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2023年广东省东莞市虎门重点中学中考物理一模试卷-（含解析）
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这是一份2023年广东省东莞市虎门重点中学中考物理一模试卷-（含解析），共25页。试卷主要包含了 祖国荣耀，写满太空等内容，欢迎下载使用。
2023年广东省东莞市虎门重点中学中考物理一模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列说法符合实际情况的是
A. 人的正常体温约为39℃ B. 中学生的体重约为50 N
C. 一支全新的铅笔长约为19 cm D. 一个鸡蛋的质量约为500 g
2. 下列关于物态变化的说法中，正确的是( )
A. 春天，冰雪消融是液化现象 B. 夏天，自来水管“出汗”是液化现象
C. 秋天，荷叶上出现露珠是熔化现象 D. 冬天，草木上出现霜是凝固现象
3. 小明同学参加了中考体育模拟测试，下列说法正确的是( )
A. 小明掷实心球时手对球施加了力的作用，球对手没有施加力的作用
B. 小明掷实心球时，球离手后在空中运动的过程中受到重力和推力的作用
C. 小明立定跳远时，离开地面后在空中的运动状态不变
D. 小明跑步穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
4. 两个灯泡L1“6V 3W”和L2“4V 4W”，分别按图甲、乙连接，均有一个灯泡正常发光，且两灯的实际电压均不超过额定电压，不计灯泡电阻的变化，下列说法正确的是( )
A. 甲电路中电源电压为10V，乙电路中电源电压为4V
B. 甲电路中是灯L1正常发光，乙电路中是灯L2正常发光
C. 乙电路中的干路电流是1.5A
D. 甲、乙电路中都是灯L1正常发光
5. 祖国荣耀，写满太空。2022年6月5日10时44分07秒，“长征二号”2F运载火箭成功发射，承载的神舟十四号载人飞船与在轨的“天和”号核心舱实现自主交会对接，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 火箭升空过程中，以火箭为参照物，地面是静止的
B. 对接过程中，以核心舱为参照物，神舟十四号飞船是静止的
C. 对接成功后，以核心舱为参照物，神舟十四号飞船是静止的
D. 对接成功后，以地球为参照物，神舟十四号飞船做匀速直线运动
6. 关于能量和能源，下列说法正确的是( )
A. 煤、石油、天然气都是可再生能源 B. 电能是一次能源
C. 水力发电是将水的机械能转化为电能 D. 太阳释放的能量是核裂变产生的
7. 中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰福建舰配置电磁弹射和阻拦装置。电磁弹射以电磁力为加速手段，当电磁弹射的弹射车轨道与航母舰载飞机前轮接触并处于强磁场中，弹射车内的导体通过强电流时即可受到强大的推力，将航母舰载飞机弹出。如图所示，下列装置图能反映电磁弹射原理的是( )
A. B.
C. D.
8. “映日荷花别样红”，看到红花是花______ (填“吸收”或“反射”)红色光；“鱼戏莲叶间”，看见水中的鱼是由于光的______ 形成的______ 像。
9. 在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是______冲程。如图所示汽油机正在进行的是______冲程，已知汽油的热值为4.6×107J/kg，则完全燃烧100g汽油放出的热量为______J。
10. 工人用如图所示的滑轮组将重为1200N的建筑材料从地面上匀速运到高20m的楼上，耗时5分钟，手竖直向上的拉力是500N，在这个过程中，工人做的功是______ J，功率为______ W，滑轮组的机械效率是______ 。
11. 如图所示的电路，开关S接到a后，电磁铁左端为______极，小磁针静止时，A端是______极；将开关S由a拨到b，调节滑动变阻器，使电流表示数不变，则电磁铁的磁性______(选填“增强”、“不变”或“减弱”)。
12. 如图所示，一平底圆柱状杯子放在水平桌面上，杯子的底面积是60cm2.杯子内装上8cm高的水后，杯子和水的总质量是0.6 kg则杯子对桌面的压力大小是______ N，杯子对桌面的压强是______ Pa；水对杯底产生的压强是______ Pa(g取lON/kg)
13. 如图所示是关于电阻A、B的I−U图像。由图可知，电阻值较大的电阻是______ Ω，若将A、B两电阻并联后接在电压为4V的电源两端，则并联电路干路中的电流是______ A，此时电路总电阻值是______ Ω。
14. 电磁波在空气中的传播速度约为______m/s，当导线中通过电流时，放在旁边的小磁针发生偏转，说明电流周围存在______；丹麦物理学家______(选填“法拉第”、“奥斯特”或“欧姆”)是第一个发现电与磁之间有联系的人。
15. 如图所示，平面镜与凹透镜的主光轴成45度角放置，一束与主光轴垂直的光入射到平面镜上发生反射，反射光线透过凹透镜发生折射，请画出反射光线和折射光线。
16. 如图所示，轻质杠杆平衡，请画出动力F1的力臂l1和物体所受的重力。
17. 如图所示，插座和电灯(带开关)是组成家庭电路的常用器件，请你用笔画线代替导线将各器件正确连入电路中：
18. 小明在“探究凸透镜成像的规律”实验中。
(1)测量凸透镜焦距时，小明将凸透镜安装在光具座上，用平行光作光源，移动光屏，在光屏上得到一个最小最亮的光斑，如图甲所示，则该凸透镜的焦距为______ cm。
(2)然后将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上，并调整烛焰、凸透镜及光屏三者的中心，使其大致在______ 。
(3)再将点燃的蜡烛移到10cm刻度线处，如图乙所示，移动光屏，直到在光屏上得到一个倒立、______ (选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像；生活中______ (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像原理来工作的。
(4)在如图乙所示的实验基础上，保持凸透镜的位置不变，将蜡烛向右移动到35cm刻度线处，要想在光屏上再次成清晰的像，应将光屏向______ (选填“左”或“右”)移动适当的距离，在光屏上的像将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(5)在如图乙所示的实验中，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，如图丙所示，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏靠近凸透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像，则该眼镜是______ (选填“近视”或“远视”)眼镜。
19. 小明想判断一个小石块和一个大石块的材质是否相同，于是做了如下实验：
(1)小明在调节天平平衡时，将游码移动到标尺左端的 处，然后发现指针如图甲所示，则接下来应向 (选填“左”或“右”)调节平衡螺母使横梁平衡。
(2)小明用天平称量小石块的质量时，将最小的砝码放入右盘后，指针由分度盘中央刻度线的左侧转至右侧。接下来应该进行的操作是 。
(3)当横梁再次平衡时，砝码及游码的位置如图乙所示为 g，将小石块放入盛有50mL水的量筒中，静止时液面位置如图丙所示，则小石块的密度是 kg/m3。
(4)由于大石块放不进量筒中，善于思考的小明用烧杯和水也测出了大石块的密度，他的实验步骤如下：
①先用天平测出大石块的质量m1。
②然后将大石块浸没到装满水的溢水杯中，溢出的水流入质量为m2的空烧杯中，测得烧杯和溢出水的总质量为m3。
③则大石块密度的表达式ρ石= (用字母m1、m2、m3和ρ水表示)。
20. 小强在完成“探究通过导体的电流与电压、电阻的关系”的实验
(1)图甲所示，用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时，电流变小；
(2)小强正确、规范完成连接后，闭合开关，将滑动变阻器滑片从一端调节到另一端的过程中得到多组电流、电压值，如表。当电流表示数为0.5A时电压表示数如图乙所示，其值为______ V；根据表格数据分析可得出结论______ ；
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.5
2.0
3.0
电流I/A
0.2
0.3
0.4
0.5
0.6
(3)已知电源电压为3V，小强将原电路中滑动变阻器换成标有“10Ω，1A”的滑动变阻器，继续探究电流与电阻的关系，实验中始终保持电压表示数为2V，则所选用的定值电阻阻值不能超过______ Ω；在实验过程中滑动变阻器的作用是______ ；
(4)将图甲电路中的定值电阻换成额定电压为2.5V的小灯泡，进行多次实验后画出了小灯泡的U−I图像如图丙所示，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W。
21. 质量为3kg的清洁机器人在水平地面上匀速运动时，所受水平推力与速度的关系如图乙所示，g取10N/kg。在150N的水平推力作用下，该机器人在水平地面上匀速运动10s的过程中，问：
(1)所受阻力大小为多大？
(2)推力所做功是多少？此时推力做功的功率是多少？
(3)当该机器人在水平地面上以0.6m/s的速度匀速运动时水平推力的功率是多少？
22. 图甲是具有高温、低温两档的电热饭盒，高温档电功率为242W，简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻，且R2的阻值是R1的4倍。求
(1)R1和R2的阻值是多少？
(2)高温档加热5min，不计热量损失，可以将1kg饭菜升高的温度是多少？[饭菜的比热容取3×103J/(kg⋅℃)]
(3)如果实际电压是200V，低温档工作时的实际功率是多少？
23. 在化学课上小明学习到工业中酒精提纯都是采用蒸馏法。他想：为什么不依据水和酒精的凝固点不同而将水和酒精分开呢？为此，他利用家中电冰箱的冷冻室做了如下实验：将水和少量酒精混合后放入冰箱的冷冻室，每隔2min用温度计测一次混合物的温度，并观察其状态。小明发现直到混合液全部变成固态后也没有把酒精和水分离开。小明根据实验数据作出水和酒精混合物的温度随时间变化的图像如图甲所示。
(1)实验过程中，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时温度是______ ℃
(2)蒸馏法提纯酒精主要依据水和酒精的______ 不同。
(3)第22min时混合液处于______ (选填“固体”“液体”或“固液共存”)状态。
(4)从第12min到第16min混合液的内能______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。
(5)该实验说明在水中加入酒精后，凝固点会______ 。小明由此联想到在寒冷的冬天，为了让路上的积雪熔化，护路工人采取在雪地上撒盐的方法，可使雪在较低气温下熔化，这是因为撒盐后雪的熔点______ 了。(均选填“升高”或“降低”)
24. 如图所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始自由滚下，推动同一小木块向前移动一段距离s后停下。
(1)小球从斜面滚下的过程中，它的______ 能转化为动能，小球动能的大小通过______ (选填“高度h”或“距离s”)的大小来判断的；
(2)实验中，把质量不同的小钢球放在斜面同一高度处由静止开始释放，是为了控制______ 相同；
(3)该小组同学记录的部分实验数据如下表：
实验次数
1
2
3
4
5
小球质量m/g
10
20
30
10
10
小球释放的高度h/cm
5
5
5
10
15
木块移动距离s/cm
10
18
