中考科学浙江省金华市三年（2021-2023）真题分类汇编-探究题

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中考科学浙江省金华市三年（2021-2023）真题分类汇编-探究题

一、探究题
1．（2023·浙江金华·统考中考真题）“深海勇士号”是中国第二台深海载人潜水器。2023年5月20日，国家文物局利用该潜水器在沉船附近完成水下永久测绘基点布放，并进行了初步搜索调查和影像记录，开启了中国深海考古新篇章。回答下列问题：
  
（1）下潜过程中，“深海勇士号”潜水器受到海水的压强将________（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（2）若“深海勇士号”潜水器悬停在水下4000米处考察，此时潜水器总质量为a千克，则它受到的浮力为________牛。
2．（2023·浙江金华·统考中考真题）小金用的水平推力把图甲中纸箱匀速推往桌面中央，桌子始终保持静止；小金再用的水平推力将桌子沿水平方向匀速推动，纸箱在桌面上没有发生滑动，如图乙所示。完成下列问题
（1）图甲中地面对桌子的摩擦力方向是________；
（2）图乙中纸箱受到的摩擦力大小是_______牛。
  
3．（2023·浙江金华·统考中考真题）人员密集的室内场所，容易造成二氧化碳含量偏高，对人体产生不利的影响。研究小组设计了如图所示的电路。为气敏电阻，其阻值随气体浓度的增大而减小，当室内气体含量升高到一定浓度时，工作电路中的排风扇开始工作，把室内气体排出。回答下列问题：
  
（1）在设计电路时要实现自动换气功能，排风扇应连接在工作电路中的_________位置；
（2）要使排风扇在二氧化碳浓度更低时就能开始工作，以下几种改进方法正确的是__________。
A．增加电磁铁线圈匝数    B．控制电路中再串联一个电阻    C．把滑动变阻器的滑片向上移
4．（2023·浙江金华·统考中考真题）加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉．蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶、纤维素酶是常见加入洗衣粉的四种酶，这些酶的本质与生物体内的酶无明显差异。研究小组通过实验探究洗衣粉的去渍效果（“+”越多表示去渍效果越好），实验结果见下表。

加酶洗衣粉A
加酶洗衣粉B
加酶洗衣粉C
无酶洗衣粉
血渍
+++
+
+++
+
油渍
+
+++
+++
+
回答下列问题：
（1）本实验中设置无酶洗衣粉组的作用是_________；
（2）加酶洗衣粉C中添加的酶至少有________种；
（3）该实验中影响加酶洗衣粉去渍效果的因素还有________（答出两点即可）。
5．（2023·浙江金华·统考中考真题）测量空气中氧气体积分数实验的思维模型如下：
封闭空间——消耗氧气——气压减小——观察现象
项目化学习小组按图甲完成氧气含量测定的实验时，发现进入集气瓶的水量低于“1”刻度线。为提高氧气含量测定的精准度，展开了如下研究。
  
【误差分析】几位同学对测量值偏小原因的分析如下：
甲：红磷的量不足，未能把瓶内氧气耗尽；
乙：将燃烧匙伸入集气瓶瞬间，部分空气逸出；
丙：实验前导管中有空气，实验后一部分本应进入容器的水滞留在导管中；
丁：由于集气瓶的形状造成很难均分五等份，影响测量结果；
（1）以上原因分析中，其中一位同学的观点被大家一致否定，你认为是哪位同学的观点？__________（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”）；
【方案改进】根据以上讨论，为减少实验误差，提高实验结果的精准度，学习小组同学设计了图乙改进装置。（已知：红磷的着火点是，无毒；白磷的着火点是，有剧毒）
  
（2）比较图甲、图乙的实验方案，下列关于图乙实验方案叙述正确的是________。
A．利用着火点更低的白磷并采用加热后的玻璃棒“内引燃”，建立封闭空间使实验结果更精准
B．可以解决图甲方案中一部分水滞留在导管中带来的误差问题
C．改用量筒内水的体积变化来确定消耗氧气的体积，使测量结果更精准
D．彻底地解决了实验的安全性问题，符合绿色化学理念
（3）小金同学认为，图乙实验装置还需在橡皮管处补充一个止水夹，请表达你的观点及理由_______；
【问题反思】小组同学多次实验，测量值总是小于。经过老师指导，小组同学讨论后认为，可以从模型中“消耗氧气”的方法人手给实验做进一步改进。
【资料】暖宝宝是利用铁粉在空气中氧化的原理制成。
【方案迭代】讨论后，项目组设计了如图丙所示的装置，用暖宝宝粉代替红磷，利用铁粉在空气中氧化的原理进行实验．操作步骤如下：①将滤纸用水浸润后黏附在针筒内壁；②把暖宝宝粉倒入针筒，轻轻转动，使涂抹均匀；③涂上凡士林，将活塞插入针筒，盖上橡皮帽，观察并记录活塞移动情况。
  
