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2023年河北省中考物理试卷（含答案解析）
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这是一份2023年河北省中考物理试卷（含答案解析），共21页。试卷主要包含了 下列推理正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年河北省中考物理试卷
1. 下列对生产生活中做法的解释正确的是( )
A. 用冰块给饮料降温——升华吸热
B. 食品包装中充氮气——氮气化学性质活泼
C. 汽车轮胎上做成凹凸不平的花纹——减小摩擦
D. 稀有气体用于制作霓虹灯——通电时发出不同颜色的光
2. 下列推理正确的是( )
A. 碱溶液一定呈碱性，则呈碱性的溶液一定是碱溶液
B. 石墨和金刚石组成元素相同，则二者性质完全相同
C. 声能传递信息，超声波是声，则超声波也能传递信息
D. 简单机械可以省力，定滑轮是简单机械，则定滑轮也可以省力
3. 对如图所示实验的分析错误的是( )
A. 甲：铅合金先变成液态，说明铅合金比铅的熔点更低
B. 乙：液体从敞口容器侧壁的孔中喷出，说明液体对侧面有压强
C. 丙：澄清石灰水变浑浊，带火星小木条复燃，说明气体中含有二氧化碳和氧气
D. 丁：改变磁场方向，电流表指针反向偏转，说明感应电流的方向仅由磁场方向决定
4. 对中学生体育运动相关数据的估测，符合实际的是( )
A. 立定跳远的跳跃距离约为2m B. 一个篮球的质量约为100g
C. 800m比赛后体温约为45℃ D. 100m跑的成绩约为8s
5. 如图所示的光现象中，与“潭清疑水浅”中“水浅”形成原理相同的是( )
A. 水中倒影
B. 手影形成
C. 筷子“弯折”
D. 激光准直
6. 2023年4月15日，神舟十五号航天员乘组进行了第四次出舱活动。在地面工作人员和舱内航天员邓清明的密切配合下，两名出舱航天员费俊龙、张陆圆满完成全部既定工作任务，安全返回问天实验舱。下列说法错误的是( )
A. 地面工作人员发出指令的声音是由声带振动产生的
B. 地面工作人员可以利用音色区分是哪位航天员
C. 地面工作人员与舱内的航天员利用电磁波传递信息
D. 舱外的两名航天员大声说话就能直接利用声波进行交流
7. 如图所示，用甲装置探究通电螺线管外部的磁场分布，用乙装置探究电磁铁磁性强弱跟哪些因素有关。下列说法正确的是( )
A. 通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似
B. 改变通电螺线管中电流方向，小磁针N极指向不变
C. 匝数一定时，通入的电流越小，电磁铁的磁性越强
D. 电流一定时，减少铁钉上线圈的匝数，电磁铁的磁性强弱不变
8. 2023年3月12日，在首尔进行的短道速滑世锦赛男子5000米接力决赛中，中国队勇夺冠军。如图是比赛时的场景，下列说法正确的是( )
A. 以看台为参照物，比赛中的运动员是静止的
B. 加速运动时，运动员的惯性逐渐变大
C. 在弯道上滑行时，运动员的运动状态发生改变
D. 运动员用力向后蹬地前行，说明运动需要力来维持
9. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、焦距为10cm的凸透镜、光屏位置如图所示时，光屏上恰好呈现烛焰清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 投影仪就是利用这一规律成像的
B. 将蜡烛放置在35cm刻度处，仅向右移动光屏，能得到清晰、倒立、放大的实像
C. 若飞来一只小虫落在凸透镜上，遮住凸透镜的部分区域，则光屏上烛焰的像不再完整
D. 蜡烛、凸透镜、光屏位置不动，用焦距8cm凸透镜替换该透镜，光屏上不再成清晰的像
10. 柱状容器内加入浓盐水，把一枚土豆轻轻放入其中，静止时土豆漂浮在水面上，如图甲所示；向容器中缓慢注入清水，土豆逐渐下沉；注入适量清水时，土豆悬浮在盐水中，如图乙所示；继续注入清水，土豆沉到容器底部，如图丙所示。下列说法正确的是( )
A. 漂浮在水面上时，土豆受到的浮力与其重力大小相等
B. 悬浮在盐水中时，土豆的密度与此时盐水的密度相等
C. 沉到底部后，土豆受到的浮力可能大于漂浮时受到的浮力
D. 沉到底部后，继续注入清水，土豆受到的浮力不再变化
11. 如图所示，电源电压不变，只闭合开关S1后，电流表的示数为0.4A；断开开关，将电流表和电压表的位置互换，再将开关S1、S2均闭合后，电流表的示数为1A，电压表的示数为6V。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为6V
B. 电阻R2的阻值为15Ω
C. 两表位置互换前后，电阻R1两端的电压之比为2：5
D. 两表位置互换前后，电阻R2的功率之比为9：25
12. 在离桌边约20cm的地方放一枚铝质硬币，在硬币前10cm左右放置一个高度约2cm的木块，在硬币后放置一本与硬币厚度相当的笔记本。如图所示，在硬币上方沿着与桌面平行的方向用力吹一口气，硬币跳过木块。实验结果表明，在气体中，流速越大的位置，压强越______ ，跳起的硬币在上升过程中重力势能越来越______ ，下降过程中动能越来越______ 。
13. 通常情况下，家庭电路中各个用电器的连接方式是______ (选填“串联”或“并联”)。已知家庭电路的电压是220V，在额定电流为10A的插座上，接入一台“220V，200W”的电冰箱后，最多还可以接入总功率为______ W的用电器。
14. 在均匀直尺的中央挖一小凹槽，把一个薄金属片一端插入橡皮中，另一端支在直尺的凹槽内制成一个简易“天平”。静止时直尺水平平衡。在直尺的两侧各放一个相同的小盘，在小盘中倒入质量不等的大米和小米，调整小盘在直尺上的位置，使直尺再次水平平衡。如图所示。由图可知，大米的质量______ (选填“大于”或“小于”)小米的质量。F是左盘对直尺施加的力，请在图中画出F的力臂。现向左盘中再加入少量大米，写出一种能够使直尺恢复平衡的方法：______ 。
15. “早穿皮袄午穿纱”表明沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区则昼夜温差小，这是因为水比砂石的______ 大，楼房中的“暖气”用水作为介质，正是利用了水的这一特性。某同学家“暖气”管道中500kg的水从65℃降低到35℃，放出的热量为______ J，这一过程中水的内能减少。除热传递外，______ 也可以改变物体的内能。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
16. 秉承可持续发展的思想，开发新能源、更好地利用已知能源是全球范围内的重要课题，开发和利用核能就是一个有效途径。核能是质量较大的原子核发生______ 或质量较小的原子核发生聚变时释放的能量，通过可控聚变来利用核能，有望解决人类能源问题。1g核燃料聚变时释放的能量约为1×105kW⋅h，假设把11×105kW⋅h!的能量完全转化为电能，可供年用电量为1000kW⋅h的家庭使用______ 年。太阳也是一个巨大的“核能火炉”，它向外辐射的能量是我们的能源宝库。人类利用太阳能的实质是将太阳能转化为其他形式的能量，请你写出一种转化方式或一个相关的实例：______ 。
17. 小明按如图1所示装置探究水沸腾时温度变化的特点。
(1)组装器材时，应按照______ (选填“自下而上”或“自上而下”)的顺序进行。
(2)当水温升高到93℃时，每隔1min记录一次温度填入下表，同时观察水中发生的现象。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
温度/℃
93
95
97
99
99
99
99
根据实验现象和表中数据可知，水在沸腾时不断吸收热量但温度保持不变。烧杯中水的沸点是______ ℃。
(3)实验结束后，小明取下烧杯上的盖子，发现盖子上有水珠，请从物态变化的角度简要写出水珠的形成过程：______ 。
(4)若按图2所示装置用烧杯中的水为试管中的水加热，试管中的水______ (选填“能”或“不能”)沸腾。
18. 物理兴趣小组的同学在实验室测量物体的密度。
Ⅰ.小明选取适量某种相同的实心小球进行如下实验。
(1)将托盘天平放置在水平台面上，游码放到标尺左端的______ ，静止时指针偏右，应向______ 调节平衡螺母，直到指针指在分度盘中央。
(2)把80个这种小球放在左盘中，向右盘加减砝码，并调节游码在标尺上的位置，直到横梁恢复平衡。此时盘中的砝码和游码的位置如图1所示，这些小球的总质量为______ g。
(3)向量筒中加入体积为15mL的水，然后向水中逐个缓慢投入小球，水不溅出，小球沉入水底。投入50个小球时量筒中液面达到的位置如图2所示，这些小球的总体积为______ cm3。
(4)根据测量结果可知这种小球的密度为______ g/cm3。
Ⅱ.小红采用了如下方法测量另一种相同的实心小球的密度。
(1)调节托盘天平至平衡后，左盘放适量小球，右盘放烧杯并往其中加水，直至天平平衡。
(2)左盘中减少n1个小球，从烧杯逐渐取水倒入空量筒中，天平恢复平衡时，量筒中液面达到的位置对应的刻度值为V1。
(3)向量筒中逐个缓慢投入小球，水不溅出，小球全部浸没在量筒的水中。投入n2个小球时量筒中液面达到的位置对应的刻度值为V2。
(4)若水的密度用ρ水表示，写出用ρ水、V1、V2、n1、n2表示小球密度的表达式ρ=______ 。
19. 在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中，小明把电源、定值电阻、滑动变阻器、电压表、电流表和开关连成电路进行实验。
(1)图1是小明连接的部分电路，请你用笔画线代替导线将电路补充完整。
表一：
导线连接点
a和b
a和c
电压表指针是否偏转
否
是
电流表指针是否偏转
否
是
(2)连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电压表和电流表的指针都不偏转。图中a为电源的正极，b、c分别为滑动变阻器上电阻丝右侧的接线柱和金属杆右端的接线柱，用一条导线的两端分别连接a和b、a和c进行检测，结果如表一所示。发生故障的元件是______ 。
