3U1
(7)小华同学认为利用该电路，不仅可以测量小灯泡的电功率，还可以用于探究电流与电压的关系，但必须更换其中一个实验器材，你认为该如何更换？______ 。
22. 17世纪时，意大利伟大的物理学家伽利略曾设计过一种温度计，如图甲。其结构为：一根麦秆粗细的玻璃管，一端与球形容器相连，另一端竖直插在水槽中，并使玻璃管内吸入一段水柱，当外界环境温度发生变化时，瓶内空气的体积会发生变化，引起玻璃管内水柱的高度的变化，根据管内水柱的变化，可测出相应的环境温度。小满想探究空气与水哪个受热膨胀更明显，设计了如下的实验装置：在锥形瓶中装满混有少量红墨水的冷开水，用带细玻璃管的橡皮塞密封锥形瓶口，将锥形瓶浸没在水温可设定的加热水壶中如图乙所示。用相同的锥形瓶，在瓶内冷开水上方保留一部分空气，用带细玻璃管的橡皮塞密封锥形瓶口，将锥形瓶浸没在水温可设定的加热水壶中如图丙所示。为了探究空气与水哪个受热膨胀更明显，应该进行的操作是：______ ；如果出现______ 的现象，能初步说明______ 。


六、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
23. 如图甲为某款全自动感应干手器，其工作原理简化图如图乙所示。

(1)控制电路中的电磁继电器主要是利用了电流的______ 效应，当手放到红外线感应区域范围内，R的阻值就会减小，控制电路中的电流______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)，衔铁被吸下，工作电路开始工作。
(2)若工作电路中加热电阻丝阻值为24.2Ω，则工作10s它产生热量为多少J？
(3)若只将感应干手器一个用电器接入电路中，使其正常工作，10s中电能表(如图丙所示)的转盘转了15r，则工作电路中电动机的电功率是多少？
24. 如图甲，神舟十三号航天员翟志刚成功完成出舱全部既定任务，出舱活动取得圆满成功。为了出舱一刻，航天员们都要在地面上经历“魔鬼式训练”。其中模拟失重水槽训练是其中的一项必修课，模拟失重训练水槽的原
理是：通过增减配重和漂浮器，使宇航员悬浮在水中，模拟失重环境的操作效应。如图乙所示，质量为75kg的宇航员，若所带配重及所着模拟宇航服质量为25kg。(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)

求：
(1)宇航员悬浮在水中时，排开水的体积；
(2)宇航员服手腕处有一面小镜子，航天员可以通过它随时察看自己身上的各种开关。当小镜子处于水面以下5m处受到的压强为多大？
(3)宇航员在地面上能举起136N的物体，宇航员在水中能举起质量多大的实心铁球(铁球不露出水面)？(ρ铁=7.8×103kg/m3)
答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：A、播放一遍中学生眼保健操音乐的时间约为5min，此选项符合实际；
B、乒乓球直径约4cm，此选项不符合实际；
C、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，此选项不符合实际；
D、一个苹果的质量约为0.2kg，此选项不符合实际。
故选：A。
此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知。

2.【答案】C 
【解析】解：A、壶口的“白气”，是水蒸气遇冷发生液化形成的，液化放热，故A不合题意；
B、叶子上的露珠是水蒸气遇冷发生液化形成的，液化放热，故B不合题意；
C、冰雪消融是熔化现象，熔化吸热，故C符合题意；
D、枝头上的霜是水蒸气遇冷凝华形成的，凝华放热，故D不合题意。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

