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2023年四川省眉山市中考物理试卷（含解析）
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这是一份2023年四川省眉山市中考物理试卷（含解析），共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省眉山市中考物理试卷
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 如图所示，小王用捆有棉花的筷子插入两端开口的塑料管，制成了哨子，用嘴吹管的上端，可发出悦耳的哨声。下列说法中正确的是( )
A. 用更大的力吹管子，哨声音调变高
B. 哨声是由于管内空气柱振动而产生的
C. 吹管子时下拉“活塞”，哨声响度变大
D. 悦耳的哨声在任何环境中都不可能成为噪声
2. 皮影戏是一种民间戏剧，已成为国家非物质文化遗产，用灯光照射兽皮或纸板做成的“人物”，屏幕上便出现影子。下列现象中，与皮影戏原理相同的是( )
A. 有趣的倒影
B. 空中的彩虹
C. 古代的日晷
D. “弯折”的筷子
3. 下列生活中的现象与物态变化名称对应正确的是( )
A. 春天冰雪消融——熔化 B. 夏天洒水降温——液化
C. 秋天细雨绵绵——升华 D. 冬天大雪纷飞——汽化
4. 如图所示，小明在“测平均速度”的实验中，使小车从斜面A点静止下滑，经过B点到达C点，图中已标出小车经过A、B、C三点对应时刻。下列说法中正确的是( )
A. AB段距离为4.0dm
B. AB段平均速度为0.2cm/s
C. 小车从A点到C点做匀速直线运动
D. 若小车过A点后才开始计时，测出AC段平均速度将偏大
5. 由于工具使用不正确，导致测量结果比真实值偏小的是( )
A. 在中考体育“立定跳远”测试中，工作人员未将皮尺拉直
B. 在测量温度的实验中，小明将温度计放入待测热水中立即读数
C. 在使用天平测量物体质量的实验中，小华调节天平平衡时，游码未归零
D. 在使用电压表测电压时，小红误将接入小量程的电压表按照大量程读数
6. 如图所示，电源两端电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片适当左移，下列说法中正确的是( )
A. 电流表A1示数不变、电流表A2示数不变
B. 电流表A1示数变大、电压表V示数变小
C. 电流表A2示数变大、电压表V示数变小
D. 电流表A2示数变大、电压表V示数不变
7. 英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，人们根据这一现象制成了发电机。下列四个设备中应用了电磁感应现象的是( )
A. 麦克风
B. 防水报警器
C. 电铃
D. 扬声器
8. 2023年4月7日，全国航空航天模型锦标赛暨中国无人机国家队选拔赛开幕式在上海市金山区体育中心举行。下列说法中正确的是( )
A. 无人机升空主要靠空气对它的浮力
B. 无人机升空时相对于地面是运动的
C. 无人机匀速上升时，动能转化为重力势能
D. 无人机加速上升时，始终受到平衡力的作用
9. 我国在能源、材料和通信等领域都取得了巨大成就。下列说法中正确的是( )
A. 可燃冰、石油都属于可再生能源
B. “超导材料”可以用于制作输电导线
C. 地面控制中心通过超声波与空间站中的航天员通信
D. 核聚变装置“中国环流器二号M”获得核能的方式与核电站相同
10. 2023年5月30日9时31分，我国在酒泉卫星发射中心，利用长征二号F火箭成功发射神舟十六号载人飞船，16时26分飞船与空间站顺利对接，标志中国空间站进入了应用和发展阶段。下列说法中正确的是( )
A. 火箭升空时机械能守恒
B. 空间站由于惯性绕地球运动
C. 火箭利用液态氢做燃料，是因为液态氢的密度小
D. 火箭向下喷火使其升空，是由于力的作用是相互的
11. 水平桌面上放置装有适量水的烧杯，A、B为两个材料相同且不吸水的小球，B球的体积是A球的2倍。先将A球放入烧杯中，溢出水的质量30g，如图甲所示；再放入B球，又溢出水的质量80g，如图乙所示。下列判断正确的是(g=10N/kg)( )
①A球受到的浮力大小为0.3N
②B球受到的浮力大小为0.8N
③图甲中，放入A球前后，水对烧杯底部的压强相等
④图乙中，放入B球前后，烧杯对桌面的压力大小不变
A. ①② B. ①④ C. ②④ D. ③④
12. 如图所示电路中，电源电压恒定不变，小灯泡L标有“6V 2.4W”字样(不考虑温度对灯丝电阻的影响)，滑动变阻器R2标有“40Ω 2A”字样，R1是定值电阻，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。闭合开关S1、S2，断开开关S3，小灯泡L恰好正常发光。将R2的滑片P移至最右端，闭合开关S3，断开开关S1、S2，此时电压表示数为U1，R2消耗的功率为P1；向左移动滑片P至某点，此时电压表示数为U2，R2消耗的功率为P2。已知U1：U2=2：3，P1：P2=8：9。下列说法中正确的是( )
A. 电源电压为9V
B. 定值电阻R1的阻值是10Ω
C. 保障电路元件安全的前提下，电路最小电功率为0.8W
D. 保障电路元件安全的前提下，当滑动变阻器R2连入电路的阻值为30Ω时，电路的总功率最大
二、填空题（本大题共5小题，共20.0分）
13. 家庭电路中电视机和电冰箱的连接方式是______ ；为了用电安全，开关应该接在______ 线上。
14. 日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的______ 大。在标准大气压下，质量为5kg水温度从30℃升高20℃，吸收热量______ J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
15. 班主任用照相机拍摄初三毕业照，在相机底片上成______ (选填“放大”或“缩小”)的实像；若两个同学的像出现在照相机取景框外，要拍摄所有同学完整的像，照相机应______ (选填“远离”或“靠近”)同学们，同时将镜头向后缩。
16. 如图所示电路中，电源电压保持不变，已知R1：R2=2：3。当开关S闭合时R1、R2两端的电压之比为______ ，电流表A1和A2的示数之比为______ 。
17. 如图所示，在水平桌面上放置A、B两个长方体物块，A物块受到水平向右拉力F1=5N，B物块受到水平向左拉力F2=8N，此时A、B两物块一起向左做匀速直线运动，则A对B的摩擦力为______ N，水平桌面对B的摩擦力为______ N。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
18. 学校组织学生参加劳动实践活动，在基地发现了一台活塞式抽水机，在杠杆C处用力便可取水。请在图中画出：
(1)阻力F2的力臂L2；
(2)在C处所用最小力F1的示意图。
19. 物理课上，罗老师在水平桌面上放置一块平面镜，用一支带凸透镜的手电筒竖直向下照射在平面镜上，侧面的同学几乎不能看到经平面镜反射后的光，同学们通过作图明白了其中的道理。如图所示，F为凸透镜的焦点，一条光线经过焦点F射向凸透镜。请在图中画出该条光线经过凸透镜后的折射光线和经过平面镜后的反射光线。
四、实验探究题（本大题共3小题，共18.0分）
20. 同学们利用图甲所示的器材(纸板F可绕ON翻折)探究光的反射定律。
(1)图乙中，用激光笔沿AO方向入射，当入射光线与平面镜夹角为60°时，入射角大小为______ ；再将纸板F绕ON向后折，纸板F上______ (选填“有”或“没有”)反射光线，这一步骤的目的是探究反射光线、入射光线、法线______ 。
(2)图乙中，若让另一束光线沿BO方向射向平面镜，反射光线沿OA方向射出，这一现象说明______
(3)为了得到“反射角等于入射角”这一普遍规律，接下来的操作是改变______ ，多次实验。
(4)图丙中，保持入射光线AO不变，将平面镜绕入射点旋转，使入射角增大10°，则反射光线偏转的角度为______ 。
21. 同学们利用U形管压强计探究液体压强与哪些因素有关。
(1)如图甲所示，从结构上来看，U形管压强计______ (选填“是”或“不是”)连通器；在选择U形管压强计时，探头上的橡皮膜应该用______ (选填“薄”或“厚”)一些的较好。
(2)把U形管压强计的探头放在液体中，通过观察U形管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小，这种研究物理问题的方法是______ 。
(3)通过图乙、图丙所示的两次实验得出：同种液体，同一深度，液体内部向各个方向的压强______ ；通过图乙、图丁所示的两次实验得出：在同种液体中，液体压强随着深度的增加而增大，因此拦河大坝要做成______ (选填“上窄下宽”或“上宽下窄”)的形状。
(4)小张同学在图丁所示的实验中保持探头位置不变，向容器内加入适量的浓盐水，他发现U形管两边液面的高度差变大了，于是得出“同一深度，液体的密度越大压强越大”的结论。他的结论是不可靠的，原因是______ 。
22. 探究“电流与电阻的关系”时，实验器材有：三节新的干电池(电压为4.5V)、电流表、电压表、滑动变阻器(标有“20Ω 2A”字样)、定值电阻4个(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω)，开关一个，导线若干。小静等同学设计了如图甲所示的电路图。
(1)请用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整，要求：滑片P向右移动时电流表示数变小。
(2)滑片P位于滑动变阻器阻值最大处，闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，则电路故障原因是电阻R ______ 。
(3)排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向______ (选填“左”或“右”)适当调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数保持3V不变。
