2023年河南省南阳市方城县中考物理模拟试卷（一）

这是一份2023年河南省南阳市方城县中考物理模拟试卷（一），共20页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

2023年河南省南阳市方城县中考物理模拟试卷（一）
一、单选题（本大题共7小题，共14.0分）
1. 下列常见物理量中，你认为最合理的是(    )
A. 沪科版初中物理课本的质量大约200g B. 人体感觉舒适的温度是37℃
C. 手机电池的工作电压是36V D. 高山上的大气压为1.5×105Pa
2. 下列说法不正确的是(    )
A. 东北的冬天，树上经常有美丽的“雾凇”，这是凝固现象
B. 冬天，交管部门向积雪的道路撒盐是为了降低雪的熔点
C. 流体在流速大的地方压强较小
D. 加热热气球气袋中的空气，会使热气球内部气体的温度升高，密度降低
3. 关于以下四幅图说法正确的是(    )

A. 甲图中体温计可以直接测量火焰温度 B. 乙图说明做功可以改变物体的内能
C. 丙图中a孔接零线 D. 丁图是正确的读数方式
4. 小敏在乒乓球比赛中获得一枚金牌，她想测出该金牌的密度。她先用天平测出金牌的质量m1，然后将金牌浸没到装满水的溢水杯中，溢出的水流入质量为m2的空烧杯中，测得烧杯和溢出水的总质量为m3。已知水的密度为ρ水，则金牌的密度为(    )
A. m1−m2m1ρ水 B. m1m3−m2ρ水 C. m1m3ρ水 D. m3m1ρ水
5. 如图所示，开关S闭合时，小灯泡L1、L2都不亮，用一段导线的两端接触a、b两点时，两小灯泡都不亮；接触b、c两点时，两小灯泡也不亮；接触c、d两点时，两小灯泡都亮。对此，下列判断中可能的是(    )


A. 小灯泡L1断路 B. 小灯泡L2断路 C. 开关S断路 D. 小灯泡L2短路
6. 如图所示的电路，电源电压保持不变，R为定值电阻。下列说法正确的是(    )


A. 开关闭合前，电压表和电流表均无示数
B. 开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电压表的示数变大
C. 开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电压表与电流表示数的比值不变
D. 开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电压表与电流表示数的乘积变大
7. 2022年冬奥会期间，延庆赛区将进行高山滑雪、雪车、雪橇3个大项的比赛。图中是滑雪运动员从山上滑下的情景，下列有关说法中正确的是(    )
A. 运动员下滑过程中重力势能不变，机械能守恒
B. 运动员弓着腰，是通过降低重心来增大惯性的
C. 运动员在空中下落过程中重力做功越来越快
D. 运动员穿上滑雪板，因增大了与雪地的接触面积，从而增大了压强

二、多选题（本大题共1小题，共2.0分）
8. 两个相同的烧杯中放入一些盐水.小明将同一个鸡蛋先后放入甲、乙两杯盐水中，静止时两烧杯中液面相平，如图所示，关于图示的状态，下列说法正确的是(    )


A. 鸡蛋在甲、乙两杯液体中受到的浮力相等
B. 甲液体对烧杯底的压强比乙液体对烧杯底的压强大
C. 甲烧杯对桌面的压强比乙烧杯对桌面的压强小
D. 图乙中再加一些盐，静止时鸡蛋所受浮力不变
三、填空题（本大题共6小题，共14.0分）
9. 物理学中有一些揭示物体运动变化规律的定律。比如：______ 定律揭示了通过导体的电流与电压和电阻之间的关系；揭示运动和力的关系的定律叫做______ 定律。
10. 生活中常用的点火方式有两种：一种是将火柴头在火柴盒上轻轻划过就能擦燃(图甲)；另一种是利用高压电装置打火(图乙)。从能量转化角度看，前者是把______ 能转化为内能；后者是把______ 能转化为内能。

