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2023年河北省衡水市桃城区中考物理三模试卷（含解析）
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这是一份2023年河北省衡水市桃城区中考物理三模试卷（含解析），共20页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省衡水市桃城区中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共6小题，共13.0分）
1. 下列数据最接近实际情况的是( )
A. 适宜洗澡的水温约为60℃ B. 一瓶矿泉水的质量约为50g
C. 人心脏正常跳动一次的时间约为5s D. 初中生所坐凳子的高度约为40cm
2. 从2021年4月“天和”核心舱发射到2022年11月“神舟十五号”发射，19个月内中国载人航天实施了11次发射，2次飞船返回，7次航天员出舱，3次太空授课，女航天员王亚平曾在太空进行了2次讲课。下列说法正确的是( )
A. 王亚平说话发出的声音是由声带振动产生的
B. 同学们在教室观看电视直播时将教室的门窗关闭是在声源处减弱噪声
C. 同学们通过声音的音调分辨出是哪位航天员正在讲课
D. 王亚平的声音是靠声波传回地球的
3. 《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。下列对有关节气谚语的分析中，正确的是( )
A. 立春：“立春打了霜，当春会烂秧”中霜的形成是升华现象，需要吸收热量
B. 惊蛰：“惊蛰云不停，寒到五月中”，云的形成是汽化现象，需要放出热量
C. 大雪：“落雪见晴天，瑞雪兆丰年”，雪的形成是凝华现象，需要放出热量
D. 大寒：“小寒大寒，滴水成冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸收热量
4. 如图所示，关于电和磁的下列说法中正确的是( )
A. 图甲条形磁体周围的磁感线是真实存在的
B. 图乙可用来演示电流的磁效应，根据该现象制成了电磁铁
C. 图丙可用来演示电磁感应现象，根据该现象制成了发电机
D. 图丁可用来演示磁场对通电导线的作用，根据该原理制成了电动机
5. 2023年1月26日，世界乒乓球职业大联盟(WTT)支线赛多哈站结束，中国队包揽了五个单项冠军，如图是我国运动员在比赛中高抛发球时的情景，则下列有关说法正确的是( )
A. 乒乓球在上升过程中，重力势能转化为动能
B. 乒乓球从最高点下落的过程中，重力势能减少，动能变大，机械能保持不变
C. 乒乓球落向桌面，撞击桌面时，动能转化为弹性势能
D. 乒乓球离开球拍恢复原状的过程中，动能转化为重力势能
6. 如图所示，电源电压不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，a、b是电流表或电压表。只闭合开关S、S1时，a、b的指针均明显偏转，将位于中点的滑片P向左移动，a的示数不变，b的示数有变化。以下说法正确的是( )
A. a可能是电压表
B. 只闭合S、S2，向右移动滑片P，R1消耗的功率一定变大
C. 只闭合S、S2，移动滑片P，则a示数的变化量与b示数的变化量的比值可能等于R1
D. 若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，则a的示数与b的示数的比值可能等于1
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
7. 如图所示，在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上，调整好蜡烛和光屏的位置后，光屏上恰好得到烛焰清晰的像(未画出)。下列判断正确的是( )
A. 图中凸透镜的成像特点与照相机的成像特点相同
B. 在调整凸透镜时，手上的墨水不小心涂在了透镜中央，形成了一个黑色指纹，则此时在光屏上看到烛焰的像变暗且正中间出现黑斑
C. 一段时间后，原来成在光屏中央的像“跑”到了光屏的上方，将透镜下移一段距离可以让像重新回到光屏中央
D. 保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛与凸透镜之间靠近透镜处，放置一个近视眼镜镜片，为了使光屏上再次呈现烛焰清晰的像，光屏应适当向左移动
8. 如图所示，重为2N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N(不计绳重和摩擦)，B恰好可以匀速下降。现对A施加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F。下列说法正确的是( )
A. 物体A受到2N的摩擦力
B. 拉力F的大小为6N
C. 拉力F的功率为1.2W
D. 物体B匀速上升的过程中，滑轮组的效率为83.3%
三、填空题（本大题共5小题，共14.0分）
9. 2023年4月2日，2023石家庄马拉松赛在裕华东路火炬广场鸣枪开跑。来自国内外3万名选手一同踏上赛道，用脚步丈量城市之美。跑步过程中以路边的树木为参照物，参赛选手是______ (选填“静止”或“运动”)的；赛道的长度约4.2×104m，排名第一的选手用时约137min，这名选手跑完全程的平均速度约为______ m/s。(结果保留一位小数)
10. 为提高老百姓生活的幸福指数，方便群众生活，国家加大对老旧小区的改造。某小区加装了一部崭新的电梯，电梯内壁是抛光的不锈钢板。当电梯门打开时，乘客会看到“自己”，这是光发生______ 而形成的像，走进电梯，像的大小将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)，当乘客距离不锈钢板0.5m时，乘客距自己在不锈钢板中所成像的距离为______ m。
11. 某同学家的电能表本月末抄表时的示数如图所示，若本月应交电费45元，且电价为0.5元/度，则上次抄表时的示数应为______ kW⋅h。将某用电器单独接在该表上工作一段时间后，电能表转盘转了250转，该用电器在上述时间内消耗的电能为______ kW⋅h，这些电能可使一盏“220V，20W”的电灯正常工作______ h。
12. 如图所示，“木桶鱼”是在木桶里放入高温的鹅卵石，再加入鱼和调制好的汤，鹅卵石放热使汤沸腾，完成烹饪。在制作过程中，鱼的内能______ (选填“增大”“减小”或“不变”)，这是通过______ 的方式来改变内能的。若质量为1kg的鹅卵石从300℃放出了1.6×105J的热量后，鹅卵石的温度是______ ℃。[c鹅卵石=0.8×103J/(kg⋅℃)]
13. 我国正在大力开发核能发电，核电站利用核反应堆中核______ (选填“聚变”或“裂变”)来加热水，将核能转化为水蒸气的______ 能，再通过蒸汽轮机转化为机械能，带动发电机转动，转化为电能。核能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。
四、实验探究题（本大题共3小题，共14.0分）
14. 如图是某同学“探究阻力对物体运动的影响”的实验装置。
(1)实验时，将棉布或毛巾铺在______ (选填“斜面”“水平木板”或“斜面和水平木板”)上。
(2)实验中发现小车在毛巾表面滑行的距离最近，在棉布表面滑行的距离较远，在木板表面滑行的距离最远。说明小车所受的阻力越小，速度减小得越______ (选填“快”或“慢”)。
(3)若实验中小车会从较光滑的水平木板右端掉落，为了避免此现象，请你提出一条可行性建议：______ 。
15. 小明用如图所示装置做“探究杠杆的平衡条件”实验。
(1)安装好装置后，杠杆在图甲所示位置静止，杠杆处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态，为使其在水平位置平衡，应将平衡螺母向______ 调节。
(2)如图乙所示，杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N，如果在B处施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，施加的最小拉力为______ N。
(3)得到实验结论后，小明制作了图丙所示装置，轻质杠杆可绕O转动，A点悬挂一重物M，B点受到电子测力计竖直向上的拉力F，杠杆水平静止。保持F方向不变，F的力臂记为l，改变B点位置，F与1I的关系图像为图丁中的①；将M从A移至P，再重复上述步骤，F与1I的关系图像为图丁中的______ (选填“①”“②”“③”或“④”)。
16. 小明利用如图甲的电路探究“电流与电压、电阻的关系”，已知电源电压为4.5V且保持不变，实验用到的定值电阻阻值分别为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器的规格为“0～50Ω”。
(1)用笔画线代替导线按图甲所示电路图将图乙中实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大，导线不得交叉)。
