2023年江苏省淮安市金湖县中考物理三模试卷

这是一份2023年江苏省淮安市金湖县中考物理三模试卷，共23页。
2023年江苏省淮安市金湖县中考物理三模试卷
1. “二十四节气”是中华民族智慧的结晶，有关节气的谚语，下列分析正确的是(    )
A. “惊蛰云不停，寒到五月中”，云的形成是升华现象，该过程需吸热
B. “伏天三场雨，薄地长好麻”，雨的形成是液化现象，该过程需吸热
C. “霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成是凝华现象，该过程需放热
D. “小寒冻土，大寒冻河”，河水结冰是凝固现象，该过程需吸热
2. 关于“粒子和宇宙”，下列说法正确的是(    )
A. 汤姆生发现了电子，说明原子核是可分的
B. 梧桐飘絮，不能说明分子在永不停息地无规则运动
C. 摩擦起电使物体产生了电子，由于电子的转移使物体带上了正、负电荷
D. 海绵容易被压缩，说明分子间有间隙
3. 如图甲所示，四冲程汽油机在压缩冲程中，气缸内气体温度升高，内能增大，图乙四个示例中使物体内能增大的方式与图甲相同的是(    )


A. 酒精点燃后，杯中水温升高 B. 空气压缩引火仪中，硝化棉温度升高
C. 取暖器通电后，电热丝温度升高 D. 太阳辐射后，热水器中水温升高
4. 在2022年北京冬季奥运会上，某运动员参加短道速滑比赛。下列对比赛时的说法正确的是(    )
A. 发令枪响前，运动员静止时所受的支持力与他对冰面的压力是一对平衡力
B. 发令枪响后，运动员用力向后蹬来获得向前的动力，是因为物体间力的作用是相互的
C. 运动员在经过弯道时不再用力向后蹬，此时运动状态不发生改变
D. 冲线后，运动员停止用力仍能滑行很远，是因为运动员不受阻力
5. 小明复习“探究动能大小的影响因素”和“探究滑动摩擦力大小的影响因素”两个实验时总结了以下结论，其中错误的是(    )


A. 两个实验中木块的作用不同
B. 两个实验都用到了砝码，是为了改变不同的物理量
C. 前者不需要改变水平面粗糙程度，而后者需要
D. 前者需要改变小车到达水平面的速度，而后者需要控制木块匀速直线运动的速度相同
6. 如图所示，小明把一个马铃薯(密度为ρ1)放入盛有浓盐水(密度为ρ2)的容器中，马铃薯处于漂浮状态，现将水面以上的部分切去后再次放入容器中，不计水的损失。下列四个判断，有几个是正确的(    )
①ρ1=ρ2
②马铃薯将悬浮在盐水中
③马铃薯受到的浮力大小不变
④盐水的液面将下降
A. 1 B. 2 C. 3 D. 4
7. 图中与磁现象有关的四个实验，其对应的判断正确的是(    )


A. 甲图说明磁体周围不同点的磁场方向都不同
B. 乙图说明磁场对电流有力的作用，根据该原理制成了电动机
C. 丙图中左边铁钉吸引大头针较多，表明电流相同时，线圈匝数越多电磁铁磁性越强
D. 丁图表明通电导线周围存在着磁场，如果将小磁针移走，该磁场将消失
8. 如图所示，电源电压不变，小灯泡标有“6V 3W”的字样，滑动变阻器的滑片在中点时灯泡正常发光，当滑片P向b端移动时，下列说法正确的是(    )
①电流表的示数变大；②电压表的示数变大；③灯泡的实际功率大于3W；④电路中的总功率变小。


A. ②④ B. ①② C. ②③ D. ①④
9. 2022年5月10日，“天舟”四号货运飞船成功发射，并与“天和”核心舱完成精准对接，“太空快递”完美送达。期间地面工作人员与“天舟”四号依靠______ 来传递信息；若“天舟四号”轨道高度为450km，则信号需要经过______ s传输到地面。货运飞船与核心舱对接前要朝同一方向等速度飞行，此时以“天舟”四号为参照物，“天和”核心舱是______ 的。核心舱内有许多可供航天员随时把握的固定把手，以防止航天员移位时，由于______ 继续运动而碰到舱壁。
10. 某同学用如图所示滑轮组将重为300N的物体以0.2m/s的速度匀速向上拉动，拉力为125N(不计绳重及摩擦)，则动滑轮重______N，5s内人拉绳子做的功是______J，该滑轮组的机械效率是______。


11. 如图所示，竖直放置的平面镜能绕水平轴MN转动，小明站在平面镜正前方，他在镜中成的是______ (选填“实”或“虚”)像；小明垂直镜面向前移动8cm，他与像的距离改变______ m，像的大小______ (“选填“变大”“变小”或“不变”)。