(3)排除故障后进行实验。某次实验时，电压表的示数如图2所示，示数为______ V。移动滑动变阻器的滑片，记录多组数据填入表二。
数据序号
1
2
3
4
5
6
电压U/V
1.0
1.2
1.4
1.8
2.0
2.4
电流I/A
0.10
0.12
0.14
0.28
0.20
0.24
(4)小明根据表二中的数据画出图像，如图3所示。从图像可以看出，第______ (选填数据序号)组数据明显是错误的，分析时需要把它剔除掉。
根据以上数据，小明得出结论：电阻两端的电压与通过电阻的电流之比为定值。
(5)小红按图4连接电路，测量并记录几组电压和电流值，如表三所示，其中R1=10Ω、R2=5Ω，U1、U2、I分别表示电压表V1、V2和电流表A的示数。
数据序号
1
2
3
4
5
电压U1/V
1.0
2.0
3.0
4.0
5.0
电压U2/V
1.5
3.0
4.5
6.0
7.5
电流I/A
0.10
0.20
0.30
0.40
0.50
小红在与小明的交流中，发现用图像法处理数据可以更直观地看出两个量之间的变化关系，于是她也利用表三中的数据在坐标系中画出了三条直线①②③，如图5所示，其中______ 是由表三中的I和U2的数据画出的。小明认为小红的实验相当于探究了三个定值电阻的电流与电压的关系，证据更充分。交流评估后得出结论：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
【拓展】某小灯泡L的额定电流是I0，但额定电压的标识模糊不清，为测定L正常发光时的电阻，小明设计了下列的电路，其中定值电阻R0和滑动变阻器的最大阻值R已知，但电源电压未知。为保证电路安全，滑动变阻器均不能调到最小阻值。实验时各电路中的小灯泡L都能调至正常发光。以下电路图中，能够达到目的的有图
______ 。
20. 一辆四轮家庭轿车的部分数据如下表所示。一次旅行时，司机驾驶该汽车沿一平直公路持续行驶至A市的过程中，先后通过如图所示的甲、乙、丙三个标志牌，牌上的地址和数字表示从该标志牌处沿这一公路到达牌上地址的路程。途经甲时开始计时，到达乙时恰好用时25min，从乙运动到丙的过程中，仪表盘显示汽车一直以108km/h的速度匀速行驶。g取10N/kg。
旅行中汽车部分数据表：
汽车(包括人员及物品)总质量/kg
2000
停放时每个轮胎与地面的接触面积/cm2
250
汽油的热值/J⋅L−1
3.6×107
汽油机效率
25%
(1)求这辆车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压强；
(2)求汽车从标志牌甲运动到丙这一过程中的平均速度；
(3)通过仪表盘显示的数据可知，从标志牌乙到丙的过程中，汽车消耗0.7L汽油，求这一过程中牵引力做功的功率。
21. 如图1所示，电源电压不变，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，滑动变阻器R的规格为“50Ω2A”，灯泡L的额定电流为0.3A。图2是灯泡L的电流与电压关系图像。闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，当滑片P移至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.25A。
(1)求电源电压；
(2)在保证电路安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片P，灯泡的最小功率是多少？
(3)用定值电阻R1替换灯泡L，在保证电路安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数的最大值与最小值之差恰好为0.3A，这一过程中滑动变阻器连入电路的阻值始终小于50Ω，求定值电阻R1的可能值。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、用冰块给饮料降温，主要利用冰熔化成水，从饮料中吸收热量起到降温的作用，故A错误；
B、氮气化学性质比较稳定，食品包装中充氮气可延长保质期，故B错误；
C、汽车轮胎上做成凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D、稀有气体在通电时能发出不同颜色的光，因此稀有气体可制作霓虹灯，故D正确。
故选：D。
(1)物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；
(2)根据氮气化学性质比较稳定进行分析；
(3)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(4)根据稀有气体的性质和用途分析判断。
本题为跨学科题目，在增大摩擦的方法、熔化与熔化吸热的特点的同时，还考查了物质的性质与用途等化学问题，属于近几年中考常见题型。
2.【答案】C
【解析】解：A、碱溶液一定呈碱性，呈碱性的溶液不一定是碱溶液，也可能是碳酸钠等盐溶液，故A错误；
B、石墨和金刚石的组成元素都是碳，但是他们的性质不完全相同，例如金刚石不导电，石墨易导电，故B错误；
C、声能传递信息，超声波是声，则超声波也能传递信息，故C正确；
D、定滑轮是简单机械，是等臂杠杆，不能省力，但能改变力的方向，故D错误。
故选：C。
(1)根据显碱性的不一定是碱溶液，进行分析判断；
(2)金刚石不导电，石墨易导电；
(3)声音既能够传递信息，又能够传递能量；
(4)轴的位置不变的滑轮叫定滑轮，定滑轮的实质是等臂杠杆，不能省力，但能改变力的方向。
本题考查了碱溶液、石墨和金刚石、超声波、定滑轮等知识，属于基础题目。
3.【答案】D
【解析】解：A.铅和铅合金在同一容器内，用同一热源加热，铅合金先熔化，说明铅合金比铅的熔点更低，故A正确；
B.液体对容器的底部和侧壁都有压强，液体从敞口容器侧壁的孔中喷出，说明液体对侧面有压强，故B正确；
C.澄清石灰水变浑浊，说明气体中含有二氧化碳，带火星小木条复燃，说明气体中含有氧气，故C正确；
D.感应电流的方向与导体切割磁感线的方向有关，与磁场的方向有关，故D错误。
故选：D。
(1)物质熔化时的温度叫做熔点；
(2)液体对容器的底部和侧壁都有压强；
(3)根据二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊、氧气具有助燃性，能使带火星的木条复燃进行解答；
(4)感应电流的方向与导体切割磁感线的方向有关，与磁场的方向有关。
本题考查了熔点、液体的压强、电磁感应现象等知识，属于基础题。
4.【答案】A
【解析】解：A.中学生立定跳远成绩一般在2m左右，故A符合实际；
B.一个篮球的质量约为500g，故B不符合实际；
C.人体正常体温在37℃左右，跑完800米比赛后体温可能略有上升，但变化幅度很小，故C不符合实际；
D.初中生百米跑所用时间一般是十几秒，故D不符合实际。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
5.【答案】C
【解析】解：“潭清疑水浅”指人看到水底形成的像，像的位置比物体的实际位置要浅，是光的折射现象；
A、水中倒影，属于光的反射，故A错误；
B、手影的形成是由于光的直线传播在光不能到达的区域形成的影子，故B错误；
C、筷子“弯折”，是由于光的折射形成的现象，故C正确；
D、激光准直是利用光的直线传播，故D错误。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
(4)“潭清疑水浅”指人看到水底形成的像，像的位置比物体的实际位置要浅，是光的折射现象。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
6.【答案】D
【解析】解：A、地面工作人员发出指令的声音是由声带振动产生的，故A正确；
B、地面工作人员可以利用音色区分是哪位航天员，故B正确；
C、地面工作人员与舱内的航天员利用电磁波传递信息，故C正确；
D、舱外的两名航天员大声说话就不能直接利用声波进行交流，故D错误。
故选：D。
(1)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；
(2)音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定．是区别声音的重要标志；
(3)电磁波能够传递信息；
(4)声音靠介质传播，真空不能传声。
本题考查了声音的产生、声音的特征、电磁波的认识等，属于基础题。
7.【答案】A
【解析】解：AB.通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似，磁场的方向与电流的方向有关，改变通电螺线管中电流方向，小磁针N极指向会发生改变，故A正确、B错误；
CD.匝数一定时，通入的电流越小，电磁铁的磁性越弱，电流一定时，减少铁钉上线圈的匝数，电磁铁的磁性变弱，故CD错误。
故选：A。
(1)通电螺线管的磁场分布情况与条形磁体相似，磁性来源于导体中有电流，由电流的磁效应得到磁场，磁场的方向与电流的方向有关；
(2)电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。
本题考查了通电螺线管的磁场和影响电磁铁磁性强弱的因素，属于基础题。
8.【答案】C
【解析】解：
A、比赛中以看台为参照物，运动员对于看台的位置不断发生变化，因此以看台为参照物运动员是运动的，故A错误；
B、惯性是物体的一种物理属性，只跟质量有关，运动员的质量不变，所以惯性不变，故B错误；
C、过弯道过程中，运动员的运动方向、速度大小都在改变，所以运动状态是变化的，故C正确；
D、速度滑冰运动员在水平冰道上向后蹬地，人对冰道有一个向后的力，地面对人有一个向前的力，使人前进，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选：C。
(1)判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；
(2)一切物体都有惯性，惯性与物体质量有关，与其他因素无关；
(3)运动状态的改变包括运动速度大小和方向的改变；
(4)力是改变物体运动状态的原因，力不是维持物体运动的原因。