(2)闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，小明利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；接在a、c之间，电压表无示数，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是______ 。
(3)问题解决后，他接入阻值为10Ω的电阻进行实验，当电压表示数为2V时，电流表示数如图丙所示，为______ A；完成实验后得到了下表中的数据，对数据进行分析后得出实验初步结论：电阻一定时，通过电阻的电流与它两端的电压成______ 。
电压U/V
1
1.5
2
2.5
电流I/A
0.1
0.15
0.25
(4)接下来小明对“电流与电阻的关系”进行探究，为了用题目中提供的所有的定值电阻正确完成五次实验，应利用滑动变阻器控制定值电阻两端的电压至少保持______ V不变。
(5)小明同学每次随机选取一个定值电阻，进行了五次实验，根据所得数据画出电流与电阻关系的图象如图丁所示，且实验中各电路元件完好，读数、记录均正确。但老师发现五次实验中有一次未移动滑动变阻器滑片控制电压表示数一定，根据图丁中的数据分析，对应的电阻阻值为______ Ω，这次实验之前的那一次实验，小明选取的定值电阻的阻值为______ Ω。
五、计算题（本大题共2小题，共23.0分）
17. 如图所示，质量为6kg、体积为5×103m3、底面积为1×10−2m2的均匀柱体甲与盛有水的轻质薄壁柱形容器乙放在水平地面上，质量为1kg的物块丙漂浮在水面上。(g取10N/kg)
(1)在图中画出柱体甲的受力示意图，O点是柱体甲的重心。
(2)求甲对地面的压强p甲。
(3)求距水面0.1m处水的压强p。
(4)在甲的上方沿水平方向截取一部分，同时从水中取出丙。将甲截取的部分浸没在容器乙的水中，把丙叠放在甲剩余部分上方后，发现水对容器乙底部的压力没有变化，求甲对地面的压强变化量Δp甲。(不考虑丙表面的水残留)
18. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“3V；0.9W”字样，忽略温度对小灯泡电阻的影响，R1是阻值为50Ω的定值电阻，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，滑动变阻器R2的规格为“90Ω；1A”。当只闭合开关S2时，小灯泡恰好正常发光。
(1)求小灯泡的阻值。
(2)求电源电压。
(3)在不损坏各电路元件的情况下，若闭合所有开关，求滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率的比值。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.人的正常体温为37℃，洗澡的水温略高于此，约为40℃，故A不正确；
B.一瓶矿泉水的体积约为500mL，质量约为500g，故B不正确；
C.人心脏正常跳动频率为1min跳动60～80次，所以跳动一次的时间约为1s，故C不正确；
D.初中生课桌的高度约为75cm，所坐凳子的高度约为课桌的一半，约为40cm，故D正确。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】A
【解析】解：A.王亚平说话发出的声音是由声带振动产生的，故A正确；
B.同学们在教室观看电视直播时将教室的门窗关闭是在传播过程减弱噪声，故B错误；
C.不同人发出声音的音色不同，同学们通过声音的音色分辨出是哪位航天员正在讲课，故C错误；
D.声音不能在真空中传播，王亚平的声音是靠电磁波传回地球的，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体振动产生；
(2)减弱噪声的方法：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在入耳处减弱噪声。
(3)声音在真空中不能传播。
(4)声音的高低叫音调，音调的高低决定于发声体振动的频率；声音的强弱叫响度，响度的大小决定于发声体振动的振幅。
此题主要考查学生对于声音知识的理解和掌握，属于基础性题目，理解相关的知识点是解题的关键。
3.【答案】C
【解析】解：A.霜的形成是水蒸气凝华成的冰晶，需要放出热量，故A错误；
B.云的形成是水蒸气液化成的小水滴，需要放出热量，故B错误；
C.雪的形成是水蒸气凝华成的冰晶，需要放出热量，故C正确；
D.冰的形成是水凝固成的，是凝固现象，需要放出热量，故D错误。
故选：C。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
4.【答案】B
【解析】解：
A、图甲条形磁体周围存在磁场，而磁感线是为了描述磁场的性质引入的曲线，不是真实存在的，故A错误；
B、放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，根据该现象制成了电磁铁，故B正确；
C、图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，利用该原理制成了电动机，故C错误；
D、图中导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，这是电磁感应现象，利用该原理制成了发电机，故D错误。
故选：B。
题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。
物理为实验学科，很多知识来自于实验，故应注意对实验学习的重视，掌握好实验的原理及现象。
5.【答案】C
【解析】解：A.乒乓球在上升过程中，高度增加，重力势能增加；速度减小，动能减小，动能转化成重力势能，故A错误；
B.乒乓球从最高点下落的过程中，质量不变，速度变大，动能变大；质量不变，高度变小，重力势能减少；由于乒乓球克服空气的阻力做功，机械能转化为内能，机械能减小，故B错误；
C.乒乓球落向桌面，撞击桌面时，球的速度变慢，即其动能变小，同时球会随之发生弹性形变，且形变程度逐渐变大，即弹性势能变大，故该过程是动能转化为弹性势能的过程，故C正确；
D.乒乓球离开球拍恢复原状的过程中，弹性势能转化为动能，故D错误。
故选：C。
物体由于运动而具有的能叫动能，其大小与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，其大小与物体的质量和高度有关，物体的质量越大、高度越大，重力势能越大；机械能为动能和势能的和。
此题考查了机械能的转化，难度不大。
6.【答案】D
【解析】解：A、只闭合开关S、S1时，电表b与滑动变阻器R串联，且滑片P向左移动，b的示数有变化，则b一定是电流表；
若a为电流表，测通过R2的电流，由于R2的阻值和两端的电压均不变，滑片P向左移动，a的示数不变；
若a为电压表，测电源电压，其示数也不变，a可能是电流表也可能是电压表，故A错误；
B、a为电压表、b为电流表时，只闭合S、S2，此时R1与R串联，电压表a测R两端的电压，电流表测电路中的电流，向右移动滑片P，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据P=I2R可知，R1消耗的功率变大；
a、b均为电流表时，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，移动滑片P时，R1消耗的功率不变，故B错误；
C、a为电压表、b为电流表时，只闭合S、S2，此时R1与R串联，电压表a测R两端的电压，电流表测电路中的电流，则有：R1=△U△I，即a示数的变化量与b示数的变化量的比值等于R1；
a、b均为电流表时，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，移动滑片P，a、b两表的示数变化量均为0，故C错误；
D、为电压表、b为电流表时，若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，R被短路，R1、R2串联，电流表测电路中的电路，电压表测R2两端的电压，则a的示数与b的示数的比值为R2；
a、b均为电流表时，若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，两电流表的示数相等，其比值为1，故D正确。
故选：D。
(1)先根据题意判断a、b两表的类型，再结合电路分析其连接方式，根据电压的变化量与电流变化量的比值为定值电阻的阻值；
(2)根据两个电表的种类、滑动变阻器阻值的变化、欧姆定律以及P=I2R判断R1消耗的功率；
(3)结合电表类型，利用欧姆定律判断两表示数的比值。
本题是一道动态电路分题，涉及到电路的连接方式的判断、欧姆定律以及电功率公式的应用等知识，过程较为复杂，需要讨论，有一定的难度。
7.【答案】AC
【解析】解：A.由图可知，此时物距为u=50.0cm−20.0cm=30.0cm，
大于二倍焦距，在光屏上成倒立缩小的实像，应用是照相机，故A正确；
B.虽然手上的墨水涂在了透镜中央，形成了一个黑色指纹，但烛焰的光线可以通过凸透镜别的部位仍能在光屏上成像，像的形状不受影响，只是由于成像的光线减少了，像会变暗，故B错误；
C.过透镜光心的光线沿直线传播，一段时间后，蜡烛变短，原来成在光屏中央的像“跑”到了光屏的上方，要让像重新回到光屏中央，可将凸透镜向下移动，能让像重新回到光屏中央，故C正确；
