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2023年江苏省无锡市大桥实验学校中考物理一模试卷
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这是一份2023年江苏省无锡市大桥实验学校中考物理一模试卷，共28页。试卷主要包含了 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省无锡市大桥实验学校中考物理一模试卷
1. 下列说法正确的是( )
A. 原子由原子核和核外电子构成 B. 通过摩擦的方法可产生电荷
C. 分子是微观世界中的最小微粒 D. 组成物质的分子都是完全固定不动的
2. 冰在熔化过程中，下列判断正确的是( )
A. 内能、比热容、温度都不变 B. 内能不变，比热容不变
C. 吸收热量，温度不变 D. 比热容变大，内能增加，温度升高
3. 小明利用如图所示的装置，探究平面镜成像的特点。下列说法正确的是( )
A. 用玻璃板代替平面镜，目的是使蜡烛a的像更清晰
B. 使用相同的蜡烛a、b，目的是比较像与物的大小
C. 将光屏放到像的位置，光屏能够承接到像
D. 将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像变大
4. 以下表述不符合物理学史实的一项是( )
A. 伽利略研究发现运动不需要力来维持，牛顿第一定律正是在此基础上进一步概括总结而来的
B. 麦克斯韦最早预言了电磁波的存在，赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在
C. 中国古人发明了“司南”，认识到了利用磁石能确定地理方位
D. 安培首先发现了“磁生电”的规律，卢瑟福是第一位发现“电生磁”的科学家
5. 下列关于磁现象的说法正确的是( )
A. 将小磁针放在地球周围某一空间，若它静止时偏离南北方向，说明该空间存在除地磁场以外的其他磁场
B. 在研究磁场强弱分布时，放不放铁屑磁感线都存在
C. 在磁场中某点放一小磁针，小磁针静止时，其S极的指向为该点磁场方向
D. 地磁的N极在地理的北极附近
6. 如图所示，将一把铁锁用绳子悬挂起来，把它拉到自己的鼻子附近，松手后铁锁来回摆动。下列说法正确的是( )
A. 摆动过程中，绳子对铁锁的拉力和铁锁对绳子的拉力是一对平衡力
B. 摆动过程中，铁锁的运动状态定发生变化
C. 摆动过程中，绳子一定发生塑性形变
D. 若绳子突然断开，铁锁将做匀速直线运动
7. 如图是甲、乙两个电阻的电流I与电压U的关系图象，将它们并联接入电路，下列说法正确的是( )
A. 通过甲的电流大于通过乙的电流
B. 通过甲的电流小于通过乙的电流
C. 甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而减小
D. 甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而增大
8. 以下选项中，不能用“流体压强与流速关系”解释的是( )
A. 乒乓球运动员拉出的“弧圈球” B. 正在漂流的一只“橡皮船”
C. 正在空中滑翔的“雄鹰” D. 地面上刮起的“龙卷风”
9. 太阳帆的运用让电影《流浪地球》中飞船持续航行变成现实。研究发现1.25×105m2的太阳帆正对太阳时，会受到太阳光的压力约为1N，推动飞船前进，如图所示。推进阶段，飞船的太阳帆正对太阳的面积为5×104m2，在1小时内前进100km，下列分析正确的是( )
A. 推进阶段，太阳帆飞船相对太阳是静止的
B. 推进阶段，太阳帆飞船的平均速度约为100m/s
C. 太阳帆上受到太阳光的平均压强约为8×10-6 Pa
D. 1小时内太阳光对飞船做的机械功约为1×105J
10. 高铁轨道中的螺丝会因震动而松动，检修工作非常艰苦且重要。青少年科技创新大赛的获奖作品(5G高铁轨道螺丝警报器)，设计了检测螺丝松动的报警方案。其主要的科学原理是：螺丝(螺丝在电路图中用虚线框表示，其电阻不计)连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，此时电灯亮起而发出警报，及时提醒工人修理。下列符合题意的电路图是( )
A. B.
C. D.
11. 为了比较两种燃料的热值，小明采用如图甲所示的两套完全相同的装置进行实验，下列说法正确的是( )
A. 实验中需要保证两种燃料燃烧时间相同
B. 通过调节铁圈A的位置，使温度计处于适当的高度
C. 将两烧杯中的水换成比热容小的液体可以使实验现象更明显
D. 如要进一步研究不同物质的吸热能力，只需将其中一个烧杯中的水换成等质量煤油
12. 在底面积为S的圆柱形大烧杯内注入适量的水，让空的小烧杯漂浮在水面上，测出水的深度为h0，如图所示；再将一金属球放入小烧杯中，此时小烧杯仍漂浮在水面上，测出水的深度为h1；最后将该金属球取出放入水中(小烧杯仍漂浮在水面上)，待金属球沉底后测出水的深度为h2。已知水的密度为ρ水，则下列说法不正确的是( )
A. h1>h2
B. 金属球的密度为(h1-h0)ρ水h2-h0
C. 金属球沉底后，球对大烧杯底部的压力为ρ水g(h1-h2)S
D. 若金属球放入水中时，一些水恰好溅起进入小烧杯中(没有水溅到大烧杯外面)，该操作失误使得金属球的密度测量偏大
13. 中国古代的计程车——“计里鼓车”。当车走一里时，车上的木人就敲一下鼓，当车走到十里时，车上的木人就敲一下镯(古代的乐器)，鼓和镯______ 而产生声音。人们根据鼓和镯发声的______ (选填“响度”或“音色”)不同，确定车行驶的是一里还是十里，这是利用声传递______ (选填“信息”或“能量”)。
14. 如图甲所示，“F”字形发光物经透镜L恰好在毛玻璃光屏M上成一清晰的______ (选填“放大”、“等大”或“缩小”)实像，生活中______ (选填“照相机”、“放大镜”或“幻灯机”)与之成像特点相同。观察者分别处于A和B处，他在A处看到屏幕上的像的形状为______ (根据图乙情况，选择正确的图形序号)。
15. 研究简单机械的特点：
(1)在研究使用定滑轮是否省力时，用如图甲所示装置匀速提升重物，需要测量的物理量是______ 和______ 。
(2)如图乙所示，分别用拉力F1、F2、F3匀速提升重物，则三个力的大小关系是______ 。(忽略摩擦和绳重)
(3)螺丝钉可看成一种简单机械：______ ，当螺纹越______ (选填“疏”或“密”)越省力。
16. 小红家的电能表2月底的示数为，3月底的示数为，则她家3月份消耗的电能为______ kW⋅h。灯开关断开时，小红用测电笔分别检测该开关的两个接线柱，氖管一次发光，一次不发光。据此，小红______ (选填“能”或“不能”)确定该开关接在火线上。
17. 造成家庭电路中电流过大的原因可能是①______ ②用电器的总功率过大。另外，对于因线路连接处接触不良现象，也应当引起我们足够的重视。与连接完好相比，线路接触不良处的阻值将______ ，造成此处产生的热量多，以致火灾。
18. 一颗子弹以一定的速度水平射向静止的木块(如图甲)，然后子弹和木块一起以某速度开始向右摆动(如图乙)；此过程中，子弹的动能______ (选填“增大”、“不变”或“减小”，下同)，子弹和木块的内能之和______ 。
19. 如图为一种登冰山用的冰爪，它可以套在登山者的鞋上，由于冰雪很滑，穿上冰爪可以______ (“增大”或“减小”)摩擦力，冰爪底面做的非常锋利可以通过______ 的方式增大压强，使冰爪很容易的插入冰雪中。登山时感觉山在下降，是以______ 为参照物。
20. 为了研究滑轮组的机械效率，小红分别用如图所示的(甲)、(乙)两个滑轮组，在100s内将重为400N的物体G匀速提升10m，每个滑轮的重均为20N。不计绳重及摩擦，此过程中F甲做的功______ (选填“>”、“=”或“<”)F乙做的功，F甲做功的功率为______ W，甲的机械效率______ (选填“>”、“=”或“<”)乙的机械效率。为了提高甲的机械效率，可以采取的措施是______ 。
21. 小明用除颜色不同外，其他都相同的黑白两张纸分别将两个相同的瓶子包起来，再将质量、初温相同的水分别倒入两个瓶中，然后将两个瓶子放在太阳光下，过一段时间后，小明用温度计测量了两瓶中水的温度，发现包有黑纸的瓶中水的温度升高的较多。黑纸的______ 性能比白纸的要好。两瓶中的水是通过______ 的方式使其内能增加的。人类利用太阳能的方式除了和上述实验相同外，还有其他方式吗？请举一例：______ ，该示例中将太阳能转化为______ 能。
22. 物理兴趣小组的同学用图甲所示的装置来提升重物M，图乙是物体上升过程某段时间内的s-t图线。已知物体重为1N，闭合开关后，在2.4s∼2.8s这段时间内，电流表和电压表的示数分别为0.2A和4V，则2.4s∼2.8s这段时间内该装置提升重物做得有用功为______J，它的效率是______%。
23. 汽车大灯通常有两种照明方式--“远景照明”和“近景照明”．如图甲所示是某汽车大灯的灯泡示意图，A和B是灯泡内的2条灯丝，S为扇形旋钮开关．当“近景照明”时大灯只有一条灯丝通电工作，当“远景照明”时大灯两条灯丝同时通电工作．该汽车照明大灯上铭牌上标有“12V60W/55W”的字样．
(1)当S与3、4接触时，大灯处在“远景照明”，则此时灯丝A、B的连接方式为______；
(2)当S与2、3接触时，大灯处在“近景照明”，则通过灯丝的电流是______A(结果保留一位小数).
(3)某驾驶员开车在回家的路上，若照明大灯消耗的功率和时间的关系如图乙所示，则在10分钟内该大灯消耗的电能是______J.