12. 小明用圆珠笔芯做了很多物理小实验：
(1)如图所示，用力弯折圆珠笔芯，笔芯变形，说明力可以______ ；
(2)将圆珠笔芯用毛皮摩擦，发现它可以吸引______ 物体；
(3)将圆珠笔芯笔头取下，去除里面墨水，做成吸管，将吸管一端插入水中，用手堵住另一端，可以将水移走，这是因为______ 的作用。
13. 额定功率为3000W的电热水器正常工作时，把质量为60kg的水从20℃加热到70℃(不计热量损失)。则水吸收的热量为______ J；加热所需要的时间为______ s。若这些热量由酒精完全燃烧提供，则需要消耗______ kg的酒精。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q酒精=3×107J/kg]
14. 如图1所示，RG是光敏电阻，R是阻值为10kΩ的定值电阻，电源电压U=9V。光敏电阻RG的阻值与光的照度(光照越强，照度越大，单位为Lux)关系如图2所示，当照度增大时，RG的阻值将______。小芳将量程为3V的电压表接入图1电路，将其改装成照度表，为使光的照度增大时电压表的示数也增大，则该电压表应并联在______两端，能够测量的最大照度为______ Lux。改装完成后，若小芳将电源换为电压可调电源(调节范围为12V∼15V)，且将R换为可调电阻(调节范围为5kΩ∼20kΩ)，则该装置所能测量的最大照度为______ Lux。


15. 如图所示，请在图中画出两束入射光线对应的折射光线。


16. 如图甲所示是某景区奇观，图乙是其简化图，O点为上方巨石的重心。请在图乙画出上方巨石受到支持力的示意图。

17. 如图中，将插座和控制插座的开关正确接入家庭电路中。

18. 如图，长方体立放在水平地面上，画出作用在A点，能使它顺时针倒下的最小推力F1的示意图。


19. 小明利用空易拉罐做了几个物理小实验。

(1)如图甲所示，易拉罐底的直径为______ cm。
(2)如图乙所示，在易拉罐中注入少量的水，用酒精灯对易拉罐加热，待罐口出现白雾时，将罐口堵住，撤去酒精灯，让易拉罐冷却，观察到易拉罐变瘪了，这一现象说明了______ 的存在。
(3)如图丙所示，向空易拉罐中插入透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱，把罐体放在热水中，可以看到油柱______ 。
(4)如图丁所示，将两个易拉罐平行放置在水平桌面上，为了能让两易拉罐间距离减小，可用吸管按图中箭头______ 所示的方向用力吹气。
(5)如图戊所示，将易拉罐底部开一圆孔倒出饮料，放入滴有酒精的脱脂棉，把电火花发生器紧紧塞进孔中，按动按钮，观察到罐子飞出去，这个过程的能量转化是______ 。
20. 如图所示为用同一木块做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验。

(1)实验中应用弹簧测力计在水平面上沿水平方向拉木块做______ 运动。
(2)比较甲、乙两次实验得到初步结论，下列实例主要应用了此结论的是______ 。
A.压路机碾子的质量很大
B.汽车的轮胎有很多花纹
C.自行车刹车时用力捏手闸
D.载重汽车装有很多车轮
(3)图乙实验中多次改变砝码质量，重复实验，记录数据，作出木块受到的滑动摩擦力f与木块对木板的压力F的关系图象为图丁中的①。仅将木板换成图丙中的某材料，重复上述实验，则得出的f和F的关系图象可能为图丁中的______ (选填“①”、“②”或“③”)。
(4)用上述器材完成“探究阻力对物体运动影响”的实验，需要把研究对象换为______ ，并添加玻璃板和______ 。
21. 实验小组的同学利用学过的物理知识测定一块吊坠的密度。

(1)把天平放在水平桌面上，将游码调到标尺左端零刻度线处时，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应向______ 调节平衡螺母，使横梁平衡。
(2)将吊坠放在天平左盘中，向右盘中加砝码并调节游码直到横梁平衡。此时，右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则吊坠的质量是______ g。
(3)往量筒中倒入50mL水，将吊坠浸没在水中，液面位置如图乙所示，则吊坠的密度是______ kg/m3。
22. 在探究凸透镜成像规律的实验中：

(1)将蜡烛和焦距为10cm的凸透镜甲固定在如图所示的位置，点燃蜡烛后，位于90cm刻度线处的光屏上得到烛焰清晰______ (填“放大”“缩小”或“等大”)的实像。______ (填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)就是根据该原理工作的。
(2)保持上述实验中凸透镜位置不变，将蜡烛移动到15cm刻度线处，应该向______ (填“左”或“右”)移动光屏，或者在烛焰和凸透镜间加一个______ (选填“近视”或“远视”)眼镜，才能再次在光屏得到烛焰清晰的像。
23. 用水做以下实验：

(1)甲图，根据______ 反映金属盒所处位置的液体压强大小。
(2)乙图，液面与标记线相平，反复翻转后，发现液面______ 标记线，说明分子之间存在空隙。
(3)丙图，用相同热源加热等质量的水和沙子，使它们升高相同的温度，发现水的______ ，说明水吸收了更多的热量。
(4)丁图，完全燃烧等质量的酒精和碎纸片后，两杯等质量的水______ 不同，说明燃料放出热量不同。
(5)戊图表示观察水的沸腾实验：
①应先固定______ (选填“烧杯”或“温度计”)的位置。
②下表为记录实验数据的表格，表中a处应填的内容是______ 。
a