此题考查运动和静止的相对性、惯性、力的作用的相互性、物体运动状态的变化，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
9.【答案】BD
【解析】解：A、如图所示，物距大于二倍焦距，此时成倒立、缩小的实像，能够说明照相机的成像原理，故A错误；
B、将蜡烛放置在35cm刻度处，此时的物距在一倍焦距和二倍焦距之间，像距要大于二倍焦距，向右移动光屏，能得到清晰、倒立、放大的实像，故B正确；
C、若飞来一只小虫落在凸透镜上，遮住凸透镜的部分区域，物体上任一点都有光线射向凸透镜的下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，只是折射光线减少，会聚成的像变暗，故C错误；
D、蜡烛、凸透镜、光屏位置不动，用焦距8cm凸透镜替换该透镜，凸透镜的焦距变小，会聚能力变强，像会提前会聚，所以光屏上不再成清晰的像，故D正确。
故选：BD。
(1)物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；
(2)物距在一倍焦距和二倍焦距之间，凸透镜成倒立、放大的实像；
(3)物体有无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像；当遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折射会聚成像；
(4)凸透镜的焦距变小，会聚能力变强。
此题是探究凸透镜成像的规律实验，掌握成像特点及物距、像距之间的关系及应用，同时自己做一些总结，更有利于对成像规律的理解和掌握。
10.【答案】AB
【解析】解：
A、土豆漂浮在水面上时，根据物体的沉浮条件可知：土豆受到的浮力与其重力大小相等，故A正确；
B、土豆悬浮在盐水中时，根据物体的沉浮条件可知：土豆的密度与此时盐水的密度相等，故B正确；
C、土豆漂浮时受到的浮力等于重力，土豆沉到底部后，受到的浮力小于重力，则沉到底部后，土豆受到的浮力小于漂浮时受到的浮力，故C错误；
D、沉到底部后，土豆排开水的体积不变，继续注入清水，盐水的密度变小，由F浮=ρ液gV排可知土豆受到的浮力变小，故D错误。
故选：AB。
(1)根据物体的沉浮条件可知：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉；浮力等于重力，物体悬浮。
(2)根据物体的浮沉条件判断物体密度与液体密度的关系。
(3)沉到底部后，继续注入清水，液体密度变小，排开水的体积不变，由F浮=ρ液gV排判断出土豆受到浮力的变化。
本题综合考查了阿基米德原理和物体的浮沉条件，属于基础题，难度不大。
11.【答案】ACD
【解析】解：
A、当将电压表、电流表的位置互换后开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电流表测R1支路的电流，电压表测量电源电压，则电源电压为6V，故A正确；
B、电压表、电流表的位置互换后，根据I=UR可得：R1=UI1=6V1A=6Ω，
两表位置互换前，只闭合开关S1后，两电阻串联，电流表测电路中的电流，根据I=UR可得总电阻：R=UI=6V0.4A=15Ω，
根据串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和可得R2的阻值为：R2=R−R1=15Ω−6Ω=9Ω，故B错误；
C、两表位置互换前，根据I=UR可得R1两端的电压：U1=IR1=0.4A×6Ω=2.4V；两表位置互换后R1两端的电压为电源电压6V，则两表位置互换前后，电阻R1两端的电压之比为：U1：U1=2.4V：6V=2：5，故C正确；
D、两表位置互换前R2的功率：P2=I2R2=(0.4A)2×9Ω=1.44W，两表位置互换后R2的功率：P2′=U2R2=(6V)29Ω=4W，则两表位置互换前后，电阻R2的功率之比为：P2：P2′=1.44W：4W=9：25，故D正确。
故选：ACD。
(1)当将电压表、电流表的位置互换后开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电压表测量电源电压，电流表测R1支路的电流，根据电压表示数可知电源电压；
(2)电压表、电流表的位置互换后，根据欧姆定律即可求出R1的电阻；
两表位置互换前，只闭合开关S1后，两电阻串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的特点即可求出电阻R2的阻值；
(3)两表位置互换前，根据欧姆定律即可求出R1两端的电压，然后求出两表位置互换前后，电阻R1两端的电压之比；
(4)利用P=UI=I2R=U2R分别求出两表位置互换前后电阻R2的功率，然后求出比值。
本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是开关闭合、断开和电表互换后电路连接方式的辨别。
12.【答案】小 大 大
【解析】解：根据流体压强与流速的关系，当在硬币上方沿着与桌面平行的方向用力吹一口气时，硬币上方空气流速增大，压强变小，而硬币下方空气流速不变、压强不变，形成向上的压强差、压力差，在压力差的作用下，硬币就会跳过木块；
跳起的硬币在上升过程中，质量不变，高度变大，重力势能越来越大；下降过程中硬币的质量不变，速度变大，动能越来越大。
故答案为：小；大；大。
流体压强与流速有关，流速越大的位置压强越小；动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关。
本题考查了流体压强与流速的关系、重力势能和动能的大小变化，属于基础题。
13.【答案】并联 2000
【解析】解：(1)在家庭电路中，家庭中的用电器工作时互不影响，是并联连接的；
(2)已知插座的额定电流为10A，则插座上可以的用电器接入的总功率为：P大=UI大=220V×10A=2200W，
则还可以接入的用电器的总功率为：P=P大−P冰箱=2200W−200W=2000W。
故答案为：并联；2000。
(1)家用电器的额定电压都是220V.家庭电路中各家用电器之间都是并联的。
(2)已知插座的额定电流为10A，利用P=UI求出电能表允许接入用电器的最大总功率，然后减去电冰箱的功率，即为可以接入的用电器的总功率。
本题考查了家用电器的连接方式、电功率的计算；难点是对插座额定电流的正确理解。
14.【答案】小于 向右盘中加入小米
【解析】解：直尺水平平衡时，根据图示可知，此时L大米>L小米；杠杆的平衡条件可知：m大米g×L大米=m小米g×L小米，由于L大米>L小米，则m大米
；
现向左盘中再加入少量大米，左盘中大米的质量变大，重力变大，对杠杆的压力变大，则左侧杠杆受到的力与力臂的乘积变大；使直尺恢复平衡，根据杠杆的平衡条件可知，可以向右盘中加入小米或装有小米的小盘向右移动一段距离。
故答案为：小于；见解析；向右盘中加入小米。
根据杠杆的平衡条件分析大米质量和小米质量的大小关系；从支点到力的作用线的距离叫做力臂；根据杠杆的平衡条件分析使直尺恢复平衡的方法。
本题考查了杠杆平衡条件的应用、力臂的作法，难度不大。
15.【答案】比热容 6.3×107 做功
【解析】解：水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，相同质量的水和砂石相比较，水的温度变化比砂石小，所以沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区则昼夜温差小；
水放出的热量为：Q放=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×500kg×(65℃−35℃)=6.3×107J；
改变内能的方法有两种：做功和热传递。
故答案为：比热容；6.3×107；做功。
对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
利用公式Q放=cmΔt可求出水放出热量的多少；
改变内能的方法：做功和热传递。
本题考查了水的比热容大的应用、热量的计算、改变内能的方法，属于基础题。
16.【答案】裂变 1100 太阳能集热器把水加热
【解析】解：核能是质量较大的原子核发生裂变或质量较小的原子核发生聚变时释放的能量；
把11×105kW⋅h!的能量完全转化为电能，可供年用电量为1000kW⋅h的家庭使用的时间：11×105kW⋅h1000kW⋅h/年=1100年；
人类利用太阳能的实质，是将太阳能转化为其他形式的能量，例如用太阳能集热器把水加热。
故答案为：裂变；1100；太阳能集热器把水加热。
(1)获得核能的两种途径：核裂变和核聚变；
(2)知道总电量和年用电量，可计算出使用的时间；
(3)人类利用太阳能的实质，是将太阳能转化为其他形式的能量。
本题考查了核能的利用、太阳能的利用等，属于基础性题目。
17.【答案】自下而上 99 小水珠是水蒸气遇冷液化形成的 不能
【解析】解：(1)先安装下面器材，再安装上面器材，便于调节器材间的距离，在固定石棉网时，因酒精灯火焰的外焰温度最高，所以应利用酒精灯火焰的外焰加热；
(2)分析表格数据可知：水从3min后吸收热量，温度不变，所以水的沸点是99℃；
(3)盖子上的小水珠是由于热的水蒸气遇冷液化形成的；
(4)不能观察到试管中的水沸腾，因为当烧杯中的水沸腾后温度不再升高，试管中的水虽然能达到沸点，但是因没有温差，无法继续吸收热量而无法沸腾。
故答案为：(1)自下而上；(2)99；(3)小水珠是水蒸气遇冷液化形成的；(4)不能。
(1)用酒精灯加热物体时，安装装置时，先从下到上，方便调节；酒精灯火焰的外焰温度最高；
(2)液体沸腾时的温度叫沸点，液体在沸腾时吸收热量，温度保持不变；
(3)物质由气态变为液态的过程叫做液化；
(4)当烧杯中的水沸腾后温度不再升高，试管中的水虽然能达到沸点，但是因没有温差，无法继续吸收热量而无法沸腾。
本题考查了水沸腾的实验考，属于常见知识的考查，难度不大。
18.【答案】零刻度线处 左 21.682.7n2ρ水V1n1(V2−V1)
【解析】解：Ⅰ、
(1)称量质量前，游码应放到标尺左端的零刻度线处，指针偏右，则应向左调节平衡螺母，使天平平衡；
(2)由图1知，这些小球的总质量为20g+1.6g=21.6g；
(3)由图2可知，50个小球的体积为V2−V1=20mL−15mL=5mL=5cm3，
