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湖北省武汉市武昌区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷
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这是一份湖北省武汉市武昌区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷，共25页。试卷主要包含了3N， 惯性是一切物体固有的属性等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年湖北省武汉市武昌区八年级（下）期末物理试卷
1. 在如图中，力的作用效果与其他三项不同的是( )
A. 撑杆被跳高运动员压弯
B. 用力使锯条变弯曲
C. 用力抛小球，使小球飞出去
D. 跳水运动员用力压弯跳板
2. 关于弹簧测力计的使用，说法正确的是( )
A. 弹簧测力计使用时必须要竖直放置，不能倾斜
B. 弹簧测力计的原理是弹簧的长度与受到的拉力成正比
C. 使用弹簧测力计之前，要注意观察指针是否在零刻线和分度值、量程
D. 如图所示，此时弹簧测力计的示数为3.3N
3. 月球对其表面物体的引力只有地球对地面物体引力的六分之一。我国计划在2023年前实现中国人首次登陆月球，若到达月球后，下列说法中正确的是( )
A. 地球上质量为60kg的物体，在月球上质量只有10kg
B. 将物体从地球带上月球后，其所受重力与其质量不成正比
C. 在地球上受到重力为600N的人，在月球上受到的重力约为100N
D. 一根轻弹簧在弹性限度内，在地球上将它拉长1cm需6N的拉力，在月球上将它拉长1cm只需要1N的拉力
4. 下列估测的数据中，最接近实际的是( )
A. 一个苹果的总重约为50N
B. 一名中学生站立时对水平地面的压强约为500Pa
C. 把掉到地上的物理书捡到桌上大约做了60J的功
D. 一名中学生从1楼跑到3楼，他在上楼过程中的平均功率约为300W
5. 惯性是一切物体固有的属性。在如图所示的四种物体中，惯性最大的是( )
A. 飞翔的老鹰 B. 出膛的子弹
C. 行驶的汽车 D. 进站的动车
6. 下列生活实例中，力对物体做功的有( )
A. 甲和乙 B. 甲和丙 C. 乙和丙 D. 丙和丁
7. 如图所示的用具中，在使用时属于省力杠杠的是( )
A. 筷子 B. 核桃夹
C. 食品夹 D. 天平
8. 如图“探究二力平衡的条件”的实验，把小车或木块放到水平桌面上，小车两端用细线挂着相同的托盘。关于实验的做法和结论，下列说法正确的是( )
A. 图甲中只有小车处于静止状态时，小车才受到平衡力的作用
B. 图乙中左、右两盘分别加入质量不等的砝码时，若木块静止，则处于平衡状态
C. 小车或木块放在粗糙的水平桌面上更容易保持静止，方便研究二力平衡的条件
D. 小车静止时左侧受到的拉力总是等于右边托盘和盘内砝码的总重力
9. 关于摩擦力，下列说法不正确的是( )
A. 人跑步时，地面对鞋底的摩擦力是有益摩擦
B. 向右推箱子，但是没有推动，此时人对箱子的推力等于地面对箱子的摩擦力
C. 自行车轮子安装在轴承上，是利用“滑动代替滚动”的方式减小有害摩擦
D. 给门轴的合页加润滑剂，可以在两个表面之间形成一层油膜，来减小有害摩擦
10. 如图，在“探究影响压力作用效果的因素”的实验中，下列说法正确的是( )
①甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等
②甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显
③甲、乙两次实验，说明压力作用的效果跟压力的大小有关
④为了完成整个实验，可以将乙图中的砝码取下来，并将看到的实验现象和甲图中的对比
A. ①② B. ①②④ C. ①③④ D. ②③④
11. 如图是一种嵌于厨房或卫生间地面的地漏及其结构示意图。下列有关说法中不正确的是( )
A. 存水杯装满水时，地漏是连通器
B. 为了防止“异味”进入室内，水面必须达到的最低高度是位置2
C. 隔离板的作用是隔离垃圾进入下水管和防止下水道“异味”进入室内
D. 存水杯存满水时，若是取走隔离板，地漏就不再是连通器
12. 车顶的外掀式天窗在行驶时，将天窗前面关闭，后面微微向上打开，就能起到通风作用，这是由于( )
A. 车外空气的流速较大，天窗外的压强小于车内的压强，“抽出”车内污浊的空气
B. 车外空气的流速较大，天窗外的压强大于车内的压强，“吸入”外界新鲜空气
C. 车外空气的流速较小，天窗外的压强小于车内的压强，“抽出”车内污浊的空气
D. 车外空气的流速较小，天窗外的压强大于车内的压强，“吸入”外界新鲜空气
13. 某同学在“研究液体内部的压强”的实验中，选择如图所示的器材，容器正中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭。在图甲的左、右两侧倒入深度不同的水后，橡皮膜向左凸起；在图乙左、右两侧分别倒入水和A液体后，橡皮膜相平。下列说法不正确的是(ρ酒精=0.8×103kg/m3)( )
A. 甲实验可探究液体压强与深度的关系
B. 乙实验中左侧水对容器底的压强大于右侧液体对容器底的压强
C. 乙实验中左右分别装入等质量且没过橡皮膜的水和A液体，橡皮膜相平
D. 若乙实验右侧液体是酒精，则左、右液面到橡皮膜的深度之比为4：5
14. 图甲是托里拆利实验装置，图乙是一个“自制气压计”(用插有细管的橡皮塞塞住装有水的瓶子口，下管口没入水中，通过上管口向瓶内吹气，水沿管上升到P点)，P点与瓶内水面Q高度差为h3，下列说法错误的是( )
A. 甲图中的托里拆利实验装置测出当地的大气压是ρ水银gh1
B. 甲图中的托里拆利实验中玻璃管倾斜，管内水银柱竖直高度不变
C. 乙图中的自制气压计测出当地当时的大气压是ρ水gh3
D. 同时带着两装置登山，会发现h1会变小，h3会增大
15. 测量液体密度的仪器叫密度计，将其插入被测液体中，待静止后直接读取液面处的刻度值(如图甲所示)。图乙和图丙的烧杯中是同一个自制的简易密度计，它是在木棒的一端缠绕一些铜丝做成的，烧杯中盛有密度不同的盐水，密度计竖直立在液体中，由图中现象可以判断( )
A. 密度计底部在乙烧杯的液体中受到的液体压强较大
B. 密度计在丙烧杯的液体中受到的浮力较大
C. 往烧杯中继续加盐，密度计在乙、丙中所受浮力将变大
D. 给自制密度计标上刻度，图丙中对应的刻度值大于乙图中的
16. 2023年1月26日，世界乒乓球职业大联盟(WTT)支线赛多哈站结束，中国队包揽了五个单项冠军，如图是我国运动员在比赛中高抛发球时的情景，则下列有关说法正确的是( )
A. 乒乓球在上升过程中，重力势能转化为动能
B. 乒乓球从最高点下落的过程中，重力势能减少，动能变大，机械能保持不变
C. 乒乓球落向桌面，撞击桌面时，动能转化为弹性势能
D. 乒乓球离开球拍恢复原状的过程中，动能转化为重力势能
17. 如图所示，用一个动滑轮在5s将一重为300N的物体向上提起3m，拉力为200N，这个动滑轮的机械效率和拉力的功率分别是( )
A. 66.7%120W
B. 66.7%240W
C. 75%120W
D. 75%240W
18. 如图甲所示，一正方体实心物体用细绳吊着匀速向下浸入水中，在浸入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，物体所受浮力、绳子拉力随h的变化如图乙所示，其中F2：F1=2：1，下列判断不正确的是( )
A. 物体的密度是1.5×103kg/m3 B. 物体的体积为1.728×10-3m3
C. 物体所受重力为7.68N D. 物体浸没时所受浮力为5.12N
19. 2023年2月1日，湖北省第三届冰雪大会冰雪运动竞技比赛落下帷幕，如图所示，是运动员比赛的场景。运动员用力向后撑雪杖，人就向前运动，说明力的作用是______ 的，同时观察到被雪杖撑过的地方，雪会凹陷下去，说明力可以使物体发生______ ；运动员踩在雪橇板上，目的是为了减小______ ；滑过终点，运动员不能立即停下，这是因为人具有______ 。
20. 立定跳高可分解为下蹲、蹬伸和腾空三个过程。如图为某运动员下蹲后在蹬伸过程中所受水平地面支持力F随时间t变化的关系。据图可知，该运动员受到的重力为______ N；t2∼t3时间内他所受合力方向为______ ，他在______ (填“t1”、“t2”或“t3”)时刻获得向上的最大速度。
21. 如图所示是小红同学要探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验过程，其中甲、乙图中长木板正面朝上，丙图中长木板反面朝上，长木板的反面比正面粗糙，关于此探究，小红提出以下猜想：
猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力大小有关。
猪想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。
(1)请画出图乙实验中，匀速拉动木块和砝码做直线运动时，砝码所受力的示意图。
(2)实验中用弹簧测力计拉动木块时，必须让木块在水平方向上做______ 运动；这样可根据______ 原理测出滑动摩擦力的大小。
(3)甲、乙两图实验，是探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系，根据实验现象可知，乙图测力计示数______ 甲图测力计示数(填“大于”“小于”或“等于”)。
(4)实验中，为验证猜想一、二，在甲步骤木块上没加砝码，乙、丙步骤中在木块上加砝码，请你思考：丙步骤______ (填“一定”或“不一定”)需要在木块上加砝码。
22. 小枫同学在学完力学的相关知识后，进行了斜面相关的实验探究。
(1)如图所示，在探究“动能的大小跟哪些因素有关”的实验中，第一次是让质量较大的小车从斜面某一高度由静止开始滑下，第二次是让质量较小的小车从斜面的同一高度由静止开始滑下，发现质量较大的小车将小木块推得较远，由此可知：______ 相同的物体，______ 越大，它的动能越大。
(2)在(1)实验装置基础上，添加毛巾、棉布可以完成探究“阻力对物体运动的影响”的实验，为了便于推理，以下水平面材料放置顺序符合该实验研究方法的是______ 。
A.木板、棉布、毛巾
B.木板、毛巾、棉布
C.毛巾、棉布、木板
D.毛巾、木板、棉布
(3)观察小车滑下后在不同表面上运动的距离，可得：小车受到的阻力越小，运动的路程越远。进一步推理可知：若小车运动时所受阻力为零，小车将保持______ 状态。上述实验结论是在分析实验现象的基础上，经过科学推理得出的，下列实验探究过程与之相同的是______ (填字母)。
A.用光线来描述光的径迹和方向
B.探究声音能否在真空中传播
C.根据压强计U形管的液面高度差判断液体压强的大小
23. 小枫同学使用如图所示的实验来探究液体压强与哪些因素有关：
(1)如图所示压强计是通过______ 显示橡皮膜所受压强大小。
(2)若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，那么应该通过下列哪种方法进行调节______ 。
A.向U形管内加适量水
B.从U形管中倒出一部分水
C.拆除软管重新安装
(3)如果我们要讨论液体内部压强是否与液体密度有关，应选择______ 进行比较。
(4)保持乙图中探头位置不变，向容器内加入适量的浓盐水，发现U形管两侧液面的高度差变大，于是小枫得出了“同一深度，液体的密度越大，其内部压强越大”的结论，他的操作______ (填“正确”或“不正确”)，原因是______ 。
(5)为了使压强计的金属盒在同种液体、同一深度处时，U形管内的液面高度差更明显，U形管应______ 。
A.用内径更细的U形管
B.改注盐水
C.改注酒精
24. 如图所示是“探究杠杆平衡的条件”的实验，实验所用的杠杆刻度和质量分布均匀，每个钩码相同。