D.近视眼的镜片是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，光屏要远离凸透镜，即向右移动，故D错误。
故选：AC。
(1)物距大于二倍焦距时，成倒立缩小的实像，应用是照相机；物距在一倍焦距与二倍焦距之间时，成倒立放大的实像，应用是幻灯机、投影仪；
(2)手上的墨水涂在了透镜中央，形成了一个黑色指纹，烛焰的光线可以通过凸透镜别的部位在光屏上成像，不会影响像的形状，只是像会变暗；
(3)根据物与像上下移动方向相反判断即可；
(4)凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线延后会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，判断光屏的移动方向。
本题是探究凸透镜成像的实验，考查了凸透镜成像规律及其应用、凹透镜对光线的作用等，难度不大。
8.【答案】AD
【解析】解：
A、由图可知n=3，因为不计绳重及摩擦，所以绳子自由端的拉力(即滑轮组对物体A的拉力)：FA=1n(GB+G动)=13×(5N+1N)=2N，
B匀速下降，物体A匀速向右运动时，受到向右的拉力FA和向左的摩擦力作用，由二力平衡条件可得，物体A受到的摩擦力：f=FA=2N，故A正确；
B、当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用，
由于物体A对桌面的压力大小和接触面的粗糙程度都不变，则摩擦力大小不变，
所以，由力的平衡条件可知，此时的拉力：F=FA+f=2N+2N=4N；故B错误；
C、绳子自由端移动的速度(即物体A运动的速度)：vA=nvB=3×0.3m/s=0.9m/s，
则拉力F的功率为：P=Wt=Fst=FvA=4N×0.9m/s=3.6W；故C错误；
D、因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=5N5N+1N×100%≈83.3%，故D正确。
故选：AD。
(1)由图可知n=3，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求绳子自由端的拉力(即对物体A的拉力FA)；物体B匀速下降，物体A匀速向右运动，根据二力平衡条件求出物体A受到摩擦力的大小；
(2)当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用；根据影响滑动摩擦力大小的因素判断此时A受到的摩擦力大小，再由力的平衡条件可求出拉力F的大小；
(3)绳子自由端移动的速度vA=nvB，根据P=Wt=Fst=Fv可求拉力F的功率；
(4)利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求滑轮组的机械效率。
本题考查了二力平衡条件、使用滑轮组时绳子自由端拉力、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
9.【答案】运动 5.1
【解析】解：在跑步过程中，运动员的位置相对于路边的树木在不断发生变化，所以以路边的树木为参照物，参赛选手是运动的。
排名第一的选手跑完全程的平均速度约为v=st=4.2×104m137×60s≈5.1m/s。
故答案为：运动；5.1。
被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的；知道选手通过的路程和时间，根据速度公式求出选手的运动速度。
(1)本题考查平均速度的计算，知道物体的运动路程、时间、速度中的任意两者，根据速度公式求出第三者，是很简单的计算。
(2)一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物，所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同，这就是运动和静止的相对性。
10.【答案】反射 不变 1
【解析】解：电梯内壁是抛光的不锈钢板，相对于是一个平面镜，当电梯门打开时，乘客会看到“自己”，是平面镜成的像。平面镜成像的原理是光的反射。
根据平面镜成像特点可知，像和物等大，人走进电梯的过程中，人的大小没有变，像的大小也不会变，所以像的大小不变。
根据平面镜成像特点可知，像到镜面的距离等于物到镜面的距离。当乘客距离不锈钢板0.5m时，乘客的像距离不锈钢板也是0.5m，所以乘客距自己在不锈钢板中所成像的距离为0.5m+0.5m=1m。
故答案为：反射；不变；1。
不锈钢板成像原理与平面镜相同，像与物大小相等，像的大小与物距无关；像到镜面的距离等于物到镜面的距离。
本题考查了平面镜成像的特点，属于基础题。
11.【答案】841.6 0.1 5
【解析】解：本月应交电费45元，且电价为0.5元/度，所以本月用电度数为45元0.5元/度=90度，
如图可知，电能表本月末抄表时的示数931.6kW⋅h，则上次抄表时的示数应为931.6kW⋅h−90kW⋅h=841.6kW⋅h，
如图可知，电能表转盘每转2500转消耗电能1 kW⋅h，将某用电器单独接在该表上工作一段时间后，电能表转盘转了250转，消耗电能为W=250r2500r/(kW⋅h)=0.1kW⋅h，
这些电能可使一盏“220V，20W”的电灯正常工作的时间为t=WP=0.1kW⋅h0.02kW=5h。
故答案为：841.6；0.1；5。
(1)电能表是用来测电功(消耗电能)的仪表，测量电能的方法是月初、月末两次计数器的示数之差。注意最后一位为小数，单位是kW⋅h(度)；知道本月应交电费和电价，可求本月用电量，从而得出上次抄表的示数；
(2)“2500r/(kW⋅h)”表示的是电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500r，求出转盘转250r用电器消耗的电能，根据P=Wt求出灯泡工作时间。
本题考查了电能表的读数方法、电功计算，要学会电能表的读数和电费的计算，明白电能表参数的含义是解题的关键，要注意单位的换算和统一。
12.【答案】增大 热传递 100
【解析】解：由题意可知，在木桶里放入高温的鹅卵石，再加入鱼和调制好的汤，鹅卵石放热使汤沸腾，完成烹饪。在制作过程中，鱼的温度升高，内能增大，这是通过热传递的方式来增加内能的。
根据Q放=cmΔt可知，鹅卵石放热后的温度为t=t0−Q放c鹅卵石m=300℃−1.6×105J0.8×103J/( kg⋅℃)×1kg=100℃。
故答案为：增大；热传递；100。
内能的大小与质量、温度、状态有关，改变内能大小的途径有做功和热传递。
利用Q放=cmΔt求得鹅卵石的温度。
此题考查了内能的改变及热量的计算，属于基础知识。
13.【答案】裂变 内 不可再生
【解析】解：
核电站利用核反应堆中可控的核裂变释放的能量来加热水，使水吸收热量，将核能转化为水蒸气的内能，再通过蒸汽轮机转化为机械能，带动发电机转动，转化为电能；核物质的开采会逐渐枯竭，所以核能属于不可再生能源。
故答案为：裂变；内；不可再生。
核电站的核心是核反应堆，它以铀为燃料，在裂变过程中释放出核能，再通过热交换器变为高温高压的蒸汽，然后利用蒸汽去驱动蒸汽轮机，蒸汽轮机的旋转带动发电机发电。
核电站发电是将核能最终转化为电能，发电机工作时将机械能转化为电能。
14.【答案】水平木板 慢 减小小车从斜面下滑的高度
【解析】解：(1)根据题意和实验设计可知，实验中为了研究阻力对物体运动的影响，是在研究水平面上的阻力对物体运动的影响，因此将棉布或毛巾铺在水平木板上。
(2)由实验可知，小车在毛巾表面滑行的距离最近，在棉布表面滑行的距离较远，在木板表面滑行的距离最远，说明小车受到的阻力越小，速度减小的越慢，运动距离越长。
(3)实验中小车会从较光滑的水平木板右端掉落，说明小车的初速度较大，阻力无法使小车在木板长度内将速度减为0，因此我们可以减小小车从斜面下滑的高度。
故答案为：(1)水平木板；(2)慢；(3)减小小车从斜面下滑的高度。
(1)改变接触面的粗糙程度，可以改变摩擦力的大小；小车在水平面运动的距离反映的是阻力对小车运动情况的影响；
(2)小车停下来的原因是小车受到了摩擦阻力，实验中通过改变接触面的粗糙程度来改变阻力的大小，阻力越小小车运动的距离越远；
(3)实验中小车会从较光滑的水平木板右端掉落，说明小车的初速度较大，据此分析。
本题是探究阻力对物体运动的影响实验，要掌握实验的现象及结论，知道在此基础上经过推理可得牛顿第一定律的内容，解此类问题一定要注意思考实验的意义，并能根据所学的其他物理知识分析解决本实验中相关的实验现象。
15.【答案】平衡 右 2 ④
【解析】解：(1)安装好装置后，杠杆在图甲所示位置静止，杠杆静止就说明杠杆处于平衡状态。
如图，杠杆左低右高，说明重心偏左。为使其在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调，直到杠杆水平平衡。
(2)如图乙所示，A处悬挂的3个钩码每个钩码重0.5N，则总重力为1.5N，力臂OA=4，OB=3；要在B处施加一个最小拉力使杠杆在水平位置再次平衡，只有力臂最大时力才最小，所以施加的最小拉力方向必须是竖直向下的。
根据杠杆平衡条件，在B处施加的最小拉力为F2=F1l1l2=1.5N×43=2N。
