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2023年辽宁省营口市中考物理试卷（含答案解析）
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这是一份2023年辽宁省营口市中考物理试卷（含答案解析），共25页。
2023年辽宁省营口市中考物理试卷
1. 初中物理课本的长度大约是26( )
A. m B. dm C. cm D. mm
2. “霜降”是我国传统二十四节气之一，霜的形成属于( )
A. 液化现象 B. 凝固现象 C. 熔化现象 D. 凝华现象
3. 如图所示，在8个完全相同的玻璃瓶中，灌入不同高度的水，仔细调节水的高度。用一根木棒敲击它们，发出声音的特性一定不同的是( )
A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 音色和响度
4. 下列各种光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 河水看起来变浅了
B. 在平静的湖面上可以看到蓝天白云
C. 太阳光经过三棱镜后可以形成彩色光带
D. 早晨太阳还在地平线以下时人就可以看到它
5. 下列四幅图中，属于做功冲程的是( )
A. B. C. D.
6. 踢毽子是起源于我国汉代的一种健身、娱乐活动。下列关于踢毽子的说法正确的是( )
A. 静止在水平地面上的毽子受到的重力和支持力是一对平衡力
B. 毽子在空中飞行过程中只受到重力
C. 毽子在上升过程中，动能全部转化为重力势能
D. 毽子上升到最高点时，若外力突然消失，它将继续向上运动
7. 下列四幅图中，应用了电磁感应原理的是( )
A. B.
C. D.
8. 关于温度、内能、热量，下列说法正确的是( )
A. 温度高的物体含有的热量多
B. 物体吸收热量，温度一定升高
C. 气体膨胀对外做功，自身内能会减少
D. 热传递过程中，温度从高温物体传递给低温物体
9. 如图所示，电源电压不变，闭合开关，在保证电路安全的情况下，变阻器的滑片由中点向右移动的过程中，下列判断正确的是( )
A. 小灯泡亮度变暗
B. 电压表示数变大
C. 电流表示数不变
D. 电路总功率变小
10. 下列关于安全用电的说法正确的是( )
A. 手机充电时，不宜接打电话
B. 更换灯泡前，不必断开电源开关
C. 带有漏电保护器的总开关应定期检查
D. 一个插排上不可以同时使用多个大功率用电器
11. 下列关于材料、能源的说法正确的是( )
A. 手机芯片的核心材料是半导体
B. 能量的转移和转化具有方向性
C. 广泛使用的电能属于一次能源
D. 核电站的反应堆通过可控聚变反应释放核能
12. 如图所示，重100N的物体A在F=10N的拉力作用下，3s内沿水平地面匀速直线运动了1.5m，不计绳和滑轮自重，滑轮组的机械效率为90%。下列说法正确的是( )
A. 绳自由端移动的速度为1m/s
B. 在此过程中所做的额外功为15J
C. 物体与地面间的滑动摩擦力为18N
D. 拉力F增大时，物体A受到地面的摩擦力一定变大
13. 将冰块轻轻放入水平桌面上盛满煤油的烧杯中，冰块静止时如图所示(ρ冰>ρ煤油)。下列分析正确的是( )
A. 放入冰块后，烧杯对桌面的压力变大
B. 冰块完全熔化后，杯中液面高度下降
C. 冰块完全熔化后，杯底受到液体的压强变大
D. 冰块完全熔化后，煤油的密度变大
14. 吃粽子、挂艾蒿是端午节的传统习俗。我们闻到艾蒿的清香味儿，说明分子在不停地做______ 运动；煮粽子是通过______ (选填“做功”或“热传递”)的方式增加了粽子的内能，煮熟后，糯米粒儿会粘在一起，说明分子间存在______ 。
15. 2023年5月30日，我国利用长征二号运载火箭将神舟十六号载人飞船发射升空，并与空间站成功对接，发射任务取得圆满成功。空间站组合体在轨飞行期间，飞船相对于空间站是______ 的；空间站的太阳能电池板将太阳能转化为______ 能；火箭点火后加速上升时，火箭喷出的燃气对火箭的推力______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)火箭对燃气的作用力，在此过程中，飞船的机械能______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
16. “举杯邀明月，对影成三人”，诗人举起杯子，改变了杯子的______ (选填“形状”或“运动状态”)；举杯过程中，诗人的手臂相当于______ 杠杆；月光下，地面上诗人的影子是由光的______ 形成的。
17. 如图所示，水能从a、b两个相同的小圆孔中喷出，说明液体对容器的______ 有压强；b孔中的水喷得更远，说明液体内部的压强随着深度的增加而______ ；此时，用手封住瓶口(水面高于a孔)，能够观察到小孔______ (选填“ab”、“a”、“b”或“都停止”)持续向外出水。
18. 家庭电路的部分电路图如图所示(电路连接正确)。根据电路图可以判断甲、乙两根进户线中______ 是火线。只闭合开关S1，灯L1正常发光，此时用试电笔接触a点，试电笔的氖管______ (选填“发光”或“不发光”)；再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，则故障原因可能是灯L2______ (选填“短路”或“断路”)。
19. 避雷针能让建筑物避免雷击。当云层电荷较多时，避雷针与云层间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针和大地形成通路，此时的空气是______ (选填“导体”或“绝缘体”)；若瞬时电流的方向是从大地到云层，则云层带______ 电；雷雨天，我们听到的雷声是空气______ 产生的。
20. 图中是探究电流通过导体产生的热量与______ (选填“电流”或“电阻”)关系的装置；装置中的U形管______ (选填“是”或“不是”)连通器；电流通过电阻R2与R1产生的热量之比为______ 。
21. 如图所示，电源电压恒为9V，电压表V1、V2完全相同，连入电路的量程也相同，小灯泡L1“6V 6W”、L2“6V 3W”(灯丝电阻不变)。当开关都闭合时，电路中的电流为______ A，此时只有一个小灯泡正常发光，未正常发光的小灯泡的实际功率为______ W；断开开关S1、S2，电压表V1的示数为______ V。
22. 请画出人眼从A处看平面镜中烛焰上S点的像的完整光路图。
23. 如图所示，O点是撬棒的支点，F2是阻力。请在图中画出：
(1)作用在A点的最小动力F1及其力臂l1；
(2)阻力F2的力臂l2。
24. 某温度自动报警器的原理图如图所示。电磁铁上端为N极，在水银温度计中封入一段金属丝，当温度低于设定温度时，安全指示灯常亮；当温度达到设定温度时，安全指示灯熄灭，电铃发出报警信号。请在括号中标出电源的极性(用“+”或“-”表示)，并在虚线框内填入电铃()和指示灯的电路元件符号。
25. 把饮料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口贴紧在A管的上端，往B管中吹气，则：
(1)A管中的水面如何变化？
(2)固定翼飞机飞行时，机翼上产生升力的原因与之相同。请用所学物理知识解释产生升力的原因，并画出机翼横截面的大致形状。
26. 某型号航拍无人机，由于体积小、操控方便、拍摄效果好，深受摄影爱好者喜欢。下表是它的部分技术参数，某次航拍的过程中，在正常工作电压下，无人机以8m/s的速度匀速竖直上升(g=10N/kg，不计空气阻力及能量损耗)。求：
总质量
1200g
四个脚与地面的接触面积
6cm2
最大上升速度
9m/s
最大水平飞行速度
18m/s
正常工作电压
15V
(1)无人机静止在水平地面时，对地面的压强；
(2)无人机上升过程中的功率和电池的工作电流。
27. 如图所示，电源电压恒为18V，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V。闭合开关，移动变阻器的滑片，当电压表示数为12V时，电流表示数为0.5A。求：
(1)电阻R1的阻值以及R1通电60s消耗的电能；
(2)在保证元器件安全的前提下，电阻R1的最大功率。
28. 某款带保温功能的电水壶，其简化电路图如图所示。S为总开关，S1为自动控制开关，R1和R2为阻值不变的发热电阻，R2=840Ω，加热功率为1210W。电水壶将质量1kg、初温20℃的水烧开，加热效率为84%。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),标准大气压]。求：
(1)水吸收的热量；
(2)把水烧开需要多长时间(结果保留整数)；
(3)电水壶的保温功率。
29. 小飞同学“探究凸透镜成像规律”的实验
(1)小飞按图1安装好器材，点燃蜡烛，调整______ 、凸透镜(f=10cm)、光屏三者的中心在同一高度。
(2)如图1所示，光屏上会出现烛焰清晰缩小______ (选填“正立”或“倒立”)的像；透镜位置保持不变，将蜡烛移动到光具座35cm处，光屏向______ (选填“左”或“右”)移动到适当位置，光屏上又重新出现烛焰清晰的像；将蜡烛移动到光具座42cm处，小飞在凸透镜的右侧，通过凸透镜观察到烛焰正立的像，蜡烛继续靠近凸透镜，烛焰的像______ (选填“变大”或“变小”)。
(3)将一个眼镜片放在上图中蜡烛和凸透镜间的某一位置，光屏上的像变模糊了，凸透镜和光屏的位置保持不变，向左移动蜡烛，又能在光屏上看到烛焰清晰的像，说明该镜片是______ (选填“凸透镜”或“凹透镜”)。
(4)完成实验后，小飞利用图甲所示装置探究光的反射规律。白色硬纸板ENF垂直于水平放置的平面镜，法线ON垂直镜面，使一束光贴着纸板沿EO射到O点，反射光线沿OF射出，当入射光线远离法线时，反射光线将______ (选填“靠近”或“远离”)法线；如图乙所示。把纸板NOF向后折，在纸板上看不到反射光线，由此初步得出：反射光线、入射光线、法线在______ 平面内。
30. 小建和小晨“探究水沸腾时温度变化特点”的实验
(1)实验装置如图甲所示，其中有一处明显的错误是______ 。
(2)改正错误后，继续实验，某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃。
(3)小建观察到水沸腾时形成的大量气泡不断上升、变大，到水面破裂开来，里面的______ 散发到空气中。
(4)图丙是根据实验数据绘制的水沸腾时温度变化的图像，分析图像可知：水在沸腾的过程中不断______ (选填“吸热”或“放热”)，温度______ 。
(5)小晨利用原有器材，将装置中烧杯上方带孔的硬纸盖换成无孔硬纸盖，重新实验，发现水沸腾时的温度高于99℃，原因是水面上方气压______ (选填“变大”或“变小”)。
31. 小林用天平和量筒测量金属块的密度。
(1)天平放在水平桌面上，将______ 移至标尺左端的零刻度线处，指针位置如图甲所示，此时横梁处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态，再调节______ 。直至指针指在分度盘中线处。
(2)测量金属块的质量，天平平衡时如图乙所示，金属块的质量为______ g，将金属块轻轻放入盛有20mL水的量筒中，水面升高后位置如图丙所示，金属块的体积为______ cm3，金属块的密度为______ g/cm3。
(3)在测量过程中，若使用的砝码有磨损，所测金属块密度______ (选填“偏大”、“不变”或“偏小”)。
(4)小林浇花时，花盆里铺着的黑色小砂粒儿引起了他的兴趣，他设计了下面的实验，测出了砂粒的密度(不考虑砂粒吸水。ρ水=1.0×103kg/m3)，实验步骤如下：
①在已调至水平的等臂杠杆两端挂上两个完全相同的小桶，先用量筒向右侧小桶加入30mL水，再向左侧小桶缓慢加入砂粒直到杠杆在水平位置平衡。
②用量筒测出小桶中砂粒的体积为12cm3，则砂粒的密度为______ kg/m3。
32. 小明和小亮进行“伏安法测电阻”的实验
