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2023年广西南宁二中中考物理三模试卷（含答案）
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这是一份2023年广西南宁二中中考物理三模试卷（含答案），共25页。试卷主要包含了 下列实例中属于熔化的是， 如图，符合安全原则的是等内容，欢迎下载使用。
2023年广西南宁二中中考物理三模试卷
1. 如图，在金属夹之间放入哪一种物体时，小灯泡能够发光( )
A. 铅笔芯 B. 塑料尺 C. 细棉线 D. 橡皮擦
2. 第一个发现电与磁联系的科学家是( )
A. 安培 B. 奥斯特 C. 牛顿 D. 欧姆
3. 下列光现象是由于光的折射形成的是( )
A. 手影 B. 小孔成像
C. 池水变“浅” D. 路口反光镜
4. 初夏的傍晚，鸟鸣悠扬，蛙声一片，分辩鸟鸣和蛙声的主要依据是声音具有不同的( )
A. 音色 B. 音调 C. 频率 D. 响度
5. 下列实例中属于熔化的是( )
A. 积雪消融 B. 湿手烘干 C. 瓦上结霜 D. 湖面起雾
6. 公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。如图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时，电表示数随之增大，由电表改装成的显示器的示数也增大。下列说法正确的是( )
A. 接线柱“1”应与“3”连接
B. “显示器”由电压表改装而成
C. 若货车质量增大，则电阻R0两端电压增大
D. 为了节约电能，电阻R0可以去掉
7. 如图，符合安全原则的是( )
A. 甲图：冰箱的金属外壳接地 B. 乙图：湿抹布擦发光的灯泡
C. 丙图：在电线上晾晒衣服 D. 丁图：雨天在大树下避雨
8. 如图所示的工具，正常使用时省力的是( )
A. 镊子 B. 定滑轮
C. 羊角锤 D. 筷子
9. 如图所示的现象中，利用大气压的是( )
A. 盆景自动供水装置
B. 高压锅
C. 静脉注射
D. 锅炉的水位计
10. 如图是滑雪运动员起跳后下落的情景，运动员下落过程中( )
A. 动能减小，重力势能减小
B. 动能减小，重力势能增大
C. 动能增大，重力势能减小
D. 动能增大，重力势能增大
11. 2022春节期间，济南市全域全时段禁售、禁燃、禁放烟花爆竹。燃放鞭炮实质上是鞭炮内的化学物质发生爆燃，产生高压燃气瞬间冲破鞭炮的过程。这个过程和热机哪个工作冲程的原理相似( )
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程
12. 无线充电是一种增加手机续航时间的方式。无线充电的技术用到的原理是受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，从而给智能手机充电，用到了如图哪个实验的原理( )
A. B.
C. D.
13. 2022年11月12日，天舟五号货运飞船与空间站组合体完成对接，如图是对接过程中在空间站上摄像机拍摄的照片，下列说法正确的是( )
A. 摄像机的镜头相当于凹透镜
B. 摄像机成像特点与投影仪相同
C. 天舟五号通过摄像机成正立、缩小的实像
D. 天舟五号靠近摄像头时，所成的像逐渐变大
14. 如图是学生足球比赛时的场景。下列说法错误的是( )
A. 空中飞行的足球最终落回地面是由于重力的作用
B. 地上滚动的足球最终停下说明力是维持物体运动原因
C. 运动员抬起脚时比运动员双脚站立时对草地的压强大
D. 足球离开运动员后继续在空中飞行，说明足球具有惯性
15. 老友粉是南宁的金牌小吃，深受市民喜爱。下列说法正确的是( )
A. 煮粉前，锅中沸腾的水不断吸热，温度不断升高
B. 煮粉时，是通过做功的方式改变了老友粉的内能
C. 煮粉时，锅里冒出的“白气”是由水蒸气液化而成
D. 老友粉香气四溢是由于分子在不停地做无规则运动
16. 水平桌面上有甲、乙两个相同的圆柱形容器，分别装入密度不同的液体。A、B是两个体积相等的小球，A球沉在甲容器底部，B球与固定在容器底部的细线相连(不计细线的质量)，且细线受到拉力，静止时液面如图所示。两容器中液体对容器底部的压强相等，C、D两点距离容器底的高度相同，下列说法正确的是( )
A. A球的密度小于B球的密度
B. C点的压强小于D点的压强
C. 若将A、B两球对调后，甲容器对桌面的压力变大
D. 若剪断乙容器中的细线，液体对容器底的压强变小
17. 2022年10月12日“天空课堂”第三课在中国空间站开讲。空间站的画面信号是通过______ 传到地球上的，神舟十四号和天和核心舱对接后，认为神舟十四号处于静止状态，此时选取的参照物是______ (选填“地球”或“天和核心舱”)。
18. 炎热的夏季为防止溺水，河边放置有游泳圈，用手捏游泳圈，游泳圈向内凹陷，说明力可以使物体发生______ ；有些水域还存在水流“旋涡”，水流“旋涡”容易把附近的人“吸”入，这是因为“旋涡”内的水流速较大，压强较______ 。
19. 图甲是某物质凝固时温度随时间变化的的图象，根据图象分析，该物质为______ (选填“晶体”或“非晶体”)；若将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中，如图乙所示，冰水混合物的内能将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
20. 小明家的电能表月初的示数为462.3kW⋅h，月末示数如图所示，他家这个月消耗电能______ kW⋅h，该电能表允许通过的最大电流不超过______ A。
21. 中国正加快对页岩气的安全开采，页岩气和核能都属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。0.2m3的页岩气完全燃烧可以放出______ J的热量(页岩气的热值为4.2×107J/m3)。
22. 如图是某蛋糕机的简化电路图，通过调节开关可以实现高、中、低温三个挡位，当S1断开，S2接A时，蛋糕机处在______ (选填“高”、“中”或“低”)温挡；蛋糕机的额定电压为220V，低温挡的功率为220W，中温挡功率为440W，则R2的阻值为______ Ω。
23. 如图重力为5N的物体静止在水平面上，画出物体所受重力的示意图。
24. 如图所示，AO是平面镜前的一个物体。画出AO在平面镜中成的像。
25. 如图是斜面在物理实验中的应用。
(1)如图甲利用斜面和小车测量平均速度，实验时应保持斜面的坡度______ (选填“较大”或“较小”)可减小测量时间时造成的误差；
(2)图乙实验中小车受到的阻力越小，小车运动距离越______ ，若小车在水平面上所受阻力为零，小车将做______ ；
(3)图乙、丙实验都让物体(小车或小球)从斜面的同一高度由静止下滑，这样做目的是使物体到达斜面底端的______ 相同；图丙中木块B移动的距离越远，说明小球A具有的动能越______ (选填“大”或“小”)。
26. (1)图甲是“探究平面镜成像特点”的实验装置，选取两支完全相同的蜡烛A、B，是为了探像与物的______ 关系。当A蜡烛远离平面镜时，像的大小将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)图乙是“探究液体内部压强”的实验，实验通过压强计U形管两侧液面产生的______ 反映液体压强大小，由图乙知液体内部压强与______ 有关。
(3)为了探究“不同物质的吸热能力”，在两个相同的容器中分别装入质量、初温都相同的两种液体A、B，且用相同的装置加热，并绘制出如图丁所示图象，加热到4min时，液体B的温度如图乙所示，其温度为______ ℃；分析图丁可知，说明______ (选填“A”或“B”)的吸热能力更好。
27. 小明发现橙子在水中下沉，他通过实验测量橙子的密度。
(1)将托盘天平放在水平桌面上，把游码放到标尺左端的______ 处，发现指针指在分度盘的左侧，如图甲所示，要使横梁平衡，应将平衡螺母向______ 调节。
(2)用调节好的天平称橙子的质量，当天平重新平衡时，所用砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则橙子的质量是______ g，利用排水法测出橙子体积是150cm3，则橙子的密度为______ g/cm3。
(3)学习了浮力知识后，小明利用电子秤来测量小木块的密度，如图丙所示：
①在秤盘中放置装有水的烧杯，电子秤示数为m1；
②将小木块轻轻放入装水的烧杯中，电子秤示数为m2；
③用细针压住小木块，使其恰好浸没在水中，实验中水均未溢出，电子秤对应的示数为m3，则小木块的质量是______ (用测量的物理量表示)，小木块的密度是______ (用m1、m2、m3、ρ水表示)，若小木块吸水，则密度测量值______ (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
28. 小明探究影响导体电阻大小的因素。他用盛着食盐水的长方体水槽、电源、滑动变阻器、电压表及电流表进行探究。实验电路如图所示，将金属片M、N分别固定在水槽左右两侧底部。
(1)连接电路时，开关应该______ 。
(2)闭合开关后，读出电流表和电压表的示数。再向水槽中添加少量相同浓度的食盐水，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变。观察到电流表示数变大了，说明食盐水的电阻______ 。重复操作后，得出实验结论：食盐水的电阻与它的______ 有关。
(3)小明又向水槽中加入一些水，重复上述操作后，发现容器内食盐水的电阻减小了，由此得出：食盐水的浓度越低，电阻越小的结论。你认为这个结论应该是______ (选填“可靠”或“不可靠”)的，原因是______ 。
(4)其它条件不变，改变金属片M、N的距离，小明还能探究导体的电阻与导体______ 的关系。
(5)小明还发现，使用相同浓度的热食盐水和冷食盐水做实验，电流表的示数不同。据此你还能提出有研究价值的问题是：______ 。
29. 为了做好“文明典范城市”的创建工作，南宁公交开展“礼让斑马线”的活动，某路公交车满载时车和人的总质量为1.5×104kg，满载时它在水平路面上2min匀速行驶了1200m，已知匀速行驶时车所受的阻力是总重力的0.4倍。求：
(1)满载时车和人的总重力；
(2)公交车匀速行驶的速度；
(3)匀速行驶时，公交车牵引力的功率。
30. 某研究性学习小组设计了一种测定风力的装置，其原理如图甲所示。迎风板与一压敏电阻Rx连接，工作时迎风板总是正对风吹来的方向，压敏电阻的阻值随风力的变化而变化，无风时，电路中的电流为0.5A，当风力为480N时，电路中的电流为0.9A，电压表量程为0∼3V，压敏电阻Rx与迎风板承受风力F的关系如图乙所示。求：
(1)无风时，压敏电阻Rx消耗的电功率；
(2)电源电压；
(3)如果保持电压表量程不变，且只能在电路中增加一个电阻R0，使该装置能测量的最大风力达到900N，计算电阻R0的阻值，井说明其连接方式。
31. 如图所示，圆柱形木块A与质量不计且足够高的薄壁圆柱形容器B分别放置于水平桌面上，已知A的密度0.8×103kg/m3，高为10cm，底面积为100cm2；容器B内盛有4cm深的水，小开从A的上表面沿水平方向截取高为h的圆柱木块，并将截取部分放入容器B中；当h=3cm时，容器B对地面的压强为480Pa，求：
(1)未放入截取的木块前，水对容器B底部压强；
(2)h=3cm的圆柱木块的质量；
(3)容器B的底面积；
