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2023年江苏省泰州市姜堰区中考物理二模试卷
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这是一份2023年江苏省泰州市姜堰区中考物理二模试卷，共26页。
2023年江苏省泰州市姜堰区中考物理二模试卷
1. “比值定义”法就是用两个或多个物理量之比定义另一个物理量。下列物理量中不是用这种方法定义的是( )
A. 功 B. 压强 C. 比热容 D. 电功率
2. 今年3月，美国罗切斯特大学物理学家RangaDias团队宣称，他们研发的一种镥氮氢材料在近1万个大气压(1GPa)下实现了室温超导，数月后我国南京大学超导研究人员推翻了美国超导室温热研究。即使真的有室温超导体，也不能用它制作( )
A. 家庭电路中的电线 B. 电动机的线圈 C. 电磁铁的线圈 D. 滑动变阻器的线圈
3. 如图所示，是做物理实验时常用的1号干电池。小明对该电池的一些物理量有如下估测：①高度约60mm；②质量约500g；③电压约1.5V；④密度约1g/cm3。其中最符合实际的是( )
A. 只有③
B. ①③
C. ②③
D. ②③④
4. 早在公元前1650年，我国劳动人民就掌握了青铜器铸造技术。用石杓舀出液态铜倒入陶范中冷却成固态，如图所示。下列说法不正确的是( )
A. 用石杓舀出液态铜说明石的熔点比铜的高
B. 液态铜倒入陶范冷却成青铜器是凝华现象
C. 液态铜冷却成青铜器的过程中要放出热量
D. 刚用过的石杓放入水中出现“白气”是液化形成的
5. 如图所示，小明用注射器做了两个小实验。第一次将活塞推到底端后，用橡皮帽堵住小孔，向外拉动活塞要用很大的力；第二次将活塞拉到顶端后，用橡皮帽堵住小孔，向内压活塞，开始较易后来很难。下列分析不正确的是( )
A. 向外拉活塞要用很大的力，是因为大气对活塞有压力
B. 向内压活塞开始较易，是因为气体分子间的空隙很大
C. 向内压活塞后来很难，是因为分子间只有斥力
D. 迅速向内压活塞时，筒内气体的温度会升高，内能会增大
6. 俄乌军事冲突以后，石油、煤、天然气的供应在国际市场上非常紧张，许多国家都在谋求长远的能源出路。下面有关能源的说法正确的是( )
A. 煤、石油、天然气都属于清洁能源 B. 石油、煤、天然气都来自于太阳能
C. 新开发利用的核能属于可再生能源 D. 兴建水电站，是因为水能属于新能源
7. 现代生活离不开电，下列做法符合安全用电规范的是( )
A. 使用测电笔时手指接触笔尾金属电极 B. 用正在充电的手机接听电话
C. 空气开关跳闸后立即合上 D. 雷雨时在开阔地带举着雨伞
8. 据有关媒体报道，我国的第三艘航母将使用电磁弹射，它的弹射车与舰载机的的前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通入强电流时，立即产生强大的推力，使舰载机快速起飞。在图所示的四个实验中，与电磁弹射器的工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
9. 三个相同的磁环a、b、c(质量均为m)套在有木质底座的光滑木杆上，由于磁极间的相互作用，上面两个磁环都悬在空中，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 若c的下面是N极，则a的上面也是N极
B. a对b的磁力与c对b的磁力是一对平衡力
C. c对底座的压力是由于底座的形变产生的
D. 若重力消失，a会竖直向上运动且速度先变大后不变
10. 汽车上的“安全带提醒”电路由电源、蜂鸣器(用电铃符号表示)、保护电阻、开关S1、S2组成。座椅上有人时S1闭合，否则断开；座椅上的人系好安全带时S2断开，否则闭合。有人坐到座椅上未系安全带时蜂鸣器发出“嘀嘀”声提醒，座椅上的人系好安全带时蜂鸣器不响。如图所示的电路图中符合上述要求的是( )
A. B.
C. D.
11. 如图，是建筑工地上常见的一种塔式起重机。某次起重机上的滑轮组将质量为400kg的物体匀速提升9m后，吊臂又在水平面内匀速转动90∘，若滑轮组的机械效率是60%，g取10N/kg。下列分析和计算正确的是( )
A. 滑轮组离O点越远，能吊起的物体重力越大
B. 吊臂转动过程中滑轮组对物体不做功
C. 此次作用在滑轮组绳端的拉力F是2000N
D. 此次滑轮组克服滑轮重力做的额外功是24000J
12. 如图是一种烟雾报警装置，R0是阻值为20Ω的定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随激光的光照强度减弱而增大。当电路中电流小于或等于0.2A时，烟雾报警器报警。开关S闭合后，当电流表示数为0.5A时，光敏电阻R的电功率为1W。下列说法正确的是( )
A. 报警器是电压表，烟雾浓度增大时其示数减小
B. 当电压表示数小于或等于8V时，报警器报警
C. 若将R0换成阻值更小的电阻，报警器报警浓度更高
D. 若电源电压变小，报警器报警浓度更高
13. 《曹刿论战》中曹刿善于利用鼓声。鼓声是由于鼓面______产生的，鼓声震耳欲聋形容鼓声的______大；战场上常用“击鼓进军，鸣金收兵”作为命令，说明声可以传递______。
14. 视力检查时要求被测人与视力表间隔5m。如图，视力表与平面镜的距离是3m。为满足测量要求，小明应坐在镜前______ m处；如果室内光线较暗，可用天花板上的射灯对着______ (选填“视力表”“小华的脸”或“平面镜”)照射；若医生指着视力表上开口向外的“E”字，小华用手示意“E”字开口向______ (选填“里”或“外”)就是对的。
15. 中国高铁已经成为世界瞩目的一张名片，其中蕴含很多物理知识。如在节能技术上，高铁采用了再生制动方式，高铁到站前停止供电，由于______ ，高铁会继续向前运行，电机线圈随车轮转动而在磁场中做______ 运动产生电流，将机械能转化为电能，输入电网。
16. 如图是都江堰的示意图，它凝聚着我国古代劳动人民的智慧，在引水灌溉，防洪减灾方面发挥着重要作用。枯水季节，由于内江河床较低，水在______ 力的作用下，大量的水落入内江，水的重力势能转化为水的______ 能；洪水季节，由于宝瓶口的限流作用，导致外江水的流速较大、压强较______ ，大量的水涌入外江。
17. 天舟六号货运飞船5月10日发射升空，11日与空间站成功对接。火箭发射时燃料燃烧将化学能转化为______ 能，再转化为______ 能使火箭加速上升，上升时推动火箭运动的力的施力物体是______ (选填“空气”“火箭上的发动机”或“喷出的燃气”)；地面遥控中心通过______ (选填“电磁波”或“超声波”)与飞船进行信息传递；飞船与核心舱对接后，一起绕地球飞行，以核心舱为参照物，飞船是______ 的。
18. 如图所示，探究液体内部压强与深度和液体密度的关系。
(1)图甲中金属盒在水中的深度为______ cm；
(2)比较两图，小明认为：液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小。小华觉得小明的结论不正确，为用实验证明，可在图乙中往容器内加水，只要水面到容器底的距离达到或超过______ cm即可得到验证；
(3)为探究液体压强与液体密度的关系，小明在图甲的容器中倒入适量的浓盐水使液体密度变大，同时使金属盒的位置______ (选填“保持不变”或“适当上移”)，然后比较得出结论。
19. “自嗨锅”成为当下一种时尚快餐，很受年轻人喜爱。它里面的发热包能将500g水从10℃加热至沸腾(一个标准大气压下)，提供给水的热量是______ J；如果用酒精灯给同样的水加热升高同样温度，至少需要______ g酒精。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q酒精=3×107J/kg]
20. 小明家的小型电冰箱铭牌如图甲。该冰箱在标定耗电量下工作时，一天实际工作______ h；若电冰箱每次从启动到停止工作的时间是12min，电能表规格如图乙，电路中只有该冰箱工作，则冰箱工作一次电能表指示灯闪______ 次。
21. 小明用电子秤、玻璃杯和水测量鸭蛋的密度，测量步骤如图所示，依次读出图中电子秤显示的质量。分析计算时，他发现只要读出图中的三个质量就能求出鸭蛋的密度，其中有一个图的质量是必须要读出的，这个图是______ (填字母)。若读出A、C、E三次的质量分别是mA、mC和mE，则鸭蛋的密度ρ=______ (用mA、mC、mE和ρ水表示)，该结果______ (填“受”或“不受”)鸭蛋取出时带走水多少的影响。
22. 如图所示，请在图中大致画出小明在岸上B点观察池底A点的光路图。
23. 完成下列作图：如图，用羊角锤拔钉子，画出在A点所施加的最小动力F和其力臂l。
24. 完成下列作图：如图，甲是家庭电路中常见的带开关的插座，请在图乙中补画出其在家庭电路中的连接情况。
25. 如图所示是“雾炮车”喷洒水雾以减少扬尘的情景。某“雾炮车”空载时的质量为6t，罐体有效容积为8m3，该“雾炮车”从水源地装满水后，沿平直公路以54km/h的速度匀速驶向2.7km远的目的地，若行驶过程中“雾炮车”受到的阻力为1.5×104N，车轮与地面的总接触面积为0.4m2。求：(g取10N/kg)
(1)“雾炮车”从水源地到达目的地所用的时间；
(2)“雾炮车”在这段路程中牵引力做功的功率；
(3)“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压强。
26. 如图是电吹风的简化电路图，工作时可以吹出热风，也可以吹出冷风。某电吹风的铭牌如表。求：
型号
SHZ2010-624
热风温度
50℃∼75℃
额定功率
吹热风时：1000W
吹冷风时：120W
额定电压
220V
质量
0.5kg
(1)吹冷风时，通过电吹风的电流是多少？(保留两位小数)
(2)电热丝的电阻是多大？
(3)若某次用该电吹风吹干头发时，先吹热风后吹冷风，共用时1min，总共消耗42400J的电能，求该次吹热风的时间是多少？
27. 在“探究水沸腾前后温度变化特点”的实验中：
(1)组装实验器材时，对于盛水的烧杯和测水温的温度计，应先确定______ 的位置，若组装后的装置如图甲，他还要调整______ (选填“A”或“B”)的高度；
(2)正确安装好器材后进行实验，某时刻温度计的示数如图乙，则水的温度是______ ℃。
(3)根据实验数据画出水的温度随时间变化图像如图丙中的实线。分析图像可知：水在沸腾过程中温度变化的特点是______ ；初步得出结论后，等水温降至90℃时，另一位同学继续利用该装置再次进行实验，并在同一坐标系中画出水温度随时间变化图像如图丙中的虚线，比较两个图像可知，两次实验中水从90℃加热至刚沸腾，所用的______ 不同，原因可能是水的______ 不同。
28. 某同学用自制的“水凸透镜”探究近视眼的成因。
(1)组装好实验器材后，当蜡烛、凸透镜和光屏位置如图所示时，光屏上恰好出现烛焰清晰的像，该像是倒立______ 的实像；
(2)保持凸透镜和光屏位置不变，将蜡烛移到“0”刻度线处，光屏上的像变模糊了，若要在光屏上出现清晰的像：
①可以将光屏向______ 移；
②也可以通过注射器向水透镜______ (选填“注水”或“抽水”)使水透镜的焦距变______ (选填“大”或“小”)些；
③还可以在水透镜前放一个适当的______ (选填“凸透镜”或“凹透镜”)。
29. 浸在水中的物体受到浮力。小明想知道食指浸在水中所受浮力的大小。他从如图所示的器材中选取了弹簧测力计、盛满水的溢水杯和小桶来测量。测量步骤是：①用弹簧测力计测出小桶的重力G0；②把食指浸入水中，并用小桶收集溢出的水；③用弹簧测力计测出小桶和水的总重力G1；
(1)则食指受到的浮力F浮=______ 。
(2)请对小明的测量方法做出评价：______ 。
(3)请你也从图中选取合适的器材，再设计一种测量食指受到浮力大小的方法。
①你选择的测量工具是______ ；
②测量的物理量及其符号是______ ；
③食指受到的浮力F浮=______ 。(水的密度ρ水已知)
30. 小明猜想滑动摩擦力大小可能与压力的大小和接触面的粗糙程度有关。为了验证猜想，他用三个完全相同的木块A、B、C进行实验：
(1)将木块A放在水平桌面上(如图甲)，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块A向右做匀速直线运动，读出测力计的示数F1。根据______ 可得出木块A受到的滑动摩擦力的大小是______ N，再将木块B叠放在木块A的上面(如图乙)，用同样的方法测出木块A受到的滑动摩擦力的大小是1.2N，然后又将木块C叠放在木块B的上面(如图丙)，再测出木块A受到的滑动摩擦力的大小是1.8N。分析以上实验过程及测得的数据可得出：滑动摩擦力的大小与压力的大小有关，且接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与压力的大小成______ 比。
(2)小明还想探究滑动摩擦力的大小与另一个因素的关系，他还需添加______ (选填“斜面”“毛巾”或“钩码”)。
