还剩18页未读，
继续阅读
2022-2023学年湖北省鄂州市临空经济区八年级（下）期末物理试卷（含解析）
展开
这是一份2022-2023学年湖北省鄂州市临空经济区八年级（下）期末物理试卷（含解析），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年湖北省鄂州市临空经济区八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列估测的数据最接近实际的是( )
A. 一瓶学生风味酸奶的质量约为200g
B. 鄂洋澜湖冬季水温约为−10℃
C. 一名中学生游泳时受到的浮力约为50N
D. 小明上楼梯克服重力做功的功率约为2000W
2. 关于力和运动的关系，下列说法正确的是( )
A. 物体运动状态改变，一定受到力的作用
B. 物体受到了力的作用，运动状态一定改变
C. 没有力的作用，运动的物体会慢慢停下来
D. 物体在平衡力作用下，一定处于匀速直线运动状态
3. 关于物体的惯性，以下说法正确的是( )
A. 高速飞行的子弹具有惯性，穿入木头静止后惯性消失
B. 驾驶员系安全带，是为了减小驾驶员的惯性
C. 物体静止时才具有惯性
D. 百米赛跑运动员到达终点不能马上停下来，是由于运动员具有惯性
4. 一架运有农药的飞机从鄂州花湖机场起飞，到达一片农田后匀速直线喷洒农药，在喷洒过程中飞机整体的动能和重力势能变化情况是( )
A. 动能、重力势能都不变 B. 动能不变，重力势能变大
C. 重力势能不变，动能变大 D. 动能、重力势能都变小
5. 关于如图所示的四个情境，下列说法中正确的是( )
A. 甲图中手用力推杯子，杯子没动，手的推力对杯子做功
B. 乙图中手托着杯子长时间不动，手向上托的力对杯子做功
C. 丙图中手托着杯子水平向右移动，手向上托的力对杯子做功
D. 丁图中手托着杯子竖直向上移动，手向上托的力对杯子做功
6. 如图，用同一滑轮组分别将物体A和物体B匀速提升相同的高度。与提升B相比，提升A的过程滑轮组的机械效率较大。若不计绳重与摩擦的影响，则提升A的过程( )
A. 额外功较小 B. 额外功较大 C. 总功较小 D. 总功较大
7. 在弹簧测力计下悬挂一个金属零件，示数是7.5N.把零件浸入密度为0.8×103kg/m3的液体中，当零件14的体积露出液面时，测力计的示数是6N，则金属零件的体积是(g取10N/kg)( )
A. 2×10−4m3 B. 2.5×10−4m3 C. 6×10−4m3 D. 7.5×10−4m3
8. 独轮车是生活中搬运砖块的轻便工具，在竖直向上的拉力F1作用下，独轮车在图示位置保持静止，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 独轮车可看作是一个费力杠杆
B. 图中车砖的总重力G与拉力F1之比为3：1
C. 为了更轻便，可以把车厢内砖块适当向后移动
D. 若将拉力由F1方向改为F2方向会更省力一些
9. 如图所示，C是水平地面，A、B是两个长方形物块，F是作用在物块B上沿水平方向的力，物块A和B以相同的速度做匀速直线运动。由此可知，关于A、B间摩擦力f1和B、C间摩擦力f2的分析中，正确的是( )
A. f1=0，f2≠0 B. f1=0，f2=0 C. f1≠0，f2=0 D. f1≠0，f2≠0
10. 如图所示，是a、b两种物质m−V的关系图像，若用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，将甲、乙放在水平地面上。下列说法正确的是 ( )
A. a、b的密度之比为4:1
B. 甲、乙两个正方体对地面的压强之比为4:1
C. a、b的密度之比为2:1
D. 甲、乙两个正方体对地面的压强之比为2:1
11. 甲、乙两个完全相同的圆柱形烧杯放置在水平桌面上，内装入适量的密度不同但质量相等的盐水，将同一个鸡蛋先后放入甲、乙烧杯中，鸡蛋在两烧杯中静止时所处的状态如图所示。下列判断正确的是( )
A. 甲杯中盐水密度为ρ甲，乙杯中盐水密度为ρ乙，则ρ甲>ρ乙
B. 鸡蛋在甲、乙两烧杯中受到的浮力分别为F浮和F′浮，则F浮>F′浮
C. 放入鸡蛋后，甲、乙两烧杯对桌面的压力分别为F甲和F乙，则F甲=F乙
D. 放入鸡蛋后，甲、乙两烧杯底部受到的压强分别为p甲和p乙，则p甲>p乙
12. 体重为600N的小阅用如图所示的滑轮组来提升重1350N的物体，他用500N的拉力使该物体缓慢匀速上升，5s内物体上升了1m。不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，下列说法中正确的是( )
A. 小阅拉力做功的功率为100W
B. 此时滑轮组的机械效率为75%
C. 提升重物的过程中克服动滑轮重力做功450J
D. 小阅用该滑轮组能提起的最大物重为1650N
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共5小题，共10.0分）
13. 一艘远洋轮船装上货物后，发现船身下沉了一些，则它受到的浮力______(填“变大”“变小”或“不变”)，当船由内河驶入大海后，船受的浮力______(填“变大”“变小”或“不变”)，船相对于水面将______(填“上浮”“下沉”或“不变”)。
14. 如图所示，将A管插入装有水的杯中，用嘴衔住A管的上端能将水吸上来是利用了______ ；把另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端，往B管中轻轻吹气，可看到A管内的水面上升，原因是______ 。
15. 在体育考试中，小明投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示。若实心球重20N，从最高点到落地点的过程中，球下降的高度为2.7m，用时约0.75s.则球下降过程中重力做功为______J，功率为______W。
16. 如图所示为两端开口的漏斗状圆台形容器A，在A下端挡上一质量不计的薄塑料片B，将两端开口的圆台A插入水槽中，若在塑料片B上放一个1kg的砝码，塑料片B刚好下落，现将砝码取出并向圆台A内注水，当塑料片刚好下落时，水的质量______ 1kg(大于、等于或小于)。
17. 如图所示，将边长10cm的正方体木块放入装有水的烧杯中，木块静止时，上表面距离水面4cm，g取10N/kg，木块的密度是______ kg/m3，使木块完全浸没需要向下______ N的力。
三、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
18. 如图所示，一小球从弧形槽上的A点静止释放，小球沿弧形槽滚至另一端的最高点为C点，试作出由A点滚至C点过程中，小球在B点(即弧形槽底部与水平面的切点)受力的示意图(忽略空气阻力)
19. 如图所示，在C点用力把桌腿A抬离地面时，桌腿B始终没有移动，请在C点画出最小作用力的示意图。
四、实验探究题（本大题共3小题，共15.0分）
20. “探究物体的功能跟哪些因素有关”的实验装置如图所示，小明同学让同一钢球A分别从不同的高度由静止开始滚下，推动水平面上的木块。回答下列问题：
(1)小明同学在研究动能大小跟______的关系；
(2)通过观察______，来判断小球A动能的大小；
(3)若水平面绝对光滑，本实验将______(选填“能”或“不能”)达到探究目的。
21. 如图1所示，小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
(1)实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉。此时，应把杠杆两端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在不挂钩码时，保持水平并静止，达到平衡状态。这样做的好处是便于在杠杆上直接测量______ 。
(2)杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码，杠杆恰好在原位置平衡。于是小明便得出了杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂。他这样得出的结论是否合理？______ ；为什么？
______ 。
(3)实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用图2所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符。其原因是______ 。
22. 小明在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图所示的滑轮组进行了多次测量，测得数据如表所示。
序号
物重G/N
钩码上升高度h/m
动力F/N
动力作用点移动距离s/m
机械效率η
1
1
0.1
0.7
0.3
47.6%
2
1
0.2
0.7
0.6
47.6%
3
2