3.【答案】B 
【解析】解：A、甲图说明磁体间异名磁极相互吸引，故A错误。
B、乙图说明通电导体周围存在磁场，故B正确。
C、发电机利用电磁感应原理将机械能转化为电能，属于电磁感应，故C错误。
D、电铃的主要元件是电磁铁，电磁铁的原理是电流的磁效应，与电动机的工作原理不同，故D错误。
故选：B。
(1)磁极间的作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
(2)通电导体周围存在磁场，磁体间的相互作用是通过磁场发生的。
(3)发电机的工作原理是电磁感应现象，将机械能转化为电能。
(4)电铃的主要元件是电磁铁，电磁铁的原理是电流的磁效应。
知道电荷间的作用规律、磁极间的作用规律，理解磁场概念，明确发电机的原理、影响通电导体受力方向的因素，可解答此题。

4.【答案】C 
【解析】解：
A、由图甲可知指针偏向分度盘的右侧，所以应向左调节平衡螺母，故A错误；
B、图甲中，天平的标尺的分度值为0.2g，石块的质量m=50g+20g+2g=72g，故B错误；
C、图乙中，水的体积为20cm3，水和石块的总体积为50cm3，
则石块的体积V=50cm3−20cm3=30cm3；
石块的密度为：
ρ=mV=72g30cm3=2.4g/cm3，故C正确；
D、若石块吸水，则导致所测石块和水的总体积偏小，而水的体积是准确的，根据石块体积等于两次量筒示数之差，所以测得石块的体积偏小，会使得石块密度的测量值偏大，故D错误。
故选：C。
(1)天平的正确使用方法，在调节天平平衡时要将平衡螺母向指针偏转的相反方向调节；
(2)天平的读数为砝码质量加游码对应的刻度值；
(3)石块的体积等于水和石块的总体积减去水的体积，根据ρ=mV求出石块的密度。
(4)若石块吸水，分析石块体积测量得偏差情况，根据密度公式判断出密度的偏差。
此题主要考查的是学生对天平和量筒的读数以及密度计算公式的理解和掌握，基础性题目。

5.【答案】A 
【解析】解：A.桥在水中形成的倒影，是平面镜成像，属于光的反射现象，故A正确；
B.日晷面上呈现晷针的影子是光的直线传播形成的，故B错误；
C.透过放大镜看到放大的字，放大镜是凸透镜，对光线具有会聚作用，属于光的折射现象，故C错误；
D.幕布上呈现人偶的剪影是由光的直线传播形成的，故D错误。
故选：A。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。

6.【答案】D 
【解析】解：A、人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人靠太近列车，在较大的压强差作用下很容易被驶过的高铁“吸”近的危险，所以高铁站台设置黄色安全线，故A正确；
B、支付盒子静止于水平桌面上，处于平衡状态，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对平衡力，故B正确；
C、共享单车的脚踏板上刻有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C正确；
D、力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因。行驶在平直路面的电动无人快递车关闭电源后会很快停下，是因为受到摩擦力的作用改变了快递车的运动状态，故D错误。
故选：D。
(1)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(2)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；
(3)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(4)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因。
本题考查了流体压强和流速的关系、增大摩擦的方法、平衡力的辨别，以及力与运动的关系，是一道力学基础知识的综合题，难度不大，易于解答。

7.【答案】D 
【解析】解：A.此过程中做的有用功W有=Gh=50N×5m=250J，
故A不正确；
B.由图可知，该滑轮组动滑轮上有3段绳子承载物重，不计绳重和摩擦，则动滑轮的重力G动=nF−G=3×20N−50N=10N，
故B不正确；
C.绳端移动的距离s=nh=3×5m=15m，
此过程中拉力做的总功W总=Fs=20N×15m=300J，
滑轮组的机械效率η=W 有用W总=250J300J≈83%，
故C不正确；
D.拉力的功率P=W总t=300J10s=30W，
故D正确。
故选：D。
(1)知道物体的重力和提升的高度，根据W=Gh求出有用功；
(2)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力；
(3)根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，利用P=Wt求出拉力的功率；
(4)利用机械效率计算公式求得机械效率。
本题考查了做功公式和滑轮组绳子拉力公式、速度公式、功率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。