(4)当截取的木块放入容器B后，容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，此时容器B中截取的木块所受到的浮力。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、铅笔芯的主要材料是石墨，是导体，容易导电，小灯泡能够发光；故A正确；
B、塑料尺的材料是塑料，是很好的绝缘体，不容易导电，小灯泡不能够发光；故B错误；
C、细棉线是绝缘体，不容易导电，小灯泡不能够发光故C错误；
D、橡皮擦的材料是橡胶，橡胶不容易导电，是很好的绝缘体，小灯泡不能够发光；故D错误；
故选：A。
常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
2.【答案】B
【解析】解：1820年丹麦科学家奥斯特发现了电流的磁效应，1831年英国科学家法拉第发现了电磁感应现象，这两个重要现象的发现，揭示了电和磁之间不可分割的联系，从而使电能的大规模的使用成为可能。
故选：B。
本题根据对初中物理中科学家奥斯特的认识做出解答。
此题出题的意图是为了让同学了解物理学史，激发学习物理的兴趣。
3.【答案】C
【解析】解：
AB、手影的形成现象，小孔成像，是由于光在同种均匀透明介质中沿直线传播形成的，故AB错误；
C、池水变“浅”，人看到的是水底反射的光线斜射入空气中发生折射而形成的虚像，虚像的位置比实际位置要高一些，所以觉得变“浅”了，故C正确；
D、路口反光镜是光的反射现象，故D错误。
故选：C。
(1)影子的形成、小孔成像是由于光在同种均匀透明介质中沿直线传播；
(2)水底变浅是由于水底反射的光线斜射入空气中发生折射，折射光线远离法线向下偏折，人看到的是折射光线的反向延长线会聚成的虚像，比实际位置要高一些；
(3)路口反光镜是光的反射现象。
本题考查了生活中常见的因为光的直线传播、反射和折射所形成的现象，要学会用所学知识解释生活现象。
4.【答案】A
【解析】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们能区分鸟鸣和蛙声，这是因为鸟和蛙发出声音的音色不同。
故选：A。
音色是由发声体的材料和结构决定的，我们常用音色来区别不同发声体。
本题考查了音色的特点，不同发声体发出声音的音色不同。
5.【答案】A
【解析】解：A、积雪消融是固态的冰变为液态水的过程，是熔化，故A 正确；
B、湿手烘干是液态的水变为气态的水蒸气，是汽化，故B错误；
C、瓦上结霜是空气中的水蒸气由气态直接变为固态形成的，是凝华现象，故C错误；
D、湖面起雾是空气中的水蒸气遇冷液化，故D错误；
故选：A。
先根据题目明确物质变化前是什么状态，变化后是什么状态，最后对照定义来判断属于何种类型的物态变化。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。
6.【答案】AC
【解析】解：B、图中电表串联在电路中，所以该显示器由电流表改装而成，故B错误；
A、当货车质量增大时，电表(电流表)示数随之增大，则说明电阻变小，所以接线柱“1”应与“3”连接，这样，当质量增大，滑片向下移动，变阻器阻值变小，电流表示数变大，故A正确；
C、若货车质量增大，变阻器电阻减小，根据串联电路的电压与电阻的正比关系，变阻器R分得的电压减小，则电阻R0两端电压增大，故C正确；
D、电阻R0不可以去掉，因为若去掉R0，则滑片在最下端时会造成电路发生短路，故D错误。
故选：AC。
(1)滑动变阻器的工作原理：通过改变接入电路中的电阻线长度来改变电阻。
(2)电流表应串联在电路中，电压表应并联在被测电路两端。
(3)串联电路中各电阻两端电压与对应的电阻成正比。
(4)当电源的正负极直接相连，会产生电源短路现象。
理解串联电路的电压规律、变阻器的工作原理，知道电流表的使用规则、短路概念，熟练运用欧姆定律知识，可解答此题。
7.【答案】A
【解析】解：A.将冰箱的金属外壳接地，可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故A正确；
B.生活用水是导体，用湿布擦拭发光的灯泡易发生触电事故，故B错误；
C.湿衣服是导体，当把湿衣服晾在电线上时，一旦漏电，人接触衣服时会发生触电事故，故C错误；
D.雷雨天里，大树也是很好的导体，电流会沿大树传到大地，所以雷雨天千万不要在大树下避雨，故D错误；
故选：A。
(1)金属外壳的用电器，外壳一定要接地；
(2)生活用水是导体；
(3)安全用电的原则是不靠近高压带电体，不接触低压带电体；
(4)当雷雨天，树作为地面上的“凸出物”，雷电电流会通过树干传下来。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
8.【答案】C
【解析】解：A、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、定滑轮实质是一等臂杠杆，不省力也不费力，故B错误；
C、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C正确；
D、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D错误。
故选：C。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查的是如何找出动力臂和阻力臂，并对杠杆分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
9.【答案】A
【解析】解：A.随着水的蒸发，盆景内水减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使瓶外水位重新升高，瓶口继续没入水中，在大气压的作用下，使得瓶内水不流出，如此反复，所以盆景自动供水装置利用的是大气压，故A正确；
B.高压锅煮饭是利用沸点与气压的关系，不属于大气压的应用，故B不正确；
C.静脉注射利用人的推力，没有利用大气压，故C不正确；
D.锅炉水位计利用的是连通器原理，不是利用大气压强原理，故D不正确。
故选：A。
大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
本题考查了学生对大气压的应用的了解与掌握，利用大气压的生活例子是很多的，学习时，多举例、多解释，分析时不要说成“被吸上来”，而是“被外界的大气压压上来”。
10.【答案】C
【解析】解：滑雪运动员起跳后下落的过程中，运动员的质量不变，速度增大，动能增大；质量不变，高度减小，重力势能减小。
故选：C。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
(1)掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。
(2)能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
11.【答案】C
【解析】解：高压燃气瞬间冲破鞭炮的过程是将内能转化为机械能；在热机的做功冲程中，内能转化为机械能，所以与热机的做功冲程的原理相似，故C正确。
故选：C。
内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压缩冲程中将机械能转化为内能；做功冲程中将内能转化为机械能。
本题考查了能量的转化、热机的工作过程，属于基础题。
12.【答案】C
【解析】解：
由题意可知，无线充电技术的工作原理是电磁感应现象；
A、图中给导体通电，导体在磁场中会运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意；
B、图中是奥斯特实验，说明通电直导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故B不符合题意；
C、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故C符合题意；
D、该图是探究影响电磁铁磁性强弱因素的实验，不是电磁感应现象，故D不符合题意。
故选：C。
由题可知，无线充电的技术用到的原理是受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，即其工作原理是电磁感应现象；分析各图的实验原理进行解答。
本题主要考查了对电磁现象中几个实验的掌握情况，知道无线充电技术的原理是解题的关键。
13.【答案】D
【解析】解：A、该摄像机镜头相当于凸透镜，故A错误；
B、该摄像成倒立缩小的实像，与照相机原理相同，故B错误；
C、摄像机是利用凸透镜成倒立、缩小实像的原理工作的，故C错误；
D、凸透镜成实像时，物近像远像变大，天舟五号靠近摄像头时，物距减小，像距变大，所成的像逐渐变大，故D正确。
故选：D。
摄像机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理制成的，当U>2f时，凸透镜才成倒立、缩小的实像，凸透镜成实像时，物近像远像变大。
本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。
14.【答案】B
【解析】解：A、空中飞行的足球最终掉落草地是由于重力的作用，故A正确；
B、足球最后停下来是因为受到的地面的阻力，说明力不是维持物体运动的原因，故B错误；
C、图中运动员抬起脚时和运动员双脚站立时对草地的压力大小相等都等于他的重力，单脚站立时与地面的受力面积更小，故压强更大，故C正确；
D、足球离开运动员后继续在空中飞行，说明足球具有惯性，故D正确。
故选：B。
(1)地球表面附近的物体都受到重力的作用；
(2)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因；
(3)在压力不变的情况下，两物体的接触面积越小压强越大；
(4)物体保持原有的运动状态的性质叫做惯性，一切物体都有惯性。
本题考查对力、惯性以及力的相互性的认识和理解，考查知识点多，综合性强。
15.【答案】CD
【解析】解：A、煮粉前，锅中沸腾的水不断吸热，温度保持不变，故A错误；
B、煮粉时，是通过热传递方式改变了老友粉的内能，故B错误；
C、煮粉时，锅里冒出的“白气”是水蒸气由气态变为液态，发生液化形成的，故C正确；
D、老友粉香气四溢是由于分子在不停地做无规则运动，产生了扩散现象，故D正确。
故选：CD。
(1)水沸腾时，吸收热量，温度不变；
(2)改变内能的方式有做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；
(3)物质从气态变为液态的过程叫液化；
(4)一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。
本题主要考查了对水沸腾的特点、改变内能的方式、液化现象、分子热运动的了解与应用，有一定综合性，但难度不大。
16.【答案】BD
【解析】解：A、由图可知，甲容器中液体的深度要小于乙容器中液体的深度，液体对容器底部的压强相等，根据p=ρgh可知，甲容器内液体的密度大于乙容器内液体的密度；
A球沉在甲容器底部，A的密度大于甲容器中液体的密度；B球与固定在容器底部的细线相连(不计细线的质量)，且细线受到拉力，如果剪断细线，B上浮至漂浮状态，B的密度小于乙容器中液体的密度，由此可知，A的密度大于B的密度，故A错误；
B、液体对容器底部的压强相等，甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度，C、D点到容器底部的高度相同，根据p=ρgh可知，pC下>pD下；两容器中的液体对容器底的压强相等，即：pC上+pC下=pD上+pD下，则pC上