(1)在挂钩码前，小红同学发现杠杆左端低右端高(如图甲)，此时杠杆______ (填“是”或“不是”)处于杠杆平衡状态的。
(2)为了完成实验，应将杠杆右端平衡螺母向______ 端调节，使杠杆在水平位置平衡。
(3)接着小红在杠杆的两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡(如图乙)。若在A、B下方再各加一个相同的钩码，则杠杆______ 端将下沉(填“左”或“右”)。
(4)图丙为小红制作的简易“杠杆力臂演示仪”，杠杆AOB可绕O点(螺母)转动，不计摩擦和杠杆自身重力。
①当杠杆处于丙图所示水平位置平衡时。
②松开螺母保持OA水平不动，使OB向下折30∘角度后，再拧紧螺母形成一根可绕O点转动的杠杆AOB'(B'对应B点)。保持物块M的位置不变，要使杠杆在图丁所示位置保持平衡，则应将物块N移动到______ 。
A.O点处
B.①点处
C.②点处
D.③点处
25. 在“探究影响浮力大小的因素”实验中，小明根据生活经验，提出了浮力大小可能与下列因素有关的猜想：
A.与物体浸入液体中的深度有关；
B.与物体排开液体的体积有关；
C.与液体的密度有关。
(1)分析______ 三次实验，可知浮力大小与物体排开液体的体积有关；分析a、d、e三次实验。可知在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力______ (选填“越大”或“越小”)。
(2)进行探究时，实验步骤和弹簧测力计的示数如图1所示。其中序号c中物体P所受浮力大小为______ N，物体P的密度为______ kg/m3(水的密度为1.0×103kg/m3，g=10N/kg)
(3)小明接着又探究了“浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系”，过程如图2所示，其中弹簧测力计的示数依次是F1、F2、F3、F4。
①探究操作的最合理顺序是______ (只填字母)，若图中F1、F2、F3、F4四个力之间的关系式______ 成立，就可得出结论F浮=G排。
②图2中会影响该探究结论能否正确得出的是______ (只填字母)。
A.c中水面未到达溢水杯的溢水口
B.c中物体没有全部浸入在水中
26. 2022年12月6日，我国目前已建成的规模最大、重量最重的圆筒型FPS0(浮式生产储卸油装置)——“企鹅号”FPS0于当日下午17时在山东青岛港成功启航。该装置整体高度118米，最大直径87.5米，船体直径70米，总重约3.2万吨，出坞吃水深度7.7m，油存储能力40万桶，油处理能力3.5万桶，气处理能力1.2亿立方英尺。(ρ海水=1.0×103kg/m3)
(1)该装置出坞时底部所受海水的压强为多大？
(2)据了解，“企鹅号”由排水量为7.2万吨的半潜船，采用“船背船”的方式进行运输(如图甲)。半潜船自身质量为1万吨，首先半潜船向水舱注水，甲板下潜至水面以下一定深度，再将该装置平移至半潜船甲板上方，半潜船排出水舱中所有水，甲板带着该装置上浮出水面，便可装载完毕，求此时半潜船排开水的体积约为多大？
(3)该装置建好以后，需要进行出坞作业，为此共动用6艘拖轮历时9小时将装置移至指定码头(如图乙)，拖带过程中各拖轮紧密配合，只要有一个拖轮在拖带过程中出现缆绳受力方向不准确，“企鹅号”就会发生旋转，进而带动其它拖轮出现转动，增加操纵风险。拖带作业时，揽绳都系在船体上，缆绳方向可调整。如图丙所示，为“企鹅号”某时刻被4艘拖轮共同进行拖带作业的俯视场景，此时3号和4号拖轮对装置的力刚好平衡，1号和2号拖轮分别保持恒定功率3840kW、3200kW工作，1号拖轮正以6m/s的速度，与OA成30∘匀速航行，为避免装置发生旋转，2号拖轮最大只能以多大的速度匀速航行？(不考虑风速和水流对装置的影响，该装置视为质量分布均匀，O为船体截面圆心)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、撑杆被跳高运动员压弯，力改变了撑杆的形状；
B、用力使锯条变弯曲，力改变了锯条的形状；
C、用力抛小球，使小球飞出去，小球由静止变成运动，力改变了小球的运动状态；
D、跳水运动员用力压弯跳板，跳板的形状发生改变，力改变了跳板的形状。
由此可知，ABD都是力改变了物体的形状，C是力改变了物体的运动状态。
故选：C。
力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状；②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
本题结合学生熟悉的生活情景，考查力的作用效果的应用，注重了理论联系实际的考查，是基础题。
2.【答案】C
【解析】解：AD、弹簧测力计可以测任何方向的力，弹簧测力计测力时，弹簧伸长和力的方向在同一直线上即可，故A错误；
B、弹簧测力计的原理是弹簧的伸长长度与受到的拉力成正比，故B错误；
C、使用弹簧测力计之前，一定要注意观察标尺的零刻线、分度值和量程，故C正确；
D、此时弹簧测力计的示数为3.6N，故D错误；
故选：C。
(1)弹簧测力计可以测任何方向的力；
(2)弹簧测力计的原理：在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比；
(3)使用弹簧测力计之前，一定要注意观察标尺的零刻线、分度值和量程；
(4)明确分度值然后读数；
本题考查了弹簧测力计工作原理、弹簧测力计的正确使用等，属于基本技能，一定能熟练掌握。
3.【答案】C
【解析】解：A.质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、状态、位置的改变而改变，地球上质量为60kg的物体，在月球上仍为60kg，故选项A错误；
B.将物体从地球带上月球后，重力减小，但重力与质量仍成正比，故选项B错误；
C.在地球上受到重力为600N的人，月球对其表面物体的引力只有地球对地面物体引力的六分之一，在月球上受到的重力约为100N，故选项C正确；
D.弹簧的伸长跟所受的拉力成正比，在地球表面将弹簧拉长需6N的拉力，在月球上也需要6N的拉力，故选项D错误。
故选：C。
质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、状态、位置的改变而改变；弹簧的伸长跟所受的拉力成正比。
理解质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、状态、位置的改变而改变；弹簧的伸长跟所受的拉力成正比，而与地点无关。
4.【答案】D
【解析】解：A、一个苹果的质量在150g左右，受到的重力在G=mg=0.15kg×10N/kg=1.5N左右，故A不符合实际；
B、中学生双脚站在地面时对地面的压力约为F=G=500N，双脚与地面的接触面积约为500cm2=0.05m2，对地面的压强p=FS=500N0.05m2=1×104Pa，故B不符合实际；
C、物理课本的重力约2.5N，桌面到地面的距离大约0.8m，将掉在地上的物理课本捡到桌上所做的功大约为W=Gh=2.5N×0.8m=2J，故C不符合实际；
D、中学生的体重在G=500N左右，从1楼跑到3楼上升的高度约为h=2×3m=6m，所用时间约t=10s，他在上楼过程中的功率约为：P=Wt=Ght=500N×6m10s=300W，故D符合实际。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
5.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查了惯性的理解，惯性是物体的固有属性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量大的物体惯性就大，质量小的物体惯性就小。
物体保持原来匀速直线运动状态和静止状态的性质叫惯性；惯性是物体的一种性质，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
【解答】
由于惯性大小只与物体的质量有关，与物体的运动速度无关，四个选项中，动车的质量最大，所以进站的动车的惯性最大；
故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
6.【答案】B
【解析】解：
甲、推着小车前进，人对小车有推力的作用，小车在推力的方向上通过了距离，所以推力对小车做了功；
乙、用力提着滑板在水平路面上前行，此过程中，拉力与距离的方向垂直，故拉力没有做功；
丙、绳子对物体有向上的拉力，物体在拉力的方向上通过了距离，所以拉力对物体做了功；
丁、人用力搬石头但没有搬动，有力作用在石头上，但石头没有通过距离，故力对物体没有做功。
所以做了功的是甲和丙。
故选：B。
做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离。
该题考查了做功的必要条件，注意三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。
7.【答案】B
【解析】解：AC.筷子与食品夹使用时，动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，属于费力杠杆，故AC不符合题意；
B.核桃夹使用时，动力作用在夹子的尾端，动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，属于省力杠杆，故B符合题意；
D.天平的支点在横梁的正中间，两个力臂相等，属于等臂杠杆，故D不符合题意。
故选：B。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
8.【答案】B
【解析】解：A、静止的物体和匀速直线运动的物体都称为物体处于平衡状态，在这两种状态下都受平衡力作用，故A错误；
B、当图甲左、右两盘分别加入质量不等的砝码时，两盘的砝码质量虽然不相等(即两侧的拉力不相等)，但由于木块和桌面间存在摩擦力，木块仍可能处于静止状态，故B正确；
C、在探究“二力平衡的条件”实验中，为了减小摩擦力对实验造成影响，应将小车或木块放在光滑的水平桌面上，且用小车代替木块可以用滚动摩擦来代替滑动摩擦来减小摩擦力，故C错误；
D、小车静止时，当摩擦力忽略不计，左侧拉力才等于右边托盘和盘内砝码的总重力，故D错误。
故选：B。
(1)(2)静止的物体和匀速直线运动的物体都处于平衡状态；
(3)在研究二力平衡的条件时，要尽可能排除其它力(如摩擦力)对实验的干扰；
(4)物体处于平衡状态，才受平衡力作用，据此进行分析解答。
本题主要考查二力平衡条件的实验，用静止状态来代替匀速直线运动状态，简化实验，便于操作，明确二力平衡的条件，选择合适的实验探究方法是解答此题的关键。
9.【答案】C
【解析】解：A、人跑步时，人就依靠鞋底与地面之间的摩擦，因此，鞋底往往有花纹，用来增大这个摩擦，故鞋与地面之间的摩擦属于有益摩擦，故A正确。
B、向右推箱子，但是没有推动，此时人对箱子的推力与地面对箱子的摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，故B正确。
C、自行车轮子安装在轴承上，是利用“滚动代替滑动”的方式减小有害摩擦，故C错误。
D、给门轴的合页加润滑剂，可以在两个表面之间形成一层油膜，来减小有害摩擦，故D正确。
故选：C。
(1)凡是利用摩擦力为我们服务的摩擦就是有益摩擦，那些对我们的工作带来不利影响或对机器零件有磨损的摩擦大多是有害的摩擦；
(2)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(3)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
本题考查摩擦力的种类、摩擦力大小的影响因素、减小摩擦的方法，以及二力平衡条件的应用。摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究．