(4)图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I−R图象，由此可得，当电压一定时，______ 。
(5)小静同学继续探究，再次换接50Ω的定值电阻后，发现无论怎样移动滑片P，都不能使电压表示数达到原来的3V，为了完成这次实验，她采取的措施可行的是______ 。
A.调高电源电压
B.再串联一个10Ω的电阻
C.将电压表改接到滑动变阻器两端
(6)下列图象中能大致反应本实验各物理量之间关系的是______ 。
五、计算题（本大题共2小题，共12.0分）
23. 如图所示，如图为某家用电水壶的简化电路图，如表为铭牌的部分参数，R1、R2为发热丝，其中R2=40Ω。求：
(1)电水壶的加热功率；
(2)电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能；
(3)R1的阻值。
型号
SDS−15X05
容量
1L
额定电压
220V
额定频率
50Hz
加热功率
？W
保温功率
40W
24. 如图所示，工人用滑轮组提升重物，已知重物重力G物=1000N，动滑轮重力G动=200N。在工人用力F作用下，重物匀速上升，30s达到规定高度6m处。不计绳重和机械之间的摩擦。求：
(1)拉力做功的功率；
(2)滑轮组的机械效率；
(3)若用该装置提升另一重物时，机械效率达到90%，则该重物的重力是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、用更大的力度吹管子时，哨声的响度变大，故A错误；
B、哨声是由于管内空气柱振动产生的，故B正确；
C、“活塞”向下拉时，空气柱越长，振动越慢，发出声音的音调就越低，故C错误；
D、悦耳的哨声可以带给人们享受，但也有可能成为噪声，故D错误。
故选：B。
(1)声音的响度与振幅有关，振幅越高，响度越大；
(2)声音是由发声体的振动产生的；
(3)音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；
(4)从环境保护的角度看，凡是影响人们正常学习、生活、工作、休息，以及对人们要听的声音起干扰作用的声音都属于噪声。
本题考查了声音的产生和传播、声音的特征等知识的理解和应用，属于基础知识的考查。
2.【答案】C
【解析】解：皮影戏原理是光的直线传播；
A、倒影是光的反射，故A错误；
BD、空中的彩虹和“弯折”的筷子是光的折射，故BD错误；
C、古代的日晷的原理是光的直线传播，故C正确。
故选：C。
光在均匀介质中沿直线传播。
本题考查了光的直线传播，属于基础题。
3.【答案】A
【解析】解：A、春天冰雪消融是固态变成液态，是熔化现象，故A正确；
B、夏天洒水降温是液态变成气态，是汽化现象，故B错误；
C、秋天细雨绵绵是气态变成液态，是液化现象，故C错误；
D、冬天大雪纷飞是气态直接变成固态，是凝华现象，故D错误；
故选：A。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】D
【解析】解：A、由图示可知，AB段距离sAB=10.00dm−6.00dm=4.00dm，故A错误；
B、小车在AB段的路程sAB=4.00dm=40.0cm，所用时间tAC=2s，
平均速度vAB=sABtAB=40.0cm2s=20.0cm/s，故B错误；
C、小车在斜面上运动的速度越来越快，因此小车在这个过程中做加速运动，故C错误；
D、如果小车过了A点才开始计时，计时会晚一些，测量的时间会偏小一些，根据速度公式可知，在路程不变时，时间偏小，测得的平均速度会偏大，故D正确。
故选：D。
(1)根据小车在A、C两点的刻度得出小车经过AB段的路程；
(2)从图中得出小车在AB段的路程和所用时间，利用速度公式得出平均速度；
(3)小车在斜面上做的是加速运动；
(4)如果过了A点才开始计时，测量的时间会偏小，测得的平均速度会偏大。
本题目考查了平均速度的测量，关键是能正确得到不同阶段的路程和时间，再根据速度公式进行计算。
5.【答案】B
【解析】解：A、在中考体育“立定跳远”测试中，工作人员未将皮尺拉直，会导致自身长度变长，物体的测量值偏大，故A错误；
B、在测量温度的实验中，小明将温度计放入待测热水中立即读数，导致液泡还未与温度计充分接触使其升温，测量值偏小，故B正确；
C、在使用天平测量物体质量的实验中，小华调节天平平衡时，游码未归零，导致右盘称量结果偏重，物体质量偏大，故C错误；
D、在使用电压表测电压时，小红误将接入小量程的电压表按照大量程读数，读数偏大，故D错误；
故选：B。
(1)工作人员未将皮尺拉直，自身长度变长，物体的测量值偏大；
(2)测量温度时，玻璃泡要继续留在被测液体中，待示数稳定后读数；
(3)称量前，要调节天平平衡，游码读数质量相当于增加在右盘的砝码质量；
(4)一般电压表大量程读数是小量程同一刻度读数的5倍。
本题考查基本测量仪器的使用。
6.【答案】D
【解析】解：由图可知，灯泡和滑动变阻器并联，电压表灯泡两端电压，电流表A1测灯泡电流，A2测干路电流，
当滑动变阻器的滑片适当左移，接入电路中的电阻减小，
根据并联电路的特点可知，各支路的电压不变，所以电压表V的读数不变，电流表A1的读数也不变；
而滑动变阻器的接入电路中的电阻减小，电压不变，其电流增大；
根据并联电路中电流的特点可知，一条支路上的电流不变，一条支路上的电流增大，所以干路上的电流也增大，即电流表A2的读数变大，所以ABC错误，D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡和滑动变阻器并联，电压表灯泡两端电压，电流表A1测灯泡电流，A2测干路电流；根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
7.【答案】A
【解析】解：A、麦克风是把声信号转变成电信号的，声信号的振动带动线圈在磁场中振动，产生电流，是电磁感应现象原理，故A正确；
BC、电磁继电器、电铃的主要设备是电磁铁，它是利用电流的磁效应制成的，故BC错误；
D、扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故D错误。
故选：A。
电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流。分析各个选项的原理进行选择。
这些常见器材的原理归类对比记忆：
电热器利用电流的热效应原理，如电饭锅、电炒锅、电烙铁、电水壶、电暖气、电熨斗；
电动机利用通电导体在磁场中受力原理，如电风扇、排烟罩、洗衣机、剃须刀；
发电机利用电磁感应现象原理；
电磁铁利用电流的磁效应原理，如电铃、电磁起重机、电磁继电器、空气开关。
8.【答案】B
【解析】解：A、无人机顶部螺旋桨旋转时，对下方空气施加向下的作用力，根据物体间力的作用是相互的，空气对它施加向上的反作用力，即为升力，不是浮力，故A错误；
B、无人机升空时，相对于地面的位置不断发生变化，故是运动的，故B正确；
C、无人机匀速上升时，质量不变，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能增大，所以在该过程中，动能没有转化为重力势能，故C错误；
D、无人机在空中加速上升时，运动状态改变，其受到的力不是平衡力，故D错误。
故选：B。
(1)物体间力的作用是相互的，力是物体对物体的作用；
(2)物体是运动还是静止与参照物的选择有关；
(3)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；能量在转化时总是减少的这种能量转化为增加的那种能量；
(4)静止或匀速直线运动的物体处于平衡状态，受到的力为平衡力。
本题考查了力的作用是相互的、运动和静止相对性的应用、能量的转化以及平衡力的辨别，难度适中。
9.【答案】B
【解析】解：A、可燃冰、石油等能源在地球上的储量是有限的，消耗后不可能再生，属不可再生能源，故A错误；
B、“超导材料”可以用于制作输电导线，降低输电过程中的电能损失，故B正确；
C、地面控制中心通过电磁波与空间站中的航天员通信，故C错误；
D、“中国环流器二号M”是新一代可控核聚变研究装置，核电站是利用核裂变链式反应发电的，由此可知两者获得核能的方式不同，故D错误。
故选：B。
(1)可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
(2)超导体的电阻为零；
(3)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
(4)核电站利用核裂变释放的能量。
本题考查了能源分类、超导体、电磁波的应用、核能的种类。
10.【答案】D
【解析】解：
A、火箭升空时，动能和重力势能都变大，机械能变大，所以机械能不守恒，故A错误；
B、空间站受到地球的引力作用而绕地球运动，故B错误；
C、现代火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故C错误；
D、火箭向下喷火，由于物体间力的作用是相互的，火会给火箭一个向上的力，使其升空，故D正确。
故选：D。
(1)根据火箭机械能的变化分析；
(2)物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
(3)火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值；
(4)物体间力的作用是相互的。
本题考查了机械能的变化、惯性、热值、物体间力的作用是相互的，属于基础题。
11.【答案】C
【解析】解：①②根据阿基米德原理物体在液体中受到的浮力等于排开液体的重力，F浮=G排，可知：
由于水平桌面上放置装有适量水的烧杯，A放入前，溢水杯内的水不一定装满，溢出水的质量30g，重力为G=mg=0.03kg×10N/kg=0.3N，可能小于浮力，故①错误；
再放入B球，又溢出水的质量80g，由于A放入后已经有水溢出，B放入前溢水杯是装满水的，溢出水的质量80g，重力为G=mg=0.08kg×10N/kg=0.8N，等于浮力，故②正确；