D、若剪断乙容器中的细线，小球将会上浮至漂浮状态，小球排开的液体的体积变小，所以乙容器中的液面会下降，根据p=ρgh可知，液体对容器底的压强变小，故D正确。
故选：BD。
(1)根据液体压强相等和深度结合p=ρgh分析液体密度的大小关系；根据小球在液体中的状态，利用物体的浮沉条件分析小球密度与液体密度的大小关系，从而得出两球的密度的大小关系；
(2)两容器中的液体对容器底的压强相等，即pC上+pC下=pD上+pD下，分析C、D点以下液体压强的大小关系，进一步分析甲容器中液体对C点的压强和乙容器中液体对D点的压强的大小关系；
(3)容器对水平面的压力等于自身的总重力；根据密度公式可知两球的质量关系；根据G=mg可知甲容总重力的变化，从而可知甲容器对桌面的压力变化；
(4)若剪断乙容器中的细线，根据小球的浮沉情况分析液面深度的变化，根据p=ρgh分析液体对容器底压强的变化。
本题考查了液体内部压强计算公式的应用、物体的浮沉条件的应用、压力的大小变化，明确两种液体密度的大小关系是解题的关键。
17.【答案】电磁波 天和核心舱
【解析】解：2022年10月12日“天空课堂”第三课在中国空间站开讲。空间站的画面信号是通过电磁波传到地球上的，因为只有电磁波可以在真空中传播；神舟十四号和天和核心舱对接后，认为神舟十四号处于静止状态，以天和核心舱为参照物，神舟十四号与它的位置不变，此时选取的参照物是天和核心舱。如果以地球为参照物，神舟十四号与地球的位置在不断改变，神舟十四号是运动的。
故答案为：电磁波；天和核心舱。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)物体相对于参照物的位置变化了，物体是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体是静止的。
知道电磁波的特点和应用；会判断运动和静止的相对性；会选择合适的参照物。
18.【答案】形变 小
【解析】解：(1)用手捏游泳圈，游泳圈向内凹陷，说明力可以使物体发生形变；
(2)水流“旋涡”的外部的水流速小，压强大，“旋涡”内的水流速大，压强小，则压强差的作用下，容易将附近的人“吸”进去。
故答案为：形变；小。
(1)力的作用效果有：改变物体的运动状态、改变物体的形状；
(2)流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。
本题考查的是力的作用效果和流体压强与流速的关系，难度不大。
19.【答案】晶体 变小
【解析】解：该物质在凝固时温度不变，为晶体；
冰水混合物的温度是0℃，由图象知，该物质熔化时的温度低于0℃；
将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中时，冰水混合物会向该物质放热，冰水混合物的内能减小。
故答案为：晶体；变小。
(1)晶体：在熔化时具有一定的熔化温度，这类固体叫做晶体。
(2)晶体在熔化时，会吸收热量。
(3)冰水混合物的温度为0℃。
此题考查了有关晶体熔化图象的分析，要抓住晶体和非晶体熔化和凝固时特点：晶体有一定的熔点(凝固点)，熔化(凝固)时温度不变，继续吸热(放热)，学习时要用比较法来记住它们的特点。
20.【答案】200 20
【解析】解：由电能表表盘知，月底电能表示数是662.3kW⋅h，则这个月用电量：662.3kW⋅h-462.38kW⋅h=200kW⋅h。
由表盘上10(20)A知，这个电能表允许通过的最大电流为20A，
故答案为：200；20。
先读出图中电能表的读数，消耗的电能等于月末电能表的示数减去月初的示数，要注意电能表的最后一位是小数，单位为kW⋅h；由图可知电能表工作时允许通过的最大电流。
本题考查消耗电能、电能表参数的理解，属于基础题。
21.【答案】不可再生 8.4×106
【解析】解：页岩气和核能在短时间内不能再次获得，它们属于不可再生能源；
0.2m3的页岩气完全燃烧放出的热量为：Q放=Vq=0.2m3×4.2×107J/m3=8.4×106J。
故答案为：不可再生；8.4×106。
短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，可以从自然界源源不断的得到的能源，是可再生能源；利用Q放=Vq求出0.2m3的页岩气完全燃烧放出的热量。
本题考查了能源的分类以及学生对燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，属于基础题，难度不大。
22.【答案】低 110
【解析】解：由图可知，当S1闭合，S2拨到B时，R1、R2并联；当S1断开，S2拨到a时，R1、R2串联；当S1闭合，S2拨到A时，R2被短路，电路为R1的简单电路；
因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P=UI=U2R可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，蛋糕机为高温挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，蛋糕机为低温挡；电路为R1的简单电路时，蛋糕机为中温挡；因此当S1断开，S2接A时，蛋糕机处于低温挡；
中温挡时，电路为R1的简单电路，电功率为440W，电阻R1=U2P中=(220V)2440W=110Ω，
低温挡的功率为220W，R1、R2串联的总电阻R总=U2P低=(220V)2220W=220Ω，
根据串联电路的电阻特点知，R2=R总-R1=220Ω-110Ω=110Ω。
故答案为：低；110。
由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出此时通过R1、R2的电流；
(3)根据P=UI=U2R分别求出电阻R1、R2消耗的电功率，进而求出电阻R1、R2消耗的总功率；
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，属于中档题，有一定的难度。
23.【答案】解：重力的方向是竖直向下的，过重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，大小为5N，如图所示：
【解析】根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可。
本题考查了重力的示意图的作法。不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。
24.【答案】解：根据像与物关于平面镜对称，先分别作出端点A、O在平面镜中的像点A'、O'，用虚线连接A'、O'，即为物体AO在平面镜中所成的像A'O'，如图所示：
【解析】平面镜成像的特点：所成像为虚像，像与物的大小相等，像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像与物关于平面镜对称；
先分别作出两个端点A、O在平面镜中的像点，连接两像点即为物体AO在平面镜中所成的像。
本题考查了平面镜成像的相关作图。在作物体在平面镜中所成的像时，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧。
25.【答案】较小 远 匀速直线运动 速度 大
【解析】解：(1)实验中，为了增长测量时间，方便计时，应使斜面的坡度较小，以减小测量时间的误差；
(2)木板表面最光滑，小车在木板上通过的距离最长，由图中现象可知，小车受到的阻力越小，小车的速度减小得越慢，小车运动的距离越远；进一步推理可得：若小车在水平面上所受阻力为零，小车的速度不会减小，小车将做匀速直线运动；
(3)乙、丙实验中，为了使物体到达水平面时的速度相同，物体都从斜面的同一高度静止滑下，这是控制变量法的应用；
由于动能的大小是不好观察的，于是实验中采用了转换法，即通过物体对外做功的多少来衡量其具有的动能的大小，即观察小球推动木块的距离即可，也就是木块被推动的越远，其所具有的动能就越大。
故答案为：(1)较小；(2)远；匀速直线运动；(3)速度；大。
(1)斜面倾角越小，物体速度变化越慢，物体运动时间越长，越便于时间的测量；
(2)木板表面最光滑，小车在木板上通过的距离最长，据此推理得出结论；
(3)从斜面的同一高度由静止下滑，到达斜面底端的速度相同；
由于动能的大小是不好观察的，于是实验中采用了转换法，即通过物体对外做功的多少来衡量其具有的动能的大小。
本题考查了斜面的应用，掌握转换法、控制变量法的应用是解题的关键。
26.【答案】大小 不变 高度差 液体密度 42 A
【解析】解：(1)实验中选择完全相同的两个蜡烛，其目的是为了便于比较像与物体的大小关系，实验中采用的是等效替代法；
平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关，所以将蜡烛A远离平面镜时，像的大小将不变；
(2)当将探头放在液体里时，由于液体内部存在压强，金属盒上的橡皮膜就会发生形变，U形管左右两侧液面就会产生高度差，高度差的大小反映了橡皮膜所受压强的大小，这用到了转换法；
比较乙两次实验可知，液体的深度相同时，液体的密度不同，U形管液面高度差不同，液体的压强不同，说明液体内部压强与液体密度有关；
(3)由丙图可知，温度计分度值为1℃，读数为42℃；
由图丁可知，在两个相同的容器中分别装入质量、初温都相同的两种液体A、B，且用相同的装置加热，在相同时间内吸收相同的热量，A的温度变化慢，说明A的比热容大。
故答案为：(1)大小；不变；(2)高度差；液体密度；(3)42；A。
(1)选择完全相同的两个蜡烛便于比较像与物的大小关系；平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关；
液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大，这用到了转换法；
(2)分析比较乙两次实验中相同的物理量以及不同的物理量，利用控制变量法得出结论；
(3)温度计读数要注意分度值，并注意液面在0℃上方还是下方；由丁图可知吸收相同的热量，A的温度变化慢，说明A的比热容大。
本题考查平面镜成像特点、探究液体压强特点、探究比热容的相关实验中控制变量法的使用。
27.【答案】零刻度线 右 1621.08m2-m1 m2-m1m3-m1ρ水 偏大
【解析】解：(1)把托盘天平放在水平台面上，把游码放到标尺左端的零刻度线处，调节天平的平衡螺母使天平水平平衡；
(2)橙子的质量为：m=100g+50g+10g+2g=162g，
橙子的密度为：ρ=mV=162g150cm3=1.08g/cm3；
(3)解：由图①②可知，放入小木块后，电子秤的示数增大了，即小木块的质量m=m2-m1；
根据①③图可知，木块排开的水的质量为：m'=m3-m1；
根据ρ=mV可知，木块排开的水的体积即小木块的体积为：V=V排水=m'ρ水=m3-m1ρ水；
则小木块的密度为：ρ=mV=m2-m1m3-m1ρ水；
若小木块吸水，则吸水后木块的重力增大；把小木块浸没在水中时，其受到的浮力不变，此时满足F浮=G木+F，F浮不变，G木增大，则F减小，图③中电子秤的示数变小，所以由图③和图①测得排开水的质量减小、小木块排开水的体积减小，即测得小木块的体积偏小，根据ρ=mV可知，测得小木块的密度会偏大。
故答案为：(1)零刻度线；右；(2)162；1.08；(3)m2-m1；m2-m1m3-m1ρ水；偏大。
(1)使用天平之前，首先把天平放在水平台上，把游码放到标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母使天平的横梁水平平衡；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；知道物体的质量和体积，根据密度公式求出物体的密度；
