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2023年广西崇左市、南宁市中考物理三模试卷（含答案）
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这是一份2023年广西崇左市、南宁市中考物理三模试卷（含答案），共26页。试卷主要包含了 下列事例为了减小压强的是等内容，欢迎下载使用。
A. 响度大B. 音调高C. 音色好D. 频率高
2. 在阳光灿烂的日子里，行走在绿树成荫的街道上，常见到地上有一些圆形的光斑，这些光斑是
A. 树叶的影子B. 树叶的实像C. 太阳的虚像D. 太阳的实像
3. 电冰箱除霜时，通过电热丝把霜加热成水，这种物态变化称为
A. 熔化B. 液化C. 升华D. 凝华
4. 下列有关“安全用电”的说法，正确的是( )
A. 发现有人触电时，立即用手把触电者拉开
B. 使用测电笔时，手可以接触测电笔的任何部位
C. 使用洗衣机、电冰箱时，必须使用三线插头，使金属外壳接地
D. 发生电线起火时，马上泼水救火
5. 下列事例为了减小压强的是( )
A. 冰鞋上装有冰刀B. 打桩机的桩锤很重
C. 载重车装有许多车轮D. 压路机上的碾子质量很大
6. 在2022年德国柏林国际轨道交通技术展览会上，中国时速600千米的最快磁浮交通系统惊艳亮相。当高速列车经过时，若人离铁轨太近，容易被吸进铁轨，应特别注意安全。从物理学的角度看，这是因为高速行驶的列车与人之间的( )
A. 空气流速增大，压强增大B. 空气流速增大，压强减小
C. 空气流速减小，压强增大D. 空气流速减小，压强减小
7. 下图中，内能转化为机械能的是( )
A. B.
C. D.
8. 小丽看书时把书放得很近才能看清书本上的内容，而她的爷爷看报时，总是把报纸放得离眼睛很远，小丽的爷爷和小丽的眼睛分别应配戴什么透镜的眼镜才能矫正视力( )
A. 都是凸透镜B. 都是凹透镜C. 凹透镜和凸透镜D. 凸透镑和凹透镜
9. 宿迁马拉松将于4月2日鸣枪开跑，比赛时常采用感应芯片计时，芯片里的线圈一旦有电流通过，就会激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信息。当正确佩带芯片的参赛者通过起点和终点设置有磁场的地带时，就能计时，下列器件工作原理与它相同的是( )
A. B.
C. D.
10. 在“‘2023带着我的梦想上天宫！’中国空间站期待你的来信”活动中，航天员陈冬通过央视新闻网展示了来自广西柳州驾鹤路小学某同学的梦想。下列描述不正确的是( )
A. 到达空间站的信件质量不变
B. 空间站利用的太阳能属于二次能源
C. 通过电磁波向地球传递信息的速度大约是3×10⁸m/s
D. 空间站所用的太阳能电池板将可再生能源太阳能转化为电能
11. 用下列四种方式匀速提升同一物体(不计机械自重和摩擦)，其中拉力最大的是
A. B.
C. D.
12. 为了减少碳排放，国家大力推行电动汽车。电动汽车的速度由流经电动机的电流大小控制，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大。下列是该电动汽车的模拟电路，其中符合要求的是( )
A. B. C. D.
13. 某交通要道口的监控摄像头先后拍下违章行驶汽车的甲、乙两张照片(如图所示)，则下列说法正确的是( )
A. 摄像头成像原理与放大镜成像原理相同
B. 拍摄时所成的像是倒立、放大的实像
C. 由此可以看出违章汽车此时在靠近摄像头
D. 两次成像的物距均在一倍焦距和二倍焦距之间
14. 如图所示，小朋友沿滑梯下滑得越来越快。关于该过程，下列说法正确的是( )
A. 小朋友不具有惯性
B. 小朋友受到平衡力的作用
C. 小朋友的动能增大
D. 小朋友的重力势能减小
15. 如图所示电路，电源电压恒定，开关闭合后两灯均发光，各电表均有示数，根据你所学的知识判断，下列说法中正确的是( )
A. 这是个既有串联又有并联的电路
B. 两电流表的示数一定相等
C. 电压表V的示数一定比电压表V1的示数大
D. 两电压表的示数有可能相等
16. 水平面上有甲、乙两个相同的容器，装有质量相等的盐水和清水，小明先用盐水浸泡草莓，然后放入清水中清洗。草莓在盐水和清水中的浮沉情况如图所示。草莓由盐水到清水带走的盐水和草莓质量变化忽略不计。下列判断正确的是( )
A. 两容器中有草莓时，对水平面的压强相等
B. 草莓a的密度小于草莓b的密度
C. 草莓c在盐水和清水中所受浮力相等
D. 两容器中有草莓时，容器底受到液体压强相等
17. 爱莲湖的湖水对周围气温起到很好的调节作用，这是由于水的______ 较大；漫步在湖边小道上，闻到阵阵的荷花香，这是属于______ 现象。
18. 电能表是用来测______ 的仪表，如图是小军家月初和月末电能表的示数，则他家本月用电______ kW⋅h.
19. 用如图所示的装置可探究电流产生的热量与______ 关系；通电2min，电阻R1与R2产生的热量之比为______ 。
20. 2022年北京市空气质量优良天数再创历史新高。监测大气污染物浓度的电路如图甲所示，气敏电阻的阻值R随污染物浓度变化的关系如图乙所示。污染物浓度增大时，监测仪表的读数变大，则该表应为图甲中的______ 表，此过程中电路的总功率______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
21. 如图所示，汽车通过滑轮组将矿井内重为9500N的物体M匀速提升了6m，所用的时间为10s，汽车的拉力F为5000N.在此过程中，滑轮组的机械效率为______，汽车拉力F的功率为______W。
22. 如图所示，水平地面上自由放置两个实心均匀正方体A和B，底面积之比为4：3，他们对地面的压力都为12N，则A对地面的压强与B对地面的压强之比为______；现将B沿竖直方向切下重力为G0部分，再将这部分叠放在A上，使此时A对地面的压强等于B剩余部分对地面的压强，则G0=______N。
23. 请用笔画线代替导线，将开关和灯泡正确连入家庭电路。
24. 请你将如图所示的光路图补充完整。
25. 如图所示为某学习小组做“探究动能大小跟哪些因素有关”实验的情景(实验甲、乙、丙中小球的质量分别为m、2m、3m)。
(1)实验中，让小球从同一高度由静止开始滚下，目的是使小球到达水平面时具有相同的______ 。
(2)实验中，通过比较木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，这种方法在物理学中叫
做______ (选填“控制变量法”或“转换法”)。
(3)小华认为由实验乙和丙可以判断动能大小与速度的关系，该观点是______ (选填“正确”或“错误”)，理由是______ 。
(4)通过比较实验甲和______ ，可以判断动能大小与物体质量的关系。
26. (1)如图甲所示为做“探究平面镜成像特点”实验的情景，其中蜡烛的高度为6cm，蜡烛与玻璃板之间的距离为10cm，则像的高度为______ cm，像到蜡烛的距离为______ cm。
(2)如图乙所示是做“探究海波熔化时温度的变化规律”实验的装置。实验时将装有海波的试管放在水中加热，而不用酒精灯直接给试管加热，这样做既可以使海波受热______ ，又可以使海波的温度上升较慢，便于记录实验数据。根据实验数据绘制的图象如图乙所示，由图象可知海波是______ (选填“晶体”或“非晶体”)。
(3)如图丙所示，在“测量小车运动的平均速度”实验中，小车沿斜面下滑的过程中做______ (选填“匀速”或“变速”)直线运动。测量并计算出小车通过斜面全程的平均速度v1和上半段的平均速度v2，它们的大小关系为v1______ v2(选填“>”“<”或“=”)。
27. 如图所示是小源测量物质密度的实验过程。
(1)将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端的零刻度线处，小源发现指针指在分度盘的右侧，此时他应
将平衡螺母向______ 侧调，使天平横梁保持平衡。
(2)如图甲所示，小源用天平测出空烧杯的质量为______ g；在烧杯中倒入适量的盐水，测出烧杯和盐水的总质量如图乙所示。
(3)将烧杯中的盐水全部倒入量筒，如图丙所示，则该盐水的体积为______ cm3，该盐水的密度为______ kg/m3。这样测出的盐水密度值会比其真实值______ (选填“大”或“小”)。
(4)小源学习了浮力知识后，利用已知密度为ρ的某种液体、一个烧杯、量筒、适量的水和一支记号笔，也巧妙地测出了一块不吸水的柱形木块的密度，已知柱形木块的体积为V木。
①将柱形木块放在烧杯里，向烧杯缓慢注入体积为V1的某种液体，当柱形木块处于如图丁所示的位置时，用记号笔标注液面的位置。
②将液体和木块倒出，擦干净烧杯后，再将柱形木块放在烧杯里，向烧杯缓慢注入体积为V2的水，使水面刚好达到①中所标注的位置，如图戊所示。
③小源判断该液体的密度和水的密度之间的大小关系是ρ液______ ρ水(选填“>”“=”或“<”)。
④该柱形木块的密度ρ木=______ (用V木、V1、V2、ρ液和ρ水表示)。
28. 雨天乘车时，小华发现小车前挡风玻璃上的刮水器随着雨的大小，刮动的速度相应的发生变化。雨停后，刮水器自动停止工作，小华查阅相关资料后，发现它的工作电路中安装有“雨水检测金属网”装置，小华想，该装置究竟在刮水器工作中起到了什么作用，于是他自制了如图1所示的雨水检测金属网(以下简称检测网)，并设计了如图2所示模拟电路进行探究。
(1)小华按照所设计的电路图连接电路，实验时，检测网未放入雨水中，电路处于断开状态，再将检测网放入雨水中，电路接通，表明雨水是______(选填“导体”或“绝缘体”).小华通过观察电路中______的变化，来判断电动机转速的变化，从而反映刮水器刮水速度的变化。
(2)将检测网竖立并浸入雨水中不同深度处进行实验，记录如下数据。
①结合上述实验将表格中的数据补充完整。
②分析数据可知，检测网浸入雨水中深度越深，电流表示数越大。这说明a、b间接入电路的电阻在______(选填“变大”或“变小”).根据影响导体电阻大小的因素可知：a、b间接入电路的电阻变化是由导体的______变化引起的。
(3)小华设计的电路在无雨水时，电动机不能转动，无法实现车窗的清洗，请你在不拆卸原电路的基础上，在该电路中加装一个电路元件，以解决此问题。
加装的元件是：______。
简述你的做法：______。
29. 中国国产第五代隐身战斗机“歼-20”已成功列装中国空军部队。“歼-20”的发动机是一种热机，通过航空燃油在气室中燃烧，从喷口向后高速喷出气体，使发动机获得向前的推力。假设“歼-20”某次在高空中飞行，在恒定的水平推力1.5×105N作用下，沿水平方向匀速航行了360km，用时0.5h，燃烧航空油2250kg。(航空油的热值为q=4.0×107J/kg)在“歼-20”的这一次航行中，求：
(1)航行的速度。
(2)发动机的功率。
(3)发动机的热机效率。
30. 2022年北京冬奥会上使用了创可贴大小的体温计(如图甲所示)，运动员只需要把体温计“创可贴”贴在皮肤上，体温就会自动测量、上报，一旦超过安全值，防疫人员将在第一时间处理。某物理兴趣小组受此启发，设计了一个皮肤温度检测装置，当检测到温度⩾37℃，电压表的示数≤3V时，便发出报警。如图乙所示为该装置的感温区电路图，电源电压恒定，R0为定值电阻，R为热敏电阻，R的阻值与温度t的关系如下表所示，电流表的量程为0∼10mA，数字式电压表的量程为0∼4V。当检测温度为33℃时，电压表的示数为3.6V。求：
(1)当电压表的示数为3V恰好报警时，电流表的示数；
(2)电源电压和定值电阻R0的阻值；
(3)在保证电路各元件安全的情况下，该装置能测量的最高温度。
31. 如图所示，盛有40kg水的柱形容器甲、乙静止在水平地面上，容器足够高，它们的底部通过一根细管(体积忽略不计)连通。已知甲、乙容器的底面积分别为S甲=0.1m2、S乙=0.3m2，水的深度为0.1m。(ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)容器中的水受到的重力是多少？
(2)水对容器底部的压强是多少？
(3)将一均质小球A放入甲或乙容器，小球A静止时沉底，此过程中水未溢出，发现甲、乙容器对地面的压力增大量相等。请判断小球A是被放入的甲容器还是乙容器并说明理由，同时求出小球A的密度大小。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：同学们满怀深情的歌声响彻整个校园是指声音的响度大，故A正确，BCD错误。
故选A。
响度：人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅和距离发声体的远近有关．振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小。
本题主要考查学生对：声音的音调、响度和音色的区分，还要和实际生活结合，是一道基础题。
2.【答案】D
【解析】解：树阴下的地面上出现的圆形光斑，是太阳光通过浓密的树叶中的小孔所成的太阳的像，是实像，是由光的直线传播形成的．
故选：D.
