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2023年江苏省苏州市中考物理试卷（含答案解析）
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这是一份2023年江苏省苏州市中考物理试卷（含答案解析），共20页。试卷主要包含了 “霜叶红于二月花”， 以下说法正确的是， 下列各说法中，符合实际的是，5次等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省苏州市中考物理试卷
1. 在轨运行的“天宫二号”空间实验室，与地面进行实时信息传输所使用的是( )
A. 电磁波 B. 红外线 C. 超声波 D. 次声波
2. “霜叶红于二月花”。秋天的枫叶呈现红色是因为它( )
A. 反射了红光 B. 吸收了红光
C. 反射了红、绿、蓝光 D. 吸收了红、绿、蓝光
3. 卫星发射时，火箭点火升空刹那间，可看到发射平台升腾起大量白雾，这是喷水系统同步将大量的水喷撒到平台上所致。该过程涉及的物态变化是( )
A. 仅液化
B. 仅汽化
C. 先液化后汽化
D. 先汽化后液化
4. 以下说法正确的是( )
A. 太阳位于银河系的中心 B. 原子由原子核和电子构成
C. 核电站通过核聚变利用核能 D. 扩散现象说明分子之间有排斥力
5. 2023年5月28日，国产大飞机C919圆满完成首个商业航班飞行，正式进入民航市场。该机机身大规模使用完全国产化的第三代铝锂合金，使飞机构件重量显著减轻，主要利用了第三代铝锂合金的( )
A. 导热性好 B. 导电性好 C. 密度小 D. 熔点高
6. 下列各说法中，符合实际的是( )
A. 家用电视机工作电流约10A B. 空气中声速约340m/s
C. 一支普通2B铅笔质量约200g D. 正常人心跳每秒约0.5次
7. 下列与磁现象有关的实验中，说法正确的是( )
A. 甲图中磁铁通过磁场对回形针施加力 B. 乙图说明磁场对电流有力的作用
C. 丙图是电磁感应原理的应用 D. 丁图说明了电流具有磁效应
8. 《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒车”(如图)。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是( )
A. 这是一台“永动机”
B. 水在输送过程中重力势能不变
C. 转轮转速越快输水做功功率越大
D. 上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
9. 如图，在桌面上将开关、灯泡和电源等连接好制成一套简易有线电报机。小明、小红分别在不透光挡板(图中未画出)两侧，通过控制灯泡闪光次数来向对方发送不同信息，图中虚线表示可固定挡板的位置。则( )
A. 挡板沿AA′固定，灯泡L1显示操控开关S1的人所发信息
B. 挡板沿AA′固定，灯泡L1显示操控开关S2的人所发信息
C. 挡板沿BB′固定，灯泡L2显示操控开关S1的人所发信息
D. 挡板沿BB′固定，灯泡L2显示操控开关S2的人所发信息
10. 在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出现如图所示风向时，通常( )
A. 发生在白天，且陆地温度较高
B. 发生在白天，且海水温度较高
C. 发生在夜晚，且陆地温度较高
D. 发生在夜晚，且海水温度较高
11. 用如图电路探究电流与电阻的关系，所用器材：电源(6V)，定值电阻R1(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω各1个)，规格为“15Ω1A”的滑动变阻器R2，如表为实验数据记录表。关于该实验，下列说法正确的是( )
序号
电阻R1/Ω
电流I/A
1
5
0.6
2
10
0.3
3
15
0.2
4
20
未测
A. 实验过程中控制电压表示数为2V
B. 将电阻R1由5Ω更换为10Ω时，应向左适当移动滑动变阻器滑片
C. 前3次实验中，滑动变阻器的功率在第1次实验中最小
D. 若使用现有器材完成第4次实验，需要改变电路
12. 如图，将质量均匀的木棒切割并组装成两个形状相同、质量均为m的木模，用三根竖直细线a、b、c连接，在水平面上按照“互”字型静置，上方木模呈现悬浮效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”结构原理。则( )
A. a的拉力等于mg
B. b的拉力大于a的拉力
C. 沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，线上拉力会改变
D. 沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，地面受到的压力会改变
13. 人们能分辨出不同乐器的演奏声，是因为它们所发声音的______ 不同。小明学习时，听到邻居家传来的钢琴声，这属于______ (乐音/噪声)。
14. “小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”。蜻蜓立于荷叶尖上，距水面0.2m，它在水中的像是______ (实像/虚像)，像距水面______ m。
15. 工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过______ 的方式增加的。用切割机切割钢筋，切割片温度急剧上升，该过程内能变化情况与热机的______ 冲程相同。
16. 托盘天平相当于______ 杠杆。调节天平平衡时，指针如图甲，此时应将平衡螺母向______ 调节。测量物体质量时，右盘砝码及游码示数如图乙，物体质量为______ g。
17. 如图，一根水平放置、两端开口的透明亚克力管，下部的抽气孔与抽气机相连。将一个略小于管内径的纸团置于管中，打开抽气机，在______ 的作用下，两塑料片分别紧紧“吸附”在管子两端。当管内气压较低时关闭抽气机，快速弹开______ 侧塑料片，纸团会从左侧管口飞出。
18. 图甲中，试管装有适量碎冰，用酒精灯对烧杯中足量的水进行加热，用温度计测量不同时刻温度值，温度随时间变化的图像如图乙。
(1)甲图中温度计示数为______ ℃；
(2)根据图乙可知冰属于______ (晶体/非晶体)；
(3)de阶段试管中水______ (正在/没有)沸腾。
19. 两端开口的玻璃管，下端套有扎紧的气球，管中装有适量水，处于竖直静止状态(图甲)。手握管子突然______ (向上/向下)运动时，气球突然变大(图乙)，此时手对管子竖直向上的力______ (大于/等于/小于)管子总重，该现象的产生是由于______ 具有惯性。
20. 寒冬，为给小鸡仔提供温暖的环境，小明制作了恒温箱系统，原理如图。控制电路由电磁继电器、滑动变阻器R1、热敏电阻R2(安装在恒温箱内，阻值随温度升高而显著减小)、低压电源等组成。加热电路由电源、电热丝R3和R4等组成。调好R1阻值，闭合开关S1、S2，箱内温度升高到设定值后即在小范围内波动，且降温阶段降温比较平缓。
(1)通电线圈上端是______ 极，温度升高时，电磁铁磁性______ ；
(2)R3阻值______ (大于/小于)R4阻值；
(3)将R1的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将______ 。
21. 阅读材料，回答问题。
“海油观澜号”深远海浮式风电平台2023年5月20日，我国首座深远海浮式风电平台“海油观澜号”成功并入文昌油田群电网，标志着我国深远海风电关键技术取得重大进展。
“海油观澜号”由浮式基础和风机组成，整体高度超200米，总质量达1.1×107kg。平台采用“半潜式”设计，底部是一个三角形浮式基础，包括3个边立柱和1个中间立柱，图甲为其实物照片。浮式基础上方是高约83米的圆筒状柱子，柱子上方安装有机舱，机舱前部的3只大叶片驱动机舱中的发电机转子转动，生成绿色电力，年发电量将达2.2×107kW⋅h。
(1)风能属于______ (可/不可)再生能源；
(2)根据图甲估测“海油观澜号”单个叶片长度约为______ m(保留整数)；
(3)风平浪静叶片不动时，平台基础排开海水的体积达______ m3(海水密度用1.0×103kg/m3计算，不考虑锚链对平台的作用)；
(4)每年的发电量相当于______ kg天然气完全燃烧放出的热量(天然气的热值q取4.4×107J/kg)；
(5)海浮式风电平台基础设计方式除半潜式外还有单柱式(图乙)。两种方式相比较，你认为“半潜式”的一个明显优点是______ 。
22. 图中，箱子静止在水平桌面上，画出箱子受力示意图。
23. 图中，光线AO自空气斜射向水面，画出其反射光线和折射光线的大致位置。
24. 图中，用直棒提升重物，画出图示位置所用最小力F1和阻力F2的力臂L2。
25. 图中，将家庭电路补充完整(虚框内一处接保险丝“”，另一处用导线连接)。
26. 正午，小明对水面获取太阳的能量情况进行研究，他将装有400g水的盘子放在室外平台上，经阳光照射10min，水温升高了2.5℃。不计水的蒸发[水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)]。
(1)该过程水吸收的热量是多少？
(2)若照射到盘中水面上太阳能的功率为25W，水获取太阳能的效率是多大？
27. 如图甲所示，重500N、底面积为0.2m2的箱子放在水平地面上。现用一块直木板将该箱子匀速拉上平台(图乙)。已知拉力为350N，箱子沿板移动了2m，升高1m，用时20s。求：
(1)箱子对水平地面的压强；
(2)上移过程中拉力做功的功率；
(3)箱子克服木板摩擦力所做的功。
28. 如图甲，R1阻值为20Ω，图乙为小灯泡L的U−I图像。闭合开关S、S1，断开S2，电流表示数为0.4A，再闭合开关S2，电流表示数变为0.6A。求：
(1)电源电压；
(2)R2的阻值；
(3)若只闭合S，1min内电阻R1产生的热量。
29. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
(1)如图甲，把蜡烛、凸透镜、光屏依次摆放在光具座上，并将蜡烛烛焰和光屏的中心调到凸透镜的主光轴上，目的是使像成在______ 。
(2)按要求进行观察和测量，并将部分观测情况记录在下列表中：
实验序号
物距w/cm
像距v/cm
像的性质
1
60
20
倒立、缩小、实像
2
30
30
倒立、等大、实像
3
20
4
10
①凸透镜焦距f=______ cm。
②当物距u=20cm时，像距v=______ cm。
③当物距u=10cm时，像的性质是______ 。
(3)如图乙是航天员王亚平太空授课制作水球时呈现的情景，假设她稍向后远离水球，则她在球中所成的像将______ (变大/变小/不变)。
30. 小明用压强计探究液体内部压强的影响因素。
(1)压强计通过U形管两侧液面的______ 来反映被测压强大小。使用前，用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，接下来应进行的操作是______ ；
A.向U形管中注入一些水
B.将U形管中水倒出一些
C.检查装置是否漏气
(2)小明在图甲中，保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是为了探究液体内部压强大小与______ 是否有关；
(3)小明还猜想液体压强与液体深度和密度有关。他在图甲基础上，继续将金属盒下移一段距离，发现压强变大。若接下来又进行了图乙所示实验，再与图甲比较，______ (能/不能)得出液体压强与液体密度有关的初步结论。
31. 综合实践活动课上，小明用一根长约20cm的圆柱状饮料吸管、一段细铁丝、石蜡和水等制作了一个简易密度计。