(3)根据题意可知，改变B点位置，此过程中F方向保持不变，
根据杠杆平衡条件可得：F×l=G×OA，
解得：F=G×OA×1l……①
将M从A移至P，由杠杆平衡条件可得：F×l=G×OP，
解得：F=G×OP×1l……②
观察①②两式可知，拉力F与1l的关系图像都是正比例函数，由图丙可知，OP
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据杠杆的平衡条件，可得出可使杠杆保持水平平衡的最小力；
(3)根据杠杆平衡条件列出两次F与1l的数学表达式，结合数学知识分析判断。
本题考查杠杆平衡条件的应用和数学正比例函数相关的知识，关键是根据杠杆平衡条件列出两次F与1l的数学表达式。
16.【答案】滑动变阻器断路 0.2 正比 1.5 20 5
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，连接变阻器左下角接线柱，如图所示：
(2)闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；把电压表分别接在ab之间和bc之间，电压表均有示数，说明ca和ba部分是通路，接在ac之间，电压表无示数，说明bc之间断路，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是滑动变阻器断路。
(3)由图丙可知，电流表的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，所以电流表的示数为0.2A。
由表中数据可知，电压增大几倍，对应的电流也增大几倍，可以得到电阻一定时，通过电阻的电流与它两端的电压成正比。
(4)根据串联分压可知U−UVUV=R滑R定，
当定值电阻最大时，对应的变阻器连入电路最大，电压表示数最小，即4.5V−UVUV=50Ω25Ω，
定值电阻两端的电压至少为UV=1.5V。
(5)由图丙画出的电流与电阻关系图像可知，除定值电阻为20Ω外，电流与电阻之积为均为3V不变，所以阻值为20Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片。
由串联电路的规律和欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入电路中的电阻R滑=UI−20Ω=4.5V0.2A−20Ω=2.5Ω，
定值电阻两端的电压UV′=I1R1=0.6A×5Ω=3V，
变阻器两端的电压U滑′=U−UV′=4.5V−3V=1.5V，
定值电阻的电压为滑动变阻器两端电压的2倍，根据分压原理，定值电阻的阻值是滑动变阻器阻值的2倍，即定值电阻为R′=2×2.5Ω=5Ω，
所以这次实验之前的那一次实验，选取的是阻值为5Ω的定值电阻。
故答案为：(1)见解析；(2)滑动变阻器断路；(3)0.2；正比；(4)1.5；(5)20；5。
(1)由甲电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，为了准确读数，电压表和电流均选小量程，滑片P向左移动，电路中电流变大，即向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，据此画图。
(2)闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明cab部分是通路，接在a、c之间，电压表无示数，说明bc之间断路，据此分析。
(3)由题意可知，电流表的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，据此得出电流表的示数。
由题意可知，定值电阻的阻值为10Ω，分析表格数据可知，利用欧姆定律得出电压和电流的比值，分析得出结论。
(4)设控制定值电阻两端的电压至少保持UV，由串联电路的规律和分压原理得出控制定值电阻两端的电压至少为多少伏。
(5)实验中应控制定值电阻两端的电压不变。
由串联电路的规律和欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路中的电阻，确定选取的定值电阻阻值。
本题为探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，考查电路连接、故障分析、数据分析、器材选择等知识，综合性强，难度较大。
17.【答案】解：(1)柱体甲静止在水平地面上，所以柱体甲受重力和水平地面的支持力，重力的作用点在重心处，支持力的作用点一般画在重心处，如图所示：
；
(2)甲对地面的压强p甲=F甲S甲=G甲S甲=m甲gS甲=6kg×10N/kg1×10−2m2=6000Pa；
(3)距水面0.1米处水的压强：
p水=ρ水gh水=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa，
(4)丙在水中漂浮，根据浮沉条件可得：
F浮=G丙=m丙g，
水对容器乙底部的压力：
F水=p水S=ρ水ghS=ρ水g(V排+V水)，
将甲截取的部分浸没在容器乙的水中，水对容器乙底部的压力没有变化，因为ρ水、g、V水不变，则V排不变，即甲截取部分的体积：
ΔV甲=V丙排=F浮ρ水g=m丙gρ水g=m丙ρ水=1kg1.0×103kg/m3=1×10−3m3，
甲的密度：
ρ甲=m甲V甲=6kg5×10−3m3=1.2×103kg/m3，
截取的甲的重力ΔG甲=Δm甲g=ρ甲ΔV甲=1.2×103kg/m3×1×10−3m3×10N/kg=12N，
丙的重力：G丙=m丙g=1kg×10N/kg=10N，
甲对地面变化的压力：ΔF=ΔG甲−G丙=12N−10N=2N，
甲对地面的压强变化量Δp甲=ΔFS=2N1×10−2m2=200Pa。
答：(1)见解答图；
(2)甲对地面的压强为6000Pa；
(3)距水面0.1米处水的压强为1000Pa；
(4)甲对地面的压强变化量为200Pa。
【解析】(1)因圆柱体处于静止状态，所以圆柱体受到的重力和支持力是一对平衡力，即大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
(2)甲放在水平地面上，对地面的压力等于甲的重力，根据p=FS结合G=mg计算压强；
(3)根据p=ρgh计算水的压强；
(4)水对容器乙底部的压力F水=p水S=ρ水ghS=ρ水g(V排+V水)，将甲截取的部分浸没在容器乙的水中，水对容器乙底部的压力没有变化，因为ρ水、g、V水、不变，则V排不变，根据F浮=ρ水V排g结合浮沉条件，计算截取的甲的体积，根据ρ=mV计算甲的密度，根据G=mg和m=ρV计算甲截取部分的重力和丙的重力，甲对地面的压力的变化量等于两个重力之差，根据p=FS计算压强的变化量。
本题考查了固体压强和液体压强公式的应用，要求学生知道用公式p=FS计算固体压强，用p=ρgh计算液体压强。
18.【答案】解：(1)小灯泡L标有“3V 0.9W”字样，由P=U2R可知，小灯泡的阻值为：
RL=UL2PL=(3V)20.9W=10Ω；
(2)只闭合开关S2时，灯泡和定值电阻串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流，此时小灯泡恰好正常发光，则小灯泡两端的电压为3V，电路中的电流为：
I=IL=PLUL=0.9W3V=0.3A，
由欧姆定律得电源的电压为：
U=I(RL+R1)=0.3A×(10Ω+50Ω)=18V；
(3)在不损坏各电路元件的情况下，若闭合所有开关，灯泡和电压表被短路，电路变为定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测量干路中的电流，此时并联电路两端的电压均为18V，电流表的量程为0−0.6A，所以电路中的最大总电流为0.6A，则此时通过定值电阻中的电流为：
I1=UR1=18V50Ω=0.36A，
由并联电路电流规律得通过滑动变阻器R2的最大电流为：
I最大=I最大−I1=0.6A−0.36A=0.24A，0.24A小于1A，滑动变阻器R2能正常工作，此时其消耗的电功率最大，即为：
P最大=UI最大=18V×0.24A=4.32W，
由P=U2R可知，电压一定时电阻越大，电功率越小，所以当滑动变阻器R2全部接入电路时，其消耗的电功率最小，即为：
P最小=U2R2=(18V)290Ω=3.6W
滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率的比值为：
P最大P最小=4.32W3.6W=65。
答：(1)小灯泡的阻值10Ω；
(2)电源电压18V；
(3)滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率的比值6：5。
【解析】(1)根据R=U2P求出小灯泡的电阻；
(2)只闭合开关S2时，灯泡和定值电阻串联，灯泡正常发光，根据I=IL=PLUL求出电路中的电流，根据=I(RL+R1)求出电源电压；
(3)在不损坏各电路元件的情况下，若闭合所有开关，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测量干路中的电流，最大总电流为0.6A，根据欧姆定律求出通过定值电阻的电流，再根据并联电路中的电流规律求出通过滑动变阻器的最大电流，根据P=UI求出滑动变阻器R2消耗的最大功率，当滑动变阻器R2全部接入电路时，其消耗的电功率最小，根据P=U2R求出其消耗的最小电功率，据此即可解答。
