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河北省石家庄市裕华区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷
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这是一份河北省石家庄市裕华区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷，共19页。
2022-2023学年河北省石家庄市裕华区八年级（下）期末物理试卷
1. 下列有关生活中的物理量估测最接近实际的是( )
A. 珠穆朗玛峰上的大气压约为1×108Pa
B. 一名普通中学生体重约为100N
C. 八年级下册物理课本平放在水平桌面中央，对桌面压强约103Pa
D. 用手将两个鸡蛋匀速托举1m高做的功约为1J
2. 下列各种情况中，物体运动状态未发生变化的是( )
A. 运动员把飞来的足球踢出去 B. 小孩匀速沿平直的滑梯滑下
C. 刚刚起飞的火箭 D. 人造地球卫星绕地球转动
3. 如图所示的各工具中，属于费力杠杆的是( )
A. 瓶盖起子 B. 手推车
C. 核桃夹 D. 食品夹
4. 如图所示，是我国自主研发的C919大型商用客机。下列关于客机的相关物理知识，说法正确的是( )
A. 客机宽大的轮子，减小了客机着陆时对地面的压力
B. 客机加速升空时，动能和重力势能都增大
C. 机翼的横截面成上凸下平的形状，是利用流体流速大的地方压强大而产生的升力升空
D. 客机在高空受到的大气压比在地面受到的大气压大
5. 近年来电动平衡车深受年轻人喜爱，已悄然成为生活中一种新的交通时尚。如图所示人与平衡车一起静止于水平地面，下列分析正确的是( )
A. 人受到的重力和平衡车对人的支持力是一对平衡力
B. 人受到的重力和人对平衡车的压力是一对相互作用力
C. 人能够静止，是因为平衡车对人的支持力大于人受到的重力
D. 平衡车受到的重力和地面对平衡车的支持力是一对平衡力
6. 三峡大坝建设5级船闸，让货船利用船闸来实现上下大坝的需求，下列选项中与三峡大坝通航原理不相同的是( )
A. 茶壶 B. 锅炉液位计
C. 注射器 D. 下水弯管
7. 下列情景中，与大气压强无关的是( )
A. 杯中水不流出 B. 小鸡自动喂水器
C. 用吸管吸饮料 D. 堤坝上窄下宽
8. 如图所示，在一条长绳的一端系一个小铁球做成一个单摆、小球由A点静止释放，在小球摆动的过程中(不计空气阻力及摩擦)，A、C两点是小球所能达到的最高点，B点是小球的最低点。下列说法正确的是( )
A. 小球由A点运动到B点的过程，小球的动能转化为重力势能
B. 小球在B点时机械能最大
C. 当小球运动到C点时所有的力突然消失，小球将保持静止
D. 当小球运动到B点时突然绳断开，小球将竖直下落
9. 如图所示，甲图是托里拆利实验的装置，乙图是一个“自制气压计”(用插有细管的橡皮塞塞住装有水的瓶子的瓶口，细管下管口浸没在水中，通过上管口向瓶内吹气，停止吹气并松开管口后，水沿管上升到P点)，P点与瓶内水面Q高度差为h，下列说法正确的是( )
A. 甲图中玻璃管倾斜放置时，玻璃管内的水银柱高度会变大
B. 若甲图中换用粗玻璃管做实验，则管内外水银柱高度差将减小
C. 乙图中自制气压计瓶内的气压与大气压的差为ρ水gh
D. 将这两个装置随电梯上升的过程中，两图中的管内液面均会下降
10. 生活中有很多关于浮沉条件的应用，下列说法中正确的是( )
A. 利用密度计测液体密度时，液体密度越大密度计所受的浮力越大
B. 潜水艇在海水中上浮时，浮力变大
C. 轮船从大海行驶到大河时，浸在水中的体积会变小
D. 气象探测气球里所充的气体的密度小于空气的密度
11. 如图所示粗糙水平断AB与光滑斜面BC平滑连接，弹簧左端固定、在小木块P被压缩的弹簧弹出并冲上斜面BC的过程中(忽略空气阻力)。下列说法正确的是( )
A. 在弹簧恢复原状的过程中，小木块P的动能一直在增大
B. 小木块P沿斜面向上运动时、动能减小，重力势能增加
C. 小木块P运动到最高点时处于平衡状态
D. 小木块P在上述整个过程中机械能守恒
12. 如图所示，工人用200N的力将重380N的物体匀速提升2m，共用了10s，若在此过程中(忽略绳重和摩擦)。下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端移动的距离是6m
B. 动滑轮的重是20N
C. 工人做功的功率是80W
D. 滑轮组的机械效率是95%
13. 如图所示为同种材料制成的实心圆柱体A和B放在水平地面上，它们的高度之比为2：1，底面积之比为1：2。则关于它们的质量之比mA：mB和对地面的压强之比pA：pB，判断正确的是( )
A. mA：mB=1：1 B. mA：mB=2：1
C. pA：pB=1：1 D. pA：pB=2：1
14. 甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时两容器的液面等高，如图所示，则( )
A. A的重力小于B的重力 B. A受的浮力大于B受到的浮力
C. 甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度 D. 甲杯和乙杯的底部受到的压强相等
15. 一辆向右行驶的汽车车厢里挂着一个小球。由于小球具有______ ，汽车在做______ (选填“加速”、“匀速”或“减速”)运动时出现了如图所示的情景。
16. 如图所示，在旱冰场上，甲、乙两同学分别站在滑板上相对而立，已知甲同学的质量较大。当甲同学用力推乙时，乙同学向后退，说明力改变物体的______ ；同时甲也向后退，说明物体间力的作用是______ 。
17. 如图所示，木板B放在水平面上，木块A放在B的上面，A的右端通过一根不可伸长的轻绳固定在竖直墙壁上，用大小为10N的水平力F向左拉动B，使B以1m/s的速度做匀速运动时，轻绳水平拉力T为4牛，则A受到水平向______ 的摩擦力，木板B受到地面水平向______ (以上两空均选填“左”“右”)的摩擦力，大小为______ N。若拉力F增大使木板B加速向左运动时，轻绳水平拉力T将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
18. 如图所示，已知斜面长s=10m，高h=4m。小明用沿斜面方向的50N的推力F，将一个重为100N的物体由斜面底端A匀速推到顶端B。运动过程中，小明推力做的总功为______ J，斜面效率为______ ，斜面上的摩擦力为______ N。
19. 如图所示，杠杆能绕O点转动，请画出杠杆在A点所受的最小动力F1的示意图及其力臂。
20. 小明用质量相等的木块和小车进行了以下力学实验。
(1)小明在探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验。如图甲所示，他用弹簧测力计沿水平方向拉物体做______ 运动，测力计的示数分别如图甲所示，分析A、B两次实验数据可知，______ (选填“木块”“小车”)的表面更粗糙；分析A、C两次实验数据得出：接触面粗糙程度一定时，______ 越大，滑动摩擦力越大。
(2)在C实验中，小明拉着小车和木块一起，先后以0.5m/s和1m/s的速度匀速运动时，拉力不变，说明滑动摩擦力的大小与物体的运动速度______ (选填“有关”“无关”)；且在此过程中小车是否______ (选填“是”“否”)受木块的摩擦力作用。
(3)小明又利用斜面“探究动能的大小与哪些因素有关”，如图乙所示。让小车A从斜面的某一高度由静止开始滑下，在水平面上碰到物体B后，将B推出一段距离。发现小车A从更高处滑下后，推动B的水平距离越远，则说明小车A的______ 越大，具有的动能越大。此实验用到的科学方法有控制变量法和______ 法。
21. 小强利用如图1所示的装置来探究“杠杆的平衡条件”，实验中所用钩码的质量均为50g。请你帮助他完成实验：(g取10N/kg)
(1)杠杆静止时的位置如图1甲所示，此时杠杆处于______ (选填“平衡”“不平衡”)状态。此时调节两端的平衡螺母向______ (选填“左”“右”)移动，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了______ 。
(2)实验时，小强在杠杆左侧A位置(左边第四格)先挂了3个相同规格钩码，如图1乙所示。则在右侧B位置(右边位置第三格)应挂______ 个相同规格的钩码，杠杆可以重新在水平位置平衡。实验中改变钩码位置和个数，进行多次实验，其目的是______ 。(选填“减小误差”“寻找普遍规律”)
(3)如图1丙所示，小强用弹簧测力计拉杠杆的C点(左边第三格)，当弹簧测力计由位置1转向位置2的过程中，测力计示数变化情况是______ (选填“先变小后变大”“先变大后变小”或“不变”)。