(3)完成上述探究后，小明将A和B固定在一起后(木块A和B接触面用双面胶粘贴)放在水平桌面上(如图丁)，再用弹簧测力计沿水平方向拉着它们一起在水平桌面上向右做匀速直线运动，读出弹簧测力计示数F4=1.2N，比较图乙和图丁及F2和F4的大小可知：滑动摩擦力的大小与______ 的大小无关。
(4)如果将木块A、B、C按图戊那样固定在一起后(木块A、B、C的接触面用双面胶粘贴)放在水平桌面上，再用弹簧测力计沿水平方向拉着它们一起在水平桌面上向右做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数F5=______ N，此时木块A受到的滑动摩擦力是______ N。
31. 小明用三节新干电池组成的电池组(电压恒为4.5V)、电阻箱(能提供的阻值是0-9999Ω之间的任意整数值)、电压表、电流表、滑动变阻器、开关和导线来做“探究电流与电阻关系”的实验。
(1)检查器材时发现滑动变阻器的最大阻值看不清楚，于是他设计了如图甲所示的电路图，测量滑动变阻器的最大阻值
①请按图甲所示的电路图将图乙中的实物电路连接完整；
②连好电路后，闭合开关前，除了将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处外，还要将电阻箱的阻值调到最______ (选填“大”或“小”)；
③闭合开关后，改变电阻箱接入的电阻，读出三次电压表和电流表的示数如表，则滑动变阻器的最大阻值是______ Ω(取整数)。
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
1
3.0
0.3
2
2.0
0.22
3
1.5
0.14
(2)测出滑动变阻器的最大阻值后，小明用图乙所示的电路“探究电流与电阻的关系”，实验步骤如下：
①先调节电阻箱，使其接入阻值为12Ω，移动滑动变阻器的滑片直到电压表示数为某一值时，电流表指针如图丙所示，读出电流表的示数是______ A，并记入表中；
实验次数
1
2
3
4
电阻R/Ω
12
10
…
4
电流I/A
0.24
…
0.50
②再调节电阻箱，使其接入阻值为10Ω，将滑动变阻器的滑片由上一次的位置向______ (选填“左”或“右”)移动，直到电压表示数为______ V时，读出电流表示数记入表中；
③为了寻找普遍规律，他又测了两组数据记入表中。分析数据时发现，第4次实验测出的电流有误，小明回忆是从第3次到第4次改变电阻箱接入电阻后，没有移动滑动变阻器的滑片就直接读出电流表的示数造成的，那么小明第3次实验时电阻箱接入的阻值是______ Ω(取整数)。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、物体受到的力和物体在这个力的方向上通过的距离的乘积叫做功，所以功不是采用的比值定义法，故A不符合题意；
B、物体受到的压力与受力面积之比叫压强，所以压强采用的是比值定义法，故B不符合题意；
C、某种物质温度升高时吸收的热量与其质量和升高温度的乘积的比值叫做这种物质的比热容，所以比热容采用的是比值定义法，故C不符合题意；
D、电功率是单位时间内电流做功的多少，采用的是比值定义法，故D不符合题意。
故选：A。
首先明确每个选项中物理概念的定义，然后确定符合题意的选项。
根据各物理量的定义即可分析，属于基础题。
2.【答案】D
【解析】解：A、家庭电路中的电线用室温超导体材料，可以减小损耗，故A不符合题意；
BC、电动机的线圈和电磁铁的线圈也可以用室温超导体材料，故BC不符合题意；
D、滑动变阻器的线圈用室温超导体材料，电阻将不能改变，故D符合题意。
故选：D。
超导材料处于超导态时电阻为零。
本题考查了超导体材料的特点，属于基础题。
3.【答案】B
【解析】解：①一节1号干电池的高度约为6cm=60mm，故①符合实际；
②一节1号干电池的质量约100g，故②不符合实际；
③一节1号干电池电压约为1.5V，故③符合实际；
④干电池放入水中下沉，说明其的密度比水大，大于1g/cm3，故④不符合实际。
故选：B。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、质量、电压、密度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
4.【答案】B
【解析】解：A、石杓舀出液态铜说明石的熔点比铜的高，故A正确；
BC、液态铜倒入陶范冷却成青铜器是凝固现象，凝固放热，故B错误，C正确；
D、“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴，故D正确。
故选：B。
(1)相同温度下，铜是液态，石头是固态，说明石头的熔点高于铜；
(2)物质由固态直接变为气态的过程叫做凝华，物质由液态变为固态的过程叫做凝固，凝固需要放热；
(3)物质由气态变为液态的过程叫做液化。
本题考查了物态变化及其特点、密度及其特性，属于基础题，难度不大。
5.【答案】C
【解析】解：A.向外拉活塞时，针管外部的大气会给活塞有一个压力，所以要用很大的力，故A正确；
B.气体分子间的空隙很大，随着向内压活塞，分子间的间隙逐渐变小，所以需要的压力逐渐变大，故B正确；
C.分子间的引力和斥力是同时存在的，向内压活塞后来很难，是因为此时分子间的斥力大于引力，故C错误；
D.活塞压缩空气，对空气做功，所以空气内能增加，温度升高，故D正确。
故选：C。
(1)空气受到重力作用，而且空气具有流动性，因此空气内部向各个方向都有压强，这个压强就叫大气压强；
(2)分子间有间隙；
(3)分子间存在着相互作用的引力和斥力；
(4)对物体做功，可以使物体内能增加，温度升高。
本题考查了分子动理论、大气压强和做功改变物体的内能，虽知识点多、但都属于基础，难度不大。
6.【答案】B
【解析】解：A、煤、石油、天然气都属于常规能源，不属于清洁能源，故A错误；
B、石油、煤、天然气都是太阳能的产物，故B正确；
C、新开发利用的核能属于不可再生能源，故C错误；
D、人类利用多年且广泛使用的能源，如煤、石油、天然气、水能等是常规能源，不是新能源，故D错误。
故选：B。
(1)清洁能源是指不排放污染物、能够直接用于生产生活的能源，包括太阳能、风能、水能、生物能等，煤、石油、天然气都属于常规能源，不属于清洁能源；
(2)人类使用的主要能源煤、石油、天然气等都是由太阳能转化而来的；
(3)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能；
(4)新能源：人类新近才开始利用的能源．例：潮汐能、地热能、太阳能、核能、风能。
本题主要考查学生对能源的分类的了解和掌握，是基础性的题目。
7.【答案】A
【解析】解：A、使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体，故A符合安全用电原则；
B、手机充电时接听电话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，所以充电时不要接打电话，故B不符合安全用电常识；
C、因为电路中电流过大(短路或总功率过大)，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，故C不符合安全用电原则。
D、雷雨时在开阔地带举着雨伞，雨伞会充当高大物体，人体是导体，此时容易遭雷击，故D不符合安全原则。
故选：A。
(1)使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体；
(2)手机在进行充电时上网或通话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，会对人体造成损伤；
(3)空气开关跳闸，原因是因为电路中电流过大(短路或总功率过大)，应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位；
(4)发生雷雨时，要注意避雷，预防雷击。
此题考查了安全用电常识、测电笔的使用方法及预防雷击的措施，属于基础知识的考查，难度较小，容易解答。
8.【答案】D
【解析】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A、图中没有电源，是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应实验，故A错误；
B、图中是奥斯特实验，证明了电流周围存在磁场，与电磁弹射器工作原理不一致，故B错误；
C、图中实验是探究电荷间相互作用，故C错误；
D、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器的工作原理相同，故D正确。
故选：D。
电磁弹射器是利用了磁场对通电导体产生力的作用。根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应等实验要注意区分，属常见题型。
9.【答案】D
【解析】A、由题知，上面两个磁环都悬浮着，所以相邻两磁环间相互排斥，最下面的磁环的下底面是N极，则上面为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，中间磁环下方为S极，上方为N极，上面的磁环下方为N极，上方为S极，故A错误；
B、c对b的磁力等于b的重力加上a对b的磁力，则a对b的磁力与c对b的磁力大小不等，不是一对平衡力；故B错误；
C、c对底座的压力是由于c的形变产生弹力，故C错误；
D、若重力消失，a受到b向上的磁力而加速运动，当足够远，没有磁力后，将做匀速直线运动，因而a会竖直向上运动且且速度先变大后不变，故D正确。
故选：D。
(1)同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)一对平衡力的特点：作用在同一物体上，作用在同一条直线上，方向相反，大小相等。
(3)弹力是物体力图恢复原状产生的力，是施力物体发生弹性形变产生的；
(4)重力消失，磁力存在，根据力与运动的关系和牛顿第一定律判断速度的变化。
本题考查磁极间的作用、二力平衡、弹力以及力与运动的关系，属于中档题，有一定的难度。
10.【答案】A
【解析】解：根据题意可知，当人坐在座椅上未系安全带时，此时S1闭合，S2也闭合，蜂鸣器响；当人坐在座椅上系好安全带时，此时S1闭合，S2断开，蜂鸣器不响；由此可知电铃与保护电阻、S1、S2串联在电路中，故A正确。
故选：A。
根据题意分析两个开关的连接方式、电铃与保护电阻的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻起到保护电路的作用，可使电源不被短路。
11.【答案】B
【解析】解：
A、将起重机的吊臂看成杠杆，由图知，配重重力G配和AO长一定，根据杠杆的平衡条件知G配×AO=FB×BO，滑轮组的离O点越远，即OB长越大，FB越小，能吊起物体重力越小，故A错误；
B、由题知，起重机上的滑轮组将物体匀速提升后，吊臂在水平面内匀速转动，滑轮组对物体的拉力竖直向上，物体沿水平方向移动，滑轮组对物体不做功，故B正确；
C、滑轮组提升物体做的有用功W有=Gh=mgh=400kg×10N/kg×9m=36000J，
绳端的拉力做的总功W总=W有η=36000J60%=60000J，
由图知，承担重物绳子的段数n=2，由s=nh和W总=Fs可得，绳端拉力F=W总s=W总nh=60000J2×9m≈3333.3N，故C错误；
D、提升物体做的额外功W额=W总-W有=60000J-36000J=24000J，
克服动滑轮和绳重、摩擦所做的功是额外功，所以克服动滑轮重力做的额外功小于24000J，故D错误。
故选：B。
(1)将起重机的吊臂看成杠杆，由图知，配重重力和AO长一定，滑轮组的离O点越远，BO长越大，根据杠杆的平衡条件分析滑轮组和物体对B拉力的变化，从而知能吊起物体重力的变化；
(2)功包括两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离；
(3)根据W有=Gh=mgh计算提升物体做的有用功，根据η=W有W总计算总功，根据s=nh和W总=Fs计算绳端拉力；
根据η=W有W总=GhFs=GnF计算作用在滑轮组绳端的拉力的大小；
(4)克服动滑轮和绳重、摩擦所做的功是额外功，额外功等于总功和有用功之差，据此分析解答。
本题考查了杠杆平衡条件的应用、做功要素、额外功的理解以有机械效率的计算，考查知识点多，综合性强。
12.【答案】D
【解析】解：根据电路图可知，R与R0串联接入电路中，报警器并联在R的两端，电流表测量电路中的电流；
A、报警器并联接入电路中，所以报警器为电压表；烟雾浓度增大时，R的光照强度变弱，R阻值变大，根据串联电路的分压规律可知，R分担的电压变大，报警器示数变大，故A错误；
B、由P=I2R可得，当电流表示数为0.5A时，光敏电阻的阻值为：R=PI2=1W(0.5A)2=4Ω；
根据欧姆定律可知，电源电压为：U=I(R+R0)=0.5A×(20Ω+4Ω)=12V；