本题主要考查电路的分析、欧姆定律的应用及电功率的计算，是一道综合题。
2023年河北省衡水市桃城区中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共6小题，共13.0分）
1. 下列数据最接近实际情况的是( )
A. 适宜洗澡的水温约为60℃ B. 一瓶矿泉水的质量约为50g
C. 人心脏正常跳动一次的时间约为5s D. 初中生所坐凳子的高度约为40cm
2. 从2021年4月“天和”核心舱发射到2022年11月“神舟十五号”发射，19个月内中国载人航天实施了11次发射，2次飞船返回，7次航天员出舱，3次太空授课，女航天员王亚平曾在太空进行了2次讲课。下列说法正确的是( )
A. 王亚平说话发出的声音是由声带振动产生的
B. 同学们在教室观看电视直播时将教室的门窗关闭是在声源处减弱噪声
C. 同学们通过声音的音调分辨出是哪位航天员正在讲课
D. 王亚平的声音是靠声波传回地球的
3. 《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。下列对有关节气谚语的分析中，正确的是( )
A. 立春：“立春打了霜，当春会烂秧”中霜的形成是升华现象，需要吸收热量
B. 惊蛰：“惊蛰云不停，寒到五月中”，云的形成是汽化现象，需要放出热量
C. 大雪：“落雪见晴天，瑞雪兆丰年”，雪的形成是凝华现象，需要放出热量
D. 大寒：“小寒大寒，滴水成冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸收热量
4. 如图所示，关于电和磁的下列说法中正确的是( )
A. 图甲条形磁体周围的磁感线是真实存在的
B. 图乙可用来演示电流的磁效应，根据该现象制成了电磁铁
C. 图丙可用来演示电磁感应现象，根据该现象制成了发电机
D. 图丁可用来演示磁场对通电导线的作用，根据该原理制成了电动机
5. 2023年1月26日，世界乒乓球职业大联盟(WTT)支线赛多哈站结束，中国队包揽了五个单项冠军，如图是我国运动员在比赛中高抛发球时的情景，则下列有关说法正确的是( )
A. 乒乓球在上升过程中，重力势能转化为动能
B. 乒乓球从最高点下落的过程中，重力势能减少，动能变大，机械能保持不变
C. 乒乓球落向桌面，撞击桌面时，动能转化为弹性势能
D. 乒乓球离开球拍恢复原状的过程中，动能转化为重力势能
6. 如图所示，电源电压不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，a、b是电流表或电压表。只闭合开关S、S1时，a、b的指针均明显偏转，将位于中点的滑片P向左移动，a的示数不变，b的示数有变化。以下说法正确的是( )
A. a可能是电压表
B. 只闭合S、S2，向右移动滑片P，R1消耗的功率一定变大
C. 只闭合S、S2，移动滑片P，则a示数的变化量与b示数的变化量的比值可能等于R1
D. 若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，则a的示数与b的示数的比值可能等于1
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
7. 如图所示，在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上，调整好蜡烛和光屏的位置后，光屏上恰好得到烛焰清晰的像(未画出)。下列判断正确的是( )
A. 图中凸透镜的成像特点与照相机的成像特点相同
B. 在调整凸透镜时，手上的墨水不小心涂在了透镜中央，形成了一个黑色指纹，则此时在光屏上看到烛焰的像变暗且正中间出现黑斑
C. 一段时间后，原来成在光屏中央的像“跑”到了光屏的上方，将透镜下移一段距离可以让像重新回到光屏中央
D. 保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛与凸透镜之间靠近透镜处，放置一个近视眼镜镜片，为了使光屏上再次呈现烛焰清晰的像，光屏应适当向左移动
8. 如图所示，重为2N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N(不计绳重和摩擦)，B恰好可以匀速下降。现对A施加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F。下列说法正确的是( )
A. 物体A受到2N的摩擦力
B. 拉力F的大小为6N
C. 拉力F的功率为1.2W
D. 物体B匀速上升的过程中，滑轮组的效率为83.3%
三、填空题（本大题共5小题，共14.0分）
9. 2023年4月2日，2023石家庄马拉松赛在裕华东路火炬广场鸣枪开跑。来自国内外3万名选手一同踏上赛道，用脚步丈量城市之美。跑步过程中以路边的树木为参照物，参赛选手是______ (选填“静止”或“运动”)的；赛道的长度约4.2×104m，排名第一的选手用时约137min，这名选手跑完全程的平均速度约为______ m/s。(结果保留一位小数)
10. 为提高老百姓生活的幸福指数，方便群众生活，国家加大对老旧小区的改造。某小区加装了一部崭新的电梯，电梯内壁是抛光的不锈钢板。当电梯门打开时，乘客会看到“自己”，这是光发生______ 而形成的像，走进电梯，像的大小将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)，当乘客距离不锈钢板0.5m时，乘客距自己在不锈钢板中所成像的距离为______ m。
11. 某同学家的电能表本月末抄表时的示数如图所示，若本月应交电费45元，且电价为0.5元/度，则上次抄表时的示数应为______ kW⋅h。将某用电器单独接在该表上工作一段时间后，电能表转盘转了250转，该用电器在上述时间内消耗的电能为______ kW⋅h，这些电能可使一盏“220V，20W”的电灯正常工作______ h。
12. 如图所示，“木桶鱼”是在木桶里放入高温的鹅卵石，再加入鱼和调制好的汤，鹅卵石放热使汤沸腾，完成烹饪。在制作过程中，鱼的内能______ (选填“增大”“减小”或“不变”)，这是通过______ 的方式来改变内能的。若质量为1kg的鹅卵石从300℃放出了1.6×105J的热量后，鹅卵石的温度是______ ℃。[c鹅卵石=0.8×103J/(kg⋅℃)]
13. 我国正在大力开发核能发电，核电站利用核反应堆中核______ (选填“聚变”或“裂变”)来加热水，将核能转化为水蒸气的______ 能，再通过蒸汽轮机转化为机械能，带动发电机转动，转化为电能。核能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。
四、实验探究题（本大题共3小题，共14.0分）
14. 如图是某同学“探究阻力对物体运动的影响”的实验装置。
(1)实验时，将棉布或毛巾铺在______ (选填“斜面”“水平木板”或“斜面和水平木板”)上。
(2)实验中发现小车在毛巾表面滑行的距离最近，在棉布表面滑行的距离较远，在木板表面滑行的距离最远。说明小车所受的阻力越小，速度减小得越______ (选填“快”或“慢”)。
(3)若实验中小车会从较光滑的水平木板右端掉落，为了避免此现象，请你提出一条可行性建议：______ 。
15. 小明用如图所示装置做“探究杠杆的平衡条件”实验。
(1)安装好装置后，杠杆在图甲所示位置静止，杠杆处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态，为使其在水平位置平衡，应将平衡螺母向______ 调节。
(2)如图乙所示，杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N，如果在B处施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，施加的最小拉力为______ N。
(3)得到实验结论后，小明制作了图丙所示装置，轻质杠杆可绕O转动，A点悬挂一重物M，B点受到电子测力计竖直向上的拉力F，杠杆水平静止。保持F方向不变，F的力臂记为l，改变B点位置，F与1I的关系图像为图丁中的①；将M从A移至P，再重复上述步骤，F与1I的关系图像为图丁中的______ (选填“①”“②”“③”或“④”)。
16. 小明利用如图甲的电路探究“电流与电压、电阻的关系”，已知电源电压为4.5V且保持不变，实验用到的定值电阻阻值分别为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器的规格为“0～50Ω”。
(1)用笔画线代替导线按图甲所示电路图将图乙中实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大，导线不得交叉)。
(2)闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，小明利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数；接在a、c之间，电压表无示数，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是______ 。
