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2023年四川省凉山州中考物理试卷（含答案解析）
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这是一份2023年四川省凉山州中考物理试卷（含答案解析），共24页。
2023年四川省凉山州中考物理试卷
1. 在地球上观看日出时能看到地平线以下的太阳。下列现象与此原理相同的是( )
A. 茂密树荫下圆形的光斑 B. 汽车后视镜中的像
C. 海市蜃楼 D. 用潜望镜看到海面上的物体
2. 关于信息、材料和能源，下列说法中不正确的是( )
A. 家庭WiFi靠电磁波传递信号
B. 电动机线圈用超导体可将电能全部转化为内能
C. 光伏发电将太阳能转化为电能
D. 核电站利用核裂变释放的能量发电
3. 下列的俗语、诗词等反映了人类对自然界的一定认识，其中从物理学的角度分析说法正确的是( )
A. “月落乌啼霜满天”：霜的形成是凝固现象
B. “缸穿裙，大雨淋”：是空气液化成小水珠附着在水缸表面形成的
C. “人面桃花相映红”中桃花看起来是红色的原因是吸收了红光
D. “春江水暖鸭先知”是由于水温升高，鸭子在水中由热传递的方式先感觉到
4. 如图所示，烧杯里装着水，试管中装着酒精，标准大气压下酒精的沸点为78℃，给烧杯加热使水沸腾，继续加热，则试管中的酒精( )
A. 能沸腾
B. 温度达不到沸点，不能沸腾
C. 温度能达到沸点，但不能沸腾
D. 以上三种情况都可能发生
5. 车站广场上，常常看到人们将旅行包放在拉杆箱上，如图所示，若地面和拉杆箱A的上表面均水平，拉杆箱A和旅行包B在水平推力F的作用下，一起向右做匀速直线运动，不计空气阻力，下列分析正确的是( )
A. A对B具有水平向右的摩擦力
B. B的重力和A对B的支持力是一对平衡力
C. A的重力和地面对A的支持力是一对平衡力
D. B对A的压力和B的重力是一对相互作用力
6. 小徐将塑料袋剪成细丝，用两块毛皮分别来回摩擦细丝和塑料管后，将细丝抛向空中，在其下方用塑料管靠近，细丝可以在空中飞舞，如图所示。下列说法中不正确的是( )
A. 毛皮摩擦后的细丝间会相互排斥
B. 细丝和塑料管带上相同的电荷
C. 摩擦时，正电荷在毛皮与塑料管之间发生了转移
D. 该现象可以解释验电器的工作原理
7. 2022年12月26日，“绿巨人”开进西昌，结束了凉山没有动车的历史。“绿巨人”采用能量回收制动方式：列车到站前停止供电，继续向前运行，内部线圈随车轮转动时切割磁感线，把机械能转化为电能进行回收。如图与其工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
8. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A1的示数不变，电压表V的示数变小
B. 电流表A2的示数不变，电压表V的示数不变
C. 电压表V的示数与电流表A1的示数比值不变
D. 电压表V的示数与电流表A2的示数比值变小
9. 如图所示，从A点沿水平桌面自由滚落的小球运动轨迹如虚线所示，C、F两处等高，D为球与水平地面的接触点，不计空气阻力，下列说法不正确的是( )
A. 小球在C点的机械能等于在F点的机械能
B. 小球在C点的动能大于在F点的动能
C. 小球从E点到F点的过程中，机械能不变
D. 小球从D点离开地面到达E点的过程中，动能转化为重力势能
10. 如图所示，两个相同的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种不同的液体。将体积相同、密度不同的实心球A、B分别放入容器中静止时，A球悬浮，B球漂浮，h1
A. 两个小球受到的重力：GAFB浮
C. 两种液体的密度：ρ甲<ρ乙 D. 两个容器对桌面的压强：p甲>p乙
11. 如图所示，甲图是灯泡L和定值电阻R的I−U图像，将L和R先后以乙、丙图两种方式连在同一电源上，若乙图中U1：U2=a，丙图中I1：I2=b，则下列选项中不正确的是( )
A. a>1 B. b<1 C. a>b D. ab=1
12. 图甲中铅笔的长度是______ cm；图乙中天平横梁平衡，木块的质量是______ g。
13. 智能音箱可以模仿很多动物的声音，该音响主要是模仿声音的______ (填“音调”“音色”或“响度”)；休息时，智能音箱可以播放轻音乐舒缓身心但音量不能过大，是指声音的______ (填“音调”、“音色”或“响度”)要适中，以免影响听力。
14. 端午节煮粽子时，空气中弥漫着清香，这是______ 现象。荷叶上的两滴水珠相遇时，能汇合成一滴较大的水珠是因为分子之间存在______ (选填“引力”或“斥力”)。攀登珠峰的运动员佩戴的护目镜能有效防止______ (选填“红外线”或“紫外线”)的伤害。
15. 在家庭电路中，为了防止触电，必须把用电器的开关装在______ 线上；当把一个60W的台灯插头插入插座时，家中原来正常的其它用电器突然都停止工作，发生这种现象的原因可能是插头处______ 。
16. 物理应用于生活。厨房中常在光滑的瓷砖上用到免打孔挂钩，使用时将吸盘用力按压到瓷砖上，由于______ 的作用，挂钩将“吸”在瓷砖表面。刮大风时，当风沿着窗外的墙面吹过，窗口悬挂的窗帘会飘向窗外，这是由于窗外空气的流速大、压强______ (选填“大”或“小”)造成的。
17. 小明乘坐C43次动车，11：58从甘洛南站发车，13：48到达德昌西站，已知甘洛南到德昌西的路程约272km，这段路程的平均速度约为______ km/h(结果保留整数)；在西昌西站上下乘客时，小明看到相邻站台上的另一辆动车正向北行驶，以那辆动车为参照物，C43次动车是向______ 运动的(选填“南”或“北”)，在行驶途中桌上的苹果突然向前滚动，此时动车正在做______ (选填“加速”“匀速”或“减速”)运动。
18. 如图所示，工人用A、B两个相同的滑轮组成的滑轮组提升重540N的物体，所用的拉力F为200N，物体以0.2m/s的速度匀速上升了10s。不计绳重及摩擦，拉力F所做的功为______ J，C处天花板受到的拉力为______ N；若匀速提升重240N的物体，滑轮组的机械效率为______ 。
19. 小华在探究“不同物质的吸热能力”时，用相同的电加热器对质量均为1kg的水和另一种液体同时进行加热(不考虑热损失)。已知液体的比热容小于水的比热容，通过实验画出温度随时间变化的图像如图所示，分析图像可知：水在5min内吸收的热量为______ J，液体的比热容为______ J/(kg⋅℃)。
20. 如图所示，物块A重15N、B重5N，B放在A上。用100N的水平推力F将A压在竖直墙上，恰能让A和B一起匀速下滑，A所受到的摩擦力是______ N。推力F保持不变，将B拿走，在A的下方施加一个竖直向上的力F1，使物体A恰好向上做匀速直线运动，则F1的大小为______ N。
21. 如图甲所示电路，电源电压不变，R1、R2是定值电阻，R2=2R1，闭合开关S，电流表和电压表示数如图乙，则通电5min后，R1、R2产生的总热量为______ J。
22. 如图甲，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片从b点滑到a点过程中，两个电压表示数随电流表示数变化的图象如图乙所示。则该过程中电路的总功率最大值为______W。
23. 如图所示，电流表正确连接在电路中，通电时请在括号中标出电源的正负极及小磁针静止时的N极。
24. 如图所示，螺髻山索道的封闭式轿厢随钢索向下方做匀速直线运动，请画出静止在轿厢内物体A的受力示意图。
25. 如图甲是自行车的手闸，其中ABO部分可视为一个杠杆，其简化示意图如图乙，O为支点，F2为阻力，请在图乙中画出：
(1)作用在A点的最小动力F1及其力臂l1；
(2)阻力F2的力臂l2。
26. 如图所示，凸透镜的主光轴与水面重合，F是凸透镜的焦点，水下有一块平面镜M，一束与水面平行的光线经凸透镜折射后进入水中，再经水中的平面镜反射后恰过P点，请将光路图补充完整。
27. 小丁在探究凸透镜成像规律的实验中：
(1)当烛焰、焦距为10cm的凸透镜A位于图甲中位置时，光屏上得到一个清晰的像，该像是一个倒立、______ (选填“放大”“缩小”或“等大”)的实像；
(2)保持蜡烛位置不变，小丁用焦距为5cm的凸透镜B在原位置替换凸透镜A，要使光屏上仍得到烛焰清晰的像，应该将光屏向______ (选填“靠近”或“远离”)凸透镜B的方向移动；
(3)如图乙所示，蜡烛和凸透镜之间放上近视眼镜，光屏上能得到清晰的像，若取下眼镜，要在光屏上重新得到清晰的像，应将光屏______ (选填“靠近”或“远离”)凸透镜。
28. 物理课上，同学们利用压强计“研究液体内部压强”，进行了如下的操作。
(1)实验前，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置______ (选填“漏气”或“不漏气”)；
(2)通过比较______ 两图，可得出结论：同一种液体的压强随深度的增加而增大；
(3)通过比较D、E两图，可探究液体压强与______ 的关系；
(4)通过比较A、B、C三图，可得出结论：同种液体在相同深度向各个方向的压强______ ；
(5)某次实验时，小王同学将探头放入水下，U形管两侧水面高度差为10cm，此时U形管内外的气压差为______ Pa。
29. 小李利用以下器材探究“电流与电阻的关系”：学生电源、电流表(0∼0.6A)、电压表(0∼3V)、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω各一个)、开关、滑动变阻器和导线若干。
(1)请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路(连线不得交叉)；
(2)连接电路时，开关应______ (选填“断开”或“闭合”)，且应将滑动变阻器的滑片移到最______ (选填“左”或“右”)端；
(3)小李把学生电源调至6V，将定值电阻依次接入电路，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，得到图丙所示的电流I随电阻R变化的图像，由图像可以得出结论：电压一定时，电流与电阻成______ (选填“正比”或“反比”)；
(4)正确连接电路后，实验中小李发现电压表示数突然变大，电流表示数几乎为零，则可能是定值电阻出现______ 故障；
(5)在图丙中，定值电阻的阻值为5Ω和20Ω时，滑动变阻器的电功率分别为P1和P2，则P1：P2=______ 。
30. 某电吹风的简化电路图如图所示，R1、R2是电热丝，M是电动机，开关S闭合，S1、S2断开时吹冷风，通过电动机的电流为0.5A；S、S1闭合，S2断开时吹温风，R1的阻值为110Ω；S、S1、S2均闭合时吹热风，电吹风的总功率为1100W。求：
(1)吹冷风时电动机的功率；
(2)吹温风时电路中的总电流；
(3)R2的阻值。