则一个小球的体积为5cm350=0.1cm3，80个小球的总体积为0.1cm3×80=8cm3；
(4)80个小球的密度ρ=mV=21.6g8cm3=2.7g/cm3；
Ⅱ、
(4)由图2和题意可知，n1个小球的总质量等于体积为V1水的质量，即m球=m水=ρ水V1，
则一个小球的质量为m1=m球n1=ρ水V1n1，
n2个小球的总体积为V总=V2−V1，
则一个小球的体积为V1=V总n2=V2−V1n2，
一个小球的密度ρ=m1V1=ρ水V1n1V2−V1n2=n2ρ水V1n1(V2−V1)。
故答案为：Ⅰ、(1)零刻度线处；左；(2)21.6；(3)8；(4)2.7；Ⅱ、(4)n2ρ水V1n1(V2−V1)。
Ⅰ、
(1)根据天平称量质量前的调节平衡的方法解得即可；
(2)天平平衡时，小球的总质量等于砝码质量与游码对应质量的和；
(3)由图2可知，利用排水法计算出50个小球的体积，从而计算出一个小球的体积以及80个小球的总体积；
(4)利用密度公式计算小球的密度；
Ⅱ、
(4)由题意知，利用m=ρV表示出体积为V1水的质量，则n1个小球的质量等于体积为V1水的质量，从而计算出一个小球的质量；利用排水法可得n2个小球的总体积为V2−V1，从而计算出一个小球的体积，最后利用密度公式表示出小球的密度。
本题考查了天平和量筒的使用、密度的计算，属于中等难度的实验题。
19.【答案】滑动变阻器 1.24③ ACD
【解析】解：(1)将电压表并联在定值电阻两端的电压，如下图所示：
；
(2)连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电流表的指针不偏转，说明电路中没有电流，电路为断路，电压表没有示数，说明电压表与电源的两端不相连，说明与电压表并联以外的部分有断路，导线接在a和b上，电流表和电压表都没有示数，说明a和b间没有断路，导线接在a和c上，电流表和电压表都有示数，说明滑动变阻器有断路；
(3)由图2知电压表选用0∼3V的量程，分度值为0.1V，示数为1.2V；
(4)同一电阻电流与电压值成正比，都在同一直线上，而图3中第4次数据没有在同一直线上，说明第4组数据明显是错误的，分析时需要把它剔除掉；
(5)由图4知电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2时测量定值电阻R1和R2两端的总电压，由于R1=10Ω、R2=5Ω，所以U2I=R1+R2=10Ω+5Ω=15Ω；
由图5知①的电阻值为：R=UI=2.5V0.5A=5Ω；②的电阻值为：R′=U′I′=5.0V0.50A=10Ω，③的电阻值为：R′′=U′′I″=7.5V0.50A=15Ω，所以③是由表三中的I和U2的数据画出的；
【拓展】：A、图中只有电流表，先只闭合开关S1，小灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，移动滑动变阻器使电流表的示数为I0，再闭合开关S2，保持滑片位置不变，读出电流表的示数I1，再将滑动变阻器调到阻值最大处，读出电流表的示数为I2，此时电源电压为：U=I2(R+R0)，则开始两次滑动变阻器接入电路的电阻为：R滑=I2(R+R0)I1−R0，根据U额=U−U0−U滑算出小灯泡的额定电压，由R=U额I0表示出小灯泡正常发光时的电阻，故A符合题意；
B、图中只有电压表，无法确定灯泡何时正常发光，所以不能测量出小灯泡的额定电阻，故B不符合题意；
C、图中只有电流表，先只闭合开关S1，小灯泡与滑动变阻器串联，移动滑动变阻器使电流表的示数为I0，再断开开关S1，闭合开关S2，保持滑片位置不变，读出电流表的示数为I1，再将滑动变阻器调到阻值最大处，读出电流表的示数为I2，此时电源电压为：U=I2(R+R0)，则开始两次滑动变阻器接入电路的电阻为：R滑=I2(R+R0)I1−R0，根据U额=U−U滑算出小灯泡的额定电压，由R=U额I0表示出小灯泡正常发光时的电阻，故C符合题意；
D、图中只有电压表，先只闭合开关S1，小灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，移动滑动变阻器使电压表的示数为I0R0，再闭合开关S2，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，保持滑片位置不变，读出电压表的示数U1，再将滑动变阻器调到阻值最大处，读出电压表的示数为U2，此时电路中的电流为：I=U2R0，滑动变阻器两端的电压为：U滑=IR=U2RR0，根据串联电路电压的规律算出电源电压U=U2+U滑=U2+U2RR0，由欧姆定律算出开始两次滑动变阻器接入电路的电阻和第一次滑动变阻器两端的电压，由串联电路电压的规律算出小灯泡的额定电压，根据欧姆定律算出小灯泡正常发光时的电阻，故D符合题意。
故选：ACD。
故答案为：(1)见解答图；(2)滑动变阻器；(3)1.2；(4)4；(5)③；(6)ACD。
(1)电压表并联在定值电阻两端的电压；
(2)根据电流表和电压表的示数判断出故障的具体位置和种类；
(3)根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；
(4)同一电阻电流与电压值成正比，据此判断出错误的数据；
(5)利用欧姆定律算出图中①②③的电阻值和表格中I和U2数据的电阻值即可找出对应的图线；
【拓展】在只有一种电表时想办法测量出小灯泡的额定电流，利用电源电压相等列等式算出小灯泡正常发光时滑动变阻器连入电路的电阻，进而求出小灯泡两端的电压，由R=UI表示出小灯泡正常发光时的电阻。
本题考查了伏安法测量电阻的实验，考查了在没有电压表或电流表的情况下设计实验方案测量小灯泡正常发光电阻的能力，属于难题。
20.【答案】解：(1)这辆车(包括人员及物品)的总重力：
G=mg=2000kg×10N/kg=2×104N，
车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压力：
F压=G=2×104N，
则车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压强：
p=F压S=2×104N4×250×10−4m2=2×105Pa；
(2)由图可知，汽车从标志牌甲运动到丙的路程为s=47km−2km=45km，
从乙运动到丙的路程s′=11km−2km=9km，
由v=st可知，从乙运动到丙的过程中所用时间：
t′=s′v′=9km108km/h=112h=5min，
则甲运动到丙所用时间：
t总=25min+t′=25min+5min=30min=12h，
从甲运动到丙这一过程中的平均速度：
v=st总=45km12h=90km/h；
(3)汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=Vq=0.7L×3.6×107J/L=2.52×107J，
由η=WQ放×100%可知，牵引力做的功：
W=ηQ放=25%×2.52×107J=6.3×106J，
这一过程中牵引力做功的功率：
P=Wt′=6.3×106J5×60s=2.1×104W。
答：(1)这辆车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压强为2×105Pa；
(2)汽车从标志牌甲运动到丙这一过程中的平均速度为90km/h；
(3)这一过程中牵引力做功的功率为2.1×104W。
【解析】(1)根据G=mg求这辆车(包括人员及物品)的总重力，车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压力大小等于这辆车(包括人员及物品)的总重力，根据p=FS求出车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压强；
(2)根据图求出汽车从标志牌甲运动到丙的路程以及从乙运动到丙的路程，根据速度公式求出从乙运动到丙的过程中所用时间，进而求出从甲运动到丙所用时间，根据速度公式求出从甲运动到丙这一过程中的平均速度；
(3)根据Q放=Vq求出汽油完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出牵引力做的功，根据P=Wt求出这一过程中牵引力做功的功率。
本题考查重力公式、压强定义式、速度公式、热值公式、效率公式和功率公式的应用，关键是根据表格读出相关的信息。
21.【答案】解：
(1)闭合S，灯L与滑动变阻器R串联，当I=0.25A时，U滑=2.5V，由图2可知，UL=2V，
根据串联电路电压的特点得U电源=UL+U滑=2V+2，5V=4.5V；
(2)由题意知，当电压表示数最大为3V时，灯L两端电压最小，此时灯L的功率最小；
灯L两端最小电压UL小=U电源−U滑′=4.5V−3V=1.5V，
由图2知，灯L的最小电流I小=0.2A，
灯L的最小功率P=UL小I小=1.5V×0.2A=0.3W；
(3)用定值电阻R1替换灯泡L后，调节滑动变阻器的滑片P，电路中最大电流有两种可能：I大=0.6A或I大<0.6A；
①若I大=0.6A时，则最小电流I小=I大−ΔI=0.6A−0.3A=0.3A，此时电压表示数最大为3V，
R1中最小电流I小=U1R1=U电源−U滑大R1，
即0.3A=4.5V−3VR1，解得R1=5Ω；
②若I大<0.6A时，由题意可得，最大电流I大=U电源R1，最小电流I小=U电源−U滑大R1，
则ΔI=I大−I小，
即ΔI=U电源R1−U电源−U滑大R1，
代入数值得0.3A=4.5VR1−4.5V−3VR1，
解得R1=10Ω；
故定值电阻R1的可能为5Ω或10Ω。
答：(1)电源电压是4.5V；(2)灯泡的最小功率是0.3W；(3)定值电阻R1的可能为5Ω或10Ω。
【解析】(1)由图知，灯L与滑动变阻器R串联，当电流表示数为0.25A时，由图2找到灯L对应的电压值，再根据串联电路电压特点计算出电源电压大小；
(2)当电压表示数最大为3V时，灯L两端电压最小，灯L的功率最小；根据串联电路电压特点计算出灯L两端最小电压，再结合图2找到灯L对应的电流值，利用电功率的计算公式P=UI计算灯L的最小功率；
(3)根据题意知，电路中的最大电流有两种可能：I大=0.6A或I大<0.6A；结合最大电流与最小电流的差为0.3A，在这两种可能的情况下分别表示出最大和电流最小电流；当电流最小时，对应电压表示数最大即为3V，利用欧姆定律表示出R1中最小电流或电流变化量，从而计算出R1的电阻值。
