2020-2021学年江苏省南京市六校联考高一(下)期中数学试卷
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一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.(5分)在中,若,,,则
A. B. C. D.
2.(5分)已知向量,满足,,且,夹角为,则
A. B. C. D.
3.(5分)若复数是纯虚数,则实数的值为
A.1 B.2 C.1 或 2 D.
4.(5分)已知,且,,则
A. B. C. D.
5.(5分)已知,是虚数单位.若,,则的值为
A.或 B.1 C. D.1或
6.(5分)已知,且为锐角,则
A. B. C. D.
7.(5分)如图,有一位于处的观测站,某时刻发现其北偏东,且与相距海里的处有一货船,正以40海里小时的速度,向南偏西匀速直线行驶,30分钟后到达处,则此时该船与观测站的距离为 海里.
A. B. C.20 D.
8.(5分)古希腊的数学家毕达哥拉斯通过研究正五边形和正十边形的作图,发现了黄金分割率,黄金分割率的值也可以用表示.若实数满足,则
A. B. C. D.
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对得5分,部分选对得2分,有选错的得0分.
9.(5分)已知复数为虚数单位),则
A. B.对应的点在第一象限
C.的虚部为 D.的共轭复数为
10.(5分)如图,的方格纸中有一个向量(以图中的格点为起点,格点为终点),则
A.分别以图中的格点为起点和终点的向量中,与是相反向量的共有11个
B.满足的格点共有3个
C.满足的格点共有4个
D.存在格点,,使得
11.(5分)下列各式中,值为的是
A. B.
C. D.
12.(5分)在中,下列结论中,正确的是
A.若,则是等腰三角形
B.若,则
C.若,则为钝角三角形
D.若,,且结合的长解三角形,有两解,则长的取值范围是
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.(5分)在中,若,,,则 , .
14.(5分)求值: .
15.(5分)在中,内角,,的对边分别为,,.若,,,则 .
16.(5分)欧拉是科学史上最多才的一位杰出的数学家,他发明的公式为,虚数单位,将指数函数的定义域扩大到复数,建立了三角函数和指数函数的关系,这个公式也被誉为“数学中的天桥”根据此公式,的最大值为 .
四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(10分)在平面直角坐标系中,已知平面向量,,.
(1)求证:与垂直;
(2)若与是共线向量,求实数的值.
18.(12分)在中,内角,,的对边分别为,,,且,请在①,的面积为,②
,③这三个条件中任选一个,完成下列问题:
(1)求角的大小;
(2)求的值.
19.(12分)如图,已知正三角形的边长为1,设,.
(1)若是的中点,用,分别表示向量,;
(2)求;
(3)求与的夹角.
20.(12分)如图,扇形钢板的半径为,圆心角为.现要从中截取一块四边形钢板.其中顶点在扇形的弧上,,分别在半径,上,且,.
(1)设,试用表示截取的四边形钢板的面积,并指出的取值范围;
(2)求当为何值时,截取的四边形钢板的面积最大.
21.(12分)如图,在复平面中,平行四边形的顶点,.
(1)求点对应的复数;
(2)记点,,对应的复数分别为,,.
①若,求复数;
②若复数满足,求的最小值.
22.(12分)在中,角,,所对的边分别为,,,且.
(1)求角的大小;
(2)若,,求的面积.
2020-2021学年江苏省南京市六校联考高一(下)期中数学试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.【分析】结合已知,根据正弦定理,可求
【解答】解:根据正弦定理,,
则
故选:.
2.【分析】按照多项式乘多项式展开后利用数量积的性质可得.
【解答】解:
故选:.
3.【分析】直接由实部等于0且虚部不等于0求解即可得答案.
【解答】解:由复数是纯虚数,
得,解得.
故选:.
4.【分析】直接利用两角和与差的三角函数化简求解即可.
【解答】解:,,.
又,,
则,
所以.
故选:.
5.【分析】由已知结合列式求解值.
【解答】解:,且,
,即或1.
故选:.
6.【分析】先由为锐角,得到的范围,再求,再由,运用两角和差的余弦公式,即可得到.
【解答】解:由于,且为锐角,
则,
即,
则
.
故选:.
7.【分析】根据题意,利用余弦定理求出的值.
【解答】解:由题意知,,,,
由余弦定理得:,
解得.
即该船与观测站的距离为20海里.
故选:.
8.【分析】由已知先求出,然后利用正余弦的倍角公式以及诱导公式化简所求的关系式,由此即可求解.
【解答】解:根据题中的条件可得:,
则.
故选:.
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对得5分,部分选对得2分,有选错的得0分.
9.【分析】由已知结合复数的基本概念及模的求法逐一核对四个选项得答案.
【解答】解:,
,故正确;
对应的点为,在第一象限,故正确;
的虚部为1,故错误;
,故错误;
故选:.
10.【分析】根据相反向量的定义可判断错误,建立平面直角坐标系,利用向量的坐标运算逐个分析选项,可判断正确.