29
38
86
①分析第______ 、______ 、______ 三次实验数据，可以得出的探究结论是物体的质量一定时，速度越大，动能越大；
②分析第1、2、3三次实验数据，可以得出的探究结论是______ ；
③请根据表中数据分析：汽车超载10%与超速10%相比，潜在危害较大的是______ 。
25. 阅读材料，回答问题。
光敏电阻
光敏电阻器是利用半导体的光电效应制成的一种阻值随入射光的强弱而改变的电阻器。入射光强，电阻减小；入射光弱，电阻增大。根据光敏电阻的光谱特性，可分为三种光敏电阻器：
紫外光敏电阻器：对紫外线较灵敏，包括硫化镉、硒化镉等光敏电阻器，用于探测紫外线；
红外光敏电阻器：主要有硫化铅、碲化铅等光敏电阻器。它广泛用于导弹制导、天文探测、非接触测量、人体病变探、红外通信等国防、科学研究和工农业生产中；
可见光光敏电阻器：包括硅、锗、硫化锌等光敏电阻器。它主要用于各种光电控制系统，如光电自动开关门户，航标灯、路灯和其他照明系统的自动亮灭，烟雾报警器，光电跟踪系统等方面；
小明在网上购买了一个光敏电阻，并想设计一个火灾自动报警装置。已知光敏电阻的阻值与红外线强度变化的对应关系如下表所示(E为红外线强度，cd表示其单位)。小明设计的电路图如图所示，R是电阻箱，Rp是光敏电阻，电源电压恒为9V；
E/cd
1
2
3
4
6
Rp/Ω
18
9
6
4.5
3
(1)硫化锌是______ (选填“导体”“绝缘体”“超导体”或“半导体”)材料；
(2)小明将一个灯泡和一个可见光光敏电阻串联后接到合适的电源上，想实现白天时灯灭，晚上时灯亮的自动控制功能。他的设计能实现这功能吗？______ (选填“能”或“不能”)；
(3)现在有些楼道内安装了光敏电阻来控制楼道照明灯，当晚上有人通过楼道时，灯就会亮。这种光敏电阻属于______ (选填“红外”“紫外”或“可见光”)光敏电阻器；
(4)小明设计的电路中，当出现火情且产生一定强度的红外线，监测电路检测到a、b两端的电压等于或大于6V时，就会触发自动报警装置；
①若小明设定红外线强度为3cd时启动自动报警装置，电阻箱的阻值应调到______ Ω；
②按照①述设定后，某次监测电路检测到a、b两端的电压为3.6V，可知此时红外强度大约为______ cd；
③若调大电阻箱的阻值，能使自动报警装置启动的红外线强度变______ (选填“强”或“弱”)。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、人的正常体温约为37℃，故A错误；
B、中学生的体重约为500N，故B错误；
C、一支全新的铅笔长约为19cm，故C正确；
D、一个鸡蛋的质量约为50g，故D错误。
故选：C。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对温度、重力、长度、重力的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】B
【解析】解：A.冰雪消融是水从固态变成液态，属于熔化现象，故A错误；
B.夏天，自来水管“出汗”现象是由于空气中水蒸气遇到冷水管液化形成的，故B正确；
C.秋天，露珠是夜晚水蒸气遇冷液化形成的，故C错误；
D.冬天早晨，霜是因为空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的，故D错误。
故选：B。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
此题主要考查物态变化，知道前后的物质状态是关键。
3.【答案】D
【解析】解：A、小明掷实心球时手对球施加了力的作用，由于物体间力的作用是相互的，则球对手也施加力的作用，故A错误；
B、球离手后在空中运动的过程中受到重力和空气阻力的作用，手与球之间没有力的作用，故B错误；
C、小明立定跳远时，离开地面后在空中的运动速度大小和运动方向都发生变化，所以运动状态改变，故C错误；
D、小明跑步穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D正确。
故选：D。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)球离开手后，在空中运动过程中受到重力和空气阻力的作用；
(3)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变；
(4)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
该题考查了增大摩擦的方法、物体运动状态变化的判断、力的作用的相互性等，是一道综合题，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
4.【答案】B
【解析】解：ABD.由题干数据结合公式P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I1=P1U1=3W6V=0.5A，
I2=P2U2=4W4V=1A，
由欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：
R1=U1I1=6V0.5A=12Ω，
R2=U2I2=4V1A=4Ω，
甲电路中，两灯泡串联，因为串联电路中电流处处相等，且两灯实际电压不超过额定电压，所以，能正常发光的灯泡额定电流较小，即为灯泡L1，此时电路中的电流I=I1=0.5A，
故电源电压：U=I(R1+R2)=0.5A×(12Ω+4Ω)=8V；
乙电路中，两灯泡并联，由并联电路中各支路两端电压相等，且两灯实际电压不超过额定电压，所以，能正常发光的灯泡额定电压较小，即为灯泡L2，
此时电源电压：U′=U2=4V，
故AD错误，B正确；
C.乙电路中通过两灯泡的电流分别为：
I1′=U′R1=4V12Ω≈0.33A，I2′=I2=1A，
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以乙电路中的干路电流：I=I1′+I2′=0.33A+1A=1.33A，故C错误。
故选：B。
知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻。
(1)甲图中，两灯泡串联，根据串联电路的电流特点和两灯实际电压不超过额定电压可知，电路中能正常发光的灯泡为额定电流较小的，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；
(2)乙图中，两灯泡并联，根据并联电路的电压特点和两灯实际电压不超过额定电压可知，电路中能正常发光的灯泡为额定电压较小的，根据欧姆定律求出通过两灯泡的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路电流。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断串联电路的电流和并联电路的电压是关键。
5.【答案】C
【解析】解：A、火箭升空过程中，以火箭为参照物，地面的位置不断发生变化，所以地面是运动的，故A错误；
B、对接过程中，两个飞行器要互相靠近，因此，以核心舱为参照物，神舟十四号飞船是运动的，故B错误；
C、对接成功后，以核心舱为参照物，神舟十四号飞船的位置不再改变，所以是静止的，故C正确；
D、飞行器沿一定轨道绕地球运转，因此，对接成功后，以地球为参照物，神舟十四号飞船不是做匀速直线运动，故D错误。
故选：C。
在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的。
判断一个物体是运动还是静止，主要取决于所选的参照物，参照物不同，物体的运动情况可能不同，这就是运动和静止的相对性。
6.【答案】C
【解析】
【分析】
(1)煤、石油、天然气都是化石能源，不能在短时间内形成，是不可再生能源；
(2)能从自然界直接获取的是一次能源，需要通过一次能源的消耗来获得的能源，叫二次能源；
(3)风力发电机发电时是把机械能转化为电能；
(4)太阳释放的能量是氢聚变产生的。
本题考查能源的分类、能量的转化以及核聚变，是一道基础题。
【解答】
A、煤、石油、天然气都是化石能源，不能在短时间内形成，是不可再生能源，故A错误；
B、电能需通过消耗一次能源才能获得，是二次能源，故B错误；
C、水力发电机发电时是将水的机械能转化为电能，故C正确；
D、太阳释放的能量是氢核聚变产生的，故D错误。
故选：C。
7.【答案】C
【解析】解：由题意可知，电磁弹射的弹射车轨道与航母舰载飞机前轮接触并处于强磁场中，弹射车内的导体通过强电流时即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A、该实验为奥斯特实验，说明了电流周围存在着磁场，故A错误；
B、该实验是电磁铁的实验，是利用电流的磁效应工作的，故B错误；
C、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器工作原理相同，故C正确；
D、图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应实验，故D错误。
故选：C。
电磁弹射是指以电磁力为加速手段，采用电磁的能量来推动被弹射的物体向外运动。根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。
8.【答案】反射 折射 虚
【解析】解：(1)荷花是不透明的物体，在太阳光折射下，红色荷花只反射红光，吸收其它颜色的光，所以看到荷花呈红色；
(2)鱼在水中，人在岸上，鱼反射的光线在水面处发生折射，折射光线进入人的眼睛，人眼感觉折射光线从折射光线的反向延长线上射出的，所以看到的鱼是由于光的折射形成的虚像。
故答案为：反射；折射。
(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的。
(2)光从一种介质斜射入另一种介质时，通常会发生折射。
本题考查了光的反射和折射，都是生活中常见的现象，体现了生活处处皆物理，一定要留心生活、注意观察。
9.【答案】压缩 ；做功；4.6×106
【解析】解：(1)在内燃机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，使气体的内能增大，温度升高，机械能转化为内能；
(2)根据图示可知，两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，气缸容积增大，因此是做功冲程。
(3)完全燃烧100g汽油放出的热量：
Q=mq=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×106J。
故答案为：压缩；做功；4.6×106。
(1)在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；
(2)根据图中气门的开关情况和活塞的运动方向判断出是哪一个冲程；
(3)根据Q=mq求出放出的热量。
本题主要考查对热机各冲程特点的了解和热值计算公式的理解和掌握，基础性题目。
10.【答案】30000 100 80%
【解析】解：(1)由图知，n=3，故绳子自由端移动的距离s=nh=3×20m=60m，
总功W总=Fs=500N×60m=30000J，
则人做功的功率：P=Wt=W总t=30000J5×60s=100W。
(2)有用功W有=Gh=1200N×20m=24000J，
机械效率η=W有W总×100%=24000J30000J×100%=80%。
故答案为：30000；100；80%。
(1)由绳子的股数可以计算拉力移动的距离，由W=Fs计算出总功，则利用P=Wt求人做功的功率；
(2)由W有=Gh计算出有用功，机械效率等于有用功与总功的比值。
本题考查了滑轮组中的总功、有用功、功率、机械效率的计算。注意绳子自由端移动的距离与物体升高高度的关系。
11.【答案】N；N；减弱
【解析】
【分析】
本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据安培定则判断通电螺线管的极性，有一定的综合性。