(3)问题解决后，他接入阻值为10Ω的电阻进行实验，当电压表示数为2V时，电流表示数如图丙所示，为______ A；完成实验后得到了下表中的数据，对数据进行分析后得出实验初步结论：电阻一定时，通过电阻的电流与它两端的电压成______ 。
电压U/V
1
1.5
2
2.5
电流I/A
0.1
0.15
0.25
(4)接下来小明对“电流与电阻的关系”进行探究，为了用题目中提供的所有的定值电阻正确完成五次实验，应利用滑动变阻器控制定值电阻两端的电压至少保持______ V不变。
(5)小明同学每次随机选取一个定值电阻，进行了五次实验，根据所得数据画出电流与电阻关系的图象如图丁所示，且实验中各电路元件完好，读数、记录均正确。但老师发现五次实验中有一次未移动滑动变阻器滑片控制电压表示数一定，根据图丁中的数据分析，对应的电阻阻值为______ Ω，这次实验之前的那一次实验，小明选取的定值电阻的阻值为______ Ω。
五、计算题（本大题共2小题，共23.0分）
17. 如图所示，质量为6kg、体积为5×103m3、底面积为1×10−2m2的均匀柱体甲与盛有水的轻质薄壁柱形容器乙放在水平地面上，质量为1kg的物块丙漂浮在水面上。(g取10N/kg)
(1)在图中画出柱体甲的受力示意图，O点是柱体甲的重心。
(2)求甲对地面的压强p甲。
(3)求距水面0.1m处水的压强p。
(4)在甲的上方沿水平方向截取一部分，同时从水中取出丙。将甲截取的部分浸没在容器乙的水中，把丙叠放在甲剩余部分上方后，发现水对容器乙底部的压力没有变化，求甲对地面的压强变化量Δp甲。(不考虑丙表面的水残留)
18. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“3V；0.9W”字样，忽略温度对小灯泡电阻的影响，R1是阻值为50Ω的定值电阻，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，滑动变阻器R2的规格为“90Ω；1A”。当只闭合开关S2时，小灯泡恰好正常发光。
(1)求小灯泡的阻值。
(2)求电源电压。
(3)在不损坏各电路元件的情况下，若闭合所有开关，求滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率的比值。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.人的正常体温为37℃，洗澡的水温略高于此，约为40℃，故A不正确；
B.一瓶矿泉水的体积约为500mL，质量约为500g，故B不正确；
C.人心脏正常跳动频率为1min跳动60～80次，所以跳动一次的时间约为1s，故C不正确；
D.初中生课桌的高度约为75cm，所坐凳子的高度约为课桌的一半，约为40cm，故D正确。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】A
【解析】解：A.王亚平说话发出的声音是由声带振动产生的，故A正确；
B.同学们在教室观看电视直播时将教室的门窗关闭是在传播过程减弱噪声，故B错误；
C.不同人发出声音的音色不同，同学们通过声音的音色分辨出是哪位航天员正在讲课，故C错误；
D.声音不能在真空中传播，王亚平的声音是靠电磁波传回地球的，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体振动产生；
(2)减弱噪声的方法：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在入耳处减弱噪声。
(3)声音在真空中不能传播。
(4)声音的高低叫音调，音调的高低决定于发声体振动的频率；声音的强弱叫响度，响度的大小决定于发声体振动的振幅。
此题主要考查学生对于声音知识的理解和掌握，属于基础性题目，理解相关的知识点是解题的关键。
3.【答案】C
【解析】解：A.霜的形成是水蒸气凝华成的冰晶，需要放出热量，故A错误；
B.云的形成是水蒸气液化成的小水滴，需要放出热量，故B错误；
C.雪的形成是水蒸气凝华成的冰晶，需要放出热量，故C正确；
D.冰的形成是水凝固成的，是凝固现象，需要放出热量，故D错误。
故选：C。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
4.【答案】B
【解析】解：
A、图甲条形磁体周围存在磁场，而磁感线是为了描述磁场的性质引入的曲线，不是真实存在的，故A错误；
B、放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，根据该现象制成了电磁铁，故B正确；
C、图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，利用该原理制成了电动机，故C错误；
D、图中导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，这是电磁感应现象，利用该原理制成了发电机，故D错误。
故选：B。
题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。
物理为实验学科，很多知识来自于实验，故应注意对实验学习的重视，掌握好实验的原理及现象。
5.【答案】C
【解析】解：A.乒乓球在上升过程中，高度增加，重力势能增加；速度减小，动能减小，动能转化成重力势能，故A错误；
B.乒乓球从最高点下落的过程中，质量不变，速度变大，动能变大；质量不变，高度变小，重力势能减少；由于乒乓球克服空气的阻力做功，机械能转化为内能，机械能减小，故B错误；
C.乒乓球落向桌面，撞击桌面时，球的速度变慢，即其动能变小，同时球会随之发生弹性形变，且形变程度逐渐变大，即弹性势能变大，故该过程是动能转化为弹性势能的过程，故C正确；
D.乒乓球离开球拍恢复原状的过程中，弹性势能转化为动能，故D错误。
故选：C。
物体由于运动而具有的能叫动能，其大小与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，其大小与物体的质量和高度有关，物体的质量越大、高度越大，重力势能越大；机械能为动能和势能的和。
此题考查了机械能的转化，难度不大。
6.【答案】D
【解析】解：A、只闭合开关S、S1时，电表b与滑动变阻器R串联，且滑片P向左移动，b的示数有变化，则b一定是电流表；
若a为电流表，测通过R2的电流，由于R2的阻值和两端的电压均不变，滑片P向左移动，a的示数不变；
若a为电压表，测电源电压，其示数也不变，a可能是电流表也可能是电压表，故A错误；
B、a为电压表、b为电流表时，只闭合S、S2，此时R1与R串联，电压表a测R两端的电压，电流表测电路中的电流，向右移动滑片P，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据P=I2R可知，R1消耗的功率变大；
a、b均为电流表时，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，移动滑片P时，R1消耗的功率不变，故B错误；
C、a为电压表、b为电流表时，只闭合S、S2，此时R1与R串联，电压表a测R两端的电压，电流表测电路中的电流，则有：R1=△U△I，即a示数的变化量与b示数的变化量的比值等于R1；
a、b均为电流表时，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，移动滑片P，a、b两表的示数变化量均为0，故C错误；
D、为电压表、b为电流表时，若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，R被短路，R1、R2串联，电流表测电路中的电路，电压表测R2两端的电压，则a的示数与b的示数的比值为R2；
a、b均为电流表时，若将a与b的位置互换，只闭合S、S2，R、R2被短路，电路为R1的简单电路，两电流表的示数相等，其比值为1，故D正确。
故选：D。
(1)先根据题意判断a、b两表的类型，再结合电路分析其连接方式，根据电压的变化量与电流变化量的比值为定值电阻的阻值；
(2)根据两个电表的种类、滑动变阻器阻值的变化、欧姆定律以及P=I2R判断R1消耗的功率；
(3)结合电表类型，利用欧姆定律判断两表示数的比值。
本题是一道动态电路分题，涉及到电路的连接方式的判断、欧姆定律以及电功率公式的应用等知识，过程较为复杂，需要讨论，有一定的难度。
7.【答案】AC
【解析】解：A.由图可知，此时物距为u=50.0cm−20.0cm=30.0cm，
大于二倍焦距，在光屏上成倒立缩小的实像，应用是照相机，故A正确；
B.虽然手上的墨水涂在了透镜中央，形成了一个黑色指纹，但烛焰的光线可以通过凸透镜别的部位仍能在光屏上成像，像的形状不受影响，只是由于成像的光线减少了，像会变暗，故B错误；
C.过透镜光心的光线沿直线传播，一段时间后，蜡烛变短，原来成在光屏中央的像“跑”到了光屏的上方，要让像重新回到光屏中央，可将凸透镜向下移动，能让像重新回到光屏中央，故C正确；
D.近视眼的镜片是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，光屏要远离凸透镜，即向右移动，故D错误。
故选：AC。