31. 邛海湿地公园湖边的一个圆台形花岗石墩(形状如图甲)不慎落入1.9m深的湖底，该石墩的上表面积为0.9m2，下表面积为0.4m2，高为0.9m，质量为1.482t。工人师傅用起重机将其匀速吊出水面，起重机的功率为440W。石墩从刚好脱离湖底上升到上表面与水面相平共耗时50s(如图乙)。花岗石密度ρ石=2.6×103kg/m3，不考虑石墩在水中运动受到的阻力。求：
(1)石墩的体积；
(2)石墩上升过程中，起重机的效率；
(3)若起吊前石墩与平整的湖底紧密接触(如图丙)，湖底对石墩的支持力。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：日出时能看到地平线以下的太阳，是由于光经过不均匀的大气层时发生折射形成的。
A.茂密树荫下圆形的光斑，原理是光在同种均匀的介质中沿直线传播，故A不符合题意；
B.汽车后视镜中的像，利用的是凸面镜扩大视野的作用，是光的反射，故B不符合题意；
C.海市蜃楼，原理是光的折射，故C符合题意；
D.用潜望镜看到海面上的物体，是平面镜成像，原理是光的反射，故D不符合题意。
故选：C。
光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。
光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象；
光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，比如我们平时看到不发光物体，平面镜成像等。
本题主要考查了对生活中光现象的认识，要注意区分光的直线传播、光的反射和光的折射所形成的不同现象。
2.【答案】B
【解析】解：
A.家庭WiFi能够发射电磁波，靠电磁波传递信号，故A正确；
B.电动机线圈用超导体可将电能全部转化为机械能，避免线圈把电能转化成内能，使线圈发热，故B错误；
C.太阳能电池板能将太阳能转化为电能，光伏发电就是利用太阳能电池板发电，故C正确；
D.核电站的主要设备是核反应堆，核反应堆是利用核裂变释放的能量发电，故D正确。
故选：B。
(1)电磁波可以传递信息；
(2)电动机工作时，电能主要转化为机械能，还有一部分电能转化为内能；
(3)光伏发电将太阳能转化为电能；
(4)核能的利用有两种：核裂变、核聚变。
本题考查了电磁波的应用、能量的额转化、核能的利用，属于基础题。
3.【答案】D
【解析】解：
A.霜是由水蒸气凝华形成的，故A错误；
B.“缸穿裙，大雨淋”：是由于空气中的水蒸气遇冷，液化成小水珠，故B错误；
C.桃花看起来是红色的原因是桃花反射了红光，吸收了其它颜色的光，故C错误；
D.春天温度升高，水温也会随之升高，热量会从高温物体传递给低温的物体，所以“春江水暖鸭先知”是由于水温升高，鸭子在水中由热传递的方式先感觉到，故D正确。
故选：D。
(1)物质从气态直接变为固态的过程叫做凝华；
(2)物质液化时会放出热量；
(3)不透明物体的颜色由它反射的色光决定；
(4)改变物体内能的方法：做功和热传递。
本题考查了物态变化、物体的颜色、改变内能的方法，属于基础题。
4.【答案】A
【解析】解：当烧杯中的水沸腾后，温度达到沸点，继续加热，试管中的酒精吸热，温度上升，且酒精的沸点低于水的沸点，故试管中的酒精温度能达到沸点，且能持续从水中吸热，所以试管中的酒精能沸腾，故A正确。
故选：A。
液体沸腾的条件是达到沸点，继续吸热；热传递的条件是两物体存在温度差。
本题考查了液体沸腾的条件、温度特点、热传递，属于基础题。
5.【答案】B
【解析】解：
A.拉杆箱A和旅行包B在水平推力F的作用下，一起向右做匀速直线运动，B处于受力平衡状态，若A对B具有水平向右的摩擦力，则B在水平方向上受力不平衡，故A错误；
B.对B受力分析可知，B受到竖直向下的重力和竖直向上的A对B的支持力，B在这两个力的作用下做匀速直线运动，处于受力平衡状态，故B的重力和A对B的支持力是一对平衡力，故B正确；
C.对A受力分析可知，A受到向下的重力、向上的地面对A的支持力和向下的B对A的压力，A在这三个力的作用下处于受力平衡状态，故A的重力和地面对A的支持力不是一对平衡力，故C错误；
D.B对A的压力竖直向下，B的重力竖直向下，这两个力的方向相同，所以这两个力不是一对相互作用力，故D错误。
故选：B。
摩擦力产生的条件：接触面粗糙、相互接触挤压、有相对运动或相对运动趋势；
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一物体上；相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上。
本题考查了二力平衡的辨别和二力平衡条件的应用以及摩擦力存在的条件，要注意平衡力与相互作用力的区别：是否作用在同一个物体上。
6.【答案】C
【解析】解：A.毛皮摩擦后的细丝所带的电荷是相同的，同种电荷相互排斥，故A正确；
B.根据细丝可以在空中飞舞，细丝和塑料管带上相同的电荷，同种电荷相互排斥，故B正确；
C.在摩擦起电中，发生转移的是电子，得到电子的显负电，失去电子的带正电，故C错误；
D.验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，与该现象的原理是一样的，故D正确。
故选：C。
电荷间的相互作用规律是：异种电荷相互吸引、同种电荷相互排斥；摩擦起电的实质是电子的转移。
本题考查了验电器的工作原理、电荷间的相互作用规律，属于基础题。
7.【答案】D
【解析】解：
列车到站前停止动力供电，继续向前运行，内部线圈随车轮转动，切割磁感线产生感应电流，把机械能转化为电能进行回收，该原理是利用电磁感应来工作的；
A.由图中可知，通电导线靠近小磁针后，会使小磁针发生偏转，这是电流的磁效应，故A错误；
B.由图中可知，闭合开关后，导体会发生偏转，这是通电导体在磁场受到力的作用，故B错误；
C.由图中可知，闭合开关后，缠绕有漆包线的铁钉会吸起铁屑，这是电磁铁的原理，故C错误；
D.由图中可知，导体在磁场中切割磁感线后，电流计的指针会发生偏转，这是电磁感应现象，故D正确。
故选：D。
(1)奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
(2)通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机、扬声器就是利用该原理制成的。
(3)电磁铁的工作原理是电流的磁效应。
(4)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。
本题主要考查了电磁感应现象及发电机的基本原理，属于基础性题目。
8.【答案】C
【解析】解：根据电路图可知，该电路是并联电路，电流表A1测量通过R2的电流，电流表A2测量干路的电流，电压表V测量电源电压；
AB、由于电源电压不变，所以电压表示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R2的电流不变，电流表A1的示数不变；
将滑动变阻器的滑片P向右移动，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，通过R1支路的电流变小；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，故AB错误；
C、电压表V的示数不变，电流表A1的示数不变，则电压表V的示数与电流表A1的示数比值不变，故C正确；
D、电压表V的示数不变，电流表A2的示数变小，则电压表V的示数与电流表A2的示数比值变大，故D错误。
故选：C。
根据电路图可知，该电路是并联电路，电流表A1测量通过R2的电流，电流表A2测量干路的电流，电压表V测量电源电压；
根据电源电压分析电压表示数的变化；
根据滑片的移动方向分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律分析通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路互不影响分析电流表A1示数的变化；根据并联电路的电流规律分析干路中电流的变化，然后在分析各个选项是否正确。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
9.【答案】A
【解析】解：
AB、C点运动到F点的过程，由于物体与地面发生碰撞，且上升的高度E点低于B点，故机械能有损失，小球在C点的机械能大于在F点的机械能；由图知C、F两处等高，小球的重力势能相同，但小球在 C点动能大于F点的不同，故A错误、B正确；
C、小球从E点到F点过程中，不计空气阻力，只有重力做功，故机械能守恒，故C正确；
D、小球从D点离开地面时，弹性势能转化为动能；小球从D点离开地面到达E点的过程中，动能转化为重力势能，故D正确。
故选：A。
动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和。
本题考查了动能、重力势能和机械能的大小变化，属于基础题。
10.【答案】B
【解析】解：
C.根据题意可知，两种液体对容器底的压强相等，由题知，h1ρ乙，故C错误；
B.A小球完全浸没在甲液体中，排开甲液体的体积等于A小球的体积，B小球漂浮在乙液体中，排开乙液体的体积小于B小球的体积，因为两小球体积相等，所以两小球排开液体的体积关系为V排甲>V排乙，由阿基米德原理F=ρ液gV排可知，两个小球的浮力关系为：FA浮>FB浮，故B正确；
A.因为A小球在甲液体中悬浮，根据物体浮沉条件可知，GA=F浮A；B小球漂浮在乙液体中，根据物体浮沉条件可知，受到的重力GB=F浮B，所以两个小球的重力关系为GA>GB，故A错误；
D.两种液体对容器底的压强相等，受力面积相等，根据F=pS可知，甲和乙两种液体对容器底的压力相等；又因为容器为柱形容器且力的作用是相互的，所以液体对容器底的压力等于液体的重力和物体重力之和，由此可知两个容器对桌面的压力关系为F甲=F乙，由于两个容器底面积相等，根据p=FS可知，两个容器对桌面的压强关系为：p甲=p乙，故D错误。
故选：B。
(1)由图可知，甲、乙两容器内液体的深度关系为h1
(2)固体对水平桌面的压力等于自身的重力；根据p=FS分析两个容器对桌面的压强的大小关系。
此题主要考查的是学生对液体压强计算公式、物体浮沉条件、阿基米德原理的理解和掌握，有一定的难度。
11.【答案】D
【解析】解：(1)图乙中，灯泡与电阻串联，串联电路各处电流相等，由欧姆定律可知当电流相同时，U1：U2=RL乙：R=a，
图丙中，灯泡与电阻并联，并联电路各支路两端电压相等，由欧姆定律可知当电压相同时，I1：I2=R：RL丙=b，
由图象甲可知，灯泡电阻随电压增大而增大，而乙图中灯泡两端电压比丙图中小，所以RL乙b，故ABC正确。
故选：D。
图乙中，灯泡与电阻串联，根据串联电路电流特点结合欧姆定律可知U1：U2=RL乙：R=a，
图丙中，灯泡与电阻并联，根据并联电路电压特点结合欧姆定律可知I1：I2=R：RL丙=b，
由图象甲可知，灯泡电阻随电压增大而增大，而乙图中灯泡两端电压比丙图中小，所以RL乙b。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，有一定难度。
12.【答案】6.00157.8