0.1
1.1
0.3
60.6%
4
4
0.1
2
0.3
(1)滑轮组中动滑轮的作用是______ ，定滑轮的作用是______ ；
(2)第4次实验测得的机械效率η= ______ (保留一位小数)；
(3)小明通过数据表发现：比较______ 两次实验数据可知，滑轮组机械效率与重物被提升高度无关；比较3、4两次实验数据可知，同一滑轮组，______ 越大，机械效率越高；
(4)小明进一步分析3、4两次数据，还发现第4次拉力做的有用功比第3次大______ J，第4次拉力做的额外功比第3次大______ J。由此可见，机械效率提高的原因是有用功增大比额外功增大多得多，从而使有用功占总功的比值增大。
五、计算题（本大题共2小题，共15.0分）
23. 如图所示，斜面长5m，高3m，小明用绳子沿斜面将重为300N的木块由斜面底端匀速拉到顶端，拉力大小为240N，绳重不计．求：
(1)小明做的有用功；
(2)斜面的机械效率．
(3)木块与斜面间的摩擦力．
24. 如图所示，用细线将正方体A和物体B相连放入水中，两物体静止后恰好悬浮，此时A上表面到水面的高度差为0.12m。已知A的体积为1.0×10−3m3，所受重力为8N；B的体积为0.5×10−3m3，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，求：
(1)A上表面所受水的压强；
(2)B所受重力大小；
(3)细线对B的拉力大小。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、一瓶学生风味酸奶的质量约为200g，故A正确；
B、鄂洋澜湖冬季水温约为2℃，故B错误；
C、中学生的体重在500N左右，一名中学生在水中游泳时处于漂浮状态，其受到的浮力约为F浮=G=500N，故C错误；
D、小明的重力在500N左右，上一层楼(高度约为3m)所用的时间约为10s，小明上楼梯克服重力做功的功率约为P=Wt=Ght=500N×3m10s=150W，故D错误。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查了对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】A
【解析】解：
A、力是改变物体运动状态的原因，物体运动方向的改变，则一定受到力的作用，故A正确；
B、物体若受到平衡力的作用，运动状态不会改变，故B错误；
C、若没有力的作用，则运动的物体会永远不停地做匀速直线运动，故C错误；
D、若物体受平衡力，可能静止，可能做匀速直线运动，故D错误。
故选：A。
(1)物体运动状态的改变是指运动速度大小、方向的改变；
(2)根据物体受平衡力，运动状态不变进行分析；
(3)若物体受平衡力，将保持平衡状态：静止或匀速直线运动状态；
(4)根据牛顿第一定律的内容分析。
此题考查了力和运动的关系，物体不受力或受平衡力，运动状态不变，保持静止或匀速直线运动状态；物体运动状态改变一定受到力的作用。此题属于易错题。
3.【答案】D
【解析】解：A、物体在任何情况下都有惯性，高速飞行的子弹具有惯性，穿入木头静止后惯性也不会消失。故A错误；
B、汽车驾驶员和前排乘客系安全带，是为了减小惯性带来的伤害，不是减小惯性。故B错误；
C、物体在任何情况下都具有惯性。故C错误；
D、百米赛跑运动员到达终点后，由于运动员具有惯性，还要保持原来较快的速度，所以不能马上停下来。故D正确。
故选：D。
物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，惯性是物体的固有属性，物体在任何情况下都有惯性，质量决定了惯性的大小，质量越大，惯性越大。
正确理解惯性的概念是解答此题的关键，惯性作为物体本身固有的一种属性，在我们生活中随处可见，与我们的生活息息相关，我们要注意联系实际，用所学惯性知识解决身边的物理问题，但一定要注意惯性不是力，说消失、产生、惯性力是错误的。
4.【答案】D
【解析】解：在喷洒农药的过程中，飞机匀速直线飞行，高度不变、速度不变，但质量不断减小，所以动能和重力势能都变小。
故选：D。
影响动能大小的因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大。
本题考查了对动能和重力势能影响因素的理解与应用，注意本题中，飞机的质量在变小，是正确判断的关键。
5.【答案】D
【解析】解：
AB、甲图和乙图中手用力推杯子和手托着杯子两种情况下杯子都没动，即杯子没有在力的方向移动，所以手的推力对杯子不做功，故AB错误；
C、丙图中手托杯子的力竖直向上，杯子水平移动，没有在托力方向上移动，所以手对杯子不做功，故C错误；
D、丁图中手托着杯子的力方向竖直向上，杯子竖直向上移动，所以手向上托的力对杯子做功，故D正确。
故选：D。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
本题考查了力是否做功的判断方法，有力有距离，力对物体不一定做功，物体一定在力的作用下沿力的方向通过了距离，力对物体才做功。
6.【答案】D
【解析】解：
AB、由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功是额外功，由W额=G动h知，提升A和B所做额外功相同，故A、B错误；
CD、不计绳重与摩擦的影响，滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额，额外功相同，提升A物体时滑轮组的机械效率较大，所以提升A物体所做的有用功较大，其总功较大，故C错误、D正确。
故选：D。
不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功与额外功之和；机械效率是有用功与总功的比值。由此分析解答。
本题考查对有用功、额外功和总功以及机械效率的认识和理解，注意同一滑轮组提升物体高度相同时额外功是相同的。
7.【答案】B
【解析】解：
(1)金属零件所受的浮力：F浮=G−F示=7.5N−6N=1.5N，
(2)由F浮=ρ液gV排得排开液体的体积：
V排=F浮ρ液g=1.5N0.8×103kg/m3×10N/kg=1.875×10−4m3。
由题知，零件14的体积露出液面，则V排=(1−14)V=34V，
所以金属零件的体积：V=43V排=43×1.875×10−4m3=2.5×10−4m3。
故选：B。
(1)利用二次称重法求出零件受到液体对它的浮力；
(2)根据F浮=ρ水gV排求出零件排开液体的体积，然后计算零件的体积。
本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，利用好称重法测浮力是本题的关键。
8.【答案】D
【解析】解：A、因为独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆；故A错误；
B、根据杠杆的平衡条件，当在A点竖直向上拉时，此时动力臂为0.3m+0.9m=1.2m，由杠杆平衡条件可得，即F1×1.2m=G×0.3m，解得图中车砖的总重力G与拉力F1之比为4：1，故B错误；
C、根据杠杆的平衡条件，为了更轻便，可以把车厢内砖块适当向前(左侧)移动，减小了阻力臂，动力也会减小，能达到省力的目的，故C错误；
D、若将拉力由F1方向改为F2方向，由于F1的力臂是水平长度，而F2的力臂等于车把的长度，故力臂变大，会更省力一些，故D正确。
故选：D。
(1)结合图片和生活经验，判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
(2)根据图示可知动力臂和阻力臂的大小，利用杠杆的平衡条件可知图中车砖的总重力G与拉力F1之比；
(3)根据杠杆平衡条件分析把车厢内砖块适当向后移动导致阻力臂增大，动力大小如何变化；
(4)若将拉力由F1方向改为F2方向，分析动力臂的变化，判断是否会更省力。
本题考查杠杆的平衡条件与应用，关键是知道图中的动力臂和阻力臂的大小。
9.【答案】A
【解析】
【分析】
本题关键要抓住物块的运动状态：匀速直线运动，根据平衡条件分析物块的受力，要培养根据状态分析受力的习惯。
物块A和B以相同的速度做匀速直线运动，合力均为零，分别以A和整体为研究对象，研究A与B间、B与地间的摩擦力。
【解答】
先以A为研究对象，A做匀速运动，合力为零，由平衡条件分析可知，A不受摩擦力，否则水平方向上A的合力不为零，不可能做匀速直线运动；
再以整体为研究对象，由平衡条件分析可知，地面对B一定有摩擦力，故A正确。
故选A。
10.【答案】B
【解析】解：
AC、由图象可知，当m=80g时，V甲=5cm3、V乙=40cm3，
a、b两种物质的密度为：
ρa=mV甲=80g5cm3=16g/cm3，ρb=mV乙=80g40cm3=2g/cm3，
a、b的密度之比：
ρa：ρb=16g/cm3：2g/cm3=8：1，故A、C错误；
BD、用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，其体积之比：
