2023年云南省昭通市昭阳区中考物理二模试卷

这是一份2023年云南省昭通市昭阳区中考物理二模试卷，共27页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1. 下列关于声现象的说法，错误的是( )
A. 把耳朵贴在桌面上也能听到轻敲桌子的声音，说明固体可以传播声音
B. 8个相同玻璃瓶装不同高度的水，用相同大小的力敲击它们，声音的音调从左向右逐渐降低
C. 蝙蝠发出超声波是在利用声波传递信息
D. 发声的扬声器旁边烛焰是动说明声可以传递能量
2. 2022年春节期间，成都的夜景出圈了！一场场灯光秀不仅让本地人饱了眼福，也让外地游客流连忘返。在成都金融城双子塔(如图)，一场流光溢彩、璀璨夺目的视觉盛宴更是刷爆了朋友圈。结合所学知识分析下列说法中正确的是( )
A. 看到双子塔倒影，是因为光从水中射入空气，发生折射形成的虚像
B. 取下近视眼镜，看到双子塔变模糊了，是因为其像成在视网膜后面
C. 游客用照相机拍摄双子塔，为了使像更大，镜头可适当靠近双子塔
D. 看到灯光秀中五颜六色的光是由红、黄、蓝三种色光混合而成的
3. 白鹤滩水电站位于云南省巧家县和四川省宁南县境内，是中国第二大水电站，如图所示，它的建设对促进西部开发、实现“西电东送”、促进经济发展等具有重要的意义。下列说法错误的是( )
A. 水能属于可再生能源
B. 水电站将水的机械能转化为电能
C. 水坝建造成上窄下宽依据了流体压强与流速的关系
D. 水库可以降低周围昼夜温差，是因为水的比热容较大
4. 如图所示为初中物理课本中一些插图，关于这些插图的说法，错误的是( )
A. 图甲：纸片接触的齿轮齿数越多，振动越快，发出声音的音调就越高
B. 图乙：玻璃片离开水面的瞬间测力计示数变大，说明分子之间有引力
C. 图丙：将电阻丝接入电路后，通过电流表的示数变化反映电阻的大小
D. 图丁：移动滑动变阻器的滑片，是为探究电流产生热量与电阻的关系
5. 关于电磁波和现代通信，下列说法正确的是( )
A. 导体中电流的迅速变化会在空间激起电磁波
B. 我国建立的“北斗”卫星导航系统是利用超声波进行导航的
C. 固定电话、移动电话、广播和电视都是利用导线中的电流传递信息的
D. 电话听筒是把声信号转换成电信号
6. 水平桌面上有两个完全相同的容器甲、乙，分别装有深度相同的水，将两个体积相同、材料不同的小球A、B，分别放在甲、乙两容器中(水均未溢出)，小球静止在如图所示的位置时，两个小球所受浮力分别为FA、FB，下列判断正确的是( )
①FA②两小球的密度ρA>ρB
③甲容器底部受到水的压强大于乙容器底部受到水的压强
④甲容器底部对桌面的压强小于乙容器底部对桌面的压强
A. ①④B. ①③C. ②④D. ②③
7. 某物理兴趣小组为医院设计了一个输液自动报警器，它能在药液将要输完时，通过电铃发声报警。该报警器内部有一可变电阻R，其阻值随管内液体质量减少而减小，通过电铃的电流需要达到一定大小时才能发声。当输液管内液体质量减少，电表示数也变小(电源电压恒定)。下列几个电路图符合报警要求的是( )