24. 图甲中，灯泡L的额定电流为0.25A，其电流与电压关系如图乙所示，滑动变阻器R的规格为“50Ω1A”，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，闭合开关S，调节R，当电压表的示数为1.5V时，L恰好正常发光，电源电压为______ V；为保证电路安全，R的调节范围为______ Ω，泡L的最小电功率为______ W。
25. 如图所示，完成图中光路图。
26. 深蹲运动是靠腿部肌肉收缩产生动力，克服人体上部的重力G，从而达到锻炼目的(如图甲)。图乙是将人体抽象为杠杆的示意图，O为支点，请在图乙中画出G的示意图及其力臂L(A点为人体上部的重心)。
27. 如图所示为小明家客厅的实物电路图。请你用笔画线代替导线连接电路，要求：三孔插座单独使用，开关控制电灯。
28. 如图是研究牛顿第一定律的实验，请回答：
(1)三次实验中让小车从斜面同一高度由静止开始滑下，是为了______ 。
(2)实验为了让小车受到不同的阻力，采用的做法是______ 。
(3)实验结论是：平面越光滑，小车受到的摩擦力越______ ，速度减小得越______ 。
(4)根据实验结论，可推理得出：若运动的小车所受的阻力为零，小车将做______ 运动。
(5)可见力不是使物体运动的原因，而是______ 的原因。
(6)牛顿第一定律是建立在______ (填字母)。
A.日常生活经验的基础上
B.科学家猜想的基础上
C.直接实验结果的基础上
D.实验和科学推理相结合的基础上
29. 如图甲所示，小明发现一束太阳光通过三棱镜后，在光屏上呈现彩色光带。
(1)甲图这种现象叫作光的______ 现象。
(2)将蓝底、红字的小纸片放在光屏上蓝光区域，小纸片呈现______ 底、______ 字。
(3)由上述实验现象可推知：红光照射下某凸透镜的焦距______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)蓝光照射下该凸透镜的焦距。
(4)如图乙所示，当用红光照亮物体E时，在光屏上恰好呈倒立、等大的实像：若改用蓝光照亮物体E时，应将光屏适当向______ (选填“左”或“右”)移，才能呈现清晰的______ (选填“放大”、“等大”或“缩小”)的像。
(5)实验结束后，小明又将一只眼镜片放在E与凸透镜之间且较靠近凸透镜，结果光屏上原来清晰的像变得模糊，将光屏远离凸透镜移动到某一位置时，光屏上又看到烛焰清晰的像，由此可知该眼镜片可用来矫正______ (选填“近视”或“远视”)眼。
30. 在学习《速度》一节内容后，同学们想探究纸锥下落快慢与锥角以及扇形半径的关系。他们用普通复印纸裁出3个不同规格的扇形纸片，制成了如图甲所示的3个纸锥。实验中，纸锥每次从相同高度由静止释放，用秒表多次测量每个纸锥下落的时间，取平均值后记录在表格中。
纸锥编号
下落高度h/m
扇形纸片半径r/cm
剪掉的扇形圆心角θ/∘
纸锥锥角α/∘
下落时间t/s
1
1.9
10
90
81.9
2.20
2
1.9
10
135
71.1
1.84
3
1.9
5
90
81.9
2.20
(1)对于纸锥下落前的初始位置，有图乙所示的两种摆放方式，你认为正确的是______ (A/B)。
(2)分析数据，根据实验探究目的，得出了2个结论，请模仿结论①写出结论②：
①纸锥的锥角相同时，纸锥下落快慢和扇形半径无关。
②______ 。
(3)小明随后用同种纸张制成了质量相等的两个纸锥如图丙，其中4号纸锥的锥角比5号纸锥的锥角大，如果从相同的高度同时由静止释放两个纸锥，以下选项正确的是______ 。
A.4号纸锥先到地面
B.5号纸锥先到地面
C.两个纸锥同时到达地面
(4)如果纸锥在到达地面前做匀速直线运动，设4号纸锥匀速下落时所受阻力为f1，5号纸锥匀速下落时所受阻力为f2，则f1______ f2(选填“>”、“=”或“<”)。
31. 某同学利用图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，小灯泡的额定电压是2.5V。
(1)该同学接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并画出正确的那根导线。
(2)正确连接电路后，用开关进行试触，发现电流表指针不偏转，而电压表指针也不偏转。故障原因可能不是______ (选填“电流表”、“滑动变阻器”或“小灯泡”)断路。
(3)排除故障后，按正确的步骤进行实验。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡此时的电流是______ A，此时小灯泡的额定功率是______ W。
(4)继续调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐降低，小灯泡逐渐变暗，这段时间内，若小灯泡电阻变化量的绝对值是ΔR1，滑动变阻器接入电路的电阻变化量的绝对值是ΔR2，则ΔR1和ΔR2大小关系正确的是______ (填字母标号)。
A.ΔR1>ΔR2
B.ΔR1=ΔR2
C.ΔR1<ΔR2
D.无法比较
(5)考虑到电压表和电流表的内阻的影响，则每次测出来的灯泡的电阻偏______ (选填“大”或“小”)。
(6)实验时发现电压表损坏，于是设计了另一种实验方案，如图丙，其中电阻R的阻值已知。
①开关S拨到位置1，移动滑片P至任一位置，读出电流表示数I1。
②开关S拨到位置2，滑片位置______ (选填“向右移”、“向左移动”或“不动”)，读出电流表示数I2。
③数据处理：先算出灯泡的电阻RL=______ (请你用所测的物理量表示)，再根据P=U2R，计算出小灯泡的额定功率。他们按此方案测量，发现实验结果与真实值相差较大，原因是______ 。仔细分析后，他们认为要准确测出小灯泡的额定功率，只需将上述步骤①改为______ 。
32. 海南航空一架客机，从上海虹桥机场起飞，平稳降落在北京国际机场，此次试飞成功的航班，使用的是地沟油(密度为0.9×103kg/m3)与普通航空煤油(密度为0.8×103kg/m3)以体积为1：1的比例调和成的“混合燃油”，标志着“地沟油”的利用进入新的阶段。该飞机最大起飞质量为75t，最大飞行高度达12000m，最大航行速度1000km/h，油箱的最大体积为30m3；它在飞行时产生的噪音很强，其噪声功率达到31.4kW，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：
速度v/(m/s)
100
150
200
250
阻力f/N
0.16×105
0.36×105
0.64×105
1.0×105
客机发动机燃料油完全燃烧的能量转化为机械能的效率是40%，该飞机使用的混合燃油的热值为5×107J/kg。请回答下列问题：
(1)若在飞机油箱中加满混合燃油，最大载油量是多少千克？
(2)当飞机加满“混合燃料”以250m/s的速度巡航时，飞机发动机的输出功率是多少瓦？飞机的最大航程约是多少千米？
(3)一秒钟时间内垂直通过每平方米面积上的声波能量达1×10-4J时，其声强为80分贝，超过80分贝就会影响到人们的正常生活，假设客机飞行时产生噪音的能量均匀的向整个空间传播，为了使飞机的噪音传到地面时其强度不超过80分贝，飞机飞行的高度不得低于多少米？(球的表面积计算公式是S=4πr2，r为球的半径，π取3.14)
(4)使用“地沟油”做航空燃料油的好处是什么？(回答一点即可)
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、原子由位于中心的原子核和绕核高速无规则运动的电子组成。此选项正确；
B、摩擦起电不是产生电荷，而是电荷发生转移。此选项错误；
C、分子是能够保持物质原有性质的最小微粒，但不是最小的粒子。此选项错误；
D、组成物质的分子时刻都在运动。此选项错误。
故选：A。
①物质由分子组成，分子由原子组成，原子由核外电子和原子核组成；
②摩擦起电的本质是电荷的转移；
③分子是保持物质原有性质的最小微粒；
④组成物质的分子永不停息地做无规则的运动。
此题考查原子的核式结构以及分子动理论的基本内容，属于基础知识的考查，难度较小。
2.【答案】C
【解析】解：冰在熔化过程中，吸收热量，而温度保持不变，但内能在增加，由于比热容与物质的种类和物质所处的状态有关，当冰熔化成水后，比热容变大；
故选：C。
冰在熔化过程温度不变，但需要继续吸热，所以内能增加，水的比热容比冰的比热容大，所以比热容变化。
解决此类问题要知道熔化过程的特点及不同物质比热容不同。
3.【答案】B
【解析】解：
A、用透明的玻璃板代替平面镜，在蜡烛a一侧能看到蜡烛a的像，同时还能看到蜡烛b，便于确定像的位置，故A错误；
B、选择大小相等的蜡烛a、b，是为了比较像与物的大小关系，故B正确；
C、因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像，故C错误；
D、平面镜所成的像与物体大小相同，将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像不变，故D错误。
故选：B。
(1)探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系；
(2)选择大小相等的蜡烛A、B便于比较像与物的大小关系；
(3)虚像不会出现在光屏上；
(4)像的大小始终与物体大小相同。
探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。
4.【答案】D
【解析】解：A、伽利略研究发现运动不需要力来维持，牛顿第一定律正是在此基础上进一步概括总结而来的，故A正确；
B、英国物理学家麦克斯韦在研究了当时所发现的电磁现象的基础上，建立了麦克斯韦电磁理论，并预言了电磁波的存在；德国物理学家赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，故B正确；
C、我国古代的劳动人民已经认识到了地磁场的存在，发明了“司南”，利用磁石能确定地理方位，故C正确；
D、法拉第首先发现了电磁感应现象及发电机的原理，揭示“磁生电”的规律，奥斯特实验表明电流周围存在着磁场，首先发现了“电生磁”的规律，故D错误；
故选：D。
本题根据伽利略、奥斯特、牛顿等科学家的成就和物理学史进行解答
本题的解题关键是掌握科学家的重大发现和科学成就，常识性问题，平时要加强记忆，注重积累。
5.【答案】A
【解析】解：
A、因为小磁针静止时，指向南北方向，所以如果偏离南北方向，一定有磁场作用，故A选项正确；
B、磁感线是科学家为了研究起来形象、直观，是通过想象而描绘出来的，所以不是真实存在的，故B选项错误；
C、在磁场中某点放一小磁针，小磁针静止时，其N极的指向方向为该点磁场方向，故C说法错误；
D、地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近，故D选项错误．
故选A.
(1)根据磁极间的相互作用进行分析，即磁场的方向可以通过放入小磁针的指向进行判断；
(2)根据理想模型方法的思路进行分析，即为了人们可以形象直观的认识磁场，科学家通过想象引入了磁感线；
(3)磁场方向的规定：磁场中某点的磁场方向与放在该处的小磁针N极所指的方向相同；
(4)地球周围存在着磁场，这个磁场就是地磁场，地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近．
解此题要知道磁场的基本性质；知道磁场是客观存在的，磁感线是人为加上去的；知道磁场方向是怎么规定的等．
6.【答案】B
【解析】解：
A、摆动过程中，绳子对铁锁的拉力和铁锁对绳子的拉力始终大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上，不是一对平衡力，而是一对相互作用力，故A错误；
B、摆动过程中，铁锁的速度大小和运动方向会发生变化，其运动状态一定发生变化，故B正确；
C、摆动过程中，绳子受到铁锁的拉力(弹力)，则绳子发生的是弹性形变，故C错误；
D、绳子突然断开，此时铁锁受到的重力和空气阻力不符合二力平衡的条件，不是平衡力，铁锁处于非平衡状态，不会做匀速直线运动，故D错误。
故选：B。
(1)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
(2)运动状态发生变化是指速度大小或运动方向发生变化；
(3)绳子受到拉力(弹力)作用时，绳子发生弹性形变；
(4)绳子突然断开，分析此时铁锁受到的力，若铁锁受到平衡力的作用，则可能做匀速直线运动，若受到非平衡力的作用，则不可能做匀速直线运动。
本题考查了平衡力和相互作用力的区分、运动状态是否改变的判断，以及力与运动的关系，涉及的知识点较多，但难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：(1)由I-U图象可知：甲、乙电阻两端电压相等且电压小于交点电压时，流过甲电阻的电流大于流过乙电阻的电流，当电压大于交点电压时，通过甲电阻的电流小于通过乙的电流；由此可见两电阻并联时，电压较小时通过甲的电流大于通过乙的电流，电压较大时通过甲电阻的电流小于乙电阻的电流，故AB错误；
(2)由图象知，乙电阻阻值R乙不随电压的变化而变化，是一个定值；根据图象由欧姆定律R=UI可知，随着电压的增大，通过甲电阻的电流的增长越来越慢，所以可知甲电阻阻值R甲随电压的增大而变大，由并联电路特点可知，1R并=1R甲+1R乙，则R并=R甲R乙R甲+R乙=R乙1+R乙R甲，
由R并=R乙1+R乙R甲可知：随电压U的增大，R乙不变，R甲增大，则并联电阻阻值R并变大，所以甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而增大，故C错误，D正确；
故选：D。
(1)并联电路两端的电压相等，由图象可以判断出两电阻并联时流过两电阻的电流关系；
(2)由图象判断电阻阻值随电阻两端电压变化的关系，然后由并联电路特点判断并联电阻变化情况。
本题考查了根据I-U图象判断流过两电阻的电流关系、判断两电阻并联总阻值随电压变化的关系，由图象获取电流随电压变化的关系、掌握欧姆定律及并联电路的特点是正确解题的关键。
8.【答案】B
【解析】解：A、乒乓球运动员拉出的“弧圈球”就是应用流体压强与流速的关系，故A正确，但不符合题意；
B、正在漂流的一只“橡皮船”，利用了浮力等于重力实现漂浮的，故B错误，符合题意；
C、雄鹰在空中“滑翔”就是应用流体压强与流速的关系，故C正确，不符合题意；
D、地面上刮起的“龙卷风”，由于空气流速加快，内部压强变小而上升，故D正确，但不符合题意．
故选B.