11. 在“探究水沸腾时的温度变化特点”的实验中，两组同学在相同的环境中，用如图甲所示的装置分别进行实验，并绘制出如图乙所示的a、b两个图像，由图像可知：实验时水的沸点为        ℃；此时大气压        1个标准大气压；如果两组同学的实验中，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，则他们所用水的质量的大小关系为ma        mb。(后两空选填“大于”、“等于”或“小于”)


12. 如图所示，烧瓶里装有质量和初温都相同的煤油，两电阻丝的阻值不同。闭合开关，通过两电阻丝的电流______ ，两电阻丝产生的热量______ (均填“相等”或“不相等”)。


13. 如图所示，电源电压为3V，定值电阻R=12Ω，闭合开关S。在a、b间接入一个合适的电压表，电压表示数为______ V。若接入一个“1.5V 0.25A”的灯泡，不计灯丝电阻受温度的影响，则灯泡______ (选填“能”或“不能”)正常发光，此时电路的总功率为______ W。
14. 如图所示，工人用叉车将货物从一个地方搬运到另一个地方或把货物从地面提升到某一高度。请你结合叉车的部位和工作情景找出两个与物理知识相关的问题，并做出简要的回答(说出理由)，不得与示例重复。

问题
回答
示例
为什么叉车能把货物提起
力可以改变物体的运动状态
1
叉车把货物提升的过程中，对货物做功了吗
① ______
2
② ______
增加了，因为质量不变，高度增加，货物的重力势能增加

四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
15. 小明发现地下车库中的道路有个急转弯，容易发生交通事故，在没有凸面镜的情况下，小明临时用一块大平面镜替代放置在如图所示的A处，使拐弯处的两辆车可以从镜子互相看见对方，消除安全隐患。请你利用所学知识帮助小明在图中的A处画出平面镜放置的合适位置。


16. 如图甲所示，将细线一端固定在容器底部，另一端固定在乒乓球上，然后向容器内加水。请在图乙中画出乒乓球静止时受到的重力和浮力的示意图(O点表示乒乓球的重心)。




五、实验探究题（本大题共3小题，共18.0分）
17. 如图所示，在“探究什么情况下磁可以生电”实验中：
(1)比较1、2(或1、3)实验现象可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做______ 运动时，导体中就产生电流。
(2)要使感应电流方向发生改变，可采取的具体措施是：______ (选填字母)。
A.使用磁性更强的磁体
B.保持磁体静止，只改变导体水平运动的方向
C.上下调换磁极，同时改变导体水平运动的方向
(3)从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是______ 能转化为电能。
(4)如果将电流表换成______ ，可以探究磁场对通电导体的作用。
序号
实验操作
电流表指针偏转情况
1
保持导体与磁体静止
不偏转
2
保持磁体静止，导体水平向左切割磁感线
向右偏转
3
保持磁体静止，导体水平向右切割磁感线
向左偏转

18. 小林在“探究杠杆平衡条件”的实验中所用的实验器材有：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同钩码若干个。
(1)实验开始时，杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于______ (“平衡”或“非平衡”)状态。为方便实验，使杠杆在水平位置平衡，小林需将杠杆右端的平衡螺母向______ (“左”或“右”)调节。
(2)如图乙所示，为使杠杆再次平衡，应该在B位置挂上______ 个同样的钩码，当杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时向着远离支点的方向各移动一小格，则杠杆______ 端(选填“左”或“右”)会下沉。
(3)为改变力的方向，小林在杠杆右侧用弹簧测力计向下拉，如图丙所示，当测力计由竖直方向逐渐向左转，杠杆始终保持水平平衡，测力计的示数将______ (“变大”、“变小”或“不变”)。
(4)该实验中，要进行多次测量，其目的是______ 。
19. 实践小组的同学们进行“伏安法测定小灯泡电阻”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V(阻值约为10Ω)，动变阻器规格为“20Ω 1A”。