温度/℃
90
92
94
96
98
98
98
…
③根据戊图和表格可知，水的沸点是______ ℃。
④为了探究水的沸腾条件，应在水______ 停止对其加热，进行观察。
24. 小明利用图甲所示电路测量未知电阻Rx的阻值，电源电压保持3V不变，滑动变阻器铭牌标有“30Ω2A”字样，Rx的阻值约为10Ω。

(1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整(要求滑动变阻器的滑片P向左滑动时，电流表示数变大)。
(2)闭合开关，两电表均无示数；将电压表改接在变阻器两端时，两电表均无示数；将电压表改接在开关两端时，电压表有示数，电流表无示数。则电路故障是______。
(3)排除故障后，闭合开关，移动变阻器的滑片P至某一位置，此时电压表示数为2.7V，电流表示数如图乙所示，则未知电阻Rx=______Ω。
(4)小明利用图甲电路测量另一未知电阻R′x，将R′x正确接入电路，但发现无论如何移动滑片P，电流表示数几乎为0，电压表示数接近3V，经判断得知R′x阻值较大，利用该电路无法测出R′x阻值。小明查阅资料获知，电压表相当于一个能显示自身两端电压的定值电阻，且阻值较大，于是他找了一个2kΩ的定值电阻R0，设计了如图丙所示电路，电源电压恒为3V。闭合开关S，并进行了如下操作：
①S1接1时，记录电压表示数为2.5V；
②S1接2时，记录电压表示数为2V；
③计算待测电阻R′x=______Ω。
25. 小明有一次放学回家，他把书包挂在木衣架A处，木衣架倒了下来。他为了分析木衣架倒下来的原因，测量了如下数据：木衣架质量6.28kg，圆底盘直径30cm，A处的铅垂线到圆底盘圆心的距离为25cm，如图所示。木衣架受到重力的作用线经过圆底盘的圆心。(π取3.14)
(1)衣架不挂任何衣物时，对水平地面的压强是多大？
(2)允许挂在A处书包的最大质量是多少？
(3)要使在A处所挂衣物的质量变大，解决方案是______ 。


26. 某学校组织体检时测量了身高和体重。小明回来回忆测量过程，自己设计了个测量身高和体重的仪器原理图。小明设定的数据如下：电源电压24V保持不变，R0为滑动变阻器，R压为压敏电阻，电阻随压力变化关系图像如图所示。1cm的R0对应阻值2Ω，R0总长为100cm。R1=40Ω。电流表量程为0−0.6A，作为显示仪表，0.6A对应身高200cm的人，测体重电路的电压表量程选择0−15V，也作为显示仪表，R2阻值为280Ω(计算保留一位小数)。请回答下列问题

(1)人的身高越高，R0接入电路的阻值越______ ，人的体重越大，电路中电流越______ 。
(2)通过计算说明，当电流表示数为0.3A时，对应的人的身高是多大？
(3)通过计算说明人的体重60kg时，对应的电压表示数多大？
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：A、云是空气中的水蒸气变成的小水珠，由气态变为液态，属于液化现象，该过程放热。故A错误。
B、雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，该过程放热。故B错误。
C、霜是空气中的水蒸气遇冷变成的固态小冰晶，是凝华现象，该过程放热。故C正确。
D、河水结冰是由液态变为固态，是凝固现象，该过程放热。故D错误。
故选：C。
根据物态变化的知识逐一分析：物体由固态变为液态的过程叫熔化，物体由气态变为液态的过程叫液化，物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾；物体由气态直接变为固态的过程叫凝华，物体由固态直接变为气态的过程叫升华。
熟悉常见的自然现象，掌握六种物态变化的状态变化是解决此题的关键。

2.【答案】B 
【解析】解：A、汤姆生发现了电子，这说明原子是可以再分的，故A错误；
B、梧桐飘絮，是物体的机械运动，不能说明分子在永不停息地无规则运动，故B正确；
C、摩擦起电的原因是电子发生了转移，没有创造电荷，故C错误；
D、海绵容易被压缩，是因为海绵的多孔结构，不能说明分子间有空隙，故D错误。
故选：B。
(1)电子的发现使人们认识到原子是由更小的粒子构成的；
(2)构成物质的分子在永不停息地无规则运动；
(3)摩擦起电的原因是电子发生了转移，并没有创造电；
(4)海绵是多孔结构的物质。
本题考查了分子动理论、原子结构、摩擦起电实质等，所考查内容均为物理中的常见知识点，要求学生熟练掌握。

3.【答案】C 
【解析】解：图甲中两个气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，将机械能转化为内能，通过做功的方式改变气体的内能，气体的温度升高；
A、酒精点燃后，通过热传递的方式使杯中水温升高，故A不符合题意；
B、空气压缩引火仪中，活塞的机械能转化为空气的内能，通过热传递增加硝化棉的内能，硝化棉温度升高，故B不符合题意；
C、取暖器在工作过程中，将电能转化内能，使电热丝的内能增加，温度升高，这是通过做功改变电热丝内能的，故C符合题意；
D、太阳辐射后，通过热传递的方式使热水器中水温升高，故D不符合题意。
故选：C。
图甲中两个气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，将机械能转化为内能，通过做功的方式改变气体的内能，气体的温度升高；
改变物体内能的方式有两种：做功与热传递，逐项分析得出答案。
判断哪种方式改变了物体的内能，关键是看是能量的转化还是能量的转移，发生能量转化的是做功的方式，发生能量转移的是热传递的方式。