当电路中电流小于或等于0.2A时，烟雾报警器报警，R0两端电压为：U0=I'R0=0.2A×20Ω=4V；
根据串联电路的电压规律可知，电压表示数为：U'=U-U0=12V-4V=8V，即当电压表示数大于或等于8V时，报警器报警，故B错误；
C、若将R0换成阻值更小的电阻，报警电压不变，根据串联电路的分压规律可知，报警时，R的阻值变小，光照强度增大，报警浓度变低，故C错误；
D、若电源电压变小，报警电压不变，根据串联电路的分压规律可知，R阻值变大才能使得分担的电压变大，则光照强度变弱，报警浓度升高，故D正确。
故选：D。
根据电路图可知，R与R0串联接入电路中，报警器并联在R的两端，电流表测量电路中的电流；
(1)根据报警器的连接方式分析其类型；烟雾浓度增大时，R的光照强度变弱，R阻值变大，根据串联电路的分压规律分析报警器示数的变化；
(2)根据串联电路电流特点和P=I2R求出光敏电阻的阻值；根据欧姆定律求出电源电压；当电流为0.2A时，根据欧姆定律求出R0两端电压，根据串联电路的电压规律求出电压表示数；
(3)若将R0换成阻值更小的电阻，报警电压不变，根据串联电路的分压规律分析R阻值的变化，从而得出浓度的变化；
(4)若电源电压变小，报警电压不变，根据串联电路的分压规律分析R阻值的变化，从而得出报警浓度的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，有一定的难度。
13.【答案】振动 响度 信息
【解析】解：(1)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；鼓声是由于鼓面振动产生的；
(2)鼓声震耳欲聋，说明声音的响度大；
(3)战场上常用“击鼓进军，鸣金收兵”作为命令，说明声可以传递信息。
故答案为：振动；响度；信息。
(1)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；
(2)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(3)声音既能传递信息，也能传递能量。
本题考查了声音的产生、声音的特征以及声音的传播等知识，是一道声学综合题。
14.【答案】2 小华的脸 外
【解析】解：(1)已知视力检测时要求被测的人与视力表的距离为5m，但房间空间太小，可利用平面镜成像特点，人与视力表的像的距离为5m，视力表在平面镜中所成的像距离平面镜为3m，所以人与平面镜的距离应为5m-3m=2m；
(2)平面镜成像时，像的明暗取决于物体的明暗，光照射在物体上反射，为了看清小华的脸，可用天花板上的射灯对着小华的脸照射；
(3)平面镜成像时，物像相当于平面镜对称。视力表上其中一个“E”字开口指向纸外，视力表像的“E”开口也向外，所以被测者应向外指才正确。
故答案为：2；小华的脸；外。
(1)平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；(2)平面镜成像时，像的明暗取决于物体的明暗；(3)根据平面镜成像特点物像关于平面镜对称分析解答。
本题主要考查了平面镜成像特点在日常生活中的应用。平面镜有两个重要的应用：一是改变光的传播路线；二是成像。检查视力是利用平面镜成像特点，来增大视觉空间。
15.【答案】惯性 切割磁感线
【解析】解：高铁到站前先停止供电后，高铁仍能前进是因为高速行驶的列车具有惯性，会保持原来的运动状态继续前进；
电机线圈转动中由于做切割磁感线运动而在线圈中产生了感应电流，这种原理叫电磁感应；将高铁的机械能(动能)转化为了电能。
故答案为：惯性；切割磁感线。
①一切物体均有惯性，惯性是指物体具有的能保持原来的运动状态不变的性质；
②闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象叫做电磁感应；它是由英国物理学家法拉第最早发现的，根据电磁感应现象制成了发电机。
本题为结合物理情景考查物理知识的题型，该题型为常见题型，其特点为考查面较广但一般难度不大。
16.【答案】重 动 小
【解析】解：(1)水受到的重力作用下，大量的水落入内江，水的质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能变大，水的重力势能转化为水的动能；
(2)洪水季节，由于宝瓶口的限流作用，导致内江水的流速较小，外江水的流速较大、压强较小，大量的水涌入外江。
故答案为：重；动；小。
(1)重力势能的影响因素有质量和高度；动能的大小与质量、速度有关。
(2)流体压强与流速的关系：流体流速大的地方、压强小，流体流速小的地方、压强大。
本题考查了流体压强和流速的关系、重力势能和动能的转化，属于基础题。
17.【答案】内 机械 喷出的燃气 电磁波 静止
【解析】解：燃料燃烧是化学变化，在燃烧过程中，化学能转化为内能；火箭向下喷发燃气，根据力的作用是相互的，喷出的燃气推动火箭，对火箭做功，此过程内能转化为机械能；
地面遥控中心通过电磁波与飞船进行信息传递；
飞船与核心舱对接后，一起绕地球飞行，以核心舱为参照物，飞船与核心舱之间的位置没有发生变化，所以飞船是静止的。
故答案为：内；机械；喷出的燃气；电磁波；静止。
(1)燃料燃烧时，化学能转化为内能，内能对外做功，内能转化为机械能；
(2)物体间力的作用是相互的，受力物体受到一个力的作用时，同时也给施力物体一个力；
(3)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
(4)被研究对象相对于参照物来说位置发生变化，是运动的，相对于参照物来说位置没有变化，是静止的。
此题考查运动和静止的相对性、力的作用的相互性、电磁波的传播与应用，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
18.【答案】10 22 适当上移
【解析】解：
(1)由图可知，水的深度为15cm，金属盒到底部的距离为5cm，则金属盒的深度为h=15cm-5cm=10cm；
(2)小明认为：液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小；
为研究此问题，小华在乙图中保持金属盒的位置不变(即金属盒到容器底的距离保持12cm不变)，往容器内加水，
对比甲图，要说明小明的观点是错误的，即：乙图中液体内部某处到容器底的距离较大时，其金属盒受到水的压强应大于或等于甲图中金属盒受到水的压强，根据p=ρ水gh可知，乙图中金属盒所处的深度应大于或等于甲图中金属盒所处的深度(h乙深=15cm-5cm=10cm)，所以，乙图中水面到容器底的距离L需要满足L≥10cm+12cm=22cm；
(3)探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持液体深度不变。小明在图甲的容器中倒入适量的浓盐水使液体密度变大，同时使金属盒的位置适当上移，然后比较得出结论。
故答案为：(1)10；(2)22；(3)适当上移。
(1)根据图示得出金属盒在水中的深度；
(2)小明认为：液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小；对比甲图，要说明小明的观点是错误的，即：乙图中液体内部某处到容器底的距离较大时，其金属盒受到水的压强应大于或等于甲图中金属盒受到水的压强，根据p=ρ水gh可知，乙图中金属盒所处的深度应大于或等于甲图中金属盒所处的深度，据此进行解答；
(3)探究液体压强跟密度是否有关时，应控制液体深度不变，改变液体密度的大小。
本题为探究液体压强实验，利用好控制变量法是解答本题的关键。
19.【答案】1.89×105 6.3
【解析】解：一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水的质量m=500g=0.5kg，
水吸收的热量：Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×(100℃-10℃)=1.89×105J；
由题知，酒精完全燃烧放出的热量Q放=Q吸=1.89×105J；
由Q放=mq可知，需要完全燃烧酒精的质量：m酒精=Q放q酒精=1.89×105J3×107J/kg=0.0063kg=6.3g。
故答案为：1.89×105；6.3。
知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t-t0)计算出水吸收的热量；由题知，酒精完全燃烧放出的热量Q放=Q吸，根据Q放=mq计算出需要完全燃烧酒精的质量。
本题考查吸热公式、放热公式的灵活运用，是一道常考题。
20.【答案】10 32
【解析】解：(1)从图甲可知，电冰箱一天的耗电量为：W=0.5kW⋅h，
额定电功率为：P=50W=0.05kW，
由P=Wt得，该冰箱在标定耗电量下工作时，一天的实际工作时间为：
t=WP=0.5kW⋅h0.05kW=10h；
(2)电冰箱每次从启动到停止工作的时间为：
t'=12min=0.2h，
电冰箱每工作一次消耗的电能为：
W'=Pt'=0.05kW×0.2h=0.01kW⋅h，
而电能表上标有3200imp/kW⋅h，表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表上的指示灯闪烁3200次，
则电冰箱每工作一次电能表闪烁的次数为：
n=0.01kW⋅h×3200imp/kW⋅h=32次。
故答案为：10；32。
(1)知道电冰箱一天的耗电量和额定电功率，利用P=Wt计算一天的实际工作时间；
(2)知道电冰箱每次从启动到停止工作的时间，可利用公式W=Pt计算出电冰箱每工作一次消耗的电能，再依据电能表的参数可求出电冰箱工作一次电能表指示灯闪烁的次数。
本题考查电能和电功率的计算，综合性强，难度适中。
21.【答案】EmAmE+mA-mCρ水 不受
【解析】解：测出了鸭蛋的质量mA，再用排水法来测量鸭蛋的体积，鸭蛋浸没在水中时，V蛋=V排；补入水的体积即鸭蛋的体积，求出鸭蛋的密度，其中E的示数是必须要读出的；
排开水的质量为：m排=mE+mA-mC，
鸭蛋的体积为：V蛋=V排=m排ρ水=mE+mA-mCρ水，
鸭蛋的密度为：
ρ蛋=m蛋V蛋=mAmE+mA-mCρ水=mAmE+mA-mCρ水；
由于取出鸭蛋时带出一些水，在补入水时已补上，由A、C、E三图中三个数据计算排开水的体积可以不受带出水对实验的影响。
故答案为：E；mAmE+mA-mCρ水；不受。
测出了鸭蛋的质量，再通过排水法来计算鸭蛋的体积，鸭蛋浸没在水中时，由A、C两图可知：V蛋=V排，由A、C、E三图可知加入水的体积即为鸭蛋的体积，根据公式ρ=mV计算出鸭蛋的密度。
本题考查了密度测量方法等，是拓展性的液体密度测量习题，难度大。
22.【答案】解：池底A点的光斜射入空气中，折射后进入B点的人眼，折射角大于入射角。连接AB与水面交于一点，在这个点的右侧合适的位置选择一点O作为入射点，连接AO为入射光线，OB为折射光线，如图所示：
【解析】人在岸上看到池底的A点，是水中A点的光斜射入空气中的折射光线进入了人眼，且折射角大于入射角，由此作图。
本题考查根据光的折射规律作图，关键知道光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角。
23.【答案】解：由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，动力的力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点A的连线，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可．如图所示：
。
【解析】由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点，做它的垂线，此时动力的力臂最长，力最小。
求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
24.【答案】解：为了安全，开关接在火线上，三孔插座中上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，如下图：
【解析】家庭电路中接入用户的电线一般有两条：火线和零线，三孔插座的接法是上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，简称“上地左零右火”。
本题考查了家庭电路中开关以及三孔插座的接法，要注意安全用电的原则。
25.【答案】解：
(1)由v=st可得，“雾炮车”从水源地到达目的地所用的时间：t=sv=2.7km54km/h=0.05h；
(2)“雾炮车”沿平直公路匀速行驶的速度：v=54km/h=15m/s，
因“雾炮车”沿平直公路匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，“雾炮车”在这段路程中牵引力：F牵引=f=1.5×104N，
则“雾炮车”在这段路程中牵引力做功的功率：P=Wt=F牵引st=F牵引v=1.5×104N×15m/s=2.25×105W；