(1)小明连接好如图甲所示的电路(电源电压恒为3V)，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移动到变阻器的______ (选填“最左端”或“最右端”)；实验中滑动变阻器除了保护电路，还有______ 作用。
(2)闭合开关后，发现无论怎样移动变阻器的滑片，电流表始终没有示数，电压表示数接近电源电压，产生这种现象的原因可能是定值电阻______ (选填“短路”或“断路”)。
(3)电路故障排除后，闭合开关，移动变阻器的滑片到某一位置时，电流表的示数如图乙所示，此时的电流为______ A；改变变阻器滑片的位置进行多次测量，并根据所测数据绘制的电流与电压关系的图像如图丙所示，则被测电阻的阻值为______ Ω，多次测量的目的是______ 。
(4)小亮利用已知阻值的定值电阻R0和电流表设计了如图丁所示的电路，测量出了小灯泡L(额定电压为U额)的额定功率。
①请在图丁中的虚线框内填入对应的电路元件符号；
②闭合开关S和S1，断开S2，移动变阻器的滑片，使电流表示数为______ ；
③闭合开关S和S2，断开S1，保持变阻器滑片的位置不动，读出电流表的示数I；
④小灯泡的额定功率P额=______ 。(均用物理量符号表示)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，物理课本的长度略大于20cm，在26cm左右，故C正确，ABD错误。
故选：C。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】D
【解析】解：霜是空气中水蒸气遇冷凝华形成的，属于凝华现象，故ABC错误，D正确。
故选：D。
物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3.【答案】A
【解析】解：敲击瓶子时，声音是由瓶子和水振动产生的；瓶子和水的质量越大，越不容易振动，音调越低，所以，用一根木棒敲击它们，发出声音的特性一定不同的是音调。
故选：A。
音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，物理学中，振动快慢用每秒振动的次数来表示，称为频率；频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。
本题主要考查了声音的特征，特别要注意的是在敲击瓶子和吹瓶子的时候，发声体是不同的。
4.【答案】B
【解析】解：A、河水看起来变浅了，是由光的折射形成的，故A错误；
B、在平静的湖面上可以看到蓝天白云，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B正确；
C、太阳光经过三棱镜后可以形成彩色光带，是由光的折射形成的，故C错误；
D、早晨太阳还在地平线以下时人就可以看到它，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】C
【解析】解：A、两气门都关闭，活塞向上运动，气缸容积减小，是压缩冲程，故A不符合题意；
B、进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，气缸容积增大，是吸气冲程，故B不符合题意；
C、两气门都关闭，火花塞喷出电火花，活塞向下运动，气缸容积增大，是做功冲程，故C符合题意；
D、排气门打开，进气门关闭，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，故D不符合题意。
故选：C。
在内燃机的四个冲程中，进气门和排气门均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气门打开，另一个气门关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动。
此题考查了对内燃机四个冲程的判断，要结合气门和活塞运动情况进行判断。
6.【答案】A
【解析】解：A、静止在水平地面上的毽子，处于平衡状态，受到的重力和支持力是一对平衡力，故A正确；
B、毽子在空中飞行过程中受到重力和阻力，故B错误；
C、毽子在上升过程中，克服摩擦做功，一部分动能转化为重力势能，故C错误；
D、当毽子上升到最高点时，此时的速度为0，如果所受到的外力全部消失，毽子将静止，故D错误。
故选：A。
平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
对空中的毽子进行受力分析可做出判断；
动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；
一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题综合性较强，考查机械能、平衡力、牛顿第一定律等，关键是理解相关的知识，会应用它解决实际问题。
7.【答案】C
【解析】解：AB、通电导体在磁场中要受到力的作用，A是扬声器，就是利用该原理制成的，故AB不符合题意；
C、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，动圈式话筒就是利用该原理制成的，故C符合题意；
D、通电螺线管的周围存在磁场，是利用电流的磁效应来工作的，故D不符合题意。
故选：C。
(1)通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机、扬声器就是利用该原理制成的。
(2)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。
(3)奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
知道电流的磁效应、电磁感应和通电导体在磁场中受到力的作用；知道扬声器和动圈式话筒的基本原理。
8.【答案】C
【解析】解：A、热量是一个过程量，不能说含有，故A错误；
B、物体吸收了热量，温度可以不变，比如晶体熔化时，不断吸收热量，但温度不变，故B错误；
C、气体膨胀对外做功后，自身的内能减小温度降低，故C正确；
D、热传递过程中热量是从温度高的物体传递到温度低的物体物体，传递的不是温度，故D错误。
故选：C。
(1)在热传递过程中传递内能的多少叫热量，热量是个过程量；
(2)晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变；
(3)做功改变物体内能，对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；
(4)热量是热传递过程中传递内能的多少，是从高温物体传向低温物体或从高温部分传向低温部分。
此题主要考查了热量、温度、内能的关系，首先要掌握其区别和联系，针对概念一定要注意把握条件，结合实际加以分析。
9.【答案】D
【解析】解：
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；
因电源电压保持不变，闭合开关后，所以滑片向右移动时电压表的示数不变，故B错误；
滑片由中点向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据I=UR可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表的示数减小，故C错误；
由于并联电路中各支路互不影响，所以滑片由中点向右移动的过程中，通过灯泡的电流不变、其两端的电压也不变，由P=UI知小灯泡的实际功率不变，则灯泡的亮度不变，故A错误；
滑片由中点向右移动的过程中，通过滑动变阻器的电流减小，通过灯泡的电流不变，由并联电路的电流特点可知干路中的电流变小；
因电源电压不变，干路中的电流减小，则根据P=UI可知，整个电路的功率减小，故D正确。
故选：D。
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；
根据滑片的移动方向判定滑动变阻器连入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定通过其电流的变化(即电流表示数的变化)；根据并联电路的特点判定灯泡亮度、电压表示数、干路电流的变化；根据P=UI分析总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用。
10.【答案】ACD
【解析】解：A、手机在开机状态下充电时，此时辐射非常大或有爆炸的危险，所以充电时不要接打电话，故A正确；
B、更换灯泡、搬动电器之前必须断开开关，否则可能引起触电，故B错误；
C、电路中发生漏电现象时，漏电保护器会断开电路，所以带有漏电保护器的总开关应定期检查，故C正确；
D、不能在插线排上同时使用多个大功率用电器，否则电路中电流过大，容易引起火灾，故D正确。
故选：ACD。
(1)手机在进行充电时上网或通话，此时的辐射非常大，会对人体造成损伤；
(2)更换灯泡、搬动电器之前必须断开开关，因为当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会造成触电；
(3)安装漏电保护器的目的是为了防止触电事故的发生；
(4)不能在插线排上同时使用多个大功率用电器，否则电路中电流过大，容易引起火灾。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电！
11.【答案】AB
【解析】解：A、手机芯片的核心材料是半导体，故A正确；
B、能量的转移和转化具有方向性，故B正确；
C、广泛使用的电能属于二次能源，故C错误；
D、核电站的反应堆通过可控裂变反应释放核能，故D错误。
故选：AB。
(1)利用半导体材料可以制成二极管，二极管具有单向导电性；
(2)自然界中存在不同形式的能量，各种不同的能量可以相互转化，在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变；能量的转移和转化具有方向性；
(3)一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源；
(4)获得核能的两种途径：核裂变和核聚变。
本题考查了半导体材料、能量的转化、能源的分类、核能等知识，属于基础性题目。
12.【答案】AC
【解析】解：
A、根据图示可知，有两段绳子拉着动滑轮，所以绳子自由端移动的距离为：s=2×1.5m=3m；绳自由端移动的速度为：v=st=3m3s=1m/s，故A正确；
B、总功为：W总=Fs=10N×3m=30J；在此过程中所做的额外功为：W额=W总(1−η)=30J×(1−90%)=3J，故B错误；
C、有用功为：W有=W总η=30J×90%=27J，则摩擦力为：f=W有s物=27J1.5m=18N，故C正确；
D、拉力F增大时，物体A对地面的压力不变、接触面的粗糙程度不变，所以受到地面的摩擦力大小不变，故D错误。
故选：AC。
(1)根据连接动滑轮绳子的段数求出绳子自由端移动的距离，根据速度公式计算绳子自由端移动的速度；
(2)W总=Fs求出总功，根据机械效率求出额外功；
(3)根据机械效率求出有用功，根据W有=fs物求出摩擦力的大小；
(4)滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
本题考查功的计算、速度的计算、机械效率计算公式的应用、影响滑动摩擦力大小的因素，知识点多。
13.【答案】ABC
【解析】解：
A、冰块的密度大于煤油的密度，冰块在煤油中下沉，则冰块受到的重力大于浮力，根据阿基米德原理可知，浮力等于排开的煤油的重力，所以冰块的重力大于排开的煤油的重力，放入冰块后，烧杯整体的重力变大，对桌面的压力变大，故A正确；
B、冰块完全熔化后，由于冰块的密度小于水的密度，根据ρ=mV可知，冰块化成水后体积变小，液面高度变低，故B正确；
C、冰块和剩余煤油的重力大于原来杯中煤油的重力，烧杯是规则形状的，冰块完全熔化后，杯中液体对杯底的压力变大，受力面积不变，根据p=FS可知，烧杯底部受到的压强变大，故C正确；
D、煤油不溶于水，冰熔化成水后沉底，煤油的密度不变，故D错误。
