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2023年辽宁省丹东市中考物理试卷（含解析）
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这是一份2023年辽宁省丹东市中考物理试卷（含解析），共29页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省丹东市中考物理试卷
一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）
1. 下列有关物理量的估测，符合实际的是( )
A. 中学生立定跳远的距离约为5m B. 中学生正常呼吸一次的时间约为20s
C. 一名中学生的质量约为50kg D. 中学生的正常体温约为42℃
2. 关于声现象，下列描述正确的是( )
A. 甲图：乒乓球被正在发声的音叉弹开，表明音叉正在振动
B. 乙图：刻度尺振动得越快，发出声音的响度越大
C. 丙图：用大小不同的力敲击鼓面，发出声音的音调不同
D. 丁图：工人戴防噪声耳罩，是通过防止噪声的产生来控制噪声的
3. 关于物态变化，下列说法正确的是( )
A. 放在衣箱里的樟脑丸变小，这是汽化现象
B. 从冰箱中取出的鸡蛋，过一会儿变湿，这是液化现象
C. 夏天，晒在太阳下的湿衣服变干，这是升华现象
D. 冬天，窗玻璃上出现冰花，这是凝固现象
4. 下列现象中，属于光的折射现象的是( )
A. 日晷上的影子
B. “弯折”的筷子
C. 屏上的皮影
D. 水中的倒影
5. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表示数变小
B. 电压表示数变大
C. 电流表A1示数变小
D. 电流表A2示数变小
6. 将小磁针放置在通电螺线管右侧，小磁针静止时，其N极的指向如图所示。下列说法正确的是( )
A. 电流从导线的A端流入螺线管
B. 通电螺线管的左端为N极
C. 通电螺线管周围真实存在磁感线
D. 改变导线中电流方向，通电螺线管磁性强弱会改变
7. 如图所示，小潘用动滑轮将重为8N的物体匀速提升，绳子自由端移动的速度为0.2m/s，动滑轮的重力为2N，忽略绳重和摩擦。下列说法正确的是( )
A. 经过5s，物体被提升1m
B. 经过5s，小潘做的有用功为5J
C. 小潘对绳子的拉力F大小为4N
D. 此过程中该动滑轮的机械效率为80%
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
8. 如图所示，北京时间2023年5月30日，搭载神舟十六号载人飞船的长征二号F遥十六运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是( )
A. 火箭加速升空的过程中，以地面为参照物，飞船是运动的
B. 向下喷出的气体推动火箭上升，说明物体间力的作用是相互的
C. 火箭使用的氢燃料燃烧时将内能转化为化学能
D. 火箭加速升空的过程中，飞船的动能增大，重力势能增大
9. 如图所示，两个完全相同的容器分别盛有甲、乙两种液体，将两个体积相等的实心物体A、B分别放入甲、乙两种液体中，静止后，物体A悬浮，物体B漂浮，两容器中液面相平。下列说法正确的是( )
A. 若物体A、B密度相等，则物体A、B受到的浮力相等
B. 若物体A、B密度相等，则两容器对桌面的压强相等
C. 若甲、乙液体密度相等，则物体A的重力大于物体B的重力
D. 若甲、乙液体密度相等，则物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力
10. 如图甲所示，电源电压保持不变，R1=10Ω。闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从b端移动到a端的过程中，电流表示数随滑动变阻器R2连入电路的阻值的变化关系如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为8V
B. R1的最小电功率为1.6W
C. 滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω
D. 当滑片P位于中点时，R1与R2的电功率之比为2：3
三、填空题（本大题共10小题，共22.0分）
11. 上课铃声响起后，同学们走进教室开始上课。这是利用了声可以传递______ ，铃声是通过______ 传入同学们耳朵的。
12. 用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒因失去电子而带______ 电。通常情况下，玻璃是______ (选填“导体”或“绝缘体”)。
13. 如图所示是篮球运动员比赛时的情景。运动员把飞来的篮球接住，说明力可以改变物体的______ ；运动员再将篮球投出，篮球离开手后，继续向上运动，是因为篮球具有______ ；篮球离开手后，手对篮球______ (选填“做功”或“不做功”)。
14. 如图所示，白色纸板竖直立在水平放置的平面镜上，入射光线与平面镜的夹角为50度，则反射角大小为______ 度；若将ON右侧纸板F沿ON向后转动，则纸板F上______ (选填“能”或“不能”)显示出反射光线。
15. 如图所示是我国航天员在中国空间站锻炼身体的画面。此画面信息是通过______ (选填“电磁波”或“超声波”)传回地面指挥中心的。五星红旗被航天员带到空间站，它的质量______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
16. 如图所示是四冲程汽油机其中一个冲程的示意图，这是______ 冲程。到加油站给汽车加油时，能闻到汽油味儿，这是______ 现象。
17. 用吸管喝酸奶，吸管有一端很尖，更容易将吸管插入包装盒中，这是通过减小______ 来增大压强的。用吸管把酸奶“吸”入口中，这是利用了______ 的作用。
18. 我国新能源轻轨列车出口阿根廷，轻轨列车利用太阳能光伏发电将太阳能转化为电能存储在电池中，为列车驱动提供动力，最高运行速度可达60km/h。轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程是______ km。太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源，来源于太阳内部发生的______ (选填“核裂变”或“核聚变”)。
19. 如图所示，我国第一艘航空母舰“辽宁舰”在海上破浪前行。舰体距海面2m深处受到海水的压强为______ Pa。海上航行时，为了安全起见，两只舰艇不能近距离高速并排行驶，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越______ 。(海水密度ρ海水=1.03×103kg/m3)
20. 小潘家的电能表上标着“3000revs/(kW⋅h)”。他将家里台式电脑单独接入电路，工作3min，电能表转盘转了30转，台式电脑消耗的电能为______ J，电功率为______ W。
四、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
21. 如图所示，管道内A处有一只正在发光的小灯泡，小潘的眼睛在B处看到了平面镜中小灯泡的像，请画出小潘看到小灯泡A的像的光路图。
22. 如图所示，用轻质撬棒撬动地面上的石头，O是撬棒的支点，F2是阻力。请在图中画出作用在D点的最小动力F1、动力臂l1和阻力臂l2。
23. 如图所示是家庭电路的一部分，开关只控制电灯，插座准备接大功率用电器。请用笔画线代替导线将电路补充完整。
五、实验探究题（本大题共6小题，共39.0分）
24. 在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中：
(1)在组装器材时，出现如图甲所示的情形，其中存在的错误是______ ，此时应对______ (选填“A”或“B”)处进行调整。
(2)器材调整好后，用酒精灯给烧杯中的水加热，某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃。
(3)继续加热，当水温达到90℃时，每隔0.5min记录一次温度，根据记录的数据绘制了如图丙所示的图象。由图象可知此次实验中水的沸点是______ ℃，由此可知当地当时的大气压______ (选填“高于”“低于”或“等于”)标准大气压。
(4)为探究水沸腾的过程中是否需要吸热，应______ ，观察水是否继续沸腾。
25. 小潘同学选用焦距为15cm的凸透镜，做“探究凸透镜的成像规律”的实验。
(1)实验在______ (选填“较暗”或“较亮”)的环境中进行，现象更明显。
(2)小潘将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度，这样做的目的是使像呈现在______ 。
(3)小潘将蜡烛放在10cm刻度线处，移动光屏到如图所示位置，光屏上恰好呈现一清晰的像，该像的性质是倒立、______ (选填“放大”“缩小”或“等大”)的实像。
(4)保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到25cm刻度线处，若想在光屏上得到清晰的像，应把光屏向______ 移动(选填“左”或“右”)，像将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(5)保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到40cm刻度线处，无论怎样移动光屏，在光屏上都找不到清晰的像，当小潘的眼睛在凸透镜的右侧，透过凸透镜观察到烛焰______ 、放大的像(选填“正立”或“倒立”)，生活中的______ 就是利用这样的成像原理工作的(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。
26. 小潘和小明想知道鸭绿江水的密度。
(1)小潘利用天平和量筒进行了如下实验：
①将天平放在______ 桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，向______ 调节平衡螺母，直到天平平衡；
②向烧杯中倒入适量鸭绿江水，将装有江水的烧杯放在已调平的天平左盘，向右盘中加减砝码并调节游码，天平再次平衡后，右盘中砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则江水和烧杯的总质量为______ g；
③将烧杯中的江水倒入量筒中一部分，如图丙所示，则量筒中江水的体积为______ cm3；
④用天平测出剩余江水和烧杯的总质量为53.2g，则所测江水的密度为______ kg/m3；
⑤在把烧杯中的江水倒入量筒中时，如果有几滴江水滴到桌面上，会导致所测江水密度值______ (选填“偏大”或“偏小”)。
(2)在没有天平的条件下，小明使用不吸水的木块(已知木块的密度为ρ木)、细钢针和量筒，进行了如图丁所示的实验：
①向量筒中倒入适量的江水，体积记为V1；
②将木块轻轻放入量筒中，当木块静止时，液面对应的体积记为V2；
③用细钢针将木块压入江水中，使其浸没，静止时液面对应的体积记为V3；
④鸭绿江水密度的表达式ρ= ______ 。(用V1、V2、V3和ρ水表示)
27. 在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小潘同学选择了三块粗糙程度不同的长木板、一个木块、质量相等的砝码若干、一个弹簧测力计，进行实验。
(1)如图所示，将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做______ 运动，根据______ 知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
(2)小潘经过多次实验获得下表中的实验数据。
实验次数
实验条件
弹簧测力计示数F/N
1
木块
长木板
0.8
2
木块上放1个砝码
长木板
1.0
3
木块上放2个砝码
长木板
1.2
4
木块上放1个砝码
粗糙长木板
1.3
5
木块上放1个砝码
更粗糙长木板
1.7
①分析表中______ 三次实验数据，可以得出在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越______ ；
②分析表中2、4、5三次实验数据，可以得出在______ 相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
(3)实验过程中，当弹簧测力计的示数为0.5N时，木块未被拉动，此时木块受到的摩擦力______ 0.5N。(选填“大于”“小于”或“等于”)
(4)体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这是通过增大______ 来增大摩擦力。
28. 在“探究电流与电压的关系”实验中，小潘设计并连接了如图甲所示的电路。
(1)在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最______ 端。(选填“左”或“右”)