经多次实验后，测得空气中氧气的体积分数均约占。
（4）从消耗氧气的方法角度分析，图丙方案比图甲方案测定结果更精准的原因是_________。
【心得交流】科学探究需要不断根据结果反思探究过程，优化方案，实现方案的迭代更新。
6．（2023·浙江金华·统考中考真题）研究小组利用压强计探究液体内部压强与液体密度的关系。
【实验器材】压强计、橡皮膜、两端开口的玻璃管、玻璃杯、圆柱形容器等。
【实验过程】小金用手指按压橡皮膜，如图所示，无论轻压还是重压，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化。
  
（1）出现这种情况的原因可能是__________；
解决上述问题后，小金按下列步骤进行实验：
①将金属盒放入水中深度10厘米处观察并记录；
②将金属盒放入酒精中深度10厘米处观察并记录；
③比较两次实验U形管左右两边液面高度差；
④换用密度不同的液体，重复上述实验。
（2）该实验通过U形管左右两边液面高度差来判断液体内部压强的大小，这种科学方法是_________；
【实验结论】液体的压强与液体的密度有关，在深度相同时，液体的密度越大压强越大。
【迁移应用】小金将一支两端开口的玻璃管进行改装，用橡皮膜将其下端封住，往玻璃管内倒入一定量的酒精，观察到橡皮膜向下凸起，然后将玻璃管置于一空玻璃杯内，如图所示（固定仪器省略），再沿着玻璃杯内壁缓慢注水。
  
（3）当玻璃管内外液面相平时，橡皮膜的形变情况为_________（选填“向下凸起”“向上凸起”或“相平”）；
【拓展提升】图是两个完全相同的圆柱形容器，分别装有甲、乙两种不同的液体，在距离容器底同一高度处分别有M、N两点。
  
（4）若，则两容器底部受到的液体压强大小关系是_________（选填“>”“=”或“
【详解】（1）[1]若压强计的气密性不好，软管中的气体和大气相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，软管内的气体压强不会发生变化，则U形管中的液面就不会出现高度差，所以出现这种情况的原因是压强计的气密性不好。
（2）[2]该实验通过U形管左右两边液面高度差来判断液体内部压强的大小，U形管左右两边液面高度差越大，说明液体压强越大，用到转换法。
（3）[3]玻璃管内倒入一定量的酒精，玻璃管外面是水，当玻璃管内外液面相平时，橡皮膜上方酒精和水的深度相同，水的密度大于酒精的密度，由p=ρgh可知水的压强较大，橡皮膜向上凸起。
（4）[4]已知
pM=pN
因为
hMρ乙
又因为M、N两点到容器底的距离相等，所以从M、N两点以下的液体对容器底的压强关系
pM′>pN′
而两种液体对容器底的压强
p甲=pM+pM′，p乙=pN+pN′
所以两容器底部受到的压强大小关系是
p甲>p乙
7． C 1.064 偏小
【详解】（1）[1]实验时若闭合开关，发现灯泡不亮，接下来应该观察电流表和电压表，看看电流表和电压表是否有示数，根据电流表和电压表的示数来判断电路短路或断路情况，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（2）[2]当电压表读数为3.8V时，电流表示数如图乙所示，此时的分度值为0.02A，电流表的示数为0.28A，故该小灯泡的额定功率为