制作时，小明先将吸管两端剪平，铁丝密绕成小团后塞入吸管一端，再用石蜡将该端口堵住密封；接着，将吸管置于水中使其处于竖直漂浮状态(图甲)，用笔在吸管上标记此时水面位置O；取出吸管，量出O点至封口端的距离H，通过分析与计算，在吸管上分别确定密度值0.8g/cm3、0.9g/cm3、1.0g/cm3、1.1g/cm3的位置并标上密度值。
使用时，将密度计静置于待测液体中，读出吸管壁上液面处的数值即为液体密度。
(1)O位置处的刻度值为______ g/cm3；
(2)吸管漂浮在其他液体中时(图乙)，液面下方的深度h=______ (用ρ水、ρ液、H表示)；
(3)管壁上标注的4个刻度值，相邻两刻度值之间的距离______ (相等/不相等)；
(4)小明突发奇想，将制作好的密度计内铁丝从吸管上端倒出，缠绕到底部外侧，其它没有变化(图丙)，他用这样“改装”后的密度计测同一液体密度，测量结果______ (偏大/偏小/无变化)；
(5)若增加塞入吸管中铁丝的质量，则制作的密度计精确程度将______ 。
32. 小明选取了两根长度相等材料不同的合金丝a和b，连接成图甲电路。M为合金丝b的左端点，N为合金丝a的右端点，Q为在合金丝上可移动的触点。闭合开关，将滑动变阻器滑片移至适当位置后，移动Q，发现电流表指针保持图乙所示位置不动，电压表读数U随QN之间的距离x的变化如图丙所示。
(1)电流表示数为______ A。
(2)合金丝a的长度为______ cm，其阻值为______ Ω。合金丝b两端电压为______ V。
(3)小明再利用合金丝a和其他器材测量一个未知电阻Rx的阻值，电路如图丁所示。
①请在图戊中用笔画线代替导线帮他完成电路连接。
②电路连接好后，闭合开关S、S1，发现电压表无示数，检查发现是由于滑动变阻器出现______ (断路/短路)。
③排除故障后，先闭合开关S和S1，移动滑动变阻器滑片至适当位置，读出电压表示数U1；再断开S1，闭合S2，读出此时电压表示数U2，则待测电阻阻值为______ (合金丝a的电阻用Ra表示)。
④若在步骤③中，小明在测量U2时，将S2闭合前，忘记断开S1，仍用原方法算出的待测电阻阻值______ (大于/等于/小于)真实值。
33. 人眼对观察到的景物有暂时的“记忆”，在外界景物消失后，视神经对它的印象还会延续0.1s左右，这种特征叫视觉暂留。例如在一张白色卡片纸的正、反面分别画上鸟笼和鸟，让卡片纸快速旋转，当正、反两面交替出现在眼前的时间间隔在0.1s之内时，人眼就能看到鸟在笼中的现象(图甲)。一些城市地铁行驶在某些区间时，乘客能看到窗外出现清晰的动态广告，往往也是利用了视觉暂留的原理。某段地铁内隧道广告的制作方法如下：在隧道侧壁与车窗相同高度处，沿运行方向每经过距离d，安装一块大小相同的广告灯箱，如图乙。灯箱采用频闪方式实现亮、暗交替，且工作时各灯箱亮、暗同步变化(人的视觉暂留时间以0.1s计算)。
(1)要实现时长15s的广告效果，至少需要安装______ 块广告灯箱；
(2)灯箱安装好后，调节灯箱发光频率f，控制地铁速度v，当它们满足下述哪种情况时，乘客能看到流畅稳定的广告画面？答：______ ；
A.f=5Hz，且v=df
B.f=10Hz，且v=12df
C.f=20Hz，且v=df
D.f=30Hz，且v=3df
(3)座位上乘客发现正常显示的广告画面突然向地铁前进方向缓慢移动，可能原因是______ (写出一种即可)。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：在轨运行的“天宫二号”空间实验室，与地面进行实时信息传输所使用的是电磁波，故A正确，BCD错误。
故选：A。
电磁波能在真空中传递，电磁波能传递信息，声不能在真空中传播。
本题考查电磁波的应用。
2.【答案】A
【解析】解：
秋天的枫叶呈现红色是因为红枫叶反射了红光，故BCD错误，A正确。
故选：A。
不透明物体的颜色由它反射的色光决定。
本题考查了不透明物体颜色的决定因素，是一道基础题。
3.【答案】D
【解析】解：点火升空时，高温的火焰喷射到水池里时，水吸热发生剧烈的汽化，产生大量的水蒸气，水蒸气遇冷液化，形成“白气”，此过程放热。
故选：D。
(1)物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化是放热过程；
(2)物质由液态转变为气态的过程叫做汽化，汽化是吸收过程。
本题是利用了运载火箭这一载体来考查物态变化，这是中考的一种热点题型，所以学习物理也需要对生活热点中蕴含的物理知识多加关注。
4.【答案】B
【解析】解：A、太阳系绕银河系中心做匀速圆周运动，银河系是一种漩涡状的星系，太阳不是漩涡的中心，故A错误；
B、原子是由原子核和核外电子组成，故B正确；
C、核电站是通过核裂变来利用核能发电，故C错误；
D、扩散现象表明分子在不停做无规则运动，且分子间有间隙，但不能说明分子间存在引力或斥力，故D错误；
故选：B。
(1)太阳系绕银河系中心做匀速圆周运动，银河系是一种漩涡状的系星，太阳系不位于漩涡的中心；
(2)物质是由分子组成，分子又由原子组成的，原子又由原子核和核外电子组成，且核外电子带负电绕原子核高速旋转，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子组成；
(3)核电站中的核反应是核裂变；
(4)扩散是指不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，扩散现象表明分子是运动的，且分子间有间隙。
此题考查了与太阳位置、原子结构、核电站的工作原理、扩散现象。
5.【答案】C
【解析】解：国产大飞机C919机身大规模使用完全国产化的第三代铝锂合金，使飞机构件重量显著减轻，由于铝锂合金的密度更小，所以与同体积的普通铝合金相比其质量更小，故C正确，ABD错误。
故选：C。
体积相同时质量不同，可以用密度这个概念来描述；飞机起飞尽量减小飞机的重量。
本题考查物质的物理属性及密度。
6.【答案】B
【解析】解：A、家用电视机工作电流约1A，故A错误；
B、空气中声速约340m/s，故B正确；
C、一支普通2B铅笔质量约6g，故C错误；
D、正常人心跳每秒约1次，故D错误。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
7.【答案】A
【解析】解：A.磁体的周围存在磁场，磁场的性质是对放入其中的磁体有力的作用，甲图中磁铁通过磁场对回形针施加力，故A正确。
B.乙图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故B错误；
C.丙图是磁场对通电导体有力的作用，使得线圈转动，是电动机的原理，故C错误；
D.丁图中转动扇叶会使得发光二极管发光，说明产生了电流，是电磁感应原理，故D错误。
故选：A。
(1)磁体的周围存在磁场，磁场的性质是对放入其中的磁体有力的作用；
(2)奥斯特实验说明电流的周围存在磁场；
(3)磁场对通电导体有力的作用；
(4)闭合电路的部分导体切割磁感线运动时，导体中产生感应电流。
本题考查磁场、电流的磁效应、电动机和发电机的原理，是电磁部分的综合题。
8.【答案】C
【解析】解：A、这一装置在工作时，存在摩擦和空气阻力，不是一台“永动机”，故A错误；
B、水在输送过程中高度改变，所以重力势能改变，故B错误；
C、转轮转速越快，相同时间内输水做功越多，则功率越大，故C正确；
D、上、下两个转轮在转动时，它们的轴始终是固定不动的，不符合动滑轮的特点，里面不存在动滑轮，故D错误。
故选：C。
(1)自然界中能量是守恒的，但机械能在转化时往往存在能量的损耗，一部分机械能会转化为内能散失到空气中；
(2)重力势能的大小与质量和高度有关；
(3)功率是表示做功快慢的物理量；
(4)“高转筒车”在转动时，它的轴始终是固定不动的。
本题通过“高转筒车”，考查了对能量的守恒、机械能的转化、功与功率的理解、简单机械的认识，有一定综合性。
9.【答案】B
【解析】解：A、开关S1控制灯泡L2，灯泡L1不能显示操控开关S1的人所发信息，故A错误；
B、挡板沿AA′固定，开关S2控制灯泡L1，开关S2和灯泡L1分别在挡板AA′两侧，灯泡L1能显示操控开关S2的人所发信息，故B正确；
C、挡板沿BB′固定，开关S1控制灯泡L2，开关S1和灯泡L2都在挡板BB′的上方，灯泡L2显示的信息不能传递到对方，故C错误；
D、开关S2控制灯泡L1，灯泡L2不能显示操控开关S2的人所发信息，故D错误。
故选：B。
先对题干中的电路进行分析，并清楚每个开关的作用，再结合挡板的位置分析每个选项中的灯泡能否显示操控开关的人所发信息。
此题主要考查学生对于电路连接方式、信息与信息传递的理解和掌握，属于中考必考点。
10.【答案】D
【解析】解：水的比热容比泥土、沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地，形成海风；
晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面，形成陆风，由图可知，此时地面附近的空气从陆地吹向海洋，形成陆风，故出现如图所示风向时，通常发生在夜晚，且海水温度较高。
故选：D。
根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海风的形成过程。
本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成。
11.【答案】D
【解析】解：A、由表中数据可知，实验过程中控制电压表示数为UV=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=3V，故A错误；
B、实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，所以应向右适当移动滑动变阻器滑片，故B错误；
C、研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，因电源电压不变，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压也不变；前3次实验中，第3次电流最小，由P=UI可知，滑动变阻器的功率在第3次实验中最小，故C错误；
D、实验中使用的定值电阻阻值最大为20Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=3V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−3V=3V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的3V3V=1倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1×20Ω=20Ω，而本实验中提供的滑动变阻器规格为“15Ω1A”，无法满足实验需求，所以需要改变电路，故D正确。
故选：D。
(1)根据表中数据结合U=IR求出定值电阻两端电压；
(2)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(3)研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压规律求出滑动变阻器两端电压，利用P=UI判断前3次实验中，滑动变阻器最小功率；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，然后进行分析回答。
本题探究电流与电阻的关系实验，考查了电压的计算、实验操作、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
12.【答案】C
【解析】解：A、对上方木模受力分析有，Fa=mg+Fb+Fc，则Fa>mg，Fa≠Fb+Fc，故A错误；