(2)闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，已知导线、仪表均完好且接触良好，则故障原因可能是定值电阻______ 。(选填“断路”或“短路”)
(3)排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为1.0V时，电流表示数如图乙所示，则电流表示数为______ A。
(4)继续移动滑动变阻器的滑片，进行多次测量，记录实验数据如下表。
实验次数
1
2
3
4
电压U/V
1.0
1.6
2.2
2.8
电流I/A
0.16
0.22
0.28
分析表中数据可知：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成______ 。
(5)同桌的小明分别用两个阻值未知的电阻R1和R2进行实验，得到两个电阻的I−U图象，如图丙所示。由图象可知R1 ______ R2。(选填“>”“<”或“=”)
(6)若将定值电阻换成小灯泡，不能达到本实验的探究目的，是因为______ 。
29. 在“测量小灯泡的额定功率”实验中，小潘选用的小灯泡L的额定电压为2.5V。
(1)小潘设计了如图甲所示的电路图，连接好电路后，闭合开关S，发现电流表的指针向左偏转，如图乙所示，其原因是______ 。
(2)排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P到某一位置时，电压表示数如图丙所示，为______ V，要测量小灯泡L的额定功率，滑片P应向______ (选填“左”或“右”)移动，使电压表示数为2.5V，此时电流表示数为0.24A，则小灯泡L的额定功率为______ W。
(3)实验结束后，小潘认为没有电流表也能测出小灯泡的额定功率。于是他找来了另一个电源(电压恒为8V)、一个额定电压为6V的小灯泡L1和一个阻值为20Ω的定值电阻R0等器材，设计了如图丁所示的电路，并完成了实验。实验过程如下：
①断开开关S1，闭合开关S、S2，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为______ V，小灯泡L1正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；
③小灯泡L1的额定功率为______ W。
六、计算题（本大题共3小题，共20.0分）
30. 某小汽车的质量为1500kg，轮胎与水平地面总接触面积为0.05m2。小汽车在平直的公路上匀速行驶6.9km，消耗汽油0.5kg，已知小汽车匀速直线行驶时受到的阻力为1000N。(汽油的热值q=4.6×107J/kg)求：
(1)该小汽车在水平地面上静止时对地面的压强；
(2)在此过程中该小汽车牵引力所做的功；
(3)该小汽车发动机的效率。
31. 如图所示是某品牌电热锅的简化电路，R1、R2均为发热电阻。电热锅工作时，通过开关S1和S2实现低温、中温和高温的挡位控制。已知低温挡电阻R1=110Ω，中温挡功率为880W。求：
(1)电热锅低温挡工作时的电功率；
(2)电热锅中温挡工作时的电流；
(3)使用电热锅高温挡将质量为2kg的水从20℃加热到75℃所用的时间。[不计热量损失，水的比热容c=4.2×103J/(kg⋅℃)]
32. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V，3W”字样，定值电阻R1阻值为20Ω，滑动变阻器R2最大阻值为18Ω。(不考虑温度对灯丝电阻的影响)求：
(1)小灯泡L的电阻；
(2)当开关S、S1都闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到a端时，小灯泡L恰好正常发光，求电流表的示数；
(3)当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，小灯泡L的电功率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、中学生立定跳远的距离约为2m，故A错误；
B、中学生正常呼吸一次的时间约为2s～3s左右，故B错误；
C、一名中学生的质量约为50kg，故C正确；
D、中学生的正常体温约为37℃，并且变化的幅度很小，故D错误；
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】A
【解析】解：A、发声的音叉将乒乓球弹开，该现象说明发声的物体在振动，故A正确；
B、刻度尺振动得越快，发出声音的音调越高，故B错误；
C、用大小不同的力敲击鼓面，鼓面的振幅不同，响度不同，故C错误；
D、工人戴防噪声耳罩，属于在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)声音的音调与频率有关；
(3)响度跟振幅和距离声源的远近有关，在距离声源距离相等时，振幅越大，响度越大；
(4)减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。
本题考查了声音的产生、声音的特性、声音的利用以及噪声的防治等知识，是一道声学综合题。
3.【答案】B
【解析】解：A、放在衣箱里的樟脑丸变小，这是升华现象，故A错误；
B、从冰箱中取出的鸡蛋，过一会儿变湿，这是液化现象，故B正确；
C、夏天，晒在太阳下的湿衣服变干，这是汽化现象，故C错误；
D、冬天，窗玻璃上出现冰花，这是凝华现象，故D错误；
故选：B。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；物质由气态变为液态叫液化，物质由液态变为气态叫汽化；物质由固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固。
此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。
4.【答案】B
【解析】解：AC、日晷上的影子、屏上的皮影，都是由光沿直线传播形成的，故AC错误；
B、斜插在水中的筷子，筷子在水面处看起来变折了，这是由于筷子反射的光从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以筷子在水中的部分是向上弯折，是由于光的折射形成的，故B正确；
D、水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D错误。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题考查的是我们生活中光现象原理的判断，这是我们光现象中的重点，是中考时必考的一个知识点。
5.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1和R2并联，电流表A2测通过R的电流，电流表A1测通过R0的电流，电压表测电源的电压；
因电源的电压不变，所以电压表的示数不变，故AB错误；
滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表A2的示数变小，故D正确；
因为并联电路两端电压不变，而定值电阻R0的阻值不变，所以根据欧姆定律可知通过R0的电流不变，即电流表A1示数不变，故C错误。
故选：D。
由电路图可知，R1和R并联，电流表A2测通过R的电流，电流表A1测通过R0的电流，电压表测电源的电压；根据电源的电压不变可知电压表的示数不变，当滑动变阻器滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，再根据欧姆定律和并联电路电压规律可知电路中电流的变化，即电流表的示数变化。
本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表的影响，解决此类问题要判断滑动变阻器在电路中电阻的变化，再利用并联电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化。
6.【答案】B
【解析】解：AB、由图可知，小磁针的磁极为：左侧为N极，右侧为S极，根据异名磁极相互吸引，则可知螺线管的磁极为：左侧为N极，右侧为S极，则根据安培定则可知，电流是从B端流入螺线管的；故A错误，B正确；
C、通电螺线管周围磁感线，是人为引入的，不是真实存在，故C错误；
D、电磁铁由螺线管和铁芯两部分组成，电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数有关，改变导线中电流大小，通电螺线管磁性强弱会改变，故D错误。
故答案为：B。
(1)已知小磁针的磁极，利用磁极间的作用规律，可判断出通电螺线管的磁极，再由安培定则来得出电流方向；
(2)为了便于研究磁场，我们引入了磁感线的概念；
(3)电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小和线圈匝数。
本题考查了磁场的方向、安培定则、磁感线、电磁铁磁性强弱的影响因素等，比较综合，难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知动滑轮上绳子的有效股数为n=2，绳子自由端移动的速度为0.2m/s，则物体升高的速度为v物=1nv绳=12×0.2m/s=0.1m/s，
经过5s物体被提升的高度为：
h=v物t=0.1m/s×5s=0.5m，故A错误；
B、经过5s小潘做的有用功为：
W有用=Gh=8N×0.5m=4J，故B错误；
C、不计绳重和摩擦，小潘对绳子的拉力为：
F=G+G动n=8N+2N2=5N，故C错误；
D、绳子移动的距离为：s=2h=2×0.5m=1m，
拉力做的总功为：
W总=Fs=5N×1m=5J，
此过程中该动滑轮的机械效率：
η=W有用W总×100%=4J5J×100%=80%，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知动滑轮上绳子的有效股数，绳子自由端移动的速度为0.2m/s，则物体升高的速度为v物=1nv绳，根据速度公式的变形式s=vt可求出经过5s物体被提升的高度；
(2)根据W=Gh算出经过5s小潘做的有用功；
(3)不计绳重和摩擦，根据F=G+G动n求出小潘对绳子的拉力F；
(4)由s=2h算出绳子移动的距离，根据W=Fs算出拉力做的总功，由η=W有用W总×100%算出此过程中该动滑轮的机械效率。
本题主要考查了滑轮组的特点、功和机械效率公式的应用，根据图示确定承担物重的绳子股数n是本题的突破口。
8.【答案】ABD
【解析】解：A.火箭加速升空的过程中，飞船与地面之间有位置的变化，以地面为参照物，飞船是运动的，故A正确；
B.火箭点火向下喷出气体，给气体一个向下的力，由于物体间力的作用是相互的，火箭受到一个向上的力，所以火箭向上运动，故B正确；
C.火箭使用的氢燃料燃烧时将化学能转化为内能，故C错误；
D.火箭加速升空的过程中，飞船的质量不变，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，故D正确。
故选：ABD。
(1)运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)燃料燃烧将化学能转化为内能；
(4)动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、所处的高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
本题考查了机械运动、物体间力的作用是相互的、能量的转化和机械能的转化，综合性较强。
9.【答案】ACD
【解析】解：A、实心物体A、B的体积相同，若物体A、B密度相等，由m=ρV知A、B的质量相同，由G=mg知A、B的重力相同，由图知A悬浮，B漂浮，浮力都等于其自身的重力，由于重力相同，则物体A、B受到的浮力相等，故A正确；
B、若物体A、B密度相等，物体A悬浮，甲液体的密度等于A物体的密度，物体B漂浮，乙液体的密度大于B物体的密度，所以乙液体的密度大于甲液体的密度；
由于两容器中液面相平，所以液体和物体排开液体的总体积相同，由于实心物体A、B的体积相同，所以VA排>VB排，则VA液
由于A悬浮，B漂浮，浮力都等于其自身的重力，由于物体A的重力大于物体B的重力，则物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力，故D正确。
故选：ACD。
(1)实心物体A、B的体积相同，若物体A、B密度相等，由m=ρV判断出A、B质量的关系，由G=mg判断出A、B重力的关系，根据浮沉条件判断出物体A、B受到浮力的关系；
(2)若物体A、B密度相等，根据浮沉情况判断出物体密度与液体密度的关系，进而判断出甲、乙液体密度的关系；
由于两容器中液面相平，所以液体和物体排开液体的总体积相同，根据实心物体A、B的体积相同和浮沉情况判断出液体体积的关系，由G=mg=ρVg判断出甲、乙液体重力的关系，根据A、B重力、容器的重力的关系，判断出甲、乙容器对桌面压力的关系，由p=FS判断出甲、乙容器对桌面压强的关系；