③④由于水平桌面上放置装有适量水的烧杯，A放入前，溢水杯内的水不一定装满，放入A球后，有水溢出，深度可能增加，由液体压强公式p=ρgh知水对烧杯底部的压强不一定相等，故③错误；
再放入B球，又溢出水的质量80g，由于A放入后已经有水溢出，B放入前后溢水杯都是装满水的，水的深度在放入B前后没有变化，由液体压强公式p=ρgh知水对烧杯底部的压强相等，烧杯对桌面的压强可以看成是水对桌面的压强(与水对烧杯底部的压强相等)加上杯对桌面的压强，杯对桌面的压强在放入B前后也没有变化，故烧杯对桌面的压强没有变化，在底面积不变时，由压强公式p=FS的变形公式F=pS可知放入B球前后，烧杯对桌面的压力大小不变，故④正确。
故选：C。
(1)根据阿基米德原理物体在液体中受到的浮力等于排开液体的重力，F浮=G排=ρgV排；
(2)根据压强公式p=FS和液体压强公式p=ρgh进行分析。
本题考查阿基米德原理和压强公式的理解。
12.【答案】D
【解析】解：A、由电路图可知，当闭合开关S1、S2，断开开关S3，电路中只有小灯泡L工作，此时小灯泡L恰好正好发光，所以电源电压U=U额=6V，故A错误；
B、当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，电阻R1与滑动变阻器R2串联，当将R2的滑片P移至最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，
由欧姆定律I=UR得：
U1U2=I1R1I2R1=I1I2=23，
由电功率P=UI=I2R可得：
P1P2=I12R2maxI22R2=22R2max32R2=4R2max9R2=89，
得：R2=12R2max=12×40Ω=20Ω，
又因为：I1I2=UR1+R2maxUR1+R2=R1+R2R1+R2max=23，
解得：R1=20Ω，故B错误；
C、当电阻R1与滑动变阻器R2串联，滑动变阻器接入电路中电阻最大时，电路中电流最小为：
I1=UR1+R2max=6V20Ω+40Ω=0.1A，
由电功率P=UI可知，电路最小电功率为：
P=UI=6V×0.1A=0.6W，故C错误；
D、当灯泡与滑动变阻器并联，电阻R1被短路时，且电流表示数最大为0.6A时，电功率最大，此时电流表测干路电流，
由P=UI可得，灯泡的额定电流为：
I额=P额U额=2.4W6V=0.4A，
由并联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流为：
I滑=I−I额=0.6A−0.4A=0.2A，
由I=UR可得此时滑动变阻器的阻值为：
R滑=UI滑=6V0.2A=30Ω，故D正确。
故选：D。
(1)当闭合开关S1、S2，断开开关S3，电路中只有小灯泡L工作，电源电压等于小灯泡额定电压；
(2)当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，电阻R1与滑动变阻器R2串联，当将R2的滑片P移至最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，同一个电阻的电压之比与电流之比相等，算出两次电流关系，利用功率之比算出阻值关系，进而求解；
(3)由电功率P=UI，在电源电压已知的情况下，当电流最小时电功率最小；
(4)当灯泡与滑动变阻器并联，电阻R1被短路时，且电流表示数最大为0.6A时，电功率最大，利用并联电路的电流和电压规律计算此时的变阻器阻值。
本题是欧姆定律和电功率的综合运用，难度大。
13.【答案】并联 火
【解析】解：家庭电路中电视机和电灯独立工作，互不影响，它们的连接方式是并联的；控制电灯的开关应接在火线上，这样在断开开关时，电灯处不带电，可保证用电安全。
故答案为：并联；火。
家庭电路中的用电器并列连接；控制电灯的开关应接在火线上。
本题主要考查了对家庭电路连接方式、开关与电灯的接线方法等的了解，属基础题，难度不大。
14.【答案】比热容 4.2×105
【解析】解：日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的比热容大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量较多；
(2)水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg×20℃=4.2×105J。
故答案为：比热容；4.2×105。
(1)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量较多；
(2)根据Q吸=cmΔt求出水吸收的热量。
本题考查水比热容大的应用以及热量的简单计算，是一道基础题。
15.【答案】缩小 远离
【解析】解：照相机成的是倒立、缩小的实像；若两个同学的像出现在照相机取景框外，说明所照的像大了，应该让像变小一些，则摄影师要使照相机远离同学，增大物距，同时应减小像距才可以在底片上得到清晰的像。
故答案为：缩小；远离。
当物距大于2f时，成倒立、缩小的实像，像距处于f和2f之间，应用是照相机；凸透镜成实像时，物远像近像变小。
本题考查了凸透镜成像规律及其应用，属于基础题。
16.【答案】1：1 5：2
【解析】解：如图所示，R1和R2并联，电流表A1测干路电流，A2测流过R2的电流。
根据并联电路电压规律可知，电阻R1、R2两端的电压相等，即电阻R1、R2两端的电压之比为1：1；
已知R1：R2=2：3，根据欧姆定律可知通过R1、R2的电流之比为I1：I2=R2：R1=3：2，
因为并联电路干路电流等于各支路电流之和，则电流表A1、A2的示数之比为I：I2=(I1+I2)：I2=(3+2)：2=5：2。
故答案为：1：1；5：2。
如图所示，R1和R2并联，电流表A1测干路电流，A2测流过R2的电流，根据并联电路电压规律可知电阻R1、R2两端的电压之比；
已知R1：R2=2：3，根据欧姆定律可得通过R1、R2的电流之比，根据并联电路电流规律可得两电流表示数之比。
本题考查并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于电学常见题型，要求学生掌握。
17.【答案】5 3
【解析】解：对A物体分析可知，由于水平方向受拉力F1，保持静止状态，一定受B的摩擦力，所以物块B对A产生的摩擦力大小为5N，A对B的摩擦力与B对A的摩擦力是相互作用力，大小相等都是5N；
根据整体法，在水平方向，AB整体，受到水平向右的力F1=5N与水平向左的力F2=8N的作用，因处于平衡状态，则地面对B的摩擦力大小f=F1−F2=8N−5N=3N，方向水平向右，整体受水平方向的拉力作用而静止，则水平桌面受到的摩擦力大小为3N。
故答案为：5；3。
物体处于静止状态时，受到平衡力的作用，结合题目提供的几个力，然后再对物体进行受力分析，运用平衡力的知识就可解决题目中的两个力的大小。
另外，分析物体受力时，先确定研究对象，即确定具体哪个物体，然后只针对所选物体进行受力分析，不要受其它力的干扰。
此题考查了平衡力的应用，根据物体的状态可分析出物体的受力情况；然后结合物体的具体受力，根据平衡力的大小相等知识，可解决此题。
18.【答案】解：支点为O，从O点作出F2的垂线，即力臂L2；
根据杠杆的平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力，连接支点O和力的作用点C，以OC为力臂是最长的动力臂，由C点做OC的垂线画出最小力F1，方向向下，如图所示：
【解析】画力臂的方法：首先确定支点；然后找到动力和阻力，并用虚线延长动力和阻力的作用线；并用实线画出支点到动力作用线和阻力作用线的垂线。
根据杠杆的平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力。
本题主要考查了力臂的画法和最小动力的确定，知道力臂的定义和杠杆的平衡条件是解题的关键。
19.【答案】解：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；
自凸透镜折射出的光线垂直照射在平面镜上，反射光线与入射光线重合，如图所示：
【解析】过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；
自凸透镜折射出的光线垂直照射在平面镜上，反射光线与入射光线重合。
(1)凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；
(2)熟记反射定律的内容：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，并会作图。
20.【答案】30° 没有 在同一平面内 在光的反射现象中，光路是可逆的 入射角大小 20°
【解析】解：(1)让光线贴着纸板沿AO方向射向镜面，根据AO与法线的夹角是入射角，即为90°−60°=30°；
将纸板F绕ON向后折，纸板F上没有反射光线，此现象说明了：在反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
(2)如果让光沿BO方向入射，反射光将沿OA方向射出，可知将反射光线改为入射光线，光路图照样成立，这表明：在光的反射现象中，光路是可逆的；
(3)只进行一次实验，根据一次测量就得出实验结论，实验结论不具有普遍性，为了得出普遍结论，使结论符合客观事实，应改变入射角大小，进行多次实验，进行多次测量；
(4)保持入射光线AO不变，将平面镜绕入射点旋转，使入射角增大10°，因为在反射现象中，反射角等于入射角，故此时反射角也增大10°，则反射光线偏转的角度为20°。
故答案为：(1)30°；没有；在同一平面内；(2)在光的反射现象中，光路是可逆的；( 3)入射角大小；(4)20°。
(1)入射角是入射光线与法线的夹角；
在光的反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
(2)根据入射光线和反射光线的位置互换进行实验，观察反射光线与原来入射光线的关系得出结论；
(3)为了得出普遍结论，应进行多次实验，测出多组实验数据；
(4)根据反射角等于入射角分析若保持入射光线AO不变，将平面镜绕入射点旋转，使入射角增大10°，分析反射光线偏转的角度。