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念．
3.【答案】A
【解析】解：霜是固态，吸收电热丝放出的热量变成液态的水，这个过程叫熔化，故A正确，BCD错误。
故选：A。
霜是固态，根据物质从固态变为液态这一现象确定属于什么物态变化。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。
4.【答案】C
【解析】解：A、由于人体是导体，发现有人触电时，不能用手把触电者拉开，而是迅速切断电源，故A错误；
B、使用测电笔时，手要接触笔尾的金属体，但不能接触笔尖的金属体，故B错误；
C、洗衣机、电冰箱有金属外壳，必须使用三线插头，使金属外壳接地，故C正确；
D、由于生活用水含有电解质，是导体，发生电线起火时，故马上泼水救火是非常危险的，故D错误。
故选：C。
(1)发现有人触电时，应首先切断电源或使触电者脱离带电体，再进行施救；
(2)使用测电笔时，手需要接触测电笔的尾部，但不能接触试电笔的尖部；
(3)有金属外壳的用电器在使用时要接地，以防止因漏电而造成触电事故；
(4)生活中的水是导体，电线起火时，不能用水来救火。
此题考查了生活中常见的安全用电知识，要会分析，不能违反这些原则。
5.【答案】C
【解析】解：A.冰鞋上装有冰刀，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意；
B.打桩机的桩锤很重，是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强，故B不符合题意；
C.载重车装有许多车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C符合题意；
D.压路机上的碾子质量很大，是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强，故D不符合题意。
故选：C。
增大压强的方法：是在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
减小压强的方法：是在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。
6.【答案】B
【解析】解：人离列车太近时，高速列车行驶过程中，使人和列车之间的空气流动速度很大，压强很小，人外侧的压强不变，人在内外压强差的作用下，被压向列车出现事故。
故选：B。
流体的压强跟流体的速度有关，流速越大的位置，压强越小。
掌握流体压强跟流速的关系，并能解释有关流体压强的问题。
7.【答案】B
【解析】解：A、进气口和排气口均关闭，活塞向上运动为压缩冲程，是机械能转化为内能，故A错误；
B、橡皮塞崩出去，试管内气体内能转化为橡皮塞的机械能，故B正确；
C、小孩滑滑梯，为机械能转化为内能，故C错误；
D、热水壶烧水，将消耗的电能转化为水的内能，故D错误。
故选：B。
(1)先根据气门关闭和活塞运动情况判断冲程，再根据冲程进行能量判断。
(2)判断能的转化，需要知道它消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。
本题考查了不同形式的能量之间的相互转化问题，是一道基础题。
8.【答案】D
【解析】解：小丽看书时把书放得很近才能看清书本上的内容，说明小丽看不清远处物体，患的是近视眼，她眼睛的晶状体太厚，折光能力太强，成像在视网膜的前方，需要佩戴具有发散作用的凹透镜进行矫正；
爷爷看报时，总是把报纸放得离眼睛很远，说明爷爷看不清近处的物体，患的是远视眼，他眼睛的晶状体太薄，折光能力太弱，成像在视网膜的后方，需要佩戴具有会聚作用的凸透镜进行矫正。
综上所述，小丽的爷爷配戴凸透镜、小丽配戴凹透镜来矫正视力。故D正确。
故选：D。
近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体；而远视眼能够看清远处的物体，但不能看清近处的物体；
近视眼需要戴一个凹透镜来矫正，远视眼需要配戴凸透镜进行矫正。
正常人的眼睛是成像在视网膜上的，若像不成在视网膜上，这样的眼睛是病态的，成在视网膜前方的是近视眼，成在视网膜后面的是远视眼。
9.【答案】A
【解析】解：采用感应芯片计时，参赛者须按要求正确佩带计时芯片，当参赛者通过起点、终点设置的磁感应带时，芯片里的线圈切割磁感线运动，因此线圈中就会产生感应电流，从而激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信息；
A.图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故A正确；
BC.图中给导体通电，导体会运动，利用的是通电导体受到磁场力的作用，故BC错误；
D.图中是奥斯特实验，说明通电直导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故D错误。
故选：A。
电磁感应现象：闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流。
本题考查了电磁感应现象的应用，难度不大，属于基础题。
10.【答案】B
【解析】解：A、到达空间站的信件位置改变，但质量不变，故A正确；
B、空间站利用的太阳能可直接从自然界获得，属于一次能源，故B错误；
C、电磁波向地球传递信息的速度大约是3×10⁸m/s，故C正确；
D、空间站所用的太阳能电池板将太阳能转化为电能，太阳能可从自然界源源不断获得，属于可再生能源，故D正确。
故选：B。
(1)质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关；
(2)能从自然界直接获得的能源，属于一次能源；
(3)电磁波在真空和空气中的传播速度约为3×10⁸m/s；
(4)太阳能电池板将太阳能转化为电能，太阳能属于可再生能源。
本题以航天事件为背景，考查了对质量、能源分类、太阳能利用、电磁波等的了解与应用，综合性强，但难度不大。
11.【答案】C
【解析】解：不计机械自重和摩擦，设物重为G，由图知：
A、此装置是滑轮组，承担物重的绳子有3股，所以F3=13G；
B、根据杠杆的平衡条件可知：F1×2L=G×L，故F1=12G；
C、此装置是定滑轮，不能省力，所以F2=G；
D、此装置是斜面，可以省力，斜面的长度是高的二倍，所以F4=12G。
比较可知，上述装置中，拉力最大的是C。
故选：C。
(1)由图示杠杆求出动力臂与阻力臂的关系，然后由杠杆平衡条件求出拉力F1；
(2)定滑轮不能省力，但能改变力的方向；
(3)滑轮组是动滑轮、定滑轮的组合，可以省力，也可以改变力的方向；
(4)使用斜面的好处是可以省力，但费距离。
本题考查了学生对杠杆、滑轮、滑轮组以及斜面特点的理解和运用，利用好“不计机械自重和摩擦”是本题的关键。
12.【答案】A
【解析】
【分析】
当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大，表明通过电动机的电流变大，据此分析。
本题考查了电路图的设计，明确电路的连接方式和串并联电路的特点是解题的关键。
【解答】
根据题意可知，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，通过电动机的电流变大；
A、滑动变阻器与电动机串联接入电路中，踏板向下移动，滑动变阻器接入电路电阻减小，根据欧姆定律可知，电流变大，故A符合题意；
B、滑动变阻器与电动机串联接入电路中，踏板向下移动，滑动变阻器接入电路电阻变大，根据欧姆定律可知，电流变小，故B不符合题意；
CD、滑动变阻器与电动机并联接入电路中，踏板向下移动，根据并联电路特点可知，各支路互不影响，通过电动机的电流不变，故CD不符合题意；
故选：A。
13.【答案】C
【解析】解：A、摄像头成像的原理与照相机原理相同，故A错误；
BD、摄像头拍摄时，物距大于二倍焦距，所成的像为倒立、缩小的实像，故BD错误；
C、摄像头的镜头相当于凸透镜，u>2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，汽车的像越来越大，物距越来越小，所以汽车靠近摄像头，故C正确。
故选：C。
(1)根据凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大来解答此题。
(2)u>2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，2f>v>f，应用于照相机和摄像头。
掌握凸透镜成像的三种情况，掌握三种情况的物距、像距、像的性质。
14.【答案】CD
【解析】解：A.任何物体在任何时候都具有惯性，所以小朋友也具有惯性，故A错误。
B.物体运动状态的改变包括速度大小和速度方向发生了变化，小朋友沿滑梯下滑得越来越快，速度变大，所以运动状态也在改变，受非平衡力，故B错误。
C.动能的影响因素为速度和质量，小朋友沿滑梯下滑得越来越快，速度在变大，所以动能在增加，故C正确。
D.重力势能的影响因素为高度和质量，小朋友由滑梯顶端往下滑，高度在减小，所以重力势能在减少，故D正确。
故选：CD。
任何物体都有惯性；物体运动状态的改变包括速度大小和速度方向发生了变化；动能的影响因素为速度和质量；重力势能的影响因素为高度和质量。
本题综合考查惯性，运动状态，动能和重力势能等方面，考查学生的综合掌握能力。
15.【答案】BC
【解析】解：由电路图可知，开关闭合后，两灯泡串联，电流表A、A1均测电路中的电流，电压表V1测L1两端电压，电压表V测电源电压；
因串联电路中各处的电流相等，所以电流表A1、A的示数相等；
两灯都发光，这说明每个灯泡两端都有电压，因串联电路中总电压等于各用电器两端电压之和，所以电压表V的示数一定比电压表V1的示数大；
综上所述，BC正确。
故选：BC。
由电路图可知，开关闭合后，两灯泡串联，电流表A、A1均测电路中的电流，电压表V1测L1两端电压，电压表V测电源电压。
(1)根据串联电路的电压特点分析电压表示数的大小情况；
(2)根据串联电路的电流特点可知两电流表的示数关系。
本题考查了串联电路的电压特点和串联电路电流特点的应用，关键是正确分析电路的连接方式和电表的作用。
16.【答案】AB
【解析】解：A、两容器相同，液体的质量相同，重力相同，草莓的重力相同，容器的总重力相同，对桌面的压力相同，根据p=FS可知，两容器中有草莓时，对水平面的压强相等，故A正确；
B、由图乙可知，草莓a漂浮在液面上，草莓a的密度要小于液体的密度，草莓b下沉，草莓b的密度要大于液体的密度，所以草莓a的密度小于草莓b的密度，故B正确；
C、草莓c在盐水和清水中是全部浸没的，排开的液体的体积相同，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，所受浮力不相等，故C错误；
D、草莓a漂浮在液体中，受到的浮力等于自身的重力，浮力等于其排开的液体的重力；草莓b和草莓c在液体中浸没，排开的液体的体积相同，根据mG=mg=ρVg可知，草莓b和草莓c排开的液体水的重力要大于排开的水的重力，则容器底部受到盐水的压力要大于水的压力，根据p=FS可知，盐水对容器底部的压强要大一些，故D错误。