(1)物距大于二倍焦距时，成倒立缩小的实像，应用是照相机；物距在一倍焦距与二倍焦距之间时，成倒立放大的实像，应用是幻灯机、投影仪；
(2)手上的墨水涂在了透镜中央，形成了一个黑色指纹，烛焰的光线可以通过凸透镜别的部位在光屏上成像，不会影响像的形状，只是像会变暗；
(3)根据物与像上下移动方向相反判断即可；
(4)凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线延后会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，判断光屏的移动方向。
本题是探究凸透镜成像的实验，考查了凸透镜成像规律及其应用、凹透镜对光线的作用等，难度不大。
8.【答案】AD
【解析】解：
A、由图可知n=3，因为不计绳重及摩擦，所以绳子自由端的拉力(即滑轮组对物体A的拉力)：FA=1n(GB+G动)=13×(5N+1N)=2N，
B匀速下降，物体A匀速向右运动时，受到向右的拉力FA和向左的摩擦力作用，由二力平衡条件可得，物体A受到的摩擦力：f=FA=2N，故A正确；
B、当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用，
由于物体A对桌面的压力大小和接触面的粗糙程度都不变，则摩擦力大小不变，
所以，由力的平衡条件可知，此时的拉力：F=FA+f=2N+2N=4N；故B错误；
C、绳子自由端移动的速度(即物体A运动的速度)：vA=nvB=3×0.3m/s=0.9m/s，
则拉力F的功率为：P=Wt=Fst=FvA=4N×0.9m/s=3.6W；故C错误；
D、因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=5N5N+1N×100%≈83.3%，故D正确。
故选：AD。
(1)由图可知n=3，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求绳子自由端的拉力(即对物体A的拉力FA)；物体B匀速下降，物体A匀速向右运动，根据二力平衡条件求出物体A受到摩擦力的大小；
(2)当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用；根据影响滑动摩擦力大小的因素判断此时A受到的摩擦力大小，再由力的平衡条件可求出拉力F的大小；
(3)绳子自由端移动的速度vA=nvB，根据P=Wt=Fst=Fv可求拉力F的功率；
(4)利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求滑轮组的机械效率。
本题考查了二力平衡条件、使用滑轮组时绳子自由端拉力、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
9.【答案】运动 5.1
【解析】解：在跑步过程中，运动员的位置相对于路边的树木在不断发生变化，所以以路边的树木为参照物，参赛选手是运动的。
排名第一的选手跑完全程的平均速度约为v=st=4.2×104m137×60s≈5.1m/s。
故答案为：运动；5.1。
被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的；知道选手通过的路程和时间，根据速度公式求出选手的运动速度。
(1)本题考查平均速度的计算，知道物体的运动路程、时间、速度中的任意两者，根据速度公式求出第三者，是很简单的计算。
(2)一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物，所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同，这就是运动和静止的相对性。
10.【答案】反射 不变 1
【解析】解：电梯内壁是抛光的不锈钢板，相对于是一个平面镜，当电梯门打开时，乘客会看到“自己”，是平面镜成的像。平面镜成像的原理是光的反射。
根据平面镜成像特点可知，像和物等大，人走进电梯的过程中，人的大小没有变，像的大小也不会变，所以像的大小不变。
根据平面镜成像特点可知，像到镜面的距离等于物到镜面的距离。当乘客距离不锈钢板0.5m时，乘客的像距离不锈钢板也是0.5m，所以乘客距自己在不锈钢板中所成像的距离为0.5m+0.5m=1m。
故答案为：反射；不变；1。
不锈钢板成像原理与平面镜相同，像与物大小相等，像的大小与物距无关；像到镜面的距离等于物到镜面的距离。
本题考查了平面镜成像的特点，属于基础题。
11.【答案】841.6 0.1 5
【解析】解：本月应交电费45元，且电价为0.5元/度，所以本月用电度数为45元0.5元/度=90度，
如图可知，电能表本月末抄表时的示数931.6kW⋅h，则上次抄表时的示数应为931.6kW⋅h−90kW⋅h=841.6kW⋅h，
如图可知，电能表转盘每转2500转消耗电能1 kW⋅h，将某用电器单独接在该表上工作一段时间后，电能表转盘转了250转，消耗电能为W=250r2500r/(kW⋅h)=0.1kW⋅h，
这些电能可使一盏“220V，20W”的电灯正常工作的时间为t=WP=0.1kW⋅h0.02kW=5h。
故答案为：841.6；0.1；5。
(1)电能表是用来测电功(消耗电能)的仪表，测量电能的方法是月初、月末两次计数器的示数之差。注意最后一位为小数，单位是kW⋅h(度)；知道本月应交电费和电价，可求本月用电量，从而得出上次抄表的示数；
(2)“2500r/(kW⋅h)”表示的是电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500r，求出转盘转250r用电器消耗的电能，根据P=Wt求出灯泡工作时间。
本题考查了电能表的读数方法、电功计算，要学会电能表的读数和电费的计算，明白电能表参数的含义是解题的关键，要注意单位的换算和统一。
12.【答案】增大 热传递 100
【解析】解：由题意可知，在木桶里放入高温的鹅卵石，再加入鱼和调制好的汤，鹅卵石放热使汤沸腾，完成烹饪。在制作过程中，鱼的温度升高，内能增大，这是通过热传递的方式来增加内能的。
根据Q放=cmΔt可知，鹅卵石放热后的温度为t=t0−Q放c鹅卵石m=300℃−1.6×105J0.8×103J/( kg⋅℃)×1kg=100℃。
故答案为：增大；热传递；100。
内能的大小与质量、温度、状态有关，改变内能大小的途径有做功和热传递。
利用Q放=cmΔt求得鹅卵石的温度。
此题考查了内能的改变及热量的计算，属于基础知识。
13.【答案】裂变 内 不可再生
【解析】解：
核电站利用核反应堆中可控的核裂变释放的能量来加热水，使水吸收热量，将核能转化为水蒸气的内能，再通过蒸汽轮机转化为机械能，带动发电机转动，转化为电能；核物质的开采会逐渐枯竭，所以核能属于不可再生能源。
故答案为：裂变；内；不可再生。
核电站的核心是核反应堆，它以铀为燃料，在裂变过程中释放出核能，再通过热交换器变为高温高压的蒸汽，然后利用蒸汽去驱动蒸汽轮机，蒸汽轮机的旋转带动发电机发电。
核电站发电是将核能最终转化为电能，发电机工作时将机械能转化为电能。
14.【答案】水平木板 慢 减小小车从斜面下滑的高度
【解析】解：(1)根据题意和实验设计可知，实验中为了研究阻力对物体运动的影响，是在研究水平面上的阻力对物体运动的影响，因此将棉布或毛巾铺在水平木板上。
(2)由实验可知，小车在毛巾表面滑行的距离最近，在棉布表面滑行的距离较远，在木板表面滑行的距离最远，说明小车受到的阻力越小，速度减小的越慢，运动距离越长。
(3)实验中小车会从较光滑的水平木板右端掉落，说明小车的初速度较大，阻力无法使小车在木板长度内将速度减为0，因此我们可以减小小车从斜面下滑的高度。
故答案为：(1)水平木板；(2)慢；(3)减小小车从斜面下滑的高度。
(1)改变接触面的粗糙程度，可以改变摩擦力的大小；小车在水平面运动的距离反映的是阻力对小车运动情况的影响；
(2)小车停下来的原因是小车受到了摩擦阻力，实验中通过改变接触面的粗糙程度来改变阻力的大小，阻力越小小车运动的距离越远；
(3)实验中小车会从较光滑的水平木板右端掉落，说明小车的初速度较大，据此分析。
本题是探究阻力对物体运动的影响实验，要掌握实验的现象及结论，知道在此基础上经过推理可得牛顿第一定律的内容，解此类问题一定要注意思考实验的意义，并能根据所学的其他物理知识分析解决本实验中相关的实验现象。
15.【答案】平衡 右 2 ④
【解析】解：(1)安装好装置后，杠杆在图甲所示位置静止，杠杆静止就说明杠杆处于平衡状态。
如图，杠杆左低右高，说明重心偏左。为使其在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调，直到杠杆水平平衡。
(2)如图乙所示，A处悬挂的3个钩码每个钩码重0.5N，则总重力为1.5N，力臂OA=4，OB=3；要在B处施加一个最小拉力使杠杆在水平位置再次平衡，只有力臂最大时力才最小，所以施加的最小拉力方向必须是竖直向下的。
根据杠杆平衡条件，在B处施加的最小拉力为F2=F1l1l2=1.5N×43=2N。
(3)根据题意可知，改变B点位置，此过程中F方向保持不变，
根据杠杆平衡条件可得：F×l=G×OA，
解得：F=G×OA×1l……①
将M从A移至P，由杠杆平衡条件可得：F×l=G×OP，
解得：F=G×OP×1l……②