(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，使滑动变阻器的滑片向右滑动时，小灯泡变亮(导线不得交叉)。
(2)同学们把电路元件接入电路，刚接好最后一根导线，灯泡就立即发光，发生这种现象的原因可能是______ 。
(3)经检查无误后，接通电路，滑动变阻器的滑片P，当观察到______ 时，表明小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示为______ A，则小灯泡正常发光时的阻值为______ Ω(保留一位小数)。
序号
①
②
电阻R/Ω
1
1.7
0.24
7.1
2
2.1
0.26
8.1
3



(4)小明的实验记录和有关计算如表所示，你帮他把表头补充完整：① ______ ；② ______ 。从表中数据看，不同电压下小灯泡的电阻值不同，这是灯丝电阻受______ 影响导致的。
六、计算题（本大题共1小题，共9.0分）
20. 如图甲所示，有一底面积为0.01m2，质量为3kg的正方体物块，在拉力F的作用下在水平面上做直线运动。拉力随时间变化、速度随时间变化图象分别如图乙、丙所示，已知物块在2～4s的运动距离为2m。求：
(1)物块静止时对水平面的压强；
(2)在2～4s物块受到的摩擦力；
(3)在前6s内，拉力F做的功。


七、综合题（本大题共1小题，共9.0分）
21. 新冠疫情期间，一位热心市民为小区卡点志愿者送来了一个便携式可折叠电热壶，如图甲所示。该型号电热壶额定电压为220V，具有加热、保温两挡。保温挡的额定功率为200W，内部简化电路如图乙所示，双触点开关只能在触点1和2、2和3及3和4之间切换。R1、R2是两个阻值不变的发热元件，R2=60.5Ω，现将此电热壶接到220V的家庭电路中。求：
(1)当双触点开关接触触点______(选填“2和3”或“3和4”)时为保温挡。
(2)R1的电阻是多少？加热挡的电功率是多少？
(3)若电热壶内装有0.5L的水，现用加热挡使水从20℃升高到100℃，加热效率为80%，则需要加热多少秒？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]


答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：A、初中物理课本的质量大约200g，符合实际，A选项正确；
B、人体感觉最舒适的温度约为25℃，B选项错误；
C、手机电池的工作电压一般是3.7V，C选项错误；
D、大气压强随海拔高度的增加而减小，一个标准大气压是1.01×105Pa左右，所以高山上的气压不可能达到1.5×105Pa，D选项错误；
故选：A。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断。

2.【答案】A 
【解析】解：A、“雾凇”是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，这是凝华现象，故A错误；
B、在其它条件相同时，积雪上撒盐是掺有杂质，积雪的熔点降低，即熔点低于当地温度，使雪熔化，交通方便，故B正确；
C、流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大，故C正确；
D、加热热气球气袋中的空气，会使热气球内部气体的温度升高，体积增大，密度降低，故D正确。
故选：A。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华；
(2)影响晶体熔点高低的因素：物质的种类、压力的大小、是否有杂质。种类不同，熔点一般不同；压力越大，熔点降低；当有杂质掺入时熔点降低；
(3)流体包括液体和气体，流速越大的地方压强反而越小。
(4)热气球内部气体温度升高的过程中，气球内气体的体积增大，所以气球内空气密度减小。
本题考查了影响晶体熔点高低的因素、以及生活中的几种物态变化，首先要弄清变化前后的物态特征，然后根据规律来判断。

3.【答案】B 
【解析】解：
A、酒精灯火焰的温度超过温度计的最大测量值，会损坏温度计，故A错误；
B、在拉动绳子时，克服摩擦做功，使管和管内空气的内能增大，温度升高；当管内部空气对外做功，将塞子冲出时，内能减少，温度降低，可以说明做功可以改变物体的内能，故B正确；
C、三孔插座在连入电路时一般按照左零，右火，上接地的方法连接，故图中a孔应该接地线，故C错误；
D、用刻度尺测量物体长度，读数时视线应该与刻度尺的刻线相垂直，故丁图中读数方式错误，故D错误。
故选：B。
(1)使用温度计时测量温度不能超过它的量程；
(2)改变物体内能的方法：做功和热传递，物体对外做功内能减少，温度降低；
(3)有金属外壳的家用电器使用的三孔插座，避免金属外壳带电接触后发生触电事故；
(4)刻度尺的使用要注意其量程和分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值即为物体长度；读数时视线要与物体末端所对刻度相垂直，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
此题考查的是温度计的使用规则、做功改变物体的内能、长度测量的读数方式，以及三孔插座的连接等，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