10.【答案】A
【解析】
【分析】
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
【解答】
①实验中，物体对受压面的压力等于物体的重力，故甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等，①正确；
②根据转换法，甲中海绵的凹陷程度大，甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显，②正确；
③甲、乙两次实验，受力面积不同而压力相同，故说明压力作用的效果跟受力面积的大小有关，③错误；
④为了完成整个实验，还要研究压力作用效果与压力大小有关，要控制受力面积相同，故可以将乙图中的砝码取下来，并将看到的实验现象和乙图中的对比，④错误；
故BCD错误，A正确。
故选A。
11.【答案】D
【解析】解：A、根据地漏的结构图可知，存水杯上端开口，底部连通，属于连通器，故A正确；
B、根据地漏的结构图可知，左右两个容器连通，上端开口，当水不再流动时，水面保持相平，所以了防止“异味”进入室内，水面能到达的最高高度是位置2的高度，故B正确；
C、由连通器原理可知，隔离板的作用是：当存水杯装满水时，地面上的水可以流进下水管，隔离垃圾进入下水管和下水道“异味”进入室内；故C正确；
D、存水杯存满水时，若是取走隔离板，地漏仍然是连通器，故D错误。
故选：D。
连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
此题考查连通器原理，明确地漏结构和工作原理是解题关键。
12.【答案】A
【解析】解：天窗前闭后开，在车顶形成一个凸面，加大了车顶空气的流速，使天窗开口处的气压小于车内的气压，则在压强差的作用下车内污浊的空气被自动“抽出”，从而保持车内空气清新，故BCD错误，A正确。
故选：A。
流体压强与流速的关系：流体流速大的位置压强小，流速小的位置压强大。
解答此题的关键是明确流体压强与流速的关系，从原理的角度出发，便不难做出解释。
13.【答案】C
【解析】解：A、由图甲知：液体密度相同；右侧高度高，压强大，橡皮膜向左凸出，故可以得出：在同种液体内部，深度越深，压强越大，故A正确；
B、压强的大小通过橡皮膜的凸出程度来表示，图乙中橡皮膜没有变形，说明左右两侧上面的压强相同，根据P=ρgh知，左边液体的密度大于右边液体的密度，下面的液体左边的压强大于右边的压强，故左边总压强大于右边的总压强，故B正确；
C、根据压强的定义式p=FS，橡皮膜若是相平的，则橡皮膜以上部分的液体质量是相等的，而以下部分左右液体体积相同，密度不相同，故质量不相等，故C错误；
D、由图知，橡皮膜是相平的，左右压强相等，ρ酒精gh酒精=ρ水gh水，由ρ酒精=0.8×103kg/m3，ρ水=1.0×103kg/m3可得左、右液面到橡皮膜的深度之比与密度之比成反比，左、右液面到橡皮膜的深度之比为4：5，故D正确；
故选：C。
(1)影响液体压强的因素：液体的密度和深度，要探究液体压强与液体深度的关系，则要保证液体密度相同；深度不相同，液体密度越大压强越大；
(2)压强的大小通过橡皮膜的凸出程度来表示；
(3)根据压强的定义式p=FS判断；
(4)橡皮膜是相平的，左右压强相等，由p=ρgh可得深度之比。
此题是探究液体压强是否跟液体密度、液体深度有关”的实验，考查了控制变量法在实验中的应用，同时考查了学生对实验的评估。
14.【答案】C
【解析】解：A、图甲中h1高度才是水银柱的竖直高度，它产生的压强与大气压大小相等，则甲图中的托里拆利实验装置测出当地的大气压是ρ水银gh1；故A正确；
B、在大气压的测量实验中，运用了平衡法，大气压大小等于水银柱产生的压强。当玻璃管倾斜后，虽长度增大，但管内水银柱竖直高度不变，故B正确；
C、因为自制气压计用瓶盖封严瓶口，与外界气压不通，P点与瓶内水面Q高度差为h3，指瓶内气压比外界大气压大的值是ρ水gh3，故C错误。
D、大气压随高度的增加而减小，因此带着两装置登山，甲图中h1会变小，乙图“自制气压计”登山后，瓶外气压减小，瓶内气压不变，因此瓶内管子水面上升，h3会增大，故D正确。
故选：C。
(1)在托里拆利实验中，水银柱的高度差应是竖直高度；
(2)在托里拆利实验中，根据实验原理，需要记录水银柱的高度，来计算大气压的值；当玻璃管倾斜后，管内水银柱长度会变大，但水银柱的竖直高度不变，即玻璃管倾斜不会影响实验的结果。
(3)大气压与高度有关，随高度的增加而减小。
利用身边的器材做成气压计，探究大气压的变化、鼓励学生学以致用，培养学生知识与能力同步发展。
15.【答案】D
【解析】解：ABD、同一个密度计放在乙、丙液体中都漂浮，则密度计在乙、丙两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力G，所以F乙=F丙=G；故B错误；
密度计在丙中排开盐水的体积较小，根据ρ液=F浮gV排可知，丙中盐水的密度较大，给自制密度计标上刻度，图丙中对应的刻度值大于乙图中的，故D正确；
根据浮力产生的原因可知密度计底部所受的液体压力均等于密度计所受的浮力，故密度计底部在两烧杯的液体中受到的液体压力相等，密度计的底面积相同，根据p=FS可知密度计底部在两烧杯的液体中受到的液体压强相等，故A错误；
C、往烧杯中继续加盐，盐水的密度变大，密度计仍漂浮，密度计在乙、丙中所受浮力不变，故C错误；
故选：D。
ABD、同一个密度计放在乙、丙液体中都漂浮，则密度计在乙、丙两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力；
密度计在丙中排开盐水的体积较小，根据ρ液=F浮gV排可知盐水的密度的大小关系，进而得出给自制密度计标上刻度，两图中对应的刻度值的大小关系；
根据浮力产生的原因可知密度计底部所受的液体压力均等于密度计所受的浮力，密度计的底面积相同，根据p=FS可知密度计底部在两烧杯的液体中受到的液体压强的大小关系；
C、往烧杯中继续加盐，盐水的密度变大，密度计仍漂浮，所受的浮力等于自身的重力。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。
16.【答案】C
【解析】解：A.乒乓球在上升过程中，高度增加，重力势能增加；速度减小，动能减小，动能转化成重力势能，故A错误；
B.乒乓球从最高点下落的过程中，质量不变，速度变大，动能变大；质量不变，高度变小，重力势能减少；由于乒乓球克服空气的阻力做功，机械能转化为内能，机械能减小，故B错误；
C.乒乓球落向桌面，撞击桌面时，球的速度变慢，即其动能变小，同时球会随之发生弹性形变，且形变程度逐渐变大，即弹性势能变大，故该过程是动能转化为弹性势能的过程，故C正确；
D.乒乓球离开球拍恢复原状的过程中，弹性势能转化为动能，故D错误。
故选：C。
物体由于运动而具有的能叫动能，其大小与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，其大小与物体的质量和高度有关，物体的质量越大、高度越大，重力势能越大；机械能为动能和势能的和。
此题考查了机械能的转化，难度不大。
17.【答案】D
【解析】解：由图可知，n=2；动滑轮的机械效率为：
η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=300N2×200N×100%=75%；
动滑轮在5s将一重为300N的物体向上提起3m，则物体移动的速度为：
v物=ht=3m5s=0.6m/s，
子自由端移动的速度：v自=nv物=2×0.6m/s=1.2m/s，
拉力的功率为：
P=Fv自=200N×1.2m/s=240W，故ABC错误，D正确。
故选：D。
(1)由图可知，n=2；已知物重和拉力，利用公式η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求出动滑轮的机械效率；
(2)根据速度公式求出物体移动的速度，使用动滑轮时，绳子自由端移动的速度是物体运动速度的2倍；已知拉力和绳子自由端移动的速度，利用公式P=Fv得到拉力的功率。
此题考查了动滑轮的特点、功率和机械效率的计算，是力学重要规律或公式的应用，综合性较强，有一定的难度。
18.【答案】B
【解析】解：A、由图可知，物体在浸入水的过程中排开水的体积逐渐变大，所以浮力也逐渐变大，则绳的拉力逐渐减小；当构件浸没后排开水的体积不变，所以浮力不变，钢丝绳的拉力也不变，因此反映绳子拉力随h变化的图线为F1所在的图线，反映物体所受浮力随h变化的图线为F2所在的图线；
物体全部浸入水中后，处于平衡状态，受力情况为G=F拉+F浮，其中F拉=F1，F浮=F2，代入等式F2：F1=2：1得：
F浮F拉=F浮G-F浮=ρ水gVρ物gV-ρ水gV=21；
解得：ρ物=1.5×103kg/m3；
故A正确；
B、设正方体实心物体的边长为L，据图乙可知，h=6cm=0.06m时，F拉=F浮，则此时F浮=12G，
即ρ水gV'=12ρ物gV；
代入数据得：1.0×103kg/m3×10N/kg×L²×0.06m=1.5×103kg/m3×10N/kg×L3；
解得：L=0.08m；
则物体的体积为：L3=(0.08m)3=5.12×10-4m3；
故B错误；
C、物体所受重力为：
G=ρ物gV=1.5×103kg/m3×10N/kg×5.12×10-4m3=7.68N；
故C正确；
D、物体浸没时所受浮力为：
F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×5.12×10-4m3=5.12N；
故D正确。
故选：B。
(1)由图可知，物体在浸入水的过程中排开水的体积逐渐变大，所以浮力也逐渐变大，则绳的拉力逐渐减小；当构件浸没后排开水的体积不变，所以浮力不变，钢丝绳的拉力也不变；据此分析确定浮力和拉力随h变化的图线；
物体全部浸入水中后，处于平衡状态，受力情况为G=F拉+F浮，其中F拉=F1，F浮=F2，代入等式F2：F1=2：1得到等式，解等式得到物体的密度大小；
(2)据图乙可知，h=6cm=0.06m时，F拉=F浮，则此时F浮=12G，据此列出等式求出正方体棱长，从而求出物体的体积；
(3)根据G=ρ物gV求出物体所受重力；
(4)根据F浮=ρ水gV排求出物体浸没时所受浮力。
此题考查了密度的计算、重力的计算、阿基米德原理的应用、浮力的计算、物体受力的分析，属综合题，难度比较大。
19.【答案】相互 形变 压强 惯性
【解析】解：(1)运动员用力向后撑雪杖，人就向前运动，这是因为雪杖对人施加一个向前的力，使人向前运动，说明物体间力的作用是相互的；
(2)观察到被雪杖撑过的地方，雪会凹陷下去，这说明力可以使物体发生形变；
(3)滑雪板面积较大，目的是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；
(4)滑过终点，运动员不能立即停下，是因为运动员具有惯性，还要保持原来的运动状态。
故答案为：相互；形变；压强；惯性。
(1)物体间力的作用是相互的，当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用；
(2)力可以使物体发生形变或改变物体的运动状态；
(3)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(4)一切物体都有惯性，惯性的大小只与质量有关，与其他都无关。
本题考查减小压强的方法、力的作用效果、物体间力的作用是相互的和惯性，属于基础性题目，难度不大。
20.【答案】500 竖直向上 t3
【解析】解：(1)运动员下蹲后、蹬伸前处于静止状态(图中0-t1这段时间)，其受力平衡，重力和支持力平衡，二力的大小相等，则由图象可知运动员的重力：G=F=500N；
(2)运动员受到地面的支持力F方向竖直向上，运动员的重力G方向竖直向下；
由图象可知：
t1-t2内，F>G，运动员所受合力竖直向上，运动员向上加速运动，其速度增大。