B、由对称性可知，Fb=Fc，故B错误；
C、沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，但力的作用点发生变化，线上拉力会改变，故C正确；
D、整体受力分析，由平衡条件得，FN=2mg，沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，地面受到的压力不会改变，故D错误；
故选：C。
利用整体法判断木模对水平面的压力情况，将上方木模隔离分析短线的拉力情况。
本题考查的是受力分析，需要灵活使用整体法和隔离法。
13.【答案】音色 噪声
【解析】解：人们能分辨出不同乐器的演奏声，是因为它们所发声音的音色不同。小明学习时，听到邻居家传来的钢琴声，钢琴声影响了学习，属于噪声。
故答案为：音色；噪声。
(1)不同物质的特征不同，发出声音的音色也会不同；
(2)从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息、和学习的声音都是噪声。
本题考查了声音的特点和噪声的辨别，属于基础题。
14.【答案】虚像 0.2
【解析】解：平静的水面相当于平面镜，平面镜成虚像，若蜻蜓立于距水面0.2m处的荷尖上，根据物像到平面镜距离相等，所以蜻蜓在水中所成的像距水面的距离也为0.2m。
故答案为：虚像；0.2。
平静的水面相当于平面镜，依据平面镜成像的特点可知，成的像是虚像，像与物到镜面的距离相等来解答此题。
针对此类型的题目，要明确谁是反射面，然后根据物像到反射面的距离相等，进行分析解答。
15.【答案】热传递 压缩
【解析】解：工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过热传递的方式增加的；切割机切割钢筋时，切割片克服摩擦做功，机械能转化为内能，使切割片的内能增加、温度升高，该过程内能变化情况与热机的压缩冲程相同。
故答案为：热传递；压缩。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
热机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
16.【答案】等臂 右 26.4
【解析】解：托盘天平相当于等臂杠杆；
由图甲知，指针偏左，此时应将平衡螺母向右调节；
天平游码标尺的分度值为0.2g，由图乙知，物体质量为：m=20g+5g+1.4g=26.4g。
故答案为：等臂；右；26.4。
(1)杠杆的种类有三种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力；
(2)天平放在水平台上，游码归零，平衡螺母向上翘的一端移动；
(3)物体的质量等于砝码的质量和游码对应刻度值之和。
本题考查了天平的调节和用天平测量物体的质量，属于基础性题目。
17.【答案】大气压 右
【解析】解：由题意可知，打开抽气机向外抽气，管内气压减小，在大气压的作用下，两塑料片分别紧紧“吸附”在管子两端；
当管内气压较低时关闭抽气机，此时若快速弹开右侧塑料片，右侧气压大于纸团左侧气压，在气压差的作用下，纸团会从左侧管口飞出。
故答案为：大气压；右。
大气中存在压强，叫大气压；分析不同位置气体的压强，可对实验中的现象做出判断。
本题主要考查了对大气压的理解和应用，属基础题，但也容易出错。
18.【答案】−4晶体 没有
【解析】解：(1)温度计的分度值为1℃，液面位置在0℃以下，示数为−4℃；
(2)根据图乙可知，冰在0℃时熔化，熔化过程中吸热，温度保持不变，所以，冰属于晶体；
(3)根据图乙可知，结合液体沸腾的特点，de阶段试管中水与烧杯中的水温度相同，试管中水不能获得热量，所以，试管中水没有沸腾。
故答案为：(1)−4；(2)晶体；(3)没有。
(1)温度计的分度值为1℃，注意区分是零上还是零下，然后根据液面位置读数；
(2)晶体熔化时有固定的温度；
(3)液体沸腾时要不断吸收热量，但温度保持在沸点不变。
本题为“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验，考查水浴法、晶体熔化特点、沸腾条件等基础知识。
19.【答案】向上 大于 水
【解析】解：两端开口的玻璃管，下端套有扎紧的气球，管中装有适量水，处于竖直静止状态(图甲)，当气球突然变大，说明水向下充入了气球，由于水具有惯性，当手握管子突然向上运动时，管子上升，水保持静止，流入气球，使得气球突然变大，由于整体做加速运动，受力不平衡，较大的力与运动方向相同，则此时手对管子竖直向上的力大于管子总重。
故答案为：向上；大于；水。
物体具有保持运动状态不变的性质叫做惯性；
物体加速运动时受力不平衡，较大的力与运动方向相同。
本题考查惯性、力与运动的关系，属于中档题，有一定的难度。
20.【答案】N 增强 小于 降低
【解析】解：(1)闭合开关S1，电流从电磁铁上端流入，下端流出，由安培定则可知，线圈的上端为N极，下端为S极；
温度升高时，热敏电阻R2的阻值随温度升高而显著减小，根据欧姆定律，电路中电流变大，电磁铁的磁性增强；
(2)温度升高时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使R4电路接通，此时恒温箱处于保温状态；温度降低时，电磁铁磁性减弱，衔铁在左侧弹簧作用下被拉起，使R3电路接通，此时恒温箱处于加热状态；因加热功率大于保温功率，且电源电压不变，由P=UI=U2R可知，R3阻值小于R4阻值；
(3)电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，将R1的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联可知，热敏电阻R2的阻值变大，因热敏电阻R2的阻值随温度升高而显著减小，故恒温箱控制的温度将降低。
故答案为：(1)N；增强；(2)小于；(3)降低。
(1)根据安培定则判断通过后电磁铁的极性；根据热敏电阻阻值随温度的变化关系，结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化；
(2)温度升高时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使R4电路接通，此时恒温箱处于保温状态；温度降低时，电磁铁磁性减弱，衔铁在左侧弹簧作用下被拉起，使R3电路接通，此时恒温箱处于加热状态；根据P=UI=U2R分析R3与R4的阻值大小；
(3)电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，将R1的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联分析热敏电阻R2的阻值变化，利用热敏电阻阻值随温度的变化关系确定恒温箱控制的温度变化。
本题通过电磁继电器的应用考查了对电磁铁的认识和理解，知道电磁继电器实质是一个开关，对电磁继电器电路的工作过程进行分析，一般的思路是，先明确控制电路与工作电路，再从控制电路入手，看电磁铁磁性的有无对工作电路触点连接情况的影响，最后确定工作电路中的工作情况。
21.【答案】可 701.1×104 1.8×106 吃水深度较浅，适用海域范围较广
【解析】解：(1)风能能从自然界源源不断地获得，属于可再生能源；
(2)海油观澜号”由浮式基础和风机组成，整体高度超200米，单个叶片约为整体高度的三分之一，单个叶片长度约70m；
(3)根据题意可知，平台基础总质量为1.1×107kg，
此时漂浮平台受到的浮力为：F浮=G总=m总g=1.1×107kg×10N/kg=1.1×108N，
由阿基米德原理可知，此时漂浮平台排开海水的体积为：
V排=F浮ρ海水g=1.1×108N1.0×103kg/m3×10N/kg=1.1×104m3；
(4)年发电量W=2.2×107kW⋅h=2.2×107×3.6×106J=7.92×1013J，
由W=Q=mq可知，需要天然气的质量：
m=Qq=7.92×1013J4.4×107J/kg=1.8×106kg；
(5)如图所示，半潜式底部有一个三角形浮式基础，与单柱式相比，吃水深度较浅，适用海域范围较广。
故答案为：(1)可；(2)70；(3)1.1×10⁴；(4)1.8×106；(5)吃水深度较浅，适用海域范围较广。
(1)能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断获得的能源是不可再生能源；
(2)海油观澜号”由浮式基础和风机组成，整体高度超200米，单个叶片约为整体高度的三分之一；
(3)根据物体沉浮条件和阿基米德原理求出平台排开海水的体积；
(4)利用Q放=mq求需要天然气的质量；
(5)结合材料和图片进行比较。
本题考查能源分类、长度估测、浮力计算、热量计算等知识，综合性较强。
22.【答案】解：过箱子重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分别表示重力和支持力，分别用符号G和F表示。如图所示：
【解析】箱子静止在水平面上，受到了平衡力的作用，故箱子受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
23.【答案】解：过入射点O作垂直于界面的法线，根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内，反射角等于入射角，在法线左侧的空气中画出反射光线OB；
根据折射光线、入射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，在法线左侧的水中画出折射光线OC，如图所示：
【解析】先过入射点作出法线，然后根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出反射光线；
根据折射光线、入射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。
在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中。
24.【答案】解：物体对杠杆的拉力为阻力F2，方向竖直向下，反向延长阻力F2的作用线，从支点O向阻力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是阻力臂l2。
使杠杆AB静止时所用最小力的作用点在离支点最远的B点，用力方向与OB垂直，这样动力臂最长(等于OB)，最省力，动力的方向大致向上；如图所示：
【解析】(1)力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。
②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。
③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
(2)使用杠杆时，若阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此解答此题，只需找出使动力臂最大的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可。
在处理杠杆最小力的问题时，可按以下步骤进行：
①确定支点和动力作用点，找出最长的动力臂；
②过动力作用点做出与动力臂垂直的直线。
25.【答案】解：家庭电路中，为了保证安全，开关、保险丝应该安装在火线，保证断电时切断火线。根据灯泡的右侧开关与火线相连，确定上方的导线是火线，保险丝应该安装在火线上，如图：
【解析】家庭电路中，为了保证安全，开关、保险丝应该安装在火线，保证断电时切断火线。
本题考查家庭电路的组成与安装，属于简单的基础题。
