_2021年湖北省荆门市中考物理真题及答案

这是一份_2021年湖北省荆门市中考物理真题及答案，共19页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
2021年湖北省荆门市中考物理真题及答案
一、选择题（本大题有12小题，每小题2分，共24分。每小题只有1个选项符合题意）
1．（2分）下列有关声现象的说法中，正确的是（　　）
A．悠扬的笛声是由空气柱振动产生的
B．禁止燃放烟花爆竹是在传播过程中控制噪声
C．“震耳欲聋”说明声音音调高
D．利用超声波振动可除去人体内的结石，说明声波能传递信息
2．（2分）关于热和能，下列说法中正确的是（　　）
A．水沸腾过程中，吸收热量，温度升高
B．0℃的冰块只能通过热传递的方式变成水
C．从冰箱里取出的易拉罐外壁出现小水珠是水蒸气液化形成的
D．四冲程内燃机工作时，做功冲程将机械能转化为内能
3．（2分）小明在湖边树荫下乘凉，观察到很多光现象，下列说法正确的是（　　）
A．看到湖水中鱼的位置比实际位置浅是因为发生了光的反射
B．湖边路灯杆在岸上的影子是光的直线传播形成的
C．茂密树林下的圆形光斑，是光的折射形成的
D．岸上景物在湖面上的倒影是光的反射形成的实像
4．（2分）国产99A主战坦克在高原进行的军事演习中纵横驰骋，高速运动中精准命中目标，展现了卓越性能。下列相关分析正确的是（　　）
A．坦克装配宽大的履带是为了减小对地面的压力
B．坦克在水平路面做匀速直线运动时处于平衡状态
C．炮弹离开坦克在空中飞行时仍然受到坦克的推力作用
D．在空中飞行的炮弹不受重力作用
5．（2分）核潜艇是“航母杀手”，在执行任务时会呈现悬浮、下沉、上浮三种状态。下列说法正确的是（　　）
A．不管在什么深度潜艇外表面所受压力不变
B．下沉时要从水舱排出一部分海水
C．上浮时潜艇所受海水的压强越来越大
D．潜艇浮出海面前，三种状态下所受浮力大小相等
6．（2分）日常生活中物理现象无处不在，对下面四幅生活情景解释正确的是（　　）

A．图甲，人跑步时要利用鞋底与地面间的摩擦
B．图乙，把杯口密闭，即使空气不能进入杯内，小孩仍可不断吸到饮料
C．图丙，如果人站在安全线内，会被进站的火车引起的气流吹到安全线外侧
D．图丁，这个装置既省力又能省距离
7．（2分）某同学为了测量碎玻璃和沙石的密度，用一只质量为1kg的空桶装满水，测得桶和水的质量为11kg，再将1kg的碎玻璃放入盛满水的水桶中，水溢出后测得剩余质量为11.6kg。另取一只完全相同的空桶，在桶里装满沙石，测得桶和沙石的质量为29kg。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，下列说法错误的是（　　）
A．沙石的密度比水的大
B．桶的容积是0.01m3
C．碎玻璃的密度为2.5×103kg/m3
D．沙石的密度小于2.8×103kg/m3
8．（2分）关于信息和能源，下列说法中错误的是（　　）
A．北斗导航系统是利用超声波进行导航的
B．测温枪测体温是通过接收人体辐射的红外线显示温度的
C．实行垃圾分类有利于环保和节约能源
D．太阳能、水能、风能可在自然界源源不断得到，是可再生能源
9．（2分）下列有关电与磁的说法正确的是（　　）
A．磁感线是用来形象描述磁场的，是真实存在的
B．电流的周围存在着磁场
C．同种电荷一定相互排斥，同名磁极可以相互吸引
D．电风扇的工作原理是电磁感应
10．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法或做法中正确的是（　　）
A．家庭电路中空气开关“跳闸”，应找到原因后再闭合开关
B．家庭电路中，控制灯具的开关既可安装在火线上，也可安装在零线上
C．可以将电烤炉、电火锅等多个大功率用电器接在一个插线板上同时使用
D．电器设备起火，可直接用水灭火
11．（2分）在探究“电功率与电阻关系”时，实验准备了阻值分别为5Ω、15Ω的A、B两个同一类型的灯泡。同学们按图甲、图乙设计了两个实验电路进行探究。不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（　　）


A．图甲中A灯泡比B灯泡亮
B．图甲中滑动变阻器滑片向左滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮
C．图乙中A灯泡比B灯泡亮
D．图乙中滑动变阻器滑片向左滑动过程中，两个灯泡的亮度都变亮
12．（2分）将灯泡L和定值电阻R以图甲方式连在6V的电源上，图乙是L和R的U﹣I图象，结合图中信息可知（　　）


A．灯泡L的电阻随着电流的增大而减小
B．灯泡L的实际阻值为10Ω
C．灯泡L的实际功率为0.8W
D．定值电阻R实际功率为6.4W
二、非选择题（本大题有10小题，共46分）
13．（3分）如图是一款运动手环，手环内置一空心密闭的塑料管，管内有一小块可移动的磁铁，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时磁铁在管内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，这是利用了 　 　原理。计步的数据还可通过 　 　无线传送到手机上。某次外出小明手环记下的步数是4500步，用时40分钟，按“三步两米”（即每3步走过的路程为2m）估算，小明此次运动的平均速度是 　 　m/s。

14．（4分）2021年5月29日20时35分，长征七号火箭点火发射，将“天舟二号”货运飞船送入预定轨道，经过六个多小时飞行后，“天舟二号”与“天和”核心轨道舱成功交会对接，然后一起在环绕地球的轨道上运动，我国空间站的建设迈出了关键的一步。
（1）“天舟二号”在发射升空过程中机械能 　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”），交会对接后的飞行过程中“天舟二号”的运动状态 　 　（选填“保持不变”或“不断变化”）。
（2）未来一到两年我国将全面建成空间站。空间站在轨运行时，通过太阳帆板将光能转化为电能作为补充能源。有阳光时，空间站光伏发电的功率为70kW，2h可发电 　 　kW•h，宇航员在空间站外作业时，必须借助无线通信设备，而不能像在地面一样直接进行语音交流，是因为 　 　。
15．（5分）目前正在我市进行试验飞行的国产大型水陆两栖飞机“鲲龙”AG600装有4台国产WJ6涡轮螺旋桨发动机，是国家为满足森林灭火和水上救援的迫切需要，研制的大型特种用途民用飞机。飞机在空中满载时的最大巡航速度为460km/h，发动机巡航推力为5×104N。

（1）AG600在高空所受的大气压强，比水面附近的大气压强 　 　；为了执行灭火任务飞机停在水面吸水，随着吸水量增加，它受到的浮力 　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
（2）某次试飞中AG600以最大速度满载巡航1h，消耗燃油2×103kg，燃油完全燃烧产生的内能为 　 　J，发动机的工作效率为 　 　（燃油的热值取4.6×107J/kg）。
16．（3分）如图是一款给蔬菜大棚提供热和光的装置的电路示意图，R是阻值为55Ω大功率灯泡，Rt是热敏电阻，其阻值与大棚内温度的关系式为Rt＝5+0.5t（式中Rt单位是Ω，t的单位是℃），R0是设定温度的变阻器。控制电路中，电源电压为3V。当电磁继电器线圈中的电流小于等于10mA时，衔铁片会弹起，触点分离，灯泡熄灭（电磁继电器线圈电阻忽略不计）。
（1）灯泡工作时，大棚内气体温度逐渐升高，分子热运动越来越 　 　，电磁继电器线圈的磁性越来越 　 　。
（2）如果大棚内温度刚达到30℃时灯泡熄灭，则滑动变阻器的接入电阻是 　 　Ω。


17．（4分）小华同学将一凸透镜正对一束平行光，可得到一个很小、很亮的光斑如图甲所示，该凸透镜的焦距为 　 　cm。将该凸透镜、蜡烛和光屏按图乙所示安装到光具座上，在光屏上可观察到清晰倒立 　 　（选填“放大”“缩小”或“等大”）的像，我们生活中的 　 　（选填“放大镜”、“近视眼镜”或“照相机”）就是遵循了凸透镜的这一成像规律。把凸透镜换成薄玻璃板，在蜡烛一侧观察玻璃板也能看到一个 　 　（选填“放大”“缩小”或“等大”）的蜡烛的像。

18．（5分）小明在探究“阻力对物体运动的影响”时，让小车从斜面顶端由静止自由下滑到底端，然后在三种水平表面上滑行，如图所示。
（1）实验中，每次均让小车从斜面上的同一位置由静止开始自由下滑，目的是使小车到达斜面底部时具有相同的 　 　，本实验用到的实验方法是 　 　。
（2）实验中发现小车在木板表面滑行的距离最远，说明小车受到的阻力最 　 　。
