山东省济南市莱芜区四校联考2022-2023学年八年级下学期期中物理试卷

这是一份山东省济南市莱芜区四校联考2022-2023学年八年级下学期期中物理试卷，共16页。试卷主要包含了 两台抽水机的功率分别是甲等内容，欢迎下载使用。

2022-2023学年山东省济南市莱芜区四校联考八年级（下）期中物理试卷
1. 小刚同学用1N的推力，推放在水平桌面上的水杯，没有推动。则下面列举的各对力中，其中属于平衡力的是(    )
A. 杯子受到的推力和桌面对杯子的摩擦力 B. 杯子的重力和杯子对桌面的压力
C. 杯子对桌面的压力和桌面对杯子的支持力 D. 手推杯子的力和杯子推手的力
2. 如图，在弹簧测力计的两端沿水平方向各施加10N的拉力，并保证弹簧秤静止，则此时弹簧秤的示数为(    )

A. 0N B. 5N C. 10N D. 20N
3. 如图所示，三个体积相同而材料不同的小球甲、乙、丙，分别静止在水中不同位置，那么(    )

A. 甲球受到的浮力最小 B. 乙球受到的浮力最小
C. 丙球受到的浮力最小 D. 三个小球受到的浮力相等
4. 如图所示，工人用动滑轮匀速提升重物，物体重400N，不考虑滑轮重绳重和摩擦，这样做(    )
A. 既省力，也改变施力的方向
B. 不省力，改变施力的方向
C. 省力，所用力为100N
D. 省力，所用力为200N
5. 已知滑动摩擦力大小与压力成正比，如图所示，重为G的物体A在水平力F的作用下，静止在竖直墙壁上，当水平力减小为F2时，物体A恰好沿竖直墙壁匀速下滑。此时物体A所受摩擦力的大小为(    )
A. G2 B. F2 C. 2G3 D. G
6. 下列现象或实验没有利用大气压强的是(    )
A. 吸盘式挂钩 B. 用吸管吸饮料
C. 橡皮膜向下凸 D. 覆杯实验
7. 一个未装满水的密闭杯子，先正立放在水平桌面上(如图甲)，然后反过来倒立在水平桌面上(如图乙)。两次放置时，水对杯底的压强分别为p甲、p乙，杯子对桌面的压强分别为p甲'、p乙'。下列关系式均正确的是(    )
A. p甲=p乙    p甲'=p乙' B. p甲p乙'
C. p甲>p乙   p甲'>p乙' D. p甲>p乙    p甲' 8. 一艘轮船从河里驶入海里，下列物理量中会发生变化的是(    )
A. 船的重力 B. 船受到的浮力 C. 船排开液体的重力 D. 船排开液体的体积
9. 两台抽水机的功率分别是甲：1kW和乙：2kW，下列的分析中正确的是(    )
A. 甲做的功一定多 B. 甲做功的速度快
C. 在完成相同的抽水任务时，乙完成得快 D. 相同时间内，甲做的功比乙多
10. 将易拉罐按入装满水的烧杯中，用力向下按，用力越大，饮料罐浸入水中的部分越多。针对这一现象，同学们经过讨论形成了下面四个问题，你认为最有探究价值且易于探究的科学问题是(    )
A. 浮力大小与哪些因素有关？
B. 浮力大小与排开水的体积有什么关系？
C. 浮力大小与物体浸入水中的体积多少有什么关系？
D. 浮力大小与物体排开液体的体积多少有什么关系？
11. 如图所示的四种工具，使用时属于省力杠杆的是(    )
A. 羊角锤 B. 核桃夹
C. 裁纸刀 D. 食品夹
12. 关于压力和压强下列说法，正确的是(    )
A. 水坝建成上窄下宽的形状，是因为水对水坝的压强随深度的增加而增大
B. 飞机的机翼能获得向上的升力，利用了流体流速越大，压强越小的原理
C. 大气压强随着海拔的增加而增大
D. 刀刃磨得很锋利，是为了增大压强
13. 如图所示，把一根均匀的米尺，在中点O支起，两端各挂四个钩码和两个钩码，恰好使米尺平衡，按下列方式增减钩码或移动钩码，下列方式能使米尺顺时针旋转的是(    )
A. 原钩码下两边各加一个钩码 B. 两边钩码各向内移动一格
C. 左右两边的钩码各减少一个 D. 左边增加一个钩码，右边向外移动一格
14. 关于简单机械，下列说法正确的是(    )
A. 省力杠杆的动力臂大于阻力臂，省力但费距离
B. 定滑轮的本质是等臂杠杆，动滑轮的本质是省力杠杆
C. 一个处于平衡状态的杠杆，如果在这个杠杆上再施加一个力，则杠杆不可能平衡
D. 使用定滑轮既能省力，也能省距离
15. 星期天的早晨小明去登山采用两种路径登山，一种是从东面陡坡登上山顶，用了15分钟；另一种是从西面缓坡登上山顶，用了7分钟(设山下地面相平，不计摩擦)。则下列说法正确的是(    )
A. 从东面登山，克服自身重力做功多一些
B. 从东面登山和从西面登山，克服自身重力做功一样多
C. 从西面登山的功率大
D. 两种登山方式功率一样大
16. (1)随着社会发展，为了方便彼此间的交流，国际上建立了一套统一的测量单位体系，叫国际单位制，在国际单位制中，压力的基本单位是______ (字母表示)，压强的基本单位是______ (字母表示)。
(2)旅游景区的“热气球”升空是利用了空气产生的______ ；民航客机起飞，是利用机翼上、下表面空气流速不同而产生的______ 。(两空均选填“升力”或“浮力”)
(3)将重2N的金属块用线悬挂，使其全部进入盛满酒精的容器中，测得溢出酒精重为0.32N，金属块受到的浮力是______ N。当金属块一部分浸入酒精中时，弹簧测力计示数为1.8N，此时金属块所受浮力为______ N。
(4)如图所示，在一个瓶子中装入适量带颜色的水。取一根两端开口的透明吸管，在管壁上画出刻度，穿过橡皮塞并插入水中。从管口向瓶内吹入少量气体就制成了一个简易的气压计。在图示状况下，瓶内气体压强______ (填“大于”“等于”或“小于”)外界大气压强。当小明把气压计从山脚带到山顶的水平地面上，玻璃管内水柱的高度______ (填“变小”“不变”或“变大”)。
17. 如图，重10N的铅球沿碗壁自由滚下，请在图中画出小球所受重力的示意图。