4.【答案】B 
【解析】解：A、运动员静止时所受的支持力与他对冰面的压力作用在两个不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误。
B、运动员用力向后蹬来获得向前的动力，是因为力的作用是相互的，脚给地面一个向后的力，同时受到地面给脚向前的力，故B正确。
C、运动员在经过弯道时，其运动方向和速度均发生变化，其运动状态改变，故C错误。
D、运动员停止用力仍能滑行很远，是因为运动员具有惯性，仍受到摩擦力作用，故D错误。
故选：B。
(1)静止或做匀速直线运动的物体将受到平衡力的作用，当两个力满足四个条件时，才是一对平衡力，即“作用在同一个物体上、大小相等、方向相反、在同一条直线上”。
(2)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。
(3)物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，其运动状态不变。
(4)两个互相接触的物体，当它们做相对运动或有运动趋势时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力。
理解平衡力的成立条件、摩擦力的概念，知道运动状态不变的情况，理解惯性概念，可解答此题。

5.【答案】D 
【解析】解：A、在探究动能大小的影响因素实验中研究对象是小车，木块的作用是通过被推动距离的长短来反映动能的大小；在探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中木块直接研究对象；两个实验中木块的作用不同，故A正确；
B、探究动能大小的影响因素实验中用到砝码改变小车的质量，探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中通过在木块上放置砝码来研究滑动摩擦力大小与压力的关系，两个实验都用到了砝码，是为了改变不同的物理量，故B正确；
C、动能大小与质量和速度有关，不需要改变水平面的粗糙程度；滑动摩擦力大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，其中接触面粗糙程度是变量之一，需要改变，故C正确；
D、探究动能大小与速度有关，需要改变小车到达水面的速度；而探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中为了得到摩擦力的值需要通过二力平衡条件读弹簧测力计的示数，故要匀速拉动木块，但不需要控制速度相同，故D错误。
故选：D。
(1)在探究动能大小的影响因素实验中研究对象是小车，木块的作用是通过被推动距离的长短来反映动能的大小；在探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中木块直接研究对象；
(2)探究动能大小的实验中用砝码改变小车的质量；探究滑动摩擦力大小是通过在木块上放置砝码来改变压力大小；
(3)动能大小与质量和速度有关，不需要改变水平面的粗糙程度；滑动摩擦力大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，其中接触面粗糙程度是变量之一；
(4)探究动能大小与速度有关，需要改变小车到达水面的速度；而探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中为了得到摩擦力的值需要通过二力平衡条件读弹簧测力计的示数，故要匀速拉动木块，但不需要保持木块每次的速度相同。
本题考查两个实验的对比，把握实验的原理和控制变量的思想来分析解答。

6.【答案】A 
【解析】解：马铃薯处于漂浮状态，由物体的浮沉条件可知，马铃薯的密度小于水的密度；现将水面以上的部分切去后再次放入容器中，不计水的损失，故由物体的浮沉条件可知，马铃薯将仍处于漂浮状态，此时切去部分后马铃薯受到重力减小，则此时受到的浮力减小，由阿基米德原理可知，此时排开盐水的体积减小，盐水的液面下降，所以①②③错误，只有④正确。
故选：A。
根据物体沉浮条件和阿基米德原理进行分析。
物体的浮沉条件可由重力和浮力的大小关系表述，也可由物体和液体密度的大小关系描述，在做题时应灵活选择描述方式。

7.【答案】C 
【解析】解：
A、小磁针静止时，其N极指向与该点的磁场方向相同，由图知磁体中间上下位置的磁场方向相同，故A错误；
B、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，灵敏电流计会发生偏转，这是电磁感应现象，据此制成了发电机，故B错误；
C、乙图中装置是探究影响电磁铁磁性强弱的实验，电流相同时，线圈匝数越多电磁铁磁性越强，故C正确；
D、丁图表明通电导线周围存在着磁场，如果将小磁针移走，该磁场依然存在，故D错误。
故选：C。
(1)根据图示分析磁场的方向；
(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象，发电机应用了这一原理；
(3)电磁铁磁性的大小与电流大小、线圈匝数有关；
(4)通电导线周围存在着磁场。
本题考查了磁场的概念、磁场方向、电磁感应现象、电流的磁效应，是一道电磁学的综合题。

8.【答案】A 
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中电流。
由题意可知，滑动变阻器的滑片在中点时灯泡正常发光，此时灯泡的实际功率为3W，
当滑片P向b端移动时，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故①错误；
由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器分得的电压变大，即电压表的示数变大，故②正确；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压变小，
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变小，即灯泡的实际功率小于3W，故③错误；
由P=UI可知，电路中的总功率变小，故④正确。
综上可知，②④正确。
故选：A。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中电流。滑动变阻器的滑片在中点时灯泡正常发光，此时灯泡的实际功率和额定功率相等，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用串联电路的分压特点可知滑动变阻器分得的电压变化，再利用串联电路的电压特点得出灯泡两端的电压变化，利用P=UI得出灯泡实际功率的变化和电路中的总功率变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的功率和额定功率相等。