（3）假设水平面绝对光滑，小车不受任何阻力，小车从斜面上滑下后会在水平面上做 　 　直线运动（选填“匀速”“减速”或“加速”）。

（4）用图丙所示装置，让同一小车从斜面的不同高度由静止开始自由下滑，与另一辆放置在水平板上的小车相撞，则还可以探究小车 　 　的关系（选填答案序号：A．动能与质量 B．动能与速度 C．势能与质量）。
19．（4分）利用图甲中的装置探究水和煤油的吸热情况。
（1）设计实验时，需要对变量进行控制，在两个相同的烧瓶中分别接入相同的电阻丝，装入 　 　（选填“质量”或“体积”）和初温都相同的水和煤油，分别插入温度计。实验中水和煤油在相同的时间吸收的热量 　 　（选填“相同”或“不同”）。

（2）如图乙是根据实验数据描绘的图象，分析图象可知，水对应的图线是 　 　（选填“A”或“B”），　 　（选填“水”或“煤油”）的吸热能力更强。
20．（6分）做“测量小灯泡的电阻”的实验。
（1）小华同学连接实物电路如图甲所示，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡不亮。经检查，发现有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线将图甲电路连接正确，连线不能交叉。

（2）连接电路时，开关必须 　 　（选填“断开”或“闭合”）。电路连接完整后，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移到 　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）正确连接电路后闭合开关，移动滑片P，当电流表的示数为0.2A时，电压表指针位置如图乙所示，则电压表读数为 　 　V，小灯泡的阻值为 　 　Ω。
21．（6分）2021年4月25印度尼西亚的一艘排水量1390吨的潜艇在海下300m处断裂，通过水下搜索发现了海面下850m处的失事潜艇。应印方要求，我国派出排水量为7000吨的军舰协助施救。为了安全打捞一块排水体积为20m3的残骸，须进行相关的数据分析。假设残骸出水前以0.5m/s的速度向上做匀速直线运动，起重机的拉力1.5×106N。已知海水密度为1.03×103kg/m3。求：
（1）此潜艇残骸在海底受到的浮力；
（2）850m深处海水的压强；
（3）残骸在海水中向上做匀速直线运动时起重机的功率。
22．（6分）如图甲所示是公路上的超载检测装置的简化原理图。滑动变阻器RAB的滑片P与称重平台固定在一起，和称重平台一同升降，用电流表的示数显示货车对称重平台的压力F。滑片P从A端下滑距离L与压力F的关系如图乙所示。当滑片P位于A端时为空载，当滑片P位于B端时为超载临界点，此时电流表的示数为2A，称重平台锁止不再下降。已知电源的电压为4V，RAB阻值均匀，每厘米长的电阻为1Ω，总长为8cm。求：

（1）R0的阻值；
（2）空载时RAB消耗的功率；
（3）当一辆货车在称重平台上接受检测时电流表的读数为1A，此时F的大小是多少。

答案
一、选择题（本大题有12小题，每小题2分，共24分。每小题只有1个选项符合题意）
1．解析：（1）声音是由物体振动产生的；
（2）减弱噪声的三种途径：①在声源处减弱噪声；②在传播过程中减弱噪声；③在人耳处减弱噪声；
（3）响度是指声音的大小；声音的响度与振幅和距离发声体的远近有关；
（4）声可以传递信息，也可以传递能量。
答案：A.吹笛子时，是笛子内部空气柱振动发声，空气柱长短不同，振动频率不同音调不同，故A正确；
B.禁止燃放烟花爆竹是在声源处控制噪声的产生，故B错误；
C.、“震耳欲聋”说明声音的响度大，故C错误；
D.利用超声波振动可除去人体内的结石，说明声波能传递能量，故D错误。
故选：A。
2．解析：（1）在液体表面和内部同时进行的剧烈汽化现象叫沸腾，沸腾时的规律：液体沸腾时要不断吸收热量，但温度保持在沸点不变；
（2）知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
（3）物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化是放热过程；
（4）做功冲程时，燃料在气缸内猛烈燃烧，产生高温高压的燃气，高温高压气体推动活塞向下运动，带动曲轴转动，对外做功。