18. 如图所示，一个重为0.5N的小球漂浮在水面上，画出小球静止后受到的浮力示意图。


19. 如图所示是我国第三艘航空母舰福建舰，福建舰于2022年6月17日下水，其满载排水量约为8×104t，已知海水的密度约为1.03×103kg/m3，g取10N/kg，求：
(1)福建舰满载时受到的浮力大小。
(2)福建舰满载时吃水深度达到10m，求该深度处海水产生的压强大小。

20. 外卖小哥的忙碌也体现了现代生活的快节奏。若电动车自身质量为150kg，在某次送餐中，外卖小哥骑车匀速行驶2km，用时10min，电动车行驶中受到的阻力为180N，求：
(1)在这个工程中，电动车牵引力的大小。
(2)在这个过程中电动车的牵引力做的功。
(3)在这个过程中电动车电动机的功率。
21. 为探究物体不受力时怎样运动，我们做了如图所示的斜面小车实验。
①为了使小车在进入平面时______ 相同，在实验中应让同一小车从同一斜面、同一高度，由静止开始滑下。
②实验发现：水平表面越光滑，小车运动的距离越______ (选填“远”或“近”)这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越______ (选填“快”或“慢”)。如果接触面的粗糙程度达到绝对光滑，小车将在水平面上做______ 运动。
③结合本实验，以下分析正确的是______ (选填字母)。
A.力是维持物体运动状态的原因
B.力可以改变物体的运动状态
C.通过三次实验，可直接验证牛顿第一定律