故选：AB。
(1)根据容器的总重力分析压力的大小，根据p=FS分析水平面受到的压强的大小；
(2)根据物体的浮沉条件分析a和b密度的大小；
(3)根据阿基米德原理分析草莓c受到的浮力的大小；
(4)根据草莓的浮力、液体的重力分析压力的大小，根据p=FS分析容器底部受到的压强的大小。
此题考查液体压强公式、阿基米德原理、以及物体浮沉条件及其应用，是一道综合性很强的题目，对学生要求较高，只有对相关知识点熟练掌握，并能灵活运用，才能正确作答。
17.【答案】比热容 扩散
【解析】解：
(1)因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，故湖水能有效调节周围环境的气温；
(2)漫步在湖边小道上，人们闻到阵阵荷花香，这是荷花的香味分子在不停地做无规则的运动造成的，属于扩散现象。
故答案为：比热容；扩散。
(1)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析；
(2)两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象，扩散现象表明分子不停地做无规则的运动。
本题考查了水的比热容大的应用及扩散现象，贴近生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣，也体现了新课标的要求。
18.【答案】电功；197.6
【解析】解：电能表是用来测量电功的仪表；
小军家这个月用电量：W=1160.2kW⋅h-962.6kW⋅h=197.6kW⋅h.
故答案为：电功；197.6.
电能表是用来记录用电器消耗电能的仪表；每月的用电量等于月末电能表示数与月初示数之差．
题考查了：电能表的读数、用电量的计算，这不仅是初中物理学习的需要，也是我们日常生活需要掌握的基本能力，一定要掌握．
19.【答案】电阻 1：2
【解析】解：由图可知，R1、R2串联，根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R2的电流相等，R1、R2的通电时间也相同，而R1、R2的阻值不同，所以此装置可探究电流产生的热量与电阻的关系；
通电2min，电阻R1与R2产生的热量之比：Q1Q2=I2R1tI2R2t=R1R2=5Ω10Ω=12。
故答案为：电阻；1：2。
(1)电流通过导体产生热量的多少与电流大小、电阻大小以及通电时间有关，根据控制变量法分析解答；
(2)根据串联电路的电流特点和Q=I2Rt求出通电2min，电阻R1与R2产生的热量之比。
本题考查串联电路的特点、电流热效应的影响因素、控制变量法以及焦耳定律的应用，是一道基础题。
20.【答案】电流 变大
【解析】解：由电路图可知，闭合开关R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
当污染物浓度增大时，根据图乙可知，气敏电阻的阻值减小，总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；由串联电路的分压规律可知，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表示数变小；
由题知，污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，所以监测仪表应为电流表；
电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知，总功率变大。
故答案为：电流；变大。
由电路图可知，闭合开关R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知当污染物浓度增大时气敏电阻R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，由串联电路的分压规律可知电压表示数的变化，据此结合题意判断监测仪表是电流表还是电压表；
根据P=UI判定总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率公式的应用，由图像得出气敏电阻的阻值与污染物浓度的关系是关键。
21.【答案】95%6000
【解析】解：(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh=2×6m=12m，
拉力做的总功：W总=Fs=5000N×12m=60000J，
物体的重力：G=9500N，
拉力做的有用功：W有=Gh=9500N×6m=57000J，
滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=57000J60000J×100%=95%；
(2)拉力做功的功率：P=W总t=60000J10s=6000W。
故答案为：95%；6000。
(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功；根据G=mg求物体的重力；利用W有=Gh求有用功；利用η=W有W总×100%求滑轮组的机械效率；
(2)利用P=W总t求拉力做功的功率。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率和机械效率的计算，是一道基础题。
22.【答案】3：4 4
【解析】解：(1)由p=FS可得，A对地面的压强与B对地面的压强之比：
pApB=FSAFSB=SBSA=34；
(2)因正方体的重力G=mg=ρVg=ρShg，
所以，将B沿竖直方向切下重力为G0部分，B剩余部分和与原来的底面积之比：
SB'SB=GBρBhg-G0ρBhgGBρBhg=GB-G0GB=12N-G012N，
则B剩余部分的底面积：
SB'=12N-G012NSB，
B剩余部分对地面的压强：
pB'=FB'SB'=12N-G012N-G012NSB=12NSB，
B沿竖直方向切下重力为G0部分，再将这部分叠放在A上后，A对地面的压强：
pA'=FA'SA=12N+G0SA，
因此时A对地面的压强等于B剩余部分对地面的压强，
所以，12NSB=12N+G0SA，则SASB=12N+G012N=43，
解得：G0=4N。
故答案为：3：4；4。
(1)知道两个实心均匀正方体A和B的底面积之比以及对地面的压力相等，根据p=FS求出A对地面的压强与B对地面的压强之比；
(2)将B沿竖直方向切下重力为G0部分，再将这部分叠放在A上，根据正方体的重力G=mg=ρVg=ρShg求出B剩余部分和与原来的底面积之比，进一步求出B剩余部分的底面积，根据p=FS=GS表示出B剩余部分对地面的压强和B切下部分叠放在A上后对地面的压强，根据此时A对地面的压强等于B剩余部分对地面的压强相等得出等式即可得出答案。
本题考查了压强公式的灵活应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
23.【答案】解：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；如下图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
24.【答案】解：由图知，入射光线过光心，则它的传播方向不变；折射光线平行于主光轴射出，则入射光线的延长线过凹透镜另一侧的焦点，先用虚线连接入射点和右侧焦点F，然后用实线延长作出入射光线，如下图所示：
【解析】凹透镜有三条特殊光线：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，折射光线的反向延长线过虚焦点；过光心的光线传播方向不变；入射光线的延长线过凹透镜另一侧的焦点，折射光线平行于主光轴射出，据此作图。
关于凹透镜，有三条特殊的入射光线：①平行于主光轴；②入射光线的延长线射过另一侧的焦点；③过光心的，每条特殊的入射光线对应的折射光线都有自己的特点，根据两者的对应关系可以利用入射光线作出折射光线；也可以利用折射光线作出对应的入射光线。
25.【答案】速度 转换法 错误 没有控制小球质量相同 乙
【解析】解：(1)让不同质量的两个小球从同一高度由静止滚下，使小球到达水平面时的速度是相同的；
(2)木块B被小球撞击后移动的距离s越大，说明小球对木块做的功越多，也反映了小球具有的动能越大；木块的距离长短反映了物体动能的大小，这种方法叫作转换法；
(3)由图知实验步骤乙和实验步骤丙的质量和下落的高度都不同，不可以判断动能大小与速度的关系；
(4)要探究动能大小与物体质量的关系，需要控制速度相同，改变物体的质量，步骤甲、乙符合题意。
故答案为：(1)速度；(2)转换法；(3)错误；没有控制小球质量相同；(4)乙。
(1)当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；
(2)木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，这是一种转换法的思想；
(3)找出实验步骤乙和实验步骤丙的相同量和不同量，根据控制变量法分析解答；
(4)要探究动能大小与物体质量的关系，需要控制速度相同，改变物体的质量。
本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。从图中现象发现质量、速度的不同是此题的关键。
26.【答案】6 20 均匀 晶体 变速 >
【解析】解：(1)根据平面镜成像特点，像和物体大小相等，已知蜡烛的高度为6cm，所以像的高度为6cm。
像和物体关于平面镜对称，已知蜡烛与玻璃板之间的距离为10cm，所以像到玻璃板的距离为10cm，像到蜡烛的距离为20 cm；
(2)实验时将装有海波的试管放到水中加热，而不用酒精灯直接给试管加热，这样做既可以使海波受热均匀，又可以使海波的温度上升较慢，便于记录数据；
由图乙可知，海波在3min到7min处于熔化过程，温度保持不变，有固定的熔点，因此海波属于晶体；
(3)小车从斜面顶端到底端的过程中做加速运动，速度越来越大，故小车通过斜面全程的平均速度v1大于上半段的平均速度v2。
故答案为：(1)6；20；(2)均匀；晶体；(3)变速；>。
(1)根据平面镜成像的特点物像大小相等分析解答。平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像物关于平面镜对称；
(2)使用水浴法给物体加热的好处是物体受热均匀，且物体的温度升高的速度比直接用酒精灯进行加热时的慢，便于记录数据；
晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
(3)小车做加速运动，可得上半段路程、下半段路程和斜面全程的平均速度大小关系。
本题考查“平面镜成像特点”、”晶体熔化“、“测小车的平均速度”的实验中的相关知识。
27.【答案】左 ×103 大 >ρ水ρ液(V1-V2)V木(ρ液-ρ水)