【拓展】完成实验后，小红利用上述的杠杆和钩码设计了一个“密度秤”。如图2所示，将容积为100mL的小桶悬挂在杠杆的挂钩A下，调节杠杆在水平位置平衡。小桶中装满待测液体时，在杠杆的B点悬挂2个钩码，杠杆在水平位置平衡；则待测液体的密度是______ kg/m3。为了增大“密度秤”的量程，下列措施不可行的是______ (选填“A”、“B”、“C”、“D”)。
A.增大小桶的容积
B.增加钩码质量
C.杠杆支点固定，向右侧移动钩码
D.杠杆支点固定，向右侧移动小桶
22. 如图所示，水平桌面上有一个底面积为50cm2的圆柱形容器，内装有深度为0.1m的水，如图甲所示。现将一个不吸水的圆柱体缓慢放入水中，水未溢出，静止时如图乙所示。已知圆柱体的高为8cm，底面积20cm2，密度为3×103kg/m3。(不计绳重，ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg)求：
(1)物体浸入水中时受到的浮力；
(2)物体浸入水中静止后，容器底对它的支持力；
(3)将物体浸入水中前后，水对容器底的压强变化量。
23. 小明家周末乔迁新居，小明提出利用滑轮组来完成，设计方案如图所示。已知沙发的重力为800N，动滑轮的重力为20N，用时1min将沙发匀速提升6m高(不计绳重与摩擦)。在提升过程中，求：
(1)绳子自由端的移动速度；
(2)小明做的功；
(3)使用该滑轮组时的机械效率。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、大气压强随海拔高度的增加而减小，海平面处气压接近1×105Pa，珠穆朗玛峰上的大气压远小于1×105Pa，故A错误；
B、一名普通中学生体重约为500N，故B错误；
C、物理课本的重约为2N，平放在桌面上时受力面积约400cm2=4×10−2m2，则对桌面的压强FS=GS=2N4×10−2Pa=50Pa，故C错误；
D、两个鸡蛋的重力约G=1N，用手将两个鸡蛋托举1m高做的功约为W=Gh=1N×1m=1J，故D正确。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
2.【答案】B
【解析】解：A、运动员把飞来的足球踢出去，改变了球的运动方向，运动状态改变，不合题意；
B、小孩匀速从滑梯滑下，速度和方向均不变，运动状态不变，符合题意；
C、刚刚起飞的火箭，速度越来越大，运动状态改变，不合题意；
D、人造地球卫星绕地球匀速转动，其方向是改变的，运动状态改变，不合题意。
故选：B。
运动状态的改变包括两个方面：一是运动速度大小的变化；二是运动方向的变化。判定一个物体运动状态是否改变，就从这两个角度考虑。
判定物体运动状态是否改变，可以根据其速度大小和运动方向是否变化来判定；也可以根据物体的受力情况来判定，若是受到平衡力作用，则其运动状态不发生变化，若是受到非平衡力的作用，则其运动状态就会发生变化。
3.【答案】D
【解析】解：A、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B、手推车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
判断杠杆的种类，可结合生活经验，根据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆，若动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆。
准确分析题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键。
4.【答案】B
【解析】解：A、客机宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小客机对地面的压强，故A错误；
B、客机加速升空时，客机的质量不变，速度和高度都变大，所以动能和重力势能都增大，故B正确；
C、客机机翼表面制作成“上凸下平”制造形状，利用了流体压强与流速的关系，即空气流速大的地方压强小，使上方空气流速快，压强小，下方空气流速慢，压强大，从而产生升力，故C错误；
D、大气压随着高度的增加而减小，所以客机在高空所受的大气压强，比地面附近的大气压强小，故D错误。
故选：B。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；
(3)流体流速越大的位置，压强越小；
(4)大气压随着高度的增加而减小。
本题考查流体流速与压强的关系、大气压与高度的关系、减小压强的方法、动能和重力势能的变化，是一道综合题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
5.【答案】A
【解析】解：AB、人受到的重力和平衡车对人的支持力这两个力作用在同一物体上、大小相等、方向相反、在同一直线上，是一对平衡力，不是相互作用力，故A正确，B错误；
C、人能够静止，说明人处于平衡状态，受平衡力作用，所以平衡车对人的支持力与人受到的重力是一对平衡力，大小相等，故C错误；
D、平衡车受到的重力和地面对平衡车的支持力大小并不相等，因此不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
平衡力应作用在同一物体上、大小相等、方向相反、在同一直线上；
相互作用力应作用在两个物体上，大小相等、方向相反、在同一直线上。
本题考查了平衡力的辨别，要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用在同一个物体上。
6.【答案】C
【解析】解：三峡大坝通航利用的是连通器原理。
A、茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器原理的应用；
B、锅炉液位计和锅炉就构成了一个连通器，水不流动时，液面就是相平的，液面就保持在同一水平面上，我们通过观察液位计中水位的高低就可以知道锅炉中水的多少，以便及时加水；
C、注射器抽取药液利用的是大气压，注射是靠手的推力；
D、下水弯管符合上端开口、下端连通的特点，属于连通器。
综上分析可知，与三峡大坝通航原理不相同的是注射器。
故选：C。
上端开口、底部相连通的容器叫连通器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中的液面是相平的。
本题考查生活中常见的连通器原理的应用，属于简单题目，考试需要准确区分各物理知识点及其应用。
7.【答案】D
【解析】解：A、杯中水不流出是因为大气压强把纸片压得盖住了杯口，故A正确。
B、小鸡自动喂水器利用了大气压，托住了瓶子里的水，故B正确。
C、用吸管吸饮料利用了大气压把饮料压进吸管，故C正确。
D、堤坝上窄下宽是因为液体压强和深度有关，故D错误。
故选：D。
空气受到重力作用，而且空气具有流动性，因此空气内部向各个方向都有压强，这个压强就叫大气压强。
本题列举了生活大气压强存在的例子，同学们要学会用物理知识解释生活现象。
8.【答案】C
【解析】解：A、从A→B的过程中，小球的质量不变、高度减小、速度增大，所以重力势能减小，动能增大，是重力势能转化为动能，故A错误；
B、不计空气阻力及摩擦，小球的机械能是守恒的，整个过程保持不变，故B错误；
C、小球运动到C点时，处于静止状态，若此时一切外力消失，根据牛顿第一运动定律可知，小球将保持静止状态，故C正确；
D、小球在B点时动能最大、重力势能最小，若在B点绳子突然断开，小球受到竖直向下的重力，而断开瞬间运动的方向是水平方向，所以小球不会竖直下落，故D错误。
故选：C。
(1)影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能是动能和重力势能的和，在铁球运动的过程中，空气阻力忽略不计，所以机械能守恒。
(2)物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。
(3)小球受到竖直向下的重力的作用。
知道动能和重力势能之间的相互转化是解决该题的关键。
9.【答案】C
【解析】解：A、大气压的测量实验中，运用了平衡法--大气压大小等于水银柱产生的压强，当玻璃管倾斜后，虽长度增大，但管内水银柱竖直高度不变，故A错误；
B、换用粗的玻璃管作实验时，管内外水银柱高度差将不变，故B错误；
C、乙图中的自制气压计可粗略反映外界大气压的变化，自制气压计瓶内的气压与大气压的差为ρ水gh，故C正确；
D、将这两个装置随电梯上升的过程中，随着高度的增加，外界气压变小，甲装置中液面下降；而乙装置中，外界气压变小，瓶内水柱液面上升，故D错误。
故选：C。
(1)在托里拆利实验中，水银柱的高度差应是玻璃管内水银面与水银槽中水银面之间的垂直高度，这一高度反映了大气压的大小；大气压与高度有关，随高度的增加而减小；
在托里拆利实验中，根据实验原理，需要记录水银柱的高度，来计算大气压的值；当玻璃管倾斜后，管内水银柱长度会变大，但水银柱的竖直高度不变，即玻璃管倾斜不会影响实验的结果；
(2)自制气压计中水柱的位置同样可以显示大气压的大小，外界大气压越大，水柱越低，相反，外界大气压越小，水柱越高。
本题考查了对托里拆利实验的认识，以及对自制气压计的了解。利用身边的器材做成气压计，探究大气压的变化、培养学生学以致用的能力。