8.【答案】BC 
【解析】解：
A、由图象可知，当乙两端电压为2V时，通过乙电流为0.4A，由串联电路的电流特点可知，电路的电流为0.4A，故A错误；
B、由图象可知，通过两电阻的电流与两端的电压成正比，即两电阻是定值电阻，且U甲=U乙=3V时，I甲=0.2A、I乙=0.6A，
由I=UR可得，两电阻的阻值分别为：R甲=U甲I甲=3V0.2A=15Ω，R乙=U乙I乙=3V0.6A=5Ω，
所以甲的电阻值大于乙的电阻值，故B正确；
CD、把两个电阻串联接在同一电路中时，因串联电路中各处的电流相等，
所以通过甲、乙两个电阻的电流之比是1：1，故C正确；
甲、乙两个电阻的电功率之比：P甲P乙=I2R甲I2R乙=R甲R乙=15Ω5Ω=31，故D错误。
故选：BC。
(1)由图象可知通过两电阻的电流与两端的电压成正比即两电阻是定值电阻，从图象中读出任意一点的电流和电压值，根据欧姆定律求出两电阻的阻值，然后比较两电阻的阻值；
(2)根据串联电路的电流特点可知通过两电阻的电流关系，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压关系，根据P=I2R求出两个电阻的电功率之比。
本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象判断出两电阻为定值电阻并读出相关的信息。

9.【答案】BD 
【解析】解：(1)由图甲可知，小灯泡L和滑动变阻器是串联的，其中电流表测电路的电流，电压表V1测小灯泡的电压，电压表V2测总电压，
所以，当滑片P在阻值最大端时，由图乙知，电压表V2的示数是6V，电压表V1的示数是1.2V，
由于电压表V2测总电压，所以，电压表V2的示数始终是6V，故A错误、D正确；
(2)移动滑片P，当小灯泡L正常发光时，其中一个电压表的指针又偏转了13个小格，由于电压表V2的示数不变，只能是电压表V1的指针又偏转了13个小格，而且一定时电压增大了，因为变阻器的电阻变小，电路中的电流变大，导致电压表V1的示数变大，
所以，小灯泡的额定电压：U额=1.2V+0.1V×13=2.5V，
小灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.5A=1.25W，故B正确；
(3)在保证电路安全的情况下，小灯泡L正常发光时，电路中的电流即最大，所以，此时电路的电功率为最大，
P最大=UI额=6V×0.5A=3W，故C错误。
故选：BD。
由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器是串联关系，电压表V1测小灯泡的电压，电压表V2测总电压，所以V1、V2分别选用的小量程和大量程，小量程的分度值是0.1V，大量程的分度值是0.5V，据此读出电压表V1、V2的示数；移动滑片P，电阻变小，电路中电流变大，引起V1示数变大，根据指针偏转的小格，得出小灯泡的额定电压，由P额=U额I额求出小灯泡的额定功率。
本题是电学中动态电路的典型试题，解题的关键是：首先要判断电路的连接方式；知道各电表所测量对应的电流或电压；会判断滑片的移动引起电路中电流、电压的变化；为了保证电路的安全，小灯泡的额定电流即为串联电路中的最大电流。

10.【答案】ABC 
【解析】解：
AB、冰块浸在水中的体积：V浸=V排=V−15V=4.5×10−4m3−15×4.5×10−4m3=3.6×10−4m3=360cm3，故B正确；
则受到的浮力：F浮=ρ水V排g=1×103kg/m3×3.6×10−4m3×10N/kg=3.6N，故A正确；
CD、因为冰块和物体一起处于漂浮状态，所以冰块和物体的总重力：G总=F浮=3.6N，故D错误；
设冰的体积为V冰，物体的体积为V物，
则：V冰+V物=V=4.5×10−4m3-----------①
G冰+G物=G总，
即：ρ冰gV冰+m物g=G总，
则：0.9×103kg/m3×10N/kg×V冰+0.09kg×10N/kg=3.6N------②
解得：V冰=3×10−4m3，V物=1.5×10−4m3，
物体的密度：
ρ物=m物V物=0.09kg1.5×10−4m3=0.6×103kg/m3=0.6g/cm3，故C正确。
故选：ABC。
(1)求出冰块排开水的体积，利用阿基米德原理求受到的浮力；
(2)因为冰块漂浮，利用漂浮条件求冰块重力，设冰的体积为V冰，物体的体积为V物，根据体积关系和重力关系列方程组求出物体的体积，再利用密度公式求物体的密度。
本题为力学综合题，考查了浮力、密度、重力的计算，求出排开水的体积变化量是关键。