(3)“雾炮车”装满水后水的体积：V水=V=8m3，
由ρ=mV可得，水的质量：m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×8m3=8×103kg，
“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压力：F=G总=(m车+m水)g=(6×103kg+8×103kg)×10N/kg=1.4×105N，
“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压强：p=FS=1.4×105N0.4m2=3.5×105Pa。
答：(1)“雾炮车”从水源地到达目的地所用的时间为0.05h；
(2)“雾炮车”在这段路程中牵引力做功的功率为2.25×105W；
(3)“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压强为3.5×105Pa。
【解析】(1)知道“雾炮车”从水源地到目的地匀速行驶的速度和路程，根据v=st求出行驶所用的时间；
(2)“雾炮车”沿平直公路匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据P=Wt=Fst=Fv求出“雾炮车”在这段路程中牵引力做功的功率；
(3)“雾炮车”装满水后水的体积和罐体有效容积相等，根据ρ=mV求出水的质量，“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压力等于其空载时的重力加上所装水的重力，利用p=FS求出“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压强。
本题考查了速度公式和二力平衡条件、功率公式、密度公式、压强公式的应用等，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
26.【答案】解：由图知，当开关置于AB时，电动机和电热丝并联，电吹风吹出热风；当开关置于BC时，只有电动机工作，只吹冷风；
(1)由铭牌参数可知，电吹风吹冷风时的功率P冷=120W，
由P=UI可知，当吹冷风时，通过电吹风的电流：I=P冷U=120W220V≈0.55A；
(2)当开关置于AB时，电动机和电热丝并联，根据并联电路特点可知，电热丝的发热功率：PR=P热-P冷=1000W-120W=880W，
由P=U2R可知，电热丝的电阻：R=U2PR=(220V)2880W=55Ω；
(3)吹热风、冷风共用时1min=60s，设吹热风的时间t热=t，则吹冷风的时间t冷=60s-t，
由P=Wt可得，吹热风消耗的电能W热=P热t热=P热t，吹冷风消耗的电能W冷=P冷t冷=P冷(60s-t)，
总共消耗的电能：W=W热+W冷=P热t+P冷(60s-t)，
42400J=1000W×t+120W×(60s-t)，
解得：t=40s。
答：(1)吹冷风时，通过电吹风的电流约为0.55A；
(2)电热丝的电阻是55Ω；
(3)该次吹热风的时间是40s。
【解析】由图知，当开关置于AB时，电动机和电热丝并联，电吹风吹出热风；当开关置于BC时，只有电动机工作，只吹冷风；
(1)由铭牌参数可知电吹风吹冷风时的功率，利用P=UI求吹冷风时通过电吹风的电流；
(2)当开关置于AB时，电动机和电热丝并联，根据并联电路特点可知，电热丝的发热功率等于吹热风时的功率减去吹冷风时的功率，再利用P=U2R求电热丝的电阻；
(3)吹热风、冷风共用时1min=60s，设吹热风的时间t热=t，则吹冷风的时间t冷=60s-t，由P=Wt可得，吹热风消耗的电能W热=P热t热=P热t，据此求吹热风的时间。
本题考查并联电路的特点、电功率公式的灵活运用，能正确分析两种状态下的电路连接是解题的关键。
27.【答案】烧杯 B 96 温度不变 时间 质量
【解析】解：(1)酒精灯需用外焰加热，所以要先放好酒精灯，再固定铁圈A的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以先放好烧杯后，再调节温度计的高度；
(2)由图乙可知，温度计的分度值为1℃，所以温度计的读数为96℃；
(3)由图像可知，水在4min时沸腾，温度保持98℃不变，故水在沸腾过程中温度变化的特点是温度不变；如图丙所示，从两次实验的图像中可看出，水的初温相同，加热条件完全相同，两位同学所用时间不同，是因为实验时用水质量不同。
故答案为：(1)烧杯；B；(2)96；(3)温度不变；时间；质量。
(1)因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；
(2)读取温度计示数时应先明确分度值，再观察液柱所指的刻度；
(3)水在沸腾过程中温度保持不变；液体吸收热量，温度不断升高，从开始加热到沸腾，需要时间的长短跟液体的质量、液体的初温、火力大小有关。
本题探究水沸腾前后温度变化的特点，主要考查了器材的组装、温度计的读数、沸腾特点等，难度不大，属于基础性题目。
28.【答案】缩小 左 抽水 大 凹透镜
【解析】解：(1)根据图示可知，此时的物距大于像距，成的是倒立、缩小的实像；
(2)①保持凸透镜和光屏位置不变，将蜡烛移到“0”刻度线处，物距变大，像距变小，若要在光屏上出现清晰的像，应向左移动光屏；
②不移动光屏，应该需要使凸透镜的会聚作用变小一下，应增大凸透镜的焦距，减小凸度，所以应通过注射器向水透镜抽水使水透镜的焦距变大；
③要使光屏上成像，需要使折射光线发散一些，故选用放置一个凹透镜。
故答案为：(1)缩小；(2)①左；②抽水；大；③凹透镜。
(1)根据物距、像距的大小分析像的性质；
(2)①凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小；
②凸透镜的凸度越小，焦距越大；
③凹透镜对光线具有发散作用。
本题考查学生对凸透镜成像规律的掌握程度，对凸透镜的成像规律必须牢固掌握。
29.【答案】G1-G0 测出食指排开水的重力，根据阿基米德原理F浮=G排求出浮力，操作简单 量筒 V0、V1 ρ水(V1-V0)g
【解析】解：(1)根据阿基米德原理，则食指受到的浮力F浮=G排=G1-G0；
(2)请对小明的测量方法做出评价：测出食指排开水的重力，根据阿基米德原理F浮=G排求出浮力。
(3)①选择的测量工具是量筒；
②在量筒中加适量的水，读出水的体积V0，将食指浸入水中，读出水面的示数V1，食指排开水的体积V排=V1-V0；
③食指受到的浮力F浮=ρ水V排g=ρ水(V1-V0)g。
故答案为：(1)G1-G0；(2)测出食指排开水的重力，根据阿基米德原理F浮=G排求出浮力，操作简单；①量筒；②V0、V1；③ρ水(V1-V0)g。
(1)根据阿基米德原理，物体在液体中受到的浮力等于其排开液体的重力，即F浮=G排；
(2)从原理、结论、误差等方面做出评价；
(3)实验中排水法测出食指排开水的体积；
(4)根据阿基米德原理，F浮=ρ水V排g求出食指受到的浮力。
本题主要考查了用阿基米德原理测量浮力的方法，我们要能够根据实验室中常见的测量工具测出浮力。
30.【答案】测力计的示数F1 0.6正 毛巾 接触面积 1.80.6
【解析】解：(1)将木块A放在水平桌面上(如图甲)，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块A向右做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小，测力计分度值为0.2N，示数为0.6N，根据测力计的示数F1可得出木块A受到的滑动摩擦力的大小是0.6N，再将木块B叠放在木块A的上面(如图乙)，用同样的方法测出木块A受到的滑动摩擦力的大小是1.2N，然后又将木块C叠放在木块B的上面(如图丙)，再测出木块A受到的滑动摩擦力的大小是1.8N。分析以上实验过程及测得的数据可得出：滑动摩擦力的大小与压力的大小有关，且接触面粗糙程度相同时，压力增大为原来的几倍，滑动摩擦力也增大为原来的几倍，滑动摩擦力的大小与压力的大小成正比。
(2)小明还想探究滑动摩擦力的大小与另一个因素的关系，即研究与接触面粗糙程度的关系，他还需添加毛巾。
(3)完成上述探究后，小明将A和B固定在一起后(木块A和B接触面用双面胶粘贴)放在水平桌面上(如图丁)，再用弹簧测力计沿水平方向拉着它们一起在水平桌面上向右做匀速直线运动，读出弹簧测力计示数F4=1.2N，比较图乙和图丁及F2和F4的大小可知压力大小和接触面的粗糙程度，而接触面积大小不同，滑动摩擦力相同，故滑动摩擦力的大小与接触面积的大小无关。
(4)如果将木块A、B、C按图戊那样固定在一起后(木块A、B、C的接触面用双面胶粘贴)放在水平桌面上，再用弹簧测力计沿水平方向拉着它们一起在水平桌面上向右做匀速直线运动时，图戊和丙的压力和接触面的粗糙程度相同，故滑动摩擦力大小相同，因此弹簧测力计的示数F5=1.8N，此时木块A受到的滑动摩擦力与甲图中的相同，为0.6N。
故答案为：(1)测力计的示数F1；0.6；正；(2)毛巾；(3)接触面积；(4)1.8；0.6。
(1)根据二力平衡的条件分析；由测力计分度值读数；分析相关数据得出结论；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)分析实验中相同量和不同量，得出滑动摩擦力与变化量的关系；
(4)根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和数据分析归纳结论的能力，体现了对过程和方法的考查。
31.【答案】大 100.2左 2.16
【解析】解：(1)①由甲电路图可知，电阻箱与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，变阻器按一下一上连入电路中，电压表与滑动变阻器并联，如下所示：
；
②连好电路后，闭合开关前，除了将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处外，还要将电阻箱的阻值调到最大处；
③由I=UR得，3次实验中滑动变阻器的最大电阻分别为：
R1=U1I1=3.0V0.3A=10Ω，R2=U2I2=2.0V0.22A≈9Ω，R3=U3I3=1.5V0.14A≈11Ω，
则滑动变阻器的最大阻值是：
R滑最大=R1+R2+R33=10Ω+9Ω+11Ω3=10Ω；
(2)①由图丙知电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A；
②接12Ω电阻时，电流表的示数为0.2A，由欧姆定律I=UR得，电阻箱两端的电压为：
UR=IR=0.2A×12Ω=2.4V，
则滑动变阻器两端的电压即电压表的示数为：
U滑=U-UR=4.5V-2.4V=2.1V，
根据串联分压原理可知，将电阻箱接入阻值由12Ω改接成10Ω时，电阻减小，其分得的电压减小，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻箱两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应减小滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以将滑动变阻器的滑片由上一次的位置向左移动，使电压表的示数为2.1V，读出电流表的示数；
③由欧姆定律得，第4次实验时滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑4=U滑4I4=U-U电阻箱I4=4.5V-0.5A×4Ω0.5A=5Ω，
由于从第3次到第4次改变电阻箱接入电阻后，没有移动滑动变阻器的滑片就直接读出电流表的示数，则第3次实验时滑动变阻器接入电路的阻值为5Ω，由②知第3次实验时电阻箱两端的电压UR=2.4V，滑动变阻器两端的电压为2.1V，则由欧姆定律得，第3次实验时电阻箱接入的阻值为：
R3=URI3=URU滑R滑3=2.4V2.1V5Ω≈6Ω。
故答案为：(1)①见解答；②大；③10；(2)①0.2；②左；2.1；③6。
(1)①由甲电路图可知，电阻箱与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，变阻器按一下一上连入电路中，电压表与滑动变阻器并联；
②为保护电路，在闭合开关前滑片应移至最大阻值处，电阻箱的阻值也应调到最大；
③由欧姆定律求出每次实验中滑动变阻器的最大电阻，取平均值得出滑动变阻器的最大电阻；
(2)①根据图丙电流表所选量程确定分度值，根据指针位置读出电流表示数；
②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上小电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
③根据第四次实验数据结合欧姆定律以及串联电路的电压、电流规律求出第4次实验时滑动变阻器接入电路的阻值，即第3次实验时滑动变阻器接入电路的阻值，再根据欧姆定律以及串联电路的电压、电流规律求出第3次实验时电阻箱接入的阻值。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查了数据分析、串联电路的规律和欧姆定律的运用等，难度较大。