【解析】解：(1)用天平测量物体的质量时，将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针指在分度盘的右侧，则应将平衡螺母向左调，使天平横梁平衡；
(2)标尺的分度值为0.2g，空杯的质量m杯=10g+5g+4.6g=19.6g；
(3)如图丙，读出盐水的体积V=40cm3，如图乙，盐水和空杯总质量m总=50g+10g+5g+4.6g=69.6g，盐水的质量m盐=m总-m杯=50g，盐水的密度ρ=mV=50g40cm3=1.25g/cm3=1.25×103kg/m3，将烧杯中的盐水全部倒入量筒，烧杯中还有部分盐水残留末倒入量筒，导致盐水的质量是准确的，体积偏小，根据ρ=mV可知，测得的密度值将偏大；
(4)③如图丁、戊所示，木块均是漂浮状态，所受浮力与重力相等
在图丁中，F浮=G木=ρ木V木g=ρ液gV排1，
在图戊中，F浮=G木=ρ木V木g=ρ水gV排2，
ρ液gV排1=ρ水gV排2，由图知V排1ρ水；
④图丁、戊中，液面高度相等，可知V排1+V1=V排2+V2，得V1-V2=V排2-V排1，
由③分析可得V排1=ρ木V木ρ液g，V排2=ρ木V木ρ水g，
所以V1-V2=V排2-V排1=ρ木V木ρ水g-ρ木V木ρ液g
解得ρ木=ρ水ρ液(V1-V2)V木(ρ液-ρ水)。
故答案为：(1)左；(2)19.6；(3)40；1.25×103；大；(4)>；ρ水ρ液(V1-V2)V木(ρ液-ρ水)。
(1)调节天平平衡时，如果指针左偏，将平衡螺母向右调，指针右偏，将平衡螺母向左调；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺的分度值；
(3)读出盐水的体积，根据体积的变化分析密度的变化；
(4)根据阿基米德原理与沉浮条件进行比较与计算。
本题考查密度实验过程中天平的调节、密度的计算、浮力公式的运用，综合性强。
28.【答案】导体 电流表示数 0 变小 横截面积 开关 将开关与检测网并联
【解析】解：(1)由题意“检测网未放入雨水中，电路处于断开状态，再将检测网放入雨水中，电路接通”可知雨水是导体，刮水器随着雨的大小，刮动的速度相应的发生变化，因此小华通过观察电路中电流表示数的变化，来判断电动机转速的变化；
(2)①根据上述实验可知，检测网未浸入水中时，电路没有接通，因此电流表示数为0；
②分析表中数据可知，检测网浸入雨水中深度越深，电流表示数越大。这说明a、b间接入电路的电阻在变小，根据影响导体电阻大小的因素可知：a、b间接入电路的电阻变化是由导体的横截面积变化引起的。
(3)在不拆卸原电路的基础上，在该电路中加装一个开关元件，并且将开关与检测网并联，可以解决此问题；
故答案为：(1)导体；电流表示数；(2)①0；②变小；横截面积(3)开关；将开关与检测网并联。
(1)根据“检测网未放入雨水中，电路处于断开状态，再将检测网放入雨水中，电路接通”，结合导体和绝缘体的定义填写第一个空，根据刮水器随着雨的大小，刮动的速度相应的发生变化可填写第二个空；
(2)①检测网未浸入水中时，电路是断开的，因此电流表无示数；
①影响导体电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积，另外还与温度有关。
(3)根据开关的控制作用分析。
此题考查到导体的应用，影响导体电阻大小的因素等相关知识点，其中(3)“在不拆卸原电路的基础上，在该电路中加装一个电路元件，以解决此问题，”是此题的难点，需认真阅读材料方可解答。
29.【答案】解：(1)飞机航行的速度为：v=st=360km0.5h=720km/h=200m/s。
(2)发动机的功率为：P=Wt=Fst=Fv=1.5×105N×200m/s=3×107W。
(3)发动机做的有用功为：W=Fs=1.5×105N×360×103m=5.4×1010J；
航空油完全燃烧放出的热量为：Q放=mq=2250kg×4.0×107J/kg=9×1010J；
发动机的热机效率为：η=W有Q放=5.4×1010J9×1010J=60%。
答：(1)飞机航行的速度为720km/h。
(2)发动机的功率为3×107W。
(3)发动机的热机效率为60%。
【解析】(1)根据速度公式v=st计算飞机航行的速度。
(2)根据P=Fv计算发动机的功率。
(3)根据效率公式计算热机效率。
本题主要考查了速度、功率和效率的基本计算，属于常考题目。
30.【答案】解：(1)由图乙可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测热敏电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，
由表格可知当检测温度为37℃时，热敏电阻的阻值为400Ω，
由题意可知此时电压表示数为3V，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I''=UR1R1=3V400Ω=0.0075A；
(2)由表格可知当检测温度为33℃时，热敏电阻的阻值为600Ω，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I'=URR=3.6V600Ω=0.006A，
串联电路各处电流相等，串联电路总电压等于各部分电压之和，
根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R0=U-URI，代入数据可得U-3V0.0075A=U-，
解得：U=6V，R0=400Ω；
(3)电流表量程为0∼10mA，当通过电路的电流最大为10mA=0.01A时，根据U=IR可知定值电阻两端的电压最大，根据串联电路电压规律可知电压表示数最小，
此时定值电阻两端的电压：U0=IR0=0.01A×400Ω=4V，
热敏电阻两端的电压：UR=U-U0=6V-4V=2V，
热敏电阻的阻值：R=UR'I=2V0.01A=200Ω，由表格可知此时的温度为41℃。
答：(1)当电压表示数为3V恰好报警报警时，电流表的示数为0.0075A；
(2)电源电压为6V，定值电阻R0的阻值为400Ω；
(3)在保证电路各元件安全的情况下，该装置能测量的最高温度为41℃。
【解析】(1)由图2可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测热敏电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，
由表格可知当检测温度为37℃时，热敏电阻的阻值为400Ω，由题意可知此时电压表示数为3V，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流；
(2)由表格可知当检测温度为33℃时，热敏电阻的阻值为600Ω，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，根据串联电路电流特点、串联电路电压规律结合欧姆定律列方程可得电源电压和定值电阻的阻值；
(3)根据电流表的量程确定通过电路的最大电流，根据串联电路特点结合欧姆定律计算此时热敏电阻的阻值，进一步确定此时的温度。
本题考查串联电路特点、欧姆定律的灵活运用，有一定难度。
31.【答案】解：(1)容器中的水受到的重力：G水=m水g=40kg×10N/kg=400N；
(2)水对容器底部的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa；
(3)因甲、乙的底部用一根轻质细软管连通形成连通器，
所以，甲、乙容器中水面始终相平，实心小球A放入容器中两边水对容器底部压强的增加量相同，
又因S甲所以，由F=pS可知，甲容器中水对容器底的压力增加量小，
又因为柱形容器中液体对容器底的压力增加量等于容器中增加的液体的重力，
而容器对地面的压力增加量也等于容器中增加的液体的重力，
所以柱形容器对地面的压力增加量与液体对容器底的压力增加量相等，
设小球对容器的压力为F压，
因甲、乙容器对地面的压力增加量相等，
由ΔF压=ΔF水+F压可知，小球必须对甲容器底有压力，即小球放入甲容器；
因物体对水平面的压力和自身的重力相等，且甲、乙容器对地面的压力增加量相等，所以，ΔF甲容=ΔF乙容=G2，
设实心小球A的体积为VA，则水面上升的高度：Δh=VAS甲+S乙，
水对乙容器底压强的增加量：Δp水=ρ水gΔh=ρ水gVAS甲+S乙，
水对乙容器底压力的增加量：ΔF水=Δp水S乙=ρ水gVAS甲+S乙S乙，
实心小球A的重力：GA=mAg=ρAVAg，
由ΔF乙容=G2可得，ρ水gVAS甲+S乙S乙=12ρAVAg，
则ρA=2ρ水S乙S甲+S乙=2×1×103kg/m3×+0.3m2=1.5×103kg/m3。
答：(1)水的重力为400N；
(2)水对容器底部的压强为1000Pa；
(3)因甲、乙的底部用一根轻质细软管连通形成连通器，甲、乙容器中水面始终相平，实心小球A放入容器中两边水对容器底部压强的增加量相同，因为S甲【解析】(1)利用G=mg求水的重力；
(2)利用p=ρ液gh求水对容器底部的压强；
(3)根据连通器原理可知，放入小球后两容器液面变化相同，利用F=pS判断放入小球后液体对容器底部的压力增加量，根据柱形容器对地面的压力增加量与液体对容器底的压力增加量的关系分析出两容器由于液体压力增加而导致的对地面的增加量，进而判断小球应放在哪个容器中；利用p=ρ液gh结合G=mg=ρVg列出方程求解小球的密度。
本题考查了密度、重力、压强的综合计算，难度较大，关键是分析出柱形容器对地面的压力增加量与液体对容器底的压力增加量相等。
检测网浸入雨水中的部分
未浸入
13浸入
23浸入
全部浸入
电流表的示数/A
______
0.16
0.20
0.32
t/℃
33
34
35
36
37
38
39
40
41
42
R/Ω
600
550
500
450
400
350
300
250
200
150
A. 响度大B. 音调高C. 音色好D. 频率高
2. 在阳光灿烂的日子里，行走在绿树成荫的街道上，常见到地上有一些圆形的光斑，这些光斑是
A. 树叶的影子B. 树叶的实像C. 太阳的虚像D. 太阳的实像
3. 电冰箱除霜时，通过电热丝把霜加热成水，这种物态变化称为
A. 熔化B. 液化C. 升华D. 凝华
4. 下列有关“安全用电”的说法，正确的是( )
A. 发现有人触电时，立即用手把触电者拉开
B. 使用测电笔时，手可以接触测电笔的任何部位
C. 使用洗衣机、电冰箱时，必须使用三线插头，使金属外壳接地
D. 发生电线起火时，马上泼水救火
5. 下列事例为了减小压强的是( )
A. 冰鞋上装有冰刀B. 打桩机的桩锤很重
C. 载重车装有许多车轮D. 压路机上的碾子质量很大
6. 在2022年德国柏林国际轨道交通技术展览会上，中国时速600千米的最快磁浮交通系统惊艳亮相。当高速列车经过时，若人离铁轨太近，容易被吸进铁轨，应特别注意安全。从物理学的角度看，这是因为高速行驶的列车与人之间的( )
A. 空气流速增大，压强增大B. 空气流速增大，压强减小
C. 空气流速减小，压强增大D. 空气流速减小，压强减小
7. 下图中，内能转化为机械能的是( )