11.【答案】响度  音色 
【解析】解：“曲调由远及近”，是声音的响度发生了改变；每个发声体发出的声音的音色是不同的，所以我们通过音色可以判断演唱者是谁。
故答案为：响度；音色。
声音的高低叫音调，音调与发声体振动的频率有关。声音的大小叫响度，响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。每个发声体发出的声音的音色是不同的。
本题考查了声音的特征，属于基础题。

12.【答案】电磁波  半导体 
【解析】解：电磁波可以在真空中传播，电磁波能够传递信息，航天员出舱的画面是利用电磁波传回地面的；导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，砷化镓是半导体材料。
故答案为：电磁波；半导体。
(1)电磁波的传播不需要介质；电磁波能够传递信息；
(2)导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，常见半导体有：锗、硅、砷化镓等。
本题考查了电磁波的传播与应用、半导体等知识，属于基础性题目。

13.【答案】5×104  地面每平方米的面积上所受的压力为5×104N 
【解析】解：(1)小满提着这桶水在地面上行走时，对地面的压力：
F=G总=(m人+m水+m桶)g=(50kg+14kg+1kg)×10N/kg=650N，
行走时的受力面积：
S=12×260cm2=130cm2=1.3×10−2m2，
对地面的压强：
p=FS650N1.3×10−2m2=5×104Pa；
(2)此压强表示的物理意义是：地面每平方米的面积上所受的压力为4000N；
答：5×104；地面每平方米的面积上所受的压力为5×104N。
(1)小满提着这桶水在地面上行走时，对地面的压力等于水桶和自身的重力之和，受力面积为一只脚与地面的接触面积，根据F=G=mg求出其大小，根据p=FS求出对地面的压强。
(2)1Pa表示每平方米受力面积上受到的压力为1N。
本题考查了压强的物理意义和压强的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，要注意人在地面上行走时受力面积为一只脚与地面的接触面积。

14.【答案】可再生  电能 
【解析】解：可以从自然界中源源不断地得到的能源，风能和光能是可再生能源；抽水蓄能是抽水机(电动机)将水送到位置较高的蓄水池存储起来，水的高度增加重力势能变大，所以抽水蓄可将电能转化为机械能。
故答案为：可再生；电能。
(1)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能；
(2)电动机工作时，将电能转化为机械能。
本题考查能源的分类、能量的转化，属于基础性题目。

15.【答案】0.015  6.25×10−2 
【解析】解：体温计满电后储存的电能：W=UIt=5V×1A×3×3600s=5.4×104J=0.015kW⋅h；
体温计持续工作的功率：P=Wt′=0.015kW⋅h10×24h=6.25×10−5kW=6.25×10−2W。
故答案为：0.015；6.25×10−2。
(1)根据W=UIt求出体温计充满电后储存的电能；
(2)根据P=Wt求出体温计持续工作的功率。
本题考查电能的计算以及电功率公式的灵活运用，是一道基础题。