4.【答案】B 
【解析】解：金牌放在盛满水的溢水杯中，金牌的体积等于金牌溢出水的体积，由于知道空烧杯的质量m2，再知道烧杯和水的总质量m3，
则烧杯中水的质量：m水=m3−m2，
烧杯中水的体积：V水=m水ρ水。
由于金牌的体积和溢出水的体积相等，所以金牌的体积：V=V水=m水ρ水=m3−m2ρ水，
金牌的密度：ρ=mV=m1V=m1m3−m2ρ水=m1m3−m2⋅ρ水。
故选：B。
金牌放在盛满水的溢水杯中，金牌的体积等于金牌溢出水的体积，由于知道空烧杯的质量，再知道烧杯和水的总质量，求出烧杯中水的质量，求出烧杯中水的体积，即金牌的体积，知道金牌的质量和体积，根据密度公式求出金牌的密度。
本题考查了用天平和量筒测量液体密度和只用天平测量固体的密度，是液体密度和固体密度测量的典型习题，一定要熟练掌握。

5.【答案】C 
【解析】解：由电路图知，两灯串联；
A如果灯L1断路，用一段导线的两端接触a、b两点时，L2会发光，故A错误；
B如果灯L2断路，导线接触b、c两点时，L1会发光，故B错误；
C如果开关断路，导线接触c、d两点时，电路是通路，两灯都发光，故C正确；
D如果灯L2短路，L1会发光，故D错误。
故选：C。
由电路图知，两灯串联。闭合开关两灯都不亮，说明不可能发生短路，只能是某处断路。运用假设法逐项分析即可。
用导线检验电路故障时，将导线与用电器并联，其它用电器能工作，此处用电器断路；其它用电器不能工作，其它用电器断路。

6.【答案】C 
【解析】解：
(1)开关闭合前，电路处于开路状态，则电流表没有示数；但电压表的两个接线柱通过变阻器与电源的正负极相连通，此时电压表测量电源电压，所以电压表有示数；故A错误；
(2)开关闭合后，定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表A测电路中的电流，电压表测定值电阻R两端的电压；
滑片P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，总电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；
根据U=IR可知，定值电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B错误；
由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值，所以，电压表与电流表示数的比值不变，故C正确；
电压表与电流表示数的乘积为定值电阻R的功率，根据P=I2R可知R的功率变小，所以电压表与电流表示数的乘积变小，故D错误。
故选：C。
(1)由电路图可知，开关闭合前，电路处于开路状态，但是电压表的两个接线柱通过变阻器与电源的正负极相连通；
(2)开关闭合后，定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表A测电路中的电流，电压表测定值电阻R两端的电压。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律、串联电路的特点即可分别判断；
由于电压表与电流表示数的乘积为定值电阻R的功率，根据P=I2R判断R功率的变化即可得出电压表与电流表示数的乘积的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用以及电路的动态分析，关键是电压表与电流表示数的比值为定值电阻的阻值，电压表与电流表示数的乘积为定值电阻R的功率。