t2-t3内，F>G，运动员所受合力竖直向上，运动员继续向上加速运动，其速度增大。
当F=G时的速度最大，即在t3时刻的速度最大；t3-t4内，F
(1)静止在水面上的物体所受支持力等于重力；
(2)运动员受到地面的支持力F方向竖直向上，运动员的重力G方向竖直向下；合力方向与物体运动方向相同--加速；合力与物体运动方向相反--减速；
t1-t2，F>G，运动员所受合力竖直向上，运动员向上加速；其速度增大。
t2-t3，F>G，运动员所受合力竖直向上，运动员继续向上加速；其速度增大。
t3-t4，F
21.【答案】匀速直线 二力平衡 压力大小 大于 不一定
【解析】解：(1)砝码随着木块一起做匀速直线运动，相对木块没有相对运动的趋势，故砝码不受摩擦力的作用，在竖直方向上因处于静止状态受到重力与木块施加的支持力作用为平衡力，如下所示；
；
(2)实验中用弹簧测力计拉动木块时，必须让木块在水平方向上做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，弹簧测力计所示的水平拉力大小(测力计示数)才等于木块与长木板摩擦力的大小；
(3)甲、乙两图实验，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，故是为了探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系；根据实验现象可得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大，支持该结论的实验现象是乙图测力计示数大于甲图测力计示数；
(4)为验证猜想一、二，在甲步骤木块上没加砝码，若只在乙步骤中的木块上加砝码，丙步骤中的在木块上不加砝码，根据控制变量法可以比较甲丙来验证猜想二，比较甲乙来验证猜想一，可以达到实验的目的，由此可知丙步骤不一定需要在木块上加砝码。
故答案为：(1)见上图；(2)匀速直线；二力平衡；(3)压力大小；大于；(4)不一定。
(1)根据摩擦力产生的条件分析砝码在水平方向上的受力，在竖直方向上因静止受平衡力的作用；
(2)根据二力平衡的条件分析；
(3)影响滑动摩擦力大小的因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度；接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
根据控制变量法，研究滑动摩擦力大小与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
本题是探究影响摩擦力大小的因素实验，把握住利用控制变量法分析实验结论的基本思路是解答此题的关键所在。
22.【答案】速度 质量 C 匀速直线运动 B
【解析】解：(1)小车滑下的高度相同，小车到达水平面的速度相同，根据实验现象可知速度相同的物体，质量越大，动能越大；
(2)水平面材料放置顺序是毛巾、棉布、木板，接触面越光滑，小车受到的阻力越小，运动的路程越远；
(3)进一步推理可知：若小车运动时所受阻力为零，小车将保持匀速直线运动，这是推理法，
A.用光线来描述光的径迹和方向，这是模型法；
B.探究声音能否在真空中传播，这是推理法；
C.根据压强计U形管的液面高度差判断液体压强的大小，这是转换法，
故选B。
故答案为：(1)速度；质量；(2)C；(3)匀速直线运动；B。
(1)小车滑下的高度相同，小车到达水平面的速度相同；
(2)(3)水平面材料放置顺序是毛巾、棉布、木板，接触面越光滑，小车受到的阻力越小，运动的路程越远，若小车运动时所受阻力为零，小车将保持匀速直线运动，这是推理法，
A.用光线来描述光的径迹和方向，这是模型法；
B.探究声音能否在真空中传播，这是推理法；
C.根据压强计U形管的液面高度差判断液体压强的大小，这是转换法。
本题考查转换法和控制变量法在实验中的运用，知道影响动能的因素是质量和速度，影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度。
23.【答案】U形管液面高度差 C 乙、丙 不正确 没有控制液体的深度不变 C
【解析】解：(1)压强计测量液体压强时，就是靠U形管两侧液面高度差来体现液体压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大；
(2)当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差，要调节，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选：C；
(3)要探究液体内部压强是否与液体密度的关系时，要控制液体的深度相同，即应控制探头所处的深度相同，故乙、丙符合题意；
(4)乙图中探头位置不变，向容器内加入适量的浓盐水，改变液体密度的同时也改变了液体的深度，故未控制变量，不能得出结论；
(5)压强计的金属盒在同种液体、同一深度处时，即液体压强一定，根据p=ρgh可知，液体密度越小，高度越大，故应改用密度小的液体，从而增大U形管内液面高度差，故选：C。
故答案为：(1)U形管液面高度差；(2)C；(3)乙、丙；(4)不正确；没有控制液体的深度不变；(5)C。
(1)液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的；
(2)只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，使U形管两端的液面相平；
(3)(4)(5)液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，根据p=ρgh进行分析即可解答。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
24.【答案】是 右 右 C
【解析】解：(1)实验前没有挂钩码和弹簧测力计时，发现杠杆左端高右端低，此时杠杆处于静止状态，杠杆平衡；
(2)实验前杠杆右端高左端低，说明杠杆右端轻、左端重，要使其在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向右端调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是为了方便测量力臂的大小；
(3)若一个钩码重G，一个小格长度为L，
则两端再加一个钩码时，左端：4G×2L=8GL，右端：3G×3L=9GL，
所以杠杆的右端下沉；
(4)保持物块M的位置不变，则杠杆左边的力与力臂乘积不变，OB向下折30∘角度后，再拧紧螺母形成一根可绕O点转动的杠杆AOB'(B'对应B点)，要使杠杆在图丁所示位置保持平衡，右端力与力臂的乘积也应该不变，力的大小不变，则力臂应仍为OB的长度，根据力臂的定义，则物块N应移动到②处，故选C；
故答案为：(1)是；(2)右；(3)右；(4)C。
(1)杠杆的平衡是指静止或匀速转动；
(2)杠杆使用前应调节在水平位置平衡，需要将螺母向上翘的一端移动，杠杆在水平位置平衡便于测量力臂的大小；
(2)根据杠杆的平衡条件解答；
(3)力臂是支点到力的作用线的距离，再利用杠杆平衡条件解答。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
25.【答案】a、b、c 越大 22.4×103 bacdF1-F3=F4-F2 A
【解析】解：(1)b、c实验中，液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，结合a实验，根据控制变量法可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关；d、e实验中，物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，结合a实验，根据控制变量法可知，在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大；
(2)图1a物体在空气中时弹簧测力计示数4.8N，图1c物体浸没在水中时弹簧测力计的示数为2.8N，则物体浸没在水中所受浮力为：F浮=G-F=4.8N-2.8N=2N；
由F浮=ρ水gV排得物体的体积：V=V排=F浮ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-4m3；
根据G=mg得物体的质量为：m=Gg=4.8N10N/kg=0.48kg，
物体的密度为：ρ=mV=0.48kg2×10-4m3=2.4×103kg/m3；
(3)①合理的实验顺序是：b、测出空桶所受的重力；a、测出物体所受的重力；c、把物体浸没在装满水溢水杯中，测出物体所受的浮力，收集物体排开的水；d、测出桶和排开的水所受的重力；故合理的顺序为b、a、c、d；
若四个力之间的关系式F1-F3=F4-F2成立，就可得出结论F浮=G排；
②要想测出物体排开的水的重力，溢水杯内水的液面必须到达溢水杯杯口，若达不到，则测得的排开的液体的重力会变小，与物体有没有全部浸入在水中无关，故选A；
故答案为：(1)a、b、c；越大；(2)2；2.4×103；(3)①bacd；F1-F3=F4-F2；②A。
(1)b、c实验中，液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，结合a实验，根据控制变量法判断；d、e实验中，物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，结合a实验，根据控制变量法判断；
(2)根据F浮=G-F求出在水中的浮力大小，根据阿基米德原理求出物体的体积；由G=mg可求得物体质量，然后由密度公式可求得其密度；
(3)实验中要先测物体和空桶的重力，然后再将物体浸没在水中，测出拉力，最后测出排出的水和空桶的总重力；要想准确测出物体排开的水的重力，实验前水的液面必须到达溢水杯杯口。
此题主要考查的是学生对浮力大小影响因素、密度公式以及阿基米德原理公式的理解和掌握，弄明白控制变量法在实验中的应用是解决此题的关键。
26.【答案】解：(1)出坞吃水深度7.7m，故该装置出坞时底部所受海水的压强为：
p=ρ海gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×7.7m=7.7××104Pa；
(2)半潜船处于漂浮状态，半潜船受到的浮力为：
F浮=G企+G半=(m企+m半)g=(3.2×104×103kg+1×104×103kg)×10N/kg=4.2×108N，
则求此时半潜船排开水的体积约为：
V排=F浮ρ海g=4.2×108N1.0×103kg/m3×10N/kg=4.2×104m3；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv可知，1号拖轮的拉力为：
F1=P1v1=3840×103W6m/s=6.4×105N，
则1号拖轮沿水平方向的拉力为：
F1水=cos30∘F1=32×6.4×105N=3.23×105N，
因F1和F2在水平方向是一对平衡力，所以F2=F1水=3.23×105N，
故2号拖轮航行的速度为：
v2=P2F2=3200×103W3.23×105N=1033m/s≈5.77m/s。
答：(1)该装置出坞时底部所受海水的压强为7.7×104Pa；
(2)此时半潜船排开水的体积约为4.2×104m3；
(3)2号拖轮最大只能以5.77m/s的速度匀速航行。
【解析】(1)根据p=ρ海gh求出该装置出坞时底部所受海水的压强；
(2)半潜船处于漂浮状态，根据F浮=G企+G半=(m企+m半)g求出浮力，利用阿基米德原理求出半潜船排开水的体积；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv求出1号拖轮的拉力，将1号拖轮的拉力沿水平方向分解为F1水=cos30∘F1，因F1和F2在水平方向是一对平衡力，据此求出F2的大小，利用P=Wt=Fst=Fv求出2号拖轮航行的速度。