故选：ABC。
(1)冰块的密度大于煤油的密度，冰块在煤油中下沉，根据物体浮沉条件分析冰块重力与浮力以及排开的液体重力的大小关系；水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力；
(2)根据冰、水的密度关系分析冰块熔化后体积的变化和液面高度的变化；
(3)规则形状的容器中液体对容器底部的压力等于液体的重力，根据p=FS分析杯底受到液体的压强的变化；
(4)煤油不溶于水，冰熔化成水后沉底，煤油的密度不变。
本题考查了压力和压强的大小变化、阿基米德原理的应用、物体浮沉条件的应用、密度的变化等知识，属于综合题。
14.【答案】无规则 热传递 引力
【解析】解：我们闻到艾蒿的清香味儿，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
煮粽子，粽子吸收热量，内能增加，是通过热传递方式增加粽子的内能；
煮熟后，糯米粒儿会粘在一起，说明分子间存在引力。
故答案为：无规则；热传递；引力。
不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；
改变内能的方式包括做功和热传递；
分子间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查了常见的扩散现象、分子间作用力和改变物体内能的方式，要记住改变物体内能有且只有两种方式。
15.【答案】静止 电 等于 变大
【解析】解：空间站组合体在轨飞行期间，飞船相对于空间站位置没有变化，是静止的；空间站的太阳能电池板将太阳能转化为电能；火箭点火后加速上升时，根据力的作用的相互性，火箭喷出的燃气对火箭的推力等于火箭对燃气的作用力；在此过程中，飞船加速上升，质量一定，速度增大，动能增大，高度升高，重力势能增大，所以，飞船的机械能变大。
故答案为：静止；电；等于；变大。
(1)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的；
(2)太阳能电池板将太阳能转化为电能；
(3)物体间力的作用是相互的；
(4)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。
本题考查了能源的转化、运动和静止的相对性、力的作用的相互性、机械能的转化等，属于基础性题目。
16.【答案】运动状态 费力 直线传播
【解析】解：“举杯邀明月，对影成三人”，诗人举起杯子，杯子的速度发生了变化，是力作用的结果，说明力可以改变杯子的运动状态；
人通过曲臂使手臂转动来拿起重物，是在力的作用下绕肘点转动的，动力臂小于阻力臂，动力将大于阻力，举杯过程中，诗人的手臂相当于费力杠杆；
“举杯邀明月，对影成三人”中“人”是人在地面上形成的影子，它是沿直线传播的光被不透明的人挡住，在人后面的地面上光照不到的地方形成影，即地面上的“人”。
故答案为：运动状态；费力；直线传播。
(1)力的作用效果有两个：改变物体的形状、改变物体的运动状态；
(2)动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆是等臂杠杆；
(3)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的。
本题考查力的作用效果、杠杆的分类、光的直线传播，难度不大。
17.【答案】侧壁 增大 b
【解析】解：(1)如图所示，水能从a、b两个相同的小圆孔中喷出，说明液体对容器的侧壁有压强；
液体内部压强随深度的增加而增大，在液体密度一定时，b处深度比a处大，水喷出的更远，说明液体内部压强随深度的增加而增大。
(2)用手封住瓶口(水面高于a孔)，在流出一部分水后，瓶内上方空气的体积变大，水面上方气体压强减小，当水面上方气体压强与a孔上面的液体压强之和小于外界大气压时，a孔不再向外喷水；
由于a、b两孔均与外界大气相通，二者相互抵消，所以水在瓶内b孔以上液体压强的作用下会持续从b孔向外喷出。
故答案为：侧壁；增大；b。
(1)液体内部向各个方向都有压强，液体内部压强随深度的增加而增大；液体压强还与液体密度有关，深度一定时，液体密度越大，压强越大；
(2)气体的质量和温度一定时，气体的压强跟自身的体积成反比，气体的体积增大，其压强就减小；反之，气体的体积减小，其压强就增大。
本题考查了液体压强的特点、气体压强与体积的关系，属于比较基础的内容，掌握相关知识是解题的关键。
18.【答案】甲 发光 短路
【解析】解：根据甲图可知，S1与L1串联，能控制此灯，根据家庭电路的要求，先到开关后到灯头，故甲是火线；
只闭合开关S1。灯L1正常发光，电路正常，此时用试电笔接触a点，试电笔的氖管发光；
根据图可知，灯L1正常发光，再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，则故障原因可能是灯L2短路，L2断路对L1不影响。
故答案为：甲；发光；短路。
(1)家庭电路中用电器的开关应该接到用电器和火线之间，避免触电；
(2)当测电笔接触火线时氖管会发光、接触零线时氖管不发光。
此题主要考查学生对于家庭电路连接规则和电路故障的分析，属于中考必考点。
19.【答案】导体 负 振动
【解析】解：避雷针能让建筑物避免雷击。当云层电荷较多时，避雷针与云层间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针和大地形成通路，此时的空气是导体；若瞬时电流的方向是从大地到云层，则云层带负电；雷雨天，我们听到的雷声是空气振动产生的。
故答案为：导体；负；振动。
(1)容易导电的物体叫做导体；
(2)电流的方向：正电荷定向移动的方向规定为电流的方向；
(3)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止。
本题考查了导体、电流的方向、摩擦起电等，属于基础性题目。
20.【答案】电流 不是 1：4
【解析】解：根据题图可知：两个电阻的阻值相等，R1在干路中，R2在支路中，干路中的电流是支路中的两倍。所以图中是探究电流通过导体产生的热量与电流关系的装置；图中的两个U形管上端不都是开口的，所以装置中的U形管不是连通器；根据焦耳定律Q=I2Rt，电流通过电阻R2与R1产生的热量之比为1：4。
故答案为：电流；不是；1：4。
(1)电流通过导体就会产生热量，这种现象叫电流的热效应；在电阻和通电时间一定时，电流产生的热量与电流的平方成正比。
(2)上端开口、底部互相连通的容器叫连通器。
(3)根据焦耳定律Q=I2Rt来分析。
知道控制变量法在本实验中的应用；知道连通器；知道焦耳定律。
21.【答案】0.51.50
【解析】解：
由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1=P1U1=6W6V=1A，I2=P2U2=3W6V=0.5A；
由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为：R1=U1I1=6V1A=6Ω，R2=U2I2=6V0.5A=12Ω；
当开关都闭合时，两个灯泡串联接入电路中，电路中的电流为：I=UR1+R2=9V6Ω+12Ω=0.5A；所以灯泡L2正常工作，L1不正常工作；
小灯泡L1的实际功率为：P′1=I2R1=(0.5A)2×6Ω=1.5W；
断开开关S1、S2，两个电压表串联接入电路中，由于电压表所在电路相当于断路，所以电压表V1的示数为0V。
故答案为：0.5；1.5；0
根据P=UI和R=UI分别求出两个灯泡的电阻和额定电流；根据欧姆定律求出电路中的电流；根据P=I2R求出未正常发光的小灯泡的实际功率；断开开关S1、S2，根据电路的连接方式分析电压表V1的示数。
本题考查了电路的识别、欧姆定律的应用、电功率计算公式的应用，属于综合题。
22.【答案】解：先作S点关于平面镜的对称点，即像点S′，然后连接像点S′和人的眼睛，与镜面的交点为入射点O，可作出反射光线OA，再连接SO画上箭头，即为入射光线；如下图：
【解析】根据平面镜成像知，物与像关于镜面对称，要作出光源S点的像点S′，然后过像点和眼睛的连线做出反射光线，与镜面的交点为入射点，然后连接光源与入射点，即为入射光线。
本题考查了光的反射定律以及平面镜成像特点作图：像与物关于镜面对称。注意实线、虚线的区别。
23.【答案】解：已知支点为O，要求作用在A点的动力F1最小，由杠杆平衡条件可知动力臂L1应最长，由图知最长的动力臂等于OA；要使杠杆平衡，该力的方向应斜下方，且与撬棒垂直，过A点作垂直于OA向下的动力F1，那么OA即为所作的动力臂L1；
过O点作力F2作用线的垂线段L2，则L2即为所作的阻力臂。
如图所示：
【解析】(1)力臂即点到线的距离。先找点(支点)，再作线(F2的作用线)，最后作点到线的距离。
(2)由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
会根据力臂越长，作用力越小的原则分析杠杆中最小力的问题；注意分析杠杆中最小力的问题时，先确定力臂，然后根据力与力臂的关系画出最小作用力的方向。
24.【答案】解：电磁铁上端为N极，根据安培定则，电源的右端为负极，左端为正极；当温度低于设定温度时，安全指示灯常亮；当温度达到设定温度时，电磁铁有了磁性，吸下衔铁，断开指示灯电路，同时动触点向下移动，接通电铃电路，电铃响报警；说明安全指示灯与上面的静触点连接，电铃与下面的静触点连接，指示灯和电铃并联，如图所示：
。
【解析】(1)根据安培定则确定电源的正负极。
(2)根据电磁继电器的结构和原理连接电路图。
会根据安培定则判断电源的正负极；知道电磁继电器的基本原理。
25.【答案】答：(1)当用B管用力吹气时，A管上端空气流速变大，因为流速大的地方压强小，所以A管上端压强变小，下端大气压没有变化，从而形成了向上的压强差，因此A管中的水面会上升；
(2)飞机的机翼上凸下平，飞机前进时，在相同时间内，空气经过上方的路程长、速度大；经过下方的路程短、速度小。上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大，这样机翼上、下表面存在压强差，因而有压强差，这就是产生升力的原因。
机翼横截面的大致形状，如下图：
【解析】液体和气体都称为流体，生活中常见的流体有空气和水；根据流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强大。
本题考查了流体的压强与流速的关系，要学会利用流体压强与流速的关系解释生活中的一些现象。
26.【答案】解：(1)无人机静止在水平地面时，对地面的压力：
F=G=mg=1.2kg×10N/kg=12N，
对地面的压强p=FS=12N6×10−4m2=2×104Pa；
(2)无人机上升过程中的功率
P=Wt=Ght=Gv=12N×8m/s=96W；
不计空气阻力及能量损耗，根据P=UI，电池的工作电流
I=PU=96W15V=6.4A。
答：(1)无人机静止在水平地面时，对地面的压强为2×104Pa；
(2)无人机上升过程中的功率为96W；电池的工作电流为6.4A。
【解析】(1)无人机静止在水平地面时，对地面的压力等于重力大小，根据F=G=mg得出压力大小，根据压强公式得出对地面的压强；
(2)根据得出无人机上升过程中的功率；根据P=UI得出电池的工作电流。
本题考查压强公式、机械功率和电功率公式的运用。
27.【答案】解：(1)根据电路图可知，两个电阻串联接入电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压；当电压表示数为12V时，电流表示数为0.5A，则电阻R1的阻值为：R1=U1I=U−U2I=18V−12V0.5A=12Ω；
R1通电60s消耗的电能为：W=I2R1t=(0.5A)2×12Ω×60s=180J；
(2)滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分担的电压变小；此时电路的总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大，电流表量程为0∼0.6A，所以电路中的最大电流为0.6A，此时电阻R1的两端的电压为：U′=I′R1=0.6A×12Ω=7.2V；