（3）[3]根据表格中的数据可知

计算得到的小灯泡“额定功率”比真实的小灯泡额定功率偏小。
8． 稀盐酸过量或恰好完全反应 ①有沉淀、无气泡；②有沉淀、有气泡 等质量的碳酸钠依次与盐酸和氯化钙反应过程中，段逸出的二氧化碳的质量小于段生成的碳酸钙沉淀的质量
【详解】（1）盐酸与氢氧化钙反应生成氯化钙和水，与碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳，第1小组废液缸中无沉淀、有气泡产生，为分析第1小组废液缸中溶液的溶质成分，用玻璃棒蘸取溶液测得，说明溶液酸性，存在盐酸，不存在氢氧化钙、碳酸钠，则该小组废液中的溶质组成成分为氯化钠、氯化钙和盐酸，化学式分别为：；
（2）盐酸与氢氧化钙反应生成氯化钙和水，与碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳，第2小组废液缸中无沉淀、无气泡产生，从反应物用量的角度分析实验①②，可以得出该小组的实验②中生成物中一定不存在碳酸钠，反应物中盐酸的用量应该是稀盐酸过量或恰好完全反应；
（3）当实验①中氢氧化钙与盐酸恰好完全反应，所得溶液溶质为氯化钙，实验②中，碳酸钠过量，所得溶液溶质为碳酸钠和氯化钠，氯化钙与碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠，出现的现象是有沉淀，无气泡；当实验①中盐酸过量，所得溶液溶质为盐酸和氯化钙的混合物，实验②中，碳酸钠过量，混合后碳酸钠先与盐酸反应产生气泡，再与氯化钙反应生成沉淀，出现的现象是有沉淀，有气泡。如果其他小组实验所用反应物的用量都不一样，除了上面第1、2小组出现的现象外，还会出现的现象是①有沉淀、无气泡；②有沉淀、有气泡；
（4）根据图乙可知，随着碳酸钠溶液的加入AB段溶液增加的质量趋势大于BC段溶液增加的质量趋势，说明过程存在两种化学反应，根据第（3）小题分析可知，实验①中盐酸过量，所得溶液溶质为盐酸和氯化钙的混合物，实验②中，碳酸钠过量，混合后碳酸钠先与盐酸反应产生氯化钠、水和二氧化碳，再与氯化钙反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠，根据化学方程式、可知， 前者在反应中有二氧化碳逸出，后者有碳酸钙沉淀生成，段和段溶液质量呈现不同增重趋势的原因等质量的碳酸钠依次与盐酸和氯化钙反应过程中，段逸出的二氧化碳的质量小于段生成的碳酸钙沉淀的质量。
9． 保温 40Ω 2.211×105J
【详解】（1）[1]若仅闭合S2，此时电路中两个电阻串联，根据电功率公式