本题考查了液体压强的计算以及公式的应用、物体的浮沉条件及其应用、阿基米德原理的应用、功率的计算和力的分解等知识，考查了的知识点较多，难度较大。
2022-2023学年湖北省武汉市武昌区八年级（下）期末物理试卷
1. 在如图中，力的作用效果与其他三项不同的是( )
A. 撑杆被跳高运动员压弯
B. 用力使锯条变弯曲
C. 用力抛小球，使小球飞出去
D. 跳水运动员用力压弯跳板
2. 关于弹簧测力计的使用，说法正确的是( )
A. 弹簧测力计使用时必须要竖直放置，不能倾斜
B. 弹簧测力计的原理是弹簧的长度与受到的拉力成正比
C. 使用弹簧测力计之前，要注意观察指针是否在零刻线和分度值、量程
D. 如图所示，此时弹簧测力计的示数为3.3N
3. 月球对其表面物体的引力只有地球对地面物体引力的六分之一。我国计划在2023年前实现中国人首次登陆月球，若到达月球后，下列说法中正确的是( )
A. 地球上质量为60kg的物体，在月球上质量只有10kg
B. 将物体从地球带上月球后，其所受重力与其质量不成正比
C. 在地球上受到重力为600N的人，在月球上受到的重力约为100N
D. 一根轻弹簧在弹性限度内，在地球上将它拉长1cm需6N的拉力，在月球上将它拉长1cm只需要1N的拉力
4. 下列估测的数据中，最接近实际的是( )
A. 一个苹果的总重约为50N
B. 一名中学生站立时对水平地面的压强约为500Pa
C. 把掉到地上的物理书捡到桌上大约做了60J的功
D. 一名中学生从1楼跑到3楼，他在上楼过程中的平均功率约为300W
5. 惯性是一切物体固有的属性。在如图所示的四种物体中，惯性最大的是( )
A. 飞翔的老鹰 B. 出膛的子弹
C. 行驶的汽车 D. 进站的动车
6. 下列生活实例中，力对物体做功的有( )
A. 甲和乙 B. 甲和丙 C. 乙和丙 D. 丙和丁
7. 如图所示的用具中，在使用时属于省力杠杠的是( )
A. 筷子 B. 核桃夹
C. 食品夹 D. 天平
8. 如图“探究二力平衡的条件”的实验，把小车或木块放到水平桌面上，小车两端用细线挂着相同的托盘。关于实验的做法和结论，下列说法正确的是( )
A. 图甲中只有小车处于静止状态时，小车才受到平衡力的作用
B. 图乙中左、右两盘分别加入质量不等的砝码时，若木块静止，则处于平衡状态
C. 小车或木块放在粗糙的水平桌面上更容易保持静止，方便研究二力平衡的条件
D. 小车静止时左侧受到的拉力总是等于右边托盘和盘内砝码的总重力
9. 关于摩擦力，下列说法不正确的是( )
A. 人跑步时，地面对鞋底的摩擦力是有益摩擦
B. 向右推箱子，但是没有推动，此时人对箱子的推力等于地面对箱子的摩擦力
C. 自行车轮子安装在轴承上，是利用“滑动代替滚动”的方式减小有害摩擦
D. 给门轴的合页加润滑剂，可以在两个表面之间形成一层油膜，来减小有害摩擦
10. 如图，在“探究影响压力作用效果的因素”的实验中，下列说法正确的是( )
①甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等
②甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显
③甲、乙两次实验，说明压力作用的效果跟压力的大小有关
④为了完成整个实验，可以将乙图中的砝码取下来，并将看到的实验现象和甲图中的对比
A. ①② B. ①②④ C. ①③④ D. ②③④
11. 如图是一种嵌于厨房或卫生间地面的地漏及其结构示意图。下列有关说法中不正确的是( )
A. 存水杯装满水时，地漏是连通器
B. 为了防止“异味”进入室内，水面必须达到的最低高度是位置2
C. 隔离板的作用是隔离垃圾进入下水管和防止下水道“异味”进入室内
D. 存水杯存满水时，若是取走隔离板，地漏就不再是连通器
12. 车顶的外掀式天窗在行驶时，将天窗前面关闭，后面微微向上打开，就能起到通风作用，这是由于( )
A. 车外空气的流速较大，天窗外的压强小于车内的压强，“抽出”车内污浊的空气
B. 车外空气的流速较大，天窗外的压强大于车内的压强，“吸入”外界新鲜空气
C. 车外空气的流速较小，天窗外的压强小于车内的压强，“抽出”车内污浊的空气
D. 车外空气的流速较小，天窗外的压强大于车内的压强，“吸入”外界新鲜空气
13. 某同学在“研究液体内部的压强”的实验中，选择如图所示的器材，容器正中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭。在图甲的左、右两侧倒入深度不同的水后，橡皮膜向左凸起；在图乙左、右两侧分别倒入水和A液体后，橡皮膜相平。下列说法不正确的是(ρ酒精=0.8×103kg/m3)( )
A. 甲实验可探究液体压强与深度的关系
B. 乙实验中左侧水对容器底的压强大于右侧液体对容器底的压强
C. 乙实验中左右分别装入等质量且没过橡皮膜的水和A液体，橡皮膜相平
D. 若乙实验右侧液体是酒精，则左、右液面到橡皮膜的深度之比为4：5
14. 图甲是托里拆利实验装置，图乙是一个“自制气压计”(用插有细管的橡皮塞塞住装有水的瓶子口，下管口没入水中，通过上管口向瓶内吹气，水沿管上升到P点)，P点与瓶内水面Q高度差为h3，下列说法错误的是( )
A. 甲图中的托里拆利实验装置测出当地的大气压是ρ水银gh1
B. 甲图中的托里拆利实验中玻璃管倾斜，管内水银柱竖直高度不变
C. 乙图中的自制气压计测出当地当时的大气压是ρ水gh3
D. 同时带着两装置登山，会发现h1会变小，h3会增大
15. 测量液体密度的仪器叫密度计，将其插入被测液体中，待静止后直接读取液面处的刻度值(如图甲所示)。图乙和图丙的烧杯中是同一个自制的简易密度计，它是在木棒的一端缠绕一些铜丝做成的，烧杯中盛有密度不同的盐水，密度计竖直立在液体中，由图中现象可以判断( )
A. 密度计底部在乙烧杯的液体中受到的液体压强较大
B. 密度计在丙烧杯的液体中受到的浮力较大
C. 往烧杯中继续加盐，密度计在乙、丙中所受浮力将变大
D. 给自制密度计标上刻度，图丙中对应的刻度值大于乙图中的
16. 2023年1月26日，世界乒乓球职业大联盟(WTT)支线赛多哈站结束，中国队包揽了五个单项冠军，如图是我国运动员在比赛中高抛发球时的情景，则下列有关说法正确的是( )
A. 乒乓球在上升过程中，重力势能转化为动能
B. 乒乓球从最高点下落的过程中，重力势能减少，动能变大，机械能保持不变
C. 乒乓球落向桌面，撞击桌面时，动能转化为弹性势能
D. 乒乓球离开球拍恢复原状的过程中，动能转化为重力势能
17. 如图所示，用一个动滑轮在5s将一重为300N的物体向上提起3m，拉力为200N，这个动滑轮的机械效率和拉力的功率分别是( )
A. 66.7%120W
B. 66.7%240W
C. 75%120W
D. 75%240W
18. 如图甲所示，一正方体实心物体用细绳吊着匀速向下浸入水中，在浸入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，物体所受浮力、绳子拉力随h的变化如图乙所示，其中F2：F1=2：1，下列判断不正确的是( )
A. 物体的密度是1.5×103kg/m3 B. 物体的体积为1.728×10-3m3
C. 物体所受重力为7.68N D. 物体浸没时所受浮力为5.12N
19. 2023年2月1日，湖北省第三届冰雪大会冰雪运动竞技比赛落下帷幕，如图所示，是运动员比赛的场景。运动员用力向后撑雪杖，人就向前运动，说明力的作用是______ 的，同时观察到被雪杖撑过的地方，雪会凹陷下去，说明力可以使物体发生______ ；运动员踩在雪橇板上，目的是为了减小______ ；滑过终点，运动员不能立即停下，这是因为人具有______ 。
20. 立定跳高可分解为下蹲、蹬伸和腾空三个过程。如图为某运动员下蹲后在蹬伸过程中所受水平地面支持力F随时间t变化的关系。据图可知，该运动员受到的重力为______ N；t2∼t3时间内他所受合力方向为______ ，他在______ (填“t1”、“t2”或“t3”)时刻获得向上的最大速度。
21. 如图所示是小红同学要探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验过程，其中甲、乙图中长木板正面朝上，丙图中长木板反面朝上，长木板的反面比正面粗糙，关于此探究，小红提出以下猜想：
猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力大小有关。
猪想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。
(1)请画出图乙实验中，匀速拉动木块和砝码做直线运动时，砝码所受力的示意图。
(2)实验中用弹簧测力计拉动木块时，必须让木块在水平方向上做______ 运动；这样可根据______ 原理测出滑动摩擦力的大小。
(3)甲、乙两图实验，是探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系，根据实验现象可知，乙图测力计示数______ 甲图测力计示数(填“大于”“小于”或“等于”)。
(4)实验中，为验证猜想一、二，在甲步骤木块上没加砝码，乙、丙步骤中在木块上加砝码，请你思考：丙步骤______ (填“一定”或“不一定”)需要在木块上加砝码。
22. 小枫同学在学完力学的相关知识后，进行了斜面相关的实验探究。
(1)如图所示，在探究“动能的大小跟哪些因素有关”的实验中，第一次是让质量较大的小车从斜面某一高度由静止开始滑下，第二次是让质量较小的小车从斜面的同一高度由静止开始滑下，发现质量较大的小车将小木块推得较远，由此可知：______ 相同的物体，______ 越大，它的动能越大。
(2)在(1)实验装置基础上，添加毛巾、棉布可以完成探究“阻力对物体运动的影响”的实验，为了便于推理，以下水平面材料放置顺序符合该实验研究方法的是______ 。
A.木板、棉布、毛巾
B.木板、毛巾、棉布
C.毛巾、棉布、木板
D.毛巾、木板、棉布
(3)观察小车滑下后在不同表面上运动的距离，可得：小车受到的阻力越小，运动的路程越远。进一步推理可知：若小车运动时所受阻力为零，小车将保持______ 状态。上述实验结论是在分析实验现象的基础上，经过科学推理得出的，下列实验探究过程与之相同的是______ (填字母)。
A.用光线来描述光的径迹和方向
B.探究声音能否在真空中传播
C.根据压强计U形管的液面高度差判断液体压强的大小
23. 小枫同学使用如图所示的实验来探究液体压强与哪些因素有关：
(1)如图所示压强计是通过______ 显示橡皮膜所受压强大小。
(2)若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，那么应该通过下列哪种方法进行调节______ 。
A.向U形管内加适量水
B.从U形管中倒出一部分水
C.拆除软管重新安装
(3)如果我们要讨论液体内部压强是否与液体密度有关，应选择______ 进行比较。
(4)保持乙图中探头位置不变，向容器内加入适量的浓盐水，发现U形管两侧液面的高度差变大，于是小枫得出了“同一深度，液体的密度越大，其内部压强越大”的结论，他的操作______ (填“正确”或“不正确”)，原因是______ 。
(5)为了使压强计的金属盒在同种液体、同一深度处时，U形管内的液面高度差更明显，U形管应______ 。
A.用内径更细的U形管
B.改注盐水
C.改注酒精
24. 如图所示是“探究杠杆平衡的条件”的实验，实验所用的杠杆刻度和质量分布均匀，每个钩码相同。
(1)在挂钩码前，小红同学发现杠杆左端低右端高(如图甲)，此时杠杆______ (填“是”或“不是”)处于杠杆平衡状态的。
(2)为了完成实验，应将杠杆右端平衡螺母向______ 端调节，使杠杆在水平位置平衡。