22. 小明小组在“探究浮力的大小与哪些因素有关”的实验中，选择溢水杯、水、弹簧测力计、石块、小桶、细线等器材进行实验，具体操作步骤如下：

A.图甲测量物块的重力，弹簧测力计的示数为F1
B.图乙测量空桶的重力，弹簧测力计的示数为F2
C.图丙将水倒入溢水杯中
D.图丁把挂在测力计下的物块浸没在水中，用小桶接着溢出的水，读出测力计示数为F3
E.图戊测出小桶和被排开水的总重，弹簧测力计的示数为F4
F.记录分析数据，归纳总结实验结论，整理器材
①分析评估上述实验，指出操作步骤中的一处错误：______
②小明改正错误后，进行实验收集测量数据来验证阿基米德原理(测量数据仍用上图中物理量符号表示)，分析比较甲、乙、丁、戊的测力计示数关系，如果关系式______ 成立，即可验证阿基米德原理.
③下表是小明在实验过程中记录的实验数据，从表中数据可知石块受到的浮力是______ N，小明根据它们的大小关系归纳出了实验结论并准备结束实验，同组的小丽认为实验还没有结束，接下来他还要______
实验步骤
A
B
D
E
弹簧测力计示数/N
1.8
0.3
1.6
0.5

23. 如图所示，小明探究杠杆的平衡条件实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、刻度尺和质量相同的钩码若干个。

(1)实验前，杠杆静止在图甲所示位置，此时的杠杆是______ (选填“平衡”或“不平衡”)的。
(2)实验前，应将图甲所示的杠杆两端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在不挂钩码时能在______ 位置静止，这样做的好处是：______ 、______ 。
(3)杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码，杠杆恰好在原位置平衡，如图乙所示，于是小明便得出了杠杆平衡条件为：______ (用文字形式表述)，他这样得出结论是否合理？______ ，为什么？______ 。
答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：A、杯子受到的推力和桌面对杯子的摩擦力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故A正确；
B、杯子的重力和杯子对桌面的压力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、杯子对桌面的压力和桌面对杯子的支持力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、手推杯子的力和杯子推手的力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
二力平衡的条件是：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
本题考查二力平衡条件的应用，属于基础题。

2.【答案】C 
【解析】解：弹簧测力计测量力的时候都是在静止或匀速直线运动状态下的，静止和匀速直线运动状态是一种平衡状态，受到的就一定是平衡力；弹簧测力计的示数等于挂钩上受到的力，题中弹簧测力计的挂钩上受到了10N的力，所以弹簧测力计的示数为10N。
故选：C。
在平衡力的作用下，弹簧测力计中的弹簧肯定会发生形变，所以弹簧测力计一定有示数；
我们通常所说的弹簧测力计的示数是由作用在挂钩上的拉力大小决定的。
此题考查的是弹簧测力计的测量，弹簧测力计是我们研究各种力学实验时都要用到的，是我们研究力学的基础，需要掌握。

3.【答案】C 
【解析】解：由图可知，排开水的体积丙最小，甲、乙相同，根据公式F浮=ρgV排可知，甲、乙所受浮力相同，丙所受浮力最小，
即：F丙 故选C.
由题知，甲、乙、丙三球的体积相等，根据三球在水中的状态，得出排开水的体积大小关系，再根据阿基米德原理判断出三球在水中受到的浮力大小．
本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，由图得出三球排开水的体积关系是本题的关键．

4.【答案】D 
【解析】解：动滑轮的实质是动力臂为阻力臂2倍的杠杆，使用动滑轮时能省一半的力，不考虑滑轮重绳重和摩擦，所以所用拉力为F=200N，但不能改变施力的方向，故D正确、ABC错误。
故选：D。
动滑轮是指轴随物体一起运动的滑轮，其实质是动力臂是阻力臂2倍的杠杆；使用动滑轮能省一半力，但不能改变用力的方向。
本题考查了动滑轮的特点，属于基础题目。

