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    备战2024年高考数学大一轮复习(人教A版-理)第四章 §4.2 同角三角函数的基本关系式及诱导公式 试卷
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    备战2024年高考数学大一轮复习(人教A版-理)第四章 §4.2 同角三角函数的基本关系式及诱导公式

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    这是一份备战2024年高考数学大一轮复习(人教A版-理)第四章 §4.2 同角三角函数的基本关系式及诱导公式,共14页。


    知识梳理
    1.同角三角函数的基本关系
    (1)平方关系:sin2α+cs2α=1.
    (2)商数关系:eq \f(sin α,cs α)=tan αeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α≠\f(π,2)+kπ,k∈Z)).
    2.三角函数的诱导公式
    常用结论
    同角三角函数的基本关系式的常见变形
    sin2α=1-cs2α=(1+cs α)(1-cs α);
    cs2α=1-sin2α=(1+sin α)(1-sin α);
    (sin α±cs α)2=1±2sin αcs α.
    思考辨析
    判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
    (1)使sin(π+α)=-sin α成立的条件是α为锐角.( × )
    (2)若sin(kπ-α)=eq \f(1,3)(k∈Z),则sin α=eq \f(1,3).( × )
    (3)若α,β为锐角,则sin2α+cs2β=1.( × )
    (4)若α∈R,则tan α=eq \f(sin α,cs α)恒成立.( × )
    教材改编题
    1.若cs α=eq \f(1,3),α∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(π,2),0)),则tan α等于( )
    A.-eq \f(\r(2),4) B.eq \f(\r(2),4) C.-2eq \r(2) D.2eq \r(2)
    答案 C
    解析 由已知得,sin α=-eq \r(1-cs2α)=-eq \r(1-\f(1,9))=-eq \f(2\r(2),3),所以tan α=eq \f(sin α,cs α)=-2eq \r(2).
    2.若sin α+cs α=eq \f(\r(2),2),则sin αcs α等于( )
    A.-eq \f(1,2) B.-eq \f(1,4) C.eq \f(\r(2),2) D.2
    答案 B
    解析 因为sin α+cs α=eq \f(\r(2),2),所以(sin α+cs α)2=eq \f(1,2),
    即sin2α+cs2α+2sin αcs α=eq \f(1,2),
    即1+2sin αcs α=eq \f(1,2),
    所以sin αcs α=-eq \f(1,4).
    3.化简eq \f(cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(π,2))),sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5π,2)+α)))·cs(2π-α)的结果为________.
    答案 sin α
    解析 原式=eq \f(sin α,cs α)·cs α=sin α.
    题型一 同角三角函数基本关系
    例1 (1)已知θ∈(0,π),sin θ+cs θ=eq \f(1,5),给出下列结论:
    ①θ∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2),π));
    ②cs θ=-eq \f(4,5);
    ③tan θ=-eq \f(3,4);
    ④sin θ-cs θ=eq \f(7,5).
    则结论正确的有( )
    A.①② B.①③④
    C.①④ D.②③
    答案 C
    解析 因为sin θ+cs θ=eq \f(1,5),(ⅰ)
    所以(sin θ+cs θ)2=1+2sin θcs θ=eq \f(1,25),则2sin θcs θ=-eq \f(24,25),
    因为θ∈(0,π),所以sin θ>0,cs θ<0,
    所以θ∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2),π)),故①正确;
    因为(sin θ-cs θ)2=1-2sin θcs θ=eq \f(49,25),
    所以sin θ-cs θ=eq \f(7,5),(ⅱ)
    故④正确;
    由(ⅰ)(ⅱ)联立可得,sin θ=eq \f(4,5),cs θ=-eq \f(3,5),故②错误;
    所以tan θ=eq \f(sin θ,cs θ)=-eq \f(4,3),故③错误.
    (2)已知cs α=-eq \f(5,13),则13sin α+5tan α=________.
    答案 0
    解析 ∵cs α=-eq \f(5,13)<0且cs α≠-1,
    ∴α是第二或第三象限角.
    ①若α是第二象限角,
    则sin α=eq \r(1-cs2α)=eq \r(1-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(5,13)))2)=eq \f(12,13),
    ∴tan α=eq \f(sin α,cs α)=eq \f(\f(12,13),-\f(5,13))=-eq \f(12,5).