7.【答案】C 
【解析】解：
A、运动员下滑过程中高度降低，所以重力势能变小，同时，由于存在摩擦和空气阻力，其机械能不守恒，机械能会变小，故A错误；
B、运动员弓着腰，是通过降低重心来增加稳度，而不能增大惯性，故B错误；
C、运动员在空中下落过程中，重力不变，速度变大，则公式P=Fv可知，重力做功的功率变大，即重力做功越来越快，故C正确；
D、运动员穿上滑雪板，增大了与雪地的接触面积，从而减小了对雪地的压强，故D错误。
故选：C。
(1)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。机械能等于动能与势能的总和；
(2)惯性的大小只与物体的质量有关；
(3)由功率公式P=Fv可知，重力一定时，如果速度变大，则做功会变快；
(4)在压力一定时，增大受力面积可减小压强。
本题通过滑雪运动的场景，考查了机械能的转化与守恒、惯性与稳度、功率的理解、压强的影响因素等，综合性强，但难度不大。

8.【答案】CD 
【解析】解：A、鸡蛋在甲杯中沉底，所受的浮力小于自身的重力，鸡蛋在乙杯漂浮，所受的浮力等于自身的重力，鸡蛋的重力不变，所以F浮甲 B、从图中可知，鸡蛋在甲杯中排开盐水的体积大于在乙杯中排开盐水的体积，且F浮甲 C、从图中可知甲杯中盐水的体积小于乙杯中盐水的体积，已知甲杯中盐水的密度小于乙杯中盐水的密度，根据m=ρV可知甲杯中盐水的质量小于乙杯中盐水的质量，根据F=G总=(m盐水+m鸡蛋+m杯)g可知，甲烧杯对桌面的压力比乙烧杯的小，根据p=FS可知甲烧杯对桌面的压强比乙烧杯的小，故C正确。
D、鸡蛋在乙杯中漂浮，所受的浮力等于自身的重力，往乙杯中加一些盐并搅拌，鸡蛋仍然处于漂浮状态，受到的浮力等于自身的重力，所以浮力大小不变，故D正确。
故选：CD。
(1)鸡蛋在甲杯中沉底，所受的浮力小于自身的重力，鸡蛋在乙杯漂浮，所受的浮力等于自身的重力，鸡蛋的重力不变，据此分析鸡蛋在甲、乙两杯的盐水中受到的浮力的大小关系；
(2)从图中可知，鸡蛋在甲、乙杯中排开盐水的体积的大小关系，且知道鸡蛋在两杯盐水中受到浮力的大小关系，根据F浮=ρ盐水gV排可知，甲、乙杯中盐水的密度的大小关系，两杯中的液面相平，则盐水的深度相同，根据p=ρ盐水gh可知甲、乙杯中盐水对烧杯底的压强的大小关系；
(3)从图中可知甲、乙杯中盐水的体积的大小关系，已知甲、乙杯中盐水的密度大小关系，根据m=ρV可知甲、乙杯中盐水的质量大小关系，根据F=G总=(m盐水+m鸡蛋+m杯)g可知，甲、乙烧杯对桌面的压力的大小关系，根据p=FS可知甲、乙烧杯对桌面的压强的大小关系。
(4)物体漂浮时，浮力等于重力。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，综合性强，难度适中。

9.【答案】欧姆  牛顿第一 
【解析】解：欧姆定律揭示了通过导体的电流与电压和电阻之间的关系：通过导体的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比；
牛顿第一定律表明物体具有保持原来运动状态不变的性质，即惯性，牛顿第一定律又称为惯性定律，表明物体的运动不需要力来维持，那么牛顿第一定律揭示的是运动和力之间的关系。
故答案为：欧姆；牛顿第一。
根据欧姆定律的内容分析；
牛顿第一定律给出了物体不受力作用时的运动规律，同时也说明了力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动状态的原因。
本题考查了欧姆定律和牛顿第一定律，属于基础题。

10.【答案】机械  电 
【解析】解：从能量转化的角度看，摩擦点火，是将机械能转化为内能；高电压火花点火，是电能转化为内能。
故答案为：机械；电。
划火柴的过程，消耗了机械能，转化为内能；利用高压电装置打火时实际是消耗的是电能。它们都可以转化成内能。
本题考查能量转化的有关问题，明确工作的过程，才能进一步分析能量的转化。