(3)若甲、乙液体密度相等，根据浮沉条件判断出物体A、B密度的关系，由于实心物体A、B的体积相同，由G=mg=ρVg判断出物体A、B重力的关系，根据浮沉情况判断出物体A、B受到浮力的关系。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压强和密度公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
10.【答案】ACD
【解析】解：A、由图可知，当滑动变阻器的滑片位于a端时，电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大，为0.8A，则电源电压：U=I最 大R1=0.8A×10Ω=8V，故A正确；
BC、由图可知，当滑动变阻器的滑片位于b端时，两电阻串联，滑动变阻器全部接入电路，阻值为30Ω，此时电路中电流最小为0.2A，R1的电功率最小，则P最小=I最小2R1=(0.2A)2×10Ω=0.4W，故B错误、C正确；
D、当滑片P位于中点时，变阻器接入电路的阻值为15Ω，则R1与R2的电功率之比为：P1P2=I2R1I2R2=R1R2=10Ω15Ω=23，故D正确。
故选：ACD。
闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从b端移动到a端的过程中，滑动变阻器的阻值从最大的30Ω，到接入为零，电流从最小的0.2A，到最大值为0.8A，据此可根据欧姆定律得出电源电压，根据电功率的公式计算R1的最小功率；当滑片P位于中点时，明确R1与R2的电阻值，根据P=I2R可求它们电功率的比值。
本题中，明确两电阻的串联关系，能根据滑动变阻器的变化，从图像中找出相关的信息，并熟练运用欧姆定律和电功率的公式，是解答的关键。
11.【答案】信息 空气
【解析】解：(1)上课铃声响起后，同学们走进教室开始上课。这是利用了声可以传递信息；
(2)上课铃声是通过空气传入人耳的。
故答案为：信息；空气。
(1)声可以传递信息和能量；
(2)物体振动产生声音。
理解声音的传播条件，知道声可以传递信息和能量，可解答此题。
12.【答案】正 绝缘体
【解析】解：用丝稠摩擦玻璃棒，玻璃棒由于失去电子而带正电；通常情况下，玻璃不容易导电，是绝缘体。
故答案为：正；绝缘体。
(1)自然界存在两种电荷，正电荷和负电荷。用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；
(2)容易导电的物体叫导体；不容易导电的物体叫绝缘体。
本题考查导体的性质、摩擦起电的实质，注意从题干中获取有用信息是解题的关键，比较简单。
13.【答案】运动状态 惯性 不做功
【解析】解：运动员把飞来的篮球接住，运动员给篮球一个作用力，篮球由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态；
篮球离开手后，继续向上运动，是因为篮球具有惯性，仍然要保持原来的运动状态；
篮球离开手后，依靠惯性向前运动，不再受到人的作用力，所以手对篮球不做功。
故答案为：运动状态；惯性；不做功。
(1)力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(3)物理学中做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。
此题考查力的作用效果、力是否做功的判断、惯性，具有一定的综合性，但都属于基础知识考查，难度不大。
14.【答案】40 不能
【解析】解：当入射光线与平面镜的夹角为50°时，入射角为90°−50°=40°，根据光的反射定律：反射角等于入射角，反射角也为40°；
若将ON右侧纸板F沿ON向后转动，则纸板F和E没有在同一平面上，纸板F上不能显示出反射光束。
故答案为：40；不能。
光的反射定律的内容：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角；入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角；
将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F和E没有在同一平面上，纸板F上不能显示出反射光束，据此分析回答。
此题主要通过实验探究了光的反射定律，通过各个分实验分别探究了两角大小和三线之间的关系。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
15.【答案】电磁波 不变
【解析】解：飞船与地面接收站之间是通过电磁波传递信息的，电磁波可以在真空中传播；五星红旗被航天员带到空间站，只是位置发生了变化，它的质量不变。
故答案为：电磁波；不变。
电磁波可以在真空中传播；质量是物质的一种属性，不随物质的形状、状态、位置和温度的变化而变化。
本题考查电磁波和质量的有关知识，难度不大。
16.【答案】做功 扩散
【解析】解：由图可知，进气门、排气门都关闭，活塞向下运动，为做功冲程；在加油站为汽车加油时，能闻到汽油味，是因为汽油分子在不停地做无规则运动的结果，是扩散现象。
故答案为：做功；扩散。
四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，吸气冲程，进气门打开，排气门关闭；压缩冲程，两个气门都关闭，活塞向上运动；做功冲程，两个气门都关闭，活塞向下运动；排气冲程，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动；组成物质的分子在不停地做无规则运动。
本题主要考查热机的工作过程以及扩散现象，属于基础题型。
17.【答案】受力面积 大气压
【解析】解：吸管有一端很尖，在压力一定时，减小了受力面积，增大了压强，所以更容易将吸管插入包装盒中；
用吸管吸酸奶时，吸管内部气压降低，酸奶在大气压作用下被“吸”入口中。
故答案为：受力面积；大气压。
(1)压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；
(2)用吸管喝牛奶时，是利用大气压的作用把牛奶压入嘴里。
用吸管吸牛奶利用了压强、大气压的作用等知识点，体现了物理和生活的密切关系。掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
18.【答案】6 可再生 核聚变
【解析】解：轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程：s=vt=60km/h×0.1h=6km；
太阳能是太阳内部氢发生聚变反应产生的；这种能源可以源源不断地从自然界直接获取，故属于可再生能源。
故答案为：6；可再生；核聚变。
(1)利用速度公式求出轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程；
(2)太阳能是太阳内部氢发生聚变反应产生的；太阳能是我们可以从自然界源源不断地获取的能源，属于可再生能源。
本题考查速度公式的灵活运用和能源的分类、能源的来源，难度不大。
19.【答案】2.06×104 小
【解析】解：舰体距海面2m深处受到海水的压强p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×2m=2.06×104Pa；
两只舰艇不能近距离高速并排行驶，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越小，两舰艇外侧水的流速越小，压强越大，形成向内的压力差，可能使两只舰艇发生相撞。
故答案为：2.06×104；小。
利用液体压强计算公式计算即可；
流体的流速越大的位置，压强越小。
本题考查了液体压强公式的应用、流体压强与流速的关系的应用，属于基础题。
20.【答案】3.6×104 200
【解析】解：(1)转盘转动30转消耗电能：W=303000kW⋅h=0.01kW⋅h=0.01×3.6×106J=3.6×104J；
(2)用电器的功率：P=Wt=3.6×104J3×60s=200W。
故答案为：(1)3.6×104；(2)200。
3000revs/(kW⋅h)表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000r，据此求出转盘转30r电路中消耗的电能，然后根据P=Wt求出用电器的功率。
本题考查利用电能表和秒表计算电器消耗的电功和电功率，属于典型题，难度不大。
21.【答案】解：由平面镜成像特点作出灯泡A的对称点，即灯泡A的像点A′，连接A′B，与镜面的交点为入射点O，连接OB为反射光线，再连接AO为入射光线。如图所示：
【解析】根据平面镜成像的特点可知，像与物关于镜面对称，由此作出小灯泡A的像点；根据反射光线的延长线过像点作出反射光线，并完成光路。
本题考查根据平面镜成像作图，关键知道反射光线的反向延长线一定过像点。
22.【答案】解：已知支点为O，要求作用在A点的动力F1最小，由杠杆平衡条件可知动力臂L1应最长，由图知最长的动力臂等于OD；要使杠杆平衡，该力的方向应斜下方，且与撬棒垂直，过D点作垂直于OD向下的动力F1，那么OD即为所作的动力臂l1；
过O点作力F2作用线的垂线段l2，则l2即为所作的阻力臂，如图所示：
【解析】(1)力臂即点到线的距离。先找点(支点)，再作线(F2的作用线)，最后作点到线的距离。
(2)由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
学会根据力臂越长，作用力越小的原则分析杠杆中最小力的问题；注意分析杠杆中最小力的问题时，先确定力臂，然后根据力与力臂的关系画出最小作用力的方向。
23.【答案】解：(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡，最后灯泡接零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再连接灯泡，最后到零线。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
24.【答案】温度计的玻璃泡碰到容器底 A 76 99 低于 停止加热
【解析】解：(1)实验组装过程中，要采用自下而上的方法组装，图甲中温度计的玻璃泡接触了烧杯底部，应调整A；
(2)确定温度计的分度值为1℃，在0刻度线以上，示数为76℃；
(3)从图象可以看出水在沸腾过程中保持99℃不变，所以沸点为99℃；沸腾时，温度保持不变，1标准大气压时水的沸点为100℃，气压越小沸点越低，由此可知当地当时的大气压低于标准大气压；
(4)为探究水沸腾的过程中是否需要吸热，应停止加热，观察水是否继续沸腾。
故答案为：(1)温度计的玻璃泡碰到容器底；A；(2)76；(3)99；低于；(4)停止加热。
(1)实验组装过程中，要采用自下而上的方法组装，温度计在使用时玻璃泡不能接触烧杯底或烧杯壁；
(2)确定温度计的分度值为1℃，读出示数；
(3)水沸腾时的特点：不断吸热，但温度保持不变；1标准大气压时水的沸点为100℃，气压越低沸点越低；
(4)水沸腾时的特点：不断吸热但温度保持不变。
在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。
25.【答案】较暗 光屏的中央位置 缩小 右 变大 正立 放大镜
【解析】解：(1)实验在较暗的环境中进行，现象更明显。
(2)实验前，要调整凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致同一高度，这样做的目的是使像呈在光屏的中央位置；
(3)如图所示的情景，此时光屏上恰好呈现清晰的像，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像；
(4)保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到25cm刻度线处，凸透镜成实像时，物近像远像变大，若想在光屏上得到清晰的像，应把光屏向右移动，像将变大；
(5)保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到40cm刻度线处，此时u
(1)进行探究凸透镜的成像规律实验时，物体和环境的对比度越大，物体越亮，物体成像越清晰；
(2)探究凸透镜成像时，烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度，像能成在光屏的中央位置；
(3)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像；
(4)根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答；
(5)当u
26.【答案】水平 右 93.6 40 1.01×103 偏大 V3−V1V2−V1ρ木
【解析】解：
(1)
①将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，此时指针偏左，说明右盘偏轻，所以应向右调节平衡螺母，直到天平平衡；
②由图乙可知，江水和烧杯的总质量为50g+20g+20g+3.6g=93.6g；
③图丙中量筒的分度值为读出江水的体积2mL，量筒中江水的体积为40mL=40cm3；
④由题意得，量筒中江水的重力m=93.6g−53.2g=40.4g，
江水的密度ρ=mV=40.4g40cm3=1.01g/cm3=1.01×103kg/m3；