    此时13sin α+5tan α=13×eq \f(12,13)+5×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(12,5)))=0.
    ②若α是第三象限角,
    则sin α=-eq \r(1-cs2α)=-eq \r(1-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(5,13)))2)
    =-eq \f(12,13),
    ∴tan α=eq \f(sin α,cs α)=eq \f(-\f(12,13),-\f(5,13))=eq \f(12,5),
    此时,13sin α+5tan α=13×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(12,13)))+5×eq \f(12,5)=0.
    综上,13sin α+5tan α=0.
    (3)已知tan α=2,则eq \f(3sin α-2cs α,sin α+cs α)=________;eq \f(2,3)sin2α+eq \f(1,4)cs2α=________.
    答案 eq \f(4,3) eq \f(7,12)
    解析 因为tan α=2,
    所以eq \f(3sin α-2cs α,sin α+cs α)=eq \f(3tan α-2,tan α+1)=eq \f(3×2-2,2+1)=eq \f(4,3).
    eq \f(2,3)sin2α+eq \f(1,4)cs2α=eq \f(2,3)·eq \f(sin2α,sin2α+cs2α)+eq \f(1,4)·eq \f(cs2α,sin2α+cs2α)
    =eq \f(2,3)·eq \f(tan2α,tan2α+1)+eq \f(1,4)·eq \f(1,tan2α+1)
    =eq \f(2,3)×eq \f(22,22+1)+eq \f(1,4)×eq \f(1,22+1)=eq \f(7,12).
    思维升华 (1)应用公式时注意方程思想的应用:对于sin α+cs α,sin αcs α,sin α-cs α这三个式子,利用(sin α±cs α)2=1±2sin αcs α,可以知一求二.
    (2)注意公式逆用及变形应用:1=sin2α+cs2α,sin2α=1-cs2α,cs2α=1-sin2α.
    跟踪训练1 (1)(2023·海南模拟)已知eq \f(sin α+3cs α,3cs α-sin α)=5,则cs2α+eq \f(1,2)sin 2α等于( )
    A.eq \f(3,5) B.-eq \f(3,5) C.-3 D.3
    答案 A
    解析 由eq \f(sin α+3cs α,3cs α-sin α)=5,得eq \f(tan α+3,3-tan α)=5,
    可得tan α=2,
    则cs2α+eq \f(1,2)sin 2α=cs2α+sin αcs α
    =eq \f(cs2α+sin αcs α,cs2α+sin2α)=eq \f(1+tan α,1+tan2α)=eq \f(3,5).
    (2)若θ为△ABC的一个内角,且sin θ·cs θ=-eq \f(1,8),则sin θ-cs θ等于( )
    A.±eq \f(\r(5),2) B.eq \f(\r(3),2) C.-eq \f(\r(5),2) D.eq \f(\r(5),2)
    答案 D
    解析 θ∈(0,π),因为sin θ·cs θ=-eq \f(1,8)<0,
    所以θ∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2),π)),
    所以sin θ>0,cs θ<0,所以sin θ-cs θ>0.
    又(sin θ-cs θ)2=1-2sin θcs θ=1+eq \f(1,4)=eq \f(5,4),
    所以sin θ-cs θ=eq \f(\r(5),2).
    题型二 诱导公式
    例2 (1)已知x∈R,则下列等式恒成立的是( )
    A.sin(3π-x)=-sin x
    B.sin eq \f(π-x,2)=-cs eq \f(x,2)
    C.cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5π,2)+3x))=sin 3x
    D.cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)-2x))=-sin 2x
    答案 D
    解析 sin(3π-x)=sin(π-x)=sin x,
    sin eq \f(π-x,2)=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-\f(x,2)))=cs eq \f(x,2),
    cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5π,2)+3x))=cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+3x))=-sin 3x,
    cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)-2x))=-sin 2x.
    (2)已知sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3)-x))=eq \f(1,3),且0答案 eq \f(4\r(2),3)
    解析 ∵0∴cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3)-x))=eq \r(1-sin 2\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3)-x)))=eq \f(2\r(2),3).
    ∴sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)+x))=sineq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3)-x))))=cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3)-x))=eq \f(2\r(2),3),
    cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2π,3)+x))=cseq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(π-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3)-x))))=-cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3)-x))=-eq \f(2\r(2),3).