16.【答案】引力  有关  是  可以 
【解析】解：(1)“浸润”现象中，与管壁接触的一圈液体分子之所以受到了被管壁向上拉的力，是由于分子间存在相互作用的引力；
(2)根据文中内容可知，“浸润”现象中，在微重力环境的空间中，由于没有重力的影响，液面会上升得更高，说明液面上升的高度与重力有关；
(3)把纸巾的一角放入水中，由于分子间存在相互作用的引力，会发生“浸润”现象，整张纸巾都会变湿；
(4)毛笔笔毛的材料是兽毛，可以被水浸润，在问天实验舱内微重力的条件下，能发生“浸润”现象，毛笔可以正常书写。
故答案为：(1)引力；(2)有关；(3)是；(4)可以。
(1)分子间存在相互作用的引力和斥力；
(2)(3)(4)浸润现象是由于分子间的引力产生的；根据毛细效应分析。
知道分子间的作用力；知道浸润和不浸润现象以及它们的应用。

17.【答案】解：
(1)灯泡接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上。
(2)两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线；三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。如图所示： 
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上。这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线；三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
本题考查了家庭电路的连接，在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性。

18.【答案】解：由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致，故可标出磁感线的方向，如下图所示：
。 
【解析】由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致，故可标出磁感线的方向。
考查了磁感线的特点。小磁针N极在磁场受力方向与磁感线方向一致。

19.【答案】右  力臂  4  F1l1=F2l2  得出的结论避免偶然性，寻找普遍规律  左端下沉  变大  省力 
【解析】解：(1)杠杆如图甲所示，左端向下倾斜，则重心应向右移动，故应向右调节左端或右端的平衡螺母，使杠杆处于水平位置平衡时，便于我们直接读数力臂大小；
(2)若每个钩码重G，每个小格长L，如图乙所示，杠杆左边A处挂3个相同钩码，要使杠杆在水平位置平衡，
根据杠杆的平衡条件可得，3G×4L=nG×3L，解得n=4，即应在杠杆右边B处挂同样的钩码4个；
(3)根据表格中的实验数据得出，
1N×4cm=2N×2cm，
2N×2cm=1.5N×4cm，
3N×3cm=3N×3cm，
则杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2)；
多次改变力和力臂的大小，得到了多组实验数据，得出了杠杆平衡条件。该实验测量多组数据的目的是得出的结论避免偶然性，寻找普遍规律；
(4)当杠杆平衡后，将A、B两点的钩码同时增加一个钩码，则有4G×4L>5G×3L，左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积，故左端下沉；
(5)弹簧测力计逐渐向右倾斜拉杠杆，阻力和阻力臂不变，拉力的力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大；
(6)由图可知，利用木杆撬动沉重木料时，动力臂大于阻力臂，此杠杆属于省力杠杆。
答案为：(1)右、力臂；(2)4；(3)F1l1=F2l2；得出的结论避免偶然性，寻找普遍规律；(4)左端下沉；(5)变大；(6)省力。
(1)杠杆不在水平平衡时，实验前调为水平位置平衡，以便我们直接读数力臂，支点在杠杆的中点可以消除杠杆的自重；如果杠杆左端向下倾斜，应向右调节左端或右端的平衡螺母；如果杠杆右端向下倾斜，应向左调节左端或右端的平衡螺母；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
(3)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2)；
实验测多组数据的目的是得出的结论更具有普遍性；
(4)根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
(5)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大；
(6)结合图片和生活经验，先判杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算。当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小。

20.【答案】高度  照相机  80.0  变小 
【解析】解：(1)在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度；
(2)由图可知，此时u=30.0cm，v=15.0cm，此时物距大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，应用为照相机；
(3)将蜡烛向右移动10cm，移至40.0cm处，此时u=20.0cm=2f，成倒立等大的实像，所以光屏应该向右移动到80.0cm刻度处；
(4)将蜡烛从光具座52.0cm的位置移动到56.0cm时，物距始终小于焦距，成正立放大的虚像，物距变小，像变小。
故答案为：(1)高度；(2)照相机；(3)80.0；(4)变小。
(1)在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度；
(2)凸透镜的成像规律为：当u>2f时，成倒立缩小的实像，此时f (3)当u=v=2f时，成倒立等大的实像；
(4)凸透镜成虚像时，物距越小，像越小。
此题是探究凸透镜成像的规律实验，要掌握成像特点及物距、像距之间的关系及应用，同时自己做一些总结，更有利于对成像规律的理解和掌握。