V甲：V乙=mρa：mρb=ρb：ρa=1：8，
由V=L3可得正方体的边长之比：
L甲：L乙=1：2，
因为正方体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρL3gL2=ρLg，
所以，甲乙两物体对水平地面的压强之比：p甲p乙=ρaL甲gρbL乙g=8×1×g1×2×g=41，故B正确、D错误。
故选：B。
(1)由图象可知，当m=80g时，甲、乙两物体的体积，利用密度公式求a、b两种物质的密度，进而求出密度之比；
(2)用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，知道了密度关系，可求体积之比，再利用V=L3求正方体的边长之比，根据正方体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρL3gL2=ρLg求压强之比。
本题考查了重力公式、密度公式、压强公式的应用，本题关键：一是通过图象求出a、b两物质的密度之比，二是利用好方形或圆柱形均匀物体对水平地面压强的推导公式p=ρgh。
11.【答案】C
【解析】AB、因为鸡蛋在甲中悬浮、在乙中漂浮，所以浮力都等于自身的重力，即鸡蛋在甲、乙两烧杯中受到的浮力相等，根据F浮=ρ液gV排可知，在浮力相同时，甲杯中的V排大，所以ρ液小，即ρ甲<ρ乙，故A、B错误；
C、因甲、乙两个烧杯完全相同，装入密度不同但质量相等的盐水，且鸡蛋一样，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等和G=mg可知，放入鸡蛋后甲、乙两烧杯对桌面的压力相等，故C正确；
D、烧杯粗细均匀，装入密度不同但质量相等的盐水，且鸡蛋一样，所以甲、乙两烧杯底部受到的压力相等，因两烧杯底面积S相同，根据p=FS可知，两烧杯底部受到液体的压强相同，故D错误。
故选：C。
分析：(1)同一只鸡蛋无论漂浮还是悬浮，其浮力都等于排开盐水的重力，也等于自身的重力；在浮力相同时，排开的液体体积越大，说明液体的密度越小。
(2)水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此可知甲、乙两烧杯对桌面的压力关系。
(3)粗细均匀容器底部受到的压力等于液体的重力和漂浮(或悬浮)物体的重力之和，根据p=FS判断甲、乙两烧杯底部受到的压强关系。
本题考查了物体的浮沉条件、阿基米德原理、压力和压强大小的比较等，综合性强，难度较大；解题时要注意压强公式的正确选择。
12.【答案】D
【解析】解：A、由图可知n=3，绳子自由端移动的距离：s=nh=3×1m=3m，
拉力做的总功：W总=Fs=500N×3m=1500J，
拉力做功的功率：P=W总t=1500J5s=300W，故A错误；
B、滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=1350N3×500N×100%=90%，故B错误；
C、因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF−G=3×500N−1350N=150N，
克服动滑轮重力做的功：W动=G动h=150N×1m=150J，故C错误；
D、小阅通过滑轮组向下拉绳子时的最大拉力：F最大=G人=600N，
因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以小阅用该滑轮组能提起的最大物重：G最大=nF最大−G动=3×600N−150N=1650N，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知n=3，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(2)利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求滑轮组的机械效率；
(3)利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力，利用W动=G动h求克服动滑轮重力做的功；
(4)人通过滑轮组向下拉绳子时的最大拉力等于人自身的重力，根据不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求小阅用该滑轮组能提起的最大物重。
本题考查了使用滑轮组时动滑轮的重力、功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
13.【答案】变大 不变 上浮
【解析】解：由题知，货轮在装上货物后，船身下沉，排开水的体积V排变大，由F浮=ρ水V排g可知，船受到水的浮力变大；
当船由内河驶入大海后，都是漂浮，船受到的浮力：F浮=G，船受到的重力不变，所以船受到的浮力不变；
又F浮=ρ液V排g，ρ河水<ρ海水，所以排开河水的体积大于排开海水的体积，船将上浮一些。
故答案为：变大；不变；上浮。
货轮在装上货物后，船身下沉，说明排开水的体积变大，根据阿基米德原理分析船受到浮力的变化情况；
当船由长江驶入大海后，都是漂浮，根据漂浮条件分析船受到浮力的变化情况，再根据阿基米德原理判断排开水的体积的变化，从而得出船是上浮还是下沉。
本题关键有二，一是漂浮条件的使用，二是利用阿基米德原理时要同时考虑影响浮力的两个因素(液体的密度和排开液体的体积)。
14.【答案】大气压 流速大的位置，压强小
【解析】解：(1)将A管插入装有水的杯中，用嘴衔住A管的上端能将水吸上来是因为吸水时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下水被压入吸管；
(2)往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升。故以上实验现象说明：流速大的位置，压强小。
故答案为：大气压；流速大的位置，压强小。
(1)用A管吸水时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下水被压入吸管。
(2)当向B管吹气A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，A管内的液体受到向上的压强大，液面上升。
此题综合考查大气压的应用、流体压强和流速的关系，对于流体压强问题，要明确被研究的物体，物体的哪两个侧面流体流速不同，判断两个侧面的压强情况，判断物体在压强差作用下的运动情况。
15.【答案】54 72
【解析】解：
(1)重力对实心球做功：
W=Gh=20N×2.7m=54J，
(2)重力做功功率：
P=Wt=54J0.75s=72W。
故答案为：54；72。
(1)知道实心球受到的重力和在重力方向上移动的距离，利用W=Gh求重力做功大小；
(2)知道做功时间，利用公式P=Wt求重力做功功率。
本题考查了学生对功的公式、功率公式的掌握和运用，确定实心球在重力方向上移动的距离h是本题的关键。
16.【答案】大于
【解析】解：塑料片刚好下落时，由p=FS=GS=m砝码gs得m砝码=pSg；
将砝码取出并向圆台A内注水，当塑料片刚好下落时，塑料片两次受到的压强相等，有p=ρgh，则m砝码=pSg=ρghSg=ρhS=ρV柱=m柱；
由于A为底小口大的圆台状容器，以其底面积为底的水柱的质量m柱小于注入的水的质量m水，故m砝码
塑料片刚好下落时，其上下表面受到的压强相等，利用p=FS、p=ρgh、密度公式和A的形状进行分析即可。
本题考查压强公式、液体压强公式、密度公式的应用，对于底小口大的圆台形容器，注入水的重力大于其对底面产生的压力。
17.【答案】0.6×103 4
【解析】解：木块底部距离水面的高度；h=10cm−4cm=6cm=0.06m，
木块排开水的体积(即浸入水中的体积)为：V排=10cm×10cm×6cm=600cm3=6×10−4m3，
木块受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10−4m3=6N；
木块的体积：V=10cm×10cm×10cm=1000cm3=10−3m3，
根据浮沉条件得，G物=F浮=6N，
由G=mg和ρ=mV得：木块的密度：ρ木=G物gV=6N10N/kg×10−3m3=0.6g/cm3=0.6×103kg/m3；
使木块完全浸没还需要向下的力：
F=F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.1×0.1×0.04)m3=4N。
故答案为：0.6×103；4。
(1)求出木块浸入水中的体积，即为排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排计算浮力大小；木块漂浮所受浮力等于重力，利用重力公式求出质量，然后利用密度公式求其密度；
(2)使木块完全浸没受到的力等于木块露出部分在水中受到的浮力，利用F浮=ρ水gV排计算。