A. B.
C. D.
8. 小丽看书时把书放得很近才能看清书本上的内容，而她的爷爷看报时，总是把报纸放得离眼睛很远，小丽的爷爷和小丽的眼睛分别应配戴什么透镜的眼镜才能矫正视力( )
A. 都是凸透镜B. 都是凹透镜C. 凹透镜和凸透镜D. 凸透镑和凹透镜
9. 宿迁马拉松将于4月2日鸣枪开跑，比赛时常采用感应芯片计时，芯片里的线圈一旦有电流通过，就会激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信息。当正确佩带芯片的参赛者通过起点和终点设置有磁场的地带时，就能计时，下列器件工作原理与它相同的是( )
A. B.
C. D.
10. 在“‘2023带着我的梦想上天宫！’中国空间站期待你的来信”活动中，航天员陈冬通过央视新闻网展示了来自广西柳州驾鹤路小学某同学的梦想。下列描述不正确的是( )
A. 到达空间站的信件质量不变
B. 空间站利用的太阳能属于二次能源
C. 通过电磁波向地球传递信息的速度大约是3×10⁸m/s
D. 空间站所用的太阳能电池板将可再生能源太阳能转化为电能
11. 用下列四种方式匀速提升同一物体(不计机械自重和摩擦)，其中拉力最大的是
A. B.
C. D.
12. 为了减少碳排放，国家大力推行电动汽车。电动汽车的速度由流经电动机的电流大小控制，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大。下列是该电动汽车的模拟电路，其中符合要求的是( )
A. B. C. D.
13. 某交通要道口的监控摄像头先后拍下违章行驶汽车的甲、乙两张照片(如图所示)，则下列说法正确的是( )
A. 摄像头成像原理与放大镜成像原理相同
B. 拍摄时所成的像是倒立、放大的实像
C. 由此可以看出违章汽车此时在靠近摄像头
D. 两次成像的物距均在一倍焦距和二倍焦距之间
14. 如图所示，小朋友沿滑梯下滑得越来越快。关于该过程，下列说法正确的是( )
A. 小朋友不具有惯性
B. 小朋友受到平衡力的作用
C. 小朋友的动能增大
D. 小朋友的重力势能减小
15. 如图所示电路，电源电压恒定，开关闭合后两灯均发光，各电表均有示数，根据你所学的知识判断，下列说法中正确的是( )
A. 这是个既有串联又有并联的电路
B. 两电流表的示数一定相等
C. 电压表V的示数一定比电压表V1的示数大
D. 两电压表的示数有可能相等
16. 水平面上有甲、乙两个相同的容器，装有质量相等的盐水和清水，小明先用盐水浸泡草莓，然后放入清水中清洗。草莓在盐水和清水中的浮沉情况如图所示。草莓由盐水到清水带走的盐水和草莓质量变化忽略不计。下列判断正确的是( )
A. 两容器中有草莓时，对水平面的压强相等
B. 草莓a的密度小于草莓b的密度
C. 草莓c在盐水和清水中所受浮力相等
D. 两容器中有草莓时，容器底受到液体压强相等
17. 爱莲湖的湖水对周围气温起到很好的调节作用，这是由于水的______ 较大；漫步在湖边小道上，闻到阵阵的荷花香，这是属于______ 现象。
18. 电能表是用来测______ 的仪表，如图是小军家月初和月末电能表的示数，则他家本月用电______ kW⋅h.
19. 用如图所示的装置可探究电流产生的热量与______ 关系；通电2min，电阻R1与R2产生的热量之比为______ 。
20. 2022年北京市空气质量优良天数再创历史新高。监测大气污染物浓度的电路如图甲所示，气敏电阻的阻值R随污染物浓度变化的关系如图乙所示。污染物浓度增大时，监测仪表的读数变大，则该表应为图甲中的______ 表，此过程中电路的总功率______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
21. 如图所示，汽车通过滑轮组将矿井内重为9500N的物体M匀速提升了6m，所用的时间为10s，汽车的拉力F为5000N.在此过程中，滑轮组的机械效率为______，汽车拉力F的功率为______W。
22. 如图所示，水平地面上自由放置两个实心均匀正方体A和B，底面积之比为4：3，他们对地面的压力都为12N，则A对地面的压强与B对地面的压强之比为______；现将B沿竖直方向切下重力为G0部分，再将这部分叠放在A上，使此时A对地面的压强等于B剩余部分对地面的压强，则G0=______N。
23. 请用笔画线代替导线，将开关和灯泡正确连入家庭电路。
24. 请你将如图所示的光路图补充完整。
25. 如图所示为某学习小组做“探究动能大小跟哪些因素有关”实验的情景(实验甲、乙、丙中小球的质量分别为m、2m、3m)。
(1)实验中，让小球从同一高度由静止开始滚下，目的是使小球到达水平面时具有相同的______ 。
(2)实验中，通过比较木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，这种方法在物理学中叫
做______ (选填“控制变量法”或“转换法”)。
(3)小华认为由实验乙和丙可以判断动能大小与速度的关系，该观点是______ (选填“正确”或“错误”)，理由是______ 。
(4)通过比较实验甲和______ ，可以判断动能大小与物体质量的关系。
26. (1)如图甲所示为做“探究平面镜成像特点”实验的情景，其中蜡烛的高度为6cm，蜡烛与玻璃板之间的距离为10cm，则像的高度为______ cm，像到蜡烛的距离为______ cm。
(2)如图乙所示是做“探究海波熔化时温度的变化规律”实验的装置。实验时将装有海波的试管放在水中加热，而不用酒精灯直接给试管加热，这样做既可以使海波受热______ ，又可以使海波的温度上升较慢，便于记录实验数据。根据实验数据绘制的图象如图乙所示，由图象可知海波是______ (选填“晶体”或“非晶体”)。
(3)如图丙所示，在“测量小车运动的平均速度”实验中，小车沿斜面下滑的过程中做______ (选填“匀速”或“变速”)直线运动。测量并计算出小车通过斜面全程的平均速度v1和上半段的平均速度v2，它们的大小关系为v1______ v2(选填“>”“<”或“=”)。
27. 如图所示是小源测量物质密度的实验过程。
(1)将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端的零刻度线处，小源发现指针指在分度盘的右侧，此时他应
将平衡螺母向______ 侧调，使天平横梁保持平衡。
(2)如图甲所示，小源用天平测出空烧杯的质量为______ g；在烧杯中倒入适量的盐水，测出烧杯和盐水的总质量如图乙所示。
(3)将烧杯中的盐水全部倒入量筒，如图丙所示，则该盐水的体积为______ cm3，该盐水的密度为______ kg/m3。这样测出的盐水密度值会比其真实值______ (选填“大”或“小”)。
(4)小源学习了浮力知识后，利用已知密度为ρ的某种液体、一个烧杯、量筒、适量的水和一支记号笔，也巧妙地测出了一块不吸水的柱形木块的密度，已知柱形木块的体积为V木。
①将柱形木块放在烧杯里，向烧杯缓慢注入体积为V1的某种液体，当柱形木块处于如图丁所示的位置时，用记号笔标注液面的位置。
②将液体和木块倒出，擦干净烧杯后，再将柱形木块放在烧杯里，向烧杯缓慢注入体积为V2的水，使水面刚好达到①中所标注的位置，如图戊所示。
③小源判断该液体的密度和水的密度之间的大小关系是ρ液______ ρ水(选填“>”“=”或“<”)。
④该柱形木块的密度ρ木=______ (用V木、V1、V2、ρ液和ρ水表示)。
28. 雨天乘车时，小华发现小车前挡风玻璃上的刮水器随着雨的大小，刮动的速度相应的发生变化。雨停后，刮水器自动停止工作，小华查阅相关资料后，发现它的工作电路中安装有“雨水检测金属网”装置，小华想，该装置究竟在刮水器工作中起到了什么作用，于是他自制了如图1所示的雨水检测金属网(以下简称检测网)，并设计了如图2所示模拟电路进行探究。
(1)小华按照所设计的电路图连接电路，实验时，检测网未放入雨水中，电路处于断开状态，再将检测网放入雨水中，电路接通，表明雨水是______(选填“导体”或“绝缘体”).小华通过观察电路中______的变化，来判断电动机转速的变化，从而反映刮水器刮水速度的变化。
(2)将检测网竖立并浸入雨水中不同深度处进行实验，记录如下数据。
①结合上述实验将表格中的数据补充完整。
②分析数据可知，检测网浸入雨水中深度越深，电流表示数越大。这说明a、b间接入电路的电阻在______(选填“变大”或“变小”).根据影响导体电阻大小的因素可知：a、b间接入电路的电阻变化是由导体的______变化引起的。
(3)小华设计的电路在无雨水时，电动机不能转动，无法实现车窗的清洗，请你在不拆卸原电路的基础上，在该电路中加装一个电路元件，以解决此问题。
加装的元件是：______。
简述你的做法：______。
29. 中国国产第五代隐身战斗机“歼-20”已成功列装中国空军部队。“歼-20”的发动机是一种热机，通过航空燃油在气室中燃烧，从喷口向后高速喷出气体，使发动机获得向前的推力。假设“歼-20”某次在高空中飞行，在恒定的水平推力1.5×105N作用下，沿水平方向匀速航行了360km，用时0.5h，燃烧航空油2250kg。(航空油的热值为q=4.0×107J/kg)在“歼-20”的这一次航行中，求：
(1)航行的速度。
(2)发动机的功率。
(3)发动机的热机效率。
30. 2022年北京冬奥会上使用了创可贴大小的体温计(如图甲所示)，运动员只需要把体温计“创可贴”贴在皮肤上，体温就会自动测量、上报，一旦超过安全值，防疫人员将在第一时间处理。某物理兴趣小组受此启发，设计了一个皮肤温度检测装置，当检测到温度⩾37℃，电压表的示数≤3V时，便发出报警。如图乙所示为该装置的感温区电路图，电源电压恒定，R0为定值电阻，R为热敏电阻，R的阻值与温度t的关系如下表所示，电流表的量程为0∼10mA，数字式电压表的量程为0∼4V。当检测温度为33℃时，电压表的示数为3.6V。求：
(1)当电压表的示数为3V恰好报警时，电流表的示数；
(2)电源电压和定值电阻R0的阻值；
(3)在保证电路各元件安全的情况下，该装置能测量的最高温度。
31. 如图所示，盛有40kg水的柱形容器甲、乙静止在水平地面上，容器足够高，它们的底部通过一根细管(体积忽略不计)连通。已知甲、乙容器的底面积分别为S甲=0.1m2、S乙=0.3m2，水的深度为0.1m。(ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)容器中的水受到的重力是多少？
(2)水对容器底部的压强是多少？
(3)将一均质小球A放入甲或乙容器，小球A静止时沉底，此过程中水未溢出，发现甲、乙容器对地面的压力增大量相等。请判断小球A是被放入的甲容器还是乙容器并说明理由，同时求出小球A的密度大小。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：同学们满怀深情的歌声响彻整个校园是指声音的响度大，故A正确，BCD错误。
故选A。
响度：人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅和距离发声体的远近有关．振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小。
本题主要考查学生对：声音的音调、响度和音色的区分，还要和实际生活结合，是一道基础题。
2.【答案】D
【解析】解：树阴下的地面上出现的圆形光斑，是太阳光通过浓密的树叶中的小孔所成的太阳的像，是实像，是由光的直线传播形成的．
故选：D.