10.【答案】D
【解析】解：A、利用密度计测液体密度时，漂浮在液体中，所受浮力都等于本身的重力，故A错误；
B、根据阿基米德原理，潜水艇在海水中上浮时，体积不变，液体的密度不变，浮力不变，故B错误；
C、从海里驶入河里，浮力不变，都等于其重力，但海水密度比河水的密度大，根据公式F浮=ρ液gV排可知，排开水的体积增大，即浸入水中的体积会变大，故C错误；
D、气象台用的探测气球是利用在空气中的浮力来工作的，当气体的密度小于空气的密度时，才可以升空，故D正确。
故选：D。
(1)密度计利用了物体的沉浮条件，是漂浮在液体中，放在密度不同的液体中，所受浮力都等于本身的重力；
(2)根据阿基米德原理，浮力的大小与物体排开液体的体积和液体的密度有关，与物体浸入液体的深度无关；
(3)从海里驶入河里，浮力不变，但河水密度小，排开河水的体积会增大；
(4)浸在气体中的物体都受到气体对它施加的竖直向上的浮力，当物体受到的浮力大于重力或者物体密度小于气体密度时，物体上浮。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，分析有关密度问题时，要好好利用漂浮条件。
11.【答案】B
【解析】解：A、在弹簧恢复原状的过程中，弹簧的形变程度变小，弹性势能变小。木块的速度变大，动能变大，同时因为水平面AB粗糙，当弹簧的弹力小于木块受到的摩擦力时，木块会做减速运动，速度变小，质量不变，动能变小，所以在弹簧恢复原状的过程中，小木块P的动能先增大后减小，故A错误；
B、小木块P在斜面上向上运动时，高度增加，重力势能变大，因为斜面BC光滑，且空气阻力忽略不计，所以机械能守恒，动能减小，故B正确；
C、因为斜面BC光滑，故木块不受摩擦力作用，若空气阻力忽略不计，小木块P运动到最高点时受到垂直于斜面向上的支持力和竖直向下的重力作用，这两个力不在一条直线上，不属于平衡力，所以木块处于非平衡状态，故C错误；
D、小木块P离开弹簧后在粗糙水平面AB上滑行时，需要克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能减小，机械能不守恒，故D错误。
故选：B。
(1)分析木块受力情况，判定木块速度的变化。
(2)不计空气和摩擦阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
(3)对木块在最高点时进行受力分析，然后根据二力平衡条件判断是否受到平衡力的作用，进而判断木块是否处于平衡状态。
此题考查平衡状态的判断、动能和势能的大小变化等。弹簧问题往往是动态变化的，分析这类问题时用动态变化的观点进行，分析时关键抓住弹力的可变性，同时注意其过程中的功能转化关系。
12.【答案】BCD
【解析】解：A、由图可知，绳子的股数为2，则绳子自由端移动的距离为s=nh=2×2m=4m，故A错误；
B、忽略绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，
G动=nF−G=2×200N−380N=20N，故B正确；
C、根据W=Fs=Fnh可知，工人做功的总功为：
W总=Fs=Fnh=200N×2×2m=800J，
则人做功的功率为：
P=W总t=800J10s=80W，故C正确；
D、根据W有=Gh可知，工人做的有用功为：
W有=Gh=380N×2m=760J，
则滑轮组的机械效率为：
η=W有W总×100%=760J800J×100%=95%，故D正确。
故选：BCD。
(1)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s=nh求出绳子自由端移动的距离；
(2)忽略绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重；
(3)根据W=Fs=Fnh求出总功，利用P=Wt求出工人做功的功率；
(4)根据W有=Gh求出有用功，利用η=W有W总求出滑轮组的机械效率。
本题考查的知识点多，用到的公式多，难点是求拉力所做的总功，由滑轮组的特点知：绳子自由端移动的距离与物体上升高度之间的关系是s=nh；从而求出拉力方向上移动的距离。
13.【答案】AD
【解析】解：(1)两圆柱体的体积之比：
VA：VB=SAhASBhB=1×22×1=1：1，
由ρ=mV得：m=ρV，
因为A、B是由同种材料制成的实心圆柱体，其密度相同，
所以它们的质量之比mA：mB=ρVA：ρVB=VA：VB=1：1；故A正确，B错误；
(2)因为实心圆柱体A和B放在水平地面上，
所以对地面的压力：F=G=mg=ρVg=ρShg，
则圆柱体对地面的压强：
p=FS=ρShgS=ρhg，
对地面的压强之比：
pA：pB=ρhAg：ρhBg=hA：hB=2：1.故C错误，D正确。
故选：AD。
(1)知道圆柱体的高、底面积的关系，利用V=Sh求体积关系；而A、B是由同种材料制成的实心圆柱体，密度相同，利用m=ρV求质量关系；
(2)A和B对水平地面的压力F=G=mg=ρVg=ρShg，对地面的压强p=ρhg，据此求A和B对地面的压强关系。
本题考查了密度公式、压强公式的应用，利用好固体对水平地面的压强推导公式p=ρhg是关键。
14.【答案】BC
【解析】解：A、甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，
将实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，
则甲液体与A排开液体的体积之和等于乙液体与B排开液体的体积之和，
由图可知，A漂浮，排开液体的体积小于物体的体积，B悬浮，排开液体的体积等于物体的体积，
所以A的体积大于B的体积，
实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，
根据ρ=mV可知，A的质量大于B的质量，
根据G=mg可知，A的重力大于B的重力。故A错误；
B、由图可知，A漂浮，受到的浮力等于其重力，B悬浮，受到的浮力等于其重力，
因为A的重力大于B的重力，所以A受的浮力大于B受到的浮力，故B正确；
CD、由图可知，A漂浮，A的密度小于甲液体的密度，B悬浮，B的密度等于乙液体的密度，
实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，
所以，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度；
甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，静止时液面等高，
根据p=ρ液gh可知，甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强。故C正确、D错误。
故选：BC。
(1)首先根据题目中给出的条件判断，判断实心物体A、B的体积关系，又知实心物体A、B由同种材料制作，利用密度公式判断其质量关系，再利用重力公式判断其重力关系；
(2)根据物体浮沉条件，结合图示判断两种液体的密度关系；
(3)已知两种液体的密度关系，又知高度关系，根据p=ρ液gh判断两容器底部所受液体压强关系。
此题考查物体浮沉条件，密度、质量、液体压强公式的应用，涉及到的知识点较多，综合性很强，属于难题。
15.【答案】惯性 加速
【解析】解：由图可知，小球突然向后摆动，这是由于汽车突然加速，而小球由于惯性仍保持原来的运动状态，所以向后摆动，产生图中的情景。
故答案为：惯性；加速。
一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，据此解释。
本题主要考查了利用惯性来解释生活中的现象，属基础题，难度不大。
16.【答案】运动状态 相互的
【解析】解：由于乙受到甲力的作用，乙由静止变为后退，力改变了乙的运动状态，说明说明力可以改变物体的运动状态；
甲对乙施加力的同时，甲也受到一个大小相同，方向相反的一个力，说明物体间力的作用是相互的。
故答案为：运动状态；相互的。
(1)力可以改变物体的形状；也可以改变物体的运动状态，物体速度变化和方向变化都属于运动状态的变化。
(2)物体间力的作用是相互的，甲对乙施加力的同时，甲也受到一个大小相同的，方向相反的一个力。
本题考查了物体间力作用的相互性与力的作用效果，是一道基础题。
17.【答案】左 右 6 不变
【解析】解：(1)A的右端通过一根不可伸长的轻绳固定在直立墙壁上，即A处于静止，则A受水平向右的拉力T和B对A的摩擦力是一对平衡力，所以A受到的摩擦力水平向左；
根据二力平衡可知，B对A的摩擦力等于拉力T，即f=T=4N；
(2)由力的作用是相互的，所以A对B的摩擦力水平向右，大小fB=f=4N，
B在水平方向以1m/s的速度做匀速向左运动，水平方向B受到向左的拉力F，A对B向右的摩擦力fB以及地面对B向右的摩擦力f′，这三个力平衡，
所以F=fB+f′，所以B受到地面的摩擦力f′=F−fB=10N−4N=6N；
(3)若拉力F增大使木板B加速向左运动时，A处于平衡状态，A对B的压力不变、接触面的粗糙程度不变，受到的滑动摩擦力的大小不变，所以轻绳水平拉力T将不变。