本题是探究光的反射定律实验，关键是记住光的反射定律内容：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。
21.【答案】不是 薄 转换法 相等 上窄下宽 没有控制探头深度相同
【解析】解：(1)如图甲所示，从结构上来看，压强计一端封闭，底部连通，不是连通器；
橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变，越能反映受到液体压强的变化，所以压强计的金属盒上的橡皮膜应该选用薄一些的；
(2)液体内部压强大小不能直接测量，需要通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；
(3)保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，如图乙、丙所示，两实验中，液面高度差相等，由转换法可以初步得出结论：在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强都相等；
同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增大，因此拦河大坝要做成上窄下宽的形状；
(4)研究液体压强与密度的关系，要控制液体的深度相同；保持丁图中探头的位置不变，并向容器内加入适量的浓盐水，密度增大的同时，液体深度也增大了，没有控制液体的深度不变。
故答案为：(1)不是；薄；(2)转换法；(3)相等；上窄下宽；(4)没有控制探头深度相同。
(1)上端开口底部连通的仪器是连通器；橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变；
(2)液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；
(3)液体压强与液体的深度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；由实验结论分析回答；
(4)研究液体压强与密度的关系，要控制液体的深度相同，据此分析。
此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素，注意物理实验中研究方法等效替代法和控制变量法的运用。
22.【答案】短路 右 通过导体的电流与导体的电阻成反比 B B
【解析】解：(1)滑片P向右移动时电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与电阻R串联，如下图所示：
；
(2)滑片P位于滑动变阻器阻值最大处，闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即电路故障原因是电阻R短路；
(3)实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应向右适当调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数保持3V不变；
(4)由图丙可知，电流与电阻的乘积为UV=IR=0.6A×5Ω=……=0.2A×15Ω=3V，为一定值，故由此可得，当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(5)A、设电源电压为U总，定值电阻两端的电压为UV=3V，根据串联电路电压的规律及分压原理有：
U总−UVUV=R滑R定；
方程左边为一定值，故右边也为一定值，当滑动变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻也最大，
即U总−3V3V=20Ω50Ω；
电源电压为：U 总=4.2V<4.5V，所以降低电源电压可以完成这次实验，故A不符合题意；
B、根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U−UV=4.5V−3V=1.5V，
滑动变阻器分得的电压为电压表示数的1.5V3V=0.5倍，根据分压原理，当接入50Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5×50Ω=25Ω>20Ω；
即为了能完成这次实验，滑动变阻器的最小电阻为25Ω，而题中原来滑动变阻器的最大电阻为20Ω，若再串联一个10Ω的电阻，根据电阻的串联可知，滑动变阻器连入电路的电阻为：R滑′=25Ω−10Ω=15Ω，故B符合题意；
C、将电压表改接到滑动变阻器两端，电压表原来测定值电阻的电压，现在测变阻器的电压，对改变定值电阻的电压大小没有影响，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，所以不能完成这次实验，故C不符合题意；
故选：B；
(6)A、因电压表示数不变，即电流与R之积为一定值，所以电流随R的变化关系为反比例函数，故A错误；
B、换用不同的电阻时，电压表示数不变，故B正确；
C、由前面解答可知，定值电阻的电压为3V，滑动变阻器的电压为1.5V，由分压原理，滑动变阻器与R的阻值之比为1：2，故滑动变阻器连入电路的电阻与R的关系为一过原点的直线，故C错误；
D、根据P=UI=U2R，定值电阻的功率：PR=U2R=(3V)2R，即电阻的电功率与R之积为一定值，电阻的电功率随R变化关系为反比例函数，故D错误；
故选：B。
故答案为：(1)见解答图；(2)短路；(3)右；(4)通过导体的电流与导体的电阻成反比；(5)B；(6)B。
(1)滑片P向右移动时电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)滑片P位于滑动变阻器阻值最大处，闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(4)根据电流与电阻的乘积为一定值分析得出结论；
(5)A、根据串联电路的规律及分压原理求出电源电压大小，并与题中电源电压比较；
B、根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理求出当接入50Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻大小；已知题中原来滑动变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电阻的规律分析；
C、将电压表改接到滑动变阻器两端，不能改变定值电阻的电压大小；
(6)A、根据电流与R之积为一定值分析；
B、换用不同的电阻时，电压表示数不变，据此分析；
C、由分压原理可知滑动变阻器与R的比值，据此分析；
D、根据P=UI=U2R得出定值电阻的功率，据此分析。
本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查了电路连接、电路故障、实验操作、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
23.【答案】解：(1)由图可知，当开关S1闭合、S2接2时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电水壶处于保温状态；
当开关S1闭合、S2接1时，只有R2工作，电路中总电阻最小，总功率最大，电水壶处于加热状态；
电水壶加热状态的功率：P加热=U2R2=(220V)240Ω=1210W；
(2)由P=Wt可知，电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能：W=P保温t=40W×5×60s=1.2×104J；
(3)由P=U2R可知，R1、R2的串联总电阻：R=U2P保温=(220V)240W=1210Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R1的阻值：R1=R−R2=1210Ω−40Ω=1170Ω。
答：(1)电水壶的加热功率为1210W；
(2)电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能为1.2×104J；
(3)R1的阻值为1170Ω。
【解析】(1)由图可知，当开关S1闭合、S2接1时，只有R2工作，当开关S1闭合、S2接2时，R1、R2串联；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知电水壶加热状态和保温状态的电路；根据P=U2R可求出电水壶加热状态的功率；
(2)根据W=Pt求出电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能；
(3)根据保温功率和P=U2R求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电压特点求出R1的阻值。
本题考查串联电路的电阻特点、电功公式和电功率公式的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
24.【答案】解：(1)有用功为：W有=G物h=1000N×6m=6000J；
额外功为：W额=G动h=200N×6m=1200J；
总功为：W总=W有+W额=6000J+1200J=7200J；
拉力做功的功率为：P=W总t=7200J30s=240W；
(2)滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=6000J7200J≈83.3%；
(3)不计绳重和机械之间的摩擦，根据η=W有W总=G物hG物h+G动h=G物G物+G动可知，
机械效率达到90%时，有：90%=G′物G′物+200N，解得：G′物=1800N。
答：(1)拉力做功的功率为240W；
(2)滑轮组的机械效率为83.3%；
(3)若用该装置提升另一重物时，机械效率达到90%，则该重物的重力是1800N。
【解析】(1)根据W有=G物h计算有用功，根据W额=G动h计算额外功，根据W总=W有+W额计算总功，然后根据P=W总t求出拉力的功率；
(2)根据机械效率公式计算机械效率的大小；