(1)根据安培定则判断电磁铁的极性，根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引判断小磁针A端的极性；
(2)电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关：电流不变时，匝数越少，磁性越弱；匝数一定时，电流减小，磁场减弱。
【解答】
(1)伸出右手握住螺线管，四指弯曲指示电流的方向，大拇指所指的方向即螺线管的左端为电磁铁的N极，据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引的道理可知，小磁针的A端是N极；
(2)将开关S由a拨到b，调节滑动变阻器，保持电流不变，将开关S由a换到b，则减少了线圈的匝数，因此通电螺线管的磁性减弱。
故答案为：N；N；减弱。
12.【答案】6；1000；800
【解析】解：F=G=mg=0.6 kg×lON/kg=6N，
P1=Fs=6N60×10−4m2=1000Pa
P2=ρgh=1.0×103kg/m3×lON/kg×8×10−2m=800Pa
答案分别为6N；1000Pa；800Pa．
杯子对桌面的压力大小即为杯子和水的总重力，由杯子和水的总质量是0.6 kg便可求得．
杯子对桌面的压强由杯子对桌面的压力大小除以杯子的底面积便可求得．
水对杯底产生的压强由P=ρgh即可求得．
此题考查学生对压强公式的理解与掌握，有液体压强和固体压强的计算，计算式要注意单位的统一．
13.【答案】10 1.2 3.3
【解析】解：由I−U图像可知，A、B两电阻的的电流均与电压成正比，即A、B两电阻为定值电阻，其阻值分别为
RA=UAIA=1.5V0.3A=5Ω，RB=UBIB=3V0.3A=10Ω，
所以B电阻的阻值较大，其电阻是10Ω。
若将A、B两电阻并联后接在电压为4V的电源两端根据并联电路的电流关系，干路中的电流
I=IA′+IB′=URA+URB=4V5Ω+4V10Ω=1.2A；
此时电路总电阻值
R=UI=4V1.2A≈3.3Ω。
故答案为：10；1.2；3.3。
由I−U图像可知，A、B两电阻的的电流均与电压成正比，即A、B两电阻为定值电阻，根据欧姆定律分别得出阻值；
若将A、B两电阻并联后接在电压为4V的电源两端，根据并联电路的电流关系，结合欧姆定律可知干路中的电流，并得出此时电路总电阻值。
本题考查欧姆定律的应用，是一道综合题。
14.【答案】3.0×108；磁场；奥斯特
【解析】解：电磁波在空气中的传播速度为3.0×108m/s；奥斯特在1820年发现了通电导线周围存在着磁场。
故答案为：3.0×108；磁场；奥斯特。
电磁波在空气中的传播速度为3.0×108m/s；奥斯特发现了电生磁，揭示了电与磁的联系。
本题考查了物理学常识：奥斯特首先通过实验发现了电流周围空间存在磁场，法拉第发现了电磁感应现象，电磁感应现象是制成发电机的原理。
15.【答案】解：过入射光线与MN的交点即入射点画出法线，根据反射角等于入射角画出反射光线，此时的入射角为45°，反射角等于入射角，所以反射角大小等于45°；
由题意可知，反射光线与平面镜的夹角45°，而平面镜与主光轴的夹角为45°，则反射光线又平行于凹透镜的主光轴入射到凹透镜上，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后会发散，其折射光线的反向延长线过焦点，如下图所示：
【解析】先画出法线，再根据反射角等于入射角画出反射光线，而反射角大小等于入射角；由图可知，反射光线与平面镜的夹角为45°，而平面镜与主光轴的夹角为45°，可确定反射光线又平行于凹透镜的主光轴入射到凹透镜上；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。
(1)知道反射定律的内容，会根据反射定律完成反射光路，会根据角之间的关系计算角的大小。
(2)凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线传播方向不改变。
16.【答案】解：重力G的方向总是竖直向下的，重心要画在物体上，过支点O作动力F1的作用线的垂线，即为力臂l1，如图所示：
【解析】力臂指的是支点到力的作用线的距离，根据力臂的定义从支点作垂直于力的作用线的垂线段即可。重力的方向总是竖直向下的。
本题考查力臂的画法，难度不大。
17.【答案】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。
(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)安装安全用电原则，上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
如下图所示：
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
本题考查了开关、插座的接法。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。
18.【答案】10.0 同一高度 缩小 照相机 右 变大 远视
【解析】解：(1)由图甲中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，当光屏上得到的最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点，所以焦距f=60.0cm−50.0cm=10.0cm；
(2)蜡烛烛焰的中心、凸透镜的光心、光屏的中心，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，位于凸透镜的主光轴上，像才能呈在光屏的中心；
(3)凸透镜焦距为10.0cm，将点燃的蜡烛移到标尺10cm处，物距：u=50.0cm−10.0cm=40.0cm，此时u>2f，成倒立、缩小的实像；生活中照相机就是利用这一成像原理来工作的；
(4)保持凸透镜的位置不变，将蜡烛向右移动到35cm刻度线处，物距变小，像距变大，所以光屏应该向右移动，此时所成的像将变大；
(5)在烛焰和凸透镜之间放一眼镜的镜片，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向靠近凸透镜的方向移动适当距离后，光屏上再次呈现清晰的像，说明该镜片把光线会聚了，凸透镜对光线有会聚作用，凸透镜可以矫正远视眼。
故答案为：(1)10.0；(2)同一高度；(3)缩小；照相机；(4)右；变大；(5)远视。
(1)焦点到凸透镜的距离叫做焦距；
(2)探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；
(3)凸透镜成像时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机；
(4)凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大；
(5)凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用，近视镜是凹透镜，远视境是凸透镜。
此题考查了有关凸透镜成像规律及其应用，要熟练掌握成像特点与物距、像距的关系。
19.【答案】零刻度线 右 应取下最小砝码，适当向右移动游码直到横梁平衡 27 2.7×103 m1m3−m2⋅ρ水
【解析】解：(1)在调节天平平衡时，将天平放在水平桌面上，游码移动到标尺左端的零刻度线处，由图甲可知，天平指针偏向左边，则应该把平衡螺母向右调节；
(2)当加入最小砝码时，指针偏右，说明砝码质量偏大，此时应取下最小砝码，适当向右移动游码直到横梁平衡；
(3)由图乙可知，小石块的质量m=20g+5g+2g=27g；
由图丙可知，量筒中水和鹅卵石的总体积V2=40mL，则小石块的体积为：
V=V2−V1=60mL−50mL=10mL=10cm3；
小石块的密度：
ρ=mV=27g10cm3=2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；
(4)大石块放在盛满水的溢水杯中，大石块的体积等于大石块溢出水的体积，由于知道空烧杯的质量m2，再知道烧杯和水的总质量m3，
则烧杯中水的质量：m水=m3−m2，
烧杯中水的体积：V水=m水ρ水=m3−m2ρ水。
由于大石块的体积和溢出水的体积相等，所以大石块的体积：V′=V水=m3−m2ρ水，
大石块的密度：ρ石=m1V′=m1m3−m2ρ水=m1m3−m2⋅ρ水。
故答案为：(1)零刻度线；右；(2)应取下最小砝码，适当向右移动游码直到横梁平衡；(3)27；2.7×103；(4)m1m3−m2⋅ρ水。
(1)在调节天平平衡时，将天平放在水平桌面上；天平在使用前要调节平衡，如果指针偏向分度盘的左边，则平衡螺母向右调，如果指针偏向分度盘的右边，则平衡螺母向左调；
(2)在称量物体的质量时，如果放入最小的砝码，指针由分度盘中央刻度线的左侧转至右侧，说明右边已经更重，此时不能移动游码，因为移动游码相当于继续往右盘加小砝码，接下来应该是把最小的砝码取下，再向右移动游码，直至天平横梁平衡；
(3)天平平衡后，左盘物体的质量等于右盘砝码的质量加上游码在标尺上对应的示数；
用量筒测量固体的体积时，物体的体积等于物体和量筒中水的总体积与量筒中水的体积之差；
知道小石块的质量和体积，利用密度公式计算出小石块的密度；
(4)大石块放在盛满水的溢水杯中，大石块的体积等于大石块溢出水的体积，由于知道空烧杯的质量，再知道烧杯和水的总质量，求出烧杯中水的质量，求出烧杯中水的体积，即大石块的体积，知道大石块的质量和体积，根据密度公式求出大石块的密度。
本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，测出石块的质量与体积，应用密度公式可以求出石块的密度。
20.【答案】2.5 在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比 20 控制定值电阻两端电压不变 0.625
【解析】解：(1)由于要求滑动变阻器的滑片向右移动时，电流变小，则向右滑动时，滑动变阻器接入电路的长度变大，则电路图如下图所示
(2)由图乙所示电压表可知，电压表量程是0～3V，分度值是0.1V，电压表示数是2.5V。
由表格数据可知：同一电阻，电压增大为原来的几倍，则电流也随之增大为原来的几倍，所以可以得出的结论是：在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比。
(3)因为当滑片在左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，电路总电阻最小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流最大，则电流表和电压表示数都为最大。电阻两端的电压即为电源电压，所以电源电压为表格中最大的电压值，即为3V，当滑片在右端时，滑动变阻器和电阻串联，电路总电阻最大，因电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流最小，则电流表和电压表示数都为最小。由表格数据可知Imin=0.2A，Umin=1V，
由串联电路电压特点可得U滑=U−Umin=3V−1V=2V，
由欧姆定律可得R滑=U滑Imin=2V0.2A=10Ω，
由题意可知，电阻R的最大阻值，此时电阻与滑动变阻器串联，电路中最小电流为Imin=U滑R滑=U−U定R滑=3V−2V10Ω=0.1A，
那么，此时的电阻R最大值为Rmax=U定Imin=2V0.1A=20Ω，
故要求电阻的最大值不能大于20Ω。
在实验过程中，滑动变阻器的作用控制定值电阻两端电压不变。
(4)由图像可知电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，额定功率P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W。