故答案为：左；右；6；不变。
(1)物体静止或做匀速直线运动时，受到平衡力的作用，在水平面上的物体在水平方向和竖直方向分别受平衡力作用，据此分析A受到摩擦力的大小、方向和摩擦力类型；
(2)分析B水平方向的受力情况，根据平衡力知识可得B受到地面的摩擦力的大小。
(3)滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
本题考查根据平衡力、相互作用力的知识判断摩擦力的大小和方向，正确对两个物体进行受力分析是关键。
18.【答案】50080%10
【解析】解：所做总功为：W总=Fs=50N×10m=500J；
所做有用功为：W有=Gh=100N×4m=400J；
斜面的机械效率为：η=W有W总=400J500J=80%；
所做额外功为：W额=W总−W有=500J−400J=100J；
摩擦力为：f=W额s=100J10m=10N。
故答案为：500；80%；10。
(1)利用W=Fs可求出拉力做的功，即总功；再利用W=Gh求出有用功；然后利用机械效率的计算公式可求出斜面的效率η。
(2)根据总功与有用功的差得出额外功，再根据W额=fs，变形后可求摩擦力f。
熟练运用计算功、机械效率的公式，明确额外功是用来克服斜面上的摩擦，是解答此题的关键。
19.【答案】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
图中支点在O点，当OA作为动力臂时，动力臂最长，力F最小；由图知动力的方向应该向上，过点A垂直于OA向上作出最小动力示意图，如下图所示：
【解析】杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
20.【答案】匀速直线 小车 压力 无关 否 动能 转换
【解析】解：(1)在探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验中，应用弹簧测力计沿水平方向拉物体做匀速直线运动，使拉力与物体所受摩擦力二力平衡；测力计的示数分别如图甲所示，分析A、B两次实验数据可知，压力相同，B的拉力大，即滑动摩擦力大，小车的表面更粗糙。根据A、C两次实验得出：接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。
(2)在C实验中，小明拉着小车和木块一起，先后以0.5m/s和1m/s的速度匀速运动时，拉力不变，说明滑动摩擦力的大小与物体的运动速度无关；且在此过程中小车和木块一起匀速运动，相对静止，所以小车不受木块的摩擦力作用；
(3)“探究动能的大小与哪些因素有关”，如图乙所示。让小车A从斜面的某一高度由静止开始滑下，在水平面上碰到物体B后，将B推出一段距离。发现小车A从更高处滑下后，推动B的水平距离越远，则说明小车A的动能越大，此实验用到的科学方法有控制变量法和转换法。
故答案为：(1)匀速直线；小车；压力；(2)无关；否；(3)动能；转换。
(1)掌握二力平衡条件，在实验中，只有拉动木块做匀速直线运动，其受到的拉力和摩擦力才相互平衡，大小相等；
根据控制变量法分析A、B、C实验数据中的相同点和不同点，比较摩擦力的大小变化是由哪个因素引起的，便可得出结论；
(2)滑动摩擦力的大小与物体的运动速度无关；小车和木块一起匀速运动，相对静止，据此分析小车是否受木块的摩擦力作用；
(3)通过木块移动的距离反映小车动能的大小，这是转换法。
本题考查二力平衡条件、控制变量法、转换法在实验中的运用。
21.【答案】平衡 左 消除杠杆自重对实验的影响，且便于测量力臂 4 寻找普遍规律 先变小后变大 1.5×103 A
【解析】解：
(1)杠杆静止在如图位置，所以杠杆是处于平衡状态；
杠杆的左端上翘，左端的平衡螺母或右端的平衡螺母都向上翘的左端移动，才能使杠杆在水平位置平衡；
使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了消除杠杆自重对实验的影响，且便于测量力臂；
(2)一个钩码的重力为G，设杠杆的一个小格为L，
由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2知，
3G×4L=nG×3L，
解得：n=4，即在B位置挂上4个钩码，使杠杆在水平位置平衡；
实验中改变钩码位置和个数，进行多次实验，其目的是避免实验结论的偶然性，寻找普遍规律；
(3)如图1丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，动力臂先变大后变小，因为阻力、阻力臂不变，故测力计的拉力先变小后变大；
【拓展】根据杠杆的平衡条件FALA=FBLB可得，
FA=FBLBLA=2×0.05kg×10N/kg×32=1.5N，
小桶中液体的质量m液=G液g=FAg=1.5N10N/kg=0.15kg=150g，
待测液体的密度ρ液=m液V=150g100cm3=1.5g/cm3=1.5×103kg/m3；
因为根据F=G=mg，ρ=mV可知，V一定时，FA越大，“密度秤”的量程越大，
根据杠杆的平衡条件FALA=FBLB可得，FA=FBLBLA，所以支点固定，向右侧移动钩码或向右移动小桶，其目的是增大LBLA，而增大钩码的质量即是增大FB，三种措施均能使FA增大，故BCD均可行。
而当增大小桶的容积时，在两侧FB、LB、LA均不变的情况下，根据杠杆平衡条件可知FA不变，即G液不变，进而m液不变，由ρ=mV可知液体密度将变小，即“密度秤”的量程变小，故A不可行。故选A。
故答案为：(1)平衡；左；消除杠杆自重对实验的影响，且便于测量力臂；(2)4；寻找普遍规律；(3)先变小后变大；【拓展】1.5×103；A。
(1)杠杆静止或者匀速转动，都属于杠杆平衡；实验中为了便于测量力臂，消除杠杆自身重力对实验的影响，应调节杠杆在水平位置平衡，调节时，需将平衡螺母向上翘的一端调节；
(2)由杠杆的平衡条件可推出B处所挂钩码的个数；
探究实验规律的得出应建立在多次测量的基础上，以避免得到偶然性的结论；
(3)根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析测力计示数的变化；
【拓展】根据杠杆的平衡条件以及实验原理ρ=mV分析解答。
探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小。要熟练掌握杠杆的平衡条件，并能据此分析杠杆的力与力臂的大小，本题拓展部分有一定难度。
22.【答案】解：(1)由题意可知，静止时如图乙所示圆柱体排开水的体积等于圆柱体的体积，
即：V排=V=Sh=20cm2×8cm=160cm3=1.6×10−4m3，
则此时物体受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×1.6×10−4m3=1.6N；
(2)物体的质量：m=ρV=3×103kg/m3×1.6×10−4m3=0.48kg；
物体的重力：G=mg=0.48kg×10N/kg=4.8N；
物体静止时受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力、支持力作用，由力的平衡条件可得，
物体受到的支持力F支=G−F浮=4.8N−1.6N=3.2N；
(3)水面上升的高度：Δh=V排S容=1.6×10−4m350×10−4m2=0.032m，
水对容器底部的压强变化量：Δp=ρgΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.032m=320Pa。
答：(1)物体浸入水中时受到的浮力1.6N；
(2)物体浸入水中静止后，容器底对它的支持力3.2N；
(3)将物体浸入水中前后，水对容器底的压强变化量320Pa。
【解析】(1)圆柱体排开水的体积等于圆柱体的体积，利用阿基米德原理求所受浮力；
(2)根据密度公式对物体受力进行分析，根据力的平衡条件计算容器底部对物体的支持力；
(3)根据体积公式计算水面上升的高度，根据液体压强公式计算水对容器底部的压强变化量。
本题考查了固体压强、液体压强和浮力的计算，综合性较强。
23.【答案】解：(1)由图可知，绳子股数为2；绳子自由端的移动速度为：
v=st=nht=2×6m60s=0.2m/s；
(2)不计绳重与摩擦时，小明的拉力为：F=1n(G+G动)=12×(800N+20N)=410N；
则小明做的功为：
W=Fs=Fnh=410N×2×6m=4920J；
(3)小明做的有用功为：
W有=Gh=800N×6m=4800J，
则使用该滑轮组时的机械效率为：
η=W有W总×100%=4800J4920J×100%≈97.56%。
答：(1)绳子自由端的移动速度为0.2m/s；
(2)小明做的功为4920J；
(3)使用该滑轮组时的机械效率为97.56%。
【解析】(1)根据滑轮组装置确定绳子股数；根据速度公式求出绳子自由端的移动速度；
(2)不计绳重与摩擦，根据F=1n(G+G动)求出自由端的拉力，利用W=Fs求出小明做的功；