(3)根据η=W有W总=G物hG物h+G动h=G物G物+G动求出物体的重力。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，难度不大。
2023年四川省眉山市中考物理试卷
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 如图所示，小王用捆有棉花的筷子插入两端开口的塑料管，制成了哨子，用嘴吹管的上端，可发出悦耳的哨声。下列说法中正确的是( )
A. 用更大的力吹管子，哨声音调变高
B. 哨声是由于管内空气柱振动而产生的
C. 吹管子时下拉“活塞”，哨声响度变大
D. 悦耳的哨声在任何环境中都不可能成为噪声
2. 皮影戏是一种民间戏剧，已成为国家非物质文化遗产，用灯光照射兽皮或纸板做成的“人物”，屏幕上便出现影子。下列现象中，与皮影戏原理相同的是( )
A. 有趣的倒影
B. 空中的彩虹
C. 古代的日晷
D. “弯折”的筷子
3. 下列生活中的现象与物态变化名称对应正确的是( )
A. 春天冰雪消融——熔化 B. 夏天洒水降温——液化
C. 秋天细雨绵绵——升华 D. 冬天大雪纷飞——汽化
4. 如图所示，小明在“测平均速度”的实验中，使小车从斜面A点静止下滑，经过B点到达C点，图中已标出小车经过A、B、C三点对应时刻。下列说法中正确的是( )
A. AB段距离为4.0dm
B. AB段平均速度为0.2cm/s
C. 小车从A点到C点做匀速直线运动
D. 若小车过A点后才开始计时，测出AC段平均速度将偏大
5. 由于工具使用不正确，导致测量结果比真实值偏小的是( )
A. 在中考体育“立定跳远”测试中，工作人员未将皮尺拉直
B. 在测量温度的实验中，小明将温度计放入待测热水中立即读数
C. 在使用天平测量物体质量的实验中，小华调节天平平衡时，游码未归零
D. 在使用电压表测电压时，小红误将接入小量程的电压表按照大量程读数
6. 如图所示，电源两端电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片适当左移，下列说法中正确的是( )
A. 电流表A1示数不变、电流表A2示数不变
B. 电流表A1示数变大、电压表V示数变小
C. 电流表A2示数变大、电压表V示数变小
D. 电流表A2示数变大、电压表V示数不变
7. 英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，人们根据这一现象制成了发电机。下列四个设备中应用了电磁感应现象的是( )
A. 麦克风
B. 防水报警器
C. 电铃
D. 扬声器
8. 2023年4月7日，全国航空航天模型锦标赛暨中国无人机国家队选拔赛开幕式在上海市金山区体育中心举行。下列说法中正确的是( )
A. 无人机升空主要靠空气对它的浮力
B. 无人机升空时相对于地面是运动的
C. 无人机匀速上升时，动能转化为重力势能
D. 无人机加速上升时，始终受到平衡力的作用
9. 我国在能源、材料和通信等领域都取得了巨大成就。下列说法中正确的是( )
A. 可燃冰、石油都属于可再生能源
B. “超导材料”可以用于制作输电导线
C. 地面控制中心通过超声波与空间站中的航天员通信
D. 核聚变装置“中国环流器二号M”获得核能的方式与核电站相同
10. 2023年5月30日9时31分，我国在酒泉卫星发射中心，利用长征二号F火箭成功发射神舟十六号载人飞船，16时26分飞船与空间站顺利对接，标志中国空间站进入了应用和发展阶段。下列说法中正确的是( )
A. 火箭升空时机械能守恒
B. 空间站由于惯性绕地球运动
C. 火箭利用液态氢做燃料，是因为液态氢的密度小
D. 火箭向下喷火使其升空，是由于力的作用是相互的
11. 水平桌面上放置装有适量水的烧杯，A、B为两个材料相同且不吸水的小球，B球的体积是A球的2倍。先将A球放入烧杯中，溢出水的质量30g，如图甲所示；再放入B球，又溢出水的质量80g，如图乙所示。下列判断正确的是(g=10N/kg)( )
①A球受到的浮力大小为0.3N
②B球受到的浮力大小为0.8N
③图甲中，放入A球前后，水对烧杯底部的压强相等
④图乙中，放入B球前后，烧杯对桌面的压力大小不变
A. ①② B. ①④ C. ②④ D. ③④
12. 如图所示电路中，电源电压恒定不变，小灯泡L标有“6V 2.4W”字样(不考虑温度对灯丝电阻的影响)，滑动变阻器R2标有“40Ω 2A”字样，R1是定值电阻，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。闭合开关S1、S2，断开开关S3，小灯泡L恰好正常发光。将R2的滑片P移至最右端，闭合开关S3，断开开关S1、S2，此时电压表示数为U1，R2消耗的功率为P1；向左移动滑片P至某点，此时电压表示数为U2，R2消耗的功率为P2。已知U1：U2=2：3，P1：P2=8：9。下列说法中正确的是( )
A. 电源电压为9V
B. 定值电阻R1的阻值是10Ω
C. 保障电路元件安全的前提下，电路最小电功率为0.8W
D. 保障电路元件安全的前提下，当滑动变阻器R2连入电路的阻值为30Ω时，电路的总功率最大
二、填空题（本大题共5小题，共20.0分）
13. 家庭电路中电视机和电冰箱的连接方式是______ ；为了用电安全，开关应该接在______ 线上。
14. 日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的______ 大。在标准大气压下，质量为5kg水温度从30℃升高20℃，吸收热量______ J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
15. 班主任用照相机拍摄初三毕业照，在相机底片上成______ (选填“放大”或“缩小”)的实像；若两个同学的像出现在照相机取景框外，要拍摄所有同学完整的像，照相机应______ (选填“远离”或“靠近”)同学们，同时将镜头向后缩。
16. 如图所示电路中，电源电压保持不变，已知R1：R2=2：3。当开关S闭合时R1、R2两端的电压之比为______ ，电流表A1和A2的示数之比为______ 。
17. 如图所示，在水平桌面上放置A、B两个长方体物块，A物块受到水平向右拉力F1=5N，B物块受到水平向左拉力F2=8N，此时A、B两物块一起向左做匀速直线运动，则A对B的摩擦力为______ N，水平桌面对B的摩擦力为______ N。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
18. 学校组织学生参加劳动实践活动，在基地发现了一台活塞式抽水机，在杠杆C处用力便可取水。请在图中画出：
(1)阻力F2的力臂L2；
(2)在C处所用最小力F1的示意图。
19. 物理课上，罗老师在水平桌面上放置一块平面镜，用一支带凸透镜的手电筒竖直向下照射在平面镜上，侧面的同学几乎不能看到经平面镜反射后的光，同学们通过作图明白了其中的道理。如图所示，F为凸透镜的焦点，一条光线经过焦点F射向凸透镜。请在图中画出该条光线经过凸透镜后的折射光线和经过平面镜后的反射光线。
四、实验探究题（本大题共3小题，共18.0分）
20. 同学们利用图甲所示的器材(纸板F可绕ON翻折)探究光的反射定律。
(1)图乙中，用激光笔沿AO方向入射，当入射光线与平面镜夹角为60°时，入射角大小为______ ；再将纸板F绕ON向后折，纸板F上______ (选填“有”或“没有”)反射光线，这一步骤的目的是探究反射光线、入射光线、法线______ 。
(2)图乙中，若让另一束光线沿BO方向射向平面镜，反射光线沿OA方向射出，这一现象说明______
(3)为了得到“反射角等于入射角”这一普遍规律，接下来的操作是改变______ ，多次实验。
(4)图丙中，保持入射光线AO不变，将平面镜绕入射点旋转，使入射角增大10°，则反射光线偏转的角度为______ 。
21. 同学们利用U形管压强计探究液体压强与哪些因素有关。
(1)如图甲所示，从结构上来看，U形管压强计______ (选填“是”或“不是”)连通器；在选择U形管压强计时，探头上的橡皮膜应该用______ (选填“薄”或“厚”)一些的较好。
(2)把U形管压强计的探头放在液体中，通过观察U形管两边液面的高度差来表示探头处液体压强的大小，这种研究物理问题的方法是______ 。
(3)通过图乙、图丙所示的两次实验得出：同种液体，同一深度，液体内部向各个方向的压强______ ；通过图乙、图丁所示的两次实验得出：在同种液体中，液体压强随着深度的增加而增大，因此拦河大坝要做成______ (选填“上窄下宽”或“上宽下窄”)的形状。
(4)小张同学在图丁所示的实验中保持探头位置不变，向容器内加入适量的浓盐水，他发现U形管两边液面的高度差变大了，于是得出“同一深度，液体的密度越大压强越大”的结论。他的结论是不可靠的，原因是______ 。
22. 探究“电流与电阻的关系”时，实验器材有：三节新的干电池(电压为4.5V)、电流表、电压表、滑动变阻器(标有“20Ω 2A”字样)、定值电阻4个(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω)，开关一个，导线若干。小静等同学设计了如图甲所示的电路图。
(1)请用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整，要求：滑片P向右移动时电流表示数变小。
(2)滑片P位于滑动变阻器阻值最大处，闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，则电路故障原因是电阻R ______ 。
(3)排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向______ (选填“左”或“右”)适当调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数保持3V不变。
(4)图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I−R图象，由此可得，当电压一定时，______ 。