此题以正方体木块漂浮在水中，考查了学生对浮力大小的计算、密度的计算等多个知识点的掌握情况，是一道综合性很强的题目。关键是公式的灵活运用。
18.【答案】解：小球由A点滚至C点过程中，小球在B点时，小球受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，同时，忽略空气阻力，小球受到水平向左的摩擦力，过小球的重心，分别沿各力的方向画一条有向线段，并分别用G、F和f表示，如图所示：
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
此题考查力的示意图的画法，关键是对小球进行正确的受力分析，作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
19.【答案】如图所示：
【解析】
【分析】
根据杠杆的平衡条件，要想施加最小的力，必须是力臂最大。
为了确定最小的力就必须找力臂最大时对应的力，此时力的作用点应该离支点最远。
【解答】
连接BC，则BC就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，据此可画出最小的动力；如下图所示：
20.【答案】速度 木块被推移的距离 不能
【解析】解：(1)小明同学让同一钢球A分别从不同的高度由静止开始滚下，高度不同，则小球到达水平面时的速度时不同的，故探究的是动能和速度的关系；
(2)图中实验是通过观察木块被推移的距离来判断钢球动能大小的，运用了转换法；
(3)若水平面绝对光滑，钢球在水平上运动时不受阻力的作用，因此钢球和木块一切保持匀速直线运动，无法根据木块被推移的距离来判断钢球动能大小，故本实验将不能达到探究目的。
故答案为：(1)速度；(2)木块被推移的距离；(3)不能。
(1)动能的大小与速度和质量有关；
(2)探究“动能的大小与什么因素有关”时，小球动能的大小是通过小球对外做功的多少来体现，实验中通过观察木块被小球推开的距离反映做功的多少，这种研究问题的方法叫转换法；
(3)根据牛顿第一定律分析。
解决此类问题要结合影响动能的大小因素和控制变量法、转换法进行分析解答。
21.【答案】左 力臂 不合理 只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性 杠杆自身重力对实验的影响
【解析】解：(1)杠杆重心右移，应将平衡螺母(左端和右端的均可)向左调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零，这样就减小了杠杆的自重对实验的影响；力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。
(2)杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1L1=F2L2)，只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性。
(3)如图乙示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响。
故答案为：(1)左；力臂；(2)不合理；只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性；(3)杠杆自身重力对实验的影响。
(1)杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来。
(2)实验时，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳出物理规律。
(3)杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；杠杆的重心过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响。
探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究。
22.【答案】改变力的大小 改变力的方向 66.7% 1、2 提升物体的重力 0.2 0.07
【解析】解：(1)定滑轮和动滑轮在构造上是相同的，只是在使用中，不随物体一起移动的滑轮叫定滑轮，和物体一起移动的滑轮叫动滑轮；
定滑轮的作用是改变力的方向；动滑轮实质上是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，所以使用它可以省一半的力，但不能改变力的方向。
(2)由表中第4次实验数据，则测得的机械效率η=W有W总×100%=GhFs×100%=4N×0.1m2.0N×0.3m×100%≈66.7%；
(3)探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提升的高度，由表格数据可知，应比较1、2两次实验；
比较第3、4次实验数据可知，实验中只改变了提起物体的重力，可得结论：同一滑轮组提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高；
(4)由W有=Gh可得，第4次拉力做的有用功与第3次的差等于G4h−G3h=4N×0.1m−2N×0.1m=0.2J；
根据W额=W总−W有=Fs−Gh可得，
第3次做的额外功：W额3=F3s−G3h=1.1N×0.3m−2N×0.1m=0.13J，
第4次做的额外功：W额4=F4s−G4h=2.0N×0.3m−4N×0.1m=0.2J，
所以第4次拉力做的额外功与第3次相比增大了0.07J；
由此可知，有用功增加比额外功增加多得多，从而使有用功占总功的比值变大，即滑轮组的机械效率增大。
故答案为：(1)改变力的大小；改变力的方向；(2)66.7%；(3)1、2；提升物体的重力；(4)0.2；0.07。
(1)结合滑轮的特点分析解答；
(2)由表中数据，根据机械效率公式计算第4次实验的机械效率；
(3)探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提升的高度；
由第3、4实验数据，找到不变量和变化量，分析机械效率的影响因素；
(4)分析计算3、4两次实验的有用功和额外功，从而得到有用功和额外功的差，分析得到结论。
在此实验中，对滑轮组的分析、机械效率公式的运用是实验的基础，同时，实验中分别探究了机械效率高低与物体被提升高度、提升物体重力等多个量的关系，因此控制变量法的运用也十分关键。
23.【答案】解：(1)W有用=Gh=300N×3m=900J；
(2)W总=FL=240N×5m=1200J，
η= W有用W总×100％= GhFL×100％=900J 1200J×100％=75％；
(3)W额外=W总−W有用=1200J−900J=300J，
f= W额外 L=300J5m=60N。
答：(1)小明做的有用功是900J；
(2)斜面的机械效率75%；
(3)木块与斜面间的摩擦力是60N。
【解析】此题考查有关斜面机械效率的计算，容易出错的是摩擦力的计算，我们要知道使用斜面时克服摩擦力做的功就是额外功。
(1)斜面是用来提高物体位置的，有用功等于物体重力和斜面高度的乘积；
(2)总功等于物体沿斜面向上的拉力和斜面长的乘积；机械效率就是有用功和总功的比值；
(3)使用斜面时，所做的额外功就是克服物体与斜面摩擦力做的功。
24.【答案】解：
(1)A上表面所受水的压强：
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa；
(2)A、B受到的总浮力：
F浮=ρ水gV排=ρ水g(VA+VB)=1×103kg/m3×10N/kg×(1.0×10−3m3+0.5×10−3m3)=15N；
因为A、B恰好悬浮，
所以F浮=GA+GB，
则B的重力：
GB=F浮−GA=15N−8N=7N；
(3)B受到的浮力：
F浮B=ρ水gV排B=ρ水gVB=1×103kg/m3×10N/kg×0.5×10−3m3=5N，
细线对B的拉力：
F拉=GB−F浮B=7N−5N=2N。
答：(1)A上表面所受水的压强为1200Pa；
(2)B所受重力大小为7N；
(3)细线对B的拉力大小为2N。
【解析】本题为力学综合题，考查了液体压强公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的应用，由于计算数字比较复杂，要细心，易错题！
(1)利用液体压强公式p=ρgh求A上表面所受水的压强；
(2)利用阿基米德原理求A、B受到的总浮力，由于A、B恰好悬浮，利用悬浮条件F浮=GA+GB求B的重力；
(3)利用阿基米德原理求B受到的浮力，细线对B的拉力等于B的重力减去B受到的浮力。
2022-2023学年湖北省鄂州市临空经济区八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列估测的数据最接近实际的是( )
A. 一瓶学生风味酸奶的质量约为200g
B. 鄂洋澜湖冬季水温约为−10℃