9.【答案】电磁波  1.5×10−3  静止  惯性 
【解析】解：，“天舟”四号货运飞船成功发射，并与“天和”核心舱完成精准对接，“太空快递”完美送达。期间地面工作人员与“天舟”四号依靠电磁波来传递信息；若“天舟四号”轨道高度为450km，则信号需要经过的时间为：t=sv=450×103m3×108m/s=1.5×10−3s；
货运飞船与核心舱对接前要朝同一方向等速度飞行，此时以“天舟”四号为参照物，“天和”核心舱与“天舟”四号的位置不变，是静止的。
核心舱内有许多可供航天员随时把握的固定把手，以防止航天员移位时，由于惯性继续运动而碰到舱壁。
故答案为：电磁波；1.5×10−3；静止；惯性。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)根据速度公式v=st进行计算。
(3)物体相对于参照物的位置改变了，物体是运动的，物体相对于参照物的位置不变，物体是静止的。
(4)惯性是物体保持运动状态不变的性质。
本题考查了电磁波、惯性、运动和静止的相对性；会利用速度公式进行简单的计算。本题的关键是牢记电磁波的传播速度，理解惯性的概念。

10.【答案】7537580% 
【解析】解：动滑轮上有三股绳子，n=3，不计绳重及摩擦，所以F=13(G物+G动)，
所以G动=3F−G物=125N×3−300N=75N；
物体上升的高度：h=vt=0.2m/s×5s=1m，绳子自由端移动的距离s=3h=3m
拉力F做的总功：W总=Fs=125N×3m=375J；
滑轮组的有用功为：W有=Gh=300N×1m=300J，
η=W有W总×100%=300J375J×100%=80%。
故答案：75；375；80%。
根据动滑轮上有三股绳子，不计绳重及摩擦，所以F=13(G物+G动)，知道物重，据此即可求出动滑轮的重；
根据s=vt求出物体上升的高度h，绳子自由端移动的距离s=3h，然后根据W=Fs计算即可；
最后根据η=W有W总×100%计算滑轮组的机械效率即可。
此题考查的知识点是滑轮组绳子拉力的计算和滑轮组机械效率的计算，解答此题的关键是首先分清定滑轮和动滑轮，然后再根据其工作特点作出判断。

11.【答案】虚  0.16不变 
【解析】解：根据平面镜所成像的特点可知，平面镜所成的像是虚像，所以小明同学在镜中的像是虚像；
小明垂直镜面移动8cm，由于像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离，所以小明镜中的像也垂直镜面移动8cm，那么他与像的距离变化量为：
8cm+8cm=16cm=0.16m；
平面镜成的像与物大小相等，小明垂直镜面向前移动过程中，像的大小不变。
故答案为：虚；0.16；不变。
平面镜所成的像是虚像；
像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离；
平面镜成的像与物大小相等。
本题考查平面镜成像规律的运用，注意单位换算。

12.【答案】改变物体的形状  轻小  大气压 
【解析】解：(1)用力弯折圆珠笔芯，笔芯变形，即形状发生变化，说明力可以改变物体的形状；
(2)将圆珠笔芯用毛皮摩擦，圆珠笔芯会因摩擦带电，带电体具有吸引轻小物体的性质；
(3)当用手指堵住上端开口时，上端不再与大气相通，下端受到大气压的作用，所以水不会从下端流出，可以将水移走。
故答案为：(1)改变物体的形状；(2)轻小；(3)大气压。
(1)力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；
(2)用摩擦的方法使物体带电，叫摩擦起电；带电体具有吸引轻小物体的性质；
(3)两端开口的饮料管插入水中，管内外水面上方受到大气压的作用，所以内外液面将保持相平，用手堵住口的一端，管内水将在外界大气压的作用下不会掉下来。
本题考查了力的作用效果、物体带电现象、大气压强的存在，知识点多，综合性强，但难度不大。

13.【答案】1.26×107  42000.42 
【解析】解：
水吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×60kg×(70℃−20℃)=1.26×107J；
不计热量损失，电热水器消耗的电能：W=Q吸=1.26×107J，
由P=Wt可知，加热所需的时间：t′=WP=1.26×107J3000W=4200s；
根据题意可知，酒精完全燃烧放出的热量：Q放=Q吸=1.26×107J，
由Q放=mq可知，需要消耗酒精的质量：m=Q放q酒精=1.26×107J3×107J/kg=0.42kg。
故答案为：1.26×107；4200；0.42。
(1)根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)不计热量损失，电热水器消耗的电能等于水吸收的热量；根据P=Wt求出加热所需的时间；
(3)根据题意可知酒精完全燃烧放出的热量，根据Q放=mq求出需要消耗酒精的质量。
本题是一道电热综合题，主要考查吸热公式、电功率公式以及燃料完全燃烧放热公式的应用，难度不大。