A. B.
C. D.
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
8. 双减实施以来，高安二中开展了丰富多彩的课后延时活动，关于课后延时活动中涉及的物理知识描述正确的是( )
A. 泥塑——将泥巴捏成各种形状说明力可以改变物体形状
B. 羽毛球——大力击打羽毛球是为了增大球速来增大球的惯性
C. 气排球——将球垫起时手感觉到痛说明力的作用是相互的
D. 游泳——穿戴游泳圈练习游泳时人受到的重力与浮力相等
9. 关于早餐制作过程中所涉及的物理知识，下列说法正确的是( )
A. 刚做好的鲫鱼豆腐汤烫嘴是因为温度高
B. 做好的红烧鸡翅内部变了颜色是扩散现象
C. 什锦蔬菜炒制过程主要是通过热传递的方式增加内能
D. 花卷放凉后分子热运动速度不变
10. 在如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关S后，向左端移动滑片R的过程中，下列判断不正确的是( )
A. 电流表A1示数变大
B. 电流表A2示数不变
C. 电压表V和电流表A2的示数之比保持不变
D. 电压表V示数变大
三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）
11. “月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船。”诗中的诗人根据______ (填声音的特性)辨别乌啼和钟声；自然界中霜的形成需要______ 热量。(选填“吸收”或“放出”
)
12. 2022年11月21日，在内蒙古一地惊现“三个太阳”的奇观(如图甲)，图乙是其成像原理图。专家解释说，在天空高层的半透明簿云里有许多六角形柱状的冰晶体，有时候它们会整整齐齐地垂直排列在空中，当太阳光射在这些六角形冰柱上就会发生非常规律的______ 现象，周围看起来就像出现了多个太阳，体型较小的“太阳”实际上是太阳的______ 像(选填“实”或“虚”)。
13. 2018年4月25日上午，习近平总书记来到荆州港码头乘船，沿江察看荆江两岸生态环境和发展建设情况，强调长江经济带建设要“共抓大保护，不搞大开发”。合理分类和利用垃圾可以保护环境、变废为宝。在一定条件下，1t生活垃圾能“榨”出140kg燃料油。若燃料油的热值为4.0×107J/kg，某城镇每天产生50t生活垃圾，则这些垃圾“榨”出的燃料油完全燃烧释放出的热量为______J.在一个标准大气压下，这些热量的30%被500m330℃的水吸收，则水温能升高______
℃.[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),ρ水=1.0×103kg/m3]
14. 某校去华蓥山进行红色研学旅行，在乘车途中，小兰同学看到路旁的树木向后退，她是以______(选填“地面”或“车”)为参照物。当车辆行驶至某一路口时，看到如图所示的标志牌，则车辆到达华蓥山游客中心至少还需要______min。
15. 如图是有保温、加热挡的电蒸锅内部简化电路图，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为484Ω，加热挡功率为1200W。则保温挡的功率是 W，R2的阻值为 Ω，加热挡加热1min消耗电能为 J。
16. 如图甲所示，为了使磁性物体A紧贴在铁质墙壁上，并沿墙壁向上匀速直线运动(因磁力作用使墙壁与A间有摩擦)，需用竖直向上的拉力F1，F1的大小为300N，A受到的重力为240N。在F1的作用下，A向上移动的距离为s时，此过程中F1做功60J，则s= ______ m；改用滑轮组拉动A，使之沿同一墙壁向上匀速直线运动相同的距离s，如图乙所示，此过程中对滑轮组绳端的拉力F2的大小为250N。此滑轮组的有用功是______ J，总功是______ J。
四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17. 请在图中画出小铁球在水中下沉时的受力示意图。
18. 如图是常用的插线板电路简化图，开关断开时指示灯不发光，插孔不提供工作电压；开关闭合时指示灯发光，插孔提供工作电压；若指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压，请在图中画出开关、指示灯、孔的连接方式。
五、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）
19. 在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。
(1)如图甲所示，闭合开关后，发现只有______有示数，经检查发现有根导线连接错误。请在错误导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；
(2)改正错误后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示。要测量小灯泡的额定功率，应将滑片适当向______(选填“左”或“右”)滑动；
(3)图丙是小灯泡的电流随电压变化关系的图象，根据图象可知，小灯泡的额定功率为______W；
(4)测量小灯泡的电功率______(选填“需要”或“不需要”)多次测量求平均值，原因是______；
(5)在实际测量过程中，调节滑动变阻器使其接入电路中的电阻减小ΔR1，相应的小灯泡的阻值变化ΔR2，则ΔR1______ΔR2(选填“>”、“<”或“=”)；
(6)实验结束后，某同学设计了如图丁的电路来测定额定电压为3V的小灯泡的额定功率。已知电源电压为9V，定值电阻R的阻值为10Ω。请帮助他完成以下实验步骤：