C. 一名中学生游泳时受到的浮力约为50N
D. 小明上楼梯克服重力做功的功率约为2000W
2. 关于力和运动的关系，下列说法正确的是( )
A. 物体运动状态改变，一定受到力的作用
B. 物体受到了力的作用，运动状态一定改变
C. 没有力的作用，运动的物体会慢慢停下来
D. 物体在平衡力作用下，一定处于匀速直线运动状态
3. 关于物体的惯性，以下说法正确的是( )
A. 高速飞行的子弹具有惯性，穿入木头静止后惯性消失
B. 驾驶员系安全带，是为了减小驾驶员的惯性
C. 物体静止时才具有惯性
D. 百米赛跑运动员到达终点不能马上停下来，是由于运动员具有惯性
4. 一架运有农药的飞机从鄂州花湖机场起飞，到达一片农田后匀速直线喷洒农药，在喷洒过程中飞机整体的动能和重力势能变化情况是( )
A. 动能、重力势能都不变 B. 动能不变，重力势能变大
C. 重力势能不变，动能变大 D. 动能、重力势能都变小
5. 关于如图所示的四个情境，下列说法中正确的是( )
A. 甲图中手用力推杯子，杯子没动，手的推力对杯子做功
B. 乙图中手托着杯子长时间不动，手向上托的力对杯子做功
C. 丙图中手托着杯子水平向右移动，手向上托的力对杯子做功
D. 丁图中手托着杯子竖直向上移动，手向上托的力对杯子做功
6. 如图，用同一滑轮组分别将物体A和物体B匀速提升相同的高度。与提升B相比，提升A的过程滑轮组的机械效率较大。若不计绳重与摩擦的影响，则提升A的过程( )
A. 额外功较小 B. 额外功较大 C. 总功较小 D. 总功较大
7. 在弹簧测力计下悬挂一个金属零件，示数是7.5N.把零件浸入密度为0.8×103kg/m3的液体中，当零件14的体积露出液面时，测力计的示数是6N，则金属零件的体积是(g取10N/kg)( )
A. 2×10−4m3 B. 2.5×10−4m3 C. 6×10−4m3 D. 7.5×10−4m3
8. 独轮车是生活中搬运砖块的轻便工具，在竖直向上的拉力F1作用下，独轮车在图示位置保持静止，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 独轮车可看作是一个费力杠杆
B. 图中车砖的总重力G与拉力F1之比为3：1
C. 为了更轻便，可以把车厢内砖块适当向后移动
D. 若将拉力由F1方向改为F2方向会更省力一些
9. 如图所示，C是水平地面，A、B是两个长方形物块，F是作用在物块B上沿水平方向的力，物块A和B以相同的速度做匀速直线运动。由此可知，关于A、B间摩擦力f1和B、C间摩擦力f2的分析中，正确的是( )
A. f1=0，f2≠0 B. f1=0，f2=0 C. f1≠0，f2=0 D. f1≠0，f2≠0
10. 如图所示，是a、b两种物质m−V的关系图像，若用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，将甲、乙放在水平地面上。下列说法正确的是 ( )
A. a、b的密度之比为4:1
B. 甲、乙两个正方体对地面的压强之比为4:1
C. a、b的密度之比为2:1
D. 甲、乙两个正方体对地面的压强之比为2:1
11. 甲、乙两个完全相同的圆柱形烧杯放置在水平桌面上，内装入适量的密度不同但质量相等的盐水，将同一个鸡蛋先后放入甲、乙烧杯中，鸡蛋在两烧杯中静止时所处的状态如图所示。下列判断正确的是( )
A. 甲杯中盐水密度为ρ甲，乙杯中盐水密度为ρ乙，则ρ甲>ρ乙
B. 鸡蛋在甲、乙两烧杯中受到的浮力分别为F浮和F′浮，则F浮>F′浮
C. 放入鸡蛋后，甲、乙两烧杯对桌面的压力分别为F甲和F乙，则F甲=F乙
D. 放入鸡蛋后，甲、乙两烧杯底部受到的压强分别为p甲和p乙，则p甲>p乙
12. 体重为600N的小阅用如图所示的滑轮组来提升重1350N的物体，他用500N的拉力使该物体缓慢匀速上升，5s内物体上升了1m。不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，下列说法中正确的是( )
A. 小阅拉力做功的功率为100W
B. 此时滑轮组的机械效率为75%
C. 提升重物的过程中克服动滑轮重力做功450J
D. 小阅用该滑轮组能提起的最大物重为1650N
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共5小题，共10.0分）
13. 一艘远洋轮船装上货物后，发现船身下沉了一些，则它受到的浮力______(填“变大”“变小”或“不变”)，当船由内河驶入大海后，船受的浮力______(填“变大”“变小”或“不变”)，船相对于水面将______(填“上浮”“下沉”或“不变”)。
14. 如图所示，将A管插入装有水的杯中，用嘴衔住A管的上端能将水吸上来是利用了______ ；把另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端，往B管中轻轻吹气，可看到A管内的水面上升，原因是______ 。
15. 在体育考试中，小明投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示。若实心球重20N，从最高点到落地点的过程中，球下降的高度为2.7m，用时约0.75s.则球下降过程中重力做功为______J，功率为______W。
16. 如图所示为两端开口的漏斗状圆台形容器A，在A下端挡上一质量不计的薄塑料片B，将两端开口的圆台A插入水槽中，若在塑料片B上放一个1kg的砝码，塑料片B刚好下落，现将砝码取出并向圆台A内注水，当塑料片刚好下落时，水的质量______ 1kg(大于、等于或小于)。
17. 如图所示，将边长10cm的正方体木块放入装有水的烧杯中，木块静止时，上表面距离水面4cm，g取10N/kg，木块的密度是______ kg/m3，使木块完全浸没需要向下______ N的力。
三、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
18. 如图所示，一小球从弧形槽上的A点静止释放，小球沿弧形槽滚至另一端的最高点为C点，试作出由A点滚至C点过程中，小球在B点(即弧形槽底部与水平面的切点)受力的示意图(忽略空气阻力)
19. 如图所示，在C点用力把桌腿A抬离地面时，桌腿B始终没有移动，请在C点画出最小作用力的示意图。
四、实验探究题（本大题共3小题，共15.0分）
20. “探究物体的功能跟哪些因素有关”的实验装置如图所示，小明同学让同一钢球A分别从不同的高度由静止开始滚下，推动水平面上的木块。回答下列问题：
(1)小明同学在研究动能大小跟______的关系；
(2)通过观察______，来判断小球A动能的大小；
(3)若水平面绝对光滑，本实验将______(选填“能”或“不能”)达到探究目的。
21. 如图1所示，小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
(1)实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉。此时，应把杠杆两端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在不挂钩码时，保持水平并静止，达到平衡状态。这样做的好处是便于在杠杆上直接测量______ 。
(2)杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码，杠杆恰好在原位置平衡。于是小明便得出了杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂。他这样得出的结论是否合理？______ ；为什么？
______ 。
(3)实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用图2所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符。其原因是______ 。
22. 小明在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图所示的滑轮组进行了多次测量，测得数据如表所示。
序号
物重G/N
钩码上升高度h/m
动力F/N
动力作用点移动距离s/m
机械效率η
1
1
0.1
0.7
0.3
47.6%
2
1
0.2
0.7
0.6
47.6%
3
2
0.1
1.1
0.3
60.6%
4
4
0.1
2
0.3
(1)滑轮组中动滑轮的作用是______ ，定滑轮的作用是______ ；
(2)第4次实验测得的机械效率η= ______ (保留一位小数)；
(3)小明通过数据表发现：比较______ 两次实验数据可知，滑轮组机械效率与重物被提升高度无关；比较3、4两次实验数据可知，同一滑轮组，______ 越大，机械效率越高；
(4)小明进一步分析3、4两次数据，还发现第4次拉力做的有用功比第3次大______ J，第4次拉力做的额外功比第3次大______ J。由此可见，机械效率提高的原因是有用功增大比额外功增大多得多，从而使有用功占总功的比值增大。