2023年江苏省泰州市姜堰区中考物理二模试卷
1. “比值定义”法就是用两个或多个物理量之比定义另一个物理量。下列物理量中不是用这种方法定义的是( )
A. 功 B. 压强 C. 比热容 D. 电功率
2. 今年3月，美国罗切斯特大学物理学家RangaDias团队宣称，他们研发的一种镥氮氢材料在近1万个大气压(1GPa)下实现了室温超导，数月后我国南京大学超导研究人员推翻了美国超导室温热研究。即使真的有室温超导体，也不能用它制作( )
A. 家庭电路中的电线 B. 电动机的线圈 C. 电磁铁的线圈 D. 滑动变阻器的线圈
3. 如图所示，是做物理实验时常用的1号干电池。小明对该电池的一些物理量有如下估测：①高度约60mm；②质量约500g；③电压约1.5V；④密度约1g/cm3。其中最符合实际的是( )
A. 只有③
B. ①③
C. ②③
D. ②③④
4. 早在公元前1650年，我国劳动人民就掌握了青铜器铸造技术。用石杓舀出液态铜倒入陶范中冷却成固态，如图所示。下列说法不正确的是( )
A. 用石杓舀出液态铜说明石的熔点比铜的高
B. 液态铜倒入陶范冷却成青铜器是凝华现象
C. 液态铜冷却成青铜器的过程中要放出热量
D. 刚用过的石杓放入水中出现“白气”是液化形成的
5. 如图所示，小明用注射器做了两个小实验。第一次将活塞推到底端后，用橡皮帽堵住小孔，向外拉动活塞要用很大的力；第二次将活塞拉到顶端后，用橡皮帽堵住小孔，向内压活塞，开始较易后来很难。下列分析不正确的是( )
A. 向外拉活塞要用很大的力，是因为大气对活塞有压力
B. 向内压活塞开始较易，是因为气体分子间的空隙很大
C. 向内压活塞后来很难，是因为分子间只有斥力
D. 迅速向内压活塞时，筒内气体的温度会升高，内能会增大
6. 俄乌军事冲突以后，石油、煤、天然气的供应在国际市场上非常紧张，许多国家都在谋求长远的能源出路。下面有关能源的说法正确的是( )
A. 煤、石油、天然气都属于清洁能源 B. 石油、煤、天然气都来自于太阳能
C. 新开发利用的核能属于可再生能源 D. 兴建水电站，是因为水能属于新能源
7. 现代生活离不开电，下列做法符合安全用电规范的是( )
A. 使用测电笔时手指接触笔尾金属电极 B. 用正在充电的手机接听电话
C. 空气开关跳闸后立即合上 D. 雷雨时在开阔地带举着雨伞
8. 据有关媒体报道，我国的第三艘航母将使用电磁弹射，它的弹射车与舰载机的的前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通入强电流时，立即产生强大的推力，使舰载机快速起飞。在图所示的四个实验中，与电磁弹射器的工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
9. 三个相同的磁环a、b、c(质量均为m)套在有木质底座的光滑木杆上，由于磁极间的相互作用，上面两个磁环都悬在空中，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 若c的下面是N极，则a的上面也是N极
B. a对b的磁力与c对b的磁力是一对平衡力
C. c对底座的压力是由于底座的形变产生的
D. 若重力消失，a会竖直向上运动且速度先变大后不变
10. 汽车上的“安全带提醒”电路由电源、蜂鸣器(用电铃符号表示)、保护电阻、开关S1、S2组成。座椅上有人时S1闭合，否则断开；座椅上的人系好安全带时S2断开，否则闭合。有人坐到座椅上未系安全带时蜂鸣器发出“嘀嘀”声提醒，座椅上的人系好安全带时蜂鸣器不响。如图所示的电路图中符合上述要求的是( )
A. B.
C. D.
11. 如图，是建筑工地上常见的一种塔式起重机。某次起重机上的滑轮组将质量为400kg的物体匀速提升9m后，吊臂又在水平面内匀速转动90∘，若滑轮组的机械效率是60%，g取10N/kg。下列分析和计算正确的是( )
A. 滑轮组离O点越远，能吊起的物体重力越大
B. 吊臂转动过程中滑轮组对物体不做功
C. 此次作用在滑轮组绳端的拉力F是2000N
D. 此次滑轮组克服滑轮重力做的额外功是24000J
12. 如图是一种烟雾报警装置，R0是阻值为20Ω的定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随激光的光照强度减弱而增大。当电路中电流小于或等于0.2A时，烟雾报警器报警。开关S闭合后，当电流表示数为0.5A时，光敏电阻R的电功率为1W。下列说法正确的是( )
A. 报警器是电压表，烟雾浓度增大时其示数减小
B. 当电压表示数小于或等于8V时，报警器报警
C. 若将R0换成阻值更小的电阻，报警器报警浓度更高
D. 若电源电压变小，报警器报警浓度更高
13. 《曹刿论战》中曹刿善于利用鼓声。鼓声是由于鼓面______产生的，鼓声震耳欲聋形容鼓声的______大；战场上常用“击鼓进军，鸣金收兵”作为命令，说明声可以传递______。
14. 视力检查时要求被测人与视力表间隔5m。如图，视力表与平面镜的距离是3m。为满足测量要求，小明应坐在镜前______ m处；如果室内光线较暗，可用天花板上的射灯对着______ (选填“视力表”“小华的脸”或“平面镜”)照射；若医生指着视力表上开口向外的“E”字，小华用手示意“E”字开口向______ (选填“里”或“外”)就是对的。
15. 中国高铁已经成为世界瞩目的一张名片，其中蕴含很多物理知识。如在节能技术上，高铁采用了再生制动方式，高铁到站前停止供电，由于______ ，高铁会继续向前运行，电机线圈随车轮转动而在磁场中做______ 运动产生电流，将机械能转化为电能，输入电网。
16. 如图是都江堰的示意图，它凝聚着我国古代劳动人民的智慧，在引水灌溉，防洪减灾方面发挥着重要作用。枯水季节，由于内江河床较低，水在______ 力的作用下，大量的水落入内江，水的重力势能转化为水的______ 能；洪水季节，由于宝瓶口的限流作用，导致外江水的流速较大、压强较______ ，大量的水涌入外江。
17. 天舟六号货运飞船5月10日发射升空，11日与空间站成功对接。火箭发射时燃料燃烧将化学能转化为______ 能，再转化为______ 能使火箭加速上升，上升时推动火箭运动的力的施力物体是______ (选填“空气”“火箭上的发动机”或“喷出的燃气”)；地面遥控中心通过______ (选填“电磁波”或“超声波”)与飞船进行信息传递；飞船与核心舱对接后，一起绕地球飞行，以核心舱为参照物，飞船是______ 的。
18. 如图所示，探究液体内部压强与深度和液体密度的关系。
(1)图甲中金属盒在水中的深度为______ cm；
(2)比较两图，小明认为：液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小。小华觉得小明的结论不正确，为用实验证明，可在图乙中往容器内加水，只要水面到容器底的距离达到或超过______ cm即可得到验证；
(3)为探究液体压强与液体密度的关系，小明在图甲的容器中倒入适量的浓盐水使液体密度变大，同时使金属盒的位置______ (选填“保持不变”或“适当上移”)，然后比较得出结论。
19. “自嗨锅”成为当下一种时尚快餐，很受年轻人喜爱。它里面的发热包能将500g水从10℃加热至沸腾(一个标准大气压下)，提供给水的热量是______ J；如果用酒精灯给同样的水加热升高同样温度，至少需要______ g酒精。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q酒精=3×107J/kg]
20. 小明家的小型电冰箱铭牌如图甲。该冰箱在标定耗电量下工作时，一天实际工作______ h；若电冰箱每次从启动到停止工作的时间是12min，电能表规格如图乙，电路中只有该冰箱工作，则冰箱工作一次电能表指示灯闪______ 次。
21. 小明用电子秤、玻璃杯和水测量鸭蛋的密度，测量步骤如图所示，依次读出图中电子秤显示的质量。分析计算时，他发现只要读出图中的三个质量就能求出鸭蛋的密度，其中有一个图的质量是必须要读出的，这个图是______ (填字母)。若读出A、C、E三次的质量分别是mA、mC和mE，则鸭蛋的密度ρ=______ (用mA、mC、mE和ρ水表示)，该结果______ (填“受”或“不受”)鸭蛋取出时带走水多少的影响。
22. 如图所示，请在图中大致画出小明在岸上B点观察池底A点的光路图。
23. 完成下列作图：如图，用羊角锤拔钉子，画出在A点所施加的最小动力F和其力臂l。
24. 完成下列作图：如图，甲是家庭电路中常见的带开关的插座，请在图乙中补画出其在家庭电路中的连接情况。
25. 如图所示是“雾炮车”喷洒水雾以减少扬尘的情景。某“雾炮车”空载时的质量为6t，罐体有效容积为8m3，该“雾炮车”从水源地装满水后，沿平直公路以54km/h的速度匀速驶向2.7km远的目的地，若行驶过程中“雾炮车”受到的阻力为1.5×104N，车轮与地面的总接触面积为0.4m2。求：(g取10N/kg)
(1)“雾炮车”从水源地到达目的地所用的时间；
(2)“雾炮车”在这段路程中牵引力做功的功率；
(3)“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压强。
26. 如图是电吹风的简化电路图，工作时可以吹出热风，也可以吹出冷风。某电吹风的铭牌如表。求：
型号
SHZ2010-624
热风温度
50℃∼75℃
额定功率
吹热风时：1000W
吹冷风时：120W
额定电压
220V
质量
0.5kg
(1)吹冷风时，通过电吹风的电流是多少？(保留两位小数)
(2)电热丝的电阻是多大？
(3)若某次用该电吹风吹干头发时，先吹热风后吹冷风，共用时1min，总共消耗42400J的电能，求该次吹热风的时间是多少？
27. 在“探究水沸腾前后温度变化特点”的实验中：
(1)组装实验器材时，对于盛水的烧杯和测水温的温度计，应先确定______ 的位置，若组装后的装置如图甲，他还要调整______ (选填“A”或“B”)的高度；
(2)正确安装好器材后进行实验，某时刻温度计的示数如图乙，则水的温度是______ ℃。
(3)根据实验数据画出水的温度随时间变化图像如图丙中的实线。分析图像可知：水在沸腾过程中温度变化的特点是______ ；初步得出结论后，等水温降至90℃时，另一位同学继续利用该装置再次进行实验，并在同一坐标系中画出水温度随时间变化图像如图丙中的虚线，比较两个图像可知，两次实验中水从90℃加热至刚沸腾，所用的______ 不同，原因可能是水的______ 不同。
28. 某同学用自制的“水凸透镜”探究近视眼的成因。
(1)组装好实验器材后，当蜡烛、凸透镜和光屏位置如图所示时，光屏上恰好出现烛焰清晰的像，该像是倒立______ 的实像；
(2)保持凸透镜和光屏位置不变，将蜡烛移到“0”刻度线处，光屏上的像变模糊了，若要在光屏上出现清晰的像：
①可以将光屏向______ 移；
②也可以通过注射器向水透镜______ (选填“注水”或“抽水”)使水透镜的焦距变______ (选填“大”或“小”)些；
③还可以在水透镜前放一个适当的______ (选填“凸透镜”或“凹透镜”)。
29. 浸在水中的物体受到浮力。小明想知道食指浸在水中所受浮力的大小。他从如图所示的器材中选取了弹簧测力计、盛满水的溢水杯和小桶来测量。测量步骤是：①用弹簧测力计测出小桶的重力G0；②把食指浸入水中，并用小桶收集溢出的水；③用弹簧测力计测出小桶和水的总重力G1；
(1)则食指受到的浮力F浮=______ 。
(2)请对小明的测量方法做出评价：______ 。
(3)请你也从图中选取合适的器材，再设计一种测量食指受到浮力大小的方法。
①你选择的测量工具是______ ；
②测量的物理量及其符号是______ ；
③食指受到的浮力F浮=______ 。(水的密度ρ水已知)
30. 小明猜想滑动摩擦力大小可能与压力的大小和接触面的粗糙程度有关。为了验证猜想，他用三个完全相同的木块A、B、C进行实验：
(1)将木块A放在水平桌面上(如图甲)，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块A向右做匀速直线运动，读出测力计的示数F1。根据______ 可得出木块A受到的滑动摩擦力的大小是______ N，再将木块B叠放在木块A的上面(如图乙)，用同样的方法测出木块A受到的滑动摩擦力的大小是1.2N，然后又将木块C叠放在木块B的上面(如图丙)，再测出木块A受到的滑动摩擦力的大小是1.8N。分析以上实验过程及测得的数据可得出：滑动摩擦力的大小与压力的大小有关，且接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与压力的大小成______ 比。
(2)小明还想探究滑动摩擦力的大小与另一个因素的关系，他还需添加______ (选填“斜面”“毛巾”或“钩码”)。