①开关S、S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为______V时，灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，此时电压表示数为4V；再将滑动变阻器的滑片移至最______(选填“左”或“右”)端，此时电压表示数为7V；
③小灯泡的额定功率为P额=______W。
20. 某同学为本地地质调查收集信息，要测量当地的沙子和岩石的密度。他在当地采集了足量的沙子和若干小块岩石，又到实验室找来托盘天平、量筒、细线进行实验。
(1)在调节天平平衡时，应将游码移到标尺______ 。
(2)该同学测量沙子的密度，实验步骤如下：
①用天平测量出空烧杯的质量是27g，将适量沙子装入烧杯中，用天平测量烧杯和沙子的总质量，测量结果如图所示，则烧杯和沙子的总质量为______ g。
②将烧杯中的沙子全部倒入量筒，使沙面水平后，读出沙子的体积为15cm3。
③计算出沙子的密度为______ g/cm3。
(3)该同学测出的沙子密度______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)组成沙子的沙粒的密度。
21. 如图所示，探究小组利用铁架台、带有刻度的杠杆，细线、若干相同钩码、弹簧测力计等实验器材探究杠杆的平衡条件。

(1)在挂钩码前，小组发现杠杆左端高右端低(如图甲)，应将杠杆两端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)端调节，使杠杆在水平位置平衡，实验中将杠杆调节到水平位置平衡，这样做的目的是______ 。
(2)接着小组在杠杆的两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡(如图乙)。若在A、B下方再增挂一个相同的钩码，则杠杆______ (选填“仍在水平位置平衡”、“沿顺时针方向转动”或“逆时针方向转动”)。
(3)如图丙是已经调节平衡的杠杆，用弹簧测力计在杠杆C处竖直向上拉，在A处挂上适当的钩码，使杠杆在水平位置平衡，则A处挂的钩码为______ 个。(每个钩码质量50g)
(4)该小组同学根据图乙实验结果，马上总结结论：杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2，你认为这样的探究方法______ (选填“合理”或“不合理”)。
(5)如图丁，工人在使用扳手时，在扳手手柄上加了一个长套筒，通过实验，小华明白这是通过______ 的办法省力，图中工人沿不同方向施力均能把螺丝拧起，则Fa ______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)Fb，原因是______ 。
22. 在“探究比较不同物质吸热能力”的实验中，实验装置如图所示。
(1)实验中应选取______ 的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，使用相同规格的电加热器加热。实验过程中通过______ 来表示液体吸收热量的多少，通过比较______ 来判断吸热能力的强弱。
(2)实验中记录的数据如表一所示，由数据可知______ (选填“甲”或“乙”)液体的吸热能力更强。
六、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
23. 2022年12月7日，标志三年防疫措施已全部放开，旅游、餐饮等行业将迎来发展高峰，人们自驾游喜迎二次生机。小明同学一家计划署假自驾环保电动汽车去韶山参观伟人故居，下表是他们家小车的部分参数。
(1)小车空载时对水平路面的压强是多少？
(2)会同到韶山高速路程约378km，以定速巡航速度行驶，几小时后可以下高速？假设高速路上小车所受平均阻力是载客时重力的0.08倍，此过程中牵引力的功率约多少？
(3)高速路上若小车百公里耗电50kW⋅h，试求此过程中的效率(保留两位有效数字)。
24. 如图所示是一种电热水龙头和它的电路简图．旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，从而控制流出的水为冷水、温水或热水．已知R1、R2是电热丝，R2=55Ω，温水档的电功率是2.2kW.求：
(1)当流出水为温水时，接入电阻的值；
(2)当流出水为温水时，该水龙头1min消耗的电能若由燃油燃烧提供，所需燃油的质量；(燃油的热值为4.4×107J/kg)
(3)若该水龙头1min能放出约1kg的温水，效率为84%，则温水升高的温度．
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、把耳朵贴在桌面上也能听到轻敲桌子的声音，声音是通过桌面和空气传入耳朵，说明固体和气体可以传播声音，故A正确；
B、用大小相同的力敲击图中的瓶子，水和瓶子振动发声，瓶内水越少，越容易振动，音调越高，所以从左向右依次敲击它们，发出声音的音调逐渐升高，故B错误；
C、蝙蝠靠发出的超声波进行回声定位，判断猎物的方向和距离，捕获食物，说明声波可以传递信息，故C正确；
D、扬声器发声时，放在旁边的烛焰晃动，说明声波能传递能量，故D正确。
故选：B。
(1)声音的传播需要介质，固体、液体、气体都能传声；
(2)声音的高低叫音调，声音振动的快慢影响声音的音调，振动频率越快，音调越高；
(3)声音不但能传递信息，还能传递能量；
此题考查了声音的产生和传播、声音的特性、声的利用，属基础题目。
2.【答案】C
【解析】解：
A、看到双子塔倒影，是因为光照射到水面上发生反射，再进入人的眼睛，故A错误；
B、取下近视眼镜，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，则看到廊桥变模糊了，此时廊桥的像成在了视网膜的前面，故B错误；
C、游客用照相机拍摄双子塔，为了使像更大，像距应变大，物距应变小，镜头可适当靠近双子塔，故C正确；