【解析】解：(1)由图甲可知，刻度尺的分度值为1mm，铅笔的左端与刻度尺的0刻度线对齐，铅笔的右端位于刻度尺的6.00cm刻度线处，估读到分度值的下一位，故可知该铅笔的长度为6.00cm；
(2)由图乙可知，天平的砝码质量为m0=100g+50g+5g=155g，天平游码的分度值为0.2g，故天平游码的读数为m1=2.8g，故木块的质量为m=m0+m1=155g+2.8g=157.8g。
故答案为：6.00；157.8。
(1)使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)使用天平测量物体质量时，先要明确标尺的分度值，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度值之和。
本题考查了对刻度尺和天平读数方法的掌握，是物理学中的重要测量工具，应熟练掌握。
13.【答案】音色 响度
【解析】解：智能音箱可以模仿很多动物的声音，主要是模仿声音的音色。
休息时，智能音箱可以播放轻音乐舒缓身心，但音量不能过大，是指声音的响度不能太大，太大了会对人耳有影响。
故答案为：音色；响度。
声音三个特性：音调、响度、音色，音调跟频率有关，频率越大音调越高，频率越小音调低；响度跟振幅有关，音色跟材料和结构有关。
本题考查声音的特性，难度不大。
14.【答案】扩散 引力 紫外线
【解析】解：能闻到粽子的清汤香味，这是扩散现象，说明分子不停地做无规则运动。
水珠相遇后之所以会合成一滴是因为当分子相互靠近时分子间存在着相互作用的引力，将两滴水珠合成了一滴。
护目镜能有效防止来自太阳的辐射，主要是能阻挡太阳光中的紫外线。
故答案为：扩散；引力；紫外线。
不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象；分子间存在相互作用的引力；护目镜可以防止紫外线对眼睛的伤害。
本题考查了分子动理论的内容、紫外线，属于基础题。
15.【答案】火 短路
【解析】解：为了安全，用电器的开关必须装在火线上，以防止用电器断开后仍带电。
由于当台灯插头插入插座时，原本正常的其它用电器都停止工作，说明空气开关跳闸，由于台灯的功率很小，不可能是总功率过大，因而是发生了短路，则发生这种现象的原因可能是插头处短路。
故答案为：火；短路。
在家庭电路中，开关应接在用电器和火线之间；家庭电路中电流过大的原因：短路或用电器的总功率过大。
本题考查了家庭电路的连接方式、家庭电路中电流过大的原因，属于基础题。
16.【答案】大气压强 小
【解析】.解：(1)将吸盘用力按压到瓷砖上时，吸盘内的空气被排出，在大气压强的作用下吸盘被压在瓷砖上，从而使得挂钩“吸”在瓷砖表面；
(2)当风沿着窗外的墙面吹过时，窗外的空气流速大、压强小，窗内的空气流速小，压强大，窗帘在压强差的作用下会飘向窗外。
故答案为：大气压强；小。
(1)吸盘挂钩是利用了大气压强将吸盘在墙面上；
(2)流体压强与流速的关系可知；在气体和液体中，流速越大的位置压强越小。
此题考查的是大气压强和流体压强与流速的关系，属于基础题。
17.【答案】148 南 减速
【解析】解：(1)由题意可知，这段路程的距离为s=272km，这段路程的行驶时间为t=1h50min=116h，故由v=st可得，这段路程的平均速度约为v=st=272km116h≈148km/h
(2)以站台为参照物，另一辆动车相对于站台向北运动，而以那辆动车为参照物，C43次动车向南运动。
(3)在行驶途中桌上的苹果突然向前滚动，是由于动车正在做减速运动，而苹果由于惯性仍然要保持原来的运动状态不变，故此时苹果会向前突然滚动。
故答案为：148；南；减速。
(1)根据列车的运行时刻求出运行时间，根据v=st求出平均速度；
(2)研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物，如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生改变，则是静止的；
(3)我们把物体保持运动状态不变的属性叫做惯性。
本题考查的是速度的计算、机械运动和惯性，综合性较强，难度不大。
18.【答案】120046080%
【解析】解：
由题意知，物体上升的高度为：h=vt=0.2m/s×10s=2m；
由图可知承担物重绳子的股数为n=3，则绳端移动的距离为s=nh=3×2m=6m；
由W=Fs得，提升重540N的物体时拉力F做的功为：W总=Fs=200N×6m=1200J；
因为不计绳重及摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮重力为G动=nF−G=3×200N−540N=60N；
根据题意知，C处天花板受到的拉力为F拉=2F+G定=2F+G动=2×200N+60N=460N；
因为不计绳重及摩擦时，机械效率为η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动，所以提升重240N物体时滑轮组的机械效率为η′=G′G′+G动=240N240N+60N×100%=80%。
故答案为：1200；460；80%。
(1)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出拉力F所做的功；
(2)对滑轮组整体受力分析，根据力的平衡求出C处受到的拉力；
(3)根据为η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求出滑轮组的机械效率。
本题考查了总功、有用功、滑轮组机械效率的计算，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
19.【答案】3.15×104 2.7×103
【解析】解：根据Q=cmΔt及图像可得，水在20min内吸收的热量为Q=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(50℃−20℃)=1.26×105J，则水在5min内吸收的热量为Q′=14Q=14×1.26×105J=3.15×104J；
根据Q=cmΔt及图像可得，液体和水在15min内吸收的热量相同，可得液体的比热容为c液=QmΔt=34Q总mΔt=34×1.26×105J1kg×(55℃−20℃)=2.7×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：3.15×104；2.7×103。
根据Q=cmΔt求出水20min吸收的热量；然后根据时间关系求出水在5min吸收的热量；根据Q=cmΔt求出液体的比热容的大小。
本题考查了物体吸热公式的应用，难度不大。
20.【答案】20 35
【解析】解：当A和B匀速下滑时，为平衡状态，受力平衡，A所受到的摩擦力等于A与B的重，所以摩擦力为f=15N+5N=20N；
根据影响摩擦力的因素知，当推力F保持不变时，A与墙面的摩擦力不变，仍为20N，在A的下方施加一个力F1，使物体A恰好向上做匀速直线运动，仍然为平衡状态，即F1与A的重力和摩擦力平衡，故F1=GA+f=20N+15N=35N。
故答案为：20；35。
A和B一起匀速下滑时，A和B一起处于平衡状态，根据f=GA+GB得出A所受到的摩擦力。
由题意知，将B取走，F保持不变时，物体A与墙面的压力和接触面的粗糙程度不变，故摩擦力不变，在A的下方施加一个力F1，使物体A恰好向上做匀速直线运动，处于平衡状态，根据F1=GA+f得出F1的大小。
本题考查二力平衡条件的应用、影响摩擦力大小的因素、摩擦力的有关计算，难度适中。
21.【答案】450
【解析】解：根据实物图可知，R1与R2并联，电流表测流过R2的电流，电压表测电源电压；
电流表选择小量程，分度值为0.02A，故可知流过R2的电流为I2=0.2A；电压表选择小量程，分度值为0.1V，故可知电源电压为U=2.5V；
由欧姆定律可知，电阻R2的阻值为R2=UI2=2.5V0.2A=12.5Ω，则电阻R1的阻值为R1=12R2=12×12.5Ω=6.25Ω；
由欧姆定律可得，流过R1的电流为I1=UR2=2.5V6.25A=0.4A，由并联电路中的电流规律可得，干路中的电流I=I1+I2=0.4A+0.2A=0.6A；
由焦耳定律可得，通电5min后，R1、R2产生的总热量为Q=UIt=2.5V×0.6A×60s×5=450J。
故答案为：450。
根据实物图可知，R1与R2并联，电流表测流过R2的电流，电压表测电源电压；根据电流表、电压表的量程和分度值读出电流表、电压表的示数；
根据电压表示数得出电源电压的大小；根据欧姆定律求出R2的阻值、R1的阻值；
根据欧姆定律求出通过两个电阻的电流和总电流，根据Q=UIt求出热量的大小。
本题考查了欧姆定律的应用、焦耳定律计算公式的应用，明确电路的连接方式是解题的关键。
22.【答案】36
【解析】解：
由电路图知，滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R0两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。
(1)滑动变器的滑片P从b点滑到a点的过程中，滑动变阻器R连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，R2两端的电压变大；所以图乙中dc是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，ec是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线；
(2)由电路图知，P在b点时，电路中电阻最大，电流最小，
由图象可以看出，滑片P在b点时电流Ib=1A，U1=2V、U2=10V，
所以电源电压：U=U1+U2=2V+10V=12V，
滑片P在a点时，电路中电阻最小，电流最大，所以最大电流Ia=3A，
所以电路消粍的总功率最大值：
P=UIa=12V×3A=36W。
故答案为：36。
滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R0两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。
(1)滑片P从b点滑到a点的过程中，滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，R0两端的电压变大；据此可判断出图乙中dc，ec分别是哪一个电压表的示数随电流表示数变化的图线；
(2)从图象可以看出，滑片P在b点、a点的电压表示数与电流值，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，利用P=UI求出总功率最大值。
本题考查串联电路电流和电压的规律以及欧姆定律和电功率公式的应用，要明白电路各个用电器的连接情况。在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，要能将电路图与图象结合起来并从中获取有用信息。