(3)接着小红在杠杆的两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡(如图乙)。若在A、B下方再各加一个相同的钩码，则杠杆______ 端将下沉(填“左”或“右”)。
(4)图丙为小红制作的简易“杠杆力臂演示仪”，杠杆AOB可绕O点(螺母)转动，不计摩擦和杠杆自身重力。
①当杠杆处于丙图所示水平位置平衡时。
②松开螺母保持OA水平不动，使OB向下折30∘角度后，再拧紧螺母形成一根可绕O点转动的杠杆AOB'(B'对应B点)。保持物块M的位置不变，要使杠杆在图丁所示位置保持平衡，则应将物块N移动到______ 。
A.O点处
B.①点处
C.②点处
D.③点处
25. 在“探究影响浮力大小的因素”实验中，小明根据生活经验，提出了浮力大小可能与下列因素有关的猜想：
A.与物体浸入液体中的深度有关；
B.与物体排开液体的体积有关；
C.与液体的密度有关。
(1)分析______ 三次实验，可知浮力大小与物体排开液体的体积有关；分析a、d、e三次实验。可知在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力______ (选填“越大”或“越小”)。
(2)进行探究时，实验步骤和弹簧测力计的示数如图1所示。其中序号c中物体P所受浮力大小为______ N，物体P的密度为______ kg/m3(水的密度为1.0×103kg/m3，g=10N/kg)
(3)小明接着又探究了“浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系”，过程如图2所示，其中弹簧测力计的示数依次是F1、F2、F3、F4。
①探究操作的最合理顺序是______ (只填字母)，若图中F1、F2、F3、F4四个力之间的关系式______ 成立，就可得出结论F浮=G排。
②图2中会影响该探究结论能否正确得出的是______ (只填字母)。
A.c中水面未到达溢水杯的溢水口
B.c中物体没有全部浸入在水中
26. 2022年12月6日，我国目前已建成的规模最大、重量最重的圆筒型FPS0(浮式生产储卸油装置)——“企鹅号”FPS0于当日下午17时在山东青岛港成功启航。该装置整体高度118米，最大直径87.5米，船体直径70米，总重约3.2万吨，出坞吃水深度7.7m，油存储能力40万桶，油处理能力3.5万桶，气处理能力1.2亿立方英尺。(ρ海水=1.0×103kg/m3)
(1)该装置出坞时底部所受海水的压强为多大？
(2)据了解，“企鹅号”由排水量为7.2万吨的半潜船，采用“船背船”的方式进行运输(如图甲)。半潜船自身质量为1万吨，首先半潜船向水舱注水，甲板下潜至水面以下一定深度，再将该装置平移至半潜船甲板上方，半潜船排出水舱中所有水，甲板带着该装置上浮出水面，便可装载完毕，求此时半潜船排开水的体积约为多大？
(3)该装置建好以后，需要进行出坞作业，为此共动用6艘拖轮历时9小时将装置移至指定码头(如图乙)，拖带过程中各拖轮紧密配合，只要有一个拖轮在拖带过程中出现缆绳受力方向不准确，“企鹅号”就会发生旋转，进而带动其它拖轮出现转动，增加操纵风险。拖带作业时，揽绳都系在船体上，缆绳方向可调整。如图丙所示，为“企鹅号”某时刻被4艘拖轮共同进行拖带作业的俯视场景，此时3号和4号拖轮对装置的力刚好平衡，1号和2号拖轮分别保持恒定功率3840kW、3200kW工作，1号拖轮正以6m/s的速度，与OA成30∘匀速航行，为避免装置发生旋转，2号拖轮最大只能以多大的速度匀速航行？(不考虑风速和水流对装置的影响，该装置视为质量分布均匀，O为船体截面圆心)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、撑杆被跳高运动员压弯，力改变了撑杆的形状；
B、用力使锯条变弯曲，力改变了锯条的形状；
C、用力抛小球，使小球飞出去，小球由静止变成运动，力改变了小球的运动状态；
D、跳水运动员用力压弯跳板，跳板的形状发生改变，力改变了跳板的形状。
由此可知，ABD都是力改变了物体的形状，C是力改变了物体的运动状态。
故选：C。
力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状；②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
本题结合学生熟悉的生活情景，考查力的作用效果的应用，注重了理论联系实际的考查，是基础题。
2.【答案】C
【解析】解：AD、弹簧测力计可以测任何方向的力，弹簧测力计测力时，弹簧伸长和力的方向在同一直线上即可，故A错误；
B、弹簧测力计的原理是弹簧的伸长长度与受到的拉力成正比，故B错误；
C、使用弹簧测力计之前，一定要注意观察标尺的零刻线、分度值和量程，故C正确；
D、此时弹簧测力计的示数为3.6N，故D错误；
故选：C。
(1)弹簧测力计可以测任何方向的力；
(2)弹簧测力计的原理：在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比；
(3)使用弹簧测力计之前，一定要注意观察标尺的零刻线、分度值和量程；
(4)明确分度值然后读数；
本题考查了弹簧测力计工作原理、弹簧测力计的正确使用等，属于基本技能，一定能熟练掌握。
3.【答案】C
【解析】解：A.质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、状态、位置的改变而改变，地球上质量为60kg的物体，在月球上仍为60kg，故选项A错误；
B.将物体从地球带上月球后，重力减小，但重力与质量仍成正比，故选项B错误；
C.在地球上受到重力为600N的人，月球对其表面物体的引力只有地球对地面物体引力的六分之一，在月球上受到的重力约为100N，故选项C正确；
D.弹簧的伸长跟所受的拉力成正比，在地球表面将弹簧拉长需6N的拉力，在月球上也需要6N的拉力，故选项D错误。
故选：C。
质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、状态、位置的改变而改变；弹簧的伸长跟所受的拉力成正比。
理解质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、状态、位置的改变而改变；弹簧的伸长跟所受的拉力成正比，而与地点无关。
4.【答案】D
【解析】解：A、一个苹果的质量在150g左右，受到的重力在G=mg=0.15kg×10N/kg=1.5N左右，故A不符合实际；
B、中学生双脚站在地面时对地面的压力约为F=G=500N，双脚与地面的接触面积约为500cm2=0.05m2，对地面的压强p=FS=500N0.05m2=1×104Pa，故B不符合实际；
C、物理课本的重力约2.5N，桌面到地面的距离大约0.8m，将掉在地上的物理课本捡到桌上所做的功大约为W=Gh=2.5N×0.8m=2J，故C不符合实际；
D、中学生的体重在G=500N左右，从1楼跑到3楼上升的高度约为h=2×3m=6m，所用时间约t=10s，他在上楼过程中的功率约为：P=Wt=Ght=500N×6m10s=300W，故D符合实际。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
5.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查了惯性的理解，惯性是物体的固有属性，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量大的物体惯性就大，质量小的物体惯性就小。
物体保持原来匀速直线运动状态和静止状态的性质叫惯性；惯性是物体的一种性质，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
【解答】
由于惯性大小只与物体的质量有关，与物体的运动速度无关，四个选项中，动车的质量最大，所以进站的动车的惯性最大；
故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
6.【答案】B
【解析】解：
甲、推着小车前进，人对小车有推力的作用，小车在推力的方向上通过了距离，所以推力对小车做了功；
乙、用力提着滑板在水平路面上前行，此过程中，拉力与距离的方向垂直，故拉力没有做功；
丙、绳子对物体有向上的拉力，物体在拉力的方向上通过了距离，所以拉力对物体做了功；
丁、人用力搬石头但没有搬动，有力作用在石头上，但石头没有通过距离，故力对物体没有做功。
所以做了功的是甲和丙。
故选：B。
做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离。
该题考查了做功的必要条件，注意三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。
7.【答案】B
【解析】解：AC.筷子与食品夹使用时，动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，属于费力杠杆，故AC不符合题意；
B.核桃夹使用时，动力作用在夹子的尾端，动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，属于省力杠杆，故B符合题意；
D.天平的支点在横梁的正中间，两个力臂相等，属于等臂杠杆，故D不符合题意。
故选：B。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
8.【答案】B
【解析】解：A、静止的物体和匀速直线运动的物体都称为物体处于平衡状态，在这两种状态下都受平衡力作用，故A错误；
B、当图甲左、右两盘分别加入质量不等的砝码时，两盘的砝码质量虽然不相等(即两侧的拉力不相等)，但由于木块和桌面间存在摩擦力，木块仍可能处于静止状态，故B正确；
C、在探究“二力平衡的条件”实验中，为了减小摩擦力对实验造成影响，应将小车或木块放在光滑的水平桌面上，且用小车代替木块可以用滚动摩擦来代替滑动摩擦来减小摩擦力，故C错误；
D、小车静止时，当摩擦力忽略不计，左侧拉力才等于右边托盘和盘内砝码的总重力，故D错误。
故选：B。
(1)(2)静止的物体和匀速直线运动的物体都处于平衡状态；
(3)在研究二力平衡的条件时，要尽可能排除其它力(如摩擦力)对实验的干扰；
(4)物体处于平衡状态，才受平衡力作用，据此进行分析解答。
本题主要考查二力平衡条件的实验，用静止状态来代替匀速直线运动状态，简化实验，便于操作，明确二力平衡的条件，选择合适的实验探究方法是解答此题的关键。
9.【答案】C
【解析】解：A、人跑步时，人就依靠鞋底与地面之间的摩擦，因此，鞋底往往有花纹，用来增大这个摩擦，故鞋与地面之间的摩擦属于有益摩擦，故A正确。
B、向右推箱子，但是没有推动，此时人对箱子的推力与地面对箱子的摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，故B正确。
C、自行车轮子安装在轴承上，是利用“滚动代替滑动”的方式减小有害摩擦，故C错误。
D、给门轴的合页加润滑剂，可以在两个表面之间形成一层油膜，来减小有害摩擦，故D正确。
故选：C。
(1)凡是利用摩擦力为我们服务的摩擦就是有益摩擦，那些对我们的工作带来不利影响或对机器零件有磨损的摩擦大多是有害的摩擦；
(2)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(3)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
本题考查摩擦力的种类、摩擦力大小的影响因素、减小摩擦的方法，以及二力平衡条件的应用。摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究．
10.【答案】A
【解析】
【分析】
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
【解答】
①实验中，物体对受压面的压力等于物体的重力，故甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等，①正确；