滑动变阻器两端的电压为：U′2=U−U′=18V−7.2V=10.8V，没有超过电压表的量程；
电阻R1的最大功率为：P=U′I′=7.2V×0.6A=4.32W。
答：(1)电阻R1的阻值为12Ω；R1通电60s消耗的电能为180J；
(2)在保证元器件安全的前提下，电阻R1的最大功率为4.32W。
【解析】(1)根据电路图可知，两个电阻串联接入电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压规律、欧姆定律求出R1的阻值；根据W=I2Rt求出R1通电60s消耗的电能；
(2)滑动变阻器接入电路中的电阻变小，滑动变阻器分担的电压变大，电路的总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大，根据电流表、电压表的量程判定电路的最大电流，然后根据P=UI求出电阻R1的最大功率。
本题考查了电能、电功率的计算、欧姆定律的应用，属于综合题。
28.【答案】解：(1)水吸收的热量：Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.36×105J；
(2)把水烧开需要放出的总热量：Q总=Q吸η=3.36×105J84%=4×105J；
由电路图可知，开关S、S1闭合时，电路为R1的简单电路，此时电路的总电阻最小，总功率最大，处于加热状态，加热功率为1210W，
由公式W=Pt可得，
把水烧开需要的时间：t=WP=Q总P=4×105J1210W≈330s；
(3)由P=U2R可知，加热状态下R1的阻值：R1=U2P=(220V)21210W=40Ω；
由电路图可知，开关S闭合、S1断开时，R1与R2串联，总电阻R总=R1+R2=40Ω+840Ω=880Ω；
此时电路中的总电阻最大，总功率最小，处于保温状态，
则电水壶的保温功率为：P′=U2R总=(220V)2880Ω=55W。
答：(1)水吸收的热量为3.36×105J；
(2)把水烧开需要约330s的时间；
(3)电水壶的保温功率为55W。
【解析】(1)知道水的质量、水的比热容、初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量；
(2)根据加热效率可求出需要的总热量；由电路图可知，开关S、S1闭合时，电路为R1的简单电路，此时电路的总电阻最小，总功率最大，处于加热状态；根据加热功率和总热量，可计算需要的时间；
(3)根据P=U2R的变形公式可求出加热状态下R1的阻值；开关S闭合、S1断开时，R1与R2串联，根据串联电路电阻特点可求出总电阻；此时电路中的总电阻最大，总功率最小，处于保温状态，再根据P=U2R可求出保温功率。
本题考查了吸热公式、效率公式、串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，有一定综合性。
29.【答案】烛焰 倒立 右 变小 凹透镜 远离 同一
【解析】解：(1)实验前，调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，目的是为了使烛焰的像成在光屏中央。
(2)由图可知，此时物距为30.0cm，像距为15.0cm，则凸透镜焦距f=10cm，所以物体在两倍焦距以外，像在一倍二倍焦距之间，成倒立缩小实像。
透镜位置保持不变，将蜡烛移动到光具座35cm处，那么物距为15.0cm。根据光路可逆原理，如果此时像距为30.0cm，光屏上会再次成清晰的像，所以光屏应该向右边移动至光具座80cm处。
将蜡烛移动到光具座42 cm处，物体在凸透镜的一倍焦距以内，成正立放大的虚像。凸透镜成虚像的特点是物近像近像变小，所以当蜡烛继续靠近凸透镜时，虚像逐渐变小。
(3)将一个眼镜片放在上图中蜡烛和凸透镜间的某一位置，光屏上的像变模糊了。向左移动蜡烛，又能在光屏上看到烛焰清晰的像，根据凸透镜成实像的规律：物远像近像变小，说明放入眼镜片后像变远了，通过向左移动蜡烛，使得像变近重新在光屏上呈现。故该镜片为凹透镜。
(4)当入射光线远离法线时，入射角变大。根据反射定律可知，反射角=入射角，所以反射光线也将远离法线。
把纸板NOF向后折，入射光线所在的平面和反射光线所在的平面不相同，这时在纸板上看不到反射光线，由此初步得出：反射光线、入射光线、法线在同一平面。
故答案为：(1)烛焰；(2)倒立；右；变小；(3)凹透镜；(4)远离；同一。
(1)在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度。
(2)凸透镜成实像时，物距大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像，像距f
(4)光反射时，反射角等于入射角；反射光线、入射光线、法线在同一平面内。
本题考查凸透镜成像的规律和平面镜成像的特点，属于综合题。
30.【答案】温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部 95 水蒸气 吸热 保持不变 变大
【解析】解：(1)观察实验装置图发现温度计玻璃泡碰到了容器底；
(2)图乙中的温度计的一个大格表示10℃，里面有10个小格，因此它的分度值为1℃.因此它的读数为95℃；
(3)水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中；
(4)分析图像可知，水在沸腾的过程中，要不断吸热，温度保持不变；
(5)增加了一个无孔的硬纸板盖在烧杯上，烧杯内水面上方的气压变大，水的沸点升高，水沸腾时的温度高于99℃。
故答案为：
(1)温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部；(2)95；(3)水蒸气；(4)吸热；保持不变；(5)变大。
(1)根据实验装置观察分析确定操作错误之处，温度计使用中玻璃泡不能碰到容器壁和容器底；
(2)要弄清楚温度计的量程和分度值再去读数。
(3)沸腾时有大量气泡生成，并且不断有水汽化为水蒸气进入气泡内，气泡在上升过程中体积逐渐增大；
(4)液体沸腾的特点：继续吸热，温度不变；
(5)气压高，水的沸点高。
本题考查水沸腾的实验，关键是将课本内容记忆清楚，如操作细节，温度计的正确使用以及读数，沸腾特点，沸点与气压的关系等，仔细分析即可。
31.【答案】游码 平衡 平衡螺母 27.4102.74偏大 2.5×103
【解析】解：(1)天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，指针位置如图甲所示，此时横梁静止，处于平衡状态，再调节平衡螺母。直至指针指在分度盘中线处。
(2)测量金属块的质量，天平平衡时如图乙所示，金属块质量：m=20g+5g+2.4g=27.4g；图中量筒的分度值为2mL，读数为30mL=30cm3；
金属块的体积V=V2−V1=30cm3−20cm3=10cm3；
金属块的密度ρ=mV=27.4g10cm3=2.74g/cm3=2.74×103kg/m3.
(3)若使用的砝码有磨损，需要多添加砝码，因而质量读数偏大，由ρ=mV知，所测金属块密度偏大；
(4)在已调至水平的等臂杠杆两端挂上两个完全相同的小桶，先用量筒向右侧小桶加入30mL水，再向左侧小桶缓慢加入砂粒直到杠杆在水平位置平衡。砂粒的质量等于水的质量m′=ρV=1.0g/cm3×30cm3=30g；
砂粒的体积为12cm3，砂粒的密度为ρ′=m′V′=30g12cm3=2.5g/cm3=2.5×103kg/m3.
故答案为：(1)游码；平衡；平衡螺母；(2)27.4；10；2.74；(3)偏大；(4)2.5×103。
(1)天平调节前把游码归零，杠杆处于静止或匀速转动状态是平衡状态，调节天平横梁平衡时，天平的左端高，右端低，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)金属块的质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值；根据量筒的读数方法正确读出金属块的体积，利用密度公式求出金属块的密度；
(3)若使用的砝码有磨损，需要多添加砝码，由此分析；
(4)根据等臂杠杆确定砂粒的质量，根据ρ=mV计算密度。
本题考查密度的测量，属于中档题，难度适中。
32.【答案】最右端 改变电阻的电压和电流 断路 0.2610减小误差 U额R0 U额×(I−U额R0)
【解析】解：(1)闭合开关之前，滑片要滑到滑动变阻器的最大阻值处，故应滑到最右端；
为提高测量的准确程度减小误差，要多次测量取平均值，故实验中，滑动变阻器除了保护电路，还有一个重要作用是改变电阻的电压和电流；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源正负极是相通的，电流表无示数是因为通过电流表的电流过小，产生这种情形的原因是定值电阻断路，使电压表串联接入了电路中；
(3)如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时通过定值电阻R的电流为0.26A；
由图丙知当电压表的示数为3V时，通过的电流为0.3A，
待测电阻为：
Rx=UxIx=3V0.3A=10Ω；
多次测量取平均值，可以减小误差；
(4)要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，电路如图所示：
实验步骤：
①闭合开关S1，断开S2，移动滑片，使电流表的示数为U额R0；
②再闭合开关S2，断开S1，保持滑片的位置不动，读出电流表的示数I；
③保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流为：
IL=I−U额R0，灯泡额定功率的表达式为P额=U额IL=U额×(I−U额R0)。
故答案为：(1)最右端；改变电阻的电压和电流；(2)断路；(3)0.26；10；减小误差；(4)①见解答图；②U额R0；④U额×(I−U额R0)。
(1)为了保护电路，闭合开关前，滑片要滑到滑动变阻器的最大阻值处；为提高测量的准确程度减小误差，要多次测量取平均值；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，说明电路中可能存在断路，电压表与电源两极相连通；
(3)电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，据此得出通过定值电阻R的电流，根据图像得出数据由欧姆定律算出定值电阻的阻值；多次测量取平均值，可以减小误差；
(4)要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为I1=U额R0时，由并联电路电压的规律，灯的电压为U额，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
本题测量定值电阻的实验以及特殊的方法测量小灯泡的额定功率等知识，考查注意事项、故障分析、电流表读数、数据处理以及特殊的方法测量小灯泡的额定功率。
2023年辽宁省营口市中考物理试卷
1. 初中物理课本的长度大约是26( )
A. m B. dm C. cm D. mm
2. “霜降”是我国传统二十四节气之一，霜的形成属于( )
A. 液化现象 B. 凝固现象 C. 熔化现象 D. 凝华现象
3. 如图所示，在8个完全相同的玻璃瓶中，灌入不同高度的水，仔细调节水的高度。用一根木棒敲击它们，发出声音的特性一定不同的是( )
A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 音色和响度
4. 下列各种光现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 河水看起来变浅了
B. 在平静的湖面上可以看到蓝天白云
C. 太阳光经过三棱镜后可以形成彩色光带
D. 早晨太阳还在地平线以下时人就可以看到它
5. 下列四幅图中，属于做功冲程的是( )