故答案为：(1)见解析；(2)2.5；在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；(3)20；控制定值电阻两端电压不变；(4)0.625。
(1)滑片向右移动时，电流变小，则向右滑动时，滑动变阻器接入电路的长度变大；
(2)电压表读数时，首先要确定量程，认清分度值，然后去读数；据表格中的数据特点分析即可得出结论；
(3)根据滑动变阻器接入电路的阻值为零可知电源电压全部加在电阻两端；
(4)根据电阻R和滑动变阻器串联分压的特点，计算出最大电阻值；
(5)由图象读出额定电压下的电流值，利用P=UI即可求额定功率。
本题考查了连接实物电路图、电路分析、电压表读数、滑动变阻器的使用等问题，是实验的常考问题，一定要掌握；对电表读数时，要先确定量程与分度值。
21.【答案】解：
(1)因为机器人在水平地面上匀速运动，
所以，机器人所受的阻力：f=F=150N；
(2)由图象可知，在150N的水平推力作用下机器人的速度v=0.5m/s，
根据v=st可得，匀速直线运动通过的路程：
s=vt=0.5m/s×10s=5m，
推力做的功：
W=Fs=150N×5m=750J；
推力做功的功率：
P=Wt=750J10s=75W；
(3)由图象可知，该机器人在水平地面上以0.6m/s速度匀速直线运动时的推力F′=300N，
则水平推力的功率：
P′=F′v′=300N×0.6m/s=180W。
答：(1)清洁机器人所受阻力大小为150N；
(2)推力所做功为750J；此时推力做功的功率为75W；
(3)当该机器人在水平地面上以0.6m/s的速度匀速运动时水平推力的功率为180W。
【解析】(1)机器人沿直线匀速清扫，根据二力平衡条件求出运动中所受的阻力；
(2)由图象可知，在150N的水平推力作用下机器人的速度，根据s=vt求出匀速直线运动通过的路程，根据W=Fs和P=Wt求出求出此时推力做的功和功率；
(3)根据图象读出该机器人在水平地面上以0.6m/s速度匀速直线运动时推力的大小，利用P=Wt=Fst=Fv求出此时水平推力的功率。
本题以扫地机器人为载体考查了二力平衡条件以及路程、功、功率的计算，关键是从图象中获取有用信息。
22.【答案】解：
(1)开关S接2时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，电热饭盒处于高温档，
由P=UI=U2R可得，R1的阻值：
R1=U2P高=(220V)2242W=200Ω，
则R2的阻值：
R2=4R1=4×200Ω=800Ω；
(2)高温档加热5min消耗的电能：
W=P高t=242W×5×60s=7.26×104J，
不计热量损失，则饭菜吸收的热量：
Q吸=W=7.26×104J，
由Q吸=cm△t可得，1kg饭菜升高的温度：
△t=Q吸cm=7.26×104J3×103J/(kg⋅℃)×1kg=24.2℃；
(3)如果实际电压是200V，低温档工作时的实际功率：
P低实=U实2R1+R2=(200V)2200Ω+800Ω=40W。
答：(1)R1和R2的阻值依次为200Ω、800Ω；
(2)高温档加热5min，不计热量损失，可以将1kg饭菜升高的温度是24.2℃；
(3)如果实际电压是200V，低温档工作时的实际功率是40W。
【解析】(1)开关S接2时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，电热饭盒处于高温档，根据P=UI=U2R求出R1的阻值，利用R2的阻值是R1的4倍求出R2的阻值；
(2)根据W=Pt求出高温档加热5min消耗的电能，不计热量损失，饭菜吸收的热量和消耗的电能相等，根据Q吸=cm△t求出1kg饭菜升高的温度
(3)如果实际电压是200V，根据电阻的串联和P=UI=U2R求出低温档工作时的实际功率。
本题考查了电功率公式和电功公式、吸热公式的综合应用，分清电热饭盒不同档位时电路的连接方式是关键。
23.【答案】2 沸点 固体 减小 下降 降低
【解析】解：(1)如图乙所示，温度计分度值是1℃，液柱在0℃以上，温度计示数为2℃。
(2)蒸馏法提纯酒精，主要依据水和酒精的沸点不同来实现物质分离。
(3)通过图甲可知，实验过程中，水和酒精的混合液的凝固过程共用了20min−10min=10min，则第22min时混合液处于固体状态。
(4)凝固过程中有固定的凝固温度，从第12min到第16min混合液的温度不变，放出热量，则从第12min到第16min混合液的内能减小。
(5)通过图甲可知，混合液在凝固时保持−6℃不变，即凝固点是−6℃，水在1标准大气压下的凝固点是0℃，该实验说明在水中加入酒精后，凝固点会降低。寒冷的冬天，为了让路上积雪熔化，护路工人采取在雪地上撒盐的方法，撒盐后雪的熔点降低，可使雪在较低气温下熔化。
故答案为：(1)2；(2)沸点；(3)固体；(4)减小；(5)下降；降低。
(1)温度计读数时注意观察量程和分度值；
(2)蒸馏法，是基于两种不同物质沸点的差异来实现物质分离的方法；
(3)(4)晶体在凝固过程中有固定的凝固温度，凝固过程中放热温度不变，但内能减小；
(5)通过实验图象数据分析解答。
本题考查熔化和凝固的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
24.【答案】重力势 距离s 小球到达斜面底端的速度 1 4 5 物体速度一定时，质量越大，动能越大 超速10%
【解析】解：(1)小球从斜面滚下的过程中，它的高度不断减小，重力势能不断减小，动能增加，则其重力势能转化为动能，小球达到水平面后，在阻力的作用下会做减速运动，故其动能的大小是由距离s来判断的。
(2)实验中，把质量不同的小钢球放在斜面同一高度处由静止开始释放，这是为了让小球在斜面底端时的速度大小相等，即为了控制小球到达斜面底端的速度。
(3)①要研究动能与速度的关系，则需要保证小球的质量一样，由表格中的数据可知，分析第1、4、5三次实验数据可知，物体的质量一定时，速度越大，动能越大。
②分析第1、2、3三次实验数据可知，小球的下落高度相同，即达到斜面底端的速度相同，而小球的质量不同，通过比较数据可得：物体速度一定时，质量越大，动能越大。
③通过比较表格数据可知，速度和质量增大相同的幅度，速度增大的小球滑行的距离更远，则可知汽车超载10%与超速10%相比，超速10%的危害更大。
故答案为：(1)重力势；距离s；(2)小球到达斜面底端的速度；(3)1；4；5；物体速度一定时，质量越大，动能越大；超速10%。
(1)要探究动能大小与质量的关系，需控制速度相同。则让质量不同的小球从同一高度滚下；
(2)物体动能的大小是通过木块被推动的距离来体现的，小球速度的大小是通过小球在斜面的高度上体现的，这里采用了转换法的思想；
(3)①研究动能与速度的关系，需要保持质量一定，改变物体运动速度；
②③分析表格数据得出结论。
掌握控制变量法与转换法的运用；明确影响动能大小的因素，知道自由滚下的物体到达水平面的速度取决于物体的高度，跟质量无关。
25.【答案】半导体 不能 红外 12 1 弱
【解析】解：(1)可见光光敏电阻器包括硅、锗、硫化锌等光敏电阻器，它是由半导体材料制成的。
(2)白天入射光强，电阻减小，根据串联分压原理，灯两端电压增大，灯变亮；晚上入射光弱，电阻增大，根据串联分压原理，灯两端电压减小，灯变暗。
小明将一个灯泡和一个可见光光敏电阻串联后接到合适的电源上，想实现白天时灯灭，晚上时灯亮的自动控制功能，是不能实现的。
(3)人体会向外辐射红外线，应选用红外光敏电阻器来控制。所以现在有些楼道内安装了光敏电阻来控制楼道照明灯，当晚上有人通过楼道时，灯就会亮。这种光敏电阻属于红外光敏电阻器。
(4)①小明设计的电路图知光敏电阻与电阻箱部分串联。若小明设定红外线强度为3cd时，由表格知光敏电阻阻值为6Ω，而监测电路检测到a、b两端的电压等于或大于6V时，就会触发自动报警装置，根据串联电路电压特点知，此时光敏电阻两端的电压等于或小于3V，根据电路的分压原理可知，电阻箱的阻值应调到2×6Ω=12Ω。
②按照①述设定后，某次监测电路检测到a、b两端的电压为3.6V，由于光敏电阻与电阻箱部分串联，所以通过的电流相等，即
3.6V12Ω=9V−3.6VR，
解得R=18Ω，
根据表格可以得到可知此时红外强度大约为1cd。
③由于光敏电阻与电阻箱部分串联，若调大电阻箱的阻值，根据串联电路特点，需要光敏电阻的阻值也变大，所以能使自动报警装置启动的红外线强度变弱。
故答案为：(1)半导体；(2)不能；(3)红外；(4)12；1；弱。
(1)由题意可知可见光光敏电阻器：包括硅、锗、硫化锌等光敏电阻器，它是由半导体材料制成的。
(2)由题意可知，白天入射光强，电阻减小，根据串联分压原理，灯两端电压增大，灯变亮；晚上入射光弱，电阻增大，根据串联分压原理，灯两端电压减小，灯变暗，据此分析。
(3)人体会向外辐射红外线，应选用红外光敏电阻器来控制。所以现在有些楼道内安装了光敏电阻来控制楼道照明灯，当晚上有人通过楼道时，灯就会亮。
(4)①小明设计的电路图知光敏电阻与电阻箱部分串联。若小明设定红外线强度为3cd时，由表格知光敏电阻阻值为6Ω，而监测电路检测到a、b两端的电压等于或大于6V时，就会触发自动报警装置，根据串联电路电压特点知，此时光敏电阻两端的电压和电阻箱的阻值。
②[按照①述设定后，某次监测电路检测到a、b两端的电压为3.6V，由于光敏电阻与电阻箱部分串联，所以通过的电流相等，据此得出R的阻值，根据表格可以得到可知此时红外强度。
③由于光敏电阻与电阻箱部分串联，若调大电阻箱的阻值，根据串联电路特点，需要光敏电阻的阻值也变大，据此分析。
本题考查欧姆定律的应用等知识，有一定难度。
2023年广东省东莞市虎门重点中学中考物理一模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列说法符合实际情况的是
A. 人的正常体温约为39℃ B. 中学生的体重约为50 N
C. 一支全新的铅笔长约为19 cm D. 一个鸡蛋的质量约为500 g
2. 下列关于物态变化的说法中，正确的是( )
A. 春天，冰雪消融是液化现象 B. 夏天，自来水管“出汗”是液化现象
C. 秋天，荷叶上出现露珠是熔化现象 D. 冬天，草木上出现霜是凝固现象
3. 小明同学参加了中考体育模拟测试，下列说法正确的是( )
A. 小明掷实心球时手对球施加了力的作用，球对手没有施加力的作用
B. 小明掷实心球时，球离手后在空中运动的过程中受到重力和推力的作用
C. 小明立定跳远时，离开地面后在空中的运动状态不变
D. 小明跑步穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
4. 两个灯泡L1“6V 3W”和L2“4V 4W”，分别按图甲、乙连接，均有一个灯泡正常发光，且两灯的实际电压均不超过额定电压，不计灯泡电阻的变化，下列说法正确的是( )
A. 甲电路中电源电压为10V，乙电路中电源电压为4V
B. 甲电路中是灯L1正常发光，乙电路中是灯L2正常发光
C. 乙电路中的干路电流是1.5A
D. 甲、乙电路中都是灯L1正常发光
5. 祖国荣耀，写满太空。2022年6月5日10时44分07秒，“长征二号”2F运载火箭成功发射，承载的神舟十四号载人飞船与在轨的“天和”号核心舱实现自主交会对接，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 火箭升空过程中，以火箭为参照物，地面是静止的
B. 对接过程中，以核心舱为参照物，神舟十四号飞船是静止的
C. 对接成功后，以核心舱为参照物，神舟十四号飞船是静止的
D. 对接成功后，以地球为参照物，神舟十四号飞船做匀速直线运动
6. 关于能量和能源，下列说法正确的是( )
A. 煤、石油、天然气都是可再生能源 B. 电能是一次能源
C. 水力发电是将水的机械能转化为电能 D. 太阳释放的能量是核裂变产生的
7. 中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰福建舰配置电磁弹射和阻拦装置。电磁弹射以电磁力为加速手段，当电磁弹射的弹射车轨道与航母舰载飞机前轮接触并处于强磁场中，弹射车内的导体通过强电流时即可受到强大的推力，将航母舰载飞机弹出。如图所示，下列装置图能反映电磁弹射原理的是( )