D、看到灯光秀中五颜六色的光是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，故D错误。
故选：C。
(1)倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的；
(2)凹透镜对光线具有发散作用；
(3)凸透镜成实像时，物近像远像变大；
(4)光的三原色是红、绿、蓝。
本题主要考查了凸透镜成像的特点、光的反射、光的三原色等，要求灵活运用所学知识分析解释实际现象。
3.【答案】C
【解析】解：A、水可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，故A正确；
B、水力发电，将水的机械能转化为电能，故B正确；
C、液体的压强与液体的密度与深度有关，图乙是水库堤坝设计成“上窄下宽”的形状，利用了液体压强与液体深度的关系，故C错误；
D、水库中水量多，水的比热容较大，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，因此可以降低周围昼夜温差，故D正确。
故选：C。
(1)人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源；
(2)判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量；(3)液体压强随深度的增加而增大；
(4)由于水的比热容最大，故相同质量的水和其它物质相比较，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小。
本题考查了能量分类、比热容、能量转化、液体压强特点等，属于比较基础的习题。
4.【答案】D
【解析】解：A、齿轮齿数越多，转动时纸片振动得越快，频率越高，音调越高，故A正确；
B、玻璃和水接触在一起，玻璃分子和水分子的距离在引力的范围内，稍稍用力拉水平接触水面的玻璃板时，测力计示数变大，说明分子间存在引力，故B正确；
C、实验中通过电流表示数大小反映电阻大小，电流表示数越大，接入的电阻越小，这用到了转换法，故C正确；
D、移动滑动变阻器的滑片，电路的电流变化，是为探究电流产生热量与电流的关系，故D错误。
故选：D。
(1)音调跟频率有关，频率越大，音调越高；
(2)分子间存在引力和斥力；
(3)电阻的大小通过比较电流表示数大小来判断；
(4)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，根据控制变量法分析解答。
本题考查了音调的影响因素、分子间的作用力、转换法和控制变量法的应用等知识，是一道基础题。
5.【答案】A
【解析】解：
A、导体中电流的迅速变化会在空间激起电磁波，故A项说法正确。
B、卫星在太空中，太空中是真空，声波在真空中不能传声，所以不能利用超声波导航，故B项说法错误。
C、固定电话是利用导线中的电流来传递信息的，移动电话、广播和电视都是利用电磁波来传递信息的，故C项说法错误。
D、电话的话筒是把声信号转化为电信号，听筒是把电信号转化为声信号，故D项说法错误。
故选：A。
(1)迅速变化的电流可以产生电磁波。
(2)声不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播。
(3)固定电话是利用导线中的电流来传递信息的，移动电话、广播和电视都是利用电磁波来传递信息的。
(4)电话的话筒是把声信号转化为电信号，听筒是把电信号转化为声信号。
本题考查了电磁波的产生、卫星导航以及电话机的原理等，是一道基础题。
6.【答案】A
【解析】解：完全相同的容器甲、乙，分别装有深度相同的水，将两个体积相同材料不同的小球A、B，分别放在甲、乙两容器中(水均未溢出)。
①甲容器中小球排开水的体积小于乙容器中小球排开水的体积，根据阿基米德原理，F浮=ρ水V排g，则乙容器中小球受到的浮力较大，即FA②根据浮沉条件，漂浮时物体的密度小于液体密度，即ρA<ρ水；悬浮时：物体密度等于液体密度，即ρB=ρ水，所以两小球的密度ρA<ρB。故②错误。
③开始甲、乙两容器中水的深度相同，乙容器中小球排开水的体积大，所以分别放入小球后，水的深度关系是hA④两小球的密度ρA<ρB，它们的体积相同，根据公式m=ρV，则mA故选：A。
①小球的体积相同，排开水的体积不同，液体的密度相同，根据阿基米德原理比较浮力大小。
②根据浮沉条件，漂浮时：物体的密度小于液体密度；悬浮时：物体密度等于液体密度；沉底时：物体密度大于液体密度。据此分析。
③根据公式p=ρgh分析容器底部所受压强的大小。
④两容器完全相同，底面积相同，桌面受到的压力等于容器、水、小球的总重力，根据公式p=FS分析。
本题考查压强和浮力的综合，有一定难度。要熟练掌握阿基米德原理及浮沉条件以及压强的计算公式。
7.【答案】D
【解析】解：(1)当输液管内液体质量减少，R的阻值减小，能使通过电铃的电流增大，所以R与电铃应串联在电路，而A、C图中电铃与R并联，故A、C不符合题意；
(2)R与电铃串联，R的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压一定，由I=UR知电路中电流变大，由U=IR知，此时电铃两端电压变大，由串联电路的电压特点知，R两端电压变小，故B错误，D正确。
故选：D。
可变电阻R的阻值随管内液体质量的减少而减小，电流需要达到一定大小时电铃才能发声，当输液管内液体质量减少，电表的示数也变小，由此分析解答。
本题是电路的设计，考查了电路串联电路特点、欧姆定律的应用，利用好可变电阻R的阻值随管内液体的减少而减小是关键。
8.【答案】AC
【解析】解：A.将泥巴捏成各种形状，泥巴的形状发生了变化，这说明力改变了物体的形状，故A正确；
B.惯性只与质量有关，所以大力击打羽毛球时，羽毛球的质量不变，其惯性大小不变，故B错误；
C.将球垫起时手对球有作用力，由于力的作用是相互的，球对手也有作用力，所以手会感到疼，故C正确；
