精品解析：广东省广州市三校（广附、铁一、广外）2022-2023学年高二下学期期末考试化学试题（解析版）

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2022学年第二学期期末三校联考
高二化学
相对原子质量：H：1 O：16 C：12 N：14 Na：23 Mg：24 Al：27 Fe：56 Cu：64
一、选择题(每题有且仅有一个正确答案，其中1-10每题2分，11-16每题4分，共44分)
1. 下列说法中正确的是
A. 电石的电子式为
B. 可以用酸性高锰酸钾溶液鉴别苯和己烷
C. 乙炔的球棍模型：
D. 的名称为2-甲基-3-乙基丁烷
【答案】A
【解析】
【详解】A．电石由钙离子和炔离子构成，炔离子中C与C之间共用三对电子，A项正确；
B．酸性高锰酸钾溶液和苯、己烷均不发生反应，没有现象无法鉴别二者，B项错误；
C．该模型为乙炔的空间填充模型，C项错误；
D．选择最长的主链为5个C，离支最近一端编号命名为2，3-二甲基戊烷，D项错误；
故选A。
2. 下列说法错误的是
A. 邻二甲苯、对二甲苯、甲苯的沸点由高到低排列
B. 2-甲基戊烷与3-甲基戊烷不适宜使用红外光谱法进行区分
C. 核磁共振氢谱有4组峰
D. 隐形飞机的微波吸收材：及其单体都能使溴水褪色
【答案】C
【解析】
【详解】A．碳原子数越多，沸点越高，碳原子数相同时，分子的对称性越好，沸点越低，邻二甲苯、对二甲苯、甲苯的沸点由高到低排列，故A正确；
B．2-甲基戊烷、3-甲基戊烷中都没有官能团，所以不适合用红外光谱法进行区分，故B正确；
C．有5种等效氢，核磁共振氢谱有5组峰，故C错误；
D．隐形飞机的微波吸收材：及其单体CH≡CH都含有碳碳不饱和键，都能使溴水褪色，故D正确；
故选C。
3. 下列关系正确的是
A. 沸点：戊烷>2，2一二甲基戊烷>2，3一二甲基丁烷>丙烷
B. 密度：甲苯
C. 同质量的物质燃烧耗量：乙烷>乙烯>乙炔>甲烷
D. 同物质的量物质燃烧耗量：环己烷>苯>苯甲酸
【答案】B
【解析】
【详解】A．结合烷烃结构特点，烷烃中，碳原子个数越多其熔沸点越高，同分异构体的烷烃，支链越多其熔沸点越低，所以熔点：2，2一二甲基戊烷＞2，3一二甲基丁烷＞正戊烷＞丙烷，故A错误；
B．三种物质的密度中，CCl4的密度大于1g/mL、水的密度是1g/mL、苯的密度小于1g/mL，所以密度：CCl4＞H2O＞苯，故B正确；
C．若烃为CxHy，同质量的物质燃烧耗O2量为，显然甲烷消耗氧气最多，大小顺序为甲烷＞乙烯＞乙炔，故C错误；
D．若有机物为CxHyOz，同物质的量物质燃烧耗O2量为，消耗氧气为环己烷（C6H12）＞苯（C6H6）=苯甲酸（C7H6O2），故D错误；
故选B。
4. 用下列装置进行实验，能达到实验目的的是

A. 用图1所示装置制取乙烯 B. 用图2所示装置制取乙酸乙酯
C. 用图3所示装置比较H2CO3和苯酚酸性强弱 D. 用图4所示装置检验是否有乙烯生成
【答案】B
【解析】
【详解】A．用乙醇与浓硫酸共热发生消去反应制备乙烯时，温度计末端应插入反应液中，不能放在支管口附近，则图1所示装置不能达到实验目的，故A错误；
B．乙酸和乙醇在浓硫酸作用下共热发生酯化反应能制备乙酸乙酯，饱和碳酸钠溶液吸收乙酸、溶解乙醇、降低乙酸乙酯的溶解度，从而实现产物分离，则图2所示装置能达到实验目的，故B正确；
C．浓盐酸易挥发，挥发出的氯化氢会优先与苯酚钠溶液反应生成苯酚，会干扰二氧化碳与苯酚钠溶液的反应，无法比较碳酸和苯酚的酸性强弱，则图3所示装置不能达到实验目的，故C错误；
D．乙醇具有挥发性，挥发出的乙醇也能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应使溶液褪色，干扰乙烯的检验，则图4所示装置不能达到实验目的，故D错误；
故选B。
5. 下列实验探究方案能达到探究目的的是
选项
探究方案
探究目
A
向试管中滴入几滴1-溴丁烷，再加入溶液，振荡后加热，反应一段时间后停止加热，静置。取数滴水层溶液于试管中，加入几滴溶液，观察现象
检验1-溴丁烷中的溴元素
B
与浓硫酸加热至170℃，产生的气体用NaOH溶液充分洗气后，通入溴水，溴水褪色
乙醇发生了消去反应
C
取2%硫酸铜溶液2mL再加入2%NaOH溶液1mL，再加入少量乙醛加热至沸腾，产生砖红色沉淀
醛基能被新制的氧化
D
向苯和少量苯酚的混合溶液中加入足量的浓溴水，充分反应后，过滤
除去苯中少量的苯酚杂质