本题考查了欧姆定律、串联电路的特点、电功率的计算，元件替换后分类讨论等问题，最后一问难度较大。
2023年河北省中考物理试卷
1. 下列对生产生活中做法的解释正确的是( )
A. 用冰块给饮料降温——升华吸热
B. 食品包装中充氮气——氮气化学性质活泼
C. 汽车轮胎上做成凹凸不平的花纹——减小摩擦
D. 稀有气体用于制作霓虹灯——通电时发出不同颜色的光
2. 下列推理正确的是( )
A. 碱溶液一定呈碱性，则呈碱性的溶液一定是碱溶液
B. 石墨和金刚石组成元素相同，则二者性质完全相同
C. 声能传递信息，超声波是声，则超声波也能传递信息
D. 简单机械可以省力，定滑轮是简单机械，则定滑轮也可以省力
3. 对如图所示实验的分析错误的是( )
A. 甲：铅合金先变成液态，说明铅合金比铅的熔点更低
B. 乙：液体从敞口容器侧壁的孔中喷出，说明液体对侧面有压强
C. 丙：澄清石灰水变浑浊，带火星小木条复燃，说明气体中含有二氧化碳和氧气
D. 丁：改变磁场方向，电流表指针反向偏转，说明感应电流的方向仅由磁场方向决定
4. 对中学生体育运动相关数据的估测，符合实际的是( )
A. 立定跳远的跳跃距离约为2m B. 一个篮球的质量约为100g
C. 800m比赛后体温约为45℃ D. 100m跑的成绩约为8s
5. 如图所示的光现象中，与“潭清疑水浅”中“水浅”形成原理相同的是( )
A. 水中倒影
B. 手影形成
C. 筷子“弯折”
D. 激光准直
6. 2023年4月15日，神舟十五号航天员乘组进行了第四次出舱活动。在地面工作人员和舱内航天员邓清明的密切配合下，两名出舱航天员费俊龙、张陆圆满完成全部既定工作任务，安全返回问天实验舱。下列说法错误的是( )
A. 地面工作人员发出指令的声音是由声带振动产生的
B. 地面工作人员可以利用音色区分是哪位航天员
C. 地面工作人员与舱内的航天员利用电磁波传递信息
D. 舱外的两名航天员大声说话就能直接利用声波进行交流
7. 如图所示，用甲装置探究通电螺线管外部的磁场分布，用乙装置探究电磁铁磁性强弱跟哪些因素有关。下列说法正确的是( )
A. 通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似
B. 改变通电螺线管中电流方向，小磁针N极指向不变
C. 匝数一定时，通入的电流越小，电磁铁的磁性越强
D. 电流一定时，减少铁钉上线圈的匝数，电磁铁的磁性强弱不变
8. 2023年3月12日，在首尔进行的短道速滑世锦赛男子5000米接力决赛中，中国队勇夺冠军。如图是比赛时的场景，下列说法正确的是( )
A. 以看台为参照物，比赛中的运动员是静止的
B. 加速运动时，运动员的惯性逐渐变大
C. 在弯道上滑行时，运动员的运动状态发生改变
D. 运动员用力向后蹬地前行，说明运动需要力来维持
9. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、焦距为10cm的凸透镜、光屏位置如图所示时，光屏上恰好呈现烛焰清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 投影仪就是利用这一规律成像的
B. 将蜡烛放置在35cm刻度处，仅向右移动光屏，能得到清晰、倒立、放大的实像
C. 若飞来一只小虫落在凸透镜上，遮住凸透镜的部分区域，则光屏上烛焰的像不再完整
D. 蜡烛、凸透镜、光屏位置不动，用焦距8cm凸透镜替换该透镜，光屏上不再成清晰的像
10. 柱状容器内加入浓盐水，把一枚土豆轻轻放入其中，静止时土豆漂浮在水面上，如图甲所示；向容器中缓慢注入清水，土豆逐渐下沉；注入适量清水时，土豆悬浮在盐水中，如图乙所示；继续注入清水，土豆沉到容器底部，如图丙所示。下列说法正确的是( )
A. 漂浮在水面上时，土豆受到的浮力与其重力大小相等
B. 悬浮在盐水中时，土豆的密度与此时盐水的密度相等
C. 沉到底部后，土豆受到的浮力可能大于漂浮时受到的浮力
D. 沉到底部后，继续注入清水，土豆受到的浮力不再变化
11. 如图所示，电源电压不变，只闭合开关S1后，电流表的示数为0.4A；断开开关，将电流表和电压表的位置互换，再将开关S1、S2均闭合后，电流表的示数为1A，电压表的示数为6V。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为6V
B. 电阻R2的阻值为15Ω
C. 两表位置互换前后，电阻R1两端的电压之比为2：5
D. 两表位置互换前后，电阻R2的功率之比为9：25
12. 在离桌边约20cm的地方放一枚铝质硬币，在硬币前10cm左右放置一个高度约2cm的木块，在硬币后放置一本与硬币厚度相当的笔记本。如图所示，在硬币上方沿着与桌面平行的方向用力吹一口气，硬币跳过木块。实验结果表明，在气体中，流速越大的位置，压强越______ ，跳起的硬币在上升过程中重力势能越来越______ ，下降过程中动能越来越______ 。
13. 通常情况下，家庭电路中各个用电器的连接方式是______ (选填“串联”或“并联”)。已知家庭电路的电压是220V，在额定电流为10A的插座上，接入一台“220V，200W”的电冰箱后，最多还可以接入总功率为______ W的用电器。
14. 在均匀直尺的中央挖一小凹槽，把一个薄金属片一端插入橡皮中，另一端支在直尺的凹槽内制成一个简易“天平”。静止时直尺水平平衡。在直尺的两侧各放一个相同的小盘，在小盘中倒入质量不等的大米和小米，调整小盘在直尺上的位置，使直尺再次水平平衡。如图所示。由图可知，大米的质量______ (选填“大于”或“小于”)小米的质量。F是左盘对直尺施加的力，请在图中画出F的力臂。现向左盘中再加入少量大米，写出一种能够使直尺恢复平衡的方法：______ 。
15. “早穿皮袄午穿纱”表明沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区则昼夜温差小，这是因为水比砂石的______ 大，楼房中的“暖气”用水作为介质，正是利用了水的这一特性。某同学家“暖气”管道中500kg的水从65℃降低到35℃，放出的热量为______ J，这一过程中水的内能减少。除热传递外，______ 也可以改变物体的内能。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
16. 秉承可持续发展的思想，开发新能源、更好地利用已知能源是全球范围内的重要课题，开发和利用核能就是一个有效途径。核能是质量较大的原子核发生______ 或质量较小的原子核发生聚变时释放的能量，通过可控聚变来利用核能，有望解决人类能源问题。1g核燃料聚变时释放的能量约为1×105kW⋅h，假设把11×105kW⋅h!的能量完全转化为电能，可供年用电量为1000kW⋅h的家庭使用______ 年。太阳也是一个巨大的“核能火炉”，它向外辐射的能量是我们的能源宝库。人类利用太阳能的实质是将太阳能转化为其他形式的能量，请你写出一种转化方式或一个相关的实例：______ 。
17. 小明按如图1所示装置探究水沸腾时温度变化的特点。
(1)组装器材时，应按照______ (选填“自下而上”或“自上而下”)的顺序进行。
(2)当水温升高到93℃时，每隔1min记录一次温度填入下表，同时观察水中发生的现象。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
温度/℃
93
95
97
99
99
99
99
根据实验现象和表中数据可知，水在沸腾时不断吸收热量但温度保持不变。烧杯中水的沸点是______ ℃。
(3)实验结束后，小明取下烧杯上的盖子，发现盖子上有水珠，请从物态变化的角度简要写出水珠的形成过程：______ 。
(4)若按图2所示装置用烧杯中的水为试管中的水加热，试管中的水______ (选填“能”或“不能”)沸腾。
18. 物理兴趣小组的同学在实验室测量物体的密度。
Ⅰ.小明选取适量某种相同的实心小球进行如下实验。
(1)将托盘天平放置在水平台面上，游码放到标尺左端的______ ，静止时指针偏右，应向______ 调节平衡螺母，直到指针指在分度盘中央。
(2)把80个这种小球放在左盘中，向右盘加减砝码，并调节游码在标尺上的位置，直到横梁恢复平衡。此时盘中的砝码和游码的位置如图1所示，这些小球的总质量为______ g。
(3)向量筒中加入体积为15mL的水，然后向水中逐个缓慢投入小球，水不溅出，小球沉入水底。投入50个小球时量筒中液面达到的位置如图2所示，这些小球的总体积为______ cm3。
(4)根据测量结果可知这种小球的密度为______ g/cm3。
Ⅱ.小红采用了如下方法测量另一种相同的实心小球的密度。
(1)调节托盘天平至平衡后，左盘放适量小球，右盘放烧杯并往其中加水，直至天平平衡。
(2)左盘中减少n1个小球，从烧杯逐渐取水倒入空量筒中，天平恢复平衡时，量筒中液面达到的位置对应的刻度值为V1。
(3)向量筒中逐个缓慢投入小球，水不溅出，小球全部浸没在量筒的水中。投入n2个小球时量筒中液面达到的位置对应的刻度值为V2。
(4)若水的密度用ρ水表示，写出用ρ水、V1、V2、n1、n2表示小球密度的表达式ρ=______ 。
19. 在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中，小明把电源、定值电阻、滑动变阻器、电压表、电流表和开关连成电路进行实验。
(1)图1是小明连接的部分电路，请你用笔画线代替导线将电路补充完整。
表一：
导线连接点
a和b
a和c
电压表指针是否偏转
否
是
电流表指针是否偏转
否
是
(2)连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电压表和电流表的指针都不偏转。图中a为电源的正极，b、c分别为滑动变阻器上电阻丝右侧的接线柱和金属杆右端的接线柱，用一条导线的两端分别连接a和b、a和c进行检测，结果如表一所示。发生故障的元件是______ 。
(3)排除故障后进行实验。某次实验时，电压表的示数如图2所示，示数为______ V。移动滑动变阻器的滑片，记录多组数据填入表二。
数据序号
1
2
3
4
5
6
电压U/V
1.0
1.2
1.4
1.8
2.0
2.4
电流I/A
0.10
0.12