可知此时咖啡机的工作状态处于保温状态。
（2）[2]当S2、S3都闭合时，此时电路中只有R1接入电路，此时是加热状态，故R1的阻值为

（3）[3]根据题意可知

10． 3.8 变小
【详解】（1）[1]小灯泡的额定电压为3.8V，当电压表示数为3.8V时灯泡正常工作，此时灯泡的功率为额定功率，读出电流表示数，即可计算小灯泡的额定功率。
（2）[2]图中，电压表测灯的电压，电流测灯的电流，当滑片向左滑动时，变阻器连入电路中的电阻变小，由欧姆定律，电路中电流变大，灯的电压变大，根据P=UI，灯的功率变大，灯丝的温度升高，因灯丝的电阻随温度的升高而变大，故灯丝的电阻变大；
由欧姆定律，电流表与电压表示数的比值即灯的电阻的倒数，故电流表与电压表示数的比值将变小。
11． D中澄清石灰水变浑浊 浓硫酸 A与B之间
【解析】(1)
一氧化碳与氧化铜反应后生成二氧化碳，二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊。因此在A中去除二氧化碳后，D中溶液变浑浊，说明有二氧化碳生成，从而说明气体存在一氧化碳；故答案为：D中澄清石灰水变浑浊。
(2)
①为了确定是否含有氢气，需要通过氢气与氧化铜反应生成水来确定氢气是否存在，因此先将混合气体干燥，所以需要去除水蒸气，而浓硫酸具有吸水性，故加入浓硫酸即可；故答案为：浓硫酸。
②为了确保干燥气体进入B中，所以在A和B之间加入图2装置，氢气与氧化铜反应生成水，使C中无水硫酸铜变色，证明水的存在，由此可以验证氢气的存在；故答案为：A和B。
12． 幼虫期 A 每个实验组采用多只家蚕（或采用多组实验取平均值） 不合理，比较A、B两大组实验现象和数据可知，香烟烟雾对家蚕有危害，只是蚕龄小的受到危害更大（合理即可）
【分析】（1）完全变态发育经过卵、幼虫、蛹和成虫四个时期。完全变态发育的昆虫幼虫与成虫在形态构造和生活习性上明显不同，差异很大。如蚊子、苍蝇、家蚕、菜粉蝶等。
（2）科学探究的一般过程：提出问题、作出假设、制定计划、实施计划、得出结论、表达和交流。
（3）对照实验：在探究某种条件对研究对象的影响时，对研究对象进行的除了该条件不同以外，其他条件都相同的实验。根据变量设置一组对照实验，使实验结果具有说服力。一般来说，对实验变量进行处理的，就是实验组。没有处理的就是对照组。
【详解】（1）家蚕的发育一般要经过受精卵、幼虫、蛹、成虫四个时期，蚕的幼虫和成虫的形态结构和生活习性差异很大，所以由幼虫发育为成虫要经历一个不食不动的阶段叫蛹，我们把这种发育过程叫做完全变态发育，家蚕属于昆虫发育过程的幼虫期阶段。
（2）一组对照实验分为实验组和对照组，实验组是接受实验变量处理的对象组，对照组是不接受实验变量处理的对象组。因此实验中，A、B两组除了是否注入含有香烟烟雾的空气外，其余条件均相同，目的是进行对照实验，确保单一变量。其中该实验设置的对照组是A组注入120毫升空气。
（3）对照实验必须做到对照性原则、重复性原则和科学性原则。本实验为了减小实验结果的偶然性，采取的实验方案是：每个实验组采用多只家蚕（或采用多组实验取平均值），这样可以减小实验的偶然性，使实验结论更具普遍性。
（4）如果有同学只根据表中五龄家蚕的死亡率都为0%得出“香烟烟雾对五龄家蚕没有危害”的结论，该结论是不合理的，理由是比较A、B两大组实验现象和数据可知，香烟烟雾对家蚕有危害，只是蚕龄小的受到危害更大。
13． 电流表几乎没有示数，电压表示数接近3V （或定值电阻右端接电源正极） 把电流表改接小量程 2
【详解】（1）[1]根据图示可知，此时电压表串联到电路中，由于电压表的电阻很大，在电路中相当于开路，电路中的电流几乎为零，所以电流表几乎没有示数，电压表此时相当于测量电源电压，所以电压表示数接近3V。
（2）[2]原电路中，电流表与电阻并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，电流通过开关回到电源负极，如下图所示：

（3）[3]由图乙指针的偏转情况可知，电流表所接的量程太大，所以要换用0～0.6A的小量程进行实验。
（4）[4]根据题意可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，为确保电路安全，电路中的最大电流为
I大=1A
当使用2Ω的定值电阻进行实验时，根据欧姆定律可知，定值电阻两端的电压
U大=I大R=1A×2Ω=2V
当定值电阻两端的电压大于2V时，2Ω的定值就不能用来实验，所以定值电阻两端电压最大不能超过2V。
14． Na+和Cl-在整个过程中没有参与反应 NaCl、NaOH ；NaCl、Na2CO3  ；NaCl、NaOH、Na2CO3 BaCl2（或CaCl2或Ca（NO3）2或Ba（NO3）2）
【详解】（1）A中氢氧化钠与盐酸反应生成氯化钠和水，反应实质是氢离子和氢氧根离子生成水分子，Na+、Cl﹣没有参加反应，实验结束后，将A、B、C三个实验的废液倒入同一个干净烧杯D中，氯化钠没有与其它物质反应，即Na+、Cl﹣没有参加反应；判断一定含有Na+、Cl﹣的依据是Na+、Cl﹣在整个过程中没有参加反应，肯定存在；
（2）钙离子与碳酸根离子反应生成碳酸钙沉淀，故取少量上层清液于试管中，加入过量碳酸钠溶液，静置，没有沉淀，则肯定没有Ca2+，溶液呈红色，可能有碳酸钠和氢氧化钠中的一种或两种，故根据实验Ⅰ可以初步推断：上层清液中溶质（除指示剂外）所有可能的组成①NaCl、NaOH；②NaCl、Na2CO3；③NaCl、NaOH、Na2CO3；
（3）由实验结论有OH﹣、CO32﹣，碳酸根与钙离子或钡离子反应生成白色沉淀，故取少量上层清液于试管中，加入过量氯化钡溶液或氯化钙溶液或硝酸钡溶液或硝酸钙溶液，生成白色沉淀，证明有碳酸根，由于所加溶液过量，可除尽碳酸根离子，溶液显红色，证明有氢氧根离子。
15． 杠杆平衡原理（或F1·l1=F2·l2） 右 1.0/1 AB
【详解】（1）[1]通过图示的模型结合杠杆的定义，即可确定它用到的相关知识，杆秤的工作原理是杠杆平衡原理。
（2）[2]秤杆出现左低右高现象，根据杠杆平衡原理，右侧的动力和动力臂的乘积小于左侧阻力和阻力臂的乘积，所以向右移动秤砣，增大动力臂，可以达到水平平衡。
（3）[3]密度秤测量水的密度，水的密度是1.0g/cm3；故在B的位置标记为1.0。
（4）[4]A．把秤纽位置往远离秤钩一侧移动，说明阻力臂增大，根据杠杆平衡原理F1L1=F2L2，动力和阻力不变，动力臂也要随着增大，AB两点之间长度增大，密度秤会更精确，故A正确；
B．减小秤砣的质量，说明动力减小，根据杠杆平衡原理F1L1=F2L2，动力臂也要随着增大，AB两点之间长度增大，密度秤会更精确，故B正确；
C．杯中不加液体，提起秤纽，移动秤砣，当秤杆在水平位置平衡时
G0×L1=G陀×LA
杯中加水至a处，提起秤纽，移动秤砣，当秤杆在水平位置平衡时
（G0+G水）×L1=G陀×LB
联立两式可得