(3)根据①②中电子秤的示数求出小木块的质量；根据①③求出木块排开的水的质量，从而求出木块排开水的体积，即小木块的体积；根据密度公式求出物体的密度。
本题考查了固体密度的测量，以及密度的计算，知道电子秤增大的示数为木块排开的水的质量是解题的关键。
28.【答案】断开 变小 横截面积 不可靠 没有控制导体(食盐水)的横截面积不变 长度 导体的电阻是否与温度有关
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(2)在电压一定时，观察到电流表的示数变大了，表明与电压表并联部分的电阻减小了，即食盐水的电阻变小了；
由于向水槽中添加一定量相同浓度的食盐水，水槽内食盐水的液面升高，使得食盐水的横截面积变大，食盐水的电阻减小，这表明导体的电阻与导体的横截面积有关；
(3)若要探究盐水浓度对电阻大小的影响，应控制导体(食盐水)的横截面积不变，改变盐水的浓度(可加入适量的盐)；
小明再次向容器中加入一定量的水，虽然降低了容器内食盐水的浓度，但同时导体(食盐水)的横截面积改变了，不符合控制变量法的要求，所以小明得出的结论是不可靠的；
(4)其它条件不变，改变电极M、N的距离，改变了食盐水接入电路中的长度，此时的电流会发生变化，能够得出导体的电阻与导体长度的关系；
(5)食盐水浓度相同，温度不同，电流表的示数不同，说明导体的电阻还有温度有关，故提出的问题是：导体的电阻是否与温度有关。
故答案为：(1)断开；(2)变小；横截面积；(3)不可靠；没有控制导体(食盐水)的横截面积不变；(4)长度；(5)导体的电阻是否与温度有关。
(1)为了保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(2)在电压一定时，电流越小，表明导体的电阻越大；导体的电阻的大小与横截面积有关；
(3)要探究盐水浓度对电阻大小的影响，应控制导体(食盐水)的横截面积不变，改变盐水的浓度；
(4)导体的电阻的大小与长度、横截面积、材料和温度有关。
本题考查了实验的注意事项、控制变量法的应用以及对实验现象总结能力，是一道综合实验题，有一定的难度。
29.【答案】解：(1)满载时车和人的总重力为：G=mg=1.5×104kg×10N/kg=1.5×105N；
(2)公交车行驶的时间：t=2min=120s
公交车匀速行驶的速度为：v=st=1200m120s=10m/s；
(3)公车做匀速直线运动，牵引力和阻力是平衡力，牵引力：F牵=F阻=0.4G=0.4×1.5×105N=6×104N，
牵引力的功率为P=Wt=Fst=Fv=6×104N×10m/s=6×105W。
答：(1)满载时车和人的总重力是1.5×105N；
(2)公交车匀速行驶的速度是10m/s；
(3)匀速行驶时，公交车牵引力的功率是6×105W。
【解析】(1)根据G=mg得到满载时车和人的总重力；
(2)根据v=st得到公交车匀速行驶的速度；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv得到匀速行驶时，公交车牵引力的功率。
本题考查了重力、速度和功率的计算，是一道综合性较强的题目。
30.【答案】解：((1)由图甲可知，R和Rx串联，
已知当无风时，电路中的电流为0.5A，则Ix=I1=0.5A，由图象可知，此时电阻Rx=16Ω
根据P=UI=I2R，Rx消耗的功率为：Px=Ix2Rx=(0.5A)2×16Ω=4W；
(2)根据欧姆定律和串联电路的特点得出：
无风时，电源电压为：U-UR+Ux-I1R+I1Rx=0.5A×R+0.5A×16Ω----------------①
由图可知，当风力F=480N时，Rx'=8Ω，电流I2=0.9A
电源电压为：U=UR'+Ux'=I2R+I2Rx'=0.9A×R+0.9A×8Ω----------------②
由于电源电压不变，联立①②解得：
电源电压U=9V；电阻R=2Ω；
(3)当所测风力最大时，Rx的阻值最小，电路中电流最大，
则电压表的示数Umax=3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，Rx两端的电压Ux''=U-Umax=9V-3V=6V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流I'=UmaxR=3V2Ω=1.5A，
当最大风增大到900N时，Rx'=1Ω，保持电压表量程不变，
则电路中的电流1.5A不变，此时电路中的总电阻R总=UI'=9V1.5A=6Ω；
由于压敏电阻的阻值随风力的增大而变小，则应在电路中串联一个电阻R0，
所以，R0=R总-R-Rx ' '=6Ω-2Ω-1Ω=3Ω。
答：
【解析】(1)由甲电路图可知，R与Rx串联，由图乙可知无风时Rx的阻值，根据P=UI=I2R求出Rx消耗的功率；
(2)根据当无风时和风力为480N时电路中的电流，由图象可知Rx的阻值，利用欧姆定律和串联电路的特点得出电源电压的表达式，联立即可求出电源电压和R的阻值；
(3)由于电压表测量R两端的电压，如果保持电压表量程不变，根据欧姆定律可知电路中的电流不变，
根据欧姆定律求出当电压表的示数最大时电路中电流，
由于电源电压不变，再根据欧姆定律求出电路中的总阻值，
由图读出当风力F=480N时Rx的阻值，根据电阻串并联特点即可需要增加的电阻R0的连接方式，并根据串并联电阻的特点求出R0的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象获取有用的信息，有一定的难度。
31.【答案】解：(1)未放入截取的木块前，容器中水的深度h=4cm=4×10-2m，
水对容器底产生的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10-2m=400Pa；
(2)截取木块的长度h'=3cm=3×10-2m，
截取木块的质量为m水=ρ水V=0.8×103kg/m3×100×10-4m2×3×10-2m=0.24kg；
(3)截取木块的重力G=m水g=0.24kg×10N/kg=2.4N，
由p=Fs设容器的底面积为S'，容器对地面的压力：
F=pS'=480Pa×S'①
容器中水的重力：G'=ρ水S'hg=1×103kg/m3×4×10-2m×10N/kg×S'②
不计薄壁圆柱形容器B的质量，容器B对地面的压力等于水的重力加上木块的重力：
F=G水+G'=2.4N+1×103kg/m3×S'×4×10-2m=480Pa×S'，
解得：S'=0.03m2=300cm2；
(4)容器中水的重力：G'=ρ水S'hg=1×103kg/m3×4×10-2m×10N/kg×0.03m2=12N，
设截取的木块的高度为h''，截取木块的重力：
G ' '=ρ木Sh ' 'g=0.8×103kg/m3×100×10-4m2×h ' '×10N/kg=80h ' 'N，
剩余木块对地面的压强：
p木=ρ木g(0.1m-h ' ')=0.8×103kg/m3×10N/kg×(0.1m-h ' ')③
容器B对桌面的压强：p=F浮S'=G'+G ' 'S'=120N+80N0.03m2 ④
容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，p'=8p水 ⑤
联立③④⑤解得：h''=0.09m，
原来容器中水的体积V水=S容器h=300cm2×4cm=1200cm3；
假设截取的木块在容器B的水中恰好漂浮，设此时水的深度为h水，
则根据漂浮条件可得F漂=G截取，则有ρ水gS木h水-ρ木gS木h ' '，
化简可得h水=ρ木h ' 'ρ水=0.8×103kg/m3×0.09m1×103kg/m3=0.072m=7.2cm，
此时容器中水的体积V木'=(S容器-S木)h水=(300cm2-100cm2)×7.2cm=1440cm3>1200cm3，
所以假设不成立，则木块在容器B的水中一定沉底，
设水的实际深度为h水'，则满足以下关系S容器h水'=V木+S木h水'，
代入数据：300cm2×h水'=1200cm3+100cm2×h水'，
解得：h水'=6cm=0.06m，
此时木块在水中受到的浮力：
F浮'=G排=ρ水V排'g=ρ水gS木h水'=1.0×103kg/m3×100×10-4m2×0.06m×10N/kg。
答：(1)未放入截取的木块前，水对容器B底部压强为400Pa；
(2)h=3cm的圆柱木块的质量为0.24kg；
(3)容器B的底面积0.03m2；
(4)当截取的木块放入容器B后，容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，此时容器B中截取的木块所受到的浮力为6N。
【解析】(1)根据p=ρgh计算水产生的压强；
(2)利用密度计算公式求得截取木块的质量；
(3)根据题意，求出截取木块的重力，容器和水对地的压力，求得容器B的底面积；
(4)根据容器中水的重力，截取木块的重力，求得剩余木块对地面的压强，再根据容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，求得第二次截取木块的重力，木块浸入水中的深度，从而求出木块在水中受到的浮力。
本题主要考查压强的计算，浮力大小的计算，难度较大。
2023年广西南宁二中中考物理三模试卷
1. 如图，在金属夹之间放入哪一种物体时，小灯泡能够发光( )
A. 铅笔芯 B. 塑料尺 C. 细棉线 D. 橡皮擦
2. 第一个发现电与磁联系的科学家是( )
A. 安培 B. 奥斯特 C. 牛顿 D. 欧姆
3. 下列光现象是由于光的折射形成的是( )
A. 手影 B. 小孔成像
C. 池水变“浅” D. 路口反光镜
4. 初夏的傍晚，鸟鸣悠扬，蛙声一片，分辩鸟鸣和蛙声的主要依据是声音具有不同的( )
A. 音色 B. 音调 C. 频率 D. 响度
5. 下列实例中属于熔化的是( )
A. 积雪消融 B. 湿手烘干 C. 瓦上结霜 D. 湖面起雾
6. 公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。如图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时，电表示数随之增大，由电表改装成的显示器的示数也增大。下列说法正确的是( )
A. 接线柱“1”应与“3”连接
B. “显示器”由电压表改装而成
C. 若货车质量增大，则电阻R0两端电压增大
D. 为了节约电能，电阻R0可以去掉
7. 如图，符合安全原则的是( )
A. 甲图：冰箱的金属外壳接地 B. 乙图：湿抹布擦发光的灯泡
C. 丙图：在电线上晾晒衣服 D. 丁图：雨天在大树下避雨
8. 如图所示的工具，正常使用时省力的是( )
A. 镊子 B. 定滑轮
C. 羊角锤 D. 筷子
9. 如图所示的现象中，利用大气压的是( )
A. 盆景自动供水装置
B. 高压锅
C. 静脉注射
D. 锅炉的水位计
10. 如图是滑雪运动员起跳后下落的情景，运动员下落过程中( )
A. 动能减小，重力势能减小
B. 动能减小，重力势能增大
C. 动能增大，重力势能减小
D. 动能增大，重力势能增大
11. 2022春节期间，济南市全域全时段禁售、禁燃、禁放烟花爆竹。燃放鞭炮实质上是鞭炮内的化学物质发生爆燃，产生高压燃气瞬间冲破鞭炮的过程。这个过程和热机哪个工作冲程的原理相似( )
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程
12. 无线充电是一种增加手机续航时间的方式。无线充电的技术用到的原理是受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，从而给智能手机充电，用到了如图哪个实验的原理( )