A. B. C. D.
6. 踢毽子是起源于我国汉代的一种健身、娱乐活动。下列关于踢毽子的说法正确的是( )
A. 静止在水平地面上的毽子受到的重力和支持力是一对平衡力
B. 毽子在空中飞行过程中只受到重力
C. 毽子在上升过程中，动能全部转化为重力势能
D. 毽子上升到最高点时，若外力突然消失，它将继续向上运动
7. 下列四幅图中，应用了电磁感应原理的是( )
A. B.
C. D.
8. 关于温度、内能、热量，下列说法正确的是( )
A. 温度高的物体含有的热量多
B. 物体吸收热量，温度一定升高
C. 气体膨胀对外做功，自身内能会减少
D. 热传递过程中，温度从高温物体传递给低温物体
9. 如图所示，电源电压不变，闭合开关，在保证电路安全的情况下，变阻器的滑片由中点向右移动的过程中，下列判断正确的是( )
A. 小灯泡亮度变暗
B. 电压表示数变大
C. 电流表示数不变
D. 电路总功率变小
10. 下列关于安全用电的说法正确的是( )
A. 手机充电时，不宜接打电话
B. 更换灯泡前，不必断开电源开关
C. 带有漏电保护器的总开关应定期检查
D. 一个插排上不可以同时使用多个大功率用电器
11. 下列关于材料、能源的说法正确的是( )
A. 手机芯片的核心材料是半导体
B. 能量的转移和转化具有方向性
C. 广泛使用的电能属于一次能源
D. 核电站的反应堆通过可控聚变反应释放核能
12. 如图所示，重100N的物体A在F=10N的拉力作用下，3s内沿水平地面匀速直线运动了1.5m，不计绳和滑轮自重，滑轮组的机械效率为90%。下列说法正确的是( )
A. 绳自由端移动的速度为1m/s
B. 在此过程中所做的额外功为15J
C. 物体与地面间的滑动摩擦力为18N
D. 拉力F增大时，物体A受到地面的摩擦力一定变大
13. 将冰块轻轻放入水平桌面上盛满煤油的烧杯中，冰块静止时如图所示(ρ冰>ρ煤油)。下列分析正确的是( )
A. 放入冰块后，烧杯对桌面的压力变大
B. 冰块完全熔化后，杯中液面高度下降
C. 冰块完全熔化后，杯底受到液体的压强变大
D. 冰块完全熔化后，煤油的密度变大
14. 吃粽子、挂艾蒿是端午节的传统习俗。我们闻到艾蒿的清香味儿，说明分子在不停地做______ 运动；煮粽子是通过______ (选填“做功”或“热传递”)的方式增加了粽子的内能，煮熟后，糯米粒儿会粘在一起，说明分子间存在______ 。
15. 2023年5月30日，我国利用长征二号运载火箭将神舟十六号载人飞船发射升空，并与空间站成功对接，发射任务取得圆满成功。空间站组合体在轨飞行期间，飞船相对于空间站是______ 的；空间站的太阳能电池板将太阳能转化为______ 能；火箭点火后加速上升时，火箭喷出的燃气对火箭的推力______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)火箭对燃气的作用力，在此过程中，飞船的机械能______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
16. “举杯邀明月，对影成三人”，诗人举起杯子，改变了杯子的______ (选填“形状”或“运动状态”)；举杯过程中，诗人的手臂相当于______ 杠杆；月光下，地面上诗人的影子是由光的______ 形成的。
17. 如图所示，水能从a、b两个相同的小圆孔中喷出，说明液体对容器的______ 有压强；b孔中的水喷得更远，说明液体内部的压强随着深度的增加而______ ；此时，用手封住瓶口(水面高于a孔)，能够观察到小孔______ (选填“ab”、“a”、“b”或“都停止”)持续向外出水。
18. 家庭电路的部分电路图如图所示(电路连接正确)。根据电路图可以判断甲、乙两根进户线中______ 是火线。只闭合开关S1，灯L1正常发光，此时用试电笔接触a点，试电笔的氖管______ (选填“发光”或“不发光”)；再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，则故障原因可能是灯L2______ (选填“短路”或“断路”)。
19. 避雷针能让建筑物避免雷击。当云层电荷较多时，避雷针与云层间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针和大地形成通路，此时的空气是______ (选填“导体”或“绝缘体”)；若瞬时电流的方向是从大地到云层，则云层带______ 电；雷雨天，我们听到的雷声是空气______ 产生的。
20. 图中是探究电流通过导体产生的热量与______ (选填“电流”或“电阻”)关系的装置；装置中的U形管______ (选填“是”或“不是”)连通器；电流通过电阻R2与R1产生的热量之比为______ 。
21. 如图所示，电源电压恒为9V，电压表V1、V2完全相同，连入电路的量程也相同，小灯泡L1“6V 6W”、L2“6V 3W”(灯丝电阻不变)。当开关都闭合时，电路中的电流为______ A，此时只有一个小灯泡正常发光，未正常发光的小灯泡的实际功率为______ W；断开开关S1、S2，电压表V1的示数为______ V。
22. 请画出人眼从A处看平面镜中烛焰上S点的像的完整光路图。
23. 如图所示，O点是撬棒的支点，F2是阻力。请在图中画出：
(1)作用在A点的最小动力F1及其力臂l1；
(2)阻力F2的力臂l2。
24. 某温度自动报警器的原理图如图所示。电磁铁上端为N极，在水银温度计中封入一段金属丝，当温度低于设定温度时，安全指示灯常亮；当温度达到设定温度时，安全指示灯熄灭，电铃发出报警信号。请在括号中标出电源的极性(用“+”或“-”表示)，并在虚线框内填入电铃()和指示灯的电路元件符号。
25. 把饮料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口贴紧在A管的上端，往B管中吹气，则：
(1)A管中的水面如何变化？
(2)固定翼飞机飞行时，机翼上产生升力的原因与之相同。请用所学物理知识解释产生升力的原因，并画出机翼横截面的大致形状。
26. 某型号航拍无人机，由于体积小、操控方便、拍摄效果好，深受摄影爱好者喜欢。下表是它的部分技术参数，某次航拍的过程中，在正常工作电压下，无人机以8m/s的速度匀速竖直上升(g=10N/kg，不计空气阻力及能量损耗)。求：
总质量
1200g
四个脚与地面的接触面积
6cm2
最大上升速度
9m/s
最大水平飞行速度
18m/s
正常工作电压
15V
(1)无人机静止在水平地面时，对地面的压强；
(2)无人机上升过程中的功率和电池的工作电流。
27. 如图所示，电源电压恒为18V，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V。闭合开关，移动变阻器的滑片，当电压表示数为12V时，电流表示数为0.5A。求：
(1)电阻R1的阻值以及R1通电60s消耗的电能；
(2)在保证元器件安全的前提下，电阻R1的最大功率。
28. 某款带保温功能的电水壶，其简化电路图如图所示。S为总开关，S1为自动控制开关，R1和R2为阻值不变的发热电阻，R2=840Ω，加热功率为1210W。电水壶将质量1kg、初温20℃的水烧开，加热效率为84%。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),标准大气压]。求：
(1)水吸收的热量；
(2)把水烧开需要多长时间(结果保留整数)；
(3)电水壶的保温功率。
29. 小飞同学“探究凸透镜成像规律”的实验
(1)小飞按图1安装好器材，点燃蜡烛，调整______ 、凸透镜(f=10cm)、光屏三者的中心在同一高度。
(2)如图1所示，光屏上会出现烛焰清晰缩小______ (选填“正立”或“倒立”)的像；透镜位置保持不变，将蜡烛移动到光具座35cm处，光屏向______ (选填“左”或“右”)移动到适当位置，光屏上又重新出现烛焰清晰的像；将蜡烛移动到光具座42cm处，小飞在凸透镜的右侧，通过凸透镜观察到烛焰正立的像，蜡烛继续靠近凸透镜，烛焰的像______ (选填“变大”或“变小”)。
(3)将一个眼镜片放在上图中蜡烛和凸透镜间的某一位置，光屏上的像变模糊了，凸透镜和光屏的位置保持不变，向左移动蜡烛，又能在光屏上看到烛焰清晰的像，说明该镜片是______ (选填“凸透镜”或“凹透镜”)。
(4)完成实验后，小飞利用图甲所示装置探究光的反射规律。白色硬纸板ENF垂直于水平放置的平面镜，法线ON垂直镜面，使一束光贴着纸板沿EO射到O点，反射光线沿OF射出，当入射光线远离法线时，反射光线将______ (选填“靠近”或“远离”)法线；如图乙所示。把纸板NOF向后折，在纸板上看不到反射光线，由此初步得出：反射光线、入射光线、法线在______ 平面内。
30. 小建和小晨“探究水沸腾时温度变化特点”的实验
(1)实验装置如图甲所示，其中有一处明显的错误是______ 。
(2)改正错误后，继续实验，某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃。
(3)小建观察到水沸腾时形成的大量气泡不断上升、变大，到水面破裂开来，里面的______ 散发到空气中。
(4)图丙是根据实验数据绘制的水沸腾时温度变化的图像，分析图像可知：水在沸腾的过程中不断______ (选填“吸热”或“放热”)，温度______ 。
(5)小晨利用原有器材，将装置中烧杯上方带孔的硬纸盖换成无孔硬纸盖，重新实验，发现水沸腾时的温度高于99℃，原因是水面上方气压______ (选填“变大”或“变小”)。
31. 小林用天平和量筒测量金属块的密度。
(1)天平放在水平桌面上，将______ 移至标尺左端的零刻度线处，指针位置如图甲所示，此时横梁处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态，再调节______ 。直至指针指在分度盘中线处。
(2)测量金属块的质量，天平平衡时如图乙所示，金属块的质量为______ g，将金属块轻轻放入盛有20mL水的量筒中，水面升高后位置如图丙所示，金属块的体积为______ cm3，金属块的密度为______ g/cm3。
(3)在测量过程中，若使用的砝码有磨损，所测金属块密度______ (选填“偏大”、“不变”或“偏小”)。
(4)小林浇花时，花盆里铺着的黑色小砂粒儿引起了他的兴趣，他设计了下面的实验，测出了砂粒的密度(不考虑砂粒吸水。ρ水=1.0×103kg/m3)，实验步骤如下：
①在已调至水平的等臂杠杆两端挂上两个完全相同的小桶，先用量筒向右侧小桶加入30mL水，再向左侧小桶缓慢加入砂粒直到杠杆在水平位置平衡。
②用量筒测出小桶中砂粒的体积为12cm3，则砂粒的密度为______ kg/m3。
32. 小明和小亮进行“伏安法测电阻”的实验
(1)小明连接好如图甲所示的电路(电源电压恒为3V)，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移动到变阻器的______ (选填“最左端”或“最右端”)；实验中滑动变阻器除了保护电路，还有______ 作用。
(2)闭合开关后，发现无论怎样移动变阻器的滑片，电流表始终没有示数，电压表示数接近电源电压，产生这种现象的原因可能是定值电阻______ (选填“短路”或“断路”)。
(3)电路故障排除后，闭合开关，移动变阻器的滑片到某一位置时，电流表的示数如图乙所示，此时的电流为______ A；改变变阻器滑片的位置进行多次测量，并根据所测数据绘制的电流与电压关系的图像如图丙所示，则被测电阻的阻值为______ Ω，多次测量的目的是______ 。