(5)小静同学继续探究，再次换接50Ω的定值电阻后，发现无论怎样移动滑片P，都不能使电压表示数达到原来的3V，为了完成这次实验，她采取的措施可行的是______ 。
A.调高电源电压
B.再串联一个10Ω的电阻
C.将电压表改接到滑动变阻器两端
(6)下列图象中能大致反应本实验各物理量之间关系的是______ 。
五、计算题（本大题共2小题，共12.0分）
23. 如图所示，如图为某家用电水壶的简化电路图，如表为铭牌的部分参数，R1、R2为发热丝，其中R2=40Ω。求：
(1)电水壶的加热功率；
(2)电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能；
(3)R1的阻值。
型号
SDS−15X05
容量
1L
额定电压
220V
额定频率
50Hz
加热功率
？W
保温功率
40W
24. 如图所示，工人用滑轮组提升重物，已知重物重力G物=1000N，动滑轮重力G动=200N。在工人用力F作用下，重物匀速上升，30s达到规定高度6m处。不计绳重和机械之间的摩擦。求：
(1)拉力做功的功率；
(2)滑轮组的机械效率；
(3)若用该装置提升另一重物时，机械效率达到90%，则该重物的重力是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、用更大的力度吹管子时，哨声的响度变大，故A错误；
B、哨声是由于管内空气柱振动产生的，故B正确；
C、“活塞”向下拉时，空气柱越长，振动越慢，发出声音的音调就越低，故C错误；
D、悦耳的哨声可以带给人们享受，但也有可能成为噪声，故D错误。
故选：B。
(1)声音的响度与振幅有关，振幅越高，响度越大；
(2)声音是由发声体的振动产生的；
(3)音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；
(4)从环境保护的角度看，凡是影响人们正常学习、生活、工作、休息，以及对人们要听的声音起干扰作用的声音都属于噪声。
本题考查了声音的产生和传播、声音的特征等知识的理解和应用，属于基础知识的考查。
2.【答案】C
【解析】解：皮影戏原理是光的直线传播；
A、倒影是光的反射，故A错误；
BD、空中的彩虹和“弯折”的筷子是光的折射，故BD错误；
C、古代的日晷的原理是光的直线传播，故C正确。
故选：C。
光在均匀介质中沿直线传播。
本题考查了光的直线传播，属于基础题。
3.【答案】A
【解析】解：A、春天冰雪消融是固态变成液态，是熔化现象，故A正确；
B、夏天洒水降温是液态变成气态，是汽化现象，故B错误；
C、秋天细雨绵绵是气态变成液态，是液化现象，故C错误；
D、冬天大雪纷飞是气态直接变成固态，是凝华现象，故D错误；
故选：A。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】D
【解析】解：A、由图示可知，AB段距离sAB=10.00dm−6.00dm=4.00dm，故A错误；
B、小车在AB段的路程sAB=4.00dm=40.0cm，所用时间tAC=2s，
平均速度vAB=sABtAB=40.0cm2s=20.0cm/s，故B错误；
C、小车在斜面上运动的速度越来越快，因此小车在这个过程中做加速运动，故C错误；
D、如果小车过了A点才开始计时，计时会晚一些，测量的时间会偏小一些，根据速度公式可知，在路程不变时，时间偏小，测得的平均速度会偏大，故D正确。
故选：D。
(1)根据小车在A、C两点的刻度得出小车经过AB段的路程；
(2)从图中得出小车在AB段的路程和所用时间，利用速度公式得出平均速度；
(3)小车在斜面上做的是加速运动；
(4)如果过了A点才开始计时，测量的时间会偏小，测得的平均速度会偏大。
本题目考查了平均速度的测量，关键是能正确得到不同阶段的路程和时间，再根据速度公式进行计算。
5.【答案】B
【解析】解：A、在中考体育“立定跳远”测试中，工作人员未将皮尺拉直，会导致自身长度变长，物体的测量值偏大，故A错误；
B、在测量温度的实验中，小明将温度计放入待测热水中立即读数，导致液泡还未与温度计充分接触使其升温，测量值偏小，故B正确；
C、在使用天平测量物体质量的实验中，小华调节天平平衡时，游码未归零，导致右盘称量结果偏重，物体质量偏大，故C错误；
D、在使用电压表测电压时，小红误将接入小量程的电压表按照大量程读数，读数偏大，故D错误；
故选：B。
(1)工作人员未将皮尺拉直，自身长度变长，物体的测量值偏大；
(2)测量温度时，玻璃泡要继续留在被测液体中，待示数稳定后读数；
(3)称量前，要调节天平平衡，游码读数质量相当于增加在右盘的砝码质量；
(4)一般电压表大量程读数是小量程同一刻度读数的5倍。
本题考查基本测量仪器的使用。
6.【答案】D
【解析】解：由图可知，灯泡和滑动变阻器并联，电压表灯泡两端电压，电流表A1测灯泡电流，A2测干路电流，
当滑动变阻器的滑片适当左移，接入电路中的电阻减小，
根据并联电路的特点可知，各支路的电压不变，所以电压表V的读数不变，电流表A1的读数也不变；
而滑动变阻器的接入电路中的电阻减小，电压不变，其电流增大；
根据并联电路中电流的特点可知，一条支路上的电流不变，一条支路上的电流增大，所以干路上的电流也增大，即电流表A2的读数变大，所以ABC错误，D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡和滑动变阻器并联，电压表灯泡两端电压，电流表A1测灯泡电流，A2测干路电流；根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
7.【答案】A
【解析】解：A、麦克风是把声信号转变成电信号的，声信号的振动带动线圈在磁场中振动，产生电流，是电磁感应现象原理，故A正确；
BC、电磁继电器、电铃的主要设备是电磁铁，它是利用电流的磁效应制成的，故BC错误；
D、扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故D错误。
故选：A。
电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流。分析各个选项的原理进行选择。
这些常见器材的原理归类对比记忆：
电热器利用电流的热效应原理，如电饭锅、电炒锅、电烙铁、电水壶、电暖气、电熨斗；
电动机利用通电导体在磁场中受力原理，如电风扇、排烟罩、洗衣机、剃须刀；
发电机利用电磁感应现象原理；
电磁铁利用电流的磁效应原理，如电铃、电磁起重机、电磁继电器、空气开关。
8.【答案】B
【解析】解：A、无人机顶部螺旋桨旋转时，对下方空气施加向下的作用力，根据物体间力的作用是相互的，空气对它施加向上的反作用力，即为升力，不是浮力，故A错误；
B、无人机升空时，相对于地面的位置不断发生变化，故是运动的，故B正确；
C、无人机匀速上升时，质量不变，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能增大，所以在该过程中，动能没有转化为重力势能，故C错误；
D、无人机在空中加速上升时，运动状态改变，其受到的力不是平衡力，故D错误。
故选：B。
(1)物体间力的作用是相互的，力是物体对物体的作用；
(2)物体是运动还是静止与参照物的选择有关；
(3)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；能量在转化时总是减少的这种能量转化为增加的那种能量；
(4)静止或匀速直线运动的物体处于平衡状态，受到的力为平衡力。
本题考查了力的作用是相互的、运动和静止相对性的应用、能量的转化以及平衡力的辨别，难度适中。
9.【答案】B
【解析】解：A、可燃冰、石油等能源在地球上的储量是有限的，消耗后不可能再生，属不可再生能源，故A错误；
B、“超导材料”可以用于制作输电导线，降低输电过程中的电能损失，故B正确；
C、地面控制中心通过电磁波与空间站中的航天员通信，故C错误；
D、“中国环流器二号M”是新一代可控核聚变研究装置，核电站是利用核裂变链式反应发电的，由此可知两者获得核能的方式不同，故D错误。
故选：B。
(1)可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
(2)超导体的电阻为零；
(3)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
(4)核电站利用核裂变释放的能量。
本题考查了能源分类、超导体、电磁波的应用、核能的种类。
10.【答案】D
【解析】解：
A、火箭升空时，动能和重力势能都变大，机械能变大，所以机械能不守恒，故A错误；
B、空间站受到地球的引力作用而绕地球运动，故B错误；
C、现代火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故C错误；
D、火箭向下喷火，由于物体间力的作用是相互的，火会给火箭一个向上的力，使其升空，故D正确。
故选：D。
(1)根据火箭机械能的变化分析；
(2)物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
(3)火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值；
(4)物体间力的作用是相互的。
本题考查了机械能的变化、惯性、热值、物体间力的作用是相互的，属于基础题。
11.【答案】C
【解析】解：①②根据阿基米德原理物体在液体中受到的浮力等于排开液体的重力，F浮=G排，可知：
由于水平桌面上放置装有适量水的烧杯，A放入前，溢水杯内的水不一定装满，溢出水的质量30g，重力为G=mg=0.03kg×10N/kg=0.3N，可能小于浮力，故①错误；
再放入B球，又溢出水的质量80g，由于A放入后已经有水溢出，B放入前溢水杯是装满水的，溢出水的质量80g，重力为G=mg=0.08kg×10N/kg=0.8N，等于浮力，故②正确；
③④由于水平桌面上放置装有适量水的烧杯，A放入前，溢水杯内的水不一定装满，放入A球后，有水溢出，深度可能增加，由液体压强公式p=ρgh知水对烧杯底部的压强不一定相等，故③错误；