(3)根据W有=Gh求出有用功，利用η=W有W总求出滑轮组的机械效率。
本题考查速度公式、机械效率公式、功的公式及作用在绳子自由端的拉力大小公式的运用。
2022-2023学年河北省石家庄市裕华区八年级（下）期末物理试卷
1. 下列有关生活中的物理量估测最接近实际的是( )
A. 珠穆朗玛峰上的大气压约为1×108Pa
B. 一名普通中学生体重约为100N
C. 八年级下册物理课本平放在水平桌面中央，对桌面压强约103Pa
D. 用手将两个鸡蛋匀速托举1m高做的功约为1J
2. 下列各种情况中，物体运动状态未发生变化的是( )
A. 运动员把飞来的足球踢出去 B. 小孩匀速沿平直的滑梯滑下
C. 刚刚起飞的火箭 D. 人造地球卫星绕地球转动
3. 如图所示的各工具中，属于费力杠杆的是( )
A. 瓶盖起子 B. 手推车
C. 核桃夹 D. 食品夹
4. 如图所示，是我国自主研发的C919大型商用客机。下列关于客机的相关物理知识，说法正确的是( )
A. 客机宽大的轮子，减小了客机着陆时对地面的压力
B. 客机加速升空时，动能和重力势能都增大
C. 机翼的横截面成上凸下平的形状，是利用流体流速大的地方压强大而产生的升力升空
D. 客机在高空受到的大气压比在地面受到的大气压大
5. 近年来电动平衡车深受年轻人喜爱，已悄然成为生活中一种新的交通时尚。如图所示人与平衡车一起静止于水平地面，下列分析正确的是( )
A. 人受到的重力和平衡车对人的支持力是一对平衡力
B. 人受到的重力和人对平衡车的压力是一对相互作用力
C. 人能够静止，是因为平衡车对人的支持力大于人受到的重力
D. 平衡车受到的重力和地面对平衡车的支持力是一对平衡力
6. 三峡大坝建设5级船闸，让货船利用船闸来实现上下大坝的需求，下列选项中与三峡大坝通航原理不相同的是( )
A. 茶壶 B. 锅炉液位计
C. 注射器 D. 下水弯管
7. 下列情景中，与大气压强无关的是( )
A. 杯中水不流出 B. 小鸡自动喂水器
C. 用吸管吸饮料 D. 堤坝上窄下宽
8. 如图所示，在一条长绳的一端系一个小铁球做成一个单摆、小球由A点静止释放，在小球摆动的过程中(不计空气阻力及摩擦)，A、C两点是小球所能达到的最高点，B点是小球的最低点。下列说法正确的是( )
A. 小球由A点运动到B点的过程，小球的动能转化为重力势能
B. 小球在B点时机械能最大
C. 当小球运动到C点时所有的力突然消失，小球将保持静止
D. 当小球运动到B点时突然绳断开，小球将竖直下落
9. 如图所示，甲图是托里拆利实验的装置，乙图是一个“自制气压计”(用插有细管的橡皮塞塞住装有水的瓶子的瓶口，细管下管口浸没在水中，通过上管口向瓶内吹气，停止吹气并松开管口后，水沿管上升到P点)，P点与瓶内水面Q高度差为h，下列说法正确的是( )
A. 甲图中玻璃管倾斜放置时，玻璃管内的水银柱高度会变大
B. 若甲图中换用粗玻璃管做实验，则管内外水银柱高度差将减小
C. 乙图中自制气压计瓶内的气压与大气压的差为ρ水gh
D. 将这两个装置随电梯上升的过程中，两图中的管内液面均会下降
10. 生活中有很多关于浮沉条件的应用，下列说法中正确的是( )
A. 利用密度计测液体密度时，液体密度越大密度计所受的浮力越大
B. 潜水艇在海水中上浮时，浮力变大
C. 轮船从大海行驶到大河时，浸在水中的体积会变小
D. 气象探测气球里所充的气体的密度小于空气的密度
11. 如图所示粗糙水平断AB与光滑斜面BC平滑连接，弹簧左端固定、在小木块P被压缩的弹簧弹出并冲上斜面BC的过程中(忽略空气阻力)。下列说法正确的是( )
A. 在弹簧恢复原状的过程中，小木块P的动能一直在增大
B. 小木块P沿斜面向上运动时、动能减小，重力势能增加
C. 小木块P运动到最高点时处于平衡状态
D. 小木块P在上述整个过程中机械能守恒
12. 如图所示，工人用200N的力将重380N的物体匀速提升2m，共用了10s，若在此过程中(忽略绳重和摩擦)。下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端移动的距离是6m
B. 动滑轮的重是20N
C. 工人做功的功率是80W
D. 滑轮组的机械效率是95%
13. 如图所示为同种材料制成的实心圆柱体A和B放在水平地面上，它们的高度之比为2：1，底面积之比为1：2。则关于它们的质量之比mA：mB和对地面的压强之比pA：pB，判断正确的是( )
A. mA：mB=1：1 B. mA：mB=2：1
C. pA：pB=1：1 D. pA：pB=2：1
14. 甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上。将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时两容器的液面等高，如图所示，则( )
A. A的重力小于B的重力 B. A受的浮力大于B受到的浮力
C. 甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度 D. 甲杯和乙杯的底部受到的压强相等
15. 一辆向右行驶的汽车车厢里挂着一个小球。由于小球具有______ ，汽车在做______ (选填“加速”、“匀速”或“减速”)运动时出现了如图所示的情景。
16. 如图所示，在旱冰场上，甲、乙两同学分别站在滑板上相对而立，已知甲同学的质量较大。当甲同学用力推乙时，乙同学向后退，说明力改变物体的______ ；同时甲也向后退，说明物体间力的作用是______ 。
17. 如图所示，木板B放在水平面上，木块A放在B的上面，A的右端通过一根不可伸长的轻绳固定在竖直墙壁上，用大小为10N的水平力F向左拉动B，使B以1m/s的速度做匀速运动时，轻绳水平拉力T为4牛，则A受到水平向______ 的摩擦力，木板B受到地面水平向______ (以上两空均选填“左”“右”)的摩擦力，大小为______ N。若拉力F增大使木板B加速向左运动时，轻绳水平拉力T将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
18. 如图所示，已知斜面长s=10m，高h=4m。小明用沿斜面方向的50N的推力F，将一个重为100N的物体由斜面底端A匀速推到顶端B。运动过程中，小明推力做的总功为______ J，斜面效率为______ ，斜面上的摩擦力为______ N。
19. 如图所示，杠杆能绕O点转动，请画出杠杆在A点所受的最小动力F1的示意图及其力臂。
20. 小明用质量相等的木块和小车进行了以下力学实验。
(1)小明在探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验。如图甲所示，他用弹簧测力计沿水平方向拉物体做______ 运动，测力计的示数分别如图甲所示，分析A、B两次实验数据可知，______ (选填“木块”“小车”)的表面更粗糙；分析A、C两次实验数据得出：接触面粗糙程度一定时，______ 越大，滑动摩擦力越大。
(2)在C实验中，小明拉着小车和木块一起，先后以0.5m/s和1m/s的速度匀速运动时，拉力不变，说明滑动摩擦力的大小与物体的运动速度______ (选填“有关”“无关”)；且在此过程中小车是否______ (选填“是”“否”)受木块的摩擦力作用。
(3)小明又利用斜面“探究动能的大小与哪些因素有关”，如图乙所示。让小车A从斜面的某一高度由静止开始滑下，在水平面上碰到物体B后，将B推出一段距离。发现小车A从更高处滑下后，推动B的水平距离越远，则说明小车A的______ 越大，具有的动能越大。此实验用到的科学方法有控制变量法和______ 法。
21. 小强利用如图1所示的装置来探究“杠杆的平衡条件”，实验中所用钩码的质量均为50g。请你帮助他完成实验：(g取10N/kg)
(1)杠杆静止时的位置如图1甲所示，此时杠杆处于______ (选填“平衡”“不平衡”)状态。此时调节两端的平衡螺母向______ (选填“左”“右”)移动，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了______ 。
(2)实验时，小强在杠杆左侧A位置(左边第四格)先挂了3个相同规格钩码，如图1乙所示。则在右侧B位置(右边位置第三格)应挂______ 个相同规格的钩码，杠杆可以重新在水平位置平衡。实验中改变钩码位置和个数，进行多次实验，其目的是______ 。(选填“减小误差”“寻找普遍规律”)
(3)如图1丙所示，小强用弹簧测力计拉杠杆的C点(左边第三格)，当弹簧测力计由位置1转向位置2的过程中，测力计示数变化情况是______ (选填“先变小后变大”“先变大后变小”或“不变”)。
【拓展】完成实验后，小红利用上述的杠杆和钩码设计了一个“密度秤”。如图2所示，将容积为100mL的小桶悬挂在杠杆的挂钩A下，调节杠杆在水平位置平衡。小桶中装满待测液体时，在杠杆的B点悬挂2个钩码，杠杆在水平位置平衡；则待测液体的密度是______ kg/m3。为了增大“密度秤”的量程，下列措施不可行的是______ (选填“A”、“B”、“C”、“D”)。
A.增大小桶的容积
B.增加钩码质量