(3)完成上述探究后，小明将A和B固定在一起后(木块A和B接触面用双面胶粘贴)放在水平桌面上(如图丁)，再用弹簧测力计沿水平方向拉着它们一起在水平桌面上向右做匀速直线运动，读出弹簧测力计示数F4=1.2N，比较图乙和图丁及F2和F4的大小可知：滑动摩擦力的大小与______ 的大小无关。
(4)如果将木块A、B、C按图戊那样固定在一起后(木块A、B、C的接触面用双面胶粘贴)放在水平桌面上，再用弹簧测力计沿水平方向拉着它们一起在水平桌面上向右做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数F5=______ N，此时木块A受到的滑动摩擦力是______ N。
31. 小明用三节新干电池组成的电池组(电压恒为4.5V)、电阻箱(能提供的阻值是0-9999Ω之间的任意整数值)、电压表、电流表、滑动变阻器、开关和导线来做“探究电流与电阻关系”的实验。
(1)检查器材时发现滑动变阻器的最大阻值看不清楚，于是他设计了如图甲所示的电路图，测量滑动变阻器的最大阻值
①请按图甲所示的电路图将图乙中的实物电路连接完整；
②连好电路后，闭合开关前，除了将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处外，还要将电阻箱的阻值调到最______ (选填“大”或“小”)；
③闭合开关后，改变电阻箱接入的电阻，读出三次电压表和电流表的示数如表，则滑动变阻器的最大阻值是______ Ω(取整数)。
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
1
3.0
0.3
2
2.0
0.22
3
1.5
0.14
(2)测出滑动变阻器的最大阻值后，小明用图乙所示的电路“探究电流与电阻的关系”，实验步骤如下：
①先调节电阻箱，使其接入阻值为12Ω，移动滑动变阻器的滑片直到电压表示数为某一值时，电流表指针如图丙所示，读出电流表的示数是______ A，并记入表中；
实验次数
1
2
3
4
电阻R/Ω
12
10
…
4
电流I/A
0.24
…
0.50
②再调节电阻箱，使其接入阻值为10Ω，将滑动变阻器的滑片由上一次的位置向______ (选填“左”或“右”)移动，直到电压表示数为______ V时，读出电流表示数记入表中；
③为了寻找普遍规律，他又测了两组数据记入表中。分析数据时发现，第4次实验测出的电流有误，小明回忆是从第3次到第4次改变电阻箱接入电阻后，没有移动滑动变阻器的滑片就直接读出电流表的示数造成的，那么小明第3次实验时电阻箱接入的阻值是______ Ω(取整数)。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、物体受到的力和物体在这个力的方向上通过的距离的乘积叫做功，所以功不是采用的比值定义法，故A不符合题意；
B、物体受到的压力与受力面积之比叫压强，所以压强采用的是比值定义法，故B不符合题意；
C、某种物质温度升高时吸收的热量与其质量和升高温度的乘积的比值叫做这种物质的比热容，所以比热容采用的是比值定义法，故C不符合题意；
D、电功率是单位时间内电流做功的多少，采用的是比值定义法，故D不符合题意。
故选：A。
首先明确每个选项中物理概念的定义，然后确定符合题意的选项。
根据各物理量的定义即可分析，属于基础题。
2.【答案】D
【解析】解：A、家庭电路中的电线用室温超导体材料，可以减小损耗，故A不符合题意；
BC、电动机的线圈和电磁铁的线圈也可以用室温超导体材料，故BC不符合题意；
D、滑动变阻器的线圈用室温超导体材料，电阻将不能改变，故D符合题意。
故选：D。
超导材料处于超导态时电阻为零。
本题考查了超导体材料的特点，属于基础题。
3.【答案】B
【解析】解：①一节1号干电池的高度约为6cm=60mm，故①符合实际；
②一节1号干电池的质量约100g，故②不符合实际；
③一节1号干电池电压约为1.5V，故③符合实际；
④干电池放入水中下沉，说明其的密度比水大，大于1g/cm3，故④不符合实际。
故选：B。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、质量、电压、密度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
4.【答案】B
【解析】解：A、石杓舀出液态铜说明石的熔点比铜的高，故A正确；
BC、液态铜倒入陶范冷却成青铜器是凝固现象，凝固放热，故B错误，C正确；
D、“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴，故D正确。
故选：B。
(1)相同温度下，铜是液态，石头是固态，说明石头的熔点高于铜；
(2)物质由固态直接变为气态的过程叫做凝华，物质由液态变为固态的过程叫做凝固，凝固需要放热；
(3)物质由气态变为液态的过程叫做液化。
本题考查了物态变化及其特点、密度及其特性，属于基础题，难度不大。
5.【答案】C
【解析】解：A.向外拉活塞时，针管外部的大气会给活塞有一个压力，所以要用很大的力，故A正确；
B.气体分子间的空隙很大，随着向内压活塞，分子间的间隙逐渐变小，所以需要的压力逐渐变大，故B正确；
C.分子间的引力和斥力是同时存在的，向内压活塞后来很难，是因为此时分子间的斥力大于引力，故C错误；
D.活塞压缩空气，对空气做功，所以空气内能增加，温度升高，故D正确。
故选：C。
(1)空气受到重力作用，而且空气具有流动性，因此空气内部向各个方向都有压强，这个压强就叫大气压强；
(2)分子间有间隙；
(3)分子间存在着相互作用的引力和斥力；
(4)对物体做功，可以使物体内能增加，温度升高。
本题考查了分子动理论、大气压强和做功改变物体的内能，虽知识点多、但都属于基础，难度不大。
6.【答案】B
【解析】解：A、煤、石油、天然气都属于常规能源，不属于清洁能源，故A错误；
B、石油、煤、天然气都是太阳能的产物，故B正确；
C、新开发利用的核能属于不可再生能源，故C错误；
D、人类利用多年且广泛使用的能源，如煤、石油、天然气、水能等是常规能源，不是新能源，故D错误。
故选：B。
(1)清洁能源是指不排放污染物、能够直接用于生产生活的能源，包括太阳能、风能、水能、生物能等，煤、石油、天然气都属于常规能源，不属于清洁能源；
(2)人类使用的主要能源煤、石油、天然气等都是由太阳能转化而来的；
(3)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能；
(4)新能源：人类新近才开始利用的能源．例：潮汐能、地热能、太阳能、核能、风能。
本题主要考查学生对能源的分类的了解和掌握，是基础性的题目。
7.【答案】A
【解析】解：A、使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体，故A符合安全用电原则；
B、手机充电时接听电话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，所以充电时不要接打电话，故B不符合安全用电常识；
C、因为电路中电流过大(短路或总功率过大)，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，故C不符合安全用电原则。
D、雷雨时在开阔地带举着雨伞，雨伞会充当高大物体，人体是导体，此时容易遭雷击，故D不符合安全原则。
故选：A。
(1)使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体；
(2)手机在进行充电时上网或通话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，会对人体造成损伤；
(3)空气开关跳闸，原因是因为电路中电流过大(短路或总功率过大)，应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位；
(4)发生雷雨时，要注意避雷，预防雷击。
此题考查了安全用电常识、测电笔的使用方法及预防雷击的措施，属于基础知识的考查，难度较小，容易解答。
8.【答案】D
【解析】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A、图中没有电源，是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应实验，故A错误；
B、图中是奥斯特实验，证明了电流周围存在磁场，与电磁弹射器工作原理不一致，故B错误；
C、图中实验是探究电荷间相互作用，故C错误；
D、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器的工作原理相同，故D正确。
故选：D。
电磁弹射器是利用了磁场对通电导体产生力的作用。根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应等实验要注意区分，属常见题型。
9.【答案】D
【解析】A、由题知，上面两个磁环都悬浮着，所以相邻两磁环间相互排斥，最下面的磁环的下底面是N极，则上面为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，中间磁环下方为S极，上方为N极，上面的磁环下方为N极，上方为S极，故A错误；
B、c对b的磁力等于b的重力加上a对b的磁力，则a对b的磁力与c对b的磁力大小不等，不是一对平衡力；故B错误；
C、c对底座的压力是由于c的形变产生弹力，故C错误；
D、若重力消失，a受到b向上的磁力而加速运动，当足够远，没有磁力后，将做匀速直线运动，因而a会竖直向上运动且且速度先变大后不变，故D正确。
故选：D。
(1)同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)一对平衡力的特点：作用在同一物体上，作用在同一条直线上，方向相反，大小相等。
(3)弹力是物体力图恢复原状产生的力，是施力物体发生弹性形变产生的；
(4)重力消失，磁力存在，根据力与运动的关系和牛顿第一定律判断速度的变化。
本题考查磁极间的作用、二力平衡、弹力以及力与运动的关系，属于中档题，有一定的难度。
10.【答案】A
【解析】解：根据题意可知，当人坐在座椅上未系安全带时，此时S1闭合，S2也闭合，蜂鸣器响；当人坐在座椅上系好安全带时，此时S1闭合，S2断开，蜂鸣器不响；由此可知电铃与保护电阻、S1、S2串联在电路中，故A正确。
故选：A。
根据题意分析两个开关的连接方式、电铃与保护电阻的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻起到保护电路的作用，可使电源不被短路。
11.【答案】B
【解析】解：
A、将起重机的吊臂看成杠杆，由图知，配重重力G配和AO长一定，根据杠杆的平衡条件知G配×AO=FB×BO，滑轮组的离O点越远，即OB长越大，FB越小，能吊起物体重力越小，故A错误；
B、由题知，起重机上的滑轮组将物体匀速提升后，吊臂在水平面内匀速转动，滑轮组对物体的拉力竖直向上，物体沿水平方向移动，滑轮组对物体不做功，故B正确；
C、滑轮组提升物体做的有用功W有=Gh=mgh=400kg×10N/kg×9m=36000J，
绳端的拉力做的总功W总=W有η=36000J60%=60000J，
由图知，承担重物绳子的段数n=2，由s=nh和W总=Fs可得，绳端拉力F=W总s=W总nh=60000J2×9m≈3333.3N，故C错误；
D、提升物体做的额外功W额=W总-W有=60000J-36000J=24000J，
克服动滑轮和绳重、摩擦所做的功是额外功，所以克服动滑轮重力做的额外功小于24000J，故D错误。
故选：B。
(1)将起重机的吊臂看成杠杆，由图知，配重重力和AO长一定，滑轮组的离O点越远，BO长越大，根据杠杆的平衡条件分析滑轮组和物体对B拉力的变化，从而知能吊起物体重力的变化；
(2)功包括两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离；
(3)根据W有=Gh=mgh计算提升物体做的有用功，根据η=W有W总计算总功，根据s=nh和W总=Fs计算绳端拉力；
根据η=W有W总=GhFs=GnF计算作用在滑轮组绳端的拉力的大小；
(4)克服动滑轮和绳重、摩擦所做的功是额外功，额外功等于总功和有用功之差，据此分析解答。
本题考查了杠杆平衡条件的应用、做功要素、额外功的理解以有机械效率的计算，考查知识点多，综合性强。
12.【答案】D
【解析】解：根据电路图可知，R与R0串联接入电路中，报警器并联在R的两端，电流表测量电路中的电流；
A、报警器并联接入电路中，所以报警器为电压表；烟雾浓度增大时，R的光照强度变弱，R阻值变大，根据串联电路的分压规律可知，R分担的电压变大，报警器示数变大，故A错误；
B、由P=I2R可得，当电流表示数为0.5A时，光敏电阻的阻值为：R=PI2=1W(0.5A)2=4Ω；
根据欧姆定律可知，电源电压为：U=I(R+R0)=0.5A×(20Ω+4Ω)=12V；
当电路中电流小于或等于0.2A时，烟雾报警器报警，R0两端电压为：U0=I'R0=0.2A×20Ω=4V；
根据串联电路的电压规律可知，电压表示数为：U'=U-U0=12V-4V=8V，即当电压表示数大于或等于8V时，报警器报警，故B错误；