⑤在把烧杯中的江水倒入量筒中时，如果有几滴江水滴到桌面上，会导致量筒中江水的体积测量的偏小，又因为烧杯中的江水倒出的江水的质量是一定的，由密度公式可知，所测江水密度值偏大；
(2)
④由题意可知，木块的体积为V3−V1，则木块的重力G木=m木g=ρ木(V3−V1)g，
由步骤②可知木块漂浮时，木块排开水的体积为V2−V1，木块受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρg(V2−V1)；
根据漂浮的条件可知，F浮=G木，
即ρ木(V3−V1)g=ρg(V2−V1)，
解得江水的密度ρ=V3−V1V2−V1ρ木。
故答案为：(1)①水平；右；②93.6；③40；④1.01×103；⑤偏大；(2)④V3−V1V2−V1ρ木。
(1)
①根据天平称量质量前的调节平衡的方法解答即可；
②江水和烧杯的总质量等于砝码质量与游码对应质量的和；
③先看清量筒的分度值，再根据图丙读出江水的体积；
④计算量筒中江水的质量，利用密度公式计算江水的密度；
⑤抓住江水的体积和质量测量得偏差情况，利用密度公式分析所测江水密度值的偏差情况；
(2)
④由题意可表示出木块的体积和木块漂浮时的排开水的体积，再利用重力公式和阿基米德原理可以表示出木块的重力和漂浮时的浮力；根据木块漂浮时浮力等于自身的重力，列出等式解答即可。
本题考查了天平和量筒的使用、密度的计算、密度测量值的偏差分析，还考查了利用浮力测量液体的密度，有一定的难度。
27.【答案】匀速直线 二力平衡 1、2、3 大 压力 等于 接触面的粗糙程度
【解析】解：(1)将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块使其做匀速直线运动，根据二力平衡原理可知，木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数；
(2)①要研究摩擦力大小与接触面所受的压力的关系，必须控制其他变量相同，应选择1、2、3，通过实验数据可知，其他因素相同时，压力越大，弹簧测力计示数越大，即滑动摩擦力越大，可得出结论：当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
②要研究摩擦力大小与接触面的粗糙程度的关系，必须控制其他变量相同：表格中2、4、5，的木块放置情况、压力相同，木板表面情况不同，通过比较弹簧测力计示数大小关系，可得出结论：当压力相同时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大
(3)用弹簧测力计沿水平方向拉木块，当弹簧测力计示数是0.5N时，木块静止处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，所以此时木块受到的摩擦力等于0.5N；
(4)体操运动员上器械前，在手上涂防滑粉，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)①1、2、3；大；②压力；(3)等于；(4)接触面的粗糙程度。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)要探究滑动摩擦力与接触面所受的压力的关系，必须要控制其他变量相同，选择合适的实验，并根据实验现象总结实验结论；
(3)静止的物体或做匀速直线运动的物体处于平衡状态，受到的力为平衡力，根据平衡力的条件求出摩擦力大小；
(4)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查了二力平衡条件的应用和力与运动关系以及影响滑动摩擦力大小的因素，难度不大。
28.【答案】左 断路 0.1 正比 < 实验中应控制电阻的阻值不变，而灯泡的电阻会随温度的变化而变化
【解析】解：(1)在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即最左端。
(2)闭合开关，发现电流表有示数，则电路接通，电压表无示数，则电压表所测量的元件断路，已知导线、仪表均完好且接触良好，则故障原因可能是定值电阻断路。
(3)电流表选用小量程，分度值为0.1A，电流表示数为0.1A。
(4)分析表中数据，结合欧姆定律可知R=UI=1V0.1A=....=2.8V0.28A=10Ω，
可知：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
(5)由图象可知，在电流相同时，R2两端的电压大于R1两端的电压，根据R=UI可知R1
故答案为：(1)左；(2)断路；(3)0.1；(4)正比；(5)<；(6)实验中应控制电阻的阻值不变，而灯泡的电阻会随温度的变化而变化。
(1)在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处。
(2)闭合开关，发现电流表有示数，则电路接通，电压表无示数，则电压表所测量的元件断路。
(3)电流表选用小量程，分度值为0.1A，据此得出电流表示数。
(4)分析表中数据，结合欧姆定律可得出结论。
(5)由图象可知，在电流相同时，R2两端的电压大于R1两端的电压，根据R=UI可知两电阻的大小关系。
(6)实验中应控制电阻的阻值不变，灯泡的电阻随温度的变化而变化。
本题为“探究电流与电压的关系”实验，考查注意事项、故障分析、实验结论等知识。
29.【答案】电流表正、负接线柱接反了 1.8 左 0.6 2 0.15
【解析】解：(1)乙中电流表指针反偏，说明电流表正、负接线柱接反了；
(2)由乙图可知，电压表所选量程为0～3V，分度值为0.1V，读出其示数为1.8V；示数小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.24A=0.6W；
(3)①断开开关S1，闭合开关S、S2，滑动变阻器与小灯泡L1串联，电压表测滑动变阻器的电压，根据串联分压原理，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为：U=U电源−UL=8V−6V=2V，小灯泡L1正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器与R0串联，电压表测滑动变阻器的电压；保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；根据串联分压原理得，U0R0=U′R滑，则滑动变阻器的电阻为：R滑=U′R0U0=(8V−1.6V)×20Ω1.6V=80Ω，
③在①中，电路电流为：I=UR滑=2V80Ω=0.025A；
小灯泡L1的额定功率为：P额=ULI=6V×0.025A=0.15W。
故答案为：(1)电流表正、负接线柱接反了；(2)1.8；左；0.6；(3)①2；②0.15W。
(1)电流表在使用时，电流要从正接线柱流入、负接线柱流出；
(2)根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；根据P=UI可求出灯泡的额定功率；
(3)①断开开关S1，闭合开关S、S2，滑动变阻器与小灯泡L1串联，电压表测滑动变阻器的电压，根据串联分压原理求出电压表的示数；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器与R0串联，电压表测滑动变阻器的电压；保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；根据串联分压原理求出滑动变阻器的电阻；
③在①中，根据欧姆定律求出电路电流；再根据P=UI求出小灯泡L1的额定功率。
本题是测灯泡功率的实验，考查了电路连接、电压表的读数、电路分析、串联电路特点、电功率计算等，综合性强。
30.【答案】解：(1)汽车在水平地面上静止时对地面的压力：
F=G=mg=1500kg×10N/kg=1.5×104N，
则汽车在水平地面上静止时对地面的压强：
p=FS=1.5×104N0.05m2=3×105Pa；
(2)汽车在平直的公路上匀速行驶时，处于平衡状态，
则牵引力F牵=f=1000N，
所以汽车牵引力所做的功：
W=F牵s=1000N×6.9×103m=6.9×106J；
(3)燃料完全燃烧放出的热量：
Q放=mq=0.5kg×4.6×107J/kg=2.3×107J，
该汽车发动机的效率：
η=WQ放×100%=6.9×106J2.3×107J×100%=30%。
答：(1)该小汽车在水平地面上静止时对地面的压强为3×105Pa；
(2)在此过程中该小汽车牵引力所做的功为6.9×106J；
(3)该小汽车发动机的效率为30%。
【解析】(1)汽车在水平地面上静止时对地面的压力等于其重力，根据F=G=mg求出，然后根据p=FS计算对地面的压强；
(2)利用二力平衡条件得出牵引力，然后根据W=Fs计算汽车牵引力所做的功；
(3)根据Q放=mq计算燃料完全燃烧释放的能量，根据η=WQ放计算小汽车发动机的效率。
此题考查压强、功和效率的计算，以及二力平衡条件的应用，属于中考压轴题，解题的关键是相关公式和原理的灵活运用。
31.【答案】解：(1)R1的独立工作时的电功率：P1=U2R1=(220V)2110Ω=440W，
由于P1
(3)由图知当S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，为低温挡；当S2闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，为中温挡；当S1、S2都闭合时，R1、R2并联，为高温挡，则高温的功率为：
P高温=P低温+P中温=440W+880W=1320W；
水吸收的热量为：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(75℃−20℃)=4.62×105J，
若不计热量损失，消耗的电能W=Q吸=4.62×105J，
所需时间为：
t=WP高温=4.62×105J1320W=350s。
答：(1)电热锅低温挡工作时的电功率为440W；
(2)电热锅中温挡工作时的电流为4A；
(3)使用电热锅高温挡将质量为2kg的水从20℃加热到75℃所用的时间为350s。
【解析】(1)根据P=U2R1算出R1的独立工作时的电功率，从而确定低温挡工作时的电功率；
(2)根据P=UI算出电热锅中温挡工作时的电流；
(3)由图知当S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，为低温挡；当S2闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，为中温挡；当S1、S2都闭合时，R1、R2并联，为高温挡，根据P高温=P低温+P中温算出高温挡；根据Q吸=cmΔt得出水吸收的热量，若不计热量损失，根据W=Q吸得出消耗的电能，根据t=WP高温算出所需时间。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式和电功公式的灵活应用，正确的判断电热锅处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
32.【答案】解：(1)不考虑温度对灯丝电阻的影响，根据P=U2R可知小灯泡L的电阻RL=UL2PL=(6V)23W=12Ω；
(2)当开关S、S1都闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到a端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，定值电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流。
小灯泡L恰好正常发光，则电源电源U=UL=6V，
通过灯泡的电流IL=PLUL=3W6V=0.5A，
通过定值电阻的电流I1=UR1=6V20Ω=0.3A，
电流表的示数I=IL+I1=0.5A+0.3A=0.8A；
(3)当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，灯泡和滑动变阻器串联，根据欧姆定律可知电路电流I′=URL+R2=6V12Ω+18Ω=0.2A，
小灯泡L的电功率P灯=I′2RL=(0.2A)2×12Ω=0.48W。
答：(1)小灯泡L的电阻为12Ω；
(2)电流表的示数为0.8A；
(3)当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，小灯泡L的电功率为0.48W。
【解析】(1)不考虑温度对灯丝电阻的影响，根据P=U2R可知小灯泡L的电阻；
(2)当开关S、S1都闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到a端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，定值电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流。
小灯泡L恰好正常发光，则电源电源U=UL=6V，
根据P=UI得出通过灯泡的电流，根据欧姆定律得出通过定值电阻的电流，根据并联电路的电流特点得出电流表的示数；