C.杠杆支点固定，向右侧移动钩码
D.杠杆支点固定，向右侧移动小桶
22. 如图所示，水平桌面上有一个底面积为50cm2的圆柱形容器，内装有深度为0.1m的水，如图甲所示。现将一个不吸水的圆柱体缓慢放入水中，水未溢出，静止时如图乙所示。已知圆柱体的高为8cm，底面积20cm2，密度为3×103kg/m3。(不计绳重，ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg)求：
(1)物体浸入水中时受到的浮力；
(2)物体浸入水中静止后，容器底对它的支持力；
(3)将物体浸入水中前后，水对容器底的压强变化量。
23. 小明家周末乔迁新居，小明提出利用滑轮组来完成，设计方案如图所示。已知沙发的重力为800N，动滑轮的重力为20N，用时1min将沙发匀速提升6m高(不计绳重与摩擦)。在提升过程中，求：
(1)绳子自由端的移动速度；
(2)小明做的功；
(3)使用该滑轮组时的机械效率。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、大气压强随海拔高度的增加而减小，海平面处气压接近1×105Pa，珠穆朗玛峰上的大气压远小于1×105Pa，故A错误；
B、一名普通中学生体重约为500N，故B错误；
C、物理课本的重约为2N，平放在桌面上时受力面积约400cm2=4×10−2m2，则对桌面的压强FS=GS=2N4×10−2Pa=50Pa，故C错误；
D、两个鸡蛋的重力约G=1N，用手将两个鸡蛋托举1m高做的功约为W=Gh=1N×1m=1J，故D正确。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
2.【答案】B
【解析】解：A、运动员把飞来的足球踢出去，改变了球的运动方向，运动状态改变，不合题意；
B、小孩匀速从滑梯滑下，速度和方向均不变，运动状态不变，符合题意；
C、刚刚起飞的火箭，速度越来越大，运动状态改变，不合题意；
D、人造地球卫星绕地球匀速转动，其方向是改变的，运动状态改变，不合题意。
故选：B。
运动状态的改变包括两个方面：一是运动速度大小的变化；二是运动方向的变化。判定一个物体运动状态是否改变，就从这两个角度考虑。
判定物体运动状态是否改变，可以根据其速度大小和运动方向是否变化来判定；也可以根据物体的受力情况来判定，若是受到平衡力作用，则其运动状态不发生变化，若是受到非平衡力的作用，则其运动状态就会发生变化。
3.【答案】D
【解析】解：A、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B、手推车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
判断杠杆的种类，可结合生活经验，根据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆，若动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆。
准确分析题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键。
4.【答案】B
【解析】解：A、客机宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小客机对地面的压强，故A错误；
B、客机加速升空时，客机的质量不变，速度和高度都变大，所以动能和重力势能都增大，故B正确；
C、客机机翼表面制作成“上凸下平”制造形状，利用了流体压强与流速的关系，即空气流速大的地方压强小，使上方空气流速快，压强小，下方空气流速慢，压强大，从而产生升力，故C错误；
D、大气压随着高度的增加而减小，所以客机在高空所受的大气压强，比地面附近的大气压强小，故D错误。
故选：B。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；
(3)流体流速越大的位置，压强越小；
(4)大气压随着高度的增加而减小。
本题考查流体流速与压强的关系、大气压与高度的关系、减小压强的方法、动能和重力势能的变化，是一道综合题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
5.【答案】A
【解析】解：AB、人受到的重力和平衡车对人的支持力这两个力作用在同一物体上、大小相等、方向相反、在同一直线上，是一对平衡力，不是相互作用力，故A正确，B错误；
C、人能够静止，说明人处于平衡状态，受平衡力作用，所以平衡车对人的支持力与人受到的重力是一对平衡力，大小相等，故C错误；
D、平衡车受到的重力和地面对平衡车的支持力大小并不相等，因此不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
平衡力应作用在同一物体上、大小相等、方向相反、在同一直线上；
相互作用力应作用在两个物体上，大小相等、方向相反、在同一直线上。
本题考查了平衡力的辨别，要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用在同一个物体上。
6.【答案】C
【解析】解：三峡大坝通航利用的是连通器原理。
A、茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器原理的应用；
B、锅炉液位计和锅炉就构成了一个连通器，水不流动时，液面就是相平的，液面就保持在同一水平面上，我们通过观察液位计中水位的高低就可以知道锅炉中水的多少，以便及时加水；
C、注射器抽取药液利用的是大气压，注射是靠手的推力；
D、下水弯管符合上端开口、下端连通的特点，属于连通器。
综上分析可知，与三峡大坝通航原理不相同的是注射器。
故选：C。
上端开口、底部相连通的容器叫连通器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中的液面是相平的。
本题考查生活中常见的连通器原理的应用，属于简单题目，考试需要准确区分各物理知识点及其应用。
7.【答案】D
【解析】解：A、杯中水不流出是因为大气压强把纸片压得盖住了杯口，故A正确。
B、小鸡自动喂水器利用了大气压，托住了瓶子里的水，故B正确。
C、用吸管吸饮料利用了大气压把饮料压进吸管，故C正确。
D、堤坝上窄下宽是因为液体压强和深度有关，故D错误。
故选：D。
空气受到重力作用，而且空气具有流动性，因此空气内部向各个方向都有压强，这个压强就叫大气压强。
本题列举了生活大气压强存在的例子，同学们要学会用物理知识解释生活现象。
8.【答案】C
【解析】解：A、从A→B的过程中，小球的质量不变、高度减小、速度增大，所以重力势能减小，动能增大，是重力势能转化为动能，故A错误；
B、不计空气阻力及摩擦，小球的机械能是守恒的，整个过程保持不变，故B错误；
C、小球运动到C点时，处于静止状态，若此时一切外力消失，根据牛顿第一运动定律可知，小球将保持静止状态，故C正确；
D、小球在B点时动能最大、重力势能最小，若在B点绳子突然断开，小球受到竖直向下的重力，而断开瞬间运动的方向是水平方向，所以小球不会竖直下落，故D错误。
故选：C。
(1)影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能是动能和重力势能的和，在铁球运动的过程中，空气阻力忽略不计，所以机械能守恒。
(2)物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。
(3)小球受到竖直向下的重力的作用。
知道动能和重力势能之间的相互转化是解决该题的关键。
9.【答案】C
【解析】解：A、大气压的测量实验中，运用了平衡法--大气压大小等于水银柱产生的压强，当玻璃管倾斜后，虽长度增大，但管内水银柱竖直高度不变，故A错误；
B、换用粗的玻璃管作实验时，管内外水银柱高度差将不变，故B错误；
C、乙图中的自制气压计可粗略反映外界大气压的变化，自制气压计瓶内的气压与大气压的差为ρ水gh，故C正确；
D、将这两个装置随电梯上升的过程中，随着高度的增加，外界气压变小，甲装置中液面下降；而乙装置中，外界气压变小，瓶内水柱液面上升，故D错误。
故选：C。
(1)在托里拆利实验中，水银柱的高度差应是玻璃管内水银面与水银槽中水银面之间的垂直高度，这一高度反映了大气压的大小；大气压与高度有关，随高度的增加而减小；
在托里拆利实验中，根据实验原理，需要记录水银柱的高度，来计算大气压的值；当玻璃管倾斜后，管内水银柱长度会变大，但水银柱的竖直高度不变，即玻璃管倾斜不会影响实验的结果；
(2)自制气压计中水柱的位置同样可以显示大气压的大小，外界大气压越大，水柱越低，相反，外界大气压越小，水柱越高。
本题考查了对托里拆利实验的认识，以及对自制气压计的了解。利用身边的器材做成气压计，探究大气压的变化、培养学生学以致用的能力。
10.【答案】D
【解析】解：A、利用密度计测液体密度时，漂浮在液体中，所受浮力都等于本身的重力，故A错误；
B、根据阿基米德原理，潜水艇在海水中上浮时，体积不变，液体的密度不变，浮力不变，故B错误；