②根据转换法，甲中海绵的凹陷程度大，甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显，②正确；
③甲、乙两次实验，受力面积不同而压力相同，故说明压力作用的效果跟受力面积的大小有关，③错误；
④为了完成整个实验，还要研究压力作用效果与压力大小有关，要控制受力面积相同，故可以将乙图中的砝码取下来，并将看到的实验现象和乙图中的对比，④错误；
故BCD错误，A正确。
故选A。
11.【答案】D
【解析】解：A、根据地漏的结构图可知，存水杯上端开口，底部连通，属于连通器，故A正确；
B、根据地漏的结构图可知，左右两个容器连通，上端开口，当水不再流动时，水面保持相平，所以了防止“异味”进入室内，水面能到达的最高高度是位置2的高度，故B正确；
C、由连通器原理可知，隔离板的作用是：当存水杯装满水时，地面上的水可以流进下水管，隔离垃圾进入下水管和下水道“异味”进入室内；故C正确；
D、存水杯存满水时，若是取走隔离板，地漏仍然是连通器，故D错误。
故选：D。
连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
此题考查连通器原理，明确地漏结构和工作原理是解题关键。
12.【答案】A
【解析】解：天窗前闭后开，在车顶形成一个凸面，加大了车顶空气的流速，使天窗开口处的气压小于车内的气压，则在压强差的作用下车内污浊的空气被自动“抽出”，从而保持车内空气清新，故BCD错误，A正确。
故选：A。
流体压强与流速的关系：流体流速大的位置压强小，流速小的位置压强大。
解答此题的关键是明确流体压强与流速的关系，从原理的角度出发，便不难做出解释。
13.【答案】C
【解析】解：A、由图甲知：液体密度相同；右侧高度高，压强大，橡皮膜向左凸出，故可以得出：在同种液体内部，深度越深，压强越大，故A正确；
B、压强的大小通过橡皮膜的凸出程度来表示，图乙中橡皮膜没有变形，说明左右两侧上面的压强相同，根据P=ρgh知，左边液体的密度大于右边液体的密度，下面的液体左边的压强大于右边的压强，故左边总压强大于右边的总压强，故B正确；
C、根据压强的定义式p=FS，橡皮膜若是相平的，则橡皮膜以上部分的液体质量是相等的，而以下部分左右液体体积相同，密度不相同，故质量不相等，故C错误；
D、由图知，橡皮膜是相平的，左右压强相等，ρ酒精gh酒精=ρ水gh水，由ρ酒精=0.8×103kg/m3，ρ水=1.0×103kg/m3可得左、右液面到橡皮膜的深度之比与密度之比成反比，左、右液面到橡皮膜的深度之比为4：5，故D正确；
故选：C。
(1)影响液体压强的因素：液体的密度和深度，要探究液体压强与液体深度的关系，则要保证液体密度相同；深度不相同，液体密度越大压强越大；
(2)压强的大小通过橡皮膜的凸出程度来表示；
(3)根据压强的定义式p=FS判断；
(4)橡皮膜是相平的，左右压强相等，由p=ρgh可得深度之比。
此题是探究液体压强是否跟液体密度、液体深度有关”的实验，考查了控制变量法在实验中的应用，同时考查了学生对实验的评估。
14.【答案】C
【解析】解：A、图甲中h1高度才是水银柱的竖直高度，它产生的压强与大气压大小相等，则甲图中的托里拆利实验装置测出当地的大气压是ρ水银gh1；故A正确；
B、在大气压的测量实验中，运用了平衡法，大气压大小等于水银柱产生的压强。当玻璃管倾斜后，虽长度增大，但管内水银柱竖直高度不变，故B正确；
C、因为自制气压计用瓶盖封严瓶口，与外界气压不通，P点与瓶内水面Q高度差为h3，指瓶内气压比外界大气压大的值是ρ水gh3，故C错误。
D、大气压随高度的增加而减小，因此带着两装置登山，甲图中h1会变小，乙图“自制气压计”登山后，瓶外气压减小，瓶内气压不变，因此瓶内管子水面上升，h3会增大，故D正确。
故选：C。
(1)在托里拆利实验中，水银柱的高度差应是竖直高度；
(2)在托里拆利实验中，根据实验原理，需要记录水银柱的高度，来计算大气压的值；当玻璃管倾斜后，管内水银柱长度会变大，但水银柱的竖直高度不变，即玻璃管倾斜不会影响实验的结果。
(3)大气压与高度有关，随高度的增加而减小。
利用身边的器材做成气压计，探究大气压的变化、鼓励学生学以致用，培养学生知识与能力同步发展。
15.【答案】D
【解析】解：ABD、同一个密度计放在乙、丙液体中都漂浮，则密度计在乙、丙两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力G，所以F乙=F丙=G；故B错误；
密度计在丙中排开盐水的体积较小，根据ρ液=F浮gV排可知，丙中盐水的密度较大，给自制密度计标上刻度，图丙中对应的刻度值大于乙图中的，故D正确；
根据浮力产生的原因可知密度计底部所受的液体压力均等于密度计所受的浮力，故密度计底部在两烧杯的液体中受到的液体压力相等，密度计的底面积相同，根据p=FS可知密度计底部在两烧杯的液体中受到的液体压强相等，故A错误；
C、往烧杯中继续加盐，盐水的密度变大，密度计仍漂浮，密度计在乙、丙中所受浮力不变，故C错误；
故选：D。
ABD、同一个密度计放在乙、丙液体中都漂浮，则密度计在乙、丙两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力；
密度计在丙中排开盐水的体积较小，根据ρ液=F浮gV排可知盐水的密度的大小关系，进而得出给自制密度计标上刻度，两图中对应的刻度值的大小关系；
根据浮力产生的原因可知密度计底部所受的液体压力均等于密度计所受的浮力，密度计的底面积相同，根据p=FS可知密度计底部在两烧杯的液体中受到的液体压强的大小关系；
C、往烧杯中继续加盐，盐水的密度变大，密度计仍漂浮，所受的浮力等于自身的重力。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。
16.【答案】C
【解析】解：A.乒乓球在上升过程中，高度增加，重力势能增加；速度减小，动能减小，动能转化成重力势能，故A错误；
B.乒乓球从最高点下落的过程中，质量不变，速度变大，动能变大；质量不变，高度变小，重力势能减少；由于乒乓球克服空气的阻力做功，机械能转化为内能，机械能减小，故B错误；
C.乒乓球落向桌面，撞击桌面时，球的速度变慢，即其动能变小，同时球会随之发生弹性形变，且形变程度逐渐变大，即弹性势能变大，故该过程是动能转化为弹性势能的过程，故C正确；
D.乒乓球离开球拍恢复原状的过程中，弹性势能转化为动能，故D错误。
故选：C。
物体由于运动而具有的能叫动能，其大小与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，其大小与物体的质量和高度有关，物体的质量越大、高度越大，重力势能越大；机械能为动能和势能的和。
此题考查了机械能的转化，难度不大。
17.【答案】D
【解析】解：由图可知，n=2；动滑轮的机械效率为：
η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=300N2×200N×100%=75%；
动滑轮在5s将一重为300N的物体向上提起3m，则物体移动的速度为：
v物=ht=3m5s=0.6m/s，
子自由端移动的速度：v自=nv物=2×0.6m/s=1.2m/s，
拉力的功率为：
P=Fv自=200N×1.2m/s=240W，故ABC错误，D正确。
故选：D。
(1)由图可知，n=2；已知物重和拉力，利用公式η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求出动滑轮的机械效率；
(2)根据速度公式求出物体移动的速度，使用动滑轮时，绳子自由端移动的速度是物体运动速度的2倍；已知拉力和绳子自由端移动的速度，利用公式P=Fv得到拉力的功率。
此题考查了动滑轮的特点、功率和机械效率的计算，是力学重要规律或公式的应用，综合性较强，有一定的难度。
18.【答案】B
【解析】解：A、由图可知，物体在浸入水的过程中排开水的体积逐渐变大，所以浮力也逐渐变大，则绳的拉力逐渐减小；当构件浸没后排开水的体积不变，所以浮力不变，钢丝绳的拉力也不变，因此反映绳子拉力随h变化的图线为F1所在的图线，反映物体所受浮力随h变化的图线为F2所在的图线；
物体全部浸入水中后，处于平衡状态，受力情况为G=F拉+F浮，其中F拉=F1，F浮=F2，代入等式F2：F1=2：1得：
F浮F拉=F浮G-F浮=ρ水gVρ物gV-ρ水gV=21；
解得：ρ物=1.5×103kg/m3；
故A正确；
B、设正方体实心物体的边长为L，据图乙可知，h=6cm=0.06m时，F拉=F浮，则此时F浮=12G，
即ρ水gV'=12ρ物gV；
代入数据得：1.0×103kg/m3×10N/kg×L²×0.06m=1.5×103kg/m3×10N/kg×L3；
解得：L=0.08m；
则物体的体积为：L3=(0.08m)3=5.12×10-4m3；
故B错误；
C、物体所受重力为：
G=ρ物gV=1.5×103kg/m3×10N/kg×5.12×10-4m3=7.68N；
故C正确；
D、物体浸没时所受浮力为：
F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×5.12×10-4m3=5.12N；
故D正确。
故选：B。
(1)由图可知，物体在浸入水的过程中排开水的体积逐渐变大，所以浮力也逐渐变大，则绳的拉力逐渐减小；当构件浸没后排开水的体积不变，所以浮力不变，钢丝绳的拉力也不变；据此分析确定浮力和拉力随h变化的图线；
物体全部浸入水中后，处于平衡状态，受力情况为G=F拉+F浮，其中F拉=F1，F浮=F2，代入等式F2：F1=2：1得到等式，解等式得到物体的密度大小；
(2)据图乙可知，h=6cm=0.06m时，F拉=F浮，则此时F浮=12G，据此列出等式求出正方体棱长，从而求出物体的体积；
(3)根据G=ρ物gV求出物体所受重力；
(4)根据F浮=ρ水gV排求出物体浸没时所受浮力。
此题考查了密度的计算、重力的计算、阿基米德原理的应用、浮力的计算、物体受力的分析，属综合题，难度比较大。
19.【答案】相互 形变 压强 惯性
【解析】解：(1)运动员用力向后撑雪杖，人就向前运动，这是因为雪杖对人施加一个向前的力，使人向前运动，说明物体间力的作用是相互的；
(2)观察到被雪杖撑过的地方，雪会凹陷下去，这说明力可以使物体发生形变；
(3)滑雪板面积较大，目的是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；
(4)滑过终点，运动员不能立即停下，是因为运动员具有惯性，还要保持原来的运动状态。
故答案为：相互；形变；压强；惯性。
(1)物体间力的作用是相互的，当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用；
(2)力可以使物体发生形变或改变物体的运动状态；
(3)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(4)一切物体都有惯性，惯性的大小只与质量有关，与其他都无关。
本题考查减小压强的方法、力的作用效果、物体间力的作用是相互的和惯性，属于基础性题目，难度不大。
20.【答案】500 竖直向上 t3
【解析】解：(1)运动员下蹲后、蹬伸前处于静止状态(图中0-t1这段时间)，其受力平衡，重力和支持力平衡，二力的大小相等，则由图象可知运动员的重力：G=F=500N；
(2)运动员受到地面的支持力F方向竖直向上，运动员的重力G方向竖直向下；
由图象可知：
t1-t2内，F>G，运动员所受合力竖直向上，运动员向上加速运动，其速度增大。
t2-t3内，F>G，运动员所受合力竖直向上，运动员继续向上加速运动，其速度增大。
当F=G时的速度最大，即在t3时刻的速度最大；t3-t4内，F
(1)静止在水面上的物体所受支持力等于重力；
(2)运动员受到地面的支持力F方向竖直向上，运动员的重力G方向竖直向下；合力方向与物体运动方向相同--加速；合力与物体运动方向相反--减速；