(3)当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，灯泡和滑动变阻器串联，根据欧姆定律可知电路电流，根据P=I2R得出小灯泡L的电功率。
本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，是一道综合题。
2023年辽宁省丹东市中考物理试卷
一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）
1. 下列有关物理量的估测，符合实际的是( )
A. 中学生立定跳远的距离约为5m B. 中学生正常呼吸一次的时间约为20s
C. 一名中学生的质量约为50kg D. 中学生的正常体温约为42℃
2. 关于声现象，下列描述正确的是( )
A. 甲图：乒乓球被正在发声的音叉弹开，表明音叉正在振动
B. 乙图：刻度尺振动得越快，发出声音的响度越大
C. 丙图：用大小不同的力敲击鼓面，发出声音的音调不同
D. 丁图：工人戴防噪声耳罩，是通过防止噪声的产生来控制噪声的
3. 关于物态变化，下列说法正确的是( )
A. 放在衣箱里的樟脑丸变小，这是汽化现象
B. 从冰箱中取出的鸡蛋，过一会儿变湿，这是液化现象
C. 夏天，晒在太阳下的湿衣服变干，这是升华现象
D. 冬天，窗玻璃上出现冰花，这是凝固现象
4. 下列现象中，属于光的折射现象的是( )
A. 日晷上的影子
B. “弯折”的筷子
C. 屏上的皮影
D. 水中的倒影
5. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表示数变小
B. 电压表示数变大
C. 电流表A1示数变小
D. 电流表A2示数变小
6. 将小磁针放置在通电螺线管右侧，小磁针静止时，其N极的指向如图所示。下列说法正确的是( )
A. 电流从导线的A端流入螺线管
B. 通电螺线管的左端为N极
C. 通电螺线管周围真实存在磁感线
D. 改变导线中电流方向，通电螺线管磁性强弱会改变
7. 如图所示，小潘用动滑轮将重为8N的物体匀速提升，绳子自由端移动的速度为0.2m/s，动滑轮的重力为2N，忽略绳重和摩擦。下列说法正确的是( )
A. 经过5s，物体被提升1m
B. 经过5s，小潘做的有用功为5J
C. 小潘对绳子的拉力F大小为4N
D. 此过程中该动滑轮的机械效率为80%
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
8. 如图所示，北京时间2023年5月30日，搭载神舟十六号载人飞船的长征二号F遥十六运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是( )
A. 火箭加速升空的过程中，以地面为参照物，飞船是运动的
B. 向下喷出的气体推动火箭上升，说明物体间力的作用是相互的
C. 火箭使用的氢燃料燃烧时将内能转化为化学能
D. 火箭加速升空的过程中，飞船的动能增大，重力势能增大
9. 如图所示，两个完全相同的容器分别盛有甲、乙两种液体，将两个体积相等的实心物体A、B分别放入甲、乙两种液体中，静止后，物体A悬浮，物体B漂浮，两容器中液面相平。下列说法正确的是( )
A. 若物体A、B密度相等，则物体A、B受到的浮力相等
B. 若物体A、B密度相等，则两容器对桌面的压强相等
C. 若甲、乙液体密度相等，则物体A的重力大于物体B的重力
D. 若甲、乙液体密度相等，则物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力
10. 如图甲所示，电源电压保持不变，R1=10Ω。闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从b端移动到a端的过程中，电流表示数随滑动变阻器R2连入电路的阻值的变化关系如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为8V
B. R1的最小电功率为1.6W
C. 滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω
D. 当滑片P位于中点时，R1与R2的电功率之比为2：3
三、填空题（本大题共10小题，共22.0分）
11. 上课铃声响起后，同学们走进教室开始上课。这是利用了声可以传递______ ，铃声是通过______ 传入同学们耳朵的。
12. 用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒因失去电子而带______ 电。通常情况下，玻璃是______ (选填“导体”或“绝缘体”)。
13. 如图所示是篮球运动员比赛时的情景。运动员把飞来的篮球接住，说明力可以改变物体的______ ；运动员再将篮球投出，篮球离开手后，继续向上运动，是因为篮球具有______ ；篮球离开手后，手对篮球______ (选填“做功”或“不做功”)。
14. 如图所示，白色纸板竖直立在水平放置的平面镜上，入射光线与平面镜的夹角为50度，则反射角大小为______ 度；若将ON右侧纸板F沿ON向后转动，则纸板F上______ (选填“能”或“不能”)显示出反射光线。
15. 如图所示是我国航天员在中国空间站锻炼身体的画面。此画面信息是通过______ (选填“电磁波”或“超声波”)传回地面指挥中心的。五星红旗被航天员带到空间站，它的质量______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
16. 如图所示是四冲程汽油机其中一个冲程的示意图，这是______ 冲程。到加油站给汽车加油时，能闻到汽油味儿，这是______ 现象。
17. 用吸管喝酸奶，吸管有一端很尖，更容易将吸管插入包装盒中，这是通过减小______ 来增大压强的。用吸管把酸奶“吸”入口中，这是利用了______ 的作用。
18. 我国新能源轻轨列车出口阿根廷，轻轨列车利用太阳能光伏发电将太阳能转化为电能存储在电池中，为列车驱动提供动力，最高运行速度可达60km/h。轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程是______ km。太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源，来源于太阳内部发生的______ (选填“核裂变”或“核聚变”)。
19. 如图所示，我国第一艘航空母舰“辽宁舰”在海上破浪前行。舰体距海面2m深处受到海水的压强为______ Pa。海上航行时，为了安全起见，两只舰艇不能近距离高速并排行驶，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越______ 。(海水密度ρ海水=1.03×103kg/m3)
20. 小潘家的电能表上标着“3000revs/(kW⋅h)”。他将家里台式电脑单独接入电路，工作3min，电能表转盘转了30转，台式电脑消耗的电能为______ J，电功率为______ W。
四、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
21. 如图所示，管道内A处有一只正在发光的小灯泡，小潘的眼睛在B处看到了平面镜中小灯泡的像，请画出小潘看到小灯泡A的像的光路图。
22. 如图所示，用轻质撬棒撬动地面上的石头，O是撬棒的支点，F2是阻力。请在图中画出作用在D点的最小动力F1、动力臂l1和阻力臂l2。
23. 如图所示是家庭电路的一部分，开关只控制电灯，插座准备接大功率用电器。请用笔画线代替导线将电路补充完整。
五、实验探究题（本大题共6小题，共39.0分）
24. 在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中：
(1)在组装器材时，出现如图甲所示的情形，其中存在的错误是______ ，此时应对______ (选填“A”或“B”)处进行调整。
(2)器材调整好后，用酒精灯给烧杯中的水加热，某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃。
(3)继续加热，当水温达到90℃时，每隔0.5min记录一次温度，根据记录的数据绘制了如图丙所示的图象。由图象可知此次实验中水的沸点是______ ℃，由此可知当地当时的大气压______ (选填“高于”“低于”或“等于”)标准大气压。
(4)为探究水沸腾的过程中是否需要吸热，应______ ，观察水是否继续沸腾。
25. 小潘同学选用焦距为15cm的凸透镜，做“探究凸透镜的成像规律”的实验。
(1)实验在______ (选填“较暗”或“较亮”)的环境中进行，现象更明显。
(2)小潘将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度，这样做的目的是使像呈现在______ 。
(3)小潘将蜡烛放在10cm刻度线处，移动光屏到如图所示位置，光屏上恰好呈现一清晰的像，该像的性质是倒立、______ (选填“放大”“缩小”或“等大”)的实像。
(4)保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到25cm刻度线处，若想在光屏上得到清晰的像，应把光屏向______ 移动(选填“左”或“右”)，像将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(5)保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到40cm刻度线处，无论怎样移动光屏，在光屏上都找不到清晰的像，当小潘的眼睛在凸透镜的右侧，透过凸透镜观察到烛焰______ 、放大的像(选填“正立”或“倒立”)，生活中的______ 就是利用这样的成像原理工作的(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。
26. 小潘和小明想知道鸭绿江水的密度。
(1)小潘利用天平和量筒进行了如下实验：
①将天平放在______ 桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，向______ 调节平衡螺母，直到天平平衡；
②向烧杯中倒入适量鸭绿江水，将装有江水的烧杯放在已调平的天平左盘，向右盘中加减砝码并调节游码，天平再次平衡后，右盘中砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则江水和烧杯的总质量为______ g；
③将烧杯中的江水倒入量筒中一部分，如图丙所示，则量筒中江水的体积为______ cm3；
④用天平测出剩余江水和烧杯的总质量为53.2g，则所测江水的密度为______ kg/m3；
⑤在把烧杯中的江水倒入量筒中时，如果有几滴江水滴到桌面上，会导致所测江水密度值______ (选填“偏大”或“偏小”)。
(2)在没有天平的条件下，小明使用不吸水的木块(已知木块的密度为ρ木)、细钢针和量筒，进行了如图丁所示的实验：
①向量筒中倒入适量的江水，体积记为V1；
②将木块轻轻放入量筒中，当木块静止时，液面对应的体积记为V2；
③用细钢针将木块压入江水中，使其浸没，静止时液面对应的体积记为V3；
④鸭绿江水密度的表达式ρ= ______ 。(用V1、V2、V3和ρ水表示)
27. 在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小潘同学选择了三块粗糙程度不同的长木板、一个木块、质量相等的砝码若干、一个弹簧测力计，进行实验。
(1)如图所示，将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做______ 运动，根据______ 知识可知，木块受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
(2)小潘经过多次实验获得下表中的实验数据。
实验次数
实验条件
弹簧测力计示数F/N
1
木块
长木板
0.8
2
木块上放1个砝码
长木板
1.0
3
木块上放2个砝码
长木板
1.2
4
木块上放1个砝码
粗糙长木板
1.3
5
木块上放1个砝码
更粗糙长木板
1.7
①分析表中______ 三次实验数据，可以得出在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越______ ；
②分析表中2、4、5三次实验数据，可以得出在______ 相同的情况下，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
(3)实验过程中，当弹簧测力计的示数为0.5N时，木块未被拉动，此时木块受到的摩擦力______ 0.5N。(选填“大于”“小于”或“等于”)
(4)体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这是通过增大______ 来增大摩擦力。
28. 在“探究电流与电压的关系”实验中，小潘设计并连接了如图甲所示的电路。
(1)在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最______ 端。(选填“左”或“右”)