C、从海里驶入河里，浮力不变，都等于其重力，但海水密度比河水的密度大，根据公式F浮=ρ液gV排可知，排开水的体积增大，即浸入水中的体积会变大，故C错误；
D、气象台用的探测气球是利用在空气中的浮力来工作的，当气体的密度小于空气的密度时，才可以升空，故D正确。
故选：D。
(1)密度计利用了物体的沉浮条件，是漂浮在液体中，放在密度不同的液体中，所受浮力都等于本身的重力；
(2)根据阿基米德原理，浮力的大小与物体排开液体的体积和液体的密度有关，与物体浸入液体的深度无关；
(3)从海里驶入河里，浮力不变，但河水密度小，排开河水的体积会增大；
(4)浸在气体中的物体都受到气体对它施加的竖直向上的浮力，当物体受到的浮力大于重力或者物体密度小于气体密度时，物体上浮。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，分析有关密度问题时，要好好利用漂浮条件。
11.【答案】B
【解析】解：A、在弹簧恢复原状的过程中，弹簧的形变程度变小，弹性势能变小。木块的速度变大，动能变大，同时因为水平面AB粗糙，当弹簧的弹力小于木块受到的摩擦力时，木块会做减速运动，速度变小，质量不变，动能变小，所以在弹簧恢复原状的过程中，小木块P的动能先增大后减小，故A错误；
B、小木块P在斜面上向上运动时，高度增加，重力势能变大，因为斜面BC光滑，且空气阻力忽略不计，所以机械能守恒，动能减小，故B正确；
C、因为斜面BC光滑，故木块不受摩擦力作用，若空气阻力忽略不计，小木块P运动到最高点时受到垂直于斜面向上的支持力和竖直向下的重力作用，这两个力不在一条直线上，不属于平衡力，所以木块处于非平衡状态，故C错误；
D、小木块P离开弹簧后在粗糙水平面AB上滑行时，需要克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能减小，机械能不守恒，故D错误。
故选：B。
(1)分析木块受力情况，判定木块速度的变化。
(2)不计空气和摩擦阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
(3)对木块在最高点时进行受力分析，然后根据二力平衡条件判断是否受到平衡力的作用，进而判断木块是否处于平衡状态。
此题考查平衡状态的判断、动能和势能的大小变化等。弹簧问题往往是动态变化的，分析这类问题时用动态变化的观点进行，分析时关键抓住弹力的可变性，同时注意其过程中的功能转化关系。
12.【答案】BCD
【解析】解：A、由图可知，绳子的股数为2，则绳子自由端移动的距离为s=nh=2×2m=4m，故A错误；
B、忽略绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，
G动=nF−G=2×200N−380N=20N，故B正确；
C、根据W=Fs=Fnh可知，工人做功的总功为：
W总=Fs=Fnh=200N×2×2m=800J，
则人做功的功率为：
P=W总t=800J10s=80W，故C正确；
D、根据W有=Gh可知，工人做的有用功为：
W有=Gh=380N×2m=760J，
则滑轮组的机械效率为：
η=W有W总×100%=760J800J×100%=95%，故D正确。
故选：BCD。
(1)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s=nh求出绳子自由端移动的距离；
(2)忽略绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重；
(3)根据W=Fs=Fnh求出总功，利用P=Wt求出工人做功的功率；
(4)根据W有=Gh求出有用功，利用η=W有W总求出滑轮组的机械效率。
本题考查的知识点多，用到的公式多，难点是求拉力所做的总功，由滑轮组的特点知：绳子自由端移动的距离与物体上升高度之间的关系是s=nh；从而求出拉力方向上移动的距离。
13.【答案】AD
【解析】解：(1)两圆柱体的体积之比：
VA：VB=SAhASBhB=1×22×1=1：1，
由ρ=mV得：m=ρV，
因为A、B是由同种材料制成的实心圆柱体，其密度相同，
所以它们的质量之比mA：mB=ρVA：ρVB=VA：VB=1：1；故A正确，B错误；
(2)因为实心圆柱体A和B放在水平地面上，
所以对地面的压力：F=G=mg=ρVg=ρShg，
则圆柱体对地面的压强：
p=FS=ρShgS=ρhg，
对地面的压强之比：
pA：pB=ρhAg：ρhBg=hA：hB=2：1.故C错误，D正确。
故选：AD。
(1)知道圆柱体的高、底面积的关系，利用V=Sh求体积关系；而A、B是由同种材料制成的实心圆柱体，密度相同，利用m=ρV求质量关系；
(2)A和B对水平地面的压力F=G=mg=ρVg=ρShg，对地面的压强p=ρhg，据此求A和B对地面的压强关系。
本题考查了密度公式、压强公式的应用，利用好固体对水平地面的压强推导公式p=ρhg是关键。
14.【答案】BC
【解析】解：A、甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，
将实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，
则甲液体与A排开液体的体积之和等于乙液体与B排开液体的体积之和，
由图可知，A漂浮，排开液体的体积小于物体的体积，B悬浮，排开液体的体积等于物体的体积，
所以A的体积大于B的体积，
实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，
根据ρ=mV可知，A的质量大于B的质量，
根据G=mg可知，A的重力大于B的重力。故A错误；
B、由图可知，A漂浮，受到的浮力等于其重力，B悬浮，受到的浮力等于其重力，
因为A的重力大于B的重力，所以A受的浮力大于B受到的浮力，故B正确；
CD、由图可知，A漂浮，A的密度小于甲液体的密度，B悬浮，B的密度等于乙液体的密度，
实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，
所以，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度；
甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，静止时液面等高，
根据p=ρ液gh可知，甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强。故C正确、D错误。
故选：BC。
(1)首先根据题目中给出的条件判断，判断实心物体A、B的体积关系，又知实心物体A、B由同种材料制作，利用密度公式判断其质量关系，再利用重力公式判断其重力关系；
(2)根据物体浮沉条件，结合图示判断两种液体的密度关系；
(3)已知两种液体的密度关系，又知高度关系，根据p=ρ液gh判断两容器底部所受液体压强关系。
此题考查物体浮沉条件，密度、质量、液体压强公式的应用，涉及到的知识点较多，综合性很强，属于难题。
15.【答案】惯性 加速
【解析】解：由图可知，小球突然向后摆动，这是由于汽车突然加速，而小球由于惯性仍保持原来的运动状态，所以向后摆动，产生图中的情景。
故答案为：惯性；加速。
一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，据此解释。
本题主要考查了利用惯性来解释生活中的现象，属基础题，难度不大。
16.【答案】运动状态 相互的
【解析】解：由于乙受到甲力的作用，乙由静止变为后退，力改变了乙的运动状态，说明说明力可以改变物体的运动状态；
甲对乙施加力的同时，甲也受到一个大小相同，方向相反的一个力，说明物体间力的作用是相互的。
故答案为：运动状态；相互的。
(1)力可以改变物体的形状；也可以改变物体的运动状态，物体速度变化和方向变化都属于运动状态的变化。
(2)物体间力的作用是相互的，甲对乙施加力的同时，甲也受到一个大小相同的，方向相反的一个力。
本题考查了物体间力作用的相互性与力的作用效果，是一道基础题。
17.【答案】左 右 6 不变
【解析】解：(1)A的右端通过一根不可伸长的轻绳固定在直立墙壁上，即A处于静止，则A受水平向右的拉力T和B对A的摩擦力是一对平衡力，所以A受到的摩擦力水平向左；
根据二力平衡可知，B对A的摩擦力等于拉力T，即f=T=4N；
(2)由力的作用是相互的，所以A对B的摩擦力水平向右，大小fB=f=4N，
B在水平方向以1m/s的速度做匀速向左运动，水平方向B受到向左的拉力F，A对B向右的摩擦力fB以及地面对B向右的摩擦力f′，这三个力平衡，
所以F=fB+f′，所以B受到地面的摩擦力f′=F−fB=10N−4N=6N；
(3)若拉力F增大使木板B加速向左运动时，A处于平衡状态，A对B的压力不变、接触面的粗糙程度不变，受到的滑动摩擦力的大小不变，所以轻绳水平拉力T将不变。
故答案为：左；右；6；不变。
(1)物体静止或做匀速直线运动时，受到平衡力的作用，在水平面上的物体在水平方向和竖直方向分别受平衡力作用，据此分析A受到摩擦力的大小、方向和摩擦力类型；