A. B.
C. D.
13. 2022年11月12日，天舟五号货运飞船与空间站组合体完成对接，如图是对接过程中在空间站上摄像机拍摄的照片，下列说法正确的是( )
A. 摄像机的镜头相当于凹透镜
B. 摄像机成像特点与投影仪相同
C. 天舟五号通过摄像机成正立、缩小的实像
D. 天舟五号靠近摄像头时，所成的像逐渐变大
14. 如图是学生足球比赛时的场景。下列说法错误的是( )
A. 空中飞行的足球最终落回地面是由于重力的作用
B. 地上滚动的足球最终停下说明力是维持物体运动原因
C. 运动员抬起脚时比运动员双脚站立时对草地的压强大
D. 足球离开运动员后继续在空中飞行，说明足球具有惯性
15. 老友粉是南宁的金牌小吃，深受市民喜爱。下列说法正确的是( )
A. 煮粉前，锅中沸腾的水不断吸热，温度不断升高
B. 煮粉时，是通过做功的方式改变了老友粉的内能
C. 煮粉时，锅里冒出的“白气”是由水蒸气液化而成
D. 老友粉香气四溢是由于分子在不停地做无规则运动
16. 水平桌面上有甲、乙两个相同的圆柱形容器，分别装入密度不同的液体。A、B是两个体积相等的小球，A球沉在甲容器底部，B球与固定在容器底部的细线相连(不计细线的质量)，且细线受到拉力，静止时液面如图所示。两容器中液体对容器底部的压强相等，C、D两点距离容器底的高度相同，下列说法正确的是( )
A. A球的密度小于B球的密度
B. C点的压强小于D点的压强
C. 若将A、B两球对调后，甲容器对桌面的压力变大
D. 若剪断乙容器中的细线，液体对容器底的压强变小
17. 2022年10月12日“天空课堂”第三课在中国空间站开讲。空间站的画面信号是通过______ 传到地球上的，神舟十四号和天和核心舱对接后，认为神舟十四号处于静止状态，此时选取的参照物是______ (选填“地球”或“天和核心舱”)。
18. 炎热的夏季为防止溺水，河边放置有游泳圈，用手捏游泳圈，游泳圈向内凹陷，说明力可以使物体发生______ ；有些水域还存在水流“旋涡”，水流“旋涡”容易把附近的人“吸”入，这是因为“旋涡”内的水流速较大，压强较______ 。
19. 图甲是某物质凝固时温度随时间变化的的图象，根据图象分析，该物质为______ (选填“晶体”或“非晶体”)；若将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中，如图乙所示，冰水混合物的内能将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
20. 小明家的电能表月初的示数为462.3kW⋅h，月末示数如图所示，他家这个月消耗电能______ kW⋅h，该电能表允许通过的最大电流不超过______ A。
21. 中国正加快对页岩气的安全开采，页岩气和核能都属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。0.2m3的页岩气完全燃烧可以放出______ J的热量(页岩气的热值为4.2×107J/m3)。
22. 如图是某蛋糕机的简化电路图，通过调节开关可以实现高、中、低温三个挡位，当S1断开，S2接A时，蛋糕机处在______ (选填“高”、“中”或“低”)温挡；蛋糕机的额定电压为220V，低温挡的功率为220W，中温挡功率为440W，则R2的阻值为______ Ω。
23. 如图重力为5N的物体静止在水平面上，画出物体所受重力的示意图。
24. 如图所示，AO是平面镜前的一个物体。画出AO在平面镜中成的像。
25. 如图是斜面在物理实验中的应用。
(1)如图甲利用斜面和小车测量平均速度，实验时应保持斜面的坡度______ (选填“较大”或“较小”)可减小测量时间时造成的误差；
(2)图乙实验中小车受到的阻力越小，小车运动距离越______ ，若小车在水平面上所受阻力为零，小车将做______ ；
(3)图乙、丙实验都让物体(小车或小球)从斜面的同一高度由静止下滑，这样做目的是使物体到达斜面底端的______ 相同；图丙中木块B移动的距离越远，说明小球A具有的动能越______ (选填“大”或“小”)。
26. (1)图甲是“探究平面镜成像特点”的实验装置，选取两支完全相同的蜡烛A、B，是为了探像与物的______ 关系。当A蜡烛远离平面镜时，像的大小将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)图乙是“探究液体内部压强”的实验，实验通过压强计U形管两侧液面产生的______ 反映液体压强大小，由图乙知液体内部压强与______ 有关。
(3)为了探究“不同物质的吸热能力”，在两个相同的容器中分别装入质量、初温都相同的两种液体A、B，且用相同的装置加热，并绘制出如图丁所示图象，加热到4min时，液体B的温度如图乙所示，其温度为______ ℃；分析图丁可知，说明______ (选填“A”或“B”)的吸热能力更好。
27. 小明发现橙子在水中下沉，他通过实验测量橙子的密度。
(1)将托盘天平放在水平桌面上，把游码放到标尺左端的______ 处，发现指针指在分度盘的左侧，如图甲所示，要使横梁平衡，应将平衡螺母向______ 调节。
(2)用调节好的天平称橙子的质量，当天平重新平衡时，所用砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则橙子的质量是______ g，利用排水法测出橙子体积是150cm3，则橙子的密度为______ g/cm3。
(3)学习了浮力知识后，小明利用电子秤来测量小木块的密度，如图丙所示：
①在秤盘中放置装有水的烧杯，电子秤示数为m1；
②将小木块轻轻放入装水的烧杯中，电子秤示数为m2；
③用细针压住小木块，使其恰好浸没在水中，实验中水均未溢出，电子秤对应的示数为m3，则小木块的质量是______ (用测量的物理量表示)，小木块的密度是______ (用m1、m2、m3、ρ水表示)，若小木块吸水，则密度测量值______ (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
28. 小明探究影响导体电阻大小的因素。他用盛着食盐水的长方体水槽、电源、滑动变阻器、电压表及电流表进行探究。实验电路如图所示，将金属片M、N分别固定在水槽左右两侧底部。
(1)连接电路时，开关应该______ 。
(2)闭合开关后，读出电流表和电压表的示数。再向水槽中添加少量相同浓度的食盐水，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变。观察到电流表示数变大了，说明食盐水的电阻______ 。重复操作后，得出实验结论：食盐水的电阻与它的______ 有关。
(3)小明又向水槽中加入一些水，重复上述操作后，发现容器内食盐水的电阻减小了，由此得出：食盐水的浓度越低，电阻越小的结论。你认为这个结论应该是______ (选填“可靠”或“不可靠”)的，原因是______ 。
(4)其它条件不变，改变金属片M、N的距离，小明还能探究导体的电阻与导体______ 的关系。
(5)小明还发现，使用相同浓度的热食盐水和冷食盐水做实验，电流表的示数不同。据此你还能提出有研究价值的问题是：______ 。
29. 为了做好“文明典范城市”的创建工作，南宁公交开展“礼让斑马线”的活动，某路公交车满载时车和人的总质量为1.5×104kg，满载时它在水平路面上2min匀速行驶了1200m，已知匀速行驶时车所受的阻力是总重力的0.4倍。求：
(1)满载时车和人的总重力；
(2)公交车匀速行驶的速度；
(3)匀速行驶时，公交车牵引力的功率。
30. 某研究性学习小组设计了一种测定风力的装置，其原理如图甲所示。迎风板与一压敏电阻Rx连接，工作时迎风板总是正对风吹来的方向，压敏电阻的阻值随风力的变化而变化，无风时，电路中的电流为0.5A，当风力为480N时，电路中的电流为0.9A，电压表量程为0∼3V，压敏电阻Rx与迎风板承受风力F的关系如图乙所示。求：
(1)无风时，压敏电阻Rx消耗的电功率；
(2)电源电压；
(3)如果保持电压表量程不变，且只能在电路中增加一个电阻R0，使该装置能测量的最大风力达到900N，计算电阻R0的阻值，井说明其连接方式。
31. 如图所示，圆柱形木块A与质量不计且足够高的薄壁圆柱形容器B分别放置于水平桌面上，已知A的密度0.8×103kg/m3，高为10cm，底面积为100cm2；容器B内盛有4cm深的水，小开从A的上表面沿水平方向截取高为h的圆柱木块，并将截取部分放入容器B中；当h=3cm时，容器B对地面的压强为480Pa，求：
(1)未放入截取的木块前，水对容器B底部压强；
(2)h=3cm的圆柱木块的质量；
(3)容器B的底面积；
(4)当截取的木块放入容器B后，容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，此时容器B中截取的木块所受到的浮力。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、铅笔芯的主要材料是石墨，是导体，容易导电，小灯泡能够发光；故A正确；
B、塑料尺的材料是塑料，是很好的绝缘体，不容易导电，小灯泡不能够发光；故B错误；
C、细棉线是绝缘体，不容易导电，小灯泡不能够发光故C错误；
D、橡皮擦的材料是橡胶，橡胶不容易导电，是很好的绝缘体，小灯泡不能够发光；故D错误；
故选：A。
常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
2.【答案】B
【解析】解：1820年丹麦科学家奥斯特发现了电流的磁效应，1831年英国科学家法拉第发现了电磁感应现象，这两个重要现象的发现，揭示了电和磁之间不可分割的联系，从而使电能的大规模的使用成为可能。
故选：B。
本题根据对初中物理中科学家奥斯特的认识做出解答。
此题出题的意图是为了让同学了解物理学史，激发学习物理的兴趣。
3.【答案】C
【解析】解：
AB、手影的形成现象，小孔成像，是由于光在同种均匀透明介质中沿直线传播形成的，故AB错误；
C、池水变“浅”，人看到的是水底反射的光线斜射入空气中发生折射而形成的虚像，虚像的位置比实际位置要高一些，所以觉得变“浅”了，故C正确；
D、路口反光镜是光的反射现象，故D错误。
故选：C。
(1)影子的形成、小孔成像是由于光在同种均匀透明介质中沿直线传播；