    ∴sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)+x))-cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2π,3)+x))=eq \f(4\r(2),3).
    思维升华 诱导公式的两个应用
    (1)求值:负化正,大化小,化到锐角为终了;
    (2)化简:统一角,统一名,同角名少为终了.
    跟踪训练2 (1)若eq \f(sin3π-α-sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(3π,2)-α)),cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+α))+cs-π+α)=eq \f(1,3),则tan α等于( )
    A.eq \f(3,4) B.-eq \f(1,2) C.-eq \f(4,3) D.eq \f(1,2)
    答案 D
    解析 因为eq \f(sin3π-α-sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(3π,2)-α)),cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+α))+cs-π+α)=eq \f(1,3),所以eq \f(sin α-cs α,-sin α-cs α)=eq \f(1,3),所以eq \f(tan α-1,-tan α-1)=eq \f(1,3),解得tan α=eq \f(1,2).
    (2)已知cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)+α))=eq \f(4,5),则sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)-α))的值为( )
    A.eq \f(3,5) B.-eq \f(3,5) C.eq \f(4,5) D.-eq \f(4,5)
    答案 C
    解析 由cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)+α))=eq \f(4,5),得sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)-α))
    =sineq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)+α))))=cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4)+α))=eq \f(4,5).
    题型三 同角三角函数基本关系式和诱导公式的综合应用
    例3 (1)(2023·青海模拟)已知α为锐角,且2tan(π-α)-3cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+β))+5=0,tan(π+α)+6sin(π+β)-1=0,则sin α的值是( )
    A.eq \f(3\r(2),5) B.eq \f(3\r(5),7) C.eq \f(3\r(10),10) D.eq \f(1,3)
    答案 C
    解析 由已知得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(3sin β-2tan α+5=0,,tan α-6sin β-1=0,))
    消去sin β,得tan α=3,
    ∴sin α=3cs α,代入sin2α+cs2α=1,
    化简得sin2α=eq \f(9,10),又α为锐角,∴sin α>0,则sin α=eq \f(3\r(10),10).
    (2)已知-π答案 -eq \f(24,175)
    解析 由已知得,sin x+cs x=eq \f(1,5),
    两边平方得sin2x+2sin xcs x+cs2x=eq \f(1,25),
    整理得2sin xcs x=-eq \f(24,25).
    因为(sin x-cs x)2=1-2sin xcs x=eq \f(49,25),
    由-π又2sin xcs x=-eq \f(24,25)<0,
    所以cs x>0,所以sin x-cs x<0,
    故sin x-cs x=-eq \f(7,5).
    所以eq \f(sin 2x+2sin2x,1-tan x)=eq \f(2sin xcs x+sin x,1-\f(sin x,cs x))
    =eq \f(2sin xcs xcs x+sin x,cs x-sin x)
    =eq \f(-\f(24,25)×\f(1,5),\f(7,5))=-eq \f(24,175).
    思维升华 (1)利用同角三角函数基本关系式和诱导公式求值或化简时,关键是寻求条件、结论间的联系,灵活使用公式进行变形.
    (2)注意角的范围对三角函数值符号的影响.
    跟踪训练3 (1)(2023·衡水模拟)已知sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)-α))+cs(π-α)=sin α,则2sin2α-sin αcs α等于( )
    A.eq \f(21,10) B.eq \f(3,2) C.eq \f(\r(3),2) D.2
    答案 D
    解析 由诱导公式可得,sin α=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)-α))+cs(π-α)=-2cs α,所以tan α=-2.
    因此,2sin2α-sin αcs α=eq \f(2sin2α-sin αcs α,sin 2α+cs2α)
    =eq \f(2tan2α-tan α,tan2α+1)=eq \f(10,5)=2.
    (2)已知sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(2π,3)))=eq \f(2,3),其中α∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2),π)),则cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(π,6)))=________,sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2α-\f(π,3)))=________.
    答案 -eq \f(2,3) -eq \f(4\r(5),9)
    解析 方法一 令t=α-eq \f(2π,3),
    所以sin t=eq \f(2,3),
    α=t+eq \f(2π,3),
    所以cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(π,6)))=cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(t+\f(2π,3)-\f(π,6)))
    =cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(t+\f(π,2)))=-sin t=-eq \f(2,3).