分析每一项是否用到流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大．
本题主要考查流体压强跟流速的关系，并能用流体压强解释有关的现象．
9.【答案】C
【解析】解：
A、推进阶段，太阳帆飞船相对于太阳的位置不断发生变化，则飞船是运动的，故A错误；
B、推进阶段，太阳帆飞船的平均速度约为：v=st=100×103m3600s≈27.8m/s，故B错误；
C、太阳帆上受到太阳光的平均压强约为：p=FS=1N1.25×105m2=8×10-6 Pa，故C正确；
D、由p=FS可得，该太阳帆受到太阳光的压力(推力)：F'=pS'=8×10-6 Pa×5×104m2=0.4N，
1小时内太阳光对飞船做的机械功约为：W=F's=0.4N×100×103m=4×104J，故D错误。
故选：C。
(1)研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物，研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
(2)根据v=st算出太阳帆飞船的平均速度；
(3)根据p=FS算出太阳帆上受到太阳光的平均压强；
(4)根据F=pS算出5×104m2上受到的推力，根据W=Fs算出1小时内太阳光对飞船做的机械功。
本题考查速度的计算、平均速度的计算、压强的计算以及功的计算等知识，认真分析题意得出有用信息是本题的关键。
10.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，螺丝连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，螺丝不接入电路中，即螺丝所在电路发生了断路，此时指示灯会发光，这表明螺丝与灯泡是并联在电路中的，由于螺丝的电阻很小，能把灯泡短路；为了保护电路，防止电源短路，在干路中应该接上一个保护电阻，故D符合题意。
故选：D。
螺丝连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，螺丝不接入电路中，指示灯会发光，据此分析电路的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确螺丝与灯泡的连接方式是解题的关键。
11.【答案】C
【解析】解：
A、实验中采用的是控制变量法，需要控制两种燃料的质量相同，并且全部燃烧，不需要控制燃烧时间相同，故A错误；
B、实验中通过调节铁圈B的位置，使温度计处于适当的高度，故B错误；
C、将两烧杯中的水换成比热容小的液体，在吸收相同热量时，比热容越小，温度变化越大，可以使实验现象更明显，故C正确；
D、如要进一步研究不同物质的吸热能力，实验中需要用相同的热源加热，即用相同的燃料进行加热，还需要将其中一个烧杯中的水换成等质量的煤油，故D错误。
故选：C。
(1)该实验中采用了控制变量法和转换法，由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的多少来反映燃料的热值大小，又由于燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以需要控制两种燃料的质量相同，且全部燃烧；
(2)研究不同物质的吸热能力时，实验中需要用相同的热源加热，即用相同的燃料进行加热，且两个烧杯中不同液体的质量相等。
根据Q放=mq，质量相同的不同燃料，完全燃烧放出的热量与其热值有关，根据水温的变化情况可得知两种燃料燃烧放出热量的大小关系，从而判断出燃料的热值大小，整个过程中应用了控制变量法。
12.【答案】D
【解析】解：A、金属球在烧杯中漂浮在水面上时，F浮=G杯+G球，金属球取出放入水中，则烧杯漂浮在水面上，金属球沉在底部，则烧杯受到浮力：F浮'=G杯，金属球受到浮力F浮 ' 'F浮总，根据F浮=ρ水gV排可知：V排>V排总，即金属球取出放入水中，水面下降，则：h1>h2，故A正确；
B、将一金属球放入烧杯中，烧杯仍漂浮在水面上，金属球的质量等于第二次排开水的质量，m=ρ水S(h1-h0)，
将该金属球取出放入水中(空烧杯仍漂浮在水面上)，金属球的体积等于第三次排开水的体积，V=S(h2-h0)
金属球的密度为：ρ=mV=ρ水S(h1-h0)S(h2-h0)=(h1-h0)ρ水h2-h0，故B正确；
C、金属球沉底后，球对大烧杯底部的压力：F压=G-F浮 ' '=mg-ρ水Vg=ρ水S(h1-h0)g-ρ水gS(h2-h0)=ρ水gS(h1-h2)，故C正确；
D、若金属球放入水中时，一些水恰好溅起进入小烧杯中(没有水溅到大烧杯外面)，虽然大烧杯的水的体积减小了，但小烧杯排开水的体积变大，由于变化量相同，所以对金属球取出放入水中，水的深度测量结果没有影响，则金属球的密度测量结果不变，故D错误。
故选：D。
(1)根据金属球放入小烧杯中和金属球取出放入水中排开水的体积大小即可判断水的深度；
(2)根据漂浮物体排开水的质量等于物体的质量，计算金属球的质量，根据没入水面排开水的体积等于物体的体积计算金属球的体积，根据密度公式求金属球密度；
(3)金属球沉底后，然后二力的合成求出球对大烧杯底部的压力；
(4)若金属球放入水中时，一些水恰好溅起进入小烧杯中(没有水溅到大烧杯外面)，根据排开水的体积变化即可判断对金属球的密度测量结果的影响。
本题考查密度，要求掌握密度公式，应用密度公式进行解决问题。
13.【答案】振动 音色 信息
【解析】解：(1)鼓和镯振动产生声音；它们的材料、结构不同，所以音色不同。
(2)声能够传递信息和能量。本题是根据声音音色的不同判断出车行驶的是一里还是十里，属于传递信息。
故答案为：振动；音色；信息。
(1)声音是由物体的振动产生的；音色反映的是声音的品质与特色，我们能区分不同人、不同物体发出的声音，主要就是根据音色的不同。
(2)声能够传递信息和能量。
本题考查的是声音的特性和声的利用，属于声现象的常规考查。
14.【答案】放大 幻灯机 ④
【解析】解：根据图示可知，此时的像距大于物距，所以凸透镜成倒立、放大的实像，其应用是幻灯机；由于成的是倒立的实像，上下左右颠倒，所以他在A处看到屏幕上的像的形状为④。
故答案为：放大；幻灯机；④。
凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，其应用是投影仪或幻灯机。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
15.【答案】物体的重力 拉力的大小 F1=F2=F3 斜面 密
【解析】解：(1)在研究使用定滑轮是否省力时，实验中应匀速提升重物，测量出物体的重力和拉力的大小，根据这两个力的大小分析定滑轮是否省力；
(2)如图乙所示，分别用拉力F1、F2、F3匀速提升重物，忽略摩擦和绳重，由于使用定滑轮不省力也不费力，所以三个力的大小关系是F1=F2=F3；
(3)螺丝钉上螺纹相当于斜面；螺丝钉螺纹密、螺线长，相当于斜面较长。因为斜面高度一定时，斜面越长，使用起来越省力。
故答案为：(1)物体的重力；拉力的大小；(2)F1=F2=F3；(3)斜面；密。
(1)(2)定滑轮的实质是一个等臂杠杆，使用定滑轮不省力也不费力，但可以改变力的方向。
(3)螺丝钉上的一圈圈螺纹的长相当于斜面的长度，斜面是一种变形的杠杆。
本题考查了定滑轮和斜面的特点，属于基础题。
16.【答案】51.6不能
【解析】解：小红家3月份消耗的电能为：3月底电能表的示数-2月底电能表的示数，即4373.4kW⋅h-4321.8kW⋅h=51.6kW⋅h；
使用测电笔辨别火线和零线时，氖管发光，接触的是火线，不发光接触的是零线；开关和灯泡是串联接入的，开关接在零线上，检测该开关的两个接线柱，氖管也会一次发光，一次不发光，所以不能断定开关接在火线上。
故答案为：51.6；不能。
(1)3月份的电能就是月末的示数减去月初的示数；
(2)根据测电笔的使用方法解答，当笔尖接触到火线时，氖管会亮。
本题考查了电能表读数方法以及用测电笔辨别火线和零线，要理解熟记相关的知识点才能顺利解答。
17.【答案】短路 变大
【解析】解：(1)引起家庭电路中电流过大的原因是：一是短路，二是用电器总功率过大。
(2)在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，
∵导线连接处与导线串联在电路中，
∴通过的电流相等、通电时间相等，
∵Q=I2Rt，
∴连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速导线老化，甚至引起火灾。
故答案为：短路；变大。
(1)家庭电路中电流过大的原因有两种，一是用电器短路，二是用电器总功率过大。
(2)由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析。
本题主要考查学生对家庭电路故障的判断能力，以及对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串联(电流相等)是本题的关键。
18.【答案】减小 增大
【解析】解：子弹和木块一起以某速度开始向右摆动，子弹的速度变小，动能减小；子弹与木块发生撞击，子弹对木块做功，子弹和木块的内能都会增大，所以其内能之和增大。
故答案为：减小；增大。
(1)影响动能大小因素是质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大；
(2)做功可以改变物体内能，对物体做功，物体内能增大。
本题考查了影响动能大小的因素和改变物体内能的方法，属于基础知识的考查。
19.【答案】增大 减小受力面积 自己
【解析】解：穿上冰爪，增大了接触面的粗糙程度，在压力一定的情况下可以增大摩擦力；
冰爪底面做的非常锋利可以通过减小受力面积的方式增大压强，使冰爪很容易地插入冰雪中；
登山时感觉山在下降，说明山是运动的，山与自己的距离发生改变，是以自己为参照物。
故答案为：增大；减小受力面积；自己。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力。
(2)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
(3)首先判断被研究的物体，被研究的物体是静止的，选择和被研究的物体位置不变的物体为参照物。被研究的物体是运动的，选择和被研究的物体位置发生改变的物体是参照物。
此题主要考查学生对增大摩擦的方法、增大压强的方法和参照物的选择的理解。此类现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学知识解决生活中的实际问题。
20.【答案】=42=增加被提升物体的重力
【解析】解：不计绳重及摩擦，拉力做的功：W总=G物h+G动h，甲、乙两图物体重力G物相等，动滑轮重力G动相等，提升物体高度h相等，所以做功相等；
如图甲所示，绳子有效段数2段，物体提升高度10m，绳子自由端移动距离为20m，移动速度为20m÷100s=0.2m/s，拉力F甲=12(G物+G动)=12(400N+20N)=210N，所以功率P甲=Wt=Fst=F甲v=210N×0.2m/s=42W；
不计绳重及摩擦，拉力做的功：W总=G物h+G动h，W有=G物h，W额=G动h，甲、乙两图中有用功、额外功和总功都相等，根据η=W有W总可得甲、乙机械效率相等；
提高滑轮组的机械效率的方法有：增大有用功和减小额外功，要增大有用功，就要增加被提升物体的重力；要减小额外功，可以减小摩擦，也可以减小动滑轮的自重。
故答案为：=；42；=；增加被提升物体的重力。
(1)在不计绳重及摩擦，两次拉力做功大小可用W总=Gh+G动h来比较；
(2)拉力做功的功率用P=Wt；
(3)根据η=W有W总比较甲、乙机械效率的大小
(4)提高滑轮组的机械效率的方法有：增加有用功和减小额外功。
本题考查了滑轮组绳端拉力做功的大小比较、拉力做功的功率计算、机械效率的比较等内容。
21.【答案】吸热 热传递 太阳能电池 电
【解析】解：(1)将两个瓶子放在太阳光下，过一段时间后，用温度计测量了两瓶中水的温度，发现包有黑纸的瓶中水的温度升高得较多，说明包有黑纸的瓶中水吸收的热量多，即黑纸的吸热性能比白纸的要好；
(2)两瓶中的水从阳光中吸收热量，是通过热传递的方式使其内能增加的；
(3)上述是光热转换，还有光电转换和光化转换，比如太阳能电池板，将太阳能转换为电能。
故答案为：吸热；热传递；太阳能电池；电。
(1)根据水的温度的高低分析吸热性的大小；
(2)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
(3)根据太阳能的应用举例。
本题考查太阳能的利用和改变内能的方式，属于基础题。
22.【答案】0.2；62.5
【解析】解：
(1)由图乙可知在2.4s∼2.8s这段时间内，重物提升的高度：
s=0.75m-0.55m=0.2m，
W有用=Gh=1N×0.2m=0.2J；
(2)通电时间：
t=2.8s-2.4s=0.4s，
W总=UIt=4V×0.2A×0.4s=0.32J，
η=W有用W总×100%=0.2J0.32J×100%=62.5%。
故答案为：0.2；62.5%。
(1)由图乙可知在2.4s∼2.8s这段时间内重物提升的高度，知道物体重，利用W=Gh求这段时间内该装置提升重物做得有用功；
(2)知道电流表和电压表的示数，即加在电动机两端的电压和通过的电流，又知道通电时间，利用W=UIt求消耗的电能，再利用效率公式求电动机的效率。
本题考查了有用功、总功、效率的计算，能从图中得出相关信息、灵活运用公式计算是本题的关键。
23.【答案】并联 4.63.42×104
【解析】解：(1)当S与3、4接触时，电流分别经A、B回到电源的负极，即电流有两条路径，则A、B的连接方式为并联；
(2)当S与2、3接触时，电路为B的简单电路，电路的功率最小，
由P=UI可得，通过灯丝的电流：
I=P近景U=55W12V≈4.6A；
(3)由图乙可知，远景照明时的工作时间t远景=4min=240s，近景照明时的时间t近景=6min=360s，
由P=Wt可得，在10分钟内该大灯消耗的电能：
W=W远景+W近景=P远景t远景+P近景t近景=60W×240s+55W×360s=3.42×104J.
故答案为：(1)并联；(2)4.6；(3)3.42×104.