C、若将R0换成阻值更小的电阻，报警电压不变，根据串联电路的分压规律可知，报警时，R的阻值变小，光照强度增大，报警浓度变低，故C错误；
D、若电源电压变小，报警电压不变，根据串联电路的分压规律可知，R阻值变大才能使得分担的电压变大，则光照强度变弱，报警浓度升高，故D正确。
故选：D。
根据电路图可知，R与R0串联接入电路中，报警器并联在R的两端，电流表测量电路中的电流；
(1)根据报警器的连接方式分析其类型；烟雾浓度增大时，R的光照强度变弱，R阻值变大，根据串联电路的分压规律分析报警器示数的变化；
(2)根据串联电路电流特点和P=I2R求出光敏电阻的阻值；根据欧姆定律求出电源电压；当电流为0.2A时，根据欧姆定律求出R0两端电压，根据串联电路的电压规律求出电压表示数；
(3)若将R0换成阻值更小的电阻，报警电压不变，根据串联电路的分压规律分析R阻值的变化，从而得出浓度的变化；
(4)若电源电压变小，报警电压不变，根据串联电路的分压规律分析R阻值的变化，从而得出报警浓度的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，有一定的难度。
13.【答案】振动 响度 信息
【解析】解：(1)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；鼓声是由于鼓面振动产生的；
(2)鼓声震耳欲聋，说明声音的响度大；
(3)战场上常用“击鼓进军，鸣金收兵”作为命令，说明声可以传递信息。
故答案为：振动；响度；信息。
(1)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；
(2)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(3)声音既能传递信息，也能传递能量。
本题考查了声音的产生、声音的特征以及声音的传播等知识，是一道声学综合题。
14.【答案】2 小华的脸 外
【解析】解：(1)已知视力检测时要求被测的人与视力表的距离为5m，但房间空间太小，可利用平面镜成像特点，人与视力表的像的距离为5m，视力表在平面镜中所成的像距离平面镜为3m，所以人与平面镜的距离应为5m-3m=2m；
(2)平面镜成像时，像的明暗取决于物体的明暗，光照射在物体上反射，为了看清小华的脸，可用天花板上的射灯对着小华的脸照射；
(3)平面镜成像时，物像相当于平面镜对称。视力表上其中一个“E”字开口指向纸外，视力表像的“E”开口也向外，所以被测者应向外指才正确。
故答案为：2；小华的脸；外。
(1)平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；(2)平面镜成像时，像的明暗取决于物体的明暗；(3)根据平面镜成像特点物像关于平面镜对称分析解答。
本题主要考查了平面镜成像特点在日常生活中的应用。平面镜有两个重要的应用：一是改变光的传播路线；二是成像。检查视力是利用平面镜成像特点，来增大视觉空间。
15.【答案】惯性 切割磁感线
【解析】解：高铁到站前先停止供电后，高铁仍能前进是因为高速行驶的列车具有惯性，会保持原来的运动状态继续前进；
电机线圈转动中由于做切割磁感线运动而在线圈中产生了感应电流，这种原理叫电磁感应；将高铁的机械能(动能)转化为了电能。
故答案为：惯性；切割磁感线。
①一切物体均有惯性，惯性是指物体具有的能保持原来的运动状态不变的性质；
②闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象叫做电磁感应；它是由英国物理学家法拉第最早发现的，根据电磁感应现象制成了发电机。
本题为结合物理情景考查物理知识的题型，该题型为常见题型，其特点为考查面较广但一般难度不大。
16.【答案】重 动 小
【解析】解：(1)水受到的重力作用下，大量的水落入内江，水的质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能变大，水的重力势能转化为水的动能；
(2)洪水季节，由于宝瓶口的限流作用，导致内江水的流速较小，外江水的流速较大、压强较小，大量的水涌入外江。
故答案为：重；动；小。
(1)重力势能的影响因素有质量和高度；动能的大小与质量、速度有关。
(2)流体压强与流速的关系：流体流速大的地方、压强小，流体流速小的地方、压强大。
本题考查了流体压强和流速的关系、重力势能和动能的转化，属于基础题。
17.【答案】内 机械 喷出的燃气 电磁波 静止
【解析】解：燃料燃烧是化学变化，在燃烧过程中，化学能转化为内能；火箭向下喷发燃气，根据力的作用是相互的，喷出的燃气推动火箭，对火箭做功，此过程内能转化为机械能；
地面遥控中心通过电磁波与飞船进行信息传递；
飞船与核心舱对接后，一起绕地球飞行，以核心舱为参照物，飞船与核心舱之间的位置没有发生变化，所以飞船是静止的。
故答案为：内；机械；喷出的燃气；电磁波；静止。
(1)燃料燃烧时，化学能转化为内能，内能对外做功，内能转化为机械能；
(2)物体间力的作用是相互的，受力物体受到一个力的作用时，同时也给施力物体一个力；
(3)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
(4)被研究对象相对于参照物来说位置发生变化，是运动的，相对于参照物来说位置没有变化，是静止的。
此题考查运动和静止的相对性、力的作用的相互性、电磁波的传播与应用，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
18.【答案】10 22 适当上移
【解析】解：
(1)由图可知，水的深度为15cm，金属盒到底部的距离为5cm，则金属盒的深度为h=15cm-5cm=10cm；
(2)小明认为：液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小；
为研究此问题，小华在乙图中保持金属盒的位置不变(即金属盒到容器底的距离保持12cm不变)，往容器内加水，
对比甲图，要说明小明的观点是错误的，即：乙图中液体内部某处到容器底的距离较大时，其金属盒受到水的压强应大于或等于甲图中金属盒受到水的压强，根据p=ρ水gh可知，乙图中金属盒所处的深度应大于或等于甲图中金属盒所处的深度(h乙深=15cm-5cm=10cm)，所以，乙图中水面到容器底的距离L需要满足L≥10cm+12cm=22cm；
(3)探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持液体深度不变。小明在图甲的容器中倒入适量的浓盐水使液体密度变大，同时使金属盒的位置适当上移，然后比较得出结论。
故答案为：(1)10；(2)22；(3)适当上移。
(1)根据图示得出金属盒在水中的深度；
(2)小明认为：液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小；对比甲图，要说明小明的观点是错误的，即：乙图中液体内部某处到容器底的距离较大时，其金属盒受到水的压强应大于或等于甲图中金属盒受到水的压强，根据p=ρ水gh可知，乙图中金属盒所处的深度应大于或等于甲图中金属盒所处的深度，据此进行解答；
(3)探究液体压强跟密度是否有关时，应控制液体深度不变，改变液体密度的大小。
本题为探究液体压强实验，利用好控制变量法是解答本题的关键。
19.【答案】1.89×105 6.3
【解析】解：一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水的质量m=500g=0.5kg，
水吸收的热量：Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×(100℃-10℃)=1.89×105J；
由题知，酒精完全燃烧放出的热量Q放=Q吸=1.89×105J；
由Q放=mq可知，需要完全燃烧酒精的质量：m酒精=Q放q酒精=1.89×105J3×107J/kg=0.0063kg=6.3g。
故答案为：1.89×105；6.3。
知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t-t0)计算出水吸收的热量；由题知，酒精完全燃烧放出的热量Q放=Q吸，根据Q放=mq计算出需要完全燃烧酒精的质量。
本题考查吸热公式、放热公式的灵活运用，是一道常考题。
20.【答案】10 32
【解析】解：(1)从图甲可知，电冰箱一天的耗电量为：W=0.5kW⋅h，
额定电功率为：P=50W=0.05kW，
由P=Wt得，该冰箱在标定耗电量下工作时，一天的实际工作时间为：
t=WP=0.5kW⋅h0.05kW=10h；
(2)电冰箱每次从启动到停止工作的时间为：
t'=12min=0.2h，
电冰箱每工作一次消耗的电能为：
W'=Pt'=0.05kW×0.2h=0.01kW⋅h，
而电能表上标有3200imp/kW⋅h，表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表上的指示灯闪烁3200次，
则电冰箱每工作一次电能表闪烁的次数为：
n=0.01kW⋅h×3200imp/kW⋅h=32次。
故答案为：10；32。
(1)知道电冰箱一天的耗电量和额定电功率，利用P=Wt计算一天的实际工作时间；
(2)知道电冰箱每次从启动到停止工作的时间，可利用公式W=Pt计算出电冰箱每工作一次消耗的电能，再依据电能表的参数可求出电冰箱工作一次电能表指示灯闪烁的次数。
本题考查电能和电功率的计算，综合性强，难度适中。
21.【答案】EmAmE+mA-mCρ水 不受
【解析】解：测出了鸭蛋的质量mA，再用排水法来测量鸭蛋的体积，鸭蛋浸没在水中时，V蛋=V排；补入水的体积即鸭蛋的体积，求出鸭蛋的密度，其中E的示数是必须要读出的；
排开水的质量为：m排=mE+mA-mC，
鸭蛋的体积为：V蛋=V排=m排ρ水=mE+mA-mCρ水，
鸭蛋的密度为：
ρ蛋=m蛋V蛋=mAmE+mA-mCρ水=mAmE+mA-mCρ水；
由于取出鸭蛋时带出一些水，在补入水时已补上，由A、C、E三图中三个数据计算排开水的体积可以不受带出水对实验的影响。
故答案为：E；mAmE+mA-mCρ水；不受。
测出了鸭蛋的质量，再通过排水法来计算鸭蛋的体积，鸭蛋浸没在水中时，由A、C两图可知：V蛋=V排，由A、C、E三图可知加入水的体积即为鸭蛋的体积，根据公式ρ=mV计算出鸭蛋的密度。
本题考查了密度测量方法等，是拓展性的液体密度测量习题，难度大。
22.【答案】解：池底A点的光斜射入空气中，折射后进入B点的人眼，折射角大于入射角。连接AB与水面交于一点，在这个点的右侧合适的位置选择一点O作为入射点，连接AO为入射光线，OB为折射光线，如图所示：
【解析】人在岸上看到池底的A点，是水中A点的光斜射入空气中的折射光线进入了人眼，且折射角大于入射角，由此作图。
本题考查根据光的折射规律作图，关键知道光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角。
23.【答案】解：由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，动力的力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点A的连线，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可．如图所示：
。
【解析】由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点，做它的垂线，此时动力的力臂最长，力最小。
求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
24.【答案】解：为了安全，开关接在火线上，三孔插座中上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，如下图：
【解析】家庭电路中接入用户的电线一般有两条：火线和零线，三孔插座的接法是上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，简称“上地左零右火”。
本题考查了家庭电路中开关以及三孔插座的接法，要注意安全用电的原则。
25.【答案】解：
(1)由v=st可得，“雾炮车”从水源地到达目的地所用的时间：t=sv=2.7km54km/h=0.05h；
(2)“雾炮车”沿平直公路匀速行驶的速度：v=54km/h=15m/s，
因“雾炮车”沿平直公路匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，“雾炮车”在这段路程中牵引力：F牵引=f=1.5×104N，
则“雾炮车”在这段路程中牵引力做功的功率：P=Wt=F牵引st=F牵引v=1.5×104N×15m/s=2.25×105W；
(3)“雾炮车”装满水后水的体积：V水=V=8m3，
由ρ=mV可得，水的质量：m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×8m3=8×103kg，