5.【答案】D 
【解析】解：物体在竖直方向上受竖直向下的重力G，竖直向上的摩擦力f作用，
静止或匀速直线运动状态时，均受到平衡力作用，故f=G。
故选：D。
对物体A进行受力分析，当物体静止、匀速运动时，处于平衡状态，由平衡条件求出此时的摩擦力。
本题考查了求滑动摩擦力大小问题，有一定难度，对物体正确受力分析、应用平衡条件、充分理解题意，即可正确解题。

6.【答案】C 
【解析】解：A、吸盘要固定在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，利用的是大气压，故A不符合题意。
B、吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，汽水被压进吸管里，利用的是大气压，故B不符合题意；
C、橡皮膜向下凸，是因为液体对橡皮膜有压强，不属于大气压的利用，故C符合题意；
D、覆杯实验利用的是大气压，故D不符合题意；
故选：C。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。据此逐一分析四个选项中的实例是不是利用了大气压来工作即可。
此类题举出的例子一般都是学生平时接触过的，上课时老师有讲过，或是平时练习时有做过的，所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象。

7.【答案】C 
【解析】解：(1)由图可知，倒立后杯中水的深度变小，水的密度不变，由p=ρgh可知，水对杯底的压强变小，即p甲>p乙；
(2)水平面上物体的压力和自身的重力相等，因杯子倒立前后总重力不变，所以杯子对桌面的压力不变，因S甲p乙'。
故选：C。
(1)由图可知两次放置时，水的深度关系，根据p=ρgh可知两次放置水对杯底的压强关系；
(2)水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此分析杯子对桌面的压力变化，分析底面积关系，利用p=FS分析杯子对桌面的压强变化。
本题考查了液体压强公式和压强定义式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。

8.【答案】D 
【解析】解：船所处的位置不影响它的重力，所以从河里驶入海里时，重力不变；
船在河里与海里都处于漂浮状态，浮力等于重力，重力不变，所以浮力也不变；
由阿基米德原理F浮=G排，浮力不变，所以排开液体的重力也不变；
由F浮=ρ液gV排可知，浮力不变，从河里到海里时，水的密度变大，所以V排也变小．
故选D.
物体的重力与它的质量有关，与它所在的位置无关；
据物体漂浮在液体中时，浮力等于物体的重力，就能判断出轮船在河里与海里时的浮力变化情况；
由阿基米德原理可知，当物体所受浮力不变时，V排与液体的密度成反比．
此题涉及到漂浮的特点和阿基米德原理，应当深刻理解漂浮时浮力等于物重这一特点，属于基础题．

9.【答案】C 
【解析】解：甲机械的功率为1kW，乙机械的功率为2kW，甲的功率小于乙的功率，说明乙做功比甲快；相同时间内，根据W=Pt可知，乙做功多；如果不知道做功时间，无法比较功的大小，故ABD错误；
在完成相同的抽水任务时，即功相同，乙的功率大，则根据P=Wt可知，乙完成得快，故C正确。
故选：C。
根据功、功率的关系分析。功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量，二者是不同的物理量。
本题考查了学生对功率概念的了解与掌握，明确功率是表示做功快慢的物理量，不但和时间有关，还与做功的多少有关，这是解题的关键。

10.【答案】D 
【解析】解：将易拉罐按入装满水的烧杯中，用力向下按，用力越大，饮料罐浸入水中的部分越多，易拉罐排开水的体积增大，易拉罐受到的浮力增大，此过程改变了排开液体的体积，因而实验最有探究价值且易于探究的科学问题是物体所受浮力大小与排开液体体积的多少有什么关系；故ABC错误，D正确。
故选：D。
根据阿基米德原理可知，浮力与液体的密度、排开液体的体积有关，液体密度越大，排开液体的体积越多，则浮力越大，根据题中改变的量提出问题。
本题主要考查了阿基米德原理的探究实验，要掌握浮力大小的影响因素，会利用控制变量法能解释生活中有关的浮力问题。

11.【答案】ABC 
【解析】解：A、羊角锤使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
B、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
C、裁纸刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
D、食品夹使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
故选：ABC。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆根据其省力情况可以分为三类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。