(1)串联电路中，电流只有一条路径，各用电器相互影响；并联电路中，电流有多条路径，各用电器互不影响；
(2)当S与2、3接触时，电路为B的简单电路，电路的功率最小，根据P=UI求出通过灯丝的电流；
(3)由图象可知大灯消耗的功率和对应的时间，根据W=Pt求出在10分钟内该大灯消耗的电能．
本题考查了串并联的辨别和电功率公式、电功公式的应用，关键是大灯远景照明和近景照明时电路连接方式的判断．
24.【答案】46Ω∼200.15
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当电压表的示数为1.5V时，L恰好正常发光，通过的电流IL=0.25A，
由图2可知，灯泡两端的电压UL=2.5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U=UR+UL=1.5V+2.5V=4V；
(2)因串联电路中各处的电流相等，且变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0∼0.6A，灯泡正常发光时的电流为0.25A，
所以，电路中的最大电流为0.25A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
则R小=URIL=1.5V0.25A=6Ω，
当电压表的示数UR'=3V时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：
UL'=U-UR'=4V-3V=1V，
由图2可知，通过灯泡的电流IL'=0.15A，
则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R大=UR'IR=UR'IL'=3V0.15A=20Ω，
所以，R的调节范围为6Ω∼20Ω，
灯泡的最小功率：
PL=UL'IL'=1V×0.15A=0.15W。
故答案为：4；6Ω∼20；0.15。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当电压表的示数为1.5V时，L恰好正常发光，根据图2读出L两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
(2)根据串联电路的电流特点结合变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程、灯泡正常发光时的电流确定电路中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出接入电路中的最小阻值，当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据图2读出通过的电流，利用P=UI求出灯泡L的最小电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
25.【答案】解：图中为凹透镜，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后变得发散，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，如图所示：
。
【解析】根据凹透镜三条特殊光线的作图：
①延长线过另一侧焦点的入射光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；
②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后变得发散，其折射光线的反向延长线过焦点；
③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
作凹透镜对光线的作用的光路图，关键抓住三条特殊光线作图，要注意虚实线、光线上要标有箭头。
26.【答案】解：
(1)A点为人体上部的重心，从重心竖直向下画一条带箭头的线段，并标出重力的符号G，即为重力的示意图；
(2)从支点O向重力的作用线作垂线段，可得重力的力臂L，如图所示：
【解析】(1)重力的方向是竖直向下的，从重心竖直向下画一带箭头的线段，可得重力的示意图；
(2)从支点向重力的作用线作垂线，支点到垂足的距离为重力的力臂。
本题考查了力的示意图、力臂的画法，属于基础题目。
27.【答案】解：(1)灯泡和开关的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，保险丝接在火线上，即接在右孔上。如下图所示：
【解析】家庭电路中，火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。这样既能控制灯泡，又能更安全；为了方便可移动的用电器，在火线、零线之间接入两孔插座：零线接左孔，火线接右孔；三孔插座：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
28.【答案】控制小车下滑到水平面的速度相同 分别在水平面上铺上毛巾、棉布、木板 小 慢 匀速直线 改变物体运动状态 D
【解析】解：(1)由控制变量法，三次实验中让小车从斜面同一高度由静止开始滑下，是为了控制小车下滑到水平面的速度相同；
(2)实验为了让小车受到不同的阻力，采用的做法是分别在水平面上铺上毛巾、棉布、木板；
(3)木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，通过的距离最长，实验结论是：平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小得越慢；
(4)根据实验结论，可推理得出：若运动的小车所受的阻力为零，小车的速度不会变小，小车将做匀速直线运动；
(5)根据(4)，可见力不是使物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。
(6)牛顿第一定律是建立在实验的基础下，经科学推理归纳概括出来的，故选：D。
故答案为：(1)控制小车下滑到水平面的速度相同；(2)分别在水平面上铺上毛巾、棉布、木板；(3)小；慢；(4)匀速直线；(5)改变物体运动状态；(6)D。
(1)由控制变量法，要控制小车下滑到水平面的速度相同；
(2)毛巾、棉布、木板的粗糙程度不同，小车在上面运动时受到的阻力不同；
(3)木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，通过的距离最长；
(4)(3)推理回答；
(5)力是改变物体运动状态的原因。
(6)牛顿第一定律是建立在实验的基础下，经科学推理归纳概括出来的。
本题研究牛顿第一定律的实验，考查控制变量法和推理法的运用及对操作过程的理解。
29.【答案】色散 蓝 黑 大于 左 缩小 近视
【解析】解：(1)太阳光经过三棱镜被分解为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫等七种色光的现象叫作光的色散；
(2)不透明的蓝底纸片能够反射蓝光，将呈现蓝色，红字只能反射红光，吸收其它色光，故呈现黑色；
(3)由图可知，红光的偏折程度比紫光的偏折程度要小，则当红光和蓝光分别平行于主光轴射向同一凸透镜后，红光的会聚点(即焦点)远，则焦距长；因此，红光照射下某凸透镜的焦距大于蓝光照射下该凸透镜的焦距；
(4)红光照射时光屏上成倒立等大的实像，说明此时u=v=2f；换蓝光照射时，根据(3)中结论可知，此时凸透镜的焦距变小，因此相当于增大物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，应将光屏适当向左移，才能呈现清晰的缩小的像；
(5)实验结束后，小明又将一只眼镜片放在E与凸透镜之间且较靠近凸透镜，结果光屏上原来清晰的像变得模糊，将光屏远离凸透镜移动到某一位置时，光屏上又看到烛焰清晰的像，说明该镜片对光线具有发散作用，近视镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，可以矫正近视眼。
故答案为：(1)色散；(2)蓝；黑；(3)大于；(4)左；缩小；(5)近视。
(1)太阳光经过三棱镜被分解为七种色光，称为光的色散；
(2)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；
(3)光线经过凸透镜后，折射角大的光线先会聚，因此焦距短；
(4)凸透镜的焦距变小，相当于增大物距；
(5)近视镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，可以矫正近视眼。
该题考查了光的色散实验，物体颜色的规律、凸透镜成像规律以及不同色光相对于凸透镜焦距大小的分析等，有一定综合性。
30.【答案】A 扇形半径相同时，纸锥下落快慢与纸锥锥角有关 B=
【解析】解：(1)为了比较纸锥下落的快慢，应把两个纸锥拿到同一高度同时由静止释放；图乙中两纸锥的下端高度相同，图丙中两纸锥的上端高度相同，而落地时是下端触地，故应选图A的位置释放，然后记录下落至地面的时间；
(2)根据表格中编号为1、2的数据知：下落高度、扇形纸片半径相同，纸锥锥角不同，纸锥锥角越大，下落时间越长，下落速度越慢；
根据表格中编号为1、3的数据知：下落高度、纸锥锥角相同，扇形纸片半径不同，下落时间相同，下落速度相同，即纸锥下落速度与扇形纸片半径无关；
综合分析可得出的结论：纸锥下落速度与扇形纸片半径无关，与纸锥锥角有关，纸锥锥角越大，下落时间越长，下落速度越慢；
(3)由(2)知纸锥锥角越大，下落时间越长，下落速度越慢，由于4号纸锥的锥角比5号纸锥的锥角大，所以4号纸锥的下落时间长，下落速度慢，即5号纸锥先到地，故B正确；
(4)如果纸锥在到达地面前做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的重力和阻力为一对平衡力，平衡力大小相等，即重力和阻力大小相等，因为4、5号纸锥的质量相同，重力相同，受到的阻力也相同，即f1=f2。
故答案为：(1)A；(2)扇形半径相同时，纸锥下落快慢与纸锥锥角有关；(3)B；(4)=。
(1)为了比较纸锥下落的快慢，需使纸锥从同一高度落下，然后采用相同时间比距离，也可采用相同距离比时间的方法；
(2)根据控制变量法分析纸锥下落快慢与锥角以及扇形半径的关系，得出结论；
(3)根据(2)得出的纸锥下落快慢与锥角关系选出正确的选项；
(4)物体处于静止或匀速直线运动时，受平衡力，平衡力大小相等，方向相反。
本题考查了探究纸锥竖直下落的情况的实验，以探究物体运动快慢的实验为基础，还考查了二力平衡的知识、控制变量法等知识点，要注意掌握。
31.【答案】小灯泡 0.260.65C小 不动 I1RI2-I1 灯泡两端电压不是额定电压，电阻不是正常发光时的电阻 将开关S拨到位置1，移动滑片P，使电流表示数为I1=U额R
【解析】解：(1)原电路图中，灯泡和电压表没有接入电路是错误的，在测量小灯泡的电功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)电流表指针不偏转，说明电路是断路，电压表指针不偏转，说明可能是电流表断路或滑动变阻器断路，如果是小灯泡断路，则电压表指针偏转，且电压表的示数接近电源电压，所以故障原因可能不是小灯泡断路；
(3)小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.26A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.26A=0.65W；
(4)原来的电流为I1，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡变暗，让小灯泡两端的电压逐渐降低，通过灯泡的电流也减小，即I1>I2，所以UI2>UI1，根据欧姆定律可得：R总2>R总1，滑片移动后电路的总电阻大于原来的电路总电阻，根据P=UI可知灯泡实际功率减小，灯泡的温度降低，灯泡的阻值随温度的降低而减小，由电阻的串联规律可知：小灯泡阻值减小的值ΔR1小于滑动变阻器接入电路中增大的值ΔR2；故选：C；
(5)若考虑到电压表和电流表的内阻的影响，由于电压表的分流作用，电流测量值大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值，即每次测出来的灯泡的电阻偏小；
(6)①开关S拨到位置1，移动滑片P至任一位置，读出电流表示数I1；根据并联电路电压规律，此时可得灯泡两端电压为：U=I1R，而开关S由位置1拨到位置2时，电路中三个元件的连接方式没有发生改变，所以此时灯泡两端电压仍然为U；
又因为L与R并联，根据并联电路的电流关系可知，通过灯泡的电流为：I=I2-I1；
则灯泡电阻RL=UI=I1RI2-I1；
由于电流的热效应，当灯泡发光时，灯丝的电阻会随温度升高而变大；当灯泡两端电压不等于其额定电压时，求出的电阻就不等于其正常发光时电阻，从而求出的功率就不是额定功率；所以要想求灯泡额定功率，就必须让灯泡两端电压等于额定电压，即将开关S拨到位置1，移动滑片P，使电流表示数为I1=U额R。
故答案为：(1)见解答图；(2)小灯泡；(3)0.65；(4)C；(5)小；(6)②不动；③I1RI2-I1；灯泡两端电压不是额定电压，电阻不是正常发光时的电阻；将开关S拨到位置1，移动滑片P，使电流表示数为I1=U额R。
(1)在测量小灯泡的电功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；
(2)用开关进行试触，发现电流表指针不偏转，说明电路可能断路；根据电压表偏转情况分析可能故障原因；
(3)根据电流表选用的量程，读出电流表的示数，利用P=UI求出小灯泡的额定功率；
(4)根据串联电路的特点和欧姆定律判断出总电阻的变化，得出电阻变化的大小关系；
(5)电压表与小灯泡并联，电流表测量小灯泡与电压表的总电流，据此分析；
(6)根据开关S拨到位置1和开关S拨到位置2时，电路中三个元件的连接方式没有发生改变，根据欧姆定律求出灯泡两端电压U=I1R，根据并联电路的电流特点得出灯泡电流I=I2-I1，然后根据欧姆定律可求灯泡电阻；注意灯泡的额定功率只有灯泡在额定电压下发光时的功率为额定功率；还要考虑灯丝的电阻随温度的改变而改变。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了电路连接、故障分析、电流表读数、功率的计算和误差分析及设计实验方案测功率的能力。
32.【答案】解：(1)飞机油箱的最大体积V=30m3，地沟油(密度为0.9×103kg/m3)与普通航空煤油(密度为0.8×103kg/m3)以体积为1：1的比例调和成的“混合燃油”，则地沟油和普通航空煤油的体积分别是V1=V2=15m3，
由ρ=mV可知，若在飞机油箱中加满混合燃油，最大载油量：m=ρ1V1+ρ2V2=0.9×103kg/m3×15m3+0.8×103kg/m3×15m3=2.55×104kg；
(2)由表格数据可知，当飞机以250m/s的速度巡航时，飞机受到的阻力f=1.0×105N，
飞机匀速飞行时，飞机发电机的牵引力与受到的阻力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知，飞机发电机的牵引力F=f=1.0×105N，
则飞机发电机的输出功率：P=Wt=Fst=Fv=1.0×105N×250m/s=2.5×107W；
混合燃油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=2.55×104kg×5×107J/kg=1.275×1012J，
由η=WQ放可知，飞机发电机所做的有用功：W=ηQ放=40%×1.275×1010J=5.1×1011J，
由W=Fs可知，飞机的最大航程：s=WF=5.1×1011J1.0×105N=5.1×106m=5100km；
(3)飞机噪声的总功率P总=31.4kW=31400W，一秒钟时间内垂直通过每平方米面积上的声波能量达1×10-4J，单位面积上的噪声功率P=1×10-4J/s=1×10-4W，
以飞机所在处为球心的球面，当飞行高度为r时，根据题意可知，噪声的总功率：P总=PS=P⋅4πr2=4Pπr2，
则飞行高度：r=P总4πP=31400W4×3.14×1×10-4W=5000m；
(4)使用“地沟油”做航空燃料油的好处是可以充分利用资源。
答：(1)若在飞机油箱中加满混合燃油，最大载油量是2.55×104kg；
(2)当飞机加满“混合燃料”以250m/s的速度巡航时，飞机发动机的输出功率是2.5×107W；飞机的最大航程约是5100km；
(3)飞机飞行的高度不得低于5000m；
(4)可以充分利用资源。
【解析】(1)知道油箱的最大体积，利用密度公式求出飞机的最大载油量；
(2)由表格数据可知，当飞机以250m/s的速度巡航时，飞机受到的阻力，根据二力平衡条件可知飞机发电机的牵引力，根据P=Wt=Fst=Fv求出飞机发电机的输出功率；根据Q放=mq求出混合燃油完全燃烧放出的热量；根据效率公式求出飞机发电机所做的有用功；根据W=Fs求出飞机的最大航程；
(3)以飞机所在处为球心的球面，单位面积上获得的能量与球面面积的乘积即为飞机噪声的总能量，据此求出飞机飞行的高度；
(4)充分利用可以利用的资源。
本题考查密度公式、二力平衡条件、功的计算公式、功率公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公式的应用，题目难度较大。
2023年江苏省无锡市大桥实验学校中考物理一模试卷
1. 下列说法正确的是( )
A. 原子由原子核和核外电子构成 B. 通过摩擦的方法可产生电荷
C. 分子是微观世界中的最小微粒 D. 组成物质的分子都是完全固定不动的
2. 冰在熔化过程中，下列判断正确的是( )
A. 内能、比热容、温度都不变 B. 内能不变，比热容不变
C. 吸收热量，温度不变 D. 比热容变大，内能增加，温度升高
3. 小明利用如图所示的装置，探究平面镜成像的特点。下列说法正确的是( )
A. 用玻璃板代替平面镜，目的是使蜡烛a的像更清晰
B. 使用相同的蜡烛a、b，目的是比较像与物的大小
C. 将光屏放到像的位置，光屏能够承接到像
D. 将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像变大
4. 以下表述不符合物理学史实的一项是( )
A. 伽利略研究发现运动不需要力来维持，牛顿第一定律正是在此基础上进一步概括总结而来的
B. 麦克斯韦最早预言了电磁波的存在，赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在
C. 中国古人发明了“司南”，认识到了利用磁石能确定地理方位
D. 安培首先发现了“磁生电”的规律，卢瑟福是第一位发现“电生磁”的科学家
5. 下列关于磁现象的说法正确的是( )
A. 将小磁针放在地球周围某一空间，若它静止时偏离南北方向，说明该空间存在除地磁场以外的其他磁场
B. 在研究磁场强弱分布时，放不放铁屑磁感线都存在
C. 在磁场中某点放一小磁针，小磁针静止时，其S极的指向为该点磁场方向
D. 地磁的N极在地理的北极附近
6. 如图所示，将一把铁锁用绳子悬挂起来，把它拉到自己的鼻子附近，松手后铁锁来回摆动。下列说法正确的是( )
A. 摆动过程中，绳子对铁锁的拉力和铁锁对绳子的拉力是一对平衡力
B. 摆动过程中，铁锁的运动状态定发生变化
C. 摆动过程中，绳子一定发生塑性形变
D. 若绳子突然断开，铁锁将做匀速直线运动
7. 如图是甲、乙两个电阻的电流I与电压U的关系图象，将它们并联接入电路，下列说法正确的是( )
A. 通过甲的电流大于通过乙的电流
B. 通过甲的电流小于通过乙的电流
C. 甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而减小
D. 甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而增大
8. 以下选项中，不能用“流体压强与流速关系”解释的是( )
A. 乒乓球运动员拉出的“弧圈球” B. 正在漂流的一只“橡皮船”
C. 正在空中滑翔的“雄鹰” D. 地面上刮起的“龙卷风”
9. 太阳帆的运用让电影《流浪地球》中飞船持续航行变成现实。研究发现1.25×105m2的太阳帆正对太阳时，会受到太阳光的压力约为1N，推动飞船前进，如图所示。推进阶段，飞船的太阳帆正对太阳的面积为5×104m2，在1小时内前进100km，下列分析正确的是( )
A. 推进阶段，太阳帆飞船相对太阳是静止的
B. 推进阶段，太阳帆飞船的平均速度约为100m/s
C. 太阳帆上受到太阳光的平均压强约为8×10-6 Pa
D. 1小时内太阳光对飞船做的机械功约为1×105J
10. 高铁轨道中的螺丝会因震动而松动，检修工作非常艰苦且重要。青少年科技创新大赛的获奖作品(5G高铁轨道螺丝警报器)，设计了检测螺丝松动的报警方案。其主要的科学原理是：螺丝(螺丝在电路图中用虚线框表示，其电阻不计)连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，此时电灯亮起而发出警报，及时提醒工人修理。下列符合题意的电路图是( )