0.14
0.28
0.20
0.24
(4)小明根据表二中的数据画出图像，如图3所示。从图像可以看出，第______ (选填数据序号)组数据明显是错误的，分析时需要把它剔除掉。
根据以上数据，小明得出结论：电阻两端的电压与通过电阻的电流之比为定值。
(5)小红按图4连接电路，测量并记录几组电压和电流值，如表三所示，其中R1=10Ω、R2=5Ω，U1、U2、I分别表示电压表V1、V2和电流表A的示数。
数据序号
1
2
3
4
5
电压U1/V
1.0
2.0
3.0
4.0
5.0
电压U2/V
1.5
3.0
4.5
6.0
7.5
电流I/A
0.10
0.20
0.30
0.40
0.50
小红在与小明的交流中，发现用图像法处理数据可以更直观地看出两个量之间的变化关系，于是她也利用表三中的数据在坐标系中画出了三条直线①②③，如图5所示，其中______ 是由表三中的I和U2的数据画出的。小明认为小红的实验相当于探究了三个定值电阻的电流与电压的关系，证据更充分。交流评估后得出结论：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
【拓展】某小灯泡L的额定电流是I0，但额定电压的标识模糊不清，为测定L正常发光时的电阻，小明设计了下列的电路，其中定值电阻R0和滑动变阻器的最大阻值R已知，但电源电压未知。为保证电路安全，滑动变阻器均不能调到最小阻值。实验时各电路中的小灯泡L都能调至正常发光。以下电路图中，能够达到目的的有图
______ 。
20. 一辆四轮家庭轿车的部分数据如下表所示。一次旅行时，司机驾驶该汽车沿一平直公路持续行驶至A市的过程中，先后通过如图所示的甲、乙、丙三个标志牌，牌上的地址和数字表示从该标志牌处沿这一公路到达牌上地址的路程。途经甲时开始计时，到达乙时恰好用时25min，从乙运动到丙的过程中，仪表盘显示汽车一直以108km/h的速度匀速行驶。g取10N/kg。
旅行中汽车部分数据表：
汽车(包括人员及物品)总质量/kg
2000
停放时每个轮胎与地面的接触面积/cm2
250
汽油的热值/J⋅L−1
3.6×107
汽油机效率
25%
(1)求这辆车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压强；
(2)求汽车从标志牌甲运动到丙这一过程中的平均速度；
(3)通过仪表盘显示的数据可知，从标志牌乙到丙的过程中，汽车消耗0.7L汽油，求这一过程中牵引力做功的功率。
21. 如图1所示，电源电压不变，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，滑动变阻器R的规格为“50Ω2A”，灯泡L的额定电流为0.3A。图2是灯泡L的电流与电压关系图像。闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，当滑片P移至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.25A。
(1)求电源电压；
(2)在保证电路安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片P，灯泡的最小功率是多少？
(3)用定值电阻R1替换灯泡L，在保证电路安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数的最大值与最小值之差恰好为0.3A，这一过程中滑动变阻器连入电路的阻值始终小于50Ω，求定值电阻R1的可能值。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、用冰块给饮料降温，主要利用冰熔化成水，从饮料中吸收热量起到降温的作用，故A错误；
B、氮气化学性质比较稳定，食品包装中充氮气可延长保质期，故B错误；
C、汽车轮胎上做成凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D、稀有气体在通电时能发出不同颜色的光，因此稀有气体可制作霓虹灯，故D正确。
故选：D。
(1)物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；
(2)根据氮气化学性质比较稳定进行分析；
(3)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(4)根据稀有气体的性质和用途分析判断。
本题为跨学科题目，在增大摩擦的方法、熔化与熔化吸热的特点的同时，还考查了物质的性质与用途等化学问题，属于近几年中考常见题型。
2.【答案】C
【解析】解：A、碱溶液一定呈碱性，呈碱性的溶液不一定是碱溶液，也可能是碳酸钠等盐溶液，故A错误；
B、石墨和金刚石的组成元素都是碳，但是他们的性质不完全相同，例如金刚石不导电，石墨易导电，故B错误；
C、声能传递信息，超声波是声，则超声波也能传递信息，故C正确；
D、定滑轮是简单机械，是等臂杠杆，不能省力，但能改变力的方向，故D错误。
故选：C。
(1)根据显碱性的不一定是碱溶液，进行分析判断；
(2)金刚石不导电，石墨易导电；
(3)声音既能够传递信息，又能够传递能量；
(4)轴的位置不变的滑轮叫定滑轮，定滑轮的实质是等臂杠杆，不能省力，但能改变力的方向。
本题考查了碱溶液、石墨和金刚石、超声波、定滑轮等知识，属于基础题目。
3.【答案】D
【解析】解：A.铅和铅合金在同一容器内，用同一热源加热，铅合金先熔化，说明铅合金比铅的熔点更低，故A正确；
B.液体对容器的底部和侧壁都有压强，液体从敞口容器侧壁的孔中喷出，说明液体对侧面有压强，故B正确；
C.澄清石灰水变浑浊，说明气体中含有二氧化碳，带火星小木条复燃，说明气体中含有氧气，故C正确；
D.感应电流的方向与导体切割磁感线的方向有关，与磁场的方向有关，故D错误。
故选：D。
(1)物质熔化时的温度叫做熔点；
(2)液体对容器的底部和侧壁都有压强；
(3)根据二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊、氧气具有助燃性，能使带火星的木条复燃进行解答；
(4)感应电流的方向与导体切割磁感线的方向有关，与磁场的方向有关。
本题考查了熔点、液体的压强、电磁感应现象等知识，属于基础题。
4.【答案】A
【解析】解：A.中学生立定跳远成绩一般在2m左右，故A符合实际；
B.一个篮球的质量约为500g，故B不符合实际；
C.人体正常体温在37℃左右，跑完800米比赛后体温可能略有上升，但变化幅度很小，故C不符合实际；
D.初中生百米跑所用时间一般是十几秒，故D不符合实际。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
5.【答案】C
【解析】解：“潭清疑水浅”指人看到水底形成的像，像的位置比物体的实际位置要浅，是光的折射现象；
A、水中倒影，属于光的反射，故A错误；
B、手影的形成是由于光的直线传播在光不能到达的区域形成的影子，故B错误；
C、筷子“弯折”，是由于光的折射形成的现象，故C正确；
D、激光准直是利用光的直线传播，故D错误。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
(4)“潭清疑水浅”指人看到水底形成的像，像的位置比物体的实际位置要浅，是光的折射现象。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
6.【答案】D
【解析】解：A、地面工作人员发出指令的声音是由声带振动产生的，故A正确；
B、地面工作人员可以利用音色区分是哪位航天员，故B正确；
C、地面工作人员与舱内的航天员利用电磁波传递信息，故C正确；
D、舱外的两名航天员大声说话就不能直接利用声波进行交流，故D错误。
故选：D。
(1)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；
(2)音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定．是区别声音的重要标志；
(3)电磁波能够传递信息；
(4)声音靠介质传播，真空不能传声。
本题考查了声音的产生、声音的特征、电磁波的认识等，属于基础题。
7.【答案】A
【解析】解：AB.通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似，磁场的方向与电流的方向有关，改变通电螺线管中电流方向，小磁针N极指向会发生改变，故A正确、B错误；
CD.匝数一定时，通入的电流越小，电磁铁的磁性越弱，电流一定时，减少铁钉上线圈的匝数，电磁铁的磁性变弱，故CD错误。
故选：A。
(1)通电螺线管的磁场分布情况与条形磁体相似，磁性来源于导体中有电流，由电流的磁效应得到磁场，磁场的方向与电流的方向有关；
(2)电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。
本题考查了通电螺线管的磁场和影响电磁铁磁性强弱的因素，属于基础题。
8.【答案】C
【解析】解：
A、比赛中以看台为参照物，运动员对于看台的位置不断发生变化，因此以看台为参照物运动员是运动的，故A错误；
B、惯性是物体的一种物理属性，只跟质量有关，运动员的质量不变，所以惯性不变，故B错误；
C、过弯道过程中，运动员的运动方向、速度大小都在改变，所以运动状态是变化的，故C正确；
D、速度滑冰运动员在水平冰道上向后蹬地，人对冰道有一个向后的力，地面对人有一个向前的力，使人前进，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选：C。
(1)判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；
(2)一切物体都有惯性，惯性与物体质量有关，与其他因素无关；
(3)运动状态的改变包括运动速度大小和方向的改变；
(4)力是改变物体运动状态的原因，力不是维持物体运动的原因。
此题考查运动和静止的相对性、惯性、力的作用的相互性、物体运动状态的变化，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
9.【答案】BD
【解析】解：A、如图所示，物距大于二倍焦距，此时成倒立、缩小的实像，能够说明照相机的成像原理，故A错误；