A. B.
C. D.
8. “映日荷花别样红”，看到红花是花______ (填“吸收”或“反射”)红色光；“鱼戏莲叶间”，看见水中的鱼是由于光的______ 形成的______ 像。
9. 在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是______冲程。如图所示汽油机正在进行的是______冲程，已知汽油的热值为4.6×107J/kg，则完全燃烧100g汽油放出的热量为______J。
10. 工人用如图所示的滑轮组将重为1200N的建筑材料从地面上匀速运到高20m的楼上，耗时5分钟，手竖直向上的拉力是500N，在这个过程中，工人做的功是______ J，功率为______ W，滑轮组的机械效率是______ 。
11. 如图所示的电路，开关S接到a后，电磁铁左端为______极，小磁针静止时，A端是______极；将开关S由a拨到b，调节滑动变阻器，使电流表示数不变，则电磁铁的磁性______(选填“增强”、“不变”或“减弱”)。
12. 如图所示，一平底圆柱状杯子放在水平桌面上，杯子的底面积是60cm2.杯子内装上8cm高的水后，杯子和水的总质量是0.6 kg则杯子对桌面的压力大小是______ N，杯子对桌面的压强是______ Pa；水对杯底产生的压强是______ Pa(g取lON/kg)
13. 如图所示是关于电阻A、B的I−U图像。由图可知，电阻值较大的电阻是______ Ω，若将A、B两电阻并联后接在电压为4V的电源两端，则并联电路干路中的电流是______ A，此时电路总电阻值是______ Ω。
14. 电磁波在空气中的传播速度约为______m/s，当导线中通过电流时，放在旁边的小磁针发生偏转，说明电流周围存在______；丹麦物理学家______(选填“法拉第”、“奥斯特”或“欧姆”)是第一个发现电与磁之间有联系的人。
15. 如图所示，平面镜与凹透镜的主光轴成45度角放置，一束与主光轴垂直的光入射到平面镜上发生反射，反射光线透过凹透镜发生折射，请画出反射光线和折射光线。
16. 如图所示，轻质杠杆平衡，请画出动力F1的力臂l1和物体所受的重力。
17. 如图所示，插座和电灯(带开关)是组成家庭电路的常用器件，请你用笔画线代替导线将各器件正确连入电路中：
18. 小明在“探究凸透镜成像的规律”实验中。
(1)测量凸透镜焦距时，小明将凸透镜安装在光具座上，用平行光作光源，移动光屏，在光屏上得到一个最小最亮的光斑，如图甲所示，则该凸透镜的焦距为______ cm。
(2)然后将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上，并调整烛焰、凸透镜及光屏三者的中心，使其大致在______ 。
(3)再将点燃的蜡烛移到10cm刻度线处，如图乙所示，移动光屏，直到在光屏上得到一个倒立、______ (选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像；生活中______ (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像原理来工作的。
(4)在如图乙所示的实验基础上，保持凸透镜的位置不变，将蜡烛向右移动到35cm刻度线处，要想在光屏上再次成清晰的像，应将光屏向______ (选填“左”或“右”)移动适当的距离，在光屏上的像将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(5)在如图乙所示的实验中，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，如图丙所示，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏靠近凸透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像，则该眼镜是______ (选填“近视”或“远视”)眼镜。
19. 小明想判断一个小石块和一个大石块的材质是否相同，于是做了如下实验：
(1)小明在调节天平平衡时，将游码移动到标尺左端的 处，然后发现指针如图甲所示，则接下来应向 (选填“左”或“右”)调节平衡螺母使横梁平衡。
(2)小明用天平称量小石块的质量时，将最小的砝码放入右盘后，指针由分度盘中央刻度线的左侧转至右侧。接下来应该进行的操作是 。
(3)当横梁再次平衡时，砝码及游码的位置如图乙所示为 g，将小石块放入盛有50mL水的量筒中，静止时液面位置如图丙所示，则小石块的密度是 kg/m3。
(4)由于大石块放不进量筒中，善于思考的小明用烧杯和水也测出了大石块的密度，他的实验步骤如下：
①先用天平测出大石块的质量m1。
②然后将大石块浸没到装满水的溢水杯中，溢出的水流入质量为m2的空烧杯中，测得烧杯和溢出水的总质量为m3。
③则大石块密度的表达式ρ石= (用字母m1、m2、m3和ρ水表示)。
20. 小强在完成“探究通过导体的电流与电压、电阻的关系”的实验
(1)图甲所示，用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时，电流变小；
(2)小强正确、规范完成连接后，闭合开关，将滑动变阻器滑片从一端调节到另一端的过程中得到多组电流、电压值，如表。当电流表示数为0.5A时电压表示数如图乙所示，其值为______ V；根据表格数据分析可得出结论______ ；
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.5
2.0
3.0
电流I/A
0.2
0.3
0.4
0.5
0.6
(3)已知电源电压为3V，小强将原电路中滑动变阻器换成标有“10Ω，1A”的滑动变阻器，继续探究电流与电阻的关系，实验中始终保持电压表示数为2V，则所选用的定值电阻阻值不能超过______ Ω；在实验过程中滑动变阻器的作用是______ ；
(4)将图甲电路中的定值电阻换成额定电压为2.5V的小灯泡，进行多次实验后画出了小灯泡的U−I图像如图丙所示，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W。
21. 质量为3kg的清洁机器人在水平地面上匀速运动时，所受水平推力与速度的关系如图乙所示，g取10N/kg。在150N的水平推力作用下，该机器人在水平地面上匀速运动10s的过程中，问：
(1)所受阻力大小为多大？
(2)推力所做功是多少？此时推力做功的功率是多少？
(3)当该机器人在水平地面上以0.6m/s的速度匀速运动时水平推力的功率是多少？
22. 图甲是具有高温、低温两档的电热饭盒，高温档电功率为242W，简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻，且R2的阻值是R1的4倍。求
(1)R1和R2的阻值是多少？
(2)高温档加热5min，不计热量损失，可以将1kg饭菜升高的温度是多少？[饭菜的比热容取3×103J/(kg⋅℃)]
(3)如果实际电压是200V，低温档工作时的实际功率是多少？
23. 在化学课上小明学习到工业中酒精提纯都是采用蒸馏法。他想：为什么不依据水和酒精的凝固点不同而将水和酒精分开呢？为此，他利用家中电冰箱的冷冻室做了如下实验：将水和少量酒精混合后放入冰箱的冷冻室，每隔2min用温度计测一次混合物的温度，并观察其状态。小明发现直到混合液全部变成固态后也没有把酒精和水分离开。小明根据实验数据作出水和酒精混合物的温度随时间变化的图像如图甲所示。
(1)实验过程中，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时温度是______ ℃
(2)蒸馏法提纯酒精主要依据水和酒精的______ 不同。
(3)第22min时混合液处于______ (选填“固体”“液体”或“固液共存”)状态。
(4)从第12min到第16min混合液的内能______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。
(5)该实验说明在水中加入酒精后，凝固点会______ 。小明由此联想到在寒冷的冬天，为了让路上的积雪熔化，护路工人采取在雪地上撒盐的方法，可使雪在较低气温下熔化，这是因为撒盐后雪的熔点______ 了。(均选填“升高”或“降低”)
24. 如图所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始自由滚下，推动同一小木块向前移动一段距离s后停下。
(1)小球从斜面滚下的过程中，它的______ 能转化为动能，小球动能的大小通过______ (选填“高度h”或“距离s”)的大小来判断的；
(2)实验中，把质量不同的小钢球放在斜面同一高度处由静止开始释放，是为了控制______ 相同；
(3)该小组同学记录的部分实验数据如下表：
实验次数
1
2
3
4
5
小球质量m/g
10
20
30
10
10
小球释放的高度h/cm
5
5
5
10
15
木块移动距离s/cm
10
18
29
38
86
①分析第______ 、______ 、______ 三次实验数据，可以得出的探究结论是物体的质量一定时，速度越大，动能越大；
②分析第1、2、3三次实验数据，可以得出的探究结论是______ ；
③请根据表中数据分析：汽车超载10%与超速10%相比，潜在危害较大的是______ 。
25. 阅读材料，回答问题。
光敏电阻
光敏电阻器是利用半导体的光电效应制成的一种阻值随入射光的强弱而改变的电阻器。入射光强，电阻减小；入射光弱，电阻增大。根据光敏电阻的光谱特性，可分为三种光敏电阻器：
紫外光敏电阻器：对紫外线较灵敏，包括硫化镉、硒化镉等光敏电阻器，用于探测紫外线；
红外光敏电阻器：主要有硫化铅、碲化铅等光敏电阻器。它广泛用于导弹制导、天文探测、非接触测量、人体病变探、红外通信等国防、科学研究和工农业生产中；
可见光光敏电阻器：包括硅、锗、硫化锌等光敏电阻器。它主要用于各种光电控制系统，如光电自动开关门户，航标灯、路灯和其他照明系统的自动亮灭，烟雾报警器，光电跟踪系统等方面；
小明在网上购买了一个光敏电阻，并想设计一个火灾自动报警装置。已知光敏电阻的阻值与红外线强度变化的对应关系如下表所示(E为红外线强度，cd表示其单位)。小明设计的电路图如图所示，R是电阻箱，Rp是光敏电阻，电源电压恒为9V；
E/cd
1
2
3
4
6
Rp/Ω
18
9
6
4.5
3
(1)硫化锌是______ (选填“导体”“绝缘体”“超导体”或“半导体”)材料；
(2)小明将一个灯泡和一个可见光光敏电阻串联后接到合适的电源上，想实现白天时灯灭，晚上时灯亮的自动控制功能。他的设计能实现这功能吗？______ (选填“能”或“不能”)；