23.【答案】解：电流应从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，则可知电源的左端为正极、右端为负极，即电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为S极、右端为N极；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针静止时左端为S极，右端为N极，如下图所示：
【解析】根据电流表的使用方法分析螺线管中电流的方向、电源的正负极；根据安培定则判定螺线管的磁性，根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的磁性。
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律，属于基础题。
24.【答案】解：静止在轿厢内的物体A，随着轿厢做匀速直线运动，与轿厢之间没有相对运动或相对运动趋势，不受摩擦力，受到了平衡力的作用，即受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，重心在几何中心，过重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分别表示重力和支持力，分别用符号G和F表示。如图所示：
【解析】静止在轿厢内的物体A，随着轿厢做匀速直线运动，与轿厢之间没有相对运动或相对运动趋势，不受摩擦力，受到了平衡力的作用，即受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
25.【答案】解：图中支点在O点，当OA作为动力臂l1时，动力臂是最长的，根据杠杆平衡条件可知，此时的动力是最小的；动力的方向应该垂直OA向上，过点A垂直于OA向右作出最小动力F1的示意图；
从支点O作阻力F2作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂l2，如图所示：
【解析】(1)根据杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
(2)阻力臂是指从支点到阻力的作用线的距离。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
26.【答案】解：由凸透镜折射的规律可知，平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，根据像与物体关于平面镜对称，画出P在平面镜中形成的像P′，连接FP′，与平面镜交于Q点，FQ是水中的折射光线，也是平面镜的入射光线，连接QP，可得经平面镜反射的反射光线，如图所示：
【解析】(1)平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点；
(2)光线从空气中进入水中，传播方向会发生改变，折射角小于入射角，折射光线的延长线过P在平面镜中像点P′，与平面镜的交点为入射点M；
(3)连接入射点与点P，QP是平面镜的反射光线。
本题考查了凸透镜的三条特殊光线、光的反射定律和折射规律的应用，注意：凸透镜的焦点为光线到水面的入射点。此题考查光的反射光路图和透镜光路图的画法，难度不大，关键是掌握凸透镜的三条特殊光线。
27.【答案】缩小 靠近 靠近
【解析】解：
(1)由图甲可知，此时物距大于像距，故由凸透镜成像的规律可知，此时凸透镜所成的像为倒立、缩小的实像。
(2)用焦距为5cm的凸透镜B在原位置替换凸透镜A后，凸透镜对光的偏折能力增强，此时光线会聚点将位于光屏左侧，故要使光屏上仍得到烛焰清晰的像，应将光屏向靠近凸透镜B的方向移动。
(3)近视眼镜对光线具有发散作用，取下眼镜后，光线会聚点将向靠近凸透镜的方向移动，故要在光屏上重新得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜。
故答案为：(1)缩小；(2)靠近；(3)靠近。
(1)物距大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像；
(2)物距不变，焦距变小，则像距会变小；
(3)近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用。
本题是凸透镜成像规律的探究实验，设计到凸透镜成像规律的应用、近视眼镜的特点，难度不大。
28.【答案】不漏气 C、D 液体密度 相同 1000
【解析】解：(1)根据装置气密性的知识可知，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置不漏气；
(2)通过比较C、D两图，液体的密度不变，深度越深，液体的压强越大，所以，可得出结论：同一种液体的压强随深度的增加而增大；
(3)通过比较D、E两图，液体的深度是相同的，液体的密度不同，液体的压强就不同，所以，可探究液体压强与液体密度的关系；
(4)通过比较A、B、C三图，液体密度和液体深度相同时，橡皮膜的方向不同，U形管的液面高度差相同，所以，可得出结论：同种液体在相同深度向各个方向的压强相同；
(5)根据题意可知，U形管两侧水面高度差为10cm，此时U形管内外的气压差为p=ρgh=103kg/m3×10N/kg×10×10−2m=1000Pa。
故答案为：(1)不漏气；(2)C、D；(3)液体密度；(4)相同；(5)1000。
(1)检查装置气密性，需用手指按压橡皮膜，观察U形管中的液面升降是否灵活；
(2)(3)(4)在探究“影响液体内部压强大小的因素”的过程中，这位同学做出了三个猜想：方向、液体的密度、深度；要探究液体压强和其中一个因素的关系，就要采用控制变量法控制另外两个因素一定而要探究的因素不同；
(5)根据题意可知，U形管两侧水面高度差为10cm，根据p=ρgh可求出此时U形管内外的气压差。
此题考查的是液体内部压强特点的探究，用到了控制变量法，此实验是中考必考的一个知识点，需要掌握。
29.【答案】断开 右 反比 断路 4：1
【解析】解：
(1)由图甲可知，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路中电流，电压表应并联在定值电阻两端，电路连接如下图所示：
；
(2)连接开关时，为了保护电路，开关应断开，且为了防止电路中电流过大，应将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处，故由图乙可知，应将滑动变阻器的滑片移到最右端。
(3)由图丙可知，流过定值电阻的电流值与对应的定值电阻两端的电压值的乘积不变，故可得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比。
(4)实验中若电压表示数突然变大，电流表示数几乎为零，则可能是电路中出现了断路，此时电压表直接并联进电路，测量电源电压，故此时可能是定值电阻出现了断路故障。
(5)由图丙中可知，当定值电阻阻值为R1=5Ω时，此时流过定值电阻的电流为I1=0.4A，则此时流过滑动变阻器的电流也为I1=0.4A，当定值电阻阻值为R2=20Ω时，此时流过定值电阻的电流为I2=0.1A，则此时流过滑动变阻器的电流也为I2=0.1A，且定值电阻两端的电压不变，电源电压也保持不变，则由串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压也保持不变，故由P=UI可得P1：P2=UI1：UI2=I1：I2=0.4A：0.1A=4：1。
故答案为：(1)见解析；(2)断开；右；(3)反比；(4)断路；(5)4：1。
(1)首先根据电路图分析电路的连接方式，然后根据电路图连接实物图；
(2)连接电路时开关应该断开，滑动变阻器阻值调至最大；
(3)根据图像，利用控制变量法得出结论；
(4)根据电流表、电压表的示数分析电路故障的原因；
(5)根据图丙得出两次的电流值，根据P=UI分析滑动变阻器功率的比值的大小。
本题探究“电流与电压、电阻的关系，考查电路连接、注意事项、故障和数据分析、电功率计算公式的应用，考查的较全面。
30.【答案】解：(1)根据电路图可知，开关S闭合、S1、S2断开时，只有电动机M接入电路，此时吹冷风，通过电动机的电流为I=0.5A，则吹冷风时电动机的功率为：P=UI=220V×0.5A=110W；
(2)根据电路图可知，当S、S1闭合、S2断开时，电动机M与R1并联，此时吹温风，由欧姆定律可得，此时流过电阻R1的电流为I1=UR1=220V110Ω=2A；
根据并联电路中的电流规律可知，吹温风时电路中的总电流为：I温=I+I1=0.5A+2A=2.5A；
(3)根据电路图可知，S、S1、S2均闭合时，电动机M、R1、R2均并联，此时吹热风，则此时电阻R2的电功率为P2=P总−P−P1=1100W−110W−220V×2A=550W；
由P=U2R得，电阻R2的阻值为：R2=U2P2=(220V)2550W=88Ω。
答：(1)吹冷风时电动机的功率为110W；
(2)吹温风时电路中的总电流为2.5A；
(3)R2的阻值为88Ω。
【解析】(1)开关S闭合、S1、S2断开时，电路中只有电动机，已知电压和电流，可利用公式P=UI计算电功率。
(2)开关S闭合、S1、S2断开时，电路中电动机和电阻R1并联，已知电压和电阻，可利用公式I=UR计算支路的电流，根据串联电路电流规律得出干路中的电流的大小。
(3)S、S1、S2均闭合时，电动机M、R1、R2均并联，此时吹热风，根据总功率求出电阻R2的电功率，根据R=U2P求出R2的电阻。
本题考查了利用电功率的公式计算功率和电流，以及利用欧姆定律的公式计算电流和电阻，需要注意的是，对电路连接情况的分析和判断。
31.【答案】解：(1)根据ρ=mV可知，石墩的体积为V=mρ=1.482×103kg2.6×103kg/m3=0.57m3；
(2)石墩上升过程中，起重机的拉力所做的有用功为：W有=Gh=mgh=1.482×103×10N/kg×(1.9m−0.9m)=1.482×104J；
起重机做的总功为：W总=Pt=440W×50s=2.2×104J；
则起重机的效率为：η=W有W总×100%=1.482×104J2.2×104J×100%≈67%；
(3)由于起吊前石墩与平整的湖底紧密接触，根据石墩形状可知，石墩受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.57m3−0.4m2×0.9m)=2100N；
石墩重力：G=mg=1.482×103×10N/kg=1.482×104N；
石墩对湖底的压力：F压=G−F浮=1.482×104N−2100N=1.172×104N，
由于力的作用是相互的，湖底对石墩的支持力：
F支=F压=1.172×104N。
答：(1)石墩的体积为0.57m3；
(2)石墩上升过程中，起重机的效率为67%；
(3)湖底对石墩的支持力为1.172×104N。
【解析】(1)根据密度公式求出石墩的体积；
(2)根据W=Gh求出有用功；根据W=Pt求出总功，根据机械效率的公式求出起重机的效率；
(3)根据浮力产生的原因分析计算石墩受到的浮力；石墩对湖底的压力等于重力减去浮力，由于力的作用是相互的，可求石墩受到的支持力的大小。