答案：
A、水沸腾时不断吸收热量，但温度不变，故A错误；
B、冰熔化成水不仅可以通过热传递的方式还可以利用做功的方式，故B错误；
C、当外界的温度较高水蒸气遇到刚从冰箱取出来温度较低的易拉罐时，水蒸气遇冷液化成小水珠，故C正确；
D、做功冲程将内能转化为机械能，故D错误。
故选：C。
3．解析：（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，影子、日食、月食、小孔成像都是光沿直线传播形成的；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
答案：A、看到水中的鱼是由于光从水中斜射入空气中，进入人的眼睛的，是光的折射现象形成的虚像，比鱼实际位置偏高（浅），故A错误。
B、湖边路灯杆在岸上的影子是由于光沿直线传播形成的，故B正确；
C、茂密树林下的圆心光斑是太阳通过树叶间的小空隙所成的像，即小孔成像，是由于光的直线传播形成的，故C错误；
D、岸上景物在湖面上的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的虚像，故D错误。
故选：B。
4．解析：（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
（2）匀速直线运动是一种平衡状态，处于平衡状态的物体受到平衡力的作用，平衡力的合力为零。
（3）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性。
（4）地球附近的物体都受到地球的吸引﹣﹣由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，重力的施力物体是地球。
答案：A、坦克装有宽大的履带，在压力一定时，增大受力面积来减小坦克对地面的压强，故A错误；
B、坦克在水平路面做匀速直线运动时处于平衡状态，受平衡力作用，故B正确；
CD、炮弹在炮膛内离开炮膛前受重力与推力作用，当炮弹离开炮膛后，由于惯性在空中飞行，不再受到坦克推力的作用，但受到重力和空气阻力作用，故CD错误；
故选：B。
5．解析：根据压强公式p＝ρgh和p＝以及浮沉条件、阿基米德原理根据具体要求分析即可。
答案：A．由p＝ρgh及p＝知道，受力面积一定时，潜艇外表面所受压力与深度有关，所以A错误；
B．潜艇是靠改变自身重力实现上浮下潜的，下潜时，需要重力大于浮力，所以不能从水舱排出一部分海水，故B错误；
C．由p＝ρgh知道，上浮时，液体密度一定，深度变小，液体压强变小，潜艇所受海水的压强越来越小，故C错误；
D．由F浮＝ρ液gV排知道，潜艇浮出海面前，三种状态下所排开海水的体积相等，所以所受浮力大小相等，故D正确。
故选：D。
6．解析：（1）两个物体未发生相对运动，但有相对运动趋势时，产生的摩擦力叫静摩擦力，静摩擦力的方向与相对运动趋势方向相反。
（2）用吸管吸饮料时，吸管内气体压强小于外部大气压，饮料在管内外压强差的作用下上升到嘴里。如果把饮料瓶密封起来，瓶内液面上方与大气隔离。
（3）流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大。
（4）动滑轮能够省力，但要费距离。
答案：A、人跑步时，鞋底与地面没有打滑，鞋底相对地面的运动趋势方向向后，地面给鞋底的摩擦力方向向前的，从而使人向前运动，故A正确；
B、用吸管从瓶子里吸饮料时，先把吸管内的部分空气吸走，管内的气压小于外界大气压，饮料在管内外压强差的作用下被压入吸管，上升到嘴里；如果把杯口封闭，瓶内液面上方与大气隔离，当瓶内液面气压过小时，则不能吸到饮料，故B错误；
C、由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，人若站在安全线内，当火车进站时火车周围的空气流速加快，压强小，人会被外侧空气压向火车，故C错误；
D、图中装置是动滑轮，能够省力，但要费距离，故D错误。
故选：A。
7．解析：（1）已知空桶和装满水后桶和水的质量，可求出水的质量，从而可求出桶的容积；
（2）已知桶和水的总质量、碎玻璃的质量以及放入碎玻璃溢出水后剩余质量，则可求出溢出水的质量，从而求出溢出水的体积，即为碎玻璃的体积，从而求出碎玻璃的密度；