21.【答案】断开  小灯泡断路  2.2  B  0.5  变大  C  将灯泡更换为一个阻值大小合适的定值电阻 
【解析】解：(1)连接电路时，开关应处于断开状态；
(2)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的小灯泡断路了；
(3)由图乙可知，电压表选用的是0−3V量程，其最小分度值为0.1V，所以此时电压表的示数为2.2V；此时电压表示数小于小灯泡额定电压2.5V，所以应减小滑动变阻器的分压，即滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
(4)由图丙可知，当电压为2.5V时，对应的电流为0.2A，由P=UI得小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
(5)由图丙I−U图线知，电路中的电流随小灯泡的电压增大而增大，根据P=UI知，小灯泡的实际功率随实际电压的增大而变大；
(6)当P0=4P1时，假设灯泡的电阻不变，根据P=UI=U2R知，此时灯的额定电压应为实际电压的2倍，但实际小灯泡的电阻随温度的升高而变大，所以当实际电压为额定电压的12时，温度变低，这时灯的实际电阻小于灯正常发光时的电阻，则实际电压要小于额定电压的12，即额定电压要大于实际电压的两倍，即U0>2U1，因此U0=3U1比较接近事实，故选：C；
(7)探究电流与电压的关系，要控制电阻的大小不变，而灯的电阻随温度的变化而变化，故应将灯泡更换为一个阻值大小合适的定值电阻。
故答案为：(1)断开；(2)小灯泡断路；(3)2.2；B；(4)0.5；(5)变大；(6)C；(7)将灯泡更换为一个阻值大小合适的定值电阻。
(1)为了保护用电器，连接电路时，开关必须断开；
(2)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的支路断路了；
(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小确定灯的亮度，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
(4)根据绘制成图丙所示的图象知灯的额定电压下的电流大小，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
(5)根据P=UI分析；
(6)根据灯泡的电阻随温度的升高而增大分析当小灯泡的额定功率为实际功率的4倍时电压的大小关系；
(7)探究电流与电压的关系，要控制电阻的大小不变。
本题测量小灯泡电功率的实验，考查电路连接、电路分析、操作过程、功率计算和控制变量法的运用。

22.【答案】升高相同温度时，比较液面上升的高度  丙图中液面变化明显  升高相同温度时，空气的膨胀比水更明显 
【解析】解：在锥形瓶中装满混有少量红墨水的冷开水，用带细玻璃管的橡皮塞密封锥形瓶口，将锥形瓶浸没在水温可设定的加热水壶中如图乙所示。用相同的锥形瓶，在瓶内冷开水上方保留一部分空气，用带细玻璃管的橡皮塞密封锥形瓶口，将锥形瓶浸没在水温可设定的加热水壶中如图丙所示，
为了探究空气与水哪个受热膨胀更明显，应该进行的操作是：升高相同温度时，比较液面上升的高度；
如果出现丙(乙)图中液面变化明显的现象，能初步说明升高相同温度时，空气的膨胀比水更明显；
如果出现乙图中液面变化明显的现象，能初步说明升高相同温度时，水的膨胀比空气更明显。
故答案为：升高相同温度时，比较液面上升的高度；丙图中液面变化明显；升高相同温度时，空气的膨胀比水更明显。
水、空气都具有热胀冷缩的性质，根据受热后体积变化引起玻璃管内液面的变化显示，因而需要测量液面升降的高度来显示体积变化，由此分子即可。
本题探究空气和水的热胀冷缩认识温度计的工作原理，属于综合题目。