B、将蜡烛放置在35cm刻度处，此时的物距在一倍焦距和二倍焦距之间，像距要大于二倍焦距，向右移动光屏，能得到清晰、倒立、放大的实像，故B正确；
C、若飞来一只小虫落在凸透镜上，遮住凸透镜的部分区域，物体上任一点都有光线射向凸透镜的下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，只是折射光线减少，会聚成的像变暗，故C错误；
D、蜡烛、凸透镜、光屏位置不动，用焦距8cm凸透镜替换该透镜，凸透镜的焦距变小，会聚能力变强，像会提前会聚，所以光屏上不再成清晰的像，故D正确。
故选：BD。
(1)物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；
(2)物距在一倍焦距和二倍焦距之间，凸透镜成倒立、放大的实像；
(3)物体有无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像；当遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折射会聚成像；
(4)凸透镜的焦距变小，会聚能力变强。
此题是探究凸透镜成像的规律实验，掌握成像特点及物距、像距之间的关系及应用，同时自己做一些总结，更有利于对成像规律的理解和掌握。
10.【答案】AB
【解析】解：
A、土豆漂浮在水面上时，根据物体的沉浮条件可知：土豆受到的浮力与其重力大小相等，故A正确；
B、土豆悬浮在盐水中时，根据物体的沉浮条件可知：土豆的密度与此时盐水的密度相等，故B正确；
C、土豆漂浮时受到的浮力等于重力，土豆沉到底部后，受到的浮力小于重力，则沉到底部后，土豆受到的浮力小于漂浮时受到的浮力，故C错误；
D、沉到底部后，土豆排开水的体积不变，继续注入清水，盐水的密度变小，由F浮=ρ液gV排可知土豆受到的浮力变小，故D错误。
故选：AB。
(1)根据物体的沉浮条件可知：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉；浮力等于重力，物体悬浮。
(2)根据物体的浮沉条件判断物体密度与液体密度的关系。
(3)沉到底部后，继续注入清水，液体密度变小，排开水的体积不变，由F浮=ρ液gV排判断出土豆受到浮力的变化。
本题综合考查了阿基米德原理和物体的浮沉条件，属于基础题，难度不大。
11.【答案】ACD
【解析】解：
A、当将电压表、电流表的位置互换后开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电流表测R1支路的电流，电压表测量电源电压，则电源电压为6V，故A正确；
B、电压表、电流表的位置互换后，根据I=UR可得：R1=UI1=6V1A=6Ω，
两表位置互换前，只闭合开关S1后，两电阻串联，电流表测电路中的电流，根据I=UR可得总电阻：R=UI=6V0.4A=15Ω，
根据串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和可得R2的阻值为：R2=R−R1=15Ω−6Ω=9Ω，故B错误；
C、两表位置互换前，根据I=UR可得R1两端的电压：U1=IR1=0.4A×6Ω=2.4V；两表位置互换后R1两端的电压为电源电压6V，则两表位置互换前后，电阻R1两端的电压之比为：U1：U1=2.4V：6V=2：5，故C正确；
D、两表位置互换前R2的功率：P2=I2R2=(0.4A)2×9Ω=1.44W，两表位置互换后R2的功率：P2′=U2R2=(6V)29Ω=4W，则两表位置互换前后，电阻R2的功率之比为：P2：P2′=1.44W：4W=9：25，故D正确。
故选：ACD。
(1)当将电压表、电流表的位置互换后开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电压表测量电源电压，电流表测R1支路的电流，根据电压表示数可知电源电压；
(2)电压表、电流表的位置互换后，根据欧姆定律即可求出R1的电阻；
两表位置互换前，只闭合开关S1后，两电阻串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的特点即可求出电阻R2的阻值；
(3)两表位置互换前，根据欧姆定律即可求出R1两端的电压，然后求出两表位置互换前后，电阻R1两端的电压之比；
(4)利用P=UI=I2R=U2R分别求出两表位置互换前后电阻R2的功率，然后求出比值。
本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是开关闭合、断开和电表互换后电路连接方式的辨别。
12.【答案】小 大 大
【解析】解：根据流体压强与流速的关系，当在硬币上方沿着与桌面平行的方向用力吹一口气时，硬币上方空气流速增大，压强变小，而硬币下方空气流速不变、压强不变，形成向上的压强差、压力差，在压力差的作用下，硬币就会跳过木块；
跳起的硬币在上升过程中，质量不变，高度变大，重力势能越来越大；下降过程中硬币的质量不变，速度变大，动能越来越大。
故答案为：小；大；大。
流体压强与流速有关，流速越大的位置压强越小；动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关。
本题考查了流体压强与流速的关系、重力势能和动能的大小变化，属于基础题。
13.【答案】并联 2000
【解析】解：(1)在家庭电路中，家庭中的用电器工作时互不影响，是并联连接的；
(2)已知插座的额定电流为10A，则插座上可以的用电器接入的总功率为：P大=UI大=220V×10A=2200W，
则还可以接入的用电器的总功率为：P=P大−P冰箱=2200W−200W=2000W。
故答案为：并联；2000。
(1)家用电器的额定电压都是220V.家庭电路中各家用电器之间都是并联的。
(2)已知插座的额定电流为10A，利用P=UI求出电能表允许接入用电器的最大总功率，然后减去电冰箱的功率，即为可以接入的用电器的总功率。
本题考查了家用电器的连接方式、电功率的计算；难点是对插座额定电流的正确理解。
14.【答案】小于 向右盘中加入小米
【解析】解：直尺水平平衡时，根据图示可知，此时L大米>L小米；杠杆的平衡条件可知：m大米g×L大米=m小米g×L小米，由于L大米>L小米，则m大米
；
现向左盘中再加入少量大米，左盘中大米的质量变大，重力变大，对杠杆的压力变大，则左侧杠杆受到的力与力臂的乘积变大；使直尺恢复平衡，根据杠杆的平衡条件可知，可以向右盘中加入小米或装有小米的小盘向右移动一段距离。
故答案为：小于；见解析；向右盘中加入小米。
根据杠杆的平衡条件分析大米质量和小米质量的大小关系；从支点到力的作用线的距离叫做力臂；根据杠杆的平衡条件分析使直尺恢复平衡的方法。
本题考查了杠杆平衡条件的应用、力臂的作法，难度不大。
15.【答案】比热容 6.3×107 做功
【解析】解：水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，相同质量的水和砂石相比较，水的温度变化比砂石小，所以沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区则昼夜温差小；
水放出的热量为：Q放=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×500kg×(65℃−35℃)=6.3×107J；
改变内能的方法有两种：做功和热传递。
故答案为：比热容；6.3×107；做功。
对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
利用公式Q放=cmΔt可求出水放出热量的多少；
改变内能的方法：做功和热传递。
本题考查了水的比热容大的应用、热量的计算、改变内能的方法，属于基础题。
16.【答案】裂变 1100 太阳能集热器把水加热
【解析】解：核能是质量较大的原子核发生裂变或质量较小的原子核发生聚变时释放的能量；
把11×105kW⋅h!的能量完全转化为电能，可供年用电量为1000kW⋅h的家庭使用的时间：11×105kW⋅h1000kW⋅h/年=1100年；
人类利用太阳能的实质，是将太阳能转化为其他形式的能量，例如用太阳能集热器把水加热。
故答案为：裂变；1100；太阳能集热器把水加热。
(1)获得核能的两种途径：核裂变和核聚变；
(2)知道总电量和年用电量，可计算出使用的时间；
(3)人类利用太阳能的实质，是将太阳能转化为其他形式的能量。
本题考查了核能的利用、太阳能的利用等，属于基础性题目。
17.【答案】自下而上 99 小水珠是水蒸气遇冷液化形成的 不能
【解析】解：(1)先安装下面器材，再安装上面器材，便于调节器材间的距离，在固定石棉网时，因酒精灯火焰的外焰温度最高，所以应利用酒精灯火焰的外焰加热；
(2)分析表格数据可知：水从3min后吸收热量，温度不变，所以水的沸点是99℃；
(3)盖子上的小水珠是由于热的水蒸气遇冷液化形成的；
(4)不能观察到试管中的水沸腾，因为当烧杯中的水沸腾后温度不再升高，试管中的水虽然能达到沸点，但是因没有温差，无法继续吸收热量而无法沸腾。
故答案为：(1)自下而上；(2)99；(3)小水珠是水蒸气遇冷液化形成的；(4)不能。
(1)用酒精灯加热物体时，安装装置时，先从下到上，方便调节；酒精灯火焰的外焰温度最高；
(2)液体沸腾时的温度叫沸点，液体在沸腾时吸收热量，温度保持不变；
(3)物质由气态变为液态的过程叫做液化；
(4)当烧杯中的水沸腾后温度不再升高，试管中的水虽然能达到沸点，但是因没有温差，无法继续吸收热量而无法沸腾。
本题考查了水沸腾的实验考，属于常见知识的考查，难度不大。
18.【答案】零刻度线处 左 21.682.7n2ρ水V1n1(V2−V1)
【解析】解：Ⅰ、
(1)称量质量前，游码应放到标尺左端的零刻度线处，指针偏右，则应向左调节平衡螺母，使天平平衡；
(2)由图1知，这些小球的总质量为20g+1.6g=21.6g；
(3)由图2可知，50个小球的体积为V2−V1=20mL−15mL=5mL=5cm3，
则一个小球的体积为5cm350=0.1cm3，80个小球的总体积为0.1cm3×80=8cm3；
(4)80个小球的密度ρ=mV=21.6g8cm3=2.7g/cm3；
Ⅱ、
(4)由图2和题意可知，n1个小球的总质量等于体积为V1水的质量，即m球=m水=ρ水V1，