(2)水底变浅是由于水底反射的光线斜射入空气中发生折射，折射光线远离法线向下偏折，人看到的是折射光线的反向延长线会聚成的虚像，比实际位置要高一些；
(3)路口反光镜是光的反射现象。
本题考查了生活中常见的因为光的直线传播、反射和折射所形成的现象，要学会用所学知识解释生活现象。
4.【答案】A
【解析】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们能区分鸟鸣和蛙声，这是因为鸟和蛙发出声音的音色不同。
故选：A。
音色是由发声体的材料和结构决定的，我们常用音色来区别不同发声体。
本题考查了音色的特点，不同发声体发出声音的音色不同。
5.【答案】A
【解析】解：A、积雪消融是固态的冰变为液态水的过程，是熔化，故A 正确；
B、湿手烘干是液态的水变为气态的水蒸气，是汽化，故B错误；
C、瓦上结霜是空气中的水蒸气由气态直接变为固态形成的，是凝华现象，故C错误；
D、湖面起雾是空气中的水蒸气遇冷液化，故D错误；
故选：A。
先根据题目明确物质变化前是什么状态，变化后是什么状态，最后对照定义来判断属于何种类型的物态变化。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。
6.【答案】AC
【解析】解：B、图中电表串联在电路中，所以该显示器由电流表改装而成，故B错误；
A、当货车质量增大时，电表(电流表)示数随之增大，则说明电阻变小，所以接线柱“1”应与“3”连接，这样，当质量增大，滑片向下移动，变阻器阻值变小，电流表示数变大，故A正确；
C、若货车质量增大，变阻器电阻减小，根据串联电路的电压与电阻的正比关系，变阻器R分得的电压减小，则电阻R0两端电压增大，故C正确；
D、电阻R0不可以去掉，因为若去掉R0，则滑片在最下端时会造成电路发生短路，故D错误。
故选：AC。
(1)滑动变阻器的工作原理：通过改变接入电路中的电阻线长度来改变电阻。
(2)电流表应串联在电路中，电压表应并联在被测电路两端。
(3)串联电路中各电阻两端电压与对应的电阻成正比。
(4)当电源的正负极直接相连，会产生电源短路现象。
理解串联电路的电压规律、变阻器的工作原理，知道电流表的使用规则、短路概念，熟练运用欧姆定律知识，可解答此题。
7.【答案】A
【解析】解：A.将冰箱的金属外壳接地，可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故A正确；
B.生活用水是导体，用湿布擦拭发光的灯泡易发生触电事故，故B错误；
C.湿衣服是导体，当把湿衣服晾在电线上时，一旦漏电，人接触衣服时会发生触电事故，故C错误；
D.雷雨天里，大树也是很好的导体，电流会沿大树传到大地，所以雷雨天千万不要在大树下避雨，故D错误；
故选：A。
(1)金属外壳的用电器，外壳一定要接地；
(2)生活用水是导体；
(3)安全用电的原则是不靠近高压带电体，不接触低压带电体；
(4)当雷雨天，树作为地面上的“凸出物”，雷电电流会通过树干传下来。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
8.【答案】C
【解析】解：A、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、定滑轮实质是一等臂杠杆，不省力也不费力，故B错误；
C、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C正确；
D、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D错误。
故选：C。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查的是如何找出动力臂和阻力臂，并对杠杆分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
9.【答案】A
【解析】解：A.随着水的蒸发，盆景内水减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使瓶外水位重新升高，瓶口继续没入水中，在大气压的作用下，使得瓶内水不流出，如此反复，所以盆景自动供水装置利用的是大气压，故A正确；
B.高压锅煮饭是利用沸点与气压的关系，不属于大气压的应用，故B不正确；
C.静脉注射利用人的推力，没有利用大气压，故C不正确；
D.锅炉水位计利用的是连通器原理，不是利用大气压强原理，故D不正确。
故选：A。
大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
本题考查了学生对大气压的应用的了解与掌握，利用大气压的生活例子是很多的，学习时，多举例、多解释，分析时不要说成“被吸上来”，而是“被外界的大气压压上来”。
10.【答案】C
【解析】解：滑雪运动员起跳后下落的过程中，运动员的质量不变，速度增大，动能增大；质量不变，高度减小，重力势能减小。
故选：C。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
(1)掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。
(2)能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
11.【答案】C
【解析】解：高压燃气瞬间冲破鞭炮的过程是将内能转化为机械能；在热机的做功冲程中，内能转化为机械能，所以与热机的做功冲程的原理相似，故C正确。
故选：C。
内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压缩冲程中将机械能转化为内能；做功冲程中将内能转化为机械能。
本题考查了能量的转化、热机的工作过程，属于基础题。
12.【答案】C
【解析】解：
由题意可知，无线充电技术的工作原理是电磁感应现象；
A、图中给导体通电，导体在磁场中会运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意；
B、图中是奥斯特实验，说明通电直导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故B不符合题意；
C、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故C符合题意；
D、该图是探究影响电磁铁磁性强弱因素的实验，不是电磁感应现象，故D不符合题意。
故选：C。
由题可知，无线充电的技术用到的原理是受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，即其工作原理是电磁感应现象；分析各图的实验原理进行解答。
本题主要考查了对电磁现象中几个实验的掌握情况，知道无线充电技术的原理是解题的关键。
13.【答案】D
【解析】解：A、该摄像机镜头相当于凸透镜，故A错误；
B、该摄像成倒立缩小的实像，与照相机原理相同，故B错误；
C、摄像机是利用凸透镜成倒立、缩小实像的原理工作的，故C错误；
D、凸透镜成实像时，物近像远像变大，天舟五号靠近摄像头时，物距减小，像距变大，所成的像逐渐变大，故D正确。
故选：D。
摄像机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理制成的，当U>2f时，凸透镜才成倒立、缩小的实像，凸透镜成实像时，物近像远像变大。
本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。
14.【答案】B
【解析】解：A、空中飞行的足球最终掉落草地是由于重力的作用，故A正确；
B、足球最后停下来是因为受到的地面的阻力，说明力不是维持物体运动的原因，故B错误；
C、图中运动员抬起脚时和运动员双脚站立时对草地的压力大小相等都等于他的重力，单脚站立时与地面的受力面积更小，故压强更大，故C正确；
D、足球离开运动员后继续在空中飞行，说明足球具有惯性，故D正确。
故选：B。
(1)地球表面附近的物体都受到重力的作用；
(2)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因；
(3)在压力不变的情况下，两物体的接触面积越小压强越大；
(4)物体保持原有的运动状态的性质叫做惯性，一切物体都有惯性。
本题考查对力、惯性以及力的相互性的认识和理解，考查知识点多，综合性强。
15.【答案】CD
【解析】解：A、煮粉前，锅中沸腾的水不断吸热，温度保持不变，故A错误；
B、煮粉时，是通过热传递方式改变了老友粉的内能，故B错误；
C、煮粉时，锅里冒出的“白气”是水蒸气由气态变为液态，发生液化形成的，故C正确；
D、老友粉香气四溢是由于分子在不停地做无规则运动，产生了扩散现象，故D正确。
故选：CD。
(1)水沸腾时，吸收热量，温度不变；
(2)改变内能的方式有做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；
(3)物质从气态变为液态的过程叫液化；
(4)一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。
本题主要考查了对水沸腾的特点、改变内能的方式、液化现象、分子热运动的了解与应用，有一定综合性，但难度不大。
16.【答案】BD
【解析】解：A、由图可知，甲容器中液体的深度要小于乙容器中液体的深度，液体对容器底部的压强相等，根据p=ρgh可知，甲容器内液体的密度大于乙容器内液体的密度；
A球沉在甲容器底部，A的密度大于甲容器中液体的密度；B球与固定在容器底部的细线相连(不计细线的质量)，且细线受到拉力，如果剪断细线，B上浮至漂浮状态，B的密度小于乙容器中液体的密度，由此可知，A的密度大于B的密度，故A错误；
B、液体对容器底部的压强相等，甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度，C、D点到容器底部的高度相同，根据p=ρgh可知，pC下>pD下；两容器中的液体对容器底的压强相等，即：pC上+pC下=pD上+pD下，则pC上
D、若剪断乙容器中的细线，小球将会上浮至漂浮状态，小球排开的液体的体积变小，所以乙容器中的液面会下降，根据p=ρgh可知，液体对容器底的压强变小，故D正确。
故选：BD。