11.【答案】98  小于  大于 
【解析】解：(1)由所绘制的乙图象可知，水的温度升高到98℃后，吸热温度不再升高，沸点为98℃，低于100℃，此时周围环境的大气压低于标准大气压；
(2)由图乙知a的初温比b的初温高，ab同时沸腾，说明吸收的热量相同，a升高的温度低，根据Q=cmΔt知，说明a的质量大。
故答案为：98；小于；大于。
(1)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；
(2)通过ab初温不相同，但到达沸腾的时间相同，根据Q=cmΔt判断水的质量。
此题通过图象分析，考查了学生的识图能力，在分析时特别注意温度随时间的变化情况。

12.【答案】相等  不相等 
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，两电阻丝串联接入电路中；因为在串联电路中电流处处相等，所以通过两电阻丝的电流是相等的；在通电时间、电流相同时，电阻越大，产生的热量越多，所以电流通过两电阻丝产生的热量是不相等的。
故答案为：相等；不相等。
由图可知两电阻丝串联在电路中，在串联电路中，电流处处相等；电流产生的热量与电流大小、电阻大小和通电时间有关。
本题考查了串联电路的电流特点、焦耳定律的应用，属于基础题目。

13.【答案】3  不能  0.5 
【解析】解：(1)由图可知：在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表串联在电路中测电源的电压，示数为3V；
(2)由I=UR可得，灯泡电阻：RL=UI=1.5V0.25A=6Ω，
若a、b两点间接入一个“1.5V 0.25A”的小灯泡，则灯泡与电阻串联，
则总电阻为：R总=RL+R=6Ω+12Ω=18Ω，
电路中电流为：I=UR总=3V18Ω=16A，
则由欧姆定律可得灯泡两端电压：UL=IRL=16A×6Ω=1V 所以灯泡不能正常发光；
此时电路的总功率为：P=I2R总=(16A)2×18Ω=0.5W。
故答案为：3；不能；0.5。
(1)电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，可以测电源的电压；
(2)根据I=UR计算灯泡电阻，再根据串联电路特点和欧姆定律计算灯泡两端电压。灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，由此判定灯泡是否正常发光，然后根据P=I2R总可求得此时电路的总功率。
本题考查了电表的正确使用和串联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。

14.【答案】叉车对货物用了力，并在该力的方向上通过了距离，所以对货物做了功  叉车把货物提升的过程中，货物的重力势能如何变化 
【解析】解：判断叉车是否对货物做功，就是判断叉车是否对货物施加了力的作用，并在该力的方向上通过了距离。
重力势能的大小与质量和高度有关，在质量一定时，高度越高，重力势能越大。
故答案为：①叉车对货物用了力，并在该力的方向上通过了距离，所以对货物做了功；②叉车把货物提升的过程中，货物的重力势能如何变化。
(1)功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离。
(2)重力势能的大小与物体的质量和高度有关。
本题主要考查了功的两个必要因素和重力势能的影响因素。本题属于基础性题目。

15.【答案】解：使拐弯处的两辆车可以从镜子互相看见对方，则必须是两辆车发出或反射的光线射入双方司机的眼睛，据此可画出入射光线和反射光线，然后作出入射光线和反射光线的夹角平分线，即为法线，在过A点垂直于法线画出平面镜，如图所示：
 
【解析】人眼之所以能够看到物体，是因为物体发出或反射的光线射入了人眼，根据“拐弯处的两辆车可以从镜子互相看见对方”可确定入射光线与反射光线，然后作出入射光线与反射光线的夹角平分线，即为法线的位置，再垂直于法线作出平面镜。
此题考查平面镜的应用，关键是知道人眼之所以能够看到物体，是因为物体发出或反射的光线射入了人眼。

16.【答案】解：由图知，乒乓球受到重力、细线竖直向下的拉力F拉，水施加的竖直向上的浮力F浮，
由于乒乓球处于静止状态，则F拉+G=F浮，所以F浮>G，如图所示：
 