五、计算题（本大题共2小题，共15.0分）
23. 如图所示，斜面长5m，高3m，小明用绳子沿斜面将重为300N的木块由斜面底端匀速拉到顶端，拉力大小为240N，绳重不计．求：
(1)小明做的有用功；
(2)斜面的机械效率．
(3)木块与斜面间的摩擦力．
24. 如图所示，用细线将正方体A和物体B相连放入水中，两物体静止后恰好悬浮，此时A上表面到水面的高度差为0.12m。已知A的体积为1.0×10−3m3，所受重力为8N；B的体积为0.5×10−3m3，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，求：
(1)A上表面所受水的压强；
(2)B所受重力大小；
(3)细线对B的拉力大小。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、一瓶学生风味酸奶的质量约为200g，故A正确；
B、鄂洋澜湖冬季水温约为2℃，故B错误；
C、中学生的体重在500N左右，一名中学生在水中游泳时处于漂浮状态，其受到的浮力约为F浮=G=500N，故C错误；
D、小明的重力在500N左右，上一层楼(高度约为3m)所用的时间约为10s，小明上楼梯克服重力做功的功率约为P=Wt=Ght=500N×3m10s=150W，故D错误。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查了对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】A
【解析】解：
A、力是改变物体运动状态的原因，物体运动方向的改变，则一定受到力的作用，故A正确；
B、物体若受到平衡力的作用，运动状态不会改变，故B错误；
C、若没有力的作用，则运动的物体会永远不停地做匀速直线运动，故C错误；
D、若物体受平衡力，可能静止，可能做匀速直线运动，故D错误。
故选：A。
(1)物体运动状态的改变是指运动速度大小、方向的改变；
(2)根据物体受平衡力，运动状态不变进行分析；
(3)若物体受平衡力，将保持平衡状态：静止或匀速直线运动状态；
(4)根据牛顿第一定律的内容分析。
此题考查了力和运动的关系，物体不受力或受平衡力，运动状态不变，保持静止或匀速直线运动状态；物体运动状态改变一定受到力的作用。此题属于易错题。
3.【答案】D
【解析】解：A、物体在任何情况下都有惯性，高速飞行的子弹具有惯性，穿入木头静止后惯性也不会消失。故A错误；
B、汽车驾驶员和前排乘客系安全带，是为了减小惯性带来的伤害，不是减小惯性。故B错误；
C、物体在任何情况下都具有惯性。故C错误；
D、百米赛跑运动员到达终点后，由于运动员具有惯性，还要保持原来较快的速度，所以不能马上停下来。故D正确。
故选：D。
物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，惯性是物体的固有属性，物体在任何情况下都有惯性，质量决定了惯性的大小，质量越大，惯性越大。
正确理解惯性的概念是解答此题的关键，惯性作为物体本身固有的一种属性，在我们生活中随处可见，与我们的生活息息相关，我们要注意联系实际，用所学惯性知识解决身边的物理问题，但一定要注意惯性不是力，说消失、产生、惯性力是错误的。
4.【答案】D
【解析】解：在喷洒农药的过程中，飞机匀速直线飞行，高度不变、速度不变，但质量不断减小，所以动能和重力势能都变小。
故选：D。
影响动能大小的因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大。
本题考查了对动能和重力势能影响因素的理解与应用，注意本题中，飞机的质量在变小，是正确判断的关键。
5.【答案】D
【解析】解：
AB、甲图和乙图中手用力推杯子和手托着杯子两种情况下杯子都没动，即杯子没有在力的方向移动，所以手的推力对杯子不做功，故AB错误；
C、丙图中手托杯子的力竖直向上，杯子水平移动，没有在托力方向上移动，所以手对杯子不做功，故C错误；
D、丁图中手托着杯子的力方向竖直向上，杯子竖直向上移动，所以手向上托的力对杯子做功，故D正确。
故选：D。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
本题考查了力是否做功的判断方法，有力有距离，力对物体不一定做功，物体一定在力的作用下沿力的方向通过了距离，力对物体才做功。
6.【答案】D
【解析】解：
AB、由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功是额外功，由W额=G动h知，提升A和B所做额外功相同，故A、B错误；
CD、不计绳重与摩擦的影响，滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额，额外功相同，提升A物体时滑轮组的机械效率较大，所以提升A物体所做的有用功较大，其总功较大，故C错误、D正确。
故选：D。
不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功与额外功之和；机械效率是有用功与总功的比值。由此分析解答。
本题考查对有用功、额外功和总功以及机械效率的认识和理解，注意同一滑轮组提升物体高度相同时额外功是相同的。
7.【答案】B
【解析】解：
(1)金属零件所受的浮力：F浮=G−F示=7.5N−6N=1.5N，
(2)由F浮=ρ液gV排得排开液体的体积：
V排=F浮ρ液g=1.5N0.8×103kg/m3×10N/kg=1.875×10−4m3。
由题知，零件14的体积露出液面，则V排=(1−14)V=34V，
所以金属零件的体积：V=43V排=43×1.875×10−4m3=2.5×10−4m3。
故选：B。
(1)利用二次称重法求出零件受到液体对它的浮力；
(2)根据F浮=ρ水gV排求出零件排开液体的体积，然后计算零件的体积。
本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，利用好称重法测浮力是本题的关键。
8.【答案】D
【解析】解：A、因为独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆；故A错误；
B、根据杠杆的平衡条件，当在A点竖直向上拉时，此时动力臂为0.3m+0.9m=1.2m，由杠杆平衡条件可得，即F1×1.2m=G×0.3m，解得图中车砖的总重力G与拉力F1之比为4：1，故B错误；
C、根据杠杆的平衡条件，为了更轻便，可以把车厢内砖块适当向前(左侧)移动，减小了阻力臂，动力也会减小，能达到省力的目的，故C错误；
D、若将拉力由F1方向改为F2方向，由于F1的力臂是水平长度，而F2的力臂等于车把的长度，故力臂变大，会更省力一些，故D正确。
故选：D。
(1)结合图片和生活经验，判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
(2)根据图示可知动力臂和阻力臂的大小，利用杠杆的平衡条件可知图中车砖的总重力G与拉力F1之比；
(3)根据杠杆平衡条件分析把车厢内砖块适当向后移动导致阻力臂增大，动力大小如何变化；
(4)若将拉力由F1方向改为F2方向，分析动力臂的变化，判断是否会更省力。
本题考查杠杆的平衡条件与应用，关键是知道图中的动力臂和阻力臂的大小。
9.【答案】A
【解析】
【分析】
本题关键要抓住物块的运动状态：匀速直线运动，根据平衡条件分析物块的受力，要培养根据状态分析受力的习惯。
物块A和B以相同的速度做匀速直线运动，合力均为零，分别以A和整体为研究对象，研究A与B间、B与地间的摩擦力。
【解答】
先以A为研究对象，A做匀速运动，合力为零，由平衡条件分析可知，A不受摩擦力，否则水平方向上A的合力不为零，不可能做匀速直线运动；
再以整体为研究对象，由平衡条件分析可知，地面对B一定有摩擦力，故A正确。
故选A。
10.【答案】B
【解析】解：
AC、由图象可知，当m=80g时，V甲=5cm3、V乙=40cm3，
a、b两种物质的密度为：
ρa=mV甲=80g5cm3=16g/cm3，ρb=mV乙=80g40cm3=2g/cm3，
a、b的密度之比：
ρa：ρb=16g/cm3：2g/cm3=8：1，故A、C错误；
BD、用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，其体积之比：
V甲：V乙=mρa：mρb=ρb：ρa=1：8，
由V=L3可得正方体的边长之比：
L甲：L乙=1：2，
因为正方体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρL3gL2=ρLg，
所以，甲乙两物体对水平地面的压强之比：p甲p乙=ρaL甲gρbL乙g=8×1×g1×2×g=41，故B正确、D错误。
故选：B。
(1)由图象可知，当m=80g时，甲、乙两物体的体积，利用密度公式求a、b两种物质的密度，进而求出密度之比；