(1)根据液体压强相等和深度结合p=ρgh分析液体密度的大小关系；根据小球在液体中的状态，利用物体的浮沉条件分析小球密度与液体密度的大小关系，从而得出两球的密度的大小关系；
(2)两容器中的液体对容器底的压强相等，即pC上+pC下=pD上+pD下，分析C、D点以下液体压强的大小关系，进一步分析甲容器中液体对C点的压强和乙容器中液体对D点的压强的大小关系；
(3)容器对水平面的压力等于自身的总重力；根据密度公式可知两球的质量关系；根据G=mg可知甲容总重力的变化，从而可知甲容器对桌面的压力变化；
(4)若剪断乙容器中的细线，根据小球的浮沉情况分析液面深度的变化，根据p=ρgh分析液体对容器底压强的变化。
本题考查了液体内部压强计算公式的应用、物体的浮沉条件的应用、压力的大小变化，明确两种液体密度的大小关系是解题的关键。
17.【答案】电磁波 天和核心舱
【解析】解：2022年10月12日“天空课堂”第三课在中国空间站开讲。空间站的画面信号是通过电磁波传到地球上的，因为只有电磁波可以在真空中传播；神舟十四号和天和核心舱对接后，认为神舟十四号处于静止状态，以天和核心舱为参照物，神舟十四号与它的位置不变，此时选取的参照物是天和核心舱。如果以地球为参照物，神舟十四号与地球的位置在不断改变，神舟十四号是运动的。
故答案为：电磁波；天和核心舱。
(1)电磁波可以传递信息。
(2)物体相对于参照物的位置变化了，物体是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体是静止的。
知道电磁波的特点和应用；会判断运动和静止的相对性；会选择合适的参照物。
18.【答案】形变 小
【解析】解：(1)用手捏游泳圈，游泳圈向内凹陷，说明力可以使物体发生形变；
(2)水流“旋涡”的外部的水流速小，压强大，“旋涡”内的水流速大，压强小，则压强差的作用下，容易将附近的人“吸”进去。
故答案为：形变；小。
(1)力的作用效果有：改变物体的运动状态、改变物体的形状；
(2)流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。
本题考查的是力的作用效果和流体压强与流速的关系，难度不大。
19.【答案】晶体 变小
【解析】解：该物质在凝固时温度不变，为晶体；
冰水混合物的温度是0℃，由图象知，该物质熔化时的温度低于0℃；
将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中时，冰水混合物会向该物质放热，冰水混合物的内能减小。
故答案为：晶体；变小。
(1)晶体：在熔化时具有一定的熔化温度，这类固体叫做晶体。
(2)晶体在熔化时，会吸收热量。
(3)冰水混合物的温度为0℃。
此题考查了有关晶体熔化图象的分析，要抓住晶体和非晶体熔化和凝固时特点：晶体有一定的熔点(凝固点)，熔化(凝固)时温度不变，继续吸热(放热)，学习时要用比较法来记住它们的特点。
20.【答案】200 20
【解析】解：由电能表表盘知，月底电能表示数是662.3kW⋅h，则这个月用电量：662.3kW⋅h-462.38kW⋅h=200kW⋅h。
由表盘上10(20)A知，这个电能表允许通过的最大电流为20A，
故答案为：200；20。
先读出图中电能表的读数，消耗的电能等于月末电能表的示数减去月初的示数，要注意电能表的最后一位是小数，单位为kW⋅h；由图可知电能表工作时允许通过的最大电流。
本题考查消耗电能、电能表参数的理解，属于基础题。
21.【答案】不可再生 8.4×106
【解析】解：页岩气和核能在短时间内不能再次获得，它们属于不可再生能源；
0.2m3的页岩气完全燃烧放出的热量为：Q放=Vq=0.2m3×4.2×107J/m3=8.4×106J。
故答案为：不可再生；8.4×106。
短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，可以从自然界源源不断的得到的能源，是可再生能源；利用Q放=Vq求出0.2m3的页岩气完全燃烧放出的热量。
本题考查了能源的分类以及学生对燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，属于基础题，难度不大。
22.【答案】低 110
【解析】解：由图可知，当S1闭合，S2拨到B时，R1、R2并联；当S1断开，S2拨到a时，R1、R2串联；当S1闭合，S2拨到A时，R2被短路，电路为R1的简单电路；
因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P=UI=U2R可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，蛋糕机为高温挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，蛋糕机为低温挡；电路为R1的简单电路时，蛋糕机为中温挡；因此当S1断开，S2接A时，蛋糕机处于低温挡；
中温挡时，电路为R1的简单电路，电功率为440W，电阻R1=U2P中=(220V)2440W=110Ω，
低温挡的功率为220W，R1、R2串联的总电阻R总=U2P低=(220V)2220W=220Ω，
根据串联电路的电阻特点知，R2=R总-R1=220Ω-110Ω=110Ω。
故答案为：低；110。
由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出此时通过R1、R2的电流；
(3)根据P=UI=U2R分别求出电阻R1、R2消耗的电功率，进而求出电阻R1、R2消耗的总功率；
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，属于中档题，有一定的难度。
23.【答案】解：重力的方向是竖直向下的，过重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，大小为5N，如图所示：
【解析】根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可。
本题考查了重力的示意图的作法。不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。
24.【答案】解：根据像与物关于平面镜对称，先分别作出端点A、O在平面镜中的像点A'、O'，用虚线连接A'、O'，即为物体AO在平面镜中所成的像A'O'，如图所示：
【解析】平面镜成像的特点：所成像为虚像，像与物的大小相等，像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像与物关于平面镜对称；
先分别作出两个端点A、O在平面镜中的像点，连接两像点即为物体AO在平面镜中所成的像。
本题考查了平面镜成像的相关作图。在作物体在平面镜中所成的像时，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧。
25.【答案】较小 远 匀速直线运动 速度 大
【解析】解：(1)实验中，为了增长测量时间，方便计时，应使斜面的坡度较小，以减小测量时间的误差；
(2)木板表面最光滑，小车在木板上通过的距离最长，由图中现象可知，小车受到的阻力越小，小车的速度减小得越慢，小车运动的距离越远；进一步推理可得：若小车在水平面上所受阻力为零，小车的速度不会减小，小车将做匀速直线运动；
(3)乙、丙实验中，为了使物体到达水平面时的速度相同，物体都从斜面的同一高度静止滑下，这是控制变量法的应用；
由于动能的大小是不好观察的，于是实验中采用了转换法，即通过物体对外做功的多少来衡量其具有的动能的大小，即观察小球推动木块的距离即可，也就是木块被推动的越远，其所具有的动能就越大。
故答案为：(1)较小；(2)远；匀速直线运动；(3)速度；大。
(1)斜面倾角越小，物体速度变化越慢，物体运动时间越长，越便于时间的测量；
(2)木板表面最光滑，小车在木板上通过的距离最长，据此推理得出结论；
(3)从斜面的同一高度由静止下滑，到达斜面底端的速度相同；
由于动能的大小是不好观察的，于是实验中采用了转换法，即通过物体对外做功的多少来衡量其具有的动能的大小。
本题考查了斜面的应用，掌握转换法、控制变量法的应用是解题的关键。
26.【答案】大小 不变 高度差 液体密度 42 A
【解析】解：(1)实验中选择完全相同的两个蜡烛，其目的是为了便于比较像与物体的大小关系，实验中采用的是等效替代法；
平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关，所以将蜡烛A远离平面镜时，像的大小将不变；
(2)当将探头放在液体里时，由于液体内部存在压强，金属盒上的橡皮膜就会发生形变，U形管左右两侧液面就会产生高度差，高度差的大小反映了橡皮膜所受压强的大小，这用到了转换法；
比较乙两次实验可知，液体的深度相同时，液体的密度不同，U形管液面高度差不同，液体的压强不同，说明液体内部压强与液体密度有关；
(3)由丙图可知，温度计分度值为1℃，读数为42℃；
由图丁可知，在两个相同的容器中分别装入质量、初温都相同的两种液体A、B，且用相同的装置加热，在相同时间内吸收相同的热量，A的温度变化慢，说明A的比热容大。
故答案为：(1)大小；不变；(2)高度差；液体密度；(3)42；A。
(1)选择完全相同的两个蜡烛便于比较像与物的大小关系；平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关；
液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大，这用到了转换法；
(2)分析比较乙两次实验中相同的物理量以及不同的物理量，利用控制变量法得出结论；
(3)温度计读数要注意分度值，并注意液面在0℃上方还是下方；由丁图可知吸收相同的热量，A的温度变化慢，说明A的比热容大。
本题考查平面镜成像特点、探究液体压强特点、探究比热容的相关实验中控制变量法的使用。
27.【答案】零刻度线 右 1621.08m2-m1 m2-m1m3-m1ρ水 偏大
【解析】解：(1)把托盘天平放在水平台面上，把游码放到标尺左端的零刻度线处，调节天平的平衡螺母使天平水平平衡；
(2)橙子的质量为：m=100g+50g+10g+2g=162g，
橙子的密度为：ρ=mV=162g150cm3=1.08g/cm3；
(3)解：由图①②可知，放入小木块后，电子秤的示数增大了，即小木块的质量m=m2-m1；