“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压力：F=G总=(m车+m水)g=(6×103kg+8×103kg)×10N/kg=1.4×105N，
“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压强：p=FS=1.4×105N0.4m2=3.5×105Pa。
答：(1)“雾炮车”从水源地到达目的地所用的时间为0.05h；
(2)“雾炮车”在这段路程中牵引力做功的功率为2.25×105W；
(3)“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压强为3.5×105Pa。
【解析】(1)知道“雾炮车”从水源地到目的地匀速行驶的速度和路程，根据v=st求出行驶所用的时间；
(2)“雾炮车”沿平直公路匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据P=Wt=Fst=Fv求出“雾炮车”在这段路程中牵引力做功的功率；
(3)“雾炮车”装满水后水的体积和罐体有效容积相等，根据ρ=mV求出水的质量，“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压力等于其空载时的重力加上所装水的重力，利用p=FS求出“雾炮车”装满水后静止时对水平地面的压强。
本题考查了速度公式和二力平衡条件、功率公式、密度公式、压强公式的应用等，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
26.【答案】解：由图知，当开关置于AB时，电动机和电热丝并联，电吹风吹出热风；当开关置于BC时，只有电动机工作，只吹冷风；
(1)由铭牌参数可知，电吹风吹冷风时的功率P冷=120W，
由P=UI可知，当吹冷风时，通过电吹风的电流：I=P冷U=120W220V≈0.55A；
(2)当开关置于AB时，电动机和电热丝并联，根据并联电路特点可知，电热丝的发热功率：PR=P热-P冷=1000W-120W=880W，
由P=U2R可知，电热丝的电阻：R=U2PR=(220V)2880W=55Ω；
(3)吹热风、冷风共用时1min=60s，设吹热风的时间t热=t，则吹冷风的时间t冷=60s-t，
由P=Wt可得，吹热风消耗的电能W热=P热t热=P热t，吹冷风消耗的电能W冷=P冷t冷=P冷(60s-t)，
总共消耗的电能：W=W热+W冷=P热t+P冷(60s-t)，
42400J=1000W×t+120W×(60s-t)，
解得：t=40s。
答：(1)吹冷风时，通过电吹风的电流约为0.55A；
(2)电热丝的电阻是55Ω；
(3)该次吹热风的时间是40s。
【解析】由图知，当开关置于AB时，电动机和电热丝并联，电吹风吹出热风；当开关置于BC时，只有电动机工作，只吹冷风；
(1)由铭牌参数可知电吹风吹冷风时的功率，利用P=UI求吹冷风时通过电吹风的电流；
(2)当开关置于AB时，电动机和电热丝并联，根据并联电路特点可知，电热丝的发热功率等于吹热风时的功率减去吹冷风时的功率，再利用P=U2R求电热丝的电阻；
(3)吹热风、冷风共用时1min=60s，设吹热风的时间t热=t，则吹冷风的时间t冷=60s-t，由P=Wt可得，吹热风消耗的电能W热=P热t热=P热t，据此求吹热风的时间。
本题考查并联电路的特点、电功率公式的灵活运用，能正确分析两种状态下的电路连接是解题的关键。
27.【答案】烧杯 B 96 温度不变 时间 质量
【解析】解：(1)酒精灯需用外焰加热，所以要先放好酒精灯，再固定铁圈A的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以先放好烧杯后，再调节温度计的高度；
(2)由图乙可知，温度计的分度值为1℃，所以温度计的读数为96℃；
(3)由图像可知，水在4min时沸腾，温度保持98℃不变，故水在沸腾过程中温度变化的特点是温度不变；如图丙所示，从两次实验的图像中可看出，水的初温相同，加热条件完全相同，两位同学所用时间不同，是因为实验时用水质量不同。
故答案为：(1)烧杯；B；(2)96；(3)温度不变；时间；质量。
(1)因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；
(2)读取温度计示数时应先明确分度值，再观察液柱所指的刻度；
(3)水在沸腾过程中温度保持不变；液体吸收热量，温度不断升高，从开始加热到沸腾，需要时间的长短跟液体的质量、液体的初温、火力大小有关。
本题探究水沸腾前后温度变化的特点，主要考查了器材的组装、温度计的读数、沸腾特点等，难度不大，属于基础性题目。
28.【答案】缩小 左 抽水 大 凹透镜
【解析】解：(1)根据图示可知，此时的物距大于像距，成的是倒立、缩小的实像；
(2)①保持凸透镜和光屏位置不变，将蜡烛移到“0”刻度线处，物距变大，像距变小，若要在光屏上出现清晰的像，应向左移动光屏；
②不移动光屏，应该需要使凸透镜的会聚作用变小一下，应增大凸透镜的焦距，减小凸度，所以应通过注射器向水透镜抽水使水透镜的焦距变大；
③要使光屏上成像，需要使折射光线发散一些，故选用放置一个凹透镜。
故答案为：(1)缩小；(2)①左；②抽水；大；③凹透镜。
(1)根据物距、像距的大小分析像的性质；
(2)①凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小；
②凸透镜的凸度越小，焦距越大；
③凹透镜对光线具有发散作用。
本题考查学生对凸透镜成像规律的掌握程度，对凸透镜的成像规律必须牢固掌握。
29.【答案】G1-G0 测出食指排开水的重力，根据阿基米德原理F浮=G排求出浮力，操作简单 量筒 V0、V1 ρ水(V1-V0)g
【解析】解：(1)根据阿基米德原理，则食指受到的浮力F浮=G排=G1-G0；
(2)请对小明的测量方法做出评价：测出食指排开水的重力，根据阿基米德原理F浮=G排求出浮力。
(3)①选择的测量工具是量筒；
②在量筒中加适量的水，读出水的体积V0，将食指浸入水中，读出水面的示数V1，食指排开水的体积V排=V1-V0；
③食指受到的浮力F浮=ρ水V排g=ρ水(V1-V0)g。
故答案为：(1)G1-G0；(2)测出食指排开水的重力，根据阿基米德原理F浮=G排求出浮力，操作简单；①量筒；②V0、V1；③ρ水(V1-V0)g。
(1)根据阿基米德原理，物体在液体中受到的浮力等于其排开液体的重力，即F浮=G排；
(2)从原理、结论、误差等方面做出评价；
(3)实验中排水法测出食指排开水的体积；
(4)根据阿基米德原理，F浮=ρ水V排g求出食指受到的浮力。
本题主要考查了用阿基米德原理测量浮力的方法，我们要能够根据实验室中常见的测量工具测出浮力。
30.【答案】测力计的示数F1 0.6正 毛巾 接触面积 1.80.6
【解析】解：(1)将木块A放在水平桌面上(如图甲)，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块A向右做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小，测力计分度值为0.2N，示数为0.6N，根据测力计的示数F1可得出木块A受到的滑动摩擦力的大小是0.6N，再将木块B叠放在木块A的上面(如图乙)，用同样的方法测出木块A受到的滑动摩擦力的大小是1.2N，然后又将木块C叠放在木块B的上面(如图丙)，再测出木块A受到的滑动摩擦力的大小是1.8N。分析以上实验过程及测得的数据可得出：滑动摩擦力的大小与压力的大小有关，且接触面粗糙程度相同时，压力增大为原来的几倍，滑动摩擦力也增大为原来的几倍，滑动摩擦力的大小与压力的大小成正比。
(2)小明还想探究滑动摩擦力的大小与另一个因素的关系，即研究与接触面粗糙程度的关系，他还需添加毛巾。
(3)完成上述探究后，小明将A和B固定在一起后(木块A和B接触面用双面胶粘贴)放在水平桌面上(如图丁)，再用弹簧测力计沿水平方向拉着它们一起在水平桌面上向右做匀速直线运动，读出弹簧测力计示数F4=1.2N，比较图乙和图丁及F2和F4的大小可知压力大小和接触面的粗糙程度，而接触面积大小不同，滑动摩擦力相同，故滑动摩擦力的大小与接触面积的大小无关。
(4)如果将木块A、B、C按图戊那样固定在一起后(木块A、B、C的接触面用双面胶粘贴)放在水平桌面上，再用弹簧测力计沿水平方向拉着它们一起在水平桌面上向右做匀速直线运动时，图戊和丙的压力和接触面的粗糙程度相同，故滑动摩擦力大小相同，因此弹簧测力计的示数F5=1.8N，此时木块A受到的滑动摩擦力与甲图中的相同，为0.6N。
故答案为：(1)测力计的示数F1；0.6；正；(2)毛巾；(3)接触面积；(4)1.8；0.6。
(1)根据二力平衡的条件分析；由测力计分度值读数；分析相关数据得出结论；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)分析实验中相同量和不同量，得出滑动摩擦力与变化量的关系；
(4)根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和数据分析归纳结论的能力，体现了对过程和方法的考查。
31.【答案】大 100.2左 2.16
【解析】解：(1)①由甲电路图可知，电阻箱与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，变阻器按一下一上连入电路中，电压表与滑动变阻器并联，如下所示：
；
②连好电路后，闭合开关前，除了将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处外，还要将电阻箱的阻值调到最大处；
③由I=UR得，3次实验中滑动变阻器的最大电阻分别为：
R1=U1I1=3.0V0.3A=10Ω，R2=U2I2=2.0V0.22A≈9Ω，R3=U3I3=1.5V0.14A≈11Ω，
则滑动变阻器的最大阻值是：
R滑最大=R1+R2+R33=10Ω+9Ω+11Ω3=10Ω；
(2)①由图丙知电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A；
②接12Ω电阻时，电流表的示数为0.2A，由欧姆定律I=UR得，电阻箱两端的电压为：
UR=IR=0.2A×12Ω=2.4V，
则滑动变阻器两端的电压即电压表的示数为：
U滑=U-UR=4.5V-2.4V=2.1V，
根据串联分压原理可知，将电阻箱接入阻值由12Ω改接成10Ω时，电阻减小，其分得的电压减小，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻箱两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应减小滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以将滑动变阻器的滑片由上一次的位置向左移动，使电压表的示数为2.1V，读出电流表的示数；
③由欧姆定律得，第4次实验时滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑4=U滑4I4=U-U电阻箱I4=4.5V-0.5A×4Ω0.5A=5Ω，
由于从第3次到第4次改变电阻箱接入电阻后，没有移动滑动变阻器的滑片就直接读出电流表的示数，则第3次实验时滑动变阻器接入电路的阻值为5Ω，由②知第3次实验时电阻箱两端的电压UR=2.4V，滑动变阻器两端的电压为2.1V，则由欧姆定律得，第3次实验时电阻箱接入的阻值为：
R3=URI3=URU滑R滑3=2.4V2.1V5Ω≈6Ω。
故答案为：(1)①见解答；②大；③10；(2)①0.2；②左；2.1；③6。
(1)①由甲电路图可知，电阻箱与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，变阻器按一下一上连入电路中，电压表与滑动变阻器并联；
②为保护电路，在闭合开关前滑片应移至最大阻值处，电阻箱的阻值也应调到最大；
③由欧姆定律求出每次实验中滑动变阻器的最大电阻，取平均值得出滑动变阻器的最大电阻；
(2)①根据图丙电流表所选量程确定分度值，根据指针位置读出电流表示数；
②根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上小电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
③根据第四次实验数据结合欧姆定律以及串联电路的电压、电流规律求出第4次实验时滑动变阻器接入电路的阻值，即第3次实验时滑动变阻器接入电路的阻值，再根据欧姆定律以及串联电路的电压、电流规律求出第3次实验时电阻箱接入的阻值。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查了数据分析、串联电路的规律和欧姆定律的运用等，难度较大。
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