（3）已知空桶和装满沙石后桶和沙石的质量，可求出沙石的质量，从而求出沙石的密度。
答案：空桶装满水后水的质量为：m水＝m1﹣m桶＝11kg﹣1kg＝10kg，
由ρ＝可知，桶的容积为：V＝V水＝＝＝10﹣2m3＝0.01m3，故B正确；
溢出部分水的质量为：m溢＝m1+m碎玻璃﹣m2＝11kg+1kg﹣11.6kg＝0.4kg，
则碎玻璃的体积为：V碎玻璃＝V溢＝＝＝4×10﹣4m3，
所以碎玻璃的密度为：ρ碎玻璃＝＝＝2.5×103kg/m3，故C正确；
因为沙石的质量为：m沙石＝m3﹣m桶＝29kg﹣1kg＝28kg，
所以沙石的密度为：ρ沙石＝＝＝2.8×103kg/m3，比水的密度大，故A正确、D错误。
故选：D。
8．解析：（1）声不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播；
（2）一切物体都会向外辐射红外线，温度越高，辐射的红外线越多；
（3）垃圾分类可以提高资源的利用率，减少环境污染；
（4）能从自然界源源不断得到，或可循环利用的能源是可再生能源，一旦消耗，短时间内无法得到补充的，是不可再生能源。
答案：A.卫星在太空中，太空中是真空，声波在真空中不能传声，不能利用超声波导航，北斗卫星导航系统是利用电磁波进行导航的，故A错误；
B.测温枪测体温是通过接收人体辐射的红外线来测温度的，故B正确；
C.垃圾分类可以提高资源的利用率，减少环境污染，故C正确；
D.太阳能、水能、风能都可以在自然界源源不断地得到，它们是可再生能源，故D正确。
故选：A。
9．解析：（1）用带箭头的曲线来形象、方便地描述磁场，这叫磁感线，为了便于研究磁场，我们引入了磁感线的概念，磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线；
（2）电流周围存在着磁场这个现象是由丹麦物理学家奥斯特于1820年通过实验首先发现；
（3）电荷间相互作用：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引；磁极间的相互作用规律：同名磁极相排斥，异名磁极相吸引；
（4）电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动。
答案：
A、磁感线是用来形象描述磁场的，但不是是真实存在的，是我们假象出来的，故A错误；
B、奥斯特通过实验发现电流的周围存在着磁场，故B正确；
C、同种电荷一定相互排斥，同名磁极也一定相互排斥，故C错误；
D、电风扇的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，故D错误；
故选：B。
10．解析：（1）家庭电路中的空气开关“跳闸”后，在没有排除故障之前，不能将开关复位。
（2）安装电灯的开关，要考虑当开关断开时，人触摸灯泡是安全的。
（3）家庭电路中电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大。
（4）生活用水是导体，电器设备起火，不能用水直接灭火。
答案：A、家庭中的空气开关突然“跳闸”，是由于短路或总功率多大等原因导致电流过大形成的，所以应该先检查电路的故障，排除故障后，再将空气开关复位，故A正确；
B、电灯开关安装在火线上，当开关断开时，灯泡与火线是断开的，人接触灯泡是安全的，安装在零线上，则可能造成触电事故，故B错误。
C、在一个插线板上长时间同时使用多个大功率用电器，很容易造成电路电流过大，引发火灾，故C错误；
D、生活用水是导体，电器设备起火，不能用水直接灭火，故D错误；
故选：A。
11．解析：灯泡的亮度由灯丝的实际电功率决定，实际电功率越大，灯泡越亮。
（1）甲图两灯串联，根据P＝I2R比较实际电功率，后分析作答；
（2）甲图滑动变阻器滑片向左滑动，电路中的电流变小，根据P＝I2R比较实际电功率；
（3）乙图两灯并联，根据P＝比较实际电功率，后分析作答；
（4）乙图中滑动变阻器接在干路上，其接入电阻变大时，根据分压原理，变阻器两端分得的电压变大，灯泡两端的电压变小，灯泡的实际电功率变小，灯泡变暗。
答案：A、甲图中两灯串联，串联电路中电流相等，灯泡消耗的实际电功率P＝UI＝I2R，因为RA＜RB，所以PA＜PB，因此甲灯泡比乙灯泡暗，故A错误；