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念．
3.【答案】A
【解析】解：霜是固态，吸收电热丝放出的热量变成液态的水，这个过程叫熔化，故A正确，BCD错误。
故选：A。
霜是固态，根据物质从固态变为液态这一现象确定属于什么物态变化。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。
4.【答案】C
【解析】解：A、由于人体是导体，发现有人触电时，不能用手把触电者拉开，而是迅速切断电源，故A错误；
B、使用测电笔时，手要接触笔尾的金属体，但不能接触笔尖的金属体，故B错误；
C、洗衣机、电冰箱有金属外壳，必须使用三线插头，使金属外壳接地，故C正确；
D、由于生活用水含有电解质，是导体，发生电线起火时，故马上泼水救火是非常危险的，故D错误。
故选：C。
(1)发现有人触电时，应首先切断电源或使触电者脱离带电体，再进行施救；
(2)使用测电笔时，手需要接触测电笔的尾部，但不能接触试电笔的尖部；
(3)有金属外壳的用电器在使用时要接地，以防止因漏电而造成触电事故；
(4)生活中的水是导体，电线起火时，不能用水来救火。
此题考查了生活中常见的安全用电知识，要会分析，不能违反这些原则。
5.【答案】C
【解析】解：A.冰鞋上装有冰刀，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意；
B.打桩机的桩锤很重，是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强，故B不符合题意；
C.载重车装有许多车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C符合题意；
D.压路机上的碾子质量很大，是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强，故D不符合题意。
故选：C。
增大压强的方法：是在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
减小压强的方法：是在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。
6.【答案】B
【解析】解：人离列车太近时，高速列车行驶过程中，使人和列车之间的空气流动速度很大，压强很小，人外侧的压强不变，人在内外压强差的作用下，被压向列车出现事故。
故选：B。
流体的压强跟流体的速度有关，流速越大的位置，压强越小。
掌握流体压强跟流速的关系，并能解释有关流体压强的问题。
7.【答案】B
【解析】解：A、进气口和排气口均关闭，活塞向上运动为压缩冲程，是机械能转化为内能，故A错误；
B、橡皮塞崩出去，试管内气体内能转化为橡皮塞的机械能，故B正确；
C、小孩滑滑梯，为机械能转化为内能，故C错误；
D、热水壶烧水，将消耗的电能转化为水的内能，故D错误。
故选：B。
(1)先根据气门关闭和活塞运动情况判断冲程，再根据冲程进行能量判断。
(2)判断能的转化，需要知道它消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。
本题考查了不同形式的能量之间的相互转化问题，是一道基础题。
8.【答案】D
【解析】解：小丽看书时把书放得很近才能看清书本上的内容，说明小丽看不清远处物体，患的是近视眼，她眼睛的晶状体太厚，折光能力太强，成像在视网膜的前方，需要佩戴具有发散作用的凹透镜进行矫正；
爷爷看报时，总是把报纸放得离眼睛很远，说明爷爷看不清近处的物体，患的是远视眼，他眼睛的晶状体太薄，折光能力太弱，成像在视网膜的后方，需要佩戴具有会聚作用的凸透镜进行矫正。
综上所述，小丽的爷爷配戴凸透镜、小丽配戴凹透镜来矫正视力。故D正确。
故选：D。
近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体；而远视眼能够看清远处的物体，但不能看清近处的物体；
近视眼需要戴一个凹透镜来矫正，远视眼需要配戴凸透镜进行矫正。
正常人的眼睛是成像在视网膜上的，若像不成在视网膜上，这样的眼睛是病态的，成在视网膜前方的是近视眼，成在视网膜后面的是远视眼。
9.【答案】A
【解析】解：采用感应芯片计时，参赛者须按要求正确佩带计时芯片，当参赛者通过起点、终点设置的磁感应带时，芯片里的线圈切割磁感线运动，因此线圈中就会产生感应电流，从而激发芯片发送编码信息，系统实时获取计时信息；
A.图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故A正确；
BC.图中给导体通电，导体会运动，利用的是通电导体受到磁场力的作用，故BC错误；
D.图中是奥斯特实验，说明通电直导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故D错误。
故选：A。
电磁感应现象：闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流。
本题考查了电磁感应现象的应用，难度不大，属于基础题。
10.【答案】B
【解析】解：A、到达空间站的信件位置改变，但质量不变，故A正确；
B、空间站利用的太阳能可直接从自然界获得，属于一次能源，故B错误；
C、电磁波向地球传递信息的速度大约是3×10⁸m/s，故C正确；
D、空间站所用的太阳能电池板将太阳能转化为电能，太阳能可从自然界源源不断获得，属于可再生能源，故D正确。
故选：B。
(1)质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关；
(2)能从自然界直接获得的能源，属于一次能源；
(3)电磁波在真空和空气中的传播速度约为3×10⁸m/s；
(4)太阳能电池板将太阳能转化为电能，太阳能属于可再生能源。
本题以航天事件为背景，考查了对质量、能源分类、太阳能利用、电磁波等的了解与应用，综合性强，但难度不大。
11.【答案】C
【解析】解：不计机械自重和摩擦，设物重为G，由图知：
A、此装置是滑轮组，承担物重的绳子有3股，所以F3=13G；
B、根据杠杆的平衡条件可知：F1×2L=G×L，故F1=12G；
C、此装置是定滑轮，不能省力，所以F2=G；
D、此装置是斜面，可以省力，斜面的长度是高的二倍，所以F4=12G。
比较可知，上述装置中，拉力最大的是C。
故选：C。
(1)由图示杠杆求出动力臂与阻力臂的关系，然后由杠杆平衡条件求出拉力F1；
(2)定滑轮不能省力，但能改变力的方向；
(3)滑轮组是动滑轮、定滑轮的组合，可以省力，也可以改变力的方向；
(4)使用斜面的好处是可以省力，但费距离。
本题考查了学生对杠杆、滑轮、滑轮组以及斜面特点的理解和运用，利用好“不计机械自重和摩擦”是本题的关键。
12.【答案】A
【解析】
【分析】
当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大，表明通过电动机的电流变大，据此分析。
本题考查了电路图的设计，明确电路的连接方式和串并联电路的特点是解题的关键。
【解答】
根据题意可知，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，通过电动机的电流变大；
A、滑动变阻器与电动机串联接入电路中，踏板向下移动，滑动变阻器接入电路电阻减小，根据欧姆定律可知，电流变大，故A符合题意；
B、滑动变阻器与电动机串联接入电路中，踏板向下移动，滑动变阻器接入电路电阻变大，根据欧姆定律可知，电流变小，故B不符合题意；
CD、滑动变阻器与电动机并联接入电路中，踏板向下移动，根据并联电路特点可知，各支路互不影响，通过电动机的电流不变，故CD不符合题意；
故选：A。
13.【答案】C
【解析】解：A、摄像头成像的原理与照相机原理相同，故A错误；
BD、摄像头拍摄时，物距大于二倍焦距，所成的像为倒立、缩小的实像，故BD错误；
C、摄像头的镜头相当于凸透镜，u>2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，汽车的像越来越大，物距越来越小，所以汽车靠近摄像头，故C正确。
故选：C。
(1)根据凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大来解答此题。
(2)u>2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，2f>v>f，应用于照相机和摄像头。
掌握凸透镜成像的三种情况，掌握三种情况的物距、像距、像的性质。
14.【答案】CD
【解析】解：A.任何物体在任何时候都具有惯性，所以小朋友也具有惯性，故A错误。
B.物体运动状态的改变包括速度大小和速度方向发生了变化，小朋友沿滑梯下滑得越来越快，速度变大，所以运动状态也在改变，受非平衡力，故B错误。
C.动能的影响因素为速度和质量，小朋友沿滑梯下滑得越来越快，速度在变大，所以动能在增加，故C正确。
D.重力势能的影响因素为高度和质量，小朋友由滑梯顶端往下滑，高度在减小，所以重力势能在减少，故D正确。
故选：CD。
任何物体都有惯性；物体运动状态的改变包括速度大小和速度方向发生了变化；动能的影响因素为速度和质量；重力势能的影响因素为高度和质量。
本题综合考查惯性，运动状态，动能和重力势能等方面，考查学生的综合掌握能力。
15.【答案】BC
【解析】解：由电路图可知，开关闭合后，两灯泡串联，电流表A、A1均测电路中的电流，电压表V1测L1两端电压，电压表V测电源电压；
因串联电路中各处的电流相等，所以电流表A1、A的示数相等；
两灯都发光，这说明每个灯泡两端都有电压，因串联电路中总电压等于各用电器两端电压之和，所以电压表V的示数一定比电压表V1的示数大；
综上所述，BC正确。
故选：BC。
由电路图可知，开关闭合后，两灯泡串联，电流表A、A1均测电路中的电流，电压表V1测L1两端电压，电压表V测电源电压。
(1)根据串联电路的电压特点分析电压表示数的大小情况；
(2)根据串联电路的电流特点可知两电流表的示数关系。
本题考查了串联电路的电压特点和串联电路电流特点的应用，关键是正确分析电路的连接方式和电表的作用。
16.【答案】AB
【解析】解：A、两容器相同，液体的质量相同，重力相同，草莓的重力相同，容器的总重力相同，对桌面的压力相同，根据p=FS可知，两容器中有草莓时，对水平面的压强相等，故A正确；
B、由图乙可知，草莓a漂浮在液面上，草莓a的密度要小于液体的密度，草莓b下沉，草莓b的密度要大于液体的密度，所以草莓a的密度小于草莓b的密度，故B正确；