【解析】首先对乒乓球进行受力分析，明确乒乓球受到哪些力及各自的方向，然后作出力的示意图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。

17.【答案】切割磁感线  B  机械  电源 
【解析】解：(1)比较1、2(或1、3)实验现象可知，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流。
(2)要使感应电流方向发生改变，可以改变磁场方向或者导体切割磁感线运动的方向，故B符合题意，AC不符合题意；
(3)从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是机械能转化为电能。
(4)如果将电流表换成电源，可以探究磁场对通电导体的作用。
故答案为：(1)切割磁感线；(2)B；(3)机械；(4)电源。
(1)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。
(2)感应电流的方向与磁场方向和导体切割磁感线运动的方向有关。
(3)在电磁感应现象中，机械能转化为电能。
(4)如果将电流表换成电源，可以探究磁场对通电导体的作用。
本题考查了电磁感应现象，关键是知道产生感应电流的条件和影响感应电流方向的因素。

18.【答案】平衡  右  1  左  变大  排除偶然性，寻找普遍规律 
【解析】解：(1)杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态，则杠杆处于平衡状态；
杠杆右端高，说明此时杠杆的重心在支点左边，所以应将平衡螺母右调，使重心右移，杠杆才能水平平衡；
(2)假设一个钩码重G，杠杆一格为L；根据杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂得出：2G×2L=nG×4L，解得n=1；
若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧2G×3L=6GL，
右侧G×5L=5GL，
因为6GL>5GL，
杠杆不能平衡，左端将会下沉；
(3)由图丙可知，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动过程中，动力臂变短，而杠杆在水平位置始终保持平衡，由于阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，测力计示数将变大；
(4)该实验中，要进行多次测量，其目的是排除偶然性，寻找普遍规律。
故答案为：(1)平衡；右；(2)1；左；(3)变大；(4)排除偶然性，寻找普遍规律。
(1)物体处于静止状态时，处于平衡状态；杠杆平衡调节原则是：右低将平衡螺母左调，左低将平衡螺母右调；
(2)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1L1=F2L2)；根据杠杆的平衡条件判断哪一端将会下沉；
(3)阻力和阻力臂不变时，根据杠杆的平衡条件可知，动力臂减小，动力变大；
(4)该实验中，为寻找普遍规律要进行多次测量。
本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和分析能力，要求平时做实验时多加注意，锻炼自己的实验操作能力。还考查了利用杠杆的平衡条件解题能力。

19.【答案】连接电路时开关未断开  电压表示数为2.5V  0.3  8.3  电压U/V  电流I/A  温度 
【解析】解：(1)根据向右滑动滑片，灯泡变亮，应该是电流变大，电阻变小，故选择右下的接线柱，如下图所示：
；
(2)把电路元件接入电路，刚接好最后一根导线，灯泡就立即发光，发生这种现象的原因可能是连接电路时开关未断开；
(3)灯在额定电压下正常发光，所以接通电路后，向右移动滑动变阻器的滑片P，观察到电压表的示数为2.5V时，表明小灯泡正常发光；
图乙中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，
小灯泡正常发光时的阻值为：R=UI=2.5V0.3A≈8.3Ω；
(4)实验中需记录灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，所以表格处需填入①电压U/V，②电流I/A；
从表中数据看，不同电压下小灯泡的电阻值不同，这是灯丝电阻受温度影响导致的。
故答案为：(1)见解答图；(2)连接电路时开关未断开；(3)电压表示数为2.5V；0.3；8.3；(4)电压U/V；电流I/A；温度。
(1)小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程并联在灯泡两端，滑动变阻器上下各选一个接线柱串联在电路中；
(2)为保护电路，连接电路时需断开开关；
(3)灯在额定电压下正常发光，所以接通电路后，向右移动滑动变阻器的滑片P，观察到电压表的示数为2.5V时，表明小灯泡正常发光；
根据图乙中电流表选用的量程和分度值读数，根据欧姆定律计算小灯泡正常发光时的阻值；
(4)实验中需记录灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，据此可知表格处需填入的内容；
灯丝电阻受温度影响很大。
本题用伏安法测定小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、注意事项、电流表读数、电阻的计算和灯泡电阻的特点。