杯中加某种液体至a处，提起秤纽，移动秤砣，当秤杆在AB中某一点C处，水平位置平衡时，可得

可得

当液体体积和水的体积相同时，液体和水的密度比就是重力比，也为长度比；如果减少加入杯中的液体体积，则不能通过密度秤得到液体的密度大小，故C错误；
D．由上述计算可知，秤杆的重力不影响最后的密度结果，故D错误。
故选AB。
16． BC 乙 B曲线明显低于A曲线（或B与A曲线不重合；答案中只要体现两者压强存在差异即可） 未及时关闭活塞可能会导致产生的CO2从分液漏斗口逸出
【解析】(1)
实验室通常用石灰石（或大理石）与稀盐酸反应制取二氧化碳，反应物为固液混合物，不需要加热，故选B或C为发生装置，故答案为：B或C；
(2)
实验变量为盐酸浓度，所以选择变量只有盐酸浓度的实验组，故选甲和乙；故答案为：乙。
(3)
B曲线明显低于A曲线，说明B曲线中压强下降的多，即二氧化碳消耗的多，说明氢氧化钠与二氧化碳发生了反应，才可以出现此现象；故答案为：B曲线明显低于A曲线。
(4)
反应有气体生成，需要保证装置气密性，若不及时关闭活塞开关，气体从分液漏斗逸出，导致实验结果出现误差；故答案为：未及时关闭活塞可能导致产生的二氧化碳从分液漏斗逸出。
17． 当瓶内气压减小到一定程度，大气压将注射器的活塞下压。（或瓶内气压减小，盐酸被吸入瓶内） 见解析
【详解】（1）[1]将5克铁粉和2克碳粉加入锥形瓶，并加入2毫升饱和氯化钠溶液，一定条件下，碳和氯化钠溶液可加快铁的锈蚀，铁生锈消耗瓶内氧气，瓶内压强减小，当瓶内气压减小到一定程度，大气压将注射器的活塞下压或瓶内气压减小，盐酸被吸入瓶内。
（2）[2]0-t1段温度升高，瓶内压强减小原因是：铁生锈消耗氧气并放热，故温度升高，消耗氧气使压强减小，反应放热使温度升高，压强增大，消耗氧气减小的压强大于温度升高增大的压强，瓶内压强减小；
t2-t3段温度升高，瓶内压强增大原因是：因瓶内气压减小，盐酸自动注入瓶内，盐酸与铁反应产生氢气并放出大量的热，温度升高，温度升高和产生氢气都使压强增大。
18． 0N 水平向左
【详解】（1）[1]用F=5N的力拉A时，A保持静止，而拉着B的弹簧测力计的示数为0，那么A、B之间没有相对滑动趋势，所以B受到的摩擦力为0。
（2）[2]当作用在A上的拉力为20N时，A向左运动，A、B间有相对滑动，且B相对于A向右滑动，所以A对B摩擦力方向水平向左。
19． R1断路 4Ω
【详解】（1）[1]闭合开关后，电流表无示数，可能电路中出现断路，电压表示数接近电源电压，说明R1断路。
（2）[2]电流表量程为“0～0.6A”，电流表的最大示数是0.6A，电路的总电阻