A. B.
C. D.
11. 为了比较两种燃料的热值，小明采用如图甲所示的两套完全相同的装置进行实验，下列说法正确的是( )
A. 实验中需要保证两种燃料燃烧时间相同
B. 通过调节铁圈A的位置，使温度计处于适当的高度
C. 将两烧杯中的水换成比热容小的液体可以使实验现象更明显
D. 如要进一步研究不同物质的吸热能力，只需将其中一个烧杯中的水换成等质量煤油
12. 在底面积为S的圆柱形大烧杯内注入适量的水，让空的小烧杯漂浮在水面上，测出水的深度为h0，如图所示；再将一金属球放入小烧杯中，此时小烧杯仍漂浮在水面上，测出水的深度为h1；最后将该金属球取出放入水中(小烧杯仍漂浮在水面上)，待金属球沉底后测出水的深度为h2。已知水的密度为ρ水，则下列说法不正确的是( )
A. h1>h2
B. 金属球的密度为(h1-h0)ρ水h2-h0
C. 金属球沉底后，球对大烧杯底部的压力为ρ水g(h1-h2)S
D. 若金属球放入水中时，一些水恰好溅起进入小烧杯中(没有水溅到大烧杯外面)，该操作失误使得金属球的密度测量偏大
13. 中国古代的计程车——“计里鼓车”。当车走一里时，车上的木人就敲一下鼓，当车走到十里时，车上的木人就敲一下镯(古代的乐器)，鼓和镯______ 而产生声音。人们根据鼓和镯发声的______ (选填“响度”或“音色”)不同，确定车行驶的是一里还是十里，这是利用声传递______ (选填“信息”或“能量”)。
14. 如图甲所示，“F”字形发光物经透镜L恰好在毛玻璃光屏M上成一清晰的______ (选填“放大”、“等大”或“缩小”)实像，生活中______ (选填“照相机”、“放大镜”或“幻灯机”)与之成像特点相同。观察者分别处于A和B处，他在A处看到屏幕上的像的形状为______ (根据图乙情况，选择正确的图形序号)。
15. 研究简单机械的特点：
(1)在研究使用定滑轮是否省力时，用如图甲所示装置匀速提升重物，需要测量的物理量是______ 和______ 。
(2)如图乙所示，分别用拉力F1、F2、F3匀速提升重物，则三个力的大小关系是______ 。(忽略摩擦和绳重)
(3)螺丝钉可看成一种简单机械：______ ，当螺纹越______ (选填“疏”或“密”)越省力。
16. 小红家的电能表2月底的示数为，3月底的示数为，则她家3月份消耗的电能为______ kW⋅h。灯开关断开时，小红用测电笔分别检测该开关的两个接线柱，氖管一次发光，一次不发光。据此，小红______ (选填“能”或“不能”)确定该开关接在火线上。
17. 造成家庭电路中电流过大的原因可能是①______ ②用电器的总功率过大。另外，对于因线路连接处接触不良现象，也应当引起我们足够的重视。与连接完好相比，线路接触不良处的阻值将______ ，造成此处产生的热量多，以致火灾。
18. 一颗子弹以一定的速度水平射向静止的木块(如图甲)，然后子弹和木块一起以某速度开始向右摆动(如图乙)；此过程中，子弹的动能______ (选填“增大”、“不变”或“减小”，下同)，子弹和木块的内能之和______ 。
19. 如图为一种登冰山用的冰爪，它可以套在登山者的鞋上，由于冰雪很滑，穿上冰爪可以______ (“增大”或“减小”)摩擦力，冰爪底面做的非常锋利可以通过______ 的方式增大压强，使冰爪很容易的插入冰雪中。登山时感觉山在下降，是以______ 为参照物。
20. 为了研究滑轮组的机械效率，小红分别用如图所示的(甲)、(乙)两个滑轮组，在100s内将重为400N的物体G匀速提升10m，每个滑轮的重均为20N。不计绳重及摩擦，此过程中F甲做的功______ (选填“>”、“=”或“<”)F乙做的功，F甲做功的功率为______ W，甲的机械效率______ (选填“>”、“=”或“<”)乙的机械效率。为了提高甲的机械效率，可以采取的措施是______ 。
21. 小明用除颜色不同外，其他都相同的黑白两张纸分别将两个相同的瓶子包起来，再将质量、初温相同的水分别倒入两个瓶中，然后将两个瓶子放在太阳光下，过一段时间后，小明用温度计测量了两瓶中水的温度，发现包有黑纸的瓶中水的温度升高的较多。黑纸的______ 性能比白纸的要好。两瓶中的水是通过______ 的方式使其内能增加的。人类利用太阳能的方式除了和上述实验相同外，还有其他方式吗？请举一例：______ ，该示例中将太阳能转化为______ 能。
22. 物理兴趣小组的同学用图甲所示的装置来提升重物M，图乙是物体上升过程某段时间内的s-t图线。已知物体重为1N，闭合开关后，在2.4s∼2.8s这段时间内，电流表和电压表的示数分别为0.2A和4V，则2.4s∼2.8s这段时间内该装置提升重物做得有用功为______J，它的效率是______%。
23. 汽车大灯通常有两种照明方式--“远景照明”和“近景照明”．如图甲所示是某汽车大灯的灯泡示意图，A和B是灯泡内的2条灯丝，S为扇形旋钮开关．当“近景照明”时大灯只有一条灯丝通电工作，当“远景照明”时大灯两条灯丝同时通电工作．该汽车照明大灯上铭牌上标有“12V60W/55W”的字样．
(1)当S与3、4接触时，大灯处在“远景照明”，则此时灯丝A、B的连接方式为______；
(2)当S与2、3接触时，大灯处在“近景照明”，则通过灯丝的电流是______A(结果保留一位小数).
(3)某驾驶员开车在回家的路上，若照明大灯消耗的功率和时间的关系如图乙所示，则在10分钟内该大灯消耗的电能是______J.