本题考查了功的计算、效率的计算、物体的受力分析、压强计算公式的应用等，考查的较全面。
2023年四川省凉山州中考物理试卷
1. 在地球上观看日出时能看到地平线以下的太阳。下列现象与此原理相同的是( )
A. 茂密树荫下圆形的光斑 B. 汽车后视镜中的像
C. 海市蜃楼 D. 用潜望镜看到海面上的物体
2. 关于信息、材料和能源，下列说法中不正确的是( )
A. 家庭WiFi靠电磁波传递信号
B. 电动机线圈用超导体可将电能全部转化为内能
C. 光伏发电将太阳能转化为电能
D. 核电站利用核裂变释放的能量发电
3. 下列的俗语、诗词等反映了人类对自然界的一定认识，其中从物理学的角度分析说法正确的是( )
A. “月落乌啼霜满天”：霜的形成是凝固现象
B. “缸穿裙，大雨淋”：是空气液化成小水珠附着在水缸表面形成的
C. “人面桃花相映红”中桃花看起来是红色的原因是吸收了红光
D. “春江水暖鸭先知”是由于水温升高，鸭子在水中由热传递的方式先感觉到
4. 如图所示，烧杯里装着水，试管中装着酒精，标准大气压下酒精的沸点为78℃，给烧杯加热使水沸腾，继续加热，则试管中的酒精( )
A. 能沸腾
B. 温度达不到沸点，不能沸腾
C. 温度能达到沸点，但不能沸腾
D. 以上三种情况都可能发生
5. 车站广场上，常常看到人们将旅行包放在拉杆箱上，如图所示，若地面和拉杆箱A的上表面均水平，拉杆箱A和旅行包B在水平推力F的作用下，一起向右做匀速直线运动，不计空气阻力，下列分析正确的是( )
A. A对B具有水平向右的摩擦力
B. B的重力和A对B的支持力是一对平衡力
C. A的重力和地面对A的支持力是一对平衡力
D. B对A的压力和B的重力是一对相互作用力
6. 小徐将塑料袋剪成细丝，用两块毛皮分别来回摩擦细丝和塑料管后，将细丝抛向空中，在其下方用塑料管靠近，细丝可以在空中飞舞，如图所示。下列说法中不正确的是( )
A. 毛皮摩擦后的细丝间会相互排斥
B. 细丝和塑料管带上相同的电荷
C. 摩擦时，正电荷在毛皮与塑料管之间发生了转移
D. 该现象可以解释验电器的工作原理
7. 2022年12月26日，“绿巨人”开进西昌，结束了凉山没有动车的历史。“绿巨人”采用能量回收制动方式：列车到站前停止供电，继续向前运行，内部线圈随车轮转动时切割磁感线，把机械能转化为电能进行回收。如图与其工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
8. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A1的示数不变，电压表V的示数变小
B. 电流表A2的示数不变，电压表V的示数不变
C. 电压表V的示数与电流表A1的示数比值不变
D. 电压表V的示数与电流表A2的示数比值变小
9. 如图所示，从A点沿水平桌面自由滚落的小球运动轨迹如虚线所示，C、F两处等高，D为球与水平地面的接触点，不计空气阻力，下列说法不正确的是( )
A. 小球在C点的机械能等于在F点的机械能
B. 小球在C点的动能大于在F点的动能
C. 小球从E点到F点的过程中，机械能不变
D. 小球从D点离开地面到达E点的过程中，动能转化为重力势能
10. 如图所示，两个相同的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种不同的液体。将体积相同、密度不同的实心球A、B分别放入容器中静止时，A球悬浮，B球漂浮，h1
A. 两个小球受到的重力：GA
C. 两种液体的密度：ρ甲<ρ乙 D. 两个容器对桌面的压强：p甲>p乙
11. 如图所示，甲图是灯泡L和定值电阻R的I−U图像，将L和R先后以乙、丙图两种方式连在同一电源上，若乙图中U1：U2=a，丙图中I1：I2=b，则下列选项中不正确的是( )
A. a>1 B. b<1 C. a>b D. ab=1
12. 图甲中铅笔的长度是______ cm；图乙中天平横梁平衡，木块的质量是______ g。
13. 智能音箱可以模仿很多动物的声音，该音响主要是模仿声音的______ (填“音调”“音色”或“响度”)；休息时，智能音箱可以播放轻音乐舒缓身心但音量不能过大，是指声音的______ (填“音调”、“音色”或“响度”)要适中，以免影响听力。
14. 端午节煮粽子时，空气中弥漫着清香，这是______ 现象。荷叶上的两滴水珠相遇时，能汇合成一滴较大的水珠是因为分子之间存在______ (选填“引力”或“斥力”)。攀登珠峰的运动员佩戴的护目镜能有效防止______ (选填“红外线”或“紫外线”)的伤害。
15. 在家庭电路中，为了防止触电，必须把用电器的开关装在______ 线上；当把一个60W的台灯插头插入插座时，家中原来正常的其它用电器突然都停止工作，发生这种现象的原因可能是插头处______ 。
16. 物理应用于生活。厨房中常在光滑的瓷砖上用到免打孔挂钩，使用时将吸盘用力按压到瓷砖上，由于______ 的作用，挂钩将“吸”在瓷砖表面。刮大风时，当风沿着窗外的墙面吹过，窗口悬挂的窗帘会飘向窗外，这是由于窗外空气的流速大、压强______ (选填“大”或“小”)造成的。
17. 小明乘坐C43次动车，11：58从甘洛南站发车，13：48到达德昌西站，已知甘洛南到德昌西的路程约272km，这段路程的平均速度约为______ km/h(结果保留整数)；在西昌西站上下乘客时，小明看到相邻站台上的另一辆动车正向北行驶，以那辆动车为参照物，C43次动车是向______ 运动的(选填“南”或“北”)，在行驶途中桌上的苹果突然向前滚动，此时动车正在做______ (选填“加速”“匀速”或“减速”)运动。
18. 如图所示，工人用A、B两个相同的滑轮组成的滑轮组提升重540N的物体，所用的拉力F为200N，物体以0.2m/s的速度匀速上升了10s。不计绳重及摩擦，拉力F所做的功为______ J，C处天花板受到的拉力为______ N；若匀速提升重240N的物体，滑轮组的机械效率为______ 。
19. 小华在探究“不同物质的吸热能力”时，用相同的电加热器对质量均为1kg的水和另一种液体同时进行加热(不考虑热损失)。已知液体的比热容小于水的比热容，通过实验画出温度随时间变化的图像如图所示，分析图像可知：水在5min内吸收的热量为______ J，液体的比热容为______ J/(kg⋅℃)。
20. 如图所示，物块A重15N、B重5N，B放在A上。用100N的水平推力F将A压在竖直墙上，恰能让A和B一起匀速下滑，A所受到的摩擦力是______ N。推力F保持不变，将B拿走，在A的下方施加一个竖直向上的力F1，使物体A恰好向上做匀速直线运动，则F1的大小为______ N。
21. 如图甲所示电路，电源电压不变，R1、R2是定值电阻，R2=2R1，闭合开关S，电流表和电压表示数如图乙，则通电5min后，R1、R2产生的总热量为______ J。
22. 如图甲，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片从b点滑到a点过程中，两个电压表示数随电流表示数变化的图象如图乙所示。则该过程中电路的总功率最大值为______W。
23. 如图所示，电流表正确连接在电路中，通电时请在括号中标出电源的正负极及小磁针静止时的N极。
24. 如图所示，螺髻山索道的封闭式轿厢随钢索向下方做匀速直线运动，请画出静止在轿厢内物体A的受力示意图。
25. 如图甲是自行车的手闸，其中ABO部分可视为一个杠杆，其简化示意图如图乙，O为支点，F2为阻力，请在图乙中画出：
(1)作用在A点的最小动力F1及其力臂l1；
(2)阻力F2的力臂l2。
26. 如图所示，凸透镜的主光轴与水面重合，F是凸透镜的焦点，水下有一块平面镜M，一束与水面平行的光线经凸透镜折射后进入水中，再经水中的平面镜反射后恰过P点，请将光路图补充完整。
27. 小丁在探究凸透镜成像规律的实验中：
(1)当烛焰、焦距为10cm的凸透镜A位于图甲中位置时，光屏上得到一个清晰的像，该像是一个倒立、______ (选填“放大”“缩小”或“等大”)的实像；
(2)保持蜡烛位置不变，小丁用焦距为5cm的凸透镜B在原位置替换凸透镜A，要使光屏上仍得到烛焰清晰的像，应该将光屏向______ (选填“靠近”或“远离”)凸透镜B的方向移动；
(3)如图乙所示，蜡烛和凸透镜之间放上近视眼镜，光屏上能得到清晰的像，若取下眼镜，要在光屏上重新得到清晰的像，应将光屏______ (选填“靠近”或“远离”)凸透镜。
28. 物理课上，同学们利用压强计“研究液体内部压强”，进行了如下的操作。
(1)实验前，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置______ (选填“漏气”或“不漏气”)；
(2)通过比较______ 两图，可得出结论：同一种液体的压强随深度的增加而增大；
(3)通过比较D、E两图，可探究液体压强与______ 的关系；
(4)通过比较A、B、C三图，可得出结论：同种液体在相同深度向各个方向的压强______ ；
(5)某次实验时，小王同学将探头放入水下，U形管两侧水面高度差为10cm，此时U形管内外的气压差为______ Pa。
29. 小李利用以下器材探究“电流与电阻的关系”：学生电源、电流表(0∼0.6A)、电压表(0∼3V)、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω各一个)、开关、滑动变阻器和导线若干。
(1)请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路(连线不得交叉)；
(2)连接电路时，开关应______ (选填“断开”或“闭合”)，且应将滑动变阻器的滑片移到最______ (选填“左”或“右”)端；
(3)小李把学生电源调至6V，将定值电阻依次接入电路，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，得到图丙所示的电流I随电阻R变化的图像，由图像可以得出结论：电压一定时，电流与电阻成______ (选填“正比”或“反比”)；
(4)正确连接电路后，实验中小李发现电压表示数突然变大，电流表示数几乎为零，则可能是定值电阻出现______ 故障；
(5)在图丙中，定值电阻的阻值为5Ω和20Ω时，滑动变阻器的电功率分别为P1和P2，则P1：P2=______ 。
30. 某电吹风的简化电路图如图所示，R1、R2是电热丝，M是电动机，开关S闭合，S1、S2断开时吹冷风，通过电动机的电流为0.5A；S、S1闭合，S2断开时吹温风，R1的阻值为110Ω；S、S1、S2均闭合时吹热风，电吹风的总功率为1100W。求：
(1)吹冷风时电动机的功率；
(2)吹温风时电路中的总电流；
(3)R2的阻值。
31. 邛海湿地公园湖边的一个圆台形花岗石墩(形状如图甲)不慎落入1.9m深的湖底，该石墩的上表面积为0.9m2，下表面积为0.4m2，高为0.9m，质量为1.482t。工人师傅用起重机将其匀速吊出水面，起重机的功率为440W。石墩从刚好脱离湖底上升到上表面与水面相平共耗时50s(如图乙)。花岗石密度ρ石=2.6×103kg/m3，不考虑石墩在水中运动受到的阻力。求：