(2)用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，知道了密度关系，可求体积之比，再利用V=L3求正方体的边长之比，根据正方体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρL3gL2=ρLg求压强之比。
本题考查了重力公式、密度公式、压强公式的应用，本题关键：一是通过图象求出a、b两物质的密度之比，二是利用好方形或圆柱形均匀物体对水平地面压强的推导公式p=ρgh。
11.【答案】C
【解析】AB、因为鸡蛋在甲中悬浮、在乙中漂浮，所以浮力都等于自身的重力，即鸡蛋在甲、乙两烧杯中受到的浮力相等，根据F浮=ρ液gV排可知，在浮力相同时，甲杯中的V排大，所以ρ液小，即ρ甲<ρ乙，故A、B错误；
C、因甲、乙两个烧杯完全相同，装入密度不同但质量相等的盐水，且鸡蛋一样，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等和G=mg可知，放入鸡蛋后甲、乙两烧杯对桌面的压力相等，故C正确；
D、烧杯粗细均匀，装入密度不同但质量相等的盐水，且鸡蛋一样，所以甲、乙两烧杯底部受到的压力相等，因两烧杯底面积S相同，根据p=FS可知，两烧杯底部受到液体的压强相同，故D错误。
故选：C。
分析：(1)同一只鸡蛋无论漂浮还是悬浮，其浮力都等于排开盐水的重力，也等于自身的重力；在浮力相同时，排开的液体体积越大，说明液体的密度越小。
(2)水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此可知甲、乙两烧杯对桌面的压力关系。
(3)粗细均匀容器底部受到的压力等于液体的重力和漂浮(或悬浮)物体的重力之和，根据p=FS判断甲、乙两烧杯底部受到的压强关系。
本题考查了物体的浮沉条件、阿基米德原理、压力和压强大小的比较等，综合性强，难度较大；解题时要注意压强公式的正确选择。
12.【答案】D
【解析】解：A、由图可知n=3，绳子自由端移动的距离：s=nh=3×1m=3m，
拉力做的总功：W总=Fs=500N×3m=1500J，
拉力做功的功率：P=W总t=1500J5s=300W，故A错误；
B、滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=1350N3×500N×100%=90%，故B错误；
C、因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF−G=3×500N−1350N=150N，
克服动滑轮重力做的功：W动=G动h=150N×1m=150J，故C错误；
D、小阅通过滑轮组向下拉绳子时的最大拉力：F最大=G人=600N，
因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以小阅用该滑轮组能提起的最大物重：G最大=nF最大−G动=3×600N−150N=1650N，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知n=3，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(2)利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求滑轮组的机械效率；
(3)利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力，利用W动=G动h求克服动滑轮重力做的功；
(4)人通过滑轮组向下拉绳子时的最大拉力等于人自身的重力，根据不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求小阅用该滑轮组能提起的最大物重。
本题考查了使用滑轮组时动滑轮的重力、功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
13.【答案】变大 不变 上浮
【解析】解：由题知，货轮在装上货物后，船身下沉，排开水的体积V排变大，由F浮=ρ水V排g可知，船受到水的浮力变大；
当船由内河驶入大海后，都是漂浮，船受到的浮力：F浮=G，船受到的重力不变，所以船受到的浮力不变；
又F浮=ρ液V排g，ρ河水<ρ海水，所以排开河水的体积大于排开海水的体积，船将上浮一些。
故答案为：变大；不变；上浮。
货轮在装上货物后，船身下沉，说明排开水的体积变大，根据阿基米德原理分析船受到浮力的变化情况；
当船由长江驶入大海后，都是漂浮，根据漂浮条件分析船受到浮力的变化情况，再根据阿基米德原理判断排开水的体积的变化，从而得出船是上浮还是下沉。
本题关键有二，一是漂浮条件的使用，二是利用阿基米德原理时要同时考虑影响浮力的两个因素(液体的密度和排开液体的体积)。
14.【答案】大气压 流速大的位置，压强小
【解析】解：(1)将A管插入装有水的杯中，用嘴衔住A管的上端能将水吸上来是因为吸水时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下水被压入吸管；
(2)往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升。故以上实验现象说明：流速大的位置，压强小。
故答案为：大气压；流速大的位置，压强小。
(1)用A管吸水时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下水被压入吸管。
(2)当向B管吹气A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，A管内的液体受到向上的压强大，液面上升。
此题综合考查大气压的应用、流体压强和流速的关系，对于流体压强问题，要明确被研究的物体，物体的哪两个侧面流体流速不同，判断两个侧面的压强情况，判断物体在压强差作用下的运动情况。
15.【答案】54 72
【解析】解：
(1)重力对实心球做功：
W=Gh=20N×2.7m=54J，
(2)重力做功功率：
P=Wt=54J0.75s=72W。
故答案为：54；72。
(1)知道实心球受到的重力和在重力方向上移动的距离，利用W=Gh求重力做功大小；
(2)知道做功时间，利用公式P=Wt求重力做功功率。
本题考查了学生对功的公式、功率公式的掌握和运用，确定实心球在重力方向上移动的距离h是本题的关键。
16.【答案】大于
【解析】解：塑料片刚好下落时，由p=FS=GS=m砝码gs得m砝码=pSg；
将砝码取出并向圆台A内注水，当塑料片刚好下落时，塑料片两次受到的压强相等，有p=ρgh，则m砝码=pSg=ρghSg=ρhS=ρV柱=m柱；
由于A为底小口大的圆台状容器，以其底面积为底的水柱的质量m柱小于注入的水的质量m水，故m砝码
塑料片刚好下落时，其上下表面受到的压强相等，利用p=FS、p=ρgh、密度公式和A的形状进行分析即可。
本题考查压强公式、液体压强公式、密度公式的应用，对于底小口大的圆台形容器，注入水的重力大于其对底面产生的压力。
17.【答案】0.6×103 4
【解析】解：木块底部距离水面的高度；h=10cm−4cm=6cm=0.06m，
木块排开水的体积(即浸入水中的体积)为：V排=10cm×10cm×6cm=600cm3=6×10−4m3，
木块受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10−4m3=6N；
木块的体积：V=10cm×10cm×10cm=1000cm3=10−3m3，
根据浮沉条件得，G物=F浮=6N，
由G=mg和ρ=mV得：木块的密度：ρ木=G物gV=6N10N/kg×10−3m3=0.6g/cm3=0.6×103kg/m3；
使木块完全浸没还需要向下的力：
F=F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.1×0.1×0.04)m3=4N。
故答案为：0.6×103；4。
(1)求出木块浸入水中的体积，即为排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排计算浮力大小；木块漂浮所受浮力等于重力，利用重力公式求出质量，然后利用密度公式求其密度；
(2)使木块完全浸没受到的力等于木块露出部分在水中受到的浮力，利用F浮=ρ水gV排计算。
此题以正方体木块漂浮在水中，考查了学生对浮力大小的计算、密度的计算等多个知识点的掌握情况，是一道综合性很强的题目。关键是公式的灵活运用。
18.【答案】解：小球由A点滚至C点过程中，小球在B点时，小球受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，同时，忽略空气阻力，小球受到水平向左的摩擦力，过小球的重心，分别沿各力的方向画一条有向线段，并分别用G、F和f表示，如图所示：
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