    因为α∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2),π)),
    所以α-eq \f(π,6)∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3),\f(5π,6))),所以sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(π,6)))=eq \f(\r(5),3),
    所以sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2α-\f(π,3)))=sin 2eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(π,6)))
    =2sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(π,6)))cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(π,6)))
    =2×eq \f(\r(5),3)×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(2,3)))=-eq \f(4\r(5),9).
    方法二 因为sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(2π,3)))=eq \f(2,3),
    所以cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(π,6)))=cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)-α))=sineq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)-α))))
    =sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3)+α))=sineq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(π-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3)+α))))
    =sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2π,3)-α))=-sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α-\f(2π,3)))=-eq \f(2,3).
    以下同方法一.
    课时精练
    1.sin 1 620°等于( )
    A.0 B.eq \f(1,2)
    C.1 D.-1
    答案 A
    解析 由诱导公式,sin 1 620°=sin(180°+4×360°)=sin 180°=0.
    2.(2023·济南模拟)已知α∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(π,2),0)),cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+α))=eq \f(\r(3),2),则tan α等于( )
    A.-eq \r(3) B.eq \r(3) C.-eq \f(\r(3),3) D.eq \f(\r(3),3)
    答案 A
    解析 由已知条件得cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+α))=-sin α=eq \f(\r(3),2),
    即sin α=-eq \f(\r(3),2),
    ∵α∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(π,2),0)),
    ∴cs α=eq \r(1-sin2α)=eq \r(1-\f(3,4))=eq \f(1,2),
    ∴tan α=eq \f(sin α,cs α)=eq \f(-\f(\r(3),2),\f(1,2))=-eq \r(3).
    3.若eq \f(sin α+cs α,sin α-cs α)=eq \f(1,2),则sin2α-sin αcs α-3cs2α等于( )
    A.eq \f(1,10) B.eq \f(3,10) C.eq \f(9,10) D.eq \f(3,2)
    答案 C
    解析 由eq \f(sin α+cs α,sin α-cs α)=eq \f(1,2)可知,cs α≠0,∴eq \f(sin α+cs α,sin α-cs α)=eq \f(tan α+1,tan α-1)=eq \f(1,2),∴tan α=-3,
    ∴sin2α-sin αcs α-3cs2α=eq \f(sin2α-sin αcs α-3cs2α,sin2α+cs2α)=eq \f(tan2α-tan α-3,1+tan2α)=eq \f(9+3-3,1+9)=eq \f(9,10).
    4.已知sin α-cs α=eq \f(1,2),则eq \f(sin α,1-tan α)的值为( )
    A.-eq \f(3,4) B.eq \f(3,4)
    C.-eq \f(3,16) D.eq \f(3,16)
    答案 A
    解析 由sin α-cs α=eq \f(1,2),
    所以1-2sin αcs α=eq \f(1,4),
    所以sin αcs α=eq \f(3,8),
    所以eq \f(sin α,1-tan α)=eq \f(sin α,1-\f(sin α,cs α))=eq \f(sin αcs α,cs α-sin α)=-eq \f(3,4).
    5.在△ABC中,下列结论不正确的是( )
    A.sin(A+B)=sin C
    B.sin eq \f(B+C,2)=cs eq \f(A,2)
    C.tan(A+B)=-tan Ceq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(C≠\f(π,2)))
    D.cs(A+B)=cs C
    答案 D
    解析 在△ABC中,有A+B+C=π,
    则sin(A+B)=sin(π-C)=sin C,A正确;
    sin eq \f(B+C,2)=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-\f(A,2)))=cs eq \f(A,2),B正确;
    tan(A+B)=tan(π-C)=-tan Ceq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(C≠\f(π,2))),C正确;
    cs(A+B)=cs(π-C)=-cs C,D不正确.
    6.已知eq \f(sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)+α))+2cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-α)),sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+α))+cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)-α)))=-3,则sin 2α等于( )
    A.eq \f(4,5) B.-eq \f(4,5) C.1 D.eq \f(3,5)
    答案 A
    解析 由eq \f(sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)+α))+2cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-α)),sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+α))+cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)-α)))=-3,
    得eq \f(-cs α+2sin α,cs α-sin α)=-3,
    所以tan α=2,
    所以sin 2α=2sin αcs α=eq \f(2tan α,tan2α+1)=eq \f(4,5).