C、草莓c在盐水和清水中是全部浸没的，排开的液体的体积相同，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，所受浮力不相等，故C错误；
D、草莓a漂浮在液体中，受到的浮力等于自身的重力，浮力等于其排开的液体的重力；草莓b和草莓c在液体中浸没，排开的液体的体积相同，根据mG=mg=ρVg可知，草莓b和草莓c排开的液体水的重力要大于排开的水的重力，则容器底部受到盐水的压力要大于水的压力，根据p=FS可知，盐水对容器底部的压强要大一些，故D错误。
故选：AB。
(1)根据容器的总重力分析压力的大小，根据p=FS分析水平面受到的压强的大小；
(2)根据物体的浮沉条件分析a和b密度的大小；
(3)根据阿基米德原理分析草莓c受到的浮力的大小；
(4)根据草莓的浮力、液体的重力分析压力的大小，根据p=FS分析容器底部受到的压强的大小。
此题考查液体压强公式、阿基米德原理、以及物体浮沉条件及其应用，是一道综合性很强的题目，对学生要求较高，只有对相关知识点熟练掌握，并能灵活运用，才能正确作答。
17.【答案】比热容 扩散
【解析】解：
(1)因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，故湖水能有效调节周围环境的气温；
(2)漫步在湖边小道上，人们闻到阵阵荷花香，这是荷花的香味分子在不停地做无规则的运动造成的，属于扩散现象。
故答案为：比热容；扩散。
(1)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析；
(2)两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象，扩散现象表明分子不停地做无规则的运动。
本题考查了水的比热容大的应用及扩散现象，贴近生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣，也体现了新课标的要求。
18.【答案】电功；197.6
【解析】解：电能表是用来测量电功的仪表；
小军家这个月用电量：W=1160.2kW⋅h-962.6kW⋅h=197.6kW⋅h.
故答案为：电功；197.6.
电能表是用来记录用电器消耗电能的仪表；每月的用电量等于月末电能表示数与月初示数之差．
题考查了：电能表的读数、用电量的计算，这不仅是初中物理学习的需要，也是我们日常生活需要掌握的基本能力，一定要掌握．
19.【答案】电阻 1：2
【解析】解：由图可知，R1、R2串联，根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R2的电流相等，R1、R2的通电时间也相同，而R1、R2的阻值不同，所以此装置可探究电流产生的热量与电阻的关系；
通电2min，电阻R1与R2产生的热量之比：Q1Q2=I2R1tI2R2t=R1R2=5Ω10Ω=12。
故答案为：电阻；1：2。
(1)电流通过导体产生热量的多少与电流大小、电阻大小以及通电时间有关，根据控制变量法分析解答；
(2)根据串联电路的电流特点和Q=I2Rt求出通电2min，电阻R1与R2产生的热量之比。
本题考查串联电路的特点、电流热效应的影响因素、控制变量法以及焦耳定律的应用，是一道基础题。
20.【答案】电流 变大
【解析】解：由电路图可知，闭合开关R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
当污染物浓度增大时，根据图乙可知，气敏电阻的阻值减小，总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；由串联电路的分压规律可知，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表示数变小；
由题知，污染物浓度增大时，监测仪表读数变大，所以监测仪表应为电流表；
电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知，总功率变大。
故答案为：电流；变大。
由电路图可知，闭合开关R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知当污染物浓度增大时气敏电阻R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，由串联电路的分压规律可知电压表示数的变化，据此结合题意判断监测仪表是电流表还是电压表；
根据P=UI判定总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率公式的应用，由图像得出气敏电阻的阻值与污染物浓度的关系是关键。
21.【答案】95%6000
【解析】解：(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh=2×6m=12m，
拉力做的总功：W总=Fs=5000N×12m=60000J，
物体的重力：G=9500N，
拉力做的有用功：W有=Gh=9500N×6m=57000J，
滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=57000J60000J×100%=95%；
(2)拉力做功的功率：P=W总t=60000J10s=6000W。
故答案为：95%；6000。
(1)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功；根据G=mg求物体的重力；利用W有=Gh求有用功；利用η=W有W总×100%求滑轮组的机械效率；
(2)利用P=W总t求拉力做功的功率。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率和机械效率的计算，是一道基础题。
22.【答案】3：4 4
【解析】解：(1)由p=FS可得，A对地面的压强与B对地面的压强之比：
pApB=FSAFSB=SBSA=34；
(2)因正方体的重力G=mg=ρVg=ρShg，
所以，将B沿竖直方向切下重力为G0部分，B剩余部分和与原来的底面积之比：
SB'SB=GBρBhg-G0ρBhgGBρBhg=GB-G0GB=12N-G012N，
则B剩余部分的底面积：
SB'=12N-G012NSB，
B剩余部分对地面的压强：
pB'=FB'SB'=12N-G012N-G012NSB=12NSB，
B沿竖直方向切下重力为G0部分，再将这部分叠放在A上后，A对地面的压强：
pA'=FA'SA=12N+G0SA，
因此时A对地面的压强等于B剩余部分对地面的压强，
所以，12NSB=12N+G0SA，则SASB=12N+G012N=43，
解得：G0=4N。
故答案为：3：4；4。
(1)知道两个实心均匀正方体A和B的底面积之比以及对地面的压力相等，根据p=FS求出A对地面的压强与B对地面的压强之比；
(2)将B沿竖直方向切下重力为G0部分，再将这部分叠放在A上，根据正方体的重力G=mg=ρVg=ρShg求出B剩余部分和与原来的底面积之比，进一步求出B剩余部分的底面积，根据p=FS=GS表示出B剩余部分对地面的压强和B切下部分叠放在A上后对地面的压强，根据此时A对地面的压强等于B剩余部分对地面的压强相等得出等式即可得出答案。
本题考查了压强公式的灵活应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
23.【答案】解：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；如下图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
24.【答案】解：由图知，入射光线过光心，则它的传播方向不变；折射光线平行于主光轴射出，则入射光线的延长线过凹透镜另一侧的焦点，先用虚线连接入射点和右侧焦点F，然后用实线延长作出入射光线，如下图所示：
【解析】凹透镜有三条特殊光线：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，折射光线的反向延长线过虚焦点；过光心的光线传播方向不变；入射光线的延长线过凹透镜另一侧的焦点，折射光线平行于主光轴射出，据此作图。
关于凹透镜，有三条特殊的入射光线：①平行于主光轴；②入射光线的延长线射过另一侧的焦点；③过光心的，每条特殊的入射光线对应的折射光线都有自己的特点，根据两者的对应关系可以利用入射光线作出折射光线；也可以利用折射光线作出对应的入射光线。
25.【答案】速度 转换法 错误 没有控制小球质量相同 乙
【解析】解：(1)让不同质量的两个小球从同一高度由静止滚下，使小球到达水平面时的速度是相同的；
(2)木块B被小球撞击后移动的距离s越大，说明小球对木块做的功越多，也反映了小球具有的动能越大；木块的距离长短反映了物体动能的大小，这种方法叫作转换法；
(3)由图知实验步骤乙和实验步骤丙的质量和下落的高度都不同，不可以判断动能大小与速度的关系；
(4)要探究动能大小与物体质量的关系，需要控制速度相同，改变物体的质量，步骤甲、乙符合题意。
故答案为：(1)速度；(2)转换法；(3)错误；没有控制小球质量相同；(4)乙。
(1)当研究动能大小与质量的关系时，要让小球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；
(2)木块B被小球撞击后移动的距离s来判断小球具有动能的大小，这是一种转换法的思想；
(3)找出实验步骤乙和实验步骤丙的相同量和不同量，根据控制变量法分析解答；
(4)要探究动能大小与物体质量的关系，需要控制速度相同，改变物体的质量。
本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。从图中现象发现质量、速度的不同是此题的关键。
26.【答案】6 20 均匀 晶体 变速 >
【解析】解：(1)根据平面镜成像特点，像和物体大小相等，已知蜡烛的高度为6cm，所以像的高度为6cm。
像和物体关于平面镜对称，已知蜡烛与玻璃板之间的距离为10cm，所以像到玻璃板的距离为10cm，像到蜡烛的距离为20 cm；
(2)实验时将装有海波的试管放到水中加热，而不用酒精灯直接给试管加热，这样做既可以使海波受热均匀，又可以使海波的温度上升较慢，便于记录数据；
由图乙可知，海波在3min到7min处于熔化过程，温度保持不变，有固定的熔点，因此海波属于晶体；
(3)小车从斜面顶端到底端的过程中做加速运动，速度越来越大，故小车通过斜面全程的平均速度v1大于上半段的平均速度v2。
故答案为：(1)6；20；(2)均匀；晶体；(3)变速；>。