观察①②两式可知，拉力F与1l的关系图像都是正比例函数，由图丙可知，OP
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据杠杆的平衡条件，可得出可使杠杆保持水平平衡的最小力；
(3)根据杠杆平衡条件列出两次F与1l的数学表达式，结合数学知识分析判断。
本题考查杠杆平衡条件的应用和数学正比例函数相关的知识，关键是根据杠杆平衡条件列出两次F与1l的数学表达式。
16.【答案】滑动变阻器断路 0.2 正比 1.5 20 5
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，连接变阻器左下角接线柱，如图所示：
(2)闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；把电压表分别接在ab之间和bc之间，电压表均有示数，说明ca和ba部分是通路，接在ac之间，电压表无示数，说明bc之间断路，如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障是滑动变阻器断路。
(3)由图丙可知，电流表的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，所以电流表的示数为0.2A。
由表中数据可知，电压增大几倍，对应的电流也增大几倍，可以得到电阻一定时，通过电阻的电流与它两端的电压成正比。
(4)根据串联分压可知U−UVUV=R滑R定，
当定值电阻最大时，对应的变阻器连入电路最大，电压表示数最小，即4.5V−UVUV=50Ω25Ω，
定值电阻两端的电压至少为UV=1.5V。
(5)由图丙画出的电流与电阻关系图像可知，除定值电阻为20Ω外，电流与电阻之积为均为3V不变，所以阻值为20Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片。
由串联电路的规律和欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入电路中的电阻R滑=UI−20Ω=4.5V0.2A−20Ω=2.5Ω，
定值电阻两端的电压UV′=I1R1=0.6A×5Ω=3V，
变阻器两端的电压U滑′=U−UV′=4.5V−3V=1.5V，
定值电阻的电压为滑动变阻器两端电压的2倍，根据分压原理，定值电阻的阻值是滑动变阻器阻值的2倍，即定值电阻为R′=2×2.5Ω=5Ω，
所以这次实验之前的那一次实验，选取的是阻值为5Ω的定值电阻。
故答案为：(1)见解析；(2)滑动变阻器断路；(3)0.2；正比；(4)1.5；(5)20；5。
(1)由甲电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，为了准确读数，电压表和电流均选小量程，滑片P向左移动，电路中电流变大，即向左移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，据此画图。
(2)闭合开关，电压表和电流表均无示数，说明电路断路；把电压表分别接在a、b之间和b、c之间，电压表均有示数，说明cab部分是通路，接在a、c之间，电压表无示数，说明bc之间断路，据此分析。
(3)由题意可知，电流表的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，据此得出电流表的示数。
由题意可知，定值电阻的阻值为10Ω，分析表格数据可知，利用欧姆定律得出电压和电流的比值，分析得出结论。
(4)设控制定值电阻两端的电压至少保持UV，由串联电路的规律和分压原理得出控制定值电阻两端的电压至少为多少伏。
(5)实验中应控制定值电阻两端的电压不变。
由串联电路的规律和欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路中的电阻，确定选取的定值电阻阻值。
本题为探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，考查电路连接、故障分析、数据分析、器材选择等知识，综合性强，难度较大。
17.【答案】解：(1)柱体甲静止在水平地面上，所以柱体甲受重力和水平地面的支持力，重力的作用点在重心处，支持力的作用点一般画在重心处，如图所示：
；
(2)甲对地面的压强p甲=F甲S甲=G甲S甲=m甲gS甲=6kg×10N/kg1×10−2m2=6000Pa；
(3)距水面0.1米处水的压强：
p水=ρ水gh水=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa，
(4)丙在水中漂浮，根据浮沉条件可得：
F浮=G丙=m丙g，
水对容器乙底部的压力：
F水=p水S=ρ水ghS=ρ水g(V排+V水)，
将甲截取的部分浸没在容器乙的水中，水对容器乙底部的压力没有变化，因为ρ水、g、V水不变，则V排不变，即甲截取部分的体积：
ΔV甲=V丙排=F浮ρ水g=m丙gρ水g=m丙ρ水=1kg1.0×103kg/m3=1×10−3m3，
甲的密度：
ρ甲=m甲V甲=6kg5×10−3m3=1.2×103kg/m3，
截取的甲的重力ΔG甲=Δm甲g=ρ甲ΔV甲=1.2×103kg/m3×1×10−3m3×10N/kg=12N，
丙的重力：G丙=m丙g=1kg×10N/kg=10N，
甲对地面变化的压力：ΔF=ΔG甲−G丙=12N−10N=2N，
甲对地面的压强变化量Δp甲=ΔFS=2N1×10−2m2=200Pa。
答：(1)见解答图；
(2)甲对地面的压强为6000Pa；
(3)距水面0.1米处水的压强为1000Pa；
(4)甲对地面的压强变化量为200Pa。
【解析】(1)因圆柱体处于静止状态，所以圆柱体受到的重力和支持力是一对平衡力，即大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
(2)甲放在水平地面上，对地面的压力等于甲的重力，根据p=FS结合G=mg计算压强；
(3)根据p=ρgh计算水的压强；
(4)水对容器乙底部的压力F水=p水S=ρ水ghS=ρ水g(V排+V水)，将甲截取的部分浸没在容器乙的水中，水对容器乙底部的压力没有变化，因为ρ水、g、V水、不变，则V排不变，根据F浮=ρ水V排g结合浮沉条件，计算截取的甲的体积，根据ρ=mV计算甲的密度，根据G=mg和m=ρV计算甲截取部分的重力和丙的重力，甲对地面的压力的变化量等于两个重力之差，根据p=FS计算压强的变化量。
本题考查了固体压强和液体压强公式的应用，要求学生知道用公式p=FS计算固体压强，用p=ρgh计算液体压强。
18.【答案】解：(1)小灯泡L标有“3V 0.9W”字样，由P=U2R可知，小灯泡的阻值为：
RL=UL2PL=(3V)20.9W=10Ω；
(2)只闭合开关S2时，灯泡和定值电阻串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流，此时小灯泡恰好正常发光，则小灯泡两端的电压为3V，电路中的电流为：
I=IL=PLUL=0.9W3V=0.3A，
由欧姆定律得电源的电压为：
U=I(RL+R1)=0.3A×(10Ω+50Ω)=18V；
(3)在不损坏各电路元件的情况下，若闭合所有开关，灯泡和电压表被短路，电路变为定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测量干路中的电流，此时并联电路两端的电压均为18V，电流表的量程为0−0.6A，所以电路中的最大总电流为0.6A，则此时通过定值电阻中的电流为：
I1=UR1=18V50Ω=0.36A，
由并联电路电流规律得通过滑动变阻器R2的最大电流为：
I最大=I最大−I1=0.6A−0.36A=0.24A，0.24A小于1A，滑动变阻器R2能正常工作，此时其消耗的电功率最大，即为：
P最大=UI最大=18V×0.24A=4.32W，
由P=U2R可知，电压一定时电阻越大，电功率越小，所以当滑动变阻器R2全部接入电路时，其消耗的电功率最小，即为：
P最小=U2R2=(18V)290Ω=3.6W
滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率的比值为：
P最大P最小=4.32W3.6W=65。
答：(1)小灯泡的阻值10Ω；
(2)电源电压18V；
(3)滑动变阻器R2消耗的最大功率和最小功率的比值6：5。
【解析】(1)根据R=U2P求出小灯泡的电阻；
(2)只闭合开关S2时，灯泡和定值电阻串联，灯泡正常发光，根据I=IL=PLUL求出电路中的电流，根据=I(RL+R1)求出电源电压；
(3)在不损坏各电路元件的情况下，若闭合所有开关，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测量干路中的电流，最大总电流为0.6A，根据欧姆定律求出通过定值电阻的电流，再根据并联电路中的电流规律求出通过滑动变阻器的最大电流，根据P=UI求出滑动变阻器R2消耗的最大功率，当滑动变阻器R2全部接入电路时，其消耗的电功率最小，根据P=U2R求出其消耗的最小电功率，据此即可解答。
本题主要考查电路的分析、欧姆定律的应用及电功率的计算，是一道综合题。
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