D.穿戴游泳圈练习游泳时，人受到的浮力等于人和游泳圈的总重力，所以人受到的浮力与人的重力不相等，故D错误。
故选：AC。
(1)力的作用效果有两个：改变物体的形状、改变物体的运动状态；
(2)惯性的大小只与质量有关；
(3)物体间力的作用是相互的；
(4)物体漂浮时受到的浮力等于自身的重力。
本题考查了力的作用效果、物体间力的作用是相互的、物体浮沉条件的应用、惯性的大小，属于综合题。
9.【答案】ABC
【解析】解：A、物体的冷热程度用温度来表示，刚做好的鲫鱼豆腐汤烫嘴是因为温度高，故A正确；
B、做好的红烧鸡翅内部变了颜色是扩散现象，故B正确；
C、什锦蔬菜炒制这一过程中主要是发生了内能的转移，因此是通过热传递的方式增加内能，故C正确；
D、花卷放凉后，温度降低，分子无规则运动变慢，故D错误。
故选：ABC。
(1)物体的冷热程度用温度来表示；
(2)两种不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象是扩散；
(3)改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；
(4)分子的无规则运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
本题以早餐制作为内容，考查了改变物体内能的方法、扩散现象等，难度中等，体现了物理与生活的联系。
10.【答案】AD
【解析】解：由图示电路图可知，R1和R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过定值电阻R2的电流，电压表测电源两端电压；
AB、滑动变阻器的滑片P向左端滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由于并联电路各支路两端电压相等，等于电源电压，所以滑动变阻器两端的电压不变，由I=UR可知，通过滑动变阻器的电流减小；
滑片移动过程中，电阻R2阻值不变，两端电压不变，由I=UR可知，通过电阻的电流不变，电流表A2示数不变，故B正确；
并联电路干路电流等于各支路电流之和，则干路电流减小，即电流表A1示数减小，故A错误；
CD、电压表测电源两端电压，电源电压不变，电压表示数不变，故D错误；
电压表示数不变，电流表A2示数不变，则电压表V和电流表A2的示数之比保持不变，故C正确；
故选：AD。
由图示电路图可知，R1和R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过定值电阻R2的电流，电压表测电源两端电压。根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，结合欧姆定律与并联电路特点分析答题。
本题考查动态电路分析，解决此类问题要判断滑动变阻器在电路中电阻的变化，再利用电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化。
11.【答案】音色 放出
【解析】解：不同物体发出声音的音色不同，通常利用音色来区分发声体，诗人根据音色辨别乌啼和钟声；
霜是由空气中的水蒸气变为固态，凝华现象，需要放出热量。
故答案为：音色；放出。
(1)分辨声音是利用的声音的特色，不同的物体发出的声音的特色是不同的；
(2)霜是物质由气态变为固态，是凝华现象，凝华放热。
本题是热学、声学的一道综合题，考查学生对热、声的一些基础知识的了解和掌握。
12.【答案】折射 虚
【解析】解：光由一种透明介质斜射入另一种透明介质时，传播方向会发生偏折，是光的折射现象，太阳光从空气射向小冰晶时，在冰晶的表面发生了光的折射现象，形成幻日的奇观，即看到的太阳的虚像。
故答案为：折射；虚。
光由一种透明介质斜射入另一种透明介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射。
本题主要考查由于光的折射现象的了解，基础性题目，比较简单。
13.【答案】2.8×1011 40
【解析】解：(1)50t生活垃圾“榨”出的燃料油完全燃烧释放出的热量：
Q放=mq=50×140kg×4.0×107J/kg=2.8×1011J；
(2)由ρ=mV得，水的质量：
m'=ρV=1.0×103kg/m3×500m3=5×105kg，
水吸收的热量：
Q吸=30%Q放=30%×2.8×1011J=8.4×1010J，
由Q吸=cm△t得，水升高的温度：
△t=Q吸cm'=8.4×1010J4.2×103J/(kg⋅℃)×5×105kg=40℃。
故答案为：2.8×1011；40。
(1)根据Q放=mq求出燃料油完全燃烧释放出的热量；
(2)根据ρ=mV求出水的质量，再根据Q吸=30%Q放求出水吸收的热量，根据Q吸=cm△t求出水升高的温度。
此题主要考查的是学生对热值计算公式、热量计算公式和密度计算公式的理解和掌握，综合性较强，难度不大。
14.【答案】车 45
【解析】解：(1)坐在行驶汽车上，看到路旁的树木向后退，树是运动的，这是选择汽车为参照物；
(2)如图表示：此处距华蓥山8km，汽车最大速度不能超过60km/h。
由v=st知，
此标志牌到华蓥山最快需要时间：
t=sv=45km60km/h=0.75h=45min。
故答案为：车；45。
(1)判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。
(2)从标志牌可得到去华蓥山的距离和最大车速，利用t=sv求从标志牌处到华蓥山最快需要的时间。
(1)物体的运动和静止是相对的，物体静止一定选择和物体之间没有发生位置变化的物体做参照物，物体运动一定选择和物体之间发生位置变化的物体做参照物。
(2)正确识别交通标志牌的含义是求解第二问的关键。
15.【答案】100 44 72000
【解析】解：
闭合开关S1，断开开关S2，电路中只有R1接入电路，总电阻较大(大于并联时的总电阻)，电源电压不变，根据P=U2R可知总功率较小，此时电路处于保温挡，