(1)石墩的体积；
(2)石墩上升过程中，起重机的效率；
(3)若起吊前石墩与平整的湖底紧密接触(如图丙)，湖底对石墩的支持力。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：日出时能看到地平线以下的太阳，是由于光经过不均匀的大气层时发生折射形成的。
A.茂密树荫下圆形的光斑，原理是光在同种均匀的介质中沿直线传播，故A不符合题意；
B.汽车后视镜中的像，利用的是凸面镜扩大视野的作用，是光的反射，故B不符合题意；
C.海市蜃楼，原理是光的折射，故C符合题意；
D.用潜望镜看到海面上的物体，是平面镜成像，原理是光的反射，故D不符合题意。
故选：C。
光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。
光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象；
光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，比如我们平时看到不发光物体，平面镜成像等。
本题主要考查了对生活中光现象的认识，要注意区分光的直线传播、光的反射和光的折射所形成的不同现象。
2.【答案】B
【解析】解：
A.家庭WiFi能够发射电磁波，靠电磁波传递信号，故A正确；
B.电动机线圈用超导体可将电能全部转化为机械能，避免线圈把电能转化成内能，使线圈发热，故B错误；
C.太阳能电池板能将太阳能转化为电能，光伏发电就是利用太阳能电池板发电，故C正确；
D.核电站的主要设备是核反应堆，核反应堆是利用核裂变释放的能量发电，故D正确。
故选：B。
(1)电磁波可以传递信息；
(2)电动机工作时，电能主要转化为机械能，还有一部分电能转化为内能；
(3)光伏发电将太阳能转化为电能；
(4)核能的利用有两种：核裂变、核聚变。
本题考查了电磁波的应用、能量的额转化、核能的利用，属于基础题。
3.【答案】D
【解析】解：
A.霜是由水蒸气凝华形成的，故A错误；
B.“缸穿裙，大雨淋”：是由于空气中的水蒸气遇冷，液化成小水珠，故B错误；
C.桃花看起来是红色的原因是桃花反射了红光，吸收了其它颜色的光，故C错误；
D.春天温度升高，水温也会随之升高，热量会从高温物体传递给低温的物体，所以“春江水暖鸭先知”是由于水温升高，鸭子在水中由热传递的方式先感觉到，故D正确。
故选：D。
(1)物质从气态直接变为固态的过程叫做凝华；
(2)物质液化时会放出热量；
(3)不透明物体的颜色由它反射的色光决定；
(4)改变物体内能的方法：做功和热传递。
本题考查了物态变化、物体的颜色、改变内能的方法，属于基础题。
4.【答案】A
【解析】解：当烧杯中的水沸腾后，温度达到沸点，继续加热，试管中的酒精吸热，温度上升，且酒精的沸点低于水的沸点，故试管中的酒精温度能达到沸点，且能持续从水中吸热，所以试管中的酒精能沸腾，故A正确。
故选：A。
液体沸腾的条件是达到沸点，继续吸热；热传递的条件是两物体存在温度差。
本题考查了液体沸腾的条件、温度特点、热传递，属于基础题。
5.【答案】B
【解析】解：
A.拉杆箱A和旅行包B在水平推力F的作用下，一起向右做匀速直线运动，B处于受力平衡状态，若A对B具有水平向右的摩擦力，则B在水平方向上受力不平衡，故A错误；
B.对B受力分析可知，B受到竖直向下的重力和竖直向上的A对B的支持力，B在这两个力的作用下做匀速直线运动，处于受力平衡状态，故B的重力和A对B的支持力是一对平衡力，故B正确；
C.对A受力分析可知，A受到向下的重力、向上的地面对A的支持力和向下的B对A的压力，A在这三个力的作用下处于受力平衡状态，故A的重力和地面对A的支持力不是一对平衡力，故C错误；
D.B对A的压力竖直向下，B的重力竖直向下，这两个力的方向相同，所以这两个力不是一对相互作用力，故D错误。
故选：B。
摩擦力产生的条件：接触面粗糙、相互接触挤压、有相对运动或相对运动趋势；
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一物体上；相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上。
本题考查了二力平衡的辨别和二力平衡条件的应用以及摩擦力存在的条件，要注意平衡力与相互作用力的区别：是否作用在同一个物体上。
6.【答案】C
【解析】解：A.毛皮摩擦后的细丝所带的电荷是相同的，同种电荷相互排斥，故A正确；
B.根据细丝可以在空中飞舞，细丝和塑料管带上相同的电荷，同种电荷相互排斥，故B正确；
C.在摩擦起电中，发生转移的是电子，得到电子的显负电，失去电子的带正电，故C错误；
D.验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，与该现象的原理是一样的，故D正确。
故选：C。
电荷间的相互作用规律是：异种电荷相互吸引、同种电荷相互排斥；摩擦起电的实质是电子的转移。
本题考查了验电器的工作原理、电荷间的相互作用规律，属于基础题。
7.【答案】D
【解析】解：
列车到站前停止动力供电，继续向前运行，内部线圈随车轮转动，切割磁感线产生感应电流，把机械能转化为电能进行回收，该原理是利用电磁感应来工作的；
A.由图中可知，通电导线靠近小磁针后，会使小磁针发生偏转，这是电流的磁效应，故A错误；
B.由图中可知，闭合开关后，导体会发生偏转，这是通电导体在磁场受到力的作用，故B错误；
C.由图中可知，闭合开关后，缠绕有漆包线的铁钉会吸起铁屑，这是电磁铁的原理，故C错误；
D.由图中可知，导体在磁场中切割磁感线后，电流计的指针会发生偏转，这是电磁感应现象，故D正确。
故选：D。
(1)奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
(2)通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机、扬声器就是利用该原理制成的。
(3)电磁铁的工作原理是电流的磁效应。
(4)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。
本题主要考查了电磁感应现象及发电机的基本原理，属于基础性题目。
8.【答案】C
【解析】解：根据电路图可知，该电路是并联电路，电流表A1测量通过R2的电流，电流表A2测量干路的电流，电压表V测量电源电压；
AB、由于电源电压不变，所以电压表示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R2的电流不变，电流表A1的示数不变；
将滑动变阻器的滑片P向右移动，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，通过R1支路的电流变小；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，故AB错误；
C、电压表V的示数不变，电流表A1的示数不变，则电压表V的示数与电流表A1的示数比值不变，故C正确；
D、电压表V的示数不变，电流表A2的示数变小，则电压表V的示数与电流表A2的示数比值变大，故D错误。
故选：C。
根据电路图可知，该电路是并联电路，电流表A1测量通过R2的电流，电流表A2测量干路的电流，电压表V测量电源电压；
根据电源电压分析电压表示数的变化；
根据滑片的移动方向分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律分析通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路互不影响分析电流表A1示数的变化；根据并联电路的电流规律分析干路中电流的变化，然后在分析各个选项是否正确。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
9.【答案】A
【解析】解：
AB、C点运动到F点的过程，由于物体与地面发生碰撞，且上升的高度E点低于B点，故机械能有损失，小球在C点的机械能大于在F点的机械能；由图知C、F两处等高，小球的重力势能相同，但小球在 C点动能大于F点的不同，故A错误、B正确；
C、小球从E点到F点过程中，不计空气阻力，只有重力做功，故机械能守恒，故C正确；
D、小球从D点离开地面时，弹性势能转化为动能；小球从D点离开地面到达E点的过程中，动能转化为重力势能，故D正确。
故选：A。
动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和。
本题考查了动能、重力势能和机械能的大小变化，属于基础题。
10.【答案】B
【解析】解：
C.根据题意可知，两种液体对容器底的压强相等，由题知，h1
B.A小球完全浸没在甲液体中，排开甲液体的体积等于A小球的体积，B小球漂浮在乙液体中，排开乙液体的体积小于B小球的体积，因为两小球体积相等，所以两小球排开液体的体积关系为V排甲>V排乙，由阿基米德原理F=ρ液gV排可知，两个小球的浮力关系为：FA浮>FB浮，故B正确；
A.因为A小球在甲液体中悬浮，根据物体浮沉条件可知，GA=F浮A；B小球漂浮在乙液体中，根据物体浮沉条件可知，受到的重力GB=F浮B，所以两个小球的重力关系为GA>GB，故A错误；
D.两种液体对容器底的压强相等，受力面积相等，根据F=pS可知，甲和乙两种液体对容器底的压力相等；又因为容器为柱形容器且力的作用是相互的，所以液体对容器底的压力等于液体的重力和物体重力之和，由此可知两个容器对桌面的压力关系为F甲=F乙，由于两个容器底面积相等，根据p=FS可知，两个容器对桌面的压强关系为：p甲=p乙，故D错误。
故选：B。
(1)由图可知，甲、乙两容器内液体的深度关系为h1
(2)固体对水平桌面的压力等于自身的重力；根据p=FS分析两个容器对桌面的压强的大小关系。
此题主要考查的是学生对液体压强计算公式、物体浮沉条件、阿基米德原理的理解和掌握，有一定的难度。
11.【答案】D
【解析】解：(1)图乙中，灯泡与电阻串联，串联电路各处电流相等，由欧姆定律可知当电流相同时，U1：U2=RL乙：R=a，
图丙中，灯泡与电阻并联，并联电路各支路两端电压相等，由欧姆定律可知当电压相同时，I1：I2=R：RL丙=b，
由图象甲可知，灯泡电阻随电压增大而增大，而乙图中灯泡两端电压比丙图中小，所以RL乙
故选：D。
图乙中，灯泡与电阻串联，根据串联电路电流特点结合欧姆定律可知U1：U2=RL乙：R=a，
图丙中，灯泡与电阻并联，根据并联电路电压特点结合欧姆定律可知I1：I2=R：RL丙=b，
由图象甲可知，灯泡电阻随电压增大而增大，而乙图中灯泡两端电压比丙图中小，所以RL乙
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，有一定难度。
12.【答案】6.00157.8
【解析】解：(1)由图甲可知，刻度尺的分度值为1mm，铅笔的左端与刻度尺的0刻度线对齐，铅笔的右端位于刻度尺的6.00cm刻度线处，估读到分度值的下一位，故可知该铅笔的长度为6.00cm；