(3)现在有些楼道内安装了光敏电阻来控制楼道照明灯，当晚上有人通过楼道时，灯就会亮。这种光敏电阻属于______ (选填“红外”“紫外”或“可见光”)光敏电阻器；
(4)小明设计的电路中，当出现火情且产生一定强度的红外线，监测电路检测到a、b两端的电压等于或大于6V时，就会触发自动报警装置；
①若小明设定红外线强度为3cd时启动自动报警装置，电阻箱的阻值应调到______ Ω；
②按照①述设定后，某次监测电路检测到a、b两端的电压为3.6V，可知此时红外强度大约为______ cd；
③若调大电阻箱的阻值，能使自动报警装置启动的红外线强度变______ (选填“强”或“弱”)。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、人的正常体温约为37℃，故A错误；
B、中学生的体重约为500N，故B错误；
C、一支全新的铅笔长约为19cm，故C正确；
D、一个鸡蛋的质量约为50g，故D错误。
故选：C。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对温度、重力、长度、重力的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】B
【解析】解：A.冰雪消融是水从固态变成液态，属于熔化现象，故A错误；
B.夏天，自来水管“出汗”现象是由于空气中水蒸气遇到冷水管液化形成的，故B正确；
C.秋天，露珠是夜晚水蒸气遇冷液化形成的，故C错误；
D.冬天早晨，霜是因为空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的，故D错误。
故选：B。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
此题主要考查物态变化，知道前后的物质状态是关键。
3.【答案】D
【解析】解：A、小明掷实心球时手对球施加了力的作用，由于物体间力的作用是相互的，则球对手也施加力的作用，故A错误；
B、球离手后在空中运动的过程中受到重力和空气阻力的作用，手与球之间没有力的作用，故B错误；
C、小明立定跳远时，离开地面后在空中的运动速度大小和运动方向都发生变化，所以运动状态改变，故C错误；
D、小明跑步穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D正确。
故选：D。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)球离开手后，在空中运动过程中受到重力和空气阻力的作用；
(3)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变；
(4)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
该题考查了增大摩擦的方法、物体运动状态变化的判断、力的作用的相互性等，是一道综合题，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
4.【答案】B
【解析】解：ABD.由题干数据结合公式P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I1=P1U1=3W6V=0.5A，
I2=P2U2=4W4V=1A，
由欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：
R1=U1I1=6V0.5A=12Ω，
R2=U2I2=4V1A=4Ω，
甲电路中，两灯泡串联，因为串联电路中电流处处相等，且两灯实际电压不超过额定电压，所以，能正常发光的灯泡额定电流较小，即为灯泡L1，此时电路中的电流I=I1=0.5A，
故电源电压：U=I(R1+R2)=0.5A×(12Ω+4Ω)=8V；
乙电路中，两灯泡并联，由并联电路中各支路两端电压相等，且两灯实际电压不超过额定电压，所以，能正常发光的灯泡额定电压较小，即为灯泡L2，
此时电源电压：U′=U2=4V，
故AD错误，B正确；
C.乙电路中通过两灯泡的电流分别为：
I1′=U′R1=4V12Ω≈0.33A，I2′=I2=1A，
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以乙电路中的干路电流：I=I1′+I2′=0.33A+1A=1.33A，故C错误。
故选：B。
知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻。
(1)甲图中，两灯泡串联，根据串联电路的电流特点和两灯实际电压不超过额定电压可知，电路中能正常发光的灯泡为额定电流较小的，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；
(2)乙图中，两灯泡并联，根据并联电路的电压特点和两灯实际电压不超过额定电压可知，电路中能正常发光的灯泡为额定电压较小的，根据欧姆定律求出通过两灯泡的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路电流。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断串联电路的电流和并联电路的电压是关键。
5.【答案】C
【解析】解：A、火箭升空过程中，以火箭为参照物，地面的位置不断发生变化，所以地面是运动的，故A错误；
B、对接过程中，两个飞行器要互相靠近，因此，以核心舱为参照物，神舟十四号飞船是运动的，故B错误；
C、对接成功后，以核心舱为参照物，神舟十四号飞船的位置不再改变，所以是静止的，故C正确；
D、飞行器沿一定轨道绕地球运转，因此，对接成功后，以地球为参照物，神舟十四号飞船不是做匀速直线运动，故D错误。
故选：C。
在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的。
判断一个物体是运动还是静止，主要取决于所选的参照物，参照物不同，物体的运动情况可能不同，这就是运动和静止的相对性。
6.【答案】C
【解析】
【分析】
(1)煤、石油、天然气都是化石能源，不能在短时间内形成，是不可再生能源；
(2)能从自然界直接获取的是一次能源，需要通过一次能源的消耗来获得的能源，叫二次能源；
(3)风力发电机发电时是把机械能转化为电能；
(4)太阳释放的能量是氢聚变产生的。
本题考查能源的分类、能量的转化以及核聚变，是一道基础题。
【解答】
A、煤、石油、天然气都是化石能源，不能在短时间内形成，是不可再生能源，故A错误；
B、电能需通过消耗一次能源才能获得，是二次能源，故B错误；
C、水力发电机发电时是将水的机械能转化为电能，故C正确；
D、太阳释放的能量是氢核聚变产生的，故D错误。
故选：C。
7.【答案】C
【解析】解：由题意可知，电磁弹射的弹射车轨道与航母舰载飞机前轮接触并处于强磁场中，弹射车内的导体通过强电流时即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A、该实验为奥斯特实验，说明了电流周围存在着磁场，故A错误；
B、该实验是电磁铁的实验，是利用电流的磁效应工作的，故B错误；
C、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器工作原理相同，故C正确；
D、图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应实验，故D错误。
故选：C。
电磁弹射是指以电磁力为加速手段，采用电磁的能量来推动被弹射的物体向外运动。根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。
8.【答案】反射 折射 虚
【解析】解：(1)荷花是不透明的物体，在太阳光折射下，红色荷花只反射红光，吸收其它颜色的光，所以看到荷花呈红色；
(2)鱼在水中，人在岸上，鱼反射的光线在水面处发生折射，折射光线进入人的眼睛，人眼感觉折射光线从折射光线的反向延长线上射出的，所以看到的鱼是由于光的折射形成的虚像。
故答案为：反射；折射。
(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的。
(2)光从一种介质斜射入另一种介质时，通常会发生折射。
本题考查了光的反射和折射，都是生活中常见的现象，体现了生活处处皆物理，一定要留心生活、注意观察。
9.【答案】压缩 ；做功；4.6×106
【解析】解：(1)在内燃机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，使气体的内能增大，温度升高，机械能转化为内能；
(2)根据图示可知，两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，气缸容积增大，因此是做功冲程。
(3)完全燃烧100g汽油放出的热量：
Q=mq=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×106J。
故答案为：压缩；做功；4.6×106。
(1)在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；
(2)根据图中气门的开关情况和活塞的运动方向判断出是哪一个冲程；
(3)根据Q=mq求出放出的热量。
本题主要考查对热机各冲程特点的了解和热值计算公式的理解和掌握，基础性题目。
10.【答案】30000 100 80%
【解析】解：(1)由图知，n=3，故绳子自由端移动的距离s=nh=3×20m=60m，
总功W总=Fs=500N×60m=30000J，
则人做功的功率：P=Wt=W总t=30000J5×60s=100W。
(2)有用功W有=Gh=1200N×20m=24000J，
机械效率η=W有W总×100%=24000J30000J×100%=80%。
故答案为：30000；100；80%。
(1)由绳子的股数可以计算拉力移动的距离，由W=Fs计算出总功，则利用P=Wt求人做功的功率；
(2)由W有=Gh计算出有用功，机械效率等于有用功与总功的比值。
本题考查了滑轮组中的总功、有用功、功率、机械效率的计算。注意绳子自由端移动的距离与物体升高高度的关系。
11.【答案】N；N；减弱
【解析】
【分析】
本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据安培定则判断通电螺线管的极性，有一定的综合性。
(1)根据安培定则判断电磁铁的极性，根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引判断小磁针A端的极性；