则保温挡的功率：P保温=U2R1=(220V)2484Ω=100W；
闭合开关S1、S2，电路中R1、R2并联接入电路，总电阻较小，电源电压不变，根据P=U2R知总功率较大，电路处于加热挡，
此时R2的功率：P2=P加热-P保温=1200W-100W=1100W，
则R2的阻值：R2=U2P2=(220V)21100W=44Ω；
该电蒸锅加热挡加热1min消耗的电能为：W=P加热t=1200W×60s=72000J。
故答案为：100；44；72000。
闭合开关S1，断开开关S2，电路中只有R1接入电路，此时电路处于保温挡，根据P=U2R计算保温挡功率；
闭合开关S1、S2，电路中R1、R2并联接入电路，电路处于加热挡，根据P2=P加热-P保温得出R2的功率，由P=U2R计算R2的阻值；
根据W=P加热t计算加热挡加热1min消耗的电能。
本题考查了电功率和电能的计算，是一道综合题，分清电路连接方式是解题的关键。
16.【答案】0.2 60 150
【解析】解：(1)由W=Fs可得，在F1的作用下，A沿墙壁向上移动的距离：
s=W1F1=60J300N=0.2m；
(2)使用此滑轮组做的有用功等于直接提升时F1做的功，即W有用=W1=60J；
由图知，n=3，拉力端移动距离s2=ns=3×0.2m=0.6m，
拉力F2所做的总功：
W总=F2s2=250N×0.6m=150J。
故答案为：0.2；60；150。
(1)在F1的作用下，A沿墙壁向上匀速移动了一段距离s，根据W=Fs计算此过程中s的大小；
(2)使用此滑轮组做的有用功等于直接提升时F1做的功；
由图知，n=3，拉力端移动距离s2=ns，利用W=Fs计算拉力F2所做的总功。
本题考查了滑轮组特点、有用功和总功的计算，明确使用滑轮组时有用功和总功的含义是关键。
17.【答案】解：
过球心分别沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头的线段，分别用符号G和F浮表示；
注意表示重力线段比表示浮力的线段要长些；如图所示：

【解析】铁球在水中受重力与浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上；因为铁球正在下沉，所以重力比浮力大，线段的长度不同。
此题考查力的示意图的画法，解答此题的关键是对小球进行正确的受力分析，并根据物体浮沉条件得出两个力的大小关系。
18.【答案】解：由题知，开关断开时指示灯不发光，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯发光，插孔提供工作电压；这说明开关同时控制指示灯和插座，开关应该在干路上，且开关应与火线连接，在断开开关时能切断火线，使用更安全；
如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明指示灯和插座之间是并联的；
三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，如图所示：

【解析】干路开关控制所有的用电器。并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响。
根据用电器之间是否相互影响是判断用电器串联和并联的方法之一；家庭电路中，开关控制用电器，开关一定接在用电器和火线之间，既能控制用电器，又能保证使用安全。
19.【答案】电压表 左 0.625 不需要 灯泡在不同电压下的功率不同 > 6 左 0.9
【解析】解：
(1)观察图甲可知由于开关与灯泡之间的导线连接错误，电压表串联在电路中，所以闭合开关后，导致电压表测量电源电压，电压表有示数，由于电压表相当于开路，则电流表的没有示数；要测灯的额定功率，应将电压表并联在灯泡两端，如下图：

(2)图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.8V，小于灯泡的额定电压2.5V，应增大灯泡的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V；
(3)根据图丙所示的小灯泡电流随电压变化的关系图象知，灯在额定电压2.5V时的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率是：
P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W；
(4)测量小灯泡的电功率不需要多次测量求平均值，原因是灯泡在不同电压下的功率不同；
(5)在实际测量过程中，调节滑动变阻器接入电路中的电阻减小时，灯泡两端电压增大，电流也增大，根据欧姆定律可知电路中总电阻变小，
由于灯泡两端电压增大，电流增大，则灯泡的功率变大，由于灯泡电阻受温度的影响，则灯泡的电阻会变大，
根据R=R滑+R灯可知：只有当滑动变阻器接入电路中的电阻减小量ΔR1大于灯泡的阻值增加量ΔR2才会让总电阻变小；
(6)根据上面的分析，具体步骤：
①开关S、S1闭合，S2断开，滑动变阻器滑片右边的电阻与灯泡串联，电压表测变阻器的电压，要使小灯泡正常发光，则灯泡两端的电压：UL=U额=3V，
根据串联电路电压的规律可得：U滑=U-UL=9V-3V=6V，所以，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为6V，则灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，滑动变阻器的全部电阻R'与定值电阻R串联，电压表测量变阻器滑片右边电阻两端的电压，此时电压表示数为U右=4V；
由于滑动变阻器的全部电阻连入电路，为了间接测出定值电阻R两端的电压，所以需要测出滑动变阻器两端的电压，故再将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时电压表示数为滑动变阻器两端的电压，即U'=7V；