26.【答案】解；(1)水吸收的热量：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.4kg×2.5℃=4.2×103J；
(2)由P=Wt可得，照射到水面上的太阳能：
W=Pt=25W×10×60s=1.5×104J，
水获取太阳能的效率：η=Q吸W×100%=4.2×103J1.5×104J×100%=28%。
答：(1)该过程水吸收的热量是4.2×103J；
(2)水获取太阳能的效率是28%。
【解析】(1)根据Q吸=cmΔt计算水吸收的热量；
(2)由P=Wt公式变形可求得照射到水面上的太阳能，由η=Q吸W×100%可求得水获取太阳能的效率。
本题考查了热量的计算和效率的计算，关键是理解“地表水吸收太阳能的效率”的含义。
27.【答案】解：(1)箱子对水平地面的压力等于自身重力，
箱子对水平地面的压强：p=FS=GS=500N0.2m2=2.5×103Pa；
(2)拉力做功：W总=Fs=350N×2m=700J，
拉力做功功率：P=W总t=700J20s=35W；
(3)该过程的有用功：W有=Gh=500N×1m=500J，
克服摩擦力做的功：W额=W总−W有=700J−500J=200J。
答：(1)箱子对水平地面的压强为2.5×103Pa；
(2)上移过程中拉力做功的功率为35W；
(3)箱子克服木板摩擦力所做的功为200J。
【解析】(1)箱子对水平地面的压力等于自身重力，根据压强公式计算箱子对水平地面的压强；
(2)根据W=Fs计算拉力做功，根P=Wt计算拉力做功功率；
(3)根据W有=Gh计算该过程的有用功，根据W额=W总−W有计算克服摩擦力做的功。
本题考查压强公式、做功公式、功率公式的灵活运用，知道总功包括有用功和额外功。
28.【答案】解：(1)闭合开关S、S1，断开S2，灯泡被短路，只有R1接入电路，电流表示数为0.4A，
由I=UR可得，电源电压：U=U1=I1R1=0.4A×20Ω=8V；
(2)再闭合开关S2，R1与R2并联，根据并联不相互影响知，R1的电流不变，
根据并联电路的电流规律知，R2上的电流：I2=I−I1=0.6A−0.4A=0.2A；
由I=UR可得，R2的阻值
R2=U2I2=UI2=8V0.2A=40Ω
(3)若只闭合S，灯泡L与R1串联，根据串联电流相等，当通过R1的电流I′=0.3A时，的电压U=IR1=0.3A×20Ω=6V，灯泡的电压为2V，恰好满足电源电压U=2V+6V=8V，
1min内电阻R1产生的热量Q=I2R1t=(0.3A)2×20Ω×60s=108J。
答：(1)电源电压8V；
(2)R2的阻值是40Ω；
(3)若只闭合S，1min内电阻R1产生的热量108J。
【解析】(1)闭合开关S、S1，断开S2，灯泡被短路，只有R1接入电路，根据电流表示数和欧姆定律计算电源电压；
(2)再闭合开关S2，R1与R2并联，根据并联电路特点计算R2上的电流，根据欧姆定律计算R2的电阻；
(3)若只闭合S，灯泡L与R1串联，根据串联电流相等，结合图像，分析电流大小，利用Q=I2Rt计算热量。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、焦耳定律，难点是结合图像分析串联的电压关系。
29.【答案】光屏中央 15 60 正立、放大、虚像 变小
【解析】解：(1)为了使像成在光屏中央，应将蜡烛烛焰和光屏的中心调到凸透镜的主光轴上；
(2)①由表中数据可知，u=v=30cm，根据u=v=2f，成倒立等大的实像，即2f=30cm，故凸透镜焦距f=15cm；
②当物距u=20cm，由表中数据可知，此时物距等于第1次成像时像距，根据在光的折射中，光路是可逆的，故像距应该等于第1次成像时物距，即v=60cm；
③当物距u=10cm，此时u
故答案为：(1)光屏中央；(2)①15；②60；③正立、放大、虚像；(3)变小。
(1)为了使像成在光屏中央，应将蜡烛烛焰和光屏的中心调到凸透镜的主光轴上；
(2)①根据u=v=2f，成倒立等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；
②在光的折射中，光路是可逆的；
③根据u
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
30.【答案】高度差 C 方向 能
【解析】解：(1)压强计是通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小，这种研究方法叫转换法；
使用前，用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，应检查装置是否漏气；
(2)保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，U形管高度差不变，压强不变，说明液体内部朝各个方向都有压强，且同种液体，同一深度各个方向上的压强相等；
(3)图乙中深度较小，但高度差一样，压强相等，是液体密度对液体压强产生了影响，与图甲比较，能得出液体内部压强与液体密度有关的初步结论。
故答案为：(1)高度差；C；(2)方向；(3)能。
(1)压强计是通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小；
压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的；
(2)影响液体内部压强的因素有深度和密度，且密度相同，深度相同时，液体内部朝各个方向的压强都相等；
(3)图乙中深度较小，但高度差一样，压强相等，说明密度也会影响液体内部压强。
本题考查了液体内部压强特点及影响液体内部压强的因素，难度适中，需熟练掌握。
31.【答案】1.0ρ水Hρ液 不相等 偏大 提高
【解析】解：(1)如图甲所示，小明将吸管置于水中使其处于竖直漂浮状态，用笔在吸管上标记此时水面位置O，O位置处的刻度值为水的密度值1.0g/cm3；
(2)因为密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，则F浮水=F浮液=G，即ρ水gSH=ρ液gSh=G，可得：h=ρ水Hρ液；
(3)因为h=ρ水Hρ液，ρ水和H已知，h和ρ液是反比例函数，所以刻度分布不均匀，相邻两刻度值之间的距离不相等，且密度计的刻度由上至下数值逐渐增大，密度变大时h液变化越小；
(4)将制作好的密度计内铁丝从吸管上端倒出，缠绕到底部外侧，其它没有变化，再用这支密度计去测量同一液体的密度，此时排开液体的体积不变，
因为吸管排开液体的体积等于排开液体的总体积减去铁丝的体积，
所以，吸管排开液体的体积减小，会上浮一些，测得的密度值偏大，即测出的液体密度值大于实际值；
(5)若增加塞入吸管中铁丝的质量，密度计放入某液体中时，密度计竖直浸入液体的深度变大，O位置会上升，密度计上两条刻度线之间的距离也会变大，测量结果更准确。
故答案为：(1)1.0；(2)ρ水Hρ液；(3)不相等；(4)偏大；(5)提高。
(1)O位置处的刻度值为水的密度；
(2)根据物体在液体中的沉浮条件和阿基米德原理分析；
(3)结合反比例函数关系分析；
(4)将制作好的密度计内铁丝从吸管上端倒出，缠绕到底部外侧，其它没有变化，再用这支密度计去测量同一液体的密度，此时排开液体的体积不变，根据吸管排开液体的体积等于排开液体的总体积减去铁丝的体积判断吸管排开液体体积的变化，然后结合吸管密度计的特点进行解答：
(5)若增加塞入吸管中铁丝的质量，密度计放入某液体中时，密度计竖直浸入液体的深度变大，O位置会上升，密度计上两条刻度线之间的距离也会变大，测量结果更准确。
密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析。
32.【答案】0.410202断路 U2RaU1−U2 大于
【解析】解：(1)图丙中电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A；
(2)闭合开关，电路为串联电路，将滑动变阻器滑片移至适当位置后，移动Q，发现电流表指针保持图乙所示位置不动，电流表示数为0.4A，此时Q位于M处，电压表测量整段a、b两端的电压，由图丙知当QN=10cm时，电压表示数出现了变化，合金丝a的长度为10cm，a两端电压Ua=8V，a、b两端的电压Uab=10V，由欧姆定律可知a的阻值R=UaI=8V0.4A=20Ω，由串联电路的电压规律可知合金丝b两端电压为Ub=Uab−Ua=10V−8V=2V；
(3)①由图丁可知，合金丝a左端与开关S2右端接线柱连接，如下图所示：
②电路连接好后，闭合开关S、S1，电路为串联电路，电压表测Rx和合金丝a两端电压，发现电压表无示数，原因可能是电路存在断路或电压表所测电路短路，故障出现在滑动变阻器位置的话应为滑动变阻器断路；
③先闭合开关S和S1，滑动变阻器、合金丝a、Rx串联接入电路，电压表测Rx和合金丝a两端电压，移动滑动变阻器滑片至适当位置，读出电压表示数U1为Rx和合金丝a两端电压，再断开S1，闭合S2，滑动变阻器、合金丝a、Rx串联接入电路，电压表测Rx两端电压为U2，由串联电路的电压规律可知合金丝a两端电压Ua=U1−U2，由串联电路的电压分理可得：UaURx=RaRx即U1−U2U2=RaRx，
得Rx=U2RaU1−U2；
④小明在测量U2时，将S2闭合前，忘记断开S1，此时电路仍为串联电路，但合金丝a被短路，滑动变阻器、Rx串联接入电路，电压表测Rx两端电压，示数为U2，由串联电路的分压原理可知，步骤③时，U2=RxRx+Ra+R滑⋅U电源，此时U2′=RxRx+R滑⋅U电源，示数变大，仍用原方法算出的待测电阻阻值，则Rx=U2RaU1−U2式子分子变大，分母变小，结果偏大。
故答案为：(1)0.4；(2)10；20；2；(3)①如上图所示；②断路；③U2RaU1−U2；④大于。
(1)根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数；
(2)闭合开关，电路为串联电路，将滑动变阻器滑片移至适当位置后，移动Q，发现电流表指针保持图乙所示位置不动，电流表示数为0.4A，此时Q位于M处，电压表测量整段a、b两端的电压，由图丙知当QN=10cm时，电压表示数出现了变化，合金丝a的长度为10cm，a两端电压为8V，b两端电压为2V，由欧姆定律可知a的阻值；
(3)①根据电路图进行连接；
②电路连接好后，闭合开关S、S1，电路为串联电路，电压表测Rx和合金丝a两端电压，发现电压表无示数，原因可能是电路存在断路或电压表所测电路短路；
③先闭合开关S和S1，滑动变阻器、合金丝a、Rx串联接入电路，电压表测Rx和合金丝a两端电压，移动滑动变阻器滑片至适当位置，读出电压表示数U1为Rx和合金丝a两端电压，再断开S1，闭合S2，滑动变阻器、合金丝a、Rx串联接入电路，电压表测Rx两端电压，由串联电路的电压分理可得Rx；
④小明在测量U2时，将S2闭合前，忘记断开S1，此时电路仍为串联电路，但合金丝a被短路，滑动变阻器、Rx串联接入电路，电压表测Rx两端电压，示数为U2，与之前相比，U2的示数变大进行分析。
本题考查伏安法测电阻时电流表读数、数据分析、电路连接、欧姆定律等内容，综合性强。
33.【答案】150 C 地铁速度稍稍减慢(或发光频率稍稍变大)
【解析】解：(1)人的视觉暂留时间以0.1s计算，人看到广告的时间间隔不能超过0.1s，因而每秒至少看到10幅广告，因而实现时长15s的广告效果，至少需要15×10=150块广告灯箱；
(2)灯箱安装好后，调节灯箱发光频率f，控制地铁速度v，由于工作时各灯箱亮、暗同步变化，第1次看到灯箱亮，保证在下一次恰好也是灯箱亮，且时间间隔必须小于0.1s，在频率最低为f=10.1s=10Hz，且运动的最快速度v=dT=df，故C符合要求，而D速度过大；
(3)座位上乘客发现正常显示的广告画面突然向地铁前进方向缓慢移动，说明本应该恰好经过的广告变为了到达人的前方，说明车子的速度变慢了，也有可能画面的播放速度变快了，即发光频率稍稍变大了。