B、甲图中滑动变阻器滑片向左滑动过程中，滑动变阻器的接入电阻变大，电路中的总电阻变大，电路中的电流变小，根据P＝I2R可知，每个小灯泡消耗的电功率变小，两个灯泡的亮度都变暗，故B错误；
C、乙图中两灯并联，所以两灯泡两端的电压相等，灯泡消耗的实际电功率P＝UI＝，因为RA＜RB，所以PA＞PB，因此甲灯泡比乙灯泡亮，故C正确；
D、乙图中滑动变阻器接在干路上，当滑片向左滑动时，变阻器接入电阻变大，根据分压原理，变阻器两端分得的电压变大，两灯泡两端的电压变小，根据P＝可知，灯泡的实际电功率变小，两个灯泡都灯泡变暗，故D错误。
故选：C。
12．解析：（1）在串联电路中：电流处处相等，电路两端电压等于各个用电器两端电压之和；
（2）欧姆定律I＝U/R，可推导出R＝U/I；
（3）电功率P＝IU；
（4）结合图乙给出的信息可知直线是定值电阻，曲线是灯泡，根据串联电路的特点，在图乙中找出符合条件的电流值，以及灯泡和定值电阻所对应的电压值，最后根据欧姆定律和电功率的计算公式即可解决问题。
答案：A、根据图乙可知曲线是灯泡L的图像，斜率代表灯泡L的电阻值，由图可知斜率随着电流增加而增大，即灯泡L的阻值随电流的增大而增大，故A错误；
B、由图甲可知灯泡L与电阻R串联，根据串联电路的特点，可知电流相等，且灯泡两端电压和定值电阻两端电压之和等于6V，再结合图乙可知符合条件的电流I＝0.4A，此时灯泡两端电压为2V，定值电阻两端电压为4V，所以灯泡L的实际阻值RL＝UL/I＝2V/0.4A＝5Ω；故B错误；
C、灯泡L的实际功率PL＝IUL＝0.4A×2V＝0.8W，故C正确；
D、定值电阻R的实际功率PR＝IUR＝0.4A×4V＝1.6W，故D错误。
故选：C。
二、非选择题（本大题有10小题，共46分）
13．解析：（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应；这一过程中，可将机械能转化为电能；
（2）蓝牙技术实际上是一种短距离无线通信技术，靠电磁波传递信息。
（3）已知步数，根据每3步走过的路程为2m计算出通过的路程，再根据速度公式v＝计算出平均速度。
答案：（1）根据“运动手环”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反向运动，线圈切割磁感线而产生电流。因此，运动手环的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机械能转化为电能。
（2）计步的数据是通过蓝牙技术传送到手机上，蓝牙是通过电磁波传递信息。
（3）小明通过的路程：
s＝×2m＝3000m；
小明的平均速度：
v＝＝＝1.25m/s。
故答案为：电磁感应；机械；电磁波；1.25。
14．解析：（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能为动能和势能的和；
运动状态的变化包含运动快慢的变化及运动方向的变化；
（2）根据W＝Pt计算电能；
声音的传播需要介质，真空不能传声。
答案：（1））“天舟二号”在加速升空的过程中，飞船的质量不变，速度不断增大，动能增大；飞船所处的高度不断增大，重力势能不断增大，故机械能增大；
天舟二号”与“天和”核心轨道舱成功交会对接后，一起在环绕地球的轨道上运动，运动方向不断变化，故运动状态在不断变化；
（2）有阳光时，2h可发电量为：W＝Pt＝70kW×2h＝140kW•h；
太空是真空，真空不能传声，所以宇航员在空间站外作业时，必须借助无线通信设备。
故答案为：（1）增大；不断变化；（2）140；真空不能传声。
15．解析：（1）大气压随着高度的增加而减小；物体漂浮时，浮力大小等于重力；
（2）知道燃料的质量和热值，利用Q＝mq求出燃料完全燃烧放出的热量；
知道飞机在空中满载时的最大巡航速度和巡航时间，计算出巡航路程，再利用W＝Fs求推力所做的功，发动机的工作效率等于推力所做的功与燃料燃烧放出的热量之比。
答案：（1）大气压随着高度的增加而减小，所以鲲龙AG600水陆两栖飞机在高空所受的大气压强，比水面附近的大气压强小；
为了执行灭火任务飞机停在水面吸水，随着吸水量增加，飞机自身总重G增加，由漂浮条件F浮＝G可知，它受到的浮力增大；
（2）燃油完全燃烧获得的内能：
Q＝mq＝2×103kg×4.6×107J/kg＝9.2×1010J；