(4)小亮利用已知阻值的定值电阻R0和电流表设计了如图丁所示的电路，测量出了小灯泡L(额定电压为U额)的额定功率。
①请在图丁中的虚线框内填入对应的电路元件符号；
②闭合开关S和S1，断开S2，移动变阻器的滑片，使电流表示数为______ ；
③闭合开关S和S2，断开S1，保持变阻器滑片的位置不动，读出电流表的示数I；
④小灯泡的额定功率P额=______ 。(均用物理量符号表示)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，物理课本的长度略大于20cm，在26cm左右，故C正确，ABD错误。
故选：C。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】D
【解析】解：霜是空气中水蒸气遇冷凝华形成的，属于凝华现象，故ABC错误，D正确。
故选：D。
物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3.【答案】A
【解析】解：敲击瓶子时，声音是由瓶子和水振动产生的；瓶子和水的质量越大，越不容易振动，音调越低，所以，用一根木棒敲击它们，发出声音的特性一定不同的是音调。
故选：A。
音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定，物理学中，振动快慢用每秒振动的次数来表示，称为频率；频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。
本题主要考查了声音的特征，特别要注意的是在敲击瓶子和吹瓶子的时候，发声体是不同的。
4.【答案】B
【解析】解：A、河水看起来变浅了，是由光的折射形成的，故A错误；
B、在平静的湖面上可以看到蓝天白云，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B正确；
C、太阳光经过三棱镜后可以形成彩色光带，是由光的折射形成的，故C错误；
D、早晨太阳还在地平线以下时人就可以看到它，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】C
【解析】解：A、两气门都关闭，活塞向上运动，气缸容积减小，是压缩冲程，故A不符合题意；
B、进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，气缸容积增大，是吸气冲程，故B不符合题意；
C、两气门都关闭，火花塞喷出电火花，活塞向下运动，气缸容积增大，是做功冲程，故C符合题意；
D、排气门打开，进气门关闭，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，故D不符合题意。
故选：C。
在内燃机的四个冲程中，进气门和排气门均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气门打开，另一个气门关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动。
此题考查了对内燃机四个冲程的判断，要结合气门和活塞运动情况进行判断。
6.【答案】A
【解析】解：A、静止在水平地面上的毽子，处于平衡状态，受到的重力和支持力是一对平衡力，故A正确；
B、毽子在空中飞行过程中受到重力和阻力，故B错误；
C、毽子在上升过程中，克服摩擦做功，一部分动能转化为重力势能，故C错误；
D、当毽子上升到最高点时，此时的速度为0，如果所受到的外力全部消失，毽子将静止，故D错误。
故选：A。
平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
对空中的毽子进行受力分析可做出判断；
动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；
一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题综合性较强，考查机械能、平衡力、牛顿第一定律等，关键是理解相关的知识，会应用它解决实际问题。
7.【答案】C
【解析】解：AB、通电导体在磁场中要受到力的作用，A是扬声器，就是利用该原理制成的，故AB不符合题意；
C、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，动圈式话筒就是利用该原理制成的，故C符合题意；
D、通电螺线管的周围存在磁场，是利用电流的磁效应来工作的，故D不符合题意。
故选：C。
(1)通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机、扬声器就是利用该原理制成的。
(2)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。
(3)奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
知道电流的磁效应、电磁感应和通电导体在磁场中受到力的作用；知道扬声器和动圈式话筒的基本原理。
8.【答案】C
【解析】解：A、热量是一个过程量，不能说含有，故A错误；
B、物体吸收了热量，温度可以不变，比如晶体熔化时，不断吸收热量，但温度不变，故B错误；
C、气体膨胀对外做功后，自身的内能减小温度降低，故C正确；
D、热传递过程中热量是从温度高的物体传递到温度低的物体物体，传递的不是温度，故D错误。
故选：C。
(1)在热传递过程中传递内能的多少叫热量，热量是个过程量；
(2)晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变；
(3)做功改变物体内能，对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；
(4)热量是热传递过程中传递内能的多少，是从高温物体传向低温物体或从高温部分传向低温部分。
此题主要考查了热量、温度、内能的关系，首先要掌握其区别和联系，针对概念一定要注意把握条件，结合实际加以分析。
9.【答案】D
【解析】解：
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；
因电源电压保持不变，闭合开关后，所以滑片向右移动时电压表的示数不变，故B错误；
滑片由中点向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据I=UR可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表的示数减小，故C错误；
由于并联电路中各支路互不影响，所以滑片由中点向右移动的过程中，通过灯泡的电流不变、其两端的电压也不变，由P=UI知小灯泡的实际功率不变，则灯泡的亮度不变，故A错误；
滑片由中点向右移动的过程中，通过滑动变阻器的电流减小，通过灯泡的电流不变，由并联电路的电流特点可知干路中的电流变小；
因电源电压不变，干路中的电流减小，则根据P=UI可知，整个电路的功率减小，故D正确。
故选：D。
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；
根据滑片的移动方向判定滑动变阻器连入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定通过其电流的变化(即电流表示数的变化)；根据并联电路的特点判定灯泡亮度、电压表示数、干路电流的变化；根据P=UI分析总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用。
10.【答案】ACD
【解析】解：A、手机在开机状态下充电时，此时辐射非常大或有爆炸的危险，所以充电时不要接打电话，故A正确；
B、更换灯泡、搬动电器之前必须断开开关，否则可能引起触电，故B错误；
C、电路中发生漏电现象时，漏电保护器会断开电路，所以带有漏电保护器的总开关应定期检查，故C正确；
D、不能在插线排上同时使用多个大功率用电器，否则电路中电流过大，容易引起火灾，故D正确。
故选：ACD。
(1)手机在进行充电时上网或通话，此时的辐射非常大，会对人体造成损伤；
(2)更换灯泡、搬动电器之前必须断开开关，因为当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会造成触电；
(3)安装漏电保护器的目的是为了防止触电事故的发生；
(4)不能在插线排上同时使用多个大功率用电器，否则电路中电流过大，容易引起火灾。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电！
11.【答案】AB
【解析】解：A、手机芯片的核心材料是半导体，故A正确；
B、能量的转移和转化具有方向性，故B正确；
C、广泛使用的电能属于二次能源，故C错误；
D、核电站的反应堆通过可控裂变反应释放核能，故D错误。
故选：AB。
(1)利用半导体材料可以制成二极管，二极管具有单向导电性；
(2)自然界中存在不同形式的能量，各种不同的能量可以相互转化，在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变；能量的转移和转化具有方向性；
(3)一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源；
(4)获得核能的两种途径：核裂变和核聚变。
本题考查了半导体材料、能量的转化、能源的分类、核能等知识，属于基础性题目。
12.【答案】AC
【解析】解：
A、根据图示可知，有两段绳子拉着动滑轮，所以绳子自由端移动的距离为：s=2×1.5m=3m；绳自由端移动的速度为：v=st=3m3s=1m/s，故A正确；
B、总功为：W总=Fs=10N×3m=30J；在此过程中所做的额外功为：W额=W总(1−η)=30J×(1−90%)=3J，故B错误；
C、有用功为：W有=W总η=30J×90%=27J，则摩擦力为：f=W有s物=27J1.5m=18N，故C正确；
D、拉力F增大时，物体A对地面的压力不变、接触面的粗糙程度不变，所以受到地面的摩擦力大小不变，故D错误。
故选：AC。
(1)根据连接动滑轮绳子的段数求出绳子自由端移动的距离，根据速度公式计算绳子自由端移动的速度；
(2)W总=Fs求出总功，根据机械效率求出额外功；
(3)根据机械效率求出有用功，根据W有=fs物求出摩擦力的大小；
(4)滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
本题考查功的计算、速度的计算、机械效率计算公式的应用、影响滑动摩擦力大小的因素，知识点多。
13.【答案】ABC
【解析】解：
A、冰块的密度大于煤油的密度，冰块在煤油中下沉，则冰块受到的重力大于浮力，根据阿基米德原理可知，浮力等于排开的煤油的重力，所以冰块的重力大于排开的煤油的重力，放入冰块后，烧杯整体的重力变大，对桌面的压力变大，故A正确；
B、冰块完全熔化后，由于冰块的密度小于水的密度，根据ρ=mV可知，冰块化成水后体积变小，液面高度变低，故B正确；
C、冰块和剩余煤油的重力大于原来杯中煤油的重力，烧杯是规则形状的，冰块完全熔化后，杯中液体对杯底的压力变大，受力面积不变，根据p=FS可知，烧杯底部受到的压强变大，故C正确；
D、煤油不溶于水，冰熔化成水后沉底，煤油的密度不变，故D错误。
故选：ABC。
(1)冰块的密度大于煤油的密度，冰块在煤油中下沉，根据物体浮沉条件分析冰块重力与浮力以及排开的液体重力的大小关系；水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力；