(2)由图乙可知，天平的砝码质量为m0=100g+50g+5g=155g，天平游码的分度值为0.2g，故天平游码的读数为m1=2.8g，故木块的质量为m=m0+m1=155g+2.8g=157.8g。
故答案为：6.00；157.8。
(1)使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)使用天平测量物体质量时，先要明确标尺的分度值，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度值之和。
本题考查了对刻度尺和天平读数方法的掌握，是物理学中的重要测量工具，应熟练掌握。
13.【答案】音色 响度
【解析】解：智能音箱可以模仿很多动物的声音，主要是模仿声音的音色。
休息时，智能音箱可以播放轻音乐舒缓身心，但音量不能过大，是指声音的响度不能太大，太大了会对人耳有影响。
故答案为：音色；响度。
声音三个特性：音调、响度、音色，音调跟频率有关，频率越大音调越高，频率越小音调低；响度跟振幅有关，音色跟材料和结构有关。
本题考查声音的特性，难度不大。
14.【答案】扩散 引力 紫外线
【解析】解：能闻到粽子的清汤香味，这是扩散现象，说明分子不停地做无规则运动。
水珠相遇后之所以会合成一滴是因为当分子相互靠近时分子间存在着相互作用的引力，将两滴水珠合成了一滴。
护目镜能有效防止来自太阳的辐射，主要是能阻挡太阳光中的紫外线。
故答案为：扩散；引力；紫外线。
不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象；分子间存在相互作用的引力；护目镜可以防止紫外线对眼睛的伤害。
本题考查了分子动理论的内容、紫外线，属于基础题。
15.【答案】火 短路
【解析】解：为了安全，用电器的开关必须装在火线上，以防止用电器断开后仍带电。
由于当台灯插头插入插座时，原本正常的其它用电器都停止工作，说明空气开关跳闸，由于台灯的功率很小，不可能是总功率过大，因而是发生了短路，则发生这种现象的原因可能是插头处短路。
故答案为：火；短路。
在家庭电路中，开关应接在用电器和火线之间；家庭电路中电流过大的原因：短路或用电器的总功率过大。
本题考查了家庭电路的连接方式、家庭电路中电流过大的原因，属于基础题。
16.【答案】大气压强 小
【解析】.解：(1)将吸盘用力按压到瓷砖上时，吸盘内的空气被排出，在大气压强的作用下吸盘被压在瓷砖上，从而使得挂钩“吸”在瓷砖表面；
(2)当风沿着窗外的墙面吹过时，窗外的空气流速大、压强小，窗内的空气流速小，压强大，窗帘在压强差的作用下会飘向窗外。
故答案为：大气压强；小。
(1)吸盘挂钩是利用了大气压强将吸盘在墙面上；
(2)流体压强与流速的关系可知；在气体和液体中，流速越大的位置压强越小。
此题考查的是大气压强和流体压强与流速的关系，属于基础题。
17.【答案】148 南 减速
【解析】解：(1)由题意可知，这段路程的距离为s=272km，这段路程的行驶时间为t=1h50min=116h，故由v=st可得，这段路程的平均速度约为v=st=272km116h≈148km/h
(2)以站台为参照物，另一辆动车相对于站台向北运动，而以那辆动车为参照物，C43次动车向南运动。
(3)在行驶途中桌上的苹果突然向前滚动，是由于动车正在做减速运动，而苹果由于惯性仍然要保持原来的运动状态不变，故此时苹果会向前突然滚动。
故答案为：148；南；减速。
(1)根据列车的运行时刻求出运行时间，根据v=st求出平均速度；
(2)研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物，如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生改变，则是静止的；
(3)我们把物体保持运动状态不变的属性叫做惯性。
本题考查的是速度的计算、机械运动和惯性，综合性较强，难度不大。
18.【答案】120046080%
【解析】解：
由题意知，物体上升的高度为：h=vt=0.2m/s×10s=2m；
由图可知承担物重绳子的股数为n=3，则绳端移动的距离为s=nh=3×2m=6m；
由W=Fs得，提升重540N的物体时拉力F做的功为：W总=Fs=200N×6m=1200J；
因为不计绳重及摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮重力为G动=nF−G=3×200N−540N=60N；
根据题意知，C处天花板受到的拉力为F拉=2F+G定=2F+G动=2×200N+60N=460N；
因为不计绳重及摩擦时，机械效率为η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动，所以提升重240N物体时滑轮组的机械效率为η′=G′G′+G动=240N240N+60N×100%=80%。
故答案为：1200；460；80%。
(1)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出拉力F所做的功；
(2)对滑轮组整体受力分析，根据力的平衡求出C处受到的拉力；
(3)根据为η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求出滑轮组的机械效率。
本题考查了总功、有用功、滑轮组机械效率的计算，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
19.【答案】3.15×104 2.7×103
【解析】解：根据Q=cmΔt及图像可得，水在20min内吸收的热量为Q=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(50℃−20℃)=1.26×105J，则水在5min内吸收的热量为Q′=14Q=14×1.26×105J=3.15×104J；
根据Q=cmΔt及图像可得，液体和水在15min内吸收的热量相同，可得液体的比热容为c液=QmΔt=34Q总mΔt=34×1.26×105J1kg×(55℃−20℃)=2.7×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：3.15×104；2.7×103。
根据Q=cmΔt求出水20min吸收的热量；然后根据时间关系求出水在5min吸收的热量；根据Q=cmΔt求出液体的比热容的大小。
本题考查了物体吸热公式的应用，难度不大。
20.【答案】20 35
【解析】解：当A和B匀速下滑时，为平衡状态，受力平衡，A所受到的摩擦力等于A与B的重，所以摩擦力为f=15N+5N=20N；
根据影响摩擦力的因素知，当推力F保持不变时，A与墙面的摩擦力不变，仍为20N，在A的下方施加一个力F1，使物体A恰好向上做匀速直线运动，仍然为平衡状态，即F1与A的重力和摩擦力平衡，故F1=GA+f=20N+15N=35N。
故答案为：20；35。
A和B一起匀速下滑时，A和B一起处于平衡状态，根据f=GA+GB得出A所受到的摩擦力。
由题意知，将B取走，F保持不变时，物体A与墙面的压力和接触面的粗糙程度不变，故摩擦力不变，在A的下方施加一个力F1，使物体A恰好向上做匀速直线运动，处于平衡状态，根据F1=GA+f得出F1的大小。
本题考查二力平衡条件的应用、影响摩擦力大小的因素、摩擦力的有关计算，难度适中。
21.【答案】450
【解析】解：根据实物图可知，R1与R2并联，电流表测流过R2的电流，电压表测电源电压；
电流表选择小量程，分度值为0.02A，故可知流过R2的电流为I2=0.2A；电压表选择小量程，分度值为0.1V，故可知电源电压为U=2.5V；
由欧姆定律可知，电阻R2的阻值为R2=UI2=2.5V0.2A=12.5Ω，则电阻R1的阻值为R1=12R2=12×12.5Ω=6.25Ω；
由欧姆定律可得，流过R1的电流为I1=UR2=2.5V6.25A=0.4A，由并联电路中的电流规律可得，干路中的电流I=I1+I2=0.4A+0.2A=0.6A；
由焦耳定律可得，通电5min后，R1、R2产生的总热量为Q=UIt=2.5V×0.6A×60s×5=450J。
故答案为：450。
根据实物图可知，R1与R2并联，电流表测流过R2的电流，电压表测电源电压；根据电流表、电压表的量程和分度值读出电流表、电压表的示数；
根据电压表示数得出电源电压的大小；根据欧姆定律求出R2的阻值、R1的阻值；
根据欧姆定律求出通过两个电阻的电流和总电流，根据Q=UIt求出热量的大小。
本题考查了欧姆定律的应用、焦耳定律计算公式的应用，明确电路的连接方式是解题的关键。
22.【答案】36
【解析】解：
由电路图知，滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R0两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。
(1)滑动变器的滑片P从b点滑到a点的过程中，滑动变阻器R连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，R2两端的电压变大；所以图乙中dc是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，ec是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线；
(2)由电路图知，P在b点时，电路中电阻最大，电流最小，
由图象可以看出，滑片P在b点时电流Ib=1A，U1=2V、U2=10V，
所以电源电压：U=U1+U2=2V+10V=12V，
滑片P在a点时，电路中电阻最小，电流最大，所以最大电流Ia=3A，
所以电路消粍的总功率最大值：
P=UIa=12V×3A=36W。
故答案为：36。
滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R0两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。
(1)滑片P从b点滑到a点的过程中，滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，R0两端的电压变大；据此可判断出图乙中dc，ec分别是哪一个电压表的示数随电流表示数变化的图线；
(2)从图象可以看出，滑片P在b点、a点的电压表示数与电流值，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，利用P=UI求出总功率最大值。
本题考查串联电路电流和电压的规律以及欧姆定律和电功率公式的应用，要明白电路各个用电器的连接情况。在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，要能将电路图与图象结合起来并从中获取有用信息。
23.【答案】解：电流应从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，则可知电源的左端为正极、右端为负极，即电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为S极、右端为N极；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针静止时左端为S极，右端为N极，如下图所示：