再放入B球，又溢出水的质量80g，由于A放入后已经有水溢出，B放入前后溢水杯都是装满水的，水的深度在放入B前后没有变化，由液体压强公式p=ρgh知水对烧杯底部的压强相等，烧杯对桌面的压强可以看成是水对桌面的压强(与水对烧杯底部的压强相等)加上杯对桌面的压强，杯对桌面的压强在放入B前后也没有变化，故烧杯对桌面的压强没有变化，在底面积不变时，由压强公式p=FS的变形公式F=pS可知放入B球前后，烧杯对桌面的压力大小不变，故④正确。
故选：C。
(1)根据阿基米德原理物体在液体中受到的浮力等于排开液体的重力，F浮=G排=ρgV排；
(2)根据压强公式p=FS和液体压强公式p=ρgh进行分析。
本题考查阿基米德原理和压强公式的理解。
12.【答案】D
【解析】解：A、由电路图可知，当闭合开关S1、S2，断开开关S3，电路中只有小灯泡L工作，此时小灯泡L恰好正好发光，所以电源电压U=U额=6V，故A错误；
B、当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，电阻R1与滑动变阻器R2串联，当将R2的滑片P移至最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，
由欧姆定律I=UR得：
U1U2=I1R1I2R1=I1I2=23，
由电功率P=UI=I2R可得：
P1P2=I12R2maxI22R2=22R2max32R2=4R2max9R2=89，
得：R2=12R2max=12×40Ω=20Ω，
又因为：I1I2=UR1+R2maxUR1+R2=R1+R2R1+R2max=23，
解得：R1=20Ω，故B错误；
C、当电阻R1与滑动变阻器R2串联，滑动变阻器接入电路中电阻最大时，电路中电流最小为：
I1=UR1+R2max=6V20Ω+40Ω=0.1A，
由电功率P=UI可知，电路最小电功率为：
P=UI=6V×0.1A=0.6W，故C错误；
D、当灯泡与滑动变阻器并联，电阻R1被短路时，且电流表示数最大为0.6A时，电功率最大，此时电流表测干路电流，
由P=UI可得，灯泡的额定电流为：
I额=P额U额=2.4W6V=0.4A，
由并联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流为：
I滑=I−I额=0.6A−0.4A=0.2A，
由I=UR可得此时滑动变阻器的阻值为：
R滑=UI滑=6V0.2A=30Ω，故D正确。
故选：D。
(1)当闭合开关S1、S2，断开开关S3，电路中只有小灯泡L工作，电源电压等于小灯泡额定电压；
(2)当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，电阻R1与滑动变阻器R2串联，当将R2的滑片P移至最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，同一个电阻的电压之比与电流之比相等，算出两次电流关系，利用功率之比算出阻值关系，进而求解；
(3)由电功率P=UI，在电源电压已知的情况下，当电流最小时电功率最小；
(4)当灯泡与滑动变阻器并联，电阻R1被短路时，且电流表示数最大为0.6A时，电功率最大，利用并联电路的电流和电压规律计算此时的变阻器阻值。
本题是欧姆定律和电功率的综合运用，难度大。
13.【答案】并联 火
【解析】解：家庭电路中电视机和电灯独立工作，互不影响，它们的连接方式是并联的；控制电灯的开关应接在火线上，这样在断开开关时，电灯处不带电，可保证用电安全。
故答案为：并联；火。
家庭电路中的用电器并列连接；控制电灯的开关应接在火线上。
本题主要考查了对家庭电路连接方式、开关与电灯的接线方法等的了解，属基础题，难度不大。
14.【答案】比热容 4.2×105
【解析】解：日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的比热容大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量较多；
(2)水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg×20℃=4.2×105J。
故答案为：比热容；4.2×105。
(1)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量较多；
(2)根据Q吸=cmΔt求出水吸收的热量。
本题考查水比热容大的应用以及热量的简单计算，是一道基础题。
15.【答案】缩小 远离
【解析】解：照相机成的是倒立、缩小的实像；若两个同学的像出现在照相机取景框外，说明所照的像大了，应该让像变小一些，则摄影师要使照相机远离同学，增大物距，同时应减小像距才可以在底片上得到清晰的像。
故答案为：缩小；远离。
当物距大于2f时，成倒立、缩小的实像，像距处于f和2f之间，应用是照相机；凸透镜成实像时，物远像近像变小。
本题考查了凸透镜成像规律及其应用，属于基础题。
16.【答案】1：1 5：2
【解析】解：如图所示，R1和R2并联，电流表A1测干路电流，A2测流过R2的电流。
根据并联电路电压规律可知，电阻R1、R2两端的电压相等，即电阻R1、R2两端的电压之比为1：1；
已知R1：R2=2：3，根据欧姆定律可知通过R1、R2的电流之比为I1：I2=R2：R1=3：2，
因为并联电路干路电流等于各支路电流之和，则电流表A1、A2的示数之比为I：I2=(I1+I2)：I2=(3+2)：2=5：2。
故答案为：1：1；5：2。
如图所示，R1和R2并联，电流表A1测干路电流，A2测流过R2的电流，根据并联电路电压规律可知电阻R1、R2两端的电压之比；
已知R1：R2=2：3，根据欧姆定律可得通过R1、R2的电流之比，根据并联电路电流规律可得两电流表示数之比。
本题考查并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于电学常见题型，要求学生掌握。
17.【答案】5 3
【解析】解：对A物体分析可知，由于水平方向受拉力F1，保持静止状态，一定受B的摩擦力，所以物块B对A产生的摩擦力大小为5N，A对B的摩擦力与B对A的摩擦力是相互作用力，大小相等都是5N；
根据整体法，在水平方向，AB整体，受到水平向右的力F1=5N与水平向左的力F2=8N的作用，因处于平衡状态，则地面对B的摩擦力大小f=F1−F2=8N−5N=3N，方向水平向右，整体受水平方向的拉力作用而静止，则水平桌面受到的摩擦力大小为3N。
故答案为：5；3。
物体处于静止状态时，受到平衡力的作用，结合题目提供的几个力，然后再对物体进行受力分析，运用平衡力的知识就可解决题目中的两个力的大小。
另外，分析物体受力时，先确定研究对象，即确定具体哪个物体，然后只针对所选物体进行受力分析，不要受其它力的干扰。
此题考查了平衡力的应用，根据物体的状态可分析出物体的受力情况；然后结合物体的具体受力，根据平衡力的大小相等知识，可解决此题。
18.【答案】解：支点为O，从O点作出F2的垂线，即力臂L2；
根据杠杆的平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力，连接支点O和力的作用点C，以OC为力臂是最长的动力臂，由C点做OC的垂线画出最小力F1，方向向下，如图所示：
【解析】画力臂的方法：首先确定支点；然后找到动力和阻力，并用虚线延长动力和阻力的作用线；并用实线画出支点到动力作用线和阻力作用线的垂线。
根据杠杆的平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力。
本题主要考查了力臂的画法和最小动力的确定，知道力臂的定义和杠杆的平衡条件是解题的关键。
19.【答案】解：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；
自凸透镜折射出的光线垂直照射在平面镜上，反射光线与入射光线重合，如图所示：
【解析】过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；
自凸透镜折射出的光线垂直照射在平面镜上，反射光线与入射光线重合。
(1)凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；
(2)熟记反射定律的内容：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，并会作图。
20.【答案】30° 没有 在同一平面内 在光的反射现象中，光路是可逆的 入射角大小 20°
【解析】解：(1)让光线贴着纸板沿AO方向射向镜面，根据AO与法线的夹角是入射角，即为90°−60°=30°；
将纸板F绕ON向后折，纸板F上没有反射光线，此现象说明了：在反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
(2)如果让光沿BO方向入射，反射光将沿OA方向射出，可知将反射光线改为入射光线，光路图照样成立，这表明：在光的反射现象中，光路是可逆的；
(3)只进行一次实验，根据一次测量就得出实验结论，实验结论不具有普遍性，为了得出普遍结论，使结论符合客观事实，应改变入射角大小，进行多次实验，进行多次测量；
(4)保持入射光线AO不变，将平面镜绕入射点旋转，使入射角增大10°，因为在反射现象中，反射角等于入射角，故此时反射角也增大10°，则反射光线偏转的角度为20°。
故答案为：(1)30°；没有；在同一平面内；(2)在光的反射现象中，光路是可逆的；( 3)入射角大小；(4)20°。
(1)入射角是入射光线与法线的夹角；
在光的反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
(2)根据入射光线和反射光线的位置互换进行实验，观察反射光线与原来入射光线的关系得出结论；
(3)为了得出普遍结论，应进行多次实验，测出多组实验数据；
(4)根据反射角等于入射角分析若保持入射光线AO不变，将平面镜绕入射点旋转，使入射角增大10°，分析反射光线偏转的角度。
本题是探究光的反射定律实验，关键是记住光的反射定律内容：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。
21.【答案】不是 薄 转换法 相等 上窄下宽 没有控制探头深度相同
【解析】解：(1)如图甲所示，从结构上来看，压强计一端封闭，底部连通，不是连通器；
橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变，越能反映受到液体压强的变化，所以压强计的金属盒上的橡皮膜应该选用薄一些的；
(2)液体内部压强大小不能直接测量，需要通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；
(3)保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，如图乙、丙所示，两实验中，液面高度差相等，由转换法可以初步得出结论：在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强都相等；
同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增大，因此拦河大坝要做成上窄下宽的形状；
(4)研究液体压强与密度的关系，要控制液体的深度相同；保持丁图中探头的位置不变，并向容器内加入适量的浓盐水，密度增大的同时，液体深度也增大了，没有控制液体的深度不变。
故答案为：(1)不是；薄；(2)转换法；(3)相等；上窄下宽；(4)没有控制探头深度相同。
(1)上端开口底部连通的仪器是连通器；橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变；
(2)液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；
(3)液体压强与液体的深度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；由实验结论分析回答；
(4)研究液体压强与密度的关系，要控制液体的深度相同，据此分析。
此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素，注意物理实验中研究方法等效替代法和控制变量法的运用。
22.【答案】短路 右 通过导体的电流与导体的电阻成反比 B B
【解析】解：(1)滑片P向右移动时电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与电阻R串联，如下图所示：
；
(2)滑片P位于滑动变阻器阻值最大处，闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即电路故障原因是电阻R短路；
(3)实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应向右适当调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数保持3V不变；
(4)由图丙可知，电流与电阻的乘积为UV=IR=0.6A×5Ω=……=0.2A×15Ω=3V，为一定值，故由此可得，当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(5)A、设电源电压为U总，定值电阻两端的电压为UV=3V，根据串联电路电压的规律及分压原理有：
U总−UVUV=R滑R定；
方程左边为一定值，故右边也为一定值，当滑动变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻也最大，
即U总−3V3V=20Ω50Ω；
电源电压为：U 总=4.2V<4.5V，所以降低电源电压可以完成这次实验，故A不符合题意；
B、根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U−UV=4.5V−3V=1.5V，
滑动变阻器分得的电压为电压表示数的1.5V3V=0.5倍，根据分压原理，当接入50Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5×50Ω=25Ω>20Ω；
即为了能完成这次实验，滑动变阻器的最小电阻为25Ω，而题中原来滑动变阻器的最大电阻为20Ω，若再串联一个10Ω的电阻，根据电阻的串联可知，滑动变阻器连入电路的电阻为：R滑′=25Ω−10Ω=15Ω，故B符合题意；
C、将电压表改接到滑动变阻器两端，电压表原来测定值电阻的电压，现在测变阻器的电压，对改变定值电阻的电压大小没有影响，无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，所以不能完成这次实验，故C不符合题意；
故选：B；
(6)A、因电压表示数不变，即电流与R之积为一定值，所以电流随R的变化关系为反比例函数，故A错误；
B、换用不同的电阻时，电压表示数不变，故B正确；
C、由前面解答可知，定值电阻的电压为3V，滑动变阻器的电压为1.5V，由分压原理，滑动变阻器与R的阻值之比为1：2，故滑动变阻器连入电路的电阻与R的关系为一过原点的直线，故C错误；
D、根据P=UI=U2R，定值电阻的功率：PR=U2R=(3V)2R，即电阻的电功率与R之积为一定值，电阻的电功率随R变化关系为反比例函数，故D错误；
故选：B。
故答案为：(1)见解答图；(2)短路；(3)右；(4)通过导体的电流与导体的电阻成反比；(5)B；(6)B。
(1)滑片P向右移动时电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)滑片P位于滑动变阻器阻值最大处，闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(4)根据电流与电阻的乘积为一定值分析得出结论；
(5)A、根据串联电路的规律及分压原理求出电源电压大小，并与题中电源电压比较；
B、根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理求出当接入50Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻大小；已知题中原来滑动变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电阻的规律分析；
C、将电压表改接到滑动变阻器两端，不能改变定值电阻的电压大小；
(6)A、根据电流与R之积为一定值分析；
B、换用不同的电阻时，电压表示数不变，据此分析；
C、由分压原理可知滑动变阻器与R的比值，据此分析；
D、根据P=UI=U2R得出定值电阻的功率，据此分析。
本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查了电路连接、电路故障、实验操作、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
23.【答案】解：(1)由图可知，当开关S1闭合、S2接2时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电水壶处于保温状态；
当开关S1闭合、S2接1时，只有R2工作，电路中总电阻最小，总功率最大，电水壶处于加热状态；
电水壶加热状态的功率：P加热=U2R2=(220V)240Ω=1210W；
(2)由P=Wt可知，电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能：W=P保温t=40W×5×60s=1.2×104J；
(3)由P=U2R可知，R1、R2的串联总电阻：R=U2P保温=(220V)240W=1210Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R1的阻值：R1=R−R2=1210Ω−40Ω=1170Ω。
答：(1)电水壶的加热功率为1210W；
(2)电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能为1.2×104J；
(3)R1的阻值为1170Ω。
【解析】(1)由图可知，当开关S1闭合、S2接1时，只有R2工作，当开关S1闭合、S2接2时，R1、R2串联；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知电水壶加热状态和保温状态的电路；根据P=U2R可求出电水壶加热状态的功率；
(2)根据W=Pt求出电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能；
(3)根据保温功率和P=U2R求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电压特点求出R1的阻值。
本题考查串联电路的电阻特点、电功公式和电功率公式的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
24.【答案】解：(1)有用功为：W有=G物h=1000N×6m=6000J；
额外功为：W额=G动h=200N×6m=1200J；
总功为：W总=W有+W额=6000J+1200J=7200J；
拉力做功的功率为：P=W总t=7200J30s=240W；
(2)滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=6000J7200J≈83.3%；
(3)不计绳重和机械之间的摩擦，根据η=W有W总=G物hG物h+G动h=G物G物+G动可知，
机械效率达到90%时，有：90%=G′物G′物+200N，解得：G′物=1800N。
答：(1)拉力做功的功率为240W；
(2)滑轮组的机械效率为83.3%；
(3)若用该装置提升另一重物时，机械效率达到90%，则该重物的重力是1800N。
【解析】(1)根据W有=G物h计算有用功，根据W额=G动h计算额外功，根据W总=W有+W额计算总功，然后根据P=W总t求出拉力的功率；
(2)根据机械效率公式计算机械效率的大小；
(3)根据η=W有W总=G物hG物h+G动h=G物G物+G动求出物体的重力。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，难度不大。
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