(2)根据冰、水的密度关系分析冰块熔化后体积的变化和液面高度的变化；
(3)规则形状的容器中液体对容器底部的压力等于液体的重力，根据p=FS分析杯底受到液体的压强的变化；
(4)煤油不溶于水，冰熔化成水后沉底，煤油的密度不变。
本题考查了压力和压强的大小变化、阿基米德原理的应用、物体浮沉条件的应用、密度的变化等知识，属于综合题。
14.【答案】无规则 热传递 引力
【解析】解：我们闻到艾蒿的清香味儿，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
煮粽子，粽子吸收热量，内能增加，是通过热传递方式增加粽子的内能；
煮熟后，糯米粒儿会粘在一起，说明分子间存在引力。
故答案为：无规则；热传递；引力。
不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；
改变内能的方式包括做功和热传递；
分子间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查了常见的扩散现象、分子间作用力和改变物体内能的方式，要记住改变物体内能有且只有两种方式。
15.【答案】静止 电 等于 变大
【解析】解：空间站组合体在轨飞行期间，飞船相对于空间站位置没有变化，是静止的；空间站的太阳能电池板将太阳能转化为电能；火箭点火后加速上升时，根据力的作用的相互性，火箭喷出的燃气对火箭的推力等于火箭对燃气的作用力；在此过程中，飞船加速上升，质量一定，速度增大，动能增大，高度升高，重力势能增大，所以，飞船的机械能变大。
故答案为：静止；电；等于；变大。
(1)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的；
(2)太阳能电池板将太阳能转化为电能；
(3)物体间力的作用是相互的；
(4)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。
本题考查了能源的转化、运动和静止的相对性、力的作用的相互性、机械能的转化等，属于基础性题目。
16.【答案】运动状态 费力 直线传播
【解析】解：“举杯邀明月，对影成三人”，诗人举起杯子，杯子的速度发生了变化，是力作用的结果，说明力可以改变杯子的运动状态；
人通过曲臂使手臂转动来拿起重物，是在力的作用下绕肘点转动的，动力臂小于阻力臂，动力将大于阻力，举杯过程中，诗人的手臂相当于费力杠杆；
“举杯邀明月，对影成三人”中“人”是人在地面上形成的影子，它是沿直线传播的光被不透明的人挡住，在人后面的地面上光照不到的地方形成影，即地面上的“人”。
故答案为：运动状态；费力；直线传播。
(1)力的作用效果有两个：改变物体的形状、改变物体的运动状态；
(2)动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆是等臂杠杆；
(3)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的。
本题考查力的作用效果、杠杆的分类、光的直线传播，难度不大。
17.【答案】侧壁 增大 b
【解析】解：(1)如图所示，水能从a、b两个相同的小圆孔中喷出，说明液体对容器的侧壁有压强；
液体内部压强随深度的增加而增大，在液体密度一定时，b处深度比a处大，水喷出的更远，说明液体内部压强随深度的增加而增大。
(2)用手封住瓶口(水面高于a孔)，在流出一部分水后，瓶内上方空气的体积变大，水面上方气体压强减小，当水面上方气体压强与a孔上面的液体压强之和小于外界大气压时，a孔不再向外喷水；
由于a、b两孔均与外界大气相通，二者相互抵消，所以水在瓶内b孔以上液体压强的作用下会持续从b孔向外喷出。
故答案为：侧壁；增大；b。
(1)液体内部向各个方向都有压强，液体内部压强随深度的增加而增大；液体压强还与液体密度有关，深度一定时，液体密度越大，压强越大；
(2)气体的质量和温度一定时，气体的压强跟自身的体积成反比，气体的体积增大，其压强就减小；反之，气体的体积减小，其压强就增大。
本题考查了液体压强的特点、气体压强与体积的关系，属于比较基础的内容，掌握相关知识是解题的关键。
18.【答案】甲 发光 短路
【解析】解：根据甲图可知，S1与L1串联，能控制此灯，根据家庭电路的要求，先到开关后到灯头，故甲是火线；
只闭合开关S1。灯L1正常发光，电路正常，此时用试电笔接触a点，试电笔的氖管发光；
根据图可知，灯L1正常发光，再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，则故障原因可能是灯L2短路，L2断路对L1不影响。
故答案为：甲；发光；短路。
(1)家庭电路中用电器的开关应该接到用电器和火线之间，避免触电；
(2)当测电笔接触火线时氖管会发光、接触零线时氖管不发光。
此题主要考查学生对于家庭电路连接规则和电路故障的分析，属于中考必考点。
19.【答案】导体 负 振动
【解析】解：避雷针能让建筑物避免雷击。当云层电荷较多时，避雷针与云层间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针和大地形成通路，此时的空气是导体；若瞬时电流的方向是从大地到云层，则云层带负电；雷雨天，我们听到的雷声是空气振动产生的。
故答案为：导体；负；振动。
(1)容易导电的物体叫做导体；
(2)电流的方向：正电荷定向移动的方向规定为电流的方向；
(3)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止。
本题考查了导体、电流的方向、摩擦起电等，属于基础性题目。
20.【答案】电流 不是 1：4
【解析】解：根据题图可知：两个电阻的阻值相等，R1在干路中，R2在支路中，干路中的电流是支路中的两倍。所以图中是探究电流通过导体产生的热量与电流关系的装置；图中的两个U形管上端不都是开口的，所以装置中的U形管不是连通器；根据焦耳定律Q=I2Rt，电流通过电阻R2与R1产生的热量之比为1：4。
故答案为：电流；不是；1：4。
(1)电流通过导体就会产生热量，这种现象叫电流的热效应；在电阻和通电时间一定时，电流产生的热量与电流的平方成正比。
(2)上端开口、底部互相连通的容器叫连通器。
(3)根据焦耳定律Q=I2Rt来分析。
知道控制变量法在本实验中的应用；知道连通器；知道焦耳定律。
21.【答案】0.51.50
【解析】解：
由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1=P1U1=6W6V=1A，I2=P2U2=3W6V=0.5A；
由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为：R1=U1I1=6V1A=6Ω，R2=U2I2=6V0.5A=12Ω；
当开关都闭合时，两个灯泡串联接入电路中，电路中的电流为：I=UR1+R2=9V6Ω+12Ω=0.5A；所以灯泡L2正常工作，L1不正常工作；
小灯泡L1的实际功率为：P′1=I2R1=(0.5A)2×6Ω=1.5W；
断开开关S1、S2，两个电压表串联接入电路中，由于电压表所在电路相当于断路，所以电压表V1的示数为0V。
故答案为：0.5；1.5；0
根据P=UI和R=UI分别求出两个灯泡的电阻和额定电流；根据欧姆定律求出电路中的电流；根据P=I2R求出未正常发光的小灯泡的实际功率；断开开关S1、S2，根据电路的连接方式分析电压表V1的示数。
本题考查了电路的识别、欧姆定律的应用、电功率计算公式的应用，属于综合题。
22.【答案】解：先作S点关于平面镜的对称点，即像点S′，然后连接像点S′和人的眼睛，与镜面的交点为入射点O，可作出反射光线OA，再连接SO画上箭头，即为入射光线；如下图：
【解析】根据平面镜成像知，物与像关于镜面对称，要作出光源S点的像点S′，然后过像点和眼睛的连线做出反射光线，与镜面的交点为入射点，然后连接光源与入射点，即为入射光线。
本题考查了光的反射定律以及平面镜成像特点作图：像与物关于镜面对称。注意实线、虚线的区别。
23.【答案】解：已知支点为O，要求作用在A点的动力F1最小，由杠杆平衡条件可知动力臂L1应最长，由图知最长的动力臂等于OA；要使杠杆平衡，该力的方向应斜下方，且与撬棒垂直，过A点作垂直于OA向下的动力F1，那么OA即为所作的动力臂L1；
过O点作力F2作用线的垂线段L2，则L2即为所作的阻力臂。
如图所示：
【解析】(1)力臂即点到线的距离。先找点(支点)，再作线(F2的作用线)，最后作点到线的距离。
(2)由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
会根据力臂越长，作用力越小的原则分析杠杆中最小力的问题；注意分析杠杆中最小力的问题时，先确定力臂，然后根据力与力臂的关系画出最小作用力的方向。
24.【答案】解：电磁铁上端为N极，根据安培定则，电源的右端为负极，左端为正极；当温度低于设定温度时，安全指示灯常亮；当温度达到设定温度时，电磁铁有了磁性，吸下衔铁，断开指示灯电路，同时动触点向下移动，接通电铃电路，电铃响报警；说明安全指示灯与上面的静触点连接，电铃与下面的静触点连接，指示灯和电铃并联，如图所示：
。
【解析】(1)根据安培定则确定电源的正负极。
(2)根据电磁继电器的结构和原理连接电路图。
会根据安培定则判断电源的正负极；知道电磁继电器的基本原理。
25.【答案】答：(1)当用B管用力吹气时，A管上端空气流速变大，因为流速大的地方压强小，所以A管上端压强变小，下端大气压没有变化，从而形成了向上的压强差，因此A管中的水面会上升；
(2)飞机的机翼上凸下平，飞机前进时，在相同时间内，空气经过上方的路程长、速度大；经过下方的路程短、速度小。上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大，这样机翼上、下表面存在压强差，因而有压强差，这就是产生升力的原因。
机翼横截面的大致形状，如下图：
【解析】液体和气体都称为流体，生活中常见的流体有空气和水；根据流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强大。
本题考查了流体的压强与流速的关系，要学会利用流体压强与流速的关系解释生活中的一些现象。
26.【答案】解：(1)无人机静止在水平地面时，对地面的压力：
F=G=mg=1.2kg×10N/kg=12N，
对地面的压强p=FS=12N6×10−4m2=2×104Pa；
(2)无人机上升过程中的功率
P=Wt=Ght=Gv=12N×8m/s=96W；
不计空气阻力及能量损耗，根据P=UI，电池的工作电流
I=PU=96W15V=6.4A。
答：(1)无人机静止在水平地面时，对地面的压强为2×104Pa；
(2)无人机上升过程中的功率为96W；电池的工作电流为6.4A。
【解析】(1)无人机静止在水平地面时，对地面的压力等于重力大小，根据F=G=mg得出压力大小，根据压强公式得出对地面的压强；
(2)根据得出无人机上升过程中的功率；根据P=UI得出电池的工作电流。
本题考查压强公式、机械功率和电功率公式的运用。
27.【答案】解：(1)根据电路图可知，两个电阻串联接入电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压；当电压表示数为12V时，电流表示数为0.5A，则电阻R1的阻值为：R1=U1I=U−U2I=18V−12V0.5A=12Ω；
R1通电60s消耗的电能为：W=I2R1t=(0.5A)2×12Ω×60s=180J；