【解答】解::分别以图中的格点为起点和终点的向量中,与是相反向量的共有 18个,故错,
以为原点建立平面直角坐标系,则,
设,,,且,,
:若,
所以,,,且,,
得,,共三个,故正确,
:若,则,,,且,,
得,,,共4个,故正确,
:当,时,则成立,故正确.
故选:.
11.【分析】直接利用三角函数关系式中倍角公式和诱导公式的变换求出结果.
【解答】解:对于,故正确;
对于,故错误;
对于,故正确;
对于,故错误;
故选:.
12.【分析】直接利用三角函数的诱导公式,正弦定理和余弦定理,三角形解的情况的应用判断、、、的结论.
【解答】解:对于:若,整理得,故,则是等腰三角形,故正确;
对于:若,转换为:,
利用正弦定理:,则,故正确;
对于:若,则,故,故为钝角三角形,故正确;
对于:若,,且结合的长解三角形,有两解,
则满足,即,故错误;
故选:.
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.【分析】由已知利用同角三角函数基本关系式可求,的值,进而根据两角和的正弦公式即可求解的值,进而根据正弦定理可得的值.
【解答】解:因为,,,
所以,,
所以,
因为由正弦定理,可得,
解得.
故答案为:,52.
14.【分析】先把原式中切转化成弦,利用两角和公式和整理后,运用诱导公式和二倍角公式化简整理求得答案.
【解答】解:原式
故答案为:1
15.【分析】由已知利用余弦定理可得的值,利用同角三角函数基本关系式可求的值,进而根据正弦定理即可求解.
【解答】解:因为,,,
所以由余弦定理可得,
可得,
因为,
所以.
故答案为:.
16.【分析】先求出,然后结合模长公式及余弦函数的性质可求.
【解答】解:由题意得,
则,即最大值为3.
故答案为:3.
四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.【分析】(1)利用平面向量坐标运算法则求出,,再由,能证明与垂直.
(2)利用平面向量坐标运算法则求出,再由与是共线向量,,能求出实数的值.
【解答】解:(1)证明:平面向量,,.
,,
,
与垂直.
(2)解:,,
,
与是共线向量,.
,
解得.
18.【分析】(1)由余弦定理可得,结合范围,可求的值.
(2)选择条件①:由已知利用三角形的面积公式可求的值,进而可求是等边三角形,即可求解的值;
选择条件②:由正弦定理即可求解的值;
选择条件③:由已知利用三角形内角和定理可求的值,根据两角和的正弦公式即可求解的值.
【解答】解:(1)因为,
由余弦定理可得,
又因为,
所以.
(2)选择条件①:因为,
所以,
又因为,,
所以是等边三角形,
所以,
所以,
选择条件②:由正弦定理,及,
得,
选择条件③:由,得,
所以.
19.【分析】(1)由平面向量的线性运算得:,.
(2)由平面向量的模的运算得:.
(3)平面向量数量积的运算得:,又,,故与的夹角为,得解.
【解答】解:(1)因为,.是的中点,
故,.
(2)因为,,
故.
(3),
又,
设与的夹角为,
所以,
又,,
故与的夹角为.
20.【分析】(1)由题意可知,,,进而表达出的面积,再根据,表达出的面积,从而得到四边形钢板的面积的表达式和的取值范围.
(2)利用三角函数公式可得,再由的范围,结合三角函数的性质即可求出的最大值.
【解答】解:(1)因为,扇形钢板的圆心角为,所以,
因为扇形钢板的半径为,,,
所以,,
所以,
又,,
所以,
所以四边形钢板的面积,,
其中的取值范围为.
(2),
因为,所以,
所以当,即时,四边形钢板的面积最大,最大值为.
21.【分析】(1)由已知结合复数的向量运算求得的坐标,进一步可得点所对应的复数;
(2)①由图求得,,,代入,变形后利用复数代数形式的乘除运算求解;
②设,,,由可得与的关系,再由复数模的公式及配方法求解的最小值.
【解答】解:(1)在复平面中,由,得,,
四边形为平行四边形,,
的坐标为,则点对应的复数为.
(2)由已知及(1),得,,,
①由,得.
②设,,,
则由,得,
即,,
,
当时,,
即的最小值为.
22.【分析】(1)法一:(化角),由正弦定理,两角差的正弦公式化简已知等式可得,结合范围,,可求的值.
法二:(化边),由余弦定理化简已知等式可求的值,结合,可求的值.
(2)在中,由已知利用余弦定理可得,解得的值,进而根据三角形的面积公式即可求解.
【解答】解:(1)法一:(化角)
在中,由正弦定理,得,,.
因为,
所以,即,
所以,
因为,,,
所以,,
所以,或,或,即,或(舍或(舍,
因为,
所以.
法二:(化边)因为,,,,
所以,
所以,
所以,即,
因为,
所以,即,
所以,
因为,
所以.
(2)在中,因为,,,
所以结合余弦定理,得,即,解得或(舍去),
所以,即的面积为.
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日期:2022/3/11 19:10:25;用户:高中数学6;邮箱:tdjyzx38@xyh.com;学号:42412367
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