根据①③图可知，木块排开的水的质量为：m'=m3-m1；
根据ρ=mV可知，木块排开的水的体积即小木块的体积为：V=V排水=m'ρ水=m3-m1ρ水；
则小木块的密度为：ρ=mV=m2-m1m3-m1ρ水；
若小木块吸水，则吸水后木块的重力增大；把小木块浸没在水中时，其受到的浮力不变，此时满足F浮=G木+F，F浮不变，G木增大，则F减小，图③中电子秤的示数变小，所以由图③和图①测得排开水的质量减小、小木块排开水的体积减小，即测得小木块的体积偏小，根据ρ=mV可知，测得小木块的密度会偏大。
故答案为：(1)零刻度线；右；(2)162；1.08；(3)m2-m1；m2-m1m3-m1ρ水；偏大。
(1)使用天平之前，首先把天平放在水平台上，把游码放到标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母使天平的横梁水平平衡；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；知道物体的质量和体积，根据密度公式求出物体的密度；
(3)根据①②中电子秤的示数求出小木块的质量；根据①③求出木块排开的水的质量，从而求出木块排开水的体积，即小木块的体积；根据密度公式求出物体的密度。
本题考查了固体密度的测量，以及密度的计算，知道电子秤增大的示数为木块排开的水的质量是解题的关键。
28.【答案】断开 变小 横截面积 不可靠 没有控制导体(食盐水)的横截面积不变 长度 导体的电阻是否与温度有关
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(2)在电压一定时，观察到电流表的示数变大了，表明与电压表并联部分的电阻减小了，即食盐水的电阻变小了；
由于向水槽中添加一定量相同浓度的食盐水，水槽内食盐水的液面升高，使得食盐水的横截面积变大，食盐水的电阻减小，这表明导体的电阻与导体的横截面积有关；
(3)若要探究盐水浓度对电阻大小的影响，应控制导体(食盐水)的横截面积不变，改变盐水的浓度(可加入适量的盐)；
小明再次向容器中加入一定量的水，虽然降低了容器内食盐水的浓度，但同时导体(食盐水)的横截面积改变了，不符合控制变量法的要求，所以小明得出的结论是不可靠的；
(4)其它条件不变，改变电极M、N的距离，改变了食盐水接入电路中的长度，此时的电流会发生变化，能够得出导体的电阻与导体长度的关系；
(5)食盐水浓度相同，温度不同，电流表的示数不同，说明导体的电阻还有温度有关，故提出的问题是：导体的电阻是否与温度有关。
故答案为：(1)断开；(2)变小；横截面积；(3)不可靠；没有控制导体(食盐水)的横截面积不变；(4)长度；(5)导体的电阻是否与温度有关。
(1)为了保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(2)在电压一定时，电流越小，表明导体的电阻越大；导体的电阻的大小与横截面积有关；
(3)要探究盐水浓度对电阻大小的影响，应控制导体(食盐水)的横截面积不变，改变盐水的浓度；
(4)导体的电阻的大小与长度、横截面积、材料和温度有关。
本题考查了实验的注意事项、控制变量法的应用以及对实验现象总结能力，是一道综合实验题，有一定的难度。
29.【答案】解：(1)满载时车和人的总重力为：G=mg=1.5×104kg×10N/kg=1.5×105N；
(2)公交车行驶的时间：t=2min=120s
公交车匀速行驶的速度为：v=st=1200m120s=10m/s；
(3)公车做匀速直线运动，牵引力和阻力是平衡力，牵引力：F牵=F阻=0.4G=0.4×1.5×105N=6×104N，
牵引力的功率为P=Wt=Fst=Fv=6×104N×10m/s=6×105W。
答：(1)满载时车和人的总重力是1.5×105N；
(2)公交车匀速行驶的速度是10m/s；
(3)匀速行驶时，公交车牵引力的功率是6×105W。
【解析】(1)根据G=mg得到满载时车和人的总重力；
(2)根据v=st得到公交车匀速行驶的速度；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv得到匀速行驶时，公交车牵引力的功率。
本题考查了重力、速度和功率的计算，是一道综合性较强的题目。
30.【答案】解：((1)由图甲可知，R和Rx串联，
已知当无风时，电路中的电流为0.5A，则Ix=I1=0.5A，由图象可知，此时电阻Rx=16Ω
根据P=UI=I2R，Rx消耗的功率为：Px=Ix2Rx=(0.5A)2×16Ω=4W；
(2)根据欧姆定律和串联电路的特点得出：
无风时，电源电压为：U-UR+Ux-I1R+I1Rx=0.5A×R+0.5A×16Ω----------------①
由图可知，当风力F=480N时，Rx'=8Ω，电流I2=0.9A
电源电压为：U=UR'+Ux'=I2R+I2Rx'=0.9A×R+0.9A×8Ω----------------②
由于电源电压不变，联立①②解得：
电源电压U=9V；电阻R=2Ω；
(3)当所测风力最大时，Rx的阻值最小，电路中电流最大，
则电压表的示数Umax=3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，Rx两端的电压Ux''=U-Umax=9V-3V=6V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流I'=UmaxR=3V2Ω=1.5A，
当最大风增大到900N时，Rx'=1Ω，保持电压表量程不变，
则电路中的电流1.5A不变，此时电路中的总电阻R总=UI'=9V1.5A=6Ω；
由于压敏电阻的阻值随风力的增大而变小，则应在电路中串联一个电阻R0，
所以，R0=R总-R-Rx ' '=6Ω-2Ω-1Ω=3Ω。
答：
【解析】(1)由甲电路图可知，R与Rx串联，由图乙可知无风时Rx的阻值，根据P=UI=I2R求出Rx消耗的功率；
(2)根据当无风时和风力为480N时电路中的电流，由图象可知Rx的阻值，利用欧姆定律和串联电路的特点得出电源电压的表达式，联立即可求出电源电压和R的阻值；
(3)由于电压表测量R两端的电压，如果保持电压表量程不变，根据欧姆定律可知电路中的电流不变，
根据欧姆定律求出当电压表的示数最大时电路中电流，
由于电源电压不变，再根据欧姆定律求出电路中的总阻值，
由图读出当风力F=480N时Rx的阻值，根据电阻串并联特点即可需要增加的电阻R0的连接方式，并根据串并联电阻的特点求出R0的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象获取有用的信息，有一定的难度。
31.【答案】解：(1)未放入截取的木块前，容器中水的深度h=4cm=4×10-2m，
水对容器底产生的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10-2m=400Pa；
(2)截取木块的长度h'=3cm=3×10-2m，
截取木块的质量为m水=ρ水V=0.8×103kg/m3×100×10-4m2×3×10-2m=0.24kg；
(3)截取木块的重力G=m水g=0.24kg×10N/kg=2.4N，
由p=Fs设容器的底面积为S'，容器对地面的压力：
F=pS'=480Pa×S'①
容器中水的重力：G'=ρ水S'hg=1×103kg/m3×4×10-2m×10N/kg×S'②
不计薄壁圆柱形容器B的质量，容器B对地面的压力等于水的重力加上木块的重力：
F=G水+G'=2.4N+1×103kg/m3×S'×4×10-2m=480Pa×S'，
解得：S'=0.03m2=300cm2；
(4)容器中水的重力：G'=ρ水S'hg=1×103kg/m3×4×10-2m×10N/kg×0.03m2=12N，
设截取的木块的高度为h''，截取木块的重力：
G ' '=ρ木Sh ' 'g=0.8×103kg/m3×100×10-4m2×h ' '×10N/kg=80h ' 'N，
剩余木块对地面的压强：
p木=ρ木g(0.1m-h ' ')=0.8×103kg/m3×10N/kg×(0.1m-h ' ')③
容器B对桌面的压强：p=F浮S'=G'+G ' 'S'=120N+80N0.03m2 ④
容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，p'=8p水 ⑤
联立③④⑤解得：h''=0.09m，
原来容器中水的体积V水=S容器h=300cm2×4cm=1200cm3；
假设截取的木块在容器B的水中恰好漂浮，设此时水的深度为h水，
则根据漂浮条件可得F漂=G截取，则有ρ水gS木h水-ρ木gS木h ' '，
化简可得h水=ρ木h ' 'ρ水=0.8×103kg/m3×0.09m1×103kg/m3=0.072m=7.2cm，
此时容器中水的体积V木'=(S容器-S木)h水=(300cm2-100cm2)×7.2cm=1440cm3>1200cm3，
所以假设不成立，则木块在容器B的水中一定沉底，
设水的实际深度为h水'，则满足以下关系S容器h水'=V木+S木h水'，
代入数据：300cm2×h水'=1200cm3+100cm2×h水'，
解得：h水'=6cm=0.06m，
此时木块在水中受到的浮力：
F浮'=G排=ρ水V排'g=ρ水gS木h水'=1.0×103kg/m3×100×10-4m2×0.06m×10N/kg。
答：(1)未放入截取的木块前，水对容器B底部压强为400Pa；
(2)h=3cm的圆柱木块的质量为0.24kg；
(3)容器B的底面积0.03m2；
(4)当截取的木块放入容器B后，容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，此时容器B中截取的木块所受到的浮力为6N。
【解析】(1)根据p=ρgh计算水产生的压强；
(2)利用密度计算公式求得截取木块的质量；
(3)根据题意，求出截取木块的重力，容器和水对地的压力，求得容器B的底面积；
(4)根据容器中水的重力，截取木块的重力，求得剩余木块对地面的压强，再根据容器B对桌面的压强是剩余木块A对桌面压强的8倍，求得第二次截取木块的重力，木块浸入水中的深度，从而求出木块在水中受到的浮力。
本题主要考查压强的计算，浮力大小的计算，难度较大。
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