(2)闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，已知导线、仪表均完好且接触良好，则故障原因可能是定值电阻______ 。(选填“断路”或“短路”)
(3)排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为1.0V时，电流表示数如图乙所示，则电流表示数为______ A。
(4)继续移动滑动变阻器的滑片，进行多次测量，记录实验数据如下表。
实验次数
1
2
3
4
电压U/V
1.0
1.6
2.2
2.8
电流I/A
0.16
0.22
0.28
分析表中数据可知：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成______ 。
(5)同桌的小明分别用两个阻值未知的电阻R1和R2进行实验，得到两个电阻的I−U图象，如图丙所示。由图象可知R1 ______ R2。(选填“>”“<”或“=”)
(6)若将定值电阻换成小灯泡，不能达到本实验的探究目的，是因为______ 。
29. 在“测量小灯泡的额定功率”实验中，小潘选用的小灯泡L的额定电压为2.5V。
(1)小潘设计了如图甲所示的电路图，连接好电路后，闭合开关S，发现电流表的指针向左偏转，如图乙所示，其原因是______ 。
(2)排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P到某一位置时，电压表示数如图丙所示，为______ V，要测量小灯泡L的额定功率，滑片P应向______ (选填“左”或“右”)移动，使电压表示数为2.5V，此时电流表示数为0.24A，则小灯泡L的额定功率为______ W。
(3)实验结束后，小潘认为没有电流表也能测出小灯泡的额定功率。于是他找来了另一个电源(电压恒为8V)、一个额定电压为6V的小灯泡L1和一个阻值为20Ω的定值电阻R0等器材，设计了如图丁所示的电路，并完成了实验。实验过程如下：
①断开开关S1，闭合开关S、S2，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为______ V，小灯泡L1正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；
③小灯泡L1的额定功率为______ W。
六、计算题（本大题共3小题，共20.0分）
30. 某小汽车的质量为1500kg，轮胎与水平地面总接触面积为0.05m2。小汽车在平直的公路上匀速行驶6.9km，消耗汽油0.5kg，已知小汽车匀速直线行驶时受到的阻力为1000N。(汽油的热值q=4.6×107J/kg)求：
(1)该小汽车在水平地面上静止时对地面的压强；
(2)在此过程中该小汽车牵引力所做的功；
(3)该小汽车发动机的效率。
31. 如图所示是某品牌电热锅的简化电路，R1、R2均为发热电阻。电热锅工作时，通过开关S1和S2实现低温、中温和高温的挡位控制。已知低温挡电阻R1=110Ω，中温挡功率为880W。求：
(1)电热锅低温挡工作时的电功率；
(2)电热锅中温挡工作时的电流；
(3)使用电热锅高温挡将质量为2kg的水从20℃加热到75℃所用的时间。[不计热量损失，水的比热容c=4.2×103J/(kg⋅℃)]
32. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V，3W”字样，定值电阻R1阻值为20Ω，滑动变阻器R2最大阻值为18Ω。(不考虑温度对灯丝电阻的影响)求：
(1)小灯泡L的电阻；
(2)当开关S、S1都闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到a端时，小灯泡L恰好正常发光，求电流表的示数；
(3)当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，小灯泡L的电功率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、中学生立定跳远的距离约为2m，故A错误；
B、中学生正常呼吸一次的时间约为2s～3s左右，故B错误；
C、一名中学生的质量约为50kg，故C正确；
D、中学生的正常体温约为37℃，并且变化的幅度很小，故D错误；
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】A
【解析】解：A、发声的音叉将乒乓球弹开，该现象说明发声的物体在振动，故A正确；
B、刻度尺振动得越快，发出声音的音调越高，故B错误；
C、用大小不同的力敲击鼓面，鼓面的振幅不同，响度不同，故C错误；
D、工人戴防噪声耳罩，属于在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)声音的音调与频率有关；
(3)响度跟振幅和距离声源的远近有关，在距离声源距离相等时，振幅越大，响度越大；
(4)减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。
本题考查了声音的产生、声音的特性、声音的利用以及噪声的防治等知识，是一道声学综合题。
3.【答案】B
【解析】解：A、放在衣箱里的樟脑丸变小，这是升华现象，故A错误；
B、从冰箱中取出的鸡蛋，过一会儿变湿，这是液化现象，故B正确；
C、夏天，晒在太阳下的湿衣服变干，这是汽化现象，故C错误；
D、冬天，窗玻璃上出现冰花，这是凝华现象，故D错误；
故选：B。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；物质由气态变为液态叫液化，物质由液态变为气态叫汽化；物质由固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固。
此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。
4.【答案】B
【解析】解：AC、日晷上的影子、屏上的皮影，都是由光沿直线传播形成的，故AC错误；
B、斜插在水中的筷子，筷子在水面处看起来变折了，这是由于筷子反射的光从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以筷子在水中的部分是向上弯折，是由于光的折射形成的，故B正确；
D、水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D错误。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题考查的是我们生活中光现象原理的判断，这是我们光现象中的重点，是中考时必考的一个知识点。
5.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1和R2并联，电流表A2测通过R的电流，电流表A1测通过R0的电流，电压表测电源的电压；
因电源的电压不变，所以电压表的示数不变，故AB错误；
滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表A2的示数变小，故D正确；
因为并联电路两端电压不变，而定值电阻R0的阻值不变，所以根据欧姆定律可知通过R0的电流不变，即电流表A1示数不变，故C错误。
故选：D。
由电路图可知，R1和R并联，电流表A2测通过R的电流，电流表A1测通过R0的电流，电压表测电源的电压；根据电源的电压不变可知电压表的示数不变，当滑动变阻器滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，再根据欧姆定律和并联电路电压规律可知电路中电流的变化，即电流表的示数变化。
本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表的影响，解决此类问题要判断滑动变阻器在电路中电阻的变化，再利用并联电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化。
6.【答案】B
【解析】解：AB、由图可知，小磁针的磁极为：左侧为N极，右侧为S极，根据异名磁极相互吸引，则可知螺线管的磁极为：左侧为N极，右侧为S极，则根据安培定则可知，电流是从B端流入螺线管的；故A错误，B正确；
C、通电螺线管周围磁感线，是人为引入的，不是真实存在，故C错误；
D、电磁铁由螺线管和铁芯两部分组成，电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数有关，改变导线中电流大小，通电螺线管磁性强弱会改变，故D错误。
故答案为：B。
(1)已知小磁针的磁极，利用磁极间的作用规律，可判断出通电螺线管的磁极，再由安培定则来得出电流方向；
(2)为了便于研究磁场，我们引入了磁感线的概念；
(3)电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小和线圈匝数。
本题考查了磁场的方向、安培定则、磁感线、电磁铁磁性强弱的影响因素等，比较综合，难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知动滑轮上绳子的有效股数为n=2，绳子自由端移动的速度为0.2m/s，则物体升高的速度为v物=1nv绳=12×0.2m/s=0.1m/s，
经过5s物体被提升的高度为：
h=v物t=0.1m/s×5s=0.5m，故A错误；
B、经过5s小潘做的有用功为：
W有用=Gh=8N×0.5m=4J，故B错误；
C、不计绳重和摩擦，小潘对绳子的拉力为：
F=G+G动n=8N+2N2=5N，故C错误；
D、绳子移动的距离为：s=2h=2×0.5m=1m，
拉力做的总功为：
W总=Fs=5N×1m=5J，
此过程中该动滑轮的机械效率：
η=W有用W总×100%=4J5J×100%=80%，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知动滑轮上绳子的有效股数，绳子自由端移动的速度为0.2m/s，则物体升高的速度为v物=1nv绳，根据速度公式的变形式s=vt可求出经过5s物体被提升的高度；
(2)根据W=Gh算出经过5s小潘做的有用功；
(3)不计绳重和摩擦，根据F=G+G动n求出小潘对绳子的拉力F；
(4)由s=2h算出绳子移动的距离，根据W=Fs算出拉力做的总功，由η=W有用W总×100%算出此过程中该动滑轮的机械效率。
本题主要考查了滑轮组的特点、功和机械效率公式的应用，根据图示确定承担物重的绳子股数n是本题的突破口。
8.【答案】ABD
【解析】解：A.火箭加速升空的过程中，飞船与地面之间有位置的变化，以地面为参照物，飞船是运动的，故A正确；
B.火箭点火向下喷出气体，给气体一个向下的力，由于物体间力的作用是相互的，火箭受到一个向上的力，所以火箭向上运动，故B正确；
C.火箭使用的氢燃料燃烧时将化学能转化为内能，故C错误；
D.火箭加速升空的过程中，飞船的质量不变，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，故D正确。
故选：ABD。
(1)运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)燃料燃烧将化学能转化为内能；
(4)动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、所处的高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
本题考查了机械运动、物体间力的作用是相互的、能量的转化和机械能的转化，综合性较强。
9.【答案】ACD
【解析】解：A、实心物体A、B的体积相同，若物体A、B密度相等，由m=ρV知A、B的质量相同，由G=mg知A、B的重力相同，由图知A悬浮，B漂浮，浮力都等于其自身的重力，由于重力相同，则物体A、B受到的浮力相等，故A正确；
B、若物体A、B密度相等，物体A悬浮，甲液体的密度等于A物体的密度，物体B漂浮，乙液体的密度大于B物体的密度，所以乙液体的密度大于甲液体的密度；
由于两容器中液面相平，所以液体和物体排开液体的总体积相同，由于实心物体A、B的体积相同，所以VA排>VB排，则VA液
由于A悬浮，B漂浮，浮力都等于其自身的重力，由于物体A的重力大于物体B的重力，则物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力，故D正确。
故选：ACD。
(1)实心物体A、B的体积相同，若物体A、B密度相等，由m=ρV判断出A、B质量的关系，由G=mg判断出A、B重力的关系，根据浮沉条件判断出物体A、B受到浮力的关系；
(2)若物体A、B密度相等，根据浮沉情况判断出物体密度与液体密度的关系，进而判断出甲、乙液体密度的关系；
由于两容器中液面相平，所以液体和物体排开液体的总体积相同，根据实心物体A、B的体积相同和浮沉情况判断出液体体积的关系，由G=mg=ρVg判断出甲、乙液体重力的关系，根据A、B重力、容器的重力的关系，判断出甲、乙容器对桌面压力的关系，由p=FS判断出甲、乙容器对桌面压强的关系；
(3)若甲、乙液体密度相等，根据浮沉条件判断出物体A、B密度的关系，由于实心物体A、B的体积相同，由G=mg=ρVg判断出物体A、B重力的关系，根据浮沉情况判断出物体A、B受到浮力的关系。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压强和密度公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