故答案为：(1)150；(2)C；(3)地铁速度稍稍减慢(或发光频率稍稍变大)。
(1)根据人的视觉暂留时间的意义进行分析解答；
(2)根据速度公式结合题中信息分析解答；
(3)根据运动的相对性分析解答。
本题通过材料信息考查阅读能力与速度公式的应用、运动的相对性，属于难题一道。
2023年江苏省苏州市中考物理试卷
1. 在轨运行的“天宫二号”空间实验室，与地面进行实时信息传输所使用的是( )
A. 电磁波 B. 红外线 C. 超声波 D. 次声波
2. “霜叶红于二月花”。秋天的枫叶呈现红色是因为它( )
A. 反射了红光 B. 吸收了红光
C. 反射了红、绿、蓝光 D. 吸收了红、绿、蓝光
3. 卫星发射时，火箭点火升空刹那间，可看到发射平台升腾起大量白雾，这是喷水系统同步将大量的水喷撒到平台上所致。该过程涉及的物态变化是( )
A. 仅液化
B. 仅汽化
C. 先液化后汽化
D. 先汽化后液化
4. 以下说法正确的是( )
A. 太阳位于银河系的中心 B. 原子由原子核和电子构成
C. 核电站通过核聚变利用核能 D. 扩散现象说明分子之间有排斥力
5. 2023年5月28日，国产大飞机C919圆满完成首个商业航班飞行，正式进入民航市场。该机机身大规模使用完全国产化的第三代铝锂合金，使飞机构件重量显著减轻，主要利用了第三代铝锂合金的( )
A. 导热性好 B. 导电性好 C. 密度小 D. 熔点高
6. 下列各说法中，符合实际的是( )
A. 家用电视机工作电流约10A B. 空气中声速约340m/s
C. 一支普通2B铅笔质量约200g D. 正常人心跳每秒约0.5次
7. 下列与磁现象有关的实验中，说法正确的是( )
A. 甲图中磁铁通过磁场对回形针施加力 B. 乙图说明磁场对电流有力的作用
C. 丙图是电磁感应原理的应用 D. 丁图说明了电流具有磁效应
8. 《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒车”(如图)。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是( )
A. 这是一台“永动机”
B. 水在输送过程中重力势能不变
C. 转轮转速越快输水做功功率越大
D. 上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
9. 如图，在桌面上将开关、灯泡和电源等连接好制成一套简易有线电报机。小明、小红分别在不透光挡板(图中未画出)两侧，通过控制灯泡闪光次数来向对方发送不同信息，图中虚线表示可固定挡板的位置。则( )
A. 挡板沿AA′固定，灯泡L1显示操控开关S1的人所发信息
B. 挡板沿AA′固定，灯泡L1显示操控开关S2的人所发信息
C. 挡板沿BB′固定，灯泡L2显示操控开关S1的人所发信息
D. 挡板沿BB′固定，灯泡L2显示操控开关S2的人所发信息
10. 在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出现如图所示风向时，通常( )
A. 发生在白天，且陆地温度较高
B. 发生在白天，且海水温度较高
C. 发生在夜晚，且陆地温度较高
D. 发生在夜晚，且海水温度较高
11. 用如图电路探究电流与电阻的关系，所用器材：电源(6V)，定值电阻R1(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω各1个)，规格为“15Ω1A”的滑动变阻器R2，如表为实验数据记录表。关于该实验，下列说法正确的是( )
序号
电阻R1/Ω
电流I/A
1
5
0.6
2
10
0.3
3
15
0.2
4
20
未测
A. 实验过程中控制电压表示数为2V
B. 将电阻R1由5Ω更换为10Ω时，应向左适当移动滑动变阻器滑片
C. 前3次实验中，滑动变阻器的功率在第1次实验中最小
D. 若使用现有器材完成第4次实验，需要改变电路
12. 如图，将质量均匀的木棒切割并组装成两个形状相同、质量均为m的木模，用三根竖直细线a、b、c连接，在水平面上按照“互”字型静置，上方木模呈现悬浮效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”结构原理。则( )
A. a的拉力等于mg
B. b的拉力大于a的拉力
C. 沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，线上拉力会改变
D. 沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，地面受到的压力会改变
13. 人们能分辨出不同乐器的演奏声，是因为它们所发声音的______ 不同。小明学习时，听到邻居家传来的钢琴声，这属于______ (乐音/噪声)。
14. “小荷才露尖尖角，早有蜻蜓立上头”。蜻蜓立于荷叶尖上，距水面0.2m，它在水中的像是______ (实像/虚像)，像距水面______ m。
15. 工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过______ 的方式增加的。用切割机切割钢筋，切割片温度急剧上升，该过程内能变化情况与热机的______ 冲程相同。
16. 托盘天平相当于______ 杠杆。调节天平平衡时，指针如图甲，此时应将平衡螺母向______ 调节。测量物体质量时，右盘砝码及游码示数如图乙，物体质量为______ g。
17. 如图，一根水平放置、两端开口的透明亚克力管，下部的抽气孔与抽气机相连。将一个略小于管内径的纸团置于管中，打开抽气机，在______ 的作用下，两塑料片分别紧紧“吸附”在管子两端。当管内气压较低时关闭抽气机，快速弹开______ 侧塑料片，纸团会从左侧管口飞出。
18. 图甲中，试管装有适量碎冰，用酒精灯对烧杯中足量的水进行加热，用温度计测量不同时刻温度值，温度随时间变化的图像如图乙。
(1)甲图中温度计示数为______ ℃；
(2)根据图乙可知冰属于______ (晶体/非晶体)；
(3)de阶段试管中水______ (正在/没有)沸腾。
19. 两端开口的玻璃管，下端套有扎紧的气球，管中装有适量水，处于竖直静止状态(图甲)。手握管子突然______ (向上/向下)运动时，气球突然变大(图乙)，此时手对管子竖直向上的力______ (大于/等于/小于)管子总重，该现象的产生是由于______ 具有惯性。
20. 寒冬，为给小鸡仔提供温暖的环境，小明制作了恒温箱系统，原理如图。控制电路由电磁继电器、滑动变阻器R1、热敏电阻R2(安装在恒温箱内，阻值随温度升高而显著减小)、低压电源等组成。加热电路由电源、电热丝R3和R4等组成。调好R1阻值，闭合开关S1、S2，箱内温度升高到设定值后即在小范围内波动，且降温阶段降温比较平缓。
(1)通电线圈上端是______ 极，温度升高时，电磁铁磁性______ ；
(2)R3阻值______ (大于/小于)R4阻值；
(3)将R1的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将______ 。
21. 阅读材料，回答问题。
“海油观澜号”深远海浮式风电平台2023年5月20日，我国首座深远海浮式风电平台“海油观澜号”成功并入文昌油田群电网，标志着我国深远海风电关键技术取得重大进展。
“海油观澜号”由浮式基础和风机组成，整体高度超200米，总质量达1.1×107kg。平台采用“半潜式”设计，底部是一个三角形浮式基础，包括3个边立柱和1个中间立柱，图甲为其实物照片。浮式基础上方是高约83米的圆筒状柱子，柱子上方安装有机舱，机舱前部的3只大叶片驱动机舱中的发电机转子转动，生成绿色电力，年发电量将达2.2×107kW⋅h。
(1)风能属于______ (可/不可)再生能源；
(2)根据图甲估测“海油观澜号”单个叶片长度约为______ m(保留整数)；
(3)风平浪静叶片不动时，平台基础排开海水的体积达______ m3(海水密度用1.0×103kg/m3计算，不考虑锚链对平台的作用)；
(4)每年的发电量相当于______ kg天然气完全燃烧放出的热量(天然气的热值q取4.4×107J/kg)；
(5)海浮式风电平台基础设计方式除半潜式外还有单柱式(图乙)。两种方式相比较，你认为“半潜式”的一个明显优点是______ 。
22. 图中，箱子静止在水平桌面上，画出箱子受力示意图。
23. 图中，光线AO自空气斜射向水面，画出其反射光线和折射光线的大致位置。
24. 图中，用直棒提升重物，画出图示位置所用最小力F1和阻力F2的力臂L2。
25. 图中，将家庭电路补充完整(虚框内一处接保险丝“”，另一处用导线连接)。
26. 正午，小明对水面获取太阳的能量情况进行研究，他将装有400g水的盘子放在室外平台上，经阳光照射10min，水温升高了2.5℃。不计水的蒸发[水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)]。
(1)该过程水吸收的热量是多少？
(2)若照射到盘中水面上太阳能的功率为25W，水获取太阳能的效率是多大？
27. 如图甲所示，重500N、底面积为0.2m2的箱子放在水平地面上。现用一块直木板将该箱子匀速拉上平台(图乙)。已知拉力为350N，箱子沿板移动了2m，升高1m，用时20s。求：
(1)箱子对水平地面的压强；
(2)上移过程中拉力做功的功率；
(3)箱子克服木板摩擦力所做的功。
28. 如图甲，R1阻值为20Ω，图乙为小灯泡L的U−I图像。闭合开关S、S1，断开S2，电流表示数为0.4A，再闭合开关S2，电流表示数变为0.6A。求：
(1)电源电压；
(2)R2的阻值；
(3)若只闭合S，1min内电阻R1产生的热量。
29. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
(1)如图甲，把蜡烛、凸透镜、光屏依次摆放在光具座上，并将蜡烛烛焰和光屏的中心调到凸透镜的主光轴上，目的是使像成在______ 。
(2)按要求进行观察和测量，并将部分观测情况记录在下列表中：
实验序号
物距w/cm
像距v/cm
像的性质
1
60
20
倒立、缩小、实像
2
30
30
倒立、等大、实像
3
20
4
10
①凸透镜焦距f=______ cm。
②当物距u=20cm时，像距v=______ cm。
③当物距u=10cm时，像的性质是______ 。
(3)如图乙是航天员王亚平太空授课制作水球时呈现的情景，假设她稍向后远离水球，则她在球中所成的像将______ (变大/变小/不变)。
30. 小明用压强计探究液体内部压强的影响因素。
(1)压强计通过U形管两侧液面的______ 来反映被测压强大小。使用前，用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，接下来应进行的操作是______ ；
A.向U形管中注入一些水
B.将U形管中水倒出一些
C.检查装置是否漏气
(2)小明在图甲中，保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是为了探究液体内部压强大小与______ 是否有关；
(3)小明还猜想液体压强与液体深度和密度有关。他在图甲基础上，继续将金属盒下移一段距离，发现压强变大。若接下来又进行了图乙所示实验，再与图甲比较，______ (能/不能)得出液体压强与液体密度有关的初步结论。
31. 综合实践活动课上，小明用一根长约20cm的圆柱状饮料吸管、一段细铁丝、石蜡和水等制作了一个简易密度计。
制作时，小明先将吸管两端剪平，铁丝密绕成小团后塞入吸管一端，再用石蜡将该端口堵住密封；接着，将吸管置于水中使其处于竖直漂浮状态(图甲)，用笔在吸管上标记此时水面位置O；取出吸管，量出O点至封口端的距离H，通过分析与计算，在吸管上分别确定密度值0.8g/cm3、0.9g/cm3、1.0g/cm3、1.1g/cm3的位置并标上密度值。