24. 图甲中，灯泡L的额定电流为0.25A，其电流与电压关系如图乙所示，滑动变阻器R的规格为“50Ω1A”，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，闭合开关S，调节R，当电压表的示数为1.5V时，L恰好正常发光，电源电压为______ V；为保证电路安全，R的调节范围为______ Ω，泡L的最小电功率为______ W。
25. 如图所示，完成图中光路图。
26. 深蹲运动是靠腿部肌肉收缩产生动力，克服人体上部的重力G，从而达到锻炼目的(如图甲)。图乙是将人体抽象为杠杆的示意图，O为支点，请在图乙中画出G的示意图及其力臂L(A点为人体上部的重心)。
27. 如图所示为小明家客厅的实物电路图。请你用笔画线代替导线连接电路，要求：三孔插座单独使用，开关控制电灯。
28. 如图是研究牛顿第一定律的实验，请回答：
(1)三次实验中让小车从斜面同一高度由静止开始滑下，是为了______ 。
(2)实验为了让小车受到不同的阻力，采用的做法是______ 。
(3)实验结论是：平面越光滑，小车受到的摩擦力越______ ，速度减小得越______ 。
(4)根据实验结论，可推理得出：若运动的小车所受的阻力为零，小车将做______ 运动。
(5)可见力不是使物体运动的原因，而是______ 的原因。
(6)牛顿第一定律是建立在______ (填字母)。
A.日常生活经验的基础上
B.科学家猜想的基础上
C.直接实验结果的基础上
D.实验和科学推理相结合的基础上
29. 如图甲所示，小明发现一束太阳光通过三棱镜后，在光屏上呈现彩色光带。
(1)甲图这种现象叫作光的______ 现象。
(2)将蓝底、红字的小纸片放在光屏上蓝光区域，小纸片呈现______ 底、______ 字。
(3)由上述实验现象可推知：红光照射下某凸透镜的焦距______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)蓝光照射下该凸透镜的焦距。
(4)如图乙所示，当用红光照亮物体E时，在光屏上恰好呈倒立、等大的实像：若改用蓝光照亮物体E时，应将光屏适当向______ (选填“左”或“右”)移，才能呈现清晰的______ (选填“放大”、“等大”或“缩小”)的像。
(5)实验结束后，小明又将一只眼镜片放在E与凸透镜之间且较靠近凸透镜，结果光屏上原来清晰的像变得模糊，将光屏远离凸透镜移动到某一位置时，光屏上又看到烛焰清晰的像，由此可知该眼镜片可用来矫正______ (选填“近视”或“远视”)眼。
30. 在学习《速度》一节内容后，同学们想探究纸锥下落快慢与锥角以及扇形半径的关系。他们用普通复印纸裁出3个不同规格的扇形纸片，制成了如图甲所示的3个纸锥。实验中，纸锥每次从相同高度由静止释放，用秒表多次测量每个纸锥下落的时间，取平均值后记录在表格中。
纸锥编号
下落高度h/m
扇形纸片半径r/cm
剪掉的扇形圆心角θ/∘
纸锥锥角α/∘
下落时间t/s
1
1.9
10
90
81.9
2.20
2
1.9
10
135
71.1
1.84
3
1.9
5
90
81.9
2.20
(1)对于纸锥下落前的初始位置，有图乙所示的两种摆放方式，你认为正确的是______ (A/B)。
(2)分析数据，根据实验探究目的，得出了2个结论，请模仿结论①写出结论②：
①纸锥的锥角相同时，纸锥下落快慢和扇形半径无关。
②______ 。
(3)小明随后用同种纸张制成了质量相等的两个纸锥如图丙，其中4号纸锥的锥角比5号纸锥的锥角大，如果从相同的高度同时由静止释放两个纸锥，以下选项正确的是______ 。
A.4号纸锥先到地面
B.5号纸锥先到地面
C.两个纸锥同时到达地面
(4)如果纸锥在到达地面前做匀速直线运动，设4号纸锥匀速下落时所受阻力为f1，5号纸锥匀速下落时所受阻力为f2，则f1______ f2(选填“>”、“=”或“<”)。
31. 某同学利用图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，小灯泡的额定电压是2.5V。
(1)该同学接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并画出正确的那根导线。
(2)正确连接电路后，用开关进行试触，发现电流表指针不偏转，而电压表指针也不偏转。故障原因可能不是______ (选填“电流表”、“滑动变阻器”或“小灯泡”)断路。
(3)排除故障后，按正确的步骤进行实验。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡此时的电流是______ A，此时小灯泡的额定功率是______ W。
(4)继续调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐降低，小灯泡逐渐变暗，这段时间内，若小灯泡电阻变化量的绝对值是ΔR1，滑动变阻器接入电路的电阻变化量的绝对值是ΔR2，则ΔR1和ΔR2大小关系正确的是______ (填字母标号)。
A.ΔR1>ΔR2
B.ΔR1=ΔR2
C.ΔR1<ΔR2
D.无法比较
(5)考虑到电压表和电流表的内阻的影响，则每次测出来的灯泡的电阻偏______ (选填“大”或“小”)。
(6)实验时发现电压表损坏，于是设计了另一种实验方案，如图丙，其中电阻R的阻值已知。
①开关S拨到位置1，移动滑片P至任一位置，读出电流表示数I1。
②开关S拨到位置2，滑片位置______ (选填“向右移”、“向左移动”或“不动”)，读出电流表示数I2。
③数据处理：先算出灯泡的电阻RL=______ (请你用所测的物理量表示)，再根据P=U2R，计算出小灯泡的额定功率。他们按此方案测量，发现实验结果与真实值相差较大，原因是______ 。仔细分析后，他们认为要准确测出小灯泡的额定功率，只需将上述步骤①改为______ 。
32. 海南航空一架客机，从上海虹桥机场起飞，平稳降落在北京国际机场，此次试飞成功的航班，使用的是地沟油(密度为0.9×103kg/m3)与普通航空煤油(密度为0.8×103kg/m3)以体积为1：1的比例调和成的“混合燃油”，标志着“地沟油”的利用进入新的阶段。该飞机最大起飞质量为75t，最大飞行高度达12000m，最大航行速度1000km/h，油箱的最大体积为30m3；它在飞行时产生的噪音很强，其噪声功率达到31.4kW，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见表：
速度v/(m/s)
100
150
200
250
阻力f/N
0.16×105
0.36×105
0.64×105
1.0×105
客机发动机燃料油完全燃烧的能量转化为机械能的效率是40%，该飞机使用的混合燃油的热值为5×107J/kg。请回答下列问题：
(1)若在飞机油箱中加满混合燃油，最大载油量是多少千克？
(2)当飞机加满“混合燃料”以250m/s的速度巡航时，飞机发动机的输出功率是多少瓦？飞机的最大航程约是多少千米？
(3)一秒钟时间内垂直通过每平方米面积上的声波能量达1×10-4J时，其声强为80分贝，超过80分贝就会影响到人们的正常生活，假设客机飞行时产生噪音的能量均匀的向整个空间传播，为了使飞机的噪音传到地面时其强度不超过80分贝，飞机飞行的高度不得低于多少米？(球的表面积计算公式是S=4πr2，r为球的半径，π取3.14)
(4)使用“地沟油”做航空燃料油的好处是什么？(回答一点即可)
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、原子由位于中心的原子核和绕核高速无规则运动的电子组成。此选项正确；
B、摩擦起电不是产生电荷，而是电荷发生转移。此选项错误；
C、分子是能够保持物质原有性质的最小微粒，但不是最小的粒子。此选项错误；
D、组成物质的分子时刻都在运动。此选项错误。
故选：A。
①物质由分子组成，分子由原子组成，原子由核外电子和原子核组成；
②摩擦起电的本质是电荷的转移；
③分子是保持物质原有性质的最小微粒；
④组成物质的分子永不停息地做无规则的运动。
此题考查原子的核式结构以及分子动理论的基本内容，属于基础知识的考查，难度较小。
2.【答案】C
【解析】解：冰在熔化过程中，吸收热量，而温度保持不变，但内能在增加，由于比热容与物质的种类和物质所处的状态有关，当冰熔化成水后，比热容变大；
故选：C。
冰在熔化过程温度不变，但需要继续吸热，所以内能增加，水的比热容比冰的比热容大，所以比热容变化。
解决此类问题要知道熔化过程的特点及不同物质比热容不同。
3.【答案】B
【解析】解：
A、用透明的玻璃板代替平面镜，在蜡烛a一侧能看到蜡烛a的像，同时还能看到蜡烛b，便于确定像的位置，故A错误；
B、选择大小相等的蜡烛a、b，是为了比较像与物的大小关系，故B正确；
C、因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像，故C错误；
D、平面镜所成的像与物体大小相同，将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像不变，故D错误。
故选：B。
(1)探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系；
(2)选择大小相等的蜡烛A、B便于比较像与物的大小关系；
(3)虚像不会出现在光屏上；
(4)像的大小始终与物体大小相同。
探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。
4.【答案】D
【解析】解：A、伽利略研究发现运动不需要力来维持，牛顿第一定律正是在此基础上进一步概括总结而来的，故A正确；
B、英国物理学家麦克斯韦在研究了当时所发现的电磁现象的基础上，建立了麦克斯韦电磁理论，并预言了电磁波的存在；德国物理学家赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，故B正确；
C、我国古代的劳动人民已经认识到了地磁场的存在，发明了“司南”，利用磁石能确定地理方位，故C正确；
D、法拉第首先发现了电磁感应现象及发电机的原理，揭示“磁生电”的规律，奥斯特实验表明电流周围存在着磁场，首先发现了“电生磁”的规律，故D错误；
故选：D。
本题根据伽利略、奥斯特、牛顿等科学家的成就和物理学史进行解答
本题的解题关键是掌握科学家的重大发现和科学成就，常识性问题，平时要加强记忆，注重积累。
5.【答案】A
【解析】解：
A、因为小磁针静止时，指向南北方向，所以如果偏离南北方向，一定有磁场作用，故A选项正确；
B、磁感线是科学家为了研究起来形象、直观，是通过想象而描绘出来的，所以不是真实存在的，故B选项错误；
C、在磁场中某点放一小磁针，小磁针静止时，其N极的指向方向为该点磁场方向，故C说法错误；
D、地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近，故D选项错误．
故选A.
(1)根据磁极间的相互作用进行分析，即磁场的方向可以通过放入小磁针的指向进行判断；
(2)根据理想模型方法的思路进行分析，即为了人们可以形象直观的认识磁场，科学家通过想象引入了磁感线；
(3)磁场方向的规定：磁场中某点的磁场方向与放在该处的小磁针N极所指的方向相同；
(4)地球周围存在着磁场，这个磁场就是地磁场，地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近．
解此题要知道磁场的基本性质；知道磁场是客观存在的，磁感线是人为加上去的；知道磁场方向是怎么规定的等．
6.【答案】B
【解析】解：
A、摆动过程中，绳子对铁锁的拉力和铁锁对绳子的拉力始终大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上，不是一对平衡力，而是一对相互作用力，故A错误；
B、摆动过程中，铁锁的速度大小和运动方向会发生变化，其运动状态一定发生变化，故B正确；
C、摆动过程中，绳子受到铁锁的拉力(弹力)，则绳子发生的是弹性形变，故C错误；
D、绳子突然断开，此时铁锁受到的重力和空气阻力不符合二力平衡的条件，不是平衡力，铁锁处于非平衡状态，不会做匀速直线运动，故D错误。
故选：B。
(1)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
(2)运动状态发生变化是指速度大小或运动方向发生变化；
(3)绳子受到拉力(弹力)作用时，绳子发生弹性形变；
(4)绳子突然断开，分析此时铁锁受到的力，若铁锁受到平衡力的作用，则可能做匀速直线运动，若受到非平衡力的作用，则不可能做匀速直线运动。
本题考查了平衡力和相互作用力的区分、运动状态是否改变的判断，以及力与运动的关系，涉及的知识点较多，但难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：(1)由I-U图象可知：甲、乙电阻两端电压相等且电压小于交点电压时，流过甲电阻的电流大于流过乙电阻的电流，当电压大于交点电压时，通过甲电阻的电流小于通过乙的电流；由此可见两电阻并联时，电压较小时通过甲的电流大于通过乙的电流，电压较大时通过甲电阻的电流小于乙电阻的电流，故AB错误；
(2)由图象知，乙电阻阻值R乙不随电压的变化而变化，是一个定值；根据图象由欧姆定律R=UI可知，随着电压的增大，通过甲电阻的电流的增长越来越慢，所以可知甲电阻阻值R甲随电压的增大而变大，由并联电路特点可知，1R并=1R甲+1R乙，则R并=R甲R乙R甲+R乙=R乙1+R乙R甲，
由R并=R乙1+R乙R甲可知：随电压U的增大，R乙不变，R甲增大，则并联电阻阻值R并变大，所以甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而增大，故C错误，D正确；
故选：D。
(1)并联电路两端的电压相等，由图象可以判断出两电阻并联时流过两电阻的电流关系；
(2)由图象判断电阻阻值随电阻两端电压变化的关系，然后由并联电路特点判断并联电阻变化情况。
本题考查了根据I-U图象判断流过两电阻的电流关系、判断两电阻并联总阻值随电压变化的关系，由图象获取电流随电压变化的关系、掌握欧姆定律及并联电路的特点是正确解题的关键。
8.【答案】B
【解析】解：A、乒乓球运动员拉出的“弧圈球”就是应用流体压强与流速的关系，故A正确，但不符合题意；
B、正在漂流的一只“橡皮船”，利用了浮力等于重力实现漂浮的，故B错误，符合题意；
C、雄鹰在空中“滑翔”就是应用流体压强与流速的关系，故C正确，不符合题意；
D、地面上刮起的“龙卷风”，由于空气流速加快，内部压强变小而上升，故D正确，但不符合题意．
故选B.