A. A B. B C. C D. D
【答案】B
【解析】
【详解】A．NaOH过量，所以会与AgNO3反应生成沉淀，故无法检验溶液中是否有溴元素，A错误；
B．C2H5OH与浓H2SO4加热至170℃，产生的气体用NaOH溶液洗涤除去挥发的乙醇和二氧化硫，再通入溴水，溴水褪色，说明反应中生成乙烯，证明乙醇发生了消去反应，B正确；
C．新制氢氧化铜的配制是在NaOH溶液中滴加少量CuSO4溶液，确保NaOH过量，则在2%硫酸铜溶液2 mL中加入2%NaOH溶液1 mL，再加入少量乙醛加热至沸腾，不可能产生砖红色沉淀，C错误；
D．苯酚与溴水反应生成三溴苯酚，三溴苯酚、溴均易溶于苯，不能除杂，应选NaOH溶液、分液，D错误；
故选B。
6. 下列反应的化学方程式或离子方程式书写正确的是
A. 向银氨溶液中加入CH3CHO溶液并水浴加热：
B. 苯酚钠中通入少量的CO2气体：
C. 甲苯与浓硫酸、浓硝酸在30℃时反应：
D. 1-溴丙烷与氢氧化钠水溶液共热：
【答案】A
【解析】
【详解】A．向银氨溶液中加入CH3CHO溶液发生银镜反应，反应为，A正确；
B．酸性：碳酸>苯酚> ，苯酚钠中通入少量的CO2气体：，B错误；
C．甲苯中甲基的邻位和对位比较活泼，易发生取代反应，甲苯与浓硫酸、浓硝酸在30℃时反应生成或，C错误；
D．1-溴丙烷与氢氧化钠水溶液共热发生取代反应生成醇：，D错误。
故选A。
7. 某有机物的分子结构如图所示，下列关于该分子的说法正确的是

A. 该分子中含有三种含氧官能团
B. 该分子最多只能与溴单质发生反应
C. 该有机物可发生加成反应、中和反应、酯化反应和聚合反应
D. 该有机物中的碳原子有3种杂化方式
【答案】C
【解析】
【详解】A．该分子中含有羧基、羟基两种含氧官能团，A错误；
B．苯环上可以消耗溴单质，碳碳双键加成1mol溴单质，B错误；
C．分子中含有碳碳双键，可以发生加成反应和聚合反应，因为含有羧基和羟基可以发生酯化反应，含有羧基的物质具有酸性可以发生中和反应，C正确；
D．C的杂化方式有sp3、sp2，两种，D错误；
故答案为：C。
8. 某有机物的结构简式如图所示，下列说法中错误的是

A. 该分子中所有碳原子可能处于同一平面
B. 该有机物能使溴水褪色，也能使酸性溶液褪色
C. 该烃苯环上的一氯代物共有5种
D. 该有机物含有两种官能团
【答案】C
【解析】
【详解】A．该分子中两个苯环上的C原子分别位于同一平面上，两个苯环通过单键相连，单键可以旋转，因此该分子中所有碳原子可能处于同一平面，A项正确；
B．该分子含有碳碳三键，可以和溴以及酸性KMnO4溶液反应导致它们褪色，B项正确；
C．该烃苯环上有三种不同化学环境的H，其上一氯代物共有3种，C项错误；
D．该有机物中含有碳碳三键、酚羟基两种官能团，D项正确；
答案选C。
9. 抗阿尔茨海默病药物多奈哌齐的部分合成路线如下：