14.【答案】变小  定值电阻R1.21.4 
【解析】解：(1)由图2可知，光敏电阻RG的阻值随光的照度的增大而变小；
(2)由图1可知，两电阻串联，又知道光敏电阻RG的阻值随光的照度的增大而变小，根据串联分压原理，为使光的照度增大时电压表的示数也增大，应将电压表并联在定值电阻R的两端；
当电压表达到3V时，电路中的电流为：I=URR=3V10000Ω=0.0003A，
RG两端的电压为：URG=U−UR=9V−3V=6V，
RG的阻值：RG=URGI=6V0.0003A=20000Ω=20kΩ，
对照图2可得，此时的最大照度为1.2Lux；
(3)换成可调电源和可调电阻后，为提高最大照度，应选择较小的电源电压和较小的定值电阻，
当电源电压为12V，电阻调至5kΩ时，电压表仍并联在可调电阻的两端，当电压表示数达到3V时，
电路中的电流：I′=UR′R′=3V5000Ω=0.0006A，
RG两端的电压为：URG′=U′−UR′=12V−3V=9V，
RG的阻值：RG′=URG′I′=9V0.0006A=15000Ω=15kΩ，
对照图2可得，此时能测量的最大照度为1.4Lux。
故答案为：变小；定值电阻R；1.2；1.4。
(1)根据图2可判断当照度增大时，RG的阻值变化情况；
(2)根据串联分压，结合“为使光的照度增大时电压表的示数也增大”的目的，可判断电压表的测量对象；
(3)电压表量程为3V，根据欧姆定律可求出电路中的电流；再根据串联分压，得出RG两端的电压，同样利用欧姆定律可计算RG的阻值，从图2中找出对应的照度即可；
(4)根据题意，要想使照度增大，则RG的对应阻值应变小，则应选择较小的电源电压和较小的定值电阻，据此计算。
本题考查了的特点与使用，重点是灵活运用欧姆定律，并能从图象中得出光敏电阻阻值随光的照度的变化规律，并结合电路进行相应的计算，有一定难度。

15.【答案】解：
过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，由此画出折射光线，如图所示：
 
【解析】先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凸透镜的光学特点作图。
熟记凸透镜的三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。

16.【答案】解：上方巨石处于静止状态，受到的竖直向下的重力及下方石块对其的支持力为一对平衡力，这两个力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，故上方巨石受到支持力方向竖直向上，可以画在其重心上，方向竖直向上，如图所示： 
【解析】先分析上方巨石受到支持力的方向和作用点，再按力的示意图的要求作图即可。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。本题关键是正确分析力的方向。

17.【答案】 
【解析】解：为了安全，开关接在插座与火线之间，三孔插座的上面的孔接地线，左孔接入零线，右孔通过开关接火线，如图所示：

家庭电路中接入用户的电线一般有两条：火线和零线，三孔插座的接法是上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，简称“上地左零右火”；为了用电的安全，开关要接在用电器和火线之间。
本题考查了家庭电路中开关以及三孔插座的接法，要注意安全用电的原则。

18.【答案】解：由图可知，当推力作用在A点，使长方体顺时针倒下时，长方体右下端与地面的接触点O是支点，此时最长的力臂为OA，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力最小，要使长方体顺时针倒下，动力方向应斜向上，即过A点做垂直于OA斜向上的力，如图所示：
 
【解析】在阻力与阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力越小，根据图示确定最大动力臂，然后作出最小推力。
本题考查了作最小推力的示意图，应用杠杆平衡条件即可正确解题。

19.【答案】6.60大气压  上升  A 内能转化为机械能 
【解析】解：(1)如图甲所示，易拉罐底的直径为：7.60cm−1.00cm=6.60cm；
(2)水吸热汽化生成水蒸气，水蒸气把易拉罐内的空气排出，封住罐口，停止加热，罐内气体温度降低，气体压强减小，小于大气压，大气压将易拉罐压瘪。易拉罐被压瘪可以表明大气压的存在；
(3)在吸管内引入一小段油柱，把罐体放在热水中，罐内气体受热膨胀，可以看到油柱上升，这是利用气体的热胀冷缩现象制作简易温度计；
(4)流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大，所以让两易拉罐间距离减小，必须通过最大易拉罐内侧的空气流速来减小压强，故可用吸管按图中箭头A所示的方向用力吹气。
(5)电火花打火时，酒精气体燃烧对外做功，使罐子飞出去，因此酒精燃烧后产生的燃气的内能转化为罐子的机械能，故这个过程的能量转化是内能转化为机械能。
故答案为：(1)6.60；(2)大气压；(3)上升；(4)A；(5)内能转化为机械能。
(1)根据易拉罐底左右两侧对应的刻度之差得出易拉罐底的直径；
(2)在罐内灌少许水进行加热会使实验现象明显的原因：水吸热汽化，变成水蒸气，排出罐内空气；
(3)根据气体热胀冷缩的性质进行分析；
(4)液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大；
(5)内燃机的工作原理是燃气的内能转化为机械能，对外做功。
此题涉及到简易温度计的制作原理、流体压强与流速的关系、大气压的存在、内燃机的工作过程等多个知识点，是一道综合性很强的题目。