分析每一项是否用到流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大．
本题主要考查流体压强跟流速的关系，并能用流体压强解释有关的现象．
9.【答案】C
【解析】解：
A、推进阶段，太阳帆飞船相对于太阳的位置不断发生变化，则飞船是运动的，故A错误；
B、推进阶段，太阳帆飞船的平均速度约为：v=st=100×103m3600s≈27.8m/s，故B错误；
C、太阳帆上受到太阳光的平均压强约为：p=FS=1N1.25×105m2=8×10-6 Pa，故C正确；
D、由p=FS可得，该太阳帆受到太阳光的压力(推力)：F'=pS'=8×10-6 Pa×5×104m2=0.4N，
1小时内太阳光对飞船做的机械功约为：W=F's=0.4N×100×103m=4×104J，故D错误。
故选：C。
(1)研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物，研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
(2)根据v=st算出太阳帆飞船的平均速度；
(3)根据p=FS算出太阳帆上受到太阳光的平均压强；
(4)根据F=pS算出5×104m2上受到的推力，根据W=Fs算出1小时内太阳光对飞船做的机械功。
本题考查速度的计算、平均速度的计算、压强的计算以及功的计算等知识，认真分析题意得出有用信息是本题的关键。
10.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，螺丝连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，螺丝不接入电路中，即螺丝所在电路发生了断路，此时指示灯会发光，这表明螺丝与灯泡是并联在电路中的，由于螺丝的电阻很小，能把灯泡短路；为了保护电路，防止电源短路，在干路中应该接上一个保护电阻，故D符合题意。
故选：D。
螺丝连接在电路中，当螺丝松动时，它会与下端的导线分离而断开，螺丝不接入电路中，指示灯会发光，据此分析电路的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确螺丝与灯泡的连接方式是解题的关键。
11.【答案】C
【解析】解：
A、实验中采用的是控制变量法，需要控制两种燃料的质量相同，并且全部燃烧，不需要控制燃烧时间相同，故A错误；
B、实验中通过调节铁圈B的位置，使温度计处于适当的高度，故B错误；
C、将两烧杯中的水换成比热容小的液体，在吸收相同热量时，比热容越小，温度变化越大，可以使实验现象更明显，故C正确；
D、如要进一步研究不同物质的吸热能力，实验中需要用相同的热源加热，即用相同的燃料进行加热，还需要将其中一个烧杯中的水换成等质量的煤油，故D错误。
故选：C。
(1)该实验中采用了控制变量法和转换法，由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的多少来反映燃料的热值大小，又由于燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以需要控制两种燃料的质量相同，且全部燃烧；
(2)研究不同物质的吸热能力时，实验中需要用相同的热源加热，即用相同的燃料进行加热，且两个烧杯中不同液体的质量相等。
根据Q放=mq，质量相同的不同燃料，完全燃烧放出的热量与其热值有关，根据水温的变化情况可得知两种燃料燃烧放出热量的大小关系，从而判断出燃料的热值大小，整个过程中应用了控制变量法。
12.【答案】D
【解析】解：A、金属球在烧杯中漂浮在水面上时，F浮=G杯+G球，金属球取出放入水中，则烧杯漂浮在水面上，金属球沉在底部，则烧杯受到浮力：F浮'=G杯，金属球受到浮力F浮 ' '
B、将一金属球放入烧杯中，烧杯仍漂浮在水面上，金属球的质量等于第二次排开水的质量，m=ρ水S(h1-h0)，
将该金属球取出放入水中(空烧杯仍漂浮在水面上)，金属球的体积等于第三次排开水的体积，V=S(h2-h0)
金属球的密度为：ρ=mV=ρ水S(h1-h0)S(h2-h0)=(h1-h0)ρ水h2-h0，故B正确；
C、金属球沉底后，球对大烧杯底部的压力：F压=G-F浮 ' '=mg-ρ水Vg=ρ水S(h1-h0)g-ρ水gS(h2-h0)=ρ水gS(h1-h2)，故C正确；
D、若金属球放入水中时，一些水恰好溅起进入小烧杯中(没有水溅到大烧杯外面)，虽然大烧杯的水的体积减小了，但小烧杯排开水的体积变大，由于变化量相同，所以对金属球取出放入水中，水的深度测量结果没有影响，则金属球的密度测量结果不变，故D错误。
故选：D。
(1)根据金属球放入小烧杯中和金属球取出放入水中排开水的体积大小即可判断水的深度；
(2)根据漂浮物体排开水的质量等于物体的质量，计算金属球的质量，根据没入水面排开水的体积等于物体的体积计算金属球的体积，根据密度公式求金属球密度；
(3)金属球沉底后，然后二力的合成求出球对大烧杯底部的压力；
(4)若金属球放入水中时，一些水恰好溅起进入小烧杯中(没有水溅到大烧杯外面)，根据排开水的体积变化即可判断对金属球的密度测量结果的影响。
本题考查密度，要求掌握密度公式，应用密度公式进行解决问题。
13.【答案】振动 音色 信息
【解析】解：(1)鼓和镯振动产生声音；它们的材料、结构不同，所以音色不同。
(2)声能够传递信息和能量。本题是根据声音音色的不同判断出车行驶的是一里还是十里，属于传递信息。
故答案为：振动；音色；信息。
(1)声音是由物体的振动产生的；音色反映的是声音的品质与特色，我们能区分不同人、不同物体发出的声音，主要就是根据音色的不同。
(2)声能够传递信息和能量。
本题考查的是声音的特性和声的利用，属于声现象的常规考查。
14.【答案】放大 幻灯机 ④
【解析】解：根据图示可知，此时的像距大于物距，所以凸透镜成倒立、放大的实像，其应用是幻灯机；由于成的是倒立的实像，上下左右颠倒，所以他在A处看到屏幕上的像的形状为④。
故答案为：放大；幻灯机；④。
凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，其应用是投影仪或幻灯机。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
15.【答案】物体的重力 拉力的大小 F1=F2=F3 斜面 密
【解析】解：(1)在研究使用定滑轮是否省力时，实验中应匀速提升重物，测量出物体的重力和拉力的大小，根据这两个力的大小分析定滑轮是否省力；
(2)如图乙所示，分别用拉力F1、F2、F3匀速提升重物，忽略摩擦和绳重，由于使用定滑轮不省力也不费力，所以三个力的大小关系是F1=F2=F3；
(3)螺丝钉上螺纹相当于斜面；螺丝钉螺纹密、螺线长，相当于斜面较长。因为斜面高度一定时，斜面越长，使用起来越省力。
故答案为：(1)物体的重力；拉力的大小；(2)F1=F2=F3；(3)斜面；密。
(1)(2)定滑轮的实质是一个等臂杠杆，使用定滑轮不省力也不费力，但可以改变力的方向。
(3)螺丝钉上的一圈圈螺纹的长相当于斜面的长度，斜面是一种变形的杠杆。
本题考查了定滑轮和斜面的特点，属于基础题。
16.【答案】51.6不能
【解析】解：小红家3月份消耗的电能为：3月底电能表的示数-2月底电能表的示数，即4373.4kW⋅h-4321.8kW⋅h=51.6kW⋅h；
使用测电笔辨别火线和零线时，氖管发光，接触的是火线，不发光接触的是零线；开关和灯泡是串联接入的，开关接在零线上，检测该开关的两个接线柱，氖管也会一次发光，一次不发光，所以不能断定开关接在火线上。
故答案为：51.6；不能。
(1)3月份的电能就是月末的示数减去月初的示数；
(2)根据测电笔的使用方法解答，当笔尖接触到火线时，氖管会亮。
本题考查了电能表读数方法以及用测电笔辨别火线和零线，要理解熟记相关的知识点才能顺利解答。
17.【答案】短路 变大
【解析】解：(1)引起家庭电路中电流过大的原因是：一是短路，二是用电器总功率过大。
(2)在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，
∵导线连接处与导线串联在电路中，
∴通过的电流相等、通电时间相等，
∵Q=I2Rt，
∴连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速导线老化，甚至引起火灾。
故答案为：短路；变大。
(1)家庭电路中电流过大的原因有两种，一是用电器短路，二是用电器总功率过大。
(2)由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析。
本题主要考查学生对家庭电路故障的判断能力，以及对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串联(电流相等)是本题的关键。
18.【答案】减小 增大
【解析】解：子弹和木块一起以某速度开始向右摆动，子弹的速度变小，动能减小；子弹与木块发生撞击，子弹对木块做功，子弹和木块的内能都会增大，所以其内能之和增大。
故答案为：减小；增大。
(1)影响动能大小因素是质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大；
(2)做功可以改变物体内能，对物体做功，物体内能增大。
本题考查了影响动能大小的因素和改变物体内能的方法，属于基础知识的考查。
19.【答案】增大 减小受力面积 自己
【解析】解：穿上冰爪，增大了接触面的粗糙程度，在压力一定的情况下可以增大摩擦力；
冰爪底面做的非常锋利可以通过减小受力面积的方式增大压强，使冰爪很容易地插入冰雪中；
登山时感觉山在下降，说明山是运动的，山与自己的距离发生改变，是以自己为参照物。
故答案为：增大；减小受力面积；自己。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力。
(2)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
(3)首先判断被研究的物体，被研究的物体是静止的，选择和被研究的物体位置不变的物体为参照物。被研究的物体是运动的，选择和被研究的物体位置发生改变的物体是参照物。
此题主要考查学生对增大摩擦的方法、增大压强的方法和参照物的选择的理解。此类现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学知识解决生活中的实际问题。
20.【答案】=42=增加被提升物体的重力
【解析】解：不计绳重及摩擦，拉力做的功：W总=G物h+G动h，甲、乙两图物体重力G物相等，动滑轮重力G动相等，提升物体高度h相等，所以做功相等；
如图甲所示，绳子有效段数2段，物体提升高度10m，绳子自由端移动距离为20m，移动速度为20m÷100s=0.2m/s，拉力F甲=12(G物+G动)=12(400N+20N)=210N，所以功率P甲=Wt=Fst=F甲v=210N×0.2m/s=42W；
不计绳重及摩擦，拉力做的功：W总=G物h+G动h，W有=G物h，W额=G动h，甲、乙两图中有用功、额外功和总功都相等，根据η=W有W总可得甲、乙机械效率相等；
提高滑轮组的机械效率的方法有：增大有用功和减小额外功，要增大有用功，就要增加被提升物体的重力；要减小额外功，可以减小摩擦，也可以减小动滑轮的自重。
故答案为：=；42；=；增加被提升物体的重力。
(1)在不计绳重及摩擦，两次拉力做功大小可用W总=Gh+G动h来比较；
(2)拉力做功的功率用P=Wt；
(3)根据η=W有W总比较甲、乙机械效率的大小
(4)提高滑轮组的机械效率的方法有：增加有用功和减小额外功。
本题考查了滑轮组绳端拉力做功的大小比较、拉力做功的功率计算、机械效率的比较等内容。
21.【答案】吸热 热传递 太阳能电池 电
【解析】解：(1)将两个瓶子放在太阳光下，过一段时间后，用温度计测量了两瓶中水的温度，发现包有黑纸的瓶中水的温度升高得较多，说明包有黑纸的瓶中水吸收的热量多，即黑纸的吸热性能比白纸的要好；
(2)两瓶中的水从阳光中吸收热量，是通过热传递的方式使其内能增加的；
(3)上述是光热转换，还有光电转换和光化转换，比如太阳能电池板，将太阳能转换为电能。
故答案为：吸热；热传递；太阳能电池；电。
(1)根据水的温度的高低分析吸热性的大小；
(2)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
(3)根据太阳能的应用举例。
本题考查太阳能的利用和改变内能的方式，属于基础题。
22.【答案】0.2；62.5
【解析】解：
(1)由图乙可知在2.4s∼2.8s这段时间内，重物提升的高度：
s=0.75m-0.55m=0.2m，
W有用=Gh=1N×0.2m=0.2J；
(2)通电时间：
t=2.8s-2.4s=0.4s，
W总=UIt=4V×0.2A×0.4s=0.32J，
η=W有用W总×100%=0.2J0.32J×100%=62.5%。
故答案为：0.2；62.5%。
(1)由图乙可知在2.4s∼2.8s这段时间内重物提升的高度，知道物体重，利用W=Gh求这段时间内该装置提升重物做得有用功；
(2)知道电流表和电压表的示数，即加在电动机两端的电压和通过的电流，又知道通电时间，利用W=UIt求消耗的电能，再利用效率公式求电动机的效率。
本题考查了有用功、总功、效率的计算，能从图中得出相关信息、灵活运用公式计算是本题的关键。
23.【答案】并联 4.63.42×104
【解析】解：(1)当S与3、4接触时，电流分别经A、B回到电源的负极，即电流有两条路径，则A、B的连接方式为并联；
(2)当S与2、3接触时，电路为B的简单电路，电路的功率最小，
由P=UI可得，通过灯丝的电流：
I=P近景U=55W12V≈4.6A；
(3)由图乙可知，远景照明时的工作时间t远景=4min=240s，近景照明时的时间t近景=6min=360s，
由P=Wt可得，在10分钟内该大灯消耗的电能：
W=W远景+W近景=P远景t远景+P近景t近景=60W×240s+55W×360s=3.42×104J.
故答案为：(1)并联；(2)4.6；(3)3.42×104.