    7.已知sin θ=eq \f(1,3),则eq \f(tan2π-θ,cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-θ))sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)+θ)))=________.
    答案 eq \f(9,8)
    解析 原式=eq \f(-tan θ,sin θ-cs θ)=eq \f(1,cs2θ)=eq \f(1,1-sin2θ)=eq \f(1,1-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))2)=eq \f(9,8).
    8.已知cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)-α))=eq \f(\r(3),3),则cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5π,6)+α))-sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α+\f(4π,3)))的值为________.
    答案 0
    解析 因为cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)-α))=eq \f(\r(3),3),
    所以cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5π,6)+α))=cseq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(π-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)-α))))
    =-cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)-α))=-eq \f(\r(3),3),
    sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α+\f(4π,3)))=-sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α+\f(π,3)))=-sineq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)-α))))=-cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)-α))=-eq \f(\r(3),3),
    所以cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5π,6)+α))-sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(α+\f(4π,3)))=-eq \f(\r(3),3)-eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(\r(3),3)))=0.
    9.(2023·赤峰模拟)(1)若α是第二象限角,且cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+α))=-eq \f(1,3),求tan α的值;
    (2)已知f(α)=eq \f(sin3π-αcs2π-αsin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)-α)),csπ-αsin-π-α),化简f(α),在(1)的条件下,求f(α)的值.
    解 (1)∵cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+α))=-sin α=-eq \f(1,3),∴sin α=eq \f(1,3),又α是第二象限角,
    ∴cs α=-eq \r(1-sin2α)=-eq \f(2\r(2),3),则tan α=eq \f(sin α,cs α)=-eq \f(\r(2),4).
    (2)f(α)=eq \f(sin3π-αcs2π-αsin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)-α)),csπ-αsin-π-α)=eq \f(sin αcs α-cs α,-cs αsin α)=cs α,由(1)知,cs α=-eq \f(2\r(2),3),
    则f(α)=cs α=-eq \f(2\r(2),3).
    10.已知角θ 的终边与单位圆x2+y2=1在第四象限交于点P,且点P的坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2),y)).
    (1)求tan θ的值;
    (2)求eq \f(cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-θ))+csθ-2π,sin θ+csπ+θ)的值.
    解 (1)由θ为第四象限角,终边与单位圆交于点Peq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2),y)),得eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))2+y2=1,y<0,
    解得y=-eq \f(\r(3),2),
    所以tan θ=eq \f(-\f(\r(3),2),\f(1,2))=-eq \r(3).
    (2)因为tan θ=-eq \r(3),
    所以eq \f(cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)-θ))+csθ-2π,sin θ+csπ+θ)=eq \f(sin θ+cs θ,sin θ-cs θ)=eq \f(tan θ+1,tan θ-1)=eq \f(-\r(3)+1,-\r(3)-1)=2-eq \r(3).
    11.已知角α满足sin α·cs α≠0,则表达式eq \f(sinα+kπ,sin α)+eq \f(csα+kπ,cs α)(k∈Z)的取值为( )
    A.-2 B.-1 C.2或-2 D.1或-1
    答案 C
    解析 当k为奇数时,原式=eq \f(-sin α,sin α)+eq \f(-cs α,cs α)=(-1)+(-1)=-2;
    当k为偶数时,原式=eq \f(sin α,sin α)+eq \f(cs α,cs α)=1+1=2.
    所以原表达式的取值为-2或2.
    12.黑洞原指非常奇怪的天体,它体积小,密度大,吸引力强,任何物体到了它那里都别想再出来,数字中也有类似的“黑洞”,任意取一个数字串,长度不限,依次写出该数字串中偶数的个数、奇数的个数以及总的数字个数,把这三个数从左到右写成一个新数字串;重复以上工作,最后会得到一个反复出现的数字,我们称它为“数字黑洞”,如果把这个数字设为a,则sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(aπ,2)+\f(π,6)))等于( )
    A.eq \f(1,2) B.-eq \f(1,2) C.eq \f(\r(3),2) D.-eq \f(\r(3),2)
    答案 D
    解析 根据“数字黑洞”的定义,任取数字2 021,经过第一步之后变为314,经过第二步之后变为123,再变为123,再变为123,
    所以数字黑洞为123,即a=123,
    所以sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(aπ,2)+\f(π,6)))=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(123π,2)+\f(π,6)))=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)+\f(π,6)))=-cs eq \f(π,6)=-eq \f(\r(3),2).