(1)根据平面镜成像的特点物像大小相等分析解答。平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像物关于平面镜对称；
(2)使用水浴法给物体加热的好处是物体受热均匀，且物体的温度升高的速度比直接用酒精灯进行加热时的慢，便于记录数据；
晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
(3)小车做加速运动，可得上半段路程、下半段路程和斜面全程的平均速度大小关系。
本题考查“平面镜成像特点”、”晶体熔化“、“测小车的平均速度”的实验中的相关知识。
27.【答案】左 ×103 大 >ρ水ρ液(V1-V2)V木(ρ液-ρ水)
【解析】解：(1)用天平测量物体的质量时，将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针指在分度盘的右侧，则应将平衡螺母向左调，使天平横梁平衡；
(2)标尺的分度值为0.2g，空杯的质量m杯=10g+5g+4.6g=19.6g；
(3)如图丙，读出盐水的体积V=40cm3，如图乙，盐水和空杯总质量m总=50g+10g+5g+4.6g=69.6g，盐水的质量m盐=m总-m杯=50g，盐水的密度ρ=mV=50g40cm3=1.25g/cm3=1.25×103kg/m3，将烧杯中的盐水全部倒入量筒，烧杯中还有部分盐水残留末倒入量筒，导致盐水的质量是准确的，体积偏小，根据ρ=mV可知，测得的密度值将偏大；
(4)③如图丁、戊所示，木块均是漂浮状态，所受浮力与重力相等
在图丁中，F浮=G木=ρ木V木g=ρ液gV排1，
在图戊中，F浮=G木=ρ木V木g=ρ水gV排2，
ρ液gV排1=ρ水gV排2，由图知V排1
④图丁、戊中，液面高度相等，可知V排1+V1=V排2+V2，得V1-V2=V排2-V排1，
由③分析可得V排1=ρ木V木ρ液g，V排2=ρ木V木ρ水g，
所以V1-V2=V排2-V排1=ρ木V木ρ水g-ρ木V木ρ液g
解得ρ木=ρ水ρ液(V1-V2)V木(ρ液-ρ水)。
故答案为：(1)左；(2)19.6；(3)40；1.25×103；大；(4)>；ρ水ρ液(V1-V2)V木(ρ液-ρ水)。
(1)调节天平平衡时，如果指针左偏，将平衡螺母向右调，指针右偏，将平衡螺母向左调；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺的分度值；
(3)读出盐水的体积，根据体积的变化分析密度的变化；
(4)根据阿基米德原理与沉浮条件进行比较与计算。
本题考查密度实验过程中天平的调节、密度的计算、浮力公式的运用，综合性强。
28.【答案】导体 电流表示数 0 变小 横截面积 开关 将开关与检测网并联
【解析】解：(1)由题意“检测网未放入雨水中，电路处于断开状态，再将检测网放入雨水中，电路接通”可知雨水是导体，刮水器随着雨的大小，刮动的速度相应的发生变化，因此小华通过观察电路中电流表示数的变化，来判断电动机转速的变化；
(2)①根据上述实验可知，检测网未浸入水中时，电路没有接通，因此电流表示数为0；
②分析表中数据可知，检测网浸入雨水中深度越深，电流表示数越大。这说明a、b间接入电路的电阻在变小，根据影响导体电阻大小的因素可知：a、b间接入电路的电阻变化是由导体的横截面积变化引起的。
(3)在不拆卸原电路的基础上，在该电路中加装一个开关元件，并且将开关与检测网并联，可以解决此问题；
故答案为：(1)导体；电流表示数；(2)①0；②变小；横截面积(3)开关；将开关与检测网并联。
(1)根据“检测网未放入雨水中，电路处于断开状态，再将检测网放入雨水中，电路接通”，结合导体和绝缘体的定义填写第一个空，根据刮水器随着雨的大小，刮动的速度相应的发生变化可填写第二个空；
(2)①检测网未浸入水中时，电路是断开的，因此电流表无示数；
①影响导体电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积，另外还与温度有关。
(3)根据开关的控制作用分析。
此题考查到导体的应用，影响导体电阻大小的因素等相关知识点，其中(3)“在不拆卸原电路的基础上，在该电路中加装一个电路元件，以解决此问题，”是此题的难点，需认真阅读材料方可解答。
29.【答案】解：(1)飞机航行的速度为：v=st=360km0.5h=720km/h=200m/s。
(2)发动机的功率为：P=Wt=Fst=Fv=1.5×105N×200m/s=3×107W。
(3)发动机做的有用功为：W=Fs=1.5×105N×360×103m=5.4×1010J；
航空油完全燃烧放出的热量为：Q放=mq=2250kg×4.0×107J/kg=9×1010J；
发动机的热机效率为：η=W有Q放=5.4×1010J9×1010J=60%。
答：(1)飞机航行的速度为720km/h。
(2)发动机的功率为3×107W。
(3)发动机的热机效率为60%。
【解析】(1)根据速度公式v=st计算飞机航行的速度。
(2)根据P=Fv计算发动机的功率。
(3)根据效率公式计算热机效率。
本题主要考查了速度、功率和效率的基本计算，属于常考题目。
30.【答案】解：(1)由图乙可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测热敏电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，
由表格可知当检测温度为37℃时，热敏电阻的阻值为400Ω，
由题意可知此时电压表示数为3V，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I''=UR1R1=3V400Ω=0.0075A；
(2)由表格可知当检测温度为33℃时，热敏电阻的阻值为600Ω，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流：I'=URR=3.6V600Ω=0.006A，
串联电路各处电流相等，串联电路总电压等于各部分电压之和，
根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R0=U-URI，代入数据可得U-3V0.0075A=U-，
解得：U=6V，R0=400Ω；
(3)电流表量程为0∼10mA，当通过电路的电流最大为10mA=0.01A时，根据U=IR可知定值电阻两端的电压最大，根据串联电路电压规律可知电压表示数最小，
此时定值电阻两端的电压：U0=IR0=0.01A×400Ω=4V，
热敏电阻两端的电压：UR=U-U0=6V-4V=2V，
热敏电阻的阻值：R=UR'I=2V0.01A=200Ω，由表格可知此时的温度为41℃。
答：(1)当电压表示数为3V恰好报警报警时，电流表的示数为0.0075A；
(2)电源电压为6V，定值电阻R0的阻值为400Ω；
(3)在保证电路各元件安全的情况下，该装置能测量的最高温度为41℃。
【解析】(1)由图2可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测热敏电阻两端的电压，电流表测通过电路的电流，
由表格可知当检测温度为37℃时，热敏电阻的阻值为400Ω，由题意可知此时电压表示数为3V，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流；
(2)由表格可知当检测温度为33℃时，热敏电阻的阻值为600Ω，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，根据串联电路电流特点、串联电路电压规律结合欧姆定律列方程可得电源电压和定值电阻的阻值；
(3)根据电流表的量程确定通过电路的最大电流，根据串联电路特点结合欧姆定律计算此时热敏电阻的阻值，进一步确定此时的温度。
本题考查串联电路特点、欧姆定律的灵活运用，有一定难度。
31.【答案】解：(1)容器中的水受到的重力：G水=m水g=40kg×10N/kg=400N；
(2)水对容器底部的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa；
(3)因甲、乙的底部用一根轻质细软管连通形成连通器，
所以，甲、乙容器中水面始终相平，实心小球A放入容器中两边水对容器底部压强的增加量相同，
又因S甲
又因为柱形容器中液体对容器底的压力增加量等于容器中增加的液体的重力，
而容器对地面的压力增加量也等于容器中增加的液体的重力，
所以柱形容器对地面的压力增加量与液体对容器底的压力增加量相等，
设小球对容器的压力为F压，
因甲、乙容器对地面的压力增加量相等，
由ΔF压=ΔF水+F压可知，小球必须对甲容器底有压力，即小球放入甲容器；
因物体对水平面的压力和自身的重力相等，且甲、乙容器对地面的压力增加量相等，所以，ΔF甲容=ΔF乙容=G2，
设实心小球A的体积为VA，则水面上升的高度：Δh=VAS甲+S乙，
水对乙容器底压强的增加量：Δp水=ρ水gΔh=ρ水gVAS甲+S乙，
水对乙容器底压力的增加量：ΔF水=Δp水S乙=ρ水gVAS甲+S乙S乙，
实心小球A的重力：GA=mAg=ρAVAg，
由ΔF乙容=G2可得，ρ水gVAS甲+S乙S乙=12ρAVAg，
则ρA=2ρ水S乙S甲+S乙=2×1×103kg/m3×+0.3m2=1.5×103kg/m3。
答：(1)水的重力为400N；
(2)水对容器底部的压强为1000Pa；
(3)因甲、乙的底部用一根轻质细软管连通形成连通器，甲、乙容器中水面始终相平，实心小球A放入容器中两边水对容器底部压强的增加量相同，因为S甲
(2)利用p=ρ液gh求水对容器底部的压强；
(3)根据连通器原理可知，放入小球后两容器液面变化相同，利用F=pS判断放入小球后液体对容器底部的压力增加量，根据柱形容器对地面的压力增加量与液体对容器底的压力增加量的关系分析出两容器由于液体压力增加而导致的对地面的增加量，进而判断小球应放在哪个容器中；利用p=ρ液gh结合G=mg=ρVg列出方程求解小球的密度。
本题考查了密度、重力、压强的综合计算，难度较大，关键是分析出柱形容器对地面的压力增加量与液体对容器底的压力增加量相等。
检测网浸入雨水中的部分
未浸入
13浸入
23浸入
全部浸入
电流表的示数/A
______
0.16
0.20
0.32
t/℃
33
34
35
36
37
38
39
40
41
42
R/Ω
600
550
500
450
400
350
300
250
200
150
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