由v＝得，AG600以最大速度满载巡航1h，通过的路程：
s＝vt＝460km/h×1h＝460km＝4.6×105m；
推力所做的功：
W有＝Fs＝5×104N×4.6×105m＝2.3×1010J；
发动机的工作效率为：
η＝×100%＝×100%＝25%。
故答案为：（1）小；增大；（2）9.2×1010；25%。
16．解析：（1）分子的热运动与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈；由热敏电阻的阻值与大棚内温度的关系式Rt＝5+0.5t可知，温度越高时Rt的阻值变化，根据欧姆定律可知控制电路的电流变化，从而得出电磁继电器线圈的磁性变化；
（2）如果大棚内温度刚达到30℃时灯泡熄灭，由Rt＝5+0.5t求出此时热敏电阻的阻值，控制电路的电流为10mA，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联结合电磁继电器线圈电阻忽略不计求出滑动变阻器的接入电阻值。
答案：（1）分子的热运动与温度有关，当灯泡工作时，大棚内气体温度逐渐升高，分子热运动越来越剧烈；
由热敏电阻的阻值与大棚内温度的关系式Rt＝5+0.5t可知，温度越高时Rt的阻值越大，电路的总电阻越大，
由I＝可知，控制电路的电流越小，电磁继电器线圈的磁性越来越弱；
（2）如果大棚内温度刚达到30℃时灯泡熄灭，由Rt＝5+0.5t可得，此时热敏电阻的阻值为20Ω，控制电路的电流I＝10mA＝0.01A，
此时电路的总电阻：R总＝＝＝300Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电磁继电器线圈电阻忽略不计，
所以，滑动变阻器的接入电阻：R0＝R总﹣Rt＝300Ω﹣20Ω＝280Ω。
故答案为：（1）剧烈；弱；（2）280。
17．解析：（1）根据焦距的概念（从焦点到凸透镜的距离）计算出焦距的大小；
（2）当物距u＞2f，凸透镜成倒立、缩小的实像，应用是照相机；
（3）把凸透镜换成薄玻璃板，薄玻璃板相当于平面镜，烛焰可以在平面镜中成正立、等大的虚像。
答案：（1）由图中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，说明凸透镜对光线具有会聚作用；光屏上得到的最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点，所以焦距为f＝40.0cm﹣30.0cm＝10.0cm。
（2）由图知，当蜡烛在刻度尺的20cm处，物距u＝50.0cm﹣20.0cm＝30.0cm＞10.0cm，物体在凸透镜的二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像；照相机就是遵循了凸透镜的这一成像规律；
（3）把凸透镜换成薄玻璃板，薄玻璃板相当于平面镜，在蜡烛一侧观察玻璃板会看到一个正立、等大的虚像，虚像在光屏上无法呈现。
故答案为：10.0；缩小；照相机；等大。
18．解析：（1）要探究阻力对物体运动的影响，实验中应控制小车的初速度相同，为了使小车到达水平面上有相同的初速度，因使同一小车在同一斜面由同一高度静止滑下；实验中通过改变接触面的粗糙程度来比较小车滑行的距离，采用的是控制变量法；
（2）接触面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小得越慢，小车运动的距离越远；
（3）根据牛顿第一定律，如果运动的物体没有受到力的作用物体将做匀速直线运动，这是运用了科学推理的方法；
（4）根据控制变量法，结合动能重力势能等的因素去分析。
答案：
（1）同一小车在同一斜面上从同一高度下滑的目的是为了保证初速度相同；该实验中，其他的物理量保持不变，通过改变小车接触面的粗糙程度从而来比较小车在水平面上运动的距离，这是控制变量法的运用；
（2）木板是最光滑的，小车在木板上受到的阻力最小，速度减小的最慢，所以小车运动得最远；
（3）由实验推理可得出，如果小车不受任何阻力，那么小车将在水平面上做匀速直线运动；
（4）当小车从不同高度下滑到达斜面上的初速度不同，通过碰撞过后小车运动的距离可知小车到达水平面时的动能大小，所以还可以探究动能与速度的关系。