下列说法正确的是
A. 1 mol X最多能与3 mol H2反应
B. Y中所有原子可能在同一平面上
C. 可以用KMnO4溶液区分物质X和Y
D. 1分子多奈哌齐中含有1个手性碳原子
【答案】D
【解析】
【详解】．1mol醛基加成1molH2，1mol苯环加成3mol氢气，因此1molX最多能与4molH2反应，选项A错误；
B．苯环上所有碳原子共面，与苯环相连的氧原子和碳原子也与苯环共面，氧与甲基碳共线，双键碳和与其直接相连的原子共面，而单键可以旋转，因此Y中所有碳原子可能在同一平面上，但甲基上的氢原子不可能均在同一平面上，选项B错误；
C．X中有醛基，能使高锰酸钾溶液褪色，Y中含碳碳双键，也能使高锰酸钾溶液褪色，因此不能用高锰酸钾溶液区分X和Y，选项C错误；
D．人们将连有四个不同基团的碳原子形象地称为手性碳原子，由多奈哌齐的结构可知，1分子多奈哌齐中含有1个手性碳原子，如图（用星号标出）：，选项D正确；
答案选D。
10. 设为阿伏加德罗常数的值，下列关于有机物结构或性质说法正确的是
A. 甲基中含个电子
B. 光照条件下与反应可制得
C. 质量分数为46%的乙醇溶液中，含键的数目为
D. 乙烯和环丙烷组成的混合气体中含有个氢原子
【答案】D
【解析】
【详解】A．甲基中含个电子，A错误；
B．氯气和甲烷发生取代反应生成多种卤代烃，因此光照条件下与反应不可能制得，B错误；
C．质量分数为46%的乙醇溶液中乙醇的物质的量是1mol，水的质量是54g，物质的量是3mol，含键的数目为，C错误；
D．乙烯和环丙烷的最简式均是CH2，则乙烯和环丙烷组成的混合气体中含氢原子的物质的量是，含有个氢原子，D正确；
答案选D。
11. 根据下列实验及现象所得结论正确的是
选项
实验及现象
结论
A
将2－溴丙烷与NaOH的乙醇溶液共热，产生的气体通入酸性高锰酸钾溶液，溶液褪色
2－溴丙烷发生了消去反应
B
向电石中逐滴加入饱和食盐水，将产生的气体通入溴水中，溴水褪色
乙炔与Br2发生了加成反应
C
将铜丝烧至表面变黑，伸入盛有某有机物的试管中，铜丝恢复亮红色
该有机物中一定含有醇羟基
D
将石蜡油加强热，产生的气体通入Br2的四氯化碳溶液，溶液褪色
产生的气体中含有不饱和烃

A. A B. B C. C D. D
【答案】D
【解析】
【详解】A．挥发出的乙醇也能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应使溶液褪色，所以将2－溴丙烷与氢氧化钠的乙醇溶液共热，产生的气体通入酸性高锰酸钾溶液，溶液褪色不能说明2－溴丙烷发生了消去反应，故A错误；
B．电石与饱和食盐水反应得到的乙炔气体中混有的硫化氢、磷化氢能与溴水发生氧化还原反应使溶液褪色，则向电石中逐滴加入饱和食盐水，将产生的气体通入溴水中，溴水褪色不能说明乙炔与溴发生了加成反应，故B错误；
C．若有机物分子中含有醛基，加热条件醛基能与氧化铜反应生成羧基、铜和水，则将铜丝烧至表面变黑，伸入盛有某有机物的试管中，铜丝恢复亮红色不能说明有机物中一定含有醇羟基，故C错误；
D．将石蜡油加强热，产生的气体通入溴的四氯化碳溶液，溶液褪色说明石蜡油受热分解生成的气体中一定含有不饱和烃，故D正确；
故选D。
12. 坚决反对运动员服用兴奋剂是现代奥运会公平性的一个重要体现．已知某种兴奋剂的结构简式如图，下列有关该物质的说法正确的是