③在②中，滑动变阻器的全部电阻R'与定值电阻R串联，
根据串联电路电压的规律可得，R的电压为：
UR=U=U'=9V-7V=2V，
由分压原理可得：RR右=URU右，
所以变阻器滑片右边电阻的阻值：
R右=U右UR×R=4V2V×10Ω=20Ω；
故在①中，灯的额定电流为：
IL=UVR右=6V20Ω=0.3A，
则小灯泡的额定功率：
P额=ULIL=3V×0.3A=0.9W。
故答案为：(1)电压表；如上所示；(2)左；(3)0.625；(4)不需要；灯泡在不同电压下的功率不同；(5)>；(6)①6；②左；③0.9。
(1)观察图甲可知电压表串联在电路中，由于电压表相当于开路，据此可知闭合开关后可能出现的现象；然后根据电压表应并联使用，将电压表并联在灯泡两端；
(2)根据电压表选用小量程确定分度值得出示数，与灯泡的额定电压比较，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
(3)灯泡在额定电压下正常发光，由图丙中的图象得出额定电压下的电流，根据P=UI可求出灯泡的额定功率；
(4)灯泡在不同电压下的功率不同，据此分析；
(5)通过对滑动变阻器的电阻、灯泡的电阻和总电阻变化情况分析得出结论；
(6)由图丁可知：电路中只有电压表，没有电流表，则需要根据串并联电路的特点间接测出通过灯泡的电流；所以，
首先让灯正常发光，开关S、S1闭合，S2断开，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为6V，由串联电路电压的规律可知，这时小灯泡正常发光；
若求出此时变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律即可得出灯的额定电流；
为得出此时变阻器连入电路的电阻，可保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合开关S、S2，断开开关S1，
根据电压表示数，由串联电路电压的规律和分压原理得出变阻器连入电路的电阻，
最后根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电流，即为灯泡的额定电流；
利用P=UI即可求出灯泡的额定功率P额。
本题主要考查了注意事项、欧姆定律的运用和串联电路的规律、控制变量法、数据分析、电功率公式的运用及设计方案测额定功率的能力，对于预设电压问题，难度较大，有一定的创新点，需要引起重视。
20.【答案】零刻度线处 60.6 2.24 小于
【解析】解：(1)在调节天平平衡时，应将游码移到标尺零刻度线处；
(2)从图中可以看出，烧杯和沙子的总质量为：50g+10g+0.6g=60.6g，
沙子的质量为：60.6g-27g=33.6g，
沙子的密度为ρ=mV=33.6g15cm3=2.24g/cm3；
(3)由于沙子间有空隙，导致测得的沙子的体积偏大，由ρ=mV可得，该同学测出的沙子的密度偏小。
故答案为：(1)零刻度线处；(2)①60.6；③2.24；(3)小于。
(1)天平使用前，要先将游码归零，再调节平衡螺母使天平在水平位置平衡；
(2)从图中可以看出，烧杯和沙子的总质量为砝码的质量加游码的示数；
沙子的质量为总质量减去空烧杯的质量；
根据密度公式得出沙子的密度；
(3)由于沙子间有空隙，导致测得的沙子的体积偏大，由ρ=mV可得，该同学测出的沙子的密度是偏大还是偏小。
本题考查固体密度的测量实验，重点考查天平的使用、密度的计算及实验步骤的设计，综合性较强。
21.【答案】左 消除杠杆自身重力对实验的影响，方便的读出力臂 逆时针方向转动 4 不合理 增大力臂 小于 Fa的力臂大于Fb的力臂，阻力和阻力臂不变
【解析】解：(1)如图甲，杠杆的左端上翘，要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的左端移动；
为了消除杠杆自身重力对实验的影响，并能方便的读出力臂，实验前应调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。
(2)设杠杆的一个小格为L，一个钩码的重力为G，
分别加挂一个相同的钩码后：
左边=5G×3L，右边=7G×2L，
左边>右边，
所以，杠杆不能平衡，杠杆右端上升，左端下沉，即杠杆逆时针方向转动。
(3)每个钩码质量50g，其重力为：G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N
图中弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为3N；
设杠杆的一个小格为L，用弹簧测力计在杠杆C处竖直向上拉，故动力臂为2L，根据杠杆平衡条件可得：
n×0.5N×3L=3N×2L，
故n=4(个)；
(4)只根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的规律，要多次测量。该小组同学根据图乙实验结果，马上总结结论：杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2，这样的探究方法不合理；
(5)根据杠杆平衡原理可知，阻力和阻力臂不变时，增大动力臂可以减小动力，在扳手手柄上加了一个长套筒，就是通过增大力臂来达到省力的效果。
分别作出Fa、Fb的力臂可知，Fa的力臂大于Fb的力臂，阻力和阻力臂不变，所以Fa小于Fb。
故答案为：(1)左；消除杠杆自身重力对实验的影响，方便的读出力臂；(2)逆时针方向转动；(3)4；(4)不合理；(5)增大力臂；小于；Fa的力臂大于Fb的力臂，阻力和阻力臂不变。
(1)调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