20.【答案】解：(1)物块对水平面压力F压=G=mg=3kg×10N/kg=30N
物块对水平面的压强p=F压S=30N0.01m2=3×103Pa；
(2)由图象可知物块在4～6s做匀速直线运动，摩擦力F摩与拉力F大小相等，即F摩=F=6N；
物块运动过程压力和接触面粗糙程度不变，摩擦力不变；
2～4s物块受到的摩擦力F摩′=F摩=6N；
(3)0～2s物块处于静止状态拉力不做功；
已知物块在2～4s运动的距离s′=2m；
则2−4s拉力F做的功W′=F′s′=9N×2m=18J；
物块在4～6s内运动的距离s=vt=2m/s×2s=4m；
4～6s拉力F做的功W=Fs=6N×4m=24J；
前6s拉力F做的功W总=W′+W=18J+24J=42J。
答：(1)物块静止时对水平面的压强为3×103Pa；
(2)在2～4s物块受到的摩擦力为6N；
(3)在前6s内，拉力F做的功为42J。 
【解析】(1)物体静止在水平面上对水平面的压力等于物体的重力，再由p=FS可求压强；
(2)由v−t图象可知，在4～6s物体做匀速直线运动，根据平衡条件并结合F−t图象可求滑动摩擦力大小，又因为滑动摩擦力跟物体对水平面的压力、接触面的粗糙程度有关，据此可求摩擦力；
(3)将运动分成3段：0～2s、2～4s、4～6s，分别利用W=Fs求出拉力所做的功，总功等于各部分做功之和，据此解答。
本题考查压强的计算、F−t图象和v−t图象、功的计算等，掌握图象的意义，明确力和运动的关系是解答本题的关键。

21.【答案】2和3 
【解析】解：(1)由电路图可知，双触点开关连接触点2和3时，电路为R1的简单电路，由P=U2R可知此时为保温状态；
双触点开关连接触点3和4时，R1与R2并联，并联电路总电阻小于任何一个分电阻，由P=U2R可知为加热状态；
(2)由P=U2R可知R1的阻值：R1=U2P保温=(220V)2200W=242Ω；
加热时电阻R2的功率：P2=U2R2=(220V)260.5Ω=800W，
加热挡的电功率为：P加热=P保温+P2=200W+800W=1000W；
(3)0.5L=0.5dm3，
水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×0.5×10−3m3=0.5kg，
0.5kg的水从20℃升高到100℃，水所吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×(100℃−20℃)=1.68×105J；
由η=Q吸W×100%可得，消耗的电能：W=Q吸η=1.68×105J80%=2.1×105J，
根据P=Wt可知，需要工作的时间：t=WP加热=2.1×105J1000W=210s。
答：(1)2和3；
(2)R1的阻值为242Ω；加热挡的电功率为1000W；
(3)需要工作210s。
(1)由电路图可知双触点开关连接触点2和3时，电路为R1的简单电路，双触点开关连接触点3和4时，R1与R2并联，根据并联电路电阻规律结合P=U2R可知电热壶状态；
(2)根据P=U2R计算R1的阻值；根据P=U2R计算加热时电阻R2的功率，并联电路总功率等于各部分功率之和，据此计算加热挡的电功率；
(3)根据m=ρV计算水的质量，根据Q吸=cm(t−t0)计算水从20℃升高到100℃所吸收的热量，由η=Q吸W×100%可得电热壶消耗的电能，根据电功率公式计算电热壶需要工作的时间。
本题考查并联电路特点、电功率公式、热效率公式、吸热公式的灵活运用。