20.【答案】匀速直线  C ③  小车  斜面 
【解析】解：(1)实验中应用弹簧测力计在水平面上沿水平方向拉木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小。
(2)比较甲、乙两次实验知，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，测力计示数大，受到的滑动摩擦力大，即在接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；
A.压路机碾子的质量很大，在受力面积一定时，通过增大压力增大压强，不符合题意；
B.汽车的轮胎有很多花纹，在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度增大摩擦力，不符合题意；
C.自行车刹车时用力捏手闸，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力增大摩擦，符合题意；
D.载重汽车装有很多车轮，在压力大小一定时，通过增大受力面积减小压强，不符合题意；
故选：C；
(3)根据甲、丙实验可知，压力相同，丙中测力计示数小，滑动摩擦力小，故可知某种材料粗糙程度小于木块的粗糙程度；木块受到的滑动摩擦力f与木块对木板的压力F的关系图象为图丁中的①，仅将木板换成图丙中的某材料，重复上述实验，在压力相同时，此时滑动摩擦力小，根据下图可知，f和F的关系图象可能为图丁中的③；

(4)完成“探究阻力对物体运动影响”，要控制小车的初速度相同，故要使小车从斜面的高一高度自由下滑，故需要添加斜面；因实验中只有两种不同的材料，为得出普遍性结论，还要增加玻璃板，故需要把研究对象换为小车，并添加玻璃板和斜面。
故答案为：(1)匀速直线；
 (2)C；
 (3)③；
(4)小车；斜面。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)由控制变量法，根据甲、丙实验比较某种材料粗糙程度与木块的粗糙程度大小，结合图乙分析；
(4)完成“探究阻力对物体运动影响”，要控制小车的初速度相同；因实验中只有两种不同的材料，为得出普遍性结论，要多次测量，据此分析。
本题探究影响滑动摩擦力大小的因素，考查实验原理及控制变量法的运用，同时探究阻力对物体运动影响所用的器材。

21.【答案】右  32.22.3×103 
【解析】解：(1)使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处，由题意可知，天平向右端上翘，所以平衡螺母向右调节，使天平平衡；
(2)由图甲可知，吊坠的质量：
m=20g+10g+2.2g=32.2g；
(3)吊坠的体积等于量筒中水增加的体积：
V=64mL−50mL=14mL=14cm3，
吊坠的密度：
ρ=mV=32.2g14cm3=2.3g/cm3=2.3×103kg/m3。
故答案为：(1)右；(2)32.2；(3)2.3×103。
(1)使用天平之前，首先把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母使天平的横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)用天平来测量物体的质量时，物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
(3)吊坠的体积等于量筒中增加水的体积，根据密度的计算公式ρ=mV即可求出吊坠的密度。
本题用两种方法测定一块吊坠的密度，考查天平的使用与读数、量筒的读数、密度公式的计算，难度适中。

22.【答案】放大  投影仪  左  近视 
【解析】解：(1)将蜡烛和焦距为10cm的凸透镜甲固定在如图所示的位置，此时物距小于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；
(2)保持上述实验中凸透镜位置不变，将蜡烛移动到15cm刻度线处，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，应该向左移动光屏，或者在烛焰和凸透镜间加一个近视眼镜，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，才能再次在光屏得到烛焰清晰的像。
故答案为：(1)放大；投影仪；(2)左；近视。
(1)根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；
(2)根据凸透镜成实像时，物远像近像变小；近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。

23.【答案】U形管液面高度差  低于  加热时间更长  升高的温度  烧杯  时间/min98沸腾时 
【解析】解：(1)金属盒处液体的压强，通过压强计管中空气传递到U形管中的液体，使两边形成液面差，通过U形管中液面高度差来间接地显示金属盒所处位置的液体压强大小。
(2)由于分子间有空隙，两种液体混合后，总体积要减小，所以，液面在标记线以下。
(3)因为水的比热容比沙子大，在质量和升高温度相同的时候，水需要吸收更多的热量，所以用相同的热源加热，需要对水加热更长时间。
(4)相等质量的酒精和纸片，完全燃烧后放出的热量不同，质量相同的水吸收了不同的热量，升高的温度不同。
(5)在本实验中，要使用酒精灯的外焰加热，因此要先固定烧杯的位置，之后再根据烧杯的位置放置温度计。
随着加热时间的增长，水温在发生变化，我们要记录不同时刻水的温度。因此，a处应该填的内容为：时间/min。
水在持续吸热过程中，有一段时间温度保持在98℃，说明此时水正在沸腾，沸点为98℃。
为了探究水沸腾的条件，应在水沸腾时，改变外界因素——停止加热，从而归纳总结沸腾条件。
故答案为：(1)U形管液面高度差；(2)低于；(3)加热时间更长；(4)升高的温度；(5)烧杯；时间/min；98；沸腾时。
(1)通过U形管中液面高度差来间接地显示金属盒所处位置的液体压强大小。
(2)由于分子间有空隙。
(3)两种物质在升高相同温度的情况下，所用加热时间的多，说明吸收的热量多，则比热容较大。
(4)相等质量的燃料，完全燃烧后放出的热量不同。
(5)为了保证温度计的液泡不碰到烧杯底部，温度计的位置根据烧杯的位置来确定；
水沸腾后，还要继续加热一段时间的主要目的是观察水沸腾后的温度变化；
为了探究水沸腾的条件，应在水沸腾时，改变外界因素——停止加热，从而归纳总结沸腾条件。
此题考查的知识点较多，涉及到液体压强的特点、分子动理论、比热容、热值等，属于综合性题目。