(1)串联电路中，电流只有一条路径，各用电器相互影响；并联电路中，电流有多条路径，各用电器互不影响；
(2)当S与2、3接触时，电路为B的简单电路，电路的功率最小，根据P=UI求出通过灯丝的电流；
(3)由图象可知大灯消耗的功率和对应的时间，根据W=Pt求出在10分钟内该大灯消耗的电能．
本题考查了串并联的辨别和电功率公式、电功公式的应用，关键是大灯远景照明和近景照明时电路连接方式的判断．
24.【答案】46Ω∼200.15
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当电压表的示数为1.5V时，L恰好正常发光，通过的电流IL=0.25A，
由图2可知，灯泡两端的电压UL=2.5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U=UR+UL=1.5V+2.5V=4V；
(2)因串联电路中各处的电流相等，且变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0∼0.6A，灯泡正常发光时的电流为0.25A，
所以，电路中的最大电流为0.25A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
则R小=URIL=1.5V0.25A=6Ω，
当电压表的示数UR'=3V时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：
UL'=U-UR'=4V-3V=1V，
由图2可知，通过灯泡的电流IL'=0.15A，
则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R大=UR'IR=UR'IL'=3V0.15A=20Ω，
所以，R的调节范围为6Ω∼20Ω，
灯泡的最小功率：
PL=UL'IL'=1V×0.15A=0.15W。
故答案为：4；6Ω∼20；0.15。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当电压表的示数为1.5V时，L恰好正常发光，根据图2读出L两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
(2)根据串联电路的电流特点结合变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程、灯泡正常发光时的电流确定电路中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出接入电路中的最小阻值，当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据图2读出通过的电流，利用P=UI求出灯泡L的最小电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
25.【答案】解：图中为凹透镜，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后变得发散，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，如图所示：
。
【解析】根据凹透镜三条特殊光线的作图：
①延长线过另一侧焦点的入射光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；
②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后变得发散，其折射光线的反向延长线过焦点；
③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
作凹透镜对光线的作用的光路图，关键抓住三条特殊光线作图，要注意虚实线、光线上要标有箭头。
26.【答案】解：
(1)A点为人体上部的重心，从重心竖直向下画一条带箭头的线段，并标出重力的符号G，即为重力的示意图；
(2)从支点O向重力的作用线作垂线段，可得重力的力臂L，如图所示：
【解析】(1)重力的方向是竖直向下的，从重心竖直向下画一带箭头的线段，可得重力的示意图；
(2)从支点向重力的作用线作垂线，支点到垂足的距离为重力的力臂。
本题考查了力的示意图、力臂的画法，属于基础题目。
27.【答案】解：(1)灯泡和开关的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，保险丝接在火线上，即接在右孔上。如下图所示：
【解析】家庭电路中，火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。这样既能控制灯泡，又能更安全；为了方便可移动的用电器，在火线、零线之间接入两孔插座：零线接左孔，火线接右孔；三孔插座：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
28.【答案】控制小车下滑到水平面的速度相同 分别在水平面上铺上毛巾、棉布、木板 小 慢 匀速直线 改变物体运动状态 D
【解析】解：(1)由控制变量法，三次实验中让小车从斜面同一高度由静止开始滑下，是为了控制小车下滑到水平面的速度相同；
(2)实验为了让小车受到不同的阻力，采用的做法是分别在水平面上铺上毛巾、棉布、木板；
(3)木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，通过的距离最长，实验结论是：平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小得越慢；
(4)根据实验结论，可推理得出：若运动的小车所受的阻力为零，小车的速度不会变小，小车将做匀速直线运动；
(5)根据(4)，可见力不是使物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。
(6)牛顿第一定律是建立在实验的基础下，经科学推理归纳概括出来的，故选：D。
故答案为：(1)控制小车下滑到水平面的速度相同；(2)分别在水平面上铺上毛巾、棉布、木板；(3)小；慢；(4)匀速直线；(5)改变物体运动状态；(6)D。
(1)由控制变量法，要控制小车下滑到水平面的速度相同；
(2)毛巾、棉布、木板的粗糙程度不同，小车在上面运动时受到的阻力不同；
(3)木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，通过的距离最长；
(4)(3)推理回答；
(5)力是改变物体运动状态的原因。
(6)牛顿第一定律是建立在实验的基础下，经科学推理归纳概括出来的。
本题研究牛顿第一定律的实验，考查控制变量法和推理法的运用及对操作过程的理解。
29.【答案】色散 蓝 黑 大于 左 缩小 近视
【解析】解：(1)太阳光经过三棱镜被分解为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫等七种色光的现象叫作光的色散；
(2)不透明的蓝底纸片能够反射蓝光，将呈现蓝色，红字只能反射红光，吸收其它色光，故呈现黑色；
(3)由图可知，红光的偏折程度比紫光的偏折程度要小，则当红光和蓝光分别平行于主光轴射向同一凸透镜后，红光的会聚点(即焦点)远，则焦距长；因此，红光照射下某凸透镜的焦距大于蓝光照射下该凸透镜的焦距；
(4)红光照射时光屏上成倒立等大的实像，说明此时u=v=2f；换蓝光照射时，根据(3)中结论可知，此时凸透镜的焦距变小，因此相当于增大物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，应将光屏适当向左移，才能呈现清晰的缩小的像；
(5)实验结束后，小明又将一只眼镜片放在E与凸透镜之间且较靠近凸透镜，结果光屏上原来清晰的像变得模糊，将光屏远离凸透镜移动到某一位置时，光屏上又看到烛焰清晰的像，说明该镜片对光线具有发散作用，近视镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，可以矫正近视眼。
故答案为：(1)色散；(2)蓝；黑；(3)大于；(4)左；缩小；(5)近视。
(1)太阳光经过三棱镜被分解为七种色光，称为光的色散；
(2)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；
(3)光线经过凸透镜后，折射角大的光线先会聚，因此焦距短；
(4)凸透镜的焦距变小，相当于增大物距；
(5)近视镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，可以矫正近视眼。
该题考查了光的色散实验，物体颜色的规律、凸透镜成像规律以及不同色光相对于凸透镜焦距大小的分析等，有一定综合性。
30.【答案】A 扇形半径相同时，纸锥下落快慢与纸锥锥角有关 B=
【解析】解：(1)为了比较纸锥下落的快慢，应把两个纸锥拿到同一高度同时由静止释放；图乙中两纸锥的下端高度相同，图丙中两纸锥的上端高度相同，而落地时是下端触地，故应选图A的位置释放，然后记录下落至地面的时间；
(2)根据表格中编号为1、2的数据知：下落高度、扇形纸片半径相同，纸锥锥角不同，纸锥锥角越大，下落时间越长，下落速度越慢；
根据表格中编号为1、3的数据知：下落高度、纸锥锥角相同，扇形纸片半径不同，下落时间相同，下落速度相同，即纸锥下落速度与扇形纸片半径无关；
综合分析可得出的结论：纸锥下落速度与扇形纸片半径无关，与纸锥锥角有关，纸锥锥角越大，下落时间越长，下落速度越慢；
(3)由(2)知纸锥锥角越大，下落时间越长，下落速度越慢，由于4号纸锥的锥角比5号纸锥的锥角大，所以4号纸锥的下落时间长，下落速度慢，即5号纸锥先到地，故B正确；
(4)如果纸锥在到达地面前做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的重力和阻力为一对平衡力，平衡力大小相等，即重力和阻力大小相等，因为4、5号纸锥的质量相同，重力相同，受到的阻力也相同，即f1=f2。
故答案为：(1)A；(2)扇形半径相同时，纸锥下落快慢与纸锥锥角有关；(3)B；(4)=。
(1)为了比较纸锥下落的快慢，需使纸锥从同一高度落下，然后采用相同时间比距离，也可采用相同距离比时间的方法；
(2)根据控制变量法分析纸锥下落快慢与锥角以及扇形半径的关系，得出结论；
(3)根据(2)得出的纸锥下落快慢与锥角关系选出正确的选项；
(4)物体处于静止或匀速直线运动时，受平衡力，平衡力大小相等，方向相反。
本题考查了探究纸锥竖直下落的情况的实验，以探究物体运动快慢的实验为基础，还考查了二力平衡的知识、控制变量法等知识点，要注意掌握。
31.【答案】小灯泡 0.260.65C小 不动 I1RI2-I1 灯泡两端电压不是额定电压，电阻不是正常发光时的电阻 将开关S拨到位置1，移动滑片P，使电流表示数为I1=U额R
【解析】解：(1)原电路图中，灯泡和电压表没有接入电路是错误的，在测量小灯泡的电功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)电流表指针不偏转，说明电路是断路，电压表指针不偏转，说明可能是电流表断路或滑动变阻器断路，如果是小灯泡断路，则电压表指针偏转，且电压表的示数接近电源电压，所以故障原因可能不是小灯泡断路；
(3)小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.26A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.26A=0.65W；
(4)原来的电流为I1，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡变暗，让小灯泡两端的电压逐渐降低，通过灯泡的电流也减小，即I1>I2，所以UI2>UI1，根据欧姆定律可得：R总2>R总1，滑片移动后电路的总电阻大于原来的电路总电阻，根据P=UI可知灯泡实际功率减小，灯泡的温度降低，灯泡的阻值随温度的降低而减小，由电阻的串联规律可知：小灯泡阻值减小的值ΔR1小于滑动变阻器接入电路中增大的值ΔR2；故选：C；
(5)若考虑到电压表和电流表的内阻的影响，由于电压表的分流作用，电流测量值大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值，即每次测出来的灯泡的电阻偏小；
(6)①开关S拨到位置1，移动滑片P至任一位置，读出电流表示数I1；根据并联电路电压规律，此时可得灯泡两端电压为：U=I1R，而开关S由位置1拨到位置2时，电路中三个元件的连接方式没有发生改变，所以此时灯泡两端电压仍然为U；
又因为L与R并联，根据并联电路的电流关系可知，通过灯泡的电流为：I=I2-I1；
则灯泡电阻RL=UI=I1RI2-I1；
由于电流的热效应，当灯泡发光时，灯丝的电阻会随温度升高而变大；当灯泡两端电压不等于其额定电压时，求出的电阻就不等于其正常发光时电阻，从而求出的功率就不是额定功率；所以要想求灯泡额定功率，就必须让灯泡两端电压等于额定电压，即将开关S拨到位置1，移动滑片P，使电流表示数为I1=U额R。
故答案为：(1)见解答图；(2)小灯泡；(3)0.65；(4)C；(5)小；(6)②不动；③I1RI2-I1；灯泡两端电压不是额定电压，电阻不是正常发光时的电阻；将开关S拨到位置1，移动滑片P，使电流表示数为I1=U额R。
(1)在测量小灯泡的电功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；
(2)用开关进行试触，发现电流表指针不偏转，说明电路可能断路；根据电压表偏转情况分析可能故障原因；
(3)根据电流表选用的量程，读出电流表的示数，利用P=UI求出小灯泡的额定功率；
(4)根据串联电路的特点和欧姆定律判断出总电阻的变化，得出电阻变化的大小关系；
(5)电压表与小灯泡并联，电流表测量小灯泡与电压表的总电流，据此分析；
(6)根据开关S拨到位置1和开关S拨到位置2时，电路中三个元件的连接方式没有发生改变，根据欧姆定律求出灯泡两端电压U=I1R，根据并联电路的电流特点得出灯泡电流I=I2-I1，然后根据欧姆定律可求灯泡电阻；注意灯泡的额定功率只有灯泡在额定电压下发光时的功率为额定功率；还要考虑灯丝的电阻随温度的改变而改变。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了电路连接、故障分析、电流表读数、功率的计算和误差分析及设计实验方案测功率的能力。
32.【答案】解：(1)飞机油箱的最大体积V=30m3，地沟油(密度为0.9×103kg/m3)与普通航空煤油(密度为0.8×103kg/m3)以体积为1：1的比例调和成的“混合燃油”，则地沟油和普通航空煤油的体积分别是V1=V2=15m3，
由ρ=mV可知，若在飞机油箱中加满混合燃油，最大载油量：m=ρ1V1+ρ2V2=0.9×103kg/m3×15m3+0.8×103kg/m3×15m3=2.55×104kg；
(2)由表格数据可知，当飞机以250m/s的速度巡航时，飞机受到的阻力f=1.0×105N，
飞机匀速飞行时，飞机发电机的牵引力与受到的阻力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知，飞机发电机的牵引力F=f=1.0×105N，
则飞机发电机的输出功率：P=Wt=Fst=Fv=1.0×105N×250m/s=2.5×107W；
混合燃油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=2.55×104kg×5×107J/kg=1.275×1012J，
由η=WQ放可知，飞机发电机所做的有用功：W=ηQ放=40%×1.275×1010J=5.1×1011J，
由W=Fs可知，飞机的最大航程：s=WF=5.1×1011J1.0×105N=5.1×106m=5100km；
(3)飞机噪声的总功率P总=31.4kW=31400W，一秒钟时间内垂直通过每平方米面积上的声波能量达1×10-4J，单位面积上的噪声功率P=1×10-4J/s=1×10-4W，
以飞机所在处为球心的球面，当飞行高度为r时，根据题意可知，噪声的总功率：P总=PS=P⋅4πr2=4Pπr2，
则飞行高度：r=P总4πP=31400W4×3.14×1×10-4W=5000m；
(4)使用“地沟油”做航空燃料油的好处是可以充分利用资源。
答：(1)若在飞机油箱中加满混合燃油，最大载油量是2.55×104kg；
(2)当飞机加满“混合燃料”以250m/s的速度巡航时，飞机发动机的输出功率是2.5×107W；飞机的最大航程约是5100km；
(3)飞机飞行的高度不得低于5000m；
(4)可以充分利用资源。
【解析】(1)知道油箱的最大体积，利用密度公式求出飞机的最大载油量；
(2)由表格数据可知，当飞机以250m/s的速度巡航时，飞机受到的阻力，根据二力平衡条件可知飞机发电机的牵引力，根据P=Wt=Fst=Fv求出飞机发电机的输出功率；根据Q放=mq求出混合燃油完全燃烧放出的热量；根据效率公式求出飞机发电机所做的有用功；根据W=Fs求出飞机的最大航程；
(3)以飞机所在处为球心的球面，单位面积上获得的能量与球面面积的乘积即为飞机噪声的总能量，据此求出飞机飞行的高度；
(4)充分利用可以利用的资源。
本题考查密度公式、二力平衡条件、功的计算公式、功率公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公式的应用，题目难度较大。
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