(2)电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关：电流不变时，匝数越少，磁性越弱；匝数一定时，电流减小，磁场减弱。
【解答】
(1)伸出右手握住螺线管，四指弯曲指示电流的方向，大拇指所指的方向即螺线管的左端为电磁铁的N极，据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引的道理可知，小磁针的A端是N极；
(2)将开关S由a拨到b，调节滑动变阻器，保持电流不变，将开关S由a换到b，则减少了线圈的匝数，因此通电螺线管的磁性减弱。
故答案为：N；N；减弱。
12.【答案】6；1000；800
【解析】解：F=G=mg=0.6 kg×lON/kg=6N，
P1=Fs=6N60×10−4m2=1000Pa
P2=ρgh=1.0×103kg/m3×lON/kg×8×10−2m=800Pa
答案分别为6N；1000Pa；800Pa．
杯子对桌面的压力大小即为杯子和水的总重力，由杯子和水的总质量是0.6 kg便可求得．
杯子对桌面的压强由杯子对桌面的压力大小除以杯子的底面积便可求得．
水对杯底产生的压强由P=ρgh即可求得．
此题考查学生对压强公式的理解与掌握，有液体压强和固体压强的计算，计算式要注意单位的统一．
13.【答案】10 1.2 3.3
【解析】解：由I−U图像可知，A、B两电阻的的电流均与电压成正比，即A、B两电阻为定值电阻，其阻值分别为
RA=UAIA=1.5V0.3A=5Ω，RB=UBIB=3V0.3A=10Ω，
所以B电阻的阻值较大，其电阻是10Ω。
若将A、B两电阻并联后接在电压为4V的电源两端根据并联电路的电流关系，干路中的电流
I=IA′+IB′=URA+URB=4V5Ω+4V10Ω=1.2A；
此时电路总电阻值
R=UI=4V1.2A≈3.3Ω。
故答案为：10；1.2；3.3。
由I−U图像可知，A、B两电阻的的电流均与电压成正比，即A、B两电阻为定值电阻，根据欧姆定律分别得出阻值；
若将A、B两电阻并联后接在电压为4V的电源两端，根据并联电路的电流关系，结合欧姆定律可知干路中的电流，并得出此时电路总电阻值。
本题考查欧姆定律的应用，是一道综合题。
14.【答案】3.0×108；磁场；奥斯特
【解析】解：电磁波在空气中的传播速度为3.0×108m/s；奥斯特在1820年发现了通电导线周围存在着磁场。
故答案为：3.0×108；磁场；奥斯特。
电磁波在空气中的传播速度为3.0×108m/s；奥斯特发现了电生磁，揭示了电与磁的联系。
本题考查了物理学常识：奥斯特首先通过实验发现了电流周围空间存在磁场，法拉第发现了电磁感应现象，电磁感应现象是制成发电机的原理。
15.【答案】解：过入射光线与MN的交点即入射点画出法线，根据反射角等于入射角画出反射光线，此时的入射角为45°，反射角等于入射角，所以反射角大小等于45°；
由题意可知，反射光线与平面镜的夹角45°，而平面镜与主光轴的夹角为45°，则反射光线又平行于凹透镜的主光轴入射到凹透镜上，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后会发散，其折射光线的反向延长线过焦点，如下图所示：
【解析】先画出法线，再根据反射角等于入射角画出反射光线，而反射角大小等于入射角；由图可知，反射光线与平面镜的夹角为45°，而平面镜与主光轴的夹角为45°，可确定反射光线又平行于凹透镜的主光轴入射到凹透镜上；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。
(1)知道反射定律的内容，会根据反射定律完成反射光路，会根据角之间的关系计算角的大小。
(2)凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线传播方向不改变。
16.【答案】解：重力G的方向总是竖直向下的，重心要画在物体上，过支点O作动力F1的作用线的垂线，即为力臂l1，如图所示：
【解析】力臂指的是支点到力的作用线的距离，根据力臂的定义从支点作垂直于力的作用线的垂线段即可。重力的方向总是竖直向下的。
本题考查力臂的画法，难度不大。
17.【答案】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。
(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)安装安全用电原则，上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
如下图所示：
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
本题考查了开关、插座的接法。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。
18.【答案】10.0 同一高度 缩小 照相机 右 变大 远视
【解析】解：(1)由图甲中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，当光屏上得到的最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点，所以焦距f=60.0cm−50.0cm=10.0cm；
(2)蜡烛烛焰的中心、凸透镜的光心、光屏的中心，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，位于凸透镜的主光轴上，像才能呈在光屏的中心；
(3)凸透镜焦距为10.0cm，将点燃的蜡烛移到标尺10cm处，物距：u=50.0cm−10.0cm=40.0cm，此时u>2f，成倒立、缩小的实像；生活中照相机就是利用这一成像原理来工作的；
(4)保持凸透镜的位置不变，将蜡烛向右移动到35cm刻度线处，物距变小，像距变大，所以光屏应该向右移动，此时所成的像将变大；
(5)在烛焰和凸透镜之间放一眼镜的镜片，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向靠近凸透镜的方向移动适当距离后，光屏上再次呈现清晰的像，说明该镜片把光线会聚了，凸透镜对光线有会聚作用，凸透镜可以矫正远视眼。
故答案为：(1)10.0；(2)同一高度；(3)缩小；照相机；(4)右；变大；(5)远视。
(1)焦点到凸透镜的距离叫做焦距；
(2)探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；
(3)凸透镜成像时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机；
(4)凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大；
(5)凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用，近视镜是凹透镜，远视境是凸透镜。
此题考查了有关凸透镜成像规律及其应用，要熟练掌握成像特点与物距、像距的关系。
19.【答案】零刻度线 右 应取下最小砝码，适当向右移动游码直到横梁平衡 27 2.7×103 m1m3−m2⋅ρ水
【解析】解：(1)在调节天平平衡时，将天平放在水平桌面上，游码移动到标尺左端的零刻度线处，由图甲可知，天平指针偏向左边，则应该把平衡螺母向右调节；
(2)当加入最小砝码时，指针偏右，说明砝码质量偏大，此时应取下最小砝码，适当向右移动游码直到横梁平衡；
(3)由图乙可知，小石块的质量m=20g+5g+2g=27g；
由图丙可知，量筒中水和鹅卵石的总体积V2=40mL，则小石块的体积为：
V=V2−V1=60mL−50mL=10mL=10cm3；
小石块的密度：
ρ=mV=27g10cm3=2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；
(4)大石块放在盛满水的溢水杯中，大石块的体积等于大石块溢出水的体积，由于知道空烧杯的质量m2，再知道烧杯和水的总质量m3，
则烧杯中水的质量：m水=m3−m2，
烧杯中水的体积：V水=m水ρ水=m3−m2ρ水。
由于大石块的体积和溢出水的体积相等，所以大石块的体积：V′=V水=m3−m2ρ水，
大石块的密度：ρ石=m1V′=m1m3−m2ρ水=m1m3−m2⋅ρ水。
故答案为：(1)零刻度线；右；(2)应取下最小砝码，适当向右移动游码直到横梁平衡；(3)27；2.7×103；(4)m1m3−m2⋅ρ水。
(1)在调节天平平衡时，将天平放在水平桌面上；天平在使用前要调节平衡，如果指针偏向分度盘的左边，则平衡螺母向右调，如果指针偏向分度盘的右边，则平衡螺母向左调；
(2)在称量物体的质量时，如果放入最小的砝码，指针由分度盘中央刻度线的左侧转至右侧，说明右边已经更重，此时不能移动游码，因为移动游码相当于继续往右盘加小砝码，接下来应该是把最小的砝码取下，再向右移动游码，直至天平横梁平衡；
(3)天平平衡后，左盘物体的质量等于右盘砝码的质量加上游码在标尺上对应的示数；
用量筒测量固体的体积时，物体的体积等于物体和量筒中水的总体积与量筒中水的体积之差；
知道小石块的质量和体积，利用密度公式计算出小石块的密度；
(4)大石块放在盛满水的溢水杯中，大石块的体积等于大石块溢出水的体积，由于知道空烧杯的质量，再知道烧杯和水的总质量，求出烧杯中水的质量，求出烧杯中水的体积，即大石块的体积，知道大石块的质量和体积，根据密度公式求出大石块的密度。
本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，测出石块的质量与体积，应用密度公式可以求出石块的密度。
20.【答案】2.5 在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比 20 控制定值电阻两端电压不变 0.625
【解析】解：(1)由于要求滑动变阻器的滑片向右移动时，电流变小，则向右滑动时，滑动变阻器接入电路的长度变大，则电路图如下图所示
(2)由图乙所示电压表可知，电压表量程是0～3V，分度值是0.1V，电压表示数是2.5V。
由表格数据可知：同一电阻，电压增大为原来的几倍，则电流也随之增大为原来的几倍，所以可以得出的结论是：在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比。
(3)因为当滑片在左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，电路总电阻最小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流最大，则电流表和电压表示数都为最大。电阻两端的电压即为电源电压，所以电源电压为表格中最大的电压值，即为3V，当滑片在右端时，滑动变阻器和电阻串联，电路总电阻最大，因电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流最小，则电流表和电压表示数都为最小。由表格数据可知Imin=0.2A，Umin=1V，