A. 因该物质与苯酚互为同系物，故其遇溶液显紫色
B. 滴入酸性溶液，观察到溶液紫色褪去，可证明其结构中存在碳碳双键
C. 1mol该物质分别与足量浓溴水、反应时，最多消耗的和的物质的量分别为3mol、7mol
D. 该分子中的所有碳原子有可能共平面
【答案】D
【解析】
【详解】A．该物质含有酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，但与苯酚不互为同系物，故A错误；
B．连在苯环上的-CH3、酚-OH、碳碳双键，都能被酸性KMnO4溶液氧化，从而使KMnO4溶液紫色褪去，所以不能证明其结构中存在碳碳双键，故B错误；
C．酚羟基邻、对位上的H原子可以被Br原子取代，碳碳双键可以和溴加成，苯环、碳碳双键都能与H2发生加成反应，所以1mol该物质分别与足量浓溴水、H2反应时，最多消耗的Br2和H2的物质的量分别为4mol、7mol，故C错误；
D．由苯和乙烯原子的共平面，可推测 红框内的原子一定共平面，三个红框分别共用2个碳原子，所以三个红框内的碳原子也可能共平面，由此可推出，该分子中的所有碳原子可能共平面，故D正确；
故选D。
13. 羟甲香豆素(结构简式如图所示)对治疗新冠具有一定的辅助作用。下列说法正确的是

A. 羟甲香豆素的分子式为
B. 可用()检验分子中的碳碳双键
C. 1 mol该物质最多与3 mol 反应
D. 羟甲香豆素分子中可能共平面的碳原子最多有9个
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据羟甲香豆素的结构简式可知，羟甲香豆素的分子式为，A错误；
B．羟甲香豆素中含有碳碳双键和酚羟基均能使()溶液褪色，则不可用()检验分子中的碳碳双键，B错误；
C．羟甲香豆素中含有酚羟基和酯基均能与溶液反应，且酯基水解后生成的酚羟基能继续与溶液反应，则1 mol该物质最多与3 mol 反应，C正确；
D．根据苯和乙烯是平面结构可知，羟甲香豆素分子中可能共平面的碳原子最多有10个，D错误；
故选C。
14. 《本草纲目》记载，穿心莲有清热解毒、凉血、消肿、燥湿的功效。穿心莲内酯是一种天然抗生素，其结构简式如下图所示。下列关于穿心莲内酯说法不正确的是

A. 该有机物的分子式为：
B. 分子中含有3种官能团
C. 能发生加成反应、消去反应和聚合反应
D. 1mol该物质分别与足量的Na、NaOH反应，消耗二者的物质的量之比为3：1
【答案】A
【解析】
【详解】A．由结构简式可知该有机物的分子式为：，故A错误；
B．根据穿心莲内酯的结构简式，分子中含有羟基、酯基、碳碳双键，共3种官能团，故B正确；
C．穿心莲内酯分子中含有碳碳双键，能发生加成反应、聚合反应，含有羟基，能发生消去反应，故C正确；
D．羟基能与钠反应，酯基水解消耗氢氧化钠，1mol该物质分别与足量的Na、NaOH反应，消耗二者的物质的量之比为3∶1，故D正确；
故选：A。
15. 迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其结构如图。下列叙述正确的是

A. 迷迭香酸属于芳香烃
B. 迷迭香酸分子式为C17H16O8
C. 迷迭香酸可以发生加成反应、水解反应和酯化反应
D. 1 mol迷迭香酸最多能和9 mol氢气发生加成反应
【答案】C
【解析】
【详解】A．由题干有机物结构简式可知，迷迭香酸中含有苯环，则属于芳香族化合物，含有氧原子，不属于烃，A错误；
B．由题干有机物结构简式可知，迷迭香酸分子式为C18H16O8，B错误；
C．由题干有机物结构简式可知，迷迭香酸含有羟基、羧基和酯基三种含氧官能团，且含有苯环，迷迭香酸可以发生水解反应、加成反应和酯化反应，C正确；
D．由题干有机物结构简式可知，迷迭香酸含有2个苯环，1个碳碳双键可以和H2加成，故1mol迷迭香酸最多能和7mol氢气发生加成反应，D错误；
故答案为：C。
16. 阿司匹林是影响人类历史进程和走向的化学药品，其化学名称为乙酰水杨酸(结构如图)，下列关于乙酰水杨酸的说法正确的是