故答案为：（1）初速度；控制变量法；（2）小；（3）匀速；（4）B。
19．解析：（1）要探究水和煤油的吸热情况，需要控制液体的质量相同，初温度相同；
图中两相同的电阻丝串联，通过的电流，由焦耳定律Q＝I2Rt判断出相同时间内两电热丝放出热量的多少；
（2）比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
答案：（1）根据比较吸热能力的两种方法，在该实验中要控制不同物质的质量相同，故在两个完全相同的烧杯中分别装入质量、初温都相同的水和煤油；
图中两相同的电阻丝串联，通过的电流相同，由焦耳定律Q＝I2Rt可知在通电时间相同时，两电热丝放出的热量相同，所以实验中水和煤油在相同的时间吸收的热量相同；
（2）加热时间，水和煤油吸热相同，由图知△tA＜△tB，所以B表示的是煤油吸热升温的情况，A表示的是水吸热升温情况；
根据图像可知，加热相同时间，A升高的温度低，B升高的温度高，因此A的吸热能力强，即水的吸热能力强。
故答案为：（1）质量；相同；（2）A；水。
20．解析：（1）如图，小灯泡没有真正接入电路，闭合开关小灯泡也不会发光，据此修改电路图
（2）为了保护电路，连接电路时，开关必须断开，电路连接完整后，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移到最大阻值处，据此分析；
（3）先看清电压表选择的量程和分度值，再读数；
根据欧姆定律可知小灯泡的阻值。
答案：（1）如图，小灯泡没有真正接入电路，闭合开关小灯泡也不会发光，修改如下图：

（2）为了保护电路，连接电路时，开关必须断开，电路连接完整后，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移到最大阻值处，即A端。
（3）如图，电压表选择的是0～3V，分度值为0.1V，电压表的示数为2.2V。
根据欧姆定律可知小灯泡的阻值为R＝＝＝11Ω。
故答案为：（1）如上图；（2）A；（3）2.2；11。
21．解析：（1）已知残骸的体积，根据阿基米德原理计算残骸在海底受到的浮力。
（2）已知所处深度，根据液体压强计算。
（3）已知起重机拉力大小，根据功率公式P＝Fv计算功率。
答案：（1 ）此潜艇残骸在海底受到的浮力：
F浮＝ρ海水Vg＝1.03×103kg/m3×20m3×10N/kg＝2.06×105N，
（ 2 ） 850m深处海水的压强：
1.03×103kg/m3×10N/kg×850m＝8.755×106Pa.
（3 ）起重机的功率：
P＝Fv＝1.5×106N×0.5m/s＝7.5×105W。
故答案为：（1 ）此潜艇残骸在海底受到的浮力为2.06×105N；
（ 2 ） 850m深处海水的压强为8.755×106Pa；
（3 ）残骸在海水中向上做匀速直线运动时起重机的功率为7.5×105W。
22．解析：（1）根据题意知道，超载时滑片P位于B端，为电阻R0的简单电路，且超载时电流表的读数为2A，根据欧姆定律得出R0的阻值；
（2）当空载时滑片P位于A端，滑动变阻器接入电路的电阻是RP＝8Ω，根据欧姆定律得出电路中电流，根据P＝I2R得出空载时RAB消耗的功率；
（3）当一辆货车在称重平台上接受检测时电流表的读数为1A，
根据欧姆定律得出得出此时电路中的总电阻，进而得出滑动变阻器接入电路的电阻，
根据“RAB阻值均匀，每厘米长的电阻为1Ω”得出滑动变阻器的滑片P从A端下滑距离，从图乙可知此时F的大小。
答案：（1）根据题意知道，超载时滑片P位于B端，为电阻R0的简单电路，且超载时电流表的读数为2A，
故R0的阻值R0＝＝＝2Ω；
（2）当空载时滑片P位于A端，滑动变阻器接入电路的电阻是RP＝8Ω，
电流I1＝＝＝0.4A，
空载时RAB消耗的功率P＝I2RAB＝（0.4A）2×8Ω＝1.28W；
（3）当一辆货车在称重平台上接受检测时电流表的读数为1A，
此时电路中的总电阻R总＝＝＝4Ω，
滑动变阻器接入电路的电阻是RP′＝R总﹣R0＝4Ω﹣2Ω＝2Ω，
滑动变阻器的滑片P从A端下滑距离L＝（RAB﹣RAB′）×1cm/Ω＝（8Ω﹣2Ω）×1cm/Ω＝6cm，
从图乙可知此时F的大小为6×105N。
答：（1）R0的阻值为2Ω；
（2）空载时RAB消耗的功率为1.28W；
（3）此时F的大小是6×105N。