使用时，将密度计静置于待测液体中，读出吸管壁上液面处的数值即为液体密度。
(1)O位置处的刻度值为______ g/cm3；
(2)吸管漂浮在其他液体中时(图乙)，液面下方的深度h=______ (用ρ水、ρ液、H表示)；
(3)管壁上标注的4个刻度值，相邻两刻度值之间的距离______ (相等/不相等)；
(4)小明突发奇想，将制作好的密度计内铁丝从吸管上端倒出，缠绕到底部外侧，其它没有变化(图丙)，他用这样“改装”后的密度计测同一液体密度，测量结果______ (偏大/偏小/无变化)；
(5)若增加塞入吸管中铁丝的质量，则制作的密度计精确程度将______ 。
32. 小明选取了两根长度相等材料不同的合金丝a和b，连接成图甲电路。M为合金丝b的左端点，N为合金丝a的右端点，Q为在合金丝上可移动的触点。闭合开关，将滑动变阻器滑片移至适当位置后，移动Q，发现电流表指针保持图乙所示位置不动，电压表读数U随QN之间的距离x的变化如图丙所示。
(1)电流表示数为______ A。
(2)合金丝a的长度为______ cm，其阻值为______ Ω。合金丝b两端电压为______ V。
(3)小明再利用合金丝a和其他器材测量一个未知电阻Rx的阻值，电路如图丁所示。
①请在图戊中用笔画线代替导线帮他完成电路连接。
②电路连接好后，闭合开关S、S1，发现电压表无示数，检查发现是由于滑动变阻器出现______ (断路/短路)。
③排除故障后，先闭合开关S和S1，移动滑动变阻器滑片至适当位置，读出电压表示数U1；再断开S1，闭合S2，读出此时电压表示数U2，则待测电阻阻值为______ (合金丝a的电阻用Ra表示)。
④若在步骤③中，小明在测量U2时，将S2闭合前，忘记断开S1，仍用原方法算出的待测电阻阻值______ (大于/等于/小于)真实值。
33. 人眼对观察到的景物有暂时的“记忆”，在外界景物消失后，视神经对它的印象还会延续0.1s左右，这种特征叫视觉暂留。例如在一张白色卡片纸的正、反面分别画上鸟笼和鸟，让卡片纸快速旋转，当正、反两面交替出现在眼前的时间间隔在0.1s之内时，人眼就能看到鸟在笼中的现象(图甲)。一些城市地铁行驶在某些区间时，乘客能看到窗外出现清晰的动态广告，往往也是利用了视觉暂留的原理。某段地铁内隧道广告的制作方法如下：在隧道侧壁与车窗相同高度处，沿运行方向每经过距离d，安装一块大小相同的广告灯箱，如图乙。灯箱采用频闪方式实现亮、暗交替，且工作时各灯箱亮、暗同步变化(人的视觉暂留时间以0.1s计算)。
(1)要实现时长15s的广告效果，至少需要安装______ 块广告灯箱；
(2)灯箱安装好后，调节灯箱发光频率f，控制地铁速度v，当它们满足下述哪种情况时，乘客能看到流畅稳定的广告画面？答：______ ；
A.f=5Hz，且v=df
B.f=10Hz，且v=12df
C.f=20Hz，且v=df
D.f=30Hz，且v=3df
(3)座位上乘客发现正常显示的广告画面突然向地铁前进方向缓慢移动，可能原因是______ (写出一种即可)。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：在轨运行的“天宫二号”空间实验室，与地面进行实时信息传输所使用的是电磁波，故A正确，BCD错误。
故选：A。
电磁波能在真空中传递，电磁波能传递信息，声不能在真空中传播。
本题考查电磁波的应用。
2.【答案】A
【解析】解：
秋天的枫叶呈现红色是因为红枫叶反射了红光，故BCD错误，A正确。
故选：A。
不透明物体的颜色由它反射的色光决定。
本题考查了不透明物体颜色的决定因素，是一道基础题。
3.【答案】D
【解析】解：点火升空时，高温的火焰喷射到水池里时，水吸热发生剧烈的汽化，产生大量的水蒸气，水蒸气遇冷液化，形成“白气”，此过程放热。
故选：D。
(1)物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化是放热过程；
(2)物质由液态转变为气态的过程叫做汽化，汽化是吸收过程。
本题是利用了运载火箭这一载体来考查物态变化，这是中考的一种热点题型，所以学习物理也需要对生活热点中蕴含的物理知识多加关注。
4.【答案】B
【解析】解：A、太阳系绕银河系中心做匀速圆周运动，银河系是一种漩涡状的星系，太阳不是漩涡的中心，故A错误；
B、原子是由原子核和核外电子组成，故B正确；
C、核电站是通过核裂变来利用核能发电，故C错误；
D、扩散现象表明分子在不停做无规则运动，且分子间有间隙，但不能说明分子间存在引力或斥力，故D错误；
故选：B。
(1)太阳系绕银河系中心做匀速圆周运动，银河系是一种漩涡状的系星，太阳系不位于漩涡的中心；
(2)物质是由分子组成，分子又由原子组成的，原子又由原子核和核外电子组成，且核外电子带负电绕原子核高速旋转，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子组成；
(3)核电站中的核反应是核裂变；
(4)扩散是指不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，扩散现象表明分子是运动的，且分子间有间隙。
此题考查了与太阳位置、原子结构、核电站的工作原理、扩散现象。
5.【答案】C
【解析】解：国产大飞机C919机身大规模使用完全国产化的第三代铝锂合金，使飞机构件重量显著减轻，由于铝锂合金的密度更小，所以与同体积的普通铝合金相比其质量更小，故C正确，ABD错误。
故选：C。
体积相同时质量不同，可以用密度这个概念来描述；飞机起飞尽量减小飞机的重量。
本题考查物质的物理属性及密度。
6.【答案】B
【解析】解：A、家用电视机工作电流约1A，故A错误；
B、空气中声速约340m/s，故B正确；
C、一支普通2B铅笔质量约6g，故C错误；
D、正常人心跳每秒约1次，故D错误。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
7.【答案】A
【解析】解：A.磁体的周围存在磁场，磁场的性质是对放入其中的磁体有力的作用，甲图中磁铁通过磁场对回形针施加力，故A正确。
B.乙图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故B错误；
C.丙图是磁场对通电导体有力的作用，使得线圈转动，是电动机的原理，故C错误；
D.丁图中转动扇叶会使得发光二极管发光，说明产生了电流，是电磁感应原理，故D错误。
故选：A。
(1)磁体的周围存在磁场，磁场的性质是对放入其中的磁体有力的作用；
(2)奥斯特实验说明电流的周围存在磁场；
(3)磁场对通电导体有力的作用；
(4)闭合电路的部分导体切割磁感线运动时，导体中产生感应电流。
本题考查磁场、电流的磁效应、电动机和发电机的原理，是电磁部分的综合题。
8.【答案】C
【解析】解：A、这一装置在工作时，存在摩擦和空气阻力，不是一台“永动机”，故A错误；
B、水在输送过程中高度改变，所以重力势能改变，故B错误；
C、转轮转速越快，相同时间内输水做功越多，则功率越大，故C正确；
D、上、下两个转轮在转动时，它们的轴始终是固定不动的，不符合动滑轮的特点，里面不存在动滑轮，故D错误。
故选：C。
(1)自然界中能量是守恒的，但机械能在转化时往往存在能量的损耗，一部分机械能会转化为内能散失到空气中；
(2)重力势能的大小与质量和高度有关；
(3)功率是表示做功快慢的物理量；
(4)“高转筒车”在转动时，它的轴始终是固定不动的。
本题通过“高转筒车”，考查了对能量的守恒、机械能的转化、功与功率的理解、简单机械的认识，有一定综合性。
9.【答案】B
【解析】解：A、开关S1控制灯泡L2，灯泡L1不能显示操控开关S1的人所发信息，故A错误；
B、挡板沿AA′固定，开关S2控制灯泡L1，开关S2和灯泡L1分别在挡板AA′两侧，灯泡L1能显示操控开关S2的人所发信息，故B正确；
C、挡板沿BB′固定，开关S1控制灯泡L2，开关S1和灯泡L2都在挡板BB′的上方，灯泡L2显示的信息不能传递到对方，故C错误；
D、开关S2控制灯泡L1，灯泡L2不能显示操控开关S2的人所发信息，故D错误。
故选：B。
先对题干中的电路进行分析，并清楚每个开关的作用，再结合挡板的位置分析每个选项中的灯泡能否显示操控开关的人所发信息。
此题主要考查学生对于电路连接方式、信息与信息传递的理解和掌握，属于中考必考点。
10.【答案】D
【解析】解：水的比热容比泥土、沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地，形成海风；
晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面，形成陆风，由图可知，此时地面附近的空气从陆地吹向海洋，形成陆风，故出现如图所示风向时，通常发生在夜晚，且海水温度较高。
故选：D。
根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海风的形成过程。
本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成。
11.【答案】D
【解析】解：A、由表中数据可知，实验过程中控制电压表示数为UV=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=3V，故A错误；
B、实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，所以应向右适当移动滑动变阻器滑片，故B错误；
C、研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，因电源电压不变，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压也不变；前3次实验中，第3次电流最小，由P=UI可知，滑动变阻器的功率在第3次实验中最小，故C错误；
D、实验中使用的定值电阻阻值最大为20Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=3V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−3V=3V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的3V3V=1倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1×20Ω=20Ω，而本实验中提供的滑动变阻器规格为“15Ω1A”，无法满足实验需求，所以需要改变电路，故D正确。
故选：D。
(1)根据表中数据结合U=IR求出定值电阻两端电压；
(2)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(3)研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压规律求出滑动变阻器两端电压，利用P=UI判断前3次实验中，滑动变阻器最小功率；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，然后进行分析回答。
本题探究电流与电阻的关系实验，考查了电压的计算、实验操作、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
12.【答案】C
【解析】解：A、对上方木模受力分析有，Fa=mg+Fb+Fc，则Fa>mg，Fa≠Fb+Fc，故A错误；
B、由对称性可知，Fb=Fc，故B错误；
C、沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，但力的作用点发生变化，线上拉力会改变，故C正确；