    13.sin eq \f(4π,3)·cs eq \f(5π,6)·taneq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(4π,3)))的值是________.
    答案 -eq \f(3\r(3),4)
    解析 原式=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(π+\f(π,3)))·cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(π-\f(π,6)))·taneq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-π-\f(π,3)))
    =eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-sin \f(π,3)))·eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-cs \f(π,6)))·eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-tan \f(π,3)))
    =eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(\r(3),2)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(\r(3),2)))×(-eq \r(3))=-eq \f(3\r(3),4).
    14.已知sin(3π+θ)=eq \f(1,3),则eq \f(csπ+θ,cs θ[csπ-θ-1])+eq \f(csθ-2π,sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(θ-\f(3π,2)))csθ-π-sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)+θ)))=________.
    答案 18
    解析 由sin(3π+θ)=eq \f(1,3),可得sin θ=-eq \f(1,3),
    ∴eq \f(csπ+θ,cs θ[csπ-θ-1])+
    eq \f(csθ-2π,sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(θ-\f(3π,2)))csθ-π-sin\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)+θ)))
    =eq \f(-cs θ,cs θ-cs θ-1)+eq \f(cs θ,-cs2θ+cs θ)
    =eq \f(1,1+cs θ)+eq \f(1,1-cs θ)=eq \f(2,1+cs θ1-cs θ)
    =eq \f(2,1-cs2θ)=eq \f(2,sin2θ)=18.
    15.已知角θ和φ都是任意角,若满足θ+φ=eq \f(π,2)+2kπ,k∈Z,则称θ与φ广义互余.若sin(π+α)=-eq \f(1,4),则下列角β中,可能与角α广义互余的为( )
    A.sin β=eq \f(1,4) B.cs(π+β)=eq \f(1,4)
    C.tan β=eq \r(15) D.tan β=eq \f(\r(15),5)
    答案 C
    解析 若α与β广义互余,则α+β=eq \f(π,2)+2kπ(k∈Z),即β=eq \f(π,2)+2kπ-α(k∈Z).
    又由sin(π+α)=-eq \f(1,4),可得sin α=eq \f(1,4).
    若α与β广义互余,则sin β=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+2kπ-α))=cs α=±eq \r(1-sin2α)=±eq \f(\r(15),4),故A错误;
    若α与β广义互余,则cs β=cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,2)+2kπ-α))=sin α=eq \f(1,4),而由cs(π+β)=eq \f(1,4),可得cs β=-eq \f(1,4),故B错误;
    由A,B可知sin β=±eq \f(\r(15),4),cs β=eq \f(1,4),所以tan β=eq \f(sin β,cs β)=±eq \r(15),故C正确,D错误.
    16.(2023·上海模拟)在角θ1,θ2,θ3,…,θ29的终边上分别有一点P1,P2,P3,…,P29,如果点Pk的坐标为(sin(15°-k°),sin(75°+k°)),1≤k≤29,k∈N,则cs θ1+cs θ2+cs θ3+…+cs θ29=________.
    答案 0
    解析 ∵sin(75°+k°)=sin(90°-(15°-k°))=cs(15°-k°),
    ∴Pk(sin(15°-k°),cs(15°-k°)),
    ∴cs θk=eq \f(sin15°-k°,\r(sin215°-k°+cs215°-k°))=sin(15°-k°),
    ∴cs θ1+cs θ2+cs θ3+…+cs θ29=sin 14°+sin 13°+sin 12°+…+sin(-14°),
    又sin(15°-k°)+sin(k°-15°)=sin(15°-k°)-sin(15°-k°)=0,
    ∴cs θ1+cs θ2+cs θ3+…+cs θ29=sin 0°=0.公式







    2kπ+α(k∈Z)
    π+α
    -α
    π-α
    eq \f(π,2)-α
    eq \f(π,2)+α
    正弦
    sin α
    -sin α
    -sin α
    sin α
    cs α
    cs α
    余弦
    cs α
    -cs α
    cs α
    -cs α
    sin α
    -sin α
    正切
    tan α
    tan α
    -tan α
    -tan α
    口诀
    奇变偶不变,符号看象限
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