由串联电路电压特点可得U滑=U−Umin=3V−1V=2V，
由欧姆定律可得R滑=U滑Imin=2V0.2A=10Ω，
由题意可知，电阻R的最大阻值，此时电阻与滑动变阻器串联，电路中最小电流为Imin=U滑R滑=U−U定R滑=3V−2V10Ω=0.1A，
那么，此时的电阻R最大值为Rmax=U定Imin=2V0.1A=20Ω，
故要求电阻的最大值不能大于20Ω。
在实验过程中，滑动变阻器的作用控制定值电阻两端电压不变。
(4)由图像可知电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，额定功率P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W。
故答案为：(1)见解析；(2)2.5；在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；(3)20；控制定值电阻两端电压不变；(4)0.625。
(1)滑片向右移动时，电流变小，则向右滑动时，滑动变阻器接入电路的长度变大；
(2)电压表读数时，首先要确定量程，认清分度值，然后去读数；据表格中的数据特点分析即可得出结论；
(3)根据滑动变阻器接入电路的阻值为零可知电源电压全部加在电阻两端；
(4)根据电阻R和滑动变阻器串联分压的特点，计算出最大电阻值；
(5)由图象读出额定电压下的电流值，利用P=UI即可求额定功率。
本题考查了连接实物电路图、电路分析、电压表读数、滑动变阻器的使用等问题，是实验的常考问题，一定要掌握；对电表读数时，要先确定量程与分度值。
21.【答案】解：
(1)因为机器人在水平地面上匀速运动，
所以，机器人所受的阻力：f=F=150N；
(2)由图象可知，在150N的水平推力作用下机器人的速度v=0.5m/s，
根据v=st可得，匀速直线运动通过的路程：
s=vt=0.5m/s×10s=5m，
推力做的功：
W=Fs=150N×5m=750J；
推力做功的功率：
P=Wt=750J10s=75W；
(3)由图象可知，该机器人在水平地面上以0.6m/s速度匀速直线运动时的推力F′=300N，
则水平推力的功率：
P′=F′v′=300N×0.6m/s=180W。
答：(1)清洁机器人所受阻力大小为150N；
(2)推力所做功为750J；此时推力做功的功率为75W；
(3)当该机器人在水平地面上以0.6m/s的速度匀速运动时水平推力的功率为180W。
【解析】(1)机器人沿直线匀速清扫，根据二力平衡条件求出运动中所受的阻力；
(2)由图象可知，在150N的水平推力作用下机器人的速度，根据s=vt求出匀速直线运动通过的路程，根据W=Fs和P=Wt求出求出此时推力做的功和功率；
(3)根据图象读出该机器人在水平地面上以0.6m/s速度匀速直线运动时推力的大小，利用P=Wt=Fst=Fv求出此时水平推力的功率。
本题以扫地机器人为载体考查了二力平衡条件以及路程、功、功率的计算，关键是从图象中获取有用信息。
22.【答案】解：
(1)开关S接2时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，电热饭盒处于高温档，
由P=UI=U2R可得，R1的阻值：
R1=U2P高=(220V)2242W=200Ω，
则R2的阻值：
R2=4R1=4×200Ω=800Ω；
(2)高温档加热5min消耗的电能：
W=P高t=242W×5×60s=7.26×104J，
不计热量损失，则饭菜吸收的热量：
Q吸=W=7.26×104J，
由Q吸=cm△t可得，1kg饭菜升高的温度：
△t=Q吸cm=7.26×104J3×103J/(kg⋅℃)×1kg=24.2℃；
(3)如果实际电压是200V，低温档工作时的实际功率：
P低实=U实2R1+R2=(200V)2200Ω+800Ω=40W。
答：(1)R1和R2的阻值依次为200Ω、800Ω；
(2)高温档加热5min，不计热量损失，可以将1kg饭菜升高的温度是24.2℃；
(3)如果实际电压是200V，低温档工作时的实际功率是40W。
【解析】(1)开关S接2时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，电热饭盒处于高温档，根据P=UI=U2R求出R1的阻值，利用R2的阻值是R1的4倍求出R2的阻值；
(2)根据W=Pt求出高温档加热5min消耗的电能，不计热量损失，饭菜吸收的热量和消耗的电能相等，根据Q吸=cm△t求出1kg饭菜升高的温度
(3)如果实际电压是200V，根据电阻的串联和P=UI=U2R求出低温档工作时的实际功率。
本题考查了电功率公式和电功公式、吸热公式的综合应用，分清电热饭盒不同档位时电路的连接方式是关键。
23.【答案】2 沸点 固体 减小 下降 降低
【解析】解：(1)如图乙所示，温度计分度值是1℃，液柱在0℃以上，温度计示数为2℃。
(2)蒸馏法提纯酒精，主要依据水和酒精的沸点不同来实现物质分离。
(3)通过图甲可知，实验过程中，水和酒精的混合液的凝固过程共用了20min−10min=10min，则第22min时混合液处于固体状态。
(4)凝固过程中有固定的凝固温度，从第12min到第16min混合液的温度不变，放出热量，则从第12min到第16min混合液的内能减小。
(5)通过图甲可知，混合液在凝固时保持−6℃不变，即凝固点是−6℃，水在1标准大气压下的凝固点是0℃，该实验说明在水中加入酒精后，凝固点会降低。寒冷的冬天，为了让路上积雪熔化，护路工人采取在雪地上撒盐的方法，撒盐后雪的熔点降低，可使雪在较低气温下熔化。
故答案为：(1)2；(2)沸点；(3)固体；(4)减小；(5)下降；降低。
(1)温度计读数时注意观察量程和分度值；
(2)蒸馏法，是基于两种不同物质沸点的差异来实现物质分离的方法；
(3)(4)晶体在凝固过程中有固定的凝固温度，凝固过程中放热温度不变，但内能减小；
(5)通过实验图象数据分析解答。
本题考查熔化和凝固的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
24.【答案】重力势 距离s 小球到达斜面底端的速度 1 4 5 物体速度一定时，质量越大，动能越大 超速10%
【解析】解：(1)小球从斜面滚下的过程中，它的高度不断减小，重力势能不断减小，动能增加，则其重力势能转化为动能，小球达到水平面后，在阻力的作用下会做减速运动，故其动能的大小是由距离s来判断的。
(2)实验中，把质量不同的小钢球放在斜面同一高度处由静止开始释放，这是为了让小球在斜面底端时的速度大小相等，即为了控制小球到达斜面底端的速度。
(3)①要研究动能与速度的关系，则需要保证小球的质量一样，由表格中的数据可知，分析第1、4、5三次实验数据可知，物体的质量一定时，速度越大，动能越大。
②分析第1、2、3三次实验数据可知，小球的下落高度相同，即达到斜面底端的速度相同，而小球的质量不同，通过比较数据可得：物体速度一定时，质量越大，动能越大。
③通过比较表格数据可知，速度和质量增大相同的幅度，速度增大的小球滑行的距离更远，则可知汽车超载10%与超速10%相比，超速10%的危害更大。
故答案为：(1)重力势；距离s；(2)小球到达斜面底端的速度；(3)1；4；5；物体速度一定时，质量越大，动能越大；超速10%。
(1)要探究动能大小与质量的关系，需控制速度相同。则让质量不同的小球从同一高度滚下；
(2)物体动能的大小是通过木块被推动的距离来体现的，小球速度的大小是通过小球在斜面的高度上体现的，这里采用了转换法的思想；
(3)①研究动能与速度的关系，需要保持质量一定，改变物体运动速度；
②③分析表格数据得出结论。
掌握控制变量法与转换法的运用；明确影响动能大小的因素，知道自由滚下的物体到达水平面的速度取决于物体的高度，跟质量无关。
25.【答案】半导体 不能 红外 12 1 弱
【解析】解：(1)可见光光敏电阻器包括硅、锗、硫化锌等光敏电阻器，它是由半导体材料制成的。
(2)白天入射光强，电阻减小，根据串联分压原理，灯两端电压增大，灯变亮；晚上入射光弱，电阻增大，根据串联分压原理，灯两端电压减小，灯变暗。
小明将一个灯泡和一个可见光光敏电阻串联后接到合适的电源上，想实现白天时灯灭，晚上时灯亮的自动控制功能，是不能实现的。
(3)人体会向外辐射红外线，应选用红外光敏电阻器来控制。所以现在有些楼道内安装了光敏电阻来控制楼道照明灯，当晚上有人通过楼道时，灯就会亮。这种光敏电阻属于红外光敏电阻器。
(4)①小明设计的电路图知光敏电阻与电阻箱部分串联。若小明设定红外线强度为3cd时，由表格知光敏电阻阻值为6Ω，而监测电路检测到a、b两端的电压等于或大于6V时，就会触发自动报警装置，根据串联电路电压特点知，此时光敏电阻两端的电压等于或小于3V，根据电路的分压原理可知，电阻箱的阻值应调到2×6Ω=12Ω。
②按照①述设定后，某次监测电路检测到a、b两端的电压为3.6V，由于光敏电阻与电阻箱部分串联，所以通过的电流相等，即
3.6V12Ω=9V−3.6VR，
解得R=18Ω，
根据表格可以得到可知此时红外强度大约为1cd。
③由于光敏电阻与电阻箱部分串联，若调大电阻箱的阻值，根据串联电路特点，需要光敏电阻的阻值也变大，所以能使自动报警装置启动的红外线强度变弱。
故答案为：(1)半导体；(2)不能；(3)红外；(4)12；1；弱。
(1)由题意可知可见光光敏电阻器：包括硅、锗、硫化锌等光敏电阻器，它是由半导体材料制成的。
(2)由题意可知，白天入射光强，电阻减小，根据串联分压原理，灯两端电压增大，灯变亮；晚上入射光弱，电阻增大，根据串联分压原理，灯两端电压减小，灯变暗，据此分析。
(3)人体会向外辐射红外线，应选用红外光敏电阻器来控制。所以现在有些楼道内安装了光敏电阻来控制楼道照明灯，当晚上有人通过楼道时，灯就会亮。
(4)①小明设计的电路图知光敏电阻与电阻箱部分串联。若小明设定红外线强度为3cd时，由表格知光敏电阻阻值为6Ω，而监测电路检测到a、b两端的电压等于或大于6V时，就会触发自动报警装置，根据串联电路电压特点知，此时光敏电阻两端的电压和电阻箱的阻值。
②[按照①述设定后，某次监测电路检测到a、b两端的电压为3.6V，由于光敏电阻与电阻箱部分串联，所以通过的电流相等，据此得出R的阻值，根据表格可以得到可知此时红外强度。
③由于光敏电阻与电阻箱部分串联，若调大电阻箱的阻值，根据串联电路特点，需要光敏电阻的阻值也变大，据此分析。
本题考查欧姆定律的应用等知识，有一定难度。
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