滑动变阻器允许连入电路的最小阻值
R滑=R‒R1=10Ω‒6Ω=4Ω
20． 0.6 控制排开液体的体积相等 金属块碰到烧杯底部 换用密度比水大的液体
【详解】（1）[1]由表中数据可知，电子秤的示数F拉减小0.1N，浮力增大0.1N，第4次电子秤示数比第3次电子秤示数减小0.1N，第4次浮力比第3次浮力增大0.1N，第4次浮力的大小为
0.5N+0.1N=0.6N
（2）[2]为了保证物体排开液体的体积相等，需要金属块都需要浸没。
（3）[3]小组同学对实验数据进行了分析讨论，认为第6次实验数据异常，第6次电子秤的示数变化量较大，可能金属块碰到烧杯底部。
（4）[4]换用密度比水大的液体，秤盘上物体重力一定时，小筒浸入液体的体积会减小，故可以增大该浮力秤的量程。
21． 气体是铁和稀盐酸反应生成的 稀盐酸溶液中含有水，铁锈在稀盐酸中无气泡 NaOH CO32-
【详解】（1）实验时，观察到试管A中有气泡，试管B中没有气泡，从而验证了自己的假设是成立的，所以该小组的假设是气体是铁和稀盐酸反应生成的。
（2）因为稀盐酸溶液中含有水，但是铁锈在稀盐酸中无气泡，说明铁锈不能和水反应生成气体。
（3）为了设置对照实验，则G装置中加入的溶液应该无碳酸根离子，其他离子与F装置中相同，所以X溶液为氢氧化钠溶液。
（4）由图可知，F装置中有碳酸根离子，且反应中能快速产生气体，说明碳酸根离子能促进镁与水反应。
22． 左 B 0.3 滑动变阻器的电功率
【详解】（1）[1]完成第3次实验后，电压表的示数是2.0V，接下来要获得第4次实验的数据，电压表的示数是2.5V，需要增大电路中的电流，减小变阻器连入电路的电阻，滑动变阻器R的滑片P应向左移动到适当位置。
（2）[2]由表中数据可知R0的阻值
R0=
R0的电功率
0.10W=(0.1A)2×10Ω
0.225W=(0.15A)2×10Ω
0.40W=(0.2A)2×10Ω
0.625W=(0.25A)2×10Ω
0.90W=(0.30A)2×10Ω

即
P=I2R0
所以定值电阻的电功率与电流的平方成正比，故选B。
（3）[3]当定值电阻两端的电压为1.0伏时，变阻器两端的电压
U滑=U-U0=4V-1V=3V
滑动变阻器的电功率
P滑=U滑I=3V×0.1A=0.3W
（4）[4]图中线段AA′是电路的总功率和定值电阻功率之差，可以得到滑动变阻器的电功率。
23． H2O、CO2、CO 气体净化 防止加热时发生爆炸，检验CO2 H装置中澄清石灰水变浑浊
【详解】（1）A装置中的无水硫酸铜变蓝，说明混合气体中有水；B中澄清石灰水变浑浊，说明混合气体中有二氧化碳；D中澄清石灰水不变浑浊、F中澄清石灰水变浑浊，说明有气体还原氧化铜生成一氧化碳，故混合气体中有一氧化碳。
（2）C、D装置的作用是吸收二氧化碳，防止混合气体中的二氧化碳对一氧化碳的检验出现干扰，所以属于上述思维模型中的气体净化环节。
（3）若混合气体中有可燃性气体，可燃性气体与空气混合加热会发生爆炸，在加热前先通一段时间的混合气体可以防止加热时发生爆炸，且还可以检验混合气体中是否有二氧化碳。
（4）H装置中澄清石灰水变浑浊可以证明装置中的空气已经被完全排出。