此题考查力的示意图的画法，关键是对小球进行正确的受力分析，作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
19.【答案】如图所示：
【解析】
【分析】
根据杠杆的平衡条件，要想施加最小的力，必须是力臂最大。
为了确定最小的力就必须找力臂最大时对应的力，此时力的作用点应该离支点最远。
【解答】
连接BC，则BC就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，据此可画出最小的动力；如下图所示：
20.【答案】速度 木块被推移的距离 不能
【解析】解：(1)小明同学让同一钢球A分别从不同的高度由静止开始滚下，高度不同，则小球到达水平面时的速度时不同的，故探究的是动能和速度的关系；
(2)图中实验是通过观察木块被推移的距离来判断钢球动能大小的，运用了转换法；
(3)若水平面绝对光滑，钢球在水平上运动时不受阻力的作用，因此钢球和木块一切保持匀速直线运动，无法根据木块被推移的距离来判断钢球动能大小，故本实验将不能达到探究目的。
故答案为：(1)速度；(2)木块被推移的距离；(3)不能。
(1)动能的大小与速度和质量有关；
(2)探究“动能的大小与什么因素有关”时，小球动能的大小是通过小球对外做功的多少来体现，实验中通过观察木块被小球推开的距离反映做功的多少，这种研究问题的方法叫转换法；
(3)根据牛顿第一定律分析。
解决此类问题要结合影响动能的大小因素和控制变量法、转换法进行分析解答。
21.【答案】左 力臂 不合理 只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性 杠杆自身重力对实验的影响
【解析】解：(1)杠杆重心右移，应将平衡螺母(左端和右端的均可)向左调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零，这样就减小了杠杆的自重对实验的影响；力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。
(2)杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1L1=F2L2)，只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性。
(3)如图乙示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响。
故答案为：(1)左；力臂；(2)不合理；只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性；(3)杠杆自身重力对实验的影响。
(1)杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来。
(2)实验时，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳出物理规律。
(3)杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；杠杆的重心过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响。
探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究。
22.【答案】改变力的大小 改变力的方向 66.7% 1、2 提升物体的重力 0.2 0.07
【解析】解：(1)定滑轮和动滑轮在构造上是相同的，只是在使用中，不随物体一起移动的滑轮叫定滑轮，和物体一起移动的滑轮叫动滑轮；
定滑轮的作用是改变力的方向；动滑轮实质上是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，所以使用它可以省一半的力，但不能改变力的方向。
(2)由表中第4次实验数据，则测得的机械效率η=W有W总×100%=GhFs×100%=4N×0.1m2.0N×0.3m×100%≈66.7%；
(3)探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提升的高度，由表格数据可知，应比较1、2两次实验；
比较第3、4次实验数据可知，实验中只改变了提起物体的重力，可得结论：同一滑轮组提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高；
(4)由W有=Gh可得，第4次拉力做的有用功与第3次的差等于G4h−G3h=4N×0.1m−2N×0.1m=0.2J；
根据W额=W总−W有=Fs−Gh可得，
第3次做的额外功：W额3=F3s−G3h=1.1N×0.3m−2N×0.1m=0.13J，
第4次做的额外功：W额4=F4s−G4h=2.0N×0.3m−4N×0.1m=0.2J，
所以第4次拉力做的额外功与第3次相比增大了0.07J；
由此可知，有用功增加比额外功增加多得多，从而使有用功占总功的比值变大，即滑轮组的机械效率增大。
故答案为：(1)改变力的大小；改变力的方向；(2)66.7%；(3)1、2；提升物体的重力；(4)0.2；0.07。
(1)结合滑轮的特点分析解答；
(2)由表中数据，根据机械效率公式计算第4次实验的机械效率；
(3)探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提升的高度；
由第3、4实验数据，找到不变量和变化量，分析机械效率的影响因素；
(4)分析计算3、4两次实验的有用功和额外功，从而得到有用功和额外功的差，分析得到结论。
在此实验中，对滑轮组的分析、机械效率公式的运用是实验的基础，同时，实验中分别探究了机械效率高低与物体被提升高度、提升物体重力等多个量的关系，因此控制变量法的运用也十分关键。
23.【答案】解：(1)W有用=Gh=300N×3m=900J；
(2)W总=FL=240N×5m=1200J，
η= W有用W总×100％= GhFL×100％=900J 1200J×100％=75％；
(3)W额外=W总−W有用=1200J−900J=300J，
f= W额外 L=300J5m=60N。
答：(1)小明做的有用功是900J；
(2)斜面的机械效率75%；
(3)木块与斜面间的摩擦力是60N。
【解析】此题考查有关斜面机械效率的计算，容易出错的是摩擦力的计算，我们要知道使用斜面时克服摩擦力做的功就是额外功。
(1)斜面是用来提高物体位置的，有用功等于物体重力和斜面高度的乘积；
(2)总功等于物体沿斜面向上的拉力和斜面长的乘积；机械效率就是有用功和总功的比值；
(3)使用斜面时，所做的额外功就是克服物体与斜面摩擦力做的功。
24.【答案】解：
(1)A上表面所受水的压强：
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa；
(2)A、B受到的总浮力：
F浮=ρ水gV排=ρ水g(VA+VB)=1×103kg/m3×10N/kg×(1.0×10−3m3+0.5×10−3m3)=15N；
因为A、B恰好悬浮，
所以F浮=GA+GB，
则B的重力：
GB=F浮−GA=15N−8N=7N；
(3)B受到的浮力：
F浮B=ρ水gV排B=ρ水gVB=1×103kg/m3×10N/kg×0.5×10−3m3=5N，
细线对B的拉力：
F拉=GB−F浮B=7N−5N=2N。
答：(1)A上表面所受水的压强为1200Pa；
(2)B所受重力大小为7N；
(3)细线对B的拉力大小为2N。
【解析】本题为力学综合题，考查了液体压强公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的应用，由于计算数字比较复杂，要细心，易错题！
(1)利用液体压强公式p=ρgh求A上表面所受水的压强；
(2)利用阿基米德原理求A、B受到的总浮力，由于A、B恰好悬浮，利用悬浮条件F浮=GA+GB求B的重力；
(3)利用阿基米德原理求B受到的浮力，细线对B的拉力等于B的重力减去B受到的浮力。
相关试卷
2023年湖北省鄂州市中考物理试题（含解析）： 这是一份2023年湖北省鄂州市中考物理试题（含解析），共18页。试卷主要包含了 本试卷由第Ⅰ卷两部分组成， 非选择题用0， 考生必须保持答题卡的整洁， 可能用到的物理常量等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年湖北省黄冈市八年级（下）期末物理试卷（含解析）： 这是一份2022-2023学年湖北省黄冈市八年级（下）期末物理试卷（含解析），共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年湖北省随州市广水市八年级（下）期末物理试卷（含解析）： 这是一份2022-2023学年湖北省随州市广水市八年级（下）期末物理试卷（含解析），共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