12.【答案】ABD 
【解析】解：A、液体的压强随深度的增加而增大，水坝建成上窄下宽的形状可承受更大的压强，故A正确；
B、飞机的机翼能获得向上的升力，是因为机翼上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，产生向上的压强差，这样就形成了向上的升力，故B正确；
C、大气压强随着海拔高度的增加而减小，故C错误；
D、刀刃磨得很锋利，是为了在压力一定时，减小受力面积，增大压强，故D正确。
故选：ABD。
(1)根据液体压强特点做出判断：液体的压强随深度的增加而增大；
(2)根据流体压强与流速的关系可做出判断；
(3)大气压强随着高度的增加而减小；
(4)增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
本题考查了固体压强、液体压强和气体压强流，以及流体压强特点的相关知识，都是有关压强方面的基本规律，应熟知。

13.【答案】AB 
【解析】解：设一格为L，一个钩码的重力为G，由杠杆平衡的条件可得：
A、两边各加一个钩码，5G×2L<3G×4L，所以米尺不再平衡，右端下倾，顺时针旋转；A符合题意；
B、两边钩码各向内移动一格，4G×L<2G×3L，米尺不再平衡，右端下倾，顺时针旋转；B符合题意；
C、两端的钩码各减少一个，3G×4L>G×4L，米尺不再平衡，左端下倾；C不符合题意；
D、左端增加一个钩码，右端向外移动一格，5G×2L=2G×5L米尺仍平衡；D不符合题意。
故选：AB。
米尺原来平衡，是因为两端力和力臂的乘积相等，分别分析四个选项的变化后米尺两端力和力臂的乘积是否相等，若相等，则米尺平衡；若不相等，米尺不再平衡。
杠杆是否能保持水平平衡要看“动力和动力臂的乘积”与“阻力和阻力臂的乘积”是否相等。如果乘积相等，则杠杆平衡；若乘积不等，那么杠杆将向乘积大的一边下倾。

14.【答案】AB 
【解析】解：A、省力杠杆的动力臂大于阻力臂，省力但费距离，故A正确；
B、定滑轮的本质是等臂杠杆，动滑轮的本质是省力杠杆，故B正确；
C、一个处于平衡状态的杠杆，如果在这个杠杆上再施加一个力，该力通过的作用线通过支点，力臂为零，对杠杆的平衡没有影响，故C错误；
D、使用定滑轮既不能省力，也不能省距离，只能改变力的方向，故D错误。
故选：AB。
(1)动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆，省力杠杆省力，费距离。
(2)定滑轮的本质是一个等臂杠杆，动滑轮的本质是一个省力杠杆。
(3)如果施加的力的作用线通过支点，对杠杆的平衡没有影响。
(4)定滑轮不省力，也不省距离。
本题考查的是杠杆的分类和杠杆的平衡条件；知道定滑轮和动滑轮的特点及应用。

15.【答案】BC 
【解析】解：AB、小明重力一定，从东面陡坡登上山顶和从西面缓坡登上山顶，高度h相等，根据W=Gh可知，从东面登山和从西面登山，克服自身重力做功一样多，故A错误、B正确；
CD、由题知，从东面陡坡登上山顶所用时间大于从西面缓坡登上山顶所用时间，又知从东面登山和从西面登山，克服自身重力做功一样多，根据P=Wt可知，从西面登山的功率大，故C正确、D错误。
故选：BC。
(1)根据W=Gh比较克服自身重力做功大小；
(2)根据P=Wt比较克服自身重力做功的功率大小。
此题考查功和功率的大小比较，属于基础题目，难度不大。