【解析】根据电流表的使用方法分析螺线管中电流的方向、电源的正负极；根据安培定则判定螺线管的磁性，根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的磁性。
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律，属于基础题。
24.【答案】解：静止在轿厢内的物体A，随着轿厢做匀速直线运动，与轿厢之间没有相对运动或相对运动趋势，不受摩擦力，受到了平衡力的作用，即受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，重心在几何中心，过重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分别表示重力和支持力，分别用符号G和F表示。如图所示：
【解析】静止在轿厢内的物体A，随着轿厢做匀速直线运动，与轿厢之间没有相对运动或相对运动趋势，不受摩擦力，受到了平衡力的作用，即受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
25.【答案】解：图中支点在O点，当OA作为动力臂l1时，动力臂是最长的，根据杠杆平衡条件可知，此时的动力是最小的；动力的方向应该垂直OA向上，过点A垂直于OA向右作出最小动力F1的示意图；
从支点O作阻力F2作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂l2，如图所示：
【解析】(1)根据杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
(2)阻力臂是指从支点到阻力的作用线的距离。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
26.【答案】解：由凸透镜折射的规律可知，平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，根据像与物体关于平面镜对称，画出P在平面镜中形成的像P′，连接FP′，与平面镜交于Q点，FQ是水中的折射光线，也是平面镜的入射光线，连接QP，可得经平面镜反射的反射光线，如图所示：
【解析】(1)平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点；
(2)光线从空气中进入水中，传播方向会发生改变，折射角小于入射角，折射光线的延长线过P在平面镜中像点P′，与平面镜的交点为入射点M；
(3)连接入射点与点P，QP是平面镜的反射光线。
本题考查了凸透镜的三条特殊光线、光的反射定律和折射规律的应用，注意：凸透镜的焦点为光线到水面的入射点。此题考查光的反射光路图和透镜光路图的画法，难度不大，关键是掌握凸透镜的三条特殊光线。
27.【答案】缩小 靠近 靠近
【解析】解：
(1)由图甲可知，此时物距大于像距，故由凸透镜成像的规律可知，此时凸透镜所成的像为倒立、缩小的实像。
(2)用焦距为5cm的凸透镜B在原位置替换凸透镜A后，凸透镜对光的偏折能力增强，此时光线会聚点将位于光屏左侧，故要使光屏上仍得到烛焰清晰的像，应将光屏向靠近凸透镜B的方向移动。
(3)近视眼镜对光线具有发散作用，取下眼镜后，光线会聚点将向靠近凸透镜的方向移动，故要在光屏上重新得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜。
故答案为：(1)缩小；(2)靠近；(3)靠近。
(1)物距大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像；
(2)物距不变，焦距变小，则像距会变小；
(3)近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用。
本题是凸透镜成像规律的探究实验，设计到凸透镜成像规律的应用、近视眼镜的特点，难度不大。
28.【答案】不漏气 C、D 液体密度 相同 1000
【解析】解：(1)根据装置气密性的知识可知，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置不漏气；
(2)通过比较C、D两图，液体的密度不变，深度越深，液体的压强越大，所以，可得出结论：同一种液体的压强随深度的增加而增大；
(3)通过比较D、E两图，液体的深度是相同的，液体的密度不同，液体的压强就不同，所以，可探究液体压强与液体密度的关系；
(4)通过比较A、B、C三图，液体密度和液体深度相同时，橡皮膜的方向不同，U形管的液面高度差相同，所以，可得出结论：同种液体在相同深度向各个方向的压强相同；
(5)根据题意可知，U形管两侧水面高度差为10cm，此时U形管内外的气压差为p=ρgh=103kg/m3×10N/kg×10×10−2m=1000Pa。
故答案为：(1)不漏气；(2)C、D；(3)液体密度；(4)相同；(5)1000。
(1)检查装置气密性，需用手指按压橡皮膜，观察U形管中的液面升降是否灵活；
(2)(3)(4)在探究“影响液体内部压强大小的因素”的过程中，这位同学做出了三个猜想：方向、液体的密度、深度；要探究液体压强和其中一个因素的关系，就要采用控制变量法控制另外两个因素一定而要探究的因素不同；
(5)根据题意可知，U形管两侧水面高度差为10cm，根据p=ρgh可求出此时U形管内外的气压差。
此题考查的是液体内部压强特点的探究，用到了控制变量法，此实验是中考必考的一个知识点，需要掌握。
29.【答案】断开 右 反比 断路 4：1
【解析】解：
(1)由图甲可知，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路中电流，电压表应并联在定值电阻两端，电路连接如下图所示：
；
(2)连接开关时，为了保护电路，开关应断开，且为了防止电路中电流过大，应将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处，故由图乙可知，应将滑动变阻器的滑片移到最右端。
(3)由图丙可知，流过定值电阻的电流值与对应的定值电阻两端的电压值的乘积不变，故可得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比。
(4)实验中若电压表示数突然变大，电流表示数几乎为零，则可能是电路中出现了断路，此时电压表直接并联进电路，测量电源电压，故此时可能是定值电阻出现了断路故障。
(5)由图丙中可知，当定值电阻阻值为R1=5Ω时，此时流过定值电阻的电流为I1=0.4A，则此时流过滑动变阻器的电流也为I1=0.4A，当定值电阻阻值为R2=20Ω时，此时流过定值电阻的电流为I2=0.1A，则此时流过滑动变阻器的电流也为I2=0.1A，且定值电阻两端的电压不变，电源电压也保持不变，则由串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压也保持不变，故由P=UI可得P1：P2=UI1：UI2=I1：I2=0.4A：0.1A=4：1。
故答案为：(1)见解析；(2)断开；右；(3)反比；(4)断路；(5)4：1。
(1)首先根据电路图分析电路的连接方式，然后根据电路图连接实物图；
(2)连接电路时开关应该断开，滑动变阻器阻值调至最大；
(3)根据图像，利用控制变量法得出结论；
(4)根据电流表、电压表的示数分析电路故障的原因；
(5)根据图丙得出两次的电流值，根据P=UI分析滑动变阻器功率的比值的大小。
本题探究“电流与电压、电阻的关系，考查电路连接、注意事项、故障和数据分析、电功率计算公式的应用，考查的较全面。
30.【答案】解：(1)根据电路图可知，开关S闭合、S1、S2断开时，只有电动机M接入电路，此时吹冷风，通过电动机的电流为I=0.5A，则吹冷风时电动机的功率为：P=UI=220V×0.5A=110W；
(2)根据电路图可知，当S、S1闭合、S2断开时，电动机M与R1并联，此时吹温风，由欧姆定律可得，此时流过电阻R1的电流为I1=UR1=220V110Ω=2A；
根据并联电路中的电流规律可知，吹温风时电路中的总电流为：I温=I+I1=0.5A+2A=2.5A；
(3)根据电路图可知，S、S1、S2均闭合时，电动机M、R1、R2均并联，此时吹热风，则此时电阻R2的电功率为P2=P总−P−P1=1100W−110W−220V×2A=550W；
由P=U2R得，电阻R2的阻值为：R2=U2P2=(220V)2550W=88Ω。
答：(1)吹冷风时电动机的功率为110W；
(2)吹温风时电路中的总电流为2.5A；
(3)R2的阻值为88Ω。
【解析】(1)开关S闭合、S1、S2断开时，电路中只有电动机，已知电压和电流，可利用公式P=UI计算电功率。
(2)开关S闭合、S1、S2断开时，电路中电动机和电阻R1并联，已知电压和电阻，可利用公式I=UR计算支路的电流，根据串联电路电流规律得出干路中的电流的大小。
(3)S、S1、S2均闭合时，电动机M、R1、R2均并联，此时吹热风，根据总功率求出电阻R2的电功率，根据R=U2P求出R2的电阻。
本题考查了利用电功率的公式计算功率和电流，以及利用欧姆定律的公式计算电流和电阻，需要注意的是，对电路连接情况的分析和判断。
31.【答案】解：(1)根据ρ=mV可知，石墩的体积为V=mρ=1.482×103kg2.6×103kg/m3=0.57m3；
(2)石墩上升过程中，起重机的拉力所做的有用功为：W有=Gh=mgh=1.482×103×10N/kg×(1.9m−0.9m)=1.482×104J；
起重机做的总功为：W总=Pt=440W×50s=2.2×104J；
则起重机的效率为：η=W有W总×100%=1.482×104J2.2×104J×100%≈67%；
(3)由于起吊前石墩与平整的湖底紧密接触，根据石墩形状可知，石墩受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.57m3−0.4m2×0.9m)=2100N；
石墩重力：G=mg=1.482×103×10N/kg=1.482×104N；
石墩对湖底的压力：F压=G−F浮=1.482×104N−2100N=1.172×104N，
由于力的作用是相互的，湖底对石墩的支持力：
F支=F压=1.172×104N。
答：(1)石墩的体积为0.57m3；
(2)石墩上升过程中，起重机的效率为67%；
(3)湖底对石墩的支持力为1.172×104N。
【解析】(1)根据密度公式求出石墩的体积；
(2)根据W=Gh求出有用功；根据W=Pt求出总功，根据机械效率的公式求出起重机的效率；
(3)根据浮力产生的原因分析计算石墩受到的浮力；石墩对湖底的压力等于重力减去浮力，由于力的作用是相互的，可求石墩受到的支持力的大小。
本题考查了功的计算、效率的计算、物体的受力分析、压强计算公式的应用等，考查的较全面。
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