“研究杠杆的平衡条件”的实验时为了利于测量力臂且消除杠杆自身重力对实验的影响，应使杠杆在水平位置平衡；
(2)要判断此题，需掌握杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，在支点两侧的钩码下方分别再加挂一个相同的钩码，若力和力臂的乘积相等，杠杆平衡；若力和力臂的乘积不相等，则杠杆向乘积大的一端倾斜。
(3)根据重力公式得出每个钩码的重力，根据图中弹簧测力计的分度值得出弹簧测力计的示数，根据杠杆平衡条件求出钩码的个数；
(4)要得到普遍性的规律，在实验中应多测几组数据(具有普遍性)进行分析；
(5)根据杠杆平衡原理可知，阻力和阻力臂不变时，增大动力臂可以减小动力，据此分析解答。
此题考查了杠杆平衡条件的探究，在杠杆平衡问题中有广泛的应用，一定要熟练掌握。
22.【答案】质量相同 加热时间 升高的温度 乙
【解析】解：(1)物体吸热本领的强弱与物体的种类有关，在进行实验探究时要控制变量，所以应选取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，使用相同规格的电加热器加热。
使用相同规格的电加热器加热，物体在相同时间内吸收的热量相同，实验过程中通过加热时间来表示液体吸收热量的多少。
质量相同的不同种物质，吸收相同热量，吸热本领强的温度升高得少，所以实验时通过比较物体升高的温度来判断吸热能力的强弱。
(2)由表中数据可知，加热相同时间，甲的温度升高Δt甲=46℃-30℃=16℃
乙的温度升高Δt乙=42℃-30℃=12℃
质量相同的甲和乙，吸收相同的热量，乙的温度升高得少，所以乙的吸热本领更强。
故答案为：(1)质量相同；加热时间；升高的温度；(2)乙。
我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，综合性较强。
23.【答案】解：(1)运输车空载时对地面的压力：
F=G车=m车g=1.75×103kg×10N/kg=1.75×104N，
对路面的压强：
p=FS=1.75×104N0.1m2=1.75×105 Pa；
(2)汽车行驶的定速巡航速度v=90km/h=25m/s，
由v=st得，下高速需要时间：
t=sv=378km90km/h=4.2h；
满载的汽车停在水平路面的压力：
F=G=mg=(1.75×103kg+250kg)×10N/kg=2×104N，
因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，汽车受到的牵引力：
F'=f=0.08G=0.08×2×104N=1600N，
此过程中牵引力的功率：
P=F'v'=1600N×25m/s=4×104W。
(3)W电=50kW⋅h=50×3.6×106J=1.8×108J，
行驶距离s=100公里=100km=1×105m，
百公里牵引力做的功：W=F's'=1600N×1×105m=1.6×108J，
此过程中的效率：η=WW电×100%=1.6×108J1.8×108J×100%≈89%。
答：(1)小车空载时对水平路面的压强是1.75×105 Pa；
(2)4.2小时后可以下高速；此过程中牵引力的功率约为4×104W；
(3)此过程中的效率为89%。
【解析】(1)运输车空载时对地面的压力和自身的重力相等，利用G=mg求出，然后利用p=FS计算压强；
(2)知道汽车行驶的定速巡航速度，利用v=st求下高速需要时间；
因列车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，利用F=f=0.08G求牵引力，再利用P=Wt=Fst=Fv求此过程中牵引力的功率；
(3)根据W=Fs求出百公里牵引力做的功，再根据η=WW电×100%求出此过程中的效率。
本题考查了重力公式、压强公式、速度公式、功的公式、功率公式、燃料完全燃烧释放热量公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，计算过程要注意单位的换算。
24.【答案】解：(1)由P=UI=U2R可得，流出水为温水时接入电阻的值：
R=U2P=(220V)22200W=22Ω；
(2)当流出水为温水时，由P=Wt可得，该水龙头1min消耗的电能：
W=Pt=2200W×60s=1.32×105J，
由题意可知，燃油燃烧释放的热量：
Q放=W=1.32×105J，
由Q放=mq可得，所需燃油的质量：
m=Q放q=1.32×105J4.4×107J/kg=0.003kg=3g；
(3)由η=Q吸W×100%可得，水吸收的热量：
Q吸=ηW=84%×1.32×105J=110880J，
由Q吸=cm△t可得，温水升高的温度：
△t=Q吸cm=110880J4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg=26.4℃．
答：(1)当流出水为温水时，接入电阻的值为22Ω；
(2)当流出水为温水时，该水龙头1min消耗的电能若由燃油燃烧提供，所需燃油的质量为3g；
(3)若该水龙头1min能放出约1kg的温水，效率为84%，则温水升高的温度为26.4℃．
【解析】(1)知道温水档的电功率，根据P=UI=U2R求出流出水为温水时接入电阻的值；
(2)当流出水为温水时，根据W=Pt求出该水龙头1min消耗的电能，也是燃油燃烧释放的热量，根据Q放=mq求出所需燃油的质量；
(3)根据η=Q吸W×100%求出水吸收的热量，利用Q吸=cm△t求出温水升高的温度．
本题考查了电功率公式、电功公式、燃料完全燃烧释放热量公式、效率公式、吸热公式的综合应用，涉及到的知识点较多，有一定的难度．
加热时间/min
0
1
2
3
4
温度/℃
甲液体
30
34
38
42
46
乙液体
30
33
36
39
42
汽车净重
1.75t
家人及装备质量
250kg
车轮与地面接触总面积
0.1m2
定速巡航速度
90km/h