10.【答案】ACD
【解析】解：A、由图可知，当滑动变阻器的滑片位于a端时，电路为R1的简单电路，此时电路中的电流最大，为0.8A，则电源电压：U=I最 大R1=0.8A×10Ω=8V，故A正确；
BC、由图可知，当滑动变阻器的滑片位于b端时，两电阻串联，滑动变阻器全部接入电路，阻值为30Ω，此时电路中电流最小为0.2A，R1的电功率最小，则P最小=I最小2R1=(0.2A)2×10Ω=0.4W，故B错误、C正确；
D、当滑片P位于中点时，变阻器接入电路的阻值为15Ω，则R1与R2的电功率之比为：P1P2=I2R1I2R2=R1R2=10Ω15Ω=23，故D正确。
故选：ACD。
闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从b端移动到a端的过程中，滑动变阻器的阻值从最大的30Ω，到接入为零，电流从最小的0.2A，到最大值为0.8A，据此可根据欧姆定律得出电源电压，根据电功率的公式计算R1的最小功率；当滑片P位于中点时，明确R1与R2的电阻值，根据P=I2R可求它们电功率的比值。
本题中，明确两电阻的串联关系，能根据滑动变阻器的变化，从图像中找出相关的信息，并熟练运用欧姆定律和电功率的公式，是解答的关键。
11.【答案】信息 空气
【解析】解：(1)上课铃声响起后，同学们走进教室开始上课。这是利用了声可以传递信息；
(2)上课铃声是通过空气传入人耳的。
故答案为：信息；空气。
(1)声可以传递信息和能量；
(2)物体振动产生声音。
理解声音的传播条件，知道声可以传递信息和能量，可解答此题。
12.【答案】正 绝缘体
【解析】解：用丝稠摩擦玻璃棒，玻璃棒由于失去电子而带正电；通常情况下，玻璃不容易导电，是绝缘体。
故答案为：正；绝缘体。
(1)自然界存在两种电荷，正电荷和负电荷。用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；
(2)容易导电的物体叫导体；不容易导电的物体叫绝缘体。
本题考查导体的性质、摩擦起电的实质，注意从题干中获取有用信息是解题的关键，比较简单。
13.【答案】运动状态 惯性 不做功
【解析】解：运动员把飞来的篮球接住，运动员给篮球一个作用力，篮球由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态；
篮球离开手后，继续向上运动，是因为篮球具有惯性，仍然要保持原来的运动状态；
篮球离开手后，依靠惯性向前运动，不再受到人的作用力，所以手对篮球不做功。
故答案为：运动状态；惯性；不做功。
(1)力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(3)物理学中做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。
此题考查力的作用效果、力是否做功的判断、惯性，具有一定的综合性，但都属于基础知识考查，难度不大。
14.【答案】40 不能
【解析】解：当入射光线与平面镜的夹角为50°时，入射角为90°−50°=40°，根据光的反射定律：反射角等于入射角，反射角也为40°；
若将ON右侧纸板F沿ON向后转动，则纸板F和E没有在同一平面上，纸板F上不能显示出反射光束。
故答案为：40；不能。
光的反射定律的内容：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角；入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角；
将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F和E没有在同一平面上，纸板F上不能显示出反射光束，据此分析回答。
此题主要通过实验探究了光的反射定律，通过各个分实验分别探究了两角大小和三线之间的关系。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律。培养学生观察、分析、概括能力。
15.【答案】电磁波 不变
【解析】解：飞船与地面接收站之间是通过电磁波传递信息的，电磁波可以在真空中传播；五星红旗被航天员带到空间站，只是位置发生了变化，它的质量不变。
故答案为：电磁波；不变。
电磁波可以在真空中传播；质量是物质的一种属性，不随物质的形状、状态、位置和温度的变化而变化。
本题考查电磁波和质量的有关知识，难度不大。
16.【答案】做功 扩散
【解析】解：由图可知，进气门、排气门都关闭，活塞向下运动，为做功冲程；在加油站为汽车加油时，能闻到汽油味，是因为汽油分子在不停地做无规则运动的结果，是扩散现象。
故答案为：做功；扩散。
四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，吸气冲程，进气门打开，排气门关闭；压缩冲程，两个气门都关闭，活塞向上运动；做功冲程，两个气门都关闭，活塞向下运动；排气冲程，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动；组成物质的分子在不停地做无规则运动。
本题主要考查热机的工作过程以及扩散现象，属于基础题型。
17.【答案】受力面积 大气压
【解析】解：吸管有一端很尖，在压力一定时，减小了受力面积，增大了压强，所以更容易将吸管插入包装盒中；
用吸管吸酸奶时，吸管内部气压降低，酸奶在大气压作用下被“吸”入口中。
故答案为：受力面积；大气压。
(1)压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；
(2)用吸管喝牛奶时，是利用大气压的作用把牛奶压入嘴里。
用吸管吸牛奶利用了压强、大气压的作用等知识点，体现了物理和生活的密切关系。掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
18.【答案】6 可再生 核聚变
【解析】解：轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程：s=vt=60km/h×0.1h=6km；
太阳能是太阳内部氢发生聚变反应产生的；这种能源可以源源不断地从自然界直接获取，故属于可再生能源。
故答案为：6；可再生；核聚变。
(1)利用速度公式求出轻轨列车以最高速度行驶0.1h通过的路程；
(2)太阳能是太阳内部氢发生聚变反应产生的；太阳能是我们可以从自然界源源不断地获取的能源，属于可再生能源。
本题考查速度公式的灵活运用和能源的分类、能源的来源，难度不大。
19.【答案】2.06×104 小
【解析】解：舰体距海面2m深处受到海水的压强p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×2m=2.06×104Pa；
两只舰艇不能近距离高速并排行驶，是由于两舰艇间水的流速越大，压强越小，两舰艇外侧水的流速越小，压强越大，形成向内的压力差，可能使两只舰艇发生相撞。
故答案为：2.06×104；小。
利用液体压强计算公式计算即可；
流体的流速越大的位置，压强越小。
本题考查了液体压强公式的应用、流体压强与流速的关系的应用，属于基础题。
20.【答案】3.6×104 200
【解析】解：(1)转盘转动30转消耗电能：W=303000kW⋅h=0.01kW⋅h=0.01×3.6×106J=3.6×104J；
(2)用电器的功率：P=Wt=3.6×104J3×60s=200W。
故答案为：(1)3.6×104；(2)200。
3000revs/(kW⋅h)表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000r，据此求出转盘转30r电路中消耗的电能，然后根据P=Wt求出用电器的功率。
本题考查利用电能表和秒表计算电器消耗的电功和电功率，属于典型题，难度不大。
21.【答案】解：由平面镜成像特点作出灯泡A的对称点，即灯泡A的像点A′，连接A′B，与镜面的交点为入射点O，连接OB为反射光线，再连接AO为入射光线。如图所示：
【解析】根据平面镜成像的特点可知，像与物关于镜面对称，由此作出小灯泡A的像点；根据反射光线的延长线过像点作出反射光线，并完成光路。
本题考查根据平面镜成像作图，关键知道反射光线的反向延长线一定过像点。
22.【答案】解：已知支点为O，要求作用在A点的动力F1最小，由杠杆平衡条件可知动力臂L1应最长，由图知最长的动力臂等于OD；要使杠杆平衡，该力的方向应斜下方，且与撬棒垂直，过D点作垂直于OD向下的动力F1，那么OD即为所作的动力臂l1；
过O点作力F2作用线的垂线段l2，则l2即为所作的阻力臂，如图所示：
【解析】(1)力臂即点到线的距离。先找点(支点)，再作线(F2的作用线)，最后作点到线的距离。
(2)由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
学会根据力臂越长，作用力越小的原则分析杠杆中最小力的问题；注意分析杠杆中最小力的问题时，先确定力臂，然后根据力与力臂的关系画出最小作用力的方向。
23.【答案】解：(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡，最后灯泡接零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再连接灯泡，最后到零线。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
24.【答案】温度计的玻璃泡碰到容器底 A 76 99 低于 停止加热
【解析】解：(1)实验组装过程中，要采用自下而上的方法组装，图甲中温度计的玻璃泡接触了烧杯底部，应调整A；
(2)确定温度计的分度值为1℃，在0刻度线以上，示数为76℃；
(3)从图象可以看出水在沸腾过程中保持99℃不变，所以沸点为99℃；沸腾时，温度保持不变，1标准大气压时水的沸点为100℃，气压越小沸点越低，由此可知当地当时的大气压低于标准大气压；
(4)为探究水沸腾的过程中是否需要吸热，应停止加热，观察水是否继续沸腾。
故答案为：(1)温度计的玻璃泡碰到容器底；A；(2)76；(3)99；低于；(4)停止加热。
(1)实验组装过程中，要采用自下而上的方法组装，温度计在使用时玻璃泡不能接触烧杯底或烧杯壁；
(2)确定温度计的分度值为1℃，读出示数；
(3)水沸腾时的特点：不断吸热，但温度保持不变；1标准大气压时水的沸点为100℃，气压越低沸点越低；
(4)水沸腾时的特点：不断吸热但温度保持不变。
在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。
25.【答案】较暗 光屏的中央位置 缩小 右 变大 正立 放大镜
【解析】解：(1)实验在较暗的环境中进行，现象更明显。
(2)实验前，要调整凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致同一高度，这样做的目的是使像呈在光屏的中央位置；
(3)如图所示的情景，此时光屏上恰好呈现清晰的像，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像；
(4)保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到25cm刻度线处，凸透镜成实像时，物近像远像变大，若想在光屏上得到清晰的像，应把光屏向右移动，像将变大；
(5)保持凸透镜位置不变，小潘将蜡烛移动到40cm刻度线处，此时u
(1)进行探究凸透镜的成像规律实验时，物体和环境的对比度越大，物体越亮，物体成像越清晰；
(2)探究凸透镜成像时，烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度，像能成在光屏的中央位置；
(3)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像；
(4)根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答；
(5)当u
26.【答案】水平 右 93.6 40 1.01×103 偏大 V3−V1V2−V1ρ木
【解析】解：
(1)
①将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，此时指针偏左，说明右盘偏轻，所以应向右调节平衡螺母，直到天平平衡；
②由图乙可知，江水和烧杯的总质量为50g+20g+20g+3.6g=93.6g；
③图丙中量筒的分度值为读出江水的体积2mL，量筒中江水的体积为40mL=40cm3；
④由题意得，量筒中江水的重力m=93.6g−53.2g=40.4g，
江水的密度ρ=mV=40.4g40cm3=1.01g/cm3=1.01×103kg/m3；
⑤在把烧杯中的江水倒入量筒中时，如果有几滴江水滴到桌面上，会导致量筒中江水的体积测量的偏小，又因为烧杯中的江水倒出的江水的质量是一定的，由密度公式可知，所测江水密度值偏大；
(2)
④由题意可知，木块的体积为V3−V1，则木块的重力G木=m木g=ρ木(V3−V1)g，