16.【答案】N Pa 浮力  升力  0.320.2大于  变大 
【解析】解：(1)在国际单位制中，压力的基本单位是N，压强的基本单位是Pa；
(2)旅游景区的“热气球”升空是由于气球受到了空气的浮力的作用，当浮力大于气球的重力时，气球就会升空；
飞机的机翼上方突起，下方平直。这样的结构决定了当飞机启动后，机翼上方空气流速快，空气压强小，空气压力方向向下；机翼下方空气流速慢，空气压强大，空气压力方向向上。两个压力形成一个向上的合力，这个合力就是升力，当合力达到一定程度后，飞机就可以腾空而起；
(3)金属块全部进入盛满酒精的容器中，金属块排开酒精的重力等于溢出酒精的重力，即G排=0.32N，
根据阿基米德原理可知，金属块受到的浮力为：F浮=G排=0.32N；
当金属块一部分浸入酒精中时，弹簧测力计示数为1.8N，
此时金属块受到的浮力为：F浮'=G-F示=2N-1.8N=0.2N；
(4)向瓶内吹入少量气体后，瓶内气体质量增加，在体积不变的情况下，压强增大，所以瓶内气体压强大于外界大气压强；
当把气压计从山脚带到山顶的水平地面上，外界气压减小，瓶内气压基本不变大于瓶外气压，把液体压入玻璃管内，玻璃管内水柱的高度变大。
故答案为：(1)N；Pa；(2)浮力；升力；(3)0.32；0.2；(4)大于；变大。
(1)国际单位制中，力的基本单位是牛顿，简称牛，符号N；压强的基本单位是帕斯卡，简称怕，符号Pa；
(2)浸在气体中的物体受到气体的浮力的作用；在流体中，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(3)浸在液体中的物体受的浮力等于物体排开的液体受到的重力；
根据称重法F浮=G-F示求出金属块受到的浮力；
(4)一定体积的气体，气体质量越大压强越大；
大气压强与高度有关，高度越高压强越小。
】本题考查了国际单位制、物体浮沉条件的应用、流体压强与流速的关系的应用、阿基米德原理的应用、称重法测浮力以及大气压强与高度的关系，考查的知识点较多，是一道力学的基础题。

17.【答案】解：重力的方向是竖直向下的，作用点在球的重心(中心)，已知铅球所受重力的大小为10N；从球心沿竖直向下的方向画一条线段，在线段的末端标上箭头表示重力的方向，并标出重力的符号和大小，如图所示：
 
【解析】重力的示意图就是用一条带箭头的线段表示出重力的三要素，线段的起点在重心，方向竖直向下。
无论物体放在斜面上还是其它地方，重力的方向始终是竖直向下的，在作图时不能把重力的方向画成与斜面垂直。

18.【答案】解：小球漂浮，所受浮力F浮=G=0.5N，浮力的作用点在重心上，方向为竖直向上，如图所示。
答：。 
【解析】小球漂浮，所受浮力F浮=G=0.5N，浮力的作用点在重心上，方向为竖直向上，据此画出小球静止后受到的浮力示意图。
本题考查浮沉条件的应用和力的示意图的画法，属于基础题。

19.【答案】解：(1)“福建舰”满载时受到的浮力大小：F浮=G排=m排g=8×104×103kg×10N/kg=8×108N；
(2)10m深度处海水产生的压强：
p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×10m=1.03×105Pa。
答：(1)“福建舰”满载时受到的浮力大小为8×108N；
(2)“福建舰”满载时吃水深度达到10m，该深度处海水产生的压强大小为1.03×105Pa。 
【解析】(1)根据阿基米德原理求“福建舰”满载时受到的浮力；
(2)根据p=ρgh求10m深度处海水产生的压强。
本题考查阿基米德原理的应用和液体压强的计算，难度不大。

20.【答案】解：(1)因为电动车做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，电动车牵引力：F=f=180N；
(2)在这个过程中电动车的牵引力做的功：W=Fs=180N×2×103m=3.6×105J；
(3)在这个过程中电动车电动机的功率：P=Wt=3.6×105J10×60s=600W。
答：(1)在这个工程中，电动车牵引力的大小为180N；
(2)在这个过程中电动车的牵引力做的功为3.6×105J；
(3)在这个过程中电动车电动机的功率为600W。 
【解析】(1)根据二力平衡条件求出电动车牵引力的大小；
(2)根据W=Fs求出在这个过程中电动车的牵引力做的功；
(3)根据P=Wt求在这个过程中电动车电动机的功率。
本题考查二力平衡条件、功和功率公式的应用，难度不大。