A. 分子式为C9H10O4
B. 1mol乙酰水杨酸与NaOH溶液反应消耗NaOH 2 mol
C. 分子中含有3种官能团
D. 1mol乙酰水杨酸与足量的Na反应生成11.2LH2(标况下)
【答案】D
【解析】
【详解】A．根据结构简式可推知，分子式为C9H8O4，选项A错误；
B．该物质含有羧基和酯基，能和氢氧化钠安逸，每摩尔物质消耗3 mol氢氧化钠，选项B错误；
C．含有羧基和酯基两种官能团，选项C错误；
D．羧基能和钠反应，故1 mol乙酰水杨酸能产生标况下0.5mol氢气，标况下体积为11.2L，选项D正确；
答案选D
二、非选择题(4小题，共56分)
17. 己二酸，微溶于水，在水中的溶解度随温度变化较大，当溶液温度由升至时，其溶解度可增大20倍。己二酸是一种重要的有机二元酸，在化工生产、有机合成工业、医药、润滑剂制造等方面都有重要作用。某同学在实验室用如图所示的装置(夹持装置已略去)制备己二酸。
反应原理：

实验步骤：①按如图所示连接好装置，_______。
②在仪器a中加入(约为)环己醇，三口烧瓶中加入浓硝酸(适当过量)
③开启磁力搅拌子，并通入冷凝水，打开仪器a的活塞，以6~10滴/的速度缓慢滴加环己醇。
④在维持搅拌下，控制温度为，继续搅拌。
⑤反应结束后，按顺序拆除导气吸收装置和冷凝回流装置，取出三口烧瓶，置于冰水中冷却以上，然后进行抽滤，用母液洗涤滤饼2~3次，即可制得己二酸粗品。
⑥将获得的己二酸粗品进行重结晶，称重得精制己二酸的质量为。
（1）连接好装置后，还需要进行的操作为_______。
（2）仪器a的名称是_______，仪器a中支管的用途是_______。
（3）本实验中控制温度为的最佳方法是_______。
（4）控制环己醇滴加速度的目的是_______。
（5）倒置漏斗的作用是_______，烧杯中发生反应(生成两种盐)的化学方程式为_______。
（6）该实验中己二酸的产率为_______(保留三位有效数字)%。
【答案】（1）检验气密性
（2） ①. 恒压滴液漏斗 ②. 平衡液面压强，使得液体容易流下
（3）水浴加热 （4）防止反应液暴沸冲出冷凝管引起爆炸；防止产生的二氧化氮气体来不及被碱液吸收而外逸到空气中，污染空气
（5） ①. 防止倒吸 ②. 2NO2+2NaOH=NaNO3+NaNO2+H2O；
（6）86.3%
【解析】
【分析】该反应放热，反应温度高，易导致溶液暴沸，甚至可能引起爆炸；二氧化氮有毒，能污染空气；根据流程可以知道产物己二酸的物质的量等于环己醇的物质的量，再结合实际生成的产物的物质的量从而计算产率，以此解题。
【小问1详解】
装置在组装好后，需要检验气密性；
【小问2详解】
由图可知，仪器a的名称是恒压滴液漏斗；滴液漏斗的细支管a可以平衡液面压强，使得液体容易流下；
【小问3详解】
可以采用水浴加热的方法控制温度为；
【小问4详解】
根据题给信息可知，该反应为放热反应，需控制好环醇的滴入速率，如果环己醇的滴入速率过快，反应温度高，反应液暴沸冲出冷凝管；可能引起爆炸；产生的二氧化氮气体来不及被碱液吸收而外逸到空气中，故答案为：防止反应液暴沸冲出冷凝管引起爆炸；防止产生的二氧化氮气体来不及被碱液吸收而外逸到空气中，污染空气；
【小问5详解】
该反应的产物己二酸和二氧化氮在水中的溶解度较大，使用倒置漏斗可以防止倒吸；其中二氧化氮可以和氢氧化钠反应生成两种盐，方程式为：2NO2+2NaOH=NaNO3+NaNO2+H2O；
【小问6详解】
根据方程式可知，生成的己二酸的物质的量等于环己醇的物质的量，则己二酸的物质的量为0.05mol，其质量为0.05mol×146g/mol=7.3g，则己二酸的产率。
18. 某化学小组为测定样品有机物G 的组成和结构，设计如图实验装置：

步骤：
① 搭建装置，检测装置的气密性；
② 准确称取4.3g样品有机物G放于电炉中；
③ 打开K1；关闭K2，让A装置反应一段时间后，再关闭K1打开K2；
④ 电炉通电，充分燃烧后产物只有水和二氧化碳，且被充分吸收；
⑤ 样品完全燃烧后，电炉断电，继续让A装置反应一段时间后再停止；
⑥ 测定装置D质量增加2.7g，U形管E质量增加8.8g；
⑦ 拿样品G去相关机构做质谱、红外光谱和核磁共振氢谱，谱图如下所示。