(2)分析B水平方向的受力情况，根据平衡力知识可得B受到地面的摩擦力的大小。
(3)滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
本题考查根据平衡力、相互作用力的知识判断摩擦力的大小和方向，正确对两个物体进行受力分析是关键。
18.【答案】50080%10
【解析】解：所做总功为：W总=Fs=50N×10m=500J；
所做有用功为：W有=Gh=100N×4m=400J；
斜面的机械效率为：η=W有W总=400J500J=80%；
所做额外功为：W额=W总−W有=500J−400J=100J；
摩擦力为：f=W额s=100J10m=10N。
故答案为：500；80%；10。
(1)利用W=Fs可求出拉力做的功，即总功；再利用W=Gh求出有用功；然后利用机械效率的计算公式可求出斜面的效率η。
(2)根据总功与有用功的差得出额外功，再根据W额=fs，变形后可求摩擦力f。
熟练运用计算功、机械效率的公式，明确额外功是用来克服斜面上的摩擦，是解答此题的关键。
19.【答案】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
图中支点在O点，当OA作为动力臂时，动力臂最长，力F最小；由图知动力的方向应该向上，过点A垂直于OA向上作出最小动力示意图，如下图所示：
【解析】杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
20.【答案】匀速直线 小车 压力 无关 否 动能 转换
【解析】解：(1)在探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验中，应用弹簧测力计沿水平方向拉物体做匀速直线运动，使拉力与物体所受摩擦力二力平衡；测力计的示数分别如图甲所示，分析A、B两次实验数据可知，压力相同，B的拉力大，即滑动摩擦力大，小车的表面更粗糙。根据A、C两次实验得出：接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。
(2)在C实验中，小明拉着小车和木块一起，先后以0.5m/s和1m/s的速度匀速运动时，拉力不变，说明滑动摩擦力的大小与物体的运动速度无关；且在此过程中小车和木块一起匀速运动，相对静止，所以小车不受木块的摩擦力作用；
(3)“探究动能的大小与哪些因素有关”，如图乙所示。让小车A从斜面的某一高度由静止开始滑下，在水平面上碰到物体B后，将B推出一段距离。发现小车A从更高处滑下后，推动B的水平距离越远，则说明小车A的动能越大，此实验用到的科学方法有控制变量法和转换法。
故答案为：(1)匀速直线；小车；压力；(2)无关；否；(3)动能；转换。
(1)掌握二力平衡条件，在实验中，只有拉动木块做匀速直线运动，其受到的拉力和摩擦力才相互平衡，大小相等；
根据控制变量法分析A、B、C实验数据中的相同点和不同点，比较摩擦力的大小变化是由哪个因素引起的，便可得出结论；
(2)滑动摩擦力的大小与物体的运动速度无关；小车和木块一起匀速运动，相对静止，据此分析小车是否受木块的摩擦力作用；
(3)通过木块移动的距离反映小车动能的大小，这是转换法。
本题考查二力平衡条件、控制变量法、转换法在实验中的运用。
21.【答案】平衡 左 消除杠杆自重对实验的影响，且便于测量力臂 4 寻找普遍规律 先变小后变大 1.5×103 A
【解析】解：
(1)杠杆静止在如图位置，所以杠杆是处于平衡状态；
杠杆的左端上翘，左端的平衡螺母或右端的平衡螺母都向上翘的左端移动，才能使杠杆在水平位置平衡；
使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了消除杠杆自重对实验的影响，且便于测量力臂；
(2)一个钩码的重力为G，设杠杆的一个小格为L，
由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2知，
3G×4L=nG×3L，
解得：n=4，即在B位置挂上4个钩码，使杠杆在水平位置平衡；
实验中改变钩码位置和个数，进行多次实验，其目的是避免实验结论的偶然性，寻找普遍规律；
(3)如图1丙所示，用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，动力臂先变大后变小，因为阻力、阻力臂不变，故测力计的拉力先变小后变大；
【拓展】根据杠杆的平衡条件FALA=FBLB可得，
FA=FBLBLA=2×0.05kg×10N/kg×32=1.5N，
小桶中液体的质量m液=G液g=FAg=1.5N10N/kg=0.15kg=150g，
待测液体的密度ρ液=m液V=150g100cm3=1.5g/cm3=1.5×103kg/m3；
因为根据F=G=mg，ρ=mV可知，V一定时，FA越大，“密度秤”的量程越大，
根据杠杆的平衡条件FALA=FBLB可得，FA=FBLBLA，所以支点固定，向右侧移动钩码或向右移动小桶，其目的是增大LBLA，而增大钩码的质量即是增大FB，三种措施均能使FA增大，故BCD均可行。
而当增大小桶的容积时，在两侧FB、LB、LA均不变的情况下，根据杠杆平衡条件可知FA不变，即G液不变，进而m液不变，由ρ=mV可知液体密度将变小，即“密度秤”的量程变小，故A不可行。故选A。
故答案为：(1)平衡；左；消除杠杆自重对实验的影响，且便于测量力臂；(2)4；寻找普遍规律；(3)先变小后变大；【拓展】1.5×103；A。
(1)杠杆静止或者匀速转动，都属于杠杆平衡；实验中为了便于测量力臂，消除杠杆自身重力对实验的影响，应调节杠杆在水平位置平衡，调节时，需将平衡螺母向上翘的一端调节；
(2)由杠杆的平衡条件可推出B处所挂钩码的个数；
探究实验规律的得出应建立在多次测量的基础上，以避免得到偶然性的结论；
(3)根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析测力计示数的变化；
【拓展】根据杠杆的平衡条件以及实验原理ρ=mV分析解答。
探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小。要熟练掌握杠杆的平衡条件，并能据此分析杠杆的力与力臂的大小，本题拓展部分有一定难度。
22.【答案】解：(1)由题意可知，静止时如图乙所示圆柱体排开水的体积等于圆柱体的体积，
即：V排=V=Sh=20cm2×8cm=160cm3=1.6×10−4m3，
则此时物体受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×1.6×10−4m3=1.6N；
(2)物体的质量：m=ρV=3×103kg/m3×1.6×10−4m3=0.48kg；
物体的重力：G=mg=0.48kg×10N/kg=4.8N；
物体静止时受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力、支持力作用，由力的平衡条件可得，
物体受到的支持力F支=G−F浮=4.8N−1.6N=3.2N；
(3)水面上升的高度：Δh=V排S容=1.6×10−4m350×10−4m2=0.032m，
水对容器底部的压强变化量：Δp=ρgΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.032m=320Pa。
答：(1)物体浸入水中时受到的浮力1.6N；
(2)物体浸入水中静止后，容器底对它的支持力3.2N；
(3)将物体浸入水中前后，水对容器底的压强变化量320Pa。
【解析】(1)圆柱体排开水的体积等于圆柱体的体积，利用阿基米德原理求所受浮力；
(2)根据密度公式对物体受力进行分析，根据力的平衡条件计算容器底部对物体的支持力；
(3)根据体积公式计算水面上升的高度，根据液体压强公式计算水对容器底部的压强变化量。
本题考查了固体压强、液体压强和浮力的计算，综合性较强。
23.【答案】解：(1)由图可知，绳子股数为2；绳子自由端的移动速度为：
v=st=nht=2×6m60s=0.2m/s；
(2)不计绳重与摩擦时，小明的拉力为：F=1n(G+G动)=12×(800N+20N)=410N；
则小明做的功为：
W=Fs=Fnh=410N×2×6m=4920J；
(3)小明做的有用功为：
W有=Gh=800N×6m=4800J，
则使用该滑轮组时的机械效率为：
η=W有W总×100%=4800J4920J×100%≈97.56%。
答：(1)绳子自由端的移动速度为0.2m/s；
(2)小明做的功为4920J；
(3)使用该滑轮组时的机械效率为97.56%。
【解析】(1)根据滑轮组装置确定绳子股数；根据速度公式求出绳子自由端的移动速度；
(2)不计绳重与摩擦，根据F=1n(G+G动)求出自由端的拉力，利用W=Fs求出小明做的功；
(3)根据W有=Gh求出有用功，利用η=W有W总求出滑轮组的机械效率。
本题考查速度公式、机械效率公式、功的公式及作用在绳子自由端的拉力大小公式的运用。
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