D、整体受力分析，由平衡条件得，FN=2mg，沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，地面受到的压力不会改变，故D错误；
故选：C。
利用整体法判断木模对水平面的压力情况，将上方木模隔离分析短线的拉力情况。
本题考查的是受力分析，需要灵活使用整体法和隔离法。
13.【答案】音色 噪声
【解析】解：人们能分辨出不同乐器的演奏声，是因为它们所发声音的音色不同。小明学习时，听到邻居家传来的钢琴声，钢琴声影响了学习，属于噪声。
故答案为：音色；噪声。
(1)不同物质的特征不同，发出声音的音色也会不同；
(2)从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息、和学习的声音都是噪声。
本题考查了声音的特点和噪声的辨别，属于基础题。
14.【答案】虚像 0.2
【解析】解：平静的水面相当于平面镜，平面镜成虚像，若蜻蜓立于距水面0.2m处的荷尖上，根据物像到平面镜距离相等，所以蜻蜓在水中所成的像距水面的距离也为0.2m。
故答案为：虚像；0.2。
平静的水面相当于平面镜，依据平面镜成像的特点可知，成的像是虚像，像与物到镜面的距离相等来解答此题。
针对此类型的题目，要明确谁是反射面，然后根据物像到反射面的距离相等，进行分析解答。
15.【答案】热传递 压缩
【解析】解：工地上太阳暴晒的钢筋热得烫手，钢筋内能是通过热传递的方式增加的；切割机切割钢筋时，切割片克服摩擦做功，机械能转化为内能，使切割片的内能增加、温度升高，该过程内能变化情况与热机的压缩冲程相同。
故答案为：热传递；压缩。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
热机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
16.【答案】等臂 右 26.4
【解析】解：托盘天平相当于等臂杠杆；
由图甲知，指针偏左，此时应将平衡螺母向右调节；
天平游码标尺的分度值为0.2g，由图乙知，物体质量为：m=20g+5g+1.4g=26.4g。
故答案为：等臂；右；26.4。
(1)杠杆的种类有三种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力；
(2)天平放在水平台上，游码归零，平衡螺母向上翘的一端移动；
(3)物体的质量等于砝码的质量和游码对应刻度值之和。
本题考查了天平的调节和用天平测量物体的质量，属于基础性题目。
17.【答案】大气压 右
【解析】解：由题意可知，打开抽气机向外抽气，管内气压减小，在大气压的作用下，两塑料片分别紧紧“吸附”在管子两端；
当管内气压较低时关闭抽气机，此时若快速弹开右侧塑料片，右侧气压大于纸团左侧气压，在气压差的作用下，纸团会从左侧管口飞出。
故答案为：大气压；右。
大气中存在压强，叫大气压；分析不同位置气体的压强，可对实验中的现象做出判断。
本题主要考查了对大气压的理解和应用，属基础题，但也容易出错。
18.【答案】−4晶体 没有
【解析】解：(1)温度计的分度值为1℃，液面位置在0℃以下，示数为−4℃；
(2)根据图乙可知，冰在0℃时熔化，熔化过程中吸热，温度保持不变，所以，冰属于晶体；
(3)根据图乙可知，结合液体沸腾的特点，de阶段试管中水与烧杯中的水温度相同，试管中水不能获得热量，所以，试管中水没有沸腾。
故答案为：(1)−4；(2)晶体；(3)没有。
(1)温度计的分度值为1℃，注意区分是零上还是零下，然后根据液面位置读数；
(2)晶体熔化时有固定的温度；
(3)液体沸腾时要不断吸收热量，但温度保持在沸点不变。
本题为“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验，考查水浴法、晶体熔化特点、沸腾条件等基础知识。
19.【答案】向上 大于 水
【解析】解：两端开口的玻璃管，下端套有扎紧的气球，管中装有适量水，处于竖直静止状态(图甲)，当气球突然变大，说明水向下充入了气球，由于水具有惯性，当手握管子突然向上运动时，管子上升，水保持静止，流入气球，使得气球突然变大，由于整体做加速运动，受力不平衡，较大的力与运动方向相同，则此时手对管子竖直向上的力大于管子总重。
故答案为：向上；大于；水。
物体具有保持运动状态不变的性质叫做惯性；
物体加速运动时受力不平衡，较大的力与运动方向相同。
本题考查惯性、力与运动的关系，属于中档题，有一定的难度。
20.【答案】N 增强 小于 降低
【解析】解：(1)闭合开关S1，电流从电磁铁上端流入，下端流出，由安培定则可知，线圈的上端为N极，下端为S极；
温度升高时，热敏电阻R2的阻值随温度升高而显著减小，根据欧姆定律，电路中电流变大，电磁铁的磁性增强；
(2)温度升高时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使R4电路接通，此时恒温箱处于保温状态；温度降低时，电磁铁磁性减弱，衔铁在左侧弹簧作用下被拉起，使R3电路接通，此时恒温箱处于加热状态；因加热功率大于保温功率，且电源电压不变，由P=UI=U2R可知，R3阻值小于R4阻值；
(3)电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，将R1的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联可知，热敏电阻R2的阻值变大，因热敏电阻R2的阻值随温度升高而显著减小，故恒温箱控制的温度将降低。
故答案为：(1)N；增强；(2)小于；(3)降低。
(1)根据安培定则判断通过后电磁铁的极性；根据热敏电阻阻值随温度的变化关系，结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化；
(2)温度升高时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使R4电路接通，此时恒温箱处于保温状态；温度降低时，电磁铁磁性减弱，衔铁在左侧弹簧作用下被拉起，使R3电路接通，此时恒温箱处于加热状态；根据P=UI=U2R分析R3与R4的阻值大小；
(3)电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，将R1的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联分析热敏电阻R2的阻值变化，利用热敏电阻阻值随温度的变化关系确定恒温箱控制的温度变化。
本题通过电磁继电器的应用考查了对电磁铁的认识和理解，知道电磁继电器实质是一个开关，对电磁继电器电路的工作过程进行分析，一般的思路是，先明确控制电路与工作电路，再从控制电路入手，看电磁铁磁性的有无对工作电路触点连接情况的影响，最后确定工作电路中的工作情况。
21.【答案】可 701.1×104 1.8×106 吃水深度较浅，适用海域范围较广
【解析】解：(1)风能能从自然界源源不断地获得，属于可再生能源；
(2)海油观澜号”由浮式基础和风机组成，整体高度超200米，单个叶片约为整体高度的三分之一，单个叶片长度约70m；
(3)根据题意可知，平台基础总质量为1.1×107kg，
此时漂浮平台受到的浮力为：F浮=G总=m总g=1.1×107kg×10N/kg=1.1×108N，
由阿基米德原理可知，此时漂浮平台排开海水的体积为：
V排=F浮ρ海水g=1.1×108N1.0×103kg/m3×10N/kg=1.1×104m3；
(4)年发电量W=2.2×107kW⋅h=2.2×107×3.6×106J=7.92×1013J，
由W=Q=mq可知，需要天然气的质量：
m=Qq=7.92×1013J4.4×107J/kg=1.8×106kg；
(5)如图所示，半潜式底部有一个三角形浮式基础，与单柱式相比，吃水深度较浅，适用海域范围较广。
故答案为：(1)可；(2)70；(3)1.1×10⁴；(4)1.8×106；(5)吃水深度较浅，适用海域范围较广。
(1)能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断获得的能源是不可再生能源；
(2)海油观澜号”由浮式基础和风机组成，整体高度超200米，单个叶片约为整体高度的三分之一；
(3)根据物体沉浮条件和阿基米德原理求出平台排开海水的体积；
(4)利用Q放=mq求需要天然气的质量；
(5)结合材料和图片进行比较。
本题考查能源分类、长度估测、浮力计算、热量计算等知识，综合性较强。
22.【答案】解：过箱子重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分别表示重力和支持力，分别用符号G和F表示。如图所示：
【解析】箱子静止在水平面上，受到了平衡力的作用，故箱子受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
23.【答案】解：过入射点O作垂直于界面的法线，根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内，反射角等于入射角，在法线左侧的空气中画出反射光线OB；
根据折射光线、入射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，在法线左侧的水中画出折射光线OC，如图所示：
【解析】先过入射点作出法线，然后根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出反射光线；
根据折射光线、入射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。
在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中。
24.【答案】解：物体对杠杆的拉力为阻力F2，方向竖直向下，反向延长阻力F2的作用线，从支点O向阻力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是阻力臂l2。
使杠杆AB静止时所用最小力的作用点在离支点最远的B点，用力方向与OB垂直，这样动力臂最长(等于OB)，最省力，动力的方向大致向上；如图所示：
【解析】(1)力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。
②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。
③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
(2)使用杠杆时，若阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此解答此题，只需找出使动力臂最大的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可。
在处理杠杆最小力的问题时，可按以下步骤进行：
①确定支点和动力作用点，找出最长的动力臂；
②过动力作用点做出与动力臂垂直的直线。
25.【答案】解：家庭电路中，为了保证安全，开关、保险丝应该安装在火线，保证断电时切断火线。根据灯泡的右侧开关与火线相连，确定上方的导线是火线，保险丝应该安装在火线上，如图：
【解析】家庭电路中，为了保证安全，开关、保险丝应该安装在火线，保证断电时切断火线。
本题考查家庭电路的组成与安装，属于简单的基础题。
26.【答案】解；(1)水吸收的热量：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.4kg×2.5℃=4.2×103J；
(2)由P=Wt可得，照射到水面上的太阳能：
W=Pt=25W×10×60s=1.5×104J，
水获取太阳能的效率：η=Q吸W×100%=4.2×103J1.5×104J×100%=28%。
答：(1)该过程水吸收的热量是4.2×103J；