(2)滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分担的电压变小；此时电路的总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大，电流表量程为0∼0.6A，所以电路中的最大电流为0.6A，此时电阻R1的两端的电压为：U′=I′R1=0.6A×12Ω=7.2V；
滑动变阻器两端的电压为：U′2=U−U′=18V−7.2V=10.8V，没有超过电压表的量程；
电阻R1的最大功率为：P=U′I′=7.2V×0.6A=4.32W。
答：(1)电阻R1的阻值为12Ω；R1通电60s消耗的电能为180J；
(2)在保证元器件安全的前提下，电阻R1的最大功率为4.32W。
【解析】(1)根据电路图可知，两个电阻串联接入电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压规律、欧姆定律求出R1的阻值；根据W=I2Rt求出R1通电60s消耗的电能；
(2)滑动变阻器接入电路中的电阻变小，滑动变阻器分担的电压变大，电路的总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大，根据电流表、电压表的量程判定电路的最大电流，然后根据P=UI求出电阻R1的最大功率。
本题考查了电能、电功率的计算、欧姆定律的应用，属于综合题。
28.【答案】解：(1)水吸收的热量：Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.36×105J；
(2)把水烧开需要放出的总热量：Q总=Q吸η=3.36×105J84%=4×105J；
由电路图可知，开关S、S1闭合时，电路为R1的简单电路，此时电路的总电阻最小，总功率最大，处于加热状态，加热功率为1210W，
由公式W=Pt可得，
把水烧开需要的时间：t=WP=Q总P=4×105J1210W≈330s；
(3)由P=U2R可知，加热状态下R1的阻值：R1=U2P=(220V)21210W=40Ω；
由电路图可知，开关S闭合、S1断开时，R1与R2串联，总电阻R总=R1+R2=40Ω+840Ω=880Ω；
此时电路中的总电阻最大，总功率最小，处于保温状态，
则电水壶的保温功率为：P′=U2R总=(220V)2880Ω=55W。
答：(1)水吸收的热量为3.36×105J；
(2)把水烧开需要约330s的时间；
(3)电水壶的保温功率为55W。
【解析】(1)知道水的质量、水的比热容、初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量；
(2)根据加热效率可求出需要的总热量；由电路图可知，开关S、S1闭合时，电路为R1的简单电路，此时电路的总电阻最小，总功率最大，处于加热状态；根据加热功率和总热量，可计算需要的时间；
(3)根据P=U2R的变形公式可求出加热状态下R1的阻值；开关S闭合、S1断开时，R1与R2串联，根据串联电路电阻特点可求出总电阻；此时电路中的总电阻最大，总功率最小，处于保温状态，再根据P=U2R可求出保温功率。
本题考查了吸热公式、效率公式、串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，有一定综合性。
29.【答案】烛焰 倒立 右 变小 凹透镜 远离 同一
【解析】解：(1)实验前，调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，目的是为了使烛焰的像成在光屏中央。
(2)由图可知，此时物距为30.0cm，像距为15.0cm，则凸透镜焦距f=10cm，所以物体在两倍焦距以外，像在一倍二倍焦距之间，成倒立缩小实像。
透镜位置保持不变，将蜡烛移动到光具座35cm处，那么物距为15.0cm。根据光路可逆原理，如果此时像距为30.0cm，光屏上会再次成清晰的像，所以光屏应该向右边移动至光具座80cm处。
将蜡烛移动到光具座42 cm处，物体在凸透镜的一倍焦距以内，成正立放大的虚像。凸透镜成虚像的特点是物近像近像变小，所以当蜡烛继续靠近凸透镜时，虚像逐渐变小。
(3)将一个眼镜片放在上图中蜡烛和凸透镜间的某一位置，光屏上的像变模糊了。向左移动蜡烛，又能在光屏上看到烛焰清晰的像，根据凸透镜成实像的规律：物远像近像变小，说明放入眼镜片后像变远了，通过向左移动蜡烛，使得像变近重新在光屏上呈现。故该镜片为凹透镜。
(4)当入射光线远离法线时，入射角变大。根据反射定律可知，反射角=入射角，所以反射光线也将远离法线。
把纸板NOF向后折，入射光线所在的平面和反射光线所在的平面不相同，这时在纸板上看不到反射光线，由此初步得出：反射光线、入射光线、法线在同一平面。
故答案为：(1)烛焰；(2)倒立；右；变小；(3)凹透镜；(4)远离；同一。
(1)在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度。
(2)凸透镜成实像时，物距大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像，像距f
(4)光反射时，反射角等于入射角；反射光线、入射光线、法线在同一平面内。
本题考查凸透镜成像的规律和平面镜成像的特点，属于综合题。
30.【答案】温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部 95 水蒸气 吸热 保持不变 变大
【解析】解：(1)观察实验装置图发现温度计玻璃泡碰到了容器底；
(2)图乙中的温度计的一个大格表示10℃，里面有10个小格，因此它的分度值为1℃.因此它的读数为95℃；
(3)水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中；
(4)分析图像可知，水在沸腾的过程中，要不断吸热，温度保持不变；
(5)增加了一个无孔的硬纸板盖在烧杯上，烧杯内水面上方的气压变大，水的沸点升高，水沸腾时的温度高于99℃。
故答案为：
(1)温度计的玻璃泡碰到了烧杯底部；(2)95；(3)水蒸气；(4)吸热；保持不变；(5)变大。
(1)根据实验装置观察分析确定操作错误之处，温度计使用中玻璃泡不能碰到容器壁和容器底；
(2)要弄清楚温度计的量程和分度值再去读数。
(3)沸腾时有大量气泡生成，并且不断有水汽化为水蒸气进入气泡内，气泡在上升过程中体积逐渐增大；
(4)液体沸腾的特点：继续吸热，温度不变；
(5)气压高，水的沸点高。
本题考查水沸腾的实验，关键是将课本内容记忆清楚，如操作细节，温度计的正确使用以及读数，沸腾特点，沸点与气压的关系等，仔细分析即可。
31.【答案】游码 平衡 平衡螺母 27.4102.74偏大 2.5×103
【解析】解：(1)天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，指针位置如图甲所示，此时横梁静止，处于平衡状态，再调节平衡螺母。直至指针指在分度盘中线处。
(2)测量金属块的质量，天平平衡时如图乙所示，金属块质量：m=20g+5g+2.4g=27.4g；图中量筒的分度值为2mL，读数为30mL=30cm3；
金属块的体积V=V2−V1=30cm3−20cm3=10cm3；
金属块的密度ρ=mV=27.4g10cm3=2.74g/cm3=2.74×103kg/m3.
(3)若使用的砝码有磨损，需要多添加砝码，因而质量读数偏大，由ρ=mV知，所测金属块密度偏大；
(4)在已调至水平的等臂杠杆两端挂上两个完全相同的小桶，先用量筒向右侧小桶加入30mL水，再向左侧小桶缓慢加入砂粒直到杠杆在水平位置平衡。砂粒的质量等于水的质量m′=ρV=1.0g/cm3×30cm3=30g；
砂粒的体积为12cm3，砂粒的密度为ρ′=m′V′=30g12cm3=2.5g/cm3=2.5×103kg/m3.
故答案为：(1)游码；平衡；平衡螺母；(2)27.4；10；2.74；(3)偏大；(4)2.5×103。
(1)天平调节前把游码归零，杠杆处于静止或匀速转动状态是平衡状态，调节天平横梁平衡时，天平的左端高，右端低，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)金属块的质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值；根据量筒的读数方法正确读出金属块的体积，利用密度公式求出金属块的密度；
(3)若使用的砝码有磨损，需要多添加砝码，由此分析；
(4)根据等臂杠杆确定砂粒的质量，根据ρ=mV计算密度。
本题考查密度的测量，属于中档题，难度适中。
32.【答案】最右端 改变电阻的电压和电流 断路 0.2610减小误差 U额R0 U额×(I−U额R0)
【解析】解：(1)闭合开关之前，滑片要滑到滑动变阻器的最大阻值处，故应滑到最右端；
为提高测量的准确程度减小误差，要多次测量取平均值，故实验中，滑动变阻器除了保护电路，还有一个重要作用是改变电阻的电压和电流；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源正负极是相通的，电流表无示数是因为通过电流表的电流过小，产生这种情形的原因是定值电阻断路，使电压表串联接入了电路中；
(3)如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时通过定值电阻R的电流为0.26A；
由图丙知当电压表的示数为3V时，通过的电流为0.3A，
待测电阻为：
Rx=UxIx=3V0.3A=10Ω；
多次测量取平均值，可以减小误差；
(4)要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，电路如图所示：
实验步骤：
①闭合开关S1，断开S2，移动滑片，使电流表的示数为U额R0；
②再闭合开关S2，断开S1，保持滑片的位置不动，读出电流表的示数I；
③保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流为：
IL=I−U额R0，灯泡额定功率的表达式为P额=U额IL=U额×(I−U额R0)。
故答案为：(1)最右端；改变电阻的电压和电流；(2)断路；(3)0.26；10；减小误差；(4)①见解答图；②U额R0；④U额×(I−U额R0)。
(1)为了保护电路，闭合开关前，滑片要滑到滑动变阻器的最大阻值处；为提高测量的准确程度减小误差，要多次测量取平均值；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，说明电路中可能存在断路，电压表与电源两极相连通；
(3)电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，据此得出通过定值电阻R的电流，根据图像得出数据由欧姆定律算出定值电阻的阻值；多次测量取平均值，可以减小误差；
(4)要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为I1=U额R0时，由并联电路电压的规律，灯的电压为U额，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
本题测量定值电阻的实验以及特殊的方法测量小灯泡的额定功率等知识，考查注意事项、故障分析、电流表读数、数据处理以及特殊的方法测量小灯泡的额定功率。
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