21.【答案】速度  远  慢  匀速直线  B 
【解析】解：①根据控制变量法，为了使小车在进入平面时速度相同，在实验中应让同一小车从同一斜面、同一高度，由静止开始滑下。
②实验发现：水平表面越光滑，小车运动的距离越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢。如果接触面的粗糙程度达到绝对光滑，小车速度不会变小，将在水平面上做匀速直线运动。
③AB.力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力去维持，故A错误，B正确；
C.在实验的基础上，通过推理归纳概括出牛顿第一定律，故C错误。
故选：B。
故答案为：①速度；②远；慢；匀速直线；③B。
①根据控制变量法，要使小车在进入平面时速度相同；
②根据实验现象回答；
据此推理得出结论；
③AB.力是改变物体运动状态的原因；
C.生活中不受力的物体不存在，在实验的基础上，通过推理归纳概括出牛顿第一定律。
本题探究阻力对物体运动的影响，主要考查控制变量法和推理法的运用。

22.【答案】图丙中没有向溢水杯中加水使水刚好齐杯口  F1-F3=F4-F2  0.2换用不同物体和液体来进行多次实验 
【解析】解：(1)物体放入水中前，溢水杯应该是满水的，否则小桶内所盛的水将小于物体排开水的体积；
故错误是C步骤，应向溢水杯中加水使水刚好齐杯口；
(2)根据称重法，浮力等于铁块重力G减去铁块浸没在水中时弹簧测力计的示数F，即：F浮=F1-F3；
排开水的重力G排等于桶与水的总重力G2减去空桶的重力G1，即：G排=F4-F2；
比较F浮与G排的大小关系，如果关系式：F1-F3=F4-F2成立，即可验证阿基米德原理。
(3)由实验步骤AB可知，物体浸在液体中时受到的浮力：F浮=FB-FA=1.8N-1.6N=0.2N；
由实验步骤CD可知，物体排开液体的重力：G排=FC-FD=0.5N-0.3N=0.2N；
由于只测了一组实验数据，这样得出的结论会具有片面性或偶然性，所以为了寻找普遍规律，做完一次实验后，需要换用不同物体和液体来进行多次实验。
故答案为：(1)图丙中没有向溢水杯中加水使水刚好齐杯口；(2)F1-F3=F4-F2；(3)0.2；换用不同物体和液体来进行多次实验。
(1)用溢水法收集物体排开的水，将溢水杯装满水，然后将物体浸入水中，用其他容器(需先测出其重力)接住溢出的水，然后再测出装有溢出的水的容器的总重力，两者之差就是物体排开水的重力；
(2)(3)根据称重法测浮力大小，排开水的重力G排等于桶与水的总重力G2减去空桶的重力G1，比较F浮与G排。实验中为了获得普遍的规律，应多次测量。
在“探究浮力的大小”实验中，用“称量法”测出物体受到的浮力，即F浮=G-F拉；用两次称重测出物体在液体中排开液体的重力，进行比较得出：物体在液体中受到的浮力，大小等于它排开的液体的重力。

23.【答案】平衡  右  水平  减小了杠杆的自重对实验的影响  便于读取力臂  动力×动力臂=阻力×阻力臂  不合理  只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性 
【解析】解：(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态是平衡状态；
(2)杠杆重心右移，应将平衡螺母(左端和右端的均可)向右调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零，这样就减小了杠杆的自重对实验的影响；力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来。
(3)杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1L1=F2L2)，只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性。
故答案为：(1)平衡；(2)右；水平；减小了杠杆的自重对实验的影响；便于读取力臂(3)动力×动力臂=阻力×阻力臂；不合理；只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性。
(1)当杠杆处于静止状态或匀速转动时，杠杆处于平衡状态；
(2)杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来。
(3)实验时，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳出物理规律。
(1)杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡；
(2)初中物理实验进行多次测量有些是为了求平均值，使测得的数据更准确，有些是为了寻找普遍规律，探究杠杆平衡的条件多次测量就是为了寻找普遍规律。