23.【答案】磁  增大 
【解析】解：(1)控制电路中的电磁继电器主要是利用了电流的磁效应；
当手放到红外线感应区域范围内，R的阻值就会减小，由I=UR可知，控制电路的电流增大，衔铁被吸下，工作电路开始工作；
(2)因并联电路中各支路两端的电压相等，所以加热电阻丝工作10s产生的热量为：Q=W=U2Rt=(220V)224.2Ω×10s=2×104J；
(3)2500r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500r，
10s中电能表的转盘转了15r，电路消耗的电能为：W=15r2500r/kW⋅h=0.006kW⋅h=2.16×104J，
电路的总功率为：P总=Wt=2.16×104J10s=2160W，
加热电阻丝的功率为：P=U2R=(220V)224.2Ω=2000W，
工作电路中电动机的电功率是：P电动机=P总−P=2160W−2000W=160W。
答：(1)磁；增大；
(2)若工作电路中加热电阻丝阻值为24.2Ω，则工作10s它产生热量为2×104J；
(3)工作电路中电动机的电功率为160W。
(1)电磁继电器是利用电流的磁效应工作的；手伸入舱内，导致电阻R的阻值减小，根据欧姆定律可知控制电路的电流变化；
(2)根据并联电路的电压特点和Q=W=U2Rt求出加热电阻丝工作10s产生的热量；
(3)2500r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500r，据此求转盘转10r时，电路消耗的电能，根据P=Wt算出工作电路中的总功率，根据P=U2R算出加热电阻丝的功率，用总功率减去加热电阻丝的功率算出工作电路中电动机的电功率。
本题考查了电磁继电器的工作原理和电功率公式、电功公式的综合应用等，明白电能表参数的含义较为关键。

24.【答案】解：(1)因为宇航员悬浮，
所以F浮=G总=m人g+m物g=(75kg+25kg)×10N/kg=1000N；
由F浮=ρ水gV排可知，宇航员排开水的体积：
V排=F浮ρ水g=1000N1.0×103kg/m3×10N/kg=0.1m3；
(2)镜子在水面以下5m深时受到水的压强：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×5m=5×104Pa。
(3)设铁球的体积为V，则V排=V，
实心铁球在水中(铁球不露出水面)铁球受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=ρ水gV，
根据G=mg、ρ=mV得铁球受到的重力：
G=mg=ρ铁Vg，
根据力的平衡可得，F+F浮=G铁，
即：F+ρ水gV=ρ铁Vg，
代入数据得，136N+1.0×103kg/m3×10N/kg×V=7.8×103kg/m3×V×10N/kg，
解得：V=2m3，
根据ρ=mV可得铁球的质量：
m=ρ铁V=7.8×103kg/m3×2m3=15.6kg。
答：(1)宇航员悬浮在水中时，排开水的体积为0.1m3；
(2)镜子在水面以下5m深时受到水的压强为5×104Pa；
(3)宇航员在地面上能举起136N的物体，宇航员在水中能举起质量为15.6kg的实心铁球(铁球不露出水面)。 
【解析】(1)知道人和配重的质量，利用重力公式求总重，因为宇航员漂浮，利用物体的漂浮条求宇航员受到的浮力；根据F浮=ρ水gV排求出宇航员排开水的体积；
(2)知道镜子所处的深度，利用液体压强公式求镜子受到水的压强；
(3)根据F浮=ρ水gV排、G=mg、ρ=mV分别列出铁球所受浮力与重力的表达式，根据在地面上能的物体的重力与铁球在水中受到的浮力之和等于铁球的重力列出等式，求得铁球的体积，然后利用密度公式求得其质量。
本题为力学综合题，考查密度公式、浮力公式、重力公式的应用，是一道综合性较强的题目，关键是根据在地面上能的物体的重力与铁球在水中受到的浮力之和等于铁球的重力列出等式，求得铁球的体积。