回答下列问题：
（1）装双氧水的仪器的名称是______ 。装置F 中碱石灰的作用是______。
（2）有机物G的分子式为______ ，结构简式为 _______。
（3）有机物G的一些同分异构体能与碳酸氢钠溶液发生反应有气体生成，写出符合条件的G的所有同分异构体的结构简式(不考虑立体异构) ______。
（4）下列说法正确的是
A. 若删除装置A，改成通空气，对分子式测定实验结果无影响
B. 装置B和D 都可以用装有碱石灰的装置E 替代
C. 如果没有CuO，可能导致装置E所测物质的质量偏低
D. 如果没有步骤⑤，导致测量的分子式中氧元素含量偏高
【答案】（1） ①. 分液漏斗 ②. 防止空气中CO2和水蒸气进入装置E中，干扰实验结果
（2） ①. C4H6O2 ②. HCOOCH=CHCH3
（3）CH2=CHCH2COOH、CH3CH=CHCOOH、CH2=C(CH3)COOH （4）CD
【解析】
【分析】装置A用于制取O2，起初通O2，是为了排尽装置内的空气，后来通O2，促使有机物样品充分燃烧；装置B用于干燥O2，装置C使有机物样品充分燃烧；装置D用于吸收燃烧生成的水蒸气，装置E用于吸收燃烧生成的二氧化碳，装置F用于防止空气中的水蒸气和二氧化碳进入E装置，干扰实验结果。
【小问1详解】
装双氧水的仪器带有活塞，名称是分液漏斗。装置D中的碱石灰也能吸收空气中的二氧化碳和水蒸气，使燃烧产物的质量产物偏差，则装置F 中碱石灰的作用是防止空气中的CO2和水蒸气进入装置E中，干扰实验结果。答案为：分液漏斗；防止空气中的CO2和水蒸气进入装置E中，干扰实验结果；
【小问2详解】
n(CO2)==0.2mol，n(H2O)==0.15mol，则n(C)=0.2mol，n(H)= 0.3mol，n(O)==0.1mol，从而得出C:H:O=2:3:1，G的实验式为C2H3O，由质核比可得出G的相对分子质量为86。设G的分子式为(C2H3O)n，n==2，有机物G的分子式为C4H6O2，由红外光谱可确定G分子中含有-CH3、碳碳双键、酯基，由核磁共振氢谱可确定G分子中含有4种氢原子，且峰面积之比为3:1:1:1，从而得出G的结构简式为HCOOCH=CHCH3。答案为：C4H6O2；HCOOCH=CHCH3；
【小问3详解】
有机物G的一些同分异构体能与碳酸氢钠溶液发生反应有气体生成，则其含有-COOH，则符合条件的G的所有同分异构体的结构简式(不考虑立体异构)为： CH2=CHCH2COOH、CH3CH=CHCOOH、CH2=C(CH3)COOH。答案为：CH2=CHCH2COOH、CH3CH=CHCOOH、CH2=C(CH3)COOH；
【小问4详解】
A．若删除装置A，改成通空气，则空气中的CO2、水蒸气也会被浓硫酸和碱石灰吸收，对分子式测定实验结果有影响，A不正确；
B．装置B用于吸收O2中的水蒸气，可以用碱石灰代替，D装置用于吸收燃烧生成的水蒸气，但不能吸收二氧化碳，所以不能用装有碱石灰的装置E替代，B不正确；
C．如果没有CuO，燃烧生成的CO不能转化为CO2，可能导致装置E所测物质的质量偏低，C正确；
D．如果没有步骤⑤，实验测得的水和二氧化碳的质量偏低，从而使C、H元素的含量偏低，分子式中氧元素含量偏高，D正确；
故选CD。答案为：CD。
【点睛】计算有机物分子式时，通常先确定其实验式。
19. W是一种高分子功能材料，在生产、生活中有广泛应用。一种合成W的路线如图。