(2)水获取太阳能的效率是28%。
【解析】(1)根据Q吸=cmΔt计算水吸收的热量；
(2)由P=Wt公式变形可求得照射到水面上的太阳能，由η=Q吸W×100%可求得水获取太阳能的效率。
本题考查了热量的计算和效率的计算，关键是理解“地表水吸收太阳能的效率”的含义。
27.【答案】解：(1)箱子对水平地面的压力等于自身重力，
箱子对水平地面的压强：p=FS=GS=500N0.2m2=2.5×103Pa；
(2)拉力做功：W总=Fs=350N×2m=700J，
拉力做功功率：P=W总t=700J20s=35W；
(3)该过程的有用功：W有=Gh=500N×1m=500J，
克服摩擦力做的功：W额=W总−W有=700J−500J=200J。
答：(1)箱子对水平地面的压强为2.5×103Pa；
(2)上移过程中拉力做功的功率为35W；
(3)箱子克服木板摩擦力所做的功为200J。
【解析】(1)箱子对水平地面的压力等于自身重力，根据压强公式计算箱子对水平地面的压强；
(2)根据W=Fs计算拉力做功，根P=Wt计算拉力做功功率；
(3)根据W有=Gh计算该过程的有用功，根据W额=W总−W有计算克服摩擦力做的功。
本题考查压强公式、做功公式、功率公式的灵活运用，知道总功包括有用功和额外功。
28.【答案】解：(1)闭合开关S、S1，断开S2，灯泡被短路，只有R1接入电路，电流表示数为0.4A，
由I=UR可得，电源电压：U=U1=I1R1=0.4A×20Ω=8V；
(2)再闭合开关S2，R1与R2并联，根据并联不相互影响知，R1的电流不变，
根据并联电路的电流规律知，R2上的电流：I2=I−I1=0.6A−0.4A=0.2A；
由I=UR可得，R2的阻值
R2=U2I2=UI2=8V0.2A=40Ω
(3)若只闭合S，灯泡L与R1串联，根据串联电流相等，当通过R1的电流I′=0.3A时，的电压U=IR1=0.3A×20Ω=6V，灯泡的电压为2V，恰好满足电源电压U=2V+6V=8V，
1min内电阻R1产生的热量Q=I2R1t=(0.3A)2×20Ω×60s=108J。
答：(1)电源电压8V；
(2)R2的阻值是40Ω；
(3)若只闭合S，1min内电阻R1产生的热量108J。
【解析】(1)闭合开关S、S1，断开S2，灯泡被短路，只有R1接入电路，根据电流表示数和欧姆定律计算电源电压；
(2)再闭合开关S2，R1与R2并联，根据并联电路特点计算R2上的电流，根据欧姆定律计算R2的电阻；
(3)若只闭合S，灯泡L与R1串联，根据串联电流相等，结合图像，分析电流大小，利用Q=I2Rt计算热量。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、焦耳定律，难点是结合图像分析串联的电压关系。
29.【答案】光屏中央 15 60 正立、放大、虚像 变小
【解析】解：(1)为了使像成在光屏中央，应将蜡烛烛焰和光屏的中心调到凸透镜的主光轴上；
(2)①由表中数据可知，u=v=30cm，根据u=v=2f，成倒立等大的实像，即2f=30cm，故凸透镜焦距f=15cm；
②当物距u=20cm，由表中数据可知，此时物距等于第1次成像时像距，根据在光的折射中，光路是可逆的，故像距应该等于第1次成像时物距，即v=60cm；
③当物距u=10cm，此时u
故答案为：(1)光屏中央；(2)①15；②60；③正立、放大、虚像；(3)变小。
(1)为了使像成在光屏中央，应将蜡烛烛焰和光屏的中心调到凸透镜的主光轴上；
(2)①根据u=v=2f，成倒立等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；
②在光的折射中，光路是可逆的；
③根据u
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
30.【答案】高度差 C 方向 能
【解析】解：(1)压强计是通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小，这种研究方法叫转换法；
使用前，用手按压金属盒上的橡皮膜，发现两侧液面没有明显变化，应检查装置是否漏气；
(2)保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，U形管高度差不变，压强不变，说明液体内部朝各个方向都有压强，且同种液体，同一深度各个方向上的压强相等；
(3)图乙中深度较小，但高度差一样，压强相等，是液体密度对液体压强产生了影响，与图甲比较，能得出液体内部压强与液体密度有关的初步结论。
故答案为：(1)高度差；C；(2)方向；(3)能。
(1)压强计是通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小；
压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的；
(2)影响液体内部压强的因素有深度和密度，且密度相同，深度相同时，液体内部朝各个方向的压强都相等；
(3)图乙中深度较小，但高度差一样，压强相等，说明密度也会影响液体内部压强。
本题考查了液体内部压强特点及影响液体内部压强的因素，难度适中，需熟练掌握。
31.【答案】1.0ρ水Hρ液 不相等 偏大 提高
【解析】解：(1)如图甲所示，小明将吸管置于水中使其处于竖直漂浮状态，用笔在吸管上标记此时水面位置O，O位置处的刻度值为水的密度值1.0g/cm3；
(2)因为密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，则F浮水=F浮液=G，即ρ水gSH=ρ液gSh=G，可得：h=ρ水Hρ液；
(3)因为h=ρ水Hρ液，ρ水和H已知，h和ρ液是反比例函数，所以刻度分布不均匀，相邻两刻度值之间的距离不相等，且密度计的刻度由上至下数值逐渐增大，密度变大时h液变化越小；
(4)将制作好的密度计内铁丝从吸管上端倒出，缠绕到底部外侧，其它没有变化，再用这支密度计去测量同一液体的密度，此时排开液体的体积不变，
因为吸管排开液体的体积等于排开液体的总体积减去铁丝的体积，
所以，吸管排开液体的体积减小，会上浮一些，测得的密度值偏大，即测出的液体密度值大于实际值；
(5)若增加塞入吸管中铁丝的质量，密度计放入某液体中时，密度计竖直浸入液体的深度变大，O位置会上升，密度计上两条刻度线之间的距离也会变大，测量结果更准确。
故答案为：(1)1.0；(2)ρ水Hρ液；(3)不相等；(4)偏大；(5)提高。
(1)O位置处的刻度值为水的密度；
(2)根据物体在液体中的沉浮条件和阿基米德原理分析；
(3)结合反比例函数关系分析；
(4)将制作好的密度计内铁丝从吸管上端倒出，缠绕到底部外侧，其它没有变化，再用这支密度计去测量同一液体的密度，此时排开液体的体积不变，根据吸管排开液体的体积等于排开液体的总体积减去铁丝的体积判断吸管排开液体体积的变化，然后结合吸管密度计的特点进行解答：
(5)若增加塞入吸管中铁丝的质量，密度计放入某液体中时，密度计竖直浸入液体的深度变大，O位置会上升，密度计上两条刻度线之间的距离也会变大，测量结果更准确。
密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析。
32.【答案】0.410202断路 U2RaU1−U2 大于
【解析】解：(1)图丙中电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A；
(2)闭合开关，电路为串联电路，将滑动变阻器滑片移至适当位置后，移动Q，发现电流表指针保持图乙所示位置不动，电流表示数为0.4A，此时Q位于M处，电压表测量整段a、b两端的电压，由图丙知当QN=10cm时，电压表示数出现了变化，合金丝a的长度为10cm，a两端电压Ua=8V，a、b两端的电压Uab=10V，由欧姆定律可知a的阻值R=UaI=8V0.4A=20Ω，由串联电路的电压规律可知合金丝b两端电压为Ub=Uab−Ua=10V−8V=2V；
(3)①由图丁可知，合金丝a左端与开关S2右端接线柱连接，如下图所示：
②电路连接好后，闭合开关S、S1，电路为串联电路，电压表测Rx和合金丝a两端电压，发现电压表无示数，原因可能是电路存在断路或电压表所测电路短路，故障出现在滑动变阻器位置的话应为滑动变阻器断路；
③先闭合开关S和S1，滑动变阻器、合金丝a、Rx串联接入电路，电压表测Rx和合金丝a两端电压，移动滑动变阻器滑片至适当位置，读出电压表示数U1为Rx和合金丝a两端电压，再断开S1，闭合S2，滑动变阻器、合金丝a、Rx串联接入电路，电压表测Rx两端电压为U2，由串联电路的电压规律可知合金丝a两端电压Ua=U1−U2，由串联电路的电压分理可得：UaURx=RaRx即U1−U2U2=RaRx，
得Rx=U2RaU1−U2；
④小明在测量U2时，将S2闭合前，忘记断开S1，此时电路仍为串联电路，但合金丝a被短路，滑动变阻器、Rx串联接入电路，电压表测Rx两端电压，示数为U2，由串联电路的分压原理可知，步骤③时，U2=RxRx+Ra+R滑⋅U电源，此时U2′=RxRx+R滑⋅U电源，示数变大，仍用原方法算出的待测电阻阻值，则Rx=U2RaU1−U2式子分子变大，分母变小，结果偏大。
故答案为：(1)0.4；(2)10；20；2；(3)①如上图所示；②断路；③U2RaU1−U2；④大于。
(1)根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数；
(2)闭合开关，电路为串联电路，将滑动变阻器滑片移至适当位置后，移动Q，发现电流表指针保持图乙所示位置不动，电流表示数为0.4A，此时Q位于M处，电压表测量整段a、b两端的电压，由图丙知当QN=10cm时，电压表示数出现了变化，合金丝a的长度为10cm，a两端电压为8V，b两端电压为2V，由欧姆定律可知a的阻值；
(3)①根据电路图进行连接；
②电路连接好后，闭合开关S、S1，电路为串联电路，电压表测Rx和合金丝a两端电压，发现电压表无示数，原因可能是电路存在断路或电压表所测电路短路；
③先闭合开关S和S1，滑动变阻器、合金丝a、Rx串联接入电路，电压表测Rx和合金丝a两端电压，移动滑动变阻器滑片至适当位置，读出电压表示数U1为Rx和合金丝a两端电压，再断开S1，闭合S2，滑动变阻器、合金丝a、Rx串联接入电路，电压表测Rx两端电压，由串联电路的电压分理可得Rx；
④小明在测量U2时，将S2闭合前，忘记断开S1，此时电路仍为串联电路，但合金丝a被短路，滑动变阻器、Rx串联接入电路，电压表测Rx两端电压，示数为U2，与之前相比，U2的示数变大进行分析。
本题考查伏安法测电阻时电流表读数、数据分析、电路连接、欧姆定律等内容，综合性强。
33.【答案】150 C 地铁速度稍稍减慢(或发光频率稍稍变大)
【解析】解：(1)人的视觉暂留时间以0.1s计算，人看到广告的时间间隔不能超过0.1s，因而每秒至少看到10幅广告，因而实现时长15s的广告效果，至少需要15×10=150块广告灯箱；
(2)灯箱安装好后，调节灯箱发光频率f，控制地铁速度v，由于工作时各灯箱亮、暗同步变化，第1次看到灯箱亮，保证在下一次恰好也是灯箱亮，且时间间隔必须小于0.1s，在频率最低为f=10.1s=10Hz，且运动的最快速度v=dT=df，故C符合要求，而D速度过大；
(3)座位上乘客发现正常显示的广告画面突然向地铁前进方向缓慢移动，说明本应该恰好经过的广告变为了到达人的前方，说明车子的速度变慢了，也有可能画面的播放速度变快了，即发光频率稍稍变大了。
故答案为：(1)150；(2)C；(3)地铁速度稍稍减慢(或发光频率稍稍变大)。
(1)根据人的视觉暂留时间的意义进行分析解答；
(2)根据速度公式结合题中信息分析解答；
(3)根据运动的相对性分析解答。
本题通过材料信息考查阅读能力与速度公式的应用、运动的相对性，属于难题一道。
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