由步骤②可知木块漂浮时，木块排开水的体积为V2−V1，木块受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρg(V2−V1)；
根据漂浮的条件可知，F浮=G木，
即ρ木(V3−V1)g=ρg(V2−V1)，
解得江水的密度ρ=V3−V1V2−V1ρ木。
故答案为：(1)①水平；右；②93.6；③40；④1.01×103；⑤偏大；(2)④V3−V1V2−V1ρ木。
(1)
①根据天平称量质量前的调节平衡的方法解答即可；
②江水和烧杯的总质量等于砝码质量与游码对应质量的和；
③先看清量筒的分度值，再根据图丙读出江水的体积；
④计算量筒中江水的质量，利用密度公式计算江水的密度；
⑤抓住江水的体积和质量测量得偏差情况，利用密度公式分析所测江水密度值的偏差情况；
(2)
④由题意可表示出木块的体积和木块漂浮时的排开水的体积，再利用重力公式和阿基米德原理可以表示出木块的重力和漂浮时的浮力；根据木块漂浮时浮力等于自身的重力，列出等式解答即可。
本题考查了天平和量筒的使用、密度的计算、密度测量值的偏差分析，还考查了利用浮力测量液体的密度，有一定的难度。
27.【答案】匀速直线 二力平衡 1、2、3 大 压力 等于 接触面的粗糙程度
【解析】解：(1)将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块使其做匀速直线运动，根据二力平衡原理可知，木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数；
(2)①要研究摩擦力大小与接触面所受的压力的关系，必须控制其他变量相同，应选择1、2、3，通过实验数据可知，其他因素相同时，压力越大，弹簧测力计示数越大，即滑动摩擦力越大，可得出结论：当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
②要研究摩擦力大小与接触面的粗糙程度的关系，必须控制其他变量相同：表格中2、4、5，的木块放置情况、压力相同，木板表面情况不同，通过比较弹簧测力计示数大小关系，可得出结论：当压力相同时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大
(3)用弹簧测力计沿水平方向拉木块，当弹簧测力计示数是0.5N时，木块静止处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，所以此时木块受到的摩擦力等于0.5N；
(4)体操运动员上器械前，在手上涂防滑粉，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)①1、2、3；大；②压力；(3)等于；(4)接触面的粗糙程度。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)要探究滑动摩擦力与接触面所受的压力的关系，必须要控制其他变量相同，选择合适的实验，并根据实验现象总结实验结论；
(3)静止的物体或做匀速直线运动的物体处于平衡状态，受到的力为平衡力，根据平衡力的条件求出摩擦力大小；
(4)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查了二力平衡条件的应用和力与运动关系以及影响滑动摩擦力大小的因素，难度不大。
28.【答案】左 断路 0.1 正比 < 实验中应控制电阻的阻值不变，而灯泡的电阻会随温度的变化而变化
【解析】解：(1)在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即最左端。
(2)闭合开关，发现电流表有示数，则电路接通，电压表无示数，则电压表所测量的元件断路，已知导线、仪表均完好且接触良好，则故障原因可能是定值电阻断路。
(3)电流表选用小量程，分度值为0.1A，电流表示数为0.1A。
(4)分析表中数据，结合欧姆定律可知R=UI=1V0.1A=....=2.8V0.28A=10Ω，
可知：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
(5)由图象可知，在电流相同时，R2两端的电压大于R1两端的电压，根据R=UI可知R1
故答案为：(1)左；(2)断路；(3)0.1；(4)正比；(5)<；(6)实验中应控制电阻的阻值不变，而灯泡的电阻会随温度的变化而变化。
(1)在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处。
(2)闭合开关，发现电流表有示数，则电路接通，电压表无示数，则电压表所测量的元件断路。
(3)电流表选用小量程，分度值为0.1A，据此得出电流表示数。
(4)分析表中数据，结合欧姆定律可得出结论。
(5)由图象可知，在电流相同时，R2两端的电压大于R1两端的电压，根据R=UI可知两电阻的大小关系。
(6)实验中应控制电阻的阻值不变，灯泡的电阻随温度的变化而变化。
本题为“探究电流与电压的关系”实验，考查注意事项、故障分析、实验结论等知识。
29.【答案】电流表正、负接线柱接反了 1.8 左 0.6 2 0.15
【解析】解：(1)乙中电流表指针反偏，说明电流表正、负接线柱接反了；
(2)由乙图可知，电压表所选量程为0～3V，分度值为0.1V，读出其示数为1.8V；示数小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.24A=0.6W；
(3)①断开开关S1，闭合开关S、S2，滑动变阻器与小灯泡L1串联，电压表测滑动变阻器的电压，根据串联分压原理，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为：U=U电源−UL=8V−6V=2V，小灯泡L1正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器与R0串联，电压表测滑动变阻器的电压；保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；根据串联分压原理得，U0R0=U′R滑，则滑动变阻器的电阻为：R滑=U′R0U0=(8V−1.6V)×20Ω1.6V=80Ω，
③在①中，电路电流为：I=UR滑=2V80Ω=0.025A；
小灯泡L1的额定功率为：P额=ULI=6V×0.025A=0.15W。
故答案为：(1)电流表正、负接线柱接反了；(2)1.8；左；0.6；(3)①2；②0.15W。
(1)电流表在使用时，电流要从正接线柱流入、负接线柱流出；
(2)根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；根据P=UI可求出灯泡的额定功率；
(3)①断开开关S1，闭合开关S、S2，滑动变阻器与小灯泡L1串联，电压表测滑动变阻器的电压，根据串联分压原理求出电压表的示数；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器与R0串联，电压表测滑动变阻器的电压；保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；根据串联分压原理求出滑动变阻器的电阻；
③在①中，根据欧姆定律求出电路电流；再根据P=UI求出小灯泡L1的额定功率。
本题是测灯泡功率的实验，考查了电路连接、电压表的读数、电路分析、串联电路特点、电功率计算等，综合性强。
30.【答案】解：(1)汽车在水平地面上静止时对地面的压力：
F=G=mg=1500kg×10N/kg=1.5×104N，
则汽车在水平地面上静止时对地面的压强：
p=FS=1.5×104N0.05m2=3×105Pa；
(2)汽车在平直的公路上匀速行驶时，处于平衡状态，
则牵引力F牵=f=1000N，
所以汽车牵引力所做的功：
W=F牵s=1000N×6.9×103m=6.9×106J；
(3)燃料完全燃烧放出的热量：
Q放=mq=0.5kg×4.6×107J/kg=2.3×107J，
该汽车发动机的效率：
η=WQ放×100%=6.9×106J2.3×107J×100%=30%。
答：(1)该小汽车在水平地面上静止时对地面的压强为3×105Pa；
(2)在此过程中该小汽车牵引力所做的功为6.9×106J；
(3)该小汽车发动机的效率为30%。
【解析】(1)汽车在水平地面上静止时对地面的压力等于其重力，根据F=G=mg求出，然后根据p=FS计算对地面的压强；
(2)利用二力平衡条件得出牵引力，然后根据W=Fs计算汽车牵引力所做的功；
(3)根据Q放=mq计算燃料完全燃烧释放的能量，根据η=WQ放计算小汽车发动机的效率。
此题考查压强、功和效率的计算，以及二力平衡条件的应用，属于中考压轴题，解题的关键是相关公式和原理的灵活运用。
31.【答案】解：(1)R1的独立工作时的电功率：P1=U2R1=(220V)2110Ω=440W，
由于P1
(3)由图知当S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，为低温挡；当S2闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，为中温挡；当S1、S2都闭合时，R1、R2并联，为高温挡，则高温的功率为：
P高温=P低温+P中温=440W+880W=1320W；
水吸收的热量为：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(75℃−20℃)=4.62×105J，
若不计热量损失，消耗的电能W=Q吸=4.62×105J，
所需时间为：
t=WP高温=4.62×105J1320W=350s。
答：(1)电热锅低温挡工作时的电功率为440W；
(2)电热锅中温挡工作时的电流为4A；
(3)使用电热锅高温挡将质量为2kg的水从20℃加热到75℃所用的时间为350s。
【解析】(1)根据P=U2R1算出R1的独立工作时的电功率，从而确定低温挡工作时的电功率；
(2)根据P=UI算出电热锅中温挡工作时的电流；
(3)由图知当S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，为低温挡；当S2闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，为中温挡；当S1、S2都闭合时，R1、R2并联，为高温挡，根据P高温=P低温+P中温算出高温挡；根据Q吸=cmΔt得出水吸收的热量，若不计热量损失，根据W=Q吸得出消耗的电能，根据t=WP高温算出所需时间。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式和电功公式的灵活应用，正确的判断电热锅处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
32.【答案】解：(1)不考虑温度对灯丝电阻的影响，根据P=U2R可知小灯泡L的电阻RL=UL2PL=(6V)23W=12Ω；
(2)当开关S、S1都闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到a端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，定值电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流。
小灯泡L恰好正常发光，则电源电源U=UL=6V，
通过灯泡的电流IL=PLUL=3W6V=0.5A，
通过定值电阻的电流I1=UR1=6V20Ω=0.3A，
电流表的示数I=IL+I1=0.5A+0.3A=0.8A；
(3)当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，灯泡和滑动变阻器串联，根据欧姆定律可知电路电流I′=URL+R2=6V12Ω+18Ω=0.2A，
小灯泡L的电功率P灯=I′2RL=(0.2A)2×12Ω=0.48W。
答：(1)小灯泡L的电阻为12Ω；
(2)电流表的示数为0.8A；
(3)当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，小灯泡L的电功率为0.48W。
【解析】(1)不考虑温度对灯丝电阻的影响，根据P=U2R可知小灯泡L的电阻；
(2)当开关S、S1都闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到a端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，定值电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流。
小灯泡L恰好正常发光，则电源电源U=UL=6V，
根据P=UI得出通过灯泡的电流，根据欧姆定律得出通过定值电阻的电流，根据并联电路的电流特点得出电流表的示数；
(3)当开关S1断开，S闭合，滑动变阻器R2的滑片P移到b端时，灯泡和滑动变阻器串联，根据欧姆定律可知电路电流，根据P=I2R得出小灯泡L的电功率。
本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，是一道综合题。
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