24.【答案】开关断路或接触不良  9 5000 
【解析】解：(1)向左移动滑动变阻器的滑片P使电流表示数变大，说明滑动变阻器的滑片P在向左移动过程中接入电路的电阻在减小，故滑动变阻器应接左下接线柱，如图所示：

(2)闭合开关，两电表均无示数，电路可能断路，将电压表接在变阻器两端时也无示数，说明变阻器之外的电路存在断路，但接在开关两端时有示数，则说明开关的之外的电路为通路，故电路故障是开关断路或接触不良；
(3)故电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，由图乙知：电流表的示数为0.3A，
由I=UR得未知电阻的阻值为：
Rx=UI=2.7V0.3A=9Ω；
(4)电源电压恒为3V，S2接1时，定值电阻与电压表串联，电压表示数为2.5V，由串联电路电压的规律，定值电阻的电压为：U0=3V−2.5V=0.5V，由分压原理，电压表内阻为：
RV=2.5V0.5V×2000Ω=10000Ω；
S1闭合，S2接1时，待测电阻与电压表串联，电压表示数为2V；由串联电路电压的规律，待测电阻的电压为：U′x=3V−2V=1V，由分压原理，
R′x=1V2V×10000Ω=5000Ω。
故答案为：(1)见解答图；(2)开关断路或接触不良；(3)9；(4)5000。
(1)向左移动滑动变阻器的滑片P使电流表示数变大，说明滑动变阻器的滑片P在向左移动过程中接入电路的电阻在减小；
(2)闭合开关，两电表均无示数，电路可能断路，将电压表接在某超元件两端时，若有示数，则这个元件是断路的，若无示数，则电压表之外的电路有断路；
(3)根据电流表的量程为0∼0.6A确定分度值读数，由欧姆定律得出未知电阻；
(4)分析开关转换时电路连接，由串联电路电压的规律求出定值电阻与电压表串联时定值电阻的电压，由分压原理得出电压表内阻；
由待测电阻与电压表串联和电压表示数，根据串联电路电压的规律求出定值电阻的电压，由分压原理求出R′x。
本题测电阻的大小，考查电路的连接、故障分析、电流表的读数、电阻的计算以及特殊额方法测量电阻。

25.【答案】增加圆底盘的直径 
【解析】解：(1)圆底盘的半径为30cm2cm=15cm=0.15m，
衣架对水平面的压力：F=G=mg=6.28kg×10N/kg=62.8N
p=FS=GS=62.8N3.14×0.15m×0.15m=888.9Pa；
(2)由图知，以圆底盘右侧点为支点，书包对衣架力的大小等于书包重力，即F1=G书包，力臂L1=25cm−15cm=10cm，木衣架自身重力的力臂L2=15cm，
根据F1L1=F2L2有：G书包×10cm=62.8N×15cm，
解得G书包=94.2N，
则书包的质量m=G书包g=94.2N10N/kg=9.42kg；
(3)由题意知，衣架倾倒的原因是两边力和力臂的乘积不相等造成的，所以要防止其倾倒，可减小挂物与其力臂的乘积或增大自重与其力臂的乘积，故方法有：减小挂衣钩的长度；增大底盘的直径；圆盘底座换用大理石等密度更大的材料；在挂衣钩的对侧挂物品。
答：(1)衣架不挂任何衣物时，对水平地面的压强是888.9Pa；
(2)允许挂在A处书包的最大质量是9.42kg；
(3)增加圆底盘的直径。
(1)根据F=G总=m总g计算出对地面的压力，最后根据压强公式p=FS计算对地面的压强；
(2)分析木衣架会倒的原因时，可以把它看成杠杆；根据杠杆的平衡条件求得所挂书包的重力，从而计算书包质量；
(3)根据杠杆的平衡条件分析，得出具体方法。
本题主要考查了压强、杠杆平衡条件的应用，不仅能够利用平衡条件解释有关的现象，并且要学会应用其解决有关的问题

26.【答案】小  大 
【解析】解：(1)闭合开关，定值电阻R1和滑动变阻器R0串联接入电路，电流表测通过电路的电流，人的身高越高，R0接入电路的长度越小，所以R0接入电路的阻值越小；
闭合开关，压敏电阻R压和定值电阻R2串联接入电路，电压表测R2两端的电压，人的体重越大，压敏电阻受到的压力越大，由图可知压敏电阻接入电路的阻值越小，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以电路总电阻变小，根据欧姆定律可得此时通过电路的电流变大；
(2)电流表量程为0∼0.6A，0.6A对应身高200cm的人，