已知：
请回答下列问题：
（1）D的名称是_______。G中官能团名称是_______。
（2）已知E的分子式为C8H8O2，F的结构简式为_______。
（3）G→W的化学方程式为_______。
（4）M是G的同分异构体，同时满足下列条件的结构有_______种(不考虑立体异构)。
①遇氯化铁溶液能发生显色反应；②能与NaHCO3反应产生气体。
其中核磁共振氢谱上有5组峰且峰的面积比为1∶2∶2∶2∶1的结构简式为_______。
（5）设计以2，3-二氯丁烷()、丙烯醛(CH2=CHCHO)为原料合成苯甲醛的合成路线_______(无机试剂任选)。
【答案】（1） ① 对甲基苯甲醛(或4-甲基苯甲醛) ②. 羟基、羧基
（2） （3）n+(n-1)H2O
（4） ①. 13 ②.
（5）
【解析】
【分析】比较D()与G()的结构简式，结合反应条件，可确定F为，E为，则W为。
【小问1详解】
D为，名称是对甲基苯甲醛(或4-甲基苯甲醛)。G为，官能团名称是羟基、羧基。答案为：对甲基苯甲醛(或4-甲基苯甲醛)；羟基、羧基；
【小问2详解】
E的分子式为C8H8O2，由分析可得出，F的结构简式为。答案为：；
【小问3详解】
G()发生缩聚反应，生成W()和水，化学方程式为n+(n-1)H2O。答案为：n+(n-1)H2O；
【小问4详解】
M是G的同分异构体，同时满足条件：“①遇氯化铁溶液能发生显色反应；②能与NaHCO3反应产生气体”的同分异构体分子中，可能含有-OH和-CH2COOH，两取代基可能位于邻、间、对位，共3种；可能含有-OH、-CH3、-COOH三种取代基，其可能结构为，共10种，所以共有同分异构体13种。其中核磁共振氢谱上有5组峰且峰的面积比为1∶2∶2∶2∶1的结构简式为。答案为：13；；
【小问5详解】
以2，3-二氯丁烷()、丙烯醛(CH2=CHCHO)为原料合成苯甲醛，需利用题给信息，将转化为，再与CH2=CHCHO加成，最后脱氢形成苯环，合成路线：。答案为：。
【点睛】分析、推断有机物时，可采用逆推法。
20. 奈必洛尔是一种用于血管扩张的降血压药物，一种合成奈必洛尔中间体G的部分流程如下：

已知：乙酸肝的结构简式为。请回答下列问题：
（1）B中所含官能团的名称是_______；反应①的反应类型是_______。
（2）反应①的化学方程式为_______。
（3）反应⑤的化学方程式为_______。
（4）研究发现，当分子中含有手性碳取子时，该分子就会存在对映异构体。G分子具有对映异构体，请用“*”标记G分子中的手性碳原子_______。

（5）写出满足下列条件的E的同分异构体的两个结构简式：_______、_______。
i.苯环上只有三个取代基
i.核磁共振氢谱图中只有4组吸收峰
iii.1mol该物质与足量溶液反应生成
【答案】（1） ①. 酯基、碳氟键 ②. 取代反应
（2）＋CH3COOH
（3）＋H2O
（4） （5） ①. ②.
【解析】
【分析】A和乙酸酐在浓硫酸作用下发生取代反应生成B，B在氯化铝作用下发生结构异化得到C，C在乙二酸乙二酯、乙酸钠作用下反应生成D，D和氢气发生加成反应生成E，E发生消去反应生成F，F发生加成反应生成G。
【小问1详解】
根据B结构简式得到B中所含官能团的名称是酯基、碳氟键；反应①是A和乙酸酐在浓硫酸作用下反应生成B和乙酸，其反应类型是取代反应；故答案为：酯基、碳氟键；取代反应。
【小问2详解】
根据前面分析得到反应①发生取代反应，其反应的化学方程式为＋＋CH3COOH；故答案为：＋＋CH3COOH。
【小问3详解】
反应⑤是发生消去反应，其反应的化学方程式为＋H2O。
【小问4详解】
手性碳原子是连四个不相同的原子或原子团的碳，用“*”标记G分子中的手性碳原子；故答案为：。
【小问5详解】
E的同分异构体满足下列条件：
i.苯环上只有三个取代基，在苯环三个位置上取代，i.核磁共振氢谱图中只有4组吸收峰，说明有四种位置的氢，iii.1mol该物质与足量溶液反应生成，说明含有2个羧基，则E的同分异构体的两个结构简式：、；故答案为：；。