则一个小球的质量为m1=m球n1=ρ水V1n1，
n2个小球的总体积为V总=V2−V1，
则一个小球的体积为V1=V总n2=V2−V1n2，
一个小球的密度ρ=m1V1=ρ水V1n1V2−V1n2=n2ρ水V1n1(V2−V1)。
故答案为：Ⅰ、(1)零刻度线处；左；(2)21.6；(3)8；(4)2.7；Ⅱ、(4)n2ρ水V1n1(V2−V1)。
Ⅰ、
(1)根据天平称量质量前的调节平衡的方法解得即可；
(2)天平平衡时，小球的总质量等于砝码质量与游码对应质量的和；
(3)由图2可知，利用排水法计算出50个小球的体积，从而计算出一个小球的体积以及80个小球的总体积；
(4)利用密度公式计算小球的密度；
Ⅱ、
(4)由题意知，利用m=ρV表示出体积为V1水的质量，则n1个小球的质量等于体积为V1水的质量，从而计算出一个小球的质量；利用排水法可得n2个小球的总体积为V2−V1，从而计算出一个小球的体积，最后利用密度公式表示出小球的密度。
本题考查了天平和量筒的使用、密度的计算，属于中等难度的实验题。
19.【答案】滑动变阻器 1.24③ ACD
【解析】解：(1)将电压表并联在定值电阻两端的电压，如下图所示：
；
(2)连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电流表的指针不偏转，说明电路中没有电流，电路为断路，电压表没有示数，说明电压表与电源的两端不相连，说明与电压表并联以外的部分有断路，导线接在a和b上，电流表和电压表都没有示数，说明a和b间没有断路，导线接在a和c上，电流表和电压表都有示数，说明滑动变阻器有断路；
(3)由图2知电压表选用0∼3V的量程，分度值为0.1V，示数为1.2V；
(4)同一电阻电流与电压值成正比，都在同一直线上，而图3中第4次数据没有在同一直线上，说明第4组数据明显是错误的，分析时需要把它剔除掉；
(5)由图4知电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2时测量定值电阻R1和R2两端的总电压，由于R1=10Ω、R2=5Ω，所以U2I=R1+R2=10Ω+5Ω=15Ω；
由图5知①的电阻值为：R=UI=2.5V0.5A=5Ω；②的电阻值为：R′=U′I′=5.0V0.50A=10Ω，③的电阻值为：R′′=U′′I″=7.5V0.50A=15Ω，所以③是由表三中的I和U2的数据画出的；
【拓展】：A、图中只有电流表，先只闭合开关S1，小灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，移动滑动变阻器使电流表的示数为I0，再闭合开关S2，保持滑片位置不变，读出电流表的示数I1，再将滑动变阻器调到阻值最大处，读出电流表的示数为I2，此时电源电压为：U=I2(R+R0)，则开始两次滑动变阻器接入电路的电阻为：R滑=I2(R+R0)I1−R0，根据U额=U−U0−U滑算出小灯泡的额定电压，由R=U额I0表示出小灯泡正常发光时的电阻，故A符合题意；
B、图中只有电压表，无法确定灯泡何时正常发光，所以不能测量出小灯泡的额定电阻，故B不符合题意；
C、图中只有电流表，先只闭合开关S1，小灯泡与滑动变阻器串联，移动滑动变阻器使电流表的示数为I0，再断开开关S1，闭合开关S2，保持滑片位置不变，读出电流表的示数为I1，再将滑动变阻器调到阻值最大处，读出电流表的示数为I2，此时电源电压为：U=I2(R+R0)，则开始两次滑动变阻器接入电路的电阻为：R滑=I2(R+R0)I1−R0，根据U额=U−U滑算出小灯泡的额定电压，由R=U额I0表示出小灯泡正常发光时的电阻，故C符合题意；
D、图中只有电压表，先只闭合开关S1，小灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，移动滑动变阻器使电压表的示数为I0R0，再闭合开关S2，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，保持滑片位置不变，读出电压表的示数U1，再将滑动变阻器调到阻值最大处，读出电压表的示数为U2，此时电路中的电流为：I=U2R0，滑动变阻器两端的电压为：U滑=IR=U2RR0，根据串联电路电压的规律算出电源电压U=U2+U滑=U2+U2RR0，由欧姆定律算出开始两次滑动变阻器接入电路的电阻和第一次滑动变阻器两端的电压，由串联电路电压的规律算出小灯泡的额定电压，根据欧姆定律算出小灯泡正常发光时的电阻，故D符合题意。
故选：ACD。
故答案为：(1)见解答图；(2)滑动变阻器；(3)1.2；(4)4；(5)③；(6)ACD。
(1)电压表并联在定值电阻两端的电压；
(2)根据电流表和电压表的示数判断出故障的具体位置和种类；
(3)根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；
(4)同一电阻电流与电压值成正比，据此判断出错误的数据；
(5)利用欧姆定律算出图中①②③的电阻值和表格中I和U2数据的电阻值即可找出对应的图线；
【拓展】在只有一种电表时想办法测量出小灯泡的额定电流，利用电源电压相等列等式算出小灯泡正常发光时滑动变阻器连入电路的电阻，进而求出小灯泡两端的电压，由R=UI表示出小灯泡正常发光时的电阻。
本题考查了伏安法测量电阻的实验，考查了在没有电压表或电流表的情况下设计实验方案测量小灯泡正常发光电阻的能力，属于难题。
20.【答案】解：(1)这辆车(包括人员及物品)的总重力：
G=mg=2000kg×10N/kg=2×104N，
车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压力：
F压=G=2×104N，
则车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压强：
p=F压S=2×104N4×250×10−4m2=2×105Pa；
(2)由图可知，汽车从标志牌甲运动到丙的路程为s=47km−2km=45km，
从乙运动到丙的路程s′=11km−2km=9km，
由v=st可知，从乙运动到丙的过程中所用时间：
t′=s′v′=9km108km/h=112h=5min，
则甲运动到丙所用时间：
t总=25min+t′=25min+5min=30min=12h，
从甲运动到丙这一过程中的平均速度：
v=st总=45km12h=90km/h；
(3)汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=Vq=0.7L×3.6×107J/L=2.52×107J，
由η=WQ放×100%可知，牵引力做的功：
W=ηQ放=25%×2.52×107J=6.3×106J，
这一过程中牵引力做功的功率：
P=Wt′=6.3×106J5×60s=2.1×104W。
答：(1)这辆车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压强为2×105Pa；
(2)汽车从标志牌甲运动到丙这一过程中的平均速度为90km/h；
(3)这一过程中牵引力做功的功率为2.1×104W。
【解析】(1)根据G=mg求这辆车(包括人员及物品)的总重力，车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压力大小等于这辆车(包括人员及物品)的总重力，根据p=FS求出车(包括人员及物品)停放在水平地面上时对地面的压强；
(2)根据图求出汽车从标志牌甲运动到丙的路程以及从乙运动到丙的路程，根据速度公式求出从乙运动到丙的过程中所用时间，进而求出从甲运动到丙所用时间，根据速度公式求出从甲运动到丙这一过程中的平均速度；
(3)根据Q放=Vq求出汽油完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出牵引力做的功，根据P=Wt求出这一过程中牵引力做功的功率。
本题考查重力公式、压强定义式、速度公式、热值公式、效率公式和功率公式的应用，关键是根据表格读出相关的信息。
21.【答案】解：
(1)闭合S，灯L与滑动变阻器R串联，当I=0.25A时，U滑=2.5V，由图2可知，UL=2V，
根据串联电路电压的特点得U电源=UL+U滑=2V+2，5V=4.5V；
(2)由题意知，当电压表示数最大为3V时，灯L两端电压最小，此时灯L的功率最小；
灯L两端最小电压UL小=U电源−U滑′=4.5V−3V=1.5V，
由图2知，灯L的最小电流I小=0.2A，
灯L的最小功率P=UL小I小=1.5V×0.2A=0.3W；
(3)用定值电阻R1替换灯泡L后，调节滑动变阻器的滑片P，电路中最大电流有两种可能：I大=0.6A或I大<0.6A；
①若I大=0.6A时，则最小电流I小=I大−ΔI=0.6A−0.3A=0.3A，此时电压表示数最大为3V，
R1中最小电流I小=U1R1=U电源−U滑大R1，
即0.3A=4.5V−3VR1，解得R1=5Ω；
②若I大<0.6A时，由题意可得，最大电流I大=U电源R1，最小电流I小=U电源−U滑大R1，
则ΔI=I大−I小，
即ΔI=U电源R1−U电源−U滑大R1，
代入数值得0.3A=4.5VR1−4.5V−3VR1，
解得R1=10Ω；
故定值电阻R1的可能为5Ω或10Ω。
答：(1)电源电压是4.5V；(2)灯泡的最小功率是0.3W；(3)定值电阻R1的可能为5Ω或10Ω。
【解析】(1)由图知，灯L与滑动变阻器R串联，当电流表示数为0.25A时，由图2找到灯L对应的电压值，再根据串联电路电压特点计算出电源电压大小；
(2)当电压表示数最大为3V时，灯L两端电压最小，灯L的功率最小；根据串联电路电压特点计算出灯L两端最小电压，再结合图2找到灯L对应的电流值，利用电功率的计算公式P=UI计算灯L的最小功率；
(3)根据题意知，电路中的最大电流有两种可能：I大=0.6A或I大<0.6A；结合最大电流与最小电流的差为0.3A，在这两种可能的情况下分别表示出最大和电流最小电流；当电流最小时，对应电压表示数最大即为3V，利用欧姆定律表示出R1中最小电流或电流变化量，从而计算出R1的电阻值。
本题考查了欧姆定律、串联电路的特点、电功率的计算，元件替换后分类讨论等问题，最后一问难度较大。
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