t1-t2，F>G，运动员所受合力竖直向上，运动员向上加速；其速度增大。
t2-t3，F>G，运动员所受合力竖直向上，运动员继续向上加速；其速度增大。
t3-t4，F
21.【答案】匀速直线 二力平衡 压力大小 大于 不一定
【解析】解：(1)砝码随着木块一起做匀速直线运动，相对木块没有相对运动的趋势，故砝码不受摩擦力的作用，在竖直方向上因处于静止状态受到重力与木块施加的支持力作用为平衡力，如下所示；
；
(2)实验中用弹簧测力计拉动木块时，必须让木块在水平方向上做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，弹簧测力计所示的水平拉力大小(测力计示数)才等于木块与长木板摩擦力的大小；
(3)甲、乙两图实验，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，故是为了探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系；根据实验现象可得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大，支持该结论的实验现象是乙图测力计示数大于甲图测力计示数；
(4)为验证猜想一、二，在甲步骤木块上没加砝码，若只在乙步骤中的木块上加砝码，丙步骤中的在木块上不加砝码，根据控制变量法可以比较甲丙来验证猜想二，比较甲乙来验证猜想一，可以达到实验的目的，由此可知丙步骤不一定需要在木块上加砝码。
故答案为：(1)见上图；(2)匀速直线；二力平衡；(3)压力大小；大于；(4)不一定。
(1)根据摩擦力产生的条件分析砝码在水平方向上的受力，在竖直方向上因静止受平衡力的作用；
(2)根据二力平衡的条件分析；
(3)影响滑动摩擦力大小的因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度；接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
根据控制变量法，研究滑动摩擦力大小与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
本题是探究影响摩擦力大小的因素实验，把握住利用控制变量法分析实验结论的基本思路是解答此题的关键所在。
22.【答案】速度 质量 C 匀速直线运动 B
【解析】解：(1)小车滑下的高度相同，小车到达水平面的速度相同，根据实验现象可知速度相同的物体，质量越大，动能越大；
(2)水平面材料放置顺序是毛巾、棉布、木板，接触面越光滑，小车受到的阻力越小，运动的路程越远；
(3)进一步推理可知：若小车运动时所受阻力为零，小车将保持匀速直线运动，这是推理法，
A.用光线来描述光的径迹和方向，这是模型法；
B.探究声音能否在真空中传播，这是推理法；
C.根据压强计U形管的液面高度差判断液体压强的大小，这是转换法，
故选B。
故答案为：(1)速度；质量；(2)C；(3)匀速直线运动；B。
(1)小车滑下的高度相同，小车到达水平面的速度相同；
(2)(3)水平面材料放置顺序是毛巾、棉布、木板，接触面越光滑，小车受到的阻力越小，运动的路程越远，若小车运动时所受阻力为零，小车将保持匀速直线运动，这是推理法，
A.用光线来描述光的径迹和方向，这是模型法；
B.探究声音能否在真空中传播，这是推理法；
C.根据压强计U形管的液面高度差判断液体压强的大小，这是转换法。
本题考查转换法和控制变量法在实验中的运用，知道影响动能的因素是质量和速度，影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度。
23.【答案】U形管液面高度差 C 乙、丙 不正确 没有控制液体的深度不变 C
【解析】解：(1)压强计测量液体压强时，就是靠U形管两侧液面高度差来体现液体压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大；
(2)当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差，要调节，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选：C；
(3)要探究液体内部压强是否与液体密度的关系时，要控制液体的深度相同，即应控制探头所处的深度相同，故乙、丙符合题意；
(4)乙图中探头位置不变，向容器内加入适量的浓盐水，改变液体密度的同时也改变了液体的深度，故未控制变量，不能得出结论；
(5)压强计的金属盒在同种液体、同一深度处时，即液体压强一定，根据p=ρgh可知，液体密度越小，高度越大，故应改用密度小的液体，从而增大U形管内液面高度差，故选：C。
故答案为：(1)U形管液面高度差；(2)C；(3)乙、丙；(4)不正确；没有控制液体的深度不变；(5)C。
(1)液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的；
(2)只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，使U形管两端的液面相平；
(3)(4)(5)液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，根据p=ρgh进行分析即可解答。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
24.【答案】是 右 右 C
【解析】解：(1)实验前没有挂钩码和弹簧测力计时，发现杠杆左端高右端低，此时杠杆处于静止状态，杠杆平衡；
(2)实验前杠杆右端高左端低，说明杠杆右端轻、左端重，要使其在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向右端调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是为了方便测量力臂的大小；
(3)若一个钩码重G，一个小格长度为L，
则两端再加一个钩码时，左端：4G×2L=8GL，右端：3G×3L=9GL，
所以杠杆的右端下沉；
(4)保持物块M的位置不变，则杠杆左边的力与力臂乘积不变，OB向下折30∘角度后，再拧紧螺母形成一根可绕O点转动的杠杆AOB'(B'对应B点)，要使杠杆在图丁所示位置保持平衡，右端力与力臂的乘积也应该不变，力的大小不变，则力臂应仍为OB的长度，根据力臂的定义，则物块N应移动到②处，故选C；
故答案为：(1)是；(2)右；(3)右；(4)C。
(1)杠杆的平衡是指静止或匀速转动；
(2)杠杆使用前应调节在水平位置平衡，需要将螺母向上翘的一端移动，杠杆在水平位置平衡便于测量力臂的大小；
(2)根据杠杆的平衡条件解答；
(3)力臂是支点到力的作用线的距离，再利用杠杆平衡条件解答。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
25.【答案】a、b、c 越大 22.4×103 bacdF1-F3=F4-F2 A
【解析】解：(1)b、c实验中，液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，结合a实验，根据控制变量法可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关；d、e实验中，物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，结合a实验，根据控制变量法可知，在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大；
(2)图1a物体在空气中时弹簧测力计示数4.8N，图1c物体浸没在水中时弹簧测力计的示数为2.8N，则物体浸没在水中所受浮力为：F浮=G-F=4.8N-2.8N=2N；
由F浮=ρ水gV排得物体的体积：V=V排=F浮ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-4m3；
根据G=mg得物体的质量为：m=Gg=4.8N10N/kg=0.48kg，
物体的密度为：ρ=mV=0.48kg2×10-4m3=2.4×103kg/m3；
(3)①合理的实验顺序是：b、测出空桶所受的重力；a、测出物体所受的重力；c、把物体浸没在装满水溢水杯中，测出物体所受的浮力，收集物体排开的水；d、测出桶和排开的水所受的重力；故合理的顺序为b、a、c、d；
若四个力之间的关系式F1-F3=F4-F2成立，就可得出结论F浮=G排；
②要想测出物体排开的水的重力，溢水杯内水的液面必须到达溢水杯杯口，若达不到，则测得的排开的液体的重力会变小，与物体有没有全部浸入在水中无关，故选A；
故答案为：(1)a、b、c；越大；(2)2；2.4×103；(3)①bacd；F1-F3=F4-F2；②A。
(1)b、c实验中，液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，结合a实验，根据控制变量法判断；d、e实验中，物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，结合a实验，根据控制变量法判断；
(2)根据F浮=G-F求出在水中的浮力大小，根据阿基米德原理求出物体的体积；由G=mg可求得物体质量，然后由密度公式可求得其密度；
(3)实验中要先测物体和空桶的重力，然后再将物体浸没在水中，测出拉力，最后测出排出的水和空桶的总重力；要想准确测出物体排开的水的重力，实验前水的液面必须到达溢水杯杯口。
此题主要考查的是学生对浮力大小影响因素、密度公式以及阿基米德原理公式的理解和掌握，弄明白控制变量法在实验中的应用是解决此题的关键。
26.【答案】解：(1)出坞吃水深度7.7m，故该装置出坞时底部所受海水的压强为：
p=ρ海gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×7.7m=7.7××104Pa；
(2)半潜船处于漂浮状态，半潜船受到的浮力为：
F浮=G企+G半=(m企+m半)g=(3.2×104×103kg+1×104×103kg)×10N/kg=4.2×108N，
则求此时半潜船排开水的体积约为：
V排=F浮ρ海g=4.2×108N1.0×103kg/m3×10N/kg=4.2×104m3；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv可知，1号拖轮的拉力为：
F1=P1v1=3840×103W6m/s=6.4×105N，
则1号拖轮沿水平方向的拉力为：
F1水=cos30∘F1=32×6.4×105N=3.23×105N，
因F1和F2在水平方向是一对平衡力，所以F2=F1水=3.23×105N，
故2号拖轮航行的速度为：
v2=P2F2=3200×103W3.23×105N=1033m/s≈5.77m/s。
答：(1)该装置出坞时底部所受海水的压强为7.7×104Pa；
(2)此时半潜船排开水的体积约为4.2×104m3；
(3)2号拖轮最大只能以5.77m/s的速度匀速航行。
【解析】(1)根据p=ρ海gh求出该装置出坞时底部所受海水的压强；
(2)半潜船处于漂浮状态，根据F浮=G企+G半=(m企+m半)g求出浮力，利用阿基米德原理求出半潜船排开水的体积；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv求出1号拖轮的拉力，将1号拖轮的拉力沿水平方向分解为F1水=cos30∘F1，因F1和F2在水平方向是一对平衡力，据此求出F2的大小，利用P=Wt=Fst=Fv求出2号拖轮航行的速度。
本题考查了液体压强的计算以及公式的应用、物体的浮沉条件及其应用、阿基米德原理的应用、功率的计算和力的分解等知识，考查了的知识点较多，难度较大。
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